大学物理第三章

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大学物理第三章-部分课后习题答案

大学物理第三章-部分课后习题答案

大学物理第三章 课后习题答案3-1 半径为R 、质量为M 的均匀薄圆盘上,挖去一个直径为R 的圆孔,孔的中心在12R 处,求所剩部分对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量。

分析:用补偿法〔负质量法〕求解,由平行轴定理求其挖去部分的转动惯量,用原圆盘转动惯量减去挖去部分的转动惯量即得。

注意对同一轴而言。

解:没挖去前大圆对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量为:2112J MR =① 由平行轴定理得被挖去部分对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量为:2222213()()2424232c M R M R J J md MR =+=⨯⨯+⨯= ②由①②式得所剩部分对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量为:2121332J J J MR =-=3-2 如题图3-2所示,一根均匀细铁丝,质量为M ,长度为L ,在其中点O 处弯成120θ=︒角,放在xOy 平面内,求铁丝对Ox 轴、Oy 轴、Oz 轴的转动惯量。

分析:取微元,由转动惯量的定义求积分可得 解:〔1〕对x 轴的转动惯量为:2022201(sin 60)32Lx M J r dm l dl ML L ===⎰⎰ 〔2〕对y 轴的转动惯量为:20222015()(sin 30)32296Ly M L M J l dl ML L =⨯⨯+=⎰〔3〕对Z 轴的转动惯量为:22112()32212z M L J ML =⨯⨯⨯=3-3 电风扇开启电源后经过5s 到达额定转速,此时角速度为每秒5转,关闭电源后经过16s 风扇停止转动,已知风扇转动惯量为20.5kg m ⋅,且摩擦力矩f M 和电磁力矩M 均为常量,求电机的电磁力矩M 。

分析:f M ,M 为常量,开启电源5s 内是匀加速转动,关闭电源16s 内是匀减速转动,可得相应加速度,由转动定律求得电磁力矩M 。

解:由定轴转动定律得:1f M M J β-=,即11252520.50.5 4.12516f M J M J J N m ππβββ⨯⨯=+=+=⨯+⨯=⋅ 3-4 飞轮的质量为60kg ,直径为0.5m ,转速为1000/min r ,现要求在5s 内使其制动,求制动力F ,假定闸瓦与飞轮之间的摩擦系数0.4μ=,飞轮的质量全部分布在轮的外周上,尺寸如题图3-4所示。

大学物理 第三章 动量守恒定律和能量守恒定律 3-5 保守力与非保守力

大学物理 第三章 动量守恒定律和能量守恒定律 3-5 保守力与非保守力
①引力势能 引力势能
m' m m' m 引力的功 引力的功 WAB = −(−G r ) − (−G r ) B A
A点势能: 点势能: 且令E 设B点为无限远 即rB=∞ 且令 PB=0 点为无限远
m' m WAB = −G rA
= − ( E pB − E pA ) = E pA
功与路径无关,只决定于初末位置。 功与路径无关,只决定于初末位置。 第三章 动量守恒和能量守恒
4
} ⇒ dW
物理学
第五版
3-5 保守力与非保守力 势能 -
F
dW
O
x1
x2
dx
x2 x
W = ∫ Fdx = ∫
x1
x2
x1
1 2 1 2 − kxdx = −( kx2 − kx1 ) 2 2
5
第三章 动量守恒和能量守恒
W p → p0 = −( Ep0 − Ep ) = −∆Ep
E p ( x, y, z) =

E p0 = 0
( x, y,z )
F ⋅ dr
任意一点的势能等于在保守力作用下 从该点到势能零点保守力所作的功
第三章 动量守恒和能量守恒 10
物理学
第五版
3-5 保守力与非保守力 势能 -
W AB = − ( E pB − E pA ) = − ∆ E P
引力的功 引力的功
m' m m' m WAB = −(−G ) − (−G ) rB rA
引力势能 引力势能
m' m Ep = −G r
弹性势能 弹性势能
弹力的功 弹力的功
W AB 1 1 2 2 = − ( kx B − kx A ) 2 2

