2012届高考物理全程复习测试题101
2012届高考物理复习检测试题(含参考答案)
2012届高考物理复习检测试题(含参考答案)湖南省祁东县第一中学2012级新课标人教版选修3-3综合复习测试卷注意事项：1.本试题分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分:第Ⅰ卷为选择题,48分;第Ⅱ卷为非选择题,72分;全卷满分120分,考试时间为100分钟；2.考生务必将班级、姓名、学号写在相应的位置上.第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题包括12个小题，每小题4分，共48分.每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的不得分）1.下列说法中正确的是（）A．温度是分子平均动能的标志B．物体的体积增大时，分子势能一定增大C．分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小D．利用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，就一定可以求出该种气体的分子质量2．如图1所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F>0为斥力，FA．乙分子由a到b做加速运动，由b到c做减速运动B．乙分子由a到c做加速运动，到达c时速度最大C．乙分子由a到c的过程，动能先增后减D．乙分子由b到d的过程，两分子间的分子势能一直增加3．若以M表示水的摩尔质量，V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，为在标准状态下水蒸气的密度，为阿伏加德罗常数，m、v分别表示每个水分子的质量和体积，下面是四个关系式，正确的是：（）A．B．C．D．4．关于液体和固体，以下说法正确的是()A．液体分子间的相互作用比固体分子间的相互作用强B．液体分子同固体分子一样，也是密集在一起的C．液体分子的热运动没有固定的平衡位置D．液体的扩散比固体的扩散快5.甲、乙两个相同的密闭容器中分别装有等质量的同种气体，已知甲、乙容器中气体的压强分别为、，且＜，则（）A．甲容器中气体的温度高于乙容器中气体的温度B．甲容器中气体的温度低于乙容器中气体的温度C．甲容器中气体分子的平均动能小于乙容器中气体分子的平均动能D．甲容器中气体分子的平均动能大于乙容器中气体分子的平均动能6．如图2所示，两个相通的容器P、Q间装有阀门K，P中充满气体，Q为真空，整个系统与外界没有热交换．打开阀门K后，P中的气体进入Q中，最终达到平衡，则（）A.气体体积膨胀对外做功，内能减小，温度降低B.气体对外做功，内能不变，温度不变C.气体不做功，内能不变，温度不变，压强减小D.Q中气体不可能自发地全部退回到P中7.恒温的水池中，有一气泡缓慢上升，在此过程中，气泡的体积会逐渐增大，不考虑气泡内气体分子势能的变化，下列说法中正确的是（）A．气泡内的气体对外界做功B．气泡内的气体内能增加C．气泡内的气体与外界没有热传递D．气泡内气体分子的平均动能保持不变8．如图3所示，某同学将空的薄金属筒开口向下压入水中．设水温均匀且恒定，筒内空气无泄漏，不计气体分子间相互作用，则被掩没的金属筒在缓慢下降过程中，筒内空气体积减小.（）A.从外界吸热B.内能增大C.向外界放热D.内能减小9．一定质量的理想气体，初始状态为p、V、T。
2012届高考物理总复习课时训练卷(有答案)
2012届高考物理总复习课时训练卷（有答案）1．下列四幅图是交流电的图象，其中能正确反映我国居民日常生活所用交流电的是()解析：我国居民日常生活所用的是正弦式交流电，其电压的有效值是220V，最大值为311V，周期为0.02s，所以只有C正确．答案：C2．如图中闭合线圈都在匀强磁场中绕虚线所示的固定转轴匀速转动，能产生正弦式交变电流的是()解析：A、B选项中闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场且过线圈平面的转轴匀速转动，满足产生正弦式交变电流的条件，能产生正弦式交变电流；C选项中转轴平行于磁场，转动过程中，穿过线圈的磁通量始终为零，故C中不产生正弦式交变电流；D选项中虽然只有一半线圈在磁场中，但是始终有一边切割磁感线按照正弦规律产生感应电动势，且一边出磁场时，另一边恰好进入，保证转动过程中感应电动势连续按照正弦规律变化，D选项正确．答案：ABD3．边长为l的正方形闭合线框abcd，在磁感应强度为B的匀强磁场中，以角速度ω绕cd从下图所示位置开始匀速运动，转轴与磁场垂直，线框总电阻为R，一理想电压表接在线框的c、d两点之间，下列说法中正确的是()A．线框转一周外力所做的功为πB2l4ωRB．线框转过90°的过程中感应电动势的最大值为Bl2ωC．线框转过90°的过程中通过线框导线横截面的电荷量为Bl2RD．电压表示数为2Bl2ω2解析：线框在转动过程中，产生的感应电动势的有效值为E＝2Bl2ω2，电流的有效值为I＝2Bl2ω2R，T＝2πω，线框转动一周，产生的热量Q ＝I2RT＝(2Bl2ω2R)2R•2πω＝πB2l4ωR，外力做的功W＝Q，选项A正确；感应电动势的最大值Em＝Bl2ω，选项B正确；线框转动90°的过程中，流过导体某一截面的电荷量q＝ΔΦR＝Bl2R，选项C正确；电压表的示数等于cd端电压的有效值：U＝I•R4＝2Bl2ω2R•R4＝2Bl2ω8，选项D 错误．答案：ABC4．小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示．此线圈与一个R＝10Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法正确的是() A．交变电流的周期为0.125sB．交变电流的频率为8HzC．交变电流的有效值为2AD．交变电流的最大值为4A解析：由题图可直接获取的信息是：交变电流的周期是0.250s，A错；感应电动势的最大值为20V，线圈中产生的交变电流为正弦交变电流．