福建省龙岩市一级达标校2014-2015学年高二上学期期末质量检查物理试卷及答案
福建省龙岩市一级达标校2014-2015学年高二上学期期末质量检查数学(理)试题Word版含答案
17 ．（本小题满分 13 分）
已知 ABC 的内角 A, B,C 的对边分别为 a, b, c, 且 a cosC (c 2b)cos A 0 ． （Ⅰ）求角 A 的大小； （Ⅱ）若 ABC 的面积为 2 3 ，且 a 2 3 ．求 b c 的值．
ADD1 A1 所成角的正弦值为
6
A．
3
2
B．
2
3
C．
3
1
D．
3
8 ．已知命题 p ：“ x 2 是 x2 4 的充要条件” ， 命题 q ：“
2，
D1 E A1
C1
B1 F
D
C
A
B
x
R2,
x
（第 7
0 ”.
题图） 则下列结论
正确的是
A ． p q 为假
B． p q 为真
C． p ( q) 为假
D ． p, q 均为真
3
CC
DD
θ
A
A
（第18题图）
BB
（第 18 题图）
19 ．（本小题满分 13 分）
如图，某养殖户要建一个面积为 800 平方米的矩形养殖场，要求养殖场的一边利用旧墙
（旧墙的长度大于 4 米），其他各边用铁丝网围成，且在矩形一边的铁丝网的正中间要留一个
4 米的进出口 .设矩形的宽为 x 米，铁丝网的总长度为 y 米 .
A ． y2 8x
B． y2 16x
C． y2 8x
D ． y2 16x
2016-2017年福建省龙岩市一级达标校高二上学期期末物理试卷和答案
2016-2017学年福建省龙岩市一级达标校高二（上）期末物理试卷一、选择题1．（4分）关于电场和电场线的说法，正确的是（）A．电场可以叠加，因此电场线可以在空中相交B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷q在电场中该点所受的电场力F成正比，与试探电荷q的电荷量成反比C．用电场线描述电场时，电场线越密集的地方，场强越大D．用电场线描述电场时，有电场线通过的点场强不为零，没有电场线的区域场强为零2．（4分）下列关于物理学史的说法错误的是（）A．卡文迪许扭秤实验得到点电荷之间的作用力大小与距离的平方成反比的规律，使电磁学进入了定量研究的阶段B．奥斯特发现电流能使磁针发生偏转，首次揭示了电与磁的联系C．安培提出了安培定则，也叫右手螺旋定则，并用电流绕地球内部流动解释地磁的起因D．法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象3．（4分）下图为磁场中通电直导线或运动的带电粒子所受磁场力方向情况，其中正确的是（）A．B．C．D．4．（4分）如图为真空中半径为r的圆，O为圆心，直径ac、bd相互垂直。
在a、c处分别固定有电荷量为+q、﹣q的两个点电荷。
下列说法正确的是（）A．位置O处电场强度大小为B．位置b处电场强度大小为C．b、d两点的电势与电场强度均相同D．O点的电势比b点的电势高5．（4分）如图所示的电路中，电源的内电阻忽略不计，当可变电阻R3的滑动触头向a端移动时，关于电压表、电流表的读数下列说法中正确的是（）A．电压表读数增大，电流表读数减小B．电压表读数减小，电流表读数增大C．电压表读数不变，电流表读数减小D．电压表读数不变，电流表读数增大6．（4分）如图直导线AB、螺旋管C、电磁铁D三者相距较远，它们产生的磁场互不影响。
当开关S闭合稳定后，则图中小磁针的N极（黑色的一端）指向正确的是（）A．a B．b C．c D．d7．（4分）如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带电，以下列哪些做法可以让静电计指针张角变大（）A．减小两极之间的距离B．将A板稍微上移C．将玻璃板插入两板之间D．将铜板插入两板之间8．（4分）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频率交流电源两极相连接的两个D形盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，设D形盒半径为R．若用回旋加速器加速质子时，匀强磁场的磁感应强度为B，高频交流电频率为f．则下列说法正确的是（）A．质子的回旋频率等于2fB．质子被电场加速的次数与加速电压无关C．质子被加速后的最大速度不可能超过2πfRD．不同粒子获得的最大动能都相同9．（4分）如图所示，实线是一簇电场线，A点的电势为20V，B点的电势为10V．一个电量大小5.0×10﹣8C的带电粒子仅受电场力作用下，从A点运动到B点，轨迹如虚线所示，则（）A．粒子带正电B．粒子的加速度不断减小C．粒子从A点运动到B点，动能减少5.0×10﹣7JD．粒子从A点运动到B点，电势能减少5.0×10﹣7J10．（4分）下表列出了某品牌电动自行车以及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗，若该车在额定状态下在平直公路上以最大运行速度行驶，则（）A．电动机的输入功率288WB．电动机的内电阻为8ΩC．该车获得的牵引力为12.5ND．该车受到的阻力为45N11．（4分）如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线。
福建省龙岩市四校联考2014_2015学年高二物理下学期期末试卷(含解析)
2014-2015学年福建省龙岩市四校联考高二（下）期末物理试卷一、选择题：本大题共14分，每小题4分，共56分.1-9小题为单选题；10-14小题为不定项选择题，选全对得4分，选对但有漏选得2分，有错选得0分.1．物体从静止开始做匀加速直线运动，第5s内通过的位移是9m，下列说法正确的是（）A．第5s内的平均速度是1.8m/s B．物体的加速度是1m/s2C．第3s内的位移是5m D．3s末的速度是9m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于位移除以时间，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出物体的加速度，从而根据位移公式得出第3s内的位移和3s末的速度．解答：解：A、第5s内的平均速度，故A错误；第5s内的位移为3m，则有：，解得物体的加速度a=2m/s2，故B错误；C、第3s内的位移，故C正确；D、3s末的速度是v=at=2×3=6m/s．故D错误．故选：C点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用，基础题．2．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图1所示，产生的交变电动势的图象如图2所示，则（）A．t=0.015s时线框的电动势为零B．t=0.02s时线框平面与中性面垂直C．线框产生的交变电动势有效值为311VD．该交变电动势瞬时值的表达式为e=311sin（100πt）V考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：由图2可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值．解答：解：A、t=0.015s时线框的电动势最大，故A错误；B、t=0.02s时，感应电动势为零，线框平面与中性面平行，故B错误；C、根据正弦式交变电流有效值和峰值的关系可得，该交变电流的有效值为E==220V，故C错误．D、由图2可知周期T=0.02s，ω=100πrad/s，所以该交变电动势瞬时值的表达式为e=311sin（100πt）V，故D正确；故选：D．点评：本题关键是明确：当线圈位于中性面时，感应电动势最小，为零；当线圈与中性面垂直时，感应电动势最大．3．下列说法正确的是（）A．水面上飞行的鸟儿感觉到其下方水中游动的鱼比实际位置浅，鱼感觉到鸟飞得比实际位置低B．全息照相用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性好的特点C．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度D．水中的气泡看起来特别明亮是因为光线从气泡射向水中时，一部分光在界面上发生了全反射考点：光的折射定律；光的偏振．分析：光从一种介质斜射入另一种介质时要发生折射，光从光密介质射向光疏介质当入射角大于临界角时要发生全反射，根据光的折射、激光特点、全反射的知识分析答题．解答：解：A、由于光的折射作用，水面上飞行的鸟儿感觉到其下方水中游动的鱼比实际位置浅，鱼感觉到鸟飞得比实际位置高，故A错误；B、全息照相用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性好的特点，故B正确；C、拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减弱反射光的强度，使照片清晰，但不能增加透射光的强度，故C错误；D、气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故，故D错误；故选：B．点评：本题考查的知识点较多，都是一些记忆型的，难度不大，在平时学习中注意多积累．4．某质点做简谱运动，其位移随时间变化的关系式为x=5sin（t）cm，则质点（）A．