黑龙江省哈三中2014届高三上学期第二次验收历史试题
黑龙江省哈三中2014届高三下学期第一次高考模拟理综试题(word版)
黑龙江省哈三中2014届高三下学期第一次高考模拟理综试题（word版）本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其他题为必考题。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的元素相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Ti 48第I卷（选择题，共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列与细胞生命历程相关的叙述，错误的是A．在成熟的生物体中，细胞凋亡有利用生物体内部环境的稳定B．在正常细胞中，原癌基因不表达，抑癌基因正常表达C．细胞表面积与体积的关系限制了细胞的长大D．细胞在癌变过程中，细胞膜的成分会发生改变2．美国科学家詹姆斯·罗思曼假设膜融合的特异性是由蛋白复合物提供的：囊泡和其细胞膜上都存在自身的蛋白复合物，只有二者相互识别并特异性结合后方可实现囊泡和细胞膜的融合。
他因为发现了细胞的囊泡运输调控机制而荣获了2013年诺贝尔生理学或医学奖。
下列论述错误的是A．蛋白复合物可能是位于生物膜上的识别蛋白B．胰岛素和神经递质均通过囊泡运输到细胞外发挥作用C．囊泡和细胞膜的识别并特异性结合表明生物膜具有选择透过性D．细胞的囊泡运输调控机制说明准确的信息传递保证了细胞代谢的有序性3．下列有关植物激素和植物生长调节剂的叙述，正确的是A．赤霉素能促进种子的萌发和果实的发育B．与水果生长关系最密切的激素是生长素和细胞分裂素，儿童常吃催熟的水果会引起性早熟C．2,4-D可作为双子叶杂草的除草剂，而乙烯利可使棉花迅速落叶D．NAA可用于防止果实和叶片的脱落、促进果实成熟、获得无子果实等4．小鼠的尾弯曲对尾正常为显性，受一对等位基因（A、a）控制。
微专(三)(四)
C．CO2 分子比例模型： D．甲烷的结构简式：CH4 12.（2014· 浙江省湖州市期末）下列说法正确的是 A．一定条件反应：2CO(g) CO2(g)+C(s)可自发进行，则该反应的△ H＞0 B．向硫酸亚铁溶液中滴加硫氰化钾溶液产生血红色沉淀说明溶液已变质 C．在反应 KClO3+6HCl(浓)=KCl+3Cl2↑+3H2O 中，当生成 1.5mol Cl2 时，反应中转移的电子数为 2.5NA D．相同物质的量浓度的下列溶液：①NH4HSO4 ②NH4Cl ③NH3· H2O，水电离程度由大到小的 顺序是：①>②>③ 13.（2014· 湖南五市十校联合检测）有一碘水和 Fe(OH)3 胶体的颜色极为相似。不用化学方法将它 们区别开来，这样的方法有 ①布朗运动； ②丁达尔现象； ③加热法； ④电泳实验法； ⑤加电解质法 A．①③⑤ B．①②④⑤ C．②③④⑤ D．全部 答案 1D 2B 3A 4A 5B 6D 7D 8B 9D 10B 11D 12C 13C
A．离子结构示意图 B．比例模型
：可以表示 16O2 ，也可以表示 18O2
－
－
：可以表示甲烷分子，也可以表示四氯化碳分子
C．氯化铵的电子式为： D．CO2 的结构式为： 5.（2014· 北京市西城区期末）下列化学用语或名称表述不正确 的是 ．．． A．葡萄糖的分子式：C6H12O6 B．HCl 的电子式： C． CH —CH—CH的名称：2-甲基丙烷 3 3 CH3 18 O D．含有 10 个中子的氧原子可表示为： 8 6.（2014· 河南省洛阳市期末）分类是化学学习与研究的常用方法，下列分类正确的是 A.Na2O、MgO、Na2O2 均属予碱性氧化物 B.纯碱、烧碱、熟石灰均属于碱 C.酸、碱、盐之间发生的反应一定属于复分解反应 D.混合物、分散系、胶体从属关系如右图所示 7.（2014 河南豫东豫北十所名校阶段测试二）下列物质依次按照混合物、氧化物、弱电解质和非电 解质的顺序排列的一组是 A．淀粉、CuO、HClO、Cu B．水玻璃、Na2O· CaO· 6SiO2、Ag2O、SO3 C．KAl（SO4）2· 12H2O、KClO3、NH3· H2O、CH3CH2OH
黑龙江省哈三中2014届高三第三次高考模拟理综化学试题 Word版含答案
黑龙江省哈三中2014届高三下学期第三次高考模拟理综化学试题本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1.答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2.选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4.保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5.做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的元素相对原子质量：H—1 C—12 O—16 S—32 Na—23 Ti—48第I卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7.下列反应对应的离子方程式书写正确的是：A.用氢氟酸在玻璃上“刻字”：SiO2+4H++4F-=SiF4↑+2H2OB.实验室制取氯气：2MnO4-+8H++6Cl-=2MnO2↓+3Cl2↑+4H2OC.将铁粉放入硫酸铁和硫酸铜的混合溶液中，初始阶段发生的反应：Fe+2Fe3+=3Fe2+D.常温下，铁与过量的浓硝酸反应：Fe+6H++3NO3-=Fe3++3NO2↑+3H2O8.下列关于有机物的说法错误的是：A.人们习惯称糖类、油脂、蛋白质为动物性和植物性食物中的基本营养物质B.葡萄糖、果糖、蔗糖、麦芽糖分子式完全相同，但结构不同，因此它们互为同分异构体C.人工方法合成的酯可以用作饮料、糖果、香水、化妆品中的香料D.通过石油裂化和裂解可以得到乙烯、丙烯、甲烷等重要的化工基本原料9.某有芳香烃的分子式为C8H10，其分子中烷基碳上的氢被氯原子取代所得同分异构体有两种，则该有机物苯环上的氢被氯原子取代的同分异构体的种数为(不考虑立体异构)：A. 1B.2C.3D.410.已知碳、一氧化碳、晶体硅的燃烧热分别是△H =-393.5kJ/mol、△H =-283 kJ/mol和△H =-989 kJ/mol，则工业冶炼晶体硅反应2C(s)+SiO2(s)= Si (s)+2 CO(g) △H =A.+768 kJ/molB.-768 kJ/molC.+2342 kJ/molD.-2342 kJ/mol11.关于化学计量的应用，下列说法正确的是：A.室温下，106g碳酸钠固体所含有的离子总的物质的量小于3molB.在同压不同温的情况下，质量相同的氧气和臭氧所含氧原子数不相同C.将物质的量浓度分别为1mol/L和2mol/L的硫酸等质量混合(假设体积可以加和)，则混合后硫酸溶液的浓度为1.5mol/LD.标况下，22.4L CH3Cl分子数约为6.02×102312.“长征”火箭发射使用的燃料是偏二甲肼(C 2H 8N 2)，并使用四氧化二氮作为氧化剂，这种组合的两大优点是，既能在短时间内产生巨大能量将火箭送上太空，产物又不污染空气(产物都是空气成分)。