从而可推出：交变电流的频率f＝1T＝10.250Hz＝4Hz，B错；交变电流的最大值Im＝EmR＝2010A＝2A，D错；交变电流的有效值I＝Im2＝22A＝2A．所以正确选项为C.答案：C5．(2010年安徽省皖南八校联考)如图所示，图(甲)和图(乙)分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系．若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻，则经过1min的时间，两电阻消耗的电功之比W甲∶W乙为()A．1∶2B．1∶2C．1∶3D．1∶6解析：电功的计算，I要用有效值计算，图(甲)中，由有效值的定义得(12)2R×2×10－2＋0＋(12)2R×2×10－2＝I21R×6×10－2，得I1＝33A；图(乙)中，I的值不变I2＝1A，由W＝UIt＝I2Rt可以得到W甲∶W乙＝1/3.答案：C6．如图甲所示，A、B为两个相同的环形线圈，共轴并靠近放置．当A 线圈中通有如图乙所示的变化电流i时，则()A．在t1到t2时间内A、B两线圈相吸B．在t2到t3时间内A、B两线圈相斥C．t1时刻两线圈间作用力为零D．t2时刻两线圈吸引力最大解析：t1到t2时间内，A线圈中电流减小，产生的磁场减弱，穿过B 的磁通量减小，由楞次定律的第二种表述，B受到向左的磁场力以阻碍磁通量的减小，A对．同理，在t2到t3时间内B受到向右的磁场力以阻碍磁通量的增大，B对．t1时刻，A中电流最大，但变化率为零；B 中不产生感应电流，从而使两线圈间作用力为零，C对．t2时刻，A中电流变化率最大，B中感应电流最大但A中电流为零，因而作用力为零．答案：ABC7．家用电子调光灯的调光原理是用电子线路将输入的正弦交流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积较小，某电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，若用多用电表测灯泡的两端的电压，多用电表示数为()A.22UmB.24UmC.12UmD.14Um解析：多用电表测得的电压值为有效值，根据电流的热效应Q＝＝U2有RT，得U有＝12Um，C正确．答案：C8．如图甲、乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化．下列说法正确的是()A．图甲表示交流电，图乙表示直流电B．两种电压的有效值相等C．图甲所示电压的瞬时值表达式为u＝311sin100πtVD．图甲所示电压经匝数比为10∶1的变压器变压后，频率变为原来的110解析：图甲、图乙均表示交流电，故A错；图甲是正弦交流电，周期为2×10－2s，所以ω＝2πT＝100πrad/s，所以电压的瞬时值表达式为u ＝311sin100πtV，故C选项对；图甲和图乙的有效值并不相同，B错；变压器只能改变交流电的电压，不能改变交流电的频率，故D错．答案：C9．如图所示，在两平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力)，当两板间加上如图所示的交变电压后，能使电子有可能做往返运动的电压是()解析：由A图象可知，电子先做加速度减小的加速运动，14T时刻速度最大，由14T到12T做加速度增加的减速运动，12T时刻速度为零，从12T到34T电子反向做加速度减小的加速运动，34T时刻速度最大，由34T到T做加速度增大的减速运动，T时刻速度为零，回到原位置，即电子能做往复运动，同样的方法可得B、C也对．答案：ABC10．图(甲)为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀速磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n＝100、电阻r＝10Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R＝90Ω，与R 并联的交流电压表为理想电表．在t＝0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图(乙)所示正弦规律变化．求：(1)交流发电机产生的电动势最大值；(2)电路中交流电压表的示数．解析：(1)交流发电机产生电动势的最大值Em＝nBSω而Φm＝BS，ω＝2πT，所以Em＝2nπΦmT由Φt图线可知：Φm＝2.0×10－2Wb，T＝6.28×10－2s所以Em＝200V.(2)电动势的有效值E＝22Em＝1002V由闭合电路的欧姆定律，电路中电流的有效值为I＝ER＋r＝2A交流电压表的示数为U＝IR＝902V＝127V.答案：(1)200V(2)127V11．如图所示，间距为L的光滑水平金属导轨，水平地放置在竖直方向的磁感应强度为B的匀强磁场中，一端接阻值为R的电阻．质量为m的导体棒放置在导轨上，其电阻为R0.在拉力F作用下从t＝0的时刻开始运动，其速度随时间的变化规律为v＝vmsinωt，不计导轨电阻．求：(1)从t＝0到t＝2πω时间内电阻R产生的热量．(2)从t＝0到t＝π2ω时间内拉力F所做的功．解析：(1)导体棒产生的感应电动势E＝BLv＝BLvm•sinωt，是正弦交变电流．其有效值：E＝Em2＝BLvm2在Δt＝2πω＝T的时间内产生的热量Q＝I2RT＝(ER＋R0)2R2πω＝＋(2)从t＝0到t＝π2ω的时间是14周期，这段时间内棒的速度由0增至vm，外力F做的功转化为棒的动能和R及R0上产生的热量，由能量守恒定律得：W外＝12mv2m＋Q′Q′＝E2R＋R0•π2ω＝πB2＋所以这段时间外力F所做的功W＝12mv2m＋＋答案：＋(2)12mv2m＋＋。
2012高考物理全部试题汇编含答案(免费)
2012高考物理全部试题汇编含答案（免费）2012年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试物理部分解析版（全国卷大纲版）（适用地区：贵州、甘肃、青海、西藏、广西）二，选择题：本题共8题。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项份额和题目要求，有的有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的德0分。
