安徽省阜阳市太和二职高2015_2016学年高二物理上学期第一次月考试卷(含解析)

合集下载

【生物】安徽省太和中学2015-2016学年高二第一次月考

安徽省太和中学2015-2016学年高二第一次月考生物试卷本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共100分,考试时间90分钟。

第I卷一、选择题（25小题，每小题2分，共50分,在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求）1.下列有关生物体“多少”的比较，错误的是（）A．细胞内自由水的含量一般高于结合水含量B．正在生长的植物体光合作用固定的CO2总量一定大于呼吸作用产生的CO2量C．人剧烈运动时，呼吸作用消耗的氧气量小于产生的二氧化碳量D．活细胞中，氢原子数目多于氧原子数目2.下列叙述错误的是（）A.DNA与ATP中所含元素的种类相同B.一个tRNA分子中只有一个反密码子C.T2噬菌体的核酸由脱氧核糖核苷酸组成D.控制细菌性状的基因位于拟核和线粒体中的DNA上3.下列过程中，不属于胞吐作用的是（）A.浆细胞分泌抗体到细胞外的过程B.mRNA从细胞核到细胞质的过程C.分泌蛋白从胰腺的腺泡细胞到胞外的过程D.突触小泡中神经递质释放到突触间隙的过程4.下列有关细胞生命历程的叙述，错误的是（）A．同一生物体的不同组织细胞分裂时，一个细胞周期持续的时间可能不同B．细胞分化的实质是细胞内遗传信息的执行情况不同，与环境无关C．细胞癌变是细胞内多个基因发生突变的一种累积效应D．细胞的衰老和凋亡都与基因的选择性表达有关，有利于生物的发育与生存5.某种生物一雌性个体产生的配子种类及其比例为：Ab︰aB︰AB︰ab=1︰2︰3︰4，另一雄性个体产生的配子种类及其比例为Ab︰aB︰AB︰ab=1︰1︰4︰4，若上述两个个体杂交，则其后代中杂合子出现的概率为（）A．31％ B. 46％ C.53％ D. 69％6.如图是同一种动物体内有关细胞分裂的一组图像，下列说法中正确的是()A．①②③④都具有同源染色体B．动物睾丸中不可能同时出现以上细胞C．④的子细胞是精细胞或极体D．上述细胞中有8条染色单体的是①②③7. 抗维生素D佝偻病为X染色体显性遗传病，短指为常染色体显性遗传病，红绿色盲为X 染色体隐性遗传病，白化病为常染色体隐性遗传病。

安徽省太和第一中学最新高二物理上学期期末考试试题含解析

物理精品资料
安徽省太和第一中学 2021 年高二物理上学期期末考试试题含解析一、选择题每题 4 分,共计４８分,1-８题为单选，９—12 题为多选,漏选得 2 分，错选不得分
1.如图所示,两个灯泡 L1 、 L2 的电阻相等，电感线圈 L 的电阻可忽略，开关 S 从断开状态突然闭合，稳定
之后再断开，下列说法正确的是
BC.板间距离 d 增大,则板间电场强度 E 变小，由 U＝Ed 知，P 与 a 板的电压减小,而 a 的电势不变，故 P
的电势升高，由 EP=qφ 而 q 为负值，故电势能减小,故 B 正确,Ｃ错误；
D.由
Q＝CＵ，又有 C
S 4 kd
，故
C
减小，Q
减小,故
D
错误.
3。如图所示，在磁感应强度大小为Ｂ０的匀强磁场中，两长直导线 P 和Ｑ垂直于纸面固定放置,两者之间
的距离为 l．在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流 I 时,纸面内与两导线距离均为 l 的 a 点处的磁
感应强度为零．如果让 P 中的电流反向、其他条件不变，则 a 点处磁感应强度的大小为
Ａ. 0
Ｂ．
3 3
B0 ‫ﻩ‬Ｃ。
2 3 3
B0
D．２Ｂ0
答案Ｃ
解析
详解在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流 I 时，纸面内与两导线距离为ｌ的 a 点处的磁感应强度
量为 m 的带正电荷的微粒从Ｐ点以水平速度 v0 射入金属板间，沿曲线打在 N 板上的Ｏ点。若经下列调
整后，微粒仍从 P 点以水平速度ｖ0 射入，则关于微粒打在 N 板上的位置说法正确的是
A. 保持开关Ｓ闭合，增大 R1，粒子打在 O 点右侧 B. 保持开关 S 闭合,增大 R2，粒子打在Ｏ点左侧 C. 断开开关 S，Ｍ极板稍微上移,粒子打在 O 点右侧

004安徽省淮北十二中2015-2016学年高二(上)第一次月考物理试卷(解析版)