黑龙江省哈三中2014届高三第三次高考模拟理综生物试题 Word版含答案
黑龙江省哈三中2014届高三下学期第三次高考模拟理综生物试题本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1.答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2.选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4.保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5.做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的元素相对原子质量：H—1 C—12 O—16 S—32 Na—23 Ti—48第I卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列关于细胞结构和功能的叙述正确的是A. DNA、RNA和蛋白质可通过核孔进出细胞核B. 只有含叶绿体的细胞才能将无机物合成有机物C. 分泌功能越强的细胞，高尔基体膜的更新速度越快D. 蛋白质是细胞膜的主要组成成分且在膜上均匀分布2.下列关于植物激素的说法正确的是A．单侧光照使植物弯曲生长时，背光侧生长素浓度比向光侧低B．用赤霉素多次喷洒水稻植株后，将导致产量降低C．探究不同浓度生长素类似物对插条生根影响时，应选不同种的植物材料D．种子在浸泡过程中，用适量的乙烯处理可解除休眠而萌发3.用32P标记S型肺炎双球菌的DNA，35S标记其蛋白质，将其加热杀死后与未经元素标记的R型活细菌混合并注入小鼠体内。
一段时间后，从死亡的小鼠体内提取得到活的S型和R型细菌。
下列有关元素分布的分析，最可能的情况是( )A.部分S型细菌含有32P，不含有35SB.部分R型细菌含有32P，不含有35SC.所有S型细菌都含有32P，不含有35SD.所有R型细菌都含有35S，不含有32P4.某小组探究“酶的活性是否受温度影响”的问题时选择新鲜的肝脏作为材料。
数学丨黑龙江省哈尔滨市第三中学2025届高三10月月考数学试卷及答案
哈三中2024—2025学年度上学期高三学年十月月考数学试卷考试说明：本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分150分.考试时间为120分钟.1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚.2.选择题必须使用2B铅笔填涂，非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹签字笔书写，字体工整，字迹清楚.3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在草稿纸、试题卷上答题无效.4.保持卡面清洁，不得折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀.第I卷（选择题，共58分）一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设集合，，则（）A. B.C. D.2.已知是关于的方程的一个根，则（）A.20B.22C.30D.323.已知，，，则的最小值为（）A.2B.C.D.44.数列中，若，，，则数列的前项和（）A. B. C. D.5.在中，为中点，，，若，则（）A. B. C. D.6.在三棱柱中，点在棱上，且，点为中点，点在棱上，若平面，则（）A.2B.3C.4D.57.已知偶函数定义域为，且，当时，，则函数在区间上所有零点的和为（）A.B. C.D.8.已知平面向量，，，满足，且，，则的最小值为（）A.B.0C.1D.2二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.9.对于函数，下列说法正确的是（）A.函数最大值为B.是函数图象的一个对称中心C.是函数图象的一个对称轴D.将函数的图象向右平移个单位，即可得到函数的图象10.在正方形中，，为中点，将沿直线翻折至位置，使得二面角为直二面角，若为线段的中点，则下列结论中正确的是（）A.若点在线段上，则的最小值为B.三棱锥的体积为C.异面直线、所成的角为D.三棱锥外接球的表面积为11.已知函数，则下列结论中正确的是（）A.函数有两个零点B.恒成立C.若方程有两个不等实根，则的范围是D.直线与函数图象有两个交点第II卷（非选择题，共92分）三、填空题：本大题共3小题，每小题5分，共15分.将答案填在答题卡相应的位置上.12.等差数列中，是其前项和.若，，则______.13.在中，，的平分线与交于点，且，，则的面积为______.14.已知三棱锥中，平面，，，，，、分别为该三棱锥内切球和外接球上的动点，则线段的长度的最小值为______.四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.15.在三棱柱中，，，，，为中点.（1）求证：平面；（2）求直线与平面所成角的正弦值.16.已知函数.（1）讨论函数的单调性；（2）设函数，若在恒成立，求实数的取值范围.17.已知在锐角中，，，分别为内角，，的对边，.（1）求；（2）若，为中点，，求；（3）若，求内切圆半径的取值范围.18.某汽车销售公司为了提升公司的业绩，将最近一段时间内每日的汽车销售情况进行了统计，如图所示.