14.下列关于布朗运动的说法，正确的是 （ ）A ．布朗运动是液体分子的无规则运动 B. 液体温度越高，悬浮粒子越小，布朗运动越剧烈C ．布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的D.布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的14.BD 【解题思路】 布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，不是液体分子的运动，选项A 错；液体的温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈，选项B 正确；布朗运动是由于液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用不平衡引起的，选项C 错，选项D 正确。
15.23592U 经过m 次a 衰变和n 次β衰变2082Pb,则（ ）A.m=7，n=3B.m=7,n=4C.m=14，n=9D.m=14,n=1815.B 【解题思路】原子核每发生一次α衰变，质量数减少4,电荷数减少2；每发生一次β衰变，质量数不变，电荷数增加1.比较两种原子核，质量数减少28,即发生了7次α衰变；电荷数应减少14,而电荷数减少10,说明发生了4次β衰变，B 项正确。
16.在双缝干涉实验中，某同学用黄光作为入射光，为了增大干涉条纹的间距，该同学可以采用的方法有 （ ）A.改用红光作为入射光B.改用蓝光作为入射光C.增大双缝到屏的距离D.增大双缝之间的距离16.AC 【解题思路】光的干涉现象中，条件间距公式λdl x =∆，即干涉条纹间距与入射光的波长成正比，与双缝到屏的距离成正比，与双缝间距离成反比。
红光波长大于黄光波长，选项A 正确；蓝光波长小于黄光波长，选项B 错；增大双缝到屏的距离，选项C 正确；增大双缝之间的距离，选项D 错。
【考前精炼】2012年高考物理总复习试题(含解析)12
1．在“验证机械能守恒定律”的实验中，有关重物的质量，下列说法中正确的是( )A．选用质量较大的重物，使重物和纸带所受的重力远大于它们所受的阻力B．应选用质量较小的重物，使重物的惯性小一些，下落时更接近于自由落体运动C．不需要称量重物的质量D．必须称量重物的质量，而且要估读到0.01 g解析：本实验依据的原理是用重物自由下落验证机械能守恒定律，因此重物的质量应取得大一些，以便系统所受的阻力和重物的重量相比可以忽略不计，以保证系统做自由落体运动．对自由落体来说，物体的机械能守恒，即重力势能的减小量等于其动能的增加量，设物体质量为m，下落距离h时的速度为v，则有12m v2＝mgh，约去m后，有v2＝2gh.分别计算对应的v2和2gh，即可验证机械能守恒定律是否成立．故此题选A、C.答案：AC2．在“用打点计时器验证机械能守恒定律”的实验中，质量m＝1.00 kg 的重物拖着纸带竖直下落，打点计时器在纸带上打下一系列的点，如下图，相邻计数点时间间隔为0.04 s，P为纸带运动的起点，从P点到打下B点过程中物体重力势能的减少ΔE p＝________J．在此过程中物体动能的增加量ΔE k＝________J．(已知当地的重力加速度g＝9.80 m/s2，答案保留三位有效数字)用v表示各计数点的速度，h表示各计数点到P点的距离，以v22为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出v22－h的图象，若图线的斜率等于某个物理量的数值时，说明重物下落过程中机械能守恒，该物理量是________．解析：ΔE p＝mg PB＝1.00×9.8×23.25×10－2 J＝2.28 J 物体动能的增量为ΔE k＝12m v2＝12m(AC2T)2＝2.26 J由机械能守恒定律得12m v2＝mgh，即12v2＝gh故直线的斜率为当地重力加速度．答案：2.28 2.26 当地重力加速度3．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，查得当地的重力加速度g＝9.80 m/s2，测得所用重物的质量为1.00 kg.实验中得到一条点迹清晰的纸带(如图)，把第一个点记作O，选连续的4个点A、B、C、D 作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99 cm、70.18 cm、77.76 cm、85.73 cm，根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于______J，动能的增加量等于______J(取三位有效数字)．解析：根据实验原理直接进行计算．由O点到C点，重力势能的减少量ΔE p＝mgh＝1.0×9.80×77.76×10－2 J＝7.62 J.打下C点时纸带(即物体)的瞬时速度v C＝OD－OB2T＝(85.73－70.18)×10－22×0.02m/s＝3.887 5 m/s，即动能的增加量为ΔE k＝12m v2＝12×1.00×3.887 52 J＝7.56 J.答案：7.62 7.564．(2011年广州模拟)某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．弧形轨道末端水平，离地面的高度为H .将钢球从轨道的不同高度h 处由静止释放，钢球的落点距轨道末端的水平距离为x .(1)若轨道完全光滑，x 2与h 的理论关系应满足x 2＝____________.(用H 、h 表示)(2)该同学经实验测量得到一组数据．如表所示：请在下图所示的坐标纸上作出x 2－h 关系图.(3)对比实验结果与理论计算得到的x 2－h 关系图象(图中已画出)．自同一高度静止释放的钢球，水平抛出的速率________(选填“小于”或“大于”)理论值．解析：(1)由12m v 20＝mgh ，x ＝v 0t ，H ＝12gt 2 可推得：x 2＝4Hh(2)x 2－h 关系图线如图所示(3)由图可以看出，同一个h值，对应的x2值比理论值小，说明钢球平抛的速率小于理论值．