2022至2023年高二上册期中考试物理题带答案和解析(北京市第二十二中学)

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北京二十二中2019-2020学年高二上学期期中物理试卷(合格考) (有解析)

北京二十二中2019-2020学年高二上学期期中物理试卷（合格考）一、单选题（本大题共18小题，共57.0分）1.在电场中某点引入电荷量为q的正电荷，这个电荷受到的电场力为F，则()A. 在这点引入电荷量为2q的正电荷时，该点的电场强度将等于F2qB. 在这点引入电荷量为3q的正电荷时，该点的电场强度将等于F3qC. 在这点无论引入电荷量是多大的电荷时，该点的电场强度将始终等于FqD. 若将一个电子引入该点，则由于电子带负电，所以该点的电场强度的方向将和在这一点引入正电荷时相反2.对库仑定律的数学表达式F=k q1q2的以下理解中，正确的是()r2A. 此式适用于任何介质中任意两个带电体间相互作用力的计算B. 此式仅适用于真空中任意两个带电体间相互作用力的计算C. 由此式可知，当r趋于零时F趋于无限大D. 式中的k是与q1、q2及r的大小无关的恒量，且k=9.0×109N⋅m2/C23.下列说法中正确的是()A. 电子带电量很小，周围不存在电场B. 电场是一种物质，与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C. 电荷间的作用力是通过电场产生，电场对处在它里面的电荷可能不存在力的作用D. 电场是人为设想出来的，其实并不存在4.一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是()A. B. C. D.5.下列说法中正确的是()A. 等势面上各点的场强大小相等、方向相同B. 在匀强电场中，电场强度等于单位长度上的电势差C. 野外高压输电有三条输电线，在其上方还有两条导线是输电备用线D. 在一个以点电荷Q为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度都不同6.两带电小球，电荷量分别为+q和−q，固定在一长度为L的绝缘细杆的两端，置于电场强度为E的匀强电场中，杆与场强的方向平行，其位置如图所示，若此杆绕过O点且垂直于杆的轴线转过180°，则在此转动的过程中电场力做的功为()A. 0B. 2qELC. πqELD. qEL7.如图所示，MN是某一点电荷电场中的一根电场线，在场线上O点放一负电荷，它将沿电场线向N点移动，则电场线方向是()A. 由N指向M，电荷怎样运动由题设条件不能确定B. 由N指向M，电荷做加速运动，加速度越来越大C. 由M指向N，电荷做匀加速运动D. 由M指向N，电荷做加速运动，加速度越来越小8.在电场中某点，当放入正电荷时受到的电场力方向向右；当放入负电荷时受到的电场力方向向左，则下列说法中正确的是()A. 当放入正电荷时，该点场强方向向右；当放入负电荷时，该点场强方向向左B. 该点场强方向一定向右C. 该点场强方向一定向左D. 该点场强方向可能向右，也可能向左9.甲、乙两根由相同材料制成的圆柱形导线，甲的长度和横截面直径均是乙的n倍，则两条导线的电阻关系是()A. 甲、乙两条导线电阻相等B. 甲导线电阻是乙导线电阻的1倍nC. 甲导线电阻是乙导线电阻的n倍D. 乙导线电阻是甲导线电阻的n2倍)能适用的是()10.以下用电器中，部分电路欧姆定律(I=URA. 电风扇B. 洗衣机C. 白炽灯D. 录音机11.下列物理单位中，是电容器电容的单位的是()A. 法拉(F)B. 特斯拉(T)C. 库仑(C)D. 韦伯(Wb)12.有a、b、c、d四只定值电阻，它们的I−U图象如图所示，则图中电阻最大的是()A. aB. bC. cD. d13.电容器充电后切断电源，能使两板间电势差增大的方法是()A. 在两板间插入玻璃板B. 使两板靠近C. 保持两板间距不变，使两板正对面积大些D. 使两板分开一些14.用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，将一热敏电阻接入电压恒为U的电路中(如图所示)，接通开关后，热敏电阻温度升高过程中会观察到()A. 电流表示数不变B. 电流表示数减小C. 电压表示数增大D. 电压表示数减小15.如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向上移动时，则()A. 电流表示数变大B. 电压变示数变小C. 灯泡变暗D. 灯泡变亮16.A、B为两等量异种电荷，图中水平虚线为A、B连线的中垂线，现将另两个等量异种的检验电荷a、b，如图用绝缘细杆连接后从离AB无穷远处沿中垂线平移到AB的连线，平移过程中两检验电荷位置始终关于中垂线对称。

2022-2023学年北京交大附中高二(上)期中物理试题及答案

北京交大附中2022－2023学年第一学期期中练习高二物理命题人：高二物理组审题人：高二物理组2022.11说明：本试卷共6页，共100分。

考试时长90分钟。

一、选择题。

本题共15小题，在每小题给出的四个选项中，至少．．有一个选项符合题意。

（每小题4分，共60分，漏选得2分，错选不得分）1．关于元电荷与点电荷，下列说法正确的是A．元电荷就是点电荷B．点电荷是最小的电荷C．元电荷的数值最早是由英国物理学家库仑测出的D．迄今为止，实验室发现，所有带电体的电荷量都是元电荷的整数倍2．不带电的金属导体MNPQ的内部电荷包括自由电子和金属离子（即金属原子失去自由电子后的剩余部分），如图所示为导体内部电荷的简化示意图，其中“”表示自由电子，“”表示金属离子。

把导体放到电场强度为E0的匀强电场中，由于库仑力的作用，导体内部的电荷将重新分布。

图乙中A、B两图描述了导体刚放入电场未达到静电平衡状态时自由电子和金属离子的定向运动情况（图中箭头代表它们定向运动的方向)；C、D两图描述了导体达到静电平衡后，自由电子和金属离子的分布情况。

这四幅图可能正确的是3．如图所示，Q是真空中固定的点电荷，a、b、c是以Q所在位置为圆心，半径分别为r或2r球面上的三点，电荷量为－q的试探电荷在a点受到的库仑力方向指向Q，则A．Q带负电B．b、c两点电场强度相同C．a、b两点的电场强度大小之比为4∶1D．将a处试探电荷电荷量变为＋2q，该处电场强度变为原来两倍4．在点电荷Q形成的电场中有一点A，当一个－q的试探电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，则试探电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为A．E pA=－W，A W qϕ=B．E pA=W，A W qϕ=-C．E pA=W，A W qϕ=D．E pA=－W，A W qϕ=-A B C D5．如图所示，用长度不等的绝缘丝线将带电小球A 、B 悬挂起来，两丝线与竖直方向的夹角分别是α和β（α>β），两小球恰在同一水平线上，则下列说法正确的是A ．两小球一定带异种电荷B ．A 小球的质量一定小于B 小球的质量C ．A 小球所带电荷量一定大于B 小球所带电荷量D ．A 小球所受库仑力一定大于B 小球所受库仑力6．如图所示，a 、b 、c 为同一电场中的三点，b 为ac 中点，a 、c 电势满足φa >φc 。

2022-2023学年北京市八一学校高二上学期期中考试物理试卷含详解

北京市八一学校2022~2023学年度第一学期期中试卷高二物理（选考）一、单项选择题（本题共11小题，每小题2分，共22分。

在每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意）1.如图所示，带箭头的实线表示某电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．其中A 、B 、C 三点的电场强度大小分别为E A 、E B 、E C ，电势分别为φA 、φB 、φC ．关于这三点的电场强度大小和电势高低的关系，下列说法中正确的是（）A .E A =EB B.E A ＞EC C.φA =φB D.φB =φC2.如图所示，先用金属网把不带电的验电器罩起来，再使带正电金属球靠近金属网。

下列说法中正确的是（）A.验电器的箔片会张开B.金属网外表面带负电荷，内表面带正电荷C.金属网罩内部电场强度为零D.金属网的电势比验电器箔片的电势高3.关于电源电动势E 的下列说法中正确的是（）A.电动势E 可表示为W E q=，可知电源内部非静电力做功越多，电动势越大B.电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力所做的功C.电动势E 的单位与电势差的单位相同，都是伏特，所以电动势就是电势差D.电源的电动势与外电路结构有关，外电路变化，电动势也要变化4.点电荷Q 的电场线分布如图所示，A 、B 为同一条电场线上的两点。

已知A 点的场强为A E ，B 点的场强为B E ，A 、B 两点之间距离为d ，电荷量为q +的试探电荷在A 点的电势能为p A E ，在B 点的电势能为p B E 。