（1）求的值，并求该公司这段时间内每日汽车销售量的第60百分位数；（2）以频率估计概率，若在这段时间内随机选择4天，设每日汽车销售量在内的天数为，在恰有1天的汽车销售量不超过150辆的条件下，求的分布列及数学期望；（3）为增加销售量，公司规定顾客每购买一辆汽车可以进行一次抽奖活动，规则如下：在三棱锥中，、均是边长为2的正三角形，，现从写有数字1~8的八个标签中随机选择两个分别贴在、两个顶点，记顶点、上的数字分别为和，若为侧棱上一个动点，满足，当“二面角大于”即为中奖，求中奖的概率.19.如图，在四棱锥中，底面为正方形，，是中点，平面，.（1）求四棱锥体积最大值；（2）设，为线段上的动点.①求平面与平面的夹角余弦值的取值范围；②四棱锥外接球记为球，当为线段中点时，求平面截球所得的截面面积.数学试卷考试说明：本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分150分.考试时间为120分钟.1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚.2.选择题必须使用2B铅笔填涂，非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹签字笔书写，字体工整，字迹清楚.3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在草稿纸、试题卷上答题无效.4.保持卡面清洁，不得折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀.第I卷（选择题，共58分）一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设集合，，则（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】分别求出集合，，再根据交集的定义求.【详解】对集合：因为，所以，即；对集合：因为恒成立，所以.所以.故选：B2.已知是关于的方程的一个根，则（）A.20B.22C.30D.32【答案】D【解析】【分析】根据虚根成对原理可知方程的另一个虚根为，再由韦达定理计算可得.【详解】因为是关于的方程的一个根，所以方程的另一个虚根为，所以，解得，所以.故选：D.3.已知，，，则的最小值为（）A.2B.C.D.4【答案】D【解析】【分析】由已知可得，利用，结合基本不等式可求最小值.【详解】因为，所以，所以，所以，所以，当且仅当，即时等号成立，所以的最小值为.故选：D.4.数列中，若，，，则数列的前项和（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】结合递推关系利用分组求和法求.【详解】因为，，所以，，，，，又，，，所以.故选：C.5.在中，为中点，，，若，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】选择为平面向量的一组基底，表示出，再根据表示的唯一性，可求的值.【详解】选择为平面向量的一组基底.因为为中点，所以；又.由.故选：C6.在三棱柱中，点在棱上，且，点为中点，点在棱上，若平面，则（）A.2B.3C.4D.5【答案】B【解析】【分析】根据已知条件及线面平行的判定定理，利用面面平行的判定定理和性质定理，结合平行四边形的性质即可得结论.【详解】依题意，作出图形如图所示设为的中点，因为为的中点，所以，又平面，平面，所以平面，连接，又因为平面，，平面，所以平面平面，又平面平面，平面，所以，又，所以四边形是平行四边形，所以，所以，又，所以，所以，所以.故选：B.7.已知偶函数定义域为，且，当时，，则函数在区间上所有零点的和为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】函数在区间上的零点的集合等于函数和函数在区间内的交点横坐标的集合，分析函数的图象特征，作出两函数的图象，观察图象可得结论.【详解】因为函数，的零点的集合与方程在区间上的解集相等，又方程可化为，所以函数，的零点的集合与函数和函数在区间内的交点横坐标的集合相等，因为函数为定义域为的偶函数，所以，函数的图象关于轴对称，因为，取可得，，所以函数为偶函数，所以函数的图象关于对称，又当时，，作出函数，的区间上的图象如下：观察图象可得函数，的图象在区间上有个交点，将这个交点的横坐标按从小到大依次记为，则，，，，所以函数在区间上所有零点的和为.故选：A.8.已知平面向量，，，满足，且，，则的最小值为（）A. B.0 C.1 D.2【答案】B【解析】【分析】可设，，，由得到满足的关系，再求的最小值.【详解】可设，，，则.可设：，则.故选：B【点睛】方法点睛：由题意可知：，都是单位向量，且夹角确定，所以可先固定，，这样就只有发生变化，求最值就简单了一些.二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.9.对于函数，下列说法正确的是（）A.函数的最大值为B.是函数图象的一个对称中心C.是函数图象的一个对称轴D.将函数的图象向右平移个单位，即可得到函数的图象【答案】ACD【解析】【分析】先利用两角和与差的三角函数公式和二倍角公式，把函数化成的形式，再对函数的性质进行分析，判断各选项是否正确.【详解】因为.所以，故A正确；函数对称中心的纵坐标必为，故B错误；由，得函数的对称轴方程为：，.令，得是函数的一条对称轴.故C正确；将函数的图象向右平移个单位，得，即将函数的图象向右平移个单位，可得到函数的图象.故D正确.故选：ACD10.在正方形中，，为中点，将沿直线翻折至位置，使得二面角为直二面角，若为线段的中点，则下列结论中正确的是（）A.若点在线段上，则的最小值为B.三棱锥的体积为C.异面直线、所成角为D.三棱锥外接球的表面积为【答案】AC【解析】【分析】对于A，的最小值为可判断A；对于B，过作于，求得，可求三棱锥的体积判断B；对于C；取的中点，则，取的中点，连接，求得，由余弦定理可求异面直线、所成的角判断C；对于D，取的中点，过点在平面内作的垂线交于，求得外接球的半径，进而可求表面积判断D.