2013年2014级德阳一诊(化学)扫描版含答案(2013.12)
矿产资源开发利用方案编写内容要求及审查大纲
矿产资源开发利用方案编写内容要求及《矿产资源开发利用方案》审查大纲一、概述
㈠矿区位置、隶属关系和企业性质。
如为改扩建矿山, 应说明矿山现状、
特点及存在的主要问题。
㈡编制依据
(1简述项目前期工作进展情况及与有关方面对项目的意向性协议情况。
(2 列出开发利用方案编制所依据的主要基础性资料的名称。
如经储量管理部门认定的矿区地质勘探报告、选矿试验报告、加工利用试验报告、工程地质初评资料、矿区水文资料和供水资料等。
对改、扩建矿山应有生产实际资料, 如矿山总平面现状图、矿床开拓系统图、采场现状图和主要采选设备清单等。
二、矿产品需求现状和预测
㈠该矿产在国内需求情况和市场供应情况
1、矿产品现状及加工利用趋向。
2、国内近、远期的需求量及主要销向预测。
㈡产品价格分析
1、国内矿产品价格现状。
2、矿产品价格稳定性及变化趋势。
三、矿产资源概况
㈠矿区总体概况
1、矿区总体规划情况。
2、矿区矿产资源概况。
3、该设计与矿区总体开发的关系。
㈡该设计项目的资源概况
1、矿床地质及构造特征。
2、矿床开采技术条件及水文地质条件。
川省德阳市中考化学试卷解析版
川省德阳市中考化学试卷解析版2014年四川省德阳市中考化学试卷解析版1.下列变化中，属于化学变化的是（）A.海水晒盐B.火柴折断C.食物腐烂D.干冰升华解析：A.海水晒盐过程中没有新物质生成，属于物理变化．B.火柴折断过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．C.食物腐烂过程中有新物质生成，属于化学变化．D.干冰升华过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．故选C2.化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是（）A.普通玻璃是一种纯净B.大力开发新能源以替代不可再生的化石燃料C.人体因碘摄入量不足，容易导致骨质疏松症D. 为了增加草木灰肥料，大力提倡在田间焚烧秸秆解析：A.普通玻璃中含有多种物质，属于混合物，该选项说法不正确；B.化石燃料用完之后不能再生，因此应该积极开发利用新能源，以代替化石燃料，该选项说法正确；C.人体因碘摄入量不足，容易导致甲状腺肿大，该选项说法不正确；D.焚烧秸秆虽然可以增加草木灰肥料，但是会污染环境，得不偿失，该选项说法不正确．故选：B年4月兰州发生了自来水苯超标事故，引起人们对水安全的关注．已知苯的化学式为C6H6，下列有关说法正确的是（）A.苯中的C、H元素的质量比为12：1B.苯分子是由6个碳元素和6个氢元素组成C.苯分子中碳的原子结构示意图为D. 苯中碳、氢元素均位于元素周期表的第二周期解析：A．由苯的化学式C6H6可知，其中C、H元素的质量比为：（12×6）：（1×6）=12：1，故正确；B．苯是由碳元素和氢元素组成的，元素是个宏观概念，只讲种类，不讲个数，故错误；C．苯分子中碳的原子结构示意图为，故错误D．苯中碳元素位于元素周期表的第二周期，氢元素位于元素周期表的第一周期，故错误．故选A选项物质（括号内为杂质）除杂试剂和方法A Mg（NO3）2溶液（AgNO3）加入过量铁粉，过滤B NaCl溶液（Na2SO4）加入适量BaCl2溶液，过滤C CO2（CO）通过足量澄清石灰水D N2（O2）通过灼热的氧化铜A ．A B．B C．C D．D解析：A、过量铁粉能与AgNO3溶液反应生成硝酸亚铁溶液和银，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸亚铁，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．B、Na2SO4能与适量BaCl2溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，再过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确．C、CO2能与澄清石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水，CO不与澄清石灰水反应，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．D、O2不能与灼热的氧化铜反应，不能把杂质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．故选B．5. 甲、乙两种物质的溶解度曲线如图所示．下列叙述正确的是（）A．将甲的溶液从t2℃降到t1℃，其溶质的质量分数一定减小B．t2℃时，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量一定相等C．当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大D．t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后变为不饱和溶液解析：A、将甲的溶液从t2℃降到t1℃，不知甲的溶液是否饱和，不一定有晶体析出，其溶质的质量分数不一定减小，故错；B、t2℃时，甲的溶解度大于乙的溶解度，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量不相等，故错；C、根据溶解度曲线图可知，当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大，故对；D、t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后仍为饱和溶液，故错．答案：C6.甲烷和水反应可以制水煤气（混合气体），其反应的微观示意图如图所示：根据以上微观示意图得出的结论中，正确的是（）A.反应前后各元素的化合价均不变B.水煤气的成分是一氧化碳和氧气C.该反应中含氢元素的化合物有3种D.该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1解析：反应物是甲烷和水，生成物是一氧化碳和氢气，反应的化学方程式为CH4+H2O CO+3H2，A、反应前后各元素的化合价发生改变，故错；B、生成物是一氧化碳和氢气，水煤气的成分是一氧化碳和氢气，故错；C、该反应中含氢元素的化合物有2种，故错；D、该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1，故对．答案D7. 将一定质量的Ba（OH）2溶液与Na2CO3溶液混合恰好完全反应，向反应后的混合物中加入稀盐酸，产生气体的体积与加入稀盐酸的体积的关系如图所示，下列说法中正确的是（）A. N 点时，所得溶液的pH=7B. Q点时，所得溶液中的溶质只含有BaCl2C. O至P段发生反应的化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+H2OD. P至Q段发生反应的化学方程式为Ba（OH）2+2HCl=BaCl2+2H2O解析：A、N点时，盐酸过量，因此溶液的pH值小于7，故错；B、Q点时，溶液中溶质有氯化钡和氯化钠，故错；C、0p段表示的是氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠的过程，故对；D、PQ段表示的是碳酸钡和盐酸反应生成气体的过程，故错．答案C8.金属单质M与非金属单质硫发生如下反应为2M+S M2S．甲、乙二组学生在实验室分别进行该实验，加入的M和硫的质量各不相同．充分反应后，实验数据记录如表，则M的相对原子质量是（）M的质量/g S的质量/g M2S的质量/g甲乙A ．64 B．56 C．39 D．23解析：对比甲、乙两同学所用A和S的质量及生成A2S的质量：同样生成，甲实验S的用量为、乙实验S的用量为，则可得反应生成时需要消耗S的质量为；利用质量守恒定律，则两物质恰好完全反应时，可判断生成时消耗A的质量为．设元素A的相对原子质量是x．2A+S═A2S2x 32则，解得x=64故选：A9．（6分）（2014德阳）高氯酸（HClO4）和亚氯酸钠（NaClO2）在工业上有广泛的用途，其制备工艺流程如图：请回答下列问题：（1）HClO4中Cl元素的化合价是 _________．（2）反应器I中的生成物有HClO4、ClO2、NaHSO4、H2O，其中属于氧化物的是 _________．（3）反应器II中发生反应的化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，则X的化学式是 _________．解析：（1）已知：H的化合价为：+1，O的化合价为：﹣2；设Cl元素的化合价为X，根据化合物中化合价代数和为零．+1+x+（﹣2）×4=0解之得：X=+7；故答案为：+7；（2）氧化物是由两种元素组成的化合物中，其中一种是氧元素的化合物．①HClO4是由H、Cl、O三种元素组成的，所以不是氧化物；②ClO2是由Cl、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；③NaHSO4是由H、Na、S、O四种元素组成的，所以不是氧化物；④H2O是由H、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；故属于氧化物的是ClO2和H2O；：故答案为：ClO2和H2O；（3）根据质量守恒定律：反应前后原子和种类和数量都不会改变．由化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，可知：反应前反应物中有：2个Cl原子、10个O原子、1个S原子和4个Na原子；而反应后已经有：2个Cl原子、6个O原子、1个S原子和2个Na原子；还少：4个O原子、1个S 原子和2个Na原子，由于X前面的化学计量数为1，所以在一个X分子中应含有：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，故其化学式为：Na2SO4；故答案为：Na2SO410．（8分）（2014德阳）A～J是初中化学中常见的物质，它们之间有如图所示的转化关系（部分反应条件已略去）．其中A是一种液体，H是一种红色固体，J的溶液呈黄色．已知在高温下单质碳能与多种金属氧化物反应生成金属单质和二氧化碳．请回答下列问题：（1）反应①的化学方程式是 _________．（2）组成E的元素是 _________．（3）反应①②③④中属于置换反应的是 _________．（4）反应④的化学方程式是 _________．解析：H是一种红色固体，J的溶液呈黄色，可知J是铁的盐溶液，则H是氧化铁，氧化铁和I反应产生铁盐和水，因此I是酸，如盐酸，则J是氯化铁，C是水；A是一种液体，和B作用产生C﹣水和D 且B保持不变，因此A是过氧化氢，B是二氧化锰，D是氧气，氧气和E反应产生水和G，G是氧化铁和碳反应产生的二氧化碳，因此E可以是甲烷，则F是铁，因此：（1）反应①是过氧化氢在二氧化锰的作用下分解产生水和氧气，故答案为：2H2O22H2O+O2↑；（2）E和氧气点燃产生二氧化碳和水，根据化学反应前后元素的种类不变，可知E中一定含有碳和氢元素，可能含有氧元素，故答案为：碳和氢或碳、氢和氧；（3）反应①时过氧化氢分解，反应②是氧气和甲烷等的反应，不属于基本反应类型；反应③时碳和氧化铁的反应生成铁和二氧化碳，属于置换反应；反应④是氧化铁和酸发生的复分解反应，故答案为：③；（4）反应④是氧化铁和酸，如盐酸，生成氯化铁和水，故反应的方程式为：Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O．11．（8分）（2014德阳）如图所示的是物质A～F相互间的关系（“→”表示物质间存在的转化关系，“﹣”表示两端的物质能发生化学反应）．通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域；D的溶液呈蓝色；E是地壳中含量最多金属元素的单质．请回答下列问题：（1）A与光合作用所得的气体产物是 _________，B的化学式 _________．（2）F可能是 _________．（3）C和D在溶液中反应的化学方程式是 _________．（4）E和F在溶液中反应的化学方程式是 _________．解析：通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体，因此A是二氧化碳；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域，因此B是碳酸钠；D的溶液呈蓝色，因此D是铜盐；E是地壳中含量最多金属元素的单质，因此E是铝；F能够和B﹣碳酸钠、E﹣铝反应，因此F是酸；C能够和B﹣碳酸钠、D﹣铜盐反应，因此C是碱，如氢氧化钙，因此：（1）A参与光合作用所得的气体产物是氧气；B是碳酸钠，化学式为：Na2CO3；（2）F是酸，如盐酸、硫酸；（3）C和D的反应时氢氧化钙和硫酸铜的反应，反应的方程式为：Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）2↓+CaSO4；（4）E和F可以使铝郁盐酸的反应，反应的方程式为：2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑；故答案为：（1）O2；Na2CO3；（2）盐酸（或硫酸）；（3）Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）2↓+CaSO4；（4）2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑12．（10分）（2014德阳）某化学研究性学习小组进行了氨（NH3）的制取和有关性质的探究实验．资料卡片：氨气通常情况下是有刺激性气味的无色气体，密度比空气小，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色，极易溶于水，浓氨水具有挥发性．