高中数学教学与测试第七章(14页)

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高考数学第七章立体几何7.4直线、平面平行的判定及其性质理高三全册数学

高考数学第七章立体几何7.4直线、平面平行的判定及其性质理高三全册数学
第七章
立体几何(lìtǐjǐhé)
2021/12/12
第一页,共四十八页。
第四节 直线、 平面(píngmiàn)平行的判定及其性质
2021/12/12
第二页,共四十八页。
2021/12/12
第三页,共四十八页。
知识梳理·自主(zìzhǔ)学 习
课堂探究(tànjiū)·深度剖 析
2021/12/12
解析:当 m∥β 时,过 m 的平面 α 与 β 可能平行也可能相 交,因而 m∥β⇒α∥β;当 α∥β 时,α 内任一直线与 β 平行, 因为 m⊂α,所以 m∥β.综上知,“m∥β”是“α∥β”的必要 不充分条件.
2021/12/12
第十三页,共四十八页。
1.平行关系中的两个重要结论 (1)垂直于同一条直线的两个平面平行,即若 a⊥α,a⊥β,则 α∥β. (2)平行于同一平面的两个平面平行,即若 α∥β,β∥γ,则 α∥γ. 2.线线、线面、面面平行间的转化
因为平面 PBD∩平面 GEFH=GK,所以 PO∥GK,且 GK⊥ 底面 ABCD,从而 GK⊥EF,所以 GK 是梯形 GEFH 的高,由 AB =8,EB=2 得 EB AB=KB DB=1 4,从而 KB=14BD=12 OB,即点 K 是 OB 的中点.
2021/12/12
第二十七页,共四十八页。
因为 PA=PC,点 O 是 AC 的中点,所以 PO⊥AC,同理可 得 PO⊥BD,
2021/12/12
第二十六页,共四十八页。
又 BD∩AC=O,且 AC,BD 都在底面内,所以 PO⊥底面 ABCD,
又因为平面 GEFH⊥平面 ABCD,且 PO⊄平面 GEFH,所以 PO∥平面 GEFH,