【详解】对于A，将沿直线翻折至，可得的最小值为，故A正确；对于B，过作于，因为二面角为直二面角，所以平面平面，又平面平面，所以平面，由题意可得，由勾股定理可得，由，即，解得，因为为线段的中点，所以到平面的距离为，又，所以，故B错误；对于C，取的中点，则，且，，所以，因为，所以是异面直线、所成的角，取的中点，连接，可得，所以，在中，可得，由余弦定理可得，所以，在中，由余弦定理可得，所以，所以异面直线、所成的角为，故C正确；对于D，取的中点，过点在平面内作的垂线交于，易得是的垂直平分线，所以是的外心，又平面平面，又平面平面，所以平面，又因为直角三角形的外心，所以是三棱锥的外球的球心，又，所以，所以三棱锥外接球的表面积为，故D错误.故选：AC.11.已知函数，则下列结论中正确的是（）A.函数有两个零点B.恒成立C.若方程有两个不等实根，则的范围是D.直线与函数图象有两个交点【答案】BCD【解析】【分析】分和两种情况探讨的符号，判断A的真假；转化为研究函数的最小值问题，判断B的真假；把方程有两个不等实根，为有两个根的问题，构造函数，分析函数的图象和性质，可得的取值范围，判断C的真假；直线与函数图象有两个交点转化为有两解，分析函数的零点个数，可判断D的真假.【详解】对A：当时，；当时，；时，，所以函数只有1个零点.A错误；对B：欲证，须证在上恒成立.设，则，由；由.所以在上单调递减，在上单调递增.所以的最小值为，因为，所以.故B正确；对C：.设，则，.由；由.所以在上单调递增，在单调递减.所以的最大值为：，又当时，.如图所示：所以有两个解时，.故C正确；对D：问题转化为方程：有两解，即有两解.设，，所以.由；由.所以在上单调递增，在上单调递减.所以的最大值为.因为，，所以所以.且当且时，；时，.所以函数的图象如下：所以有两解成立，所以D 正确.故选：BCD【点睛】方法点睛：导数问题中，求参数的取值范围问题，通常有如下方法：（1）分离参数，转化为不含参数的函数的值域问题求解.（2）转化为含参数的函数的极值问题求解.第II 卷（非选择题，共92分）三、填空题：本大题共3小题，每小题5分，共15分.将答案填在答题卡相应的位置上.12.等差数列中，是其前项和.若，，则______.【答案】【解析】【分析】设数列的公差为，将条件关系转化为的方程，解方程求，由此可求结论.【详解】设等差数列的公差为，因为，，所以，，所以，，所以，故答案为：.13.在中，，的平分线与交于点，且，，则的面积为______.【答案】【解析】【分析】根据三角形面积公式，余弦定理列方程求，再由三角形面积公式求结论.【详解】因为，为的平分线，所以，又，所以，由余弦定理可得，又，所以所以，所以的面积.故答案为：.14.已知三棱锥中，平面，，，，，、分别为该三棱锥的内切球和外接球上的动点，则线段的长度的最小值为______.【答案】【解析】【分析】根据已知可得的中点外接球的球心，求得外接球的半径与内切球的半径，进而求得两球心之间的距离，可求得线段的长度的最小值.【详解】因为平面，所以是直角三角形，所以，，在中，由余弦定理得，所以，所以，所以是直角三角形，所以，因为平面，平面，所以，又，平面，结合已知可得平面，所以是直角三角形，从而可得的中点外接球的球心，故外接球的半径为，设内切球的球心为，半径为，由，根据已知可得，所以，所以，解得，内切球在平面的投影为内切球的截面大圆，且此圆与的两边相切（记与的切点为），球心在平面的投影为在的角平分线上，所以，由上易知，所以，过作于，，从而，所以，所以两球心之间的距离，因为、分别为该三棱锥的内切球和外接球上的动点，所以线段的长度的最小值为.故答案为：.【点睛】关键点点睛：首先确定内外切球球心位置，进而求两球半径和球心距离，再利用空间想象判断两球心与位置关系求最小值.四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.15.在三棱柱中，，，，，为中点.（1）求证：平面；（2）求直线与平面所成角的正弦值.【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）由题意可得，利用勾股定理的逆定理可得，可证结论；（2）以为坐标原点，所在直线为，过作的平行线为轴建立如图所示的空间直角坐标系，利用向量法可求得直线与平面所成角的正弦值.【小问1详解】连接，因为，为中点，所以，因为，所以，所以，又，所以，所以，又，平面，所以平面；【小问2详解】以为坐标原点，所在直线为，过作平行线为轴建立如图所示的空间直角坐标系，因为，所以，则，则，设平面的一个法向量为，则，令，则，所以平面的一个法向量为，又，所以，设直线与平面所成的角为，则，所以直线与平面所成角的正弦值为.16.已知函数.（1）讨论函数的单调性；（2）设函数，若在恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1）答案见解析（2）的取值范围为.【解析】【分析】（1）求函数的定义域及导函数，分别在，，，条件下研究导数的取值情况，判断函数的单调性；（2）由条件可得，设，利用导数求其最小值，由此可得结论.【小问1详解】函数的定义域为，导函数，当时，，函数在上单调递增，当且时，即时，，函数在上单调递增，当时，，当且仅当时，函数在上单调递增，当时，方程有两个不等实数根，设其根为，，则，，由，知，，，所以当时，，函数在上单调递增，当时，，函数在上单调递减，当时，，函数在上单调递增，所以当时，函数在上单调递增，当时，函数在上单调递增，函数在上单调递减，函数在上单调递增，【小问2详解】因为，，所以，不等式可化为，因为在恒成立，所以设，则，当时，，函数在上单调递增，当时，，函数在上单调递减，所以当时，函数取最小值，最小值为，故，所以的取值范围为.17.已知在锐角中，，，分别为内角，，的对边，.（1）求；（2）若，为中点，，求；（3）若，求内切圆半径的取值范围.【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】（1）利用正弦定理进行边化角，再结合三角形内角和定理及两角和与差的三角函数公式，可求，进而得到角.（2）利用向量表示，借助向量的数量积求边.（3）利用与正弦定理表示出，借助三角函数求的取值范围.【小问1详解】因为，根据正弦定理，得，所以，因为，所以，所以.【小问2详解】因为为中点，所以，所以，所以，解得或（舍去），故.【小问3详解】由正弦定理：，所以，，因为，所以，所以，，设内切圆半径为，则.因为为锐角三角形，所以，，所以，所以，即，即内切圆半径的取值范围是：.18.某汽车销售公司为了提升公司的业绩，将最近一段时间内每日的汽车销售情况进行了统计，如图所示.