加热熟石灰和氯化铵固体混合物可以生成氨气，若要快速产生氨气，可以将浓氨水滴加到生石灰中得到．请根据有关信息回答下列问题：（1）仪器a的名称是 _________．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是 _________．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是 _________（选填装置编号）．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是 _________．（5）研究性学习小组用如图2所示的装置探究氨的性质，观察到脱脂棉团由白色变为红色．该现象涉及到的性质是_________（填字母编号）．A．氨分子是不断运动的B．浓氨水具有挥发性C．氨气有刺激性气味D．氨气的水溶液显碱性（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中（如图3），在大烧杯中加入下列物质，观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，则加入的物质是 _________（填字母编号）．A．水和浓硫酸B．水和氯化钠固体C．水和硝酸铵固体D．水和氢氧化钠固体．解析：（1）仪器a的名称是试管，常用作反应容器．故填：试管．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．故填：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是B装置，因为B装置中的分液漏斗能够控制浓氨水的流量，从而可以控制反应速率，同时分液漏斗还能够防止氨气从分液漏斗逸出．故填：B．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．故填：将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．（5）观察到脱脂棉团由白色变为红色，说明氨分子是不断运动的，浓氨水具有挥发性，氨气的水溶液显碱性．故填：ABD．（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中，若观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，说明加入的物质能使温度升高，加入水和浓硫酸、水和氢氧化钠固体都能够使温度升高．故填：AD13．（4分）（2014德阳）某地一辆满载浓硫酸的罐车翻倒，导致溶质质量分数为98%的浓硫酸20t泄漏，并向路基两边蔓延．接到报警后消防官兵立即赶来并用石灰浆（主要成分为氢氧化钙）中和硫酸解除了险情．请回答：（1）溶质质量分数为98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量是 _________；（2）计算中和泄漏的98%浓硫酸20t，理论上需要氢氧化钙的质量．解析：（1）20t质量分数为98%的浓硫酸中硫酸的质量=20t×98%=（2）解：设理论上需要氢氧化钙的质量为xH2SO4+Ca（OH）2═CaSO4+2H2O98 74xx=答案：（1）98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量为；（2）中和泄漏的硫酸理论上需要氢氧化钙的质量为。
四川省德阳市2014届高三一诊化学试题(Word版zj)
德阳市高中2011级“一诊”考试化学试卷可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Fe 56 Na 23 Mg 24 Al 27 Cu 64 第Ⅰ卷（选择题共42分）一、选择题（本题包括14小题，每小题3分，共42分。
每小题只有一个．．．．选项符合题意）1.化学与生活、环境保护、工业生产等密切相关，下列说法正确的是A.“光化学烟雾”、“雾霾天气”的形成均与氮的氧化物无关B.晶体硅具有半导体性质，属于光导纤维的主要成分C.导致臭氧空洞的主要原因与排放SO2有关D.用氢氟酸溶液雕刻工艺玻璃上的纹饰2.下列有关物质归类正确的是A.原子晶体：金刚石、SiO2、锗（Ge） B.化合物：NaOH、HCl、HDC.混合物：漂白粉、水玻璃、液氨D.同素异形体：16O2、17O2、18O23.设NA为阿伏加德罗常数的值。
下列叙述正确的是A.1mol[Zn(NH3)4]Cl2中含有键的数目为16NAB.1mol金刚石中含有碳碳单键的数目是4NAC.标准状况下，22.4L CCl4含有NA个CCl4分子D.1mol Cl2参加反应转移电子数一定为2NA4.下列有关化学用语表示正确的是A.HClO的结构式：H-Cl-OB.S2-的电子排布式：1s22s22p63s23p4C.N2的电子式： D.原子核内有18个中子的氯原子：3517Cl5.常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A.1.0mol/L KNO3溶液中：H+、Fe2+、SCN-B.c(OH-)=10-13mol/L的溶液中：Al3+、HCO3-、Cl-C.水电离产生的c(H+)=10-13mol/L的溶液中：Na+、Cl-、SO42-D.0.1mol/L FeSO4溶液中：K+、NH4+、ClO-6.有Mn2+、H+、MnO4-、IO4-、IO3-和H2O六种粒子，分别属于同一氧化还原反应中的反应物和生成物，已知：Mn2+→MnO4-。
四川德阳市中考理综(化学部分)试题(word版,含答案).docx
2014年德阳市初中毕业学业考试与高中阶段招生考试化学试题可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 Ca 40二、选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分。
每小题只有一个选项符合题意）11．下列变化中，属于化学变化的是A．海水晒盐B．火柴折断C．食物腐烂D．干冰升华12．化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是A．普通玻璃是一种纯净物B．大力开发新能源以替代不可再生的化石燃料C．人体因碘摄入量不足，容易导致骨质疏松症D．为了增加草木灰肥料，大力提倡在田间焚烧秸秆13．2014年4月兰州发生了自来水苯超标事故，引起人们对水安全的关注。
已知苯的化学式为C6H6，下列有关说法正确的是A．苯中的C、H元素的质量比为12：1B．苯分子是由6个碳元素和6个氢元素组成C．苯分子中碳的原子结构示意图为D．苯中碳、氢元素均位于元素周期表的第二周期14．下列除去杂质的试剂和方法可行的是选项物质（括号内为杂质）除杂试剂和方法A Mg(NO3)2溶液(AgNO3) 加入过量铁粉，过滤B NaCl溶液（Na2SO4）加入适量BaCl2溶液，过滤C CO2（CO）通过足量澄清石灰水D N2（O2）通过灼热的氧化铜15．甲、乙两种物质的溶解度曲线如右图所示。
下列叙述正确的是A．将甲的溶液从t2℃降到t1℃，其溶质的质量分数一定减小B．t2℃时，甲、乙的饱和溶液各100 g，其溶质的质量一定相等C．当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大D．t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后变为不饱和溶液16．甲烷和水反应可以制水煤气（混合气体），其反应的微观示意图如下所示：根据以上微观示意图得出的结论中，正确的是A ．反应前后各元素的化合价均不变B ．水煤气的成分是一氧化碳和氧气C ．该反应中含氢元素的化合物有3种D ．该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：117．将一定质量的Ba(OH)2溶液与Na 2CO 3溶液混合恰好完全反应，向反应后的混合物中加入稀盐酸，产生气体的体积与加入稀盐酸的体积的关系如右下图所示，下列说法中正确的是A ．N 点时，所得溶液的pH=7B ．Q 点时，所得溶液中的溶质只含有BaCl 2C ．O 至P 段发生反应的化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+H 2OD ．P 至Q 段发生反应的化学方程式为Ba(OH)2+2HCl=BaCl 2+2H 2O18．金属单质M 与非金属单质硫发生如下反应为2M + S △M 2S 。
四川省德阳市中考化学试卷解析版
2014年四川省德阳市中考化学试卷解析版1.下列变化中，属于化学变化的是（）A.海水晒盐B.火柴折断C.食物腐烂D.干冰升华解析：A.海水晒盐过程中没有新物质生成，属于物理变化．B.火柴折断过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．C.食物腐烂过程中有新物质生成，属于化学变化．D.干冰升华过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．故选C2.化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是（）A.普通玻璃是一种纯净物B.大力开发新能源以替代不可再生的化石燃料C.人体因碘摄入量不足，容易导致骨质疏松症D. 为了增加草木灰肥料，大力提倡在田间焚烧秸秆解析：A.普通玻璃中含有多种物质，属于混合物，该选项说法不正确；B.化石燃料用完之后不能再生，因此应该积极开发利用新能源，以代替化石燃料，该选项说法正确；C.人体因碘摄入量不足，容易导致甲状腺肿大，该选项说法不正确；D.焚烧秸秆虽然可以增加草木灰肥料，但是会污染环境，得不偿失，该选项说法不正确．故选：B3.2014年4月兰州发生了自来水苯超标事故，引起人们对水安全的关注．已知苯的化学式为C6H6，下列有关说法正确的是（）A.苯中的C、H元素的质量比为12：1B.苯分子是由6个碳元素和6个氢元素组成C.苯分子中碳的原子结构示意图为D. 苯中碳、氢元素均位于元素周期表的第二周期解析：A．由苯的化学式C6H6可知，其中C、H元素的质量比为：（12×6）：（1×6）=12：1，故正确；B．苯是由碳元素和氢元素组成的，元素是个宏观概念，只讲种类，不讲个数，故错误；C．苯分子中碳的原子结构示意图为，故错误D．苯中碳元素位于元素周期表的第二周期，氢元素位于元素周期表的第一周期，故错误．故选A4. 下列除去杂质的试剂和方法可行的是（）选项物质（括号内为杂质）除杂试剂和方法A Mg（NO3）2溶液（AgNO3）加入过量铁粉，过滤B NaCl溶液（Na2SO4）加入适量BaCl2溶液，过滤C CO2（CO）通过足量澄清石灰水D N2（O2）通过灼热的氧化铜A．A B．B C．C D．D解析：A、过量铁粉能与AgNO3溶液反应生成硝酸亚铁溶液和银，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸亚铁，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．B、Na2SO4能与适量BaCl2溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，再过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确．C、CO2能与澄清石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水，CO不与澄清石灰水反应，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．D、O2不能与灼热的氧化铜反应，不能把杂质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．故选B．5. 甲、乙两种物质的溶解度曲线如图所示．下列叙述正确的是（）A．将甲的溶液从t2℃降到t1℃，其溶质的质量分数一定减小B．t2℃时，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量一定相等C．当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大D．t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后变为不饱和溶液解析：A、将甲的溶液从t2℃降到t1℃，不知甲的溶液是否饱和，不一定有晶体析出，其溶质的质量分数不一定减小，故错；B、t2℃时，甲的溶解度大于乙的溶解度，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量不相等，故错；C、根据溶解度曲线图可知，当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大，故对；D、t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后仍为饱和溶液，故错．答案：C6.甲烷和水反应可以制水煤气（混合气体），其反应的微观示意图如图所示：根据以上微观示意图得出的结论中，正确的是（）A.反应前后各元素的化合价均不变B.水煤气的成分是一氧化碳和氧气C.该反应中含氢元素的化合物有3种D.该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1解析：反应物是甲烷和水，生成物是一氧化碳和氢气，反应的化学方程式为CH4+H2OCO+3H2，A、反应前后各元素的化合价发生改变，故错；B、生成物是一氧化碳和氢气，水煤气的成分是一氧化碳和氢气，故错；C、该反应中含氢元素的化合物有2种，故错；D、该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1，故对．答案D7. 