大学物理第3章动量与冲量

大学物理第3章动量与冲量
n Pi P1 P2 ...... Pn mi vi n i 1 i 1
质点系 F2 ( F1 F12 )dt m1v1 m1v10 t1 F21 t2 F12 ( F2 F21 )dt m2 v2 m2 v20 F1 m2
本章教学内容:
3-1 3-2 3-3 3-4 3-5 3-6 3-7 3-8 3-9 冲量与动量定理 动量守恒定律 火箭飞行原理 质心 质心运动定理 质点的角动量和角动量定理 角动量守恒定理 质点系的角动量定理 质心参考系中的角动量
教学基本要求
1、理解并掌握牛顿第二定律的两个积分形式
2、掌握冲量和动量的概念,掌握动量定理及其应用
drc N mi v i m 3、质心的速度 v dt i 1 4、质心的动量 Pc mvc mi vi pi P
C
N N i 1 i 1
i 1
在任何参考系中,质心的动量都等于质点系 的总动量。
dvc mi a i m 5、质心的加速度 ac dt
d (mv ) F dt
动量
mv2 mv1 F t
动量定理 力在Δt时间内的 积累:冲量
动能定理的推导:
质量为M 的物体在水平恒力F 的作用 下,经过时间t,速度由v0 变为 vt, v =v0
————F 作用了时间 t————
F F F F F F F
v =v t

t2
t1
Fdt p2 p1 mv2 mv1
质点的动量定理:在给定的时间内,外力作用在 质点上的冲量,等于质点在此时间内动量的增量 . 注意:动量定理表达的含义有以下几方面: (1) 物体动量变化的大小和它所受合外力冲 量的大小相等。 (2) 物体动量变化的方向和它所受合外力冲 量的方向相同。 (3) 冲量是物体动量变化的原因。

大学物理课件 第3章 动量 角动量

大学物理课件 第3章   动量   角动量

例 如图所示,一个有四分之一圆弧光滑槽的大物体,质量为 M, 置于 光滑的水平面上。另一质量为m的小物体从圆弧顶点由静止开始下滑。 求当小物体m滑到底时,M滑槽在水平上移动的距离。
解 以 M和 m 为研究对象,其在水平方向不受外力(所受外力都 在竖直方向),故水平方向动量守恒。
设在下滑过程中,m相对于M的滑动速度为m , M 对地速 度为 M ,并以水平方向右为正,则有
t
问题 结果与m与槽M间是否存在摩擦有关系吗?
3. 质心运动定理
C
mii mc m i 1 质点系的动量 p mc
i 1
m
n
rC
mi ri
n i 1
m
n
i i
质点系的动量等于质点系的质量乘以质心的速度。 注 质点系的动量的两种表达式
n p mii , p mc
pA m j ,
pB mi
y
B
I AB pB pA m (i j )
C
pC m j
o
A
x
I AC pC pA 2m j
质点的动量定理
例 一质量为10kg的物体沿x轴无摩擦地运动,设t=0时,物体 位于原点,速度为零。设物体在力(F=3+4t)N作用下运动了3秒, 求此时它的速度和加速度。 解
3.2
角动量定理 角动量守恒定律
3.2.1 质点的角动量定理及守恒定律
1. 力矩
讨论
力F 对定点O 的力矩 Mo F r F
单位:牛 米(N m)
(1)力矩的大小和方向
所组成的平面,指向是由 180 的角转到 F 时的右手螺旋前进的方向
①方向垂直于 r 和 F o
r 经小于
x 方向: m sin m0 sin 0 y 方向: ( f mg )t m cos m0 cos sin 由第一式 0 sin

大学物理教程第3章答案张文杰等主编中国农业大学出版社

大学物理教程第3章答案张文杰等主编中国农业大学出版社

思考题3.1 什么是连续性方程?答:假设以闭合外表内既无源,又无负源,那么根据质量守恒,进入该闭合外表的净流量等于闭合外表内物质的增加率,应用在稳定流动的流管中,我们得到连续性方程:ρ1A1v1=ρ2A2v2。