安徽省淮北十二中2015-2016学年高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题1．以下说法正确的是（）A．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关2．点电荷A和B，分别带正电和负电，电量分别为4Q和Q，在AB连线上，如图所示，电场强度为零的地方在（）A．A和B之间B．A右侧C．B左侧D．A的右侧及B的左侧3．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了（）A．除菌消毒 B．消除静电 C．利用静电 D．防止漏电4．如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动5．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小6．匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1m，D为AB的中点，如图所示．已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为14V、6V和2V．设场强大小为E，一电量为1×10﹣6 C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W，则（）A．W=8×10﹣6J，E＞8v/m B．W=6×10﹣6J，E＞6v/mC．W=8×10﹣6J，E≤8v/m D．W=6×10﹣6J，E≤6v/m7．如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率v B=3v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A．B．C．D．8．两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小可能是（）A．B．C．D．9．A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上，且到连线的距离相等，如图所示，则（）A．同一点电荷在A点的电势能大于在B点电势能B．把正电荷从A点移到B点，电势能先增大后减小C．把正电荷从A点移到B点，电势能先减小后增大D．A、B两点的连线上任意两点的电势差为零10．一个电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点的过程中，克服电场力作功30eV．则（）A．电子在B点电势能是50eV B．电子电势能增加了30eVC．B点的电势是110V D．B点的电势是﹣110V11．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度减小，b加速度增大C．MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D．a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小12．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧 B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小三、计算题13．两个质量均为m=2×10﹣6kg的小球，悬于长l=40cm的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角（如图）．求每个小球的带电量．14．如图所示，在匀强电场中的M、N两点距离为2cm，两点间的电势差为5V，M、N连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？15．在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线一端连着一个质量为m、电量为+q的带电小球，另一端固定于O点．将小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速释放，则小球沿圆弧作往复运动．已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ（如图）．求（1）匀强电场的场强．（2）小球经过最低点时细线对小球的拉力．16．如图所示，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？17．如图所示，一根长L=1.5m 的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0×105N/C．与水平方向成θ=30°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球B 穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6 C，质量m=1.0×10﹣2 kg．现将小球B 从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×10 9N•m2/C2，取g=l0m/s2）（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？（3）小球B从N端运动到距M端的高度h2=0.61m时，速度为v=1.0m/s，求此过程中小球B的电势能改变了多少？2015-2016学年安徽省淮北十二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．以下说法正确的是（）A．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D．公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关【考点】电场强度；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的；电场中某点的电势φ与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的．U ab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离．电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关．【解答】解：A、电场强度是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的，故A错误．B、电场中某点的电势φ与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的．故B错误．C、U ab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离，故C错误．D、公式C=，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关，与两极板间距离d，极板面积S等有关．故选D．【点评】在物理中很多物理量是采用比值法定义的，注意采用比值法定义时被定义的物理量与公式中的物理量无关，在学习中可以将这些物理量类比学习．2．点电荷A和B，分别带正电和负电，电量分别为4Q和Q，在AB连线上，如图所示，电场强度为零的地方在（）A．A和B之间B．A右侧C．B左侧D．A的右侧及B的左侧【考点】电场的叠加；电场强度．【分析】空间的任意一点的电场是由两个点电荷产生的电场的叠加，只有当两个点电荷产生的电场强度大小相等、方向相反时，该点的电场强度才等于零．根据点电荷场强公式E=k和点电荷电场分布特点确定在AB连线上，电场强度为零的位置．【解答】解：点电荷电场线的分布特点；正电荷电场的电场线从正电荷出发到无穷远终止，负电荷电场的电场线从无穷远出发到负电荷终止．A、A和B之间两点产生的电场强度方向均向向左，合场强不可能为零．故A错误．B、A的右侧，A产生的电场强度向右，B产生的电场强度向左，电场强度方向相反，而且由题A 的电量大于B的电量，且A较近，由点电荷场强公式E=k可知，在同一点电场强度大小不可能相等，所以合场强不可能为零．故B错误．C、在B的左侧，A产生的电场强度向左，B产生的电场强度向右，电场强度方向相反，但由于A的电量大于B的电量，且A较远，由点电荷场强公式E=k可知，在同一点电场强度大小可能相等，所以合场强可能为零．故C正确．D、由上可知D错误．故选：C．【点评】对于异种电荷，合场强为零的位置在两电荷的连线上电量少的外侧；对于同种电荷，合场强为零的位置在两电荷的连线上两电荷之间，靠近电量少的电荷．3．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了（）A．除菌消毒 B．消除静电 C．利用静电 D．防止漏电【考点】静电现象的解释．【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从实例的原理出发就可以判断出答案．【解答】解：由题意可知，良好接地，目的是为了消除静电，这些要求与消毒无关，而因静电而产生爆炸，因此不可能是这样．静电会产生火花、热量，麻醉剂为易挥发性物品，遇到火花或热源便会爆炸，就象油罐车一样，在运输或贮存过程中，会产生静电，汽油属于易挥发性物品，所以它的屁股后面要安装接地线（软编织地线），以防爆炸，麻醉剂与之同理，故B正确，ACD错误；故选B【点评】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．4．如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动【考点】电场强度；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．【解答】解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向．烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动．故C正确．A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．5．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小【考点】电场线；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．【解答】解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．故选：C．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．6．匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1m，D为AB的中点，如图所示．已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为14V、6V和2V．设场强大小为E，一电量为1×10﹣6 C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W，则（）A．W=8×10﹣6J，E＞8v/m B．W=6×10﹣6J，E＞6v/mC．W=8×10﹣6J，E≤8v/m D．W=6×10﹣6J，E≤6v/m【考点】电势能；电场强度；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，D为AB的中点，则D点的电势φD=，电荷从D点移到C点电场力所做的功为W=qU DC=q（φD﹣φC）．【解答】解：由题匀强电场中，由于D为AB的中点，则D点的电势φD==10V，电荷从D点移到C点电场力所做的功为W=qU DC=q（φD﹣φC）=1×10﹣6×（10﹣2）J=8×10﹣6J．AB的长度为1m，由于电场强度的方向并不是沿着AB方向，所以AB两点沿电场方向的距离d＜1m 匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，即U=Ed所以E=＞8 v/m故选A．【点评】本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比U=Ed与运用公式W=qU 求解电场力做功的能力，常规题，比较简单．7．如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率v B=3v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A．B．C．D．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；带电粒子在混合场中的运动．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用，根据动能定理求出AB两点间的电势差U AB．【解答】解：粒子，从A到B，根据动能定理得qU AB﹣mgh=因为速率v B=3v0，粒子在竖直方向，只受到重力，所以机械能守恒，则有mgh=．由以上三式解得．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理．本题的难点在于运动的处理，由于微粒受到两个恒力作用，运用运动的分解是常用的方法8．两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小可能是（）A．B．C．D．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】接触带电的原则是先中和后平分，两个球的电性可能相同，可能不同，根据F=得出接触后再放回原处的库仑力大小．【解答】解：若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时F=，接触后再分开，带电量各为3Q，则两球的库仑力大小=．若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为2Q，此时两球的库仑力=．故B、D正确，A、C错误．故选BD．【点评】解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式F=．9．A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上，且到连线的距离相等，如图所示，则（）A．同一点电荷在A点的电势能大于在B点电势能B．把正电荷从A点移到B点，电势能先增大后减小C．把正电荷从A点移到B点，电势能先减小后增大D．A、B两点的连线上任意两点的电势差为零【考点】电势能；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，任意两点间的电势差为零，电荷在等势线上移动时电场力不做功，电荷的电势能不变化．【解答】解：A、B、C等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，正电荷在从A点移到B点，电场力不做功，其电势能保持不变．故ABC错误．D、等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，A、B两点的连线上任意两点的电势差为零．故D正确．故选D【点评】等量异种点电荷和等量同种点电荷电场线、等势面的分布是考试的热点，特别是连线中垂线的特点是加强记忆．10．一个电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点的过程中，克服电场力作功30eV．则（）A．电子在B点电势能是50eV B．电子电势能增加了30eVC．B点的电势是110V D．B点的电势是﹣110V【考点】功能关系；电势；电势能．【分析】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题．根据电势的定义得出电势的大小．【解答】解：A、电场力做正功，电势能减少；电场力做负功，电势能增加．本题“克服电场力做功”即为电场力做负功，所以电势能增加．根据W电=△E P电得出：那电子在B处的电势能是E p=80eV+30eV=110eV．故A错误，B正确．C、根据电势的定义，B点的电势等于==﹣110V，故A错误，D正确．故选BD．【点评】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题．根据电势的定义得出电势的大小．要注意电势有正负．11．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度减小，b加速度增大C．MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D．a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小【考点】电势；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据粒子轨迹的弯曲方向，判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．【解答】解：A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B正确．C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|U MN|大于NQ两点电势差|U NQ|．故C错误．D、根据电场力做功公式W=Uq，|U MN|＞|U NQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．故选BD【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．常见题型，比较简单．12．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧 B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】首先要明确矿料分选器内电场的分布及方向，判断矿粉的运动情况，从而可得到正确答案．【解答】解：由图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，A、带正电的矿粉受到水平向左的电场力，所以会落到左侧，选项A错误．B、无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向相同，电场力做正功，选项B正确C、带负电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项C错误．D、带正电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项D正确．故选BD【点评】该题考察了带电物体在电场力作用下的运动，要熟练的掌握带电粒子在电场中的受力情况及其运动情况，并会分析电场力做功与电势能的变化情况．三、计算题13．两个质量均为m=2×10﹣6kg的小球，悬于长l=40cm的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角（如图）．求每个小球的带电量．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受拉力的大小和小球受到的库仑力，再由库仑力公式可得出小球所带电荷量．【解答】解：设小球在水平方向受到库仑力的大小为F．以右边的小球为研究对象，分析受力如图．则根据平衡条件有：F=mgtan=mgtan30°由库仑定律得：F=k=k联立得：Q=l=0.4×C=1.44×10﹣8C答：每个小球的带电量为1.44×10﹣8C．【点评】本题中两边的球是对称的，分析其中一个小球即可得出正确结论；在电场中处理问题的方法与力学是一致的，做好受力分析是解决问题的关键．14．如图所示，在匀强电场中的M、N两点距离为2cm，两点间的电势差为5V，M、N连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据E=求的电场强度，注意d是沿电场线方向的距离【解答】解：由E=得，E=即电场强度为500V/m．答：此电场的电场强度为500V/m．【点评】考查了电场强度与电势差的关系．同时注意公式中d的含义．15．在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线一端连着一个质量为m、电量为+q的带电小球，另一端固定于O点．将小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速释放，则小球沿圆弧作往复运动．已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ（如图）．求（1）匀强电场的场强．（2）小球经过最低点时细线对小球的拉力．【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据动能定理研究小球从释放到最低点到最低点的另一侧的过程列出等式求出匀强电场的场强；（2）根据动能定理研究小球从释放到最低点的过程求出小球到最低点的速度；经过最低点时，由重力和细线的拉力的合力提供小球的向心力，由牛顿第二定律求出细线对小球的拉力．【解答】解：（1）设细线长为l，场强为E．因电量为正，故场强的方向为水平向右．从释放点到左侧最高点，由动能定理有W G+W E=△E k=0，故mglcosθ=qEl（1+sinθ）解得（2）若小球运动到最低点的速度为v，此时线的拉力为T，由动能定理同样可得由牛顿第二定律得由以上各式解得答：（1）匀强电场的场强为；（2）小球经过最低点时细线对小球的拉力为．【点评】本题是高考真题，考查动能定理和牛顿第二定律综合应用的能力，动能定理和向心力的关联点是速度．16．如图所示，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球做匀速直线运动，所受的合力为零，分析小球的受力情况，作出力图，由平衡条件求解即可．（2）小球要做直线运动，小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，由力的合成图求解即可．【解答】解：（1）欲使小球做匀速直线运动，必须使其合外力为0，如图甲所示．设对小球施加的力F1和水平方向夹角为α，则F1•cosα=qE cosθF1•sinα=qE sinθ+mg解得α=60°，F1=mg（2）为使小球做直线运动，则小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，如图乙所示．则F2=mgsin60°=mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．答：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小是mg，方向与水平成60°斜向右上方．（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小是mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．。

江苏省苏大附中2015_2016学年高二物理上学期第一次月考试题(含解析)

