2019版高考物理二轮复习鸭题15分满分练二
2019版高考物理二轮复习鸭题15分满分练四.doc
选考题15分满分练（四）33.【物理一一选修3-3] （15分）（1）（5分）运用分子动理论的相关知识，判断下列说法正确的是—。
（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分）A.分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置B.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数仅与单位体积内的分子数有关VC.某气体的摩尔体积为以每个分子的体积为仏则阿伏加德罗常数可表示为M=~D.阳光从缝隙射入教室，从阳光屮看到的尘埃运动不是布朗运动E.生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散來完成（2）（10 分）A Bf" I I r图1如图1所示，两端封闭的玻璃管中间有一段长为A=16cm的水银柱，在27 °C的室内水平放置, 水银柱把玻璃管中的气体分成长度都是A=40 cm的畀、〃两部分，两部分气体的压强均为A =30 cmHg,现将月端抬起使玻璃管竖直。
求：玻璃管竖直时弭气体的长度乙和〃气体的压强ppo解析（1）当两分子Z间的距离等于八时，分子势能最小，从该位置起增加或减小分子距离，分子力都做负功，分子势能增加，故分子之间的距离增大时，可能存在分子势能相等的两个点, 选项A 正确；气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数与温度以及单位体积内的分子数有关，选项B错误；气体分子间的距离很大，故不能用摩尔体积除以分子体积计算阿伏加徳罗常数，选项C错误；布朗运动是由周围分子做无规则运动产生的效果。
阳光从缝隙射入教室，从阳光屮看到的尘埃运动是机械运动，不是布朗运动，选项D正确；扩散可以在固体中进行，生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散來完成，选项E正确。
（2）玻璃管由水平放置转到竖直放置，两部分气体均为等温变化，设玻璃管的横截面积为S对A有pLS= p.LSQ分）对〃有PR L R SQ分）妙=刊+力（1分）厶+厶=2厶（1分）解得厶=50 cm （2分）妙=40 cmHg （2 分）答案（l）ADE （2）50 cm 40cmHg34.【物理——选修3-4] （15分）（1）（5分）如图2所示，图甲为一列简谐波在t=2. 0 s时刻波的图象，Q为x=4 ni的质点，图乙为甲图中户质点的振动图象，则下列说法正确的是__________ o（填正确答案标号。
【推荐重点】2019版高考物理二轮复习 实验题15分满分练(四)
实验题15分满分练(四)22.(6分)某同学为了测量R x 的电阻值，设计了如图1甲所示的电路。
用到的器材有：电源(电动势未知，内阻为r )，理想电流表，理想电压表，单刀双掷开关S 。
实验时他进行了如下操作：(1)在开关处于断开状态下连接好电路；(2)将开关S 掷向电压表一侧闭合，记录下电压表读数U 1；将开关S 掷向R x 一侧闭合，记录下电流表读数I 2；(3)根据已知条件和(2)中测量的数据，可得电源电动势E ＝________，待测电阻的表达式R x ＝________；(4)根据图1甲电路，完成图1乙中各实物器材之间的连线。
图1解析 (3)当将开关S 掷向电压表一侧闭合时，外电路为断路状态，故电压表的示数即为电源的电动势；因电压表读数为U 1，可知电源的电动势E ＝U 1；将开关S 掷向R x 一侧闭合，电流表读数为I 2，则由闭合电路欧姆定律可知E ＝I 2(R x ＋r )，解得R x ＝U 1－I 2r I 2。
(4)根据原理图得出对应的实物图如图所示。
答案 (3)U 1 U 1－I 2r I 2(4)如图所示 23.(9分)利用如图2所示的装置可以“研究匀变速直线运动的规律”。
将质量为m 1的物块1与质量为m 2的物块2(m 1<m 2)通过轻绳悬挂在定滑轮上，打点计时器(用频率为50 Hz 的交流电)固定在竖直方向上，物块1与穿过打点计时器限位孔的纸带相连接。
开始时托住物块2使两物块均处于静止状态，之后将物块2释放。
图2图3所示为实验中打点计时器打出的一条点迹清晰的纸带，O 是打点计时器打下的第一个点，相邻两个计数点之间还有四个点没有画出。