其中,ρ为密度,假设它在截面积 A处是均匀的; v为经过截面积A处的平均速度〔v与A垂直〕。

假设流体又是不可压缩的,连续性方程简化为A1v1=A2v2。

3.2 什么是伯努利方程?答:流体是稳定的,非黏性的,不可压缩的,伯努利方程给出同一流线任两点处的压强p,流速v,高度y满足p1+12ρv1²+ρgy1= p2+12ρv2²+ρgy2注意伯努利方程中每一项都是取的单位面积的内的量值。

方程指出:压力沿流线所作的功等于动能和势能的改变〔都指单位面积〕。

3.3 在定常流动中,流体是否可能加速运动?答:定常流动是指宏观上流体在空间某位置的流速保持不变,对某个流体质点而言,它在空间各点速度可能不同,也就是说,它可能是加速运动。

3.4 从水龙头徐徐流出的水流,下落时逐渐变细,为什么?答:据连续性原理知,,流速大处截面积小,所以下落时水的流速逐渐增大,面积逐渐减少变细。

3.5 两船平行前进时,假设靠的较近,极易碰撞,为什么?答:两船平行前进时,两条流线方向相同,,如果靠的较近,两船之间的流速将大于两船外侧的流速,这样两船都将受到一个指向对方的一个压力的作用,极易造成两船碰撞,稍有晃动,流线重合,船体就会相撞。

3.6 两条流线不能相交,为什么?答:如果两条流线相交,那么焦点处就会出现两个速度,这个结论是错误的,所以两条流线不能相交。

3.7 层流和湍流各有什么特点?引入雷诺数有哪些意义?答:流线是相互平行的流动称层流。

流体微团作复杂的无规那么的运动称为湍流。

无量纲的量雷诺数是层流向湍流过渡的一种标志。

以临界雷诺数为准,小于它为层流,大于它为湍流。

习题3.1 假设被测容器A内水的压强比大气压大很多时,可用图中的水银压强计。

大学物理第三章动量守恒定律和能量守恒定律

大学物理第三章动量守恒定律和能量守恒定律

动量守恒定律的表述
总结词
动量守恒定律表述为系统不受外力或所 受外力之和为零时,系统总动量保持不 变。
VS
详细描述
动量守恒定律是自然界中最基本的定律之 一,它表述为在一个封闭系统中,如果没 有外力作用或者外力之和为零,则系统总 动量保持不变。也就是说,系统的初始动 量和最终动量是相等的。
动量守恒定律的适用条件
能量守恒定律可以通过电磁学 的基本公式推导出来。
能量守恒定律可以通过相对论 的质能方程推导出来。
能量守恒定律的应用实例
01
02
03
04
机械能守恒
在无外力作用的系统中,动能 和势能可以相互转化,但总和
保持不变。
热能守恒
在一个孤立系统中,热量只能 从高温物体传递到低温物体,
最终达到热平衡状态。
电磁能守恒
详细描述
根据牛顿第三定律,作用力和反作用力大小相等、方向相反。如果将一个物体施加一个力F,则该力会产生一个 加速度a,进而改变物体的速度v。由于力的作用是相互的,反作用力也会对另一个物体产生相同大小、相反方向 的加速度和速度变化。因此,在系统内力的相互作用下,系统总动量保持不变。
02
能量守恒定律
能量守恒定律的表述
感谢观看
01
能量守恒定律表述为:在一个封闭系统中,能量不能被创造或消灭, 只能从一种形式转化为另一种形式。
02
能量守恒定律是自然界的基本定律之一,适用于宇宙中的一切物理过 程。
03
能量守恒定律是定量的,可以用数学公式表示。
04
能量守恒定律是绝对的,不受任何物理定律的限制。
能量守恒定律的适用条件
能量守恒定律适用于孤立系统,即系统与外界没有能量 交换。