有关A 、B 两点的说法正确的是（）A.该试探电荷在A 点受静电力较小B.该试探电荷在B 点具有的电势能较大C.A 、B 两点间的电势差等于2A B E E d +⎛⎫ ⎪⎝⎭D.A 、B 两点间的电势差等于p p A BE E q -5.一个迷你型电风扇安装有小直流电动机，其线圈电阻为R M ，额定电压为U ，额定电流为I ，将它与电动势为E ，内阻为r 的直流电源相连，电动机恰好正常工作，则（）A.电动机的总功率为2I R MB.电源的输出功率为EIC.电动机输出的机械功率为U ID.通过电动机的电流为E Ur-6.如图电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A 、B 两灯亮度的变化情况为（）A.A 灯和B 灯都变亮B.A 灯、B 灯都变暗C.A 灯变亮，B 灯变暗D.A 灯变暗，B 灯变亮7.图所示，虚线框内为多用电表欧姆挡的内部电路，a 、b 为电表面板上的表笔插孔，下列说法正确的是（）A.a孔插红表笔B.用“×100Ω”倍率测量时指针在0Ω附近；应换用“×1kΩ”倍率C.更换倍率测量电阻时，必须要重新进行欧姆调零D.若要测量电路中某电阻的阻值，需要断开开关，但可将该电阻连在电路中进行测量8.图甲表示某金属丝的电阻R随摄氏温度t变化的情况。