第1s末与第3s末的位移相同B．第2s末与第6s末的加速度相同C．3s末与5s末的回复力相同D．3s末与7s末的速度方向相同考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：通过简谐运动的表达式可以知道角速度、周期、振幅．结合简谐运动的图象可以分析出各个时刻的位移方向和速度方向．解答：解：A、振动的周期T===8s，在第1s末的位移，在第3s末的位移，可知第1s末和第3s末的位移相同，故A正确．B、振动周期为8s，第2s末和第6s末关于平衡位置对称，加速度大小相等，方向不同，故B错误．C、第3s末和第5s末关于平衡位置对称，回复力大小相等，方向不同，故C错误．D、第3s末和第7s末的速度方向不同，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键是能从简谐运动的表达式中获取信息，并会画简谐运动的位移时间图象，结合图象分析问题．5．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为5：1，原线圈输入如图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小）．下列说法中正确的是（）A．图乙中电压的有效值为220VB．该交变电流的周期为0.02sC．R处出现火警时，电流表示数减小D．R处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．•=•T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、由图象可知，交变电流的周期为0.02s，故B正确．C、R处温度升高时，阻值减小，副线圈电流增大，而输出功率和输入功率相等，所以原线圈中电流增大，即电流表示数增大，故C错误．D、R处出现火警时通过R0的电流增大，电压不变；所以电阻R0消耗的电功率增大，故D错误．故选：B．点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．6．某电站向某地输送500kW的电功率，输电线上损失的电功率为100kW，若不改变输电线而把输送电压提高为原来的10倍，那么输电线上损失的电功率变为（）A．0.5kW B．2.0kW C．1.0kW D．5.0kW考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI求出输送电流的变化，根据求出输电线上功率的变化．解答：解：输电电压提高为原来的10倍，根据P=UI知，输送电流减小为原来的，根据知，输电线上损耗的电功率减小为原来的，则输电线上损耗的功率为1.0kW，故C正确，A、B、D错误故选：C点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，掌握输电线上损失的功率7．如图所示，一束太阳光提高三棱镜后，在光屏MN上形成的彩色光带落在bc区域内．现将一温度计放在屏上不同位置，其中温度计示数升高最快的区域为（）A．ab B．bc C．cd D．bd考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：太阳光由七种颜色的光复合而成，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．三棱镜将太阳光经过折射后，人们就可以在光屏上看到七种颜色的光，在红光的外侧有红外线，其热效应显著，红外线照射的区域温度上升最为明显．解答：解：太阳光是复色光，七种颜色的光的波长不同，红光的波长最长，折射率最小，紫光的波长最短，折射率最大，所以红光通过三棱镜偏折最小，紫光偏折最大，屏上bc间从左到右，分别为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．而在红光的外侧区域ab有红外线，其热效应显著，红外线照射的区域温度上升最快．故A正确．BCD错误．故选：A．点评：本题考查学生对光的色散理解，要知道红光的折射率最小，偏折最小，并要掌握红外线热作用显著的特点．8．一简谱横波正在沿x轴的正方向传播，在t=0时刻的波形如图所示，若波速为10m/s，则下列说法正确的是（）A．从图示时刻开始，经0.2s，质点Q、M通过的路程为8cmB．从图示时刻后的一小段时间里质点P的加速度将减小C．若此波传播到另一列波并发生温度的干涉现象，则另一列波源的振动周期为0.3s D．若该波传播中遇到宽约4m的障碍物，不可能发生明显的衍射现象考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：简谐横波沿x轴的正方向传播，介质中质点不向前移动．由“上下坡法”判断P点的运动方向，分析加速度的变化．频率相同的两列相遇才可能干涉．当障碍物的尺寸与波长差不多或比波长小时能发生明显的衍射现象．解答：解：A、波长为λ=4m，周期为 T===0.4s，则再0.2s=，质点Q通过的距离为2A=8cm，而M点通过的路程是0，故A错误．B、简谐横波沿x轴的正方向传播，由“上下坡法”判断知P点正向下运动，位移减小，加速度减小，故B正确．C、若此波传播到另一列波并发生温度的干涉现象，则另一列波源的振动周期为0.4s，故C 错误．D、根据当障碍物的尺寸与波长差不多或比波长小时能发生明显的衍射现象，知若该波传播中遇到宽约4m的障碍物，能发生明显的衍射现象，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键要熟练运用“上下坡法”判断质点的运动方向，掌握发生稳定干涉和明显衍射的条件．9．如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙．现将A球向下移动一小段距离．两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力N和轻杆上的压力F的变化情况是（）A．N变大，F变大B．N变大，F变小C．N不变，F变大D．N不变，F变小考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对整体受力分析，整体受总重力、地面的支持力、墙壁对A的弹力，地面对B的静摩擦力．整体处于平衡状态，从而可知N的大小变化．再隔离对A球进行受力分析，A球受重力，墙壁的弹力和杆子的弹力，三个力处于平衡状态，通过夹角的变化，判断轻杆受到压力的变化．解答：解：对整体进行受力分析，知F1=2mg，移动两球后，仍然平衡，则F1仍然等于2mg，所以N不变．再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，轻杆对A球的作用力F=，当A球向下移动一小段距离，夹角θ变大，cosθ变小，所以F变大．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：在该题中运用了整体法和隔离法，先对整体受力分析，确定地面对球B的支持力不变．再隔离分析，判断杆子对球的作用力变化．10．下列说法中正确的是（）A．光的偏振现象说明光是纵波B．声波有多普勒效应而光波没有多普勒效应C．狭义相对论认为在不同的惯性参考中一切物理规律都是相同的D．在光的双缝干涉实验中，若只将入射光由绿光改为紫光，则条纹间隔变窄考点：光的偏振；用双缝干涉测光的波长．分析：不同的惯性参考系中一切物理规律都是相同的；双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为黄光，由于波长变大，故条纹间距变大，光的偏振现象说明光是一种横波；振源与观察者之间存在着相对运动，使观察者听到的声音频率不同于振源频率的现象．这就是频移现象．解答：解：A、光的偏振现象说明光是一种横波；故A错误；B、一切波均会产生多普勒效应的现象，故B错误；C、狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中一切物理规律都是相同的，故C正确；D、在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为紫光，由于波长变小，故条纹间距变小，D 正确．故选：CD．点评：本题考查了光的干涉、条纹间距、色散现象和偏振，知识点较多，同时对于多普勒效应，要知道在波源与观察者靠近时观察者接收到的波的频率变高，而在波源与观察者远离时接收频率变低；即高亢表示靠近，低沉表示远离．11．如图所示的v﹣t和s﹣t图象中给出四条图线为甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做变速直线运动B．0～1时间内，甲车通过的位移等于乙车通过的位移C．丙、丁两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内，丙车的平均速度等于丁车的平均速度考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间；在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A．由图象可知：甲做匀加速直线运动，乙做加速度越来越小的变速直线运动，故A正确；B．