答案：(1)4Hh(2)见解析图(3)小于5．(2011年珠海模拟)在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m＝1.00 kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点．已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，当地的重力加速度为g＝9.80 m/s2，那么：(1)根据图上所得的数据，应取图中O点到________点来验证机械能守恒定律；(2)从O点到(1)问中所取的点，重物重力势能的减少量ΔE p＝________ J，动能增加量ΔE k＝________ J(结果取三位有效数字)；(3)若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及物体下落的高度h，则以v22为纵轴，以h为横轴画出的图象是下图中的________．解析：(1)要想验证机械能守恒，首先要求出重物下落到某一位置时的速度，B点的速度可由vB ＝sAC2T直接求出，故选从O点到B点来验证机械能守恒．(2)由题意可得，ΔE p＝mgs OB＝1.00×9.80×0.192 J＝1.88 Jv B＝sAC2T＝23.23×10－2－15.55×10－22×0.02m/s＝1.92 m/sΔE k＝12m v2B＝12×1.00×(1.92)2 J＝1.84 J.(3)由机械能守恒定律mgh＝12m v2，可得v22＝gh，故A正确．答案：(1)B (2)1.88 1.84 (3)A6．在“验证机械能守恒定律”的实验中：(1)某同学得到如图所示的纸带．测出计数点A、C间的距离为14.77 cm，计数点C、E间的距离为16.33 cm，相邻两计数点之间的时间间隔为0.04 s．已知当地重力加速度为9.8 m/s2，重锤的质量为m＝1.0 kg，则重锤在下落过程中受到的平均阻力大小f＝________N.(2)某同学上交的实验报告显示重锤增加的动能略大于重锤减小的重力势能，则出现这一问题的原因可能是________(填序号)．A．重锤的质量测量错误B．该同学自编了实验数据C．交流电源的频率不等于50 HzD．重锤下落时受到的阻力过大解析：(1)由xC E－xAC＝aT2，可以算出加速度a；再由牛顿第二定律mg－f ＝ma即可求出平均阻力大小等于0.05 N.(2)只要验证gh＝12v2即可验证机械能守恒定律，因此没有必要用天平测出重锤的质量，故重锤的质量测量错误并不影响实验结果，原因不是A；重锤下落时受到的阻力过大，物体克服阻力做功，只可能使重锤增加的动能略小于重锤减小的重力势能，故原因不可能是D；当交流电源的频率大于50 Hz时，由匀变速运动的规律计算出B点的速度大小可能大于实际速度，有可能使重锤增加的动能略大于重锤减小的重力势能；该同学自编了实验数据也可能使重锤增加的动能略大于重锤减小的重力势能，因此原因可能是B、C.答案：(1)0.05 (2)BC。
2012届高考物理全程复习测试题19
课时·知能·训练(时间：40分钟满分：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题5分，共计25分．每小题只有一个选项符合题意．)图2－3－101．(2010·安庆模拟)如图2－3－10所示，在水平力F的作用下，木块A、B 保持静止．若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0.则关于木块B的受力个数可能是()A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个图2－3－112．(2010·镇江模拟)如图2－3－11所示，水平细杆上套一细环A，环A和球B间用一轻质绳相连，质量分别为m A、m B(m A＞m B)，由于B球受到水平风力作用，A环与B球一起向右匀速运动，已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是()A．风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变B. B球受到的风力F为m A g tan θC．杆对A环的支持力随着风力的增加而不变D. A环与水平细杆间的动摩擦因数为m B m A＋m B3．如图2－3－12所示，一架救援直升机通过软绳打捞河中物体，物体质量为m，由于流动的河水对物体产生水平方向的冲击力，使软绳偏离竖直方向，当直升机相对地面静止时，绳子与竖直方向成θ角，已知物体所受的浮力不能忽略．下列说法正确的是( )图2－3－12A ．绳子的拉力为mg cos θB ．绳子的拉力一定大于mgC ．物体受到河水的水平方向的作用力等于绳子的拉力D ．物体受到河水的水平方向的作用力小于绳子的拉力图2－3－134．(2010·合肥模拟)如图2－3－13所示，在倾角为α的传送带上有质量均为m 的三个木块1、2、3，中间均用原长为L ，劲度系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，其中木块1被与传送带平行的细线拉住，传送带按图示方向匀速运行，三个木块处于平衡状态．下列结论正确的是( )A ．2、3两木块之间的距离等于L ＋μmg cos αk B ．2、3两木块之间的距离等于L ＋(sin α＋μcos α)mg kC ．1、2两木块之间的距离等于2、3两木块之间的距离D ．如果传送带突然加速，相邻两木块之间的距离都将增大图2－3－145．如图2－3－14，细绳a 一端固定在杆上C 点，另一端通过定滑轮用力拉住，一重物用绳b挂在杆BC上，杆可绕B点转动，杆、细绳的质量及摩擦均不计，重物处于静止．若将细绳a慢慢放下，则下列说法正确的是() A．绳a的拉力F a减小，杆所受到的压力F增大B．绳a的拉力F a增大，杆所受到的压力F增大C．绳a的拉力F a不变，杆所受到的压力F减小D．绳a的拉力F a增大，杆所受到的压力F不变二、多项选择题(本题共4小题，每小题7分，共计28分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得7分，选对但不全的得4分，错选或不答的得0分．)