浙江省名校新高考研究联盟2018届第三次联考答案
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浙江省名校新高考研究联盟2018届第三次联考
数学参考答案
一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
8、解:
构造函数1y x =,22y x =-
,则(),x x 与2,y y ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭-两点分别在两个函数图象上,故所求看成两点(),x x 与2,y y ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭
-之间的距离平方,
令2220802y x m x mx m m y x ⎧⎪⎨⎪⎩=+⇒++=⇒∆=-=⇒==- 所以y x =+是与1y x =平行的22
y x
=-的切线,故最小距离为2d = 所以()
2
2
2x y x y ⎛⎫
⎪ ⎪⎝⎭
++-的最小值为4 9、解:设()tan x
y t -=,故t t
y
x x y x 615)](2tan[)tan(+=--=+, 由题可知0t ≠,通过求导或基本不等式可得:]6
25,0
()0,625[)tan(⋃-∈+y x ,故选C 10、解:001
cos cos60cos604
θ==
二、填空题:本大题共
7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。
, 、21n -, 2
)1()1(+-n n n 14、5,110 15、40 16、17、127,13⎛⎛⎫
⎪ ⎪⎝⎭
⎝⎭
-- 16、解法一:
(
)
(
)
222
a b c a b
c a b a b +--+=-⇒-=
u
r u r u
r u r
u r u
r u
r u r
u r u
r 几何意义可以理解为,设OA a =uuu u r u r ,OB b =
u r
uuu u r ,取AB 中点为D ,所以2
c
的终点C 在以D 为圆心,以2a b AD -=u
r u r 为半径的圆上运动,所以c u r
的最大值就是2OD AD ⎛⎫ ⎪⎝⎭
+uuuu
r uuuu r
又因为22
1OD AD +=u u u u r u u u u r ,所以OD AD +≤uuuu r uuuu r
当且仅当2
OD AD ==uuuu r uuuu r
,即a b ⊥u r u r
时,max c =u r 解法二:
()
c a b c a b a b -+≤-+=-u
r u r u
r u r u r u r
u r u r
所以c a b a b ≤-++≤=u
r u
r u r
u r u r 当且仅当a b ⊥u r
时,max
c =u r
17、解:
函数()()222y f x f x mx m =---有三个不同的零点
即(
)(
)(
)
222222
-2-2,,21,222222224,2,1mx m x y x x x x mx m x m x m x ⎧⎤⎡⎦⎣⎪
⎨⎪⎩
∈-∞-+∞
=+---+--=--+-+∈-有三个不同零点
则必有2220mx m +=在(),21,x ⎤⎡⎦⎣∈-∞-+∞上有一解,且()22222240x m x m --+-+=在()
2,1x ∈-上有
两解.
由2220mx m +=在()
,21,x ⎤⎡⎦
⎣
∈-∞-+∞上有一解得2m -≤-或1m -≥,即2m ≥或1m ≤-. 由()22222240x m x m --+-+=在()2,1x ∈-上有两解转化为2222422x x mx m ++=+有两解 即二次函数与一次函数相切的临界状态 由()()
2
2228420m m ∆=++-=
解得m 结合图象得:
127
,13m ⎛
⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭
⎝⎭
-∈-
三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 18、解:
(1)()21sin 22cos 12cos 2cos 2622f x x
x x x x πωωωωω⎛
⎫=-+-=-+ ⎪⎝
⎭
12cos 2sin 2226x x x πωωω⎛⎫=+=+ ⎪⎝
⎭ 当1ω=,()sin 26f x x π⎛
⎫=+ ⎪⎝
⎭,令222262k x k πππππ-+≤+≤+k Z ∈
可得,36x k k k Z ππππ⎡⎤
∈-++∈⎢⎥⎣⎦
;(7分)
(2)易知38T π=,即可知83ω=,则()16
sin 3
6f x x π⎛⎫=+
⎪⎝⎭, 由0,8x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦得,165,3666x πππ⎡⎤+∈
⎢⎥⎣⎦,则()1,12f x ⎡⎤
∈⎢⎥⎣⎦
.(15分)
B
19、解:
(1)取BC 中点E ,AE 中点H ,CE 中点F ,
AB AC = A E B C
∴⊥ 由翻折知DE BC ⊥ ∴二面角A BC D --即60o AED ∠=,且B C A ⊥
面 A D E A B C
∴⊥面面 DE AE =,60o AED ∠= A D E ∴∆为正三角形 DH AE ∴⊥
AE ADE ABC =面面DH ABC ∴⊥面 D H
A C ∴⊥
可求2HE =
,1
2
FE =,1BE =,由2HE FE BE =⋅可知FH BH ⊥,从而AC BH ⊥,又有DH AC ⊥,所以AC ⊥面DHB ,所以AC BD ⊥(8分)
(2)解法一:取AD 的中点M ,连接MB ,MC ,过B 点作
MC 边
上的高,垂足为N ,
==AB BD ==AC CD M 为中点, ,∴⊥⊥BM AD CM AD ,BM 交CM 于点M ,
∴⊥AD BMC 面
⊥BN MC ,且⊂B N B M C 面,∴⊥BN AD ,
∴⊥BN ACD 面
∴直线BC 与平面ACD 所成角即∠BCM ,
由(1)可知ADE 为正三角形,可知
=AD ,
可求
==BM CM ,
=BN cos ∠=BCN 。(15分)
解法二:(等体积法)--=B ADC D
ABC V V
,113323
-=⋅=⨯=D ABC ABC
V DH S ,
113326-=⋅=⨯=B ADC
ADC V h S h ,
5
=h .所以cos 5∠=BCN 。(15分)
20、解:(1)x
x x a x x x a x f 1
1)('-=
-=, (3分) 要使)(x f 在区间),1(+∞不单调,则0)('=x f 在),1(+∞上有解,
即x
a 1
=在),1(+∞上有解,所以a 的取值范围是)1,0(. (7分)
(2)即证当1=a 时,032
2ln )(2
<-+-+
=x x x x x g , x
x x x x x x x x x x g )
1)(1()1(1)('2---=
---= (11分) 因为1>x ,所以01>-x ,012
<--x x x ,0)(' 所以02 1 )1()(<-= 21、解: (1)如图所示,设PM 所在直线方程为1(0)y kx k =-<,代入椭圆方程22 21x y a += 整理得2222 (1)20a k x ka x +-=,解得2122220,1ka x x a k ==+…………….(3分)