图象与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知，在t1时刻两车的位移不等，故B错误；C．丙、丁两车在t2时刻相遇，故C错误；D.0～t2时间内，丙丁的位移相等，时间相等，所以平均速度相等，故D正确．故选：AD点评：要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移﹣时间图象和速度﹣时间图象的区别，难度不大，属于基础题．12．图甲是某燃气炉点火装置的原理图．转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，为交流电压表．当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体．以下判断正确的是（）A．电压表的示数等于5VB．电压表的示数等于C．实现点火的条件是D．实现点火的条件是考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据图乙得到原线圈电压的最大值，根据有效值与最大值的关系求出电压表的示数，当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会点火，根据电压与线圈匝数比的关系即可求解．解答：解：A、根据图乙得到原线圈电压的最大值为5V，所以电压表的示数为：，故A错误，B正确；C、根据，且U1=5V，U2≥5000V得：实现点火的条件是，故C正确，D错误．故选BC点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，知道电压表的示数为有效值，本题即可得到解决．13．某机械横波某时刻的波形图如图所示，波沿x轴正方向传播，波速为10m/s，传播过程中的质点p的横坐标x=3.2m，从此时刻开始计时（）A．每间隔0.4s可重复出现此波形图B．p点经0.12s第一次达到正向量最大位移C．p点经0.32s到第一次达到平衡位置，且向上振动D．p点经0.32s到第一次达到平衡位置，且向下振动考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由图读出波长，求出周期，波形每隔一个重复一次．当P左侧最近的波峰传到P时P 点第一次达到正向最大位移．由x=vt求出0.32s内波传播的距离，再由波形平移法分析CD 项．解答：解：A、由图知该波的波长λ=8m，周期为 T==0.8s，则每间隔0.8s可重复出现此波形图，故A错误．B、当P左侧最近的波峰传到P点时P点第一次达到正向最大位移，用时t==s=0.12s，故B正确．CD、经0.32s波传播的距离 x=vt=3.2m，则图中O点的状态传到P点，则知p点经0.32s 到第一次达到平衡位置，且向下振动，故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题考查对波动图象的理解能力，要理解波的周期性，即重复性，熟练运用波形平移法研究质点的状态是关键．14．如图所示，质量分别为M、m的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态．M与m 相接触边与竖直方向的夹角为α，若不计一切摩擦，则下列说法中正确的是（）A．质量为M的正方体受3个力的作用B．质量为m的正方体受3个力的作用C．水平面对正方体m的支持力大小为MgD．墙面对正方体m的弹力大小为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以两个正方体整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件得出水平面对正方体M的弹力大小．以正方体m为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求解墙面对正方体m的弹力大小．解答：解：A、对正方体m进行受力分析，受到重力、斜面的支持力以及墙壁的弹力，共三个力作用，如图所示，正确画出分析图：则M受到重力、地面的支持力、m对M的压力以及左边墙壁的弹力，共四个力作用，故A错误，B正确；C、以两个正方体整体为研究对象整体受到向上的支持力和向下的重力，整体处于静止状态，所以水平面对正方体M的弹力大小为N=（M+m）g，故C错误；D、把F N2沿水平方向和竖直方向分解有：F N2cosα=F N1F N2sin α=mg解得：F N1=mgcotα=，故D正确．故选：BD点评：本题关键掌握共点力平衡的条件并会应用，能灵活选择研究对象，运用受力分析即可解决此类题目，作出力图是基础．二、实验题：本大题有2个小题，毎空2分，共12分.15．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测得单摆摆角小于5°，完成n全振动的时间为t，用毫米刻度尺测得摆线长为L，用螺旋测微器测得摆球的直径为d．（1）用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g= 4n2π2（L+）；（2）从图可知，摆球直径d的读数为7.660 mm；（3）下面各种对该实验误差的影响的说法中正确的是AC ．A、在摆长和时间的测量中，时间的测量对实验误差影响较大B、在摆长和时间的测量中，长度的测量对实验误差影响较大C、将振动次数n记为（n+1），测算出的g值比当地的公认值偏大D、将摆线长当作摆长，未加摆球的半径测算出的g值比当地的公认值偏大．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：（1）单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，由单摆周期公式求出重力加速度的表达式．（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（3）对于测量误差可根据实验原理进行分析．解答：解：（1）单摆周期T=，单摆摆长l=L+，由单摆周期公式T=2π联立可得重力加速度为：g=4n2π2（L+）；（2）由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为7.5mm，可动刻度示数为16.0×0.01mm=0.160mm，则螺旋测微器的示数为7.5mm+0.160mm=7.660mm；（3）A、在摆长和时间的测量中，时间的测量对实验误差影响较大，故A正确；B、摆长和时间的测量中，长度的测量对实验误差影响不大，故B错误；C、把n次全振动时间误当成（n+1）次全振动时间，周期测量值偏小；根据g=，重力加速度的测量值偏大，故C正确；D、以摆线长作为摆长来计算，则L的测量值偏小；根据g=，重力加速度的测量值偏小，故D错误；故选：AC故答案为：（1）4n2π2（L+）；（2）7.660；（3）AC．点评：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系．单摆的周期采用累积法测量可减小误差．对于测量误差可根据实验原理进行分析．16．①小翔利用如图1甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l的关系，由实验绘出F 与△l的关系图线如图1乙所示，该弹簧劲度系数为125 N/m；②在做“验证力的平行四边形定则”的实验时，图2丙中A为固定橡皮筋的图钉，o为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图2丁是在白纸上根据实验数据画出的图．（1）本实验主要采用的方法是 C ；A．理想实验法B．控制变量法C．等效替代法D．建立物理模型法（2）图丁做出的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是F′．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：①根据胡克定律知，图线的斜率表示劲度系数，结合斜率求出劲度系数的大小．②在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确答题．本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用．解答：解：①弹簧的F﹣△l图象的斜率是弹簧的劲度系数，由图象可知，弹簧的劲度系数：k==125N/m；②（1）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法．故选：C．（2）图中的F与F′中，F是由平行四边形得出的，而F′是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，一定与AO共线的是F′．故答案为：①125②（1）C（2）F′点评：本题考查了求弹簧的劲度系数和验证平行四边形定则，知道F﹣△l图象斜率的物理意义，以及知道验证平行四边形定则实验的原理，掌握弹簧秤的读数方法．基础题．三、计算题：本大题有3分，共32分.解答过程写出必要的文字说明、有关公式和计算结果.17．如图甲所示，质量m=1kg的物块在平行斜面向上的拉力F作用下从进行开始沿斜面向下运动，t=0.5s时撤去拉力，利用速度传感器得到其速度随时间变化关系图象（v﹣t图象）如图乙所示，g取10m/s2．