河南省安阳市滑县二中2015-2016学年高一(上)月考物理试卷(12月份)(解析版)
北大附中河南分校2015_2016学年高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
北大附中河南分校（宇华教育集团）2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每题4分，1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，部分分2分，有错误的没分）1．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路2．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小3．图中所示的逻辑电路中，当A、B端输入的电信号分别为“0”和“0”时，在C、D端输出的电信号分别为（）A．“1”和“0” B．“0”和“1” C．“0”和“0” D．“1”和“1”4．某同学用多用电表按如图所示电路进行了正确的测量．闭合开关S后，多用电表直接测出的是（）A．灯泡L的电功率B．灯泡L的电阻C．通过灯泡L的电流 D．灯泡L两端的电压5．如图所示是一欧姆表（多用电表欧姆挡）的结构示意图，虚线框内有欧姆表的内部电路，红、黑表笔分别插入正、负插孔，虚线框内的欧姆表的内部电路图正确的是（）A．B．C．D．6．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）A．R1＞R＞R2 B．R＞R1＞R2 C．R1＜R＜R2 D．R＜R1＜R27．把电流表改装成电压表时，下列说法中正确的是（）A．改装的原理是串联电路有分压作用B．改装成电压表后，原电流表本身允许通过的最大电流值也随着变大了C．改装后原电流表自身的电阻也增大了D．改装后使用时，加在原电流表两端的电压的最大值不变8．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大9．关于电源的电动势，下面叙述不正确的是（）A．同一电源接入不同电路，电动势不会发生变化B．电动势等于闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压C．电源的电动势反映电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D．在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和10．用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U ﹣I图象，由图可知（）A．电池电动势的测量值是1.40VB．电池内阻的测量值是3.50ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40AD．电压表的示数为1.20V时电流表的示数I′为0.20A11．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低12．如图所示，A、B分别为电源E和电阻R的U﹣I图线，虚线C是过图线A、B交点的曲线B的切线，现将电源E与电阻R及开关、导线组成闭合电路，由图象可得（）A．电源的电动势为3V，此时消耗的总功率为6WB．R的阻值随电压升高而增大，此时的阻值为1ΩC．若再串联一定值电阻，电源的输出功率可能不变D．此时电源消耗的热功率为4W，效率约为66.7%二、解答题（共2小题，满分22分）13．某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是mm、A、V14．从以下器材中选取适当的器材，设计一个测量阻值约为15KΩ的电阻R x的电路，要求方法简捷，R x两端的电压从零开始变化，要尽可能提高测量的精度．电流表A1：量程300μA，内阻r1为300Ω，电流表A2：量程100μA，内阻r2=500Ω，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15KΩ，电压表V2：量程3V，内阻r4≈10KΩ；电阻R0：阻值约为25Ω，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50Ω，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000Ω，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干．（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是：、、（填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图（3）用所测数据对应的物理量计算R x，计算表达式为R x= ．三、解答题（共3小题，满分30分）15．如图所示，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为（6V，3W）的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒定不变，求：（1）电源的内电阻r；（2）电源的输出功率．16．如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．17．如图所示是家用电瓶车充电器对蓄电池组进行充电的电路．A、B两端接在充电机的输出端上，蓄电池组的内阻r=2Ω，指示灯L的规格为“6V，3W”．当可变电阻R调到20Ω时，指示灯恰能正常发光，电压表示数为52V（设电压表内阻极大），试求：蓄电池组接充电机（1）充电机的输出功率；（2）对蓄电池组的输入功率；（3）蓄电池组的总电动势；（4）充电机的充电效率．2015-2016学年北大附中河南分校（宇华教育集团）高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，部分分2分，有错误的没分）1．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由题目中电表示数的变化可得出故障原因，根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障．【解答】解：A、若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；若R1短路，则R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，故A正确．B、若R2短路，则R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意，故B错误．C、若R3短路，则电压表示数为零，不符合题意；故C错误．D、若R1断路，则电流表示数为零，也不符合题意，故D错误．故选：A．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，明确当电路中有电流时，说明电路中应发生了短路故障；若电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端．2．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R3为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器R4所在处出现火情时，分析R4的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R4所在处出现火情时，R4的阻值变小，R2、R3与R4的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即有U变小．因U变小，而电流增大，故R1分压增大；并联部分分压减小；故电流表示数减小；故选：A．【点评】本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析3．图中所示的逻辑电路中，当A、B端输入的电信号分别为“0”和“0”时，在C、D端输出的电信号分别为（）A．“1”和“0” B．“0”和“1” C．“0”和“0” D．“1”和“1”【考点】简单的逻辑电路．【分析】该复合门中非门的输出端又为与门的输入端．与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．非门的特点：输入状态和输出状态相反．【解答】解：B端输入电信号“0”时，则非门的输出端D为“1”，非门的输出端又为与门的输入端，与门的输入端为“0”和“1”，则输出端C为“0”．故B正确、ACD错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握与门和非门的特点，与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．非门的特点：输入状态和输出状态相反．4．某同学用多用电表按如图所示电路进行了正确的测量．闭合开关S后，多用电表直接测出的是（）A．灯泡L的电功率B．灯泡L的电阻C．通过灯泡L的电流 D．灯泡L两端的电压【考点】多用电表的原理及其使用；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】多用电表有欧姆挡、电压挡、电流挡，测量电阻要从外电路断开，测量电流要串接到电路中，测量电压要并联到电阻两端．【解答】解：闭合开关后，多用电表是串联到电路中，题目说接法正确，故是选择的电流挡，即测量的是干路电流；故选：C．【点评】本题关键熟悉多用电表的欧姆挡、电压挡、电流挡的使用方法，是多用电表的基本使用方法，基础题．5．如图所示是一欧姆表（多用电表欧姆挡）的结构示意图，虚线框内有欧姆表的内部电路，红、黑表笔分别插入正、负插孔，虚线框内的欧姆表的内部电路图正确的是（）A．B．C．D．【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，黑表笔与电源的正极相连．【解答】解：由于要保证电流在表头中由红进黑出，故红表笔应接电源的负极，黑表笔接电源的正极；并且在测量电阻时要进行欧姆调零；故应串接滑动变阻器；故选：A．【点评】本题考查了欧姆表的内部结构，要记住电流从红表笔进，从黑表笔出．6．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）A．R1＞R＞R2 B．R＞R1＞R2 C．R1＜R＜R2 D．R＜R1＜R2【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】根据两接法的特点可知误差的来源及对结果的影响，即可得出其测量结果与真实值之间的关系．【解答】解：甲图中电压值是准确的，而由于电压表的分流导致电流值偏大，故测量结果将小于真实值；而乙图中电流值是准确的，而由于电流表的分压导致了电压表示数偏大，故测量结果将大于真实值；故答案为：R1＜R＜R2，C正确；故选C【点评】本题考查误差的分析，要明确两种不同的接法中电表对实验的影响，从而得出测量值与真实值之间的关系．7．把电流表改装成电压表时，下列说法中正确的是（）A．改装的原理是串联电路有分压作用B．改装成电压表后，原电流表本身允许通过的最大电流值也随着变大了C．改装后原电流表自身的电阻也增大了D．改装后使用时，加在原电流表两端的电压的最大值不变【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】本题的关键是明确电压表和大量程的电流表都是由电流表（表头）改装成的，改装前后，原电流表的参数最大电流、最大电压、内阻均不发生变化．【解答】解：A：根据串并联规律可知，电流表改装为电压表时，应将电流表与电阻串联，即串联电阻具有分压作用，所以A正确；B：改装成电压表以后，原电流表本身允许通过的最大电流没有发生变化，所以B错误；C：改装前后，原电流表的内阻不会发生变化，所以C错误；D：改装前后，加在原电流表两端的电压的最大值不会发生变化，所以D正确．故选：AD【点评】应明确：①串联电阻具有分压作用，并联电阻具有分流作用；②改装前后，原电流表的最大电流、最大电压、内阻均不发生变化．8．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A错误．B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD错误．C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C正确．故选：C．【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．9．关于电源的电动势，下面叙述不正确的是（）A．同一电源接入不同电路，电动势不会发生变化B．电动势等于闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压C．电源的电动势反映电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D．在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、电动势反映电源本身的特性，与外电路的结构无关．即同一电源接入不同的电路，电动势不会变化；在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也不会变化．故A正确；B、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，电源有内电压，则电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故B错误；C、电源的电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，故C正确．D、在外电路接通时，根据闭合电路欧姆定律可知：电动势的数值等于内、外电路电压之和，故D正确．本题选错误的，故选：B【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．10．用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U ﹣I图象，由图可知（）A．电池电动势的测量值是1.40VB．电池内阻的测量值是3.50ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40AD．电压表的示数为1.20V时电流表的示数I′为0.20A【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由图象的纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的交点可知路端电压为1V时的电流，由闭合电路欧姆定律可得出内电阻．【解答】解：A、由图示图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值为1.40，则电源的电动势测量值为1.40V，故A正确；B、电源内阻等于图象斜率的大小，为 r===1Ω，故B错误；C、由图示图象可知，路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，可知外电路发生短路时的电流为 I短==1.4A，故C错误；D、当电压表示数为1.20V时，I′===0.20A，故D正确；故选：AD．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的数据处理，要明确图象的意义，同时注意纵坐标是否从零开始的，不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流．11．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．【解答】解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，A正确．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，则I A增大．即电流表示数变大．故BD正确；C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，故C错误；故选：ABD【点评】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．12．如图所示，A、B分别为电源E和电阻R的U﹣I图线，虚线C是过图线A、B交点的曲线B的切线，现将电源E与电阻R及开关、导线组成闭合电路，由图象可得（）A．电源的电动势为3V，此时消耗的总功率为6WB．R的阻值随电压升高而增大，此时的阻值为1ΩC．若再串联一定值电阻，电源的输出功率可能不变D．此时电源消耗的热功率为4W，效率约为66.7%【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图象与纵轴的交点读出电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．电阻R的伏安特性曲线上的点与原点O连线的斜率表示电阻．两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率和效率．【解答】解：A、电源的U﹣I图象纵截距表示电源的电动势，由图读出电源的电动势E=3V，两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=1V，电流I=2A，则电源的总功率为：P=EI=3×2W=6W，故A正确；B、电阻R=，其大小等于U﹣I图线上的点与原点O连线的斜率，可知R随电压的升高而增大，此时电阻值R=，故B错误；C、电源内阻等于A图线的斜率大小，则r=，当外电路电阻与电源内电阻相等时，电源的输出功率最大，所以增加一个定值电阻后，电源的输出功率可能增大，也可能减小，也可能不变，故C正确；D、此时电源消耗的热功率，效率，故D错误．故选：AC【点评】本题关键结合图象并根据公式U=E﹣Ir和U=IR求解电源的电动势、内电阻和外电阻，同时要记住“外电路电阻与电源内电阻相等时，电源的输出功率最大”的结论二、解答题（共2小题，满分22分）13．某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是0.999 mm、0.42 A、 2.28 V【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】螺旋测微器读数时，可以分成整数部分和小数部分两部分来读，读整数时，注意“半毫米”刻度线是否露出；电表读数时注意“估读”方式：若每小格的读数是“0.02”A，则应是估读，即估读到0.01A，若每小格的读数是“0.1”V，则应是“”估读，即估读到0.01V，若每小格最小读数是“0.5”，则应是估读，即估读到“0.1”即可．【解答】解：螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+49.9×0.01mm=0.999mm；电流表的读数为：I=0.42A；电压表的读数为：U=2.28V故答案为：0.999，0.42，2.28【点评】在螺旋测微器读数时，要分别读出整数部分和小数部分，再求出两部分的和，则应“半毫米”刻度线是否露出；在电表读数时，有“”、“”、“”等几种估读方法，方法是：先求出每小格的读数，若出现“1”则应是估读，出现“2”则应是“”估读，出现“5”则是“估读．”14．从以下器材中选取适当的器材，设计一个测量阻值约为15KΩ的电阻R x的电路，要求方法简捷，R x两端的电压从零开始变化，要尽可能提高测量的精度．电流表A1：量程300μA，内阻r1为300Ω，电流表A2：量程100μA，内阻r2=500Ω，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15KΩ，电压表V2：量程3V，内阻r4≈10KΩ；电阻R0：阻值约为25Ω，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50Ω，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000Ω，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干．（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是：A1、V2、R1（填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图（3）用所测数据对应的物理量计算R x，计算表达式为R x= ﹣r1．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由题意可知，电源电压为3V，而待测电阻约为15kΩ，则可知电路中电流的最大值，本着安全准确的原则可以选电压表及电流表；根据电阻阻值与电流表、电压表内阻的大小关系可以选出合理的接法，则可画出电路图；由接法可知R X两端的电压及电流，由欧姆定律可求得电阻值．【解答】解：（1）因电源电压为3V，故电压表只能选取V2，而由欧姆定律可知，电路中的电流约为I==200μA，故电流表应选A1；．为了能多测量数据滑动变阻器应采用分压接法；选择小电阻R1；（2）滑动变阻器最大阻值为50Ω，待测电阻阻值为15kΩ，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用内接法，如图所示：（3）由题意可知，电压值为U2，而电流为A2中电流减去电压分流电流，则由欧姆定律可知：R X=﹣r1，U2表示电压表V2的示数，I1表示电流A1的示数．r表示电流表的内阻；故答案为：（1）A1，V2；R1（2）如上图；（3）﹣r1【点评】电学实验的考查重点在于考查：仪表的选择，接法的选择及数据分析和误差分析，知道在什么情况下选用外接法误差较小，什么情况下选用内接法误差较小．三、解答题（共3小题，满分30分）15．如图所示，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为（6V，3W）的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒定不变，求：（1）电源的内电阻r；（2）电源的输出功率．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，求出灯泡的额定电流，根据闭合电路欧姆定律求出内阻；（2）根据P=EI﹣I2r求解电源的输出功率．【解答】解：（1）变阻器的滑片在中点位置时R2=3Ω，灯泡正常发光，则干路电流为：I=，根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+I（R2+r）解得：r=（2）电源的输出功率为：P=EI﹣I2r=8×0.5﹣0.52×1=3.75W。