将一定质量的Ba（OH）2溶液与Na2CO3溶液混合恰好完全反应，向反应后的混合物中加入稀盐酸，产生气体的体积与加入稀盐酸的体积的关系如图所示，下列说法中正确的是（）A. N 点时，所得溶液的pH=7B. Q点时，所得溶液中的溶质只含有BaCl2C. O至P段发生反应的化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+H2OD. P至Q段发生反应的化学方程式为Ba（OH）2+2HCl=BaCl2+2H2O解析：A、N点时，盐酸过量，因此溶液的pH值小于7，故错；B、Q点时，溶液中溶质有氯化钡和氯化钠，故错；C、0p段表示的是氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠的过程，故对；D、PQ段表示的是碳酸钡和盐酸反应生成气体的过程，故错．答案C8.金属单质M与非金属单质硫发生如下反应为2M+S M2S．甲、乙二组学生在实验室分别进行该实验，加入的M和硫的质量各不相同．充分反应后，实验数据记录如表，则M 的相对原子质量是（）M的质量/g S的质量/g M2S的质量/g甲 6.0 2.5 7.5乙7.0 1.5 7.5A．64 B．56 C．39 D．23解析：对比甲、乙两同学所用A和S的质量及生成A2S的质量：同样生成7.5gA2S，甲实验S的用量为2.5g、乙实验S的用量为1.5g，则可得反应生成7.5gA2S时需要消耗S的质量为1.5g；利用质量守恒定律，则两物质恰好完全反应时，可判断生成7.5gA2S时消耗A的质量为6.0g．设元素A的相对原子质量是x．2A+S═A2S2x 326.0g 1.5g则，解得x=64故选：A9．（6分）（2014•德阳）高氯酸（HClO4）和亚氯酸钠（NaClO2）在工业上有广泛的用途，其制备工艺流程如图：请回答下列问题：（1）HClO4中Cl元素的化合价是_________．（2）反应器I中的生成物有HClO4、ClO2、NaHSO4、H2O，其中属于氧化物的是_________．（3）反应器II中发生反应的化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，则X的化学式是_________．解析：（1）已知：H的化合价为：+1，O的化合价为：﹣2；设Cl元素的化合价为X，根据化合物中化合价代数和为零．+1+x+（﹣2）×4=0解之得：X=+7；故答案为：+7；（2）氧化物是由两种元素组成的化合物中，其中一种是氧元素的化合物．①HClO4是由H、Cl、O三种元素组成的，所以不是氧化物；②ClO2是由Cl、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；③NaHSO4是由H、Na、S、O四种元素组成的，所以不是氧化物；④H2O是由H、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；故属于氧化物的是ClO2和H2O；：故答案为：ClO2和H2O；（3）根据质量守恒定律：反应前后原子和种类和数量都不会改变．由化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，可知：反应前反应物中有：2个Cl原子、10个O原子、1个S原子和4个Na原子；而反应后已经有：2个Cl原子、6个O原子、1个S原子和2个Na原子；还少：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，由于X前面的化学计量数为1，所以在一个X分子中应含有：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，故其化学式为：Na2SO4；故答案为：Na2SO410．（8分）（2014•德阳）A～J是初中化学中常见的物质，它们之间有如图所示的转化关系（部分反应条件已略去）．其中A是一种液体，H是一种红色固体，J的溶液呈黄色．已知在高温下单质碳能与多种金属氧化物反应生成金属单质和二氧化碳．请回答下列问题：（1）反应①的化学方程式是_________．（2）组成E的元素是_________．（3）反应①②③④中属于置换反应的是_________．（4）反应④的化学方程式是_________．解析：H是一种红色固体，J的溶液呈黄色，可知J是铁的盐溶液，则H是氧化铁，氧化铁和I反应产生铁盐和水，因此I是酸，如盐酸，则J是氯化铁，C是水；A是一种液体，和B 作用产生C﹣水和D 且B保持不变，因此A是过氧化氢，B是二氧化锰，D是氧气，氧气和E反应产生水和G，G是氧化铁和碳反应产生的二氧化碳，因此E可以是甲烷，则F是铁，因此：（1）反应①是过氧化氢在二氧化锰的作用下分解产生水和氧气，故答案为：2H2O22H2O+O2↑；（2）E和氧气点燃产生二氧化碳和水，根据化学反应前后元素的种类不变，可知E中一定含有碳和氢元素，可能含有氧元素，故答案为：碳和氢或碳、氢和氧；（3）反应①时过氧化氢分解，反应②是氧气和甲烷等的反应，不属于基本反应类型；反应③时碳和氧化铁的反应生成铁和二氧化碳，属于置换反应；反应④是氧化铁和酸发生的复分解反应，故答案为：③；（4）反应④是氧化铁和酸，如盐酸，生成氯化铁和水，故反应的方程式为：Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O．11．（8分）（2014•德阳）如图所示的是物质A～F相互间的关系（“→”表示物质间存在的转化关系，“﹣”表示两端的物质能发生化学反应）．通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域；D的溶液呈蓝色；E 是地壳中含量最多金属元素的单质．请回答下列问题：（1）A与光合作用所得的气体产物是_________，B的化学式_________．（2）F可能是_________．（3）C和D在溶液中反应的化学方程式是_________．（4）E和F在溶液中反应的化学方程式是_________．解析：通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体，因此A是二氧化碳；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域，因此B是碳酸钠；D的溶液呈蓝色，因此D 是铜盐；E是地壳中含量最多金属元素的单质，因此E是铝；F能够和B﹣碳酸钠、E﹣铝反应，因此F是酸；C能够和B﹣碳酸钠、D﹣铜盐反应，因此C是碱，如氢氧化钙，因此：（1）A参与光合作用所得的气体产物是氧气；B是碳酸钠，化学式为：Na2CO3；（2）F是酸，如盐酸、硫酸；（3）C和D的反应时氢氧化钙和硫酸铜的反应，反应的方程式为：Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）2↓+CaSO4；（4）E和F可以使铝郁盐酸的反应，反应的方程式为：2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑；故答案为：（1）O2；Na2CO3；（2）盐酸（或硫酸）；（3）Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）2↓+CaSO4；（4）2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑12．（10分）（2014•德阳）某化学研究性学习小组进行了氨（NH3）的制取和有关性质的探究实验．资料卡片：氨气通常情况下是有刺激性气味的无色气体，密度比空气小，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色，极易溶于水，浓氨水具有挥发性．加热熟石灰和氯化铵固体混合物可以生成氨气，若要快速产生氨气，可以将浓氨水滴加到生石灰中得到．请根据有关信息回答下列问题：（1）仪器a的名称是_________．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是_________．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是_________（选填装置编号）．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是_________．（5）研究性学习小组用如图2所示的装置探究氨的性质，观察到脱脂棉团由白色变为红色．该现象涉及到的性质是_________（填字母编号）．A．氨分子是不断运动的B．浓氨水具有挥发性C．氨气有刺激性气味D．氨气的水溶液显碱性（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中（如图3），在大烧杯中加入下列物质，观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，则加入的物质是_________（填字母编号）．A．水和浓硫酸B．水和氯化钠固体C．水和硝酸铵固体D．水和氢氧化钠固体．解析：（1）仪器a的名称是试管，常用作反应容器．故填：试管．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．故填：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是B装置，因为B装置中的分液漏斗能够控制浓氨水的流量，从而可以控制反应速率，同时分液漏斗还能够防止氨气从分液漏斗逸出．故填：B．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．故填：将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．（5）观察到脱脂棉团由白色变为红色，说明氨分子是不断运动的，浓氨水具有挥发性，氨气的水溶液显碱性．故填：ABD．（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中，若观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，说明加入的物质能使温度升高，加入水和浓硫酸、水和氢氧化钠固体都能够使温度升高．故填：AD13．（4分）（2014•德阳）某地一辆满载浓硫酸的罐车翻倒，导致溶质质量分数为98%的浓硫酸20t泄漏，并向路基两边蔓延．接到报警后消防官兵立即赶来并用石灰浆（主要成分为氢氧化钙）中和硫酸解除了险情．请回答：（1）溶质质量分数为98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量是_________；（2）计算中和泄漏的98%浓硫酸20t，理论上需要氢氧化钙的质量．解析：（1）20t质量分数为98%的浓硫酸中硫酸的质量=20t×98%=19.6t（2）解：设理论上需要氢氧化钙的质量为xH2SO4+Ca（OH）2═CaSO4+2H2O98 7419.6t xx=14.8t答案：（1）98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量为19.6t；（2）中和泄漏的硫酸理论上需要氢氧化钙的质量为14.8t初中化学试卷灿若寒星制作。
四川省德阳市中考化学试卷解析版.docx
2014年四川省德阳市中考化学试卷解析版1.下列变化中，属于化学变化的是（）A.海水晒盐B.火柴折断C.食物腐烂D.干冰升华解析：A.海水晒盐过程中没有新物质生成，属于物理变化．B.火柴折断过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．C.食物腐烂过程中有新物质生成，属于化学变化．D.干冰升华过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．故选C2.化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是（）A.普通玻璃是一种纯净物B.大力开发新能源以替代不可再生的化石燃料C.人体因碘摄入量不足，容易导致骨质疏松症D. 为了增加草木灰肥料，大力提倡在田间焚烧秸秆解析：A.普通玻璃中含有多种物质，属于混合物，该选项说法不正确；B.化石燃料用完之后不能再生，因此应该积极开发利用新能源，以代替化石燃料，该选项说法正确；C.人体因碘摄入量不足，容易导致甲状腺肿大，该选项说法不正确；D.焚烧秸秆虽然可以增加草木灰肥料，但是会污染环境，得不偿失，该选项说法不正确．故选：B3.2014年4月兰州发生了自来水苯超标事故，引起人们对水安全的关注．已知苯的化学式为C6H6，下列有关说法正确的是（）A.苯中的C、H元素的质量比为12：1B.苯分子是由6个碳元素和6个氢元素组成C.苯分子中碳的原子结构示意图为D. 苯中碳、氢元素均位于元素周期表的第二周期解析：A．由苯的化学式C6H6可知，其中C、H元素的质量比为：（12×6）：（1×6）=12：1，故正确；B．苯是由碳元素和氢元素组成的，元素是个宏观概念，只讲种类，不讲个数，故错误；C．苯分子中碳的原子结构示意图为，故错误D．苯中碳元素位于元素周期表的第二周期，氢元素位于元素周期表的第一周期，故错误．故选A解析：A、过量铁粉能与AgNO3溶液反应生成硝酸亚铁溶液和银，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸亚铁，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．B、Na2SO4能与适量BaCl2溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，再过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确．C、CO2能与澄清石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水，CO不与澄清石灰水反应，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．