2016版高考物理复习 专题二十一 电学实验(二)专题演练(含两年高考一年模拟)
2016版《一点一练》高考物理二轮复习专题演练专题十七电场的能的性质(含两年高考一年模拟)Word版含答案

1.(2015·新课标全国卷Ⅰ,15)如图,直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线,M、N、P、Q是它们的交点,四点处的电势分别为φM、φN、φP、φQ。
一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中,电场力所做的负功相等。
则()A.直线a位于某一等势面内,φM>φQB.直线c位于某一等势面内,φM>φNC.若电子由M点运动到Q点,电场力做正功D.若电子由P点运动到Q点,电场力做负功2.(2015·海南单科,7)(多选)如图,两电荷量分别为Q(Q>0)和-Q的点电荷对称地放置在x轴上原点O的两侧,a点位于x轴上O点与点电荷Q之间,b点位于y轴O点上方。
取无穷远处的电势为零。
下列说法正确的是()A.b点电势为零,电场强度也为零B.正的试探电荷在a点的电势能大于零,所受电场力方向向右C.将正的试探电荷从O点移到a点,必须克服电场力做功D.将同一正的试探电荷先后从O、b两点移到a点,后者电势能的变化较大3.(2015·四川理综,6)(多选)如图所示,半圆槽光滑、绝缘、固定,圆心是O,最低点是P,直径MN水平。
a、b是两个完全相同的带正电小球(视为点电荷),b固定在M点,a从N点静止释放,沿半圆槽运动经过P点到达某点Q(图中未画出)时速度为零。
则小球a()A.从N到Q的过程中,重力与库仑力的合力先增大后减小B.从N到P的过程中,速率先增大后减小C.从N到Q的过程中,电势能一直增加D.从P到Q的过程中,动能减少量小于电势能增加量4.(2015·江苏单科,8)(多选)两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示。
c是两负电荷连线的中点,d点在正电荷的正上方,c、d到正电荷的距离相等,则()A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比b点的高C.c点的电场强度比d点的大D.c点的电势比d点的低5.(2014·新课标全国卷Ⅱ,19)(多选)关于静电场的电场强度和电势,下列说法正确的是()A.电场强度的方向处处与等电势面垂直B.电场强度为零的地方,电势也为零C.随着电场强度的大小逐渐减小,电势也逐渐降低D.任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向6.(2014·新课标全国卷Ⅰ,21)(多选)如图,在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点,M、N、P为直角三角形的三个顶点,F为MN的中点,∠M=30°。
2016届高考物理二轮复习专题十物理实验的创新和设计第二讲电学实验的创新和设计素能演练提升(含解析)

素能演练提升十(2)电学实验的创新和设计(时间:60分钟满分:100分)说明:本卷共5题,请把答案填在题中横线上或按要求作答.1.(15分)某实验探究小组在测量某个电阻R x的阻值时:(1)首先实验小组利用多用电表进行粗测,当转换开关转到“×10”挡,指针指在图中位置,则待测的电阻R x为Ω.(2)为了更准确测量出R x的阻值,实验小组又利用量程相同的两个电压表、电阻箱、电池、开关、变阻器等设计了如图所示的测量电路.实验步骤如下:A.根据实验电路图连接好实验电路,将滑动变阻器的滑片调到最右端B.合上开关S,将滑动变阻器的滑片向左端滑动,使两个电压表指针都有较大角度的偏转C.调节电阻箱R0的阻值,使两个电压表的读数相等D.记下电阻箱R0的阻值,即为待测电阻的阻值回答下面问题:(Ⅰ)根据实验电路图,用笔画线代替导线将实物图补充完整;(Ⅱ)若两电压表的内阻不等,且R1>R2,则测量结果比真实值(选填“偏大”“偏小”或“不变”);(Ⅲ)若两电压表的内阻分别为R1、R2(R1≠R2,且均没有远大于R x),两电压表的读数均为U;电阻箱的阻值为R0,则R x=.解析:(2)(Ⅱ)根据题意可知,本实验是根据“串联电路电压与电阻成正比”来测电阻R x,即R1与R0的并联总电阻等于R2与R x的并联总电阻,若R1>R2,则R0<R x.(Ⅲ)根据可得R x=.答案:(1)170(4分)(2)(Ⅰ)电路图如图所示(4分)(Ⅱ)偏小(3分)(Ⅲ)(4分)2.(15分)(2015江苏南京模拟)某实验小组要测量电阻R x的阻值.(1)首先,选用欧姆表“×10”挡进行粗测电阻的测量值约为140 Ω.(2)接着,用伏安法测量该电阻的阻值,可选用的实验器材有电压表V(3 V,内阻约3 kΩ);电流表A(20 mA,内阻约2 Ω);待测电阻R x;滑动变阻器R1(0~2 kΩ);滑动变阻器R2(0~200 Ω);干电池2节;开关、导线若干.在图乙、图丙电路中,应选用图(选填“乙”或“丙”)作为测量电路,滑动变阻器应选用(选填“R1”或“R2”).(3)根据选择的电路和器材,在图丁中用笔画线代替导线完成测量电路的连接.(4)为更准确测量该电阻的阻值,可采用图戊所示的电路,G为灵敏电流计(量程很小),R0为定值电阻,R、R1、R2为滑动变阻器.操作过程如下:①闭合开关S,调节R2,减小R1的阻值,多次操作使得G表的示数为零,读出此时电压表V和电流表A的示数U1、I1;②改变滑动变阻器R滑片的位置,重复①过程,分别记下U2、I2、…、U n、I n;③描点作出U-I图象,根据图线斜率求出R x的值.下列说法中正确的有.A.闭合S前,为保护G表,R1的滑片应移至最右端B.调节G表的示数为零时,R1的滑片应位于最左端C.G表示数为零时,a、b两点间电势差为零D.该实验方法避免了电压表的分流对测量结果的影响解析:(2)由于待测电阻的电阻值比较大,比电流表的内阻大得多,所以电流表使用内接法;由于两个滑动变阻器的电阻值都比较大,所以要选择限流电路,实验电路选择丙,滑动变阻器选择容易调节的变阻器,所以选择R2.(3)根据实验的原理图,依次连接电路如图.(4)闭合S前,为保护G表,开始时R1的电阻值要最大,所以滑片应移至最左端,故A错误;调节G 表的示数为零时,与R1的滑片的位置无关,故B错误;该图实验的原理是利用惠斯通电桥法,G表示数为零时,a、b两点间电势差为零,故C正确;该实验方法避免了电压表的分流对测量结果的影响,故D正确.答案:(2)丙R2(4分)(3)见解析图(6分)(4)CD(5分)3.(20分)(2015上海十三校二模)某同学利用DIS、定值电阻R0、电阻箱R1等实验器材测量电池a的电动势和内阻,实验装置如图甲所示,实验时多次改变电阻箱的阻值,记录外电路的总电阻阻值R,用电流传感器测得端电流I,并在计算机上显示出如图乙所示的-R关系图线a,重复上述实验方法测量电池b的电动势和内阻,得到图乙中的图线b.(1)由图线a可知电池a的电动势E a= V,内阻r a=Ω.(2)若用同一个电阻先后与电池a及电池b连接,两电池的效率分别为ηa和ηb,则.A.ηa一定小于ηbB.ηa一定大于ηbC.ηa可能等于ηbD.ηa可能大于ηb(3)若用同一个电阻先后与电池a及电池b连接,两电池的输出功率分别为P a和P b,则.A.P a一定小于P bB.P a一定大于P bC.P a可能等于P bD.P a一定等于P b解析:(1)根据E=U+r,得题图线a,截距b=0.5=,斜率k=0.5=故电动势E a==2 V内电阻r a=bE=1 Ω.(2)(3)在图乙中,图象的斜率为电源电动势的倒数,从图象可知a的斜率大于b的斜率,故E a<E b;图象的截距表示,而a的截距大于b的截距,而r=Ek,由图中标度,可近似得出b的截距约为0.4,斜率约为,则电动势约为3.1 V,内阻约为1.25 Ω,故E a<E b,r a<r b,近似作出伏安特性曲线,电阻的曲线与两电源的交点为电阻的工作点.则由图可知,图中交点的电压与电流的乘积为电源的输出功率,由于电阻的大小未知,因此电源的输出功率P a>P b、P a=P b、P a<P b均有可能.由于r a<r b,因此ηa>ηb.答案:(1)2(5分)1(5分)(2)B(5分)(3)C(5分)4.(25分)物体带的电荷量是一个不易测得的物理量,某同学设计了如下实验来测量带电物体所带的电荷量.如图甲所示,他将一由绝缘材料制成的小物块A放在足够长的木板上,打点计时器固定在长木板末端,物块靠近打点计时器,一纸带穿过打点计时器与物块相连,操作步骤如下,请结合操作步骤完成以下问题:(1)为消除摩擦力的影响,他将长木板一端垫起一定倾角,接通打点计时器,轻轻推一下小物块,使其沿着长木板向下运动.多次调整倾角θ,直至打出的纸带上点迹,测出此时木板与水平面间的倾角,记为θ0.(2)如图乙所示,在该装置处加上一范围足够大的垂直纸面向里的匀强磁场,用细绳通过一轻小定滑轮将物块A与物块B相连,绳与滑轮摩擦不计.给物块A带上一定量的正电荷,保持倾角θ不变,接通打点计时器,由静止释放小物块A,该过程可近似认为物块A带的电荷量不变,下列关于纸带上点迹的分析正确的是.A.纸带上的点迹间距先增加后减小至零B.纸带上的点迹间距先增加后减小至一不为零的定值C.纸带上的点迹间距逐渐增加,且相邻两点间的距离之差不变D.纸带上的点迹间距逐渐增加,且相邻两点间的距离之差逐渐减少,直至间距不变(3)为了测定物体所带电荷量q,除θ0、磁感应强度B外,本实验还必须测量的物理量有.A.物块A的质量MB.物块B的质量mC.物块A与木板间的动摩擦因数μD.两物块最终的速度v(4)用重力加速度g、磁感应强度B、θ0和所测得的物理量可得出q的表达式为.解析:(1)此实验平衡摩擦力后,确定滑块做匀速直线运动的依据是,看打点计时器在纸带上所打出点的分布应该是等间距的.(2)设A的质量为M,B的质量为m,没有磁场时,对A受力分析,A受到重力Mg、支持力、摩擦力.根据平衡条件可知F f=Mg sinθ0,F N=Mg cos θ0又因为F f=μF N,所以μ==tan θ0.当存在磁场时,以AB整体为研究对象,由牛顿第二定律可得(mg+Mg sin θ0)-μ(Bqv+Mg cos θ0)=(M+m)a由此式可知,v和a是变量,其他都是不变的量,所以AB一起做加速度减小的加速运动,直到加速度减为零后做匀速运动,即速度在增大,加速度在减小,最后速度不变,所以纸带上的点迹间距逐渐增加,说明速度增大;根据逐差相等公式Δx=at2,可知加速度减小,则相邻两点间的距离之差逐渐减小;匀速运动时,间距不变,故D正确,A、B、C错误.(3)(4)根据(mg+Mg sin θ0)-μ(Bqv+Mg cos θ0)=(M+m)a,可得当加速度减为零时,速度最大,设最大速度为v,则(mg+Mg sin θ0)-μ(Bqv+Mg cos θ0)=0化简得q=,把μ=tan θ0代入,得q=由此可知为了测定物体所带电荷量q,除θ0、磁感应强度B外,本实验还必须测量的物理量有物块B的质量m和两物块最终的速度v.答案:(1)间距均匀(5分)(2)D(6分)(3)BD(6分)(4)q=(8分)5.(25分)(2015四川德阳模拟)某班举行了一次物理实验操作技能比赛,其中一项比赛为用规定的器材设计合理电路,并能较准确地测量某电源的电动势及内阻.给定的器材如下:A.电流表G(满偏电流10 mA,内阻10 Ω)B.电流表A(量程0.6 A、3 A,内阻未知)C.滑动变阻器R0(0~100 Ω,1 A)D.定值电阻R(阻值990 Ω)E.开关与导线若干甲乙丙(1)请你用以上实验器材设计测量该电源电动势和内阻的电路图,并画在图丙的虚线框中.(要求:为了保证器材的安全,在闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于最右端,即最大电阻处)(2)图甲为小刘同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1-I2图线(I1为电流表G的示数,I2为电流表A的示数),则由图线可以得到被测电源的电动势为 V,内阻为Ω.(结果保留两位有效数字)(3)小张同学对另一电源也用上面的实验电路进行测量,初始时滑片P在最右端,但由于滑动变阻器某处发生断路,合上开关后发现滑片P向左滑过一段距离x后电流表A才有读数,于是他根据测出的数据作出了两个电流表读数I与x的关系图,如图乙所示,则根据图象可知,此电池组的电动势为V,内阻为Ω.(结果保留两位有效数字)解析:(1)测量电动势和内电阻需要有电压表和电流表,题目中只给出两个电流表,因其中一个电流表G的内阻已知,可以把内阻已知的电流表和定值电阻串联改装成一个电压表,设计实验原理图如图所示.(2)将小电流表改装成电压表后,电压表的量程为U,则得U=·U g=·I g R g=(990+10)×10×10-3 V=10 V所以电流表G上的1 mA就表示1 V.当外电阻为无穷大时,路端电压等于电源的电动势,所以在图线上,斜线与纵坐标的交点就是电源的电动势,延长图线可得E=7.5 V根据闭合电路的欧姆定律E=U+Ir可得图线的斜率就表示电源的内阻,即r=Ω=5.0 Ω.(3)由I1-x的图线可得,开始时的电流恒为9.0 mA,此时的I2为0,由以上分析可得此时I1上表示电压为9.0 V,即电源的电动势.从图乙中分别取两组对应的数据,得(6.2 V,0.24 A),(3.0 V,0.54 A)得r'=Ω≈11 Ω.答案:(1)见解析图(7分)(2)7.5(4分)5.0(5分)(3)9.0(4分)11(5分)。