求：（1）物块向上运动的最大位移大小；（2）0﹣2s内的平均速度的大小．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）v﹣t图象可知，图象中的面积表示图象的位移，由图象即可求得位移；（2）根据得出的位移利用平均速度公式即可求得2s内的平均速度．解答：解：（1）由图乙可知，物块上升的位移为：s1==1m；（2）物块下滑的距离为：s2==0.5m；所以2s内的位移为：s=s1﹣s2=1﹣0.5=0.5m；平均速度为：v===0.25m/s；答：（1）物块向上运动的最大位移大小为1m；（2）0﹣2s内的平均速度的大小为0.25m/s点评：本题考查v﹣t图象的应用，要注意掌握v﹣t图象中面积表示物体经过的位移．18．如图所示，AOB是截面为扇形的透明介质的横截面图，半径为R，顶角θ=60°．今有一束单色光在横截面内从OA边上距O点R的E点沿垂直OA的方向射入透明介质，一部分光线经AB面反射到达OB面恰好未从OB面射出．试求；①该透明介质的折射率n；②光从E点射入后第一次到达AB面所用的时间．（设光在真空中的传播速度为c）考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：①由题意光线经AB面反射后恰好未从OB面射出，说明在OB上发生了全反射，由几何知识求出光线在AB面的入射角和全反射临界角，由临界角公式sinC=求解折射率．②由几何知识求出光从到AB面的距离，由v=得到光在介质中的传播速度，再求解时间．解答：解：①从E点垂直射入的光路如图所示，由几何关系可知△OEF上等腰直角三角形，则AB面上的入射角α=45°β=θ=75°则临界角C=180°﹣2α﹣β=30°OB面恰好发生全反射，则sinC=解得 n=2②由几何关系得=R则光从E点射入后第一次到达AB面所用的时间 t==答：①该透明介质的折射率n为2；②光从E点射入后第一次到达AB面所用的时间是．点评：正确地画出光路图、灵活运用几何知识求有关角度是解决本题问题的关键，要掌握全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质，入射角大于等于临界角，刚好发生全反射时，入射角等于临界角．19．同学们都有过擦黑板的经历，手拿黑板擦在竖直的黑板上移动，将黑板上的粉笔字擦干净．现假定某同学用力将黑板擦在表面缓慢竖直向上擦黑板，手臂对黑板的作用力F与黑（g=10m/s2，sin53°=0.8，板面所成为53°角（如图），已知作用力F=8N，黑板擦质量m=0.2kg．cos53°=0.6）求：（1）黑板对黑板擦的支持力大小；（2）黑板擦与黑板间的摩擦因数μ；（3）当他擦到离地某一高度时，黑板擦意外脱手后自由下落，黑板擦砸到黑板下边沿前t1=0.1s内通过位移为h1=0.45m，求黑板擦脱手时离黑板下边沿的高度h．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1、2）以黑板擦为研究对象，分析受力情况．黑板擦缓慢移动时，合力为零，根据平衡条件和滑动摩擦力公式f=μN求解黑板对黑板擦的支持力大和μ；（3）黑板擦脱手后沿黑板面竖直向下滑落过程中与黑板之间无摩擦，做自由落体运动，由运动学公式求解即可解答：解：（1、2）黑板擦向上缓慢运动，根据受力分析得：垂直于黑板方向有：Fsinθ﹣N=0，解得：N=6.4N沿黑板方向有：Fcosθ﹣mg﹣f=0，解得：f=2.8N由f=μN得：μ=（3）黑板擦脱手后沿黑板面自由下落，设黑板擦到黑板下边沿所用时间为t，则。
福建省龙岩市武平一中2014_2015学年高二物理上学期期中试卷(实验班)(含解析)
2014-2015学年福建省龙岩市武平一中高二（上）期中物理试卷（实验班）一．选择题（每小题4分）1．（4分）（2013秋•滑县期末）下列选项对公式认识正确的是（）A．公式E=k可以用来求平行板电容器两极板间的匀强电场的电场强度，其中Q为一极板所带电量的绝对值，r为研究点到带正电极板的距离B．P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率C．由公式R=可知导体的电阻与加在导体两端电压成正比，与通过导体的电流成反比D．由公式B=可知，磁场中某一点的磁感应强度由公式中的电流I的大小来决定2．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示为一带电体的电场线，已知a、b、c为电场线上的点，其中a、b两点的电势关系为φa＞φb，分别用E a、E b表示a、b两点的电场强度，则下列说法正确的是（）A．a、c两点所在的电场线方向由a指向cB．a、c两点所在的电场线方向由c指向aC．E a＜E bD．a、c两点处在同一等势面上3．（4分）（2013秋•重庆期末）如图所示，方框中有一能产生磁场的装置，在方框右边放一通电直导线（电流方向如图中箭头方向），发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是下图中的哪个（）A．通电螺线管B．垂直纸面的通电导线C．通电圆环D．通电直导线4．（4分）（2012秋•威海期末）关于带电粒子在电场或磁场中运动的表述，以下正确的是（）A．带电粒子在电场中某点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相同B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势处向低电势处运动C．带电粒子在磁场中运动时受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直D．带电粒子在磁场中某点受到的洛伦兹力方向与该点的磁场方向相同5．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，平行板电容器C与一电源E连接，P为一自动控制元件，只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路，关于该电路的工作原理，下列叙述正确的是（）A．当电键S闭合后，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用B．当电键S闭合后，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用C．将电键S断开，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用D．将电键S断开，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用6．（4分）（2012秋•威海期末）根据磁场对电流会产生作用力的原理，人们研制出一种新型的发射炮弹的装置﹣﹣电磁炮，其原理如图所示：把待发炮弹（导体）放置在强磁场中的两平行导轨上，给导轨通以大电流，使炮弹作为一个通电导体在磁场作用下沿导轨加速运动，并以某一速度发射出去．现要提高电磁炮的发射速度，你认为下列方案在理论上可行的是（）A．增大磁感应强度B的值B．增大电流I的值C．减小磁感应强度B的值D．改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行7．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，现有一带正电的粒子能够在正交的匀强电场和匀强磁场中匀速直线穿过．设产生匀强电场的两极板间电压为U，板间距离为d，匀强磁场的磁感应强度为B，粒子带电荷量为q，进入速度为v（不计粒子的重力）．以下说法正确的是（）A．匀速穿过时粒子速度v与U、d、B间的关系为v=B．若只增大v，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过C．若只增大U，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过D．若保持两板间电压不变，只减小d，其他条件不变，粒子进入两板间后将向下偏8．（4分）（2013秋•滑县期末）如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图象，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图象，若将这两个电阻分别接到该电源上，下列说法正确的是（）A．两电阻阻值R1＞R2B．R2接在电源上时，电源的内阻消耗功率大C．R2接在电源上时，电源的效率高D．电源的内阻和R2的阻值相等9．（4分）（2013秋•江陵县期末）如图所示，虚线为一静电场中的等势面1、2、3、4，相邻等势面间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷仅在静电力的作用下沿图中实线从a点运动到b点，经过a、b两点时粒子的动能分别为5eV和26eV．当这一点电荷运动到某一位置c时，其电势能变为﹣5eV．下列说法正确的是（）A．粒子从a点运动到b点的过程中电场力做负功B．粒子在a点的电势能小于其在b点的电势能C．粒子在c点时的动能为24eVD．a、b点的电势关系为φa＞φb10．