2018年山东省潍坊市中考物理试卷及答案

2018年山东省潍坊市学业水平考物理试题

学科：物理

一、单项选择题（本题有10个小题，共20分．每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题

2分，多选、不选、错选均不得分）．

1．（2018年山东省潍坊市，1，2分）

如图所示的四种现象，由于光的反射形成的是（）

A. 放大的“金鱼”

B.墙上的手影

C.斑马在水中的倒影

D.雨后的彩虹

【答案】C

【解析】

（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。

A. 鱼缸内被放大的金鱼属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故与题意不符；

B. 手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；

C. 斑马在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；

D.雨后的彩虹是由光照到不均匀的空气上发生折射形成的，不符合题意。

【知识点】光的直线传播光的反射平面镜成像—光的直线传播；光的直线传播光的反射平面镜成像—光的反射；光的折射光的色散看不见的光——光的折射

2．（2018年山东省潍坊市，2，2分）

最先精确确定电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间关系的物理学家是（）

A.欧姆

B.焦耳

C.奥斯特

D.法拉第

【答案】B

【解析】

根据对物理学家成就的掌握作答。

A. 德国物理学家欧姆做了大量的实验精确的确定了电流与电压、电阻的关系--欧姆定律。不符合题意；

B. 在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律。符合题意

C.奥斯特发现了电流周围存在磁场。不符合题意；

D.法拉第发现了电磁感应现象，不符合题意。

【知识点】焦耳定律及其应用—焦耳定律

3．（2018年山东省潍坊市，3，2分）

质量相同的甲、乙两物体，分别在竖直向上的拉力作用下，从同一位置同时向上运动，两物体运动的s—t图，如图所示，下列判断正确的是（）

A.第4s时两者相距16m

B.甲受到的拉力比乙大

C.甲做速度为4m/s的匀速运动

D.以甲为参照物乙竖直向下运动

【答案】D

【解析】由图象分析出两物体的运动状态及运动速度，再结合速度的计算公式以及判断物体运动和静止的相关知识，结合题意来分析解答。

由图像可知，两物体s—t图像是一条直线，所以两物体匀做匀速直线运动， A.由图可知，第4s时，两者相距12m-4m=8m，故A错误；

B.由于两物体的质量相同，所以重力相同，又同时向上做匀速直线运动，所以拉力和重力是一对平衡力，大小相等，故B错误；

C. 由图像可知，甲的速度为：

12

3/

4

s m

v m s

t s

===

甲

甲

甲，故C错误；乙的速度为

8

1/

8

s m

v m s

t s

===

乙

乙

乙

，

D. 由图可知，乙的速度为

8

1/

8

s m

v m s

t s

===

乙

乙

乙

，由于甲的速度大于乙的速度，所以以甲为参照物乙竖直向下

运动，故D正确。

【知识点】机械运动——运动和静止；机械运动——速度的计算公式；牛顿每一定律二力平衡——二力平衡4．（2018年山东省潍坊市，4，2分）

关于声现象，下列说法正确的是（）

A.声音可以在真空中传播

B.调节收音机的音量为了改变声音的音调

C.超声波能粉碎人体内的结石说明声音能传递信息

D.摩托车排气管上安装消声器是为了在声源处减弱噪声

【答案】D

【解析】根据声音的传播、音调、声的利用和减弱噪声的方法的相关知识，结合题意来分析解答。

A.声音的传播需要介质，真空不能传声，故A错误；

B.调节收音机的音量是为了改变声音的响度，故B错误；

C.超声波能够粉碎人体的结石是利用了声音能传递能量，故C错误；

D.在摩托车排气管处按消声器是在声源处减弱噪声，故D错误。

【知识点】声现象——声音的传播；声现象—声音的特性；声现象——声的利用；声现象——噪声的控制5．（2018年山东省潍坊市，5，2分）

下列关于温度、热量和内能的说法正确的是（）

A.物体吸收热量，温度一定升高

B.60℃的水一定比30℃的水含有的热量多

C.热传递过程中，热量由高温物体转向低温物体

D.物体的内能增加，一定是外界吸收热量

【答案】C

【解析】热量是指在热传递过程中传递的能量，只有在热传递过程中才能提到热量；

温度表示物体的冷热程度，在微观角度看表示了大量分子无规则运动的剧烈程度；

内能是分子动能（大量分子做无规则热运动的剧烈程度）和分子势能（分子间作用力）的总和。

A. 物体吸收热量，温度不一定会升高，比如晶体熔化过程，虽然吸收热量，但温度不变，故A错误；

B. 只有在热传递过程中才能提到热量；故B错误；

C. 两个不同温度的物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，故C正确；

