步步高《一页通》2017版浙江选考考前特训物理总复习：加试30分等值特训(一)
步步高《一页通》2017版浙江选考考前特训物理总复习：第二部分-选择题(14-16题)特训4
加试特训4光和电磁波1.加试题类比是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于掌握新知识，提高学习效率．在类比过程中，既要找出共同之处，又要抓住不同之处．某同学对机械波和电磁波进行类比，总结出下列内容，其中正确的是()A．机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波B．机械波和电磁波的传播都依赖于介质C．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象D．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用2.加试题关于电磁波谱，下列说法中正确的是()A．电磁波中最容易表现出干涉、衍射现象的是无线电波B．紫外线能促使体内维生素D的合成C．在烤箱中能看见一种淡红色的光线，是电热丝发出的红外线D．红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线3.加试题LC振荡电路中，某时刻磁场方向如图1所示，则下列说法正确的是()A．若磁场正在减弱，则电容器上极板带正电B．若电容器正在放电，则电容器上极板带负电C．若电容器上极板带正电，则线圈中电流正在增大图1D．若电容器正在放电，则自感电动势正在阻碍电流增大4.加试题下列说法中正确的是()A．图甲是一束复色光进入水珠后传播的示意图，其中a束光在水珠中传播的速度一定大于b束光在水珠中传播的速度B．图乙是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，当入射角i逐渐增大到某一值后不再会有光线从bb′面射出C．图丙和丁分别是双缝干涉和薄膜干涉示意图，反映出光具有波动性化，此现象表明光波是横波5.加试题在信息技术迅猛发展的今天，光盘是存储信息的一种重要媒介．光盘上的信息通常是通过激光束来读取的．若激光束不是垂直投射到盘面上，则光线在通过透明介质层时会发生偏折而改变行进的方向，如图2所示．下列说法中正确的是()图2A．图中光束①是红光②是蓝光B．在光盘的透明介质层中，光束②比①传播速度更快C．若光束①②先后通过同一单缝衍射装置，光束①的中央亮条纹比②的窄D．若光束①②先后通过同一双缝干涉装置，光束②的条纹宽度比①的大6.加试题对下列现象解释正确的是()A．图甲的原理和光导纤维传送光信号的原理一样B．图乙的原理和雨天水洼中彩色油膜的原理一样C．图丙的原理和照相机镜头表面涂上增透膜的原理一样D．图丁的原理和用标准平面检查光学平面的平整程度的原理一样7.加试题“东亚度假山庄”位于台州黄岩区最西部的大寺基林场，它以独特的欧洲风情小镇建筑(如图3甲)吸引了大量的游客．某一游客在一游泳池边游玩时，发现池水非常清澈，游泳池侧壁的水下瓷砖和水上侧壁的瓷砖一样清晰，就想拍一张游泳池侧壁的照片，发现画面中有周围房屋的倒影，水下侧壁的瓷砖不清晰，该游客在相机镜头前安装了一个薄片并旋转了几下后，水下侧壁的瓷砖变得非常清晰，此后又发现水面以下的瓷砖比水面以上的短(如图乙)，已知瓷砖的规格是统一的，以上现象主要涉及到的原理有()A．光的折射B．光的全反射C．光的干涉D．光的偏振8.加试题如图4所示为某透明均质圆柱形玻璃截面图，其中MN为过圆心O的水平直线．现有两单色细光束a、b相对MN两侧对称，且平行MN照射玻璃柱体，经玻璃折射后两束光相交于P点，部分光路如图所示．a、b两束光相比()图4A．玻璃对a光的折射率大B．在玻璃中a光的传播速度大C．在玻璃中a光的传播时间短D．a、b光在P点都可能发生全反射9.加试题如图5所示，两块相同的玻璃等腰三棱镜ABC置于空气中，两者的AC面相互平行放置，由红光和蓝光组成的细光束平行于BC面从P点射入，通过两棱镜后，变为从a、b两点射出的单色光，对于这两束单色光()图5A．红光在玻璃中传播速度比蓝光小B．从a点射出的为蓝光，从b点射出的为红光C．从a、b两点射出的单色光仍平行，且平行于BCD．若改变入射光的方向，有可能会只有一种光从右侧的AB面出射10.加试题做单缝衍射实验和双缝干涉实验时，用激光比普通光源效果更好，图象更清晰．如图6甲所示，如果将感光元件置于光屏上，则不仅能在光屏上看到彩色条纹，还能通过感光元件中的信号转换，在电脑上看到光强的分布情况．下列说法正确的是()A．做单缝实验时，光强分布图如乙所示B．做单缝实验时，光强分布图如丙所示C．做双缝实验时，光强分布图如乙所示D．做双缝实验时，光强分布图如丙所示11.加试题如图7是一个直角棱镜的横截面，∠bac＝90°，∠abc＝60°，一束平行细光束从O点垂直棱镜边界入射．已知此棱镜材料的折射率n＝3，若不考虑原入射光线在bc面上的反射，则光线()A．不能从ab面射出图7B．不能从ac面射出C．能从bc面射出，且出射光线与ac面平行D．能从bc面射出，且出射光线与bc面垂直12.加试题如图8所示，P、Q是两种透明材料制成的两块相同的直角梯形棱镜，叠合在一起组成一个长方体．一束单色光从P的上表面空气中(可看作真空处理)射入，与P上表面的夹角为θ，进入P的折射光刚好垂直通过两棱镜的交界面．已知P、Q所用材料对该单色光的折射率分别为n1、n2，且n1＞n2，则下列判断正确的是()图8A．到达Q下表面的光线一定能出射进入空气，且与下表面的夹角大于θB．到达Q下表面的光线一定能出射进入空气，且与下表面的夹角小于θC．到达Q下表面的光线不一定能出射进入空气D．若将P、Q的材料互换，调节从P上表面入射的光线角度，使折射光线依旧垂直通过两棱镜的交界面，则从Q下表面出射的光线与下表面的夹角一定等于θ答案解析1．CD7．AD[画面中的倒影，是水面的反射光形成的，从而导致水面下的瓷砖不清晰，而反射光是偏振光，所以我们可以在相机镜头前加装一个偏振片，并使偏振片的透振方向与反射光的振动方向垂直，从而使反射光不能通过偏振片只让水下的瓷砖的光进入镜头，D正确；水面下的瓷砖的光经过水面时发生折射使得瓷砖的长度变短，A正确．]8．BC。
【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第11章章末综合练
D.液晶显示应用了偏振光
解析 X射线有较强的穿透能力，借助X射线能检测与探伤，机场安检时，借助X
射线能看到箱内物品.故A正确；
交通警示灯选用红灯是因为红光更容易穿透云雾烟尘，故B正确； 建筑外装涂膜玻璃应用了光的薄膜干涉，不是光的全反射，故C错误； 液晶显示应用了液晶的各向异性和光的偏振原理，故D正确.