（4分）（2011秋•扶余县校级期末）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值11．（4分）（2012秋•东安区校级期末）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒．两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速．两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示．在保持匀强磁场和加速电压不变的情况下用同一装置分别对质子（H）和氦核（He）加速，则下列说法中正确的是（）A．质子与氦核所能达到的最大速度之比为1：2B．质子与氦核所能达到的最大速度之比为2：1C．加速质子、氦核时交流电的周期之比为2：1D．加速质子、氦核时交流电的周期之比为1：212．（4分）（2014秋•武平县校级期中）一个矩形线圈面积为4.0×10﹣4m2，将它放入水平方向的匀强磁场中，线圈与磁场之间的夹角为30°，ad、bc边与磁场垂直，如图，该匀强磁场的磁感应强度为0.2T．现将线圈以ab为轴按图中所示方向旋转60°，则穿过线圈的磁通量的变化量为（）A．0 B．8×10﹣5Wb C．8×10﹣5Wb D．1.6×10﹣4Wb三、实验题（18分）13．（12分）（2014秋•武平县校级期中）小明同学在测定金属丝电阻率的实验中，进行了如下操作，请你将相应的操作步骤补充完整．（1）他首先用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，该金属丝的直径为mm．（2）他再用多用电表粗测金属丝的阻值，操作过程如下：①将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”、“﹣”插孔，选择开关旋至电阻挡“×10”挡位；②将红、黑表笔短接，调节旋钮（填图乙中的“A”或“B”或“C”），使欧姆表指针对准电阻的0刻线处；③把红、黑表笔分别与金属丝的两端相接，此时多用电表的示数如图丙所示；④为了使金属丝的阻值读数能够再准确一些，小明将选择开关旋至电阻挡挡位（填“×1”或“×1k”），重新进行；⑤重新测量得到的结果如图丁所示，则金属丝的电阻为Ω．（3）他想用伏安法更精确地测量该金属丝的阻值，他用如图所示的装置进行测量，其中部分器材的规格为：电源E（两节干电池，3V），电流表（量程0.6A，内阻约1Ω），电压表（量程3V，内阻约10kΩ），滑动变阻器（阻值范围0～20Ω，额定电流1A）．要求滑动变阻器采用限流式接法，为了减小实验误差，请你在图戊中加两条导线将未连接完的电路连起来．14．（6分）（2013秋•德州期末）某同学想用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻，其原理如图1所示，电路中串联了一只2Ω的保护电阻R0．该同学通过实验得到电压表和电流表显示的五组数据（见表格）．U（V） 1.40 1.30 1.20 1.10 1.00I（A）0.04 0.07 0.12 0.17 0.20（1）请你根据表中数据在图2的坐标图中画出U﹣I图线．（2）并求出该电池的电动势E= V，内阻r= Ω．三．计算题15．（8分）（2013秋•滑县期末）如图所示，两根平行光滑金属导轨MP、NQ与水平面成θ=37°角固定放置，导轨电阻不计，两导轨间距L=0.5m，在两导轨形成的斜面上放一个与导轨垂直的均匀金属棒ab，金属棒ab处于静止状态，它的质量为m=5×10﹣2kg．金属棒ab两端连在导轨间部分对应的电阻为R2=2Ω，电源电动势E=2V，电源内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，其他电阻不计．装置所在区域存在一垂直于斜面MPQN的匀强磁场．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）所加磁场磁感应强度方向；（2）磁感应强度B的大小．16．（8分）（2012秋•威海期末）如图所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ为电场和磁场的理想边界，一束电子（电量为e，质量为m，重力不计）由静止状态从P点经过Ⅰ、Ⅱ间的电场加速后垂直到达边界Ⅱ的Q点．匀强磁场的磁感应强度为B，磁场边界宽度为d，电子从磁场边界Ⅲ穿出时的速度方向与电子原来的入射方向夹角为30°．求：（1）电子在磁场中运动的时间t；（2）若改变PQ间的电势差，使电子刚好不能从边界Ⅲ射出，则此时PQ间的电势差U是多少？17．（9分）（2012秋•威海期末）如图所示，在倾角为θ的绝缘斜面上，有相距为L的A、B 两点，分别固定着两个带电量均为Q的正点电荷．O为AB连线的中点，a、b是AB连线上两点，其中Aa=Bb=．一质量为m、电荷量为+q的小滑块（可视为质点）以初动能E K0从a点出发，沿AB直线向b点运动，其中小滑块第一次经过O点时的动能为2E K0，第一次到达b点时的动能恰好为零，已知静电力常量为k．求：（1）两个带电量均为Q的正点电荷在a点处的合场强大小和方向；（2）小滑块由a点向b点运动的过程中受到的滑动摩擦力大小；（3）aO两点间的电势差．18．（9分）（2012秋•威海期末）如图所示，真空中有以O′为圆心，r为半径的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为B．圆的最下端与x轴相切于直角坐标原点O，圆的右端与平行于y轴的虚线MN相切，在虚线MN右侧x轴上方足够大的范围内有方向竖直向下、场强大小为E的匀强电场，在坐标系第四象限存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小也为B的匀强磁场，现从坐标原点O沿y轴正方向发射速率相同的质子，质子在磁场中做半径为r的匀速圆周运动，然后进入电场到达x轴上的C点．已知质子带电量为+q，质量为m，不计质子的重力、质子对电磁场的影响及质子间的相互作用力．求：（1）质子刚进入电场时的速度方向和大小；（2）OC间的距离；（3）若质子到达C点后经过第四限的磁场后恰好被放在x轴上D点处（图上未画出）的一检测装置俘获，此后质子将不能再返回电场，则CD间的距离为多少．2014-2015学年福建省龙岩市武平一中高二（上）期中物理试卷（实验班）参考答案与试题解析一．选择题（每小题4分）1．（4分）（2013秋•滑县期末）下列选项对公式认识正确的是（）A．公式E=k可以用来求平行板电容器两极板间的匀强电场的电场强度，其中Q为一极板所带电量的绝对值，r为研究点到带正电极板的距离B．P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率C．由公式R=可知导体的电阻与加在导体两端电压成正比，与通过导体的电流成反比D．由公式B=可知，磁场中某一点的磁感应强度由公式中的电流I的大小来决定考点：安培力；点电荷的场强；欧姆定律．专题：电磁感应——功能问题．分析：决定式是根据物理量的产生和变化由哪些因素决定而写成的数学式；定义式是根据物理量的定义写成的数学表达式．比值定义法是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法；比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小改变而改变．解答：解：A、公式E=k只可以用来求点电荷的电场的电场强度，故A错误；B、根据焦耳定律Q=I2Rt和热功率公式P=，可知P=I2R可用来计算电风扇正常工作时内阻的发热功率，故B正确；C、公式R=是电阻的定义公式，是利用比值定义法定义的，但电阻有导体自身的因素决定，与电压无关，故C错误；D、公式B=是磁感应强度的定义公式，是利用比值定义法定义的，但磁感应强度是有磁场自身的因素决定，与电流元IL无关，故D错误；故选：B．点评：本题关键是要能够区分定义公式与决定公式间的区别，明确各个公式的适用范围，基础题．2．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示为一带电体的电场线，已知a、b、c为电场线上的点，其中a、b两点的电势关系为φa＞φb，分别用E a、E b表示a、b两点的电场强度，则下列说法正确的是（）A．a、c两点所在的电场线方向由a指向cB．a、c两点所在的电场线方向由c指向aC．E a＜E bD．a、c两点处在同一等势面上考点：电场线；电场强度．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．沿着电场线方向电势是降低的．解答：解：由于电场线的疏密可知，b点的电场强度最强，c点的电场强度最弱所以E a＜E c ＜E b沿着电场线，电势是降低的，因a、b两点的电势关系为φa＞φb，所以电场线方向由a指向c，则a、c两点处不在同一等势面上；故AC正确，BD错误；故选：AC点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．掌握电场线的疏密表示电场强度的强弱，考查沿着电场线的方向电势降低．3．（4分）（2013秋•重庆期末）如图所示，方框中有一能产生磁场的装置，在方框右边放一通电直导线（电流方向如图中箭头方向），发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是下图中的哪个（）A．