图3(1)相邻两计数点之间的时间间隔为________ s ；(2)实验时要在接通打点计时器电源之________(填“前”或“后”)释放物块2；(3)将各计数点至O 点的距离依次记为h 1、h 2、h 3、h 4、…，测得h 2＝1.60 cm ，h 4＝6.40 cm ，请计算打点计时器打下C 点时物块的速度大小为________ m/s ；(4)根据测出物块1上升的高度h 与相应的时间t ，描绘出如图4所示的h －t 2图线，由此可以求出物块的加速度大小为________ m/s 2。
2020版高考物理二轮复习鸭题15分增分练2含解析2
选考题15分增分练(二)(时间：20分钟 分值：15分)1．(选修3－3)(15分)(1)(多选)下列说法中正确的是( )A ．只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积B ．悬浮在液体中微粒的无规则运动并不是分子运动，但微粒运动的无规则性，间接反映了液体分子运动的无规则性C ．空气中的水蒸气的压强越小，敞口容器中水蒸发一定越快D ．理想气体在某过程中从外界吸收热量，其内能可能减小E ．热量能够从高温物体传到低温物体，也能够从低温物体传到高温物体(2)如图所示，开口向下竖直放置的内部光滑汽缸，汽缸的横截面积为S ，其侧壁和底部均导热良好，内有两个质量均为m 的导热活塞，将缸内理想气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分，汽缸下部与大气相通，外部大气压强始终为p 0，mg ＝0.2p 0S ，环境温度为T 0，平衡时Ⅰ、Ⅱ两部分气柱的长度均为l ，现将汽缸倒置为开口向上，求：①若环境温度不变，求平衡时Ⅰ、Ⅱ两部分气柱的长度之比l 1l 2；②若环境温度缓慢升高，但Ⅰ、Ⅱ两部分气柱的长度之和为2l 时，气体的温度T 为多少？[解析] (1)知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，能算出一个气体分子所占有的体积，A 项错误；悬浮在液体中微粒的无规则运动并不是分子运动，但微粒运动的无规则性，间接反映了液体分子运动的无规则性，B 项正确；空气中的水蒸气的压强越小于水蒸气的饱和汽压，蒸发越快，C 项错误；理想气体在吸收热量的同时，若对外做功，其内能可能减小，D 项正确；若有第三者介入，热量可以从低温物体传到高温物体，E 项正确。
(2)①汽缸开口向下时，Ⅰ气体初态压强 p 1＝p 0－2mg S＝0.6p 0 汽缸开口向下时，Ⅱ气体初态压强p 2＝p 0－mg S＝0.8p 0 汽缸开口向上时，Ⅰ气体末态压强p ′1＝p 0＋2mg S＝1.4p 0汽缸开口向上时，Ⅱ气体末态压强 p ′2＝p 0＋mg S＝1.2p 0 由玻意耳定律p 1Sl ＝p ′1Sl 1，p 2Sl ＝p ′2Sl 2，解得l 1l 2＝914。
2019高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：计算题标准练(二)：含解析
温馨提示：此套题为Word版,请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴,调节合适的观看比例,答案解析附后。
关闭Word文档返回原板块。
计算题标准练(二)满分32分,实战模拟,20分钟拿下高考计算题高分!1.(12分)L1、L2为相互平行的足够长的光滑导轨,位于光滑水平面内。
一个略长于导轨间距,质量为M的光滑绝缘细管与导轨垂直放置,细管可在两导轨上左右平动。
细管内有一质量为m、带电量为+q的小球,小球与L1导轨的距离为d。
开始时小球相对细管速度为零,细管在外力作用下从P1位置以速度v0向右匀速运动。
垂直平面向里和向外的匀强磁场Ⅰ、Ⅱ分别分布在L1轨道两侧,如图所示,磁感应强度大小均为B。
小球视为质点,忽略小球电量变化。
(1)当细管运动到L1轨道上P2处时,小球飞出细管,求此时小球的速度大小。
(2)小球经磁场Ⅱ第一次回到L1轨道上的位置为O,求O和P2间的距离。
(3)小球回到L1轨道上O处时,细管在外力控制下也刚好以速度v0经过O 点处,小球恰好进入细管。
此时撤去作用于细管的外力。
以O点为坐标原点,沿L1轨道和垂直于L1轨道建立直角坐标系,如图所示,求小球和细管速度相同时,小球的位置(此时小球未从管中飞出)。