2015-2016学年江苏省苏大附中高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（3×9共27分）1．有关电压与电动势的说法中正确的是（）A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E=中W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．3．电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A．U1＜U2，Q1=Q2B．U1=U2，Q1=Q2C．W1=W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q24．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同5．如图所示为一磁流体发电机示意图，A、B是平行正对的金属板，等离子体（电离的气体，由自由电子和阳离子构成，整体呈电中性）从左侧进入，在t时间内有n个自由电子落在B 板上，则关于R中的电流大小及方向判断正确的是（）A．I=，从上向下B．I=，从上向下C．I=，从下向上D．I=，从下向上6．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积7．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M 屏上，则下列结论正确的是（）A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间8．如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况）（）A．增大偏转电压U B．增大加速电压U0C．增大偏转极板间距离D．将发射电子改成发射负离子9．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系有（）A．P1=4P D B．P1＜4P2C．P D=P2 D．P D=二、多项选择题（4×5共20分）10．（多选）下列说法正确的是（）A．据R=可知，加在电阻两端的电压变为原来的2倍时，导体的电阻也变为原来的2倍B．不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及加在两端的电压改变时导体的电阻不变C．据ρ=可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积RS成正比，与导体的长度l成反比D．导体的电阻率与导体的长度l、横截面积S、导体的电阻R皆无关11．在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（）A．L2的电阻为12ΩB．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值为4：1D．L1两端的电压为L2两端电压的2倍12．如图，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，板间有匀强电场，质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子，以初速度由小孔进入电场，当M、N间电压为U时，粒子刚好能到达N板，如果要使这个带电粒子能到达M、N两板间距的处返回，则下述措施能满足要求的是（）A．使初速度减为原来的B．使M、N间电压提高到原来的2倍C．使M、N间电压提高到原来的4倍D．使初速度和M、N间电压都减为原来的13．如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．2s末带电粒子回到原出发点C．3s末带电粒子的速度为零D．0～3s内，电场力做的总功为零14．如图所示，光滑的水平轨道AB，与半径为R的光滑的半圆形轨道BCD相切于B点，AB水平轨道部分存在水平向右的匀强电场，半圆形轨道在竖直平面内，B为最低点，D为最高点．一质量为m带正电的小球从距B点x的位置在电场力的作用下由静止开始沿AB向右运动，恰能通过最高点，则（）A．R越大，x越大B．R越大，小球经过B点后瞬间对轨道的压力越大C．m越大，x越大D．m与R同时增大，电场力做功增大三、实验题（2×9共18分）15．（12分）（2015秋•江苏校级月考）某同学在探究规格为“6V，3W”的小灯泡伏安特性曲线实验中：该同学采用如图所示的电路进行测量．图中R为滑动变阻器（阻值范围0～20Ω，额定电流1.0A），L为待测小灯泡，V为电压表（量程6V，电阻20kΩ），A为电流表（量程0.6A，内阻1Ω），E为电源（电动势8V，内阻不计），S为开关．Ⅰ．在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最端；（填“左”或“右”）Ⅱ．在实验过程中，已知各元件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是点至点的导线没有连接好；（图中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写如图所示中的数字）Ⅲ．该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而．（填“不变”、“增大”或“减小”）16．小明对2B铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其电阻值．（1）图1是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图1中画出．（2）小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到U﹣I图上，如图2．在图中，由电流表外接法得到的数据点是用（填“○”或“×”）表示的．（3）请你选择一组数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为Ω．四、推理与计算题（18+18+19共55分）17．（18分）（2012秋•临清市校级期末）如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U=12V，电解槽内阻r A=2Ω，当K1闭合，K2、K3断开时，电流表示数6A；当K2闭合，K1、K3断开时，电流表示数5A，且电动机输出功率为35W；当K3闭合，K1、K2断开时，电流表示数为4A．求：（1）电炉子的电阻及发热功率各多大？（2）电动机的内阻是多少？（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？18．（18分）（2008•青岛二模）如图所示，真空中水平放置的两个相同极板Y和Y'长为L，相距d，足够大的竖直屏与两板右侧相距b．在两板间加上可调偏转电压U，一束质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力）从两板左侧中点A以初速度v0沿水平方向射入电场且能穿出．（1）证明粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心O点；（2）求两板间所加偏转电压U的范围；（3）求粒子可能到达屏上区域的长度．19．（19分）（2014•闸北区一模）如图，水平放置的金属薄板A、B间有匀强电场，已知B板电势高于A板．电场强度E=5×105N/C，间距d=1.25m．A板上有一小孔，M恰好在孔的正上方，距离h=1.25m．从M处每隔相等时间间隔由静止释放一个质量m=1×10﹣3kg的带电小球．第1个带电小球的电量q1=+1×10﹣8C，第n个带电小球的电量q n=nq1．取g=10m/s2．求：（1）第1个带电小球从M下落至B板的时间；（2）第几个带电小球将不能抵达B板；（3）第（2）问中该带电小球下落过程中机械能的变化量．2015-2016学年江苏省苏大附中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（3×9共27分）1．有关电压与电动势的说法中正确的是（）A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E=中W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电压与电动势的单位相同，但物理意义不同．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．解答：解：A、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A错误．B、根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E﹣Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势．当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故B错误．C、电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．故C错误．D、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故D正确．故选：D．点评：本题考查电动势的概念，关键要明确电动势的物理意义，知道与电压的区别，属于基础题．2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：由金属导体电阻的决定式R=ρ进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．解答：解：由电阻的决定式可知，A中电阻R A=，B中电阻R B=；C中电阻R C=；D中电阻R D=；故电阻最小的为A；故选：A．点评：本题考查电阻定率的应用，要注意电阻是由导体本身的性质决定的．3．电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A．U1＜U2，Q1=Q2B．U1=U2，Q1=Q2C．W1=W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q2考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：开关接通后，电动机正常工作，其电路非纯电阻电路，电动机两端的电压大于线圈电阻与电流的乘积．而电阻R是纯电阻，其两端电压等于电阻与电流的乘积．根据焦耳定律研究热量关系．解答：解：设开关接通后，电路中电流为I．对于电阻R，由欧姆定律得U1=IR对于电动机，U2＞IR，则U1＜U2．根据焦耳定律得Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，则Q1=Q2．故选A点评：本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用．4．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．解答：解：A、B图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．故选B点评：本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．5．如图所示为一磁流体发电机示意图，A、B是平行正对的金属板，等离子体（电离的气体，由自由电子和阳离子构成，整体呈电中性）从左侧进入，在t时间内有n个自由电子落在B板上，则关于R中的电流大小及方向判断正确的是（）A．I=，从上向下B．I=，从上向下C．I=，从下向上D．I=，从下向上考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的定义式求解电流的大小，根据左手定则判断洛伦兹力的方向，分析自由电子向什么方向运动．解答：解：由题，在t时间内，落到B板的电子数为n个，即电子的电量为q=ne，根据电流的定义式I=，得通过R的电流大小为I=，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向下，则R中电流方向从上向下．故选A点评：磁流体发电机的原理实质是带电粒子在磁场中偏转而形成电流．电流方向与电子定向移动方向相反．6．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．解答：解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A错误；B、C由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=≠，故B、C错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．故选D．点评：对于线性元件，其电阻R==，非线性元件，R=；对于U﹣I图与I﹣U 图要区分清楚，电阻R=K，还是R=不能搞错．7．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M 屏上，则下列结论正确的是（）A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据题意分析，质点最后垂直打在M屏上，必须考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，第二次斜向上抛运动平抛运动的逆过程，运用运动的分解法，根据对称性，分析前后过程加速度的关系，再研究电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．解答：解：A、B：据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得，qE﹣mg=mg，得到．故A错误，B错误．C、D由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．故C正确，D错误．故选：C点评：本题是类平抛运动与平抛运动的综合应用，基本方法相同：运动的合成与分解．8．如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况）（）A．增大偏转电压U B．增大加速电压U0C．增大偏转极板间距离D．将发射电子改成发射负离子考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子先经电场加速，后经电场偏转，先根据动能定理得到加速获得的速度表达式，再运用运动的分解，结合类平抛运动的规律，得到偏转距离y的表达式，即可进行分析．解答：解：经加速电场后的速度为v，则mv2=eU0所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v=电子进入偏转电场后的偏转的位移 y=at2=••（）2=．可见，要增大y，可行的方法有：增大偏转电压U，减小加速电压U0．或减小偏转电场极板间距离d，与粒子的电性和质量无关．故A正确．故选：A．点评：本题是先加速后偏转，带电粒子通过组合场的类型，得到的结论与带电粒子的电量和质量无关．9．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系有（）A．P1=4P D B．P1＜4P2C．P D=P2 D．P D=考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据半导体材料的伏安特性曲线可知，随着电压增大，电阻器D的电阻减小，电压减小，电阻增大．电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，电阻增大，根据并联电路的特点分析其电流与R1、R2电流的关系，再研究功率关系．解答：解：由题，电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，电阻器D的电阻增大，则有R D＞R1=R2．而R D与R2并联，电压相等，根据欧姆定律得知，电流I D＜I2，又I1=I2+I D，得到I1＜2I2，I1＞2I D．，，，所以得到P1＜4P2．P1与4P D的大小无法判断．P D＜P2．P2＞，故如图（b）的电路中，P D与无法比较．故选B点评：本题首先要读懂半导体材料的伏安特性曲线，其次要抓住串并联电路的特点进行分析．二、多项选择题（4×5共20分）10．（多选）下列说法正确的是（）A．据R=可知，加在电阻两端的电压变为原来的2倍时，导体的电阻也变为原来的2倍B．不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及加在两端的电压改变时导体的电阻不变C．据ρ=可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积RS成正比，与导体的长度l成反比D．导体的电阻率与导体的长度l、横截面积S、导体的电阻R皆无关考点：电阻定律；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题．解答：解：A、由于R=的定义式，对于一个确定的导体来说，导体的电阻与导体两端的电压无关，故A错误；B、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，在温度不变时，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故B正确；C、同种材料的导体，导体的电阻率不变，故C错误；D、材料的电阻率与导体材料、长度、横截面积无关，故D正确；故选：BD．点评：本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、应用欧姆定律即可正确解题．11．在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（）A．L2的电阻为12ΩB．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值为4：1D．L1两端的电压为L2两端电压的2倍考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当开关S闭合后L1灯的电流强度为总电流，结合图象得到灯泡L1、L2、L3的电压和电流，然后求解功率．解答：解：A、据电路图可知据乙图可知电流为0.25A，L1灯泡的电压为3V；灯泡L2、L3并联，每个灯泡通过的电流为0.125A，从图乙知电压U2=U3＜1V，L1两端的电压不是L2两端电压的2倍，电流为0.125A时电压大约为0.5V，所以L2电阻R2=，故A错误D错误；B、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1==12Ω，功率P1=U1I1=0.75W，B正确．C、L2消耗的功率P2=U2I2＜1V×0.125A=0.125W，故C错误．故选：B点评：本题关键结合图象得到灯泡L1、L2、L3的电压和电流，图中数据比较特殊，刚好是处于方格纸的交点位置．12．如图，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，板间有匀强电场，质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子，以初速度由小孔进入电场，当M、N间电压为U时，粒子刚好能到达N板，如果要使这个带电粒子能到达M、N两板间距的处返回，则下述措施能满足要求的是（）A．使初速度减为原来的B．使M、N间电压提高到原来的2倍C．使M、N间电压提高到原来的4倍D．使初速度和M、N间电压都减为原来的考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由题意知粒子射入电场后，电场力做负功，动能减小，根据动能定理列出方程．要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，根据匀强电场沿电场线方向两点间电势差与距离成正比，再运用数学知识进行讨论，选择题意的选项．解答：解：粒子刚好能达到B金属板时，根据动能定理得，﹣qU=0﹣，现在使带电粒子能到达MN板间距的处返回，则电场力做功等于﹣．A、当初速度，U不变，则有带电粒子动能的变化，故A错误；B、电压提高到原来的2倍，则带电粒子运动到MN板中点时电场力做功，与粒子动能变化相等，故B正确；C、电压提高到原来的4倍，则带电粒子运动到MN板中点时电场力做功W=，与粒子动能的变化不等，故C错误；D、初速度减为原来的，则带电粒子动能变化减为原来的，MN板间电压减为原来的，则运动到MN板间中点电场力做功为原来的，故D正确．故选BD点评：本题根据动能定理研究带电粒子在电场中加速的问题，是常用的方法．比较简单．13．如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）。

高二生物月考试题带答案-安徽省太和中学2015-2016学年高二第一次月考

安徽省太和中学2015-2016学年高二第一次月考生物试卷本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共100分,考试时间90分钟。

安徽省池州市东至二中2015～2016学年高二上学期阶段测试试卷物理 Word版含答案.pdf

东至二中2015—2016学年第一学期高二年级阶段测试物理试卷一、选择题(每小题4分，共40分.1～6为单选，7～10为多选) 1.如图所示，在点电荷＋Q的电场中有A、B两点，将质子和α粒子分别从A点由静止释放到达B点时，它们的速度大小之比为( ) A．1∶1 B．2∶1C.∶1 D．1∶ 等量、同种、带正电的点电荷的连线和其中垂线如图所示。

一个带负电的试探电荷，先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则A．试探电荷所受电场力的方向一直不变 B．试探电荷所受电场力的大小一直增加 C．试探电荷的电势能一直增加D．a、b、c三点的电势为φa＜φb＜φc3．如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是( ) A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小 C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小 4.如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是( ) A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置下降 B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升 C．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变 D．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的速度变大如图甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，从A点沿电场线运动到B点．在此过程中，该点电荷的速度v随时间t变化的规律如图乙所示．下列说法中正确的是( ) A．A点的电场强度比B点的大B．A点B点的 C．A点的电势比B点的电势高D．A点的电势比B点的电势低6. 图所示电路中，各灯额定电压和额定功率分别是：A灯“10V 10W”，B灯“60V 60W”，C灯“40V 40W”，D灯“30V 30W”。