一定能发生全反射
解析答案
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6.对下列光学现象解释正确的是( C ) A.海市蜃楼是光的偏振现象
B.彩虹是光的衍射现象
C.彩色肥皂泡是光的干涉现象 D.立体电影是光的全反射现象 解析 海市蜃楼是光的折射现象，是由于空气不均匀时，对光的折射率不同而产 生的，故A错误；
第十一章 光 电磁波(加试)
章末综合练(十一)
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1.如图所示，为了观察门外情况，有人在门上开一小圆孔，将一块圆柱形玻璃
嵌入其中，圆柱体轴线与门面垂直.从圆柱底面中心看出去，可以看到的门外入
射光线与轴线间的最大夹角称做视场角.已知该玻璃的折射率为n，圆柱长为l，
射率分别为na、nb，则( B )
A.λa＜λb，na＞nb B.λa＞λb，na＜nb C.λa＜λb，na＜nb D.λa＞λb，na＞nb 解析 由光路图可知，a光的偏折程度较小，b光的偏折程度较大，则a光
的折射率小，b光的折射率大.即na＜nb.折射率越大，频率越大，波长越小，
浙江省2018版选考物理考前特训(2017年10月)加试30分特训_特训8 电磁感应问题的综合应用 全国通用 Word版
加试特训8电磁感应问题的综合应用1．(2017·4)间距为l的两平行金属导轨由水平部分和倾斜部分平滑连接而成，如图1所示，倾角为θ的导轨处于大小为B1，方向垂直导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅰ中，水平导轨上的无磁场区间静止放置一质量为3m的“联动双杆”(由两根长为l 的金属杆cd和ef，用长度为L的刚性绝缘杆连接而成)，在“联动双杆”右侧存在大小为B2，方向垂直导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅱ，其长度大于L，质量为m，长为l的金属杆ab，从倾斜导轨上端释放，达到匀速后进入水平导轨(无能量损失)，杆ab与“联动双杆”发生碰撞后杆ab和cd合在一起形成“联动三杆”，“联动三杆”继续沿水平导轨进入磁场区间Ⅱ并从中滑出，运动过程中，杆ab、cd和ef与导轨始终接触良好，且保持与导轨垂直．已知杆ab、cd和ef电阻均为R＝0.02Ω，m＝0.1kg，l＝0.5m，L＝0.3m，θ＝30°，B1＝0.1T，B2＝0.2T，g＝10m/s2.不计摩擦阻力和导轨电阻，忽略磁场边界效应．求：图1(1)杆ab在倾斜导轨上匀速运动时的速度大小v0；(2)“联动三杆”进入磁场区间Ⅱ前的速度大小v；(3)“联动三杆”滑过磁场区间Ⅱ产生的焦耳热Q.2．(2016·10)为了探究电动机转速与弹簧伸长量之间的关系，小明设计了如图2所示的装置．半径为l的圆形金属导轨固定在水平面上，一根长也为l、电阻为R的金属棒ab一端与导轨接触良好，另一端固定在圆心处的导电转轴OO′上，由电动机A带动旋转．在金属导轨区域内存在垂直于导轨平面，大小为B1、方向竖直向下的匀强磁场．另有一质量为m、电阻为R的金属棒cd用轻质弹簧悬挂在竖直平面内，并与固定在竖直平面内的“U”型导轨保持良好接触，导轨间距为l，底部接阻值也为R的电阻，处于大小为B2、方向垂直导轨平面向里的匀强磁场中．从圆形金属导轨引出导线和通过电刷从转轴引出导线经开关S与“U”型导轨连接．当开关S断开，棒cd静止时，弹簧伸长量为x0；当开关S闭合，电动机以某一转速匀速转动，棒cd再次静止时，弹簧伸长量变为x(不超过弹性限度)．不计其余电阻和摩擦等阻力，求此时：图2(1)通过棒cd的电流I cd；(2)电动机对该装置的输出功率P；(3)电动机转动角速度ω与弹簧伸长量x之间的函数关系．3.(2016·4)某同学设计了一个电磁推动加喷气推动的火箭发射装置，如图3所示．竖直固定在绝缘底座上的两根长直光滑导轨，间距为L.导轨间加有垂直导轨平面向下的匀强磁场B.绝缘火箭支撑在导轨间，总质量为m，其中燃料质量为m′，燃料室中的金属棒EF电阻为R，并通过电刷与电阻可忽略的导轨良好接触．引燃火箭下方的推进剂，迅速推动刚性金属棒CD(电阻可忽略且和导轨接触良好)向上运动，当回路CEFDC面积减少量达到最大值ΔS，用时Δt，此过程激励出强电流，产生电磁推力加速火箭．在Δt时间内，电阻R产生的焦耳热使燃料燃烧形成高温高压气体．当燃烧室下方的可控喷气孔打开后．喷出燃气进一步加速火箭．图3(1)求回路在Δt时间内感应电动势的平均值及通过金属棒EF的电荷量，并判断金属棒EF中的感应电流方向；(2)经Δt时间火箭恰好脱离导轨，求火箭脱离时的速度v0的大小；(不计空气阻力)(3)火箭脱离导轨时，喷气孔打开，在极短的时间内喷射出质量为m′的燃气，喷出的燃气相对喷气前火箭的速度为v，求喷气后火箭增加的速度Δv.(提示：可选喷气前的火箭为参考系)4．(2015·10)如图4甲所示，质量m＝3×10－3kg的“”形金属细框竖直放置在两水银槽中，“”形框的水平细杆CD长l＝0.20m，处于磁感应强度大小B1＝1.0T、方向水平向右的匀强磁场中．有一匝数n＝300匝、面积S＝0.01m2的线圈通过开关K 与两水银槽相连．线圈处于与线圈平面垂直的、沿竖直方向的匀强磁场中，其磁感应强度B2的大小随时间t变化的关系如图乙所示．(g＝10m/s2)图4(1)求0～0.10s内线圈中的感应电动势大小；(2)t＝0.22s时闭合开关K，若细杆CD所受安培力方向竖直向上，判断CD中的电流方向及磁感应强度B2的方向；(3)t＝0.22s时闭合开关K，若安培力远大于重力，细框跳起的最大高度h＝0.20m，求通过细杆CD的电荷量．5．(2017·嘉兴模拟)如图5所示，两平行导轨间距L＝1.0m，倾斜轨道光滑且足够长，与水平面的夹角θ＝30°，水平轨道粗糙且与倾斜轨道圆滑连接．倾斜轨道处有垂直斜面向上的磁场，磁感应强度B＝2.5T，水平轨道处没有磁场．金属棒ab质量m＝0.5kg，电阻r＝2.0Ω，运动中与导轨有良好接触，并且垂直于导轨．电阻R＝8.0Ω，其余电阻不计．当金属棒从斜面上离地高度h＝3.0m处由静止释放，金属棒在水平轨道上滑行的距离x＝1.25m，而且发现金属棒从更高处静止释放，金属棒在水平轨道上滑行的距离不变．(取g＝10m/s2)求：图5(1)从高度h＝3.0m处由静止释放后，金属棒滑到斜面底端时的速度大小；(2)金属棒与水平轨道间的动摩擦因数μ；(3)金属棒从某高度H处静止释放后至下滑到底端的过程中流过R的电量q＝2.0C，求该过程中电阻R上产生的热量．6．(2017·桐乡模拟)如图6甲所示，发光竹蜻蜓是一种常见的儿童玩具，它在飞起时能够持续发光．某同学对竹蜻蜓的电路作如下简化：如图乙所示，半径为L的导电圆环绕垂直于圆环平面、通过圆心O的金属轴O1O2以角速度ω逆时针匀速转动(俯视)．