（1）求的值，并求该公司这段时间内每日汽车销售量的第60百分位数；（2）以频率估计概率，若在这段时间内随机选择4天，设每日汽车销售量在内的天数为，在恰有1天的汽车销售量不超过150辆的条件下，求的分布列及数学期望；（3）为增加销售量，公司规定顾客每购买一辆汽车可以进行一次抽奖活动，规则如下：在三棱锥中，、均是边长为2的正三角形，，现从写有数字1~8的八个标签中随机选择两个分别贴在、两个顶点，记顶点、上的数字分别为和，若为侧棱上一个动点，满足，当“二面角大于”即为中奖，求中奖的概率.【答案】（1），175（2）分布列见解析，（3）【解析】【分析】（1）根据频率之和为1可求的值，再根据百分位数的概念求第60百分位数.（2）根据条件概率计算，求的分布列和期望.（3）根据二面角大于，求出可对应的情况，再求中奖的概率.【小问1详解】由.因为：，，所以每日汽车销售量的第60百分位数在，且为.【小问2详解】因为抽取的1天汽车销售量不超过150辆的概率为，抽取的1天汽车销售量在内的概率为.所以：在恰有1天的汽车销售量不超过150辆的条件下，抽取的1天汽车销售量在内的概率为.由题意，的值可以为：0，1，2，3.且，，，.所以的分布列为：0123所以.【小问3详解】如图：取中点，链接，，，，.因为，都是边长为2的等边三角形，所以，，，平面，所以平面.平面，所以.所以为二面角DE平面角.在中，，所以.若，在中，由正弦定理：.此时：，.所以，要想中奖，须有.由是从写有数字1~8的八个标签中随机选择的两个，所以基本事件有个，满足的基本事件有：，，，，，，，，共9个，所以中奖的概率为：.【点睛】关键点点睛：在第（2）问中，首先要根据条件概率的概念求出事件“在恰有1天的汽车销售量不超过150辆的条件下，抽取的1天汽车销售量在内的概率”.19.如图，在四棱锥中，底面为正方形，，是中点，平面，.（1）求四棱锥体积的最大值；（2）设，为线段上的动点.①求平面与平面的夹角余弦值的取值范围；②四棱锥的外接球记为球，当为线段中点时，求平面截球所得的截面面积.【答案】（1）（2）①；②【解析】【分析】（1）设，用表示四棱锥体积，分析函数的单调性，可求四棱锥体积的最大值.（2）①建立空间直角坐标系，设点坐标，用空间向量求二面角的余弦，结合二次函数的值域，可得二面角余弦的取值范围.②先确定球心，求出球心到截面的距离，利用勾股定理可求截面圆的半径，进而得截面圆的面积.【小问1详解】设则，所以四棱锥体积，.所以：.由；由.所以在上单调递增，在上单调递减.所以四棱锥体积的最大值为.【小问2详解】①以为原点，建立如图空间直角坐标系.则，，，所以，，.设平面的法向量为，则.令，则.取平面的法向量.因为平面与平面所成的二面角为锐角，设为.所以.因为，，所以.②易得，则，此时平面的法向量，所以点到平面的距离为：，设四棱锥的外接球半径为，则,所以平面截球所得的截面圆半径.所以平面截球所得的截面面积为：.【点睛】关键点点睛：平面截球的截面面积问题，要搞清球心的位置，球的半径，球心到截面的距离，再利用勾股定理，求出截面圆的半径.。
黑龙江省哈三中2025届高三物理上学期第一次验收考试试题
黑龙江省哈三中2025届高三物理上学期第一次验收考试试题一、选择题：（本题共14小题。
在每小题给出的四个选项中：1-8题只有一个选项正确，每题3分；9-14题有多个选项正确，每题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.下列关于重力、弹力、摩擦力的说法正确的是（）A.物体的形态变更后，其重心位置不会变更B.弹力的产生缘由是受力物体发生了形变C.在粗糙程度确定的状况下，摩擦力的大小与弹力大小成正比D.同一物体在同一地点，无论其运动状态如何，所受重力都一样大2.将两个力F1和F2合成为一个力F，下述正确的是（）A.F1、F2和F是同一性质的力B.F1、F2和F是同时作用在同一物体上的实际的力C.力F确定比F1、F2其中的任何一个力都大D.F的作用效果与F1、F2同时作用的效果相同3.如图所示，长木板放在水平地面上，站在木板上的人用斜向左上方的力F拉木箱，长木板、人与木箱质量均为m，三者均保持静止（重力加速度为g）。
下列说法正确的是（）A.人对长木板的压力大小为mgB.长木板对地面的压力等于3mgC.木箱受到的摩擦力的方向水平向左D.地面对长木板的摩擦力的方向水平向左4.如图所示，用力F推放在光滑水平面上的物体P、Q、R，使其做匀加速运动。
若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力为4N，Q的质量是2kg.那么R的质量是（）A.2kgB.4kgC.3kgD.5kg5.如图所示，在离地面确定高度处把4个水果以不同的初速度竖直上抛，不计空气阻力，若1s后4个水果均未着地，则1s后速率最大的是（）A. B. C. D.6.如图所示，质量为m的小球用两根细线OA，OB连接，细线OA的另一端连接在车厢顶，细线0B另一端连接于侧壁，细线OA 与竖直方向的夹角为θ=37°，OB 保持水平，重力加速度大小为g ，车向左做加速运动，当OB 段细线拉力为OA 段拉力的两倍时，小车的加速度大小为（ ）A.gB.54g C.32g D.74g 7.如图所示，有10块完全相同的长方体木板叠放在一起，每块木板的质量为200g ，用手掌在这叠木板的两侧同时施加大小为F 的水平压力，使木板悬空水安静止。
试题精选_黑龙江省哈三中2015届高三上学期第二次测试物理调研试卷_精校完美版
哈三中2014——2015学年度上学期高三第二次测验物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，1～6小题只有一个选项正确，其余小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分） 1．两物体做平抛运动的初速度之比为2∶1，若它们的水平射程相等，则它们的抛出点离地面高度之比为： A ．1∶2 B ．1∶ 2 C ．1∶4 D ．4∶12．一位同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为d ，飞镖距圆盘为L ，且对准圆盘上边缘的A 点水平抛出，初速度为v 0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘过盘心O 的水平轴匀速运动，角速度为ω。