一点一练2016版高考物理复习专题二十五楞次定律法拉第专题演练(含两年高考一年模拟)

选修3-2考点25 楞次定律 法拉第电磁感应定律 两年高考真题演练1.(2015·新课标全国卷Ⅰ,19)(多选)1824年,法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”。
实验中将一铜圆盘水平放置,在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针,如图所示。
实验中发现,当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时,磁针也随着一起转动起来,但略有滞后。
下列说法正确的是( )A .圆盘上产生了感应电动势B .圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C .在圆盘转动的过程中,磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D .圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流,此电流产生的磁场导致磁针转动 2.(2015·新课标全国卷Ⅱ,15)如图,直角三角形金属框abc 放置的匀强磁场中,磁感应强度大小为B ,方向平行于ab 边向上。
当金属框绕ab 边以角速度ω逆时针转动时,a 、b 、c 三点的电势分别为U a 、U b 、U c 。
已知bc 边的长度为l 。
下列判断正确的是( )A .U a >U c ,金属框中无电流B .U b >U c ,金属框中电流方向沿a -b -c -aC .U bc =-12Bl 2ω,金属框中无电流D .U bc =12Bl 2ω,金属框中电流方向沿a -c -b -a3.(2015·山东理综,17)(多选)如图,一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动。
现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场,圆盘开始减速。
在圆盘减速过程中,以下说法正确的是( )A .处于磁场中的圆盘部分,靠近圆心处电势高B .所加磁场越强越易使圆盘停止转动C .若所加磁场反向,圆盘将加速转动D .若所加磁场穿过整个圆盘,圆盘将匀速转动 4.(2015·海南单科,2)如图,空间有一匀强磁场,一直金属棒与磁感应强度方向垂直,当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时,棒两端的感应电动势大小为ε,将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线,置于与磁感应强度相垂直的平面内,当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时,棒两端的感应电动势大小为ε′。
2016年高考分类题库物理考点7 力学实验

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考点7 力学实验1.(2016·全国卷I ·T22)某同学用图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律,其中打点计时器的电源为交流电源,可以使用的频率有20Hz 、30 Hz 和40 Hz,打出纸带的一部分如图乙所示。
该同学在实验中没有记录交流电的频率f,需要用实验数据和其他条件进行推算。
(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落,利用f 和图乙中给出的物理量可以写出:在打点计时器打出B 点时,重物下落的速度大小为 ,打出C 点时重物下落的速度大小为 ,重物下落的加速度大小为 。
(2)已测得s 1=8.89cm,s 2=9.50cm,s 3=10.10cm;当地重力加速度大小为9.80m/s 2,实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%。
由此推算出f 为 Hz 。
【解题指南】解答本题时应从以下三点进行分析:(1)依据匀加速下落过程中的中间时刻的瞬时速度等于该过程的平均速度测量速度。
(2)可用“逐差法”测加速度。
(3)依据牛顿第二定律求出加速度后,利用题给数据推算f 。
【解析】(1)两点间时间间隔为T=f1,()222121fs s T s s v B +=+=,同理()232f s s v C +=,重物下落的加速度的大小为()2213fssa-=。
(2)据mg-0.01mg=ma和()2213fssa-=,代入数据可得f为40Hz。
答案:(1)()221fss+()232fss+()2213fss-(2)402.(2016·全国卷II·T22)某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究,实验装置如图甲所示。
轻弹簧放置在光滑水平桌面上,弹簧左端固定,右端与一物块接触而不连接,纸带穿过打点计时器并与物块连接。
向左推物块使弹簧压缩一段距离,由静止释放物块,通过测量和计算,可求得弹簧被压缩后的弹性势能。
2016届高三物理二轮复习高考仿真模拟卷(含答案解析)

高考仿真模拟卷(一)(时间:60分钟满分:120分)选择题部分一、选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)14.如图所示A,B两个运动物体的x t图象,下述说法正确的是( )A.A,B两个物体开始时相距100 m,同时同向运动B.B物体做匀减速直线运动,加速度大小为5 m/s2C.A,B两个物体运动8 s时,在距A的出发点60 m处相遇D.A物体在2 s到6 s之间做匀速直线运动15.(2015严州新校理科综合)电视机可以用遥控器关机而不用断开电源,这种功能叫做待机功能.这一功能给人们带来了方便,但很少有人注意到在待机状态下电视机仍然要消耗电能.例如小明家的一台34寸彩色电视机的待机功率大约是10 W,假如他家电视机平均每天开机4 h,看完电视后总是用遥控器关机而不切断电源,试估算小明家一年(365天)中因这台电视机待机浪费的电能( )A.2.6×108 JB.2.6×107 JC.3.2×108 JD.5.3×107 J16.假设空间某一静电场的电势 随x变化情况如图所示,根据图中信息可以确定下列说法中正确的是( )A.空间各点场强的方向均与x轴垂直B.将电荷沿x轴从0移到x1的过程中,电荷做匀加速直线运动C.正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中,电场力做正功,电势能减小D.负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中,电场力做负功,电势能增加17.如图所示,固定斜面c上放有两个完全相同的物体a,b,两物体间用一根细线连接,在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F,使两物体均处于静止状态,下列说法正确的是( )A.c受到地面的摩擦力向左B.a,b两物体的受力个数一定相同C.a,b两物体对斜面的压力相同D.当逐渐增大拉力F时,物体b受到斜面的摩擦力一定逐渐增大二、选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)18.(2015温州五校开学考试)下列实例属于超重现象的是( )A.汽车驶过拱形桥顶端B.荡秋千的小孩通过最低点C.跳水运动员被跳板弹起,离开跳板向上运动D.火箭点火后加速升空19.(2015浙江模拟)如图所示,在水平界面EF,GH,JK间,分布着两个匀强磁场,两磁场方向水平且相反,大小均为B,两磁场高均为L.一个框面与磁场方向垂直、质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形金属框abcd,从某一高度由静止释放,当ab边刚进入第一个磁场时,金属框恰好做匀速直线运动,当ab边下落到GH和JK之间的某位置时,又恰好开始做匀速直线运动.整个过程中空气阻力不计.则( )A.金属框穿过匀强磁场过程中,所受安培力的方向保持不变B.金属框从ab边开始进入第一个磁场至ab边刚到达第二个磁场下边界JK过程中产生的热量为2mgLC.金属框开始下落时ab边距EF边界的距离h=D.当ab边下落到GH和JK之间做匀速运动的速度v2=20.如图所示,质量为3 m的竖直光滑圆环A的半径为R,固定在质量为2m的木板B上,木板B的左右两侧各有一竖直挡板固定在地面上,B 不能左右运动.在环的最低点静止放有一质量为m的小球C.现给小球一水平向右的瞬时速度v0,小球会在圆环内侧做圆周运动,为保证小球能通过环的最高点,且不会使环在竖直方向上跳起,初速度v0必须满足( )A.最小值为B.最大值为3C.最小值为D.最大值为非选择题部分三、非选择题(本题共5题,共78分)21.(10分)(2015金华十校模拟)某班级同学用如图(a)所示的装置验证加速度a和力F,质量m的关系.甲、乙两辆小车放在倾斜轨道上,小车乙上固定一个加速度传感器,小车甲上固定一个力传感器,力传感器和小车乙之间用一根不可伸长的细线连接,在弹簧拉力的作用下两辆小车一起开始向下运动,利用两个传感器可以采集记录同一时刻小车乙受到的拉力和加速度的大小.(1)下列关于实验操作的说法中正确的是(填“A”或“B”).A.轨道倾斜是为了平衡小车甲受到的摩擦力B.轨道倾斜是为了平衡小车乙受到的摩擦力(2)四个实验小组选用的小车乙(含加速度传感器)的质量分别为m1=1.0 kg,m2=2.0 kg,m3=3.0 kg和m4=4.0 kg,其中有三个小组已经完成了a F图象,如图(b)所示.最后一个小组的实验数据如表所示,请在图(b)中完成该组的a F图线.(3)在验证了a和F的关系后,为了进一步验证a和m的关系,可直接利用图(b)的四条图线收集数据,然后作图.请写出具体的做法:①如何收集数据? ;②为了更直观地验证a和m的关系,建立的坐标系应以为纵轴,以为横轴.22.(10分)(2015诸暨市校级模拟)某同学为测定某电源的电动势E和内阻r以及一段电阻丝的电阻率ρ,设计了如图(a)所示的电路.ab是一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝,R0是阻值为2 Ω的保护电阻,滑片P与电阻丝接触始终良好.实验时闭合开关,调节P的位置,将aP 长度x和对应的电压U、电流I数据记录如表:(1)该同学根据实验数据绘制了如图(b)所示的U I图象,可得电源的电动势E= V;内阻r= Ω.(2)请你根据表中数据在图(c)上描点连线作U/I与x的关系图线.(3)已知金属丝的横截面积S=0.12×10-6m2,利用图(c)图线,可以求得电阻丝的电阻率ρ为Ω·m(保留两位有效数字);根据图(c)图线还可以得到的信息是.23.