河南省青桐鸣大联考2023-2024学年高一上学期12月月考试题 物理含答案
2026届普通高等学校招生全国统一考试青桐鸣高一联考物理（答案在最后）全卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.第31届世界大学生夏季运动会于2023年7月28日至8月8日在中国成都举行，中国队以178枚奖牌领先，获得金牌103枚，创中国参加大运会以来单届大运会金牌最高记录。
下列比赛项目中运动员可以视为质点的是（）A.公路自行车B.十米跳台C.男子单杠D.女子跳马2.如图所示，半径为R的地球仪上，P点为赤道与0°经线的交点，Q点为赤道与东经90°经线的交点。
一只蚂蚁从P点沿0°经线向北爬行到北极点，然后又沿东经90°经线向南爬行到Q点，则蚂蚁从P点运动到Q点的整个过程中的路程和位移大小分别为（）A.路程为2πR，位移大小为2RB.路程为πR，位移大小为RC.路程为πR RD.路程为2πR R3.云层中的雨滴凝结到一定体积后，会由静止开始竖直下落，由于空气阻力影响，雨滴最终会匀速下落。
已知雨滴最终匀速下落的速度大小为8m/s，从静止开始下落到刚刚匀速直线运动用时4s，该过程中雨滴下落的高度为24m ，则雨滴从静止开始下落到刚刚匀速直线运动的过程中，平均速度大小为（）A.4m/sB.6m/sC.8m/sD.12m/s4.一质点沿x 轴方向运动，其位置坐标x 随时间t 的变化关系如图所示，下列说法正确的是（）A.在t =1s 时，质点运动的速度方向发生改变B.在t =2s 时，质点运动的速度大小为1m/sC.在0~1s 内质点的加速度大于其在1~3s 内的加速度D.在0~1s 内和1~3s 内质点运动的位移大小相等5.一小球从距离地面某高度处开始做自由落体运动，已知小球在最初的t 0时间内下落的高度为h ，在最后的t 0时间内，小球下落的高度为kh （k 为常数，且k >1），则小球落地时的速度大小为（）A .02(1)k h t - B.02(1)k ht + C.0(1)k h t - D.(1)k h t +6.物块沿直线以一定的初速度匀减速滑行4m 后刚好停下，已知物块通过前2m 的距离用时为t 0，则物块通过最后2m 用时为（）A.1)t +B.01)t -C.D.0t 7.一小球从地面竖直上抛，小球的速率用v 表示，运动的路程用s 表示，运动的时间用t 表示，不计空气阻力，则小球从抛出到落回地面的过程中，下列图像正确的是（）A.B.C.D.8.水平地面上，一物块从P 点由静止开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为a 1，运动一段时间后，物块的加速度方向变为水平向左，大小为a 2，且又经过相同的时间物块刚好回到P 点，则12a a （）A.34 B.23C.12D.13二、选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
【全国百强校】河南省信阳高级中学2015-2016学年高一12月月考物理试题解析(解析版)
第Ⅰ卷一、选择题(本题共12小题，每题4分，共48分。
1--7小题只有一个选项正确，8--12小题有多个选项正确，选不全得2分。
)1.一物体做匀变速直线运动，下列说法中正确的是A.物体的末速度一定与时间成正比B.物体的位移一定与时间的平方成正比C.物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比D.若物体做匀加速直线运动，则速度和位移都随时间增大；若物体做匀减速直线运动，则速度和位移都随时间减小【答案】C考点：匀变速直线的运动规律。
【名师点睛】三个基本规律速度公式：v ＝v 0＋at ；位移公式：x ＝v 0t ＋12at 2； 位移速度关系式：v 2－v 20＝2ax ．2.如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB 固定在竖直平面内，A 端与水平面相切。
穿在轨道上的小球在拉力F 作用下，缓慢地由A 向B 运动，F 始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N 。
在运动过程中A.F 增大，N 减小B.F 减小，N 减小C.F 增大，N 增大D.F 减小，N 增大【答案】A考点：受力分析、共点力的平衡。
【名师点睛】求解平衡问题的方法(1)力的合成与分解运用了等效的思想观点，满足平行四边形定则．利用力的合成与分解可解决三力平衡的问题．①分解：将其中一个力沿另外两个力的反方向分解，将三力变四力构成两对平衡力；②合成：将某两个力进行合成，三力变二力，组成一对平衡力．(2)物体受多个(三个以上)作用力平衡时，常用正交分解法．3.物体做方向不变的直线运动，若在任意相等的位移内速度的变化量v ∆均相等，则下列说法中正确的是A.若v ∆=0，则物体做匀加速直线运动B.若0>∆v ，则物体做匀加速直线运动C.若0>∆v ，则物体做加速度逐渐增大的加速直线运动D.若0<∆v ，则物体做加速度逐渐增大的减速直线运动【答案】C【解析】试题分析：若0=∆v ，则物体做匀速直线运动，A 错；若0>∆v ，则物体做加速运动，通过相同位移所用的时间t ∆减小，由tv a ∆∆=知加速度在增加，故B 错、C 对；若0<∆v ，则物体做减速运动，通过相同位移所用的时间t ∆增加，由tv a ∆∆=知加速度在减小，D 错。
高二物理-2015-2016学年高二上学期月考物理试卷(12月份)(必修)讲解
2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（12月份）（必修）一、单项选择题．（本题包括23小题，每小题3分，共69分）1．下列单位都属于国际单位制中基本单位的一组是（）A．N、m、kg B．m、kg、s C．N、kg、s D．N、m、s2．下列说法中符合物理学史实的是（）A．伽利略认为力是维持物体运动的原因B．牛顿最早测出了万有引力常量GC．胡克认为，在一定限度内弹簧的弹力与其形变量成正比D．开普勒通过对行星运动的研究得出了万有引力定律3．下列关于速度的说法中正确的是（）A．京沪高速铁路实验时的列车最高时速可达484km/h，指的是瞬时速度B．沪宁高速公路限速120km/h，指的是平均速度C．子弹射出枪口时的速度为500m/s，指的是平均速度D．某运动员百米跑的成绩是10s，则他冲刺时的速度一定为10m/s4．下列四个图象中，x、v、t分别表示位移、速度和时间，则表示物体做匀加速直线运动的图象是（）A．B．C．D．5．A、B两物体从水平地面上方同一高度、同时开始自由下落，已知A的质量比B的质量大，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．A的加速度大于B的加速度B．A落地时的速度大于B落地的速度C．A、B同时到达地面D．A比B先到达地面6．一个竖直向下大小为18N的力分解为两个分力，一个分力沿水平方向，大小等于24N，那么另一个分力的大小是（）A．42N B．30N C．24N D．6N7．某人用手竖直向上提着一只行李箱并处于静止状态，如图所示．下列说法中正确的是（）A．行李箱的重力与行李箱对人手的拉力是一对平衡力B．行李箱的重力与人手对行李箱的拉力是一对平衡力C．行李箱的重力与地球对行李箱的吸引力是一对平衡力D．行李箱的重力与人手对行李箱的拉力是一对作用力与反作用力8．手托着一本书，由静止开始向上匀加速运动，则手对书的支持力与书的重力的关系为（）A．支持力小于书的重力B．支持力等于书的重力C．支持力大于书的重力D．上述三种情况都有可能9．关于速度与加速度的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度为零，则物体的加速度也为零B．物体速度的方向，就是物体加速度的方向C．物体的速度变化越大，则物体的加速度越大D．物体的速度变化越快，则物体的加速度越大10．关于“探究求合力的方法”的实验，下列说法中不正确的是（）A．用两只弹簧秤和用一只弹簧秤拉橡皮筋时，结点必须拉到同一点B．实验过程中，弹簧的轴线必须与纸面平行C．两个拉力的方向必须垂直D．作力的平行四边形时，不同拉力的标度应该相同11．伽利略在研究力和运动的关系的时候，用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图．伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）A．维持物体做匀速直线运动并不需要力B．如果物体不受到力，就不会运动C．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度D．如果没有摩擦，物体运动过程中机械能守恒12．如图所示，竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中匀速上浮．在红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时，玻璃管向右运动．则下列说法中正确的是（）A．若玻璃管做匀速直线运动，则蜡块的合运动为匀速直线运动B．若玻璃管做匀速直线运动，则蜡块的合运动为匀加速直线运动C．若玻璃管做匀加速直线运动，则蜡块的合运动为匀速直线运动D．若玻璃管做匀加速直线运动，则蜡块的合运动为匀加速直线运动13．某小船在静水中的速度大小保持不变，该小船要渡过一条河，渡河时小船船头垂直指向河岸．若船行至河中间时，水流速度突然减小，则（）A．小船渡河时间不变 B．小船渡河时间减少C．小船渡河时间增加 D．小船到达对岸地点不变14．遥感卫星绕地球做匀速圆周运动，同一遥感卫星离地面越远时，获取图象的分辨率也就越低．则当图象的分辨率越低时，卫星的（）A．向心加速度越大B．角速度越小C．线速度越大D．周期越小15．如图所示，甲，乙两人分别站在赤道和纬度为45°的地面上随地球一起绕地轴做匀速圆周运动，则甲、乙在上述过程中具有相同的物理量是（）A．线速度B．周期 C．向心力D．向心加速度16．质量为m的汽车以速度v经过半径为r的凸形拱形桥最高点时，对桥面压力大小为（地球表面的重力加速度为g）（）A．B．C．mg D．17．可视为点电荷的A、B两带电小球固定在真空中，所带电荷量均为+q，若将A球所带电量变为﹣2q，B球所带电量不变，同时A、B两带电小球的距离变为原来的2培，则B球所受的库仑力（）A．大小不变、方向改变B ．大小为原来的一半，方向不变C ．大小为原来的两倍，方向不变D ．大小为原来的一半，方向改变18．电场中某区域的电场线分布如图所示，A 、B 是电场中的两点，则（ ）A ．同一点电荷放在A 点受到的静电力比放在B 点时受到的静电力小B ．因为B 点没有电场线，所以电荷在B 点不受到静电力作用C ．在仅受电场力时，同一点电荷放在B 的加速度比放在A 点时的加速度小D ．正电荷放在A 点由静止释放，电场线就是它的运动轨迹19．下列关于直线电流周围磁场方向的示意图中，正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．20．关于磁场对通电直导线的作用力，下列说法中正确的是（ ）A ．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，但不为零B ．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C ．作用力的方向与磁场方向可能相同D ．通电直导线跟磁场方向不垂直时肯定无作用力21．下列各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．22．如图所示，把一个长为20cm 、倔强系数为360N/m 的弹簧一端固定，作为圆心，弹簧的另一端连接一个质量为0.50kg 的小球，当小球以转/分的转速在光滑水平面上做匀速圆周运动时，弹簧的伸长应为（ ）A ．5.2cmB ．5.3cmC ．5.0cmD ．5.4cm23．如图1所示，让木块以一定的初速度v0沿倾角可在0﹣90°之间任意调整的木板向上滑行，测出木块沿木板向上所能达到的最大位移x，画出木块向上所能达到的最大位移x与对应木板倾角α的图象（图2），由该图可求得该木块与木板间的动摩擦因数为（）（sin37°=0.6 cos37°=0.8 g取10m/s2）A．B．C．D．二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10分）．24．（1）在现代生活中，许多地方需要传感器，例如，电冰箱制冷系统的自动控制就要用到传感器（选填“压力”、“温度”、“声音”）（2）电磁波在真空中的波速c、波长λ、频率f之间的关系为．25．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装如图1所示．请你指出该装置中的错误或不妥之处（写出两处即可）：①②（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验，图2是他实验中得到的一条纸带，图中A、B、C、D、E为相邻计数点，相邻计数点的时间间隔是0.10s，标出的数据单位为cm，则打点计时器在打C点时小车的瞬时速度是m/s，根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为m/s2．三、解答题：本大题共3小题，共21分，解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不得分．26．北京时间2011年2月18日晚6时，在经历了260天的密闭飞行后，中国志愿者王跃走出“火星﹣500”登陆舱，成功踏上模拟火星表面，在“火星”首次留下中国人的足迹．王跃拟在“火星”表面进行装置如图所示的实验，将与导轨间动摩擦因数μ=0.50滑块装上一个遮光板，沿水平导轨匀减速地依次通过光电门A、B．滑块通过光电门的速度分别为v1=4.0m/s、v2=2.0m/s，从A运动到B的时间为t=1.0s．试求：（1）滑块运动时的加速度a；（2）光电门A、B之间的距离s；（3）“火星”的重力加速度g火．27．山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动．一滑雪坡由AB和BC组成，AB为斜坡，BC是半径为R=5m的圆弧，圆弧与斜面相切于B点，与水平面相切于C点，如图所示．AC竖直高度差h1，竖直台阶CD高度差为h2=5m．运动员连同滑雪装备的总质量为80kg，从A点由静止滑下，到达C点的速度v c=10m/s，通过C点后飞落到水平地面上的E点．不计空气阻力和轨道的摩擦阻力，取g=10m/s2．求：（1）运动员刚到C点时轨道的对他的支持力大小；（2）运动员落地前瞬间时的速度大小；（3）运动员从C到E运动过程中的位移大小．28．如图所示，在小木板上固定一个轻弹簧，弹簧下端吊一个光滑小球，弹簧长度方向与斜面平行，现将木板连同弹簧、小球放在斜面上，用手固定木板时，弹簧示数为F1，放手后，木板沿斜面加速下滑，稳定后弹簧示数为F2，测得斜面斜角为θ，重力加速度为g （斜面体固定在地面上）求：（1）小球的质量（2）稳定时，木板沿斜面加速下滑的加速度大小（3）木板与斜面间动摩擦因数为多少？2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（12月份）（必修）参考答案与试题解析一、单项选择题．（本题包括23小题，每小题3分，共69分）1．下列单位都属于国际单位制中基本单位的一组是（）A．N、m、kg B．m、kg、s C．N、kg、s D．N、m、s【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、其中的N、kg是导出单位，所以A错误．B、m、kg、s分别是长度、质量、时间的单位，所以B正确．C、其中的N是导出单位，所以C错误．D、其中的N是导出单位，所以D错误．故选B．【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．下列说法中符合物理学史实的是（）A．伽利略认为力是维持物体运动的原因B．牛顿最早测出了万有引力常量GC．胡克认为，在一定限度内弹簧的弹力与其形变量成正比D．开普勒通过对行星运动的研究得出了万有引力定律【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，卡文迪许最早测出了万有引力常量，胡克发现了胡克定律，开普勒通过对行星运动的研究得出了开普勒三定律．【解答】解：A、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，故A错误．B、卡文迪许最早测出了万有引力常量，故B错误．C、胡克认为，在一定限度内弹簧的弹力与其形变量成正比，故C错误．D、开普勒通过对行星运动的研究得出了开普勒三定律，故D错误．故C正确．【点评】加强对基础知识的积累，多读、多看、适量做题就能顺利解决此类问题．3．下列关于速度的说法中正确的是（）A．京沪高速铁路实验时的列车最高时速可达484km/h，指的是瞬时速度B．沪宁高速公路限速120km/h，指的是平均速度C．子弹射出枪口时的速度为500m/s，指的是平均速度D．某运动员百米跑的成绩是10s，则他冲刺时的速度一定为10m/s【考点】平均速度；瞬时速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】明确平均速度和瞬时速度的概念，知道它们的区别解答本题关键．平均速度与一段位移或一段时间对应，而瞬间速度和某一位置或某一时刻对应，这是它们的根本区别．【解答】解：A、列车的最高时速指的是在安全情况下所达到的最大速度，为瞬时速度，故A正确；B、高速公路限速是限制的瞬时速度，不是平均速度，故B错误；C、子弹射出枪口时的速度与枪口这一位置点对应，因此为瞬时速度，故C错误；D、根据运动员的百米跑成绩是10s可知，可求得其平均速度为10m/s，而其冲刺速度不一定为10m/s．故D错误．故选A．【点评】把握平均速度与瞬时速度的区别，即可判断生活中所说的速度是平均速度还是瞬时速度，同时要加强对基本概念的理解．4．下列四个图象中，x、v、t分别表示位移、速度和时间，则表示物体做匀加速直线运动的图象是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度；x﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示静止，倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率表示速度的大小．【解答】解：A图表示匀速直线运动；B图表示静止；C图表示匀加速直线运动；D图表示匀速直线运动．故选C．【点评】本题是速度﹣﹣时间图象和位移﹣时间图象的应用，能根据图象读取信息，要明确斜率的含义，属于基础题．5．A、B两物体从水平地面上方同一高度、同时开始自由下落，已知A的质量比B的质量大，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．A的加速度大于B的加速度B．A落地时的速度大于B落地的速度C．A、B同时到达地面D．