安徽省太和二职高2015_2016学年高二化学上学期第一次月考试题

2015~2016学年第一学期第一次月考化学试题班姓名计分_______一、选择题(本大题共15小题，每小题3分，共45分)1．1 g H2燃烧生成液态水放出142.9 kJ的热量，表示该反应的热化学方程式中，正确的是( )A．2H2(g)＋O2(g)===2H2O(l) ΔH＝－142.9 kJ·mol－1B．2H2(g)＋O2(g)===2H2O(l) ΔH＝－571.6 kJ·mol－1C．2H2＋O2===2H2O ΔH＝－571.6 kJ·mol－1D．2H2(g)＋O2(g)===2H2O(l) ΔH＝＋571.6 kJ·mol－12．下列关于热化学反应的描述，正确的是( )A．HCl和NaOH反应的中和热ΔH＝－57.3 kJ/mol，则H2SO4和Ba(OH)2反应的中和热ΔH ＝－114.6 kJ/molB．CO(g)的燃烧热是283.0 kJ/mol，则2CO2(g)===2CO(g)＋O2(g)反应的ΔH＝＋566.0 kJ/molC．需要加热才能发生的反应一定是吸热反应D．1 mol甲烷燃烧生成气态水和二氧化碳所放出的热量是甲烷的燃烧热3．将如图所示实验装置的K闭合，下列判断正确的是( )A．Cu电极上发生还原反应B．电子沿Zn→a→b→Cu 路径流动C．片刻后甲池中c(SO2－4)增大D．片刻后可观察到滤纸b点变红色4．根据热化学方程式：S(s)＋O2(g)===SO2(g) ΔH＝－297.23 kJ/mol(反应在298 K、101 kPa下发生)分析下列说法不正确的是( )A．标况下，燃烧1 mol S放出的热量为297.23 kJB．S(g)＋O2(g)===SO2(g)放出的热量大于297.23 kJC．S(g)＋O2(g)===SO2(g)放出的热量小于297.23 kJD．形成1 mol SO2的化学键所释放的总能量大于断裂1 mol S(s)和1 mol O2(g)的化学键所吸收的总能量5．通常人们把拆开1 mol某化学键所吸收的能量看成该化学键的键能。

安徽省阜阳市第三中学2015-2016学年高二上学期第一次调研考试理数试题解析(解析版)

第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.不等式0121≤+-x x 的解集为（） A.⎥⎦⎤⎢⎣⎡-1,21 B ⎥⎦⎤ ⎝⎛-1,21 C.[)+∞⋃⎪⎭⎫ ⎝⎛-∞-,121. D.[)+∞⋃⎥⎦⎤ ⎝⎛-∞-,121,【答案】B考点：分式不等式的解法。

2.若命题:,p x A B p ∈⋃⌝则是（）A ．x AB ∈⋂ B ．x A x B ∉∉或C ．x A B ∉⋂D ． x A x B ∉∉且【答案】D 【解析】试题分析：p ⌝是对结论的否定，显然选D 。

考点：命题的否定3.若变量x ，y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧y ≤x ，x ＋y ≤1，y ≥－1，且z ＝2x ＋y 的最大值和最小值分别为m 和n ，则m －n ＝( )A ．5B ．6C ．7D ．8 【答案】B 【解析】试题分析：不等式组表示的平面区域（如图）为三角形ABC 及其内部，易知，B （2，-1），C （-1，-1）。

目标函数z ＝2x ＋y 可看作直线y=-2x+z 在y 轴上的截距，显然当直线过点B 时，取得最大值m=3；当过点A 时，取得最小值n=-3。

所以m-n=6. 故选B 。

考点：线性规划求最值。

4.下列命题中的假命题的是（） A ．1,20x x R -∀∈> B ．()2*,10x N x ∀∈->C ．,lg 1x R x ∃∈<D ．,tan 2x R x ∃∈= 【答案】B 【解析】试题分析：当x=1时，（x-1）2=0,显然选项B 错误，故选B 。

考点：特称命题与存在命题的真假判断。

5.命题“若A B A =⋃，则B B A =⋂”的否命题是（）A 若AB A ≠⋃，则B B A ≠⋂ B 若A B A =⋃，则B B A ≠⋂C 若B B A ≠⋂，则A B A ≠⋃D 若A B A ≠⋃，则B B A =⋂ 【答案】A 【解析】试题分析：否命题是对已知和结论同时否定，所以选A. 考点：否命题。