D.物体内能增加，可能是外界对物体做功，也有可能是发生了热传递，故D错误。

【知识点】热和能——温度；热和能—内能；热和能——热量；热和能—改变物体内能的两种方式6．（2018年山东省潍坊市，6，2分）

“珍爱生活，注意安全”是中学生应具备的基本安全常识，下列关于安全用电的说法正确的是（）

A.只要不接触高压设备就不会触电

B.使用测电笔时，手指不能接触笔端的金属体

C.电灯的开关可以接在零线和灯泡之间

D.一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救

【答案】D

【解析】

（1）安全用电的基本原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；

（2）试电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体；

（3）家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间；

（4）由于人是电的良导体，所以发生触电事故时，应先切断电源再抢救。

A. 不接触高压电线路或设备也有可能发生触电，故A错误；

B. 使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故B错误；

C. 在家庭电路中，开关必须接在火线上，这样断开开关时用电器与火线断开，不易发生触电事故，故C错误；

D.人是电的良导体，一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救，故D正确。

【知识点】家庭电路安全用电——安全用电的原则

7．（2018年山东省潍坊市，7，2分）

如图所示，杠杆处于平衡状态，如果杠杆两侧的钩码各减少一个，杠杆将（）

A.左端下降

B.右端下降

C.仍然平衡

D.无法判断

【答案】B

【解析】根据杠杆的平衡条件的相关知识，结合题意来分析解答。

由题意可知，左侧挂两个钩码，力臂为3，右侧挂三个钩，力臂为2，所以平衡，各减少一个钩码后，左侧挂一个钩码，力臂为3，右侧挂二个钩码，力臂为2，所以右侧的力和力臂大于左侧力和力臂的乘积，右端下降。【知识点】简单机械——杠杆的平衡条件

8．（2018年山东省潍坊市，8，2分）

如图是实验电路连接完毕后，滑动变阻器接入电路的四种情形，已经可以闭合开关进行实验的是（）

A. B. C. D.

【答案】A

【解析】根据滑动变阻器的正确的连接方法和闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，结合题意来分析解答。

A.连接一上一下，滑片在阻值最大处，故A正确；

B.连接一上一下，但滑片没在阻值最大处，故B错误；

C. 连接一上一下，但滑片没在阻值最大处，故C错误

D. 连接一上一下，但滑片没在阻值最大处，故D错误。

【知识点】电压电阻—滑动变阻器

9．（2018年山东省潍坊市，9，2分）

汽车转向灯电路要求：左转弯时只能左转向灯亮，右转弯时只能右转向灯亮，不能出现操作转向开关，左、右转向灯同时亮的情况，下列设计最合理的是（）

A. B. C. D.

【答案】B

【解析】根据题意的要求，结合串联、并联电路的特点，设计出符合题意的实验电路。

由题可知，要求拔动开关到一点时，向左的灯同时亮，到另一点时向右的灯同时亮，且前、后两灯又不能互相影响，所以符合题间的电路图为B。

【知识点】电流与电路——串联、并联电路的设计

10．（2018年山东省潍坊市，10，2分）

某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气深度升高昱，下列判断正确的是（）

A.电流表示数变小，输出信号电压Uab变大

B.电流表示数变大，输出信号电压Uab变大

C.电流表示数变小，输出信号电压Uab不变

D.电流表示数变大，输出信号电压Uab减小

【答案】A

【解析】由电路图可知，电阻R与气敏元件Q串联，电流表测电路电流；

根据题意可知煤气浓度增大时其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知输出信号电压的变化，利用串联电路的电压特点和欧姆定律并结合R的阻值判断输出信号电压和电流表示数变化情况。

由电路图可知，电阻R与气敏元件Q串联，电流表测电路电流。

由题意可知，气敏元件的阻值随被测煤气浓度的增大而增大，所以当气敏元件所测煤气的浓度增大时，Q的阻值变大，电路中的总电阻变大，

由

U

I

R

可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由U=IR可知，R两端的电压变小，

因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏元件Q两端的电压变大，即输出信号电压U ab变大。

故A正确，BCD错误。

【知识点】欧姆定律—欧姆定律的应用；电压电阻—串联电路电压的特点；电流和电路—串联电路电流的二、多项选择题（本题有5个小题，共20分，每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小