图2－3－156．(2010·巢湖模拟)如图2－3－15所示，木块m和M叠放在一固定在地面不动的斜面上，它们一起沿斜面匀速下滑，则m、M间的动摩擦因数μ1和M、斜面间的动摩擦因数μ2可能正确的有()A．μ1＝0，μ2＝0B．μ1＝0，μ2≠0C．μ1≠0，μ2＝0 D．μ1≠0，μ2≠0图2－3－167．(2010·徐州模拟)如图2－3－16所示，用轻绳吊一个重为G的小球，欲施一力F使小球在图示位置平衡(θ＜30°)，下列说法正确的是() A．力F最小值为G sin θB．若力F与绳拉力大小相等，力F方向与竖直方向必成θ角C．若力F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成θ角D．若力F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成2θ角图2－3－178．如图2－3－17所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线悬挂，B 放在粗糙的水平桌面上．滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点，O′是三根细线的结点，细线bO′水平拉着物体B，cO′沿竖直方向拉着弹簧．弹簧、细线、小滑轮的重力不计，细线与滑轮之间的摩擦力可忽略，整个装置处于静止状态．若悬挂小滑轮的斜线中的拉力是F＝20 3 N，∠cO′a＝120°，重力加速度g取10 m/s2，则下列说法正确的是()A．弹簧的弹力为20 NB．重物A的质量为2 kgC．桌面对物体B的摩擦力为10 3 ND．细线OP与竖直方向的夹角为60°图2－3－189．在灭火抢险的过程中，有时要借助消防车上的梯子进行救人或灭火作业，如图2－3－18所示．已知消防车梯子的下端用摩擦很小的铰链固定在车上，上端靠在摩擦很小的竖直玻璃墙上．消防车静止不动，被救者沿梯子匀速向下运动的过程中，下列说法正确的是()A．铰链对梯子的作用力逐渐减小B．墙对梯子的弹力不变C．地面对车的摩擦力逐渐增大D．地面对车的弹力不变三、非选择题(本题共3小题，共47分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．)图2－3－1910．(14分)如图2－3－19所示，斜面体倾角为α，重力为G1，置于粗糙地面上，斜面光滑，重力为G2的小物块置于斜面上，为使二者都静止，需用一沿斜面向上的力拉住小物块，试求：(1)拉力的大小；(2)斜面体所受支持力和静摩擦力的大小．图2－3－2011．(16分)如图2－3－20所示，质量为2m的物体A经一轻质弹簧与地面上的质量为3m的物体B相连，弹簧的劲度系数为k，一条不可伸长的轻绳绕过定滑轮，一端连物体A，另一端连一质量为m的物体C，物体A、B、C都处于静止状态．已知重力加速度为g，忽略一切摩擦．(1)求物体B对地面的压力；(2)把物体C的质量改为5m，使C缓慢下降，经过一段时间系统达到新的平衡状态，这时B仍没离开地面，且C只受重力和绳的拉力作用，求此过程中物体A上升的高度．图2－3－2112．(17分)如图2－3－21所示，A、B两物体叠放在水平地面上，已知A、B的质量分别为m A＝10 kg，m B＝20 kg.A、B之间，B与地面之间的动摩擦因数均为μ＝0.5.一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为37°，今欲用外力将物体B匀速向右拉出，求所加水平力F的大小，并画出A、B 的受力分析图．(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)答案及解析1．【解析】木块B一定受重力和A对它的压力；将A、B看作整体，因整体保持静止，所以B一定受斜面的支持力；隔离木块A对其受力分析，因A静止，故A一定受B的静摩擦力，从而B也一定受A的静摩擦力；斜面对木块B 的静摩擦力可能有，也可能无．综上所述，正确答案为C.【答案】 C2．【解析】如图为球B的受力情况，其中F为风力，F T为轻质绳对球B的拉力，由图中的几何关系可得F＝m B g tan θ，故B错误；由题中所给的B球的运动状态可知，F T大小等于F和m B g的合力F′，当风力F增大时，F和m B g的合力F′会增大，从而F T增大，故A错误；杆对A环的支持力大小等于环A与球B的总重力，故C正确；环A所受的滑动摩擦力大小等于风力，即μ(m A＋m B)g＝F，故μ＝m B tan θ，D错误．m A＋m B【答案】 C3．【解析】选河中物体为研究对象，将其隔离进行受力分析，受到竖直向下的重力，沿绳方向的拉力，河水的水平方向的作用力，河水的竖直向上的浮力，受力分析如图所示，竖直方向有F cos θ＋f 浮＝mg ，则有F ＝mg －f 浮cos θ，故绳子的拉力与mg的关系不确定，A 、B 项均错；在水平方向上有F sin θ＝F 冲，因为sin θ＜1，故F ＞F 冲，即物体受到河水的水平方向的作用力小于绳子的拉力，C 项错、D 项对．【答案】 D4．【解析】 设2、3两木块之间弹簧伸长量为x 1，分析木块3的受力，由平衡条件可知，mg sin α＋μmg cos α＝kx 1，故2、3两木块之间的距离为L ＋x 1＝L ＋(sin α＋μcos α)mg k，A 错误，B 正确；设木块1、2之间弹簧的伸长量为x 2，以2、3两木块为一整体，可得：kx 2＝2mg sin α＋2μmg cos α，故1、2两木块之间的距离为L ＋x 2＝L ＋2(sin α＋μcos α)mg k，C 错误；如果传送带突然加速，并不影响木块所受的摩擦力的大小和方向，因此相邻两木块之间的距离将不变，D 错误．【答案】 B5．【解析】如图所示，以杆上C 点为研究对象，C 点受到三个力作用：杆对绳的支持力F ′(大小等于F )、绳b 的拉力(大小等于重物重力G )、绳a 的拉力F a .三力组合成一个矢量三角形，且力的三角形与几何三角形ABC 相似．由于力的三角形与几何三角形相似，可由几何边长的变化判定对应力大小的变化：随着细绳a 慢慢放下，几何边AC 变长、BC 边不变，则绳a 的拉力F a 增大，杆所受压力F 不变．