【化学】安徽省阜阳市太和中学2015-2016学年高二上学期第一次月考试卷

安徽省阜阳市太和中学2015～2016学年度高二上学期第一次月考化学试卷一、选择题（共25小题）1．下列有机物的一氯代物的同分异构体有三种的是（）①CH3CH2CH2CH2CH3②（CH3）3CCH2CH3③CH（CH2CH3）3④（CH3）2C（CH2CH3）2⑤（CH3）2CH﹣C（CH3）3⑥（CH3）3C﹣C（CH3）3．A．①②③④⑤B．②⑥C．①②⑥ D．④⑤⑥2．下列说法正确的是（）A．乙烯和乙烷都能发生加聚反应B．蛋白质水解的最终产物是多肽C．米酒变酸的过程涉及了氧化反应D．石油裂解和油脂皂化都是高分子生成小分子的过程3．下列与有机物结构、性质相关的叙述错误的是（）A．乙酸分子中含有羧基，可与NaHCO3溶液反应生成CO2B．蛋白质和油脂都属于高分子化合物，一定条件下都能水解C．甲烷和氯气反应生成一氯甲烷与苯和硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同D．苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有乙烯分子中类似的碳碳双键4．将等体积的苯、汽油和水在试管中充分混合后静置．下列图示现象正确的是（）A． B．C． D．5．只用一种试剂就可以鉴别乙酸溶液、葡萄糖溶液、蔗糖溶液，这种试剂是（）A．NaOH溶液B．新制Cu（OH）2悬浊液C．石蕊试液D．Na2CO3溶液6．为了减少大气污染，许多城市推广汽车使用清洁燃料．目前使用的清洁燃料主要有两类，一类是压缩天然气（CNG），另一类是液化石油气（LPG）．这两类燃料的主要成份都是（）A．碳水化合物B．碳氢化合物C．氢气 D．醇类7．常温下能溶于水，一定条件下又能与水反应的是（）A．乙酸乙酯 B．麦芽糖C．葡萄糖D．纤维素8．制取最合理的方法是（）A．CH3CH3与Cl2取代B．CH2═CH2与HCl加成C．CH2═CH2与Cl2加成D．CH3CH2Cl与Cl2取代9．下列说法正确的是（）A．特氟隆（聚四氟乙烯）的单体是氟利昂B．蛋白质是由氨基酸形成的可水解的高分子化合物，其水溶液有丁达尔现象C．聚丙烯的结构简式为：D．石英的化学式为CaSiO310．下列关于有机化合物的说法正确的是（）A．和是两种不同的物质B．聚氯乙烯的单体为CH2═CHClC．乙烷和乙烯均能使酸性KMnO4溶液褪色D．1 mol乙酸与足量乙醇在浓硫酸催化下加热，可生成1 mol乙酸乙酯11．从结构推测有机物CH2═CHCOOCH3最不可能具有的性质是（）A．能发生取代反应B．能被新制Cu（OH）2悬浊液氧化C．能发生加聚反应D．能使溴水退色12．对于碳原子数小于或等于6的烃，下列说法中正确的是（）A．6个碳原子形成的烃分子中，最多有5个C﹣C单键B．C2H4的结构简式可表示为CH2CH2C．C3H6分子中一定含有C═C双键D．C6H6分子中，所有原子均可能在同一平面内13．下列实验事实可以用同一反应原理解释的是（）A．活性炭、氯气都能使品红溶液褪色B．苯、乙醇、纤维素都能与浓硝酸反应C．乙烯、氯乙烯都能使溴水褪色D．淀粉、蛋白质都能发生显色（或颜色）反应14．下列关于高分子化合物的叙述正确的是（）A．高分子化合物结构复杂，相对分子质量很大B．对于一块高分子材料来说，n是一个整数，因而它的相对分子质量是确定的C．高分子化合物是纯净物D．高分子材料可分为天然高分子材料和合成高分子材料15．可以用来鉴别甲烷和乙烯，还可以用来除去甲烷中乙烯的操作方法的是（）A．将混合气体通过盛有酸性KMnO4溶液的洗气瓶B．将混合气体通过盛有适量溴水的洗气瓶C．将混合气体中通入氢气，在Ni催化加热的条件下反应D．将混合气体通过盛有NaOH溶液的洗气瓶16．下列关于油脂的叙述不正确的是（）A．利用油脂在碱性条件下的水解反应，可以生产甘油和肥皂B．油脂在小肠内受酶的催化作用而水解，生成的高级脂肪酸和甘油作为人体营养成分为肠壁所吸收，同时提供人体活动所需要的能量C．油脂中的碳链为碳碳单键时，主要是高沸点的动物脂肪D．油脂是人体所需的基本营养物质之一，应尽量多食用油脂类物质17．下列说法正确的是（）A．日常生活中无水乙醇常用于杀菌消毒B．用乙醇作萃取剂可以将碘从碘水中萃取出来C．乙醇、乙烷和苯都可以与钠反应生成氢气D．乙醇是一种可再生能源18．下列球棍模型表示的各烷烃分子中，一氯代物只有一种的是（）A． B．C．D．19．在CH3COOH+C2H5OH CH3COOC2H5+H2O的平衡体系中，加入一定量的C2H518OH，当重新达到平衡时，18O原子应存在于（）A．乙酸乙酯中B．乙酸中C．水中D．乙酸、乙酸乙酯和水中20．一定量的甲烷燃烧后得到CO、CO2及水蒸气，混合气共重49.6g，通过无水CaCl2时，CaCl2增重25.2g，则CO2的质量为（）A．12.5 g B．13.2 g C．19.7 g D．24.4 g21．下列物质中，不属于高分子化合物的是（）A．酶B．天然橡胶 C．淀粉 D．硬脂酸甘油酯22．下列说法中错误的是（）A．无论是乙烯与Br2的加成反应，还是乙烯使酸性KMnO4溶液褪色，都与乙烯分子内含有碳碳双键有关B．用溴的CCl4溶液或酸性KMnO4溶液都可以鉴别乙烯和乙烷C．相同质量的乙烯和甲烷完全燃烧后产生的水的质量相同D．利用燃烧的方法可以鉴别乙烯和甲烷23．关于生活中的有机物，下列说法不正确的是（）A．葡萄糖可以发生氧化反应、银镜反应和水解反应B．工业上利用油脂在碱性条件下的水解反应制取肥皂和甘油C．食用植物油的主要成分是高级不饱和脂肪酸甘油酯，是人体营养物质D．皮肤接触浓硝酸变黄是蛋白质的颜色反应24．下列有关甲苯的实验事实中，能说明侧链对苯环性质有影响的是（）A．甲苯的硝化反应生成三硝基甲苯B．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．甲苯燃烧产生带浓烟的火焰D．1mol甲苯与3mol H2发生加成反应25．用石灰水保存鲜蛋是一种化学保鲜法．石灰水能保存鲜蛋的原理是（）①石灰具有碱性，杀菌能力强；②Ca（OH）2能与鲜蛋呼出的CO2反应，生成碳酸钙薄膜，起保护作用；③石灰水是电解质溶液，能使蛋白质凝聚；④石灰水能渗入蛋内中和酸性物质．A．①②B．③④C．②④D．①③二、填空题（共1小题）（除非特别说明，请填准确值）26．A是来自石油的基本化工原料．A是气态烃，B和D是生活中两种常见的有机物，F是高分子化合物，相互转化关系如图所示．（1）A分子的电子式是；C的结构简式是；D中官能团名称．在反应①～⑥中，属于加成反应的是，属于取代反应的是（填序号）．（3）写出下列反应的化学方程式：②B→C：；④B+D→G：；⑤G→B+E：；⑥A→F：．三、解答题（共4小题）（选答题，不自动判卷）27．利用甲烷与氯气发生取代反应制取副产品盐酸的设想在工业上已成为现实．某化学兴趣小组在实验室中模拟上述过程，其设计的模拟装置如下：根据设计要求回答：（1）B装置有三种功能：①控制气流速度；②均匀混合气体；③．D装置的石棉中均匀混有KI粉末，其作用是（说明作用并写出反应的方程式）（3）E装置的作用是（填编号）．A．收集气体B．吸收氯气C．防止倒吸D．吸收氯化氢（4）在C装置中，经过一段时间的强光照射，发现硬质玻璃管内壁有黑色小颗粒产生，写出置换出黑色小颗粒的化学方程式．（5）E装置除生成盐酸外，还含有有机物，从E中分离出盐酸的最佳方法为．该装置还有缺陷，原因是没有进行尾气处理，其尾气的主要成分为（填编号）．a．CH4b．CH3Cl c．CH2Cl2d．CHCl3e．CCl4．28．实验室通常用浓硫酸和乙醇反应来制取乙烯，常因温度过高而生成少量的二氧化硫．有人设计下列实验以确认上述混合气体中有乙烯和二氧化硫，试回答下列问题．（1）图中①、②、③、④装置可盛放的试剂分别是：①，②，③，④（将下列有关试剂的序号填入）．A．品红溶液B．NaOH溶液C．浓硫酸D．酸性KMnO4溶液能说明二氧化硫气体存在的现象是．（3）使用装置②和③的目的是；（4）说明含有乙烯的现象是．29．．塑料制品是人类日常生活中使用量最大的合成高分子材料．大量塑料制品的生产和使用，给人们的生活带来了极大的方便，同时也造成了严重的环境问题﹣﹣白色污染．当今白色污染问题已得到了人们应有的重视，一些科学家也成功地寻找到了治理白色污染的有效途径．结合学过的知识，回答下列问题：（1）写出工业上利用石油裂解气生产聚乙烯的化学方程式：．塑料废弃物的危害有．①破坏土壤结构，影响植物生长②造成海难事件③破坏环境卫生④危及海洋生物的生存A．①②④B．①②③C．①③④D．全部（3）某些废旧塑料可采用下列方法处理：将废塑料隔绝空气加强热，使其变成有用的物质，实验装置如图（加热装置略）．加热某种废弃塑料得到的产物有氢气、甲烷、乙烯、丙烯、苯、甲苯、炭等．①试管B收集到的产品为和，其一氯代物分别有几种？；．②锥形瓶C中观察到的现象为．③写出C中逸出的气体在工业上的两种用途、．30．写出下列各烷烃的分子式．（1）烷烃A在同温同压下蒸气的密度是H2的36倍．烷烃B的分子中含有200个氢原子．（3）1L烷烃D的蒸气完全燃烧时，生成同温同压下15L的水蒸气．（4）分子中含有22个共价键的烷烃．安徽省阜阳市太和中学2015～2016学年度高二上学期第一次月考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共25小题）1．下列有机物的一氯代物的同分异构体有三种的是（）①CH3CH2CH2CH2CH3②（CH3）3CCH2CH3③CH（CH2CH3）3④（CH3）2C（CH2CH3）2⑤（CH3）2CH﹣C（CH3）3⑥（CH3）3C﹣C（CH3）3．