大学物理 第3章 刚体力学基础



2 1
Jd

1 2
J22

1 2
J12
2 Md (1 J2 )
1
2
力矩对刚体所做的功,等于刚体转动动能的增量。
例 如图所示,一根质量为m,长为l的均匀细棒OA,可绕固定点O在竖直平 面内转动.今使棒从水平位置开始自由下摆,求棒摆到与水平位置成30°角 时中心点C和端点A的速度.
F
·
F
式中为力F到轴的距离
F
若力的作用线不在转动在平面内,
则只需将力分解为与轴垂直、平行
r
的两个分力即可。
力对固定点的力矩为零的情况:
1、力F等于零, 2、力F的作用线与矢径r共线
(有心力对力心的力矩恒为零)。
力对固定轴的力矩为零的情况:
若力的作用线与轴平行 若力的作用线与轴相交
则力对该轴无力矩作用。
dJ R2dm
考虑到所有质元到转轴的距离均为R,所以细圆环对中心轴的转动惯量为
J dJ R2dm R2 dm mR2
m
m
(2)求质量为m,半径为R的圆盘对中心轴的转动惯量.整个圆盘可以看成许
多半径不同的同心圆环构成.为此,在离转轴的距离为r处取一小圆环,如
图2.36(b)所示,其面积为dS=2πrdr,设圆盘的面密度(单位面积上的质量)
力矩在x,y,z轴的分量式,称力对轴的矩。例如上面所列
Mx , My , Mz , 即为力对X轴、Y轴、Z轴的矩。 设力F 的作用线就在Z轴
的转动平面内,作用点到Z
轴的位矢为r,则力对Z轴
的力矩为
M z rF sin
r sin F F rF sin rF