若飞镖恰好击中A 点，则下列关系正确的是：A ．dv 02＝L 2gB ．ωL ＝π(1＋2n )v 0 (n ＝0,1,2,3，…)C ．v 0＝ωd2D ．dω2＝g π2(1＋2n )2 (n ＝0,1,2,3…)3．如图，分别用力F 1、F 2、F 3将质量为m 的物体由静止沿同一固定粗糙斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端。
在此过程中，F 1、F 2、F 3做功的功率大小关系是： A ．P 1=P 2=P 3B ．P 1＞P 2=P 3C ．P 3＞P 2＞P 1D ．P 2＞P 1＞P 34．如图所示，竖直平面内放一直角杆MON ，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ＝0.2，杆的竖直部分光滑。
两部分各套有质量均为1 kg 的小球A 和B ，A 、B 球间用轻质细绳相连，已知：OA ＝3 m ，OB ＝4 m 。
初始A 、B 均处于静止状态，若A 球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1 m(取g ＝10m/s 2)，那么该过程中拉力F 做功为： A ．6 J B ．10 J C ．14 JD ．4 J5．如图所示，物体A 、B 的质量都为m 。
现用手托着物体A 使弹簧处于原长，细绳刚好竖直伸直，A 与地面的距离为h ，物体B 静止在地面上。
黑龙江省哈三中2014年第二次高考模拟考试数学(理)试题
黑龙江省哈三中2014年第二次高考模拟考试数学（理）试题考试说明：本试卷分第I卷（选择题）和第1I卷（非选择题）两部分，满分1 50分，考试时间120分钟．（1）答题前，考生先将自己的姓名、准考证弓…码填。
与清楚；（2）选择题必须使用2B铅笔填涂，非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，字迹清楚；（3）请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在草稿纸、试题卷上答题无效；（4）保持卡面清洁，小得折替、小要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀．第I卷（选择题，共60分）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题EI要求的．）1．设集合A={1，2，3}，B={0，1，2，4}，定义集合，则集合S中元素的个数是A．5 B．6 C．8 D．92．设i为虚数单位，则复数31izi=-在复平面内对应的点位于A．第一象限B．第_象限C．第三象限D．第四象限3．幂函数1()(2,),()278f x f x x--=的图象经过点则满足的的值是A．12B．13C．14D．154．如果执行右面的程序框图，那么输出的S为A．96 B．768C．1 536 D．7685．已知a，b，l，表示三条不同的直线，,,αβγ表示三个不同的平面，有下列四个命题：A ．①②B ．①④C ．②③D ．③④6．已知二项等差数列{}n a ，若存在常数t ，使得2n n a ta =对一切*n N ∈成立，则t 的集合是A ．{1}B ．{1，2}C ．{2}D ．{1,22} 7．已知二项式(2nx-展开式中的第5项为常数项，则展开式中各项的二项式系数之和为 A ．1 B ．32 C ．64 D ．1288．一只蚂蚁从正方体ABCD —A 1B 2C 1D 1的顶点A 处出发，经正方体的表面，按最短路线爬行到顶点C 。
处，则下列图形中可以表示正方体及蚂蚁最短爬行路线的正视图的是A ．（1）（2）B ．（1）（3）C ．（2）（4）D ．（3）（4）9．在△ABC 中，内角A,B,C 的对边长分别为a ，b ，c ，且22tan 2,3,tan Aa cb C-==则b 等于 A ．3 B ．4C ．6D ．710．11．对实数a 和b ，定义运算“*”：a*b=,1,1a a b b a b -≤⎧⎨->⎩，设函数f （x ）=（21x +）*（x+2），若函数y=f （x ）一c的图像与x 轴恰有两个公共点，则实数C 的取值范围是A ．（2，4] （5，+∞）B ．（1,2] （4,5]C ．（一∞，1） （4,5]D ．[1，2]第II 卷（非选择题，共90分）二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分，将答案填在答题卡相应的位置上．）13．设x ，y 满足约束条件11,(2,)(1,1),//,2210x y x a y x m b a b x y ≥⎧⎪⎪≥=-=-⎨⎪+≤⎪⎩向量且则m 的最小值为 . 14．有4张分别标有数字1，2，3，4的红色卡片和4张分别标有数字1，2，3，的蓝色卡片，从这8张卡片中取出4张卡片排成一行，则这一行的4张卡片所标数字之和等于10的概率为.三、解答题（本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．） 17．（本小题满分12分） 已知（I ）求f （x ）的最大值及取到最大值时相应的x 的集合；- （II ）若函数()[0,]2y f x m π==-在区间上恰好有两个零点，求实数m 的取值范围．18．（本小题满分12分）如图，四边形ABCD是边长为2的正方形，△ABE为等腰三角形，AE=BE，平面ABCD⊥平面ABE，动点F在校CE上，无论点F运动到何处时，总有BF⊥AE．（I）试判断平面ADE与平面BCE是否垂直，并证明你的结论；（II）求二面角D—CE—A的余弦值的大小。
黑龙江省哈三中2014届高三上学期第四次月考物理试题 Word版含答案
黑龙江省哈三中2013-2014学年度高三上学期第四次验收考试物理试题本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案使用0．5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于电场和磁场的概念，以下说法正确的是A．电荷在磁场中一定会受到磁场力的作用B．放入电场中某位置的电荷受到的电场力不为零，则该位置的电场强度一定不为零C．一小段通电导体在磁场中某位置受到的安培力为零，则该位置的磁感应强度一定为零D．一小段长为L的通有电流为I的导体，在磁场中受到的安培力为F，则该磁场的磁感应强度B 一定为容器，R为滑动变阻器。