【解析】(1)ma y=qv0B ①=2a y d ②由①②解得=所以v=③(2)OP2=2Rsinθ=2sinθ=④即OP2=2⑤(3)小球进入细管后,由于洛伦兹力不做功,小球和管组成的系统机械能守恒mv2+M=(m+M)⑥解得v xt=方向水平向右⑦任意时刻x方向上,对细管和小球整体(M+m)a x=qv y B ⑧y方向上,对小球-qv x B=ma y⑨由⑧式可知(M+m)=qv y B即(M+m)Δv x=qBv yΔt解得(M+m)(v x-v0)=qB(y-y0) ⑩由⑨式可知m=-qv x B即mΔv y=-qBv xΔt解得m(v y-)=-qB(x-x0)初始状态小球在O点时x0=0、y0=0之后当v y=0时,v x=v xt=由以上两式可得x==y==答案:(1)(2)2(3)x=,y=2.(20分)如图所示是倾角θ=37°的固定光滑斜面,两端有垂直于斜面的固定挡板P、Q,PQ距离L=2m,质量M=1.0kg的木块A(可看成质点)放在质量m=0.5kg的长d=0.8m的木板B上并一起停靠在挡板P处,A木块与斜面顶端的电动机间用平行于斜面不可伸长的轻绳相连接,现给木块A沿斜面向上的初速度,同时开动电动机保证木块A一直以初速度v0=1.6m/s沿斜面向上做匀速直线运动,已知木块A的下表面与木板B间动摩擦因数μ经过时间t,当B板右端到达Q处时刻,立刻关闭电动机,同时锁定1=0.5,A、B物体此时的位置。
2019版高考物理二轮复习第二部分三“三法”突破计算题计算题专项练1
计算题专项练 ( 一)24.(12分 )(2018 四川内江三模 ) 如下图 , 在相距为L的虚线、B间 , 存在一个与竖直方向成φ角斜A向上的匀强电场 , 在相距为 2L的B、C间存在一个竖直向上的另一个匀强电场, 此中 , 实线C为荧光屏,现有一个质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子由 a 点静止开释,恰巧沿水平方向经过 b 点抵达荧光屏上的 O点,重力加快度为 g。
则:(1)粒子经过 b 点时的速率多大?(2)若在 B、 C间再加上方向垂直纸面向外、大小为 B 的匀强磁场,粒子经过 b 点发生偏转抵达荧光屏上 , 那么 , 在这个过程中 , 粒子的电场力做的功是多少?25.(20 分 )(2018四川内江三模) 如下图 , 有一质量为M=2. 0 kg、内表面圆滑的水平金属盒L=1. 4 m,静止搁置在粗拙且较大的水平桌面上, 在水平金属盒的左、右两头各有一个挡板, 其长度, 金属盒与水平桌面间的动摩擦因数r=0. 2 m的圆滑金属小球μ =0. 1,在金属盒内的最右端静止搁置一个质量为m=2. 0 kg、半径为, 此刻某时辰金属盒获取一个水平向右的初速度v0=3 m/s,不计挡板的厚度、小球与挡板碰撞的时间及能量损失, 重力加快度g 取10 m/s2。
则:(1)金属盒在水平桌面上运动的加快度是多少?(2)最后系统处于静止状态时 , 金属小球的球心距左侧挡板的水平距离是多少?计算题专项练( 一 )24.答案看法析分析 (1)粒子做匀变速直线运动在竖直方向上qE cosφ =mg水平方向上qE sinφ ·L=由以上两式解得v b=(2)在加磁场前 , 粒子在B、C间做匀速直线运动qE'=mg加磁场后 , 粒子在B、C间做匀速圆周运动qv b B=m2 2 2 设粒子在电场中偏转量为 x,依据几何关系得 R=(2 L) +( R-x)电场力做的功 W=qE'xE=mg2。
高考物理二轮复习 第五章 能量和动量 提能增分练(二)系统机械能守恒的三类问题
提能增分练(二) 系统机械能守恒的三类问题[A 级——夺高分]1．(多选)如图所示，质量分别为m 和2m 的两个小球A 和B ，中间用轻质杆相连，在杆的中点O 处有一固定转动轴，把杆置于水平位置后释放，在B 球顺时针摆动到最低位置的过程中(不计一切摩擦)( )A ．B 球的重力势能减少，动能增加，B 球和地球组成的系统机械能守恒B ．A 球的重力势能增加，动能也增加，A 球和地球组成的系统机械能不守恒C ．A 球、B 球和地球组成的系统机械能守恒D ．A 球、B 球和地球组成的系统机械能不守恒解析：选BC A 球在上摆过程中，重力势能增加，动能也增加，机械能增加，B 项正确；由于A 球、B 球和地球组成的系统只有重力做功，故系统的机械能守恒，C 项正确，D 项错误；所以B 球和地球组成系统的机械能一定减少，A 项错误。