大学物理第三章 习题解答

第三章 习题解答(仅供参考)3.2 一根直杆在S 系中观察,其静止长度为l ,与x 轴的夹角为θ,S`系沿S 系的x 轴正向以速度v 运动,问S`系中观察到杆子与x `轴的夹角若何?[解答]直杆在S 系中的长度是本征长度,两个方向上的长度分别为l x = l cos θ和l y = l sin θ.在S`系中观察直杆在y 方向上的长度不变,即l`y = l y ;在x 方向上的长度是运动长度,根据尺缩效应得`x l l =因此``tan `yx l l θ==,可得夹角为 21/2`a r c t a n {[1(/)]t a n }v c θθ-=-3.3 在惯性系S 中同一地点发生的两事件A 和B ,B 晚于A 4s ;在另一惯性系S`中观察,B 晚于A 5s 发生,求S`系中A 和B 两事件的空间距离?[解答]在S 系中的两事件A 和B 在同一地点发生,时间差Δt = 4s 是本征时,而S`系中观察A 和B 两事件肯定不在同一地点,Δt ` = 5s 是运动时,根据时间膨胀公式`t ∆=, 即5=, 可以求两系统的相对速度为 v = 3c /5.在S`系中A 和B 两事件的空间距离为 Δl = v Δt ` = 3c = 9×108(m).3.5 S 系中观察到两事件同时发生在x 轴上,其间距为1m ,S`系中观察到这两个事件间距离是2m ,求在S`系中这两个事件的时间间隔.[解答]根据洛仑兹变换,得两个事件的空间和时间间隔公式`x ∆=2`t ∆= (1) 由题意得:Δt = 0,Δx = 1m ,Δx` = 2m .因此`x ∆=,2`t ∆=.(2)由(2)之上式得它们的相对速度为v = (3)将(2)之下式除以(2)之上式得 2``t v x c∆=-∆, 所以`t ∆==10-8(s).[注意]在S `系中观察到两事件不是同时发生的,所以间隔Δx` = 2m 可以大于间隔Δx = 1m .如果在S `系中观察到两事件也是同时发生的,那么Δx`就表示运动长度,就不可能大于本征长度Δx ,这时可以用长度收缩公式`x ∆=∆3.6 一短跑运动员,在地球上以10s 的时间跑完了100m 的距离,在对地飞行速度为0.8c 的飞船上观察,结果如何?[解答]以地球为S 系,则Δt = 10s ,Δx = 100m .根据洛仑兹坐标和时间变换公式`x =2`t =,飞船上观察运动员的运动距离为`x ∆=10=-4×109(m). 运动员运动的时间为 2`t ∆=100.8100/0.6c -⨯=≈16.67(s). 在飞船上看,地球以0.8c 的速度后退,后退时间约为16.67s ;运动员的速度远小于地球后退的速度,所以运动员跑步的距离约为地球后退的距离,即4×109m .3.8 已知S`系以0.8c 的速度沿S 系x 轴正向运动,在S 系中测得两事件的时空坐标为x 1 = 20m ,x 2 = 40m ,t 1 = 4s ,t 2 = 8s .求S`系中测得的这两件事的时间和空间间隔.[解答]根据洛仑兹变换可得S`系的时间间隔为2``21t t -=840.8(4020)/0.6c ---=≈6.67(s). 空间间隔为``21x x -=40200.8(84)0.6c --⨯-=≈-1.6×109(m).3.11 一粒子动能等于其非相对论动能二倍时,其速度为多少?其动量是按非相对论算得的二倍时,其速度是多少?[解答](1)粒子的非相对论动能为 E k = m 0v 2/2,相对论动能为 E`k = mc 2 – m 0c 2, 其中m 为运动质量m =.根据题意得22200m c m v =, 设x = (v/c )2,方程可简化为1x =+, 或1(1x =+ 平方得 1 = (1 – x 2)(1 - x ),化简得 x (x 2 – x -1) = 0.由于x 不等于0,所以 x 2 – x -1 = 0.解得x =, 取正根得速率为v == 0.786c . (2)粒子的非相对论动量为 p = m 0v , 相对论动量为`p mv ==根据题意得方程02m v =.很容易解得速率为2v c == 0.866c .3.12.某快速运动的粒子,其动能为4.8×10-16J ,该粒子静止时的总能量为1.6×10-17J ,若该粒子的固有寿命为2.6×10-6s ,求其能通过的距离.[解答]在相对论能量关系中E = E 0 + E k ,静止能量E 0已知,且E 0 = m 0c 2,总能量为22E mc ===,所以00k E E E +=, 由此得粒子的运动时为0`k E E t t E +∆==∆. 还可得00kE E E =+, 解得速率为v =∆=∆=∆粒子能够通过的距离为l v t c t8=⨯⨯⨯.310 2.610-3.14静止质子和中子的质量分别为m p = 1.67285×10-27kg,m n = 1.67495×10-27kg,质子和中子结合变成氘核,其静止质量为m0 = 3.34365×10-27kg,求结合过程中所释放出的能量.[解答]在结合过程中,质量亏损为Δm = m p + m n - m0 = 3.94988×10-30(kg),取c = 3×108(m·s-1),可得释放出的能量为ΔE = Δmc2 =3.554893×10-13(J).如果取c = 2.997925×108(m·s-1),可得释放出的能量为ΔE = 3.549977×10-13(J).。

大学物理 第三章习题答案

可求得
AF (A1 A2 )
2 1 mgR sin sin k R( ) 2
3.17、氢原子中的电子在圆形轨道上绕核运动,速率为v,电子受 到大小为 e2 / 40 r 2 的向心力(电相互作用)的作用,其中e为电 子和质子的电量,r为轨道半径, 0 为恒量。
v1 v v1
由矢量三角形可知:
f v v1 v 2 2 gH
2 2
f 与传递带的夹角为:
2 gH v1 arctan arctan v v
所以,传递带受到饲料的作用力 f 与 f 互为作用力和反作用力
f 的大小:与 f 的大小相同;方向:与 f 的方向相反。
联立以上各式,解得: cos 23
48
61.37。
3.24、在一圆柱容器底部有一圆孔,孔的直径为d,圆柱体直 径为D,容器中水的高度随着水的流出而下降,试找出小孔
D
中水的流速v和水面高度h之间的关系。
解:由题意可得 设S1与S2分别为容器与小孔横截面积,v1为 h 容器水面下降速度, v2为水流从小孔中流出 d 速度,则 2 2 S1 D , S 2 d 4 4 d2 又根据连续性方程: S1v1 S2v2 v1 2 v2 规定小孔所在平面为参考平面,据伯努利方程:
mvl mvl J
小球与杆端碰撞是完全弹性碰撞,碰撞过 程中动能守恒,得:
1 ( J 2ml 2 ) 3
O