故选项D 正确．【答案】 D6．【解析】因木块m和M整体沿斜面匀速下滑，所以M与斜面之间一定存在摩擦力，故M、斜面间的动摩擦因数μ2一定不等于零；因木块m和M的接触面水平，由m的运动状态可知，它一定不受M的摩擦力，所以木块m和M之间的动摩擦因数μ1可以为零，也可以不为零．综上所述，正确答案为B、D.【答案】BD7．【解析】根据力的平行四边形定则可知，当力F与轻绳垂直斜向上时，力F有最小值，根据物体的平衡条件可知，其值为G sin θ，A正确．若力F与绳拉力大小相等，则力F的方向与轻绳中拉力的方向应该相对于过小球的竖直线对称，所以力F方向与竖直方向必成θ角，故B正确．若力F与G大小相等，则有两种情况，一种情况是力F与G是一对平衡力；另一种情况是力F与G的合力与轻绳中拉力是一对平衡力，此时力F方向与竖直方向成2θ角斜向下，C错误、D正确．【答案】ABD8．【解析】选取滑轮作为研究对象，滑轮两侧细线的夹角为60°，设滑轮两侧细线中拉力为F a，则有F a＝m A g，F＝2F a cos 30°，联立解得重物A的质量为m A＝2 kg，F a＝20 N，选项B正确；将O′a中的拉力F a沿水平方向和竖直方向分解，由平衡条件得F a cos 30°＝F b，F a sin 30°＝F c，解得弹簧的弹力为F c ＝10 N，选项A错误；细线O′b中拉力F b＝10 3 N，对物体B由平衡条件得桌面对物体B的摩擦力为10 3 N，选项C正确；细线OP的方向在滑轮两侧细线夹角的平分线上，与竖直方向的夹角为30°，选项D错误．【答案】BC9．【解析】人在梯子上爬行时，将人和梯子看作一个整体，墙壁对梯子的作用力F N水平向左，人受重力G竖直向下，根据三力汇交原理，铰链对梯子的作用力F斜向上，如图所示，当人匀速向下运动时，F与G的夹角减小，因为人的重力G 不变，所以F、F N减小，选项A正确、B错误．将人、梯子、车看作一个整体，则地面对车的摩擦力等于墙壁对梯子的作用力F N，地面对车的弹力等于车和人的重力，所以选项C错误、D正确．【答案】AD10．【解析】由于小物块与斜面体都静止，在求解地面对斜面体的支持力和摩擦力时，可采用整体法，但由于拉力未知，需隔离出一个物体，另建方程，联合求解．先隔离小物块，受力分析如图(a)所示x轴：F＝G2sin α①(a)(b)再把小物块和斜面体作为整体，受力分析如图(b)所示．由平衡条件可得：x轴：F cos α＝F f②y轴：F sin α＋F N＝G1＋G2③联立①②③解得F f ＝G 2sin αcos α F N ＝G 1＋G 2cos 2 α.【答案】 (1)G 2sin α (2)G 1＋G 2cos 2 α G 2sin αcos α11．【解析】 (1)对A 、B 整体：mg ＋F N ＝5mg . 所以F N ＝4mg(2)对C ：F T ＝5mg对A ：F T ＝F k ＋2mg所以F k ＝3mg即kx 1＝3mgx 1＝3mg k开始时，弹簧的压缩量为x 2，则kx 2＝mg所以A 上升的高度为：h A ＝x 1＋x 2＝4mg k .【答案】 (1)4mg (2)4mg k12．【解析】 A 、B 的受力分析如图所示．对A 应用平衡条件F T sin 37°－Ff 1＝μF N1①F T cos 37°＋F N1＝m A g ②联立①②两式可得：F N1＝3m A g4μ＋3＝60 NFf1＝μF N1＝30 N对B用平衡条件F＝Ff1′＋Ff2＝Ff1′＋μF N2＝Ff1＋μ(F N1＋m B g) ＝2Ff1＋μm B g＝160 N.【答案】160图见解析。
2012年高考试题——物理部分(全国卷)含答案
2012年普通高等学校招生全国统一考试（全国卷）理科综合能力测试物理部分二、选择题。
本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。
早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是 A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性 B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动15.如图，x 轴在水平地面内，y 轴沿竖直方向。
图中画出了从y 轴上沿x 轴正向抛出的三个小球a 、b 和c 的运动轨迹，其中b 和c 是从同一点抛出的，不计空气阻力，则A.a 的飞行时间比b 的长B.b 和c 的飞行时间相同C.a 的水平速度比b 的小D.b 的初速度比c 的大16.如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。
设墙面对球的压力大小为N 1，球对木板的压力大小为N 2。
以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。
不计摩擦，在此过程中 A.N 1始终减小，N 2始终增大 B.N 1始终减小，N 2始终减小 C.N 1先增大后减小，N 2始终减小D.N 1先增大后减小，N 2先减小后增大17.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调。
已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V 的交流电源上。
当变压器输出电压调至最大时，负载R 上的功率为2.0kW 。
设此时原线圈中电流有效值为I 1，负载两端电压的有效值为U 2，且变压器是理想的，则U 2和I 1分别约为 A.380V 和5.3A B.380V 和9.1A C.240V 和5.3A D.240V 和9.1Aab c xy O18.如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。
北京101中学2012届上学期高三统考二物理试卷及答案
北京市101中学2012届上学期高三年级统考二物理试卷1. 在水平地面上以一定的初速度竖直向上抛出一物体，经过02t 的时间物体落回地面。