A．①②③④⑤B．②⑥C．①②⑥ D．④⑤⑥【考点】有机化合物的异构现象．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】根据一氯代物的种类等于氢原子的种类，一氯代物只有三种，说明只有三种氢原子来解答．【解答】解：①CH3CH2CH2CH2CH3有3种氢原子，则一氯代物有3种；②（CH3）3CCH2CH3有3种氢原子，则一氯代物有3种；③CH（CH2CH3）3有3种氢原子，则一氯代物有3种；④（CH3）2C（CH2CH3）2有3种氢原子，则一氯代物有3种；⑤（CH3）2CH﹣C（CH3）3有3种氢原子，则一氯代物有3种；⑥（CH3）3C﹣C（CH3）3有1种氢原子，则一氯代物有1种；故选A．【点评】本题考查学生同分异构体的书写，要求学生具有整合知识的能力，掌握方法即可完成，注意等效氢的判断，难度不大．2．下列说法正确的是（）A．乙烯和乙烷都能发生加聚反应B．蛋白质水解的最终产物是多肽C．米酒变酸的过程涉及了氧化反应D．石油裂解和油脂皂化都是高分子生成小分子的过程【考点】乙烯的化学性质；石油的裂化和裂解；乙醇的化学性质；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．【专题】压轴题．【分析】乙烯含有不饱和键，能发生加成和加聚反应；蛋白质在酶的作用下发生水解，最终产物是氨基酸；米酒变酸就由于醇中的羟基被氧化为羧基，涉及到了氧化反应；所谓高分子化合物，是指由众多原子或原子团主要以共价键结合而成的相对分子量在一万以上的化合物，油脂不是高分子化合物．【解答】解：A、乙烷是饱和烃，不能发生加聚反应，故A错；B、蛋白质水解的最终产物是氨基酸，故B错；C、酒精生成酸的过程发生了氧化反应，故C正确；D、油脂不是高分子化合物，则油脂皂化不是高分子生成小分子的反应，故D错．故选C．【点评】本题考查常见有机物的性质，学习中要准确把握，注意积累，易错点为高分子化合物的认识．3．下列与有机物结构、性质相关的叙述错误的是（）A．乙酸分子中含有羧基，可与NaHCO3溶液反应生成CO2B．蛋白质和油脂都属于高分子化合物，一定条件下都能水解C．甲烷和氯气反应生成一氯甲烷与苯和硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同D．苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有乙烯分子中类似的碳碳双键【考点】乙酸的化学性质；取代反应与加成反应；苯的结构；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；有机高分子化合物的结构和性质．【分析】乙酸具有酸性，酸性强于碳酸；油脂属于小分子化合物，蛋白质属于高分子化合物，二者都能水解；甲烷和氯气在光照条件下发生取代反应，苯和硝酸在浓硫酸作用下发生硝化反应，也为取代反应，生成硝基苯；苯不具有烯烃的结构特征，不与溴的四氯化碳溶液发生加成反应．【解答】解：A、乙酸属于一元羧酸，酸性强于碳酸的，所以可与NaHCO3溶液反应生成CO2，故A正确；B、油脂是高级脂肪酸的甘油酯，属于酯类，但不属于高分子化合物，故B错误；C、甲烷和氯气反应生成一氯甲烷，以及苯和硝酸反应生成硝基苯的反应都属于取代反应，故C正确；D、只有分子中含有不饱和键（如碳碳双键），则可以与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，从而使之褪色，而苯中的化学键是介于单键和双键之间特殊的化学键，故D正确．故选B．【点评】本题考查常见有机物的性质，涉及到甲烷、苯、乙酸、油脂和蛋白质，难度较小，明确有机物中的官能团来分析性质、结构决定性质及高分子化合物的概念即可解答．4．将等体积的苯、汽油和水在试管中充分混合后静置．下列图示现象正确的是（）A． B．C． D．【考点】分液和萃取．【专题】化学实验基本操作．【分析】苯和汽油互溶，二者都不溶于水，结合物质的密度可知，密度小的在上方，以此来解答．【解答】解：苯、汽油都不溶于水，二者互溶，且密度都比水小，在水的上层，从图象上看，D正确．故选D．【点评】本题考查有机物的性质，题目难度不大，注意把握相关基础知识的积累．5．只用一种试剂就可以鉴别乙酸溶液、葡萄糖溶液、蔗糖溶液，这种试剂是（）A．NaOH溶液B．新制Cu（OH）2悬浊液C．石蕊试液D．Na2CO3溶液【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用．【专题】物质检验鉴别题．【分析】乙酸虽是弱酸，但能溶解氢氧化铜，．乙酸与其混合后溶液澄清；葡萄糖是还原性糖，与氢氧化铜悬浊液共热会产生砖红色沉淀；蔗糖不是还原性糖，与氢氧化铜悬浊液混合后无明显现象．【解答】解：A．NaOH溶液与乙酸发生中和反应，但没有明显现象，与葡萄糖、蔗糖不反应，故A不选；B．乙酸溶解氢氧化铜，葡萄糖是还原性糖，与氢氧化铜悬浊液共热会产生砖红色沉淀；蔗糖不是还原性糖，与氢氧化铜悬浊液混合后无明显现象，三种溶液现象各不相同，能鉴别，故B选；C．石蕊为酸碱指示剂，不能用来鉴别葡萄糖和蔗糖，故C不选；D．Na2CO3溶液与乙酸反应生成气体，但与葡萄糖和蔗糖不反应，故D不选．故选B．【点评】本题考查物质的检验，题目难度不大，本题注意葡萄糖和蔗糖性质的区别，学习中注重常见物质的性质的积累，把握物质的检验方法．6．为了减少大气污染，许多城市推广汽车使用清洁燃料．目前使用的清洁燃料主要有两类，一类是压缩天然气（CNG），另一类是液化石油气（LPG）．这两类燃料的主要成份都是（）A．碳水化合物B．碳氢化合物C．氢气 D．醇类【考点】清洁能源．【专题】有机化合物的获得与应用．【分析】天然气的主要成分是甲烷，液化石油气的主要成分是乙烯、乙烷、丙烷、丙烯、丁烷、丁烯等，都属于烃类物质．【解答】解：A、天然气和液化石油气都属于烃类物质，只含碳和氢两种元素，故A错误；B、烃类物质属于碳氢化合物，故B正确；C、天然气和液化石油气中不含氢气，故C错误；D、天然气和液化石油气都属于烃类物质，不含氧元素，而醇类物质一定含有氧元素，故D 错误；故选B．【点评】本题考查有机物的组成，较为简单，注意天然气和液化石油气的区别．7．常温下能溶于水，一定条件下又能与水反应的是（）A．乙酸乙酯 B．麦芽糖C．葡萄糖D．纤维素【考点】蔗糖、麦芽糖简介；酯的性质．【分析】A．乙酸乙酯不溶于水；B．麦芽糖易溶于水；C．葡萄糖不能水解；D．纤维素不溶于水．【解答】解：A．乙酸乙酯不溶于水，能水解生成乙酸和乙醇，故A错误；B．麦芽糖易溶于水，与水反应水解生成葡萄糖，故B正确；C．葡萄糖不能与水反应，故C错误；D．纤维素不溶于水，能水解生成纤维素，故D错误．故选B．【点评】本题考查有机物的结构与性质，把握物质的溶解性与水解反应为解答的关键，题目难度不大．8．制取最合理的方法是（）A．CH3CH3与Cl2取代B．CH2═CH2与HCl加成C．CH2═CH2与Cl2加成D．CH3CH2Cl与Cl2取代【考点】卤代烃简介．【分析】A．CH3CH3与Cl2发生取代反应生成的多种氯代乙烷；B．CH2═CH2与HCl发生加成反应生成氯乙烷；C．CH2═CH2与Cl2发生加成反应生成1，2﹣二氯乙烷；D．CH3CH2Cl与Cl2发生取代反应生成的多种氯代乙烷．【解答】解：A．CH3CH3与Cl2发生取代反应生成产物为乙烷的各种氯代产物，无法获得较纯净的1，2﹣二氯乙烷，故A错误；B．CH2═CH2与HCl发生加成反应生成氯乙烷，无法获得1，2﹣二氯乙烷，故B错误；C．CH2═CH2与Cl2反应生成产物为1，2﹣二氯乙烷，获得纯净的1，2﹣二氯乙烷，故C 正确；D．CH3CH2Cl与Cl2发生取代反应生成的多种氯代乙烷，无法获得较纯净的1，2﹣二氯乙烷，故D错误；故选C．【点评】本题考查了有机物的制取方案的评价，题目难度不大，注意掌握常见有机物的结构与性质，能够根据学过的有机反应原理判断制取方案的合理性．9．下列说法正确的是（）A．特氟隆（聚四氟乙烯）的单体是氟利昂B．蛋白质是由氨基酸形成的可水解的高分子化合物，其水溶液有丁达尔现象C．聚丙烯的结构简式为：D．石英的化学式为CaSiO3【考点】合成材料；聚合反应与酯化反应．【分析】A．聚四氟乙烯的单体是四氟乙烯；B．蛋白质能水解生成氨基酸；C．聚丙烯是由丙烯不饱和的碳原子相互加成得到的，注意原子之间连接；D．石英是二氧化硅．【解答】解：A．聚四氟乙烯的单体是四氟乙烯，不是氟利昂，故A错误；B．蛋白质能水解，所以是可水解的高分子化合物，故B正确；C．聚丙烯是由丙烯不饱和的碳原子相互加成得到的，其结构简式为，故C错误；D．石英的化学式为SiO2，故D错误．故选B．【点评】本题考查聚四氟乙烯、蛋白质的合成、聚丙烯以及化学式的书写等，明确物质的性质是解答本题的关键，难度不大．10．下列关于有机化合物的说法正确的是（）A．和是两种不同的物质B．聚氯乙烯的单体为CH2═CHClC．乙烷和乙烯均能使酸性KMnO4溶液褪色D．1 mol乙酸与足量乙醇在浓硫酸催化下加热，可生成1 mol乙酸乙酯【考点】有机化学反应的综合应用；常见有机化合物的结构．【分析】A．甲烷为空间正四面体结构，四个氢原子等效；B．聚氯乙烯为高分子化合物，且不含碳碳双键；C．不饱和双键或三键能使高锰酸钾溶液褪色；D．羧酸与醇的酯化反应是可逆反应．【解答】解：A．甲烷为空间正四面体结构，四个氢原子等效，故二氯二氟甲烷不存在同分异构体，故A错误；。