A比B先到达地面【考点】自由落体运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】重力加速度与物体的质量无关；自由落体运动的初速度为0，加速度等于当地的重力加速度，故利用根据v2=2gh可得物体落地时的速度，根据h=，即可求出物体下落的时间．【解答】解：A、由于不计空气的阻力，故物体仅受重力，则物体的加速度a==g，故物体的加速度与物体的质量无关．故A错误．B、根据v2=2gh可得物体落地时的速度v=，由于两物体从同一高度开始自由下落，故到达地面时速度相同．故B错误．C、根据h=，故物体下落的时间t=，由于两物体从同一高度同时开始自由下落，故两物体同时到达地面，故C正确而D错误．故选C．【点评】掌握了自由落体运动的基本规律，掌握了匀变速直线运动运动的速度公式和位移公式即可顺利解决此题．6．一个竖直向下大小为18N的力分解为两个分力，一个分力沿水平方向，大小等于24N，那么另一个分力的大小是（）A．42N B．30N C．24N D．6N【考点】力的合成的平行四边形定则．【分析】力的合成与分解都遵守平行四边形定则，根据平行四边形定则，做出图形即可求得分力的大小．【解答】解：根据平行四边形定则，已知一个分力沿水平方向，做出平行四边形如图所示，由图形可知另一个分力F2的大小为F2===30N．故选B．【点评】力的合成与分解都遵守平行四边形定则，合力可能大于分力的大小也可能小于分力的大小，这是矢量运算的特点．7．某人用手竖直向上提着一只行李箱并处于静止状态，如图所示．下列说法中正确的是（）A．行李箱的重力与行李箱对人手的拉力是一对平衡力B．行李箱的重力与人手对行李箱的拉力是一对平衡力C．行李箱的重力与地球对行李箱的吸引力是一对平衡力D．行李箱的重力与人手对行李箱的拉力是一对作用力与反作用力【考点】牛顿第三定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】平衡力是指作用在同一个物体上，大小相等、方向相反的一对力；而作用力和反作用力是指相互作用的物体之间产生的两个力．【解答】解：A、行李箱的重力作用在行李箱上，而行李箱对人手的拉力作用在人手上，故不可能为平衡力；故A错误；B、行李箱的重力人手对行李箱的拉力都作用在行李箱上，且使行李箱处于平衡状态，故是一对平衡力，故B正确；C、行李箱的重力与地球对行李箱的吸引力都是地球作用在行李箱上的力，故不可能为平衡力；故C错误；D、行李箱的重力的施力物体为地球，而人手对行李箱的拉力是人施加给行李箱的力，施力物体是人，不是两个物体间的相互作用力，故D错误；故选B．【点评】判断平衡力的关键在于看是否是同一个物体受到的相互平衡的力；而作用力与反作用力是两个相互作用的物体之间的力．8．手托着一本书，由静止开始向上匀加速运动，则手对书的支持力与书的重力的关系为（）A．支持力小于书的重力B．支持力等于书的重力C．支持力大于书的重力D．上述三种情况都有可能【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题；受力分析方法专题．【分析】本题比较简单直接对书进行受力分析，根据牛顿第二定律即可解答．【解答】解：书受到重力、支持力作用向上匀加速运动，所以有：F N﹣mg=ma由于加速度向上，因此有F N＞mg，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】本题比较简单，考查了牛顿第二定律的简单应用，列方程时注意合外力与加速度的方向一致．9．关于速度与加速度的关系，下列说法正确的是（）A．物体的速度为零，则物体的加速度也为零B．物体速度的方向，就是物体加速度的方向C．物体的速度变化越大，则物体的加速度越大D．物体的速度变化越快，则物体的加速度越大【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的方向无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解答】解：A、物体的速度为零，但物体的加速度的变化率可以不为零，即物体的加速度不为零．故A错误；B、物体加速度的方向与物体速度变化量的方向相同，但与物体速度的方向不一定相同，故B错误；C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故C错误；D、物体的速度变化越快，即物体速度的变化率越大，则物体的加速度越大．故D正确．故选：D．【点评】本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决．10．关于“探究求合力的方法”的实验，下列说法中不正确的是（）A．用两只弹簧秤和用一只弹簧秤拉橡皮筋时，结点必须拉到同一点B．实验过程中，弹簧的轴线必须与纸面平行C．两个拉力的方向必须垂直D．作力的平行四边形时，不同拉力的标度应该相同【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】在验证“力的平行四边形定则”时，可以根据实验的原理进行分析需要注意的事项．【解答】解：A、在实验中，用一个力和用两个力拉动时，应保证合力与两分力的效果相同，故必须要拉到同一点，故A正确；B、实验中应保证合力与分力在同一平面内，故弹簧的轴线必须与纸面平行，故B正确；C、两个拉力的方向没有定性要求，夹角可以任意，故C错误；D、在作图时，应保证拉力的标度相同，才能正确作出图形，故D正确；本题选错误的，故选C．【点评】本题考查验证力的平行四边形定则的注意事项，应根据实验的准确性进行分析．11．伽利略在研究力和运动的关系的时候，用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图．伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）A．维持物体做匀速直线运动并不需要力B．如果物体不受到力，就不会运动C．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度D．如果没有摩擦，物体运动过程中机械能守恒【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】常规题型．【分析】本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点．【解答】解：伽利略的理想斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故BCD错误，A正确．故选：A．【点评】伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始．12．如图所示，竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中匀速上浮．在红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时，玻璃管向右运动．则下列说法中正确的是（）A．若玻璃管做匀速直线运动，则蜡块的合运动为匀速直线运动B．若玻璃管做匀速直线运动，则蜡块的合运动为匀加速直线运动C．若玻璃管做匀加速直线运动，则蜡块的合运动为匀速直线运动D．若玻璃管做匀加速直线运动，则蜡块的合运动为匀加速直线运动【考点】运动的合成和分解．【分析】两个运动的合运动可能是直线运动也可能是曲线运动，这要看合成之后的合力与合速度之间的关系，当在一条直线上时，做直线运动，当不再一条直线上时，做曲线运动．【解答】解：红蜡块在玻璃管中做匀速运动，当玻璃管也做匀速直线运动时，红蜡块同时参与两个运动，水平方向的匀速直线运动，竖直方向也是匀速直线运动，此时蜡块的合运动即为匀速直线运动，所以A正确B错误．当玻璃管做匀加速直线运动时，红蜡块同时参与的两个运动分别为水平方向的匀加速直线运动，竖直方向是匀速直线运动，此时的运动符合类平抛运动的规律，此时蜡块的合运动为匀加速曲线运动，所以CD错误．故选：A．【点评】运动的合成也符合平行四边形定则，可以由平行四边形定则确定合力与速度的关系；同时应明确运动的合成包括速度、加速度及位移的合成．13．某小船在静水中的速度大小保持不变，该小船要渡过一条河，渡河时小船船头垂直指向河岸．若船行至河中间时，水流速度突然减小，则（）A．小船渡河时间不变 B．小船渡河时间减少C．小船渡河时间增加 D．小船到达对岸地点不变【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，由运动的等时性知分析过河时间时，只分析垂直河岸方向的速度即可．当水流的速度变化时，船的合速度变化，那么合位移变化，因此到达对岸的地点变化．【解答】解：A、B、C：因为分运动具有等时性，所以分析过河时间时，只分析垂直河岸方向的速度即可，渡河时小船船头垂直指向河岸，即静水中的速度方向指向河岸，而其大小不变，因此，小船渡河时间不变，故A选项正确，B、C选项错误．D、当水流速度突然减小时，由矢量合成的平行四边形法则知船的合速度变化，因而小船到达对岸地点变化，故D选项错误．故选：A．【点评】小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，使用平行四边形法则求合速度，水流速度变，则合速度变，过河位移变化．14．遥感卫星绕地球做匀速圆周运动，同一遥感卫星离地面越远时，获取图象的分辨率也就越低．则当图象的分辨率越低时，卫星的（）A．向心加速度越大B．角速度越小C．线速度越大D．周期越小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】定性思想；推理法；人造卫星问题．【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动时，由地球的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、向心加速和周期的表达式进行讨论即可．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力得=，解得：v=，a=，，，同一遥感卫星离地面越远时，半径越大，则周期越大，线速度、加速度、角速度都越小，故ACD错误，B正确．故选：B【点评】本题考查了万有引力定律的应用，本题关键是根据万有引力等于向心力，求出线速度、角速度、周期和向心加速度的表达式进行讨论．15．如图所示，甲，乙两人分别站在赤道和纬度为45°的地面上随地球一起绕地轴做匀速圆周运动，则甲、乙在上述过程中具有相同的物理量是（）A．线速度B．周期 C．向心力D．向心加速度【考点】线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】甲、乙两人共同绕地轴随地球一起做匀速圆周运动，他们的角速度相同，但半径不同，甲的半径为R地，乙的半径为R地cos45°，那么由公式v=ωr，ω=，，a=分别判断线速度、周期、向心力、向心加速度是否相同．。
河南省安阳二中2015-2016学年高一物理下册开学试卷
2015-2016学年河南省安阳二中高一（下）开学物理试卷一、选择题（有标注的为多选，其余为单选，每题4分，少选得2分）1．下列各组物理量中，全部是矢量的有（）A．位移、速度、平均速度、加速度B．速度、平均速度、加速度、路程C．位移、速度、加速度、质量D．速度、加速度、位移、时间2．如图所示，为甲、乙两物体在同一起跑线上同时向同一方向做直线运动的速度﹣时间图线，则以下判断中正确的是（）A．甲、乙均做匀速直线运动B．在时间t1，甲、乙两物体相遇C．在t1时刻之前，甲的速度大D．甲、乙均做匀加速直线运动，乙的加速度大3．物体从距地面高H处开始做自由落体运动．当其速度等于着地速度的一半时，物体下落的距离是（）A．B．C．D．4．将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，如图，绳子处于沿竖直方向，整个装置静止．则（）A．绳子上拉力一定为零B．地面受的压力可能为零C．AB之间可能存在摩擦力D．地面与物体间可能存在摩擦力5．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A． mg， mg B． mg， mg C． mg， mg D． mg， mg6．三个相同的支座上分别搁着三个质量和直径都相等的光滑圆球a、b、c，支点P、Q在同一水平面上．a的重心位于球心，b、c的重心分别位于球心的正上方和正下方，如图，三球皆静止，支点P对a球的弹力为F Na，对b球和c球的弹力分别为F Nb和F Nc，则（）A．F Na=F Nb=F Nc B．F Nb＞F Na＞F Nc C．F Nb＜F Na＜F Nc D．F Na＞F Nb=F Nc7．如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做匀加速直线运动，且与斜面体始终保持相对静止，则（）A．物体A可能受二个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的摩擦力可能先减小后增大8．如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T和斜面的支持力F N分别为（重力加速度为g）（）A．T=m（acosθ﹣gsinθ） F N=m（gcosθ+asinθ）B．T=m（gcosθ+asinθ） F N=m（gsinθ﹣acosθ）C．T=m（gsinθ+acosθ） F N=m（gcosθ﹣asinθ）D．T=m（asinθ﹣gcosθ） F N=m（gsinθ+acosθ）9．如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A、B，A、B的质量均为2kg，它们处于静止状态，若突然将一个大小为10N，方向竖直向下的力施加在物块A上，若重力加速度g=10m/s2，则此瞬间，A对B的压力大小为（）A．22.5N B．20N C．25N D．30N10．某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s11．在一个封闭装置中，用弹簧秤称一物体的重力，如果读数与物体重力有下列偏差，则下列判断正确的是（）A．读数偏大，则装置一定是在向上做加速运动B．读数偏小，则装置一定是在向下做减速运动C．读数为零，则装置向上做加速度为g的加速运动D．读数准确，则装置可能静止，也可能在运动12．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变时的大小为10m/sD．平均速度大小为3m/s，方向向上13．如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（）A．所受浮力大小为4830NB．加速上升过程中所受空气阻力保持不变C．从地面开始上升10s后的速度大小为5m/sD．以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N14．如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N以及绳对小球的拉力F T的变化情况是（）A．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大15．物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是3m，则（）A．第3 s内的平均速度是3 m/s B．前3 s内的位移是6 mC．物体的加速度是1.2 m/s2D．3 s末的速度是4 m/s二、填空题（每空2分）16．在“验证牛顿运动定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．（1）当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象．（3）如图（a），甲同学根据测量数据做出的a﹣F图线，说明实验存在的问题是．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的物理量取值不同？17．某校物理研究性学习小组利用房檐滴水估测艺体馆的高度，他们测出从艺体馆的屋檐处滴下的相邻两滴水滴落地的时间间隔为0.5s，并观测到当第1滴水滴落到地面的瞬间，第5滴雪水滴刚好离开屋檐（假设水滴离开屋檐时无初速度），由以上数据估测出艺体馆屋檐到达地面的高度约为m，水滴落地时的速度约为m/s．（g取10m/s2）三、计算题18．汽车从静止开始做匀加速直线运动，途中先后经过相距125米的A、B 两棵树，用了10秒时间，已知过B树位置时的速度为15m/s，求汽车到A树位置时的速度和从出发到A树所用的时间．19．有一个重量为20N的物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，斜面固定在水平地面上，如图所示，求水平推力F为多大时可使物体沿斜面匀速运动？（已知：AB=40cm，BC=30cm）20．如图所示，有一水平传送带匀速向左运动，某时刻将一质量为m的小煤块（可视为质点）放到长为L的传送带的中点．它与传送带间的动摩擦因数为μ，求：（1）小煤块刚开始运动时受到的摩擦力的大小和方向；（2）要使小煤块留在传送带上的印记长度不超过，传送带的速度v应满足的条件．2015-2016学年河南省安阳二中高一（下）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（有标注的为多选，其余为单选，每题4分，少选得2分）1．下列各组物理量中，全部是矢量的有（）A．位移、速度、平均速度、加速度B．速度、平均速度、加速度、路程C．位移、速度、加速度、质量D．速度、加速度、位移、时间【考点】矢量和标量．【分析】矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量．【解答】解：A、位移、速度、平均速度、加速度都是既有大小，又有方向的物理量，都是矢量，故A正确；B、速度、平均速度、加速度是矢量，而路程是标量，故B错误；C、位移、速度、加速度是矢量，而质量是标量，故C错误；D、位移、速度、位移是矢量，而时间是标量，故D错误．故选：A．【点评】对于物理量的矢标性也学习的重要内容之一，要抓住矢量与标量区别：矢量有方向，而标量没有方向．2．如图所示，为甲、乙两物体在同一起跑线上同时向同一方向做直线运动的速度﹣时间图线，则以下判断中正确的是（）A．甲、乙均做匀速直线运动B．在时间t1，甲、乙两物体相遇C．在t1时刻之前，甲的速度大D．甲、乙均做匀加速直线运动，乙的加速度大【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】比较思想；几何法；运动学中的图像专题．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，倾斜的直线表示匀变速直线运动．由此分析即可．【解答】解：A、速度时间图线的斜率表示加速度，根据图象可知，甲、乙都做匀加速直线运动，故A错误．B、图线与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知：在t1时刻甲的位移比乙的位移大，则在t1时刻之前乙始终在甲的后面，两物体没有相遇，故B错误．C、由图知，在t1时刻之前，甲的速度大，故C正确．D、乙的斜率大于甲的斜率，所以乙的加速度大，故D正确．故选：CD【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积．3．物体从距地面高H处开始做自由落体运动．当其速度等于着地速度的一半时，物体下落的距离是（）A．B．C．D．【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为零加速度为零g的匀加速直线运动，根据位移与速度关系公式求解．【解答】解：设物体落地时的速度大小为v．由v2﹣v02=2gx得v2﹣0=2gH ①﹣0=2gh ②由①②解得：h=H故选B．【点评】本题考查应用自由落体运动规律解题的基本能力，是基本题，比较简单，考试时不能丢分．4．将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板上，如图，绳子处于沿竖直方向，整个装置静止．则（）A．绳子上拉力一定为零B．地面受的压力可能为零C．AB之间可能存在摩擦力D．地面与物体间可能存在摩擦力【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】受力分析方法专题．【分析】隔离对A分析，判断绳子的拉力的有无，以及AB之间有无摩擦力．对AB整体分析，判断地面有无摩擦力以及对地面有无压力．【解答】解：AC、对A分析，有A所受的重力、B对A的支持力和摩擦力三个力平衡，则绳子拉力为零；若A只有绳子的拉力与重力，则AB间没有摩擦力存在，故A错误，C正确．BD、对整体分析，整体可能受总重力、支持力，拉力．若地面的支持力等于总重力，则绳子拉力为零，因为绳子的拉力不可能大于A的重力，所以地面对B一定有支持力，因此地面受的压力不可能为零．根据整体平衡知，水平方向方向上，地面对B无摩擦力．故B、D错误．故选：C【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡求解，注意整体法和隔离法的运用．5．