高中数学选择性必修三 第七章测评

高中数学选择性必修三 第七章测评

第七章测评(时间:120分钟 满分:150分)一、选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.(2020山东枣庄第三中学高二月考)已知随机变量X~B (8,12),则E (3X-1)=( ) A.11 B.12C.18D.36随机变量X~B (8,12),∴E (X )=8×12=4,∴E (3X-1)=3E (X )-1=3×4-1=11.故选A.2.(2020黑龙江鹤岗一中高二期末)已知离散型随机变量ξ的概率分布如下表,则其均值E (ξ)等于( )A.1B.0.6C.2+3mD.2.4,0.5+m+0.2=1,解得m=0.3,故E (ξ)=1×0.5+3×0.3+5×0.2=2.4. 故选D.3.现在分别有A,B 两个容器,在容器A 里有7个红球和3个白球,在容器B 里有1个红球和9个白球.现从这两个容器里任意抽出一个球,则在抽到的是红球的情况下,是来自容器A 里面的球的概率是( ) A.0.5 B.0.7C.0.875D.0.35A=“抽到的是红球”,B=“抽到的是来自容器A 里面的球”,则AB=“抽到的是来自容器A 里面的红球”.由题意可知,P (AB )=720,P (A )=820,故P (B|A )=P (AB )P (A )=0.875,故选C .4.(2019广东高考模拟)从某班6名学生(其中男生4人、女生2人)中任选3人参加学校组织的社会实践活动.设所选3人中女生人数为ξ,则均值E (ξ)=( ) A.45 B.1C.75D.2,ξ=0,1,2,则P (ξ=0)=C 43C 63=15, P (ξ=1)=C 42C 21C 63=35,P (ξ=2)=C 41C 22C 63=15,故E (ξ)=0×15+1×35+2×15=1.故选B.5.(2020湖北高二期末)甲、乙两人进行羽毛球比赛,假设每局比赛甲胜的概率是23,各局比赛是相互独立的,采用5局3胜制,则乙以3∶1战胜甲的概率为( ) A.827B.227C.881D.3281,前3局乙胜2局,第4局乙胜,故所求概率P=C 32×23×(1-23)3=227.故选B.6.(2020宁夏石嘴山第三中学高二期中)设随机变量X 的概率分布为P (X=i )=13,i=1,2,3,则D (X )等于( ) A.13B.23C.1D.2P (X=i )=13,i=1,2,3,∴E (X )=1×13+2×13+3×13=2,∴D (X )=(1-2)2×13+(2-2)2×13+(3-2)2×13=23.故选B.7.(2019黑龙江高三期中)位于坐标原点的一个质点P 按下述规则移动:质点每次移动一个单位;移动的方向为向上或向右,并且向上、向右移动的概率都是12.质点P 移动5次后位于点(2,3)的概率为( ) A.(12)5B.C 52(12)5C.C 51(12)5D.C 52C 53(12)5,质点在移动过程中向右移动2次,向上移动3次,因此质点P 移动5次后位于点(2,3)的概率P=C 52×(12)2×(1-12)3=C 52(12)5.8.(2020四川高三月考)小明与另外2名同学进行“手心手背”游戏,规则是:3人同时随机等可能选择手心或手背中的一种手势,规定相同手势人数多者每人得1分,其余每人得0分.现3人共进行了4次游戏,每次游戏互不影响,记小明4次游戏得分之和为X ,则X 的均值为( ) A.1 B.2C.3D.4“手心手背”游戏,小明与另外2名同学选择手势的所有可能情况为(心,心,心),(心,心,背),(心,背,心),(心,背,背),(背,心,心),(背,心,背),(背,背,心),(背,背,背), 则小明得1分的概率为34,得0分的概率为14.进行4次游戏,小明得分之和X 的可能结果为0,1,2,3,4,则P (X=0)=C 40×(14)4=1256,P (X=1)=C 41×34×(14)3=364,P (X=2)=C 42×(34)2×(14)2=27128, P (X=3)=C 43×(34)3×14=2764,P (X=4)=C 44×(34)4=81256,故E (X )=0×1256+1×364+2×27128+3×2764+4×81256=3. 故选C .二、选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得3分)9.已知随机变量X 服从正态分布N (2,σ2),且P (X<4)=0.8,则( ) A.P (X>4)=0.2B.P (X>0)=0.6C.P (0<X<2)=0.3D.P (0<X<4)=0.4P (X<4)=0.8,∴P (X>4)=0.2.∵X~N (2,σ2),∴P (X<0)=P (X>4)=0.2. ∴P (0<X<4)=P (X<4)-P (X<0)=0.6,P (X>0)=1-P (X<0)=0.8,∴P (0<X<2)=12P (0<X<4)=0.3.10.(2019山东高三月考)某市有A,B,C,D 四个景点,一名游客来该市游览,已知该游客游览A 的概率为23,游览B,C 和D 的概率都是12,且该游客是否游览这四个景点相互独立.用随机变量X 表示该游客游览的景点的个数,下列结论正确的是( ) A.该游客至多游览一个景点的概率为14 B.P (X=2)=38 C.P (X=4)=124 D.E (X )=136X 的可能取值为0,1,2,3,4,则P (X=0)=(1-23)×(1-12)3=124,P (X=1)=23×(1-12)3+(1-23)×C 31×12×(1-12)2=524,P (X=2)=23×C 31×12×(1-12)2+1-23×C 32×(12)2×1-12=38,P (X=3)=23×C 32×(12)2×1-12+1-23×C 33×(12)3=724, P (X=4)=23×(12)3=112,故E (X )=0×124+1×524+2×38+3×724+4×112=136.设A=“该游客至多游览一个景点”,则P (A )=P (X=0)+P (X=1)=14.故选ABD.11.(2020江苏高二月考)下列说法中,正确的是( ) A.已知随机变量X~B (n ,p ),若E (X )=30,D (X )=20,则p=23B.将一组数据中的每个数据都加上同一个常数后,方差恒不变C.设随机变量ξ~N (0,1),若P (ξ>1)=p ,则P (-1<ξ≤0)=12-PD.某人在10次射击中,击中目标的次数为X ,X~B (10,0.8),则当X=8时概率最大A,因为X~B (n ,p ),E (X )=30,D (X )=20,所以np=30,np (1-p )=20,所以p=13,故选项A 错误;易知选项B 正确;对于选项C,因为ξ~N (0,1),P (ξ>1)=p ,所以P (0<ξ<1)=12-p ,所以P (-1<ξ<0)=12-p ,故选项C 正确;对于选项D,因为X~B (10,0.8),所以当X=k (k=0,1,…,10)时,P (X=k )=C 10k×0.8k ×0.210-k ,所以当1≤k ≤10时,P (X=k )P (X=k -1)=C 10k ×0.8k ×0.210-k C 10k -1×0.8k -1×0.210-k+1=4(11-k )k .由4(11-k )k≥1得,44-4k ≥k ,即1≤k ≤445.因为k ∈N *,所以1≤k ≤8,且k ∈N *,故当k=8时,概率P (X=8)最大,故选项D 正确.故选BCD .12.(2020山东高考真题)信息熵是信息论中的一个重要概念.设随机变量X 所有可能的取值为1,2,…,n ,且P (X=i )=p i >0(i=1,2,…,n ),∑i=1np i =1,定义X 的信息熵H (X )=-∑i=1np i log 2p i .( )A.若n=1,则H (X )=0B.若n=2,则H (X )随着p 1的增大而增大C.若p i =1n(i=1,2,…,n ),则H (X )随着n 的增大而增大D.若n=2m ,随机变量Y 所有可能的取值为1,2,…,m ,且P (Y=j )=p j +p 2m+1-j (j=1,2,…,m ),则H (X )≤H (Y )A,若n=1,则p 1=1,所以H (X )=-(1×log 21)=0,所以A 正确.对于B,若n=2,则p 2=1-p 1,所以H (X )=-[p 1·log 2p 1+(1-p 1)·log 2(1-p 1)], 当p 1=14时,H (X )=-14·log 214+34·log 234,当p 1=34时,H (X )=-34·log 234+14·log 214, 两者相等,所以B 错误. 对于C,若p i =1n (i=1,2,…,n ),则 H (X )=-1n ·log 21n ·n=-log 21n =log 2n ,则H (X )随着n 的增大而增大,所以C 正确.对于D,若n=2m ,随机变量Y 的所有可能的取值为1,2,…,m ,且P (Y=j )=p j +p 2m+1-j (j=1,2,…,m ). 则H (X )=-∑i=12m p i ·log 2p i =∑i=12mp i ·log 21p i=p 1·log 21p 1+p 2·log 21p 2+…+p 2m-1·log 21p2m -1+p 2m ·log 21p 2m.H (Y )=(p 1+p 2m )·log 21p 1+p 2m+(p 2+p 2m-1)·log 21p 2+p 2m -1+…+(p m +p m+1)·log 21p m +p m+1=p 1·log 21p 1+p 2m +p 2·log 21p 2+p 2m -1+…+p 2m-1·log 21p 2+p 2m -1+p 2m ·log 21p 1+p 2m.