安徽省阜阳市太和中学高一物理上学期第二次月考试卷(实验班,含解析)

2015-2016学年安徽省阜阳市太和中学高一（上）第二次月考物理试卷（11月份）（实验班）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图，A、B两物体叠放在粗糙的水平面上，AB间的动摩擦因数为μ，水平轻绳一端拴住B物体，另一端固定在墙上且恰能伸直，水平外力F作用于A，A、B均保持静止状态，则A、B两物体受力的个数可能分别为（）A．5、2 B．4、2 C．5、4 D．6、42．如图所示，在水平面上有一个小物块质量为m，从O点右侧给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，依次经过O、C、B、A四点，最终停在A点，A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，由A、B、C到O点所用时间分别为t1、t2、t3；下列结论正确的是（）A．B．C． D．3．如图所示，一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，物块位于水平面上．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．物块与地面的最大静摩擦力为F fm，则弹簧的劲度系数为（）A．B．C． D．4．甲乙两公共汽车站相向发车，一人在街上匀速前进，发现每隔4分钟迎面开来一辆车，每隔12分钟从背后开来一辆车．如果两站发车时间相同，各车车速相同，则两车站发车的间隔时间为（）A．2分钟B．4 分钟C．6分钟D．8分钟5．如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（）A．2L+B．2L+C．2L+D．2L+6．小球由静止沿某一粗糙斜面滑下，在斜面底端与垂直斜面的挡板相碰后又弹回到斜面上的某一位置，小球与挡板作用时间不计（假设碰撞过程无能量损失）以小球与挡板碰撞点为位移坐标原点O，碰撞时刻为t=0时刻，沿斜面向上为x正方向，则下列四图中，能正确反映小球运动过程图象的是（）A．B．C．D．7．如图所示，长方体物体A贴在倾斜的墙面上，在竖直向上的力F的作用下，A、B物体均保持静止．则关于墙面对物体A的摩擦力，B对A的摩擦力，以下说法中正确的是（）A．墙面对物体A一定有摩擦力B．B对A一定有摩擦力C．若墙面对物体A有摩擦力，方向一定沿墙面向下D．B对A的摩擦力方向可能沿A的下表面向下8．甲、乙两车在同一平直公路上由 A 站驶向 B 站．它们同时由静止从 A 站出发，最后都到达 B 站停下．行驶过程中，甲车先做匀加速运动，后做匀减速运动；乙车先做匀加速运动，再做匀速运动，最后做匀减速运动．若两车在加速和减速中的加速度大小相等，则（）A．甲车先到达B站B．乙车先到达B站C．在行驶过程中甲车的最大速度大于乙车的最大速度D．在行驶过程中乙车的最大速度大于甲车的最大速度二、非选择题9．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中（没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k= N/m，弹簧的原长l0= ．10．为了测量两张纸之间的动摩擦因数，某同学设计了一个实验：如图甲所示，在木块A和木板B上贴上待测的纸，将木板B固定在水平桌面上，沙桶通过细线与木块A相连．（1）调节沙桶中沙的多少，使木块A匀速向左运动．测出沙桶和沙的总质量为m，以及贴纸木块A的质量M，则两纸间的动摩擦因数μ=；（2）在实际操作中，发现要保证木块A做匀速运动比较困难，有同学对该实验进行了改进：实验装置如图乙所示，木块A的右端接在力传感器上（传感器与计算机相连接，从计算机上可读出对木块的拉力），使木板B向左运动时，木块A能够保持静止．若木板B向左匀速拉动时，传感器的读数为F1，则两纸间的动摩擦因数μ=；当木板B向左加速运动时，传感器的读数为F2F1（填“＞”、“=”或“＜”）．11．（13分）（2015秋•阜阳校级月考）如图所示，质量为m的物体A放在地面上的竖直轻弹簧B上，现用细绳跨过定滑轮将物体A与另一轻弹簧C连接，当弹簧C处在水平位置且右端位于a点时它没有发生形变．已知弹簧B和弹簧C的劲度系数分别为k1和k2，不计定滑轮、细绳的质量和摩擦．将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点时，弹簧B刚好没有形变，求a、b两点间的距离．12．（16分）（2015春•佳木斯校级期末）斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v的关系图象（即xv图象）如图所示．（1）求滑块下滑的加速度大小．（2）若滑块下滑的初速度为5.0m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？13．（18分）（2015秋•阜阳校级月考）一般来说，正常人从距地面1.5m高处跳下，落地时速度较小，经过腿部的缓冲，这个速度对人是安全的，称为安全着地速度．如果人从高空跳下，必须使用降落伞才能安全着陆，其原因是，张开的降落伞受到空气对伞向上的阻力作用．经过大量实验和理论研究表明，空气对降落伞的阻力f与空气密度ρ、降落伞的迎风面积S、降落伞相对空气速度v、阻力系数c有关（由伞的形状、结构、材料等决定），其表达式是f=．根据以上信息，解决下列问题．（取g=10m/s2）（1）在忽略空气阻力的情况下，计算人从1.5m高处跳下着地时的速度大小（计算时人可视为质点）；（2）在某次高塔跳伞训练中，运动员使用的是有排气孔的降落伞，其阻力系数c=0.90，空气密度取ρ=1.25kg/m3．降落伞、运动员总质量m=80kg，张开降落伞后达到匀速下降时，要求人能安全着地，降落伞的迎风面积S至少是多大？（3）跳伞运动员和降落伞的总质量m=80kg，从跳伞塔上跳下，在下落过程中，经历了张开降落伞前自由下落、张开降落伞后减速下落和匀速下落直至落地三个阶段．如图是通过固定在跳伞运动员身上的速度传感器绘制出的从张开降落伞开始做减速运动至达到匀速运动时的v ﹣t图象．根据图象估算运动员做减速运动的过程中下落的高度．2015-2016学年安徽省阜阳市太和中学高一（上）第二次月考物理试卷（11月份）（实验班）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图，A、B两物体叠放在粗糙的水平面上，AB间的动摩擦因数为μ，水平轻绳一端拴住B物体，另一端固定在墙上且恰能伸直，水平外力F作用于A，A、B均保持静止状态，则A、B两物体受力的个数可能分别为（）A．5、2 B．4、2 C．5、4 D．6、4【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】可以采用假设法分析：假设绳子上没有拉力和假设绳子有拉力两种情况【解答】解：假设绳子无拉力，根据平衡条件则B也不受摩擦力，只受重力和支持力2个力，对A：受重力、支持力、压力、拉力、地面对它的摩擦力5个力；故A正确；假设绳子有拉力，根据平衡条件则B要受到向右的摩擦力、重力、支持力3个力；对A：重力、支持力、压力、拉力、地面对它的摩擦力、B对它的摩擦力6个力，故D正确．故选：AD．【点评】判断有无静摩擦力或有无拉力时可以用假设法，假设没有拉力也可以处于静止则可以不受．2．如图所示，在水平面上有一个小物块质量为m，从O点右侧给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，依次经过O、C、B、A四点，最终停在A点，A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，由A、B、C到O点所用时间分别为t1、t2、t3；下列结论正确的是（）A．B．C． D．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】由于物体做匀减速运动，由O到C、B、A做匀减速运动，故平均速度逐渐减小，由逆向转换法知由O点向C点、B点、A点做初速度为零的匀加速直线运动，有位移时间关系判定即可．【解答】解：AC、由于物体做匀减速运动，由O到C、B、A做匀减速运动，故平均速度逐渐减小，故有，A错误、C正确；BD、由逆向转换法知由O点向C点、B点、A点做初速度为零的匀加速直线运动，有，，，可得===，B错误，D错误；故选：C【点评】此题考察匀变速直线运动规律的应用，注意末速度为零的匀减速直线运动可以逆向视为初速度为零的匀加速直线运动，这样计算可以使问题简单化．3．如图所示，一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，物块位于水平面上．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．物块与地面的最大静摩擦力为F fm，则弹簧的劲度系数为（）A．B．C． D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】计算题；学科综合题；定量思想；推理法；摩擦力专题；受力分析方法专题．【分析】分别对物体处于对A、B点时进行受力分析，根据平衡条件和胡克定律列方程即可求解．【解答】解：物块在离墙壁的最近和最远点，受到的静摩擦力等于最大静摩擦力F fm，由平衡条件和胡克定律可得：F fm=k（L0﹣x1），F fm=k（x2﹣L0），解得：k=，C正确．故选：C【点评】本题考查了平衡条件以及胡克定律的直接应用，列出平衡方程，代入数据即可．基础题．4．甲乙两公共汽车站相向发车，一人在街上匀速前进，发现每隔4分钟迎面开来一辆车，每隔12分钟从背后开来一辆车．如果两站发车时间相同，各车车速相同，则两车站发车的间隔时间为（）A．2分钟B．4 分钟C．6分钟D．8分钟【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】每12分钟有一辆汽车从后面追上，即汽车12分钟内的路程=行人12分钟内路程+两辆电车相同时间间隔内的路程．每4分钟有一辆汽车迎面开来，即汽车在4分钟内的路程+行人4分钟内的路程=两辆汽车相同时间间隔内的路程．两辆汽车相同时间间隔内的路程等于汽车的速度乘以相同的时间间隔【解答】解：设汽车的速度大小为v1，人的速度大小为v2，相同的时间间隔为T，有：v1×12=v2×12+v2T，v1×4+v2×4=v1T，联立两式解得：T=6min故选：C【点评】本题考查了运动学中的追及相遇问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解5．如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（）A．2L+B．2L+C．2L+D．2L+【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．【解答】解：对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm3g=kx，则x=．对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ（m2+m3）g=kx′，则．则1、3两木块的距离s=2L+x+x′=2L+．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】解决本题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．6．小球由静止沿某一粗糙斜面滑下，在斜面底端与垂直斜面的挡板相碰后又弹回到斜面上的某一位置，小球与挡板作用时间不计（假设碰撞过程无能量损失）以小球与挡板碰撞点为位移坐标原点O，碰撞时刻为t=0时刻，沿斜面向上为x正方向，则下列四图中，能正确反映小球运动过程图象的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知下滑过程中，物块做匀加速直线运动，上滑时做匀减速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据牛顿第二定律和运动学公式得到各量的表达式，再进行判断．【解答】解：A、下滑时做匀加速运动，上滑时做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：下滑：mgsinα﹣μmgcosα=ma1；a1=gsinα﹣μmgcosα上滑：mgsinα+μmgcosα=ma2；a2=gsinα+μmgcosα，可得a1＜a2；由x=得知下滑时间比上滑时间长，但由于下滑与上滑的加速度均沿斜面向下，方向相同，故A错误．B、图象切线的线斜率先变小后变大，速度先变小后变大，与物体的运动情况不符，故B错误．C、下滑时做匀加速运动，速度为负，上滑时做匀减速直线运动，速度为正，且下滑段图象的斜率比上滑段图象的斜率小，故C正确．D、下滑有：v2=2a1（x1﹣x），上滑有：v2=2a2x，故D正确．故选：CD．【点评】根据图示各物理量的切线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可．7．如图所示，长方体物体A贴在倾斜的墙面上，在竖直向上的力F的作用下，A、B物体均保持静止．则关于墙面对物体A的摩擦力，B对A的摩擦力，以下说法中正确的是（）A．墙面对物体A一定有摩擦力B．B对A一定有摩擦力C．若墙面对物体A有摩擦力，方向一定沿墙面向下D．B对A的摩擦力方向可能沿A的下表面向下【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以AB整体为研究对象受力分析，根据平衡条件判断墙面对物体A是否有摩擦力．隔离对B分析，根据共点力平衡判断A对B是否有摩擦力，以及B所受的摩擦力方向．【解答】解：A、以AB整体为研究对象受力分析，首先受竖直向下的重力，若重力和F恰好二力平衡，则整体不受墙的弹力和摩擦力；若F大于整体的重力，则物体还受垂直于A的弹力，根据平衡条件还受沿墙面向下的摩擦力，故A错误，C正确．B、隔离对B分析，B受重力、推力F和A对B的弹力，这三个力不可能平衡，所以B对A一定有摩擦力，方向沿A的下表面向下，所以B对A的摩擦力方向沿A的下表面向上．故B正确，D错误．故选：BC．【点评】本题考查受力分析以及平衡条件的应用，灵活选择研究对象会起到事半功倍的效果．8．甲、乙两车在同一平直公路上由 A 站驶向 B 站．它们同时由静止从 A 站出发，最后都到达 B 站停下．行驶过程中，甲车先做匀加速运动，后做匀减速运动；乙车先做匀加速运动，再做匀速运动，最后做匀减速运动．若两车在加速和减速中的加速度大小相等，则（）A．甲车先到达B站B．乙车先到达B站C．在行驶过程中甲车的最大速度大于乙车的最大速度D．在行驶过程中乙车的最大速度大于甲车的最大速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】建立速度时间图象，用图象法解决，在分析的过程中抓住初末速度都为0，位移相等，即图线与时间轴所围成的面积．甲先加速后减速，两个过程加速度大小相等，即图线斜率的绝对值相等，乙先加速后匀速再减速．【解答】解：作出两车的速度时间图线从图线可以看出，甲车的时间短，甲先到站，在运动的过程中甲车的最大速度大于乙车的最大速度．故A、C正确，B、D错误．故选AC．【点评】解决本题的关键是用图象法来处理，图象法解题的优点是直观、方便．二、非选择题9．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中（没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k= 200 N/m，弹簧的原长l0= 20cm ．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题；摩擦力专题．【分析】根据胡克定律写出F与l的关系式，然后结合数学知识求解即可．【解答】解：根据胡克定律F与l的关系式为：F=k（l+h﹣l0）=kl+k（h﹣l0），从图象中可得直线的斜率为2N/cm，截距为20N，故弹簧的劲度系数为：k=2N/cm=200N/m由k（h﹣l0）=20N于是：l0=20cm故答案为：200； 20cm【点评】找到各个物理量之间的关系，然后根据胡克定律列方程，是解答本题的突破口，这要求学生有较强的数学推导能力．10．为了测量两张纸之间的动摩擦因数，某同学设计了一个实验：如图甲所示，在木块A和木板B上贴上待测的纸，将木板B固定在水平桌面上，沙桶通过细线与木块A相连．（1）调节沙桶中沙的多少，使木块A匀速向左运动．测出沙桶和沙的总质量为m，以及贴纸木块A的质量M，则两纸间的动摩擦因数μ=；（2）在实际操作中，发现要保证木块A做匀速运动比较困难，有同学对该实验进行了改进：实验装置如图乙所示，木块A的右端接在力传感器上（传感器与计算机相连接，从计算机上可读出对木块的拉力），使木板B向左运动时，木块A能够保持静止．若木板B向左匀速拉动时，传感器的读数为F1，则两纸间的动摩擦因数μ=；当木板B向左加速运动时，传感器的读数为F2= F1（填“＞”、“=”或“＜”）．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题；摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力大小f=μF N，而沙桶和沙匀速运动，则绳子拉力F=mg；当B向左运动时A相对于B向右运动，故A所受滑动摩擦力方向向左，由于A保持静止，故A所受传感器的拉力等于A所受的滑动摩擦力；且滑动摩擦力的大小与物体是加速、减速还是匀速运动无关．【解答】解：（1）木块A匀速向左运动，则木块A所受合力为0，故绳子的拉力等于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μM g，而由于沙桶和沙匀速运动，故绳子拉力F=mg，故有mg=μMg，解得μ==；（2）当B向左运动时A相对于B向右运动，故A所受滑动摩擦力方向向左，由于A保持静止，故A所受传感器的拉力等于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μmg，故有μmg=F1，解得两纸间的动摩擦因数μ=当木板B向左加速运动时，传感器的读数仍然等于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μmg，故F2=μmg，所以F1=F2．故本题的答案为：（1）；（2），=．【点评】本题考查了滑动摩擦力的大小及其相关因素，技巧性很强，值得学习．11．（13分）（2015秋•阜阳校级月考）如图所示，质量为m的物体A放在地面上的竖直轻弹簧B上，现用细绳跨过定滑轮将物体A与另一轻弹簧C连接，当弹簧C处在水平位置且右端位于a点时它没有发生形变．已知弹簧B和弹簧C的劲度系数分别为k1和k2，不计定滑轮、细绳的质量和摩擦．将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点时，弹簧B刚好没有形变，求a、b两点间的距离．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当弹簧C处于水平位置且右端位于a点，弹簧C刚好没有发生变形时，弹簧B受到的压力等于物体A的重力mg，根据胡克定律求出压缩量．当将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点，弹簧B刚好没有变形时，弹簧C受到的拉力大小等于物体A的重力，弹簧C处于伸长状态，根据胡克定律求出此时C伸长的长度，由几何关系得知，a、b两点间的距离等于弹簧B的压缩量与弹簧C的伸长量之和．【解答】解：当弹簧C处于水平位置且右端位于a点，弹簧C刚好没有发生变形时，根据胡克定律，弹簧B压缩的长度：x B=当将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点，弹簧B刚好没有变形时，根据胡克定律，弹簧C伸长的长度：x C=根据几何知识得，a、b两点间的距离：S=x B+x C=mg（+）．答：a、b两点间的距离是mg（+）．【点评】对于含有弹簧的问题，是高考的热点，要学会分析弹簧的状态，弹簧有三种状态：原长、伸长和压缩，含有弹簧的问题中求解距离时，都要根据几何知识研究所求距离与弹簧形变量的关系．12．（16分）（2015春•佳木斯校级期末）斜面长度为4m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v的关系图象（即xv图象）如图所示．（1）求滑块下滑的加速度大小．（2）若滑块下滑的初速度为5.0m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，结合图线的斜率求出滑块下滑的加速度大小．再根据位移时间公式求出滑块下滑的时间，结合速度时间公式求出车到达底端的速度．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式得：v2﹣v02=2ax，因为图线斜率：k=，代入数据解得：a=﹣2m/s2．所以滑块下滑的加速度大小为2m/s2．（2）由位移公式得：x=v0t+at2，代入数据解得：t=1s，或t=4s（舍去）．答：（1）滑块下滑的加速度大小为2m/s2．（2）若滑块下滑的初速度为5.0m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为1s．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式和速度位移公式，结合图线进行求解．13．（18分）（2015秋•阜阳校级月考）一般来说，正常人从距地面1.5m高处跳下，落地时速度较小，经过腿部的缓冲，这个速度对人是安全的，称为安全着地速度．如果人从高空跳下，必须使用降落伞才能安全着陆，其原因是，张开的降落伞受到空气对伞向上的阻力作用．经过大量实验和理论研究表明，空气对降落伞的阻力f与空气密度ρ、降落伞的迎风面积S、降落伞相对空气速度v、阻力系数c有关（由伞的形状、结构、材料等决定），其表达式是f=．根据以上信息，解决下列问题．（取g=10m/s2）（1）在忽略空气阻力的情况下，计算人从1.5m高处跳下着地时的速度大小（计算时人可视为质点）；（2）在某次高塔跳伞训练中，运动员使用的是有排气孔的降落伞，其阻力系数c=0.90，空气密度取ρ=1.25kg/m3．降落伞、运动员总质量m=80kg，张开降落伞后达到匀速下降时，要求人能安全着地，降落伞的迎风面积S至少是多大？（3）跳伞运动员和降落伞的总质量m=80kg，从跳伞塔上跳下，在下落过程中，经历了张开降落伞前自由下落、张开降落伞后减速下落和匀速下落直至落地三个阶段．如图是通过固定在跳伞运动员身上的速度传感器绘制出的从张开降落伞开始做减速运动至达到匀速运动时的v﹣t图象．根据图象估算运动员做减速运动的过程中下落的高度．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】计算题；定量思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】（1）在忽略空气阻力的情况下，人做自由落体运动，由运动学公式求解人着地时的速度大小；（2）由（1）求出人安全着陆的速度大小，张开降落伞后达到匀速下降时，空气阻力大小等于运动员的重力，根据平衡条件和f=cρSv2结合可求出降落伞的迎风面积S；（3）根据速度时间图线与时间轴围成的面积求出减速运动过程中下落的高度．【解答】解：（1）设人从1.5m高处跳下着地时的安全速度大小为v0，则，。