2. (2017·安徽六安一中模拟)如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m 的圆环，杆与水平方向的夹角α＝30°，圆环与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A 点，弹簧处于原长h ，让圆环沿杆由静止滑下，滑到杆的底端时速度恰为零，则在圆环下滑过程中( )A ．圆环和地球组成的系统机械能守恒B ．当弹簧垂直于光滑杆时圆环的动能最大C ．弹簧的最大弹性势能为32mgh D ．弹簧转过60°角时，圆环的动能为mgh 2解析：选D 圆环沿杆滑下，滑到杆底端的过程中有两个力对圆环做功，即圆环的重力和弹簧的弹力，所以圆环和地球组成的系统机械能不守恒，故A 错误；当圆环沿杆的加速度为零时，其速度最大，动能最大，根据平衡条件可知，此时弹簧处于伸长状态，对圆环有一个斜向左下方的拉力，由题意及几何关系知，弹簧垂直于杆时处于压缩状态，故B 错误；根据功能关系可知，当圆环滑到最底端时其速度为零，重力势能全部转化为弹性势能，此时弹性势能最大，等于重力势能的减小量即mgh ，故C 错误；由几何关系知，弹簧转过60°角时，弹簧仍为原长，以圆环为研究对象，利用动能定理得：mg h 2＝12mv 2，即圆环的动能等于mgh 2，故D 正确。
2019版高考物理二轮复习 选考题15分满分练(四)
选考题15分满分练(四)33.【物理——选修3－3】(15分)(1)(5分)运用分子动理论的相关知识，判断下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置B.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数仅与单位体积内的分子数有关C.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为N A＝VV0D.阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃运动不是布朗运动E.生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成(2)(10分)图1如图1所示，两端封闭的玻璃管中间有一段长为h＝16 cm的水银柱，在27 ℃的室内水平放置，水银柱把玻璃管中的气体分成长度都是L0＝40 cm的A、B两部分，两部分气体的压强均为p0＝30 cmHg，现将A端抬起使玻璃管竖直。
求：玻璃管竖直时A气体的长度L A和B 气体的压强p B。
解析(1)当两分子之间的距离等于r0时，分子势能最小，从该位置起增加或减小分子距离，分子力都做负功，分子势能增加，故分子之间的距离增大时，可能存在分子势能相等的两个点，选项A正确；气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数与温度以及单位体积内的分子数有关，选项B错误；气体分子间的距离很大，故不能用摩尔体积除以分子体积计算阿伏加德罗常数，选项C错误；布朗运动是由周围分子做无规则运动产生的效果。
阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃运动是机械运动，不是布朗运动，选项D正确；扩散可以在固体中进行，生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，选项E正确。
(2)玻璃管由水平放置转到竖直放置，两部分气体均为等温变化，设玻璃管的横截面积为S 对A有p0L0S＝p A L A S(2分)对B 有 p 0L 0S ＝p B L B S (2分)p B ＝p A ＋h (1分) L A ＋L B ＝2L 0(1分)解得L A ＝50 cm(2分)p B ＝40 cmHg(2分)答案 (1)ADE (2)50 cm 40cmHg 34.【物理——选修3－4】(15分)(1)(5分)如图2所示，图甲为一列简谐波在t ＝2.0 s 时刻波的图象，Q 为x ＝4 m 的质点，图乙为甲图中P 质点的振动图象，则下列说法正确的是________。
最新2019版高考物理二轮复习 实验题15分满分练(四)
实验题15分满分练(四)22.(6分)某同学为了测量R x 的电阻值，设计了如图1甲所示的电路。
