【河南省南阳市】2017届高三上学期其中质量评估物理试卷
河南省南阳市第一中学2017届高三上学期第一次周考物理
一、选择题：（1-6为单选；6-10为多选）1、我国女子速滑队在今年世界锦标赛上实现了女子3000m的接力三连冠；观察发现“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出．在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则（）A．甲对乙的冲量一定与乙对甲的冲量相同B．甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反C．甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D．甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功【答案】B考点：动量守恒定律【名师点睛】本题考查动量守恒定律的应用；要注意掌握碰撞的分类：弹性碰撞和非弹性碰撞的相关知识是解决本题的关键.2、一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图线可知A．4 s内物体在做曲线运动B．4 s内物体的速度一直在减小C．物体的加速度在2.5 s时方向改变D．4 s内物体一直做直线运动【答案】D考点：v-t 图线【名师点睛】本题考查基本的读图能力，矢量的正负表示其方向，数值表示其大小．要知道运动图象只能反映直线运动的规律，不能表示曲线运动的情况。
3、如图所示，一种射线管由平行金属板AB和平行于金属板的细管C组成，放射源O在A极板左端，可以向各个方向发射不同速度、质量为m的电子．若极板长为L，间距为d，当A、B 板加上电压U时，只有某一速度的电子能从细管C水平射出，细管C离两板等距．已知元电荷为e，则从放射源O发射出的电子的这一速度为（）A．【答案】C【解析】试题分析：将从细管C 水平射出的电子逆过来看，时类平抛运动，则有：水平方向上：L=v 0t ，竖直方向上12d =12at 2，eU a md =，联立解得：0v =而y v 所以：v =．故C 正确，ABD 错误．故选C.考点：带电粒子在电场中的运动。
【名师点睛】本题采取逆向思维，关键掌握求解类平抛运动的方法，类平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动。
河南省南阳一中2017届高三上学期第四次月考物理试卷 Word版含解析
2016-2017学年河南省南阳一中高三（上）第四次月考物理试卷二、选择题：（本大题共9小题，每题6分，共54分，1-5为单选，6-8为多选）1．甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，第二次相遇时间为t''，则下面四组t′，d和t''的组合可能的是（）A．t'=t1，d=s，t''=2t1B．C．D．2．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab=bc=cd=L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）A．0 B．C．D．3．2016年10月17日7时30分，搭载两名航天员的“神舟十一号”载人飞船由“长征二号”运载火箭成功发射升空，10月19日凌晨，“神舟十一号”飞船与“天宫二号”自动交会对接成功．“神舟十号”与“天宫一号”对接时，轨道高度是343公里，而“神舟十一号”和“天宫二号”对接时的轨道高度是393公里，这与未来空间站的轨道高度基本相同．根据以上信息，判断下列说法正确的是（）A．“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大B．“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小C．“神舟十一号”飞船的环绕速度大于第一宇宙速度D．“神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速实现对接4．空间有一均匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系O﹣xyz，M、N、P 为电场中的三个点，M点的坐标（0，a，0），N点的坐标为（a，0，0），P点的坐标为（a，，）．已知电场方向平行于直线MN，M点电势为0，N点电势为1V，则P点的电势为（）A．V B．V C．V D．V5．在正负电子对撞机中，一个电子和一个正电子对撞发生湮灭而转化为一对光子．设正、负电子的质量在对撞前均为m，对撞前的动能均为E，光在真空中的传播速度为c，普朗克常量为h，则对撞后转化成光子的波长等于（）A．B．C．D．6．如图所示为氢原子的能级示意图．现用能量介于10～12.9eV范围内的光子去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法正确的是（）A．照射光中只有一种频率的光子被吸收B．照射光中有三种频率的光子被吸收C．氢原子发射出三种不同波长的光D．氢原子发射出六种不同波长的光7．如图1所示，一倾角为37°的传送带以恒定速度运行，现将一质量m=1kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则下列说法正确的是（）A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B．0～8s内物体位移的大小为18mC．0～8s内物体机械能的增量为90JD．0～8s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J8．如图所示，A、B两物体的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg9．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得（）A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都处于伸长状态B．从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2D．在t2时刻A与B的动能之比为E k1：E k2=8：1三、非选择题（包括必考题和选做题两部分．考生根据要求作答．）（一）必考题10．用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验．实验时保持小车的质量M（含车中的钩码）不变，用在绳的下端挂的钩码总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是．（2）图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图乙所示．已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a= m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力F，得到小车的加速度a与拉力F的数据，画出a﹣F图线后，发现当F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲．该同学经过思考后将实验方案改变为：将小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力．那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是．（写选项字母）A．可以避免a﹣F图线的末端发生弯曲B．要避免a﹣F图线的末端发生弯曲的条件是M≥mC．画出的a﹣F图线的斜率为D．画出的a﹣F图线的斜率为．11．使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为Ω．电流表的读数为mA，电阻箱的读数为Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为V．（保留3位有效数字）12．物体A和B用轻绳相连在轻质弹簧下静止不动，如图甲所示，A的质量为m，B的质量为M．当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升过程中经某一位置时的速度大小为v A，这时物体B下落的速度大小为v B，如图乙．这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为多少？13．一质量为m，带电量为q的粒子，以速度v0从O点沿y轴正方向射入磁感强度为B的一圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面，粒子飞出磁场区域后，从b处穿过x轴，速度方向与x轴正方向夹角为30°，如图，不计粒子重力，求：（1）圆形磁场区域的最小面积；（2）粒子从O进入磁场区域到达b点所经历的时间及b点的坐标．14．一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示．t=0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t=1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后1s时间内小物块的v﹣t图线如图（b）所示．木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离．2016-2017学年河南省南阳一中高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：（本大题共9小题，每题6分，共54分，1-5为单选，6-8为多选）1．甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，第二次相遇时间为t''，则下面四组t′，d和t''的组合可能的是（）A．t'=t1，d=s，t''=2t1B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．相遇要求在同一时刻到达同一位置．根据相遇的条件和几何关系分析．【解答】解：A、若t'=t1，d=s，即t1时间两车第一次相遇，由于此后乙车的速度大于甲车的速度，所以两者不可能再相遇，故A错误．B、若t'=t1，根据“面积”表示位移，可知d=s﹣s=s，第二次相遇时刻为t''=，故B错误．C、若t'=t1，根据“面积”表示位移，可知d=（1﹣）s=s，第二次相遇时刻为t''==，故C错误．D、若t'=t1，根据“面积”表示位移，可知d=s，第二次相遇时刻为t''==，故D正确．故选：D2．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab=bc=cd=L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）A．0 B．C．D．【考点】安培力；左手定则．【分析】根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小，再计算出各段安培力的大小，然后使用平行四边形定则合成即可．【解答】解：根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图电路abcd上的电阻为3r，由几何关系得，ad段的长度为2L，所以ad上的电阻为2r，并联部分的总电阻为：电路中的总电流：路端电压：abcd上的电流：abcd上各段的安培力：ad上的安培力：各段受到的力中，F1和F3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以线框受到的合外力：所以四个选项中C正确．故选：C3．2016年10月17日7时30分，搭载两名航天员的“神舟十一号”载人飞船由“长征二号”运载火箭成功发射升空，10月19日凌晨，“神舟十一号”飞船与“天宫二号”自动交会对接成功．“神舟十号”与“天宫一号”对接时，轨道高度是343公里，而“神舟十一号”和“天宫二号”对接时的轨道高度是393公里，这与未来空间站的轨道高度基本相同．根据以上信息，判断下列说法正确的是（）A．“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大B．“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小C．“神舟十一号”飞船的环绕速度大于第一宇宙速度D．“神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速实现对接【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、角速度、周期、加速度与轨道半径的关系，从而比较大小．【解答】解：根据万有引力提供向心力，解得：，，，．A、由可知，轨道半径越大，线速度越小，“天宫一号”的速率比“天宫二号”的速率大，但由于质量的关系未知，所以不能判断出“天宫一号”的动能比“天宫二号”的动能大．故A错误．B、由可知，轨道半径越大，周期越大，“天宫一号”的周期比“天宫二号”的周期小．故B正确；C、由可知，轨道半径越大，线速度越小，所以“神舟十一号”飞船的环绕速度小于第一宇宙速度．故C错误；D、“神舟十一号”飞船必须在“天宫二号”的轨道上，再加速时将做离心运动，所以不可能实现对接．故D错误．故选：B4．空间有一均匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系O﹣xyz，M、N、P 为电场中的三个点，M点的坐标（0，a，0），N点的坐标为（a，0，0），P点的坐标为（a，，）．已知电场方向平行于直线MN，M点电势为0，N点电势为1V，则P点的电势为（）A．V B．V C．V D．V【考点】电势；电场强度．【分析】将电场强度沿坐标轴方向正交分解，求出轴向的E的分量值，再选用U=Ed，求得电势差，得电势．【解答】解：根据题意已知电场方向平行于直线MN，点M的电势为0，点N的电势为1V，故U NM=E•a=1V ①将电场强度沿着﹣x方向和+y方向正交分解，设合场强为E，则﹣x和+y方向的分量分别为：E x =E ，E y = E ②设P 在xOy 平面上的投影为P′点，投影点的坐标为：（a ，，0）则 U NP =U NP′=E y •==V （由①②式得）又因N 点电势为1V ，则P′电势为，即P 点电势为 则 A B C 错误，D 正确故选：D5．在正负电子对撞机中，一个电子和一个正电子对撞发生湮灭而转化为一对光子．设正、负电子的质量在对撞前均为m ，对撞前的动能均为E ，光在真空中的传播速度为c ，普朗克常量为h ，则对撞后转化成光子的波长等于（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】物质波．