因为p i >0(i=1,2,…,2m ),所以1p i >1p i +p 2m+1-i ,所以log 21p i >log 21p i +p 2m+1-i ,所以p i ·log 21p i>p i ·log 21p i +p 2m+1-i,所以H (X )>H (Y ),所以D 错误. 故选AC .三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.(2019山东高二期末)按照国家标准规定,500 g 袋装奶粉每袋质量必须服从正态分布X~N (500,σ2),经检测某种品牌的奶粉P (490≤X ≤510)=0.95,一超市一个月内共卖出这种品牌的奶粉400袋,则卖出的奶粉质量在510 g 以上袋数大约为 .X~N (500,σ2),且P (490≤X ≤510)=0.95,所以P (X>510)=1-0.952=0.025,所以卖出的奶粉质量在510 g 以上袋数大约为400×0.025=10(袋).14.(2020山东青岛高二月考)抛掷两个骰子,至少有一个4点或5点出现时,就说这次试验成功,则在8次试验中,成功次数ξ的均值是 .,成功的概率为1-23×23=59.依题意,ξ~B (8,59),故E (ξ)=8×59=409.15.若随机变量X~B (4,p ),且E (X )=2,则D (2X-3)= .X~B (4,p ),且E (X )=2,可得4p=2,解得p=12,则D (X )=4×12×12=1,故D (2X-3)=4D (X )=4.16.(2020浙江高考)一个盒子里有1个红1个绿2个黄四个相同的球,每次拿一个,不放回,拿出红球即停,设拿出黄球的个数为ξ,则P (ξ=0)= ;E (ξ)= .,ξ的取值可能为0,1,2,则P (ξ=0)=14+14×13=13,P (ξ=1)=24×13+24×13×12+14×23×12=13,P (ξ=2)=1-13−13=13, 故E (ξ)=0×13+1×13+2×13=1.1四、解答题(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17.(10分)(2020河南高二期中)某校从学生文艺部6名成员(4男2女)中,挑选2人参加学校举办的文艺汇演活动.(1)求男生甲被选中的概率;(2)在已知男生甲被选中的条件下,女生乙被选中的概率;(3)在要求被选中的两人中必须一男一女的条件下,求女生乙被选中的概率.记4名男生为A,B,C,D,2名女生为a,b,从6名成员中挑选2人,所有可能的结果为(A,B),(A,C),(A,D),(A,a),(A,b),(B,C),(B,D),(B,a),(B,b),(C,D),(C,a),(C,b),(D,a),(D,b),(a,b),共15种, 不妨设男生甲为A,女生乙为b,设事件M=“男生甲被选中”,N=“女生乙被选中”,S=“被选中的两人为一男一女”.(1)事件M 所包含的可能的结果为(A,B),(A,C),(A,D),(A,a),(A,b), 共5种,故P (M )=515=13.(2)事件MN 包含的可能的结果为(A,b), 则P (MN )=115,又P (M )=13, 故P (N|M )=P (MN )P (M )=15.(3)事件S 包含的可能的结果为(A,a),(A,b),(B,a),(B,b),(C,a),(C,b),(D,a),(D,b),共8种, 事件SN 包含的可能的结果为(A,b),(B,b),(C,b),(D,b),共4种,则P (S )=815,P (SN )=415, 故P (N|S )=P (SN )P (S )=12.18.(12分)(2020浙江高二期末)一个袋中有10个大小相同的球,其中标号为1的球有3个,标号为2的球有5个,标号为3的球有2个.第一次从袋中任取一个球,放回后第二次再任取一个球(假设取到每个球的可能性都相等).记两次取到球的标号之和为X.(1)求随机变量X 的分布列; (2)求随机变量X 的均值.依题意,随机变量X 的可能取值为2,3,4,5,6,则P (X=2)=310×310=9100, P (X=3)=310×510×2=310, P (X=4)=310×210×2+510×510=37100, P (X=5)=510×210×2=15, P (X=6)=210×210=125. 故随机变量X 的分布列为(2)由(1)可知,E (X )=2×9100+3×310+4×37100+5×15+6×125=195.19.(12分)某学习小组有6名同学,其中4名同学从来没有参加过数学研究性学习活动,2名同学曾经参加过数学研究性学习活动.(1)现从该小组中任选2名同学参加数学研究性学习活动,求恰好选到1名曾经参加过数学研究性学习活动的同学的概率;(2)若从该小组中任选2名同学参加数学研究性学习活动,活动结束后,该小组没有参加过数学研究性学习活动的同学人数ξ是一个随机变量,求随机变量ξ的分布列及均值.记“恰好选到1名曾经参加过数学研究性学习活动的同学”为事件A ,则P (A )=C 41C 21C 62=815. 故恰好选到1名曾经参加过数学研究性学习活动的同学的概率为815. (2)依题意,随机变量ξ的取值可能为2,3,4,则P (ξ=2)=C 42C 62=25,P (ξ=3)=C 41C 21C 62=815,P (ξ=4)=C 22C 62=115.故随机变量ξ的分布列为ξ 2 3 4P 25 815 115E (ξ)=2×25+3×815+4×115=83.20.(12分)(2020黑龙江哈尔滨第六中学校高三一模)甲、乙二人进行一次象棋比赛,每局胜者得1分,负者得0分(无平局),约定一方得4分时就获得本次比赛的胜利并且比赛结束.设在每局比赛中,甲获胜的概率为23,乙获胜的概率为13,各局比赛结果相互独立,已知前3局中,甲得1分,乙得2分. (1)求甲获得这次比赛胜利的概率;(2)设从第4局开始到比赛结束所进行的局数为X ,求X 的分布列及均值.设“甲获得这次比赛胜利”为事件A ,则P (A )=(23)3+C 31×(23)3×13=1627, 故甲获得这次比赛胜利的概率为1627. (2)依题意,X 的取值可能为2,3,4, 则P (X=2)=(13)2=19,P (X=3)=(23)3+C 21×23×(13)2=49,P (X=4)=C 32×(23)2×13×1=49.故X 的分布列为E (X )=2×19+3×49+4×49=103. 21.(12分)(2020江苏高三三模)某娱乐活动中,共有5扇门,游戏者根据规则开门,并根据打开门的数量获取相应奖励.已知开每扇门相互独立,且规则相同,开每扇门的规则是:从给定的6把钥匙(其中有且只有1把钥匙能打开门)中,随机地逐把抽取钥匙进行试开,钥匙使用后不放回.若门被打开,则转为开下一扇门;若连续4次未能打开,则放弃这扇门,转为开下一扇门;直至5扇门都进行了试开,活动结束. (1)设随机变量X 为试开第一扇门所用的钥匙数,求X 的分布列及均值E (X ); (2)求恰好成功打开4扇门的概率.由题意可知,随机变量X 的可能取值为1,2,3,4,则P (X=1)=16,P (X=2)=56×15=16,P (X=3)=56×45×14=16,P (X=4)=56×45×34×1=12. 故随机变量X 的分布列为E (X )=1×16+2×16+3×16+4×12=3.(2)每扇门被打开的概率为P=1-56×45×34×23=23, 设“恰好成功打开4扇门”为事件A ,则P (A )=C 54×(23)4×13=80243. 22.(12分)(2020吉林东北师大附中高三模拟)一次大型考试后,某年级对某学科进行质量分析,随机抽取了40名学生的成绩,分组为[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100],得到如图所示的频率分布直方图.(1)从抽取的成绩在[50,60),[90,100]之间的学生中,随机选择三名学生做进一步调查分析,记X 为这三名学生中成绩在[50,60)之间的人数,求X 的分布列及均值E (X ).(2)①求该年级全体学生的平均成绩x 与标准差s 的估计值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表);(精确到1)②如果该年级学生该学科的成绩服从正态分布N (μ,σ2),其中μ,σ分别近似为①中的x ,s ,那么从该年级所有学生中随机选三名学生做分析,求这三名学生中恰有两名学生的成绩在区间(62,95)的概率.(精确到0.01)附:√29≈5.385,P (μ-σ≤ξ≤μ+σ)≈0.682 7,P (μ-2σ≤ξ≤μ+2σ)≈0.954 5.由频率分布直方图,可知40名学生中成绩在[50,60),[90,100]之间的人数均为4.X 的所有可能取值为0,1,2,3, 则P (X=0)=C 43C 83=114,P (X=1)=C 41C 42C 83=37,P (X=2)=C 42C 41C 83=37,P (X=3)=C 43C 83=114.故X 的分布列为E (X )=0×114+1×37+2×37+3×114=1.5.(2)①x =55×0.1+65×0.3+75×0.4+85×0.1+95×0.1=73,s= √(55-73)2×0.1+(65-73)2×0.3+(75-73)2×0.4+(85-73)2×0.1+(95-73)2×0.1=√116=2√29≈11. ②由①,可知成绩在区间(62,95)的概率为12×0.954 5+12×0.682 7=0.818 6, 记“三名学生中恰有两名学生的成绩在区间(62,95)”为事件A ,则P (A )=C 32×0.818 62×(1-0.818 6)≈0.36.。