北京市第二中学2021-2022学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案

北京二中2021—2022学年度第一学段高二班级模块考试试卷物理选修3-1 常用物理量：元电荷191.610C e -=⨯，sin370.6︒=，cos370.8︒=一、单项选择题(每道小题只有一个选项是正确的，每小题3分，多选或错选不得分，共45分) 1．关于机械波的概念，下列说法中正确的是（） A ．质点振动的方向总是垂直于波传播的方向B ．简谐波沿长绳传播，绳上相距半个波长的两质点振动位移相同C ．任一振动质点每经过一个周期沿波的传播方向移动一个波长D ．简谐波的周期和每个质点振动周期相同【答案】D【解析】A ．对于横波、质点振动的方向总是垂直于波传播的方向，而纵波质点振动的方向与波传播的方向在同始终线上，故A 错误；B ．简谐波沿长绳传播，绳上相距半个波长的两质点振动状况总是相反，位移的大小总是相等，故B 错误；C ．任一振动质点都不随波向前移动，故C 错误；D ．依据波的周期性可知，相隔一个周期的两时刻，介质中各质点位置相同，则简谐波的图象相同，故D 正确．故选D ．2．两个相同的金属小球(可视为点电荷)，带同种电荷，所带电量之比为1:7，在真空中相距为r ，把它们接触后再放回原处，则它们间的静电力为原来的（） A ．4/7B ．3/7C ．9/7D ．16/7【答案】D【解析】若两电荷同性，设一个球的带电量为q ，则另一个球的带电量为7Q q =，此时27kq qF r ⋅=，接触后再分开，带电量各为4q ，则两球的库仑力大小2216167k q F F r '==，故D 正确．故选D ．3．A 为已知电场中的一固定点，在A 点放一电量为q 的电荷，所受电场力为F ，A 点的场强为E ，则（） A ．若在A 点换上q -，A 点场强方向变成反向B ．若在A 点换上电量为2q 的电荷，A 点的场强将变为2EC ．若在A 点移去电荷q ，A 点的场强变为零D ．若在A 点换上2q -，A 点场强仍为E 【答案】D【解析】依据场强的定义式FE q=且正电荷的受力方向与场强相同，负电荷的受力方向场强相反，故D 对，ABC 错误．故选D ．4．爱护学问产权、抵制盗版是我们每个公民的责任与义务．盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患．小华有一次不当心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发觉有一个关键数字看不清，拿来问老师，假如你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个（） A ．196.210C -⨯B ．196.410C -⨯C ．196.610C -⨯D ．196.810C -⨯【答案】B【解析】由于电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，任何带电体所带电荷都是e 的整数倍，因此该带电量为电子电量191.610C e -=⨯的整数倍，将四个选项中的电量除以电子电量得数为整数倍的便是可能正确的数字，故ACD 错误，B 正确．故选B ．5．一个点电荷从静电场中的a 点移到b 点，其电势能的变化为零，则（） A ．a 、b 两点的电场强度肯定相等 B ．该点电荷肯定沿等势面运动 C ．a 、b 两点的电势肯定相等D ．作用于该点电荷的电场力与其运动方向总是垂直的【答案】C【解析】A ．依据公式ab ab W QU =分析可知，电场力做功0ab W =，a 、b 两点的电势差ab U 为零，而电势与场强无关，所以a 、b 两点的电场强度不肯定相等，故A 错误；B ．电场力做功只与初末位置有关，与路径无关，电场力做功为零，电荷可能沿等势面移动，也可能不沿等势面移动，故B 错误；C ．由公式ab ab W qU =，0ab W =得0ab U =，即a 、b 电势肯定相等，故C 正确；D ．电场力做功为零，作用于该点电荷的电场力与其移动的方向不肯定总是垂直的，故D 错误．故选C ．6．如右图所示，A 为空心金属球，B 为靠近A 的另一个原来不带电的枕形金属壳．将另一个带正电的小球C 从A 球开口处放入A 球中心，但不触及A 球．则B 消灭的状况是（）A ．靠近A 的一端带正电，远离A 的另一端带负电B ．靠近A 的一端带负电，远离A 的另一端带正电C ．靠近A 的一端带负电，远离A 的另一端不带电D ．靠近A 的一端带正电，远离A 的另一端不带电【答案】B【解析】带正电的小球C 放在A 球中心时，A 的内侧感应出负电，外侧带正电，当B 靠近A 时，靠近A 的一端就会感应出负电，另一端带正电，故B 正确．故选B ．7．平行的带电金属板A 、B 间是匀强电场，如图所示，两板间距离是10cm ，B 板接地，把一个质量m 为10g ，带正电的质点放在M 点能够平衡，其带电量q 为3110C -+⨯，M 、N 距离A 板的距离分别为2cm 、8cm ，已知210m/s g =，则（）A ．M 的电势为2VB ．M 的电势为8V -C ．N 的电势为2VD ．N 的电势为8-【答案】B【解析】依据平衡关系mg Eq =，则两板间的电压U Ed =，即两板间电压为10V U =，依据此比例关系N N d U U d -=，M M dU U d=-，解得：8V M φ=，故B 对，ACD 错．故选B ．8．一列横波沿x 轴正方向传播，到达坐标原点时的波形如图．当此波到达P 点时，处于0点处的质点所通过的路程和该时刻的位移是（）A ．40.5cm ，1cmB ．40.5cm ，1cm -C ．81cm ，1cmD ．81cm ，1cm -【答案】D【解析】由图象可知，波长为2m ，140.5m 204OP λ==，知波到达P 点需经受1204个周期，一个周期内质点振动的路程等于4倍的振幅，则路程14120cm 81cm 4S =⨯⨯=，O 处质点所处的位移为负的最大位移处，则1cm x =-，故D 对，ABC 错．故选D ．9．在点电荷Q 的电场中，一个粒子通过时的轨迹如图实线所示，a 、b 为两个等势面，则下列推断中正确的是（）A ．Q 肯定为正电荷B ．运动中，电场力对粒子先做正功再做负功C ．粒子经过两等势面的动能ka E 肯定大于kb ED ．粒子在两等势面上的电势能paE 肯定大于pb E 【答案】C【解析】A ．依据运动轨迹可知，电子受到排斥力作用，故Q 为负电荷，故A 错误；B ．依据运动轨迹可知，电子受到排斥力作用，从a 到b 过程中，电场力做负功，反之，远离Q 的过程，电场力做正功，故B 错；C 、D ．依据运动轨迹可知，电子受到了排斥力作用，从a 到b 过程中，电场力做负功，因此功能减小，电势能增大，故C 正确，D 错误．故选C ．10．现有束带同种等量电荷的不同离子组成的离子流，从同一点以垂直电场方向进入同一偏转电场，当飞出电场后在荧光屏上形成一个亮点，则（） A ．离子进入电场的初速度肯定相同 B ．离子进入电场的初动量肯定相同 C ．离子进入电场的初动能肯定相同 D ．无法推断【答案】C【解析】依据牛二定律得：离子的加速度：qE a m =，穿越电场的时间：L t V =，则通过电场时的偏转量：212y at =，联立得：222qEL y mv =，依据题，这些离子的电荷量q 相等，L 、E 和y 相等，说明2mv 相等，离子进入电场的初动能2k 12E mv =，则知离子进入电场的初动能相同，而初速度、初动量mv 不肯定相同，故C 正确，ABD 错误．故选C ．11．如图所示，P 、Q 是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点是O ，A 、B 是中垂线上的两点．OA OB <，用A E 、B E 、O E 、A ψ、B ψ、O ψ分别表示A 、B 、O 三点的场强和电势，则（）A ．A E 肯定大于B E ，A ψ肯定大于B ψ B ．A E 肯定大于B E ，A ψ不肯定大于B ψC ．A E 不肯定大于B E ，O ψ不为0D ．AE 不肯定大于B E ，O ψ为0 【答案】C【解析】依据等量同种电荷水平线和中垂线上场强和电势的关系，故C 对，ABD 错．故选C ．12．如图，S 为上下振动的振源，其频率为100Hz ，所产生的横波向左右传播，波速为80m/s ，已知P 和Q 两点与振源相距分别为17.4m PS =，16.2m QS =，P 和Q 已经振动起来，当S 通过平衡位置向上运动时（）A ．P 在波峰，Q 在波谷B ．P 和Q 都在波谷C ．P 和Q 都在波峰D ．P 通过平衡位置向上振动，Q 通过平衡位置向下振动【答案】A【解析】由v f λ=得，波长80m 0.8m 100v f λ===，状态关系相当于相距34λ时的关系， 116.2m 204QS λ==，Q 、S 相当于相距14λ时的关系，结合如图波形可知，当S 通过平衡位置向上运动，此时刻P 质点在波峰，Q 在波谷，故A 正确．故选A ．13．如图所示，一根长为L 、横截面积为S 的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n ，电子的质量为m ，电荷量为e ．在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v ，则金属棒内的电场强度大小为（已知电阻LR S ρ=）（）A ．22mv eLB ．2mv Sn eC ．nev ρD ．evSLρ【答案】C【解析】I neSv =，U RI =，L R P S=， U E L=，导体中的电流I neSv =，导体的电阻为PLR S =，导体两端的电压为U RI =，场强为UE L=，联立解得：E Pnev =．