【分析】光子无静止质量，根据反应前后质量之差求出质量亏损，由爱因斯坦质能方程求出电子对撞放出的能量，根据能量守恒定律求出光子具有的能量．由光子能量公式E=hγ，波速公式c=λγ求出光子的波长．【解答】解：由于光子无静止的质量，则电子对撞过程中的质量亏损为△m=2m ﹣0=2m ．由爱因斯坦质能方程中电子对撞放出的能量为△E=△mc 2=2mc 2，根据能量守恒得，每个光子的能量为，又ɛ=hγ=，联立得到，波长为，故C 正确，ABD 错误；故选：C6．如图所示为氢原子的能级示意图．现用能量介于10～12.9eV 范围内的光子去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法正确的是（ ）A．照射光中只有一种频率的光子被吸收B．照射光中有三种频率的光子被吸收C．氢原子发射出三种不同波长的光D．氢原子发射出六种不同波长的光【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】能级间发生跃迁时吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据数学组合公式求出处于激发态的氢原子可能发射出不同波长光的种数．【解答】解：因为﹣13.6+10=﹣3.6eV，﹣13.6eV+12.9eV=﹣0.7eV，可知照射光中有三种频率的光子被吸收．氢原子跃迁的最高能级为n=4能级，根据=6知，氢原子发射出六种不同波长的光．故B、D正确，A、C错误．故选BD．7．如图1所示，一倾角为37°的传送带以恒定速度运行，现将一质量m=1kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．则下列说法正确的是（）A．物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B．0～8s内物体位移的大小为18mC．0～8s内物体机械能的增量为90JD．0～8s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J【考点】摩擦力的判断与计算；动摩擦因数；功能关系．【分析】（1）速度图象的“面积”大小等于位移，物体在0﹣2s内的位移为正值，在2﹣8s内的位移为负值．（2）根据斜率求出加速度，由牛顿第二定律求解物体与传送带间的动摩擦因数．（3）0﹣8s内物体机械能增量等于动能增加量与重力势能增加量之和．在前6s内物体与传送带发生相对滑动，求出相对位移△s，产生的热量为Q=μmgcosθ•△s．【解答】解：A、从图b中求出物体位移为：s=3×2+4×2=14m…①由图象知，物体相对传送带滑动时的加速度为：α=lm/s2…②对此过程中物体分析得：μmgcosθ﹣mgsinθ=ma…③，解得μ=0.875…④，A正确；B、物体被送上的高度为：h=ssinθ=8.4m，重力势能增量为：△Ep=mgh=84J…⑤动能增量为：△E k==6J…⑥机械能增加为：△E=△Ep+△E k=90J…⑦0﹣8s内只有前6s发生相对滑动．0﹣6s内传送带运动距离为：s带=4x6m=24m…⑧0﹣6s内物体位移为：s带=6m…⑨B错误CD正确；产生的热量为：Q=μmg cosθ•s相对=126J…⑩，故选：ACD8．如图所示，A、B两物体的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解答】解：AB之间的最大静摩擦力为：f max=μm A g=2μmg，B与地面间的最大静摩擦力为：f′max=μ（m A+m B）g=1.5μmg，A、当1.5μmg＜F＜2μmg 时，f′max＜F＜f max，AB之间不会发生相对滑动，由于拉力大于B与地面间的最大静摩擦力；故AB与地面间发生相对滑动；故A错误；B、当F=μmg时，若A与B仍然没有相对运动，则：又：F﹣f′max=（m A+m B）a1所以：此时A与B之间的摩擦力f，则：m A a1=F﹣f所以：f=＜f max，可知假设成立，A的加速度为μg．故B正确；C、当F=3μmg时，若A与B仍然没有相对运动，则：F﹣f′max=3μmg﹣1.5μmg=1.5μmg 又：F﹣f′max=（m A+m B）a2所以：a2=0.5μg此时A与B之间的摩擦力f′，则：m A a2=F﹣f′所以：f′=2μmg=f max所以当F＞3μmg时，A相对B滑动．故C正确；D、当A与B之间的摩擦力最大时，B的加速度最大，此时B沿水平方向受到两个摩擦力的作用，又牛顿第二定律得：m B a3=f max﹣f′max=2μmg﹣1.5μmg=0.5μmg所以：a3=0.5μg即无论F为何值，B的加速度不会超过μg．故D正确．故选：BCD9．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得（）A．在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且弹簧都处于伸长状态B．从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C．两物体的质量之比为m1：m2=1：2D．在t2时刻A与B的动能之比为E k1：E k2=8：1【考点】简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动．【分析】两物块和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒，系统动能最小时，弹性势能最大，据此根据图象中两物块速度的变化可以分析系统动能和弹性势能的变化情况．【解答】解：A、由图可知t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且此时系统动能最小，根据系统机械能守恒可知，此时弹性势能最大，弹簧处于压缩状态，故A 错误；B、结合图象弄清两物块的运动过程，开始时m1逐渐减速，m2逐渐加速，弹簧被压缩，t1时刻二者速度相当，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩最厉害，然后弹簧逐渐恢复原长，m2依然加速，m1先减速为零，然后反向加速，t2时刻，弹簧恢复原长状态，由于此时两物块速度相反，因此弹簧的长度将逐渐增大，两木块均减速，当t3时刻，二木块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B正确；C、系统动量守恒，选择开始到t1时刻列方程可知：m1v1=（m1+m2）v2，将v1=3m/s，v2=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故C正确；D、在t2时刻A的速度为：v A=1m/s，B的速度为：v B=2m/s，根据m1：m2=1：2，求出E k1：E k2=1：8，故D错误．故选BC．三、非选择题（包括必考题和选做题两部分．考生根据要求作答．）（一）必考题10．用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验．实验时保持小车的质量M（含车中的钩码）不变，用在绳的下端挂的钩码总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡摩擦力．