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A． mg， mg B． mg， mg C． mg， mg D． mg， mg【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对c点进行受力分析．根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．【解答】解：对结点C受力分析，受到三根绳子拉力，将F a和F b合成为F，根据三力平衡得出：F=F c=mg已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，所以α=30°根据三角函数关系得出：F a=F•cosα=mgF b=F•sinα=mg故选：A．【点评】该题的关键在于能够对结点c进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．6．三个相同的支座上分别搁着三个质量和直径都相等的光滑圆球a、b、c，支点P、Q在同一水平面上．a的重心位于球心，b、c的重心分别位于球心的正上方和正下方，如图，三球皆静止，支点P对a球的弹力为F Na，对b球和c球的弹力分别为F Nb和F Nc，则（）A．F Na=F Nb=F Nc B．F Nb＞F Na＞F Nc C．F Nb＜F Na＜F Nc D．F Na＞F Nb=F Nc【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】P、Q对球的弹力方向均指向球心，小球受到三个力作用，根据三力汇交原理和平衡条件分析弹力的关系．【解答】解：三个小球均受到三个力作用：重力和支点P、Q对球的弹力，而弹力方向均指向球心，根据三力汇交原理得知，小球所受的三个力均通过球心，弹力方向方向相同，三个小球受力情况完全相同，如图，则根据平衡条件得知，支点P对球的弹力相同．故选：A【点评】本题的关键是抓住弹力方向的特点：指向球心，运用三力汇交原理，进行分析．7．如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做匀加速直线运动，且与斜面体始终保持相对静止，则（）A．物体A可能受二个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的摩擦力可能先减小后增大【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体与斜面体一起向右做匀加速直线运动，可能不受摩擦力，可能受摩擦力大小，结合牛顿第二定律求出临界的加速度，通过加速度的大小判断出摩擦力的方向，从而确定摩擦力大小的变化．【解答】解：A、因为物体与斜面体的加速度相同，设斜面的倾角为θ，当摩擦力为零时，加速度a=，知当加速度等于gtanθ时，物体不受摩擦力作用，受重力和支持力两个力作用，当加速度不等于gtanθ，受重力、支持力和摩擦力三个力作用．故A、B正确．C、当加速度a＞gtanθ，摩擦力方向沿斜面向下，加速度增加，则摩擦力增大．当加速度a ＜gtanθ，摩擦力沿斜面向上，当加速度增加时，摩擦力先减小后增大．故D正确，C错误．故选ABD．【点评】解决本题的关键知道物体与斜面体具有相同的加速度，隔离对物体分析，求出临界加速度的大小，从而进行分析求解．8．如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T和斜面的支持力F N分别为（重力加速度为g）（）A．T=m（acosθ﹣gsinθ） F N=m（gcosθ+asinθ）B．T=m（gcosθ+asinθ） F N=m（gsinθ﹣acosθ）C．T=m（gsinθ+acosθ） F N=m（gcosθ﹣asinθ）D．T=m（asinθ﹣gcosθ） F N=m（gsinθ+acosθ）【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球始终静止在斜面上，说明小球加速度很小，且未脱离斜面，以小球受力分析，利用牛顿第二定律列式求解即可．【解答】解：当加速度a较小时，小球与斜面一起运动，此时小球受重力、绳子拉力和斜面的支持力，绳子平行于斜面；小球的受力如图：水平方向上由牛顿第二定律得：Tcosθ﹣F N sinθ=ma…①竖直方向上由平衡得：Tsinθ+F N cosθ=mg…②①②联立得：F N=m（gcosθ﹣asinθ），T=m（gsinθ+acosθ）．故C正确．故选：C．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，结合牛顿第二定律运用正交分解进行求解．9．如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A、B，A、B的质量均为2kg，它们处于静止状态，若突然将一个大小为10N，方向竖直向下的力施加在物块A上，若重力加速度g=10m/s2，则此瞬间，A对B的压力大小为（）A．22.5N B．20N C．25N D．30N【考点】物体的弹性和弹力；牛顿第二定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体A、B整体受力平衡，即整体受重力和弹簧的支持力平衡；突然对物体A施加一个竖直向下的10N的压力，AB整体受到的重力和弹力不变，故整体具有了向下的加速度，先根据牛顿第二定律求出加速度，然后再对A受力分析，根据牛顿第二定律求出B对A的支持力，再根据牛顿第三定律即可求解．【解答】解：物体AB整体受力平衡，受重力和支持力，合力为零，故弹簧的支持力为40N；突然对物体A施加一个竖直向下的10N的压力，对AB整体而言，受到重力、弹簧弹力和拉力，合力等于压力，根据牛顿第二定律，有：F=2ma代入数据解得：a=2.5m/s2…①再对物体A受力分析，受到重力、支持力和已知推力，根据牛顿第二定律，有：F+mg﹣N=ma…②由①②解得：N=25N根据牛顿第三定律，A对B的压力大小等于B对A的支持力，故A对B的压力大小为25N．故选：C．【点评】用整体法求解加速度，再用隔离法求解系统内力是分析连接体问题的常用方法．10．某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．【解答】解：由运动学公式v2﹣v02=2as代人数据得： m/s，故选B正确．故选：B．【点评】该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．11．在一个封闭装置中，用弹簧秤称一物体的重力，如果读数与物体重力有下列偏差，则下列判断正确的是（）A．读数偏大，则装置一定是在向上做加速运动B．读数偏小，则装置一定是在向下做减速运动C．读数为零，则装置向上做加速度为g的加速运动D．读数准确，则装置可能静止，也可能在运动【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度，再确定物体的运动情况，然后结合超重与失重解答即可．【解答】解：A、当电梯运动时，看到弹簧秤的度数为偏大，物体受向上的弹力，向下的重力，根据牛顿第二定律，有：F﹣G=ma由于F大于G，故加速度向上，处于超重状态，故电梯加速上升或者减速下降；故A错误；B、看到弹簧秤的度数为偏小，由于F小于G，故加速度向下，处于失重状态，故电梯加速下降或者减速上升．故B错误；C、若读数为零，则装置一定是向下做加速运动，其加速度为g．故C错误；D、读数准确，则装置处于平衡状态，有可能静止，也可能是向上或向下做匀速运动．故D 正确．故选：D【点评】本题关键对物体受力分析后根据牛顿第二定律确定加速度，然后得到运动情况，基础题12．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变时的大小为10m/sD．平均速度大小为3m/s，方向向上【考点】竖直上抛运动；平均速度．【分析】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改变量．路程等于各段位移大小之和【解答】解：物体做竖直上抛运动，看成一种匀减速直线运动．A、物体上升的最大高度为：h1===45m，上升的时间为：t1==3s．从最高点开始2s内下落的高度为：h2==m=20m，所以5s内物体通过的路程为：S=h1+h2=65m．故A正确．B、取竖直向上为正方向，则物体的加速度为a=﹣g，5s内物体的位移为：x=v0t﹣gt2=30×5﹣×10×52（m）=25m，方向竖直向上．故B正确．C、速度改变量为：△v=at=﹣gt=﹣10×5m/s=﹣50m/s，大小为50m/s，方向竖直向下，故C 错误．D、平均速度为： ==m/s=5m/s，方向竖直向上．故D错误故选：AB【点评】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用13．如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（）A．所受浮力大小为4830NB．加速上升过程中所受空气阻力保持不变C．从地面开始上升10s后的速度大小为5m/sD．以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；共点力作用下物体平衡专题．【分析】气球受重力、浮力和阻力，先加速后匀速，故加速度变化，合力变化，故阻力变化；开始时速度为零，空气阻力为零，根据牛顿第二定律列式求解出浮力；最后匀速，再根据平衡条件列式求解．【解答】解：A、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有：F浮﹣mg=ma解得：F浮=m（g+a）=460×（10+0.5）N=4830N，故A正确；B、气球受重力、浮力和空气阻力，若阻力不变，合力不变，气球匀加速上升，矛盾，故B 错误；C、刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故10s后的速度大小小于5m/s，故C错误；D、以5m/s匀速上升时，根据平衡条件，有：F浮=mg+f，解得f=230N，故D正确；故选AD．【点评】本题关键明确气球做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大；然后根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解．14．如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N以及绳对小球的拉力F T的变化情况是（）A．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球进行受力分析，重力、支持力、拉力组成一个矢量三角形，由于重力不变、支持力方向不变，又缓慢推动，故受力平衡，只需变动拉力即可，根据它角度的变化，你可以明显地看到各力的变化．【解答】解：先对小球进行受力分析，重力、支持力F N、拉力F T组成一个闭合的矢量三角形，由于重力不变、支持力F N方向不变，且从已知图形知β＞θ，且β逐渐变小，趋向于0；故斜面向左移动的过程中，拉力F T与水平方向的夹角β减小，当β=θ时，F T⊥F N，细绳的拉力F T最小，由图可知，随β的减小，斜面的支持力F N不断增大，F T先减小后增大．故D正确．ABC错误．故选：D．【点评】本题考察物体的受力分析、共点力的动态平衡问题．物体在三个共点力作用下达到平衡状态，其中一个力的大小和方向均不发生变化时：一个力的方向不变，另一个力方向改变，利用力的三角形法则；另外两个力中，另外两个力方向均改变，利用力的三角形与几何三角形相似．对小球进行受力分析如图所示，则题干描述的动态过程可通过力的三角形边长的变化替代．15．物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是3m，则（）A．第3 s内的平均速度是3 m/s B．前3 s内的位移是6 mC．物体的加速度是1.2 m/s2D．3 s末的速度是4 m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】由公式求解第3s内的平均速度．根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度可知，2.5s末的速度等于第3s内的平均速度，根据速度时间公式求出加速度．再由运动学求出前3s内的位移及3s末的速度．【解答】解：A、第3s内的平均速度为：，故A正确；B、根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度可知，2.5s末的速度等于第3s内的平均速度，则v2.5=3m/s，根据v2.5=at2.5得：a=，则前3s内的位移x=，故B错误，C正确；D、3 s末的速度v3=at3=1.2×3=3.6m/s，故D错误．故选：AC【点评】本题运用匀变速直线运动的基本公式研究初速度为零的匀加速运动问题，也可以通过图象研究．二、填空题（每空2分）16．在“验证牛顿运动定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．（1）当M与m的大小关系满足M＞＞m 时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象．（3）如图（a），甲同学根据测量数据做出的a﹣F图线，说明实验存在的问题是平衡摩擦力时木板倾角过大．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的两小车及车上砝码的总质量不同．物理量取值不同？【考点】验证牛顿第二运动定律．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M 为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系．。
《解析》河南省安阳三十六中2015-2016学年高一上学期期末物理试卷Word版含解析
2015-2016学年河南省安阳三十六中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．）1．关于质点下列说法正确的是( )A．质点一定是体积很小的物体B．只有做直线运动的物体才可以看成质点C．如果物体上各点的运动情况完全相同，在研究物体的运动速度随时间的变化规律时可以将物体看成质点D．研究奥运会三米跳板运动员的跳水动作时，可以把她看作质点2．关于加速度，下列说法中正确的是( )A．速度变化樾大，加速度一定越大B．速度变化的时间越短，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零3．书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是( )A．书的形变 B．桌面的形变C．书和桌面的形变D．书受到的重力4．如图所示，某同学沿图示路径从开阳桥出发，经西单，到达王府井．从开阳桥到西单的距离为4km；从西单到王府井的距离为3km．两段路线相互垂直．整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为( )A．7km、7km B．5km、5km C．7km、5km D．5km、7km5．一物体做自由落体运动．从下落开始计时，重力加速度g取10m/s2．则物体在第5s内的位移为( )A．10m B．125m C．45m D．80m6．在光滑的斜面上自由下滑的物体受到的力是( )A．重力和斜面的支持力B．重力、下滑力C．重力，下滑力和斜面的支持力D．重力垂直斜面的分力就是它对斜面的压力7．一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，若改挂100N的重物时，弹簧总长为20cm，则弹簧的原长为( )A．12cm B．14cm C．15cm D．16cm8．如图所示，两个等大、反向的水平力F分别作用在物体A和B上，A、B两物体均处于静止状态．若各接触面与水平地面平行，则A、B两物体各受几个力？( )A．3个、4个B．4个、4个C．4个、5个D．4个、6个9．下列情景中，关于力的大小关系，说法正确的是( )A．跳高运动员起跳，地对人的支持力大于人对地的压力B．火箭加速上升时，火箭发动机的推力大于火箭的重力C．鸡蛋撞击石头，鸡蛋破碎，鸡蛋对石头的作用力小于石头对鸡蛋的作用力D．钢丝绳吊起货物加速上升时，钢丝绳对货物的拉力大于货物对钢丝绳的拉力10．如图所示，在水平方向推力F1和F2作用下，水平桌面上的木块向右做匀速直线运动．F1=10N，F2=2N．从撤去F1，到木块停止运动前，木块所受的摩擦力f的大小和方向分别为( )A．f=8N，方向向右B．f=8N，方向向左C．f=10N，方向向左D．f=2N，方向向右11．已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N．则( )A．F1的大小是唯一的 B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向12．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行，质量m=2.0kg的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象（以地面为参考系）如图乙所示，g取10m/s2，下列判断正确的是( )A．传送带沿逆时针方向运动B．0～3s内物块做变加速运动C．传送带的速率为2m/sD．物块与传送带之间的动摩擦因数为0.4二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）13．物体放在水平桌面上处于静止状态，下列说法中正确的是( )A．桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对作用力和反作用力B．物体所受的重力与桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C．物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一性质的力D．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对作用力和反作用力14．下列对运动的认识正确的是( )A．亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动B．伽利略认为力不是维持物体速度的原因C．牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动D．伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去15．关于力学单位制说法中正确的是( )A．kg、J、N是导出单位B．kg、m、s是基本单位C．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是gD．在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式是F=ma16．如图所示，一木箱置于电梯中，并随电梯一起向上运动，电梯地面水平，木箱所受重力和支持力大小分别为G和F．则此时( )A．G＜F B．G=FC．G＞F D．以上三种说法都有可能17．在平直的公路上，一辆摩托车从静止出发追赶正前方400m处正以v0=10m/s的速度匀速前进的卡车，若摩托车的最大速度为20m/s，匀加速的加速度为0.25m/s2，下列说法正确的是( )A．摩托车加速到最大速度所用时间为5sB．摩托车经120s 追上卡车C．摩托车加速到最大速度前可追上卡车D．摩托车从静止到最大速度行驶了800m二、实验题（共15分，将结果写在答题卡相应位置）18．力的合成与分解实际是等效代换，合力和它的分力的作用效果应当是相同的，在“验证力的平行四边形定则”中，合力和分力的作用效果是( )A．把弹簧秤拉到同一刻度B．把橡皮条拉到不同长度C．把橡皮条系细绳的一端拉到同一点D．把弹簧秤拉到最大刻度19．某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系，实验装置如图1．主要思路是，通过改变悬挂装有砂的砂桶（总质量为m）的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度．将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点．（1）实验中应该满足：砂桶的质量m和小车质量M的关系为：__________．（2）如图2为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔T=0.10s，其中d1=3cm，d2=7.5cm，d3=13.5cm．计算物体通过1计数点的速度v1=__________m/s；加速度大小a=__________m/s2（计算结果保留三位有效数字）．（3）某同学在探究a与F的关系时，把砂和砂桶的总重力当作小车的合外力F，作出a﹣F图线如图3所示，试分析图线不过原点的原因是__________．