故选C ．14．如图所示，用两根轻质细绝缘线把两个等质量的带电小球悬挂起来，A 球带电3q +，B 球带电q -，且两球间的库仑力小于B 球的重力，即两根线都处于竖直绷紧状态，现加一水平向右的匀强电场，平衡时，表示两小球平衡状态的是（）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解析】首先取整体为争辩对象，整体受到重力，电场力和上面绳子的拉力，由于两个电场力的矢量和为：3()2F qE qE qE =+-=电，方向向左，所以上边绳子向左偏，设OA 绳与竖直方向的夹角为α则由平衡条件得： 2tan 2qE qEmg mgα==，再对b 电荷争辩可知，负电荷受到的电场力水平向右，所以下面的绳子向右偏转，设下面的绳子与竖直方向夹角为β，则：tan qEmgβ=，可见tan tan αβ=则αβ=，故D 正确，ABC 错误．故选D ．15．如图所示，争辩甲乙丙丁四种状况当中A 点的场强大小，甲为在A 点下方h 处有一个带电量为Q 的点电荷；乙为在A 点下方有一个水平放置的半径为r 的均匀带电圆环，总带电量为Q ，其圆心距离A 为h ；丙为在A 点下方有一个水平放置的半径为r 的均匀带电圆盘，总带电量为Q ，其圆心距离A 为h ；丁为在A 点下方有一个半径为r 的均匀带电球体，总带电量为Q ，其球心距离A 为h ；则对于这四种状况中A 点的电场强度的大小状况应当是（）A ．E E E E =>=甲丁乙丙B ．E E E E =>>甲丁乙丙C ．E E E E =>>甲丁丙乙D ．E E E E ===甲乙丙丁【答案】C【解析】依据电荷分布的特点，依依据场强的打算式，故C 对，ABD 错．故选C ．二、多项选择题（每小题3分，共15分．每题都有多个选项是正确的，多选错选均不得分，少选得2分） 16．下列哪些应用是利用了多普勒效应（）A ．利用地球上接收到遥远天体发出的光波的频率来推断遥远天体相对于地球的运动速度B ．交通警察向行进中的汽车放射一个已知频率的电磁波，波被运动的汽车反射回来，依据接收到的频率发生的变化，就知道汽车的速度，以便于进行交通管理C ．铁路工人用耳贴在铁轨上可推断火车的运动状况D ．有阅历的战士从炮弹飞行的咆哮声推断飞行炮弹是接近还是远去【答案】ABD【解析】A ．利用地球上接收到遥远天体发出的原子光谱线的移动来推断遥远天体相对地球运动的速度，利用了多谱勒效应，故A 正确；B ．交通警察对行进中的汽车放射一个已知频率的电磁波，波被运动的汽车反射回来，依据接收到的频率发生变化，来知道汽车的速度，以便于进行交通管理，利用了多普勒效应，故B 正确；C ．铁路工人用耳贴在铁轨上可推断火车的运行状况，是由于声音在固体中传播的快的特点，与多普勒效应无关，故C 错；D ．有阅历的战士从炮弹飞行的尖叫声推断飞行炮弹是接近还是远去，频率变高表示靠近，频率降低表示远离，利用了多普勒效应，故D 正确．故选ABD ．17．如图实线是某时刻的波形图象，虚线是经过0.2s 时的波形图象．则下列说法正确的是（）A ．波长肯定为4mB ．波速可能为15m/sC ．波速可能为105m/sD ．波肯定向x 正方向传播【答案】ABC【解析】A ．由题可知，波长4m λ=，故A 对；B 、C ．由题可知10.24T nT +=，解得周期0.841T n =+，故波速16430.20.84n v T nT +=≠+=，解得周期0.823T m =+，波速16120.8n v +=，其中n ∈Z ，故BC 对． D ．无法推断波的传播方向．故选ABC ．18．下图是利用静电计争辩平行板电容器的电容与哪些因素有关的试验装置示意图，下面的叙述符合试验观看结果的是：（）A ．b 板向右平移，静电计指针偏转角度变小B ．b 板向上平移，静电计指针偏转角度变小C ．b 板不动，在a 、b 间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏转角度变小D ．紧靠b 板在a 、b 间插入一块金属板，静电计指针偏转角度变大【答案】AC【解析】A ．将b 板向右平移，板间距离减小，电容器电容C 增大，而电容器的电量Q 不变，由QC U=分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指计偏角变小，故A 正确；B ．将b 板向上平移，两板正对面积减小，电容C 减小，而电容器的电量Q 不变，由QC U=分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指计偏角变大，故B 错误；C ．在a 、b 之间插入一块绝缘介质板，电容增大，而电容器的电量Q 不变，由QC U=分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，故C 正确；D ．紧靠b 板在a 、b 间插入一块金属板，相当于板间距离减小，电容增大，而电容器的电量Q 不变，由QC U=分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，故D 错误．故选AC ．19．如图所示，某同学在争辩电子在电场中的运动时，得到了电子由a 点运动到b 点的轨迹(图中实线所示)，虚线是电场线，则下列说法正确的推断是（）A ．电子在a 点动能较小B ．电子在b 点动能较小C ．a 点的场强大于b 点的场强D ．a 点的电势高于b 点的电势【答案】BCD【解析】AB ．从轨迹弯曲方向可知电场力沿着电场线向左，由a 到b 电场力做负功、动能减小、电势能增大，所以A 错误B 正确；C ．由电场线的密集程度可看出a 点的场强较大，故C 正确；D ．由电子曲线轨迹向下弯曲可知电场线方向向右，沿着电场线方向电势越来越低，故a 点电势较大，故D 正确．故选BCD ．20．空间有一电场，各点电势ϕ随位置x 的变化状况如图所示．下列说法正确的是（）A ．O 点的电场强度肯定为零B ．1x -与2x -点的电场强度相同C ．1x -和2x -两点在同一等势面上D ．将负电荷从1x -移到1x 电荷的电势能增大【答案】CD【解析】A ．x φ-图象的斜率大小等于电场强度，由几何学问得知O 点场强最小，并不肯定为零，故A 错；B ．沿着电场线方向，电势是降低的，则有1x -与2x -点的电场强度方向相反，故B 错；C ．1x -和2x -两点电势相等，故肯定在同一等势面上，故C 正确；D ．电势的定义式为Epqφ=，故电势能为p E q φ=将负电荷力从1x -移到1x 电荷的电势能由负值变为正值电荷的电势能增大，故D 正确．故选CD ．三、试验题（共8分）21．在“练习使用示波器”的试验中：某同学将衰减调整旋钮置于最右边的“”挡，扫描范围置于“10”，发觉示波器显示屏上显示的波形如图A 所示．为将这个波形变为B 所示的波形，可进行如下调整：（填开关的编号）（1）调整____________与____________使图象变细．（2）调整____________与____________使图象位于示波器中心．（3）调整____________增大曲线竖直方向的幅度．（4）调整____________增大曲线水平方向的幅度．（5）调整____________使图象从负半周开头．【答案】（1）2，3（2）6，7 （3）8（4）7 （5）15【解析】（1）使图象变细应调整2和3聚焦旋钮．（2）调整6和7使图象位于中心，6调整竖直位移旋钮，即↑↓和7水平位移旋钮．（3）若要增大波形曲线竖直方向的幅度，应调整8Y 增益旋钮．（4）调整7增大曲线水平方向的幅度．（5）使图象从负半周开头应调整15同步开关．22．在“练习使用示波器”的试验中：某同学将衰减调整旋钮置于最右边的“”挡，扫描范围置于“外X 挡”，“X 输入”与“地”之间未接信号输入电压，他在示波器荧光屏上看到的图象可能是下面图中的____________．【答案】B【解析】由于该同学将衰减调整旋钮置于最右边的“∞”挡，此时由机内自行供应竖直方向按正弦规律变化的沟通电压屏上的亮斑，发生竖直方向的移动，扫描范围旋钮置于“外⨯”挡．此时机内没有扫描电压“x输入”与“地”之间未接信号输入电压，水平方向也没有外接电压，所以水平方向没有电压，屏上的亮斑不会发生水平方向的移动，所以看到的图象应当是B 图中的图象．故选B ．四、计算题（共32分，解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最终答案的不能得分．有数值计算的，答案中必需写出数值和单位）23．将一个电荷量为8210C --⨯的点电荷，从零电势点S 移到M 点要克服电场力做功8410J -⨯，求（1）M 点的电势？（2）若将该电荷从M 点移到N 点，电场力做功81410J -⨯，求N 点电势？（3）求MN 两点电势差？【答案】（1）2V -（2）5V（3）7V -【解析】（1）M 点的电势能等于从M 点移动到S 点电场力做的功，依据电场力做功与电势能的关系M MS E W =，由电势与电势能的关系，则M 点的电势为：M M q E φ=，88410V 2V 210M φ--⨯==--⨯．（2）由（1）同理得：MN M N W E E =-即N MN M E W E =-，N N E q φ=，解得：5V N φ=，N 点电势为：5V ．（3）电势差与电势的关系： 2V 5V 7V MN M N U φφ=-=--=-．24．示波管的示意图如下，竖直偏转电极的极板长 4.0cm L =，两板间距离 1.0cm d =，极板右端与荧光屏的离18cm S =．由阴极发出的电子经电场加速后，以71610m/s v =⨯．的速度沿中心线进入竖直偏转电场．若电子所受重力及电子之间的相互作用力均可忽视不计。