（2）图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图乙所示．已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a= 1.0 m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力F，得到小车的加速度a与拉力F的数据，画出a﹣F图线后，发现当F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲．该同学经过思考后将实验方案改变为：将小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力．那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是AD．（写选项字母）A．可以避免a﹣F图线的末端发生弯曲B．要避免a﹣F图线的末端发生弯曲的条件是M≥mC．画出的a﹣F图线的斜率为D．画出的a﹣F图线的斜率为．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）探究物体加速度与力的关系实验中，要使小车受到的拉力等于钩码的重力，在实验前应平衡摩擦力；（2）根据纸带数据，由△x=at2可求小车的加速度．（3）为使绳子拉力近似等于砝码和砝码盘的重力，应满足砝码和砝码盘的质量远小于小车的质量．【解答】解：（1）实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力．（2）计数点间的时间间隔为：t=0.02s×5=0.1s，由△x=at2可得：小车的加速度为：a===1.0m/s2．（3）分别对小车与砝码列出牛顿第二定律方程：对小车有：F=Ma，对砝码有：mg﹣F=ma，两式联立可得a==F，若改变为用小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力时，M+m保持不变，a﹣F图线是直线，避免a﹣F图线的末端发生弯曲，a﹣F图线的斜率为，故AD正确，BC错误；故选：AD．故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）1.0；（3）AD．11．使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为黑（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为14.0Ω．电流表的读数为53.0mA，电阻箱的读数为 4.6Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为102mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为 1.54V．（保留3位有效数字）【考点】多用电表的原理及其使用．【分析】当用多用电表测电阻时，电源在表内，要使电流从图中电流表正极流进，从负极流出，因此表笔a连接电源的正极，所以表笔a为黑色的．多用电表测电阻时读数是表盘示数与倍率的乘积；电流表的读数要注意量程．【解答】解：（1）多用电表在使用时必须使电流从红表笔（正接线柱）流进，黑表笔（负接线柱）流出，串联的电流表也必须使电流从正接线柱流进，负接线柱流出，所以可以判断电流是从a表笔流出的为黑表笔．（2）多用电表用×1倍率测量，读数为：14.0×1=14.0Ω电流表的量程是60m A，所以不能在表盘上直接读数，需要改装为10，20，30，40，50，60的表盘，然后读数为：53.0 m A电阻箱的读数为：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω（3）（4）多用电表测量电阻的原理是闭合电路的欧姆定律，多用电表内部的电路等效的直流电源（一般为电池）、电阻、表头与待测电阻串联，当表头短接时电路电流最大为表头的满偏电流I g=，将R g取为r+r g+R为多用电表的内阻，当待测电阻等于R g时，这时表头半偏，表针指在欧姆表盘的中值上，所以R g又称为中值电阻．当选择×1倍率测量时中值电阻直接在欧姆表盘上读数为15Ω．在（2）中多用电表外的电阻为多用电表的读数14.0Ω，干路电流是53.0 m A，则电源电动势是E=I（R内+R外）=0.053×（15+14）=1.537V．则满偏电流I g=m A．故答案为：（1）黑；（2）14.0，53.0，4.6；（3）102；（4）1.54．12．物体A和B用轻绳相连在轻质弹簧下静止不动，如图甲所示，A的质量为m，B的质量为M．当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升过程中经某一位置时的速度大小为v A，这时物体B下落的速度大小为v B，如图乙．这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为多少？【考点】动量定理．【分析】从绳断到下落速度为v B的过程，弹簧的弹力对物体A的冲量为I，对A、B分别应用动量定理，即可消去t，求得弹簧弹力对物体A的冲量I．【解答】解：设B从绳断到下落速度为v B的过程所用时间为t，以向上为正方向，根据动量定理，有：对物体A有：I﹣mgt=mv A ①对物体B有：﹣Mgt=﹣Mv B ②由①②式得弹簧的弹力对物体A的冲量为：I=mv A+mv B答：这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为mv A+mv B．13．一质量为m，带电量为q的粒子，以速度v0从O点沿y轴正方向射入磁感强度为B的一圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面，粒子飞出磁场区域后，从b 处穿过x轴，速度方向与x轴正方向夹角为30°，如图，不计粒子重力，求：（1）圆形磁场区域的最小面积；（2）粒子从O进入磁场区域到达b点所经历的时间及b点的坐标．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】（1）根据带电粒子在磁场中运动时，洛仑兹力提供向心力即可求得半径；连接粒子在磁场区入射点和出射点的弦长ob，最小面积为ob为直径的圆．求出半。
【精品】2017-2018学年河南省南阳市八校联考高一(上)期中物理试卷