圆环上接有电阻均为r的三根金属辐条OP、OQ、OR，辐条互成120°角．在圆环左半部分张角也为120°角的范围内(两条虚线之间)分布着垂直圆环平面向下磁感应强度为B的匀强磁场，在转轴O1O2与圆环的边缘之间通过电刷M、N与一个LED灯相连(假设LED灯电阻为r)．其他电阻不计，从辐条OP进入磁场开始计时．图6(1)在辐条OP转过120°的过程中，辐条OP两端的电势哪端高？OP两端电压U是多大？(2)求OP转过120°的过程中通过LED灯的电流和整个装置消耗的电能；(3)为使LED灯发光时更亮，在装置设计上可采取哪些改进措施？(请写出两条措施)答案解析四次命题轨迹1．(1)6m /s (2)1.5 m/s (3)0.25J解析 (1)匀速条件：mg sin θ＝B 21l 2v 0R ＋R 2解得v 0＝6m/s(2)由动量守恒定律得：m v 0＝4m v 解得v ＝1.5m/s(3)设“联动三杆”进入磁场区间Ⅱ时速度变化Δv 1 由动量定理得：I B 2l Δt ＝－4m Δv 1 I Δt ＝Δq ＝B 2lL1.5R解得Δv 1＝－B 22l 2L1.5R ×4m＝－0.25m/s设“联动三杆”出磁场区间Ⅱ时速度变化Δv 2，同理可得 Δv 2＝－0.25m/s“联动三杆”滑出磁场区间Ⅱ时的速度为 v ′＝v ＋Δv 1＋Δv 2＝1m/s 则Q ＝12×4m (v 2－v ′2)＝0.25J.2．(1)mg (x －x 0)B 2lx 0 (2)6m 2g 2R (x －x 0)2B 22l 2x 20 (3)6mgR (x －x 0)B 1B 2l 3x 0 解析 (1)S 断开时，cd 棒静止，有 mg ＝kx 0S 闭合时，cd 棒静止，有 mg ＋B 2I cd l ＝kx联立解得I cd ＝mg (x －x 0)B 2lx 0(2)回路总电阻R 总＝R ＋12R ＝32R 总电流I ＝2I cd ＝2mg (x －x 0)B 2lx 0电动机对该装置的输出功率P ＝I 2R 总＝6m 2g 2R (x －x 0)2B 22l 2x 2(3)由法拉第电磁感应定律得 E ＝ΔΦΔt ＝12B 1ωl 2回路总电流I ＝ER 总＝B 1ωl 23R联立解得ω＝6mgR (x －x 0)B 1B 2l 3x 03．(1)B ΔS Δt B ΔS R 向右 (2)B 2L ΔSmR －g Δt (3)m ′m －m ′v解析 (1)根据电磁感应定律，有 E ＝ΔΦΔt ＝B ΔS Δtq ＝I Δt ＝ΔΦR ＝B ΔSR EF 中感应电流方向向右 (2)平均感应电流I ＝E R ＝B ΔSR Δt 平均安培力F ＝B I L (F －mg )Δt ＝m v 0 v 0＝B 2L ΔSmR －g Δt(3)以喷气前的火箭为参考系，设竖直向上为正，由动量守恒定律 －m ′v ＋(m －m ′)Δv ＝0 得Δv ＝m ′m －m ′v .4．(1)30V (2)电流方向由C 到D B 2方向向上 (3)0.03C 解析 (1)由电磁感应定律有E ＝n ΔΦΔt得E ＝nS ΔB 2Δt ＝30V(2)由左手定则得：电流方向由C 到D 因此B 2方向向上(3)由牛顿第二定律有F ＝ma ＝m v －0Δt (或由动量定理F Δt ＝m v －0) 安培力F ＝IB 1l q ＝I Δt v 2＝2gh得q ＝m 2ghB 1l ＝0.03C.一年最新模拟5．(1)4.0m/s (2)0.64 (3)12.8J解析 (1)由题意知，金属棒从离地高h ＝3.0m 以上任何地方由静止释放后，在到达水平面之前均已经开始匀速运动，设最大速度为v ，则感应电动势E ＝BL v 感应电流I ＝E R ＋r安培力F ＝BIL匀速运动时，有mg sin θ＝F 解得v ＝4.0m/s(2)在水平轨道上运动时，金属棒所受滑动摩擦力F f ＝μmg 金属棒在摩擦力作用下做匀减速运动，有 F f ＝ma v 2＝2ax 解得μ＝0.64 (3)下滑的过程中q＝BLH(R＋r)sin30°得：H＝4.0m>h 由动能定理可得：mgH－W＝12m v2安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热，有Q＝W＝16J电阻R上产生的热量：Q R＝RR＋rQ解得Q R＝12.8J.6．(1)O端18BL2ω(2)πωB2L48r(3)见解析解析(1)辐条OP的O端电势高辐条OP进入磁场匀速转动时有E＝BL ωL 2则U＝13rr＋13rE＝18BL2ω(2)流过LED灯的电流是I＝Ur＝BL2ω8r整个装置消耗的电能Q＝E243r·13·2πω＝πωB2L48r(3)增大角速度、增大磁感应强度、增加导电圆环的直径和辐条的长度、减小辐条的电阻和LED灯的电阻．。
2017版浙江选考考前特训物理总复习：第二部分 加试30分等值特训(四) 含答案
加试30分等值特训（四)二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分,共6分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得2分,选对但不全的得1分,有选错的得0分)14.加试题图1为氢原子能级示意图的一部分，则氢原子( ）A．一群氢原子从n＝5能级向低能级跃迁时最多能发出10种频率的光B．从n＝4能级跃迁到n＝3能级比从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出电磁波的波长长C．处于基态的氢原子和具有13。
6 eV能量的电子发生碰撞时恰好电离图1D．从n＝5能级跃迁到n＝2能级时释放的光子可以使逸出功为2.5 eV的金属发生光电效应15.加试题在一次讨论中，老师给同学们出了这么一道题:“假如水中相同深度处有a、b、c三种不同颜色的单色点光源,有人在水面上方同等条件下观测发现,b在水下的像最深，c照亮水面的面积比a 的大,关于这三种光在水中的性质，同学们能做出什么判断？”小明同学作出了如下的判断，根据老师的假定，你认为小明同学判断正确的是（)A．b光的波长最小B．在同一介质中传播，a光的传播速度最小C．c光光子的能量最小D．如果b光照射到金属表面能发生光电效应，那么c光照射到该金属表面也一定能发生光电效应16。