D、O2不能与灼热的氧化铜反应，不能把杂质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．故选B．5. 甲、乙两种物质的溶解度曲线如图所示．下列叙述正确的是（）解析：A、将甲的溶液从t2℃降到t1℃，不知甲的溶液是否饱和，不一定有晶体析出，其溶质的质量分数不一定减小，故错；B、t2℃时，甲的溶解度大于乙的溶解度，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量不相等，故错；C、根据溶解度曲线图可知，当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大，故对；D、t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后仍为饱和溶液，故错．答案：C6.甲烷和水反应可以制水煤气（混合气体），其反应的微观示意图如图所示：根据以上微观示意图得出的结论中，正确的是（）A.反应前后各元素的化合价均不变B.水煤气的成分是一氧化碳和氧气C.该反应中含氢元素的化合物有3种D.该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1解析：反应物是甲烷和水，生成物是一氧化碳和氢气，反应的化学方程式为CH4+H2OCO+3H2，A、反应前后各元素的化合价发生改变，故错；B、生成物是一氧化碳和氢气，水煤气的成分是一氧化碳和氢气，故错；C、该反应中含氢元素的化合物有2种，故错；D、该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1，故对．答案D7. 将一定质量的Ba（OH）2溶液与Na2CO3溶液混合恰好完全反应，向反应后的混合物中加入稀盐酸，产生气体的体积与加入稀盐酸的体积的关系如图所示，下列说法中正确的是（）A. N 点时，所得溶液的pH=7B. Q点时，所得溶液中的溶质只含有BaCl2C. O至P段发生反应的化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+H2OD. P至Q段发生反应的化学方程式为Ba（OH）2+2HCl=BaCl2+2H2O解析：A、N点时，盐酸过量，因此溶液的pH值小于7，故错；B、Q点时，溶液中溶质有氯化钡和氯化钠，故错；C、0p段表示的是氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠的过程，故对；D、PQ段表示的是碳酸钡和盐酸反应生成气体的过程，故错．答案C8.金属单质M与非金属单质硫发生如下反应为2M+S M2S．甲、乙二组学生在实验室分别进行该实验，加入的M和硫的质量各不相同．充分反应后，实验数据记录如表，则M的相对原子解析：对比甲、乙两同学所用A和S的质量及生成A2S的质量：同样生成7.5gA2S，甲实验S的用量为2.5g、乙实验S的用量为1.5g，则可得反应生成7.5gA2S时需要消耗S的质量为1.5g；利用质量守恒定律，则两物质恰好完全反应时，可判断生成7.5gA2S时消耗A的质量为6.0g．设元素A的相对原子质量是x．2A+S═A2S2x 326.0g 1.5g则，解得x=64故选：A9．（6分）（2014•德阳）高氯酸（HClO4）和亚氯酸钠（NaClO2）在工业上有广泛的用途，其制备工艺流程如图：请回答下列问题：（1）HClO4中Cl元素的化合价是 _________ ．（2）反应器I中的生成物有HClO4、ClO2、NaHSO4、H2O，其中属于氧化物的是 _________ ．（3）反应器II中发生反应的化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，则X的化学式是 _________ ．解析：（1）已知：H的化合价为：+1，O的化合价为：﹣2；设Cl元素的化合价为X，根据化合物中化合价代数和为零．+1+x+（﹣2）×4=0解之得：X=+7；故答案为：+7；（2）氧化物是由两种元素组成的化合物中，其中一种是氧元素的化合物．①HClO4是由H、Cl、O三种元素组成的，所以不是氧化物；②ClO2是由Cl、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；③NaHSO4是由H、Na、S、O四种元素组成的，所以不是氧化物；④H2O是由H、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；故属于氧化物的是ClO2和H2O；：故答案为：ClO2和H2O；（3）根据质量守恒定律：反应前后原子和种类和数量都不会改变．由化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，可知：反应前反应物中有：2个Cl原子、10个O原子、1个S原子和4个Na原子；而反应后已经有：2个Cl原子、6个O原子、1个S原子和2个Na原子；还少：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，由于X前面的化学计量数为1，所以在一个X分子中应含有：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，故其化学式为：Na2SO4；故答案为：Na2SO410．（8分）（2014•德阳）A～J是初中化学中常见的物质，它们之间有如图所示的转化关系（部分反应条件已略去）．其中A是一种液体，H是一种红色固体，J的溶液呈黄色．已知在高温下单质碳能与多种金属氧化物反应生成金属单质和二氧化碳．请回答下列问题：（1）反应①的化学方程式是 _________ ．（2）组成E的元素是 _________ ．（3）反应①②③④中属于置换反应的是 _________ ．（4）反应④的化学方程式是 _________ ．解析：H是一种红色固体，J的溶液呈黄色，可知J是铁的盐溶液，则H是氧化铁，氧化铁和I反应产生铁盐和水，因此I是酸，如盐酸，则J是氯化铁，C是水；A是一种液体，和B作用产生C﹣水和D 且B保持不变，因此A是过氧化氢，B是二氧化锰，D是氧气，氧气和E反应产生水和G，G是氧化铁和碳反应产生的二氧化碳，因此E可以是甲烷，则F是铁，因此：（1）反应①是过氧化氢在二氧化锰的作用下分解产生水和氧气，故答案为：2H2O22H2O+O2↑；（2）E和氧气点燃产生二氧化碳和水，根据化学反应前后元素的种类不变，可知E中一定含有碳和氢元素，可能含有氧元素，故答案为：碳和氢或碳、氢和氧；（3）反应①时过氧化氢分解，反应②是氧气和甲烷等的反应，不属于基本反应类型；反应③时碳和氧化铁的反应生成铁和二氧化碳，属于置换反应；反应④是氧化铁和酸发生的复分解反应，故答案为：③；（4）反应④是氧化铁和酸，如盐酸，生成氯化铁和水，故反应的方程式为：Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O．11．（8分）（2014•德阳）如图所示的是物质A～F相互间的关系（“→”表示物质间存在的转化关系，“﹣”表示两端的物质能发生化学反应）．通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域；D的溶液呈蓝色；E 是地壳中含量最多金属元素的单质．请回答下列问题：（1）A与光合作用所得的气体产物是 _________ ，B的化学式 _________ ．（2）F可能是 _________ ．（3）C和D在溶液中反应的化学方程式是 _________ ．（4）E和F在溶液中反应的化学方程式是 _________ ．解析：通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体，因此A是二氧化碳；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域，因此B是碳酸钠；D的溶液呈蓝色，因此D 是铜盐；E是地壳中含量最多金属元素的单质，因此E是铝；F能够和B﹣碳酸钠、E﹣铝反应，因此F是酸；C能够和B﹣碳酸钠、D﹣铜盐反应，因此C是碱，如氢氧化钙，因此：（1）A参与光合作用所得的气体产物是氧气；B是碳酸钠，化学式为：Na2CO3；（2）F是酸，如盐酸、硫酸；（3）C和D的反应时氢氧化钙和硫酸铜的反应，反应的方程式为：Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）↓+CaSO4；2（4）E和F可以使铝郁盐酸的反应，反应的方程式为：2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑；故答案为：（1）O2；Na2CO3；（2）盐酸（或硫酸）；（3）Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）2↓+CaSO4；（4）2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑12．（10分）（2014•德阳）某化学研究性学习小组进行了氨（NH3）的制取和有关性质的探究实验．资料卡片：氨气通常情况下是有刺激性气味的无色气体，密度比空气小，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色，极易溶于水，浓氨水具有挥发性．加热熟石灰和氯化铵固体混合物可以生成氨气，若要快速产生氨气，可以将浓氨水滴加到生石灰中得到．请根据有关信息回答下列问题：（1）仪器a的名称是 _________ ．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是 _________ ．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是 _________ （选填装置编号）．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是 _________ ．（5）研究性学习小组用如图2所示的装置探究氨的性质，观察到脱脂棉团由白色变为红色．该现象涉及到的性质是 _________ （填字母编号）．A．氨分子是不断运动的 B．浓氨水具有挥发性C．氨气有刺激性气味 D．氨气的水溶液显碱性（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中（如图3），在大烧杯中加入下列物质，观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，则加入的物质是 _________ （填字母编号）．A．水和浓硫酸 B．水和氯化钠固体C．水和硝酸铵固体 D．水和氢氧化钠固体．解析：（1）仪器a的名称是试管，常用作反应容器．故填：试管．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是：Ca（OH）+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．2故填：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是B装置，因为B装置中的分液漏斗能够控制浓氨水的流量，从而可以控制反应速率，同时分液漏斗还能够防止氨气从分液漏斗逸出．故填：B．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．故填：将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．（5）观察到脱脂棉团由白色变为红色，说明氨分子是不断运动的，浓氨水具有挥发性，氨气的水溶液显碱性．故填：ABD．（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中，若观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，说明加入的物质能使温度升高，加入水和浓硫酸、水和氢氧化钠固体都能够使温度升高．故填：AD13．（4分）（2014•德阳）某地一辆满载浓硫酸的罐车翻倒，导致溶质质量分数为98%的浓硫酸20t泄漏，并向路基两边蔓延．接到报警后消防官兵立即赶来并用石灰浆（主要成分为氢氧化钙）中和硫酸解除了险情．请回答：（1）溶质质量分数为98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量是 _________ ；（2）计算中和泄漏的98%浓硫酸20t，理论上需要氢氧化钙的质量．解析：（1）20t质量分数为98%的浓硫酸中硫酸的质量=20t×98%=19.6t（2）解：设理论上需要氢氧化钙的质量为xH2SO4+Ca（OH）2═CaSO4+2H2O98 7419.6t xx=14.8t答案：（1）98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量为19.6t；（2）中和泄漏的硫酸理论上需要氢氧化钙的质量为14.8t初中化学试卷马鸣风萧萧制作。
2014年四川省德阳市中考化学试卷答案
三．实验题 12．解析：（1）仪器 a 的名称是试管，常用作反应容器． 故填：试管．
（2）利用 A 装置制取氨气的化学方程式是：Ca（OH）2+2NH4Cl
故填：Ca（OH）2+2NH4Cl
CaCl2+2H2O+2NH3↑．
CaCl2+2H2O+2NH3↑．
（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是 B 装置，因为 B 装置中的分
CO+3H2，