(16分)(2015宁波模拟)如图,某游乐园的水滑梯是由6段圆心角为30°的相同圆弧相连而成,圆弧半径为3 m,切点A,B,C的切线均为水平,水面恰与圆心O6等高,若质量为50 kg的游客从起始点由静止开始滑下后,恰在C点抛出落向水面(不计空气阻力,g取10 m/s2).求(1)游客在C点的速度大小;(2)游客落水点与O6的距离;(3)游客从下滑到抛出的过程中克服阻力做了多少功?24.(20分)(2015镇江高考综合)电磁弹射是我国研究的重大科技项目,原理可用下述模型说明.如图(甲)所示,虚线MN右侧存在一个竖直向上的匀强磁场,一边长L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上,电阻为R,质量为m,ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界.t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt(k为大于零的常数),空气阻力忽略不计.(1)求t=0时刻,线框中感应电流的功率P;(2)若线框cd 边穿出磁场时速度为v,求线框穿出磁场过程中,安培力对线框所做的功W 及通过导线截面的电荷量q;(3)若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框,如图(乙)所示,在线框上加一质量为M的负载物,证明:载物线框匝数越多,t=0时线框加速度越大.25.(22分)在xOy平面内,直线OM与x轴负方向成45°角,以OM为边界的匀强电场和匀强磁场如图所示.在坐标原点O有一不计重力的粒子,其质量和电荷量分别为m和+q,以v0沿x轴正方向运动,粒子每次到x轴将反弹,第一次无能量损失,以后每次反弹水平分速度不变,竖直分速度大小减半、方向相反.B=,E=.求带电粒子:(1)第一次经过OM时的坐标;(2)第二次到达x轴的动能;(3)在电场中运动时竖直方向上的总路程.高考仿真模拟卷答案高考仿真模拟卷(一)14.C 根据图象,A,B两物体开始时相距100 m,速度方向相反,是相向运动,选项A错误;x t图象的斜率表示速度,故B物体做匀速直线运动,速度大小为v=- m/s=5 m/s,选项B错误;t=8 s时有交点,表示A,B两物体运动8 s时,在距A的出发点60 m处相遇,选项C正确;2~6 s,物体A位置坐标不变,保持静止,即停止了4 s,选项D错误.15.A 电视机每天待机消耗的电能为W0=Pt=0.01 kW×(24 h-4 h)=0.2 kW·h每年消耗的电能为W=365W0=365×0.2 kW·h=73 kW·h=2.6×108 J.16.D 由图看出,x轴上各点电势不全相等,x轴不是一条等势线,所以空间各点场强的方向不全与x轴垂直,故选项A错误;将电荷沿x轴从0移到x1的过程中,各点电势相等,图象的斜率为零,电场力为零,电荷做匀速直线运动,故选项B错误;正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中,电势升高,电荷的电势能增大,电场力做负功,故选项C错误;负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中,电势降低,电荷的电势能增加,电场力做负功,故选项D正确.17.C对a,b,c整体分析,受重力、拉力、支持力和静摩擦力,根据平衡条件,地面对整体的静摩擦力一定是向右,故选项A错误;对a,b进行受力分析,如图所示,b物体处于静止状态,当绳子拉力沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时,摩擦力为零,所以b可能只受3个力作用,而a物体必定受到摩擦力作用,肯定受4个力作用,选项B错误;a,b两个物体,垂直于斜面方向受力都平衡,则有:F N+Tsin θ=mgcos θ,解得F N=mgcos θ-Tsin θ,则a,b两物体对斜面的压力相同,选项C正确;当逐渐增大拉力F时,如果Tcos θ<mgsin θ,则物体b受到的摩擦力可能先减小后反向增大,选项D错误. 18.BD 物体运动时具有竖直向上的加速度,属于超重现象.A,C两个选项中的汽车和运动员都具有竖直向下的加速度,均不正确;B,D两个选项中的小孩和火箭都具有竖直向上的加速度,处于超重状态,均正确.19.AD 金属框向下运动,由楞次定律可知,安培力总是阻碍金属框的运动,即金属框受到的安培力方向始终向上,故选项A正确;设金属框ab边刚进入磁场时的速度为v1,当ab边下落到GH和JK之间的某位置时,做匀速直线运动的速度为v2,由题意知,v2<v1,对ab边刚进入磁场,到刚到达第二个磁场的下边界过程中,由能量守恒得:Q=mg·2L+m-m,故选项B错误;当ab边刚进入第一个磁场时,金属框恰好做匀速直线运动,由平衡条件得mg=,即v1=,从金属框开始下落到刚进入磁场过程,由机械能守恒定律得mgh=m,解得h=,故选项C错误;当ab边下落到GH和JK之间做匀速运动时,金属框受到的安培力F=2BIL=2BL=,由平衡条件得mg=,解得v2=,故选项D正确.20.CD 在最高点,速度最小时有mg=m解得v 1=.从最高点到最低点的过程中,机械能守恒,设最低点的速度为v1′,2.根据机械能守恒定律有2mgR+m=mv解得v 1′=.要使环不会在竖直方向上跳起,环对球的压力最大为F=2 mg+3 mg=5 mg从最高点到最低点的过程中,机械能守恒,设此时最低点的速度为v2′,在最高点,速度最大时有:mg+5 mg=m.解得v 2=.2根据机械能守恒定律有:2mgR+m=mv解得v 2′=.所以保证小球能通过环的最高点,且不会使环在竖直方向上跳起,在最低点的速度范围为≤v≤.选项C,D正确,A,B错误.21.解析:(1)本实验是研究小车乙的加速度a和力F、质量m的关系,所以轨道倾斜是为了平衡小车乙受到的摩擦力,故选项A错误,B正确.(2)根据描点法作出图象,如图所示(3)①在a F图象上作一条垂直于横轴的直线,与四条图线分别有四个交点,记录下四个交点的纵坐标a,分别与各图线对应的m组成四组数据.②反比例关系不容易根据图象判定,而正比例关系容易根据图象判定,故应该建立小车加速度(a)与小车质量的倒数()关系图象.答案:(1)B (2)见解析(3)在a F图象上作一条垂直于横轴的直线,与四条图线分别有个交点,记录下四个交点的纵坐标a,分别与各图线对应的m组成四组数据加速度a 质量的倒数22.解析:(1)由图(b)所示图象可知,图象与纵轴交点的坐标值是3.00,电源电动势E=3.00 V,R0+r==Ω=3 Ω,则电源内阻r=(3-2)Ω=1 Ω;(2)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点,然后根据描出的点作出图象,如图所示.(3)金属丝的电阻R=ρ,由欧姆定律可得R+r A=,则=x+r A,x图象斜率k=,由图象可知k==Ω/m=10 Ω/m,即k==10 Ω/m,电阻率ρ=kS=1.2×10-6Ω·m;由图象可得x=0时对应数值2.0,即=2.0 Ω,则电流表的内阻为2.0 Ω.答案:(1)3.00 1 (2)图象如解析图所示(3)1.2×10-6电流表的内阻为2.0 Ω23.解析:(1)在C点,游客恰好抛出,可知支持力为零,根据牛顿第二定律有mg=m,= m/s.解得v(2)根据R=gt2,x=v C t,代入数据解得x=3 m.(3)对开始到C点的过程运用动能定理得m-0,mgh-Wh=R(1-cos 30°)×5,代入数据解得W f=255 J.答案:(1) m/s (2)3 m (3)255 J24.解析:(1)t=0时刻线框中的感应电动势E0=L2功率P=解得P=;(2)由动能定理有W=ΔE k解得W=mv2穿出过程线框中的平均电动势=线框中的电流=通过的电量q=Δt==|0-B0S|×=;(3)n匝线框中t=0时刻产生的感应电动势E=n=nkL2线框的总电阻R总=nR线框中的电流I==t=0时刻线框受到的安培力F=nB0IL=设线框的加速度为a,根据牛顿第二定律有F=(nm+M)a解得a=,可知,n越大,a越大.答案:(1)(2)mv2(3)见解析25.解析:(1)粒子进入磁场,根据左手定则,粒子做的圆周运动后经过OM,根据洛伦兹力提供向心力有qvB=,代入数据解得R=1 m,故第一次经过OM时的坐标为(-1 m,1 m).(2)粒子第二次进入磁场,速度不变,则粒子在磁场中运动的半径也为R,故进入电场时离x轴的高度为2R,根据动能定理,2qER=mv2-m mv2=m.得动能E(3)粒子运动轨迹如图所示.因粒子第二次进入电场做类平抛运动,故到达x轴时的水平分速度为v0,竖直方向a=,=2ah 1,解得v y=.从类平抛开始,粒子第一次到达最高点离x轴的竖直高度为h1=,第二次到达最高点离x轴的竖直高度为h2==()2,第n次到达最高点离x轴的竖直高度为h n==()2n故从类平抛开始,在竖直方向上往返的总路程为h=+2×[()2+()4+…+()2n]===m故在电场中运动的竖直方向上总路程h′=2R+h=m.答案:(1)(-1 m,1 m) (2)m(3)m高考仿真模拟卷(二)(时间:60分钟满分:120分)选择题部分一、选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)14.(2015嘉兴第二次质检)如图(甲)所示为超市中的自动坡道式电梯(无台阶),某人蹲在电梯上随电梯匀速下行.若电梯倾角为30°,人的质量为m,人和电梯表面之间的动摩擦因数为μ,如图(乙)所示.电梯对人的支持力和摩擦力分别记为F N,f,则( )A.F N=mgB.F N=mgC.f=0D.f=μmg15.如图所示,A,B两物块质量均为m,用一轻弹簧相连,将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上,系统处于静止状态,B物块恰好与水平桌面接触而没有挤压,此时轻弹簧的伸长量为x,现将悬绳剪断,则下列说法正确的是( )A.悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为3gB.悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为gC.悬绳剪断后,A物块向下运动距离x时速度最大D.悬绳剪断后,A物块向下运动距离2x时速度最大16.(2015浙大附中模拟)如图是一种升降电梯的示意图,A为载人箱,B为平衡重物,它们的质量均为M,上下均由跨过滑轮的钢索系住,在电动机的牵引下使电梯上下运动,如果电梯中人的总质量为m,匀速上升的速度为v,电梯即将到顶层前关闭电动机,依靠惯性上升h高度后停止,在不计空气和摩擦阻力的情况下,h为( )A. B.C. D.17.如图所示,竖直平面内有一金属环,半径为a,总电阻为R.磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面,在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB.AB由水平位置紧贴环面摆下,当摆到竖直位置时,B点的线速度为v,则这时AB两端的电压大小为( )A.BavB.C.D.二、选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的.全部选对的得6分,选对但不会的得3分,有选错的得0分)18.如图(甲)所示,轻杆一端与质量为1 kg、可视为质点的小球相连,另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动.现使小球在竖直平面内做圆周运动,经最高点开始计时,取水平向右为正方向,小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图(乙)所示,A,B,C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点,该三点的纵坐标分别是1,0,-5,g取10 m/s2,不计空气阻力.下列说法中正确的是( )A.轻杆的长度为0.6 mB.小球经最高点时,杆对它的作用力方向竖直向下C.B点对应时刻小球的速度为3 m/sD.曲线AB段与坐标轴所围图形的面积为0.6 m19.