【把握高考】高三数学最新专题课件 第七章 7.2《平面向量基本定理与向量的坐标运算》人教版必修

【把握高考】高三数学最新专题课件 第七章 7.2《平面向量基本定理与向量的坐标运算》人教版必修

=(-m+4n,2m+n).
所以 - 2mm++n4=n=2,3,
解得m=59, n=89.
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
所以 m=95,n=89. (2)a+kc=(3+4k,2+k),2b-a=(-5,2), 又因为(a+kc)∥(2b-a), 所以(3+4k)×2-(-5)×(2+k)=0. 所以 k=-1163.
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
所以B→N=21b,D→M=21a,于是有:
c=b+12a, d=a+21b,
解得a=232d-c, b=232c-d.
即A→B=23(2d-c),A→D=23(2c-d).
()
A.正方形
B.矩形
C.菱形
D.平行四边形
解析:A→B=(1,2),D→C=(1,2),所以A→B=D→C,所以A→B
∥D→C,又线段 AB 与线段 DC 无公共点,所以 CD 是平行四边形.由图象易知:
四边形 ABCD 只能为平行四边形. 答案:D
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
解析:因为c可唯一表示成c=λa+μb, 所以a与b不共线,即2m-3≠3m,所以m≠-3. 答案:{m∈R|m≠-3}
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
1.平面向量的坐标运算法则是运算的关键.平面 向量的坐标运算可将几何问题转化为代数问题,运用它 可以解决平面几何、解析几何中的一些问题.
2.向量有几何法和坐标法两种表示,它的运算也 因为这两种不同的表示而有两种方式.因此向量问题的 解决,理论上讲总可有两个途径,即基于几何表示的几 何法和基于坐标表示的代数法.在具体做题时要善于从 不同的角度考虑问题.
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入

新人教版高中数学必修2课件:第七章 章末整合

新人教版高中数学必修2课件:第七章 章末整合
13
2
点师点析(1)复数的乘法运算与多项式的乘法运算类似.
(2)复数的除法运算,将分子分母同时乘分母的共轭复数,最后整理成
a+bi(a,b∈R)的结构形式.
(3)利用复数相等,可实现复数问题的实数化.

延伸探究本例(1)中已知条件不变,则 =

答案 i
解析 由解析知 z=1+i,
所以=1-i.
点是(
)
A.E
B.F
C.G
D.H
答案 D
解析 ∵点Z(3,1)对应的复数为z,

3+i (3+i)(1-i) 4-2i
∴z=3+i,1+i = 1+i =
=
=2-i.
2
(1+i)(1-i)
该复数对应的点的坐标是(2,-1),即点 H.
专题三
复数的四则运算
例3(1)已知是z的共轭复数,若z· i+2=2z,则z=(
1+i
=
=i.

1-i
.
A.1+i B.1-i
C.-1+i D.-1-i
1
(2)已知复数 z1=2-3i,z2=
2,则 等于(
2
(2+i)
3+2i
A.-4+3i
B.3+4i
C.3-4i
D.4-3i
)
)
答案 (1)A
(2)D
解析 (1)设z=a+bi(a,b∈R),则 =a-bi,代入z·i+2=2z中得,(a+bi)(abi)i+2=2(a+bi),
C.1

全国通用版高中数学第七章复数考点题型与解题方法

全国通用版高中数学第七章复数考点题型与解题方法

(名师选题)全国通用版高中数学第七章复数考点题型与解题方法单选题1、已知下列三个命题:①若复数z1,z2的模相等,则z1,z2是共轭复数;②z1,z2都是复数,若z1+z2是虚数,则z1不是z2的共轭复数;③复数z是实数的充要条件是z=z.则其中正确命题的个数为A.0个B.1个C.2个D.3个答案:C解析:运用复数的模、共轭复数、虚数等知识对命题进行判断.对于①中复数z1和z2的模相等,例如z1=1+i,z2=√2i,则z1和z2是共轭复数是错误的;对于②z1和z2都是复数,若z1+z2是虚数,则其实部互为相反数,则z1不是z2的共轭复数,所以②是正确的;对于③复数z是实数,令z=a,则z̅=a所以z=z̅,反之当z=z̅时,亦有复数z是实数,故复数z是实数的充要条件是z=z̅是正确的.综上正确命题的个数是2个.故选C小提示:本题考查了复数的基本概念,判断命题是否正确需要熟练掌握基础知识,并能运用举例的方法进行判断,本题较为基础.2、已知i为虚数单位,则i+i2+i3+⋅⋅⋅+i2021=()A.i B.−i C.1D.-1答案:A分析:根据虚数的运算性质,得到i4n+i4n+1+i4n+2+i4n+3=0,得到i+i2+i3+⋅⋅⋅+i2021=i2021,即可求解.根据虚数的性质知i4n+i4n+1+i4n+2+i4n+3=1+i−1−i=0,所以i+i2+i3+⋅⋅⋅+i2021=505×0+i2021=i.故选:A.3、已知复数z满足z−z=2i,则z的虚部是()A.−1B.1C.−i D.i答案:A分析:设z=a+bi(a,b∈R),根据z−z=2i,求得b=−1,即可求得复数z的虚部,得到答案.设z=a+bi(a,b∈R),因为z−z=2i,可得z−z=a−bi−(a+bi)=−2bi=2i,则−2b=2,可得b=−1,所以复数z的虚部是−1.故选:A小提示:关键点点睛:本题主要考查了复数的运算,共轭复数的概念,以及复数相等的应用,其中解答中熟记复数相等的条件是解答的关键,属于基础题.4、已知复数z对应的点在第二象限,z为z的共轭复数,有下列关于z的四个命题:甲:z+z=−2;乙:z−z=2i;丙:z⋅z=4;丁:z÷z=−12−√32i.如果只有一个假命题,则该命题是()A.甲B.乙C.丙D.丁答案:B分析:设z=a+b i,z=a−b i,根据复数所在象限、复数加法、减法、乘法和除法,结合“只有一个假命题”进行分析,由此确定正确选项.设z=a+b i,z=a−b i,由于z对应点在第二象限,所以a<0,b>0,z+z=2a<0,z−z=2b i,z⋅z=a2+b2,z =a+b ia−b i=(a+b i)2(a−b i)(a+b i)=a2−b2+2ab ia2+b2=a2−b2a2+b2+2aba2+b2i.甲⇒2a=−2,a=−1,乙⇒2b=2,b=1,丙⇒a2+b2=4,丁⇒a 2−b2a2+b2=−12,2aba2+b2=−√32⇒b=−√3a,由于“只有一个假命题”,所以乙是假命题,b的值应为√3. 故选:B5、若i(1−z)=1,则z+z̅=()A.−2B.−1C.1D.2答案:D分析:利用复数的除法可求z,从而可求z+z̅.由题设有1−z=1i =ii2=−i,故z=1+i,故z+z̅=(1+i)+(1−i)=2,故选:D6、3+i1−3i=()A.1B.−1C.i D.−i答案:C解析:根据复数运算将分之分母同乘以1+3i,化简即可得出答案.解:3+i1−3i =(3+i)(1+3i)(1−3i)(1+3i)=3+3i2+10i10=3−3+10i10=i.故选:C.小提示:复数乘除法运算技巧:(1)复数的乘法:复数乘法类似于多项式的乘法运算.(2)复数的除法:除法的关键是分子分母同乘以分母的共轭复数.7、在复平面内,把复数3−√3i对应的向量按顺时针方向旋转π3,所得向量对应的复数是()A .2√3B .−2√3iC .√3−3iD .3+√3i答案:B分析:由题意知复数3−√3i 对应的向量按顺时针方向旋转π3,需要把已知向量对应的复数乘以复数的沿顺时针旋转后的复数,相乘得到结果.解:∵由题意知复数3−√3i 对应的向量按顺时针方向旋转π3,∴旋转后的向量为(3−√3i )[cos(−π3)+i sin(−π3)]=(3−√3i )(12−√3i 2)=32−3√3i 2−√3i 2+3i 22=−2√3i .故选:B .8、设2(z +z )+3(z −z )=4+6i ,则z =( )A .1−2iB .1+2iC .1+iD .1−i答案:C分析:设z =a +bi ,利用共轭复数的定义以及复数的加减法可得出关于a 、b 的等式,解出这两个未知数的值,即可得出复数z .设z =a +bi ,则z =a −bi ,则2(z +z )+3(z −z )=4a +6bi =4+6i ,所以,{4a =46b =6,解得a =b =1,因此,z =1+i . 故选:C.9、若复数z 满足z(1−2i )=5,则( )A .z =1−2iB .z +1是纯虚数C .复数z 在复平面内对应的点在第二象限D .若复数z 在复平面内对应的点在角α的终边上,则cos α=√55 答案:D分析:利用复数的除法求复数z 及对应点坐标,并确定所在的象限,结合各选项描述判断正误.由题设,z=51−2i=1+2i且对应点在第一象限,A、C错误;z+1=2+2i不是纯虚数,B错误;由z在复平面内对应的点为(1,2),所以cosα=√55,D正确.故选:D10、已知复数z满足(z−i)(2+i)=6−2i,则|z|=()A.√3B.2C.√5D.√6答案:C分析:利用复数的运算先求z,再利用复数的模长公式求解. 因为(z−i)(2+i)=6−2i,所以z=6−2i2+i +i=(6−2i)(2−i)(2+i)(2−i)+i,=2−2i+i=2−i,所以|z|=√22+(−1)2=√5.故选:C.11、欧拉公式e iθ=cosθ+isinθ(e为自然底数,i为虚数单位)是瑞士数学家欧拉最早发现的,是数学界最著名、最美丽的公式之一根据欧拉公式,复数e2i在复平面内对应点所在的象限是()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限答案:B分析:根据欧拉公式有e2i=cos2+isin2,判断cos2, sin2即可确定e2i对应点所在象限.由题意知:e2i=cos2+isin2,而π2<2<π,∴cos2<0, sin2>0,故e2i对应点在第二象限.故选:B12、已知a∈R,若a–1+(a–2)i(i为虚数单位)是实数,则a=()A.1B.–1C.2D.–2答案:C分析:根据复数为实数列式求解即可.因为(a−1)+(a−2)i为实数,所以a−2=0,∴a=2,故选:C小提示:本题考查复数概念,考查基本分析求解能力,属基础题.填空题13、已知|z|=1,则|z−1+√3i|的最小值是_________.答案:1解析:由|z|=1,得z在复平面内所对应的点Z在以原点O为圆心,半径为r=1的圆上.|z−1+√3i|=|z−(1−√3i)|,表示Z到点1−√3i所对应的点P(1,−√3)的距离,求出|OP|后减去半径可得最小值.解:因为|z|=1,所以z在复平面内所对应的点Z在以原点O为圆心,半径为r=1的圆上.|z−1+√3i|=|z−(1−√3i)|,表示Z到点1−√3i所对应的点P(1,−√3)的距离,∵|OP|=√1+3=2,所以|PZ|min=|OP|−r=1.故答案为1.小提示:方法点睛:本题考查复数模的几何意义,|z|表示复平面上z对应的点Z到原点的距离,|z−z0|表示z 在复平面上z对应的点Z与z0对应的点Z0间的距离.因此有|z−z0|=r表示z0对应的点为圆心,r为半径的圆.14、如果复数z满足|z+i|+|z−i|=2,那么|z+i+1|的最小值是________.答案:1分析:由|z+i|+|z−i|=2的几何意义得z对应复平面的点(a,b)的轨迹为线段AB,再由|z+i+1|的几何意义为复平面内点(a,b)到点(−1,−1)的距离,数形结合即可求出最小值.设z=a+bi,则|z+i|+|z−i|=|z−(−i)|+|z−i|=2的几何意义为复平面内点(a,b)到点(0,−1)及点(0,1)的距离和为2,又1−(−1)=2,设点A(0,−1)和点B(0,1),则点(a,b)的轨迹为线段AB,又|z+i+1|=|z−[(−1)+(−i)]|的几何意义为复平面内点(a,b)到点(−1,−1)的距离,设P(−1,−1),结合图像可知,当z=−i时,|z+i+1|的最小值为1.所以答案是:1.15、i是虚数单位,(√21−i )2020+(1+i1−i)6=________.答案:-2分析:按照复数除法、乘方运算法则计算即可.(√21−i)2=2−2i=−i(−i)2=i1+i 1−i =(1+i)2(1−i)(1+i)=i(√2 1−i )2020+(1+i1−i)6=i1010+i6=(−1)505+(−1)3=−2所以答案是:−216、已知i是虚数单位,化简11−3i1+2i的结果为_______.答案:1−5i##−5i+1分析:根据复数代数形式的运算法则即可解出.11−3i 1+2i =(11−3i)(1−2i)(1+2i)(1−2i)=11−6−25i5=1−5i.所以答案是:1−5i.17、已知复数z1=1+3i,z2=t+i(i为虚数单位),且z1⋅z̅2是实数,则实数t=___________.答案:13分析:由共轭复数定义和复数乘法运算可求得z1⋅z̅2,利用实数定义可构造方程求得t.∵z1⋅z̅2=(1+3i)⋅(t−i)=(t+3)+(3t−1)i为实数,∴3t−1=0,解得:t=13.所以答案是:13.解答题18、求tan θ,使得复数z=cos2θ+(tan2θ−tanθ−2)i是:(1)实数(2)纯虚数.(3)零.答案:(1)2;(2)1;(3)-1.分析:由复数的代数形式,结合其所代表的复数类型,列方程组求tanθ即可.(1)由题意,tan2θ−tanθ−2=0,得tanθ=−1或tanθ=2.(2)由题意,{cos2θ=0tan2θ−tanθ−2≠0,得{cos2θ=sin2θ(tanθ+1)(tanθ−2)≠0,即{tan2θ=1(tanθ+1)(tanθ−2)≠0,解得tanθ=1.(3)由题意,{cos2θ=0tan2θ−tanθ−2=0,得{cos2θ=sin2θ(tanθ+1)(tanθ−2)=0,即{tan2θ=1(tanθ+1)(tanθ−2)=0,解得tanθ=−1.19、已知i是虚数单位,设复数z满足|z−2|=2.(1)求|z+1−4i|的最小值与最大值;(2)若z+4z为实数,求z的值.答案:(1)最大值为7,最小值为3.(2)见解析解析:(1)根据题意|z −2|=2,可知z 的轨迹为以(2,0)为圆心,以2为半径的圆,|z +1−4i |表示点(x,y)到(−1,4)的距离,结合几何意义求得结果;(2)根据z +4z 为实数,列出等量关系式,求得结果.(1)设z =x +yi ,根据|z −2|=2,所以有(x −2)2+y 2=4,所以z 的轨迹为以(2,0)为圆心,以2为半径的圆,所以|z +1−4i |=|(x +1)+(y −4)i |=√(x +1)2+(y −4)2,其表示点(x,y)到(−1,4)的距离,所以其最大值为圆心(2,0)到(−1,4)的距离加半径,最小值为圆心(2,0)到(−1,4)的距离减半径,所以最大值为√(2+1)2+42+2=7,最小值为√(2+1)2+42−2=3;(2)z +4z =x +yi +4x+yi =x +yi +4(x−yi)x 2+y 2=(x +4x x 2+y 2)+(y −4y x 2+y 2)i , 因为z +4z为实数,所以y −4y x 2+y 2=0, 即y(1−4x 2+y 2)=0,所以y =0或x 2+y 2=4,又因为(x −2)2+y 2=4,所以{x =0y =0 (舍去),{x =4y =0 ,{x =1y =√3 ,{x =1y =−√3, 所以z =4或z =1+√3i 或z =1−√3i .小提示:该题考查的是有关复数的问题,涉及到的知识点有根据几何意义有模的最值,根据复数为实数求复数的值,属于简单题目.20、已知a ∈R ,b ∈R ,方程x 2+ax +b =0的一个根为1−i ,复数z 1=a +b i ,满足|z 2|=4.(1)求复数z 1;(2)若z 1⋅z 2>0,求复数z 2.答案:(1)z 1=−2−2i ;(2)z 2=−2√2+2√2i . 分析:(1)将1−i 代入方程x 2+ax +b =0,化简后利用复数相等的知识列方程组,由此求得a,b ,从而求得z 1.(2)设z 2=x +y i ,利用|z 2|=4、z 1⋅z 2>0来求得x,y ,进而求得z 2.(1)依题意,得(1−i )2+a(1−i )+b =0,即(a +b)+(−2−a)i =0,由复数相等的定义及a ,b ∈R ,得{a +b =0−2−a =0, 解得{a =−2b =2. 故复数z 1=a −b i =−2−2i .(2)设z 2=x +y i (x ∈R ,y ∈R ),由|z 2|=4,得x 2+y 2=16, z 1⋅z 2=(−2−2i )(x +y i )=(−2x +2y)−(2x +2y)i ,又z 1⋅z 2>0,得{−2x +2y >02x +2y =0,即{y >x x =−y , 所以{x 2+y 2=16x =−y y >x,解得{x =−2√2y =2√2 , 所以z 2=−2√2+2√2i .。

高中数学第七章复数单元检测含解析新人教A版必修第二册

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单元素养检测(二)(第七章)(120分钟150分)一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)1.= ( )A.1+2iB.1-2iC.2+iD.2-i【解析】选D.===2-i.2.若复数z-2+3i=1-i,则∣z∣=( )A.3B.4C.5D.6【解析】选C.由z-2+3i=1-i,得z=3-4i,|z|=5.3.复数z=在复平面上对应的点位于( )A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【解析】选C.因为复数z===-1-i,所以复数在复平面上对应的点(-1,-1)位于第三象限.【补偿训练】(2019·天津高二检测)在复平面上,复数对应的点在( ) A.第一象限 B.第二象限C.第三象限D.第四象限【解析】选A.由题意,复数=1+i,所以复数对应的点的坐标为位于第一象限.4.(2019·全国卷Ⅲ)若z(1+i)=2i,则z= ( )A.-1-iB.-1+iC.1-iD.1+i【解题指南】等式两边同除以(1+i),表示出z,再利用复数的除法计算.【解析】选D.z(1+i)=2i,z===i(1-i)=1+i.5.z是纯虚数的一个充要条件是( )A.z+≠0B.z-≠0C.z·≠0D.=-z(z≠0)【解析】选D.(1)设z=bi(b≠0),则=-bi,所以z+=0,所以=-z(z≠0).(2)设z=a+bi(z≠0),则=a-bi,因为=-z,所以a-bi=-(a+bi),即a=0,又z≠0,所以b≠0,所以z是纯虚数,由(1),(2)知z是纯虚数的一个充要条件是=-z(z≠0).6.若关于x的方程x2+(1+2i)x+3m+i=0有实根,则实数m等于( )A. B. C.- D.-【解析】选A.设方程的实数根为x=a(a为实数),则a2+(1+2i)·a+3m+i=0,所以所以7.若i为虚数单位,图中复平面内点Z表示复数z,则表示复数的点是( )A.EB.FC.GD.H【解析】选D.由图可知z=3+i,所以====2-i,对应复平面内的点H.8.已知i为虚数单位,a为实数,复数z=(a-2i)(1+i)在复平面内对应的点为M,则“a=1”是“点M在第四象限”的( )A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【解析】选A.z=(a-2i)(1+i)=(a+2)+(a-2)i,则点M的坐标为(a+2,a-2),当a=1时,坐标为(3,-1),即点M在第四象限,若点M在第四象限,而a=1却不一定成立,故“a=1”是“点M在第四象限”的充分而不必要条件.二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)9.已知复数z=,则下列结论正确的是( )A.z的虚部为iB.|z|2=2C.z2为纯虚数D.=-1+i【解析】选BC.因为复数z===1+i,则z的虚部为1,A不正确.|z|2=2,B正确.z2=(1+i)2=2i为纯虚数,C正确.=1-i,D不正确.10.设z是复数,则下列命题中的真命题是( )A.若z2≥0,则z是实数B.若z2<0,则z是虚数C.若z是虚数,则z2≥0D.若z是纯虚数,则z2<0【解析】选ABD.设z=a+bi,a,b∈R⇒z2=a2-b2+2abi.对选项A:若z2≥0,则b=0⇒z为实数,所以z为实数正确.对选项B:若z2<0,则a=0,且b≠0⇒z为纯虚数,所以z为虚数正确.对选项C:若z为虚数,则z2不一定为实数,所以z2≥0错误.对选项D:若z为纯虚数,则a=0,且b≠0⇒z2<0,所以z2<0正确.11.已知i为虚数单位,z∈C,下列命题为真命题的是( )A.若z-(3+2i)=i,则z=3+3iB.若z(3+4i)=25i,则z=4+3iC.若z+|z|=2+i,则z=+iD.若z·(2+i)=10-5i,则=3-4i【解析】选ABC.若z-(3+2i)=i,则z=3+2i+i=3+3i,选项A是真命题.若z(3+4i)=25i,则z====4+3i,选项B是真命题.设z=x+yi(x,y∈R),则由z+|z|=2+i,得x+yi+=2+i,所以解得所以z=+i,所以选项C是真命题.若z·(2+i)=10-5i,则z====3-4i,=3+4i,选项D是假命题.12.下列复数不可能与复数+i(a∈R)相等的是( )A.-2iB.a2+iC.3-a2iD.3+a2i【解析】选ACD.由于+i不可能是纯虚数,而-2i是纯虚数,故-2i和+i不可能相等;当a2=,即a=1时,a2+i和+i相等;因为复数3-a2i的虚部-a2≤0,而+i的虚部为1,故二者不可能相等;若3+a2i和+i相等,则而此方程组无解,故二者不相等.三、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分.把答案填在题中的横线上)13.定义运算=ad-bc,若复数x=,y=,则y=________.【解析】依题意,y=4i(x+i)-2xi=4i2+2xi=-4+=-4+=-4+2=-2.答案:-214.若(a-2i)i=b-i,其中a,b∈R,i是虚数单位,z=(a+bi)2,则=________.【解析】由(a-2i)i=b-i,得ai+2=b-i,即(2-b)+(a+1)i=0,得a=-1,b=2,所以z=(a+bi)2=(-1+2i)2=-3-4i,=5.答案:515.已知=b+i(a,b∈R),其中i为虚数单位,则a+b=________.【解析】因为=b+i,所以a+2i=bi-1,所以所以a+b=1.答案:116.已知+i是实系数一元二次方程ax2+bx+1=0的一个根,则a=________, b=________. 【解析】把+i代入方程得a+b+1=0,即+i=0.所以即解得答案:1 -四、解答题(本大题共6个小题,共70分,解答时写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)17.(10分)复平面内有A,B,C三点,点A对应的复数是3+i,向量对应的复数是-2-4i,向量对应的复数是-4-i,求B点对应的复数.【解析】因为向量对应的复数是-2-4i,向量对应的复数是-4-i,所以表示的复数是(4+i)-(2+4i)=2-3i,故=+对应的复数为(3+i)+(2-3i)=5-2i,所以B点对应的复数为5-2i.18.(12分)已知z是复数,z+2i,均为实数(i为虚数单位),对于复数w=(z+ai)2,当a为何值时,w为:(1)实数;(2)虚数;(3)纯虚数.【解析】设z=x+yi(x,y∈R),z+2i=x+(y+2)i,由题意得y=-2,==(x-2i)(2+i)=(2x+2)+(x-4)i.由题意得x=4,所以z=4-2i.因为w=(z+ai)2=(12+4a-a2)+8(a-2)i,(1)当w为实数时,令a-2=0,所以a=2,(2)w为虚数,只要a-2≠0,所以a≠2.(3)w为纯虚数,只要12+4a-a2=0且a-2≠0,所以a=-2或a=6.19.(12分)已知复数z=(1+2m)+(3+m)i(m∈R).(1)若复数z在复平面上所对应的点在第二象限,求m的取值范围;(2)求当m为何值时,|z|最小,并求|z|的最小值.【解析】(1)因为复数z=(1+2m)+(3+m)i(m∈R)在复平面上所对应的点在第二象限,所以解得-3<m<-,所以m的取值范围是.(2)|z|2=(1+2m)2+(3+m)2=5m2+10m+10=5(m+1)2+5,所以当m=-1时,|z|min=.20.(12分)已知z1=cos θ+isin 2θ,z2=sin θ+icos θ,当θ为何值时:(1)z1=z2;(2)z1,z2对应点关于实轴对称;(3)|z2|<.【解析】(1)因为z1=z2,所以即解得θ=2kπ+(k∈Z).(2)因为z1与z2对应点关于实轴对称,所以即解得θ=2kπ+π(k∈Z).(3)因为|z2|<,所以<,即3sin2θ+cos2θ<2,化简得sin2θ<,解得-<sin θ<,所以kπ-<θ<kπ+(k∈Z).21.(12分)已知复数z=(2+i)-(其中i是虚数单位,x∈R).(1)若复数z是纯虚数,求x的值;(2)若函数f(x)=|z|2与g(x)=-mx+3的图象有公共点,求实数m的取值范围. 【解析】(1)因为z=(2+i)-=(2-x)+(1-x)i,且复数z为纯虚数,所以解得x=2.(2)由(1)知函数f(x)=|z|2=(2-x)2+(1-x)2=2x2-6x+5,又函数f(x)与g(x)=-mx+3的图象有公共点,所以方程2x2-6x+5=-mx+3有解,即方程2x2+(m-6)x+2=0有解,所以Δ=(m-6)2-4×2×2≥0,所以m≤2或m≥10.所以实数m的取值范围是(-∞,2]∪[10,+∞).【补偿训练】已知z1=x2+i,z2=x2+ai对于任意实数x,都有>恒成立,试求实数a的取值范围.【解析】依题意,得|z1|=,|z2|=,|z1|>|z2|⇒|z1|2>|z2|2⇒x4+x2+1>x4+a2⇒x2+1>a2⇒-1<a<1.所以实数a的取值范围是(-1,1).22.(12分)已知关于x的方程x2-(tan θ+i)x-(i+2)=0(θ∈R,x∈C)(1)若此方程有实数根,求锐角θ的值;(2)求证:对任意的实数θ(θ≠+kπ),原方程不可能有纯虚数根.【解析】(1)设x∈R是方程x2-(tan θ+i)x-(i+2)=0的根,则x2-xtan θ-2-i(x+1)=0.所以由②得x=-1,代入①得tan θ=1,所以锐角θ=.(2)反证法.若方程有纯虚数根,设为x=ai(a≠0),代入原方程并整理得(-a2+a-2)-(atan θ+1)i=0.所以(*)因为方程-a2+a-2=0无实根,所以方程组(*)无解.故假设不成立,因此原方程无纯虚数根.。

高考数学第七章立体几何7.6空间向量及其运算、空间位置关系理高三全册数学


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5.已知平行六面体 ABCD-A1B1C1D1 中,以顶点 A 为端点的三条棱
长都等于 1,且两两夹角都是 60°,则对角线 AC1 的长是 6 .
解析:|A→C1|2=A→C1 2=(A→B+B→C+C→C1)2=A→B 2+B→C 2+
→ CC1
2+2A→B·B→C+2A→B·C→C1+2B→C·C→C1=1+1+1+2×12+2×12
其中真命题的个数是( B )
A.1 B.2 C.3 D.4
解析:其中①③为正确命题.
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知识点二 空间向量的数量积运算
1.两个向量的数量积 (1)非零向量 a,b 的数量积 a·b=|a||b|cos〈a,b〉. (2)空间向量数量积的运算律 ①结合律:(λa)·b=λ(a·b). ②交换律:a·b=b·a. ③分配律:a·(b+c)=a·b+a·c.
∴cos〈a,b〉=|aa|·|bb|=-110=- 1100,
即向量
a
与向量
b
的夹角的余弦值为-
10 10 .
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考向四
利用空间向量证明平行与垂直
【例 4】 如图所示,在四棱锥 P-ABCD 中,PC⊥平面 ABCD,PC =2,在四边形 ABCD 中,∠B=∠C=90°,AB=4,CD=1,点 M 在 PB 上,PB=4PM,PB 与平面 ABCD 成 30°的角.求证:
∴|c|= -2m2+-m2+2m2=3|m|=3, ∴m=±1,∴c=(-2,-1,2)或(2,1,-2).
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高三数学课件:第七章 不等式 推理与证明 7-6


所以 t(x)<t(0)=0,即 ex<1+x+x22. 故 y=ex 是 y=1+x 和 y=1+x+x22在(-1,0)上的一个“严格 分界函数”.
角度 2:分析法 (2017·河北武邑中学期中)设集合 M={x||x|<1},在集
合 M 中定义一种运算“*”,使得 a*b=1a++abb. (1)证明:(a*b)*c=a*(b*c); (2)证明:若 a∈M,b∈M,则 a*b∈M. [思路引导] (1)按照所定义的运算,先求出(a*b)*c,再求出
[答案] A
3.若 a,b∈R,则下面四个式子中恒成立的是( )
A.lg(1+a2)>0 B.a2+b2≥2(a-b-1)
C.a2+3ab>2b2
a a+1 D.b<b+1
[解析] 在 B 中,∵a2+b2-2(a-b-1)=(a2-2a+1)+(b2
+2b+1)=(a-1)2+(b+1)2≥0,
与 g(x)在 D 上的一个“严格分界函数”.求证:y=ex 是 y=1+x 和 y=1+x+x22在(-1,0)上的一个“严格分界函数”.
[思路引导] 欲证原结论,只需证∀x∈(-1,0),总有 1+ x<ex<1+x+x22,构造新函数,借助函数证得结果即可.
[解] 令 φ(x)=ex-1-x, 则 φ′(x)=ex-1. 当-1<x<0 时,φ′(x)<0, 故 φ(x)在区间(-1,0)上为减函数, 因此 φ(x)>φ(0)=0,故 ex>1+x. 令 t(x)=ex-1-x-x22,则 t′(x)=ex-1-x. 由上述证明过程可知,当 x∈(-1,0)时,ex>1+x 恒成立,即 当 x∈(-1,0)时,t′(x)>0,故 t(x)在(-1,0)上为增函数.

【把握高考】高三数学最新专题课件 第七章7.1《向量的线性运算》(文数)人教版必修


第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
【即时巩固3】 设两个非零向量e1和e2不共线. (1)如果A→B=e1-e2,B→C=3e1+2e2,C→D=-8e1-2e2, 求证:A、C、D 三点共线.
(2)如果A→B=e1+e2,B→C=2e1-3e2,C→D=2e1-ke2,且 A、C、D 三点共线,求 k 的值.
4.已知 A,B,C,D 四点满足A→B=a+2b,B→C= -5a+解6析b,:因B→D为=B→2Da=+24A→b,B,则且共B线为的公点共是点__,_所__以___A.、B、
D 三点共线. 答案:A、B、D
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
1.正确理解和牢固掌握共线向量、相等向量的概 念很重要,它关系到我们今后能否灵活解决相关问题.
1.给出下列命题:
①向量A→B与向量B→A的长度相等,方向相反;
②A→B+B→A=0; ③a 与 b 平行,则 a 与 b 方向相同或相反; ④两个向量当且仅当起点与终点均相同时,才相等;
⑤A→B∥C→D,则直线 AB∥直线 CD;

⑥与A→B共线的单位向量为
AB →
.
|AB|
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
相等向量 长度_相__等_且方向_相__同_的向量
相反向量 长度_相__等_且方向_相__反_的向量
第七章 平面向量、数系的扩充与复数的引入
2.向量的线性运算
向量 运算
定义
法则(或几何意义) 平行四边形法则
运算律
加法
求两个向量 之和的运算
三角形法则
(1)交换律 a+b=_b_+__a_
(2)结合律 (a+b)+c= _a_+__(b_+__c_)_

高考数学第七章立体几何7.3空间点、直线、平面之间的位置关系高三全册数学


1.已知 a,b,c 为三条不重合的直线,已知下列结论:
①若 a⊥b,a⊥c,则 b∥c;②若 a⊥b,a⊥c,则 b⊥c;
③若 a∥b,b⊥c,则 a⊥c.
其中正确的个数为( B )
A.0
B.1
C.2
D.3
解析:在空间中,若 a⊥b,a⊥c,则 b,c 可能平行,也 可能相交,还可能异面,所以①②错,③显然成立.
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考点三 异面直线所成的角
【例 3】 如图,在底面为正方形,侧棱垂直于底面的四棱柱 ABCD-A1B1C1D1 中,AA1=2AB=2,则异面直线 A1B 与 AD1 所成角的余
弦值为( D )
A.15 C.35
B.25 D.45
第三十二页,共四十七页。
【解析】 连接 BC1,易证 BC1∥AD1,则∠A1BC1 或其补角 为异面直线 A1B 与 AD1 所成的角.连接 A1C1,由 AB=1,AA1=2, 易得 A1C1= 2,A1B=BC1= 5,故 cos∠A1BC1=2×5+55-×2 5=45, 即异面直线 A1B 与 AD1 所成角的余弦值为45.
第二十六页,共四十七页。
【解析】 取 CD 的中点 O,连接 ON,EO,因为△ECD 为 正三角形,所以 EO⊥CD,又平面 ECD⊥平面 ABCD,平面 ECD∩ 平面 ABCD=CD,所以 EO⊥平面 ABCD.设正方形 ABCD 的边 长为 2,则 EO= 3,ON=1,所以 EN2=EO2+ON2=4,得 EN =2.过 M 作 CD 的垂线,垂足为 P,连接 BP,则 MP= 23,CP =32,所以 BM2=MP2+BP2= 232+322+22=7,得 BM= 7, 所以 BM≠EN.连接 BD,BE,因为四边形 ABCD 为正方形,所以 N 为 BD 的中点,即 EN,MB 均在平面 BDE 内,所以直线 BM,
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七、不等式 40 不等式关系与不等式 基础训练 1.有下列命题:①若ab,则acbc;②若ab,则22acbc;③若ab,则22ab;④若ab,则1ab;⑤ab,则22ab;⑥若acbc,则ab.其中正确的命题是____.(填写所有正确命题的序号) 2.设25a,52b,525c,则a,b,c之间的大小关系为____. 3.设2222mxyxy,(22)xn,则m,n的大小关系是____. 4.设22,则的取值范围是____. 5.已知0a,10b,那么在a,ab,2ab这三个数中,最小的数是____,最大的数是____. 6.对于01a,给出下列四个不等式:

①1log(1)log(1)aaaa;②1log(1)log(1)aaaa;③111aaaa;④111aaaa. 其中正确的不等式是____.(填写所有正确的不等式的序号) 7.设mn,pq,且()()0pmpn,()()0qmqn,则m,n,p,q的大小顺序为____. 8.某人10点10分离家赶11点整的火车,已知他家离车站10km,他离家后先以3/kmh的速度走了5分钟,然后乘公共汽车去车站,设公共汽车每小时至少行驶xkm才能不误当次火车,则x所满足的条件是____.(不用求解) 巩固练习 1.已知0abc,若bcPa,acQb,则P,Q的大小关系是____. 2.给出下列几个命题:①若0ab,则11ab;②若0ab,则11abab;③若0ab,则22abaabb.其中正确的命题是____.(写出所有正确命题的序号) 3.设2log(1)ama,log2ana,其中1a,则m,n的大小关系为____. 4.同学们都知道,在一次考试后,如果按顺序去掉一些高分,那么班级的平均分将降低;反之,如果按顺序去掉一些低分,那么班级的平均分将提高.这两个事实可以用数学语言描述为:若有限数列1a,2a,„,na满足12naaa,则____和____.(结论用数学式子表示) 自我测试

1.已知76a,65b,则a,b的大小关系为____. 2.已知0abc,abc,则ca的取值范围是____. 3.试比较xe,x,lnx的大小:____. 4.某市环保局为增加城市的绿地面积,提出两个投资方案:方案A为一次性投资500万元;方案B为第一年投资5万元,以后每年都比前一年增加10万元.将“经n年之后,方案B的投入不少于方案A的投入”用不等式表示为____.

5.已知2a,2b,则ab与ab的大小关系为____. 6.若1xy,01a,则下列不等式正确的是____.(填写所有正确的不等式的序号) 7.设mn,43xmmn,34ynmn,试比较x与y的大小. 8.某电脑用户计划使用不超过500元的资金购买单价分别为60元、70元的桶装CD刻录盘和U盘.根据需要,刻录盘至少买3桶,U盘至少买2个,写出满足上述所有不等关系的不等式. 9.在等比数列{}na和等差数列{}nb中,110ab,330ab,13aa.试比较5a

和5b的大小. 10.已知1x,2n且nN,比较(1)nx和1nx的大小. 41 一元二次不等式 基础训练 1.不等式290x的解集为____. 2.(2013·安徽卷)已知一元二次不等式()0fx的解集为1{1}2xxx或,则(10)0xf的解集为____. 3.不等式25||60xx的解集为____. 4.(1)不等式2102xx的解集为____;(2)不等式2102xx的解集为____. 5.不等式|1||3|0xx的解集是____.

6.已知函数21,0,()1,0,xxfxx则满足不等式2(1)(2)fxfx的x的取值范围是____. 7.当不等式240xpx恰好有一个解时,实数p的值是____. 8.不等式220axbx的解集是11(,)23,则ab的值是____. 巩固练习 1.二次函数2()yaxbxcxR的部分对应值如下表: x -3 -2 -1 0 1 2 3 4 y 6 0 -4 -6 -6 -4 0 6 则不等式20axbxc的解集是____. 2.不等式13xx的解集为____. 3.已知关于x的不等式250axxa的解集为M,若5M,则实数a的取值范围是____. 4.不等式22412axxax对一切xR恒成立,则实数a的取值范围是____. 自我测试 1.不等式220xx的解集是____.

2.已知1,0,()1,0,xfxx则不等式(2)(2)5xxfx的解集是____. 3.若01a,则不等式1()()0axxa的解集是____. 4.若关于x的不等式2260axxa的解集是(1,)m,则实数m的值为____. 5.若不等式1420xxa在[1,2]上恒成立,则a的取值范围为____. 6.在R上定义运算,(1)xyxy,若不等式()()1xaxa对任意实数x恒成立,则a的取值范围是____. 7.若关于x的不等式11axx的解集是{|12}xxx或,求实数a的值. 8.设21()fxxbxca,不等式()0fx的解集是(1,3),若2(7||)(1)ftft,求实数t的取值范围. 9.已知适合不等式2|4||3|5xxax的x的最大值为3,求实数a的值,并解该不等式. 10.若不等式210xax对于一切1(0,)2x成立,求实数a的取值范围. 42 二元一次不等式组与简单的线性规划 基础训练 1.判断下列不等式所表示的平面区域在相应直线的哪个区域:(填“上方”或“下方” (1)不等式32xy表示直线32xy____的平面区域; (2)不等式230xy表示直线230xy____的平面区域; (3)不等式0xy表示直线0xy____的平面区域. 2.若点(2,)t在直线2360xy的下方区域,则实数t的取值范围是____.

3.设x,y满足约束条件0,,21,xxyxy则32zxy的最大值是____. 4.(2013·江苏卷)抛物线2yx在1x处的切线与两坐标轴围成的三角形区域为D(包含三角形内部与边界),若点(,)Pxy时区域D内的任意一点,则2xy

的取值范围是____.

5.设1m,在约束条件,,1yxymxxy下,目标函数zxmy的最大值小于2,则m的取值范围为____. 6.已知实数x,y满足10,10,1,xyxyy且224820uxyxy,则u的最小值是____. 7.设不等式组110,330,5390xyxyxy表示的平面区域为D.若指数函数xya的图象上存在区域D上的点,则a的取值范围是____. 8.已知平面区域如右图所示,若(0)zmxym在平面区域内取得最大值的最优解有无数多个,则m的值为____.

巩固练习 1.若原点和点(1,1)在直线0xya的两侧,则实数a的取值范围是____.

2.设动点(,)xy满足(1)(4)0,3,xyxyx则22xy的最小值为____.

3.设zkxy,其中实数x,y满足20,240,240,xyxyxy若z的最大值为12,则实数k____. 4.已知实数x,y满足1,21,,yyxxym如果目标函数zxy的最小值为1,则实数m____.

自我测试 1.不等式(2)()0,02xyxyx表示的平面区域的形状是____. 2.在平面直角坐标系中,不等式组20,20,2xyxyx表示的平面区域的面积为____. 3.已知14xy且23xy,则23zxy的取值范围是____. 4.设0a,集合3,{(,)|40,}20xAxyxyxya,222{(,)|(1)(1)}Bxyxya.若点(,)PxyA是点(,)PxyB的必要不充分条件,则实数a的取值范围是____. 5.设实数x,y满足20,240,230,xyxyy则yx的最大值为____. 6.已知11a,11b,则关于x的方程220xaxb有实数根的概率为____.

7.已知12,24,abab求42tab的取值范围. 8.某运输公司有12名驾驶员和19名工人,有8辆载重量为10吨的甲型卡车和7辆载重量为6吨的乙型卡车.某天需运往A地至少72吨的货物,派用的每辆车需满载且只运送一次,派用的每辆甲型卡车需配2名工人,运送一次可得利润450元;派用的每辆乙型卡车需配1名工人,运送一次可得利润350元.问该公司如何安排当天派用两类卡车的车辆数,才能获得最大利润?最大利润为多少? 9.已知函数32()33fxxbxcx有两个极值点1x,2x,且1[1,0]x,2[1,2]x,求(1)f的取值范围. 10.某企业生产A,B两种产品,A产品的单位利润为60元,B产品的单位利润为80元,两种产品都需要在加工车间和装配车间生产.每件A产品在加工车间和装配车间各需经过0.8h和2.4h,每件B产品在两个车间都需经过1.6h.在一定时期中,加工车间最大加工时间为240h,装配车间最大生产时间为288h.已知产品销路没有问题,在此一定时期中应如何搭配生产A产品和B产品,企业可获得

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