用到的器材有：电源(电动势未知，内阻为r )，理想电流表，理想电压表，单刀双掷开关S 。
实验时他进行了如下操作：(1)在开关处于断开状态下连接好电路；(2)将开关S 掷向电压表一侧闭合，记录下电压表读数U 1；将开关S 掷向R x 一侧闭合，记录下电流表读数I 2；(3)根据已知条件和(2)中测量的数据，可得电源电动势E ＝________，待测电阻的表达式R x ＝________；(4)根据图1甲电路，完成图1乙中各实物器材之间的连线。
图1解析 (3)当将开关S 掷向电压表一侧闭合时，外电路为断路状态，故电压表的示数即为电源的电动势；因电压表读数为U 1，可知电源的电动势E ＝U 1；将开关S 掷向R x 一侧闭合，电流表读数为I 2，则由闭合电路欧姆定律可知E ＝I 2(R x ＋r )，解得R x ＝U 1－I 2r I 2。
(4)根据原理图得出对应的实物图如图所示。
答案 (3)U 1 U 1－I 2r I 2(4)如图所示 23.(9分)利用如图2所示的装置可以“研究匀变速直线运动的规律”。
将质量为m 1的物块1与质量为m 2的物块2(m 1<m 2)通过轻绳悬挂在定滑轮上，打点计时器(用频率为50 Hz 的交流电)固定在竖直方向上，物块1与穿过打点计时器限位孔的纸带相连接。
开始时托住物块2使两物块均处于静止状态，之后将物块2释放。
图2图3所示为实验中打点计时器打出的一条点迹清晰的纸带，O 是打点计时器打下的第一个点，相邻两个计数点之间还有四个点没有画出。
图3(1)相邻两计数点之间的时间间隔为________ s ；(2)实验时要在接通打点计时器电源之________(填“前”或“后”)释放物块2；(3)将各计数点至O 点的距离依次记为h 1、h 2、h 3、h 4、…，测得h 2＝1.60 cm ，h 4＝6.40 cm ，请计算打点计时器打下C 点时物块的速度大小为________ m/s ；(4)根据测出物块1上升的高度h 与相应的时间t ，描绘出如图4所示的h －t 2图线，由此可以求出物块的加速度大小为________ m/s 2。
[配套K12]2019版高考物理二轮复习 实验题15分满分练(三)
实验题15分满分练(三)22.(5分)在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，某学习小组所使用的装置如图1所示。
设沙和沙桶的总质量为m ，小车和砝码的总质量为M 。
实验中用沙和沙桶所受总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。
图1(1)实验时，先接通打点计时器的电源，让小车在沙和沙桶的牵引下带着已经穿过打点计时器的纸带在木板上由静止开始运动，图2甲是实验中得到的一条纸带，A 、B 、C 、D 、E 为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。
量出相邻的计数点之间的距离分别为x AB ＝2.25 cm 、x BC ＝3.86 cm 、x CD ＝5.45 cm 、x DE ＝7.05 cm 。
已知打点计时器的工作频率为50 Hz ，则小车的加速度a ＝________ m/s 2。
(结果保留3位有效数字)图2(2)若某同学利用图1所示的装置，研究加速度a 与拉力F 的关系时，得到图2乙所示图线。
已知图线与横轴的交点为F 0，与纵轴的交点为－a 0，重力加速度为g ，在运动过程中小车及车上砝码受到的阻力与重力之比为________。
解析 (1)打点计时器的周期T ＝0.02 s ，相邻计数点的时间间隔t ＝5T ＝0.1 s ，由Δx ＝at 2得，a ＝x CD ＋x DE －x AB －x BC （2t ）2＝1.60 m/s 2。
(2)由牛顿第二定律得F －F f ＝Ma ，解得a ＝1M F －F f M ，由图知，F f M ＝a 0，则F f Mg ＝a 0g。
答案 (1)1.60 (2)a 0g23.(10分)某同学在做完“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验后，又对一个标有“6 V，3.5 W”小电风扇电动机(线圈电阻恒定)的伏安特性曲线进行了研究，同研究小灯泡一样，要求电风扇电动机两端的电压能从零逐渐增加到6 V ，实验室备有下列器材：A.电流表(量程Ⅰ：0～0.6 A ，内阻约为1 Ω；量程Ⅱ：0～3 A ，内阻约为0.1 Ω)B.电压表(量程为0～6 V ，内阻几千欧)C.滑动变阻器R 1(最大阻值10 Ω，额定电流2 A)D.滑动变阻器R 2(最大阻值1 750 Ω，额定电流0.3 A)E.电池组(电动势为9 V ，内阻小于1 Ω)F.开关和导线若干图3(1)实验中所用的滑动变阻器应选________(填“C”或“D”)，电流表的量程应选________(填“Ⅰ”或“Ⅱ”)。