三、计算题（本题共3小题，共29分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）20．一辆汽车由静止开始，在水平路面上做匀加速直线运动，加速度a=2m/s2．求：（1）汽车在第5s末的速度大小v；（2）汽车在前5s内的位移大小x．21．如图所示，一个质量为m=2kg的均匀球体，放在倾角θ=37°的光滑斜面上，并被斜面上一个竖直的光滑挡板挡住，处于平衡状态．求球体对挡板和斜面的压力．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）22．（13分）如图所示，物体的质量m=4kg，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.2，在与水平面成37°角，F=10N的恒力作用下，由静止开始加速运动，当t=5s时撤去F，（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物体做加速运动时的加速度a；（2）撤去F后，物体还能滑行多长时间？（3）物体从开始到停下滑行的距离．2015-2016学年河南省安阳三十六中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．）1．关于质点下列说法正确的是( )A．质点一定是体积很小的物体B．只有做直线运动的物体才可以看成质点C．如果物体上各点的运动情况完全相同，在研究物体的运动速度随时间的变化规律时可以将物体看成质点D．研究奥运会三米跳板运动员的跳水动作时，可以把她看作质点【考点】质点的认识．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、把物体看成质点是看物体的形状、大小对所研究的问题有没有影响，不是看物体体积是大还是小，故A错误；B、质点是一个科学抽象，可以代表任何运动形状的物体，不一定做直线运动，故B错误；C、如果物体上各点的运动情况完全相同，在研究物体的运动速度随时间的变化规律时，其大小和形状可以忽略，可以将物体看成质点，故C正确；D、研究奥运会三米跳板运动员的跳水动作时，要看动作，不能看成质点，故D错误；故选：C【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．关于加速度，下列说法中正确的是( )A．速度变化樾大，加速度一定越大B．速度变化的时间越短，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、速度变化越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误．B、根据a=知，变化时间越短，加速度不一定大，还与速度变化量有关，故B错误．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确．D、速度为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动的初始时刻，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．3．书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是( )A．书的形变 B．桌面的形变C．书和桌面的形变D．书受到的重力【考点】物体的弹性和弹力．【分析】力是成对出现的，这两个力是作用力与反作用力的关系，产生这两个力的形变是不同物体的形变，要注意对应关系．【解答】解：A、书的形变产生的力是书本对桌面的压力，施力物体是书，受力物体是桌面．选项A正确．B、桌面的形变产生的力是桌面对书的支持力，施力物体是桌面，受力物体是书．选项B错误．C、书和桌面的形变分别产生了书对桌面的压力和桌面对书的支持力．选项C错误．D、书受到的重力致使书压紧了桌面，重力的施力物体是地球，受力物体是书．选项D错误．故选A．【点评】成对出现的弹力，一定要分清各自的施力物体和受力物体，这点是解决本题的关键．4．如图所示，某同学沿图示路径从开阳桥出发，经西单，到达王府井．从开阳桥到西单的距离为4km；从西单到王府井的距离为3km．两段路线相互垂直．整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为( )A．7km、7km B．5km、5km C．7km、5km D．5km、7km【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据路程等于物体运动路线的长度、位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，确定路程和位移的大小．【解答】解：位移的大小等于首末位置的距离，大小x==5km，路程等于运动轨迹的长度，s=3km+4km=7km．故选：D【点评】本题要理解路程和位移的物理意义，画出示意图，求解它们的大小．位移大小等于起点到终点直线距离的大小，不会大于路程．5．一物体做自由落体运动．从下落开始计时，重力加速度g取10m/s2．则物体在第5s内的位移为( )A．10m B．125m C．45m D．80m【考点】自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】自由落体运动专题．【分析】根据自由落体运动的位移时间公式表示出第5s内的位移，列出等式求解．【解答】解：设运动的总时间为t，则最后1s内的位移为：m故选：C【点评】本题主要考查了自由落体运动的位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．6．在光滑的斜面上自由下滑的物体受到的力是( )A．重力和斜面的支持力B．重力、下滑力C．重力，下滑力和斜面的支持力D．重力垂直斜面的分力就是它对斜面的压力【考点】力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；受力分析方法专题．【分析】对物体受力分析时要注意力的施力物体是谁，不能多分析了物体受到的力，如下滑力就是不存在的力．【解答】解：光滑的斜面上自由下滑物体受到重力和支持力．下滑力是不存在的，压力作用在斜面上，不是物体所受到的力．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】下滑力是同学经常出错的地方，一定要注意物体不受下滑力这么个力，下滑力实际上是重力的分力．还有受力分析时，该物体只能受力，不能施力．7．一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，若改挂100N的重物时，弹簧总长为20cm，则弹簧的原长为( )A．12cm B．14cm C．15cm D．16cm【考点】胡克定律．【分析】根据胡克定律两次列式后联立求解即可．【解答】解：一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，根据胡克定律，有：F1=kx1；若改挂100N的重物时，根据胡克定律，有：F2=kx2；联立解得：k=；x2=；故弹簧的原长为：x0=x﹣x2=20cm﹣4cm=16cm；故选D．【点评】本题关键是根据胡克定律列式后联立求解，要记住胡克定律公式中F=k•△x的△x为行变量．8．如图所示，两个等大、反向的水平力F分别作用在物体A和B上，A、B两物体均处于静止状态．若各接触面与水平地面平行，则A、B两物体各受几个力？( )A．3个、4个B．4个、4个C．4个、5个D．4个、6个【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】受力分析方法专题．【分析】首先运用整体法得出地面与物体间没有摩擦力的作用，然后分别对AB进行受力分析即可得出物体受到几个力．【解答】解：对物体AB进行整体受力分析水平方向：两个等大、反向的水平力F正好处于平衡，所以物体AB不受地面的摩擦力．对A物体进行受力分析：物体A在四个力的作用下处于平衡状态．故A受4个力．对物体B进行受力分析：物体B还受到物体A的弹力，所以物体B受5个力的作用．故选：C【点评】解答此题的关键在于会用整体法和隔离法分别物体进行受力分析，即可得到物体分别受几个力的作用．9．下列情景中，关于力的大小关系，说法正确的是( )A．跳高运动员起跳，地对人的支持力大于人对地的压力B．火箭加速上升时，火箭发动机的推力大于火箭的重力C．鸡蛋撞击石头，鸡蛋破碎，鸡蛋对石头的作用力小于石头对鸡蛋的作用力D．钢丝绳吊起货物加速上升时，钢丝绳对货物的拉力大于货物对钢丝绳的拉力【考点】作用力和反作用力；物体的弹性和弹力．【分析】力是改变物体运动状态的原因；若物体运动状态发生了变化，则物体一定受到合外力；作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一直线上．【解答】解：A、人对地面的压力和地面对人的支持力是作用力与反作用力；故二者大小相等；故A错误；B、火箭加速上升，则一定受到向上的合力；故发动机的推力大于火箭的重力；故B正确；C、鸡蛋对石头的力和石头对鸡蛋的力是作用力与反作用力；故二者大小相等；故C错误；D、钢丝绳对货物的拉力与货物对钢丝绳的拉力为作用力与反作用力，故二者大小相等；故D 错误；故选：B．【点评】不论物体处于何种运动状态，物体间的作用力与反作用力总是大小相等、方向相反．10．如图所示，在水平方向推力F1和F2作用下，水平桌面上的木块向右做匀速直线运动．F1=10N，F2=2N．从撤去F1，到木块停止运动前，木块所受的摩擦力f的大小和方向分别为( )A．f=8N，方向向右B．f=8N，方向向左C．f=10N，方向向左D．f=2N，方向向右【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】撤去F1前木块做匀速直线运动，合力为零，可求出木块所受的滑动摩擦力大小，撤去F1的瞬间，其他力没有变化，再分析此时的合力和摩擦力大小．【解答】解：木块在水平推力F1、F2的作用下处于匀速直线运动状态，由共点力平衡可得，木块所受的滑动摩擦力f1=F1﹣F2=10﹣2=8N，方向水平向左．撤去F1后，木块所受的其他力没有改变，则合外力F=f1+F2=10N，方向向左，木块所受的滑动摩擦力f1=F1﹣F2=10﹣2=8N，方向水平向左．．故选：B．【点评】本题根据平衡条件分析木块的摩擦力，关键抓住撤去F1的瞬间，木块所受的其他力没有改变，运用平衡条件推论也可判断．11．已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N．则( )A．F1的大小是唯一的 B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向【考点】力的合成．【分析】已知合力的大小为50，一个分力F1的方向已知，与F成30°夹角，另一个分力的最小值为Fsin30°=25N，根据三角形定则可知分解的组数．【解答】解：已知一个分力有确定的方向，与F成30°夹角，知另一个分力的最小值为Fsin30°=25N而另一个分力大小大于25N小于30N，所以分解的组数有两组解．如图．故C正确，ABD错误故选C．【点评】解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，知道平行四边形定则与三角形定则的实质是相同的．12．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行，质量m=2.0kg的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象（以地面为参考系）如图乙所示，g取10m/s2，下列判断正确的是( )A．传送带沿逆时针方向运动B．0～3s内物块做变加速运动C．传送带的速率为2m/sD．物块与传送带之间的动摩擦因数为0.4【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】0﹣2s时间内物块向左匀减速直线运动，2﹣3s物体向右做匀加速运动，3﹣4s向右做匀速运动．物体先受到向右的摩擦力，然后向右匀加速，当速度增加到与皮带相等时，一起向右匀速，摩擦力消失．【解答】解：A、B由速度图象分析物体的运动过程：0﹣2s时间内木块向左匀减速直线运动，2﹣3s物体向右做匀加速运动，3﹣4s向右做匀速运动．可知，物体先受到向右的摩擦力，则传送带沿顺时针方向运动．故AB错误．C、3﹣4s物体的速度与皮带速度相等，则传送带的速率为2m/s．故C正确．D、0﹣2s时间内物块加速度大小为a===2m/s2，根据牛顿第二定律得：μmg=ma得，μ=0.2．故D错误．故选C．【点评】本题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析．根据牛顿第二定律求解μ．二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）13．物体放在水平桌面上处于静止状态，下列说法中正确的是( )A．桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对作用力和反作用力B．物体所受的重力与桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C．物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一性质的力D．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对作用力和反作用力【考点】牛顿第三定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】二力平衡：作用在同一物体上的两个力；若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上，这两个力就是一对平衡力；相互作用力：是发生在相互作用的两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．【解答】解：A、B、物体的重力是作用在物体上的力，支持力也是作用在这个物体上的力，这两个力大小相等、方向相反且作用在同一直线上，所以这两个力是一对平衡力；故A错误，B错误；C、物体所受的重力源自万有引力，而物体对桌面的压力是弹力，性质不同，故C错误；D、物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是桌面与物体间的相互作用力，故D正确；故选：D．【点评】本题要正确区分作用力与反作用力和平衡力，一个明显的区别就是作用力与反作用力作用在两个物体上，而一对平衡力作用在同一物体上．14．下列对运动的认识正确的是( )A．亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动B．伽利略认为力不是维持物体速度的原因C．牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动D．伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去【考点】物理学史．【分析】亚里士多德认为只有物体受到力的作用才会运动．伽利略认为力不是维持物体速度的原因．根据牛顿、伽利略对力和运动关系的研究分析．【解答】解：A、亚里士多德认为只有物体受到力的作用才会运动．故A正确；B、伽利略通过理想斜面实验得出这样的观点：力不是维持物体速度的原因，故B正确；C、牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，并不是使物体运动的原因，物体维持运动状态的原因是物体具有惯性．而C选项中“而不仅仅是使之运动”含义是力使物体运动，显然是错误的．故C错误．D、伽利略根据理想斜面实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去．所以认为力不是维持物体运动状态的原因．故D正确．故选：ABD．【点评】牛顿第一定律解决了力和运动最根本的关系，它是整个牛顿力学的基础．15．关于力学单位制说法中正确的是( )A．kg、J、N是导出单位B．kg、m、s是基本单位C．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是gD．在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式是F=ma【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、kg是质量的单位它是基本单位，所以A错误．B、三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以B正确．C、g也是质量的单位，但它不是质量在国际单位制中的基本单位，所以C错误．D、牛顿第二定律的表达式F=ma，是在其中的物理量都取国际单位制中的单位时得出的，所以D正确．故选BD．【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．16．如图所示，一木箱置于电梯中，并随电梯一起向上运动，电梯地面水平，木箱所受重力和支持力大小分别为G和F．则此时( )A．G＜F B．G=FC．G＞F D．以上三种说法都有可能【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】电梯的运动状态可能是加速上升、减速上升和匀速上升，分情况讨论．【解答】解：若电梯加速上升，超重，G＜F；减速上升，失重，G＞F；匀速上升，G=F故选：D【点评】本题考查了超重和失重的知识，记住加速度向上时超重，加速度向下时失重．17．在平直的公路上，一辆摩托车从静止出发追赶正前方400m处正以v0=10m/s的速度匀速前进的卡车，若摩托车的最大速度为20m/s，匀加速的加速度为0.25m/s2，下列说法正确的是( )A．摩托车加速到最大速度所用时间为5sB．摩托车经120s 追上卡车C．摩托车加速到最大速度前可追上卡车D．摩托车从静止到最大速度行驶了800m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出摩托车加速的时间．（2）根据位移时间公式求出摩托车运动到最大速度时的位移．（3）抓住位移关系，结合位移公式，求出追及的时间．【解答】解：A、根据速度时间公式得，摩托车从静止开始运动到最大速度所用时间为：；故A错误；D、根据位移时间公式，摩托车从静止到最大速度行驶了：x=；故D正确；B、C、当摩托车速度达到最大时，汽车的位移为：x′=v0t1=10×80m=800m，可知摩托车还未追上卡车；设摩托车追上卡车的时间为t，则有：v0t+s=x+v m（t﹣t1）代入数据有：10t+400=800+20×（t﹣80）解得：t=120s故B正确，C错误．故选：BD【点评】本题考查了运动学中的追及问题，结合位移关系，运用运动学公式进行求解，注意摩托车达到最大速度后做匀速直线运动．。
河南省滑县实验中学2015-2016学年高一12月月考数学试题解析(解析版)
本卷满分：150分 时间：120分钟第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分） 1. 设全集{0,1,2,3,4},{0,3,4},{1,3}U A B ===, 则()U A B =ðA. {2}B. {1,2,3}C.{1,3}D. {0,1,2,3,4}【答案】B 【解析】试题分析：本题主要涉及到集合的运算：由题：}{}{1,2,1,2,3u u C A C A B =⋃=则考点：补集与并集的运算2. 已知直线m 、n 与平面α、β，给出下列三个命题：①若m ∥α，n ∥α，则m ∥n ；②若m ∥α，n ⊥α，则n ⊥m ；③若m ⊥α，m ∥β，则α⊥β 。
其中正确命题的个数是 A ．0B ．1C ．2D ．3【答案】C 【解析】试题分析：①的含义为：平行与同一平面的两直线平行。
易得反例。
正确的为②和③考点：平行及垂直的判定3. 函数1()()12x f x =-的定义域、值域分别是 A ．定义域是R ，值域是RB ．定义域是R ，值域是(0,)+∞C ．定义域是(0,)+∞ ，值域是RD ．定义域是R ，值域是(1,)-+∞ 【答案】D 【解析】试题分析：定义域为：R ，因为11()0,()-11,122x x y >>->-则即考点：指数函数的性质4. 30y --=的倾斜角是 A ．30°B ．60°C ． 120°D ．150°【答案】B 【解析】试题分析：由题：y 3=-，则0k tan 60=α==考点：直线方程形式的互化及斜率与倾斜角的关系。
5. 函数23y x =的大致图像是 A.B.C.D.【答案】B 【解析】试题分析：由题23y x == 。
可知为偶函数且 (0,)+∞在为增函数考点：幂函数的性质6. 已知直线l 1：210x y -+=与l 2：230x ky ++=平行，则k 的值是A ．14B ．14-C ．4-D ．4【答案】C 【解析】试题分析：由题l 1：112k =l 2： 由平行得：12,4k k k ==-考点：直线平行与斜率的关系。
河南省安阳一中高二物理上学期第一次月考试题(含解析)