加试题下面说法正确的是（)A．物体运动的方向就是它的动量的方向B．如果物体的速度发生变化，则可以肯定它受到的合外力的冲量不为零C．如果合外力对物体的冲量不为零，则合外力一定使物体的动能增大D．作用在物体上的合外力冲量不一定能改变物体速度的大小三、非选择题21.加试题(1）在“探究电磁感应的产生条件”的实验中，现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流表及开关K按如图2所示连接，当开关K闭合瞬间,电流表指针左偏，说明B线圈产生了感应电流,若当开关K断开瞬间,电流表指针________(填“会”或“不会”）偏转；当开关K闭合后，要使电流表的指针左偏，可采取的操作为________________________________．图2(2）某同学在“探究碰撞中的不变量”实验中，采用如图3所示的实验装置，在光滑的水平轨道上，停着甲、乙两辆小车，甲车系一穿过打点计时器的纸带．在启动打点计时器的同时,给甲车沿轨道方向的冲量,甲车运动一段距离后，与静止的乙车发生正碰，由于两车相撞处装有尼龙拉扣，两车立即粘在一起继续运动．纸带记录下碰撞前甲车和碰撞后两车运动情况，如图4所示,纸带上AB两点的距离为________ cm；为完成实验，同学已经测出碰撞前后小车甲的速度,他还需要测量________________________．图3图422。
【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第3章3讲牛顿运动定律的综合应用
A.处于超重状态
FN a
B.不受摩擦力的作用
√C.受到向后(水平向左)的摩擦力作用
D.所受合力竖直向上
Ff mg
当车减速上坡时，a沿斜坡向下， 人的加速度与车的加速度相同，人的合力沿斜面向下 mg－FN＝may.FN＜mg，乘客处于失重状态，
解析答案
➢ 考点一 超重与失重现象
[技巧点拨]
超重和失重现象判断的“三”技巧 1.从受力的角度判断，当物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力时，物体处于 超重状态，小于重力时处于失重状态，等于0时处于完全失重状态. 2.从加速度的角度判断，当物体具有向上的加速度时处于超重状态，具有向下 的加速度时处于失重状态，向下的加速度为重力加速度时处于完全失重状态. 3.从速度变化的角度判断 (1)物体向上加速或向下减速时，超重； (2)物体向下加速或向上减速时，失重.
中，质点所受合外力的方向与速 度方向相同的有( AC ) A.t1 B.t2 C.t3 D.t4
F合与v同向时，质点做加速运动. 由v-t图象可知，t1、t3时刻加速， t2、t4时刻减速.
解析答案
➢ 考点二 动力学中的图象问题
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6.(多选)如图甲所示，某人正通过一定滑轮将质量为m的货物提升到高处， 滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的 拉力F之间的函数关系如图乙所示.由图可以判断( )
解析答案
➢ 考点三 动力学中的临界极值问题
[规律总结]
动力学中极值问题的临界条件和处理方法
1.“四种”典型临界条件
(1)接触与脱离的临界条件：两物体相接触或脱离，临界条件是：弹力FN＝0. (2)相对滑动的临界条件：两物体相接触且处于相对静止时，常存在着静摩擦力，则
2017版【步步高】浙江物理选考专题复习(课件+Word版文档)题型研究4
电磁感应中的动力学问题1．导体棒的两种运动状态(1)平衡状态——导体棒处于静止状态或匀速直线运动状态，加速度为零；(2)非平衡状态——导体棒的加速度不为零．2．两个研究对象及其关系电磁感应中导体棒既可看做电学对象(因为它相当于电源)，又可看做力学对象(因为有感应电流而受到安培力)，而感应电流I 和导体棒的速度v 是联系这两个对象的纽带．3．电磁感应中的动力学问题分析思路 (1)电路分析：导体棒相当于电源，感应电动势相当于电源的电动势，导体棒的电阻相当于电源的内阻，感应电流I ＝Bl v R ＋r. (2)受力分析：导体棒受到安培力及其他力，安培力F 安＝BIl ＝B 2l 2v R ＋r，根据牛顿第二定律列动力学方程：F 合＝ma . (3)过程分析：由于安培力是变力，导体棒做变加速运动或变减速运动，当加速度为零时，达到稳定状态，最后做匀速直线运动，根据共点力的平衡条件列方程：F 合＝0.例1 如图1甲所示，两根足够长的直金属导轨MN 、PQ 平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L ，M 、P 两点间接有阻值为R 的电阻．一根质量为m 的均匀直金属杆ab 放在两导轨上，并与导轨垂直．整套装置处于磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下，导轨和金属杆的电阻可忽略，让ab 杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦．图1(1)由b 向a 方向看到的装置如图乙所示，请在此图中画出ab 杆下滑过程中某时刻的受力示意图；(2)在加速下滑过程中，当ab 杆的速度大小为v 时，求此时ab 杆中的电流及加速度的大小；(3)求在下滑过程中，ab 杆可以达到的最大速度．答案 (1)见解析图 (2)BL v R g sin θ－B 2L 2v mR(3)mgR sin θB 2L 2解析 (1)如图所示，ab 杆受重力mg ，竖直向下；支持力F N ，垂直斜面向上；安培力F ，沿斜面向上．(2)当ab 杆速度为v 时，感应电动势E ＝BL v ， 此时电路中电流I ＝E R ＝BL v R， ab 杆受到的安培力F 安＝BIL ＝B 2L 2v R， 根据牛顿第二定律，有ma ＝mg sin θ－F 安＝mg sin θ－B 2L 2v Ra ＝g sin θ－B 2L 2v mR(3)当a ＝0时，ab 杆有最大速度 v m ＝mgR sin θB 2L 2.用“四步法”分析电磁感应中的动力学问题解决电磁感应中的动力学问题的一般思路是“先电后力”，具体思路如下：(1)进行“源”的分析——分离出电路中由电磁感应所产生的电源，求出电源的参数E 和r .(2)进行“路”的分析——分析电路结构，明确串、并联的关系，求出相关部分的电流大小，以便求解安培力．(3)“力”的分析——分析研究对象(常是金属杆、导体线圈等)的受力情况，尤其注意其所受的安培力．(4)进行“运动”状态的分析——根据力和运动的关系，判断出正确的运动模型．。
2017版浙江选考考前特训物理总复习：第二部分 实验题(第21题)特训5~6 含答案
加试特训5用单摆测定重力加速度加试特训6 验证动量守恒定律1.加试题用单摆测定重力加速度的实验如图1所示。
(1)组装单摆时,应在下列器材中选用________．A．长度为1 m左右的细线B．长度为20 cm左右的细线C．直径为1。
8 cm的塑料球图1D．直径为1。