2019高中物理二轮复习训练：1-7-15 电学实验与创新
1 1-7-15 课时强化训练 1．(2018·天津理综)某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值(约为10 kΩ)，除了Rx、开关S、导线外，还有下列器材供选用： A．电压表(量程0～1 V，内阻约10 kΩ) B．电压表(量程0～10 V，内阻约100 kΩ) C．电流表(量程0～1 mA，内阻约30 Ω) D．电流表(量程0～0.6 A，内阻约0.05 Ω) E．电源(电动势1.5 V，额定电流0.5 A，内阻不计) F．电源(电动势12 V，额定电流2 A，内阻不计) G．滑动变阻器R0(阻值范围0～10 Ω，额定电流2 A) (1)为使测量尽量准确，电压表选用__________，电流表选用__________，电源选用________。(均填器材的字母代号) (2)画出测量Rx阻值的实验电路图。 (3)该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会__________其真实值(填“大于”、“小于”或“等于”)，原因是________________________________。 [详细分析] 本题考查伏安法测电阻。 (1)由于Rx的阻值约为10 kΩ，电压表内阻应远大于10 kΩ，故电压表应选B；电路电流最大值约为1 mA，故电流表应选C；电源应选F。 (2)因Rx>RARV，属于大电阻，故电流表采用内接法，而滑动变阻器R0的阻值小于Rx，则滑动变阻器R0采用分压式接法，如答案图所示。 (3)由于电压表的读数为电阻Rx和电流表内阻的分压和，而电流表的读数是流过Rx的实际电流，故待测电阻测量值会大于其真实值。 [答案] (1)B C F (2)如图所示
(3)大于 电压表的读数大于待测电阻两端实际电压(其他正确表述也可) 2
[知识拓展] 若滑动变阻器的阻值小于被测电阻值，为减小误差，滑动变阻器采用分压式接法。 2．(2018·山东菏泽一模)某同学设计如图所示的电路测电源的电动势和内阻，图中两个电流表相同，定值电阻阻值为R0。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
最新中小学教案、试题、试卷
最新中小学教案、试题、试卷
1
选考题15分满分练(二)
33.【物理——选修3－3】(15分)
(1)(5分)下列叙述和热力学定律相关，其中正确的是________。(填正确答案标号。选对1
个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A.能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性
B.对某物体做功，必定会使该物体的内能增加
C.第二类永动机不违背能量守恒定律，但违背了热力学第一定律
D.自发的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的
E.电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递
(2)(10分)如图1所示，竖直圆筒是固定不动的，粗筒横截面积是细筒的2倍。粗筒中封有
压强为p0＝75 cmHg的空气Ⅰ(可视为理想气体)，气柱长L1＝20 cm，细筒中的A、B两轻质
活塞间封有空气Ⅱ(可视为理想气体)，气柱长L2＝10 cm。活塞A上方的水银柱高H＝10 cm，
两活塞与筒壁间的摩擦不计。用外力向上托住活塞B，使之处于平衡状态，水银面与细筒上
端相平。现使活塞B缓慢上移，直至水银恰好全部被推入粗筒中，设在整个过程中气柱的温
度不变，大气压强p0＝75 cmHg，试求：
图1
(ⅰ)空气Ⅰ的压强；
(ⅱ)活塞B上移的距离。(结果保留2位小数)
解析 (1)能量耗散反映了能量转化的方向性，选项A正确；由热力学第一定律知，改变物
