选考高考试题汇编
2022新高考生物选择性必修一真题汇编
(2022广东）3．在2022年的北京冬奥会上，我国运动健儿取得了骄人的成绩。
在运动员的科学训练和比赛期间需要监测一些相关指标，下列指标中不属于内环境组成成分的是（）A．血红蛋白B．血糖C．肾上腺素D．睾酮【答案】A神经调节（2022山东）7．缺血性脑卒中是因脑部血管阻塞而引起的脑部损伤，可发生在脑的不同区域。
若缺血性脑卒中患者无其他疾病或损伤，下列说法错误的是（）A．损伤发生在大脑皮层S区时，患者不能发出声音B．损伤发生在下丘脑时，患者可能出现生物节律失调C．损伤导致上肢不能运动时，患者的缩手反射仍可发生D．损伤发生在大脑时，患者可能会出现排尿不完全【答案】A（2022湖南）4.情绪活动受中枢神经系统释放神经递质调控，常伴随内分泌活动的变化。
此外，学习和记忆也与某些神经递质的释放有关。
下列叙述错误的是（）A.剧痛、恐惧时，人表现为警觉性下降，反应迟钝B.边听课边做笔记依赖神经元的活动及神经元之间的联系C.突触后膜上受体数量的减少常影响神经递质发挥作用D.情绪激动、焦虑时，肾上腺素水平升高，心率加速【答案】A（2022山东）9．药物甲、乙、丙均可治疗某种疾病，相关作用机制如图所示，突触前膜释放的递质为去甲肾上腺素（NE）。
下列说法错误的是（）A．药物甲的作用导致突触间隙中的NE增多B．药物乙抑制NE释放过程中的正反馈C．药物丙抑制突触间隙中NE的回收D．NE-β受体复合物可改变突触后膜的离子通透性【答案】B（2022乙卷）3、运动神经元与骨骼肌之间的兴奋传递过度会引起肌肉痉挛，严重时会危及生命。
下列治疗方法中合理的是 ( )A．通过药物加快神经递质经突触前膜释放到突触间隙中B．通过药物阻止神经递质与突触后膜上特异性受体结合C．通过药物抑制突触间隙中可降解神经递质的酶的活性D．通过药物增加突触后膜上神经递质特异性受体的数量【答案】B(2022广东）15．研究多巴胺的合成和释放机制，可为帕金森病（老年人多发性神经系统疾病）的防治程铁实验依据，最近研究发现在小鼠体内多巴胶的释放可受乙酰胆碱调控，该调控方式通过神经元之间的突触联系来实现（图7）。
高考数学真题汇编---平面向量(有解析)
高考数学真题汇编---平面向量学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一．选择题（共10小题）1．（2017•新课标Ⅱ）设非零向量，满足|+|=|﹣|则（）A．⊥B．||=||C．∥D．||＞||2．（2017•新课标Ⅲ）在矩形ABCD中，AB=1，AD=2，动点P在以点C为圆心且与BD相切的圆上．若=λ+μ，则λ+μ的最大值为（）A．3 B．2C．D．23．（2017•新课标Ⅱ）已知△ABC是边长为2的等边三角形，P为平面ABC内一点，则•（+）的最小值是（）A．﹣2 B．﹣C．﹣D．﹣14．（2017•浙江）如图，已知平面四边形ABCD，AB⊥BC，AB=BC=AD=2，CD=3，AC与BD交于点O，记I1=•，I2=•，I3=•，则（）A．I1＜I2＜I3B．I1＜I3＜I2C．I3＜I1＜I2D．I2＜I1＜I35．（2016•新课标Ⅲ）已知向量=（，），=（，），则∠ABC=（）A．30°B．45°C．60°D．120°6．（2016•新课标Ⅱ）已知向量=（1，m），=（3，﹣2），且（+）⊥，则m=（）A．﹣8 B．﹣6 C ．6 D．87．（2016•天津）已知△ABC是边长为1的等边三角形，点D、E分别是边AB、BC的中点，连接DE并延长到点F，使得DE=2EF，则•的值为（）A．﹣B．C．D．8．（2016•山东）已知非零向量，满足4||=3||，cos＜，＞=．若⊥（t+），则实数t的值为（）A．4 B．﹣4 C．D．﹣9．（2016•四川）在平面内，定点A，B，C，D满足==，•=•=•=﹣2，动点P，M满足=1，=，则||2的最大值是（）A．B．C．D．10．（2016•四川）已知正三角形ABC的边长为2，平面ABC内的动点P，M 满足||=1，=，则||2的最大值是（）A．B．C．D．二．填空题（共20小题）11．（2017•山东）已知向量=（2，6），=（﹣1，λ），若，则λ=．12．（2017•新课标Ⅲ）已知向量=（﹣2，3），=（3，m），且，则m=．13．（2017•新课标Ⅰ）已知向量=（﹣1，2），=（m，1），若向量+与垂直，则m=．14．（2017•新课标Ⅰ）已知向量，的夹角为60°，||=2，||=1，则|+2|=．15．（2017•山东）已知，是互相垂直的单位向量，若﹣与+λ的夹角为60°，则实数λ的值是．16．（2017•江苏）在平面直角坐标系xOy中，A（﹣12，0），B（0，6），点P在圆O：x2+y2=50上．若≤20，则点P的横坐标的取值范围是．17．（2017•北京）已知点P在圆x2+y2=1上，点A的坐标为（﹣2，0），O为原点，则•的最大值为．18．（2017•江苏）如图，在同一个平面内，向量，，的模分别为1，1，，与的夹角为α，且tanα=7，与的夹角为45°．若=m+n（m，n∈R），则m+n=．19．（2017•天津）在△ABC中，∠A=60°，AB=3，AC=2．若=2，=λ﹣（λ∈R），且=﹣4，则λ的值为．20．（2016•新课标Ⅱ）已知向量=（m，4），=（3，﹣2），且∥，则m=．21．（2016•上海）在平面直角坐标系中，已知A（1，0），B（0，﹣1），P是曲线y=上一个动点，则•的取值范围是．22．（2016•新课标Ⅰ）设向量=（m，1），=（1，2），且|+|2=||2+||2，则m=．23．（2016•山东）已知向量=（1，﹣1），=（6，﹣4），若⊥（t+），则实数t的值为．24．（2016•新课标Ⅰ）设向量=（x，x+1），=（1，2），且⊥，则x=．25．（2016•浙江）已知平面向量，，||=1，||=2，=1，若为平面单位向量，则||+||的最大值是．26．