题4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）

11．（2018年山东省潍坊市，11，4分）

如图所示，线圈转动过程中，下列说法正确的是（）

A.线圈的机械能转化为电能

B.通过灯泡的电流方向不变

C.通过灯泡的电流大小发生变化

D.线圈中产生电流的原理是电流磁效应

【答案】AC

【解析】发电机是利用电磁感应现象制成的，在发电机工作时，电流的大小和方向是时刻变化的，据此分析即可解决；

发电机的线圈在转动过程中，将机械能转化为电能。

A. 发电机的线圈在转动过程中，消耗机械能，产生电能，即将机械能转化为电能的过程，故A正确；

B. 线圈在转动过程中，感应电流的方向是变化的，故B错误；

C.线圈在转动过程中，感应电流的大小是变化的，故C正确；

D.线圈中产生电流的原理是电磁感应，故D错误。

【知识点】电动机磁生电—电磁感应

12．（2018年山东省潍坊市，12，4分）

如图所示，滚摆由最高点释放，旋转着下降到最低点后又上升，每次上升的最大高度逐渐降低，下列说法正确的是（）

A.下降时重力势能转化为动能和内能

B.下降时减少的重力势能等于增加的动能

C.上升时减少的动能等于增加的重力势能

D.上升的最大高度逐渐降低说明机械能不守恒

【答案】AD

【解析】

分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化；根据机械能的定义可知机械能的变化。

A.滚摆下降时，质量不变，速度增大，故动能增加，每次上升的高度减小，运动过程需要克服摩擦做功，有一部分能转化成了内能，所以下降时重力势能转化为动能和内能，故A正确；

B.由题意可知，运动过程中需要克服摩擦力做功，所以下降时减少的重力势能等于增加的动能和内能的和，故B 错误；

C. 由题意可知，运动过程中需要克服摩擦力做功，所以上升时减少的动能等于增加的重力势能与增加的内能之和，故C错误；

D.滚摆每次上升的高度逐渐减小，说明滚摆的机械能减小，故机械能不守恒，故D正确。

【知识点】动能势能机械能及其转化—动能和势能之间的转化；动能势能机械能及其转化—机械能与其它能量之间的转化

13．（2018年山东省潍坊市，13，4分）

如图是某同学设计的汽车启动电路，旋转钥匙接通a、b间电路，电动机M启动，下列说法正确的是（）

A.F端为螺线管的N极

B.R的滑片左移时螺线管磁性减弱

C.电动机启动说明螺线管产生磁性

D.螺线管两端电压小于电动机两端电压

【答案】CD

【解析】

此设备的实质就是一个电磁继电器，利用电磁继电器的工作过程即可得到此题的答案；

A.据安培定则可知，电磁铁的

【知识点】F端为电磁铁S极，E端为电磁铁的N极,故A错误；

B.由图可知，

14．（2018年山东省潍坊市，14，4分）

将某种固态物质放入加热功率恒定的装置中，对其加热至沸腾，温度随时间变化的关系如图所示，关于该物质说法正确的是（）

A.固态时是晶体

B.在ab段内能增加

C.在cd段仍需要吸收热量

D. 固态时的比热容比液态时大

【答案】ABC

【解析】

（1）分析晶体的熔化图象：根据图象确定熔点、熔化过程及不同阶段处于的状态；

（2）掌握液体的沸腾图象：沸腾前吸热升温，沸腾时吸热温度保持不变，完全汽化完毕后吸热温度升高；

A.此图象中有段温度保持不变的过程，说明这物质固态时是晶体，故A正确；

B.由图象可知，ab段是晶体熔化的过程，温度不变，不断吸热，所以内能不断增加，故B正确；

C.由图象可知，cd段是液体沸腾的过程，液体沸腾时吸热温度保持不变，故C正确；

D.由图像可知，该物质固态升温的过程比液态升温过程的温度变化快，所以固态时的比热容小于液态时的比热容，故D错误。

【知识点】热和能——晶体熔化时的特点；热和能——液体沸腾时的特点及应用

15．（2018年山东省潍坊市，15，4分）

如图所示，物体A、B叠放在水平地面上，对A施加水平向右的拉力F，A、B一起向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（）