如图所示,在四分之一的圆弧腔内存在径向的电场,且与圆心等距离处电场强度大小相等,M和N是两端均有小孔的挡板,且两个小孔到圆心距离相等.不同的带电粒子以不同的速度从M孔垂直挡板射入,则关于从N孔射出的粒子,下列说法正确的是( )A.都带正电B.速度相同C.若速度相同,则荷质比相同D.若电荷量相等,则动能相等20.(2015温州月考)如图所示,真空中存在重力场及相互垂直的匀强电场和匀强磁场,一带电液滴在此复合场空间中可能有不同的运动状态.下列关于带电液滴的电性和运动状态的说法中正确的是( )A.如果带正电,液滴可能处于静止状态B.如果带负电,液滴可能做匀速直线运动C.如果带正电,液滴可能做匀速直线运动D.如果带负电,液滴可能做匀速圆周运动非选择题部分三、非选择题(本题共5题,共78分)21.(10分)某小组利用图示实验装置来测量物块A和长木板之间的动摩擦因数μ.①把左端带有挡板的足够长的长木板固定在水平桌面上,物块A置于挡板处,不可伸长的轻绳一端水平连接物块A,另一端跨过轻质定滑轮挂上与物块A质量相同的物块B.并用手按住物块A,使A,B保持静止.②测量物块B离水平地面的高度为h.③释放物块A,待物块A静止时测量其运动的总距离为s(物块B落地后不反弹).回答下列问题:(1)根据上述测量的物理量可知μ= .(2)如果空气阻力不可忽略,该实验所求μ值.(填“偏大”或“偏小”)22.(10分)(2015浙江六校联考)(1)小陈同学利用伏安法测一节新干电池的电动势和内阻,使用如下器材:新干电池1节,开关1个、电流表(0~0.6 A),电压表(0~3 V),滑动变阻器(10 Ω,2 A),导线若干,测量发现其内阻很小,容易在滑动变阻器零阻值接入时,因电流过大对电源造成损坏.为防止出现以上情况,在电路中串联一个定值电阻R0,以下R0的阻值最合理的是.A.2.0 ΩB.20.0 ΩC.200.0 ΩD.2 000.0 Ω(2)小陈考虑利用电阻箱得到定值电阻,请帮助小陈在图(甲)中完成实物图中的剩余接线(已完成的接线正确).(3)按照正确的操作方法获得了如下实验数据,请在图(乙)所示的坐标系中完成U I图象.(4)利用以上U I图象可求出该干电池电动势E= V,内阻r= Ω.23.(16分)(2015东阳模拟)如图所示,是一次娱乐节目中的一个游戏示意图,游戏装置中有一个光滑圆弧形轨道,高为h,半径为R,固定在水平地面上,它的左端切线沿水平方向,左端与竖直墙面间的距离为x,竖直墙高为H,滑板运动员可从墙面的顶部沿水平方向飞到地面上.游戏规则是让一滑块从弧形轨道的最高点由静止滑下,当它滑到轨道底端时,滑板运动员立即以某一初速度水平飞出,当滑块在水平面上停止运动时,运动员恰好落地,并将滑块捡起就算获胜,已知滑块到达底端时对轨道的压力大小为F,重力加速度为g,求:(不计滑板的长度,运动员看做质点)(1)滑块的质量;(2)滑块与地面间的动摩擦因数:(3)滑板运动员要想获胜,他飞出时的初速度多大?24.(20分)(2015严州新校理科综合)“霾”主要指大量烟、尘等微粒悬浮而形成的浑浊现象.根据目前的认识,机动车尾气排放、煤炭燃烧和工业生产的燃烧过程中排放的二氧化硫和氮氧化物等是产生霾的主要来源.它会对人的呼吸系统、神经系统等产生影响.将汽车由燃烧汽油、柴油等改为使用电力,是从源头减少“霾”的重要措施.一辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车,拥有三十多个座位,其电池每次充电仅需三至五个小时,蓄电量可让客车一次性跑500 km,客车时速最高可达180 km.如果客车总质量为9×103 kg,当它在某城市快速公交路面上以v=90 km/h的速度匀速行驶时,驱动电机的输入电流I=150 A,电压U=300 V.在此行驶状态下(取g=10 m/s2),求:(1)驱动电机的输入功率;(2)若驱动电机能够将输入功率的80%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机,求汽车所受阻力的大小;(3)设想改用太阳能电池给该车供电,其他条件不变,求所需的太阳能电池板的最小面积.结合计算结果,简述你对该设想的思考.(已知太阳辐射的总功率P0=4×1026 W,太阳到地球的距离r=1.5×1011 m,太阳光传播到达地面的过程中大约有30%的能量损耗,该车所用太阳能电池的能量转化效率约为15%)25.(22分)如图(甲)所示,在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场,右侧有一个以点(3L,0)为圆心、半径为L的圆形区域,圆形区域与x轴的交点分别为M,N.现有一质量为m、带电荷量为e的电子从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场,飞出电场后从M点进入圆形区域,速度方向与x轴夹角为30°.此时在圆形区域加如图(乙)所示周期性变化的磁场(以垂直于纸面向外为磁场正方向),最后电子运动一段时间后从N点飞出,速度方向与进入磁场时的速度方向相同(与x轴夹角也为30°).求:(1)电子进入圆形磁场区域时的速度大小;(2)0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小;(3)写出圆形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式.高考仿真模拟卷(二)14.B人随电梯匀速下行,受力平衡,对人进行受力分析,如图所示.根据平衡条件得f=mgsin 30°=mg,F N=mgcos 30°=mg,故选项B正确,A,C,D 错误.15.D 剪断悬绳前,对B受力分析,B受到重力和弹簧的弹力,可知弹簧的弹力F=mg.剪断瞬间,对A分析,A的合力为F合=mg+F=2mg,根据牛顿第二定律,得a=2g.选项A,B错误;弹簧开始处于伸长状态,弹力F=mg=kx.当向下压缩,mg=F′=kx′时,速度最大,x′=x,所以下降的距离为2x.选项C错误,D正确.16.D 设B对A的拉力为F T,对B:Mg-F T=Ma,对A:F T-(M+m)g=(M+m)a,解得a=-;由v2=-2ah,得h=,选项D正确.17.C 当摆到竖直位置时,导体棒产生的感应电动势为E=B·2a =2Ba·=Bav;金属环并联的电阻为R并=·R=R.AB两端的电压是路端电压,AB两端的电压大小为U=E=Bav=,选项C正确.18.AD 设杆的长度为L,小球从A到C的过程中机械能守恒,得m+2mgL=m,所以L==0.6 m,选项A正确;若小球在A点恰好对杆的作用力是0,则=mg,临界速度v 0==m/s>v A=1 m/s.由于小球在A点的速度小于临界速度,所以小球做圆周运动需要的向心力小于重力,杆对小球的作用力的方向向上,是竖直向上的支持力,选项B错误;小球从A到B的过程中机械能守恒,得m+mgL=m,= m/s,选项C错误;所以v由于纵轴表示的是小球在水平方向的分速度,所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A到B的过程小球在水平方向的位移,大小等于杆的长度,即0.6 m,选项D正确.19.ACD 粒子在电场中做匀速圆周运动,电场力提供向心力,电场力的方向指向圆心,所以粒子带正电,选项A正确.根据牛顿第二定律得,qE=m,因为圆周运动的半径相等,若速度相同,则荷质比相同,由于粒子的质量不一定相同,则电场力大小不一定相同,动能不一定相同,若电荷量相等,则动能相等,选项C,D正确,B错误.20.BCD 油滴静止说明不受洛伦兹力,如果带正电,电场力竖直向下,不能处于静止状态,故A错误;带负电或正电,水平方向做匀速直线运动,液滴受到重力、电场力与洛伦兹力三力均可能平衡,故B,C正确;若带负电,且电场力与重力相等时,则液滴在洛伦兹力作用下,可以在竖直面内做匀速圆周运动,故D正确.21.解析:(1)根据牛顿第二定律对整体有mg-μmg=2ma,对物体A:T-μmg=ma,解得T=,对A应用动能定理Th-μmgs=0,解得μ=.(2)如果空气阻力不可忽略,则空气阻力做负功,故所求动摩擦因数偏大.答案:(1)(2) 偏大22.解析:(1)由于采用一节干电池,电压为1.5 V,电源内阻较小,串联保护电阻R0满足r+R0≈,R0约2 Ω即可.故选A.(2)把电阻箱接在电压表3 V接线柱与电源正极之间,电压表“-”接线柱接电池负极;实物图接法如图(a)所示;。
2016年高考物理最新模拟题分类解析 专题15 电学实验(第02期)(原卷版) 缺答案

2016高考最新原创模拟题分类解析II-15专题十五、电学实验1.(12分)(2016安徽合肥一模)为了精密测量一金属丝的电阻率:图甲(1)(6分)如图甲所示,先用多用表×1Ω挡粗测其电阻为Ω,然后用螺旋测微器测其直径为mm,游标卡尺测其长度为cm。
(2)(6分)为了减小实验误差,需进一步测其电阻,除待测金属丝外,实验室还备有的实验器材如下:A.电压表V(量程3V,内阻约为15kΩ;量程l5V,内阻约为75 kΩ)B.电流表A(量程0。
6A,内阻约为1Ω;量程3A,内阻约为0。
2 Ω) C.滑动变阻器R1(0~5Ω,0.6 A)D.滑动变阻器R2(0~2000Ω,0。
1 A)E.1.5V的干电池两节,内阻不计F.电阻箱G.开关S,导线若干为了测多组实验数据,则上述器材中的滑动变阻器应选用(填“R1”或“R2”)。
请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图乙的连线。
图乙2.(11分)(2016东北三校联考)实验室中有一块量程较小的电流表G,其内阻约为1000Ω,满偏电流为100μA,将它改装成量程为1mA、10mA双量程电流表。
现有器材如下:A.滑动变阻器R1,最大阻值50Ω;B.滑动变阻器R2,最大阻值50kΩ;C.电阻箱R',最大阻值9999Ω;D.电池E1,电动势3。
0 V;E.电池E2,电动势4。
5 V;(所有电池内阻均不计);F.单刀单掷开关S1和S2,单刀双掷开关S3,及导线若干。
(1)采用如图甲所示电路测量电流表G的内阻,为提高测量精确度,选用的滑动变阻器为,选用的电池为(填器材前的字母序号);采用此种方法电流表G内阻的测量值真实值(填“>”、“=”或“<")。
(2)如果在步骤(1)中测得电流表G的内阻为900Ω,将流表G 改装成双量程电流表,设计电路如图乙所示,则在此电路中,R1= Ω,R2= Ω.3。
(10分)(2016黑龙江牡丹江模拟)某同学要测量额定电压为3V的某圆柱体电阻R的电阻率ρ.(1)(2分)用游标卡尺和螺旋测微器分别测量其长度和直径,如图所示,则其长度L=______mm,直径d=______mm.(2)(8分)该同学先用如图所示的指针式多用电表粗测其电阻.他将红黑表笔分别插入“+”、“—"插孔中,将选择开关置于“×l"档位置,然后将红、黑表笔短接调零,此后测阻值时发现指针偏转角度较小,如图甲所示.试问:①为减小读数误差,该同学应将选择开关置于“______”档位置.②再将红、黑表笔短接,此时发现指针并未指到右边的“0Ω”处,如图乙所示,那么他该调节______直至指针指在“0Ω”处再继续实验,结果看到指针指在如图丙所示位置.③现要进一步精确测量其阻值,实验室提供了下列可选用的器材:A.灵敏电流计G(量程200μA,内阻为300Ω)B.电流表(量程3A,内阻约0。
一点一练2016版高考物理复习专题二十六电磁感应中的电路专题演练(含两年高考一年模拟)
1 考点26 电磁感应中的电路 和图象问题 两年高考真题演练 1.(2015·山东理综,19)如图甲,R0为定值电阻,两金属圆环固定在同一绝缘平面内。左端连接在一周期为T0的正弦交流电源上,经二极管整流后,通过R0的电流i始终向左,其大小按图乙所示规律变化。规定内圆环a端电势高于b端时,a、b间的电压uab为正,下列uab-t图象可能正确的是( )
2.(2015·安徽理综,19) 如图所示,abcd为水平放置的平行“”形光滑金属导轨,间距为l,导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场,磁感应强度大小为B,导轨电阻不计。已知金属杆MN倾斜放置,与导轨成θ角,单位长度的电阻为r,保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好)。则( )
A.电路中感应电动势的大小为Blvsin θ