（2016•上海）如图，已知点O（0，0），A（1，0），B（0，﹣1），P是曲线y=上一个动点，则•的取值范围是．27．（2016•江苏）如图，在△ABC中，D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，•=4，•=﹣1，则•的值是．28．（2016•北京）已知向量=（1，），=（，1），则与夹角的大小为．29．（2016•上海）如图，在平面直角坐标系xOy中，O为正八边形A1A2…A8的中心，A1（1，0）任取不同的两点A i，A j，点P满足++=，则点P落在第一象限的概率是．30．（2016•浙江）已知向量，，||=1，||=2，若对任意单位向量，均有|•|+|•|≤，则•的最大值是．三．解答题（共1小题）31．（2017•山东）在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知b=3，= =3，求A和a．﹣6，S△ABC高考数学真题汇编---平面向量参考答案与试题解析一．选择题（共10小题）1．【分析】由已知得，从而=0，由此得到．【解答】解：∵非零向量，满足|+|=|﹣|，∴，解得=0，∴．故选：A．2．【分析】如图：以A为原点，以AB，AD所在的直线为x，y轴建立如图所示的坐标系，先求出圆的标准方程，再设点P的坐标为（cosθ+1，sinθ+2），根据=λ+μ，求出λ，μ，根据三角函数的性质即可求出最值．【解答】解：如图：以A为原点，以AB，AD所在的直线为x，y轴建立如图所示的坐标系，则A（0，0），B（1，0），D（0，2），C（1，2），∵动点P在以点C为圆心且与BD相切的圆上，设圆的半径为r，∵BC=2，CD=1，∴BD==∴BC•CD=BD•r，∴r=，∴圆的方程为（x﹣1）2+（y﹣2）2=，设点P的坐标为（cosθ+1，sinθ+2），∵=λ+μ，∴（cosθ+1，sinθ+2）=λ（1，0）+μ（0，2）=（λ，2μ），∴cosθ+1=λ，sinθ+2=2μ，∴λ+μ=cosθ+sinθ+2=sin（θ+φ）+2，其中tanφ=2，∵﹣1≤sin（θ+φ）≤1，∴1≤λ+μ≤3，故λ+μ的最大值为3，故选：A．3．【分析】根据条件建立坐标系，求出点的坐标，利用坐标法结合向量数量积的公式进行计算即可．【解答】解：建立如图所示的坐标系，以BC中点为坐标原点，则A（0，），B（﹣1，0），C（1，0），设P（x，y），则=（﹣x，﹣y），=（﹣1﹣x，﹣y），=（1﹣x，﹣y），则•（+）=2x2﹣2y+2y2=2[x2+（y﹣）2﹣]∴当x=0，y=时，取得最小值2×（﹣）=﹣，故选：B．4．【分析】根据向量数量积的定义结合图象边角关系进行判断即可．【解答】解：∵AB⊥BC，AB=BC=AD=2，CD=3，∴AC=2，∴∠AOB=∠COD＞90°，由图象知OA＜OC，OB＜OD，∴0＞•＞•，•＞0，即I3＜I1＜I2，故选：C．5．【分析】根据向量的坐标便可求出，及的值，从而根据向量夹角余弦公式即可求出cos∠ABC的值，根据∠ABC的范围便可得出∠ABC 的值．【解答】解：，；∴；又0°≤∠ABC≤180°；∴∠ABC=30°．故选：A．【分析】求出向量+的坐标，根据向量垂直的充要条件，构造关于m的方程，解得答案．【解答】解：∵向量=（1，m），=（3，﹣2），∴+=（4，m﹣2），又∵（+）⊥，∴12﹣2（m﹣2）=0，解得：m=8，故选：D．7．【分析】由题意画出图形，把、都用表示，然后代入数量积公式得答案．【解答】解：如图，∵D、E分别是边AB、BC的中点，且DE=2EF，∴•========．故选：C．【分析】若⊥（t+），则•（t+）=0，进而可得实数t的值．【解答】解：∵4||=3||，cos＜，＞=，⊥（t+），∴•（t+）=t•+2=t||•||•+||2=（）||2=0，解得：t=﹣4，故选：B．9．【分析】由==，可得D为△ABC的外心，又•=•=•，可得可得D为△ABC的垂心，则D为△ABC的中心，即△ABC为正三角形．运用向量的数量积定义可得△ABC的边长，以A为坐标原点，AD所在直线为x轴建立直角坐标系xOy，求得B，C的坐标，再设P（cosθ，sinθ），（0≤θ＜2π），由中点坐标公式可得M的坐标，运用两点的距离公式可得BM的长，运用三角函数的恒等变换公式，结合正弦函数的值域，即可得到最大值．【解答】解：由==，可得D为△ABC的外心，又•=•=•，可得•（﹣）=0，•（﹣）=0，即•=•=0，即有⊥，⊥，可得D为△ABC的垂心，则D为△ABC的中心，即△ABC为正三角形．由•=﹣2，即有||•||cos120°=﹣2，解得||=2，△ABC的边长为4cos30°=2，以A为坐标原点，AD所在直线为x轴建立直角坐标系xOy，可得B（3，﹣），C（3，），D（2，0），由=1，可设P（cosθ，sinθ），（0≤θ＜2π），由=，可得M为PC的中点，即有M（，），则||2=（3﹣）2+（+）2=+==，当sin（θ﹣）=1，即θ=时，取得最大值，且为．故选：B．10．【分析】如图所示，建立直角坐标系．B（0，0），C．A．点P的轨迹方程为：=1，令x=+cosθ，y=3+sinθ，θ∈[0，2π）．又=，可得M，代入||2=+3sin，即可得出．【解答】解：如图所示，建立直角坐标系．B（0，0），C．A．∵M满足||=1，∴点P的轨迹方程为：=1，令x=+cosθ，y=3+sinθ，θ∈[0，2π）．又=，则M，∴||2=+=+3sin≤．∴||2的最大值是．也可以以点A为坐标原点建立坐标系．解法二：取AC中点N，MN=，从而M轨迹为以N为圆心，为半径的圆，B，N，M三点共线时，BM为最大值．所以BM最大值为3+=．故选：B．二．填空题（共20小题）11．【分析】利用向量共线定理即可得出．【解答】解：∵，∴﹣6﹣2λ=0，解得λ=﹣3．故答案为：﹣3．12．【分析】利用平面向量数量积坐标运算法则和向量垂直的性质求解．【解答】解：∵向量=（﹣2，3），=（3，m），且，∴=﹣6+3m=0，解得m=2．