A.A受的摩擦力为0

B.A受的摩擦力向左，大小为F

C.A对B的摩擦力向左，大小为F

D.地面对B的摩擦力向左，大小为F

【答案】BD

【解析】

AB一起做匀速直线运动，合力均为零，先分析A的受力，由平衡条件分析摩擦力方向，根据牛顿第三定律可确定A对B的摩擦力方向．地面对B有滑动摩擦力，根据平衡条件分析摩擦力的方向；

A、B.对A研究：水平方向受到水平向右的力F，由平衡条件得知：B对A有水平向左的静摩擦力，又由于木块做匀速直线运动，所以力的大小为F,故A错误，B正确；

C.根据牛顿第三定律得知，B受到A的摩擦力A所受的静摩擦力方向相反，即水平向右。故C错误；

D.B相对于地面向右运动，对整体，根据平衡条件得知，地面对B的摩擦力为滑动摩擦力，水平向左，由于木块做匀速直线运动，所以摩擦力的大小为F，故D正确。

【知识点】力弹力重力摩擦力—摩擦力的大小与方向；牛顿第一定律二力平衡—力和运动的关系

三、作图题（本题2个小题，共5分）

16. （2018年山东省潍坊市，16，2分）

一木块沿水平面向左滑行并冲上斜面，请在图甲中画出以下力的示意图：（1）木块水平向左滑行时所受的摩擦力；

（2）木块对斜面的压力。

【答案】

【思路分析】根据滑动摩擦力的方向始终与物体移动的方向相反，压力的方向始终垂直于接触面向下，结合力

的示意图的画法来分析解答。

由题意可知，在水平面上，木块向左滑行，所以它受到的摩擦力水平向右，木块对斜面的压力垂直于斜面向下，力的示意图如下图所示：

。

【知识点】力弹力重力摩擦力——力的示意图；力弹力重力摩擦力——摩擦力

17．（2018年山东省潍坊市，17，3分）

如图乙所示，一束光线与水平方向成60角，请你放置一块平面镜使它的传递方向变为水平向右，画出平面镜的位置，并标出反射角的度数。

【答案】

【思路分析】首先根据反射光线的方向（水平向右）作出反射光线的大致位置，反射光线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置，画出法线，然后根据法线是与平面镜是垂直的关系画出平面镜，标明反射角的度数。

【解题过程】要使它的传播方向变为水平向右（即反射光线水平向右），则反射光线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置，据此画出法线，过入射点画出法线的垂线，即平面镜的位置；

因入射光线与水平方向成60°角，而反射光线是水平向右的，所以反射光线与上面的虚线平行，则反射光线与入射光线的夹角为180°-60°=120°，

因为反射角等于入射角，所以反射角为60°．如图所示：

【知识点】光的直线传播光的反射平面镜成像——根据光的反射定律做图

四、科普况读题（本题有1个小题，共5分）

18．（2018年山东省潍坊市，18，5分）

北京8分钟

2008年平昌冬奥会闭幕式上，“北京8分钟”表演惊艳全世界，同时宣告冬奥会进入北京时间，短短8分钟的表演却蕴涵着大量的“中国智慧”和“中国制造”。

闭幕式上，演员穿着目前国内最大尺寸的熊猫木偶道具进行轮滑表演，给人留下了深刻印象，为达到最佳表演效果，需要严格控制道具的质量，初选材料做出来的道具均为40kg，为减小道具的质量，制作团队在原有工艺的基础上不断改良和创新，经过反复对比和测试，最终确定用铝合金管材和碳纤维条作为制作材料，最终版的熊猫木偶质量仅为10kg。

装载着大屏幕的机器人与轮滑舞者进行了互动表演，为体现冰雪主题。大屏幕也使用了新技术，让它们看起来像是用冰雪制成的“冰屏”，每块“冰屏“长3m，为保证”冰屏“具有较强的抗风能力，”冰屏的整个结构非常精密，卡槽与屏幕之间的距离达到微米级，经过风洞测试，每块“冰屏”都能承受15m/s的风速，目前我国的“冰屏”技术己处于世界领先水平。

舞台上要求演员衣服极薄，动作舒展流畅。由于现场气温低至-3℃，为做好演员的保暖工作，超薄保暖服采用了超级新型纳米材料—石墨烯发热膜。演员上场前，需先对服饰内的电池进行充电，充电完成后，石墨烯发热膜保暖服可在-20℃的环境中工作4小时，确保了演员穿着舒适和演出成功。