开关闭合后，灯泡L1、L2均能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是A．灯泡L1将变亮B．灯泡L2将变暗C．电容器C的电荷量将减小D ．电容器C 的电荷量将增大16．在条形磁铁s 极附近，放置一轻质等边三角形线圈abc ，磁铁轴线经过三角形ab 边中垂线，当线圈中通有顺时针方向电流时，则线圈运动情况是A ．ab 边转向纸外，同时靠近s 极B ．ab 边转向纸外，同时远离s 极C ．ab 边转向纸里，同时靠近s 极D ．ab 边转向纸里，同时远离s 极17．某物流中转站配备有集装箱吊车，已知该吊车电动机输入电压为380V ，当吊车以0．2m/s的速度匀速竖直向上吊起总质量为1．1×103kg 的集装箱时，测得电动机的输入电流为10A ，g 取10m/s2。
2014届黑龙江省哈三中高三下学期第二次高考模拟文科数学试题(含答案)word版
哈尔滨市第三中学2014年第二次高考模拟考试数学（文）试题考试说明：本试卷分第I 卷（选择题）和第1I 卷（非选择题）两部分，满分1 50分，考试时间120分钟． （1）答题前，考生先将自己的姓名、准考证弓…码填。
与清楚； （2）选择题必须使用2B 铅笔填涂，非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，字迹清楚； （3）请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在草稿纸、试题卷上答题无效； （4）保持卡面清洁，小得折替、小要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀．第I 卷（选择题，共60分）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题EI 要求的．）1．已知全集U=Z ，集合A={一1，0，1，2}，B={x|x 2=x}，则A C U B 为A ．{一1，2）B ．{一1，0}C ．{0，1）D ．{1，2）2．设i 为虚数单位，则复数31i z i=-在复平面内对应的点位于A ．第一象限B ．第_象限C ．第三象限D ．第四象限3．若a=（一1，3），b=（x+1，一4），且（a+b ）//b ，则实数x 为A ．3B ．13C ．一3D ．一134．在等差数列{n a }中，12318192018,78,a a a a a a ++=++=则此数列前20项的和等于A ．160B ．180C ．200D ．2205．如果执行右面的程序框图，那么输出的S 为 A ．96 B ．768C ．1 536D ．7686．已知a ，b ，l ，表示三条不同的直线，,,αβγ表示三个不同的平面，有下列四个命题：A ．①②B ．①④C ．②③D ．③④7．等比数列{}n a 中，12a =，前n 项和为S n ，且若数列{1}n a +也是等比数列，则S n 等于A ．122n +-B ．3nC ．2nD ．3n —18．一动圆过点A （0，1），圆心在抛物线214y x =上，且恒与定直线，相切，则直线l 的方程为A ．x=1B ．132x =C ．132y =-D ．1y =-9．一只蚂蚁从正方体ABCD —A 1B 2C 1D 1的顶点A 处出发，经正方体的表面，按最短路线爬行到顶点C 。
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哈三中 2013—2014 学年度 高三学年第二次验收考试历史试卷 第一部分 选择题（共 48 分） 一、单项选择题（本大题共 24 小题，每题 2 分，共 48 分。） 1.在量子力学的研究中，科学家发现，如果不去测量对象（电子），对象（电子）便没有 位置，其主旨意在突出微观研究领域的特殊件。这一论断与下列思想主张相似的是 A.道法自然 B.法天而治 C.理生万物 D.心外无理 2.《朱子语类》中记有“天理流行，触处皆是。暑往寒来，川流山峙，‘父子有亲，君臣 有义’之类，无非这理。”其要说明的是 A.良知即天理 C.格物以求理 B.理为宇宙本原，又存于现实世界 D.存天理，去人欲 3.张岱年在《中国文化概论》中指出， 明清的早期启蒙思想家们的先天不足，具有一种 时代性的缺陷。”其“时代性的缺陷”主要表现为 A.资本主义萌芽发展不充分 C.西方殖民势力的不断渗透 B.封建势力异常强大 D.资产阶级力量薄弱 4.北宋《萍州可谈》中讲到：“舟师识地理，夜则观星，昼则观日，阴晦观指南针”。二 十几年后，许兢的《宣和奉使高丽图经》也有类似的记载：“惟视星斗前迈，若晦冥则用 指南浮针，以揆南北。”到了元代，指南针一跃而成海上指航的最重要的仪器了。不论昼 夜晴阴都用指南针导航了。而且还编制出使用罗盘导航，在不同航行地点指南针针位的 连线图，叫做“针路”。该材料表明 A.航海业与科技进步相互促进 B.中国古代自然科学领先世界 C.指南针是中国古代的伟大发明 D.指南针在宋代已普遍应用于航海 5.杜甫在描述一位书法家的创作情景时写道“脱帽露顶王公前，挥毫落纸如云烟”。下列 作品能体现这一书法特点的是
A.张旭《古诗四贴》B.王羲之《兰亭序》 C.颜真卿《多宝塔碑》 D.柳公权《玄秘塔碑》 6.中国古代一文学作品中所渗透的思想一反传统：赞美爱情，呼唤女性人权，提倡男女 平等，批判禁欲主义，贬斥奸臣贪官，展示商人身上闪耀的人性光辉。这一文学作品最 有可能是 A.“三言”“二拍” B.《雨霖铃》
历史试卷第 1 页 共 6 页 C.《念奴娇·赤壁怀古》 D.《阿房宫赋》 7.唐朝绘画不仅名家辈出，而且在题材内容、作画技法方面都有很大进步。初唐绘画， 以宗教佛像和贵族人物画为主。盛唐以后，题材大大开阔，画法也有新的创造，人物画 开始以世俗生活为内容，山水画也日益兴盛起来。唐代画风变化的主要原因是 A.中央集权不断强化 C.思想控制不断加强 B.庶族地主经济发展 D.对外交往日益频繁 8.1438 年，发表于德意志地区的《皇帝西基斯蒙改革敕令》中说：“服从已死亡，正义 遭践踏，正当秩序荡然无存。„上帝垂示为善，奈何人已悉随己愿而未服从。”这一局面 出现的根源在于 A.天主教会经济实力萎缩 C.小农经济的逐渐瓦解 B.封建庄园经济的繁荣 D.资本主义萌芽的发展 9.下列各项不符合墨家学派思想主张的是 A.“天下之人兼相爱，强不执弱，众不劫寡” B.“有能则举之，高予之爵，重予之禄” C.“选择天下之贤者可者，立为太子” D.“威势之可以禁暴，德厚不足以止乱” 10.苏格拉底永无休止的和朋友谈话，发展起一套辩证科学。他坚持认为，一问一答的考 查方式可以发现有关绝对真理、绝对善念或绝对美的观念，而这些观念与成为个人放纵 不羁、公共道德败坏之借口的智者派的相对主义大不相同，将为个人行为提供永久性的 指导。据此不能得到的信息是 A.智者学派强调个人感受，易导致社会混乱 B.苏格拉底强调教育作用，以培养人的美德 C.苏格拉底式的教育方式导致诡辩学派产生 D.苏格拉底崇尚知识和自由探索的精神 11.1497 年在市政厅广场的中心树立起一个金字塔形的“火葬台”。在最下面一层摆着 假须、假面具和狂欢节的化妆品服；上面一层是拉丁文和意大利诗人的著作，其中有薄 伽丘的作品；其次是妇女的装饰品和化妆品、香料、镜子、面纱和假发。这些物品被焚 烧的主要原因是 A.违背传统宗教观念 C.威胁教皇神权统治 B.导致社会奢侈成风 D.倡导民主启蒙思想