8 cm的铁球(2）测出悬点O到小球球心的距离(摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t. 则重力加速度g＝__________(用L，n，t表示)．2.加试题有两位同学利用假期分别去参观北京大学和南京大学的物理实验室,各自在那里利用先进的DIS系统较准确地探究了“单摆的周期T与摆长L的关系”,通过计算机绘制了T2－L图象,如图2甲中A、B所示，那么去北大的同学所测实验结果对应的图线应是________（选填“A”或“B”)．另外，在南大做探究的同学还利用计算机绘制了两种单摆的振动图象（如图乙），由图可知，两单摆摆长之比错误!＝________.甲乙图23.加试题根据单摆周期公式T＝2π错误!，可以通过实验测量当地的重力加速度．如图3所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球,就做成了单摆．（1)用游标卡尺测量小钢球的直径，示数如图4所示，读数为________ mm。
图3图4（2)以下是实验过程中的一些做法,其中正确的有________．a．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些b．摆球尽量选择质量大些、体积小些的c．为了使摆的周期大一些,以方便测量，开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度d．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置大于5°，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔Δt即为单摆周期Te．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5°，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间Δt，则单摆周期T＝错误!4.加试题在“利用单摆测重力加速度g”的实验中：（1)以下操作正确的是________．A．要保证摆球始终在同一竖直面内摆动B．为了便于计时观察，单摆的摆角应尽量大一些C．测量摆长：用刻度尺量出从悬点到摆球下端点间的距离D．测量周期：从摆球通过平衡位置处时开始计时,当摆球再次通过平衡位置处时结束计时，秒表所示读数表示单摆的周期(2）下表是一同学在实验中测得的数据：组次123456摆长l/m 0。
浙江省2018版选考物理考前特训(2017年10月)加试30分特训_特训2 机械振动和机械波 全国通用
加试特训2 机械振动和机械波1．(2017·4)一列向右传播的简谐横波，当波传到x ＝2.0m 处的P 点时开始计时，该时刻波形如图1所示，t ＝0.9s 时，观察到质点P 第三次到达波峰位置，下列说法正确的是( )图1A ．波速为0.5m/sB ．经1.4s 质点P 运动的路程为70cmC ．t ＝1.6s 时，x ＝4.5m 处的质点Q 第三次到达波谷D ．与该波发生干涉的另一列简谐横波的频率一定为2.5Hz2．(2016·4)摆球质量相等的甲、乙两单摆悬挂点高度相同，其振动图象如图2所示．选悬挂点所在水平面为重力势能的参考面，由图可知( )图2A ．甲、乙两单摆的摆长之比是49B ．t a 时刻甲、乙两单摆的摆角相等C ．t b 时刻甲、乙两单摆的势能差最大D ．t c 时刻甲、乙两单摆的速率相等3．(2015·10)沿x 轴正方向传播的简谐横波，振幅为5cm ，质点A 、B 的平衡位置离O 点的距离分别为1.8m 和3.0m ．t ＝0时的波形如图3所示，t ＝0.6s 时质点A 恰好第二次到达波峰．下列说法正确的是( )图3A．波速为3m/sB．频率为2HzC．质点B在0～0.6s内路程为25cmD．质点B在t＝0.6s沿y轴正方向运动4．(2016·浙江磐安中学模拟)一列沿直线传播的简谐横波，其传播速度为80m/s，波源的振动图象如图4所示，则这列波的波长和频率分别为()图4A．800m,10Hz B．8m,10HzC．8m,1Hz D．4m,20Hz5．(2016·湖州市9月选考测试)为了研究乐音的物理规律，某同学用计算机录制下优美的笛声do和so，然后在电脑上用软件播放，分别得到如图5(a)、(b)的两个振动图象，由此可以判断()图5A．do和so的周期之比约为3∶2B．do和so的频率之比约为3∶2C．do和so在空气中传播的波速之比为3∶2D．do和so在空气中传播的波长之比为3∶26．一列简谐横波在x轴上传播，在某时刻的波形如图6所示．已知此时质点F的运动方向向下，则()图6A．此波朝x轴负方向传播B．质点D此时向下运动C．质点B将比质点C先回到平衡位置D．质点E的振幅为零7．(2016·台州市9月选考评估)如图7所示，一列向右传播的简谐横波，波速大小为0.6m/s，P质点的横坐标x＝1.2m．从图中状态开始计时，则下列说法正确的是()图7A．简谐横波的频率为2.5HzB．经过1.6s，P点第一次达到波谷C．P点刚开始振动的方向沿y轴负方向D．直到P点第一次到达波峰时，x＝0.06m处的质点经过的路程为95cm8．一列简谐波沿x轴正方向传播，在某一时刻波形图如图8所示，已知P点振动周期为0.5s，由此可以判断出()图8A．此时P点加速度正在增大B．该波波速为8m/sC．离坐标原点为11m的Q点先沿y轴负方向运动D．从此时刻算起，t＝1.125s时Q点第一次达到波峰9．(2017·湖州模拟)一根张紧的水平弹性长绳上的a、b两点，相距14.0m，b点在a 点的右方，如图9所示．当一列简谐横波沿此长绳向右传播时，若a点的位移达到正向最大时，b点的位移恰为零，且向下运动，经过1.0s后，a点的位移为零，且向下运动，而b点的位移达到负向最大，则这列简谐横波的波速可能等于()图9A．4.67m/s B．6 m/sC．10m/s D．14 m/s10．(2016·台州市联考)在同一地点有两个静止的声源，发出声波1和声波2.在同一空间的空气中沿同一方向传播，如图10所示为某时刻这两列波的图象，则下列说法中正确的是()图10A．波1速度比波2速度大B．这两列波的频率相同C．在这两列波传播方向上，不会产生稳定的干涉现象D．相对于同一障碍物，波1比波2发生衍射现象更明显11．(2016·台州中学一统)如图11所示，图甲为一列简谐波某时刻的波形，图乙表示该波传播的介质中某质点此后一段时间内的振动图象，则()图11A．若波沿x轴正方向传播，图乙为a点的振动图象B．若波沿x轴正方向传播，图乙为b点的振动图象C．若波沿x轴负方向传播，图乙为c点的振动图象D．若波沿x轴负方向传播，图乙为d点的振动图象12．(2016·浙江中天中学检测)图12甲为一简谐横波在t＝0时刻的波形图，图乙为横波中x＝2m处质点A的振动图象，则下列说法正确的是()图12A．波的传播速度大小为2m/sB．波的传播方向沿x轴负方向C．