2017-2018学年河南省南阳市八校联考高一（上）期中物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一个选项符合题目要求，第8-12题有多个选项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（5分）甲、乙、丙三个观察者，同时观察一个物体的运动，甲说：它在做匀速直线运动；乙说：它是静止的；丙说：它在做加速运动．下列说法正确的是（）A．在任何情况下都不可能出现这种情况B．三人中总有一人或两人讲错了C．如果选同一参考系，那么三人的说法都对D．如果三人各自选择不同的参考系，那么三人的说法可能都对2．（5分）某同学在操场上进行慢跑锻炼，并用智能手表记录了运动轨迹、运动是起点，“E”是终点，且根据时间、运动距离和消耗热量的情况，如图，其中“S”操场实际情况可知，S和E间的距离约为40m．下列说法正确的是（）A．在记录运动轨迹时，人不能看成质点B．S和E间的距离约为40m指人发生的位移大小C．运动距离 1.45km除以运动时间是平均速度大小D．用40m除以运动时间是人经过E点的瞬时速度大小3．（5分）放在水平桌面上的面团处于静止状态；一段时间后，面团由半球形变成扁平状态，则下列说法正确的是（）A．由于面团发生微小的形变，使面团受到重力作用B．由于面团发生微小的形变，面团对桌面产生垂直于桌面向下的弹力C．由于桌面发生微小的形变，面团对桌面产生垂直于桌面向下的弹力D．由于面团发生微小的形变，桌面对面团产生垂直于桌面向上的弹力4．（5分）下列关于重力的说法中正确的是（）A．物体所受的重力与地球对它的吸引力是相同的B．同一物体在地球上不同纬度和高度处所受的重力相同C．重力的方向是“竖直向下”，不可能指向地心D．物体的各个部分都受重力，我们可认为各部分受到的重力作用集中于一点，这一点可能在物体的几何中心上5．（5分）如图所示，水平地面上有一质量为M的木板B，木板上放置一质量为m的物块A，在恒力F的作用下物块A向右做直线运动，木板B一直处于静止状态．已知木块B与地面间的动摩擦因数为μ1，物块A与木板B间的动摩擦因数为μ2，重力加速度为g，则地面对木板B的摩擦力大小是（）A．μ2mg B．F C．μ2mg+μ1Mg D．μ1（M+m）g6．（5分）如图所示，光滑斜面上（斜面足够长）有一物体沿斜面匀加速下滑，已知其在前7s内通过的位移大小是49m，则下列说法正确的是（）A．物体在第4s内的位移大小一定是7mB．物体的初速度为零C．物体的加速度一定是2m/s2D．物体在第7s末的速度一定是14m/s7．（5分）一辆以54km/h行驶的出租车在接近乘客下车地点前开始做匀减速运动，已知在第1s内和第2s内的位移之差为5m，则出租车刹车后4s内的位移是（）A．28m B．25m C．22.5m D．20m8．（5分）如图所示为甲、乙两个质点做直线运动时的速度随时间变化的图象，从图上可以看出（）A．甲、乙两质点的运动方向相反B．甲的加速度方向与甲的速度方向相反C．乙的加速度方向与乙的速度方向相反D．乙的加速度方向与甲的加速度方向相反9．（5分）如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度v射入木块，当穿透第三个块时速度恰好为零。
河南省南阳市2023-2024学年高三上学期11月期中质量评估物理试题(解析版)
2023年秋期高中三年级期中质量评估物理试题注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。4.保持卡面清洁，不折叠，不破损。5.本试卷分试题卷和答题卷两部分，满分110分，考试时间75分钟。一、单选题（本题共6小题，每小题5分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）1.物理规律确定了物理量之间数量关系的同时也确定了单位之间的关系。以下单位换算错误的是（）
A.1Nm=1WsB.1V/m1N/CC.191eV1.610JD.21J1kgm/s
【答案】D
【解析】【详解】A．根据cosWFx，EPt
可知1J1Nm=1Ws
A正确；B．根据UE
d，
FE
q
得1V/m1N/CB正确；C．根据19191eV1.610C1V1.610J
C正确；D．根据Fma得21N1kgm/s
D错误。本题选择错误的，故选D。2.跑完一公里所用的时间叫配速（pace），它是描述长距离跑步运动耐力水平的一个重要指标，通常用分秒来衡量。某同学从学校到家的路程为5公里，中秋节放假后跑步回家，前2公里的配速为5分15秒，后3
公里的配速为7分10秒，该同学回家全程的配速为（）A.6分12秒B.6分13秒C.6分24秒D.6分25秒【答案】C
【解析】【详解】5公里所用总时间为32分，则平均一公里时间即配速为6分24秒。故选C。3.如图所示，长为L的水平传送带以速度v0逆时针转动，可视为质点的滑块m从左侧以速度v水平滑上传
送带，0
vv，最终滑块从传送带上滑离。若滑块与传送带之间的摩擦力大小为f，则（）
A.滑块滑离时的动能可能为20
1
2mv
B.滑块滑离时的动能可能为212mvfL
河南省南阳市第一中学2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试题 Word版含答案
2017-2018学年一、选择题（本题包括12小题，1-8题只有一个选项正确，9-12题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在以下力学实验装置中，三个实验共同用到的物理思想方法是A．极限的思想方法 B．放大的思想方法 C．控制变量的方法 D．类比的思想方法【答案】B考点：考查了物理研究方法【名师点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2．如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力【答案】C【解析】考点：考查了相互作用力和平衡力【名师点睛】作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，理解牛顿第三定律与平衡力的区别．作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果3．甲、乙两球质量分别为12m m 、，从同一地点（足够高）同时静止释放。
两球下落过程中所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比，与球的质量无关，即f=kv （k 为正的常量）。
两球的v-t 图像如图所示，落地前，经时间0t 两球的速度都已达到各自的稳定值12v v 、。
则下列判断正确的是A ．释放瞬间甲球加速度较大B ．1221m v m v = C ．甲球质量大于乙球D ．0t 时间内，两球下落的高度相等【答案】C【解析】试题分析：释放瞬间，由于速度为零，根据f kv =可知小球受到的阻力为零，所以释放瞬间只受重力作用，加速度为g ，A 错误；当小球受到的重力和阻力相等时两者的速度达到稳定值，有mg f kv ==，故有1122m v m v =，从图中可知12v v >，故12m m >，即甲球的质量大于乙球的质量，B 错误C 正确；速度与时间图像与坐标围成的面积表示位移，从图中可知两者与坐标围成的面积不变，所以两者下落的高度不同，D 错误；考点：考查了速度时间图像，牛顿第二定律【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移4．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m 的相同小球A 、B ，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，°30αθ==，°60β=，则轻杆对A 球的作用力A ．mg BCD【答案】A考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，5．某物体在竖直方向上的力F 和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化的图像如图所示，已知10~h 段F 不为零，12~h h 段F=0，则关于功率下列说法正确的是A ．20~h 段，重力的功率一直增大B ．10~h 段，F 的功率可能先增大后减小C ．20~h 段，合力的功率可能先增大后减小D ．12~h h 段，合力的功率可能先增大后减小【答案】B考点：考查了功率，动能定理【名师点睛】解决本题的关键知道功率等于力与速度的乘积，知道整个过程中合力的功率为零有三处，速度为零有两处，合力为零有一处．6．一质量为M 的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F 始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g ，现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为mA ．2()F M g -B ．2F M g -C ．2F M g- D ．0 【答案】A【解析】考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】本题关键对气球受力分析，要注意空气阻力与速度方向相反，然后根据共点力平衡条件列式求解．7．如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）。