A、反应前后各元素的化合价发生改变，故错； B、生成物是一氧化碳和氢气，水煤气的成分是一氧化碳和氢气，故错； C、该反应中含氢元素的化合物有 2 种，故错； D、该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为 1：1，故对． 答案 D 7.C 解析：A、N 点时，盐酸过量，因此溶液的 pH 值小于 7，故错； B、Q 点时，溶液中溶质有氯化钡和氯化钠，故错； C、0p 段表示的是氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠的过程，故对； D、PQ 段表示的是碳酸钡和盐酸反应生成气体的过程，故错． 答案 C 8.A 解析：对比甲、乙两同学所用 A 和 S 的质量及生成 A2S 的质量：同样生成 7.5gA2S， 甲实验 S 的用量为 2.5g、乙实验 S 的用量为 1.5g，则可得反应生成 7.5gA2S 时需要消耗 S 的质量为 1.5g；利用质量守恒定律，则两物质恰好完全反应时，可判断生成 7.5gA2S 时消耗 A 的质量为 6.0g． 设元素 A 的相对原子质量是 x． 2A+S═ A2S 2x 32
C．苯分子中碳的原子结构示意图为
，故错误
D．苯中碳元素位于元素周期表的第二周期，氢元素位于元素周期表的第一周期，故错误． 故选 A 4. B 解析：A、过量铁粉能与 AgNO3 溶液反应生成硝酸亚铁溶液和银，能除去杂质但引入 了新的杂质硝酸亚铁，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．
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2014年四川省德阳市中考化学试卷一．选择题1.下列变化中，属于化学变化的是（）A.海水晒盐B.火柴折断C.食物腐烂D.干冰升华2.化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是（）A.普通玻璃是一种纯净物B.大力开发新能源以替代不可再生的化石燃料C.人体因碘摄入量不足，容易导致骨质疏松症D. 为了增加草木灰肥料，大力提倡在田间焚烧秸秆3.2014年4月兰州发生了自来水苯超标事故，引起人们对水安全的关注．已知苯的化学式为C6H6，下列有关说法正确的是（）A.苯中的C、H元素的质量比为12：1B.苯分子是由6个碳元素和6个氢元素组成C.苯分子中碳的原子结构示意图为D. 苯中碳、氢元素均位于元素周期表的第二周期4. 下列除去杂质的试剂和方法可行的是（）选项物质（括号内为杂质）除杂试剂和方法A Mg（NO3）2溶液（AgNO3）加入过量铁粉，过滤B NaCl溶液（Na2SO4）加入适量BaCl2溶液，过滤C CO2（CO）通过足量澄清石灰水D N2（O2）通过灼热的氧化铜A．A B．B C．C D．D5. 甲、乙两种物质的溶解度曲线如图所示．下列叙述正确的是（）A．将甲的溶液从t2℃降到t1℃，其溶质的质量分数一定减小B．t2℃时，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量一定相等C．当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大D．t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后变为不饱和溶液6.甲烷和水反应可以制水煤气（混合气体），其反应的微观示意图如图所示：根据以上微观示意图得出的结论中，正确的是（）A.反应前后各元素的化合价均不变B.水煤气的成分是一氧化碳和氧气C.该反应中含氢元素的化合物有3种D.该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：17. 将一定质量的Ba（OH）2溶液与Na2CO3溶液混合恰好完全反应，向反应后的混合物中加入稀盐酸，产生气体的体积与加入稀盐酸的体积的关系如图所示，下列说法中正确的是（）A. N 点时，所得溶液的pH=7B. Q点时，所得溶液中的溶质只含有BaCl2C. O至P段发生反应的化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+H2OD. P至Q段发生反应的化学方程式为Ba（OH）2+2HCl=BaCl2+2H2O8.金属单质M与非金属单质硫发生如下反应为2M+S M2S．甲、乙二组学生在实验室分别进行该实验，加入的M和硫的质量各不相同．充分反应后，实验数据记录如表，则M 的相对原子质量是（）M的质量/g S的质量/g M2S的质量/g甲 6.0 2.5 7.5乙7.0 1.5 7.5A．64 B．56 C．39 D．23二．填空题9．高氯酸（HClO4）和亚氯酸钠（NaClO2）在工业上有广泛的用途，其制备工艺流程如图：请回答下列问题：（1）HClO4中Cl元素的化合价是_________．（2）反应器I中的生成物有HClO4、ClO2、NaHSO4、H2O，其中属于氧化物的是_________．（3）反应器II中发生反应的化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，则X的化学式是_________．10．A～J是初中化学中常见的物质，它们之间有如图所示的转化关系（部分反应条件已略去）．其中A是一种液体，H是一种红色固体，J的溶液呈黄色．已知在高温下单质碳能与多种金属氧化物反应生成金属单质和二氧化碳．请回答下列问题：（1）反应①的化学方程式是_________．（2）组成E的元素是_________．（3）反应①②③④中属于置换反应的是_________．（4）反应④的化学方程式是_________．11．如图所示的是物质A～F相互间的关系（“→”表示物质间存在的转化关系，“﹣”表示两端的物质能发生化学反应）．通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域；D的溶液呈蓝色；E是地壳中含量最多金属元素的单质．请回答下列问题：（1）A与光合作用所得的气体产物是_________，B的化学式_________．（2）F可能是_________．（3）C和D在溶液中反应的化学方程式是_________．（4）E和F在溶液中反应的化学方程式是_________．三．实验12．某化学研究性学习小组进行了氨（NH3）的制取和有关性质的探究实验．资料卡片：氨气通常情况下是有刺激性气味的无色气体，密度比空气小，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色，极易溶于水，浓氨水具有挥发性．加热熟石灰和氯化铵固体混合物可以生成氨气，若要快速产生氨气，可以将浓氨水滴加到生石灰中得到．请根据有关信息回答下列问题：（1）仪器a的名称是_________．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是_________．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是_________（选填装置编号）．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是_________．（5）研究性学习小组用如图2所示的装置探究氨的性质，观察到脱脂棉团由白色变为红色．该现象涉及到的性质是_________（填字母编号）．A．氨分子是不断运动的B．浓氨水具有挥发性C．氨气有刺激性气味D．氨气的水溶液显碱性（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中（如图3），在大烧杯中加入下列物质，观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，则加入的物质是_________（填字母编号）．A．水和浓硫酸B．水和氯化钠固体C．水和硝酸铵固体D．水和氢氧化钠固体．四．计算13．某地一辆满载浓硫酸的罐车翻倒，导致溶质质量分数为98%的浓硫酸20t泄漏，并向路基两边蔓延．接到报警后消防官兵立即赶来并用石灰浆（主要成分为氢氧化钙）中和硫酸解除了险情．请回答：（1）溶质质量分数为98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量是_________；（2）计算中和泄漏的98%浓硫酸20t，理论上需要氢氧化钙的质量．2014年四川省德阳市中考化学试卷答案一．选择题1.C 解析：A.海水晒盐过程中没有新物质生成，属于物理变化．B.火柴折断过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．C.食物腐烂过程中有新物质生成，属于化学变化．D.干冰升华过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．故选C2.B 解析：A.普通玻璃中含有多种物质，属于混合物，该选项说法不正确；B.化石燃料用完之后不能再生，因此应该积极开发利用新能源，以代替化石燃料，该选项说法正确；C.人体因碘摄入量不足，容易导致甲状腺肿大，该选项说法不正确；D.焚烧秸秆虽然可以增加草木灰肥料，但是会污染环境，得不偿失，该选项说法不正确．故选：B3.A 解析：A．由苯的化学式C6H6可知，其中C、H元素的质量比为：（12×6）：（1×6）=12：1，故正确；B．苯是由碳元素和氢元素组成的，元素是个宏观概念，只讲种类，不讲个数，故错误；C．苯分子中碳的原子结构示意图为，故错误D．苯中碳元素位于元素周期表的第二周期，氢元素位于元素周期表的第一周期，故错误．故选A4. B 解析：A、过量铁粉能与AgNO3溶液反应生成硝酸亚铁溶液和银，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸亚铁，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．B、Na2SO4能与适量BaCl2溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，再过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确．C、CO2能与澄清石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水，CO不与澄清石灰水反应，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．D、O2不能与灼热的氧化铜反应，不能把杂质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．故选B．5. C 解析：A、将甲的溶液从t2℃降到t1℃，不知甲的溶液是否饱和，不一定有晶体析出，其溶质的质量分数不一定减小，故错；B、t2℃时，甲的溶解度大于乙的溶解度，甲、乙的饱和溶液各100g，其溶质的质量不相等，故错；C、根据溶解度曲线图可知，当温度高于0℃而低于t1℃时，乙的溶解度比甲的溶解度大，故对；D、t2℃时，蒸发溶剂可使乙的饱和溶液析出晶体后仍为饱和溶液，故错．答案：C6.D 解析：反应物是甲烷和水，生成物是一氧化碳和氢气，反应的化学方程式为CH4+H2OCO+3H2，A、反应前后各元素的化合价发生改变，故错；B、生成物是一氧化碳和氢气，水煤气的成分是一氧化碳和氢气，故错；C、该反应中含氢元素的化合物有2种，故错；D、该反应的化学方程式中甲烷和水的计量数之比为1：1，故对．答案D7.C 解析：A、N点时，盐酸过量，因此溶液的pH值小于7，故错；B、Q点时，溶液中溶质有氯化钡和氯化钠，故错；C、0p段表示的是氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠的过程，故对；D、PQ段表示的是碳酸钡和盐酸反应生成气体的过程，故错．答案C8.A 解析：对比甲、乙两同学所用A和S的质量及生成A2S的质量：同样生成7.5gA2S，甲实验S的用量为2.5g、乙实验S的用量为1.5g，则可得反应生成7.5gA2S时需要消耗S的质量为1.5g；利用质量守恒定律，则两物质恰好完全反应时，可判断生成7.5gA2S时消耗A的质量为6.0g．设元素A的相对原子质量是x．2A+S═A2S2x 326.0g 1.5g则，解得x=64故选：A二．填空题9．解析：（1）已知：H的化合价为：+1，O的化合价为：﹣2；设Cl元素的化合价为X，根据化合物中化合价代数和为零．+1+x+（﹣2）×4=0解之得：X=+7；故答案为：+7；（2）氧化物是由两种元素组成的化合物中，其中一种是氧元素的化合物．①HClO4是由H、Cl、O三种元素组成的，所以不是氧化物；②ClO2是由Cl、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；③NaHSO4是由H、Na、S、O四种元素组成的，所以不是氧化物；④H2O是由H、O两种元素组成的，其中一种是氧元素，所以是氧化物；故属于氧化物的是ClO2和H2O；：故答案为：ClO2和H2O；（3）根据质量守恒定律：反应前后原子和种类和数量都不会改变．由化学方程式为2ClO2+SO2+4NaOH=2NaClO2+X+2H2O，可知：反应前反应物中有：2个Cl原子、10个O原子、1个S原子和4个Na原子；而反应后已经有：2个Cl原子、6个O原子、1个S原子和2个Na原子；还少：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，由于X前面的化学计量数为1，所以在一个X分子中应含有：4个O原子、1个S原子和2个Na原子，故其化学式为：Na2SO4；故答案为：Na2SO410．解析：H是一种红色固体，J的溶液呈黄色，可知J是铁的盐溶液，则H是氧化铁，氧化铁和I反应产生铁盐和水，因此I是酸，如盐酸，则J是氯化铁，C是水；A是一种液体，和B作用产生C﹣水和D 且B保持不变，因此A是过氧化氢，B是二氧化锰，D是氧气，氧气和E反应产生水和G，G是氧化铁和碳反应产生的二氧化碳，因此E可以是甲烷，则F 是铁，因此：（1）反应①是过氧化氢在二氧化锰的作用下分解产生水和氧气，故答案为：2H2O22H2O+O2↑；（2）E和氧气点燃产生二氧化碳和水，根据化学反应前后元素的种类不变，可知E中一定含有碳和氢元素，可能含有氧元素，故答案为：碳和氢或碳、氢和氧；（3）反应①时过氧化氢分解，反应②是氧气和甲烷等的反应，不属于基本反应类型；反应③时碳和氧化铁的反应生成铁和二氧化碳，属于置换反应；反应④是氧化铁和酸发生的复分解反应，故答案为：③；（4）反应④是氧化铁和酸，如盐酸，生成氯化铁和水，故反应的方程式为：Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O．