在t＝0时刻，图甲中质点A的振动速度大小为0 D．在t＝1s时刻，图甲中质点A的加速度最大答案解析四次命题轨迹1．BCD 根据同侧法可知，起振方向为竖直向上．P 点第三次到达波峰即(2＋14)T＝0.9s ，T ＝0.4s ，所以波速v ＝λT ＝5m/s ，所以A 选项错误.1.4s 相当于3.5个周期，每个周期路程为20cm ，所以B 正确．经过t ＝4.5－25s ＝0.5s ，Q 点开始振动，经过2.75T 即再经过1.1s 后Q 第三次到达波谷，选项C 正确．要发生干涉现象，另外一列波的频率一定与该波相同，即2.5Hz ，选项D 正确．]2．AC 由题图可知T 甲T 乙＝8×238＝23，又因为T ＝2πl g ，所以摆长之比为49，A 正确；由于两摆线长度不同，在t a 时刻离开平衡位置位移相等的位置，两个单摆的摆角不相等，B 错误；因为甲的摆线短、摆幅大，所以甲上升的最大高度大于乙的，在t b 时刻，乙在平衡位置(最低处)，而甲在最高处，因此两者的势能差是最大的，C 对．由于甲偏离平衡位置高度差大于乙的，所以甲经过平衡位置时的速率大于乙的，所以D 错．]3．BD 由图象可知λ＝4m ，波沿x 轴正方向传播，t ＝0时质点A 左边的第二个波峰距质点A 的距离x ＝λ＋(1.8m －λ4)＝4.8m ，可知波速为v ＝x t ＝4.8m 0.6s ＝8m/s ，A 错误；波的频率f ＝v λ＝84Hz ＝2Hz ，波的周期T ＝1f ＝0.5s ，B 正确；由于0.6s<54T ，故0～0.6s 内质点B 的路程s <54×4A ＝25cm ，C 错误；t ＝0.6s 时，质点B 在平衡位置下方，沿y 轴正方向运动，D 正确．]一年最新模拟4．B 由波源的振动图象可知，这列波的周期为0.1 s ，所以频率为10 Hz ，由λ＝vT 可知这列波的波长为8 m ，B 正确．]5．AD 由图象可以观察得到当do 完成2个周期时，so 完成了3个周期，故do 和so 的周期之比约为T 1∶T 2＝3∶2，故A 正确；根据f ＝1T 分析可知：do 和so 的频率之比约为2∶3，故B 错误；由于两列波都是声波，都在空气中传播，故在空气中传播的速度相同，故C 错误；根据λ＝v T 可知，do 和so 在空气中传播的波长之比等于周期之比，为3∶2，故D 正确．]6．AB7．ACD 由题图读出波长λ＝0.24m ，由v ＝λf 得：该波的频率f ＝v λ＝0.60.24Hz ＝2.5Hz ，故A 正确；当图中波谷传到P 点即P 点第一次到达波谷，所用时间t ＝x 1v ＝1.2－0.180.6s ＝1.7s ，即经过1.7s ，P 点第一次到达波谷，故B 错误；P 点刚开始振动的方向与图示时刻x ＝0.24m 处质点的振动方向相同，沿y 轴负方向，故C 正确；当图中波峰传到P 点时，P 点第一次到达波峰，所用时间t ＝x 2v ＝1.2－0.060.6s ＝1.9s ，即经过1.9s ，P 点第一次到达波峰．该波的周期为T ＝1f ＝0.4s ，由于t ＝1.9s ＝4.75T ，所以直到P 点第一次到达波峰时，x ＝0.06m 处的质点经过的路程为s ＝4.75×4A ＝4.75×4×5cm ＝95cm ，故D 正确．]8．BC 简谐横波沿x 轴正向传播，此时刻P 点向上振动，故加速度正在减小，选项A 错误；由图读出，波长λ＝4m ，波速为v ＝λT ＝40.5m /s ＝8 m/s ，故B 正确．根据波形的平移法判断可知此刻E 点的振动方向沿y 轴负方向，则Q 点开始振动方向必定沿y 轴负方向．故C 正确．Q 点第一次达到波峰时，波向右传播的距离是x ＝11m ，此时经过的时间是t ＝x v ＝118s ＝1.375s ，选项D 错误．]9．AC 由于波向右传播，据“a 点位移达到正向最大时，b 点的位移恰为零，且向下运动”，可画出此时a 、b 间的最简波形，如图所示．因未明确a 、b 距离与波长的约束关系，故a 、b 间的距离存在“周期性”．即(n 1＋34)λ＝ab ＝14m (n 1＝0,1,2，……)因所给定时间与周期的关系未知，故运动时间也存在“周期性”．即(n 2＋14)T ＝Δt ＝1.0s(n 2＝0,1,2，…)因此可能的波速为v ＝λT ＝14(4n 2＋1)4n 1＋3m/s 当n 2＝0，n 1＝0时，v ≈4.67m/s ；当n 2＝0，n 1＝1时，v ＝2m/s ；(n 2＝0，v 随n 1增大还将减小)当n 2＝1，n 1＝0时，v ≈23.3m/s ；(n 1＝0，v 随n 2的增大而增大)当n2＝1，n1＝1时，v＝10m/s；据以上计算数据，不可能出现B和D选项的结果，故选项A、C正确．]10．CD11．BD由题甲图看出，图示时刻质点a的位移为正向最大，而振动图象t＝0时刻质点的位移为零，故A错误；若波沿x轴正方向传播，b质点的速度方向沿y轴正方向，此时刻b的位移为零，由乙图看出t＝0时刻质点经过平衡位置沿y轴正方向振动，所以乙图是甲图中b质点的振动图象，故B正确；若波沿x轴负方向传播，图甲中质点c此时刻处于波谷，位移为负向最大，故C错误；d质点的速度方向沿y轴正方向，此时刻d的位移为零，与乙图t＝0时刻质点的状态相同，所以乙图是甲图中d质点的振动图象，故D正确．]12．AD由甲图读出波长λ＝8m，由乙图读出周期T＝4s，则波速v＝λT＝2m/s，选项A正确；由乙图读出t＝0时刻质点A的振动方向沿y轴正方向，由甲图判断出波的传播方向沿x轴正方向，选项B错误；在t＝0时刻，图甲中质点A位于平衡位置，速度最大，选项C错误；t＝1 s时刻，图甲中质点A到达波峰，加速度最大，选项D 正确．]。
浙江省2017年高考物理11月选考科目考试试题(一)
浙江省2017年高考物理11月选考科目考试试题（一）本试题卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟。
其中加试题部分为30分，用【加试题】标出。
可能用到的相关公式或参数：重力加速度g 均取102s /m 。