故答案为：2．13．【分析】利用平面向量坐标运算法则先求出，再由向量+与垂直，利用向量垂直的条件能求出m的值．【解答】解：∵向量=（﹣1，2），=（m，1），∴=（﹣1+m，3），∵向量+与垂直，∴（）•=（﹣1+m）×（﹣1）+3×2=0，解得m=7．故答案为：7．14．【分析】根据平面向量的数量积求出模长即可．【解答】解：【解法一】向量，的夹角为60°，且||=2，||=1，∴=+4•+4=22+4×2×1×cos60°+4×12=12，∴|+2|=2．【解法二】根据题意画出图形，如图所示；结合图形=+=+2；在△OAC中，由余弦定理得||==2，即|+2|=2．故答案为：2．15．【分析】根据平面向量的数量积运算与单位向量的定义，列出方程解方程即可求出λ的值．【解答】解：【方法一】由题意，设=（1，0），=（0，1），则﹣=（，﹣1），+λ=（1，λ）；又夹角为60°，∴（﹣）•（+λ）=﹣λ=2××cos60°，即﹣λ=，解得λ=．【方法二】，是互相垂直的单位向量，∴||=||=1，且•=0；又﹣与+λ的夹角为60°，∴（﹣）•（+λ）=|﹣|×|+λ|×cos60°，即+（﹣1）•﹣λ=××，化简得﹣λ=××，即﹣λ=，解得λ=．故答案为：．16．【分析】根据题意，设P（x0，y0），由数量积的坐标计算公式化简变形可得2x0+y0+5≤0，分析可得其表示表示直线2x+y+5≤0以及直线下方的区域，联立直线与圆的方程可得交点的横坐标，结合图形分析可得答案．【解答】解：根据题意，设P（x0，y0），则有x02+y02=50，=（﹣12﹣x0，﹣y0）•（﹣x0，6﹣y0）=（12+x0）x0﹣y0（6﹣y0）=12x0+6y+x02+y02≤20，化为：12x0﹣6y0+30≤0，即2x0﹣y0+5≤0，表示直线2x﹣y+5=0以及直线上方的区域，联立，解可得x0=﹣5或x0=1，结合图形分析可得：点P的横坐标x0的取值范围是[﹣5，1]，故答案为：[﹣5，1]．17．【分析】设P（cosα，sinα）．可得=（2，0），=（cosα+2，sinα）．利用数量积运算性质、三角函数的单调性与值域即可得出．【解答】解：设P（cosα，sinα）.=（2，0），=（cosα+2，sinα）．则•=2（cosα+2）≤6，当且仅当cosα=1时取等号．故答案为：6．18．【分析】如图所示，建立直角坐标系．A（1，0）．由与的夹角为α，且tanα=7．可得cosα=，sinα=．C．可得cos（α+45°）=．sin（α+45°）=．B．利用=m+n（m，n∈R），即可得出．【解答】解：如图所示，建立直角坐标系．A（1，0）．由与的夹角为α，且tanα=7．∴cosα=，sinα=．∴C．cos（α+45°）=（cosα﹣sinα）=．sin（α+45°）=（sinα+cosα）=．∴B．∵=m+n（m，n∈R），∴=m﹣n，=0+n，解得n=，m=．则m+n=3．故答案为：3．19．【分析】根据题意画出图形，结合图形，利用、表示出，再根据平面向量的数量积列出方程求出λ的值．【解答】解：如图所示，△ABC中，∠A=60°，AB=3，AC=2，=2，∴=+=+=+（﹣）=+，又=λ﹣（λ∈R），∴=（+）•（λ﹣）=（λ﹣）•﹣+λ=（λ﹣）×3×2×cos60°﹣×32+λ×22=﹣4，∴λ=1，解得λ=．故答案为：．20．【分析】直接利用向量共线的充要条件列出方程求解即可．【解答】解：向量=（m，4），=（3，﹣2），且∥，可得12=﹣2m，解得m=﹣6．故答案为：﹣6．21．【分析】设P（cosα，sinα），α∈[0，π]，则=（1，1），=（cosα，sinα+1），由此能求出•的取值范围．【解答】解：∵在平面直角坐标系中，A（1，0），B（0，﹣1），P是曲线y=上一个动点，∴设P（cosα，sinα），α∈[0，π]，∴=（1，1），=（cosα，sinα+1），=cosα+sinα+1=，∴•的取值范围是[0，1+]．故答案为：[0，1+]．22．【分析】利用已知条件，通过数量积判断两个向量垂直，然后列出方程求解即可．【解答】解：|+|2=||2+||2，可得•=0．向量=（m，1），=（1，2），可得m+2=0，解得m=﹣2．故答案为：﹣2．23．【分析】根据向量的坐标运算和向量的数量积计算即可．【解答】解：∵向量=（1，﹣1），=（6，﹣4），∴t+=（t+6，﹣t﹣4），∵⊥（t+），∴•（t+）=t+6+t+4=0，解得t=﹣5，故答案为：﹣5．24．【分析】根据向量垂直的充要条件便可得出，进行向量数量积的坐标运算即可得出关于x的方程，解方程便可得出x的值．【解答】解：∵；∴；即x+2（x+1）=0；∴．故答案为：．25．【分析】由题意可知，||+||为在上的投影的绝对值与在上投影的绝对值的和，由此可知，当与共线时，||+||取得最大值，即．【解答】解：||+||=，其几何意义为在上的投影的绝对值与在上投影的绝对值的和，当与共线时，取得最大值．∴=．故答案为：．26．【分析】设出=（x，y），得到•=x+，令x=cosθ，根据三角函数的性质得到•=sinθ+cosθ=sin（θ+），从而求出•的范围即可．【解答】解：设=（x，y），则=（x，），由A（1，0），B（0，﹣1），得：=（1，1），∴•=x+，令x=cosθ，θ∈[0，π]，则•=sinθ+cosθ=sin（θ+），θ∈[0，π]，故•的范围是[﹣，1，]，故答案为：[﹣1，]．27．【分析】由已知可得=+，=﹣+，=+3，=﹣+3，=+2，=﹣+2，结合已知求出2=，2=，可得答案．【解答】解：∵D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，∴=+，=﹣+，=+3，=﹣+3，∴•=2﹣2=﹣1，•=92﹣2=4，∴2=，2=，又∵=+2，=﹣+2，∴•=42﹣2=，故答案为：28．【分析】根据已知中向量的坐标，代入向量夹角公式，可得答案．