2022-2023学年全国高中高二上物理人教版(2019)期中试卷(含解析)

2022-2023学年全国高二上物理期中试卷考试总分：85 分考试时间： 120 分钟学校：__________ 班级：__________ 姓名：__________ 考号：__________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2．请将答案正确填写在答题卡上;卷I （选择题）一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分）1. 下列说法正确的是（）A.只有体积很小的带电体才能看成点电荷B.一带负电的金属小球放在潮湿的空气中，一段时间后，发现该小球上带的负电荷几乎不存在了．这说明小球上原有的负电荷逐渐消失了C.元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根测得的，元电荷跟一个电子电荷量数值相等D.由公式知，当真空中的两个电荷间的距离时，它们之间的静电力2. 关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A.电场强度的方向不一定与等电势面垂直B.电场强度为零的地方，电势也为零C.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D.任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向3. 为定值电阻，电阻的阻值随电压的升高而减小，如果将以上三个电阻并联后接在内阻不计的电源两端，消耗的电功率相等；如果将、、连成如图所示的电路，仍接在该电源两端，三个电阻消耗的电功率分别用表示，则（）A.B.C.D.F =kq 1q 2r 2r →0F →∞、R 1R 2R 3、、R 1R 2R 3R 1R 2R 3、、P 1P 2P 3=4P 1P 2>4P 1P 2>P 3P 2<P 3P 24. 如图所示电路中，是四只相同的灯泡，当滑动变阻器的滑片向下滑动时，下列说法正确的是（）A.变暗，变亮B.变亮，变暗C.变暗，变亮D.变亮，变亮5. 如图甲，电路中电源电动势为，内阻不计，、、为三个相同规格的小灯泡，小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关闭合后，下列说法中正确的是（）A.的电流为电流的倍B.的电阻约为C.的电功率约为D.和的总电功率约为6. 如图所示，水平面内有、、、、、六个点，它们均匀分布在半径为的同一圆周上，空间有一方向与圆平面平行的匀强电场．已知、、三点的电势分别为、、，下列判断正确的是（）A.电场强度的方向由指向B.电场强度的大小为、、、L 1L 2L 3L 4P L 1L 2L 1L 2L 3L 4L 3L 4 3.0V L 1L 2L 3L 1L 22L 30.33ΩL 3 1.20WL 2L 33WA B C D E F R =2cm A C E =2V φA 3–√=V φC 3–√=0V φE A C200V/m (2+)V–√C.该圆周上的点电势最高为D.电子在点的电势能小于处在点的电势能7. 如图所示，和为圆上两条相互垂直的直径，圆心为．将电荷量分别为和的两点电荷放在圆周上，其位置关于对称且距离等于圆的半径．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个电荷量为的点电荷，则该点电荷（）A.可放在点，B.可放在点，C.可放在点，D.可放在点，8. “嫦娥四号”上搭载的中性原子探测仪，在入口处安装了高压偏转系统，形成强电场区域，对太阳风和月球表面作用后辐射的带电粒子进行偏转，以免其射到探测器上产生干扰信号．已知高压偏转系统由两平行金属板组成，当两板加一定的电压时其间形成匀强电场，可将沿平行极板方向射入金属板间、动能不大于的氦核均偏转到极板而被极板吸收．只考虑该电场的作用，则粒子沿平行极板方向射入金属板间，能够完全被极板吸收的是（）A.动能不大于的质子B.动能不大于的质子C.动能不大于的电子D.动能不大于的电子二、多选题（本题共计 4 小题，每题 5 分，共计20分）9. 如图是一个多用电表的简化电路图．为单刀多掷开关，通过操作开关，可以接通，也可以接通、、、或．下列说法正确的是（）A.当开关分别接或时，测量的是电流，其中接时量程较大(2+)V3–√D F AB CD O +q −q AB Q A Q =2qB Q =−2qC Q =−qO Q =−qE k0E k02E k0E k02E k0S 123456S 12S 1S AB.当开关分别接或时，测量的是电阻，其中是黑表笔C.当开关分别接或时，测量的是电阻，其中是红表笔D.当开关分别接和时，测量的是电压，其中接时量程较大10. 如图甲所示，矩形线圈垂直于磁场方向固定放置，其边长，，匝数，总电阻．取磁场垂直于线圈平面向里为正方向，磁场的磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，则下列说法正确的是（）A.时线圈中感应电流的方向为B.时线圈边受到的安培力不为零C.在内通过线圈的电荷量为D.在内线圈内产生的焦耳热为11. 如图所示，平行板电容器的两极板、接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，则下列说法正确的是（）A.保持闭合，将板向板靠近，则增大B.保持闭合，将板向板靠近，则不变C.断开，将板向板靠近，则增大D.断开，将板向板靠近，则不变12. 两个点电荷、固定于轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿轴负方向移近（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A.点电势为零B.点场强为零S 34A S 34A S 56S 5abcd ab =0.2m bc =0.1m n =1000R =5Ωt =0.5s a →d →c →b →at =3s ab 1∼5s 0.8C0∼5s 6.4JA B S θS A B θS A B θS A B θS A B θQ 1Q 2x x Q 2E p M N Q QC.的电荷量小于的电荷量D.试探电荷从点运动到点的过程中，电场力一直做正功卷II （非选择题）三、解答题（本题共计 3 小题，每题 5 分，共计15分）13. 为了确定电场中点场强大小，用细线悬挂一个带负电的小球去探测．当球在点静止后，测出悬线与竖直方向夹角为．已知点场强方向是水平方向，小球重力为，带电量为，则点场强大小是多少？14. 如图电源电动势，内阻不计，定值电阻，电动机内阻，电压表和电流表均是理想表，闭合开关，电压表示数，求：（1）电源消耗的电功率；（2）电动机的电功率和输出功率． 15. 如图所示为质谱仪的示意图，在容器中存在若干种电荷量相同而质量不同的带电粒子，它们可从容器下方的小孔飘入电势差为的加速电场，它们的初速度几乎为，然后经过沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为的匀强磁场中，最后打到照相底片上．若这些粒子中有两种电荷量均为、质量分别为和的粒子．（1）分别求出两种粒子进入磁场时的速度、的大小；（2）求这两种粒子在磁场中运动的轨道半径之比；（3）求两种粒子打到照相底片上的位置间的距离．四、实验探究题（本题共计 2 小题，每题 5 分，共计10分）16. 某探究小组要测定一个电阻约为几欧姆的圆柱体形长导体的电阻率，要求电压和电流的测量范围要大一些，实验室除圆柱体形长导体、游标卡尺、学生电源（电动势）、开关、导线若干外还备Q 2Q 1N M P P 37∘P 4.0×N 10−30.1C P E =6V R =4ΩM r =1ΩU =4V A A S 1U 0S 3B D q m 1m 2(<)m 1m 2v 1v 23V有以下器材：电压表（量程，内阻约）毫安表（量程，内阻）电流表（量程，内阻约）滑动变阻器（）滑动变阻器（）定值电阻（）（1）为较方便且能较为精确地进行测量完成实验，该实验所选器材为________，还缺少的器材为________．（2）在虚线框中画出测定圆柱形导体阻值的完整电路图，并在图中标明器材代号．（3）用游标卡尺测量导体的直径如图所示，该圆柱体的直径________．（4）若毫安表和定值电阻的分流不可忽略，请写出电阻率的表达式，并说明所用符号所表示的物理量． 17. 萌萌想要利用多用电表和电阻箱测量电源的电动势和内阻．（1）图甲为多用电表内部的简化图，内有个挡位，对应种测量功能．现萌萌要将其作为电压表使用，则选择开关应接________（填“”“”或“”）．小萌调节好多用电表后，欲把多用电表接入如图乙所示的实验电路中，则多用电表的黑表笔和________（填“”或“”）端相连，红表笔连接另一端．（2）调节电阻箱，记录多组电阻箱示数和多用电表示数，作出的图线如图丙所示．由此可求得电动势________，________．（结果均保留位有效数字）（3）本实验方案存在系统误差，这是由于多用电表________（填“分流”或“分压”）而引起的，测得的、与真实值比较：________，________（均填“”“”或“”）．V 15V 15kΩG 3mA =10ΩR G A 0.6A 0.125ΩR 10∼20ΩR 20∼1000ΩR 0990Ωd =mm 33S 123a b R U −1U 1RE =V r =Ω2E r E E 真r r 真>=<参考答案与试题解析2022-2023学年全国高二上物理期中试卷一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分）1.【答案】C【考点】点电荷库仑定律电荷守恒定律元电荷【解析】库仑定律适用于真空中两点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷，根据电荷守恒定律分析选项，密立根测得的元电荷的数值，元电荷跟一个电子电荷量数值相等．【解答】解：．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷，故与体积大小无关，故错误．．小球上带的负电荷几乎不存在了，这说明小球上原有的负电荷与周围空气中的正电荷中和，故错误．．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根测得的，元电荷跟一个电子电荷量数值相等，故正确．．当两个点电荷距离趋于时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用，故错误．故选：．2.【答案】D【考点】电场强度电势F =k q 1q 2r 2B A A B BC CD 0D C【解析】电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答．【解答】解：．电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与等势面垂直，故错误；．电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零，电势为零，电场强度不一定为零，故错误；．根据沿着电场线的方向，电势逐渐降低，与电场强度的大小无关，故错误；．顺着电场线方向电势降低，故正确．故选：．3.【答案】D【考点】电功率串联电路和并联电路的特点【解析】电阻器与两个标准电阻、并联后接在电压恒为的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器的电压小于电源的电压，电阻增大，根据并联电路的特点分析其电流与、电流的关系，再研究功率关系．【解答】解：由题意知，与两定值电阻并联后接在内阻不计的电源两端，、消耗的电功率相等，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如题图所示的电路，接在该电源的两端时，两端的电压小于电源的电压，由题意可知，的阻值增大，则有而与并联，电压相等，所以，，得；根据欧姆定律得知，电流，又，得到，，，所以得到，故错误，正确．故选：．4.【答案】A【考点】闭合电路的动态分析【解析】A AB BC CD D D D R 1R 2U P (b)D R 1R 2R 3、R 1R 2R 1、R 2R 3R 3R 3>=R 3R 1R 2R 3R 2=P 2U 2并R 2=P 3U 2并R 3<P 3P 2<I 3I 2=+I 1I 2I 3<2I 1I 2=P 1I 21R 1=P 2I 22R 2<4P 1P 2ABC D D此题暂无解析【解答】此题暂无解答5.【答案】C【考点】闭合电路的欧姆定律电功电功率【解析】当开关闭合后，灯泡的电压等于，由图读出其电流，灯泡、串联，电压等于，由图读出电流，求出电阻．【解答】解：．当开关闭合后，灯泡的电压，由图读出其电流，则灯泡的电阻，灯泡、串联，电压，由图读出其电流，故错误；B ．灯泡、的电阻均为，故B 错误；．的电功率，和的总电功率为，故正确，错误．故选．6.【答案】C【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系电势与电势能的关系【解析】连接，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，中点的电势为，则为一条等势线，也为一条电场线，可求出，并且能作出电场线，根据求出匀强电场的场强，由几何关系和求出电势最高点的电势．【解答】L 13V I L 2L 3 1.5V A L 1=3V U 1=1A I 1L 1=3ΩR 1L 2L 3==1.5V U 2U 3==0.80A I 2I 3A L 2L 3=Ω=1.875ΩR 2 1.50.8CD L 3P =UI =1.5×0.8W =1.2W L 2L 3 2.4W C D C AE AE 2V EO AE U EA E =U dU =Ed =V+解：．中点的电势，，所以是一个等势线且过、点，因为电场线与等势线垂直，且由高电势指向低电势，所以电场强度的方向由指向，故错误；．两点间的电势差为，两点间的距离，电场强度的大小，故错误；．顺着电场线电势降低，设点电势最高，且在弧的中点，根据，，代入数据解得：，故正确；．点的电势低于点的电势，电子在电势低的地方电势能大，故电子在点的电势能大于处在点的电势能，故错误．故选．7.【答案】C【考点】电场的叠加点电荷的场强【解析】电场叠加是多个电荷在空间某处产生的电场强度为各电荷单独在该处所产生的电场强度的矢量和，符合平行四边形定则．【解答】解：根据电场叠加原理和点电荷的场强公式得，电荷量为的点电荷在圆心处的场强与电荷量为的点电荷在圆心处的场强的合场强方向由点指向点，大小为；要使圆心处的电场强度为零，只要点电荷在圆心处产生的场强方向由指向，且大小也为即可，所以点电荷可放在点且或放在点且，故正确．故选．8.【答案】A【考点】带电粒子在电场中的加（减）速和偏转【解析】设平行板间电势差为，当两板加一定的电压时，可将平行极板进入、动能不大于的氦核均偏转到极板而被极板吸收，对氦核根据动能定理得：，解得：．．对质子根据动能定理得：，即对于平行极板进入偏转系统的质子，只有动能A AE G ==V φG +φA φE 23–√=φG φC GC F O A E A B AE =2V U AE 3–√AE d =2cm 3–√E ==100V/m U AE d B C H H AB =E U HO d HO =−U HO φH φO =(2+)V φH 3–√C D D F D F D C +q O −q O O D =kE 1q r 2O Q O O C k q r 2C Q =−q D Q =q C C U E k02eU =E k0U =E k02e AB =Ue =E k1E k02E 0不大于才能完全被极板吸收，符合题意，不符合题意；．对于平行极板进入的电子，，即对于平行极板进入偏转系统的电子，只有动能不大于才能完全被极板吸收，不符合题意．故选．【解答】解：设平行板间电势差为，当两板加一定的电压时，可将平行极板进入、动能不大于的氦核均偏转到极板而被极板吸收，对氦核根据动能定理得：，解得：．．对质子根据动能定理得：，即对于平行极板进入偏转系统的质子，只有动能不大于才能完全被极板吸收，符合题意，不符合题意；．对于平行极板进入的电子，，即对于平行极板进入偏转系统的电子，只有动能不大于才能完全被极板吸收，不符合题意．故选．二、多选题（本题共计 4 小题，每题 5 分，共计20分）9.【答案】A,C【考点】用多用电表测电阻多用电表的原理及其使用【解析】要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表，并根据串并联电路的基本规律确定对应的量程．【解答】、由图可知当转换开关旋到位置、位置是电流表，接时分流电阻相对更小，故接时电表的量程更大；故正确；、测量电阻时欧姆表内部应接电源，由图可知测电阻只有接或；与电源的负极相连，故为红表笔；故错误正确；、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关旋到位置、时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关旋到的量程比旋到的量程大。