B.电路中感应电流的大小为Bvsin θr C.金属杆所受安培力的大小为B2lvsin θr D.金属杆的发热功率为B2lv2rsin θ 2
3.(2014·新课标全国卷Ⅰ,18)如图(a),线圈ab、cd绕在同一软铁芯上。在ab线圈中通以变化的电流。用示波器测得线圈cd间电压如图(b)所示。已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比,则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中,可能正确的是( )
4.(2015·海南单科,13) 如图,两平行金属导轨位于同一水平面上,相距l,左端与一电阻R相连;整个系统置于匀强磁场中,磁感应强度大小为B,方向竖直向下。一质量为m的导体棒置于导轨上,在水平外力作用下沿导轨以速率v匀速向右滑动,滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好。已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ,重力加速度大小为g,导轨和导体棒的电阻均可忽略。求 (1)电阻R消耗的功率; (2)水平外力的大小。 3
5.(2014·新课标全国卷Ⅱ,25)半径分别为r和2r的同心圆形导轨固定在同一水平面内,一长为r、质量为m且质量分布均匀的直导体捧AB置于圆导轨上面,BA的延长线通过圆导轨中心O,装置的俯视图如图所示。整个装置位于一匀强磁场中,磁感应强度的大小为B,方向竖直向下。在内圆导轨的C点和外圆导轨的D点之间接有一阻值为R的电阻(图中未
2016届高三物理二轮复习高考仿真模拟试卷二
252高考仿真模拟试卷(二)(满分:110分, 测试时间:50分钟)二、选择题(本题共8小题,每小题6分.在14~18小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.在19~21小题中给出的四个选项中有多个选项正确.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14.在物理学发展过程中,观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用.下列叙述不符合史实的是( )A .奥斯特在实验中观察到电流的磁效应,该效应揭示了电和磁之间存在联系B .安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性,提出了分子电流假说C .法拉第在实验中观察到,在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中,会出现感应电流D .楞次在分析了许多实验事实后提出,感应电流应具有这样的方向,即感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化解析:奥斯特在一根导线下方摆放一个小磁针,导线通电时,发现小磁针发生了偏转,这个实验说明通电导线周围存在磁场,这就是电流的磁效应,该效应揭示电和磁之间存在联系,A 正确;安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的极其相似,为了将条形磁铁的磁场和通电导线周围的磁场统一到一起,提出了分子电流假说,B 正确;法拉第观察到,在通有变化电流的导线附近的固定导线圈中,线圈会出现感应电流,而当导线中电流恒定不变时,不会产生感应电流,C 错误;楞次在分析了许多实验事实后提出了楞次定律,即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化,D 正确.题目要求选不符合史实的选项,所以选C.答案:C15.如图所示,轻杆与竖直墙壁成53°角,斜插入墙中并固定,另一端固定一个质量为m 的小球,水平轻质弹簧处于压缩状态,弹力大小为34mg (g 表示重力加速度),则轻杆对小球的弹力大小为()A.53mgB.35mgC.45mgD.54mg 解析:小球处于静止状态,其所受合力为零,对小球受力分析,如图所示,由图中几何关系和勾股定理,可得F =(mg )2+(34mg )2=54mg ,选项D 正确.答案:D16.如图所示,在光滑水平面上有一静止小车,小车质量M =5 kg ,小车上静止放置一质量m =1 kg 的木块,木块和小车间的动摩擦因数μ=0.2,用水平恒力F 拉动小车,下列关于木块的加速度a m 和小车的加速度a M ,可能正确的有( )253A .a m =2 m/s 2,a M =1 m/s 2B .a m =1 m/s 2,a M =2 m/s 2C .a m =2 m/s 2,a M =4 m/s 2D .a m =3 m/s 2,a M =5 m/s 2解析:当木块与小车间的摩擦力恰好达到最大值时、木块与小车加速度相同,木块的加速度最大,对木块,a m =μg =2 m/s 2为最大值且a m ≤a M ,故选项A 、D 错误;当木块的加速度为1 m/s 2时,木块与小车加速度相同,故选项B 错误;当a =2 m/s 2时,若木块相对小车发生滑动,小车的加速度随外力F 增大而增大,故选项C 正确.答案:C17.如图所示,两个小球从水平地面上方同一点O 分别以初速度v 1、v 2水平抛出,落在地面上的位置分别是A 、B, O ′是O 在地面上的竖直投影,且O ′A ∶AB =1∶3.若不计空气阻力,则两小球()A .抛出的初速度大小之比为1∶4B .落地速度大小之比为1∶3C .落地速度与水平地面夹角的正切值之比为1∶3D .通过的位移大小之比为1∶ 3解析:两小球做平抛运动的竖直位移相同,则飞行时间相同,由O ′A =v 1t 、O ′B =v 2t 可得:v 1∶v 2=O ′A ∶O ′B =1∶4,故A 正确;竖直位移未知,则落地速度大小之比未知,故B 错误;落地速度与水平地面夹角的正切值之比应为4∶1,故C 错误;通过的位移大小之比未知,故D 错误.答案:A18.如图,若两颗人造卫星a 和b 均绕地球做匀速圆周运动,a 、b 到地心O 的距离分别为r 1、r 2,线速度大小分别为v 1、v 2,则()A.v 1v 2=r 2r 1B.v 1v 2=r 1r 2 C.v 1v 2=⎝ ⎛⎭⎪⎫r 2r 12 D.v 1v 2=⎝ ⎛⎭⎪⎫r 1r 22解析:由万有引力提供向心力得G Mm r 2=m v 2r,得v =GM r ,因此v 1v 2=r 2r 1,A 项正确. 答案:A19.将一带电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,金属球外壳接地,所形成的电场线分布如图所示,下列说法正确的是( )254A .a 点的电势高于b 点的电势B .c 点的电场强度大于d 点的电场强度C .若将一正试探电荷由a 点移到b 点,电势能增加D .电场线方向与金属球表面处处垂直解析:a 点的电势低于b 点的电势,故A 错误;c 点所在位置的电场线较疏,电场强度较小,故B 错误;将一正试探电荷由a 点移到b 点,电场力做负功,电势能增加,故C 正确;电场线方向与金属球表面处处垂直,故D 正确.答案:CD20.有两根长直导线a 、b 互相平行放置,如图所示为垂直于导线的截面图.在图示的平面内,O 点为两根导线连线的中点,M 、N 为两根导线附近的两点,它们在两导线的中垂线上,且与O 点的距离相等.若两导线中通有大小相等、方向相同的恒定电流I ,则关于线段MN 上各点的磁感应强度的说法中正确的是()A .M 点和N 点的磁感应强度大小相等,方向相同B .M 点和N 点的磁感应强度大小相等,方向相反C .在线段MN 上各点的磁感应强度都不可能为零D .在线段MN 上只有一点的磁感应强度为零解析:两根导线分别在M 点和N 点产生的磁感应强度大小相等,方向相反,所以M 点、N 点的磁感应强度大小相等,方向相反,选项B 正确;线段MN 中点O 的磁感应强度为零,选项D 正确.答案:BD21.如图1所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为5∶1,原线圈接入如图2所示的电压,副线圈接火灾报警系统(报警器未画出),电压表和电流表均为理想电表,R 0为定值电阻,R 为半导体热敏电阻,其阻值随温度的升高而减小.下列说法中正确的是()A .图2中电压的有效值为110 2 VB .电压表的示数为44 VC .R 处出现火警时,电流表示数增大D .R 处出现火警时,电阻R 0消耗的电功率增大解析:由图2可知,U m =220 2 V ,根据有效值的定义,得:⎝ ⎛⎭⎪⎫U m 22R×0.01=U 2R×2550.02,解得:U =110 2 V, 故A 正确;电压表测量的是副线圈两端的电压,显示的是有效值,U 1= U =110 2 V ,由U 1∶U 2=5∶1,得U 2=22 2 V ,故B 错误;R 为热敏电阻,R 处出现火警时,R 的阻值减小,U 2不变,由I 2=U 2R 0+R可知,副线圈中的电流I 2增大,原线圈中的电流随着增大,故C 正确;R 处出现火警时,I 2增大,R 0不变,则R 0消耗的电功率增大,故D 正确.答案:ACD三、非选择题(包括必考题和选考题两部分) (一)必考题22.(6分)气垫导轨装置是物理学实验的重要仪器,可以用来“研究匀变速直线运动”、“探究动能定理”等.(1)某学习小组在“研究匀变速直线运动”的实验中,用如图所示的气垫导轨装置来测滑块的加速度,由导轨标尺可以测出两个光电门之间的距离L ,遮光板的宽度为d ,遮光板依次通过两个光电门的时间分别为t 1、t 2,则滑块的加速度可以表示为a =________.(用题中所给物理量表示)(2)该学习小组在控制砂桶的质量m 远远小于滑块的质量M 的前提下,忽略滑块在气垫导轨上运动时所受的阻力,探究动能定理,若由导轨标尺可以测出两个光电门之间的距离s ,遮光板的宽度为d ,遮光板依次通过两个光电门的时间分别为T 1、T 2,滑块在通过两个光电门过程中合外力做功为__________,滑块动能变化量为______________________.(用题中所给物理量表示)解析:(1)遮光板通过光电门的时间很短,可以认为瞬时速度等于平均速度,依次通过两个光电门的速度分别为 v 1=d t 1 和v 2=d t 2,由v 22-v 21=2aL 可得,滑块的加速度a =⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 22-⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 122L.(2)砂桶的质量m 远小于滑块的质量M ,忽略滑块在气垫导轨上运动时所受的阻力,可以认为滑块所受合外力等于mg ,则合外力做功为mgs ;遮光板依次通过两个光电门的速度分别为v 1=d T 1和v 2=d T 2,滑块动能变化ΔE k =12Mv 22-12Mv 21=12M ⎝ ⎛⎭⎪⎫d T 22-12M ⎝ ⎛⎭⎪⎫d T 12.答案:(1)⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 22-⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 122L(2分)(2)mgs (2分) 12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d T 22-12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d T 12(2分)25623.(9分)如图甲所示的电路中,恒流源可为电路提供恒定电流I 0,R 为定值电阻,电流表、电压表均可视为理想电表.某同学利用该电路研究滑动变阻器R L 消耗的电功率.改变R L 的阻值,记录多组电流、电压的数值,得到如图乙所示的UI 关系图线.回答下列问题:(1)滑动触头向下移动时,电压表示数______(填“增大”或“减小”); (2)I 0=________A ;(3)R L 消耗的最大功率为________W(保留一位有效数字).