11．解析：通常情况下A是能参与绿色植物光合作用的气体，因此A是二氧化碳；B在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等领域，因此B是碳酸钠；D的溶液呈蓝色，因此D是铜盐；E是地壳中含量最多金属元素的单质，因此E是铝；F能够和B﹣碳酸钠、E﹣铝反应，因此F是酸；C能够和B﹣碳酸钠、D﹣铜盐反应，因此C是碱，如氢氧化钙，因此：（1）A参与光合作用所得的气体产物是氧气；B是碳酸钠，化学式为：Na2CO3；（2）F是酸，如盐酸、硫酸；（3）C和D的反应时氢氧化钙和硫酸铜的反应，反应的方程式为：Ca（OH）2+CuSO4=Cu （OH）2↓+CaSO4；（4）E和F可以使铝郁盐酸的反应，反应的方程式为：2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑；故答案为：（1）O2；Na2CO3；（2）盐酸（或硫酸）；（3）Ca（OH）2+CuSO4=Cu（OH）2↓+CaSO4；（4）2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑三．实验题12．解析：（1）仪器a的名称是试管，常用作反应容器．故填：试管．（2）利用A装置制取氨气的化学方程式是：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．故填：Ca（OH）2+2NH4Cl CaCl2+2H2O+2NH3↑．（3）将浓氨水滴加到生石灰中快速产生氨气，发生装置最好是B装置，因为B装置中的分液漏斗能够控制浓氨水的流量，从而可以控制反应速率，同时分液漏斗还能够防止氨气从分液漏斗逸出．故填：B．（4）研究性学习小组用D装置收集氨气，判断氨气已经收集满的方法是将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．故填：将湿润的红色石蕊试纸放在m端，若试纸变蓝色，说明氨气已经集满．（5）观察到脱脂棉团由白色变为红色，说明氨分子是不断运动的，浓氨水具有挥发性，氨气的水溶液显碱性．故填：ABD．（6）若将制取氨气的熟石灰溶于水形成的饱和溶液置于小烧杯并放入一只大烧杯中，若观察到小烧杯中饱和溶液变浑浊，说明加入的物质能使温度升高，加入水和浓硫酸、水和氢氧化钠固体都能够使温度升高．故填：AD四．计算题解析：（1）20t质量分数为98%的浓硫酸中硫酸的质量=20t×98%=19.6t（2）解：设理论上需要氢氧化钙的质量为xH2SO4+Ca（OH）2═CaSO4+2H2O98 7419.6t xx=14.8t答案：（1）98%的浓硫酸20t中含H2SO4的质量为19.6t；（2）中和泄漏的硫酸理论上需要氢氧化钙的质量为14.8t。
高考化学一诊试卷试题5
冠夺市安全阳光实验学校四川省德阳市高考化学一诊试卷一、选择题（本题包括14小题，每小题3分，共42分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列过程没有发生化学反应的是（）A．用氢氟酸来刻蚀玻璃器皿B．用活性炭去除冰箱中的异味C．用煤液化和气化得到清洁燃料D．用热碱溶液清除炊具上残留的油污2．下列关于物质分类的说法正确的是（）A．醋酸、氨水、硫酸钡均属于弱电解质、B．铜合金、铝合金、钢铁均属于金属材料C．动物油、植物油、矿物油均属于酯类化合物D．稀豆浆、稀盐酸、硅胶均属于胶体3．下列关于化学用语的表示正确的是（）A．碘化铵的电子式：B．间二甲苯的结构简式：C．中子数为146、质子数为92的铀（U）原子：23892UD．氯原子的结构示意图：4．下列说法合理的是（）A．金属锂、镁在氧气中燃烧的产物分别为Li2O、Mg0B． H﹣F、H﹣O、H﹣N三个共价键的极性逐渐增强C．若X+和Y2﹣的核外电子层结构相同，则元素电负性X＞YD．邻羟基苯甲醛沸点高于对羟基苯甲醛是因为形成了分子内氢键5．下列条件中关于粒子组共存的评价不正确的是（）选项条件粒子组评价A 含FeCl2的溶液中． H+、H202、Cl﹣会发生反应，所以不能大量共存B 室温时，pH=11的溶液中 Na+、ClO﹣、AlO2﹣能大量共存C 水电离的c（H+）=1×10﹣10mol/L的溶液中 Al3+、NH4+、NO3﹣可能大量共存D 某无色溶液中 Na+、HC03﹣、OH﹣．会产生C02，所以不能大量共存A． A B． B C． C D． D6．设N A为阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（） A． 1.7 g羟基所含电子的数目为N AB． 0.1 mol丙烯醛中含有双键的数目为O．1N AC．室温时，pH=13的1.0 L Ba（OH）2溶液中含有OH﹣的数目为0.2N A D．状况下，7.8 g苯中含氢原子的数目为O．6N A7．用下列装置进行的实验中，能达到其实验目的是．（）A．如图用装置制取并收集干燥纯净的NH3B．如图用装置分离苯萃取碘水后已分层的有机层和水层C．如图用装置配制一定的物质的量浓度的稀硫酸D．如图用装置测定锌与稀硫酸反应的速率8．X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，它们在周期表中的位置如图所示．X 的最高价氧化物和气态氢化物的分子都是由极性键形成的非极性分子．下列性质比较中正确的是（）X YZ WA．最高价氧化物的水化物的酸性：Y＜X＜WB．离子半径由小到大的顺序：W＜Z＜YC．单质晶体的熔点由低到高的顺序：Y＜W＜ZD．原子最外层的电子数：Z＜Y＜X9．下列图示与对应的叙述不相符的是（）A．如图表示氢氧燃料电池构造示意图B．如图表示室温下pH=2的HCl溶液加水稀释倍数与pH的变化关系C．如图表示某放热反应分别在有、无催化剂的情况下反应过程中的能量变化D．如图表示向NH4 Al（S04）2溶液中逐滴滴人Ba（OH）2溶液，生成沉淀总物质的量（n）随着Ba（OH）2溶液体积（y）的变化10．已知甲、乙、丙三种物质均含有同一种中学常见元素X，其转化关系如下：甲乙丙；下列说法不正确的是（）A．若乙为NaHC03，则丙一定是C02B．若A为氯水，X为金属元素，则甲与丙反应可生成乙C．若A为NaOH溶液，X为短周期的金属元素，则乙一定为白色沉淀D．若甲为单质硫，则丙溶于水形成的浓溶液能与碳反应可生成乙11．室温下，取O．2mol/L H2A溶液与xmol/L NaOH溶液等体积混合（忽略混合后溶液体积变化），测得混合溶液的pH=y，下列推断不正确的是（） A．当x=0.2，则混合溶液中y可能大于7或小于7B．当x=0.2，y=1，则混合溶液中：c（H+）=c（A2﹣）+c（OH﹣）C．当x=0.3，y＞7，则混合溶液中：c（Na+）＞c（A2﹣）＞c（HA﹣）＞c （OH﹣）＞c（H+）D．当x=0.4，则混合溶液中：[c（Na+）+c（H+）]＞2c（A2﹣）12．工业上正在研究利用C02来生产甲醇燃料，该方法的化学方程式为C02（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）△H=﹣49.0kJ/mol，一定温度下，在三个容积均为3．OL的恒容密闭容器中发生该反应：下列有关说法不正确的是（）容器起始物质的量/mol 平衡物质的量/mol编号温度/℃C02（g）H2（g）CH3OH（g）H2O（g）I T1 3 4 0.5 0.5Ⅱ T1 1.5 2Ⅲ T2 3 4 0.8 0.8A．若经过2min容器I中反应达平衡，则2min内平均速率（H2）=O．25 mol/（L•min）B．达到平衡时，容器I中C02转化率的比容器Ⅱ的大C．达到平衡时，容器Ⅲ中反应放出的热量比容器Ⅱ的2倍少D．若容器I、Ⅱ、Ⅲ中对应条件下的平衡常数分别为K1、K2、K3，则K1=K2＜K313．已知溶液中：还原性HSO3﹣＞I﹣，氧化性IO3﹣＞I2＞SO32﹣．向含 3mol NaHS03的溶液中逐滴加入KI03溶液，加入的KI03和析出的I2的物质的量的关系曲线如图所示，下列说法正确的是（）A． a点反应的还原剂是NaHS03，被氧化的元素是碘元素B． b点反应的离子方程式是：3HSO3﹣+IO3﹣+3OH﹣=3SO42﹣+I﹣+3H2O．C． c点到d点的反应中共转移O．6mol电子D．往200mL 1 mol/L的KI03溶液中滴加NaHS03溶液，反应开始时的离子方程式是：2IO3﹣+5HSO3﹣=I2+5SO42﹣+3H++H2O14．向一定量的Cu、Fe203的混合物中加人600mL 2mol/L的盐酸，恰好使混合物完全溶解，所得溶液中不含Fe3+，再加入过量1mol/L NaOH溶液，将沉淀过滤、洗涤、干燥，称得质量比原混合物增重17.6g，若用过量的CO在高温下还原相同质量的原混合物，固体减少的质量是（）A． 4.8 g B． 8.8 g C． 9.6g D． 14.4g二、（本题包括5小题，共58分）15．X、Y、Z、E、M、Q、R为七种短周期的主族元素，它们的原子序数依次增大，其中X+无电子，Y、Z同一周期且相邻，X与E、Z与Q分别为同一主族，M的原子序数是Y的2倍，Q的质子数比E多5．J为ds区原子序数最小的元素．请用推断出的元素回答下列问题：（1）Y、Z、Q三元素的第一电离能由大到小的顺序为，Y2X2分子中π键与σ键的数目之比为．MR4分子的中心原子的杂化轨道类型是．由Q、R两元素可按原子个数比l：l组成化合物T，化合物T中各原子均满足8电子的稳定结构，则T的电子式为．固体化合物E2Z2投人到化合物E2Q的水溶液中，只观察到有沉淀产生，该反应的离子方程式为．（3）J元素基态原子的外围电子排布式为．向JQZ4．溶液中逐滴加人Y元素氢化物的水溶液，先生成蓝色沉淀，后沉淀逐渐溶解得到深蓝色的透明溶液，该沉淀溶解的离子方程式是．（4）J2Z为半导体材料，在其立方晶胞内部有4个Z原子，其余Z原子位于面心和顶点，则该晶胞中有个J原子．16．甲、乙、丙均为中学化学常见的气体单质，A、B、C为常见的化合物，A 和B都极易溶于水，用玻璃棒分别蘸取A和B的浓溶液后，相互靠近会看到白烟．各物质之间存在如图1所示的转化关系：请回答下列问题：（1）丙与A反应生成乙和C的化学反应方程式为向O．1mol/L的C溶液中通人A至显中性，溶液中各离子浓度由大到小的顺序为：（3）常温下取M的饱和溶液与AgI的饱和溶液等体积混合，再加入足量的AgN03浓溶液发生反应，则生成沉淀的物质的量较多的是．（填化学式）（4）电解尿素[C0（NH2）2]的碱性溶液制取甲的装置示意图如图2（电解池中隔膜仅阻止气体通过，a、b极均为惰性电极）．电解时，b极的电极反应式为热，若在a极产生112mL气体（状况），则消耗尿素的质量为g．17．二甲醚是一种重要的清洁燃料，有多种合成方法．方法一：通过CH3OH分子间脱水制得：2CH3OH（g）→CH3OCH3（g）+H2O（g）△H1=﹣23.5kJ．mol﹣1①（1）该反应在恒容密闭的容器中进行，能说明反应达到平衡的是．（填字母编号）A．容器中压强不再变化B．n（CH3OH）：n（CH3OCH3）：n（H2O）=2：1：1．C．c（CH3OH）=c（CH3OCH3）=c（H2O）D．混合气体中各组分浓度不再变化．E．混合气体的平均相对分子质量不再变化，在T℃时该反应的平衡常数K=5，若在此温度下某时刻测定出该反应中各物质的浓度为c（CH3OH）=O•3mol/L、c（CH3OCH3）=O．6mol/L、c（H2O）=0.6mo[/L，则此时正、逆反应速率的大小是v（正）v（逆）．（填“＞”、“＜”或“=”）．方法二：通过水煤气合成二甲醚：3H2（g）+3C0（g）⇌CH3OCH3（g）+C02（g）△H2=﹣akJ．mol﹣1（a＞O）②（3）该反应在一定条件下的密闭容器中可达到平衡状态（曲线1），若在t．时刻改变一个条件，曲线I变为曲线Ⅱ，改变的条件是．（填字母编号）A ．升高温度 B．加入催化剂 C．缩小容器体积D．增加H2的浓度 E．分离出二甲醚（4）该反应可以分步进行：4H2（g）+2CO（g）=CH3OCH3（g）+H2O（g）△H3③CO（g）+H2O（l）=CO2（g）+H2（g）△H4=﹣bkJ•mol﹣1（b＞0）④H2O（l）=H2O（g）△H5=+44kJ•mol﹣1⑤则反应③的焓变△H3kJ•mol﹣1（用含a、b的代数式表示）18．亚硝酸钠（NaN02）是一种常见的食品添加剂，使用时必须严格控制其用量．某兴趣小组拟制备NaN02并测定产品纯度．I【查阅资料】①2NO+Na202=2NaN02；2N02+Na202=2NaN03．②NO能被酸性高锰酸钾氧化成NO3﹣．③酸性条件下MnO4﹣被还原为Mn2+Ⅱ【制备产品】用如下装置制NaN02（夹持和加热装置已省略）．（1）装置A烧瓶中发生反应的化学方程式为B装置的作用是（3）有同学认为装置c中产物不仅有亚硝酸钠，还有碳酸钠和氢氧化钠，为排除干扰应在B、C装置间增加装置E，E中盛放的试剂可能是．（填字母编号）A．浓H2S04 B．碱石灰 c．无水CaCl2D•生石灰Ⅲ【测定浓度】：设计如下方案测定产品的纯度．样品溶液A溶液B溶液B数据处理（4）溶液A到溶液B发生反应的离子方程式为．（5）取样品2.3g经一系列操作后得到湾液A．100mL，准确量取10．OOmL A 与24．OOmL 0.05mol/L的酸性KMn04溶液在锥形瓶中充分反应．反应后溶液用O．1mol/L（NH4）2Fe（S04）2．准溶液滴定至紫色刚好褪去；重复上述实验2次，平均消耗（NH4）2 Fe（S04）2溶液lO.00mL，则样品中NaN02的纯度为．Ⅳ【探究反思】．（6）NaN02的纯度偏低，该小组讨论提出的原因中可能正确的是．（填字母编号）A．滴定至溶液紫色刚刚好褪去并且嗽贤．B．加入A与KMn04溶液前锥形瓶未经干燥C．实验中使用的（NH4）2Fe（S04）2溶液暴露在空气中时间过长．