【解答】解：∵向量=（1，），=（，1），∴与夹角θ满足：cosθ===，又∵θ∈[0，π]，∴θ=，故答案为：．29．【分析】利用组合数公式求出从正八边形A1A2…A8的八个顶点中任取两个的事件总数，满足++=，且点P落在第一象限，则需向量+的终点落在第三象限，列出事件数，再利用古典概型概率计算公式求得答案．【解答】解：从正八边形A1A2…A8的八个顶点中任取两个，基本事件总数为．满足++=，且点P落在第一象限，对应的A i，A j，为：（A4，A7），（A5，A8），（A5，A6），（A6，A7），（A5，A7）共5种取法．∴点P落在第一象限的概率是，故答案为：．30．【分析】根据向量三角形不等式的关系以及向量数量积的应用进行计算即可得到结论．【解答】解：由绝对值不等式得≥|•|+|•|≥|•+•|=|（+）•|，于是对任意的单位向量，均有|（+）•|≤，∵|（+）|2=||2+||2+2•=5+2•，∴|（+）|=，因此|（+）•|的最大值≤，则•≤，下面证明：•可以取得，（1）若|•|+|•|=|•+•|，则显然满足条件．（2）若|•|+|•|=|•﹣•|，此时|﹣|2=||2+||2﹣2•=5﹣1=4，此时|﹣|=2于是|•|+|•|=|•﹣•|≤2，符合题意，综上•的最大值是，法2：由于任意单位向量，可设=，则|•|+|•|=||+||≥||+|=||=|+|，∵|•|+|•|≤，∴|+|≤，即（+）2≤6，即||2+||2+2•≤6，∵||=1，||=2，∴•≤，即•的最大值是．法三：设=，=，=，则=+，=﹣，|•|+|•|=||+||=||≤||，由题设当且仅当与同向时，等号成立，此时（+）2取得最大值6，第21页（共22页）由于|+|2+|﹣|）2=2（||2+||2）=10，于是（﹣）2取得最小值4，则•=，•的最大值是．故答案为：．三．解答题（共1小题）31．【分析】根据向量的数量积和三角形的面积公式可得tanA=﹣1，求出A和c的值，再根据余弦定理即可求出a．【解答】解：由=﹣6可得bccosA=﹣6，①，由三角形的面积公式可得S△ABC=bcsinA=3，②∴tanA=﹣1，∵0＜A＜180°，∴A=135°，∴c==2，由余弦定理可得a2=b2+c2﹣2bccosA=9+8+12=29∴a=第22页（共22页）。
浙江省高考生物选考试题分类汇编2015-2018年6套专题遗传
浙江省高考生物选考试卷2015-2018年6套分类汇编遗传部分试题含答案原卷版1-7页+答案版8-16页前言：俗话说，知己知彼百战不殆。
对于要参加2018年11月选考的浙江考生来说，首先要把握选考卷的难易程度和试题方向，所以要分类做熟已有的6套选考试题。
先自己做原卷版，再对答案。
（2018-4）28．【加试题】为研究某种植物3种营养成分(A、B和C)含量的遗传机制,先采用 CRISPR/Cas9基因编輯技术,对野生型进行基因敲除突变实验,经分子鉴定获得3个突变植株(M1、M2和M3)。
其自交一代结果见下表,表中高或低指营养成分含量高或低。
下列叙述正确的是A．从M1自交一代中取纯合的(A高B低C低)植株,与M2基因型相同的植株杂交,理论上其杂交一代中只出现(A高B低C低)和(A低B低C高)两种表现型,且比例一定是1:1B．从M2自交一代中取纯合的(A低B高C低)植株,与M3基因型相同的植株杂交,理论上其杂交一代中,纯合基因型个体数:杂合基因型个体数一定是1:1C．M3在产生花粉的减数分裂过程中,某对同源染色体有一小段没有配对,说明其中一个同源染色体上一定是由于基因敲除缺失了一个片段D．可从突变植株自交一代中取A高植株与B高植株杂交,从后代中选取A和B两种成分均高的植株,再与C高植株杂交,从杂交后代中能选到A、B和C三种成分均高的植株（2018-4）31．(7分)某昆虫的红眼与朱红眼、有眼与无眼分别由基因A(a)、B(b)控制,其中有一对基因位于性染色体上,且存在两对隐性基因纯合致死现象。
一只红眼雌性个体与一只朱红眼雄性个体交配,F1雌性个体中有红眼和无眼,雄性个体全为红眼。
让F1雌雄个体随机交配得F2,F2的表现型及比例如下表。
(1)有眼对无眼为性,控制有眼与无眼的B(b)基因位于染色体上。
(2)若要验证F1红眼雄性个体的基因型,能否用測交方法? ,其原因是(3)F2红眼雄性个体有种基因型,让其与F2红眼雌性个体随机交配,产生的F3有种表现型,F3中无眼雌性个体所占的比例为。
2017-2020年高考真题汇编——种群和群落(单选题)
2017-2020年高考真题汇编——种群和群落（单选题）1.（2020年全国统一高考生物试卷（新课标Ⅱ)·6）河水携带泥沙流入大海时，泥沙会在入海口淤积形成三角洲。
在这个过程中，会出现3种植物群落类型：①以芦苇为主的植物群落（生长在淡水环境中），②以赤碱蓬为主的植物群落（生长在海水环境中），③草甸植物群落（生长在陆地环境中）。
该三角洲上的植物群落是通过群落演替形成的，演替的顺序是（）A．②①③B．③②①C．①③②D．③①②【答案】A【解析】【分析】群落是一个动态系统，它是不断发展变化的。
随着时间的推移，一个群落被另一个群落代替的过程，叫作演替。
群落的演替可分为初生演替和次生演替，初生演替是指在一个从来没有植物覆盖的地面或者原来存在过植被，但被彻底消灭的地方发生的演替；次生演替是指在原有植被虽已不存在，但原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体的地方发生的演替。
【详解】由题干信息可知，该处形成三角洲的过程发生的演替属于次生演替，由于入海口的海水环境，最先形成的群落应是②以碱蓬为主的植物群落，随着河水（淡水）的不断冲刷，此处环境中水中的盐浓度会逐渐下降，植物群落便逐渐演替为①以芦苇为主的植物群落，由于河水中带有泥沙，三角洲处的陆地面积也会有一定的增大，因此会逐渐演替为草甸植物群落，则演替顺序为②①③，A正确。
故选A。