2022-2023学年全国高中高二上物理人教版(2019)期中试卷(含解析)

2022-2023学年人教版(2019)高二上物理期中试卷(含解析)

2022-2023学年高中高二上物理期中试卷学校：____________ 班级：____________ 姓名：____________ 考号：____________考试总分：80 分考试时间： 120 分钟注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2．请将答案正确填写在答题卡上;卷I （选择题）一、选择题（本题共计 10 小题，每题 5 分，共计50分）1. 如图所示，学生练习用头颠球。

某一次足球静止自由下落，被重新顶起，离开头部后竖直上升的最大高度仍为。

已知足球与头部的作用时间为，足球的质量为，重力加速度取，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.头部对足球的平均作用力为足球重力的倍B.足球下落到与头部刚接触时动量大小为C.足球与头部作用过程中动量变化量大小为D.足球从最高点下落至重新回到最高点的过程中重力的冲量大小为 2.如图，在跳高运动时，运动员落地一侧铺有海绵垫，这样做的目的是为了减小（）A.运动员的惯性B.运动员重力的冲量C.接触面对运动员的冲量D.接触面对运动员的作用力3. 如图所示，在水平面上有两个物体和，质量分别为，，和相距，以的初速度向静止的运动．已知从开始运动到相碰后停止运动共运动了．相碰后运动多长时间而停止运动（已知物体与水平面间的动摩擦因数均为，取，、相碰时间可忽略）（）80cm 80cm 0.1s 0.4kg g 10m/s 2103.2kg ⋅m/s3.2kg ⋅m/s3.2N ⋅sA B =2kg m A =1kg m B A B x =9.5m A =10m/s v 0B A 6s B μ=0.1g 10m/s 2A BA.B.C.D.4. 某公司组织员工在休息时进行看图猜地名游戏，猜错的或者不会的会用轻塑料锤击打头部作为惩罚，已知轻塑料锤的质量为，以的速度竖直向下击打某人头部后，会以的速度竖直向上反弹，假设轻塑料锤与某人头部的接触时间为，重力加速度，则击打过程中轻塑料锤对人头部的作用力为（）A.B.C.D.5. 如图所示，水平地面上有倾角为、质量为的光滑斜面体，质量也为的光滑直杆穿过固定的竖直滑套，杆的底端置于斜面上高为的位置处．现将杆和斜面体由静止自由释放，至杆滑到斜面底端（杆始终保持竖直状态），对该过程下列分析中正确的是（重力加速度为）（）A.杆和斜面体组成的系统动量守恒B.斜面体对杆的支持力不做功C.杆与斜面体的速度大小比值为D.杆滑到斜面底端时，斜面体的速度大小为6. 如图所示，质量为的小球甲放在光滑的水平面上，轻弹簧一端连在甲球上，另一端连在固定的竖直挡板上，质量为的小球乙以大小为的速度向左匀速运动，与甲球发生正碰后，以大小为的速度向右弹回，则弹簧能获得的最大弹性势能为（）A.2s3s8s10s50g 2m/s 1m/s 0.1s g =10m/s 20.5N1N1.5N2Nθm m h g sin θcos θ2gh−−−√M m v 012v 09m 2v 208M 922B.C.D.7. 台风“利奇马”（超强台风级）位于浙江省象山县南偏东方大约公里的台湾以东洋面上，随后在浙江登陆，登陆时中心附近最大风力达，空气的密度，当这登陆的台风正对吹向一块长、宽的玻璃幕墙时，假定风遇到玻璃幕墙后速度变为零，由此可估算出台风对玻璃幕墙的冲击力大小最接近（）A.B.C.D.8. 将一小球竖直向上抛出，取向上为正方向，设小球在抛出点的重力势能为零，小球所受空气阻力大小恒定，则上升过程中，小球的加速度、速度、机械能、动能与小球离抛出点高度的关系错误的是（）A.B.C.D.8M 9m 2v 204M3m 2v 202M3m 2v 20M830v =162km/h ρ=1.3kg/m 310m 4m F 2.6×N1035.3×N1041.1×N1051.4×N106a v E Ek h m =60kg9. 有一只小船停止在静水中，船上一人相对河岸向东从船头走到船尾．如果人的质量，船的质量，船长，设水的阻力不计．则船在水中运动的方向和移动的距离（）A.向西运动B.向东运动C.向东运动D.向西运动10. 如图所示，一质量为的长直木板在光滑的水平地面上以速度为做匀速直线运动，某时刻在木板上轻轻释放一质量为的物块，物块与木板间的动摩擦因数，整个过程中物块始终未脱离木板，则物块与木板共速所用的时间是（取）（）A.B.C.D.卷II （非选择题）二、解答题（本题共计 4 小题，每题 5 分，共计20分）11. 一辆轿车强行超车时，与另一辆迎面驶来的轿车相撞，两车相撞后，两车车身因相互挤压，皆缩短了，据测算两车相撞前速度约为，求：（1）若人与车一起做匀减速运动，车祸过程中车内质量约的人受到的平均冲力是多大？（2）若此人系有安全带，安全带在车祸过程中与人体的作用时间是，求这时人体受到的平均冲力为多大？ 12. 如图，光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体，斜面体右侧一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰块均静止于冰面上．某时刻小孩将冰块以相对冰面的速度向斜面体推出，冰块平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升的最大高度为（小于斜面体的高度）．已知小孩与滑板的总质量为，冰块的质量为，小孩与滑板始终无相对运动．取重力加速度的大小．（1）求斜面体的质量；（2）通过计算判断，冰块与斜面体分离后能否追上小孩？ 13. 如图所示，甲、乙两个物块放在光滑的水平面上，用细线连接，轻弹簧压缩在两物块之间，物块丙静止在光滑水平面上，与甲、乙在一条直线上．甲、乙、丙的质量分别为、、，使甲、乙一起以速度向右匀速运动，乙与丙碰撞后粘在一起，甲、乙、丙以共同速度一起向右运动过程中，连接甲、乙的细线断开，最后，甲的速度刚好为零，求：m =60kg M =120kg L =2.7m 1.8m1.8m0.9m0.9mM =2kg 6m/s m =1kg μ=0.2g 10m/s 21s2s3s4s0.5m 30m/s 60kg 1s 3m/s h =0.3m h =30kg m 1=10kg m 2g =10m/s 22m m m v 0（1）乙与丙碰撞过程中损失的机械能；（2）弹簧被压缩时具有的弹性势能. 14. 光滑水平地面上并排放置着个大小相同，质量不同的小球，小球使用材料和长度相同的不可伸长的轻绳悬挂，小球恰好对地面无压力，小球之间有大小可忽略的缝隙，小球编号如图所示，第（）个球的质量为第个球质量的倍，现将球由最低点向左拉起至轻绳水平，保持绳绷紧状态由静止释放球，使其与球碰撞，球再与球碰撞，所有碰撞均为在同一直线上的弹性正碰．碰后迅速移除被碰球左侧小球．己知重力加速度为，空气阻力忽略不计、每次碰撞时间极短均可忽略不计．（1）若，可以取任意值，通过计算判断球被球碰后，能否在竖直面内做完整的圆周运动，若能请判断的范围，若不能请说明理由？（2）若，至少为多大，第个球可以做完整圆周运动？（3）和之间满足什么关系，第个球可以做完整圆周运动？三、实验探究题（本题共计 2 小题，每题 5 分，共计10分）15. 某同学用如图甲所示装置验证动量守恒定律．入射球和靶球的半径相同，质量分别为、，平放于地面的记录纸上铺有复写纸．实验时先使入射球从斜槽上固定位置由静止开始滚下，落到复写纸上，重复上述操作多次．再把靶球放在水平槽末端，让入射球仍从位置由静止开始滚下，和靶球碰撞后继续向前运动落到复写纸上，重复操作多次．最终记录纸上得到的落点痕迹如图乙所示．关于本实验下列说法正确的是（）A.需要用游标卡尺测量两小球的直径B.应使C.实验中记录纸上铺的复写纸的位置可以移动D.斜槽要固定好，末端切线不需要调节水平你叙述确定落点平均位置的办法：________．照本实验方法，该同学确定了落地点的平均位置、、并测出了、、间的距离分别为、、，则验证动量守恒定律的表达式是________．16. 两位同学用如图甲所示装置，通过半径相同的、两球的碰撞来验证动量守恒定律．