l
l
碰后,杆上升,只有重力做功,对杆, 机械能守恒,得:
1 1 1 2 2 2 mv mv J 2 2 2
1 1 2 J 2mgl 1 cos 2 2 3

大学物理课后习题答案第三章

第3章 力学基本定律与守恒律 习题及答案1.作用在质量为10 kg 的物体上的力为i t F)210(+=N ,式中t 的单位是s ,(1)求4s 后,这物体的动量和速度的变化.(2)为了使这力的冲量为200 N ·s ,该力应在这物体上作用多久,试就一原来静止的物体和一个具有初速度j6-m ·s -1的物体,回答这两个问题. 解: (1)若物体原来静止,则i t i t t F p t 1401s m kg 56d )210(d -⋅⋅=+==∆⎰⎰,沿x 轴正向,ip I imp v111111s m kg 56s m 6.5--⋅⋅=∆=⋅=∆=∆ 若物体原来具有6-1s m -⋅初速,则⎰⎰+-=+-=-=t tt F v m t m F v m p v m p 000000d )d (,于是⎰∆==-=∆t p t F p p p 0102d,同理, 12v v ∆=∆,12I I=这说明,只要力函数不变,作用时间相同,则不管物体有无初动量,也不管初动量有多大,那么物体获得的动量的增量(亦即冲量)就一定相同,这就是动量定理. (2)同上理,两种情况中的作用时间相同,即⎰+=+=tt t t t I 0210d )210(亦即 0200102=-+t t 解得s 10=t ,(s 20='t 舍去)2.一颗子弹由枪口射出时速率为10s m -⋅v ,当子弹在枪筒内被加速时,它所受的合力为 F =(bt a -)N(b a ,为常数),其中t 以秒为单位:(1)假设子弹运行到枪口处合力刚好为零,试计算子弹走完枪筒全长所需时间;(2)求子弹所受的冲量.(3)求子弹的质量. 解: (1)由题意,子弹到枪口时,有0)(=-=bt a F ,得ba t =(2)子弹所受的冲量⎰-=-=tbt at t bt a I 0221d )(将bat =代入,得 ba I 22= (3)由动量定理可求得子弹的质量202bv a v I m == 3.如图所示,一质量为m 的球,在质量为M 半径为R 的1/4圆弧形滑槽中从静止滑下。

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体积流量
方向的规定:面的外法线方向为正 流入为负;流出为正
2、连续性方程
单位时间内通过任一封闭面的质量 流量为
Qm
v dS v dS
S1 S2

v dS
Q vd S Q m m 入 m 出 Q
理想流体的定常流动:
Qm出 = Qm入
Qm
A EK 2 EK1
合外力矩对一个绕固定轴转动的刚 体所做的功等于刚体的转动动能的增量。
定轴转动的动能定理
第二节
固体的形变和弹性
一、固体的弹性形变 1、形变 2、形变的分类 弹性形变(线性、非线性、滞弹性) 塑性形变(永久性变形)
3、弹性形变的基本类型 (1)长变: (2)剪切形变
精确制导
L
B
C
C
B
A
三、守恒定律的意义及其应用
动量守恒 角动量守恒 能量守恒 守恒定律 特点和优点:不追究过程细节而 能对系统的状态下结论。 意义:守恒定律的发现、推广和 修正能推动人们深入认识自然界。 时空对称性
动量守恒定律 角动量守恒定律 能量守恒定律
空间平移对称性 空间转动对称性 时间平移对称性
1、参考系与坐标系
参考平面:与转轴相垂直的平面。
P P X 参考 方向 Q
O
参考平面 转轴