2．（2020年山东省高考生物试卷（新高考)·11）为研究甲、乙两种藻的竞争关系，在相同条件下对二者进行混合培养和单独培养，结果如下图所示。
下列说法错误的是（）A．单独培养条件下，甲藻数量约为1.0×106个时种群增长最快B．混合培养时，种间竞争是导致甲藻种群数量在10~12天增长缓慢的主要原因C．单独培养时乙藻种群数量呈“S" 型增长D．混合培养对乙藻的影响较大【答案】B【解析】【分析】从图中看出，单独培养甲和乙种群都呈“S”型增长，在混合培养后，乙藻数量降低直至0，甲藻数量增加，说明甲和乙之间是竞争关系。
08~09高考试题汇编：选2化学与技术
页眉内容．（08年广东理基·22）保护环境已经成为人类的共识。
人类应以可持续发展的方式使用资源，以合理的方式对废物进行处理并循环使用。
下列做法不利．．于．环境保护的是DA．发电场的煤见脱硫处理B．将煤转化为水煤气作燃料C．回收并合理处理聚乙烯塑料废物D．电镀废液经中和后直接排放答案： D解析：A．煤中含有S元素，一般用石灰石与煤共热，CaCO3分解为CaO后与S生成的SO2反应而防止SO2排放到空气中形成污染；B．煤转化为液态燃料或气态燃料（煤的液化、气化）可提高燃料的利用率；C．聚乙烯塑料废物若随意丢弃会造成白色污染；D．电镀液经中和后，仍有大量的重金属离子在其中，若直接排放，会对下游的水质产生极为严重的污染，因此，电镀废液应予以一定处理后循环利用，或加入还原剂使其中的重金属离子转化为单质等。
9．（08年广东文基·65）下列做法中不符合．．．“绿色化学”思想的是DA．以水性涂料代替油性涂料B．以无磷洗涤剂代替含磷洗涤剂C．试验后的有毒有害物质应分类收集，统一处理D．在通风橱中制取氯气时不用NaOH溶液吸收尾气答案：D解析：本题考查了资源的综合利用“绿色化学”和环保的概念。
“绿色化学”是指设计没有或者只有尽可能小的环境负作用并且在技术上和经济上可行的化学品和化学过程。
强调使用过程中没有对水体、大气造成污染。
通常指的污染是排出有毒气体，水体富营养化，白色污染。
氯气有毒不能直接排到大气中去，因此D不符合绿色化学思想，本题易误选A，可能对材料的接触较少，水性涂料是安全无毒、节约资源、保护环境的涂料。
做本题也可以看完4个答案，采用排除法。
10．（08年海南化学·26）石油裂化的主要目的是为了AA．提高轻质液体燃料的产量B．便于分馏C．获得短链不饱和气态烃D．提高汽油的质量答案：A解析：石油裂化的主要目的是为提高轻质液体燃料的产量。
11．（08年海南化学·27）普钙是目前使用最广泛的磷肥，其主要成分是BA．Ca5(PO4)3F B．Ca(H2PO4)2·H2O和CaSO4C．Ca3(PO4)2和CaHPO4D．CaHPO4和Ca(H2PO4)2答案：B解析：普钙的主要成分是： Ca(H2PO4)2·H2O和CaSO412．（08年海南化学·28）与氨碱法比较，下列关于联合制碱法优点的判断中不正确的是A．提高了原料的原子利用率B．降低了生产成本C．减少了环境污染D．减轻了对设备的腐蚀答案：B解析：联合制碱法的优点是：1、提高了原料的原子利用率2、减少了环境污染3、减轻了对设备的腐蚀等13．（09年广东化学·2）广东正在建设海洋强省。
全国20套高考卷分类汇编
全国20套高考卷分类汇编一、选择题（每题5分，共50分）A. 北京B. 上海C. 江苏D. 广东A. 2001年全国卷B. 2002年全国卷C. 2003年全国卷D. 2004年全国卷A. 语文B. 数学C. 英语D. 物理A. 浙江B. 江苏C. 湖北D. 山东5. 全国卷与地方卷的主要区别在于：A. 考试科目B. 难度C. 考试内容D. 考试时间A. 语文B. 数学C. 英语D. 物理A. 北京B. 天津C. 上海D. 广东A. 语文B. 数学C. 英语D. 历史A. 浙江B. 江苏C. 湖北D. 山东A. 语文B. 数学C. 英语D. 政治二、填空题（每题5分，共25分）1. 全国20套高考卷中，______省份的高考卷最具特色。
2. 2018年全国卷的高考作文题目是《______》。
3. 在全国20套高考卷中，______科目在地方卷中的分值比重最低。
4. 2020年，全国卷的数学试卷首次采用了______卷的形式。
5. 高考改革后，全国卷的考试科目由原来的“3+X”调整为______。
三、简答题（每题10分，共30分）1. 请简要介绍全国20套高考卷的分类及特点。
2. 请举例说明近年来全国卷高考作文题目的发展趋势。
3. 请简述高考改革对全国卷和地方卷的影响。
四、论述题（15分）结合我国高考制度的发展，论述全国20套高考卷在选拔人才、推动教育改革方面的作用。
五、案例分析题（20分）【案例】2021年某省份高考卷数学试题：（1）选择题：共10题，满分50分，涉及函数、几何、概率、统计等知识点。
（2）填空题：共5题，满分30分，涵盖数列、平面向量、立体几何等知识点。
（3）解答题：共6题，满分70分，包括三角函数、导数、解析几何、概率统计等知识点。
（4）附加题：共2题，满分20分，涉及高等数学和竞赛数学内容。
一、选择题1. C2. A3. B4. A5. C6. B7. D8. A9. A10. D二、填空题1. 江苏2. 写给未来2035年的那个他3. 政治4. 甲乙5. 3+1+2三、简答题1. 全国20套高考卷分为全国卷和地方卷。
2023年高考物理真题多选题汇编(附解析)
2023 年高考物理真题多项选择题集锦1.〔2023·课标Ⅲ〕在图〔a 〕所示的沟通电路中，电源电压的有效值为220V ，抱负变压器为抱负电表。
电阻R 2 中电流i 2 随时间t 变化的正弦曲线如图〔b 〕所示。
以下说法正确的选项是〔 〕A. 所用沟通电的频率为 50HzB. 电压表的示数为 100VC. 电流表的示数为 1.0AD. 变压器传输的电功率为 15.0W2.〔2023·课标Ⅲ〕1934 年，约里奥—居里夫妇用 α 粒子轰击铝箔，首次产生了人工放射A. X 的质量数与Y 的质量数相等B. X 的电荷数比Y 的电荷数少 13.〔2023·课标Ⅲ〕如图，∠M 是锐角三角形 PMN 最大的内角，电荷量为 q 〔q>0〕的点电荷固定在P 点。