解析:(1)将滑动触头向下移动时,滑动变阻器连入电路的阻值减小,使电路的电阻减小,所以电压表示数减小;(2)当滑动触头滑到最低端时,电阻为零,电压表的示数为零,电流表的示数为恒定电流I 0,由图线可读得I 0=1.0 A ;(3)由图线可知U =-20I +20,滑动变阻器消耗的功率P =UI =-20I 2+20I ,由二次函数知,当I =0.5 A ,功率有最大值,此时U =10 V ,所以P =5 W.答案:(1)减小(3分)(2)1.00(0.98、0.99、1.01均正确)(3分) (3)5(3分)24.(14分)如图所示,竖直四分之一光滑圆弧轨道固定在平台AB 上,轨道半径R =1.8 m ,末端与平台相切于A 点.倾角θ=37°的斜面BC 紧靠平台固定.从圆弧轨道最高点由静止释放质量m =1 kg 的滑块a ,当a 运动到B 点的同时,与a 质量相同的滑块b 从斜面底端C 点以速度v 0=5 m/s 沿斜面向上运动,a 、b (视为质点)恰好在斜面上的P 点相遇,已知AB 长度s =2 m ,a 与AB 面及b 与BC 面间的动摩擦因数均为μ=0.5,g =10 m/s 2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:(1)滑块a 到B 点时的速度; (2)斜面上PC 间的距离.解析:(1)mgR =12mv 2A ,v A =6 m/s(2分)μmg =ma A (1分)v 2B -v 2A =2a A s (1分) vB =4 m/s(1分)257(2)x =v B t ,y =12gt 2,tan θ=yx(3分)t =0.6 s(1分)a 1=g sin θ+μg cos θ=10 m/s 2(1分)t 1=v 0a 1=0.5 s<0.6 s(1分)a 2=g sin θ-μg cos θ=2 m/s 2(1分)x =v 0t 1-12a 1t 21-12a 2(t -t 1)2=1.24 m(2分)答案:(1)4 m/s(5分) (2)1.24 m(9分)25.(18分)如图(a)所示,水平直线MN 下方有竖直向上的匀强电场,现将一重力不计、比荷q m =106 C/kg 的正电荷置于电场中的O 点由静止释放,经过π15×10-5s 后,电荷以v 0=1.5×104 m/s 的速度通过MN 进入其上方的匀强磁场,磁场与纸面垂直,磁感应强度B按图(b)所示规律周期性变化[图(b)中磁场以垂直纸面向外为正,以电荷第一次通过MN 时为t =0时刻].(1)求匀强电场的电场强度E ;(2)求图(b)中t =4π5×10-5s 时刻电荷与O 点的水平距离;(3)如果在O 点右方d =68 cm 处有一垂直于MN 的足够大的挡板,求电荷从O 点出发运动到挡板所需的时间.(cos 53°=0.6,sin 53°=0.8)解析:(1)电荷在电场中做匀加速直线运动,设其在电场中运动的时间为t 1,有:v 0=at 1 Eq =ma解得:E =mv 0qt 1=7.2×103N/C. (2)当磁场垂直纸面向外时, 电荷运动的半径r 1=mv 0qB 1=5 cm. 周期T 1=2πm qB 1=2π3×10-5s当磁场垂直纸面向里时,电荷运动的半径r 2=mv 0qB 2=3 cm 周期T 2=2πm qB 2=2π5×10-5s258故电荷从t =0时刻开始做周期性运动,其运动轨迹如图甲所示.t =4π5×10-5s 时刻电荷与O 点的水平距离 Δd =2(r 1-r 2)=4 cm.(3)电荷从第一次通过MN 开始,其运动的周期T =4π5×10-5s , 根据电荷的运动情况可知,电荷到达挡板前运动的完整周期数为15个, 电荷沿ON 运动的距离s =15Δd =60 cm , 故最后8 cm 的距离如图乙所示,有: r 1+r 1cos α=d -s解得:cos α=0.6,则α=53°. 故电荷运动的总时间t 总=t 1+15T +12T 1-53°360°T 1≈3.86×10-4 s. 答案:(1)7.2×103N/C(4分) (2)4 cm(6分)(3)3.86×10-4s(8分) (二)选考题33.[物理—选修3-3](15分)(1)(6分)下列说法正确的是______.(填正确答案标号.选对1个得3分,选对2个得4分,选对3个得6分.每错选1个扣3分,最低得分为0分)A .将大颗粒的盐磨成细盐,细盐还是属于晶体B .满足能量守恒定律的宏观过程都是可以自发进行的C .0 ℃的冰熔化成0 ℃的水,其分子热运动的平均动能仍然不变D .布朗运动就是液体分子的无规则运动,液体温度越高,布朗运动越激烈E .宇航员王亚平在太空中制作的水球呈球形是因为失重的水的表面张力作用的结果 (2)(9分)如图所示,一高为40 cm ,内壁光滑、导热性能良好的薄汽缸竖直放置,厚度不计的活塞质量m =2 kg 、横截面积S =1×10-3 m 2.汽缸的顶部A 点处有一个漏气孔,稳定时活塞的下端封闭有温度为T =300 K 、长度为30 cm 的气体柱.已知大气压强恒为p 0=1.0×105 Pa ,g 取10 m/s 2,求:①稳定时被封闭气体的压强;②缓慢将汽缸内的密封气体加热到500 K 时,被密封的气体的压强.解析:(1)大颗粒的盐磨成细盐,分子的排列结构不变,仍然属于晶体,故A 正确;满足能量守恒定律的宏观过程,不一定满足热力学第二定律,故B 错误;温度是分子平均动能的标志,温度不变,则分子平均动能不变,故C 正确;布朗运动是液体中悬浮的固体微粒的无规则运动,而不是液体分子的无规则运动,故D 错误;宇航员王亚平在太空中制作的水球呈球形是因为失重的水的表面张力作用的结果,故E 正确.259(2)①p =p 0+mg S,解出:p =1.2×105Pa(3分) ②当缓慢加热,活塞到达汽缸顶部时,V 1T 1=V 2T 2(2分) T 2=T 1V 2V 1=400 K(1分)所以,加热到500 K 时,由p 1V 1T 1=p 3V 2T 3(2分) 解出:p 3=p 1V 1T 3T 1V 2=1.5×105Pa(1分) 答案:(1)ACE(6分) (2)①1.2×105Pa(3分)②1.5×105Pa(6分)34.[物理—选修3-4](15分)(1)(6分)如图所示为一列沿x 正方向传播的简谐横波在t =0时刻的波形图.其中a 、b 为介质中的两质点,若这列波的传播速度是100 m/s ,则下列说法正确的是______.(填正确答案标号.选对1个得3分,选对2个得4分,选对3个得6分.每错选1个扣3分,最低得分为0分).A .该波波源的振动周期是0.04 sB .a 、b 两质点可能同时到达平衡位置C .t =0.04 s 时刻a 质点正在向下运动D .从t =0到t =0.01 s 时间内质点b 的路程为1 cmE .该波与频率是25 Hz 的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象(2)(9分)如图所示,放置在真空中的三棱镜的横截面为直角三角形ABC ,∠A =30°.在BC 的延长线上有一单色点光源S ,从S 射出的一条光线从AC 边上的D 点(图中未画出)处射入棱镜中,经三棱镜折射后垂直于AB 边射出.若S 、D 两点的距离为d ,且光从光源S 到D 的传播时间与光在三棱镜中传播的时间相等.已知三棱镜的折射率n =2,光在真空中的传播速度为c ,求:①从光源射出的光线与SB 边的夹角; ②入射点D 到顶点A 点的距离.解析:(1)由图象可知,波长λ=4 m ,振幅A = 2 cm ,由题意知,波速v =100 m/s ,波源的振动周期T =λv=0.04 s ,故A 正确;a 、b 两质点不可能同时到达平衡位置,故B 错误;波沿x 轴正方向传播,0时刻a 质点正在向下运动,t =0.04 s =T ,一个周期后a 质点回到了原来的位置,仍然正在向下运动,故C 正确;从t =0到t =0.01 s 时间内,0.01 s260=T 4,四分之一个周期的时间内,质点运动的路程一定大于A2=1 cm ,故D 错误;该波的频率f =1T=25 Hz ,与频率是25 Hz 的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象,故E 正确. (2)①n =sin [90°-(180°-θ-∠SCA )]sin 30°(2分)解出:θ=15°(1分) ②n =c v(2分)d c =x sin 30°v(2分) 解出:x =2dn=2d (2分)答案:(1)ACE(6分) (2)①15°(3分) ②2d (6分) 35.[物理—选修3-5](15分)(1)(6分)下列说法正确的是__________.(填正确答案标号.选对1个得3分,选对2个得4分,选对3个得6分.每错选1个扣3分,最低得分为0分).A .氡的半衰期为3.8天,若取4个氡原子核,经7.6天后就一定剩下1个原子核了B .原子核内的中子转化成一个质子和一个电子,这种转化产生的电子发射到核外,就是β粒子,这就是β衰变的实质C .光子的能量由光的频率所决定D .只要有核反应发生,就一定会释放出核能E .按照玻尔理论,氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,电子的动能减小,电势能增大,原子的总能量不变(2)(9分)如图所示,一辆质量M =6 kg 的平板小车停靠在墙角处,地面水平且光滑,墙与地面垂直.一质量为m =2 kg 的小铁块(可视为质点)放在平板小车最右端,平板小车上表面水平且与小铁块之间的动摩擦因数μ=0.45,平板小车的长度L =1 m .现给铁块一个v 0=5 m/s 的初速度使之向左运动,与竖直墙壁发生弹性碰撞后向右运动,碰撞过程中无能量损失,求小铁块在平板小车上运动的过程中系统损失的机械能(g 取10 m/s 2).解析:(1)半衰期是大量原子衰变时所表现出的统计规律,对少量原子核没有意义,A 错;β衰变的实质是指原子核内的中子转化成质子后释放出电子的过程,B 正确;根据光子能量计算公式ε=h ν可知光子的能量由光的频率决定,C 正确;只有存在质量亏损的核反应(核反应过程比结合能下降)才会释放核能,D 错;按照玻尔理论,氢原子的核外电子吸收光子向高能级跃时,核外电子的轨道半径增大,电子运动的动能减小,系统势能增加,总能量增加,E 错.(2)设铁块向左运动到达竖直墙壁时的速度为v 1,根据动能定理得-μmgL =12mv 21-12mv 2(1分)解得v 1=4 m/s(1分)假设发生弹性碰撞后小铁块最终和平板小车达到的共同速度为v 2,根据动量守恒定律得mv 1=(M +m )v 2.(1分)261解得v 2=1 m/s(1分)设小铁块运动的位移为x 时与平板小车达到共同速度,则根据功能关系得 -μmgx =12(M +m )v 22-12mv 21(1分)解得x =43m(1分)由于x >L 说明铁块在没有与平板小车达到共同速度时就滑出平板小车.(1分)所以小铁块在平板小车上运动的过程中系统损失的机械能为ΔE =2μmgL =18 J(2分) 答案:(1)BC(6分) (2)18 J(9分)。
2016届高三物理二轮复习专题十一电学实验限时训练