1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。

1 2015-2016学年安徽省阜阳市太和二职高高二（上）第一次月考物理试卷

2．库仑定律的适用范围是（） A．真空中两个带电球体间的相互作用 B．真空中任意带电体间的相互作用 C．真空中两个点电荷间的相互作用 D．真空中两个电荷量足够小的带电体间的相互作用

3．毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，橡胶棒带负电．这是因为（） A．空气中的正电荷转移到了毛皮上 B．空气中的负电荷转移到了橡胶棒上 C．毛皮上的电子转移到了橡胶棒上 D．橡胶捧上的电子转移到了毛皮上

4．如图所示，有一带正电的验电器，当一金属球A靠近验电器的小球B（不接触）时，验电器的金箔张角减小，则（）

A．金属球一定不带电 B．金属球可能带负电 C．金属球可能带正电 D．金属球一定带负电

5．关于同一电场的电场线，下列表述正确的是（） A．电场线是客观存在的 B．电场线越密，电场强度越小 C．沿着电场线方向，电势越来越低 D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小 2

6．如图所示，在匀强电场中有A、B两点，将一电量为q的正电荷从A点移到B点，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，则（）

A．W1＞W2＞W3 B．W1＜W3＜W2 C．W1=W2＜W3 D．W1=W2=W3 7．真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为F．若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的，距离变为2r，则它们之间的静电力变为（）

A． B． C． D．

8．如图，是某电场中的一条直电场线，一电子（重力不计）从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，则可判断（）

A．该电场一定是匀强电场 B．两点的电势φa一定低于φb C．电子具有的电势能EPa一定小于EPb D．场强Ea一定小于Eb

9．如图所示点电荷电场中，将检验电荷从A点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，则电场力做功（）

A．从A到B做功最多 B．从A到C做功最多 C．从A到E做功最多 D．做功一样多

10．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）

A． B． C． D．二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计15分．） 3

11．两个完全相同的绝缘金属小球，分别带4.0×10﹣8C的正电荷和6.0×10﹣8C的负电荷，当它们相距2cm时，它们间的静电力大小为 N；若将它们接触后再放回原处，这时它们间的静电力大小为 N．（设两带电小球可看作点电荷）

12．完全相同的带电绝缘金属小球A、B，分别带有电量QA=6.4×10﹣9C，QB=﹣3.2×10﹣9C，让两个绝缘金属小球接触，接触后A球带电量为 C，B球带电量为 C，接触过程中，共转移的电荷量为 C．

三、计算题（本题共3小题，共计35分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．） 13．（11分）（2014春•秀屿区校级期末）在电场中某处放入电荷量为﹣4.0×10﹣9C的点电荷时，它受到的电场力的大小为3.0×10﹣4N，方向水平向左．求该处电场强度的大小和方向．如果把这个点电荷移走，该处的电场强度大小是多少？

14．（12分）（2015秋•阜阳月考）如图所示用30cm的细线将质量为4×10﹣3kg带电小球悬挂在o点下方，当空中有方向如图所示大小为4×104N/C的足够大的匀强电场时，小球偏转37°后处于静止状态．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10N/kg）（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的电荷量；（3）分析如果把细线剪断，小球将做什么性质的运动．

15．（12分）（2015秋•福清市校级期中）如果把带电量为q=1.0×10﹣8C的点电荷从无穷远移至电场中的 A点，需克服电场力做功W=1.2×10﹣4J．试求：（1）q在A点的电势能和在A点的电势（取无穷远处电势为零）．（2）q未移入电场前A点的电势是多少？ 4

2015-2016学年安徽省阜阳市太和二职高高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析

一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共计50分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．） 1．关于物体的带电荷量，以下说法中不正确的是（） A．物体所带的电荷量可以为任意实数 B．物体所带的电荷量应该是某些特定值 C．物体带电+1.60×10﹣9C，这是因为该物体失去了1.0×1010个电子 D．物体带电荷量的最小值为1.6×10﹣19C 【考点】元电荷、点电荷．【专题】常规题型．【分析】物体带量是指的有多余电荷，不带电并不是没有电荷．而元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍．【解答】解：A、所有带电电荷量均是元电荷的整数倍，而不是任意的，故A错误； B、所有带电电荷量均是元电荷的整数倍，只能是一些特定值，故B正确； C、物体带电是指有多余电荷，如物体带正电，则是指物体失去相等的负电荷，从而带正电荷的，

失去电子个数n==1.0×1010个，故C正确； D、物体带电量的最小值为元电荷，即为1.6×10﹣19C．故D正确；本题选择错误，故选：A．【点评】物体带电是得到或失去电子，从而有多余的电荷．且带电量均是元电荷的整数倍．

2．库仑定律的适用范围是（） A．真空中两个带电球体间的相互作用 B．真空中任意带电体间的相互作用 C．真空中两个点电荷间的相互作用 D．真空中两个电荷量足够小的带电体间的相互作用【考点】库仑定律．【专题】定性思想；归纳法；电场力与电势的性质专题．【分析】库仑定律是关于真空中两点电荷间相互作用的规律，适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用．【解答】解：库仑定律的内容是：真空中两点电荷间的作用力与两点电荷的电荷量的乘积成正比，与它们间距离平方成反比，作用力在它们的连线上，可见，库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用．故选：C．【点评】物理规律往往有一定的适用范围，要在理解的基础上加强记忆．基础题，比较容易．

3．毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，橡胶棒带负电．这是因为（） A．空气中的正电荷转移到了毛皮上 B．空气中的负电荷转移到了橡胶棒上 5

C．毛皮上的电子转移到了橡胶棒上 D．橡胶捧上的电子转移到了毛皮上【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】摩擦起电的实质是电子发生了转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；【解答】解：摩擦起电是因为电子由一个物体转移到另一物体上，失去电子的物体因缺少电子而带正电，得到电子的物体带负电，毛皮与橡胶棒摩擦，毛皮上的电子转移到了橡胶棒上，毛皮带正电，橡胶棒得到了电子，橡胶棒带负电．故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题要记住正负电荷的规定：丝绸摩擦这的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带电．摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电．

4．如图所示，有一带正电的验电器，当一金属球A靠近验电器的小球B（不接触）时，验电器的金箔张角减小，则（）

A．金属球一定不带电 B．金属球可能带负电 C．金属球可能带正电 D．金属球一定带负电【考点】静电场中的导体；库仑定律．【分析】验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，金属箔片是否张开角度说明物体是否带电，金属箔片张开角度的大小反应了物体带电的多少．【解答】解：验电器原来带正电，要使张角减小，则应使B处的电子转移到金属箔处，根据电荷间的相互作用，A球可能带负电；若A球不带电时，则由于感应，A球左侧也会带上负电，故会产生同样的效果；故A球可以带负电，也可以不带电；故选：B 【点评】对于金属而言能够移动的自由电荷是带负电的电子，而不是带正电的原子核或质子．基础题目．

5．关于同一电场的电场线，下列表述正确的是（） A．电场线是客观存在的 B．电场线越密，电场强度越小 C．沿着电场线方向，电势越来越低 D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小【考点】电场线；电势． 6

【分析】电场线是为了形象的描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线电势降低．【解答】解：A、电场线是人为引入，假象的线，并非真实存在的，故A错误； B、电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，故错误； C、沿电场线电势降低，电势的高低与电场线的疏密无关，故C正确； D、电势能的高低通过电场力做功来判断，沿电场线运动，电场力不一定做正功，电势能不一定减小，故D错误．故选C．【点评】本题着重通过电场线考察了对电势、场强、电势能概念的理解情况，要理解它们的区别以及大小的决定因素．

A．W1＞W2＞W3 B．W1＜W3＜W2 C．W1=W2＜W3 D．W1=W2=W3 【考点】电场线；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电荷在静电场中从一点移到另一点时，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关．【解答】解：，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，三个过程，始末两点的位置相同，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关．所以W1=W2=W3 故选D．【点评】静电场力和重力都是保守力，静电场和重力场是保守场．

7．真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为F．若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的，距离变为2r，则它们之间的静电力变为（）

A． B． C． D．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】库仑定律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．【解答】解：真空中两个电荷量均为Q的点电荷，相距为r时的相互作用静电力大小为F，根据库仑定律，有：