【全国百强校首发】河南省南阳市第一中学2017届高三上学期第二次月考物理答案
南阳一中2016年秋高三第二次月考物理试题答案1-8．C C D D A A D D 9-12 BD ACD BC CD13．（1）D （2）1.45V 0.94Ω 14.（1）ADE （2）L2 （3）系统误差15．分析此时物块受力如图乙所示由牛顿第二定律有mg tan θ＝mrω2其中tan θ＝H R ，r ＝R 216.解析 设矿石的密度为ρ0，由题意易知ρ0＝m 0V 0该星球表面的重力加速度为g ＝W m 0在该星球表面，万有引力等于重力G Mm 0R 2＝m 0g 该星球的平均密度为ρ＝M V 据题意：ρ＝ρ0，V ＝43πR 3 联立以上各式解得：R ＝3WV 04πGm 2017．解析（1） 释放A 后，A 斜面加速下滑，当速度最大时，加速度a A ＝0，A 、B 之间通过绳连接，则A 速度最大时，B 的速度也最大，加速度a B ＝0，以A 、B 整体为研究对象，由平衡条件得：4mg sin α＝F ＋mg ，F 为此时弹簧弹力，因C 此时恰好离开地面，则有F ＝mg ，联立方程得斜面倾角α＝30°。
（2）刚开始以B 为研究对象弹簧弹力F 0＝mg ＝kx 1，C 恰好离开地面时以C 为研究对象，弹簧弹力F ＝mg ＝kx 2，所以x 1＝x 2＝mg k ，由能量守恒得：4mg sin α(x 1＋x 2)－mg (x 1＋x 2)＝12(4m ＋m )v 2，解得v ＝2gm 5k18.答案 3U 0et 20md 3U 0et 202md解析 以电场力的方向为正方向，画出电子在t ＝0、t ＝t 0时刻进入电场后，沿电场力的方向的速度v y 随时间变化的v y -t 图象如图甲和乙所示 电场强度E ＝U 0d 电子的加速度a ＝Ee m ＝U 0e dm 由图甲中v y 1＝at 0＝U 0et 0dmv y 2＝a ×2t 0＝2U 0et 0dm 由图甲可得电子的最大侧移y max ＝v y 12t 0＋v y 1t 0＋v y 1＋v y 22t 0＝3U 0et 20md由图乙可得电子的最小侧移y min ＝v y 12t 0＋v y 1t 0＝3U 0et 202md。
河南省南阳市第一中学2017届高三上学期第三次月考物理答案
物理参考答案
1-7、DBCADDB，8．BCD 9．AB 10．AC 11．CD 12．AD
13．（1）6.125±0.002 （2）63.60
14．（1）（2）（3）增加
15．（1）B，D；（2）1.50；1.00；
16．解：⑴设小球击中斜面时的速度为V，竖直分速度为V Y
∴设小球下落的时间为T，竖直方向位移为Y，
水平方向位移为X
∴
设抛出点到斜面最低点的距离为H，以上各式联立：代入数据得
⑵在时间T内，滑块的位移为S
∴且
联立，代入数据得：
17．
18．（1）；方向水平向右；（2）电势能减小
了；
（3），方向与V垂直，斜向右上方，即与电场E方向夹角为，
斜向上（1）小球所受电场力与重力的合力一定沿速度V方向，即有：TAN=
，得；方向水平向右；
（2）竖直方向小球做竖直上抛运动，故上升时间为；上升的高度为
到最高点时速度为水平方向，设为，则有：
，
O由动能定理得得
，
即电势能减小了。
(3)将初速度分解为沿V反方向的分量
和垂直此方向的分速度；
小球在方向做类竖直上抛运动，到“最高点”处速度仅有垂直于方向的分速度，
此时合力对小球做的负功最多，即小球的速度最小，且为，方向与V垂直，
斜向右上方，即与电场E方向夹角为，斜向上。
19．（1）2/S2。
（2）16/S．（3）L=48,Q=160J．。
河南省南阳市第一中学2017届高三第九次周考理综物理试
二、选择题：（第14-18为单选；19-21为多选）14、下列说法正确的是（）A.在核反应中，总体上，只有比结合能较大的原子核变成比结合能较小的原子核才会释放核能B.在光电效应实验中，遏制电压与入射光的频率有关C.在核反应过程中亏损质量转变为能量，自然界能量不守恒D.氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级辐射的光是紫外线，则从n=3的能级跃迁到n=1的能级辐射的光可能是可见光【答案】B【解析】考点：比结合能；光电效应；能量守恒定律；玻尔理论【名师点睛】此题考查了近代物理的几个简单知识点；关键是多看课本，加强记忆；此题意在考查学生基础知识的掌握.15、从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，小球在t1时刻到达最高点后再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，已知重力加速度为g，下列关于小球运动的说法中不正确的是（）A．t1时刻小球的加速度为gB ．在速度达到v 1之前小球的加速度一直在减小C ．小球抛出瞬间的加速度大小为011v g v ⎛⎫⎪⎝⎭+D ．小球加速下降过程中的平均速度小于12v 【答案】D 【解析】考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】关于速度时间图象，重点要掌握速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移，注意t 1时刻图象的斜率不为零，加速度不为零，难度适中。
16、如图所示，水平桌面上有三个相同的物体a 、b 、c 叠放在一起，a 的左端通过一根轻绳与质量为m=1kg 的小球相连，绳与水平方向的夹角为60°，小球静止在光滑的半圆形器皿中．水平向右的力F=30N 作用在b 上，三个物体保持静止状态．g 取10m/s 2，下列说法正确的是（ ）A ．物体c 受到向右的静摩擦力B ．物体b 受到一个摩擦力，方向向右C ．桌面对物体a 的静摩擦力方向水平向左D ．撤去力F 的瞬间，三个物体将获得向左的加速度 【答案】C 【解析】试题分析：由于a、b、c处于静止状态，可知c处于平衡状态，c水平方向上所受的合力为零，不受摩擦力考点：物体的平衡【名师点睛】考查静摩擦力的判断、整体与隔离法．静摩擦力的判断方法：①假设法，②平衡法，③运动状态法；整体与隔离法：先整体后隔离，这样解题更易理解，快捷。
河南省南阳市第一中学2017届高三第八次周考理综物理试题含答案