X
X
转动方向:逆时针方向为正
2、角位置,角位移
O
p,

角位置 : 位矢与ox轴夹, 但可有正负。单位:弧度 rad
角位移Δ :Δ t时间内角位置增量。 2 1
2 F r sin f r sin ( m r i i i i i i i i ) i 1 i 1 i 1 N N N
对同一轴内力矩之代数和为零,

i 1
N
f i ri sin i 0
d M J J dt
刚体定轴 转动定律
刚体绕定轴转动时,作用于刚体上 的合外力矩等于刚体对转轴的转动惯量 与角加速度的乘积。
绝对不可压缩、完全没有粘滞性 的流体。
4、流体体元的特点
在流体力学中,常谈到流体体元、 流体微团或流体质点,这里说的体元、 微团、质点,都具有宏观小、微观大的 特点,就是说它们相对整个流体极小, 但相对分子、原子来说却是很大。 5、理想流体的定常流动
定常流动: 空间各点流速不随时间而变,
v v ( x, y, z)
非定常流动:空间各点流速随时间变化,
v v ( x, y, z, t )
均匀流:流速场中,各点流速的大小、 方向均相同。 非均匀流:
二、研究流体运动的方法 1、牛顿—拉格朗日法 ---沿用质点系动力学方法 •取微元,追踪每个流体微元的运动; •根据动力学方程和初始条件求得微元 的运动学方程 r r (r0 , v0 , t)和运动轨迹。 流体微元的运动轨迹叫流迹,不同微 元,由于初始条件不同,流迹也不同。
转轴
定轴转动的特点:
◇刚体上各点都绕同一转轴作不同半径 的圆周运动,且在相同时间内转过相 同的角度。 ◇角位移,角速度和角加速度均相同; 质点在垂直转轴的平面内运动,且作 圆周运动。
复杂运动= 平动+ 转动
二、定轴转动的角量描述
个别量:
位矢、位移,速度、加速度
整体量: 角位置、角位移,角速度、 角加速度
(3)如果流管处于同一水平面上
1 2 p v gh 常量 2
1 2 p v 常量 2
vS 常量
例:如图所示:水从容器壁的小孔中流出 的速度
解:由于容器线度 远大于小孔,在短 时间内可视为理想 流体定常流动, 且 vA<<vB, 可认为vA=0
A
B
由伯努利方程:
2 i
1 2
三、刚体定轴转动的动能定理
刚体定轴转动的动能变化的原因 可以用力矩做功的效果来解释。
2 d d A Md J d J dt 1 1 1 dt dt 2 1 1 2 2 Jd J 2 J1 1 2 2 2 2
上式即为:
(1)线应变
l n l
n 0
拉伸应变
n 0 压缩应变
(2)切应变
BB t tan BD
:剪切角
4、应力与应变的线性关系(胡克定律)
F l E S l
杨氏弹性模量
F G S 切变模量
应力与应变的关系示意图
测量杨氏弹性模量的实验装置:
E
8Hl F ( ) 2 d b n n0
2、欧拉法
研究流速场
v v ( x, y, z, t )
(1)流体中每点有流速
(2)流线
在定常流动中,流线分布不随时间而 变化,流线才会与流迹重合。 在均匀流中,流线为等距平行直线。 (3)流管
l S lim vS t 0 t
Q vS cos v S
加速转动 , 方向一致 减速转动 , 方向相反
刚体定轴转动角量与线量的关系:
S = r
v r
an r
2