通电螺线管B．垂直纸面的通电导线C．通电圆环D．通电直导线考点：安培力．分析：由右手定则可判断电流所在位置的磁场分布，再由右手螺旋定则可知方框内的通电导线的形状．解答：解：由左手定则可知，导线受向右的作用力则所在位置处的磁场向外；则由右手螺旋定则可知；A、产生的右侧磁场水平向右，故A错误；B、导线产生的磁场为正面看去瞬时针，导体上半部分受向里的安培力，下半部分受向外的安培力，故B错误；C、由右手定则可知，通电圆环在导线处的磁场向里，故C错误；D、通电直导线的磁感线在导线处的磁场向外，故D正确；故选：D．点评：本题考查右手螺旋定则及左手定则的应用，判断磁场的方向用右手，判断力的方向用左手，要注意正确应用．4．（4分）（2012秋•威海期末）关于带电粒子在电场或磁场中运动的表述，以下正确的是（）A．带电粒子在电场中某点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相同B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势处向低电势处运动C．带电粒子在磁场中运动时受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直D．带电粒子在磁场中某点受到的洛伦兹力方向与该点的磁场方向相同考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：正带电粒子在电场中受到电场力与电场强度方向相同，负电荷受到的电场力与电场强度方向相反；正电荷由静止只在电场力作用下，从高电势处向低电势处运动；带电粒子在磁场中运动时，由左手定则可知，受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直；解答：解：A、正带电粒子在电场中某点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相同，而负电荷受到的电场力与该点的电场强度方向相反，故A错误．B、正电荷从静止只在电场力作用下，一定从高电势处向低电势处运动，故B错误；C、根据左手定则可知，带电粒子在磁场中运动时受到的洛伦兹力方向与粒子的速度方向垂直，故C正确，故D错误．故选：C点评：本题要抓住电场力与洛伦兹力特点的不同进行分析，注意正负电荷受到的电场力与电场强度方向的不同，同时注意洛伦兹力与磁场方向总是垂直．5．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，平行板电容器C与一电源E连接，P为一自动控制元件，只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路，关于该电路的工作原理，下列叙述正确的是（）A．当电键S闭合后，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用B．当电键S闭合后，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用C．将电键S断开，增大平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用D．将电键S断开，减小平行板电容器两板间距离，P会对外电路起到控制作用考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：抓住四个用电器串联且只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路；据平行板电容器公式C=和C=分析选项即可．解答：解：A、当电键s闭合后，电流自a向b的电流通过P时，电容器处于充电过程，P 自动控制外电路；当充电完毕后，P不控制外电路，增大极板间的距离，据C=知C 变小，据公式C=知，U变大，但只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路，所以P不会对外电路起到控制作用，故A错误．B、当电键s闭合后，电流自a向b的电流通过P时，电容器处于充电过程，P自动控制外电路；当充电完毕后，P不控制外电路，减小极板间的距离，据C=知C 变大，据公式C=知，U变小，电流从高电势流向低电势，所以P会对外电路起到控制作用，故B正确．CD、当电键S断开，不具备产生电流的条件，无论怎样改变极板间的距离，都不会有电流通过P，所以P不会对外电路起到控制作用，故CD错误．故选：B．点评：此题的关键抓住题眼“只有自a向b的电流通过P时，P才会自动控制外电路”，灵活应用据平行板电容器公式C=和C=；此题另一个注意点：用公式C=分析Q和U时，注意谁变谁不变．6．（4分）（2012秋•威海期末）根据磁场对电流会产生作用力的原理，人们研制出一种新型的发射炮弹的装置﹣﹣电磁炮，其原理如图所示：把待发炮弹（导体）放置在强磁场中的两平行导轨上，给导轨通以大电流，使炮弹作为一个通电导体在磁场作用下沿导轨加速运动，并以某一速度发射出去．现要提高电磁炮的发射速度，你认为下列方案在理论上可行的是（）A．增大磁感应强度B的值B．增大电流I的值C．减小磁感应强度B的值D．改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行考点：安培力；匀变速直线运动的公式；牛顿第二定律．专题：应用题．分析：炮弹加速运动的动力为安培力，根据安培力公式F=BIL进行分析即可．解答：解：A、B、C、要提高电磁炮的发射速度，需要增加安培力做的功，在加速距离不变的情况下，可以考虑增加安培力，根据安培力公式F=BIL，可以增加磁感应强度B、增加电流I，故A正确，B正确，C错误；D、改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行，安培力减小为零，故D错误；故选：AB．点评：本题关键明确电磁炮的工作原理，明确炮弹加速运动的动力为安培力，然后结合安培力公式列式分析即可．7．（4分）（2012秋•威海期末）如图所示，现有一带正电的粒子能够在正交的匀强电场和匀强磁场中匀速直线穿过．设产生匀强电场的两极板间电压为U，板间距离为d，匀强磁场的磁感应强度为B，粒子带电荷量为q，进入速度为v（不计粒子的重力）．以下说法正确的是（）A．匀速穿过时粒子速度v与U、d、B间的关系为v=B．若只增大v，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过C．若只增大U，其他条件不变，则粒子仍能直线穿过D．若保持两板间电压不变，只减小d，其他条件不变，粒子进入两板间后将向下偏考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：粒子在场中受竖直向下的电场力和竖直向上的洛伦兹力，分析二力大小情况，判断粒子运动．解答：解：分析粒子在场中受力，如图：A、粒子匀速穿过时，则竖直方向受力平衡，即qvB=qE=q，解得：v=，故A正确；B、若只增大v，其他条件不变，则洛伦兹力增大，即竖直向上的力增大，粒子合力不为零，因力的方向与运动方向垂直，则粒子将无法沿直线穿过，故B错误；C、若只增大U，其他条件不变，则合力方向竖直向下，且与粒子运动方向垂直，则粒子不可能然直线穿过；D、板间电压不变，减小d，其他条件不变，则粒子所受电场力增长，则粒子所受合力方向竖直向下，故粒子将向下偏，故D正确；故选：AD点评：本题关键是分析粒子在场中受力情况，根据合力的情况判断粒子运动，难度不大．8．（4分）（2013秋•滑县期末）如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图象，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图象，若将这两个电阻分别接到该电源上，下列说法正确的是（）A．两电阻阻值R1＞R2B．R2接在电源上时，电源的内阻消耗功率大C．R2接在电源上时，电源的效率高D．电源的内阻和R2的阻值相等考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：斜率表示电阻值，电源的内阻等于A的斜率绝对值．电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解答：解：A、由U﹣I图象的斜率表示电阻值，可得R1、R2的关系为两电阻阻值R1＞R2，故A正确．BC、电源的效率η=，效率与路端电压成正比，由图可知R1接在电源上时路端电压大，效率高，故B正确，C错误．D、由图可知，电源内阻为：；R2的电阻为：；故D正确．故选：ABD点评：本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．9．（4分）（2013秋•江陵县期末）如图所示，虚线为一静电场中的等势面1、2、3、4，相邻等势面间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷仅在静电力的作用下沿图中实线从a点运动到b点，经过a、b两点时粒子的动能分别为5eV和26eV．当这一点电荷运动到某一位置c时，其电势能变为﹣5eV．下列说法正确的是（）A．粒子从a点运动到b点的过程中电场力做负功B．粒子在a点的电势能小于其在b点的电势能C．粒子在c点时的动能为24eVD．a、b点的电势关系为φa＞φb考点：等势面；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，根据题意曲线3电势为零，列式求解即可．解答：解：A、经过a、b点时的动能分别为5eV和26eV；粒子的动能增大，说明电场力做正功．故A错误；B、电场力做正功，粒子的电势能减小，所以粒子在a点的电势能大．故B错误；C、图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，故电荷再各个等势面上的电势能相等；故电荷经过相邻两个等势面时的动能减小量为，故经过等势面3时的动能为：E k3=E b+△E=26﹣7=19eV；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故当这一点电荷运动到某一位置c时，其电势能变为﹣5eV：0eV+19eV=﹣5eV+E k；解得E k=24eV；故C正确；D、正电荷在电势高的地方电势能大，粒子在a点的电势能大，所以可得a点的电势能大．故D正确．故选：CD点评：“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．。