- 1 - 2015-2016学年河南省安阳一中高二（上）第一次月考物理试卷 一、选择题（在每小题给出的四个选项中，有的至少有一个选项符合答案要求，选对的得3分，选对而不全的得2分，每小题3分，共45分．） 1．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（ ） A．电场强度大的地方，电势一定高 B．电场强度不变，电势也不变 C．电场强度为零处，电势一定为零 D．电场强度的方向是电势降低最快的方向
2．如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b．下列表述正确的是（ ）
A．该电场是匀强电场 B．a点的电场强度比b点的大 C．a点的电势比b点的高 D．正电荷在a、b两点受力方向相同
3．在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，先将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（ ）
A．电势能逐渐减小 B．电势能逐渐增大 C．q3受到的电场力逐渐减小 D．q3受到的电场力逐渐增大
4．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab的中点，a、b电势分别为φa=5V、φb=3V．下列叙述正确的是（ ）
A．该电场在c点处的电势一定为4 V B．a点处的场强Ea一定大于b点处的场强Eb C．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少 D．一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向a
5．空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m的带正电的微粒水平射入电场中，微粒的运动轨迹如图所示，在相等的时间间隔内（ ） - 2 -
A．重力做的功相等 B．电场力做的功相等 C．电场力做的功大于重力做的功 D．电场力做的功小于重力做的功
6．带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10﹣8 J的功，那么（ ） A．M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能 B．P点的场强一定小于Q点的场强 C．P点的电势一定高于Q点的电势 D．M在P点的动能一定大于它在Q点的动能
2015-2016学年河南省安阳二中高一(下)期末物理试卷(6月份)(解析版)
2015-2016学年河南省安阳二中高一（下）期末物理试卷（6月份）一、选择题（共14小题，每小题4分，满分56分）1．关于速度和加速度的说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度变化方向为正，加速度方向可能为负C．速度变化越来越快，加速度可能越来越小D．速度越来越大，加速度可能越来越小2．下列说法中，正确的是（）A．高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客都具有惯性B．短跑运动员最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大惯性越大C．把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的原因D．抛出去的标枪、手榴弹…向远处运动都不受力3．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止4．关于曲线运动，下列说法不正确的是（）A．曲线运动的速度大小可能不变B．曲线运动的速度方向可能不变C．曲线运动一定是变速运动D．做曲线运动的物体所受的合外力一定不为零5．（2012•湘潭县校级学业考试）做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（）A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同6．做匀速圆周运动的物体，在运动过程中保持不变的物理量是（）A．速率 B．速度 C．加速度D．合外力7．一个球挂在三角形木块的左侧面，如图所示，球与木块均能保持静止，则（）A．地面对木块的摩擦力向左B．地面对木块的摩擦力向右C．地面对木块无摩擦力D．若地面光滑，木块一定滑动8．（2011•泰兴市校级模拟）一物体做初速度为零的匀加速直线运动，将其运动时间顺次分成1：2：3的三段，则每段时间内的位移之比为（）A．1：3：5 B．1：4：9 C．1：8：27 D．1：16：819．如图一个重力G=4N的物体放在倾角为30°的光滑斜面上，斜面放在台秤上．当烧断细线后，物块正在下滑的过程中与静止时比较，台秤示数（）A．减小2N B．减小1N C．增大2N D．保持不变10．（2008•安徽）如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上．物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（）A．tanφ=sinθ B．tanφ=cosθC．tanφ=tanθ D．tanφ=2tanθ11．（2015秋•荔湾区期末）一物体由静止沿光滑斜面匀加速下滑距离L时，速度为v，当它的速度为时，它沿斜面下滑的距离是（）A．L B．L C．L D．L12．质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，当斜面沿水平方向向右匀速移动了距离s 时，如图所示，物体m相对斜面静止，则下列说法中正确的是（）A．重力对物体m做正功B．合力对物体m做功为零C．摩擦力对物体m做负功D．支持力对物体m做正功13．（2012春•宁波期末）同步卫星离地心距离为r，运行速率为v1，加速度为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球的半径为R，则下列结果正确的是（）A．=B．=（）2C．=D．=14．若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L．已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．月球表面的重力加速度g月=B．月球的平均密度ρ=C．月球的第一宇宙速度v=D．月球的质量m月=二、实验题15．（10分）三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图（1）所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明（2）乙同学采用如图（2）所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图（3）所示的“小球做平抛运动”的照片．图中每个小方格的边长为1.25cm，则由图可得v0=（用L，g表示），其值是m/s．三、论述计算题16．（10分）观察到某一行星有颗卫星以半径R、周期T环绕此行星做圆周环绕运动，卫星的质量为m．（1）求行星的质量；（2）求卫星的向心加速度；（3）若行星的半径是卫星运行轨道半径的，那么该行星表面的重力加速度有多大？17．（10分）（2011春•资阳期末）汽车发动机的额定功率为6×104W，汽车的质量为5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重的0.1倍，g=10m/s2．求：（1）汽车保持其额定功率不变从静止起动后能达到的最大速度是多大？（2）若汽车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？18．（14分）如图所示，倾角为37°的斜面长l=1.9m，在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0=3m/s的速度水平抛出，与此同时静止释放在顶端的滑块，经过一段时间后将小球恰好能够以垂直斜面的方向击中滑块．（小球和滑块均视为质点，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）小球从抛出到达斜面所用时间；（2）抛出点O离斜面底端的高度；（3）滑块与斜面间的动摩擦因数μ．2015-2016学年河南省安阳二中高一（下）期末物理试卷（6月份）参考答案与试题解析一、选择题（共14小题，每小题4分，满分56分）1．关于速度和加速度的说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度一定越大B．速度变化方向为正，加速度方向可能为负C．速度变化越来越快，加速度可能越来越小D．速度越来越大，加速度可能越来越小【考点】加速度；速度【分析】速度是反应物体运动快慢的物理量，加速度是反应物体速度变化快慢的物理量，加速度与速度方向相同时做加速运动，相反时做减速运动．【解答】解：A、加速度等于速度变化量与所用时间的比值，速度变化量越大，但不知道变化所用时间，故不能确定加速度一定越大，故A错误；B、加速度是矢量，加速度的方向就是速度变化的方向，故B错误；C、加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度越大物体的速度变化越快，故C错误；D、当加速度与速度方向相同时物体做加速运动，若加速度开始减小，物体的速度仍在增加，只是增加得变慢了，故D正确．故选：D．【点评】掌握速度、加速度的定义及其物理意义，知道加速度与速度的关系是正确解题的基础，不难属于基础题．2．下列说法中，正确的是（）A．高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客都具有惯性B．短跑运动员最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大惯性越大C．把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的原因D．抛出去的标枪、手榴弹…向远处运动都不受力【考点】惯性【分析】惯性是物体保持原来的运动状态不变的性质，是物体的固有属性，惯性大小的量度是物体的质量．【解答】解：A、高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，启动时乘客向后倾倒，都说明乘客具有惯性，故A正确；B、短跑运动员最后冲刺时，速度很大，故很难停下来，是惯性的体现，但惯性大小的唯一量度是质量，与速度无关，故B错误；C、把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体速度的原因，力不能改变惯性的大小．故C错误；D、抛出去的标枪、手榴弹等是靠惯性向远处运动的，由于重力作用，最后落在地面上，故D错误；故选：A【点评】该题考查对惯性的理解，属于对基础知识的考查，解决此类题目首先要掌握惯性的知识，并要分析在具体事例中的作用．3．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：A、由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大．故A错误．B、根据A选项分析，故B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大．故C错误．D、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，加速度等于零时做匀速运动，位移仍然增大，故D错误．故选B．【点评】要清楚物理量的物理意义，要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确定的．4．关于曲线运动，下列说法不正确的是（）A．曲线运动的速度大小可能不变B．曲线运动的速度方向可能不变C．曲线运动一定是变速运动D．做曲线运动的物体所受的合外力一定不为零【考点】曲线运动【分析】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上．【解答】解：A、曲线运动的速度大小可能不变，如匀速圆周运动，故A正确；B、曲线运动的速度的方向沿着切线方向，速度的方向时刻改变，故B错误；C、曲线运动的速度的方向沿着切线方向，速度的方向时刻改变，所以曲线运动一定是变速运动，故C正确；D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小一定不为零，故D 正确；本题选择不正确的，故选：B．【点评】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．5．（2012•湘潭县校级学业考试）做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（）A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同【考点】平抛运动【分析】速度的增量就是速度的变化量．平抛运动的加速度不变，根据公式△v=at分析即可．【解答】解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向相同．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向相同．6．做匀速圆周运动的物体，在运动过程中保持不变的物理量是（）A．速率 B．速度 C．加速度D．合外力【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】匀速圆周运动的过程中，线速度的大小不变，方向时刻改变，向心加速度、向心力的方向始终指向圆心．【解答】解：匀速圆周运动过程中，线速度大小不变，即速率不变，方向改变，向心加速度大小不变，方向始终指向圆心，向心力大小不变，方向始终指向圆心．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道线速度、向心加速度、向心力是矢量，矢量只有在大小和方向都不变时，该量不变．7．一个球挂在三角形木块的左侧面，如图所示，球与木块均能保持静止，则（）A．地面对木块的摩擦力向左B．地面对木块的摩擦力向右C．地面对木块无摩擦力D．若地面光滑，木块一定滑动【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】以球和木块整体为研究对象受力分析，根据平衡条件判断地面与木块之间的摩擦力情况．【解答】解：由于球与木块均保持静止，即加速度都为零，可以看成整体，对整体，首先一定受重力和支持力，水平方向没有要运动的趋势，故不受地面的摩擦力；故选：C．【点评】本题属于连接体问题，灵活的选择研究对象可以起到事半功倍的效果．8．（2011•泰兴市校级模拟）一物体做初速度为零的匀加速直线运动，将其运动时间顺次分成1：2：3的三段，则每段时间内的位移之比为（）A．1：3：5 B．1：4：9 C．1：8：27 D．1：16：81【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】物体做匀加速直线运动，可利用推论物体在连续相等的时间内通过的位移之比等于1：3：5、加以解答．【解答】解：根据x=at2可得：物体通过的第一段位移为：x1=a×t2又前3ts的位移减去前ts的位移就等于第二段的位移故物体通过的第二段位移为：x2=﹣×t2=×8t2又前6ts的位移减去前3ts的位移就等于第三段的位移故物体通过的第三段位移为：x3=﹣=t2故位移比为：1：8：27故选：C．【点评】本题的技巧是利用匀加速直线运动的推论，利用比例法求解，简单方便．匀加速直线运动的推论可在理解的基础上记忆，解选择题时加以运用，可大大提高解题速度．9．如图一个重力G=4N的物体放在倾角为30°的光滑斜面上，斜面放在台秤上．当烧断细线后，物块正在下滑的过程中与静止时比较，台秤示数（）A．减小2N B．减小1N C．增大2N D．保持不变【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】先对整体研究，根据平衡条件求出台秤对斜面的支持力，即得到台秤的示数．当细线被烧断物块正在下滑时，对物块进行研究，求出物块对斜面的压力大小，将此压力分解为水平和竖直两个方向的分力，即可得到台秤的示数．【解答】解：设斜面的重力为G．整个装置保持静止状态时，台秤的示数为F1=G A+G．当细线被烧断物块正在下滑时，物块对斜面的压力大小为N=G A cos30°，对斜面研究得到，台秤的示数为F2=G+Ncos30°=G+G A，故台秤的示数减小量为△F=G A﹣G A=1N．故选：B．【点评】本题运用整体法和隔离法进行研究，分析受力情况是基础．10．（2008•安徽）如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上．物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足（）A．tanφ=sinθ B．tanφ=cosθC．tanφ=tanθ D．tanφ=2tanθ【考点】平抛运动【分析】φ为速度与水平方向的夹角，tanφ为竖直速度与水平速度之比；θ为平抛运动位移与水平方向的夹角，tanθ为竖直位移与水平位移之比．【解答】解：竖直速度与水平速度之比为：tanφ=，竖直位移与水平位移之比为：tanθ==，故tanφ=2tanθ，故选：D．【点评】解决本题的关键掌握速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍．11．（2015秋•荔湾区期末）一物体由静止沿光滑斜面匀加速下滑距离L时，速度为v，当它的速度为时，它沿斜面下滑的距离是（）A．L B．L C．L D．L【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系【分析】物体沿光滑斜面匀加速下滑，对下滑位移等于L时，由速度位移关系公式，列出速度与L、a的关系式；对速度为时，再由速度位移关系公式，列出速度与L、a的关系式，然后用比例法求解．【解答】解：设物体的加速度为a．由速度位移关系公式得：v2=2aL（）2=2ax解得：x=L．故C正确，ABD错误．故选：C【点评】本题要抓住物体的加速度恒定，不需要研究时间，选用速度位移关系公式，运用比例法求解．12．质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，当斜面沿水平方向向右匀速移动了距离s 时，如图所示，物体m相对斜面静止，则下列说法中正确的是（）A．重力对物体m做正功B．合力对物体m做功为零C．摩擦力对物体m做负功D．支持力对物体m做正功【考点】功的计算【分析】分析物体的受力情况，根据力与位移的夹角，判断力做功的正负．物体匀速运动时，合力为零，合力对物体m做功为零．根据功的公式W=FLcosθ求出摩擦力和重力做功．【解答】解：A、物体在水平方向移动，在重力方向上没有位移，所以重力对物体m做功为零．故A错误B、物体匀速运动时，合力为零，合力对物体m做功为零．故B正确．C、摩擦力f与位移的夹角为钝角，所以摩擦力对物体m做功不为零，做负功．故C正确D、由图看出，弹力N与位移s的夹角小于90°，则弹力对物体m做正功．故D正确故选：BCD【点评】本题考查力对物体是否做功的判断，也可能根据动能定理求解合力做功．13．（2012春•宁波期末）同步卫星离地心距离为r，运行速率为v1，加速度为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球的半径为R，则下列结果正确的是（）A．=B．=（）2C．=D．=【考点】同步卫星【分析】卫星运动时万有引力提供圆周运动的向心力，第一宇宙速度是近地轨道绕地球做匀速圆周运动的线速度，同步卫星运行周期与赤道上物体自转周期相同，由此展开讨论即可．【解答】解：AB、同步卫星和地球自转的周期相同，运行的角速度亦相等，则根据向心加速度a=rω2可知，同步卫星的加速度与地球赤道上物体随地球自转的向心加速度之比等于半径比，即=，故A正确，B错误；CD、同步卫星绕地于做匀速圆周运动，第一宇宙速度是近地轨道上绕地球做匀速圆周运动的线速度，两者都满足万有引力提供圆周运动的向心力即：G=m由此可得：v=所以有：==，故C错误，D正确故选：AD．【点评】万有引力问题的主要处理思路是：环绕天体做圆周运动的向心力由万有引力提供．同时掌握同步卫星的周期与地球自转周期相同是解决本题的关键．14．若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L．已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．月球表面的重力加速度g月=B．月球的平均密度ρ=C．月球的第一宇宙速度v=D．月球的质量m月=【考点】万有引力定律及其应用；平抛运动【分析】宇航员在月球上自高h处以初速度v0水平抛出一物体，测出物体的水平射程为L，根据水平射程和初速度求出运动的时间，根据h=gt2求出月球表面的重力加速度大小；由求得月球的质量；根据重力提供向心力求出卫星的第一宇宙速度；由质量与半径可求得平均密度．