专题十一电学实验(限时:45分钟)1.(2015宁波模拟)北京市技术质量监督局曾对市场中电线电缆产品质量进行抽查,检验负责人说:“十几个不合格产品中,大部分存在导体电阻不合格问题,主要是铜材质量不合格,使用了再生铜或含杂质很多的铜;再一个就是铜材质量可能合格,但把横截面积缩小,买2.5平方毫米的线,拿到手的线可能是1.5或1.5多一点,载流量不够;还有一个问题是绝缘层质量不合格,用再生塑料制作电线外皮,电阻率达不到要求……”.(1)现从一捆横截面积为1平方毫米的不合格的电线截取一段,采用绕线法测量其横截面积,读数如图(甲)所示,可得该导线的半径约为mm(保留3位有效数字);经你判断该导线的横截面积(填“合格”或者“不合格”).(2)欲测量该捆电线的电阻率是否合格,经查阅,纯铜的电阻率为1.8×10-8Ω·m.取长度为100 m(真实长度)的电线,横截面积取1平方毫米,并用伏安法测量其电阻,所用器材有:A.电源(电动势约为5 V,内阻不计);B.待测长度为100 m的导线一捆;C.电压表(量程为5 V,内阻约为5 kΩ);D.电流表(量程为0.6 A,3 A,内阻分别为0.125 Ω,0.025 Ω);E.滑动变阻器(5 Ω,2 A).某同学设计了如图(乙)所示的电路,所选电表量程均合理,则电压表的另一端应接(填“a”或“b”),测量得电压表示数为4.50 V,电流表读数如图(丙)所示,为 A.结合检验负责人的话,你认为这捆电线不合格的原因最有可能是.解析:(1)由图可知,10匝线圈的直径的总长度为12.5 mm,则导线的半径为 mm=0.625 mm;则其横截面积为S=πr2=π×0.6252 mm2≈1.23 mm2,则说明横截面积合格.(2)因待测电阻的阻值较小,故应采用电流表外接法,故电压表的另一端应接a;电流表量程为3 A,则最小分度值为0.1 A,则读数为2.50 A,则电阻R=Ω=1.8 Ω;电阻率ρ==Ω·m=2.21×10-8Ω·m;故电阻率达不到要求.答案:(1)0.625 合格(2)a 2.50 电阻率达不到要求,使用的有可能是再生铜或过多杂质的次铜教师备用:(2015九江市二模)在“把电流表改装为电压表”的实验中,需利用如图所示的电路测定电流表的内阻,步骤如下:①连接S1(S2未接通),调节R1,使电流表指针偏转到满刻度;②保持S1闭合,再接通S2,调节R2,使电流表指针偏转到满刻度的1/2;③读出R2的阻值,可得到R g= (填表达式)已知电源的电动势为3 V,内阻不计,电流表满偏电流为500 μA,其内阻约在50 Ω左右,实验室配有的可变电阻有A.电阻箱(0~999.9 Ω)B.电阻箱(0~99.9 Ω)C.滑动变阻器(0~10 kΩ)D.滑动变阻器(0~1 kΩ)(1)电路中R1应选,R2应选.(填序号)(2)上述实验中电流表内阻的测量值和真实值相比(选填“偏大”或“偏小”).(3)如果测得该电流表内阻阻值为55 Ω,要将其改装为量程为3 V电压表,应联个阻值为Ω的电阻.解析:在题意条件下,可粗略的认为干路电流不变,电流表半偏时,R2支路电流与电流表支路电流相等,根据串联电压相等,可知电流表内阻等于R2(1)电流表的满偏电流I g=500 μA=5.0×10-4 A,电路最小电阻R最小==Ω≈6 000 Ω=6 kΩ,则变阻器R1阻值的最小阻值=R最小-R g=6 000 Ω-50 Ω=5 950 Ω,则变阻器R1应选C,电阻箱需选用大于50 Ω且接近50 Ω的阻值,因此R2应选B.(2)接通S2时,整个电路阻值变小,电路电流变大,大于接通S2前的电路电流,即大于电流表的满偏电流,调节R2,使电流表指针偏转到满刻度的,则流过R2的电流大于电流表满偏电流的,R2的阻值小于电流表内阻,即电流表内阻测量值偏小.(3)将电流表改装成电压表,应串联一个电阻,电压表内阻R==6 000 Ω,串联电阻的阻值R串=R-R g′=6 000 Ω-55 Ω=5 945 Ω.答案:③R2(1)C B (2)偏小(3)串 5 9452.(2015南昌一模)某同学在测量一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中,其主要实验步骤为:①用多用电表测量该合金丝的电阻②用刻度尺测出合金丝的长度,用螺旋测微器测出其直径③再用伏安法测合金丝的电阻回答下列问题:(1)用多用电表测量合金丝的电阻①开始选用“×10”倍率的欧姆挡测量发现多用电表指针偏转过大,为使测量比较精确,应将选择开关拨至(选填“×100”或“×1”)倍率的欧姆挡.②每次换挡后,需重新,再进行测量.③测量合金丝的多用电表的指针位置如图(甲)所示,则该合金丝的电阻测量值是Ω.(2)用伏安法测合金丝的电阻并得出电阻率①现有电源(4 V,内阻可不计),滑动变阻器(0~50 Ω),电流表(0~0.6 A,内阻约0.125 Ω),电压表(0~3 V,内阻约3 kΩ),开关和导线若干.为了减小测量误差,实验电路应采用图(乙)中的[选填“图(a)”或“图(b)”].②实验得到的合金丝电阻率ρ测(选填“大于”“小于”或“等于”)合金丝的真实电阻率ρ真.解析:(1)①多用电表指针偏角过大说明待测电阻的阻值较小,即所选的倍率过大,应选择较小的倍率,所以应将选择开关拨至“×1”挡;②根据多用电表的使用方法可知,每次换挡后都应重新进行欧姆调零;③多用电表的读数为R=7×1 Ω=7 Ω;(2)①由于待测电阻阻值较小,满足>,电流表应用外接法,所以应采用图(乙)中的图(a);②根据欧姆定律R测=,而R真=,显然R测<R真,再由R=ρ,可得ρ=R∝R,所以ρ测<ρ真.答案:(1)①×1 ②调零③7 (2)①图(a) ②小于3.(2015浙江模拟)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,小灯泡的额定电压为2.5 V,额定功率为0.5 W,此外还有以下器材可供选择:A.直流电源3 V(内阻不计)B.直流电流表0~300 mA(内阻约为5 Ω)C.直流电流表0~3 A(内阻约为0.1 Ω)D.直流电压表0~3 V(内阻约为3 kΩ)E.滑动变阻器100 Ω,0.5 AF.滑动变阻器10 Ω,2 AG.导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量.(1)实验中电流表应选用,滑动变阻器应选用.(均填写仪器前的字母)(2)在图(甲)所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图(虚线框中已将所需的滑动变阻器画出,请补齐电路的其他部分,要求滑片P向b端滑动时,灯泡变亮).(3)根据实验数据,画出的小灯泡I U图线如图(乙)所示,过点(0.5,0.10)的切线与纵坐标交于点(0,0.05),由此可知,当电压为0.5 V时,小灯泡的灯丝电阻是Ω.(保留小数点后一位)解析:(1)灯泡的额定电流I= A=200 mA,故电流表选择B;因本实验只能采用分压接法,故滑动变阻器选择最大阻值小的F.(2)根据实验要求可知,滑动变阻器采用分压接法,并且测量电路应与滑动变阻器的左半部分并联;电流表采用外接法,原理图如图所示.(3)由伏安特性曲线可知,U=0.5 V时,电流I=0.10 A,则对应的电阻R=Ω=5.0 Ω.答案:(1)B F (2)见解析(3)5.04.(2015江山市模拟)众所周知,将两个金属电极铜、锌插入一个水果中就可以做成一个水果电池[如图(a)所示].水果电池的电动势大约有1 V左右.但由于水果电池的内阻偏大,日常生活中我们很少用水果电池,那么水果电池的内阻到底有多大呢?某学习小组的同学就此进行如下探究.A.当甲同学用量程为0~1 V,内阻约10 kΩ的电压表测其两极时读数为0.74 V,用灵敏电流表直接接水果电池的两极,测得电流为0.55 mA,由闭合电路欧姆定律得电池的内阻r==Ω=1.3 kΩ.B.乙同学把欧姆表直接接到水果电池的两极上,读得此时的读数为84 Ω.因而甲同学说水果电池的内阻为1.3 kΩ,而乙同学则说是84 Ω.(1)请你判断,用甲、乙两位同学的方法测量水果电池的内阻,结果是否准确,为什么?请选一位同学的方法说明理由..(2)丙同学利用课本上介绍的伏安法测水果电池的电动势和内阻,电路图如图(b)所示.图(c)是丙同学根据测量数据在坐标纸上描出的U随I变化的关系图象.由图象可得水果电池的电动势为 V(计算结果保留两位小数),内阻为Ω(计算结果保留两位有效数字).解析:(1)甲同学测量不准确,因电压表内阻不是无穷大,电压表测量值小于水果电池的电动势;灵敏电流表的内阻较大,0.55 mA也不是短路电流;乙同学测量不准确.因水果电池本身有电动势,当用欧姆表直接接水果电池的两极时,欧姆表内部的电源和水果电池的电动势串联,影响测量的结果.(2)由作出的U随I变化的关系图象可知:水果电池的电动势为E=0.72 V(0.70~0.74之间均可),内阻为r=Ω=1.0×103Ω(0.9×103~1.1×103Ω之间均可).答案:(1)见解析(2)0.72(0.70~0.74均可) 1.0×103(0.9×103~1.1×103均可)5.(2015浙江校级二模)要测量一只量程已知的电压表的内阻,所备器材如下:A.待测电压表V(量程3 V,内阻未知)B.电流表A(量程3 A,内阻0.01 Ω)C.定值电阻R(阻值2 kΩ,额定电流50 mA)D.电源E(电动势略小于3 V,内阻不计)E.多用电表F.开关S1,S2,导线若干有一同学利用上面所给器材,进行如下实验操作:(1)首先,用多用电表进行粗测,选用欧姆挡“×100”倍率,操作方法正确.若这时刻度盘上的指针位置如图(甲)所示,则测量的结果是Ω.(2)为了更精确地测出此电压表内阻,该同学设计了如图(乙)、(丙)所示的实验电路,你认为其中较合理的电路图是.其理由是.(3)在图(丁)中,根据你选择的电路图把实物连接好.(4)①用你选择的电路进行实验时,请简述实验骤: ;②用上述步骤中所测量的量表示电压表的内阻R V= .解析:(1)选用欧姆挡×100倍率,读数为30×100 Ω=3 000 Ω.(2)较为合理的是(丙)图,因为电阻较大,(乙)图中电流表的示数太小,误差太大,(丙)图中R 的阻值与电压表阻值接近,误差小.(3)如图所示.(4)①闭合S1和S2,读得电压表示数U1,再断开S2,读得电压表示数U2.②因电源内阻不计,闭合S1,S2时,U1=E,再断开S2时,==,得R V=R.答案:(1)3 000(2)(丙) (乙)图中电流表的示数太小,误差太大,(丙)图中R的阻值与电压表阻值接近,误差小(3)见解析(4)实验步骤:①闭合S1和S2,读得电压表示数U1,再断开S2,读得电压表示数U2②R6.(2015广东理综)某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性,使用的器材包括电压表(内阻约为3 kΩ)、电流表(内阻约为1 Ω)、定值电阻等.(1)使用多用电表粗测元件X的电阻.选择“×1”欧姆挡测量,示数如图(a)所示,读数为Ω.据此应选择图(b)(c)中的(填“b”或“c”)电路进行实验.(2)连接所选电路,闭合S;滑动变阻器的滑片P从左向右滑动,电流表的示数逐渐(填“增大”或“减小”);依次记录电流及相应的电压;将元件X换成元件Y,重复实验.(3)图(d)是根据实验数据作出的U I图线,由图可判断元件(填“X”或“Y”)是非线性元件.(4)该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R=21 Ω的定值电阻,测量待测电池的电动势E 和内阻r,电路如图(e)所示.闭合S1和S2,电压表读数为3.00 V;断开S2,读数为 1.00 V.利用图(d)可算得E=V,r= Ω(结果均保留两位有效数字,视电压表为理想电压表).解析:(1)由题图(a)可知,多用电表的读数为10 Ω,由于元件的电阻较小,电路应选用电流表外接法,即选择(b)电路.(2)当滑动变阻器的滑片向右移时,滑动变阻器两端的电压增大,电流表的示数增大.(3)由于元件Y的U I图线是曲线,因此Y是非线性元件.(4)设线性元件的电阻为R,由题图(d)可知,R==10 Ω,则S1,S2均闭合时,E=0.3 A×(10 Ω+r),S1闭合,S2断开时,E=0.1 A×(10 Ω+21 Ω+r),解得E≈3.2 V,r=0.50 Ω. 答案:(1)10.0 b (2)增大(3)Y (4)3.2 0.50教师备用:一电流表的量程标定不准确,某同学利用图(甲)所示电路测量该电流表的实际量程I m.所用器材有:量程不准的电流表A1,内阻r1=10.0 Ω,量程标定为5.0 mA;标准电流表A2,内阻r2=45.0 Ω,量程1.0 mA;标准电阻R1,阻值10.0 Ω;滑动变阻器R,总电阻为300.0 Ω;电源E,电动势为3.0 V,内阻不计;保护电阻R2;开关S;导线.回答下列问题:(1)根据电路图(甲),在图(乙)所示的实物图上画出正确的连线.(2)开关S闭合前,滑动变阻器的滑动端c应滑动至端.(3)开关S闭合后,调节滑动变阻器的滑动端,使电流表A1满偏;若此时电流表A2的读数为I2,则A1的量程I m= .(4)若测量时,A1未调到满偏,两电流表的示数如图(丙)所示,从图中读出A1的示数I1= mA,A2的示数I2= mA;由读出的数据计算得I m= mA.解析:(1)实物图连接如图所示.(2)图中滑动变阻器采用限流式接法,所以开关S闭合前,其接入电路的电阻阻值应最大,故滑动端c应滑至a端.(3)由原理图可知,A2与R1串联后与A1并联,并联部分的电压U=I2(r2+R1)=55I2故电流表A1中的电流I1===5.5I2此时电流表满偏,故量程为5.5I2.(4)由表可读出电流表A1的示数I1=3.00 mA,电流表A2的示数I2=0.660 mA根据第(3)问的计算可知,此时流过电流表A1的电流为5.5I2=5.5×0.660 mA=3.63 mA因此,电流表A1的量程I m=×3.63 mA=6.05 mA.答案:(1)见解析(2)a(3) 5.5I2(4) 3.00 0.660 6.05。