高二上学期期末考试物理试卷及参考答案(共5套)
高二年级上学期期末考试物理试卷说明：1.考试时间90分钟，总分110分。
2.本卷分为试题卷和答题卷两部分，全部答案只答在答题卷上，各题均应答在指定的位置，不答在指定的位置无效。
3.考试结束只需交回答题卷。
一、选择题：本题共9小题，每小题6分，共54分。
在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合随目要求，第6~9题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上。
若将云母介质移出，则（）A.电容器电容增大B.电容器极板间电场强度变大C.电容器极板间电势差变小D.电容器极板上的电荷量变小2.如图所示，在绝缘光滑水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球。
同时从静止释放，则两个小球的加速度大小和速度大小随时间变化的情况是（）A.速度变大，加速度变大B.速度变小，加速度变小C.速度变大，加速度变小D.速度变小，加速度变大3.如图所示，两个初速度大小相同的同种正离子a和b，从0点分别从不同方向沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到屏P上。
不计重力，下列说法正确的有（）A.a在磁场中飞行的半径比b小B.a在磁场中飞行的时间比b的短C.a在磁场中飞行的路程比b的短D.a在P上的落点与0点的距离比b的近4.与一般吉他以箱体的振动发声不同，电吉他靠拾音器发声。
如图所示，拾音器由磁体及绕在其上的线圈组成。
磁体产生的磁场使钢质琴弦磁化而产生磁性，即琴弦也产生自己的磁场。
当某根琴弦被拨动而相对线圈振动时，线圈中就会产生相应的电流，并最终还原为声音信号。
下列说法中正确的是A.若磁体失去磁性，电吉他仍能正常工作B.换用尼龙材质的琴弦，电吉他仍能正常工作C.琴弦振动的过程中，线圈中电流的方向不会发生变化D.拾音器的作用是利用电磁感应把琴弦的振动转化成电信号5.如图所示，两平行光滑导轨相距为L=20cm，金属棒MN的质量为m=10g，电阻R=8Ω，匀强磁场的磁感应强度B=0.8T，方向竖直向下，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，当开关K闭合时，MN恰好平衡，则变阻器R1的取值为（）（设θ=45°，g取10m/s2）A.1ΩB.7ΩC.8ΩD.16Ω6.如图，静电植线时，真空中带负电的绒毛一旦与布匹上的黏合剂接触就粘贴在布匹上，则带负电线毛落向布匹的过程中（）A.做匀速运动B.做加速运动C.做减速运动D.电场力做正功，电势能逐渐减小7.如图所示，在光滑水平面上放根固定的通电直导线（电流方向如图中所示），并在它旁边与它在同一水平面内放一通电矩形导线框abcd(电流方向如图中所示），则（）A.线框的ab、cd、ad、bc边都受到安培力作用。
2020-2021学年福建龙岩一级达标校高二上期期末检查物理卷(解析版).doc
2020-2021学年福建龙岩一级达标校高二上期期末检查物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：机械能守恒综合应用,库仑定律）如图所示，在竖直平面内有两个等量的异种点电荷，其电荷量分别为＋Q、－Q，固定在同一个水平直线上相距为的A、B两点。
在AB连线的垂直平分线有固定光滑竖直绝缘杆，在C点有一个质量为m、电荷量为－q小环（可视为点电荷）静止释放。
已知ABC构成正三角形，求：（1）在C点杆对小环的作用力大小；（2）小环滑到D点的速度大小。
【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1l小环滑到D点的速度大小2分考点：库仑定律物体的平衡动能定理如图所示，用电阻为R的硬导线做成一边长为L的方框。
将方框放在绝缘的水平木板上，与木板最大的摩擦力为。
在方框右半部加上均匀增加的竖直向下的磁场区域中，磁感应强度。
求：评卷人得分（1）导线中感应电流的大小；（2）经过多少时间方框开始运动。
【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）感应电动势1分1分联立得1分导线中感应电流的大小1分（2）当安培力与摩擦力大小相等时，方框开始运动。
即1分而1分解得2分考点：法拉第电磁感应定律闭合电路欧姆定律物体的平衡如图所示为质谱仪上的原l（2）速度选择器的电压U2；（3）正方形abcd边长l。
【答案】（1）（2）（3）0.16m【解析】试题分析：（1）粒子加速过程1分粒子离开加速器时的速度2分（2）在速度选择器运动过程中1分1分速度选择器的电压1分（3）粒子在磁场区域匀速圆周运动1分1分由几何关系得1分正方形abcd边长1分考点：动能定理速度选择器牛顿第二定律如图所示，在足够长的绝缘板MN上方距离为d的O点处，水平向左发射一个速率为v0，质量为、电荷为的带正电的粒子（不考虑粒子重力）。
（1）若在绝缘板上方加一电场强度大小为、方向竖直向下的匀强电场，求带电粒子打到板上距P 点的水平距离（已知）；（2）若在绝缘板的上方只加一方向垂直纸面，磁感应强度的匀强磁场，求：①带电粒子在磁场中运动半径；②若O点为粒子发射源，能够在纸面内向各个方向发射带电粒子（不考虑粒子间的相互作用），求发射出的粒子打到板上的最短时间。
2023年福建省龙岩市非一级达标校物理高二上期末教学质量检测试题含解析
可知A、B受摩擦力大小1：2，可知摩擦因数之比为1：2，A正确；
B．由速度与时间图象可知，A物体加速与减速的位移之比为1：2，由动能定理可得
解得
B正确；
C．由速度与时间图象可知，B物体加速与减速的位移之比为2：1，由动能定理可得
解得
F2：f2=3：2
又A、B受摩擦力大小之比
因此可知F1和F2大小之比为
D.滑动变阻器R1(0～10Ω、2A)
E.滑动变阻器R2(0～100Ω、lA)
F．定值电阻R3=980Ω
G．开关S、导线若干
(1)为了方便且能较精确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是_____(填“R1”或“R2”)
(2)四位同学分别设计了甲、乙、丙、丁四个实验电路图，其中最合理的是________
C错误；
D.由速度与时间图象面积表示位移可知，A、B两物体加速与减速的位移相等，D正确。
故错误的选C。
6、B
【解析】由题电池板不接负载时的电压为U=600μV，则电池的电动势为E=U=6×10-4V；
已知短路电流为I=30μA=3×10-5A
又
E=I短r
得到
故B正确，ACD错误。
故选B。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
故选D。
2、B
【解析】题中电容器与电源相连，板间电压不变。增大电容器两板间距离的过程中，电容减小，电量减小，电容器放电。根据原来极板的带电情况，可分析电流的方向。根据场强的变化情况可分析液滴的运动方向。
【详解】A.两极板间的距离增大，根据 可知，电容器电容减小，选项A错误；