【解答】解：A、平抛运动的时间t=．再根据h=gt2得，得，故A正确B、月球的平均密度=，故B错误．C、第一宇宙速度：=，故C错误D、由与，可得：m月=．故D正确故选：AD【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，以及掌握万有引力提供向心力以及万有引力等于重力这两个理论的运用二、实验题15．（10分）三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图（1）所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明平抛运动的竖直分运动是自由落体运动（2）乙同学采用如图（2）所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是两球P、Q将相碰．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明平抛运动的水平分运动是匀速直线运动．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图（3）所示的“小球做平抛运动”的照片．图中每个小方格的边长为1.25cm，则由图可得v0=2（用L，g表示），其值是0.7m/s．【考点】研究平抛物体的运动【分析】（1）探究平抛运动的规律中，实验甲同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动．若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动．（2）实验乙同时让P球做平抛运动，Q球做匀速运动．若两小球相碰，则说明平抛运动水平方向是匀速运动．（3）用频闪照相仪得到的图片，它们间的时间是相等，但1的位置并不一定是抛出点．所以处理时1位置的竖直方向有初速度．因此利用在相等的时间内位移之差是恒定的，结合重力加速度可求出它们间的时间．再利用水平方向的位移结合时间可算出抛出速度．【解答】解：（1）在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动．结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动．（2）让两小球从相同的弧形轨道上相同高度滚下，从而使两小球同时滚离轨道并具有相同的速度．小球P做平抛运动，小球Q做匀速直线运动，当两小球相遇时则说明小球平抛运动水平方向是匀速直线运动．当同时改变两小球滚下的高度时，仍能相碰，则说明平抛运动水平方向总是匀速直线运动．（3）平抛运动可看成竖直方向自由落体运动与水平方向匀速直线运动；在竖直方向：由△h=gt2可得t=水平方向：由x=v0t得：v0==2=2×≈0.7m/s故答案为：（1）平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；（2）两球PQ将相碰，平抛运动的水平分运动是匀速直线运动；（3）2，0.7．【点评】通过实验探究出平抛运动处理的规律，并掌握了运动的合成与分解，同时运用运动学公式解题，难度适中．三、论述计算题16．（10分）观察到某一行星有颗卫星以半径R、周期T环绕此行星做圆周环绕运动，卫星的质量为m．（1）求行星的质量；（2）求卫星的向心加速度；（3）若行星的半径是卫星运行轨道半径的，那么该行星表面的重力加速度有多大？【考点】万有引力定律及其应用【分析】（1）根据万有引力定律等于向心力公式，即可求出行星的质量；（2）根据向心加速度公式求卫星的向心加速度（3）行星表面处的重力加速度由万有引力提供即可．【解答】解：（1）卫星绕行星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有解得：（2）卫星的向心加速度（3）根据题意，行星的半径行星表面物体重力等于万有引力，有解得：答：（1）求行星的质量；（2）求卫星的向心加速度；（3）若行星的半径是卫星运行轨道半径的，那么该行星表面的重力加速度有多大【点评】该题考查万有引力定律的一般应用，直接使用万有引力提供向心力的公式即可，它们非常简单17．（10分）（2011春•资阳期末）汽车发动机的额定功率为6×104W，汽车的质量为5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重的0.1倍，g=10m/s2．求：（1）汽车保持其额定功率不变从静止起动后能达到的最大速度是多大？（2）若汽车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】（1）汽车以额定功率行驶时，当牵引力与阻力相等时，汽车速度最大；（2）根据牛顿第二定律求出汽车保持匀加速运动的牵引力，再根据P=Fv求得汽车匀加速运动的最大速度，由速度时间关系求汽车匀加速运动所能维持的时间．【解答】解：（1）汽车保持额定功率不变，当汽车牵引力与阻力相等时，汽车获得最大速度，根据P=Fv可得。
河南省安阳二中高一物理下学期第一次月考试卷(含解析)
2015-2016学年河南省安阳二中高一（下）第一次月考物理试卷一、选择题（每题4分，共56分，多选题已标明，少选得2分）1．某质点做曲线运动时，它的速度方向与加速度方向的关系（）A．质点的速度方向时刻在改变B．质点的加速度方向时刻在改变C．质点速度方向一定沿曲线的切线方向D．质点速度方向一定与加速度方向垂直2．如图所示，在同一竖直面内，两位同学分别以初速度v a和v b将小球从高度不同的a、b 两点沿水平方向同时抛出，两小球均落到与两抛出点水平距离相等的P点．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．v a＜v b，两球同时落地B．v a＞v b，两球同时落地C．v a＞v b，小球a先落地D．v a＜v b，小球b先落地3．关于向心力的说法中正确的是（）A．物体由于做圆周运动而产生一个指向圆心的力就是向心力B．向心力不能改变做圆周运动物体的速度的大小C．做匀速圆周运动的物体，其向心力就是物体所受的合外力D．做匀速圆周运动的物体，其向心力是一个不变的力4．火车转弯可以看成是在水平面内做匀速圆周运动，火车速度提高会使外轨受损．为解决火车高速转弯时外轨受损这一难题，以下措施可行的是（）A．适当减小内外轨的高度差B．适当增加内外轨的高度差C．适当减小弯道半径 D．适当增大内外轨间距5．如图所示，从同一竖直线上不同高度的A、B两点处，分别以速率v1、v2水平向右抛出两个小球，不计空气阻力，P为它们在空中运动轨迹的交点．则下列说法正确的有（）A．两球在P点一定具有相同的速率B．若两球同时抛出，则可能在P点相碰C．若两球同时抛出，落地前两球在竖直方向的距离始终保持不变D．若两球同时抛出，落地前两球在水平方向的距离逐渐变大6．关于行星绕太阳运动的下列说法中正确的是（）A．所有行星都在同一轨道上绕太阳运动B．行星绕太阳运动时，太阳位于行星轨道的中心处C．离太阳越近的行星运动周期越大D．所有行星轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等7．如图所示，洗衣机的脱水桶采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中正确的是（）A．脱水过程中，衣物是紧贴桶壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水桶转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好8．如图所示，质量为m的物体从半径为R的半球形碗边向碗底滑动，滑到最低点时的速度为v，若物体与碗的动摩擦因数为μ，则物体滑到最低点时受到的摩擦力的大小是（）A．μmg B．C．D．9．如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初速度V0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点，若小球从a点以初速度V0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．小球一定落在c点B．小球可能落在d点与c点之间C．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定增大D．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角不相同10．用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v不变，则船速（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．不变D．先增大后减小11．质量为m的飞机，以速率v在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，如图所示，则空气对飞机的升力大小为（）A．m B．m C．mg D．m12．如图所示，两个可视为质点的、相同的木块A和B放在转盘上，两者用长为L的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的K倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动．开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是（）A．当时，A、B相对于转盘会滑动B．当时，绳子一定没有弹力C．ω在＜ω＜范围内增大时，B所受摩擦力变大D．ω在0＜ω＜范围内增大时，A所受摩擦力一直变大13．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：114．物体以速度v0水平抛出，若不计空气阻力，则当其竖直分位移与水平位移相等时，以下说法中正确的是（）A．竖直分速度等于水平分速度 B．瞬时速度大小为v0C．运动的时间为 D．运动的位移为二、填空题（每空2分，共12分）15．图1是“研究平抛物体运动”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹．（1）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的是．a．安装斜槽轨道，使其末端保持水平b．每次小球释放的初始位置可以任意选择c．每次小球应从同一高度由静止释放d．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图2中y﹣x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是．（3）图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y1为5.0cm，y2为45.0cm，A、B两点水平间距△x 为40.0cm，则平抛小球的初速度v0为m/s，若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度v C为m/s（结果保留两位有效数字，g取10m/s2）．16．如图所示皮带转动轮，大轮直径是小轮直径的2倍，A是大轮边缘上一点，B是小轮边缘上一点，C是大轮上一点，C到圆心O1的距离等于小轮半径．转动时皮带不打滑，则A、B 两点的角速度之比ωA：ωB= ，B、C两点向心加速度大小之比a B：a C= ．三、计算题（每题8分，共32分）17．长L=0.5m、质量可忽略的杆，其一端固定于O点，另一端连有质量为m=2kg的小球，它绕O点在竖直平面内做圆周运动，当通过最高点时，如图所示．求下列情况下杆对球的作用力（计算大小，并说明是拉力还是支持力）（1）当V1=1m/s时，大小为多少？是拉力还是支持力？（2）当V2=4m/s时，大小为多少？是拉力还是支持力？18．如图所示，在距地面高为H=45m处，某时刻将一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度沿水平地面同方向滑出，B与水平地面间的动摩擦因素为μ=0.4，A、B均可视为质点，空气阻力不计，求：（1）A球落地时的速度大小；（2）A球落地时，A、B之间的距离．19．河宽d=200m，水流速度v1=3m/s，船在静水中的速度v2=5m/s．求：（1）欲使船渡河时间最短，船应怎样渡河？最短时间是多少？船经过的位移多大？（2）欲使船航行距离最短，船应怎样渡河？渡河时间多长？20．在水平圆盘上有一过圆心的光滑水平槽，槽内有两根原长、劲度系数均相同的橡皮绳拉住一质量为m的小球，一条橡皮绳拴在O点，另一条拴在O′点，其中O点为圆盘的中心，O′点为圆盘的边缘．橡皮绳的劲度系数为k，原长为圆盘半径R的．现使圆盘角速度由零缓慢增大，求圆盘的角速度ω1=与ω2=时，小球所对应的线速度之比v1：v2．2015-2016学年河南省安阳二中高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共56分，多选题已标明，少选得2分）1．某质点做曲线运动时，它的速度方向与加速度方向的关系（）A．质点的速度方向时刻在改变B．质点的加速度方向时刻在改变C．质点速度方向一定沿曲线的切线方向D．质点速度方向一定与加速度方向垂直【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；【解答】解：A、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以A正确．B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，所以加速度的方向不一定变化，所以B错误．C、质点速度方向一定沿曲线的切线方向，所以C正确．D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，加速度的方向是和合力的方向相同，所以质点速度方向一定与加速度方向不在一条直线上，但不一定垂直，所以D错误．故选：AC．2．如图所示，在同一竖直面内，两位同学分别以初速度v a和v b将小球从高度不同的a、b 两点沿水平方向同时抛出，两小球均落到与两抛出点水平距离相等的P点．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．v a＜v b，两球同时落地B．v a＞v b，两球同时落地C．v a＞v b，小球a先落地D．v a＜v b，小球b先落地【分析】平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，运动时间由下落的高度决定，根据水平位移与时间结合可分析初速度关系．【解答】解：两个小球都作平抛运动，竖直方向作自由落体运动，由h=，得t=，则t a＞t b．因此小球b先落地．小球水平方向都做匀速直线运动，由x=v0t，由题意x相等，又t a＞t b，则知v a＜v b．故D正确．故选：D3．关于向心力的说法中正确的是（）A．物体由于做圆周运动而产生一个指向圆心的力就是向心力B．向心力不能改变做圆周运动物体的速度的大小C．做匀速圆周运动的物体，其向心力就是物体所受的合外力D．做匀速圆周运动的物体，其向心力是一个不变的力【分析】物体做圆周运动就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是物体产生的．向心力只改变速度的方向，不改变速度的大小．做匀速圆周运动的物体向心力是由合外力提供的．向心力的方向时刻改变，向心力也改变．【解答】解：A、物体做圆周运动就需要有向心力，向心力是由外界提供的，不是物体本身产生的．故A错误．B、向心力总是与速度方向垂直，不做功，不能改变速度的大小，只改变速度的方向．故B正确．C、做匀速圆周运动的物体向心力是由合外力提供的．故C正确．D、向心力始终指向圆心，方向时刻在改变，则向心力是变化的．故D错误．故选BC4．火车转弯可以看成是在水平面内做匀速圆周运动，火车速度提高会使外轨受损．为解决火车高速转弯时外轨受损这一难题，以下措施可行的是（）A．适当减小内外轨的高度差B．适当增加内外轨的高度差C．适当减小弯道半径 D．适当增大内外轨间距【分析】火车转变时需要向心力，若重力和支持力的合力提供向心力，则内外轨道均不受压力；根据向心力公式可得出解决方案．【解答】解：火车转弯时为减小外轨所受压力，可使外轨略离于内轨，使轨道形成斜面，若火车速度合适，内外轨均不受挤压．此时，重力与支持力的合力提供向心力，如图．F=mgtanθ=m，解得v=．当火车速度增大时，应适当增大转弯半径或增加内外轨道的高度差．故B正确，A、C、D错误．故选：B．5．如图所示，从同一竖直线上不同高度的A、B两点处，分别以速率v1、v2水平向右抛出两个小球，不计空气阻力，P为它们在空中运动轨迹的交点．则下列说法正确的有（）A．两球在P点一定具有相同的速率B．若两球同时抛出，则可能在P点相碰C．若两球同时抛出，落地前两球在竖直方向的距离始终保持不变D．若两球同时抛出，落地前两球在水平方向的距离逐渐变大【分析】平抛运动的高度决定运动的时间，结合下降的高度判断两球能否在P点相碰．若两球同时抛出，在竖直方向上相同时间内位移大小相等，结合水平方向位移的变化判断两物体间的距离变化．【解答】解：A、两球的初速度大小关系未知，在P点，A的竖直分速度大于B的竖直分速度，根据平行四边形定则知，两球在P点的速度大小不一定相同，故A错误．B、若同时抛出，在P点，A下落的高度大于B下落的高度，则A下落的时间大于B下落的时间，可知两球不可能在P点相碰，故B错误．C、若同时抛出，根据h=知，经过相同的时间下落的高度相同，则竖直方向上的距离保持不变，故C正确．D、若同时抛出，由图可知，下落相同的高度，B的水平位移大于A的水平位移，可知B的初速度大于A的初速度，由于两球在竖直方向上的距离不变，水平距离逐渐增大，则两球之间的距离逐渐增大，故D正确．故选：CD．6．关于行星绕太阳运动的下列说法中正确的是（）A．所有行星都在同一轨道上绕太阳运动B．行星绕太阳运动时，太阳位于行星轨道的中心处C．离太阳越近的行星运动周期越大D．所有行星轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等【分析】开普勒第一定律是太阳系中的所有行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上．在相等时间内，太阳和运动着的行星的连线所扫过的面积都是相等的．开普勒第三定律中的公式=k．可知半长轴的三次方与公转周期的二次方成正比．【解答】解：A、开普勒第一定律可得，所有行星都绕太阳做椭圆运动，且太阳处在所有椭圆的一个焦点上，故AB错误．C、由开普勒第三定律=k，所有行星的轨道半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等，得离太阳越近的行星的运动周期越短．故C错误，D正确；故选：D．7．如图所示，洗衣机的脱水桶采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中正确的是（）A．脱水过程中，衣物是紧贴桶壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水桶转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好【分析】A、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．B、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．C、F=ma=mω2R，角速度增大，水滴所需向心力增大，脱水效果更好．D、周边的衣物因圆周运动的半径更大，在角速度一定时，所需向心力比中心的衣物大，脱水效果更好．【解答】解：A、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．故A正确．B、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．故B错误．C、F=ma=mω2R，ω增大会使向心力F增大，而转筒有洞，不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，增大向心力，会使更多水滴被甩出去．故C正确．D、中心的衣服，R比较小，角速度ω一样，所以向心力小，脱水效果差．故D正确．故选：ACD．8．如图所示，质量为m的物体从半径为R的半球形碗边向碗底滑动，滑到最低点时的速度为v，若物体与碗的动摩擦因数为μ，则物体滑到最低点时受到的摩擦力的大小是（）A．μmg B．C．D．【分析】滑块经过碗底时，由重力和碗底对球支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出碗底对球的支持力，再由摩擦力公式求解在过碗底时滑块受到摩擦力的大小．【解答】解：滑块经过碗底时，由重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得F N﹣mg=则碗底对球支持力F N=mg+所以在过碗底时滑块受到摩擦力的大小f=μF N=μ（mg+）=μm（g+）故选B．