以下说法正确的选项是〔 〕A. 沿 MN 边，从M 点到N 点，电场强度的大小渐渐增大B. 沿MN 边，从M 点到N 点，电势先增大后减小原、副线圈的匝数比为10∶1，R 1R 2 R 3 均为固定电阻，R 2=10 、 、，R 3=20，各电表均性同位素 X ，反响方程为：。
X 会衰变成原子核 Y ，衰变方程为C. X 的电荷数比 的电荷数多 2D. X 的质量数与的质量数相等，则〔 〕C.正电荷在M 点的电势能比其在N 点的电势能大D.将正电荷从M 点移动到N 点，电场力所做的总功为负4.〔2023·课标Ⅱ〕如图，竖直面内一绝缘细圆环的上、下半圆分别均匀分布着等量异种电荷。
a、b 为圆环水平直径上的两个点，c、d 为竖直直径上的两个点，它们与圆心的距离均相等。
则〔〕A. a、b 两点的场强相等B. a、b 两点的电势相等C. c、d 两点的场强相等D. c、d 两点的电势相等5.〔2023·课标Ⅱ〕特高压输电可使输送中的电能损耗和电压损失大幅降低。
我国已成功把握并实际应用了特高压输电技术。
假设从A 处承受550 kV 的超高压向B 处输电，输电线上损耗的电功率为∆P，到达B 处时电压下降了∆U。
五年浙江高考选考历史真题分项汇编-专题16近现代中国的先进思想及理论成果
选择题中国文化十分重视“他山之石”的作用。
近代“睁眼看世界”的先驱者编译书报、编辑书籍以了解外部世界，其中主要介绍外国人对中国的看法的是A. 《四洲志》B. 《海国图志》C. 《番客篇》D. 《华事夷言》【答案】D【解析】结合所学知识可知，林则徐编纂的《华事夷言》主要记载的是外国人对中国的看法，D选项符合题意。
《四洲志》是近代中国第一部相对完整、比较系统的世界地理志书，A选项排除。
《海国图志》是一部介绍西方国家的科学技术和世界地理历史知识的综合性图书，B选项排除。
《番客篇》叙述了华侨的苦难，慨叹国势衰微，疾呼保护华侨权益，维护民族尊严，C选项排除。
选择题请看下图书影。
下列选项中对该书内容解读错误的是A. 开始探索新知B. 寻求强国御侮之路C. 冲破“天朝上国”观念D. 形成思想解放潮流【答案】D【解析】图中所示作品是魏源的《海国图志》，提出了“师夷长技以制夷”的主张，开始探索新知，寻求强国御侮之路，冲破“天朝上国”观念。
但是并没有形成思想解放的潮流，故ABC三项表述正确，D项错误。
因此D项符合题意，排除ABC三项。
选择题20世纪初期，某杂志刊发文章：自从严复“介绍了一册《天演论》以后，我们时常在报章杂志上，看见一大堆什么‘物竞天择’‘优胜劣败’底（的）话。
这个十九世纪后半叶新起的学说……（现在）已经有了左右思想底（的）能力，无论什么哲学、伦理、教育，以及社会之组织……没有一种不受他（它）的影响”。
这反映了A. 共和思想逐渐深入人心B. 进化论促进了民生思想的普及C. 寻求变革成为近代思想解放的潮流D. 报刊舆论推动维新思想走向成熟【答案】C【解析】材料“‘物竞天择’‘优胜劣败’……已经有了左右思想底（的）能力……没有一种不受他（它）的影响”说明了20世纪初变革的思想成为社会的主流，故C项正确；A项错误，严复属于维新派，主张君主立宪制；B项包含在C项之中；D项不符合“20世纪初”这个时间界限。
阅读材料，回答问题。
2024年高考真题分类汇编：光的折射和全反射(解析版)
2023-2024两年高考物理分类解析光的折射和全反射2024高考题（2024年高考广东卷）如图所示，红绿两束单色光，同时从空气中沿同一路径以0角从"V面射入某长方体透明均匀介质。
折射光束在7VP面发生全反射。
反射光射向PQ面。
若。
逐渐增大。
两束光在7VP面上的全反射现象会先后消失。
已知在该介质中红光的折射率小于绿光的折射率。
下列说法正确的A.在PQ面上，红光比绿光更靠近P点B.0逐渐增大时，红光的全反射现象先消失C.0逐渐增大时，入射光可能"V面发生全反射D.。
逐渐减小时，两束光在"V面折射的折射角逐渐增大【参考答案】B【名师解析】由于红光的频率比绿光小，根据频率小折射率小，可知红光的折射率小于绿光。
在面，入射光的入射角相同，根据折射定律，n=旦业，可知绿光在面的折射角较小，根据几何关系可知，绿光sma比红光更靠近P点，A错误;根据发生全反射的临界角公式sin1/n,可知红光发生全反射临界角较大。
逐渐增大时，红光的全反射现象先消失，3正确；在"V面，光是从光疏介质到光密介质，无论入射角多大，在"V面，都不可能发生全反射，。
错误;根据折射定律产生条件，n=旦业，可知入射角。
逐渐减小sma时，两束光在"V面折射的折射角逐渐增小，D错误。
2（2024高考江苏卷）现有一光线以相同的入射角们打在不同浓度NaCl的两杯溶液中，折射光线如图所示（用V%），已知折射率随浓度增大而变大。
则（）A.甲折射率大B.甲浓度小C.甲中光线的传播速度大D.甲临界角大【答案】A【解析】入射角相同，由于根据折射定律可知n甲>71乙,故甲浓度大;根据©=£，可知光线在甲中的传播速n度较小，由sinC=—可知折射率越大临界角越小，故甲临界角小。
故选A。
n0（2024高考甘肃卷）如图为一半圆柱形均匀透明材料的横截面，一束红光q从空气沿半径方向入射到圆心O,当0=30°时,反射光b和折射光c刚好垂直。
高考生物试题汇编及答案
高考生物试题汇编及答案一、选择题1. 下列关于细胞结构的描述中，哪一项是错误的？A. 细胞核是细胞遗传物质储存和复制的场所B. 线粒体是细胞内的能量转换器C. 细胞壁是植物细胞特有的结构，具有保护和支持作用D. 核糖体是细胞内蛋白质合成的场所答案：D2. 光合作用过程中，光能被转化为化学能的场所是：A. 叶绿体B. 线粒体C. 核糖体D. 高尔基体答案：A3. 下列关于DNA复制的描述，正确的是：A. DNA复制是半保留的B. DNA复制是全保留的C. DNA复制是半不连续的D. DNA复制是全不连续的答案：A4. 细胞周期中，DNA复制发生在：A. G1期B. S期C. G2期D. M期答案：B5. 下列关于酶的描述，错误的是：A. 酶是生物催化剂B. 酶具有高效性C. 酶是蛋白质D. 酶的活性受温度影响，但不受pH值影响答案：D二、填空题6. 细胞膜的主要组成成分是__________和__________。