19．硅孔雀石是一种含铜矿石，含铜形态为CuC03•Cu（OH）2和CuSi03•2H20，同时含有Si02、FeC03、Fe203、A1203等杂质．以其为原料制取硫酸铜的工艺流程如图所示：（1）步骤1中先加入足量稀硫酸，再加人双氧水．则双氧水参与该反应的离子方程式是步骤②调节溶液pH，可以选用的试剂是．（填字母编号）A．A1203 B．CuO C．CuC03•Cu（OH）2（3）有关氢氧化物开始沉淀和完全沉淀的pH如下表：氢氧化物 Al（OH）3 Fe（OH）3 Fe（OH）2 Cu（OH）2开始沉淀的pH 3.3 1.5 6.5 4.2沉淀完全的pH 5.2 3.7 9.7 6.7则滤液B中含有的阳离子是．（4）将滤液B通过、过滤等操作可得到硫酸铜晶体．（5）硫酸铜也可用硫化铜和氧气在高温、催化剂条件下化合制得，该反应的化学方程式是．取384g CuS在一定条件下和氧气完全反应，若发生2CuS+302=2CuO+2S02和4CuS+502=2Cu20+4S02两个反应，在所得固体中Cu 和O的物质的量之比n（Cu）：n（O）=4：a，此时消耗空气的物质的量为bmol．则a= ．（氧气占空气体积的）．四川省德阳市高考化学一诊试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括14小题，每小题3分，共42分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列过程没有发生化学反应的是（）A．用氢氟酸来刻蚀玻璃器皿B．用活性炭去除冰箱中的异味C．用煤液化和气化得到清洁燃料D．用热碱溶液清除炊具上残留的油污考点：物理变化与化学变化的区别与联系；化学基本反应类型．专题：物质的性质和变化专题．分析：化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成，据此分析判断．解答：解：A、用氢氟酸来刻蚀玻璃器皿，是利用氢氟酸与玻璃中的二氧化硅反应，有新物质生成，故A错误；B、用活性炭去除冰箱中的异味：利用活性炭的吸附作用，属于物理变化，没有发生化学变化，故B正确；C、煤的液化和气化，既包含物理变化又包含化学变化，故C错误；D、用热碱水清除炊具上残留的油污：油脂在碱性条件下发生较为彻底的水解反应，属于化学变化，故D错误；故选B．点评：本题考查物理变化与化学变化的判断，难度不大．要注意化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成．2．下列关于物质分类的说法正确的是（）A．醋酸、氨水、硫酸钡均属于弱电解质、B．铜合金、铝合金、钢铁均属于金属材料C．动物油、植物油、矿物油均属于酯类化合物D．稀豆浆、稀盐酸、硅胶均属于胶体考点：强电解质和弱电解质的概念；分散系、胶体与溶液的概念及关系；有机化学反应的综合应用．分析： A．氨水是混合物，硫酸钡是强电解质；B．金属材料包括金属单质和合金两大类；C．根据动物油、植物油、矿物油的成分来确定所属类别；D．胶体的分散质微粒直径在1～100nm之间，是一种均一介稳定的分散系．解答：解：A．醋酸在水溶液中部分电离，是弱电解质；氨水是氨气的水溶液，是混合物，既不是电解质也不是非电解质；硫酸钡溶于水的部分完全电离，是强电解质，故A错误；B．铜合金、铝合金、钢铁都属于合金，属于金属材料，故B正确；C．动物油、植物油是高级脂肪酸的甘油酯，属于酯类化合物；矿物油主要来源于石油化工，属于烃类，故C错误；D．稀豆浆是蛋白质形成的分散系属于胶体，稀盐酸是氯化氢的水溶液，属于溶液，硅胶是一种高活性吸附材料，不属于胶体，故D错误；故选B．点评：本题考查电解质的概念、金属材料的判断、有机物种类的判断及胶体的概念，难度不大．要注意基础知识的积累．3．下列关于化学用语的表示正确的是（）A．碘化铵的电子式：B．间二甲苯的结构简式：C．中子数为146、质子数为92的铀（U）原子：23892UD．氯原子的结构示意图：考点：电子式、化学式或化学符号及名称的综合．专题：化学用语专题．分析： A．碘离子为阴离子，碘离子的电子式中需要标出最外层电子；B ．间二甲苯中两个甲基在苯环的间位碳原子上，为对二甲苯；C．元素符号的左上角为质量数、左下角为质子数，质量数=质子数+中子数；D．氯原子的核电荷数=核外电子总数=17，最外层为7个电子．解答：解：A．碘化铵为离子化合物，碘离子需要标出最外层电子，碘化铵正确的电子式为：，故A错误；B ．为对二甲苯，间二甲苯的结构简式为：，故B错误；C．中子数为146、质子数为92的铀（U）原子的质量数为238，其原子可以表示为：23892U，故C正确；D．氯原子的最外层为7个电子，氯原子正确的结构示意图为：，故D 错误；故选C．点评：本题考查了化学用语的书写判断，涉及结构简式、原子结构示意图、电子式等知识点，题目难度中等，解答时根据化学用语特点来分析解答，注意离子化合物与共价化合物的电子式的区别．4．下列说法合理的是（）A．金属锂、镁在氧气中燃烧的产物分别为Li2O、Mg0B． H﹣F、H﹣O、H﹣N三个共价键的极性逐渐增强C．若X+和Y2﹣的核外电子层结构相同，则元素电负性X＞YD．邻羟基苯甲醛沸点高于对羟基苯甲醛是因为形成了分子内氢键考点：元素周期律的作用；含有氢键的物质．分析： A．金属锂、镁都是较活泼金属，氧气中燃烧的产物分别为Li2O、Mg0；B．共价键的极性随共用电子对偏移程度的增大而增强；C．若X+和Y2﹣的核外电子层结构相同，则X为金属，Y为非金属；D．邻羟基苯甲醛形成分子内氢键，而对羟基苯甲醛能够形成分子间氢键．解答：解：A．金属锂、镁都是较活泼金属，氧气中燃烧的产物分别为Li2O、Mg0，故A正确；B．共价键的极性随共用电子对偏移程度的增大而增强，故H﹣F、H﹣O、H﹣N三个共价键的极性逐渐减弱，故B错误；C．若X+和Y2﹣的核外电子层结构相同，则X为金属，Y为非金属，故电负性X ＜Y，故C错误；D．由于邻羟基苯甲醛形成分子内氢键，使熔沸点偏低；而对羟基苯甲醛能够形成分子间氢键，使熔沸点偏高，所以邻羟基苯甲醛比对羟基苯甲醛熔、沸点低，故D错误；故选A．点评：本题考查了金属元素的活泼性、共价键的极性、元素的电负性及氢键的下相关知识，难度不大．要注意氢键对物质物理性质的影响．5．下列条件中关于粒子组共存的评价不正确的是（）选项条件粒子组评价A 含FeCl2的溶液中． H+、H202、Cl﹣会发生反应，所以不能大量共存B 室温时，pH=11的溶液中 Na+、ClO﹣、AlO2﹣能大量共存C 水电离的c（H+）=1×10﹣10mol/L的溶液中 Al3+、NH4+、NO3﹣可能大量共存D 某无色溶液中 Na+、HC03﹣、OH﹣．会产生C02，所以不能大量共存A． A B． B C． C D． D考点：离子共存问题．专题：离子反应专题．分析： A．Fe2+具有还原性，可被氧化；B．pH=11的溶液呈碱性；C．水电离的c（H+）=1×10﹣10mol/L的溶液，水的电离受到抑制，溶液可能呈酸性也可能呈碱性；D．HC03﹣、OH﹣反应生成C032﹣和水．解答：解：A．Fe2+具有还原性，酸性条件下可被H202氧化，不能大量共存，故A正确；B．pH=11的溶液呈碱性，碱性条件下离子之间不发生任何反应，可大量共存，故B正确；C．水电离的c（H+）=1×10﹣10mol/L的溶液，水的电离受到抑制，溶液可能呈酸性也可能呈碱性，酸性条件下，离子之间不发生任何反应，可大量共存，故C正确；D．HC03﹣、OH﹣反应生成C032﹣和水，故D错误．故选D．点评：本题考查离子共存问题，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握常见离子的性质以及反应类型的判断，难度不大．6．设N A为阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（）A． 1.7 g羟基所含电子的数目为N AB． 0.1 mol丙烯醛中含有双键的数目为O．1N AC．室温时，pH=13的1.0 L Ba（OH）2溶液中含有OH﹣的数目为0.2N AD．状况下，7.8 g苯中含氢原子的数目为O．6N A考点：阿伏加德罗常数．专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．分析： A、根据羟基没有发生电子的转移，1mol羟基含有9mol电子计算；B、1mol丙烯醛中含2mol双键；C、根据n=cV来计算；D、求出苯的物质的量n=，然后根据1mol苯中含6mol氢原子来分析．解答：解：A、1.7g羟基的物质的量为0.1mol，含有0.9mol电子，所含电子数目为0.9N A，故A错误；B、1mol丙烯醛中含2mol双键，故0.1mol丙烯醛中含0.2mol双键，故B错误；C、pH=13，即C（H+）=10﹣13mol/L，C（OH﹣）=mol/L=0.1mol/L，根据n=CV=0.1mol/L×1.0L=0.1mol，个数为0.1N A个，故C错误；D、苯的物质的量n===0.1mol，而1mol苯中含6mol氢原子，故0.1mol苯含0.6mol氢原子，故D正确．故选D．点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大．7．用下列装置进行的实验中，能达到其实验目的是．（）A．如图用装置制取并收集干燥纯净的NH3B．如图用装置分离苯萃取碘水后已分层的有机层和水层C．如图用装置配制一定的物质的量浓度的稀硫酸D．如图用装置测定锌与稀硫酸反应的速率考点：化学实验方案的评价．专题：实验评价题．分析： A．氨气密度比空气小；B．苯的密度比水小，分层后在上层；C．不能在容量瓶中稀释浓硫酸；D．气体的体积可由注射器量出．解答：解：A．氨气密度比空气小，应用向下排空气法收集，故A错误；B．苯的密度比水小，分层后在上层，与图中装置分层现象不符，故B错误；C．不能在容量瓶中稀释浓硫酸，应在烧杯中稀释、冷却后转移到容量瓶中，故C错误；D．气体的体积可由注射器量出，结合时间可求出反应速率，故D正确．故选D．点评：本题考查化学实验方案的评价，涉及物质的除杂、混合物的分离提纯、气体的制取、溶液的配制以及化学反应速率等，把握物质的性质及实验装置的作用为解答的关键，选项B为易错点，题目难度不大．8．X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，它们在周期表中的位置如图所示．X 的最高价氧化物和气态氢化物的分子都是由极性键形成的非极性分子．下列性质比较中正确的是（）X YZ WA．最高价氧化物的水化物的酸性：Y＜X＜WB．离子半径由小到大的顺序：W＜Z＜YC．单质晶体的熔点由低到高的顺序：Y＜W＜ZD．原子最外层的电子数：Z＜Y＜X考点：元素周期律和元素周期表的综合应用．专题：元素周期律与元素周期表专题．分析： X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，根据它们在周期表中的位置知，X、Y属于第二周期元素，Z和W属于第三周期元素，X的最高价氧化物和气态氢化物的分子都是由极性键形成的非极性分子，则X是C元素，根据元素位置知，Y是N元素、Z是Na元素、W是Al元素，A．元素的非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强；B．离子电子层数越多其离子半径越大，电子层结构相同的离子，离子半径随着原子序数增大而减小；C．一般来说，晶体熔沸点原子晶体＞金属晶体＞分子晶体；D．主族元素中，原子最外层电子数与其族序数相等．解答：解：X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，根据它们在周期表中的位置知，X、Y属于第二周期元素，Z和W属于第三周期元素，X的最高价氧化物和气态氢化物的分子都是由极性键形成的非极性分子，则X是C元素，根据元素位置知，Y是N元素、Z是Na元素、W是Al元素，A．元素的非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强，非金属性Y＞X＞W，所以最高价氧化物的水化物的酸性：Y＞X＞W，故A错误；B．离子电子层数越多其离子半径越大，电子层结构相同的离子，离子半径随着原子序数增大而减小，Y、Z、W离子电子层结构相同，但原子序数依次增大，则离子半径由小到大的顺序：W＜Z＜Y，故B正确；C．一般来说，晶体熔沸点原子晶体＞金属晶体＞分子晶体，Y是分子晶体、W是金属晶体、Z金属晶体，但铝中原子半径小，金属键强熔沸点高，所以单质晶体的熔点由低到高的顺序：Y＜Z＜W，故C错误；D．主族元素中，原子最外层电子数与其族序数相等，所以原子最外层的电子数：Z＜X＜Y，故D错误；故选B．点评：本题考查原子结构和元素周期律，侧重考查基本理论的运用，涉及熔沸点的比较、最外层电子数的比较、离子基本的比较等，知道元素金属性、非金属性的比较方法，熟练掌握元素周期律，题目难度不大．9．下列图示与对应的叙述不相符的是（）A．如图表示氢氧燃料电池构造示意图B．如图表示室温下pH=2的HCl溶液加水稀释倍数与pH的变化关系C．如图表示某放热反应分别在有、无催化剂的情况下反应过程中的能量变化D．如图表示向NH4 Al（S04）2溶液中逐滴滴人Ba（OH）2溶液，生成沉淀总物质的量（n）随着Ba（OH）2溶液体积（y）的变化考点：原电池和电解池的工作原理；离子方程式的有关计算；反应热和焓变；酸碱混合时的定性判断及有关ph的计算．专题：图示题．分析： A、氢氧燃料电池中负极通入氢气发生氧化反应，正极通入氧气发生还原反应；B、酸无论怎样稀释也不可能变为碱；C、催化剂能够降低反应的活化能，加快反应速率；D、向NH4Al（S04）2溶液中逐滴滴人Ba（OH）2溶液，依次生成硫酸钡和氢氧化铝沉淀、硫酸钡和一水合氨、四羟基合铝酸钡，据此分析．解答：解：A、氢氧燃料电池中负极通入氢气发生氧化反应，正极通入氧气发生还原反应，故A正确；B、pH=2的HCl溶液加水稀释，pH不可能大于7，故B错误；C、催化剂能够降低反应的活化能，从而加快反应速率，故B正确；D、向NH4Al（S04）2溶液中逐滴滴人Ba（OH）2溶液，依次生成硫酸钡和氢氧化铝沉淀（0﹣a段）、硫酸钡和一水合氨（a﹣b段）、四羟基合铝酸钡（b ﹣c段），故D正确；故选B．