阅读短文，回答问题：

（1）熊猫木偶道具选用铝合金管材和碳纤维条作为制作材料，除了考虑材料的强度和韧性外，还因为这些材料较小；

（2）演员在地面上做曲线运动时，受到的力是（选填“平衡力”或“非平衡力”）；

（3）在对“冰屏”进行抗风能力的风洞测试中，让屏幕正对风的方向，若增大风速，风对屏幕产生的压强（选填“变小”、“变大”或“不变”）；

（4）在给保暖服内的电池充电时，电能转化为能；保暖服通电发热是通过（选填“热传递”或“做功”）方式增加保暖服的内能。

【答案】（1）密度；（2）非平衡力；（3）变大；（4）化学；做功。

【思路分析】（1）体积相同时，物质的密度越小，物质的质量越小；

（2）根据牛一定律的相关知识，结合题意来分析解答；

（3）根据压强的计算公式，结合题意来分析解答；

（4）根据充电时的能量转化情况，结合改变物体内能的两种方式来分析解答。

【解题过程】

（1）由题意可知，表演中熊猫木偶道具选用铝合金管材或碳纤维条作为制作材料，除了考虑材料的强度和韧性外，还因为这些材料密度较小；

（2）演员在地面上做曲线运动时，运动状态时刻在改变，所以受到的力是非平衡力；

（3）由题意可知，让屏幕正对风的方向，若增大风速，则增大出风对屏幕的压力，则风对屏幕产生的压强变大；（4）在给保暖服内的电池充电时，电能转化为化学能；

保暖服通电发热是通过热传递的方式增加保暖服的内能的。

【知识点】质量和密度—密度的计算公式的应用；牛顿第一定律二力平衡——牛顿第一定律的应用；压强液体压强—压强的计算公式；热和能——改变物体内能的两种方式

五、实验题（本有4个小题，共24分）

19．（2018年山东省潍坊市，19，4分）

在探究“凸透镜成像规律”时，所用凸透镜的焦距是20cm。

（1）将蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上依次摆放.点燃蜡烛后，无论怎样在光具座上移动光屏总找不到像，其原因可能是.（写出一种即可）

（2）经过调整，在光屏上得到一个清晰、倒立的实像：保持凸透镜位置不变，将蜡烛远离凸透镜、要获得清晰的实像，光屏应（选填“靠近”或“远离”）凸透镜.

【答案】（1）烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度（烛焰在透镜的焦点上；烛焰在透镜焦点之内；物像之间距离大于光具座的长度）；

（2）靠近。

【思路分析】（1）根据凸透镜不能成实像的原因，结合题意来分析解答；

（2）根据凸透镜成像的规律的相关知识，结合题意来分析解答。

【解题过程】

（1）在光屏上找不到物体的像，说明此时成虚像或不能成像或成实像便不能呈现在光屏上，所以原因可能是：烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度（烛焰在透镜的焦点上；烛焰在透镜焦点之内；物像之间距离大于光具座的长度）；

（2）蜡烛远离凸透镜，增大了物距，由凸透镜成像的规律可知，要得到清晰的像，需要减小像距，所以光屏应靠近凸透镜。

【知识点】透镜及其应用——凸透镜成像的应用

20．（2018年山东省潍坊市，20，6分）

用天平和量筒等器材测量食用油的密度，实验步骤如下：

（1） 天平调好后，将盛有食用油的烧杯放在天平的左盘，在右盘中添加砝码并拔动游码.天平平衡时，游码位

置和所加砝码如图甲所示，则烧杯和食用油的总质量是 g ；

（2） 将烧杯中食用油倒入量筒中一部分，液面位置如图乙所示，倒出的食用油的体积为 mL ； （3） 用天平测出烧杯和剩余食用油的质量为41.0g ，则该食用油的密度为；ρ = kg/m 3；