二、选择题：（第14-19题为单选；20—22题为多选）14、牛顿的三大运动定律,万有引力定律以及微积分的创立，似的牛顿成为过去一千年中最杰出的科学巨人之一,下列说法正确的是A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例B．牛顿第二定律适用于惯性参考系C．作用力和反作用力是一对平衡力D．力的单位“牛顿”是国际单位制中的基本单位15、一个质点运动的速度时间图像如图甲所示，任意很短时间内质点的运动可以近似视为匀速运动，该时间内质点的位移即为条形阴影区域的面积,经过累积，图线与坐标轴围成的面积即为质点在相应时间内的位移．利用这种微元累积法我们可以研究许多物理问题，图乙是某物理量随时间变化的图象,此图线与坐标轴所围成的面积，下列说法中不正确的是（)A．如果y轴表示加速度，则面积等于质点在相应时间内的速度变化B．如果y轴表示力做功的功率，则面积等于该力在相应时间内所做的功C．如果y轴表示流过用电器的电流，则面积等于在相应时间内流过该用电器的电量D．如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，则面积等于该磁场在相应时间内磁感应强度的变化量16、在如图所示的电路中,闭合电键S ，当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动过程中，下列说法正确的是A ．电容器的电荷量增大B ．电流表A 的示数减小C ．电压表V 1示数在变大D ．电压表V 2示数在变大 17、如图所示，一理想变压器原线圈匝数为n 1=1000匝,副线圈匝数n 2=200匝,将原线圈接在2002sin100()u t V π= 的交流电压上，副线圈上电阻R 和理想交流电压表并联接入电路,现在AB 两点间接入不同的电子元件，则下列说法正确的是：A ．在A 、B 两点间串联一只电阻R,穿过铁芯的磁通量的最大变化率为0。
2Wb/sB ．在A 、B 两点间接入理想二极管，电压表读数为40VC ．在A 、B 两点间接入一只电容器，只提高交流电频率，电压表读数减小D ．在A 、B 两点间接入一只电感线圈，只提高交流电频率，电阻R 消耗的电功率减小18、经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统"，“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成,每个恒星的线度远小于两个形体之间的距离,而且双星系统一般远离其他天体．如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1:m2=3：2．则可知（)A．m1、m2做圆周运动的角速度之比为2：3B．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2C．m1做圆周运动的半径为2 5 LD。
河南省南阳市第一中学2017-2018学年高三上学期第三次周考理综-物理试题 扫描版含答案
2017-2018学年南阳市一中理综试题周考3物理答案14.C 15.D 16.D 17.D 18.C 19.ABD 20.AB 21.AD 22.AC 23、(1)静止，F 1 (2)不能24、（1）（2）2.15 240 （3）2；3；小于25．（1）电子在电场中的加速度大小为e mE，电子在B 点的速度大小为（2）A 、B 两点间的电势差为 -（3）电子从A 运动到B 的时间【解析】试题分析：电子在电场中受电场力作用，根据牛顿第二定律可得加速度大小，把电子在B 点的速度分解将粒子射出电场的速度进行分解，利用几何关系可求得B 点的速度；根据动能定理，可求得AB 间的电势差；粒子从A 点以v 0的速度沿垂直电场线方向射入电场，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由水平距离d 和初速度v 0可求出时间．解：（1）电子在电场中受电场力作用，根据牛顿第二定律可得a=e mE① 将电子在B 点的速度分解可知（如图）v B ═=②（2）由动能定理可知：-eU AB =mv B 2﹣mv 02…③解②、③式得U AB = -（3）在B 点设电子在B 点沿电场方向的速度大小为v y ，则有 v y =v 0tan30°…④ v y =at AB …⑤ 解①④⑤式得t AB =26．（1）02sin mg T θ+（2）002sin mg m g T θ+++ 【解析】试题分析：（1）横幅在竖直方向上处于平衡态：02sin 2sin T T mg θθ=+解得：02sin mgT T θ=+（2）抹布做自由落体运动，其碰撞前的速度：202gh v =碰撞过程中与横幅有作用力F ，由动量定理可得：00()0F m g t m v --=-解得：0F m g =+由牛顿第三定律可知抹布对横幅的冲击力F F '=横幅仍处于平衡状态：102sin 2sin T T mg F θθ'=++解得：0102sin mg m g T T θ+=+27、 (1)从t ＝0时开始，木板与物块之间的摩擦力使物块加速，使木板减速，此过程一直持续到物块和木板具有共同速度为止。
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- 1 - / 7 河南省南阳市2017届高三上学期其中质量评估物理试卷 一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1．如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重。她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下
蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。关于她的实验，下列说法中正确的是（）
A．只有“起立”过程，才能出现超重的现象 B．只有“下蹲”过程，才能出现失重的现象 C．“下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象 D．“起立”、“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象 2．某小孩在广场游玩时，将一氢气球系在了水平地面上的砖块上，在水平风力的作用下，处于如图所示的
静止状态.若水平风速缓慢增大，不考虑气球体积及空气密度的变化，下列说法中正确的是（）
A．细绳受到的拉力逐渐减小 B．砖块不可能被绳子拉离地面 C．砖块受到的摩擦力一直增大 D．砖块受到的摩擦力一直不变 3．小张和小王分别驾车沿平直公路同向行驶，在某段时间内两车的vt图像如图所示，初始时，小张在小
王前方0x处（）
A．若0x54m，两车相遇1次 B．若0x36m，两车相遇1次 - 2 - / 7
C．若0x10m，两车相遇1次 D．若0x18m＜，两车相遇2次 4．如图所示，电路中1R，2R均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合
电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变下列某一个条件，能使油滴向上运动的是（）
A．增大1R的阻值 B．增大2R的阻值 C．增大两板间的距离 D．增大电容器的极板面积 5．如图所示，球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，球的半径为r，r略小于轨道
横截面半径，重力加速度为g。下列说法中正确的是（）