n n n ≥2n −1k 11223……g n =2k 21k k =12n n k n n m 1m 2G G (1)>m 1m 2(2)(3)P Q R OP PQ QR x 1x 2x 3A B(1)实验中必须满足的条件是________．A.斜槽轨道尽量光滑以减小误差B.斜槽轨道末端的切线必须水平C.入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下D.两球的质量必须相等(2)测量所得入射球的质量为，被碰撞小球的质量为，图甲中点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影，实验时，先让入射球从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置，测得平抛射程为；再将入射球从斜轨上起始位置由静止释放，与小球相撞，分别找到球和球相撞后的平均落点、，测得平抛射程分别为和．当所测物理量满足表达式________时，即说明两球碰撞中动量守恒；如果满足表达式________时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞．(3)乙同学也用上述两球进行实验，但将实验装置进行了改装：如图乙所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球、球与木条的撞击点．实验时，首先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球从斜轨上起始位置由静止释放，撞击点为；然后将木条平移到图中所示位置，入射球从斜轨上起始位置由静止释放，确定其撞击点；再将入射球从斜轨上起始位置由静止释放，与球相撞，确定球和球相撞后的撞击点分别为和．测得与、、各点的高度差分别为、、．若所测物理量满足表达式________时，则说明球和球碰撞中动量守恒．A A m AB m B O A P OP A B A B M N OM ON A B A B'A P'A B A B M'N'B'N'P'M'h 1h 2h 3A B参考答案与试题解析2022-2023学年高中高二上物理期中试卷一、选择题（本题共计 10 小题，每题 5 分，共计50分）1.【答案】C【考点】动量定理的理解【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答2.【答案】D【考点】动量定理的基本应用【解析】跳高运动员在落地的过程中，动量变化一定，由动量定理可知，运动员受到的冲量一定，延长与地面的接触时间，可以减小运动员受到的冲击力．【解答】解：跳高运动员在落地的过程中，动量变化一定，由动量定理可知，运动员受到的冲量一定，跳高运动员在跳高时跳到海绵垫上可以延长着地过程的作用时间，由可知，延长时间可以减小运动员所受到的平均冲力，故正确，错误．故选：．3.【答案】C【考点】I t I =Ft t F D ABC D动量定理的基本应用【解析】此题暂无解析【解答】解：碰撞过程动量守恒，滑行过程中系统受到的摩擦力的冲量改变了系统的总动量，即，解得：．选项正确．故选．4.【答案】D【考点】动量定理的基本应用【解析】【解答】解：根据动量定理有，得．故选．5.【答案】D【考点】动量定理的基本应用系统机械能守恒定律的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：杆下滑过程竖直方向系统所受合外力不为零，系统在竖直方向上动量不守恒，故杆和斜面体组成的系统动量不守恒，故错误．斜面体对杆的支持力垂直于斜面，但由于斜面体光滑，故在物体下滑的过程中，斜面体也在后退，力与位移的夹角大于，故支持力对杆做负功，故错误．设金属杆的速度为，斜面体速度大小为，，，故错误．μg +μg =m A t 1m B t 2m A v 0=8s t 2C C (F −mg)t =m −m v 2v 1F =2N D A 90∘B v 0v v sin θ=cos θv 0:v =tan θv 0C gh =m +m11由动能定理可知：，，联立解得，故正确．故选：．6.【答案】A【考点】含弹簧类机械能守恒问题动量守恒定律的综合应用【解析】甲和乙正碰时，甲、乙组成的系统动量守恒，根据动量守恒可以求出碰后瞬间甲球获得的速度；碰后甲球压缩弹簧，当甲球的速度减至零时弹簧的弹性势能最大，根据机械能守恒定律求弹簧能获得的最大弹性势能．【解答】解：两球碰撞过程中动量守恒，以向左为正方向，则，得，甲速度为零时弹簧能获得最大弹性势能，甲向左压缩弹簧至弹性势能最大过程中机械能守恒，故弹簧能获得的最大弹性势能为，故正确，错误．故选．7.【答案】C【考点】动量定理在“流体模型”中的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：玻璃幕墙的面积为：，风速为，设时间内吹到广告牌上的空气质量为，则有：，以时间内吹到广告牌上的空气为研究对象，根据动量定理有：，得：，代入数据解得：，根据牛顿第三定律知该广告牌受到的最大风力为：＝，故最接近，错误．故选．00mgh =m +m 12v 212v 20:v =tan θv 0v =cos θ2gh −−−√D D m =Mv −mv 0v 02v =3mv 02M=M =E p 12v 29m 2v 208M A BCD A S =10×4=m 240m 2v =162km/h =45m/s t m m =ρSvt t −Ft =0−mv =0−ρS t v 2F =ρSv 2F =1.053×N 105F ′F C ABD C8.【答案】B【考点】系统机械能守恒定律的应用【解析】小球所受空气阻力大小恒定，上升阶段是匀减速直线运动，重力和空气阻力都做负功．【解答】解：．小球所受空气阻力大小恒定，上升阶段是匀减速直线运动，取向上为正方向，根据牛顿第二定律有：，大小恒定，方向向下，故正确；．上升阶段是匀减速直线运动，取向上为正方向，有：，非一次线性函数，故错误．机械能与小球离抛出点高度的关系为：故正确；．动能与小球离抛出点高度的关系为：，故正确；故选：．9.【答案】D【考点】动量守恒定律的综合应用【解析】人和小船组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律求出船移动的位移大小．【解答】解：船和人组成的系统，在水平方向上动量守恒，人在船上行进，船向右退，有，人从船头走到船尾，设船后退的位移大小为，则人相对于岸的位移大小为，由，解得，，人向东运动，则船向西运动．故选：．10.【答案】B【考点】A −(mg +f)=ma a A B −=2ah v 2v 20B C E h E =−fh E 0C D E k h =−(mg +f)E k E k0D B mv =Mv ′x L −x m=M L −x t x t x ==×2.7=0.9m mL m +M 60120+60D动量定理的基本应用动量守恒定律的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】解：对整个系统分析，无外力的作用，故由动量守恒得：，解得滑块与木板共速时的速度为，对滑块分析，滑块只受摩擦力的作用，故由动量定理得：，解得：．故选．二、解答题（本题共计 4 小题，每题 5 分，共计20分）11.【答案】（1）车祸过程中车内质量约的人受到的平均冲力是；（2）若此人系有安全带，安全带在车祸过程中与人体的作用时间是，这时人体受到的平均冲力为．【考点】动量定理的基本应用【解析】（1）根据运动学公式可求得两车作用时间，根据动量定理即可求得人受到的平均作用力；（2）已知作用时间，由动量定理求出人受到的水平冲力。

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选择题M和N都是不带电的物体，它们互相摩擦后M带正电荷1.6×10－10C，下列判断中正确的是()A. 在摩擦前M和N的内部没有任何电荷B. 摩擦的过程中电子从N转移到了MC. N在摩擦后一定带负电荷1.6×10－10CD. M在摩擦过程中失去了1.6×10－10个电子【答案】C【解析】摩擦起电的本质是电子的转移，说明在摩擦前MN内部都有电荷，故A错误。