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福建省龙岩市一级达标校2014-2015学年高二上学期期末质量检查 物理试题 一、单项选择题（12小题，每小题4分，共48分） 1．如图所示，Q是一个带负电的固定点电荷，a、b、c、d在同一直线上的四个点，a、b两点间的距离等于c、d两点间的距离，则下列说法正确的是 A．a点场强大于b点场强，a点电势高于b点电势 B．a点场强大于b点场强，a点电势低于b点电势 C．a、b两点间的电势差等于c、d两点间的电势差 D．a、b两点间的电势差小于c、d两点间的电势差 2．如图所示，虚线A、B、C代表某电场中的三个等势面，实线为一带电的质点仅在电场力的作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q为质点先后通过电场时轨迹上的两个点，由此可知 A．质点一定带正电 B．质点在P点受到的电场力大于在Q点的电场力 C．质点通过P点时动能较大 D．质点通过P点时电势能较大 3．两个相距较近的平行金属板A、B相距为d ，接在电压为U的电源上。开关闭合时，质量为m，带电量为－q的油滴恰好静止在两板中点处，如图所示。在保持其他条件不变的情况下，将两板缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是 A．油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向a B．油滴静止不动，电流计中的电流从a流向b C．油滴将下运动，电流计中的电流从a流向b D．油滴静止不动，电流计中无电流流过 4．在如图所示电路中，当滑动变阻器R3的滑片P向a端滑动时，电流表A1、A2及电压表V的示数的变化情况是 A．电流表A1减小，A2增大，电压表V减小 B．电流表A1增大，A2减小，电压表V减小 C．电流表A1增大，A2增大，电压表V增大 D．电流表A1减小，A2减小，电压表V增大 5．如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直导线，电流方向垂直纸面向里，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中 A．a、b两点磁感应强度相同 B．c、d两点磁感应强度相同 C．a点磁感应强度最大 D．b点磁感应强度最大 6．如图所示，三个带电量相同、质量相等、重力不计的粒子A、B、C，从同一平行板间电场中的同一点P射入，在电场中的运动轨迹如图PA、PB、PC所示，则下列说法中正确的是 A．三个粒子的加速度关系ABCaaa B．三个粒子的加速度关系ABCaaa
（第2题图） （第4题图） （第5题图）
（第3题图）
（第1题图）
（第6题图） A B C D
C．三个粒子的入射速度关系ABCvvv D．三个粒子的入射速度关系ABCvvv 7．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个D形金属盒，两金 属盒处在垂直于盒底的匀强磁场中，与高频交流电源相连接后，使粒子每次经过两盒间的狭缝时都能得到加速，如图所示。现要增大带电粒子从回旋加速器射出时的动能，下列方法可行的是 A．仅减小磁场的磁感应强度 B．仅减小狭缝间的距离 C．仅增大高频交流电压 D．仅增大金属盒的半径 8．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A和 1 V。重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为 1 A 和12 V。则这台电动机正常运转时输出功率为 A．10 W B．11 W C．12 W D．14 W 9．如图所示，将一个半径为R的导电金属半圆环串联接入电路中，电路的电流强度为I，接入点ba、是圆环直径上的两个端点。金属圆环处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与圆环所在平面垂直。则金属圆环ab受到的安培力为 A．0 B．RBI C．RBI2 D．RBI2 10．如图所示电路中，L为一自感系数较大的线圈，电键S闭合电路稳定后，在电阻R2和线圈L均有电流。现将电键S断开瞬间 A．流经R2和L的电流方向都向左 B．流经R2和L的电流方向都向右 C．流经R2的电流方向向右，流经L的电流方向向左 D．流经R2的电流方向向左，流经L的电流方向向右 11．如图所示，一个边长为2L的等腰直角三角形ABC区域内，有垂直纸面向里的匀强磁场，其左侧有一个用金属丝制成的边长为L的正方形线框abcd，线框以水平速度v匀速通过整个匀强磁场区域，设电流逆时针方向为正．则在线框通过磁场的过程中，线框中感应电流i随时间t变化的规律正确的是
12．某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点。取O 点为坐标原点，沿直线向右为x 轴正方向，粒子的重力忽略不计.在O 到A 运动过程中，下列关于粒子运动加速度a 和速度v随时间t的变化、运动径迹上电势和粒子的动能Ek随位移x的变化图线可能正确的是
（第7题图） （第8题图） （第9题图）
（第10题图）
（第11题图） （第12题图） A B C D 二、实验题（2小题，每空2分，共16分） 13．（1）如图所示为某同学用游标卡尺测量一均匀圆柱体长度，由图可知其长度为 mm； （2）为了描绘该小灯泡L的伏安特性曲线，实验室可提供选择的器材及代号如下： A．小灯泡L（3.0V，1.8 W）； B．滑动变阻器R（0～10Ω，额定电流1.5A）； C．电压表V1（量程：0～3 V，RV约为5 kΩ）； D．电压表V2（量程：0～15 V，RV约为10 kΩ）； E．电流表A1（量程：0～0.6 A，RA约为0.5Ω）； F．电流表A2（量程：0～3 A，RA约为0.1Ω）； G．蓄电池组(电动势约为4V)、电键各一个，导线若干； ①请你用笔线代替导线将右上图所示的实验电路图补充完整； ②实验中应选电压表 ，电流表 。（请填写器材前面的字 母序号） 14．如图为测定一节干电池的电动势和内阻的电路原理图。现备有以下器材： A．干电池（E约为1.5V，r约为1Ω） B．电压表（0～3V） C．电流表（0～0.6A） D．滑动变阻器R1（0～20Ω，2A） E．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.1A） （1）在实验中滑动变阻器应选用 （填“R1”或“R2”）。闭合开关S前，滑动变阻器的滑动头P应移到 端（填“a”或“b”）； （2）这位同学测量时记录了5组数据，在坐标纸上画出U－I图线如右图所。根据图线求出一节干电池的电动势E约为____________V，内阻r约为____________Ω。 三、计算题（4小题，共36分） 15．如图所示，在竖直平面内有两个等量的异种点电荷，其电荷量
分别为＋Q、－Q，固定在同一个水平直线上相距为3l的A、B两点。在AB连线的垂直平分线有固定光滑竖直绝缘杆，在C点有一个质量为m、电荷量为－q小环（可视为点电荷）静止释放。已知ABC构成正三角形，求： （1）在C点杆对小环的作用力大小； （2）小环滑到D点的速度大小。
16．如图所示，用电阻为R的硬导线做成一边长为L的方框。将方框放在绝缘的水平木板上，与木板最大的摩擦力为
mf。在方框右半部加上均匀增加的竖直向下的磁场区域
中，磁感应强度Bkt。求： （1）导线中感应电流的大小； （2）经过多少时间方框开始运动。
S S 17．如图所示为质谱仪上的原理图，M为粒子加速器，电压为U1＝5000V；N为速度选择器， 磁场与电场正交，磁感应强度为B1＝0.2T，板间距离为d ＝0.06m；P为一个边长为l的正方形abcd的磁场区，磁感应强度为B2＝0.1T，方向垂直纸面向外，其中dc的中点S开
有小孔，外侧紧贴dc放置一块荧光屏。今有一比荷为810qckgm的正离子从静止开始经加速后，恰好通过速度选择器，从a孔以平行于ab方向进入abcd磁场区，正离子刚好经过小孔S 打在荧光屏上。求： （1）粒子离开加速器时的速度v； （2）速度选择器的电压U2； （3）正方形abcd边长l。
18．如图所示，在足够长的绝缘板MN上方距离为d的O点处，水平向左发射一个速率为v0，质量为m、电荷为q的带正电的粒子（不考虑粒子重力）。
（1）若在绝缘板上方加一电场强度大小为202mvEqd、方向竖直向下的匀强电场，求带电粒子打到板上距P点的水平距离（已知OPMN）； （2）若在绝缘板的上方只加一方向垂直纸面，磁感应强度0mvBqd的匀强磁场，求：①带电粒子在磁场中运动半径； ②若O点为粒子发射源，能够在纸面内向各个方向发射带电粒子（不考虑粒子间的相互作用），求发射出的粒子打到板上的最短时间。 龙岩市一级达标校2014～2015学年第一学期期末高二教学质量检查 物理试题参考答案 一、单项选择题（12小题，每小题4分，共48分）
二、实验题（2小题，每空或图2分，共16分） 13.（1）1.30 （2）①分压式连接（如图） ②C E 14．（1）R1 a （2）1.44～1.48 0.49～0.52 三、计算题（4小题，共36分） 15．（8分）
解：（1）在C点：根据库仑定律 2qQFkr „„„„„1分
A对小环 23AqQFkl „„„„„„1分 B对小环 23BqQFkl „„„1分 AB对小环合力23qQNkl 杆对小环的作用力 23qQNkl „„„„1分 （2）小环从C到D，电场力不做功，根据动能定理 212mghmv „„„„„1分
3sin60ohl „„„„„1分
小环滑到D点的速度大小3vgl „„„„„„2分 16．（8分）
解：（1）感应电动势sBEt „„„„„„„1分 22L
s „„„„„„„1分
联立得 212EkL „„„„„„„1分 导线中感应电流的大小 RkLI23 „„„„1分 （2）当安培力与摩擦力大小相等时，方框开始运动。即mFf „„„„1分 而FBIl „„„„„„„„„1分
解得 222mRftkL „„„„„„„„„2分
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