（4） 若将食用油倒入量筒时，量筒壁上沾上了少量食用油，则食用油密度的测量值比真实值 （选

填“大”、“小”或“不变”）. 【答案】（1）73.4；（2）40；（3）3

3

0.8110/kg m ?；（4）大；

【思路分析】（1）根据天平的正确的读数方法，结合题意来分析解答；

（2）根据量筒的正确的读数方法，结合题意来分析解答；

（3）根据题意计算出倒出的食用油的质量，再根据体积计算出食用油的密度； （4）根据实验中测量出的数据的误差，分析出测量值与真实值的差异即可。 【解题过程】（1）由图甲可知，此时烧杯和食用油的总质量是：50g+20g+3.4g=73.4g ； （2）由图乙可知，倒出的食用油的体积为：V=40mL=40cm 3； （3）由题意可知，倒出食用油的质量为：m=73.4g-41.0g=32.4g ， 食用油的密度为：333332.40.81/0.8110/40m g g cm kg m V cm

ρ=

===?； （4）由题意可知，实验过程中，将食用油倒出量筒时，量筒壁上沾上了少量的食用油，所以实验中测得的体积

偏小，则食用油密度的测量值比真实值偏大。 【知识点】质量和密度——液体物质的密度的测量 21．（2018年山东省潍坊市，21，8分） 要测量一个额定电压为3.8V 小灯泡的功率，小灯泡工作时的电阻约为10Ω.现有电流表、电压表、开关各一个，规格分别为“10Ω 1A ”、”50Ω 0.5A ”和“500Ω 0.1A ”的滑动变阻器各一个，导线若干，电源（8V ）一个.

（1）为了完成实验，应该选取规格为 的滑动变阻器；

（2）选出合格的滑动变阻器后，将实验器材连成如图所示的实验电路，闭合开关，将滑动变阻器滑片向右移动，观察到的现象是（ ）（多选）：

A.小灯泡变亮，电压表示数变大

B.电流表示数为零，小灯泡不亮

C.电流表示数变大，电压表示数变小

D.电压表示数接近8V ，且示数不变

（3）造成上述现象的原因是其中有一条导线连接错误，请将该导线打上“×”号，并用笔画线代替导线把它改到正确的位置上；

（4）线路改正后，移动滑片，记录多组电流I和电压U，并在坐标纸上做出I—U关系图象.如图所示，由图可知小灯泡的额定功率为W；当小灯泡两端的电压为3V 时，灯泡电阻为Ω.

【答案】（1）50 0.5A；（2）BD；（3）；（4）1.14；12。

【思路分析】

（1）判断滑动变阻器的使用规格，同时要考虑滑动变阻器的电阻和允许通过的最大电流。

滑动变阻器与灯泡串联，灯泡电流大约为

3.8

10

0.38

U

I

R

A

V

==

Ω

=，三个滑动变阻器电流都适用，

滑动变阻器电阻大约为

'8 3.8

'11.1

'0.38

U V V

R

I A

-

===Ω，可以确定滑动变阻器电阻；

（2）根据连接好的实物图判断出电路的连接情况，再结合电压表和电流表的相关知识来分析解答；（3）根据电压表和电流表正确的使用方法，分析出错误的导线并改正；

（4）电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数。

知道电压和电流，根据P=UI，计算额定功率；

由图中找出当电压为3V时通过小灯泡的电流，计算出此时的电阻值。

【解题过程】

（1）电路电流最大约为

3.8

1

08

.3

L

L

L

U V

R

A

I

Ω

=

==，

“500Ω 0.1A”的滑动变阻器电流太小不适合。

灯泡正常工作时，滑动变阻器电压为：U'=U-U2=8V-3.8V=4.2V，

滑动变阻器电阻为

'8 3.8

'11.1

'0.38

U V V

R

I A

-

===Ω，

“10Ω 1A”的电阻太小，不能满足实验需要，

故选择“50Ω 0.5A”滑动变阻器；

（2）由连接好的电路图可知，电流表并联在了小灯泡的两端，小灯泡被短路，电压表串联在了电路中，电压表测电源电压始终为8V，由于电压表的电阻很大，所以电流表的示数为零，所以当滑动变阻器的滑片移动时，对电路的总电阻的影响很小，所以电压表和电流表的示数都不变，小灯泡始终不亮，故说法正确为BD；

（3）由题意可知，实物图中电流表并联在了小灯泡的两端，电压表串联在了电路中了，错误的连线以及改正后连接好的实物图如下图所示：

；

（4）由图可知，当小灯泡两端的电压为3.8V时，电路中的电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；