a
r an
a
v
dv a dt d r r dt
刚体定轴转动的转动定律
一、力对转轴的力矩 决定转动状态变化的因素 (1)力不在转动平面内
说明: (1)理想模型。 (2)在外力作用下,任意两点间均不发 生位移,其上各质点间的相对位置 保持不变。
平动:刚体在运动中,其上任意两点的
连线始终保持平行。
特点:各点位移、速度、加速度均相同, 所有点的运动轨迹都保持完全相同----可 视为质点。
转动:对点、对轴(只讨论定轴转动)
刚体内所有质元都绕同一直线作不同 半径的圆周运动。 这一直线称为转轴。如果在运动中转 轴的位置固定不动,则称为定轴转动。
r v t
运动方程
直角坐标系中 矢量式 r (t ) x(t )i y(t ) j z(t )k
M=0 的原因: 可能F=0;r =0
或 F与r 平行 应用角动量守恒定律的两种情况:
1、转动惯量保持不变的单个刚体:
当M 0时,J J0 , 则 0
2、转动惯量可变的物体:
当J增大时,就减小; 当J减小时, 就增大, 从而J 保持不变
花样滑冰运动员 通过改变身体姿态即 改变转动惯量来改变 转速.
第三章 连续体力学
§3-1 刚体的定轴转动
§3-2 固体的形变和弹性 §3-3 理想流体及其运动
第一节 刚体的定轴转动 刚体的定轴转动的角量描述
刚体定轴转动定律
角动量守恒定律 刚体转动的动能定理
刚体的定轴转动的角量描述
一、刚体的运动——平动、转动 刚体:在任何情况下,其大小和形状 都不变化的物体。
vS 常量
四、伯努利方程 1、方程的导出
p1 研究对象: a1 a2 重力场中取 理想流体定 常流动中的 h1 一段细管 a b
1 1
b1 b2
h2
p2
1 p v 2 gh 常量 2
说明:
(1)伯努利方程实质上是能量守恒定律 在理想流体定常流动中的表现。 (2)在导出伯努利方程时,应用了细流管 的概念, 但是方程中的物理量 p, v, h 都是空间点的函数, 因此伯努利方程 实质上是对同一根流线而言的,因为 细流管的极限就是流线。
ω
例 2: 一根质量为 M 、长为 L 的均匀细棒 OA(如图),可绕通过其一端的光滑轴 O 在竖直平面内转动。一质量为 m ,初 速度为 v0 的子弹打入杆内,并与杆一起 运动,求该系统的角速度。 已知:
1 J ML2 3
0
A
定轴转动刚体的角动量守恒定律
应用事例: 常平架上的回转仪
A
v dS 0
S
通过封闭面的质量流量Qm=0
理想流体定常流动的小流管,只含一 根流线
S3 v2 S2
v1 S1
Qm
S1
v dS v dS v dS + v dS
S2 S3
对于理想流体
vS 常量
3、方程的意义 (1)流体的速率与流管的截面积成反比 (2)流线分布图样不变 流线的走向 流线的密度 (3)质量守恒定律的一种形式
p0 ghA p0 ghB v
1 2
1 2
2
v g (hA hB ) gh,
2
v 2 gh
力学小结
一、运动学: (一)参照系和坐标系 (二)基本物理量: r xi yj zk r r2 r1 ( x2 x1 )i ( y2 y1 ) j ( z 2 z1 )k xi yj zk
即dA Md
A Md
称为力矩的功。
力矩作功是力作功的角量表达式
对于刚体定轴转动情形,因质点间 无相对位移,任何一对内力作功为零。
二、转动动能 刚体上所有质元的动能之和为:
1 2 EK m v m ( r ) i i i 2 i i 1 1 2 2 ( m i ri ) J 2 2 i 2
Li ri mi vi ri2mi

O
mi vi
ri 。 mi

O
定轴
方向:


2、刚体的角动量定理
d 转动定律 M J J dt
d ( J ) dL M dt dt
Mdt
t0
t
L
L0
dL J J0
Md t dL
M 对定轴的冲量矩
M r F r (F1 F2 ) r F1 r F2
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