已知物体在空中运动过程中所受的空气阻力大小恒定，那么图2中能正确表示该物体向上和向下运动全过程的速度v 随时间t 变化关系的图线是2. 从地面上方同一点向东和向西分别沿水平方向抛出两个质量相等的小物体，抛出的初速度大小分别为v 和v 2，不计空气阻力，则两个小物体 A. 从抛出到落地重力的冲量相同B. 从抛出到落地动能的增量相同C. 从抛出到落地重力做功的平均功率相同D. 落地时物体的动能相同3. 春天有许多游客放风筝，会放风筝的人，可使风筝静止在空中，以下四幅图中AB 代表风筝截面，OL 代表风筝线，风向水平，风筝可能静止的是4. 如图所示，质量为m 的物体在沿斜面向上的拉力F 作用下沿斜面匀速下滑，已知斜面体的质量为M ，并在此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面体A. 摩擦力为零B. 有水平向左的摩擦力C. 支持力为()g m M +D. 支持力小于()g m M +5. 如图所示，位于竖直面内的半圆形光滑凹槽放在光滑的水平面上，小滑块从凹槽边缘A 点由静止释放，经最低点B 又向上到达另一侧边缘C 点，把小滑块从A 点到达B 点称为过程I ，从B 点到C 点称为过程II ，则关于这两个过程，下列说法中正确的是A. 过程I 中小滑块减少的势能等于凹槽增加的动能B. 过程I 小滑块动量的改变量等于重力的冲量C. 过程I 和过程II 中小滑块所受外力的冲量大小相等D. 过程II 中小滑块的机械能的增加量等于凹槽动能的减少量6. 地球绕太阳的运动可视为匀速圆周运动，太阳对地球的万有引力提供地球运动所需的向心力，由于太阳内部的核反应而使太阳发光，在这个过程中，太阳的质量在不断减小（假如地球继续做圆周运动），根据这一事实可以推知，在若干年以后，地球绕太阳的运动情况与现在相比 A. 向心加速度变小 B. 运动频率变小C. 所受太阳的万有引力变大D. 运动角速度变大 7. 如图所示，橡皮条OA 和OA ′之间的夹角为0°时，结点O 吊着质量为kg 1的砝码，O 点恰好在圆心。
2012物理高考真题近4年试卷
2012年普通高等学校招生全国统一考试物理学科（新课标卷）一、选择题。
本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。
早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是 ( )A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动15.如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。
图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则( )A.a的飞行时间比b的长B.b和c的飞行时间相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大16.如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。
设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2。
以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。
不计摩擦，在此过程中 ( )A.N1始终减小，N2始终增大B.N1始终减小，N2始终减小C.N1先增大后减小，N2始终减小D.N1先增大后减小，N2先减小后增大17.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调。
已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V的交流电源上。
当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0kW。
设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为( ) A.380V和5.3AB.380V和9.1AC.240V和5.3AD.240V 和9.1A18.如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。
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1．在利用打点计时器和小车做“验证牛顿运动定律”的实验时，下列说法中正确的是()
A．平衡摩擦力时，应将砝码及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上
B．连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行
C．平衡摩擦力后，长木板的位置不能移动
D．小车释放前应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车
2．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，在研究加速度a与小车的质量M的关系时，由于没有注意始终满足M≫m的条件，结果得到的图象应是图中的()
3．在“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，某小组设计了如图3－4－5所示的实验装置．图中上下两层水平轨道表面光滑，两小车前端系上细线，细线跨过滑轮并挂上砝码盘，两小车尾部细线连到控制装置上，实验时通过控制装置使两小车同时开始运动，然后同时停止．
图3－4－5
(1)在安装实验装置时，应调整滑轮的高度，使________；在实验时，为减小系统误差，应使砝码盘和砝码的总质量________小车的质量(选填“远大于”、“远小于”或“等于”)．
(2)本实验通过比较两小车的位移来比较小车加速度的大小，能这样比较，是因为_____________________________________________________________________