9．如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初速度V0水平抛出一个小球，它落在斜面上的b点，若小球从a点以初速度V0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．小球一定落在c点B．小球可能落在d点与c点之间C．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定增大D．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角不相同【分析】小球落在斜面上，竖直方向上的位移与水平方向位移的比值一定，运动的时间与初速度有关，根据竖直方向上的位移公式，可得出竖直位移与初速度的关系，从而知道小球的落点．根据速度方向与水平方向的夹角变化，去判断小球两次落在斜面上的速度与斜面的夹角的关系．【解答】解：设斜面的倾角为θ．AB、小球落在斜面上，有：tanθ===解得：t=在竖直方向上的分位移为：y==则知当初速度变为原来的倍时，竖直方向上的位移变为原来的2倍，所以小球一定落在斜面上的c点，故A正确，B错误；C、设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为β，则tanβ===2tanθ，即tanβ=2tanθ，所以β一定，则知落在斜面时的速度方向与斜面夹角一定相同．故C错误；D、由于小球落在斜面上速度与水平方向的夹角的正切值：tanβ=2tanθ，所以小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角不相同，故D正确．故选：AD．10．用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v不变，则船速（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．不变 D．先增大后减小【分析】将小船的运动沿绳子收缩方向和垂直绳子方向进行正交分解，拉绳子的速度v等于船沿绳子收缩方向的分速度，再对绳子收缩方向的分速度的表达式进行讨论，即可以求出船速的变化情况．【解答】解：将小船的运动沿绳子收缩方向和垂直绳子方向进行正交分解，如图拉绳子的速度v等于船沿绳子收缩方向的分速度，由几何关系，得到v=v船cosθ在小船靠岸的过程中，由于拉绳的速度v保持不变，θ也不断变大，故v船不断变大，故A 正确，BCD错误；故选：A．11．质量为m的飞机，以速率v在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，如图所示，则空气对飞机的升力大小为（）A．m B．m C．mg D．m【分析】根据牛顿第二定律求出飞机做匀速圆周运动的向心力，根据平行四边形定则求出空气对飞机的升力作用．【解答】解：飞机做匀速圆周运动靠重力和升力提供向心力，向心力的大小，根据平行四边形定则知，升力的大小F==．故B正确，A、C、D错误．故选：B．12．如图所示，两个可视为质点的、相同的木块A和B放在转盘上，两者用长为L的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的K倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动．开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是（）A．当时，A、B相对于转盘会滑动B．当时，绳子一定没有弹力C．ω在＜ω＜范围内增大时，B所受摩擦力变大D．ω在0＜ω＜范围内增大时，A所受摩擦力一直变大【分析】开始角速度较小，两木块都靠静摩擦力提供向心力，B先到达最大静摩擦力，角速度继续增大，则绳子出现拉力，角速度继续增大，A的静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，开始发生相对滑动．【解答】解：A、当A所受的摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B相对于转盘会滑动，对A有：kmg﹣T=mLω2，对B有：T+kmg=m•2Lω2，解得ω=，当时，A、B相对于转盘会滑动．故A正确．B、当B达到最大静摩擦力时，绳子开始出现弹力，kmg=m•2Lω2，解得ω1=，知ω＞时，绳子具有弹力．故B错误．C、角速度0＜ω＜，B所受的摩擦力变大，ω在＜ω＜范围内增大时，B所受摩擦力不变．故C错误．D、当ω在0＜ω＜，范围内增大时，A所受摩擦力一直增大．故D正确．故选：AD．13．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：1【分析】先根据转速计算出做匀速圆周运动的角速度，再利用向心加速度公式分别计算，再求比值．【解答】解：A的转速为30r/min=0.5r/s，则A的加速度ωA=2πn A=π，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，故A的向心加速度为B的转速为10r/min=，则B的加速度，故B的向心加速度为故向心加速度之比，B正确；故选：B．14．物体以速度v0水平抛出，若不计空气阻力，则当其竖直分位移与水平位移相等时，以下说法中正确的是（）A．竖直分速度等于水平分速度 B．瞬时速度大小为v0C．运动的时间为 D．运动的位移为【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直位移和水平位移相等求出运动的时间，从而得出竖直分速度的大小，结合平行四边形定则求出瞬时速度的大小，根据初速度和时间求出水平位移，从而得出运动的位移．【解答】解：A、根据得，运动的时间t=，则竖直分速度v y=gt=2v0，不等于水平分速度．故A错误，C正确．B、瞬时速度的大小v=．故B正确．D、水平位移x=，则运动的位移s=．故D错误．故选：BC．二、填空题（每空2分，共12分）15．图1是“研究平抛物体运动”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹．（1）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的是ac ．a．安装斜槽轨道，使其末端保持水平b．每次小球释放的初始位置可以任意选择c．每次小球应从同一高度由静止释放d．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图2中y﹣x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是c ．（3）图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y1为5.0cm，y2为45.0cm，A、B两点水平间距△x 为40.0cm，则平抛小球的初速度v0为 2.0 m/s，若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度v C为 4.0 m/s（结果保留两位有效数字，g取10m/s2）．【分析】（1）保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．（2）平抛运动竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动；联立求得两个方向间的位移关系可得出正确的图象．（3）根据平抛运动的处理方法，直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动即可求解．【解答】解：（1）A、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确；BC、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，C正确；D、用描点法描绘运动轨迹时，应将各点连成平滑的曲线，不能练成折线或者直线，故D错误．故选：AC．（2）物体在竖直方向做自由落体运动，y=gt2；水平方向做匀速直线运动，x=vt；联立可得：y=，因初速度相同，故为常数，故y﹣x2应为正比例关系，故C正确，ABD错误．故选：C．（3）根据平抛运动的处理方法，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，所以y1=g…①y2=…②水平方向的速度，即平抛小球的初速度为v0=…③联立①②③代入数据解得：v0=2.0m/s若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的对应速度v C：据公式可得： =2gh，所以v下=2=3.5m/s所以C点的速度为：v c==4.0m/s故答案为：2.0；4.016．如图所示皮带转动轮，大轮直径是小轮直径的2倍，A是大轮边缘上一点，B是小轮边缘上一点，C是大轮上一点，C到圆心O1的距离等于小轮半径．转动时皮带不打滑，则A、B 两点的角速度之比ωA：ωB= 1：2 ，B、C两点向心加速度大小之比a B：a C= 4：1 ．【分析】靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点具有相同的角速度．根据v=rω，a=ω2r可得出A、B、C三点的角速度之比和向心加速度之比．【解答】解：A、B两点的线速度相等，A的半径是B的半径的2倍，根据v=rω，知ωA：ωB=1：2．点A、C共轴转动，角速度相等，即ωA：ωC=1：1．所以ωA：ωB：ωC=1：2：1B、C具有相同的半径，根据a=rω2，知a B：a C=4：1故答案为：1：2，4：1．三、计算题（每题8分，共32分）17．长L=0.5m、质量可忽略的杆，其一端固定于O点，另一端连有质量为m=2kg的小球，它绕O点在竖直平面内做圆周运动，当通过最高点时，如图所示．求下列情况下杆对球的作用力（计算大小，并说明是拉力还是支持力）（1）当V1=1m/s时，大小为多少？是拉力还是支持力？（2）当V2=4m/s时，大小为多少？是拉力还是支持力？。
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2015-2016学年河南省安阳市滑县二中高一（上）月考物理试卷（12月份）
一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分） 1．下列关于力的说法正确的是（ ） A．力是物体对物体的作用，所以发生力的作用必须相互接触 B．物体受到的重力是地球施加的，物体只在重心处受到重力作用 C．弹力是发生弹性形变的物体，由于要恢复原状，对与它接触的物体所产生的力的作用 D．静摩擦力是静止的物体受到的，滑动摩擦力是运动的物体受到的
2．关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（ ） A．力是维持物体运动状态的原因 B．力是改变物体运动状态的原因 C．物体的质量较小，但运动的速度较大时，惯性也可以很大 D．物体自由下落时比竖直上抛时的惯性小
3．爬竿运动员从竿上端由静止开始先匀加速下滑时间2t，后再匀减速下滑时间t恰好到达竿底且速度为0，则这两段匀变速运动过程中加速度大小之比为（ ） A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1
4．如图所示，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，或者说，它们都具有抵抗运动状态变化的“本领”．物体的这种抵抗运动状态变化的“本领”，与下列什么因素有关（ ）
A．速度大小 B．质量大小 C．推力大小 D．阻力大小 5．一辆汽车以10m/s的速度沿平直公路匀速运动，司机发现前方有障碍物立即减速，以0.2m/s2的加速度做匀减速运动，减速后一分钟内汽车的位移为（ ） A．240m B．250m C．260m D．90m
6．一质量为m的人站在电梯中，电梯正在加速上升，加速度大小为，g为重力加速度，则人对电梯的压力是重力的（ ）
A． B．2 C．1 D． 7．如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止；现用力F沿斜面向上推A，但AB并未运动．下列说法正确的是（ ）
A．A、B之间的摩擦力可能大小不变 B．A、B之间的摩擦力一定变小 C．B与墙之间可能没有摩擦力 D．弹簧弹力一定不变
8．声音在某种气体中的速度表达式，可以用压强p，气体密度ρ和没有单位的比例常数k表示，根据上述情况，声音在该气体中的速度表达式正确的是（ ）
A．v=k B．v=k C．v=k D．v=k 9．如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d…，下列说法正确的是（ ）
A．质点由O到达各点的时间之比ta：tb：tc：td=1：：：2 B．质点通过各点的速率之比va：vb：vc：vd=1：：：2 C．在斜面上运动的平均速度v=vb
D．在斜面上运动的平均速度v= 10．如图所示，水平桌面上的物体受到水平方向的力F1、F2和摩擦力的作用而处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N．当撤去F1后，物体的受力情况及所处状态是（ ）
A．物体所受合力为零 B．物体受到的合力为6N C．物体将向左运动 D．物体仍然静止 二、填空题（共3小题，每小题4分，满分17分） 11．在探究小车速度随时间变化的规律的实验中，下图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间时间间隔T=0.1s
（1）根据 可判断小车做 运动 （2）B、C、D各点的瞬时速度分别为：VB= m/s，VC= m/s，VD= m/s， 加速度a= m/s2．
12．在研究弹簧的形变与外力的关系的实验中，将弹簧水平放置测出其自然长度，然后竖直悬挂让其自然下垂，在其下端竖直向下施加外力F，实验过程是在弹簧外力的弹性限度内进行的．用记录的外力F与弹簧的形变量x，作出F﹣x图线如图所示，由图可知弹簧的劲度系数为 N/m，图线不过坐标原点的原因是由于 ．
13．某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，探究物体的加速度与受力的关系，通过改变重物的质量，利用传感器可得到滑块运动的加速度a和所受拉力F，而后做出a﹣F关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．由图象可知：
（1）滑块和加速度传感器的总质量m= kg； （2）图线一不过坐标原点的原因是 ，图线Ⅱ不过坐标原点的原因是 ．
三、解答题（共4小题，满分44分） 14．（11分）（2012秋•商丘期末）如图所示，质量为M=6kg的物体处于静止状态，细绳OB与水平方向夹角为37°，细绳OA沿水平方向．求：OA、OB两根细绳的拉力大小． （取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）
15．（11分）（2009秋•丰台区期末）如图所示，水平放置的传送带以速度v=2m/s向右运行，现将一小物体轻轻地放在传送带A端，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，若A端与B端相距4m，则物体由A到B的时间为 s，物体到B时的速度大小为 m/s．（g取10m/s2）
16．（11分）（2013秋•温州校级期中）如图所示，足够长的斜面倾角θ=37°，一物体以v0=24m/s的初速度从斜面上A点处沿斜面向上运动；加速度大小为a=8m/s2，g取10m/s2．求： （1）物体沿斜面上滑的最大距离x； （2）物体与斜面间的动摩擦因数μ； （3）物体从A点出发需经多少时间才能回到A处．
17．（11分）（2014秋•商州区校级期末）如图所示，一个放置在水平地面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的、与水平方向成30°角的推力F=10N的作用，使木块从静止开始运动，5s后撤去推力．若木块与地面间的动摩擦因数μ=0.1，求木块在地面上运动的总位
移．（g=10m/s2， =1.7） 2015-2016学年河南省安阳市滑县二中高一（上）月考物理试卷（12月份） 参考答案与试题解析 一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分） 1．下列关于力的说法正确的是（ ） A．力是物体对物体的作用，所以发生力的作用必须相互接触 B．物体受到的重力是地球施加的，物体只在重心处受到重力作用 C．弹力是发生弹性形变的物体，由于要恢复原状，对与它接触的物体所产生的力的作用 D．静摩擦力是静止的物体受到的，滑动摩擦力是运动的物体受到的 【考点】滑动摩擦力；物体的弹性和弹力． 【专题】摩擦力专题． 【分析】正确理解力是物体对物体的作用． 物体不接触可以产生力的作用，接触不一定有力的作用． 弹力产生的条件是接触且发生弹性形变， 运动的物体可以受到静摩擦力，静止的物体可以受到滑动摩擦力． 【解答】解：A、力是物体对物体的相互作用，物体不接触可以产生力的作用，接触不一定有力的作用，故A错误． B、物体受到的重力是地球施加的，但物体各部分均受到重力作用，而重心所受重力的集中点．故B错误． C、根据弹力产生的条件，可知：弹力是发生弹性形变的物体，由于要恢复原状，对与它接触的物体所产生的力的作用，故C正确． D、运动的物体可以受到静摩擦力，比如：正在斜向上运动的传送带上的物体；而静止的物体可以受到滑动摩擦力，在地面上滑行的物体，地面却受到是滑动摩擦力，故D错误． 故选：C． 【点评】力是物体对物体的作用．力的概念只有简单的几个字，但是其中包含了很多的内容，要仔细理解，掌握重力与重心，理解静摩擦力与滑动摩擦力的区别．
2．关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（ ） A．力是维持物体运动状态的原因 B．力是改变物体运动状态的原因 C．物体的质量较小，但运动的速度较大时，惯性也可以很大 D．物体自由下落时比竖直上抛时的惯性小 【考点】牛顿第一定律；惯性． 【分析】根据牛顿第一定律的内容可以判断力是改变物体运动状态的原因；物体的惯性的大小只于物体的质量有关，与物体的运动状态无关． 【解答】解：A、亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，即认为力是维持物体运动状态的原因，这是不对的，所以A错误． B、伽利略推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因．所以B正确． CD、物体惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，所以CD均错误． 故选B． 【点评】本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况．
3．爬竿运动员从竿上端由静止开始先匀加速下滑时间2t，后再匀减速下滑时间t恰好到达竿底且速度为0，则这两段匀变速运动过程中加速度大小之比为（ ） A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1 【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系． 【专题】直线运动规律专题． 【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出匀加速和匀减速运动的加速度大小，从而得出加速度大小之比．
【解答】解：设匀加速运动的末速度为v，则匀加速运动的加速度大小，匀减速运动的加速度大小，则a1：a2=1：2．故A正确，B、C、D错误． 故选：A． 【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，基础题．
4．如图所示，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，或者说，它们都具有抵抗运动状态变化的“本领”．物体的这种抵抗运动状态变化的“本领”，与下列什么因素有关（ ）
A．速度大小 B．质量大小 C．推力大小 D．阻力大小 【考点】惯性． 【分析】惯性是物体的固有属性，其大小只有质量有关． 【解答】解：惯性是物体的固有属性；而质量却是惯性大小的唯一量度； 故惯性的大小取决于冰壶的质量； 故选：B． 【点评】本题考查惯性；要明确质量是惯性大小的唯一量度．
5．一辆汽车以10m/s的速度沿平直公路匀速运动，司机发现前方有障碍物立即减速，以0.2m/s2的加速度做匀减速运动，减速后一分钟内汽车的位移为（ ） A．240m B．250m C．260m D．90m 【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系． 【专题】直线运动规律专题． 【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出减速后一分钟内汽车的位移．