选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列各物理量中，其国际单位属于基本单位，同时也属于矢量的是（ ）A.时间B.位移C.质量D.力2.小明乘坐的G31列车，早上08：30从“北京南”出发，行驶1279公里后，于下午13:31到达“杭州东”，总耗时5时零1分，下列说法正确的是（ ）A.08：30表示时间B.1279公里表示位移C.G31列车在整个行程中可视为质点D.以小明为参照物，列车是运动的3.图示为某同学课桌上整齐摆放的一堆书，中间夹了一本物理课本，其他书对物理课本的压力为10N ，已知书与书之间的动摩擦因数为0.25，为了将物理课本水平抽出，该同学提供的拉力至少为( )A.2.5NB.5NC.10ND.15N4.一辆公交车以18km/h 的速度做匀速直线运动，进站时以1m/s 2的加速度做匀减速直线运动，则经过6s 后，公交车行驶的位移是（ ）A.12.5mB.18mC.25mD.36m5. 如图所示为一个地球仪模型，其上有A 、B 两点，其中B 点位于赤道上，现使得地球仪绕图示转轴匀速转动，用T v a 、、、ω分别表示加速度、角速度、线速度和周期，下列说法正确的是（ ）A.B A a a >B.B A ωω>C.B A v v <D.B A T T <6.如图所示为某次NBA 比赛时篮球运动员起跳投篮时的情形，运动员先由站立状态曲腿下蹲再竖直向上跃起达最大高度后将球抛出，不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）A.运动员由站立状态曲腿下蹲，一直处于失重B.运动员离开地面上升的过程中，一直处于超重C.从站立到跃起过程中，地面对运动员做正功D.运动员离开地面上升的过程中，运动员的机械能不变7.如图所示，某同学将一篮球斜向上抛出，篮球恰好垂直击中篮板反弹后进入球框，忽略空气阻力，若抛射点远离篮板方向水平移动一小段距离，仍使篮球垂直击中篮板相同位置，且球不会与篮框相撞，则下列方案可行的是( )A．增大抛射速度，同时减小抛射角B．减小抛射速度，同时减小抛射角C．增大抛射角，同时减小抛出速度D．增大抛射角，同时增大抛出速度8.如图1所示是电容式话筒，其原理示意图如图2所示，当对着话筒说话时，振动膜片发生振动，固定电极不动，当振动膜片向左振动时( )图1 图2A．振动膜片与固定电极构成的电容器的电容增大B．振动膜片上电荷量增大C．R中有自左向右的电流D．R左端的电势比右端低9.如图1所示，两根材料相同、粗细不同的均匀导体A、B叠在一起串联接入电路，从上往下测得两导体沿长度方向的电势变化如图2所示，已知导体A的电阻为R，则导体B的电阻为( )A.R B．2R C.3R D．4R10.如图所示为磁流体发电机的示意图，一束等离子体（含正、负离子）沿图示方向垂直射入一对磁极产生的匀强磁场中，A、B是一对平行于磁场放置的金属板，板间连入电阻R，则电路稳定后（）A．离子可能向N磁极偏转B．A板聚集正电荷C．R中有向上的电流D．离子在磁场中偏转时洛伦兹力可能做功11．如图所示是某手机电池的部分参数，手机充电时转化为电池化学能的效率为90%，则下列说法正确的是（）A．9.12Wh是电池的容量B．该电池充满电后电荷量为4320CC．充满一次电所消耗的电能是36480JD．充满电的手机以500mA的电流工作能持续3.6h12.2017年4月中下旬“天舟一号”货运飞船将择机发射，并与“天宫二号”空间实验室交会对接、实施推进剂在轨补加、开展空间科学实验和技术试验等功能。
【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第13章章末综合练
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5.卢瑟福通过α粒子散射实验，判断出原子的中心有一个很小的核，并由此提出了原子 的核式结构.如图所示的示意图中，①、②两条线表示实验中α粒子运动的轨迹，则沿③ 所示方向射向原子核的α粒子可能的运动轨迹为( A )
A.轨迹a 解析
B.轨迹b
第十三章 波粒二象性 原子结构 原子核(加试)
章末综合练(十三)
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1.普朗克在1900年将“能量子”引入物理学，开创了物理学的新纪元.在下 列宏观概念中，具有“量子化”特征的是( A ) A.人的个数 B.物体所受的重力
C.物体的动能
解析
D.物体的长度
依据普朗克量子化观点，能量是不连续的，是一份一份的，属于
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208 208 232 12.232 Th 经过一系列 α 衰变和 β 衰变后变成 Pb ，则 Pb 比 90 82 82 90Th 少( A )
A.16 个中子，8 个质子 C.24 个中子，8 个质子
解析
B.8 个中子，16 个质子 D.8 个中子，24 个质子
0 发生 α 衰变是放出4 He ，发生 β 衰变是放出电子 －1e，则根据质量数和电荷 2
232 数守恒有：208 Pb 比 82 90Th 少的质子数：z＝90－82＝8 个，质量数：m＝232－208
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加试30分等值特训(一
)
二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分，共6分．每小题列出的四个备选项中至少有一
个是符合题目要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)
14.加试题下列有关原子结构和原子核的认识，其中正确的是()
A．γ射线是高速运动的电子流
B．氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大
C．太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变
D.21083Bi的半衰期是5天，100克21083Bi经过10天后还剩下50克
15.加试题一列简谐横波沿x轴正方向传播，O为波源，如图1所示是波源开始振动后0.1
s时的波形图，则下列判断正确的是()
图1
A．这列波的周期为0.2s，振幅为10cm
B．x＝3m处质点此时正沿y轴负向振动
C．再经过0.15s，x＝2m处质点运动到(x＝8m，y＝－10cm)位置
D．再经过0.2s，x＝10m处的质点第一次到达波谷
16.加试题做匀变速运动的物体，在一段运动过程中动量变化的方向，与这段过程中下列
哪些物理量的方向一定相同()
A．位移B．加速度
C．速度变化量D．合力的冲量
三、非选择题
21.加试题在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图2所示．它们是：①电流计②
直流电源③带铁芯(图中未画出)的线圈A④线圈B⑤开关⑥滑动变阻器
图2
(1)试按实验的要求在实物图上连线(图中已连好一根导线)．
(2)怎样才能使线圈B中有感应电流产生？试举出两种方法：
①________________________________________________________________________；
②________________________________________________________________________.