___
_________________________________________________________________ _______.
(3)实验中获得数据如下表所示：小车Ⅰ、Ⅱ的质量m均为400 g.
图3－4－6
在第1次实验中小车Ⅰ从图3－4－6中的A点运动到B点，请将测量结果填到表中空格处．通过分析可知，表中第________次实验数据存在明显错误，应舍弃．
4．现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面(如图3－4－7)、小车、计时器一个、米尺．
图3－4－7
(1)填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤(不考虑摩擦力的影响)：
①让小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑到斜面底端A2，记下所用的时间t.
②用米尺测量A1与A2之间的距离x，则小车的加速度a＝________.
③用米尺测量A1相对于A2的高度h.设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力F＝________.
④改变________，重复上述测量．
⑤以h为横坐标，1/t2为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律．
(2)在“验证牛顿第二定律”的实验中，实验装置如图3－4－8甲所示，有一位同学通过实验测量作出了图乙中的A图线．试分析
图3－4－8
①A图线不通过坐标原点的原因是____________________；
②A图线上部弯曲的原因是___________________．
5．如图3－4－9甲所示，用水平力F拉动物体在水平面上做加速直线运动，当改变拉力的大小时，物体运动的加速度a也随之变化，a和F的关系如图3－4－9乙所示，取g＝10 m/s2.
图3－4－9
(1)根据图线所给的信息，求物体的质量及物体与水平面间的动摩擦因数．
(2)若改用质量是原来2倍的同种材料的物体，请在图乙的坐标系上画出这
种情况下的a－F图线(要求写出作图的根据)．
答案及解析
1．【解析】本题考查实验过程中应注意的事项，选项A中平衡摩擦力时，不能将砝码盘及盘内砝码(或小桶)通过细绳栓在小车上，A错；选项B、C、D 符合正确的操作方法，B、C、D对．
【答案】BCD
2．【解析】小车加速度a＝
mg
M＋m
，实验时若保持小车质量不变，横轴为
1 M＋m ，则a－
1
M＋m
图象必过原点，为直线．当满足M≫m时，m可忽略，a≈
mg
M，
a－1
M图象还可以满足图象是过原点的直线．当小车质量较小，不满足M≫m时，图象会弯曲，故选D项．
【答案】 D
3．【解析】(1)对于实验装置的配备安装，要通过调整滑轮高度使细线与轨道平行，还要使砝码和盘的总质量远小于小车质量，这样才能将砝码和盘的总重力视为小车受到的拉力．
(2)由于x＝1
2at
2，t相同，x∝a，即可用x等效替代a.
(3)分析表中数据，空格处数据为23.32，每次实验中，小车的位移应与对应拉力成正比，易知第3次实验数据有偏差．
【答案】见解析
4．【解析】(1)②由x＝1
2at
2得：a＝2x
t2；
③小车在斜面上受重力和支持力作用，其合力
F＝mg sin α＝mg h x
④改变小车所受外力来研究加速度与力的关系，改变受力又是通过改变斜面倾角或斜面高度h来实现的．
(2)①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；
②未满足拉车的钩码质量远小于小车质量．
【答案】(1)②2x
t2③mg
h
x④斜面倾角(或h的数值)
(2)①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够
②未满足钩码质量远小于小车质量
5．【解析】(1)根据牛顿第二定律：F－μmg＝ma，
所以a＝1
m F－μg.
可见a－F图象为一条直线，直线的斜率k＝1
m＝2.0，
解得物体的质量m＝0.50 kg，
纵轴截距为－μg＝－2.0 m/s2，
解得物体与地面间的动摩擦因数μ＝0.20.
(也可以用横轴截距求动摩擦因数：当F＝1.0 N时，物体的加速度为零，物
体所受阻力f＝F＝1.0 N，由F＝μmg解得物体与水平面的动摩擦因数μ＝f
mg＝0.20.用其他方法结果正确的同样可以)
(2)当物体质量加倍时，物体的加速度a＝
1
2m F－μg.
直线斜率k′＝
1
2m＝1.0，纵轴的截距不变．
作出如图所示的图线．
【答案】(1)0.20(2)见解析。