体内能的方式有两种，分别为做功和热传递，对某物体做功的同时，该物体向外传递热量，
则该物体的内能可能减少，所以选项B错误；第二类永动机不违背能量守恒定律，但是违背
热力学第二定律，选项C错误；根据热力学第二定律可知，自然发生的热传递过程是向着分
最新中小学教案、试题、试卷
最新中小学教案、试题、试卷
2
子热运动无序性增大的方向进行的，故选项D正确；电冰箱的工作过程表明，热量可以从低
温物体向高温物体传递，故选项E正确。
(2)(ⅰ)对于空气Ⅰ，初态p1＝p0＝75 cmHg，V11＝L1S1
末态，设压强为p2，体积V12＝(L1－H2)S1(1分)
根据玻意耳定律得p1V11＝p2V12(2分)
解得p2＝100 cmHg(1分)
(ⅱ)对于空气Ⅱ，初态p21＝p0＋H＝85 cmHg，
V21＝L2S
2
末态，压强为p22＝p2＋H2＝105 cmHg，
体积V22＝L22S2(1分)
由玻意耳定律得p21V21＝p22V22(2分)
解得L22＝p21L2p22＝85×10105 cm＝8.10 cm(1分)
活塞B上移的距离d＝L2＋H－L22＝11.90 cm(2分)
答案 (1)ADE (2)(ⅰ)100 cmHg (ⅱ)11.90 cm
34.【物理——选修3－4】(15分)
(1)(5分)如图2所示，两束单色光a、b从水下面射向A点，光线经折射后合成一束光c，
则下列说法正确的是________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选
对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)
图2
A.用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条
纹间距
B.a光比b光更容易发生衍射现象
C.在水中a光的速度比b光的速度小
D.在水中a光的临界角大于b光的临界角
E.若a光与b光以相同入射角从水中射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是
a
最新中小学教案、试题、试卷
最新中小学教案、试题、试卷
3
光
(2)(10分)在某种介质中，有相距4 m的两个波源S1、S2，沿垂直纸面方向做简谐振动，其
周期分别为T1＝0.8 s和T2＝0.4 s，振幅分别为A1＝2 cm和A2＝1 cm，在该介质中形成的
简谐波的波速为v＝5 m/s。S处有一质点，它到S1的距离为3 m，且SS1⊥S1S2，在t＝0时
刻，两波源同时开始垂直纸面向外振动，试求：
图3
(ⅰ)t＝0时刻振动传到S处的时间差；
(ⅱ)t＝10 s时，S处质点离开平衡位置的位移大小。
解析 (1)根据题给的光路图可知，a光的折射率较小，b光的折射率较大，根据n＝cv可知，
在水中a光的速度比b光的速度大，选项C错误；根据折射率大的光的频率较大，波长较短
可知，a光的波长较长，a光比b光更容易发生衍射现象，选项B正确；由条纹间距公式Δ
x
＝ldλ可知，波长较长的单色光a的干涉条纹间距较大，选项A正确；由全反射临界角公式
sin C＝1n，在水中a光的临界角大于b光的临界角，选项D正确；由sin C＝1n，且na
是b光，选项E错误。
(2)(ⅰ)由题意可知，
SS2＝（SS1）2＋（S1S
2
）2＝5 m(1分)
S1在t＝0时的振动传到S
处质点所需的时间
t
1
＝SS1v＝35 s＝0.6 s(1分)
S2在t＝0时的振动传到S
处质点所需的时间
t
2
＝SS2v＝55 s＝1 s(1分)
那么S1、S2在t＝0时的振动传到S处质点的时间差为
Δt＝t2－t1＝0.4 s(1分)
(ⅱ)在t＝10 s时S处质点按S1的振动规律已经振动了
最新中小学教案、试题、试卷
最新中小学教案、试题、试卷
4
Δt1＝t－t1＝9.4 s＝(11＋34)T1(1分)
此时S1引起S处质点的位移大小为
x1＝A
1
＝2 cm(1分)
在t＝10 s时S处质点按S2的振动规律已经振动了
Δt2＝t－t2＝9 s＝(22＋12)T2(1分)
此时S2引起S处质点的位移大小为x2＝0(1分)
所以t＝10 s时S处质点离开平衡位置的位移为S1和S2单独传播引起质点位移的矢量和，
故
x＝x1＋x
2
＝2 cm(2分)
答案 (1)ABD (2)(ⅰ)0.4 s (ⅱ)2 cm