A．小球通过最高点时的最小速度minvg(rR) B．小球通过最低点时的最小速度minv5g(rR) C．小球在水平线ab以下的管道中运动时,内侧管壁对小球一定无作用力 D．小球在水平线ab以上的管道中运动时,内侧管壁对小球一定有作用力 6．我国在2016年9月15日成功发射“天宫二号”空间实验室。假设“天宫二号”舱中有一体重计，体重
计上放一物体，火箭点火前，地面测控站监测到体重计对物体A的弹力为0F。在“天宫二号”随火箭竖直向上匀加速升空的过程中，离地面高为h时，地面测控站监测到体重计对物体的弹力为F。“天宫二号”经火箭继续推动，进入预定圆轨道时距地面的高度为H。设地球半径为R，第一宇宙速度为v，则下列说法正确的是（） A．“天宫二号”在预定轨道的运行速度一定大于第一宇宙速度v
B．“天宫二号”舱中物体A的质量为02FRmv - 3 - / 7
C．火箭匀加速上升时的加速度220FvvRaFRh D．“天宫二号”在预定圆轨道上运行的周期为2RRHvR 7．如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质
点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。下列说法中正确的是（）
A．三个等势面中，等势面a的电势最高 B．带电质点一定是从P点向Q点运动 C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小 8．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x轴垂直与环面且过圆心O，规定无穷远处电势为零，则下列
关于x轴上的电场强度、电势、电势能的说法中正确的是（）
A．O点的电场强度为零，电势为零 B．O点的电场强度为零，电势最高 C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势降低 D．一正电荷以初速度0v从O点沿轴正方向射入电场，则电场力对该电荷做负功，电势能增加 9．如图所示，水平地面上叠放着A、B两物块。F是作用在物块B上的水平恒力，物块A、B以相同的速
度做匀速运动，若在运动中突然将F改为作用在物块A上，则此后A、B的运动可能是（）
A．A做加速运动，B做减速运动，A、B最终分离 B．A、B最终以共同的加速度做匀加速运动 C．A做减速运动，B做加速运动，A、B最终分离 D．A、B一起做匀速运动 10．如图所示，电源电动势E3V，小灯泡L标有“2V、0.4W”开关S接1，当变阻器调到R4时，
小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作，则（） - 4 - / 7
A．电源内阻为1 B．电动机的内阻为4 C．电动机正常工作电压为1V D．电动机消耗的总功率0.16W 11．如图所示，“L”型杆上通过轻绳连有两个滑环A、B，已知它们的质量ABmm2.0kg，A与水平
杆间动摩擦因数为0.3，B与竖直杆间光滑接触，轻绳长L0.25m。现用水平力将A环缓慢向右拉动，拉动过程中，角由37增大到53，则在这一过程中（2g10m/s，sin370.6，cos370.8，sin53，cos530.6）（）
A．系统增加的机械能为2.0J B．系统增加的内能为0.6J C．轻绳对B做功为1.0J D．拉力F做的功为1.6J 12．在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为1m、2m，弹簧
劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v，则（）
A．此时弹簧处于原长 B．此时物块A的加速度为1Fkdm C．物块B的质量满足2mgsinkd D．弹簧弹性势能的增量为2111Fdmgdsinmv2 二、实验题（本题共3小题，共15分。） - 5 - / 7
13．图甲为20分度游标卡尺的部分示意图，其读数为___________mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读
数为___________mm。
14．如图甲所示，用包有白纸的棒代替纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动，代替打
点计时器。当烧断悬挂圆柱棒的线后，棒竖直自由下落，毛笔就在棒表面的纸上画出记号，如图乙所示。设毛笔接触棒时不影响棒的运动。测得记号一端之间的距离依次为20.0mm，44.0mm，68.0mm，92.0mm，116.0mm，140.0mm，已知电动机铭牌上标有“1200r/min”字样，可知毛笔画下记号D
时，棒下落的速度Dv___________m/s；棒竖直下落的加速度a___________2m/s
15．为了较精确地测量一节干电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验：量程3V的理想
电压表V，量程0.6A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻0R（0R1.5），滑动变阻器1R（0~10），滑动变阻器2R（0~200），电键S。实验电路原理图如图（a）。
（1）为方便实验调节和较准确地测量，滑动变阻器应选用___________（填1R或2R）。 （2）用笔画线代替导线在图（b）中完成电路连接。 （3）实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的UI坐标系中画出UI图线如图（c）所示，则干电池的内阻r___________。（结果保留两位有效数字） 三、计算题（本题共4小题，共47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。） 16．某同学为了测定木块与斜面间的动摩擦因数，用测速仪研究木块在斜面上的运动情况，装置如图甲所
示。他使木块以初速度0v4m/s的速度沿倾角30的斜面上滑，紧接着下滑至出发点，图乙中给出了木块从开始上滑到滑到最高点的vt图线，g取210m/s - 6 - / 7
（1）求木块与斜面间的动摩擦因数； （2）求木块回到出发点时的速度大小，并在图乙中做出木块下滑过程的速度—时间图象。 17．如图所示，在竖直平面内的xOy坐标系中，x轴水平，y轴竖直。一根长为l的不可伸长的细绳，一端
固定在拉力传感器A上，另一端系一质量为m的小球，x轴上的P点固定一个表面光滑的小钉，P点与传
感器A相距3l4。拉起小球使细绳绷直并处在水平位置，然后由静止释放小球。当细绳碰到钉子后，小球可以绕钉子在竖直平面内做圆周运动，已知重力加速度大小为g，若小球经过最低点时拉力传感器的示数为7mg，求：
（1）小球经过最低点时的速度大小； （2）传感器A与坐标原点O之间的距离； （3）若小球经过最低点时绳子恰好断开，小球经过y轴的位置。
18．如图所示，一质量为m1.0kg的货物以初速0v10m/s从倾角为37的顺时针运转的传送带的底
端A处沿传送带向上运动，传送带的速率1v5.0m/s，A到顶端B之间的距离l=11 m，货物与传送带间的动摩擦因数0.5，g取210m/s。试求货物从A处开始向上运动到最高点的过程中
（1）摩擦力对物块做的功； （2）物块和传送带摩擦产生的热量。 19．如图所示，x轴正方向水平向右，y轴正方向竖直向上，在第Ⅰ象限内有与y轴平行、方向向上的匀强
电场区域，区域形状是直角三角形，三角形斜边分别与x轴和y轴相交于(L,0)和(0,L)点。区域左侧沿x