答案：磷脂、蛋白质7. 细胞呼吸过程中，有机物被氧化分解，释放出__________和__________。
答案：能量、二氧化碳8. 植物细胞中，负责光合作用的细胞器是__________。
答案：叶绿体9. 真核细胞与原核细胞的主要区别在于真核细胞具有__________。
答案：细胞核10. 基因突变是指DNA分子中的__________发生改变。
答案：碱基对三、简答题11. 简述细胞凋亡与细胞坏死的区别。
答案：细胞凋亡是一种程序性死亡，由基因控制，细胞内各种酶和结构保持完整，细胞碎片被吞噬细胞清除，不引起炎症反应。
而细胞坏死是一种非程序性死亡，通常由于外部因素如物理损伤或感染引起，细胞结构破坏，细胞内容物释放，可能引起炎症反应。
12. 描述一下有丝分裂过程中染色体的变化。
答案：在有丝分裂过程中，染色体首先在前期复制形成姐妹染色单体，中期时染色体排列在细胞赤道面上，后期时姐妹染色单体分离并被拉向细胞两极，末期时细胞分裂成两个子细胞，每个子细胞的染色体数目与母细胞相同。
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选考高考试题汇编一、选择题1．（2021年海南化学，26）下列有关合成洗涤剂的叙述错误的是（）A．在洗涤剂烷基苯磺酸钠中，烷基含碳原子的个数以12～18为宜B．在洗涤剂烷基苯磺酸钠中，烷基应以带有支链的为宜C．在合成洗涤剂中添加酶制剂可提高洗涤效果D．在合成洗涤剂中应以无磷助剂代替含磷助剂2．（2021年海南化学，27）下列有关生铁炼钢的叙述错误的是（）A．添加必要的元素，改善钢材的组织结构和性能B．适当降低生铁中的含碳量，除去大部分硫、磷等杂质C．加入硅、锰、铝等合金元素调整成分并脱去钢水中的氧D．除去生铁中的非金属元素3．（2021年海南化学，28）目前下列工艺过程没有直接使用离子交换技术的是（）A．硬水的软化 B．电解饱和食盐水制备NaOHC．电渗析淡化海水 D．海水中提取金属Mg4．（2021年上海理综，10）将空气中氮气转化为氮的化合物的过程称为固氮。
下面能实现人工固氮的是（）A．闪电 B．电解饱和食盐水车间 C．根瘤 D．合成氨车间5．（2021年天津理综，12）下列有关工业生产的叙述正确的是（）A．合成氨生产过程中将NH3液化分离，可加快正反应速率，提高N2、H2的转化率B．硫酸工业中，在接触室安装热交换器是为了利用SO3转化为H2SO4时放出的热量C．电解饱和食盐水制烧碱采用离子交换膜法，可防止阴极室产生的Cl2进入阳极室D．电解精炼铜时，同一时间内阳极溶液铜的质量比阴极析出铜的质量小6．（2021年海南化学，22）下列叙述正确的是（）A．分子晶体中的每个分子内一定含有共价键B．原子晶体中的相邻原子间只存在非极性共价键C．离子晶体中可能含有共价键D．金属晶体的熔点和沸点都很高7．（2021年海南化学，23）用价层电子对互斥理论预测H2S和BF3的立体结构，两个结论都正确的是（）A．直线形；三角锥形 B．V形；三角锥形C．直线形；平面三角形 D．V形；平面三角形8．（2021年海南化学，24）NaCl的晶胞如图，每个NaCl晶胞中含有的Na＋离子和Cl—离子的数目分别是（）A．14，13 B．1，1 C．4，4 D．6，69．（2021年江苏化学，4）下列说法正确的是（）A．原子晶体中只存在非极性共价键B．稀有气体形成的晶体属于分子晶体C．干冰升华时，分子内共价键会发生断裂D．金属元素和非金属元素形成的化合物一定是离子化合物10．（2021年上海化学，15）下列有关化学键与晶体结构说法正确的是（）A．两种元素组成的分子中一定只有极性键B．离子化合物的熔点一定比共价化合物的高C．非金属元素组成的化合物一定是共价化合物D．含有阴离子的化合物一定含有阳离子的是（）11．（2021年天津理综，9）下列关于粒子结构的描述不正确．．．A．H2S和NH3均是价电子总数为8的极性分子B．HS—和HCl均是含一个极性键的18电子粒子C．CH2Cl2和CCl4均是四面体构型的非极性分子D．1 mol D216O中含中子、质子、电子各10N A（N A代表阿伏加德罗常数的值）12．（2021年海南化学，18）下列分子中，所有原子都处在同一平面的是（）A．环已烯 B．丙炔 C．乙烷 D．苯13．（2021年海南化学，19）分子式为C5H10的烯烃共有（要考虑顺反异构体）（）A．5种 B．6种 C．7种 D．8种14．（2021年海南化学，20）从甜橙的芳香油中可分离得到如下结构的化合物：现在试剂：①KMnO4酸性溶液；②H2/Ni；③Ag（NH3）2OH；④新制Cu（OH），能与该化合物中所有官能团都发生反应的试剂有（）2A．①② B．②③ C．③④ D．①④二、填空题15．（2021年山东理综，31）工业上地海水资源合开发利用的部分工艺流程如下图所示。
（1）电解饱和食盐水常用离子膜电解槽和隔膜电解槽，离子膜和隔膜（）或离子是。
电解槽中的阳极材料为。
（2）本工艺流程中先后制得Br2、CaSO4和Mg（OH）2，能否按Br2、Mg（OH）、CaSO4顺序制备？原因是。
2（3）膜在四氧化碳中的溶解度比在水中大得多，四氧化碳与水不互溶可通干，但在上述工艺中却不用四氧化碳，原因是。
16．（2021年海南化学，29）纯碱是一种重要的化工原料。
目前制碱工业主要有“氨碱法”和“联合制碱法”两种工艺。
请按要求回答问题：（1）“氨碱法”产生大量CaCl2废弃物，请写出该工艺中产生CaCl2的化学方程式：；（2）写出“联合制碱法”有关反应的化学方程式：；；（3）CO2是制碱工业的重要原料，“联合制碱法”与“氨碱法”中CO2的来源有何不同？；（4）绿色化学的重要原则之一是提高反应的原子利用率。