点评：本题通过图象考查了氢氧燃料电池、酸稀释问题、催化剂的催化原理、氢氧化铝的，注意图象分析，题目难度不大．10．已知甲、乙、丙三种物质均含有同一种中学常见元素X，其转化关系如下：甲乙丙；下列说法不正确的是（）A．若乙为NaHC03，则丙一定是C02B．若A为氯水，X为金属元素，则甲与丙反应可生成乙C．若A为NaOH溶液，X为短周期的金属元素，则乙一定为白色沉淀D．若甲为单质硫，则丙溶于水形成的浓溶液能与碳反应可生成乙考点：无机物的推断．专题：推断题．分析： A、若A为硝酸，则甲为铁，乙为硝酸亚铁，丙为硝酸铁；B、若乙为NaHCO3，A为氢氧化钠，则甲为二氧化碳，丙可以为碳酸钠；C、若A为NaOH溶液，X为短周期的金属元素，则甲为氯化铝，乙为氢氧化铝，丙为偏铝酸钠；D、若A为金属单质，乙的水溶液遇KSCN溶液变红，则A为铁，甲可以为氯气，乙为氯化铁，丙为氯化亚铁．解答：解：A、若乙为NaHCO3，A为氢氧化钠，则甲为二氧化碳，丙可以为碳酸钠，所以丙不一定是CO2，故A错误；B、若A为氯水，X为金属元素，可以为铁，则甲为铁，乙为氯化亚铁，丙为氯化铁，铁与氯化铁反应可生成氯化亚铁，故B正确；C、若A为NaOH溶液，X为短周期的金属元素，则甲为氯化铝，乙为氢氧化铝，丙为偏铝酸钠，故C正确；D、若甲为单质硫，则则乙为二氧化硫，丙为三氧化硫，溶于水形成的硫酸浓溶液能与碳反应可生成二氧化硫，故D正确；故选：A．点评：本题考查了物质转化关系的判断应用，物质性质的分析应用，主要考查符合转化关系的特征物质和特征反应，量不同产物不同，条件不同产物不同．11．室温下，取O．2mol/L H2A溶液与xmol/L NaOH溶液等体积混合（忽略混合后溶液体积变化），测得混合溶液的pH=y，下列推断不正确的是（） A．当x=0.2，则混合溶液中y可能大于7或小于7B．当x=0.2，y=1，则混合溶液中：c（H+）=c（A2﹣）+c（OH﹣）C．当x=0.3，y＞7，则混合溶液中：c（Na+）＞c（A2﹣）＞c（HA﹣）＞c （OH﹣）＞c（H+）D．当x=0.4，则混合溶液中：[c（Na+）+c（H+）]＞2c（A2﹣）考点：酸碱混合时的定性判断及有关ph的计算．专题：电离平衡与溶液的pH专题．分析： A、从H2A可能为强酸或弱酸两种角度来分析；B、当x=0.2时，两者反应生成0.1mol/LNaHA溶液，由于y=1，故H2A为强酸，NaHA全部电离为Na+、H+和A2﹣；C、当X=3时，反应后得浓度均为0.05mol/L的Na2A和NaHA的混合溶液，溶液显碱性，故A2﹣的水解程度大于HA﹣的电离程度，据此分析；D、当x=0.4时，两者恰好完全反应生成0.1mol/LNa2A溶液，根据电荷守恒来分析．。
2013年四川省德阳市中考化学试卷(含解析版)
2013年四川省德阳市中考化学试卷一、选择题目（本体包括16个小题，每小题3分，共48分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）请根据所学化学知识，判断下列叙述正确的是（）A．太阳能电池是将化学能转变为电能的一种装置B．当室内发生火灾时，应迅速开启门窗通风C．香烟的过滤嘴可滤出一些有害物质，故吸烟对人体无害D．西瓜榨成汁的变化是物理变化2．（3分）过氧化氢（H2O2）具有广泛的用途，医疗上可用于清理伤口，实验室可用于制取氧气等．下列有关叙述中错误的是（）A．过氧化氢是氧化物B．过氧化氢的微观示意图可表示为C．过氧化氢由两个氢原子和两个氧原子构成D．过氧化氢中氢元素和氧元素的质量比为1：163．（3分）20℃时，取四份一定质量的饱和硝酸钾溶液分别进行如下实验后，所得结论正确的是（）A．保持温度不变，减少10g溶剂后，溶液中溶质的质量分数增大B．保持温度不变，加入10g溶质后，溶液中溶质的质量分数增大C．保持温度不变，减少10g溶剂后，溶质的溶解度减小D．降低至10℃后，溶质的溶解度减小4．（3分）下列实验操作中正确的是（）A．向试管中滴加液体时，滴管应垂悬在试管口上方，并不接触试管B．实验用剩的药品应放回原试剂瓶中C．加热后的试管应立即用冷水冲洗D．为了便于观察，给试管里的液体加热时试管口应对着自己5．（3分）下列叙述中正确的是（）A．Fe与CuSO4反应的基本反应类型属于复分解反应B．用Na2CO3溶液可以区别Ba（NO3）2、HCl、NaCl三瓶无色溶液C．木炭在氧气中剧烈燃烧，火星四射，生成黑色固体D．碳酸氢铵与熟石灰混合施用，既可以增加肥效，又可以改良酸性土壤6．（3分）某校自主学习小组的甲乙丙丁四位同学以“汽车”为话题进行讨论．甲说：“汽车的外观造型不是化学研究的领域”；乙说：“标有‘CNG’的汽车时以天然气为燃料的汽车”；丙说：“汽车的金属外表喷漆的目的只能起到美观的作用”；丁说：“汽车尾气的排放会对环境造成污染”．请根据所学的知识判断说法错误的同学是（）A．甲同学B．乙同学C．丙同学D．丁同学7．（3分）根据下列实验现象，可以判断其溶液一定呈酸性的是（）A．滴加酚酞试液显红色的溶液B．滴加石蕊试液显蓝色的溶液C．能够与碱发生反应的溶液D．常温下，pH＜7的溶液8．（3分）Wg铁与足量的稀硫酸充分反应产生ag氢气，Wg锌与足量的稀盐酸充分反应产生bg氢气，则a与b的关系是（）A．a＞b B．a＜b C．a＝b D．无法比较二、（本题包括2小题，每空2分，共30分）9．（6分）金属钛（Ti）的合金具有耐高温，耐腐蚀、强度高等性能，所以，钛合金广泛用于航空、航天工业及化学工业。
四川省德阳市2013年中考化学试卷答案
四川省德阳市2013年中考化学试卷答案一、选择题（本体包括16个小题，每小题3分，共48分，每小题只有一个选项符合题意）1.D 解析：A、太阳能电池是将太阳能转变为电能的一种装置，故说法错误；B、当室内发生火灾时，开启门窗通风可为燃烧提供充足的氧气，燃烧的更旺，故说法错误；C、香烟的过滤嘴可滤出一些有害物质，但仍有很多有害物质被人体吸入，有害身体健康，故说法错误；D、物理变化是没有新物质生成的变化，西瓜榨成汁时没有新物质生成，属于物理变化，故说法正确；故选D．2.C 解析：A、过氧化氢是由氢、氧两种元素组成的化合物，属于氧化物，故选项说法正确．B、1个过氧化氢分子是由2个氢原子和2个氧原子构成的，则过氧化氢的微观示意图可表示为，故选项说法正确．C、过氧化氢是由过氧化氢分子构成的，1个过氧化氢分子是由2个氢原子和2个氧原子构成的，故选项说法错误．D、过氧化氢中氢元素和氧元素的质量比为（1×2）：（16×2）=1：16，故选项说法正确．故选C．3.D 解：A、饱和硝酸钾溶液减少溶剂，会析出晶体，仍为该温度的饱和溶液，溶液中溶质的质量分数不变．故A结论不正确；B、饱和硝酸钾溶液加入硝酸钾不再溶解，溶液中溶质的质量分数不变．故B结论不正确；C、影响溶解度的因素是溶质、溶剂的性质和温度，与溶剂的多少无关．故C结论不正确；D、由于硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，所以，降低至10℃后，溶质的溶解度减小．故D结论正确．故选D．4.A 解析：A、熟悉胶头滴管的正确使用方法，向试管中滴加液体时，滴管应垂悬在试管口上方，并不接触试管，故A正确；B、实验用剩的药品应放回指定的容器内，放回原瓶，会影响试剂的质量，故B错误；C、加热后的试管应冷却至室温，再洗涤，加热后的试管应立即用冷水冲洗，容易造成试管炸裂，故C错误；D、给试管里的液体加热时试管口应朝向没人的地方，故D错误．故答案为：A5.B 解析：A、铁与硫酸铜反应生成铜和硫酸亚铁，一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物，属于置换反应，故A错；B、碳酸钠与硝酸钡反应生成碳酸钡白色沉淀，与盐酸反应产生二氧化碳气体，与氯化钠不反应，所以现象不同，能够鉴别，故B正确；C、木炭在氧气中剧烈燃烧，发出白光，生成一种使澄清石灰水变浑浊的气体，故C错；D、碳酸氢铵与熟石灰反应生成氨气，降低了肥效，所以不能混合使用，故D错．故选B．6.C 解析：A、化学是研究物质的组成、结构、性质和变化规律的基础自然学科，所以汽车的外观造型不是化学研究的领域，说法正确．B、CNG是以天然气为燃料的汽车的标志，B说法正确．C、汽车的属外表喷漆的目的既能起到美观又能防锈，C说法不正确．D、汽车排放的尾气中含有二氧化硫和氮的氧化物，它们都有毒会污染空气，D说法正确．故答案选C．7.D 解析：A、酚酞溶液遇酸性溶液不变色，遇碱性溶液变红，滴加酚酞试液显红色的溶液显碱性，故选项错误．B、石蕊溶液遇酸性溶液变红色，遇碱性溶液变蓝色，滴加石蕊试液显蓝色的溶液显碱性，故选项错误．C、能够与碱发生反应的溶液不一定显酸性，如二氧化碳能与碱反应，但二氧化碳不显酸性，故选项错误．D、常温下，pH＜7的溶液，一定显酸性，故选项正确．故选D．8.A 解析：由于稀硫酸、稀盐酸过量，因此充分反应后放出氢气的质量大小由金属的质量决定，根据化学方程式Fe+H2SO4=FeSO4+H2↑知每56g铁生成2g氢气，根据化学方程式Zn+2HCl=ZnCl2+H2↑知每65g锌反应生成2g氢气，所以相等质量的铁和锌与足量硫酸反应铁生成氢气多，即a＞b；故选项为：A．二、（本题包括2小题，每空2分，共30分）9. 解析：（1）钛酸亚铁的化学式为FeTiO3，其中铁元素的化合价为+2价，氧元素的化合价为﹣2价，因化合物中元素化合价的代数和为0，设钛的化合价为x，则（+2）+x+（﹣2）×3=0，解得x=+4．故答案为：+4；（2）观察该反应2FeTiO3+6C+7Cl22TiCl4+2X+6CO，可知反应前铁原子是2个，钛原子是2个，氧原子是6个，碳原子是6个，氯原子是14个；反应后除2X外，钛原子是2个，氯原子是8个，碳原子是6个，氧原子是6个，根据化学反应前后原子的种类和数目不变，2X中应有6个氯原子和2个铁原子，因此X的化学式为FeCl3；故答案为：FeCl3；（3）根据题中信息，镁与TiCl4在高温条件下反应生成金属钛和氯化镁，该反应的化学方程式为TiCl4+2Mg Ti+2MgCl2；故答案为：TiCl4+2Mg Ti+2MgCl2；10. 解析：（1）捕捉室中含有氢氧化钠溶液，氢氧化钠能与二氧化碳反应生成碳酸钠和水，故填：2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O；（2）在循环的过程中，氧化钙和氢氧化钠都可以循环利用，故填：氧化钙、氢氧化钠；（3）A、用氢氧化钠溶液来“捕捉”二氧化碳，可以减少二氧化碳的排放，从而减少碳排放，故A正确；B、氢氧化钙能与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，可以采用过滤的方法分离，不需要经过蒸发结晶的操作，故B错误；C、该过程中，需要高温，能耗较大，故C正确；D、二氧化碳是重要的化工原料，故“捕捉”到的二氧化碳可用于生产尿素、甲醇、碳酸氢铵和纯碱，故D正确；故填B．11. 解析：A是天然气的主要成分，则A是甲烷，甲烷能燃烧生成水喝二氧化碳，由于图中甲烷能与X反应生成液体C和气体B，则X是氧气，C是水，B是二氧化碳；二氧化碳能高温转化生成气体D，则D可能是一氧化碳；E是红色粉末，初中阶段学习的红色粉末主要是铜粉和氧化铁，由于E能与一氧化碳高温反应生成二氧化碳和单质Z，则E可能是氧化铁，生成的Z为铁，带入框图，推断合理；（1）A是甲烷，X为氧气，C为水，故填：CH4，O2，H2O；（2）B是二氧化碳，Y是碳，碳能与二氧化碳在高温的条件下反应生成一氧化碳，故填：CO2+C2CO；D是一氧化碳，E是氧化铁，氧化铁能与一氧化碳在高温下反应生成铁和二氧化碳，故填：Fe2O3+3CO2Fe+3CO2．12. 解析：A是氯化钡，能够与B的蓝色溶液反应产生不溶于稀硝酸的白色沉淀C是硫酸钡，所以B是硫酸铜；则滤液Ⅰ中含有A和B产生的氯化铜、过量的稀硝酸，滤液Ⅰ与过量的D反应产生蓝色沉淀E是氢氧化铜，其中的滤液Ⅱ能够和过量的B﹣硫酸铜溶液反应产生白色沉淀C﹣硫酸钡沉淀和蓝色沉淀E﹣氢氧化铜沉淀，故滤液Ⅱ中含有过量的D溶液﹣氢氧化钡；滤液Ⅲ中含有进入的过量的硫酸铜、滤液Ⅰ中的氯化铜与氢氧化钡产生的氯化钡，再和硫酸铜反应产生的氯化铜、过量的稀硝酸和氢氧化钡产生的硝酸钡，再和硫酸铜反应产生的硝酸铜；（1）D为Ba（OH）2，能够和硫酸铜产生白色沉淀硫酸钡和蓝色沉淀氢氧化铜E；故答案为：Ba（OH）2；Cu（OH）2；（2）A﹣氯化钡与B﹣硫酸铜反应的方程式为：CuSO4+BaCl2=BaSO4↓+CuCl2；故答案为：CuSO4+BaCl2=BaSO4↓+CuCl2；（3）滤液III中存在的溶质有：过量的硫酸铜；滤液Ⅰ中的氯化铜与氢氧化钡产生的氯化钡，再和硫酸铜反应产生的氯化铜；过量的稀硝酸和氢氧化钡产生的硝酸钡，再和硫酸铜反应产生的硝酸铜；故答案为：Cl﹣、SO42﹣、NO33﹣；三．（本体包括1小题，每空2分，共10分）13. 解析：（1）①为锥形瓶；②为水槽；（2）实验室通常用稀盐酸与大理石（或石灰石）反应制取二氧化碳，碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，反应的方程式：CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑；制取二氧化碳选择A装置，干燥二氧化碳气体则通过浓硫酸，进气口是长管，这样气体能够与浓硫酸充分的接触而得到干燥，收集二氧化碳则采用向上排空气法，故连接的顺序为：a→c→b→g；检验CO2气体是否已充满集气瓶的方法是：将燃着的木条放置集气瓶口，若木条熄灭，说明收集满；故答案为：（1）锥形瓶；水槽；（2）CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑；a→c→b→g；将燃着的木条放置集气瓶口，若木条熄灭，说明收集满．四．（本题包括1小题，共6分）14. 解：设反应后生成Mg（OH）2的质量为x，生成NaCl的质量为y．MgCl2+2NaOH═Mg（OH）2↓+2NaCl95 58 1179.5g x yx=5.8gy=11.7g所得溶液中溶质的质量分数==11.7%答：制得的氢氧化镁的质量为5.8g，反应所得溶液中溶质的质量分数为11.7%．。