当小灯泡两端的电压为3V时，通过它的电流为0.25A，此时小灯泡的电阻为：

3

12

0.25

U V

R

I A

===Ω。【知识点】

22．（2018年山东省潍坊市，22，6分）

某同学在探究弹性势能大小与形变量的关系时，猜测弹性势能可能与形变量x成正比，也可能与形变量的平方x2成正比，用如图装置进行探究，将弹簧套的光滑竖直杆上且底端固定在水平面上，刻度尺与杆平行，进行了如下操作：

①弹簧处于自由状态时，读出其上端距水平面的高度h0；

②将中间有孔的小铁块套在光滑竖直杆上放于弹簧上端，竖直向下按压铁块，读出此时弹簧上端到水平面的高

度h1；

③释放小铁块，当铁块上升到最大高度时，读出铁块下端到水平面的高度h2；

④改变弹簧的压缩长度，重复步骤②③，将测出的数据记录在表格中，并计算出弹簧的形变量x，形变量的平

方x2和小铁块上升的距离h

V.

（1）实验中弹簧的形变量x= （用所测物理量符号表示）；

（2）本实验中，弹簧弹性势能大小是通过来间接反映的；

A.h1

B.h2

C.h2-h o

D.h2-h1

（3）该同学根据表中的数据分别做出h x -V 和2h x -V 图像，由此得到的结论是弹簧弹性势能的大小 与 成正比. 【答案】（1）h 0-h 1；（2）D ；（3）形变量的平方（或x 2）。 【思路分析】（1）根据表中的数据，结合题意来分析解答； （2）根据表中各行数据之间的关系，结合题意来分析解答； （3）根据表中的数据结合图像来分析解答。 【解题过程】

（1）由表中第二列、第三列和第五列数据可知，实验中弹簧的形变量x= h 0-h 1;

（2）由题意可知，实验中弹簧弹性势能大小是通过h ?来间接反映的，由表中第三列、第四列以及第七列数据

可知，21h h h ?=-，故选C ；

（3）由表中的第五、六、七列数据可知，h ?与x 2的比值是一定值，与x 的比值不是定值，所以弹簧弹性势能

的大小与形变量的平方（x 2）成正比。

【知识点】力 弹力 重力 摩擦力—弹簧称的工作原理

六、计算题（本题有4个小题，共26分.解答对应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答

案的不能得分） 23．（2018年山东省潍坊市，23，4分） 如图所示，工人用滑轮组提升重为400N 的货物，所用拉力恒为240N ，货物被匀速提升10m.求：

（1）工人做的功；

（2）滑轮组的机械效率. 【思路分析】（1）根据题意判断出承担物体重力的绳子数，由滑轮组的工作特点计算出绳子自由端移动的距离，再根据拉力计算出工人做的功；

（2）根据题意由重力和物体上升的高度计算出有用功，再由机械效率的计算公式计算出机械效率。 【解题过程】解：（1）绳子自由端移动的距离：221020s h m m ==?=, 工人做的功：Fs=240N 2m=4800J W =?总； （2）有用功：Gh=400N 10m=4000J W =?有用 机械效率：4000=

100%100%83.3%4800W J

W J

η?=

?≈有用总

。

【知识点】简单机械—滑轮组的工作特点，机械效率—滑轮组的机械效率 24．（2018年山东省潍坊市，24，6分）

如图所示是一种常见的封闭电热水袋，其性能参数如表中所示.己知电热水袋加热效率为80%，水的比热容

34.210/(c J kg =??℃)，水的密度331.010/kg m ρ=?.将袋内20℃的水加热到自动断电，求：

（1） 袋内水吸收的热量； （2） 需要的加热时间. 【思路分析】（1）根据袋内水的体积和水的密度计算出水的质量，再根据水的温度变化计算出水吸收的热量； （2）根据效率计算出热水袋产生的热量，再根据功率计算出加热时间。 【解题过程】

解：（1）由题意可知，袋内水的质量为：3333

1.010/ 1.010 1.0m V kg m m kg ρ-==???=，

袋内水吸收的热量为：30005

0() 4.210/() 1.0(6020) 1.6810Q cm t t J kg C kg C C J =-=????-=?；

（2）由效率的计算公式可知，热水袋产生的热量为：551.6810J 2.11080%

Q Q J η?===?吸

放， 需要的加热时间为52.110525400Q J

t s P W

?===放。 【知识点】质量和密度—密度的计算公式，热和能—热量的计算公式，电能 电功率—电功率的计算公式

25．（2018年山东省潍坊市，25，7分）

如图所示，用细线将正方体A 和物体B 相连放入水中，两物体静止后恰好悬浮，此时A 上表面到水面的高度差

为0.12m.己知A 的体积为331.010m -?，所受重力为8N ；B 的体积为33

0.510m -?，水的密度3

3

1.010/kg m ρ=?，

g 取10N/kg,求：

（1） A 上表面所受水的压强； （2） B 所受重力的大小； （3） 细线对B 的拉力的大小. 【思路分析】（1）根据A 的上表面到液面的距离，结合液体压强的计算公式计算出压强；