根据“联合制碱法”总反应，列出计算原子利用率的表达式：原子利用率（%）＝。
17．（2021年宁夏理综，31A）工业上生产硫酸时，利用催化氧化反应将SO2转化为SO3是一个关键步骤。
压强及温度对SO2转化率的影响如下表（原料气各成分的体积分数为：SO27％，O211％，N282％）：（1）已知SO2的氧化是放热反应，如何利用表中数据推断此结论？。
（2）在400～500℃时，SO2的催化氧化采用常压而不是高压，主要原因是：；（3）选择适应的催化剂，是否可以提高SO2的转化率？（填“是”或“否”）是否可以增大该反应所放出的热量？（填“是” 或“否”）；（4）为提高SO3吸收率，实际生产中用吸收SO3；（5）已知：2SO2（g）＋O2（g）＝2SO3（g）ΔH＝—196.6KJ∕mol，计算每生产1万吨98％硫酸所需要SO3质量和由SO2生产这些SO3所放出的热量。
18．（2021年山东理综，32）请完成下列各题：（1）前四周期元素中，基态原子中未成对电子与其所在周期数相同的元素有种。
（2）第ⅢA、ⅤA原元素组马的化合物CaN、CaP、CaAs等是人工合成的平等体材料，其晶体结构与单晶硅相似，Ca原子的电子排布式为。
在CaN晶体中，每个Ca原子与个N原子相连，与同一个Ca原子相连的N原子构成的空间构型为。
在四大晶体类型中，CaN属于晶体。
（3）在极性分子NCl3中，N原子的化合物为―3，Cl原子的化合价为＋1，请推测NCl3水解的主要产物是（填化学式）。
19．（2021年宁夏理综，31B）已知A、B、C、D和E 5种分子所含原子数目依次为1、2、3、4和6，且都含有18个电子。
又知B、C和D是由两种元素的原子组成。
请回答（1）组成A分子的原子的核外电子排布式是；（2）B和C的分子式分别是和；C分子的立体结构呈型，该分子属于分子（填“极性”或“非极性”）；（3）若向D的稀溶液中加入少量二氧化锰，有无色气体生成。
则D的分子式是，该反应的化学方程式为；（4）若将1mol E在氧气中完全燃烧，只生成1mol CO2和2molH2O，则E的分子式是。
20．（2021年海南化学，25）A、B、C、D、E代表5种元素。
请填空：（1）A元素基态原子的最外层有3个未成对电子，次外层有2个电子，其元素符号为；（2）B元素的负一价离子和C元素的正一价离子的电子层结构都与氩相同，B的元素符号为，C的元素符号为；（3）D元素的正三价离子的3d亚层为半充满，D的元素符号为，其基态原子的电子排布式为。
（4）E 元素基态原子的M 层全充满，N 层没有成对电子，只有一个未成对电子，E 的元素符号为 ，其基态原子的电子排布式为 。
21．（2021年广东化学，29）C 、Si 、Ge 、Sn 是同族元素，该族元素单质及其化合物在材料、医药等方面有重要应用。
请回答下列问题：（1）Ge 的原子核外电子排布式为_______________________________。
（2）C 、Si 、Sn 三种元素的单质中，能够形成金属晶体的是________________。
（3）按要求指出下列氧化物的空间构型、成键方式或性质①CO 2分子的空间构型及碳氧之间的成键方式_____________________________；②SiO 2晶体的空间构型及硅氧之间的成键方式_____________________________；③已知SnO 2是离子晶体，写出其主要物理性质__________________________________（写出2条即可）（4）CO 可以和很多金属形成配合物，如Ni （CO ）4，Ni 与CO 之间的键型为_________。
（5）碳氧键的红外伸缩振动频率与键的强度成正比，已知Ni （CO ）4中碳氧键的伸缩振动频率为2060 cm —1，CO 分子中碳氧键的伸缩振动频率为2143 cm —1，则Ni （CO ）4中碳氧键的强度比CO 分子中碳氧键的强度________（填字母）A ．强B ．弱C ．相等D ．无法判断22．（2021年山东理综，33）乙基香草醛（OC 2H 5OH CHO）是食品添加剂的增香原料，其香味比香草醛更加浓郁。
（1）写出乙基香草醛分子中两种含氧官能团的名称 。
（2）乙基香草醛的同分异构体A 是一种有机酸，A 可发生以下变化：提示：①RCH 2OH −−−−→−423/HOH CO RCHO ②与苯环直接相连的碳原子上有氢时，此碳原子才可被酸性KMnO 4溶液氧化为羧基 （a ）由A→C 的反应属于 （填反应类型）（b ）写出A 的结构简式 。
（3）乙基香草醛的另一种同分异构体D （CH 3O ——COOCH 3）是一种医药中间体，请设计合理方案用茴香醛（CH 3O ——CHO ）合成D （其他原料自选，用反应流程图表示，并注明必要的反应条件）。
例如：—Br 23．（2021年海南化学，21）根据图示回答下列问题： B C G 反应条件Ⅰ①②③④⑤D (C 2H 3Cl)F (C 2H 6O 2)催化剂浓硫酸△E (高分子化合物)HO C (CH 2)4O C O OCH 2CH 2O n A (C 2H 4)反应条件Ⅱ（1）写出A 、E 、G 的结构简式：A__________________，E____________________，G_________________；（2）反应②的化学方程式（包括反应条件）是____________________________________，反应④化学方程式（包括反应条件）是___________________________________________；（3）写出①、⑤的反应类型：①________________、⑤__________________。
24．（2021年宁夏理综，31C ）某烃类化合物A 的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢。