【创新方案】2017版新课标物理一轮复习课件：第13章-动量、近代物理初步 第3讲
【优化方案】2017届高考(全国新课标)物理一轮配套课件：13.3原子与原子核59PPT
栏目 导引
第十三章
动量守恒定律
近代物理
五、核力、结合能、质量亏损、核反应
1．核力
(1)定义：原子核内部，核子间所特有的相互作用力．
(2)特点：①核力是强相互作用的一种表现；
②核力是短程力，作用范围在1.5×10－15 m之内； ③每个核子只跟它的相邻核子间才有核力作用．
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第十三章
动量守恒定律
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第十三章
动量守恒定律
近代物理
二、玻尔理论 不连续 的能量状态中，在 1．定态：原子只能处于一系列__________ 稳定 的，电子虽然绕核运动，但 这些能量状态中原子是_________ 并不向外辐射能量．
2．跃迁：原子从一种定态跃迁到另一种定态时，它 辐射 吸收 _____________ 或____________ 一定频率的光子，光子的能量 Em－En 由这两个定态的能量差决定．即hν＝____________ .( h是普朗 克常量，h＝6.626×10－34 J· s) 3．轨道：原子的不同能量状态跟电子在不同的圆周轨道绕核 运动相对应．原子的定态是不连续的，因此电子的可能轨道 不连续 也是______________ 的．
第十三章
动量守恒定律
近代物理
第三节
原子与原子核
第十三章
动量守恒定律
近代物理
一、原子的核式结构
1．α 粒子散射实验的结果：绝大多数α 粒子穿过金箔后，基本
少数 上仍沿原来的方向前进，但_________ α 粒子发生了大角度偏 极少数 转，__________α 粒子的偏转超过了90°，有的甚至被撞了回 来，如图所示．
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第十三章
动量守恒定律
近代物理
(新课标)高考物理大一轮复习第13章动量守恒定律波粒二象性原子结构与原子核第2节光电效应波粒二象性课时
光电效应 波粒二象性1．关于光的本性，下列说法正确的是( )A ．光既具有波动性，又具有粒子性，这是互相矛盾和对立的B ．光的波动性类似于机械波，光的粒子性类似于质点C ．大量光子才具有波动性，个别光子只具有粒子性D ．由于光既具有波动性，又具有粒子性，无法只用其中一种去说明光的—切行为，只能认为光具有波粒二象性解析：选 D.光既具有波动性，又具有粒子性，但不同于宏观的机械波和机械粒子，波动性和粒子性是光在不同的情况下的不同表现，是同一客体的两个不同的侧面、不同属性，只能认为光具有波粒二象性，A 、B 、C 错误，D 正确．2．(2014·高考上海卷)在光电效应的实验结果中，与光的波动理论不矛盾的是( ) A ．光电效应是瞬时发生的 B ．所有金属都存在极限频率 C ．光电流随着入射光增强而变大D ．入射光频率越大，光电子最大初动能越大解析：选 C.光具有波粒二象性，即光既具有波动性又具有粒子性．光电效应证实了光的粒子性．因为光子的能量是一份一份的，不能积累，所以光电效应具有瞬时性，这与光的波动性矛盾，A 项错误；同理，因为光子的能量不能积累，所以只有当光子的频率大于金属的极限频率时，才会发生光电效应，B 项错误；光强增大时，光子数量和能量都增大，所以光电流会增大，这与波动性无关，C 项正确；一个光电子只能吸收一个光子，所以入射光的频率增大，光电子吸收的能量变大，所以最大初动能变大，D 项错误．3．如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等，则它们的________也相等． A ．速度 B ．动能 C ．动量D ．总能量解析：选C.由德布罗意波长λ＝hp 知二者的动量应相同，故C 正确，由p ＝mv 可知二者速度不同，E k ＝12mv 2＝p22m，二者动能不同，由E ＝mc 2可知总能量也不同，A 、B 、D 均错．4．(多选)分别用波长为λ和2λ的光照射同一种金属，产生的速度最快的光电子速度之比为2∶1，普朗克常量和真空中光速分别用h 和c 表示，那么下列说法正确的有( )A ．该种金属的逸出功为hc3λB ．该种金属的逸出功为hcλC ．波长超过2λ的光都不能使该金属发生光电效应D ．波长超过4λ的光都不能使该金属发生光电效应解析：选AD.由hν＝W 0＋E k 知h c λ＝W 0＋12mv 21，h c 2λ＝W 0＋12mv 2，又v 1＝2v 2，得W 0＝hc3λ，A 正确、B 错误．光的波长小于或等于3λ时都能发生光电效应，C 错误、D 正确． 5．用不同频率的紫外线分别照射钨和锌的表面而产生光电效应，可得到光电子的最大初动能E k 随入射光频率ν变化的E k －ν图象，已知钨的逸出功是3.28 eV ，锌的逸出功是3.34 eV ，若将二者的图线画在同一个E k －ν坐标系中，下图中用实线表示钨，虚线表示锌，则正确反映这一过程的是( )解析：选 A.依据光电效应方程E k ＝hν－W 0可知，E k －ν图线的斜率代表普朗克常量h ，因此钨和锌的E k －ν图线应该平行．图线的横截距代表极限频率νc ，而νc ＝W0h，因此钨的νc 小些，A 正确．6．(2016·常州模拟)1927年戴维孙和汤姆孙分别完成了电子衍射实验，该实验是荣获诺贝尔奖的重大近代物理实验之一．如下图所示的是该实验装置的简化图，下列说法不正确的是( )A ．亮条纹是电子到达概率大的地方B ．该实验说明物质波理论是正确的C ．该实验再次说明光子具有波动性D ．该实验说明实物粒子具有波动性解析：选 C.亮条纹是电子到达概率大的地方，该实验说明物质波理论是正确的，说明实物粒子具有波动性，但该实验不能说明光子具有波动性，C 错误，A 、B 、D 正确．7．(多选)图为一真空光电管的应用电路，其阴极金属材料的极限频率为 4.5×1014Hz ，则以下判断中正确的是( )A．发生光电效应时，电路中光电流的饱和值取决于入射光的频率B．发生光电效应时，电路中光电流的饱和值取决于入射光的强度C．用λ＝0.5 μm的光照射光电管时，电路中有光电流产生D．光照射时间越长，电路中的电流越大解析：选BC.在光电管中若发生了光电效应，单位时间内发射光电子的数目只与入射光的强度有关，光电流的饱和值只与单位时间内发射光电子的数目有关．据此可判断A、D错误．波长λ＝0.5 μm的光子的频率ν＝cλ＝3×1080.5×10－6Hz＝6×1014Hz＞4.5×1014Hz，可发生光电效应，所以B、C正确．8．(多选)如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线(直线与横轴的交点坐标为4.27，与纵轴交点坐标为0.5)．由图可知( )A．该金属的截止频率为4.27×1014 HzB．该金属的截止频率为5.5×1014 HzC．该图线的斜率表示普朗克常量D．该金属的逸出功为0.5 eV解析：选AC.图线在横轴上的截距为截止频率，A正确，B错误；由光电效应方程E k＝hν－W0可知图线的斜率为普朗克常量，C正确；金属的逸出功为W0＝hν0＝6.63×10－34×4.27×10141.6×10－19eV＝1.77 eV，D错误．9．以往我们认识的光电效应是单光子光电效应，即一个电子在极短时间内只能吸收到一个光子而从金属表面逸出．强激光的出现丰富了人们对于光电效应的认识，用强激光照射金属，由于其光子密度极大，一个电子在极短时间内吸收多个光子成为可能，从而形成多光子光电效应，这已被实验证实．光电效应实验装置示意图如图．用频率为ν的普通光源照射阴极K，没有发生光电效应．换同样频率为ν的强激光照射阴极K，则发生了光电效应；此时，若加上反向电压U，即将阴极K接电源正极，阳极A接电源负极，在K、A之间就形成了使光电子减速的电场．逐渐增大U，光电流会逐渐减小；当光电流恰好减小到零时，所加反向电压U可能是下列的(其中W为逸出功，h为普朗克常量，e为电子电荷量)( )A ．U ＝hνe －W eB ．U ＝2hνe －W eC ．U ＝2hν－WD ．U ＝5hν2e －We解析：选B.由光电效应方程可知：nhν＝W ＋12mv 2m (n ＝2,3,4…)①在减速电场中由动能定理得 －eU ＝0－12mv 2m ②联立①②得：U ＝nhνe －We(n ＝2,3,4，…)，选项B 正确．10．(多选)某半导体激光器发射波长为 1.5×10－6m ，功率为 5.0×10－3W 的连续激光．已知可见光波长的数量级为10－7m ，普朗克常量h ＝6.63×10－34J·s，该激光器发出的( )A ．是紫外线B ．是红外线C ．光子能量约为1.3×10－18JD ．光子数约为每秒3.8×1016个解析：选BD.由于该激光器发出的光波波长比可见光长，所以发出的是红外线，A 错误，B 正确．光子能量E ＝hν＝h c λ≈1.3×10－19J ，C 错误．每秒发射的光子数n ＝P×1E ≈3.8×1016个，D 正确．11．图示是研究光电管产生的电流的电路图，A 、K 是光电管的两个电极，已知该光电管阴极的极限频率为ν0.现将频率为ν(大于ν0)的光照射在阴极上，则：(1)________是阴极，阴极材料的逸出功等于________．(2)加在A 、K 间的正向电压为U 时，到达阳极的光电子的最大动能为__________________，将A 、K 间的正向电压从零开始逐渐增加，电流表的示数的变化情况是________________．(3)为了阻止光电子到达阳极，在A 、K 间应加上U 反＝________的反向电压． (4)下列方法一定能够增加饱和光电流的是( ) A ．照射光频率不变，增加光强 B ．照射光强度不变，增加光的频率 C ．增加A 、K 电极间的电压 D ．减小A 、K 电极间的电压解析：(1)被光照射的金属将有光电子逸出，故K 是阴极，逸出功与极限频率的关系为W 0＝hν0.(2)根据光电效应方程可知，逸出的光电子的最大初动能为hν－hν0，经过电场加速获得的能量为eU ，所以到达阳极的光电子的最大动能为hν－hν0＋eU ，随着电压增加，单位时间内到达阳极的光电子数量将逐渐增多，但当从阴极逸出的所有光电子都到达阳极时，再增大电压，也不可能使单位时间内到达阳极的光电子数量增多．所以，电流表的示数先是逐渐增大，直至保持不变．(3)从阴极逸出的光电子在到达阳极的过程中将被减速，被电场消耗的动能为eU c ，如果hν－hν0＝eU c ，就将没有光电子能够到达阳极，所以U c ＝hν－hν0e.(4)要增加单位时间内从阴极逸出的光电子的数量，就需要增加照射光单位时间内入射光子的个数，所以只有A 正确．答案：(1)K hν0 (2)hν－hν0＋eU 逐渐增大，直至保持不变 (3)hν－hν0e(4)A12．如图甲所示是研究光电效应规律的光电管．用波长λ＝0.50 μm 的绿光照射阴极K ，实验测得流过○G 表的电流I 与AK 之间的电势差U AK 满足如图乙所示规律，取h ＝6.63×10－34J·s.结合图象，求：(结果保留两位有效数字)(1)每秒钟阴极发射的光电子数和光电子飞出阴极K 时的最大动能； (2)该阴极材料的极限波长．解析：(1)光电流达到饱和时，阴极发射的光电子全部到达阳极A ，阴极每秒钟发射的光电子的个数n ＝Im e ＝0.64×10－61.6×10－19(个)＝4.0×1012(个)光电子的最大初动能为：E km ＝eU 0＝1.6×10－19C×0.6 V＝9.6×10－20 J(2)设阴极材料的极限波长为λ0，根据爱因斯坦光电效应方程：E km ＝h c λ－h cλ0，代入数据得λ0＝0.66 μm.答案：(1)4.0×1012个 9.6×10－20J(2)0.66 μm。
四川省高考物理一轮(习题课件+高考题库+考点通关)：第
5．解析：(1)从分析纸带上打点情况看，BC 段既表示小车做匀速
运动，又表示小车有较大速度，因此 BC 段能较准确地描述
小车 A 在碰撞前的运动情况，应选用 BC 段计算小车 A 的碰
前速度。从 CD 段打点情况看，小车的运动情况还没稳定，
而在 DE 段小车运动稳定，故应选用 DE 段计算碰后 A 和 B
碰撞后 A、B 的总动量
p＝(m1＋m2)v ＝(0.2＋0.4)×0.695 kg·m/s
＝0.417 kg·m/s。
答案：(1)BC DE (2)0.420 0.417
6．解析：(1)要验证动量守恒必须知道两球碰撞前后的动量变化， 根据弹性球 1 碰撞前后的高度 a 和 b，由机械能守恒可以求 出碰撞前后的速度，故只要再测量弹性球 1 的质量 m1，就能 求出弹性球 1 的动量变化；根据平抛运动的规律只要测出立 柱高 h 和桌面高 H 就可以求出弹性球 2 碰撞前后的速度变化， 故只要测量弹性球 2 的质量和立柱高 h、桌面高 H 就能求出 弹性球 2 的动量变化。 (2)根 据 (1)的 解析可以 写出动 量守恒 的方程 2m1 a－h＝ 2m1 b－h＋m2 Hc＋h。
③
v1＝0.970 m/s
④
设滑块 B 在碰撞后的速度大小为 v2，由①式有 v2＝ΔdtB ⑤
代入题给实验数据得 v2＝2.86 m/s
⑥
设两滑块在碰撞前、后的总动量分别为 p 和 p′，则
p＝m1v0
⑦
p′＝m1v1＋m2v2
⑧
两滑块在碰撞前后总动量相对误差的绝对值为
δp＝p－pp′×100%
⑨
联立③④⑥⑦⑧⑨式并代入有关数据，得
δp＝1.7%<5%
2017年高考物理一轮复习 第13章 动量守恒定律 波粒二象性 第1讲 动量守恒定律及其应用课件 新
D．100N
解析：选取人为研究对象，人下落过程中由 v2＝2gh，v＝ 10m/s，缓冲过程由动量定理得(F－mg)t＝mv，
F＝mtv＋mg＝1100N。由牛顿第三定律可知，安全带所受 的平均冲力为 1100N。
动量守恒定律的理解和应用
1．如何判断系统动量是否守恒 在某一物理过程中，系统的动量是否守恒，与所选取的系 统有关。判断动量是否守恒，必须明确所研究的对象和过程， 即哪个系统在哪个过程中，常见的判断方法有两种： (1)直接分析系统在所研究的过程中始、末状态的动量，分 析动量是否守恒。 (2)分析系统在所研究的过程中的受力情况，看系统的受力 情况是否符合动量守恒的条件。
解析：用动量定理求解，研究全过程。选物体作为研究对 象，研究整个运动过程，这个过程的始、终状态的物体速度都 等于零。
取水平力 F 的方向为正方向，根据动量定理得 (F－μmg)t1＋(－μmg)t2＝0 解得 t2＝F－μmμgmgt1＝300－.20×.25××51×010×6s＝12s。 答案：12s
(6)√ (7)√ (8)√
2．如图所示，一个质量为 0.18kg 的垒球， 以 25m/s 的水平速度飞向球棒，被球棒打击后 反向水平飞回，速度大小变为 45m/s，则这一 过 程 中 动 量 的 变 化 量 为 导学号 05801593
() A．大小为 3.6kg·m/s，方向向左 B．大小为 3.6kg·m/s，方向向右 C．大小为 12.6kg·m/s，方向向左 D．大小为 12.6kg·m/s，方向向右
(4)动量定理的表达式是矢量式。在一维的情况下，选定正 方向后可将矢量运算简化为代数运算。
(5)动量定理具有普适性，不论物体的运动轨迹是直线还是 曲线，不论作用力是恒力还是变力，不论几个力作用的时间是 相同还是不相同，动量定理都适用。
四川省高考物理一轮(习题课件+高考题库+考点通关)：第
9．解析：卢瑟福对 α 粒子散射实验的研究导致原子的核式结构的 建立，A 项错误；紫外线有荧光作用，因此可以利用某些物质 在紫外线照射下能发出荧光进行防伪设计，B 项正确；天然放 射现象中 γ 光子不带电，在电场、磁场中不会发生偏转，C 项 错误；根据多普勒效应可知，观察者与波源相互远离时，观察 者接收到的波的频率比波源处实际发出的频率低，D 项正确。 答案：BD
量守恒得ΔE＋12(2m)v2 2
③
联立①②③式，得 ΔE＝116mv0 2
④
(2)由②式可知，v2<v1，A 将继续压缩弹簧，直至 A、B、C
三者速度相同，设此速度为 v3，此时弹簧被压缩到最短，其
弹性势能为 Ep，由动量守恒和能量守恒得：
mv0＝3mv3
⑤
Ep＝12mv0 2－ΔE－12(3m)v3 2
碰后的瞬间，两球的共同速度为 v′，以向左为正方向，由
动量守恒定律得 m2v＝(m1＋m2)v′ ② 设两球共同向左运动到最高处时，细线与竖直方向的夹角
为 θ，由机械能守恒定律得12(m1＋m2)v′2＝(m1＋m2)gL(1
－cos θ)
③
联立①②③式得mm12＝
1 1－cos
－1 θ
④
代入题给数据得mm12＝ 2－1。
第十三章高频考点真题验收全通关
1．解析：两球在碰撞的过程中动量守恒，有 mv＝2mvB－mvA， 又 vA＞0，故 vB＞0.5v，选项 A 正确。 答案：A
2．解析：车与人以共同初速度在与压力成正比的阻力作用下做匀 减速运动，a＝μg，当车速为 v0 时，人以相对于地面 v0 的速度 向后跳出，不考虑跳出时地面阻力的冲量，则跳出过程动量守 恒，有(2m＋m)v0＝－mv0＋2mv，v＝2v0，故车的速度突变为 2v0，之后车在摩擦力作用下仍做匀减速直线运动，加速度不 变，只有选项 B 正确。 答案：B
【创新方案】2017版新课标物理一轮复习过关检测第十三章动量原子物理(1)含答案
最新高三一轮复习单元过关检测卷—物理动量 近代物理初步考试时间：100分钟；满分：100分班级 姓名第I 卷（选择题）一、单项选择题（本题共7道小题，每小题3分，共21分）1. 关于天然放射现象，下列说法中正确的是（ ）2. 如图为氢原子能级示意图的一部分,则氢原子( )A.从n=4能级跃迁到n=3能级比从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出电磁波的波长长B.从n=5能级跃迁到n=1能级比从n=5能级跃迁到n=4能级辐射出电磁波的速度大C.处于不同能级时,核外电子在各处出现的概率是一样的D.从高能级向低能级跃迁时,氢原子核一定向外放出能量 3. 以下是物理学史上3个著名的核反应方程732x Li y +→ 141778y N x O +→+91246y Be z C +→+ x 、y 和z 是3种不同的粒子,其中z 是 ( ) A.α粒子 B.质子 C.中子 D.电子 4. 下列说法正确的是（ ）A ． 原子的核式结构模型是汤姆孙建立起来的B．在α粒子散射实验中，绝大多数粒子发生了大角度偏转C．玻尔模型能够解释所有原子的光谱现象D．玻尔认为，电子的轨道是量子化的，原子的能量也是量子化的5.一个氡核Rn衰变成钋核P O并放出一个粒子，半衰期为3.8天，2g氧经过7.6天衰变掉的质量，以及衰变过程放出的粒子（）A．1.5g，α粒子 B．1.5g，β粒子C．0.5g，α粒子D．0.5g，β粒子6. 质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来，已知弹性安全带从开始绷直到拉伸至最长的缓冲时间是1.2s，安全带长5m，g取10m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为（）7. 如图所示，质量为m的圆环套在光滑的水平直杆上，一轻绳一端连接在环拉直且绳与竖直方向的央角为θ=53°，将小球由静止释放，小球到最低点时绳的拉力为F1，若将圆环固定，再将小球由开始的位置释放，小球到最低点时绳的拉力为F2，则为（）D8. 已知氘核的比结合能是1．09 MeV，氚核的比结合能是2．78 MeV，氦核的比结合能是7．03 MeV。
高考物理一轮复习 第13章 动量守恒定律近代物理 2 第二节 动量守恒定律 碰撞 爆炸 反冲优质课件
(2)反冲运动中，相互作用力一般较大，通常可以用__动__量__守__恒__
定律来处理．
4
【自我诊断】 做一做 如图所示，小车与木箱紧挨着静止在光滑的水平冰面上，现 有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程， 下列说法中正确的是( ) A．男孩和木箱组成的系统动量守恒 B．小车与木箱组成的系统动量守恒 C．男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒 D．木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量不相同 提示：C
9
【典题例析】 (2017·高考江苏卷)甲、乙两运动员在做花样滑冰表 演，沿同一直线相向运动，速度大小都是 1 m/s．甲、乙相遇 时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大 小分别为 1 m/s 和 2 m/s．求甲、乙两运动员的质量之比． [解析] 动量守恒 m1v1－m2v2＝m2v′2－m1v′1 解得mm12＝vv21＋＋vv′′21，代入数据得mm12＝32． [答案] 见解析
15
迁移 3 “人船模型”分析 3．如图所示，长为 l，质量为 m 的小船停 在静水中，一个质量为 m′的人站在船头， 若不计水的阻力，当人从船头走到船尾的过 程中，小船对地的位移是多少？
13
两点间的距离为 s，设炸药爆炸时释放的化学能全部转化为木 块的动能，爆炸时间很短可以忽略不计，求： (1)木块与水平地面的动摩擦因数 μ； (2)炸药爆炸时释放的化学能．
14
解析：(1)设木块与地面间的动摩擦因数为 μ，炸药爆炸释放 的化学能为 E0．从 O 滑到 P，对 A、B 由动能定理得 －μ·2mgs＝12·2mv202－12·2mv20，解得 μ＝83gvs20． (2)在 P 点爆炸时，A、B 动量守恒，有 2m·v20＝mv， 根据能量守恒有 E0＋12·2m·v202＝12mv2， 解得 E0＝14mv20． 答案：(1)38vgs20 (2)14mv20
(新课标)高考物理大一轮复习热点集训13动量守恒定律、原子结构、原子核课件
解析：(1)碰撞过程中系统动能最小时，为两物体速度相等 时，设此时两物体速度为v
由系统动量守恒有2mv0＝3mv 得v＝23v0 此时系统动能 Ek＝12×3mv2＝23mv20
第十二页，共27页。
(2)设第一次碰撞刚结束时甲、乙的速度分别为v1、v2，之后 甲做匀速直线运动，乙以初速度v2做匀减速直线运动，在乙刚停 下时甲追上乙并发生碰撞，因此两物体在这段时间内平均速度相 等，有
热点2 原子结构、原子核 本考点是高考命题的热点，主要涉及核力、结合能的概念； 质能方程及其应用、核能的计算等问题，以单独考查为主，有时 会与动量守恒定律、能量守恒定律等知识结合起来综合考查，题 目难度较大，题型较多.
第十五页，共27页。
5．(2016·北京怀柔区测试)关于核反应方程
2 1
H＋
3 1
第六页，共27页。
碰撞过程系统能量不可能增加，所以 p2Am′A2＋12mBvB′2≤2pm2AA＋12mBv2B 联立解得mA应满足14 kg≤mA≤37 kg 答案：(1)8 m/s (2)14 kg≤mA≤37 kg
第七页，共27页。
3．(2016·西安八联联考)如图1所 示，物体A、B的质量分别是4 kg和8 kg，由轻质弹簧连接，放在光滑的水 平面上，物体B左侧与竖直墙壁相接 触，另有一个物体C水平向左运动， 在t＝5 s时与物体A相碰，并立即与A 有相同的速度，一起向左运动．物体 C的速度—时间图象如图2所示．
Pa核从低能级向高能级跃迁，以γ射
线的形式释放能量
第十九页，共27页。
(2)完成下列核反应方程：
A．卢瑟福用α粒子轰击氮核(
14 7
N)发现质子：
4 2
【红对勾】2017届高考物理新课标一轮复习配套课件：第13章-光、电磁波、相对论 实验15
(1)本实验的实验步骤有： ①取下遮光筒左侧的元件，调节光源高度，使光束能直接 沿遮光筒轴线把屏照亮； ②按合理顺序在光具座上放置各光学元件，并使各元件的 中心位于遮光筒的轴线上； ③用米尺测量双缝到屏的距离； ④用测量头(其读数方法同螺旋测微器)测量数条亮纹间的 距离． 在操作步骤②时还应注意________和________．
A．将屏移近双缝，干涉条纹间距变窄 B．将滤光片由蓝色的换成红色的，干涉条纹间距变宽 C．将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条纹间距变宽 D．换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变窄
l 解析：由条纹间距公式 Δx＝dλ，d 指双缝间距离，l 指双 缝到屏的距离，可知：A 项中 l 减小，Δx 变小；B 项中 λ 变大， Δx 变大；D 项中 d 变大，Δx 变小．故 A、B、D 正确．
解析： (1)调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心 时，无需放上单缝和双缝，选项 A 错误． (2)主尺的示数为 1.5 mm， 可动尺的示数为 47.0×0.01 mm ＝0.470 mm，总的示数为(1.5＋0.470) mm＝1.970 mm.
答案：(1)A (2)1.970
突破考点02
3 ．在“用双缝干涉测光的波长”实验中 ( 实验装置如下 图)：
(1)下列说法哪一个是错误的________．(填选项前的字母) A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应 放上单缝和双缝
B．测量某条干涉亮纹位置时，应使测微目镜分划板中心 刻线与该亮纹的中心对齐 C．为了减少测量误差，可用测微目镜测出 n 条亮纹间的 距离 a，求出相邻两条亮纹间距 Δx＝a/(n－1) (2)测量某亮纹位置时，手轮上的示数如下图，其示数为 ______mm.
答案：ABD
《名师导学》2017新课标物理一轮课件：13.1动量守恒定律
北京卷第 14 题
选择题
6分
核反应的名称
年份 考题
题型 分值
主要考点
广东卷第 18 题
选择题
6分
核反应、核反应 方程及质量亏损
江苏卷第 12 题 C(1)
选择题
4分
波粒二象性
2015
江苏卷第 12 题 C(2)
填空题
4分
质量数守恒及裂 变反应发生条件
江苏卷第 12 题 C(3)
计算题
4分
质量关系
年份 考题
上海卷第 2题
选择题
2分
上海卷第 3题
选择题
2分
2014 上海卷第 5题
选择题
2分
上海卷第 6题
选择题
2分
主要考点 核反应方程 原子结构 裂变和聚变 光电效应
年份 考题
题型 分值
主要考点
上海卷第 22 题 A
填空题
4分
动量守恒及其运 用
浙江自选 第 14 题(1)
选择题
3 分 动量守恒的条件
浙江自选 2014 第 14 题(2)
天津卷第 1题
题型 选择题
分值 主要考点 物理学史(原子核
6 分 的结构，电子， 光谱)
福建卷第 30 题(1)
选择题
6分
原子和原子核的 基础知识
2015 福建卷第 30 题(1)
选择题
6分Leabharlann 弹性碰撞的规律安徽卷第 22 题
广东第 36 题
计算题 计算题
12 分 21 分
动能、动量及功 和能的综合运用
A.甲木块的动量守恒 B.乙木块的动量守恒 C.甲、乙两木块所组成系统的动量守恒 D.甲、乙两木块所组成系统的动能守恒
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解析：选 ACE 根据 C2 3＝3 知，这群氢原子能够发出 3 种不同频率的光子，故 A 正确；由 n＝3 跃迁到 n＝1，辐射的 光子能量最大，ΔE＝13.6－1.51 eV＝12.09 eV，故 B 错误； 从 n＝3 跃迁到 n＝2 辐射的光子能量最小， 频率最小， 则波长 最长，故 C 正确；一群处于 n＝3 的氢原子发生跃迁，吸收的 能量必须等于两能级的能级差，故 D 错误；如果发出的光子 只有一种能使某金属产生光电效应， 知这种光子为能量最大的 一种，即为 n＝3 跃迁到 n＝1 能级发出的，故 E 正确。
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3．[多选](2016· 南昌模拟)如图是氢原子的能级图，一群 氢原子处于 n＝3 能级，下列说法中正确的是( )
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A．这群氢原子跃迁时能够发出 3 种不同频率的波 B．这群氢原子发出的光子中，能量最大为 10.2 eV C．从 n＝3 能级跃迁到 n＝2 能级时发出的光波长最长 D． 这群氢原子能够吸收任意光子的能量而向更高能级跃 迁 E ．如果发出的光子中只有一种能使某金属产生光电效 应，那一定是由 n＝3 能级跃迁到 n＝1 能级发出的
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考点二 原子核的衰变规律
1．α 衰变、β 衰变的比较 衰变类型 衰变方程 衰变实质 α 衰变 β 衰变 A A－4 4 A A 0 X ―→ Y ＋ He X ―→ Y ＋ － ＋ － Z Z 2 2 Z Z 1 1e 2 个质子和 2 个中子结 1 个中子转化为 1 个 合成一个整体射出
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带箭头的竖线
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2.两类能级跃迁 (1)自发跃迁：高能级→低能级，释放能量，发出光子。 ΔE E高－E低 光子的频率 ν＝ h ＝ h 。 (2)受激跃迁：低能级→高能级，吸收能量。 ①光照(吸收光子)：光子的能量必须恰等于能级差 hν＝Δ E； ②碰撞、 加热等： 只要入射粒子能量大于或等于能级差即可， E 外≥Δ E； ③大于电离能的光子被吸收，将原子电离。
弹性形变 a．含义：原子核里的核子间存在互相作用的核力，核力把核子
紧紧地束缚在核内，形成稳定的原子核；
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b．特点：
接触 核力是强相互作用(强力)的一种表现；核力是短程力，作用范围
在 1.5×10
－15
m 之内；每个核子只跟邻近的核子发生核力作用。 弹性形变
②核能 a． 结合能： 把构成原子核而结合在一起的核子分开所需的能量； b．质能方程：一定的能量和一定的质量相联系，物体的总能量 和它的质量成正比，即 E＝mc2； 弹性形变 核子在结合成原子核时出现质量亏损 Δ m，其能量也要相应减 少，即Δ E＝Δ mc2；
3 4 典型的聚变方程：2 H ＋ H ―→ 1 1 2He＋ 0n
1
。
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巩固小练
判断正误 (1)卢瑟福做 α 粒子散射实验时发现 α 粒子绝大多数穿过只有 少数发生大角度偏转。(√) (2)氢原子发射光谱是由一条一条亮线组成的。(√) (3)氢原子由能量为 En 的定态向低能级跃迁时，氢原子辐射的 光子能量为 hν＝En。(× ) (4)氢原子吸收光子后，将从高能级向低能级跃迁。(× )
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(2)原子核的组成 弹性形变 接触 ①原子核：由质子和中子组成，质子和中子统称为核子； ②核电荷数(Z)：等于核内质子数，也等于核外电子数，还等 弹性形变 弹性形变 于元素周期表中的原子序数； 弹性形变 ③质量数(A)：等于核内的核子数，即质子数与中子数之和。 弹性形变 弹性形变 同一 (3)原子核的衰变 ①三种射线的比较 种类 组成 α 射线 高速 氦核流 β 射线 高速 电子流 γ 射线 光子流 (高频电磁波)
弹性形变 b．实验结果：α 粒子穿过金箔后，绝大多数沿原方向前进，
少数发生较大角度偏转， 极少数偏转角度大于 90°， 甚至被弹回； ③核式结构模型：原子中心有一个很小的核，叫做原子核， 接触 原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的
弹性形变 电子在核外空间绕核旋转。 同一
(2)氢原子光谱 氢原子光谱线是最早被发现、研究的光谱线，其中巴耳末线
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2．[多选](2016· 青岛质检)有关氢原子光谱的说法正确的 是( ) A．氢原子的发射光谱是连续谱 B．氢原子光谱说明氢原子只发出特定频率的光 C．氢原子光谱说明氢原子能级是分立的 D．氢原子光谱线的频率与氢原子能级的能量差无关
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弹性形变
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c．质能方程的意义：质量和能量是物质的两种属性，质能方程 揭示了质量和能量是不可分割的，它建立了两个属性在数值上的关 系。 (5)获得核能的途径 ①重核裂变 a．定义：质量数较大的原子核受到高能粒子的轰击而分裂成几 个质量数较小的原子核的过程； b．特点：裂变过程中能够放出巨大的能量；裂变的同时能够放 出 2～3(或更多)个中子；裂变的产物不是唯一的； 典型的裂变方程：
235
弹性形变
89 144 92U＋1 56Ba＋31 0n―→36Kr＋ 0n。
弹性形变
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②轻核聚变 a．定义：两个轻核结合成质量数 较大 的原子核的反应过程； b．特点：聚变过程放出大量的能量，平均每个核子放出的能量 比裂变反应中每个核子放出的能量大 3 至 4 倍； 聚变反应比裂变反应 更剧烈；对环境污染较小；自然界中聚变反应原料丰富；
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1．(2016· 河源模拟)用频率为 ν0 的光照射大量处于基态 的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为 ν1、ν2 和 ν3 的三条谱线，且 ν3＞ν2＞ν1，则( A．ν 0＜ν1 C．ν 0＝ν1＋ν2＋ν3 )
B．ν 3＝ν2＋ν1 1 1 1 D. ＝ ＋ ν 1 ν 2 ν 3
1 1 1 系公式表示为： ＝R22－n2(n＝3，4，5，„)。 λ
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(3)玻尔的原子模型 ①玻尔理论:a．轨道假设：原子中的电子在库仑引力的作用 接触 下，绕原子核做圆周运动，电子的轨道是量子化的； b．定态假设：电子在不同的轨道上运动时，原子处于不同的 状态，因而具有不同的能量，即原子的能量是量子化的。这些具
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第3讲 原子结构与原子核 2.氢原子的能级结构、
考纲下载：1.氢原子光谱(Ⅰ) 能级公式(Ⅰ)
3．原子核的组成、放射性、原子核的衰变、 5． 核力、 核反应方程(Ⅰ)
半衰期(Ⅰ) 4.放射性同位素(Ⅰ) 6.结合能、质量亏损(Ⅰ) 反应堆(Ⅰ)
7．裂变反应和聚变反应、裂变
8.射线的危害和防护(Ⅰ)
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3．谱线条数的确定方法 (1)一个氢原子跃迁发出可能的光谱线条数最多为(n－1)。 (2)一群氢原子跃迁发出可能的光谱线条数的两种求解方法。 n（n－1） 2 ①用数学中的组合知识求解：N＝Cn＝ ； 2 ②利用能级图求解：在氢原子能级图中将氢原子跃迁的各种 可能情况一一画出，然后相加。
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2．原子核 (1)天然放射现象
接触 ①放射性：物质放射出射线的性质；
弹性形变 ②放射性元素：具有放射性的元素； 弹性形变 ③同位素：具有相同质子数和不同中子数的原子核； 弹性形变
④放射性同位素：具有放射性的同位素。 弹性形变
同一
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(5)发生 β 衰变时，新核的核电荷数不变。(× ) (6)核反应遵循质量数守恒而不是质量守恒； 遵循电荷数守恒。 (√) (7)爱因斯坦质能方程反映了物体的质量就是能量，它们之间 可以相互转化。(× )
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核心考点· 分类突破——析考点 讲透练足
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接触 a．定义：放射性元素的原子核有较弱__半数发生衰变所需的时 弹性形变 间； 弹性形变 1 t 1 t b．衰变规律：N＝N02τ 、m＝m02τ ；
c．影响因素：由原子核内部因素决定，跟原子所处的物理、化 学状态无关。 (4)核力与核能 ①核力 ②半衰期
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解析：选 B
大量氢原子跃迁时只有三个频率的光谱，
这说明是从 n＝3 能级向低能级跃迁，n＝3 能级向 n＝1 能 级跃迁时，hν3＝E3－E1；n＝2 能级向 n＝1 能级跃迁时， hν2＝E2－E1；n＝3 能级向 n＝2 能级跃迁时，hν1＝E3－ E2；将以上三式变形可得 hν3＝hν2＋hν1，解得 ν3＝ν2＋ν1， 所以 B 正确，C、D 错误；再根据氢原子理论可知，入射光 频率 ν0＝ν3，所以 A 错误。
考点一 能级跃迁与光谱线
1．对氢原子能级图的理解 (1)能级图如图所示。
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(2)能级图中相关量意义的说明： 相关量 能级图中的横线 横线左端的数字 “1，2，3„” 横线右端的数字 “－13.6，－3.4„” 相邻横线间的距离 意义 表示氢原子可能的能量状态——定态 表示量子数 表示氢原子的能量 表示相邻的能量差，量子数越大相邻的 能量差越小，距离越小 表示原子由较高能级向较低能级跃迁， 原子跃迁的条件为 hν＝Em－En
解析：选 BC 由于氢原子的轨道是不连续的，而氢原子在 1 不同的轨道上的能级 En＝n2E1， 故氢原子的能级是不连续的即是 分立的，故 C 正确；当氢原子从较高轨道第 n 能级跃迁到较低 1 1 轨道第 m 能级时， 发射的光子的能量为 E＝En－Em＝n2E1－m2E1 m2－n2 ＝ n2m2 E1＝hν，显然 n、m 的取值不同，发射光子的频率就不 同，故氢原子光谱线的频率与氢原子能级的能级差有关，故 D 1 1 错误；由于氢原子发射的光子的能量 E＝En－Em＝n2E1－m2E1 m2－n2 ＝ n2m2 E1，所以发射的光子的能量值 E 是不连续的，只能是 一些特殊频率的谱线，故 A 错误，B 正确。