互相摩擦后M带1.6×10-10C正电荷，故应该是M上1.6×10-10C 的电子转移到N上，故B错误。

N原来是电中性，摩擦后M上1.6×10-10C的电子转移到N上，故N在摩擦后一定带1.6×10-10C的负电荷，故C正确。

M在摩擦过程中失去的电子数为：n＝＝109个，故D错误。

故选C。

选择题关于点电荷的说法，正确的是( )A.大小和形状对作用力的影响可以忽略的带电体可以视为点电荷B.体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C.点电荷一定是带电量很小的电荷D.只有体积很小的电荷，才能作为点电荷【答案】A【解析】A．电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，选项A正确；BCD．带电体能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系，故BCD错误；选择题下面关于电场的叙述正确的是（）A.在电荷产生的电场中电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B.A电荷受到B电荷施加的作用，本质是B电荷的电场对A电荷的作用C.在静电场中，场强方向都指向电势升高最快的方向D.只有电荷发生相互作用时才产生电场【答案】B【解析】A．在电荷产生的电场中电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低，例如距离负点电荷越近的位置场强越大，但是电势越低；距离负点电荷越远的位置场强越小，但是电势越高；选项A错误；B．A电荷受到B电荷施加的作用，本质是B电荷的电场对A电荷的作用，选项B正确；C．在静电场中，场强方向都指向电势降落最快的方向，选项C错误；D．电荷周围的电场总是存在的，无论是否发生相互作用都会产生电场，选项D错误。

真空中放置两个点电荷，电量各为q1与q2，它们相距r时静电力大小为F。

若将它们的电量分别减为和,距离也变为，则它们之间的静电力大小是：A. FB. F/2C. 2FD. 4F【答案】A【解析】由库仑定律的可得，原来它们之间的库仑力为，变化之后它们之间的库仑力为，所以A正确，BCD 错误．故选A．选择题以下说法中不正确的是（）A.公式U=E·d只适用于匀强电场, 公式E=F/q是电场强度的定义式，适用于任何静电场B.公式E=kQ/r2是由库仑定律得出的，因而只适用于真空中点电荷的电场C.电流的定义式I=q/t，适用于任何电荷的定向移动形成的电流D.从R=U/I可知，导体的电阻跟两端的电压成正比，跟流过导体的电流成反比【答案】D【解析】A．公式U=E·d只适用于匀强电场, 公式E=F/q是电场强度的定义式，适用于任何静电场，选项A正确，不符合题意；B．公式E=kQ/r2是由库仑定律得出的，因而只适用于真空中点电荷的电场，选项B正确，不符合题意；C．电流的定义式I=q/t，适用于任何电荷的定向移动形成的电流，选项C正确，不符合题意；D．导体的电阻只由导体本身决定，与两端的电压以及流过导体的电流大小无关，选项D错误，符合题意。

选择题一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E.下图中能正确表示q、E、F三者关系的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】A、B项：因为电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定。

所以电场强度不随q、F的变化而变化，故A、B错误；C、D项：由知，某点的电场强度一定，F与q成正比。

故C错误，D正确。

故选：D。

选择题如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A. 该点电荷带正电B. a点的电场强度大于b点的电场强度C. a点和b点电场强度的方向相同D. a点的电势高于b点的电势【答案】B【解析】A、根据电场线的方向特点，可知该点电荷带负电，故A错误；B、电场线越密的地方电场强度越大，则a点的电场强度大于b点的电场强度，故B正确；C、场强方向即电场线切线方向，由题图可看出a点和b点电场强度的方向不同，故C错误；D、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上可以找到与a点电势相等的点，依据沿电场线方向电势降低，则知a点电势低于b点电势，故D错误。

选择题两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图，OA=h，此电子具有的初动能是A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：设出电子的初动能，末动能为零，极板间的电场，根据动能定理：，解得：，D正确；如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，φa＝50 V，φc＝20 V，则a、c连线中点b的电势φb为( )A. 等于35 VB. 大于35 VC. 小于35 VD. 等于15 V【答案】C【解析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，故ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差Uac大于b、c间电势差Ubc，即：φa-φb＞φb-φc，得到：φb＜．故选C.选择题根据欧姆定律，下列判断正确的是()A.导体两端的电压为零，电阻即为零B.导体中的电流越大，电阻就越小C.当电压增大2倍时，电阻增大2倍D.由I＝可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比【答案】D【解析】ABC．导体的电阻只由导体本身决定，与导体两端的电压以及导体中的电流无关，选项ABC错误；D．由I＝可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比，选项D正确。

选择题甲、乙两根粗细均匀的电阻丝，它们的材料相同，甲电阻丝的长度是乙的2倍，甲电阻丝的直径是乙的2倍，则甲、乙电阻丝电阻之比是（）A.1：2B.1：4C.1：8D.1：16【答案】A【解析】已知甲乙两根电阻丝的材料相同，而甲的长度是乙的2倍；甲电阻丝的直径是乙的2倍，则甲的横截面积等于乙的4倍；根据可知，甲的电阻是乙的倍。

A．1：2，与结论相符，选项A正确；B．1：4，与结论不相符，选项B错误；C．1：8，与结论不相符，选项C错误；D．1：16，与结论不相符，选项D错误；选择题如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，下列说法正确的是（）A.验电器的箔片张开B.金属网罩内部空间存在向右的匀强电场C.金属网罩上的感应电荷在金属网罩内部空间产生的电场方向水平向左D.金属网罩内外表面都存在感应电荷【答案】C【解析】AB．因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布．就是所谓“静电屏蔽”的原理．此时验电器不会受到影响，故验电器的箔片不张开，选项AB错误．C．由以上分析可知，金属网罩上的感应电荷在金属网罩内部空间产生的电场方向水平向左，选项C正确；D．由于静电感应，则金属网罩外表面存在感应电荷，内表面不存在感应电荷，选项D错误。

选择题由电容器电容的定义式C＝可知()A.若电容器不带电，则电容C为零B.电容C与电容器所带电荷量Q成反比，与电压U成反比C.电容在数值上等于使两板间的电压增加1 V时所需增加的电荷量D.电容器所带电荷量，是两极板所带电荷量的代数和【答案】C【解析】AB．电容器的电容只由电容器内部结构决定，与电容器是否带电以及两端的电压均无关，选项AB错误；C．根据可知，电容器的电容在数值上等于使两板间的电压增加1 V时所需增加的电荷量，选项C正确；D．电容器所带电荷量，是指一个极板带电量的绝对值，选项D错误。

选择题某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，沿图中虚线由M运动到N，以下说法不正确的是()A.粒子是正电荷B.粒子在M点的加速度小于在N点的加速度C.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D.粒子在M点的动能小于在N点的动能【答案】C【解析】A．带电粒子在电场中运动时，受到的电场力的方向指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，此带电的粒子受到的电场力的方向为沿着电场线向上，所以此粒子为正电荷，所以A正确，不符合题意；B．由电场线的分布可知，电场线在N点的时候较密，所以在N点的电场强，粒子在N点时受到的电场力大，加速度也大，所以B正确，不符合题意；C．粒子带正电，从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，所以粒子的电势能要减小，即粒子在M点的电势能大于N点的电势能，所以C错误，符合题意；D．粒子带正电，从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，粒子的动能要增加，即粒子在M点的动能小于N点的动能，所以D正确，不符合题意；选择题图中的平行直线表示一簇垂直于纸面的等势面。

一个带–5.0×10-8C的点电荷，沿图中曲线从A点移到B点,电场力做的功为：A. –5.0×10-7JB. 5.0×10-7JC. –3.5×10-6JD. 3.5×10-6J【答案】B【解析】电场力做功与路径无关，只决定于初末位置的电势差。

,B对。

选择题水平放置的平行板电容器与一电池相连，在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态，现将电容器两板间的距离增大，则（）A. 电容变大，质点向上运动B. 电容变大，质点向下运动C. 电容变小，质点保持静止D. 电容变小，质点向下运动【答案】D【解析】根据平行板电容器的决定式可得，两板间距增大，电容减小；由于电容器与电池相连，电容器两板间电压不变，两板间距增大，电容器板间电场强度减小，质点所受电场力减小，质点向下运动。

故D 项正确，ABC三项错误。

选择题如图所示，A、B为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q(不计重力)，由静止释放后，下列说法中正确的是()A.点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B.点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C.点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D.点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零【答案】C【解析】AB．根据点电荷电场强度的叠加法则，可知，同种正电荷连线的中垂线上，电场强度方向由O点向两边延伸，且大小先增大后减小，在P 点由静止释放一个负点电荷q，在从P点到O运动的过程中，它只在电场力作用下，向下加速，电场强度可能可能越来越小，电场力可能越来越小，则加速度可能越来越小。