2016届高考物理第二轮模块复习训练题21
精品文档 你我共享 知识改变命运 第6讲 功能关系在电磁学中的应用 专题提升训练 一、单项选择题 1.(2015·石家庄市高中毕业班质检)如图1所示,平行金属板A、B水平正对放置,分别带等量异号电荷。一带电微粒水平射入板间,在重力和电场力共同作用下运动,轨迹如图中虚线所示,那么( )
图1 A.若微粒带正电荷,则A板一定带正电荷 B.微粒从M点运动到N点电势能一定增加 C.微粒从M点运动到N点动能一定增加 D.微粒从M点运动到N点机械能一定增加 解析 由于两极板的带电正负不知,粒子的电性不确定,则粒子所受电场力方向不确定,所受电场力做功正负不确定,但根据粒子运动轨迹,粒子所受合力一定向下,则合力一定做正功,所以电势能变化情况、机械能变化情况不确定,但粒子动能一定增加,所以只有C正确。 答案 C 2.(2015·河北邯郸二模)如图2所示,光滑平行金属轨道平面与水平面成θ角,两轨道上端用一电阻R相连,该装置处于匀强磁场中,磁场方向垂直轨道平面向上,质量为m的金属杆ab,以初速度v0从轨道底端向上滑行,滑行到某一高度h后又返回到底端。若运动过程中,金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好,且轨道与金属杆的电阻均忽略不计,则不正确的是( )
图2 A.整个过程电路中产生的电能等于始、末状态动能的减少量 B.上滑到最高点的过程中克服安培力与重力所做功之和等于12mv20 精品文档 你我共享 知识改变命运 C.上滑到最高点的过程中电阻R上产生的焦耳热等于12mv20-mgh D.金属杆两次通过斜面上的同一位置时电阻R的热功率相同 解析 金属杆从轨道底端滑上斜面又返回到出发点,由能量的转化和守恒知选项A正确;上滑到最高点时动能转化为重力势能和电阻R上产生的焦耳热(即克服安培力所做的功),选项B、C正确;金属杆两次通过斜面上同一位置时的速度不同,电路的电流不同,故电阻R的热功率不同,选项D错误。 答案 D 3.(2015·镇江市高三质量检测)空间存在竖直向上的匀强电场,质量为m的带正电的微粒水平射入电场中,微粒的运动轨迹如图3所示,在相等的时间间隔内( )
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1 考点21 电学实验(二) 两年高考真题演练 1.[2015·天津理综9(3)]用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5 V,内电阻约1 Ω)的电动势和内电阻,除待测电池组、电键、导线外,还有下列器材供选用: A.电流表:量程0.6 A,内电阻约1 Ω B.电流表:量程3 A,内电阻约0.2 Ω C.电压表:量程3 V,内电阻约30 kΩ D.电压表:量程6 V,内电阻约60 kΩ E.滑动变阻器:0~1 000 Ω,额定电流0.5 A F.滑动变阻器:0~20 Ω,额定电流2 A ①为了使测量结果尽量准确,电流表应选用________,电压表应选用________,滑动变阻器应选用________(均填仪器的字母代号)。 ②下图为正确选择仪器后,连好的部分电路。为了使测量误差尽可能小,还需在电路中用导线将________和________相连、________和________相连、________和________相连(均填仪器上接线柱的字母代号)。
③实验时发现电流表坏了,于是不再使用电流表,剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器,重新连接电路,仍能完成实验。实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U。用图象法处理采集到的数据,为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线,则可以
________为纵坐标,以________为横坐标。
2.(2015·海南单科,12)某同学利用图(a)所示电路测量电容器充电时两极板间的电压随时间的变化。实验中使用的器材为:电池E(内阻很小)、开关S1和S2,电容器C(约100 μF)、电阻R1(约200 kΩ)、电阻R2(1 kΩ)、电压表(量程6 V)、秒表、导线若干。 (1)按图(a)所示的电路原理图将图(b)中实物图连线。 2
(2)先闭合开关S2,再断开开关S2;闭合开关S1,同时按下秒表开始计时。若某时刻电压表的示数如图(c)所示,电压表的读数为________V(保留2位小数)。 (3)该同学每隔10 s记录一次电压表的读数U,记录的数据如下表所示。在给出的坐标纸上绘出U-t图线。已知只有一个数据点误差较大,该数据点对应的表中的时间是________s。 时间t/s 10.0 20.0 30.0 40.0 50.0 60.0 电压U/V 2.14 3.45 4.23 4.51 5.00 5.18
(4)电路中C、R2和S2构成的回路的作用是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 3.[2015·广东理综,34(2)]某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性,使用的器材包括电压表(内阻约为3 kΩ)、电流表(内阻约为1 Ω)、定值电阻等。 3
图1 ①使用多用电表粗测元件X的电阻。选择“×1”欧姆档测量,示数如图1(a)所示,读数为________Ω。据此应选择图1中的 ________(填“b”或“c”)电路进行实验。 ②连接所选电路,闭合S;滑动变阻器的滑片P从左向右滑动,电流表的示数逐渐________(填“增大”或“减小”);依次记录电流及相应的电压;将元件X换成元件Y,重复实验。
图2 ③图2(a)是根据实验数据作出的U-I图线,由图可判断元件________(填“X”或“Y”)是非线性元件。 ④该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R=21 Ω的定值电阻,测量待测电池的电动势E和内阻r,电路如图2(b)所示。闭合S1和S2,电压表读数为3.00 V;断开S2,读数为1.00 V,利用图2(a)可算得E=________V,r=________Ω(结果均保留两位有效数字,视电压表为理想电压表)。 4.(2015·浙江理综,22)图1是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图。
图1 4
图2 (1)根据图1画出实验电路图; (2)调节滑动变阻器得到了两组电流表与电压表的示数如图2中的①、②、③、④所示,电流表量程为0.6 A,电压表量程为3 V。所示读数为:①________、②________、③________、④________。两组数据得到的电阻分别为________和________。 5.(2014·新课标全国卷Ⅰ,23)利用如图(a)所示电路,可以测量电源的电动势和内阻,所用的实际器材有:
待测电源,电阻箱R(最大阻值999.9 Ω),电阻R0(阻值为3.0 Ω),电阻R1(阻值为3.0 Ω),电流表A(量程为200 mA,内阻为RA=6.0 Ω),开关S。 实验步骤如下: ①将电阻箱阻值调到最大,闭合开关S; ②多次调节电阻箱,记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R;
③以1I为纵坐标,R为横坐标,作1I-R图线(用直线拟合); ④求出直线的斜率k和在纵轴上的截距b。 回答下列问题:
(1)分别用E和r表示电源的电动势和内阻,则1I与R的关系式为____________________________。 (2)实验得到的部分数据如下表所示,其中电阻R=3.0 Ω时电流表的示数如图(b)所示,读出数据,完成下表。答:①__________,②__________。 R/Ω 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0 7.0
I/A 0.143 0.125 ① 0.100 0.091 0.084 0.077
I-1/A-1 6.99 8.00 ② 10.0 11.0 11.9 13.0 5
(3)在图(c)的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图,根据图线求得斜率k=________A-1·Ω-1,截距b=________A-1。 (4)根据图线求得电源电动势E=_______V,内阻r=______Ω。
考点21 电学实验(二) 一年模拟试题精练 1.(2015·北京东城区一模)指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器,请完成下列问题: 在使用多用电表测量时,指针的位置如图所示,若选择开关拨至“×1”挡,则测量的结果为________ Ω;若选择开关拨至“50 mA”挡,则测量结果为________mA。
2.(2015·石家庄质检)在物理课外活动中,刘聪同学制作了一个简单的多用电表,图甲为电表的电路原理图。已知选用的电流表内阻Rg=10 Ω、满偏电流Ig=10 mA,当选择开关接3时为量程250 V的电压表。该多用电表表盘如图乙所示,下排刻度均匀,C为上排刻度线的中间刻度,由于粗心上排刻度线对应数值没有标出。 (1)若指针指在图乙所示位置,选择开关接1时其读数为________;选择开关接3时其读数为________。 6
(2)为了测该多用电表欧姆挡的电阻和表内电源的电动势,刘聪同学在实验室找到了一个电阻箱,设计了如下实验: ①将选择开关接2,红黑表笔短接,调节R1的阻值使电表指针满偏;
②将多用电表红、黑表笔与电阻箱相连,调节电阻箱使多用电表指针指在C处,此时电阻箱如图丙所示,则C处刻度应为________Ω。 ③计算得到多用电表内电池的电动势为________V。(保留2位有效数字) (3)调零后将电表红黑表笔与某一待测电阻相连,若指针指在图乙所示位置,则待测电阻的阻值为________Ω。(保留2位有效数字) 3.(2015·南昌调研)为了测定一电池的电动势和内电阻,实验室中提供有下列器材: A.电流表G(满偏电流10 mA,内阻10 Ω) B.电流表A(0~0.6 A~3 A,内阻未知) C.滑动变阻器R(0~100 Ω,1 A) D.定值电阻R0(阻值990 Ω) E.开关与导线若干 (1)某同学根据现有的实验器材,设计了图甲所示的电路,请按照电路图在图乙上完成实物连线。 7
(2)图丙为该同学根据上述设计的实验电路利用实验测出的数据绘出的I1-I2图线,I1
为电流表G的示数,I2为电流表A的示数,由图线可以得到被测电池的电动势E=________V,
内阻r=________Ω。 4.(2015·陕西八校联考)现有一电池,内阻较大,为测定这个电池的电动势和内阻,某同学利用如图甲所示的电路进行实验,图中电流表的内电阻很小,对电路的影响可以不计;Rt为热敏电阻,实验中其阻值随温度变化的图象如图乙所示。
该同学接好电路后,闭合开关S,测出不同温度t及所对应的电流表读数I,取得多组数据,然后通过作出有关物理量的线性图象,求得电源的电动势E和内阻r。 a.请写出该同学所作线性图象对应的函数表达式________________________________。 b.请在图丙的虚线框内坐标图中作出定性图象(要求标明两个坐标轴所表示的物理量,用符号表示)。 c.若该图象斜率的绝对值为k,纵截距为b,则E=________,r=________。
参考答案 考点21 电学实验(二)
两年高考真题演练 1.解析 (1)因三节干电池的电动势约为4.5 V,故电压表应选D;因干电池放电电流不宜超过0.5 A,故电流表应选A;由电压表和电流表的测量范围可知滑动变阻器选用F即可。 ②本实验的实验电路应如图。