（2）根据题意分析出A 和B 排开水的体积，再根据阿基米德原理计算出A 和B 受到的总浮力，最后根据物体的浮沉条件计算出B 受到的重力的大小；

（3）根据B 的状态分析出B 的受力情况，再由阿基米德原理计算出B 受到的浮力的大小，再根据力的合成的相关知识计算出细线对B 的拉力的大小。 【解题过程】

解：（1）由题意可知，A 上表面所受水的压强为：3

3

3

1.010/10/0.12 1.210p gh kg m N kg m Pa ρ==???=?；

（2）由题意可知，A 和B 受到的总浮力为：333333)

1.010/10/(1.0100.510)15A B F V kg m N kg m m N

ρ--=+=????+?=浮总g （V ，

由于A 和B 一起漂浮在水面上，所以A B F G G =+浮总， 则B 受到的重力大小为：1587B A G F G N N N =-=-=浮总；

（3）由题意可知，B 受到的浮力的大小为：3333

1.010/10/0.5105B F V kg m N kg m N ρ-==????=浮B g ，

由题意可知，此时B 受到竖下向下的重力，竖直向上的浮力和竖直向上的拉力的作用，此时它静止，所以细线

对B 的拉力大小为：752B F G F N N N =-=-=浮B 。

【知识点】压强 液体压强—液体压强的计算公式，牛顿第一定律 二力平衡—力和运动的关系，浮力—阿基米德原理，浮力—物体的浮沉条件 26．（2018年山东省潍坊市，26，9分） 某科技活动小组设计了如图所示的电路，电源电压不变，当S 1闭合，S 2断开，变阻器R 2的滑片P 滑到a 端时，

电流表的示数为0.8A ，定值电阻R 1消耗的功率为6.4W ；变阻器R 2的滑片P 滑到b 端时，电流表的示数变为0.2A ；当S 1和S 2都闭合，变阻器R 2的滑片P 滑到某点时，电流表的示数为0.6A ，小灯泡L 消耗的功率为0.9W.求：

（1） 电源电压；

（2） 变阻器R 2的最大阻值；

（3） 小灯泡两端电压及此时变阻器R 2连入电路的阻值. 【思路分析】（1）根据开关的通断情况判断出电路的连接情况，结合题意计算出电源电压；

（2）根据电源电压和电路中的电流计算出电阻R 1的阻值，再根据开关的通断情况判断出电路的连接情况，计算出电路的总电阻，结合题意计算出变阻器的最大阻值；

（3）设出小灯泡两端的电压，根据题意列出方程，结合题意中的数据计算出电压，根据串联电路电压的特点计算出变阻器R 2两端的电压，计算出变阻器R 2连入电路的电阻。 【解题过程】 解：（1）当S 1闭合、S 2断开，变阻器R 2的滑片P 滑到a 端时，只有电阻R 1连入电路， 电源电压：1

11 6.4U 80.8P W U V I A

==

==总； （2）由题意可知，电阻R 1的阻值为：1118100.8U V R I A

=

==Ω， 当S 1闭合、S 2断开，变阻器R 2的滑片P 滑到b 端时，R 1 与R 2串联， 则电路的总电阻为：8400.2U V

R I A

=

==Ω总总总，

变阻器R 2的最大阻值为：21R R 401030R =-=Ω-Ω=Ω总； （3）设小灯泡两端的电压为U ，根据题意列方程得：110.6P U R U +=，0.90.610U U

+=， 解得：U=3V ，

则变阻器R 2两端的电压为：2'U 835U U V V V =-=-=总， 变阻器连入电路的电阻为：22'5'8.3'0.6U V

R I A

=

=≈Ω总。 【知识点】欧姆定律—欧姆定律的应用，电压 电阻—串联电路电压的特点，电流和电路—串联电路的电流的特点，电压 电阻—串联电路的电阻的特点