22.加试题“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快，效率高等优
点．如图3是“电磁炮”的原理结构示意图．光滑水平加速导轨电阻不计，轨道宽为L＝0.2
m．在导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B＝1×102T．“电磁炮”弹体总质量m
＝0.2kg，其中弹体在轨道间的电阻R＝0.4Ω.可控电源的内阻r＝0.6Ω，电源的电压能自行
调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．在某次试验发射时，电源为加速弹体提供的电流是I
＝4×10
3
A，不计空气阻力．求：
图3
(1)弹体所受安培力大小；
(2)弹体从静止加速到4km/s，轨道至少要多长？
(3)弹体从静止加速到4km/s过程中，该系统消耗的总能量．
23.加试题如图4，区域Ⅰ内有与水平方向成45°角的匀强电场
E
1，区域宽度为d1
，区域Ⅱ内有正交的有界匀强磁场B和匀强电
场E
2，区域宽度为d2
，磁场方向垂直纸面向里，电场方向竖直向
下，一质量为m、带电量为q的微粒在区域Ⅰ左边界的P点，由
静止释放后水平向右做直线运动，进入区域Ⅱ后做匀速圆周运动，
从区域Ⅱ右边界上的Q点穿出，其速度方向改变了60°,重力加速度为g,求：图4
(1)区域Ⅰ和区域Ⅱ内匀强电场的电场强度E1、E2的大小；
(2)区域Ⅱ内匀强磁场的磁感应强度B的大小；
(3)微粒从P运动到Q的时间有多长？
答案解析
14．BC[γ射线是光子流，α射线是高速氦核流，β射线是高速运动的电子流，A错误；氢
原子辐射光子后，从高能级轨道跃迁到低能级轨道，其绕核运动的电子的速度增大，动能增
大，B正确；太阳辐射能量主要来源是太阳中发生的轻核聚变，C正确；
210
83Bi半衰期是5
天，所以100克
210
83Bi经过10天后还剩25克，D错误．]
15．ABD
16．BCD[物体做匀变速运动，加速度恒定，设为a，则合力为ma；动量变化量Δp＝mΔv，
故动量变化的方向与速度变化的方向相同，故C正确；根据a＝ΔvΔt，加速度与速度变化量
的方向相同，故动量变化的方向与加速度的方向也相同，故B正确；物体如果做减速直线
运动，则加速度与速度反向，故加速度与位移反向，故动量变化的方向与位移反向，故A
错误；根据动量定理，合力的冲量等于动量的改变量，故动量变化的方向与合力冲量的方向
相同，故D正确.]
21．(1)实物电路图如图所示：
(2)断开或闭合开关或闭合开关后移动滑动变阻器的滑片．
解析(1)实物电路图如图所示：
(2)断开或闭合开关的过程中或闭合开关后移动滑动变阻器滑片的过程中，穿过线圈B的磁
通量发生变化，线圈B与电流计组成的闭合回路中产生感应电流
22．见解析
解析(1)由安培力公式F＝IBL＝8×10
4
N.
(2)由动能定理Fx＝
1
2
m
v
2
得到弹体从静止加速到4km/s，轨道长x＝mv22F＝20m.
(3)根据F＝ma，v＝at知发射弹体用时t＝mvF＝1×10－2s
发射弹体过程产生的焦耳热Q＝I
2(R＋r)t＝1.6×105
J
弹体的动能Ek＝12mv2＝1.6×10
6
J.
系统消耗的总能量E＝E
k
＋Q＝1.76×106J.
23．见解析
解析(1)微粒在区域Ⅰ内水平向右做直线运动，则在竖直方向上有qE
1
sin45°＝mg
解得E
1
＝
2mg
q
微粒在区域Ⅱ内做匀速圆周运动，则在竖直方向上有
mg＝qE
2，E2
＝mgq.
(2)设微粒在区域Ⅰ内水平向右做直线运动时加速度为a，离开区域Ⅰ时速度为v，在区域Ⅱ
内做匀速圆周运动的轨道半径为R，则
a＝
qE
1
cos45°
m
＝g
v
2＝2ad1(或qE1cos45°×d1＝12mv2
)
Rsin60°＝d
2
qvB＝m
v
2
R
解得B＝
m
qd
2
3gd
1
2
.
(3)微粒在区域Ⅰ内做匀加速运动，t1＝
2d
1
g
在区域Ⅱ内做匀速圆周运动的圆心角为60°，则
T＝
2πm
Bq
t
2
＝
T
6＝πd2323gd
1
解得t＝t1＋t2＝2d1g＋
πd232
3gd
1
.