12.吕一民先生在《法国通史》中感慨到：“若就经济的维度而言，18 世纪的欧洲显然是 首开工业革命先河的英国之欧洲，但就思想文化维度而言，18 世纪的欧洲则又无疑是法 国之欧洲。”材料中反映了 18 世纪的法国 A.是欧洲文艺复兴的中心 C.是欧洲启蒙运动的中心 B.是人文主义的发源地 D.吹响反天主教会的号角 13.“一切生活现象皆是由上帝设定的，而如果他赐予某个选民获利的机缘，所以虔信的 基督徒理应服从上帝的召唤。„„你须为上帝而辛劳致富，但不可为肉体、罪孽而如此。” 持这种观点的人最有可能是 A.普罗塔哥拉 B.薄伽丘 C.加尔文 D.康德 历史试卷第 2 页 共 6 页 “
14.德意志宗教改革期间，路德创建德意志独立的教会组织并领导开展反对罗马天主教的 斗争，这却得到了信仰天主教的法国国王的支持。由此可见 A.法国天主教脱离罗马教廷而独立 C.法王是一个不够虔诚的天主教徒 B.法王更加关注现实政治利益 D.法国国王代表资产阶级利益 15.卢梭说，以绞死或废除暴君为结局的起义行动，与暴君前一日任意处理臣民生命财产 的行为是同样合法。这一观点 A.体现了社会契约的主张 C.体现了权利对等的理念 B.揭示了资产阶级革命爆发的根源 D.反映了法律面前人人平等的原则 16.“尽管达尔文主义受到宗教界和其他集团的敌视，它还是西方社会有着深远的影响。 它对最适者生存和生存斗争的强调极妙地与时代倾向相吻合！”可见达尔文主义推动了 A.工业革命 B. 宗教改革 C.殖民扩张 D. 启蒙运动 17.洋务运动期间，清政府先后派出四批共 120 名幼童赴美国留学，这些幼童赴美后受到 西方文化影响，清朝官员深为不满：“外洋风俗，流弊多端，各学生腹少儒书，德性未 坚，尚未究彼技能，实易沾其恶习。”1881 年，留美幼童被遣送回国。以上情况表明 A.清政府阻碍中国教育发展 C.新式学堂在中国广泛出现 B.守旧观念阻碍近代人才培养 D.儒家思想应为西学基础地位 18.二十世纪初，《浙江潮》载文《民族主义论》有“三十年来之制造派，十年来之变法 派，五年来之自由民主派”之说。这一说法反映了当时中国 A.民主革命进程加速 B.政权更替频繁 C.社会思潮演进加快 D.政党力量多元 19.19 世纪末，某著作中这样写道：“二千年来之政，秦政也，皆大盗也。„„冲决君 主之网罗„„ 彼君之不善，人人得而戮之。”该著作应是
A B C D 20.下列对应关系错误的是： A.早期维新派——“登高一呼，直召唤四百兆同胞共兴商战” B.维新派——“揖美追欧，旧邦新造 ” C.辛亥革命——“举政治革命，社会革命毕其功于一役” D.五四运动——“共争青岛归还，同看国贼罢黜” 21.毛泽东在《新民主主义论》中说： 中国革命必须分为两个步骤(阶段)。第一步(阶段)， 改变这个殖民地、半殖民地、半封建的社会形态使之变成一个独立的民主主义的社会。
历史试卷第 3 页 共 6 页“ 第二步(阶段)，使革命向前发展，建立一个社会主义的社会。”则当时中共的任务是 A.继续国共合作，取得抗战胜利 C.进行解放战争，建立新中国 B.开展反内战斗争，维护国内和平 D.巩固新生政权，实行三大改造 22.邓小平说：“改革开放迈不开步子，不敢闯，说来说去就是怕资本主义的东西多了， 走了资本主义的道路。要害是姓“资”还是姓“社”的问题。判断的标准，应该主要看 是否有利于发展社会主义的生产力，是否有利于增强社会主义国家的综合国力，是否有 利于提高人民的生活水平。”这一论断 ①有助于解放人们的思想，深化改革开放 ②为建立社会主义市场经济体制指明方向 ③借鉴国际社会主义运动的教训 ④总结了建国以来经济建设的经验教训 A.①②③ B．②③④ C．①②④ D. ①③④ 23.19 世纪末，有的物理学家表示： 19 世纪已经将物理大厦全部建成，今后物理学家只 是修饰和完美这座大厦”,之所以会产生这种认识,主要是因为 A.哥白尼创立了“日心说” C.爱因斯坦创立相对论 B.牛顿创立经典力学体系 D.普朗克提出量子假说 24.“在他的宇宙里，‘每一种现象都是带有欺骗性。物质和能量可以相互转换。双胞胎 以不同的速度衰老。平行线可以交叉。光线弯曲的径迹其实缠绕宇宙。’” 文中的“他”
A.伽利略 B.达尔文 C.牛顿 D.爱因斯坦 第二部分 非选择题（共 52 分） 二、非选择题（本大题共 3 小题，25 题 26 分，26 题 12 分，27 题 14 分，共 52 分。） 25.（25 分）阅读材料，回答问题。 材料一 关于“轴心时代”的观念是由德国哲学家雅斯贝尔斯(1864-1920)提出的。他认 为，在公元前 500 年前后，在古希腊、以色列、印度、中国、古波斯都出现了伟大的思 想家。……形成了不同文化传统。……雅斯贝尔斯说:“人类一直靠轴心时代所产生的思 考和创造的一切而生存，每一次新的飞跃都回顾这一时期，并被它重新燃起火焰。自此 以后，情况就是这样。轴心期潜力的苏醒和对轴心期潜力的回忆，或曰复兴，总是提供 了精神力量。对这一开端的复归是中国、印度和西方不断发生的事情。” ——汤一介《论儒学复兴》 材料二 可以说一千遍传承儒家的话，如果不在“更新”上注力，儒家文化终将无法适 应文明进步而消亡。旧儒家因蔑视“奇技淫巧”而怀疑科学，因主张“三纲五常”而反 对民主，因溺于蒙昧而妨碍国民性提升。因此才有“五四”批儒运动的风起云涌，才有 “民主、科学”口号的振聋发聩。 …… 中国旧传统的地基很深沉，中国老文化的传统很悠长。少不了这样的暴风骤雨，少
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