2021年浙江省宁波市中考物理模拟试卷及答案解析
2021年浙江省中考物理真题模拟试卷附解析
2021年浙江省中考物理真题模拟试卷学校：__________ 姓名：__________ 班级：__________ 考号：__________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1．下列设备应用到的物理知识解释错误的是（）A．“B”超——利用次声波获得人体内部的信息B．电视机——利用电磁波传播图像信号和声音信号C．验钞器——紫外线使钞票上的荧光物质发光D．燃气灶——将燃料的化学能转化为内能2．小明自学“生活用电”的知识后，归纳了几点，正确的是A．在电路电流过大时保险丝会自动熔断B．安全用电原则是：不接触高压带电体、不靠近低压带电体C．电灯的开关必须接在零线（中性线）与电灯之间D．使用测电笔时必须用手接触笔尖金属体3．农村保留一种“舂米对”的古代简单机械，其示意图如图所示．使用这种装置时，人在A 端用力把它踩下后立即松脚，B端就会立即下落，打在石臼内的谷物上，从而把谷物打碎，下列说法正确的是................................................................................................................. （）A．是省力杠杆，B端下落过程重力势能转化为动能B．是省力杠杆，B端下落过程动能转化为重力势能C．是费力杠杆，B端下落过程动能转化为重力势能D．是费力杠杆，B端下落过程重力势能转化为动能4．甲、乙两个实心均匀正方体物块放在水平地面上，它们的质量相等，密度关系是ρ甲＞ρ乙，当在甲、乙两物块上，分别放重为G1、G2的物体或分别施加竖直向上的力F1、F2（F1、F2均小于物块重力）时，甲、乙两物块对水平地面的压强相等，则G1与G2、F1与F2的大小关系是 .................................................................................................................................... （）A．G1＞G2，F1＞F2B．G1＞G2，F1＜F2C．G1＜G2，F1＜F2D．G1＜G2，F1＞F25．如图所示的装置处于平衡状态（O为支点)。
浙江省宁波市慈溪市2021年中考物理模拟试题(含解析)
浙江省宁波市慈溪市中考物理模拟试卷一、选择题1．如图所示，用手电筒对着平面镜中像照射时，观察到的像比原来亮多了，其原因是（）A．光射到像上，所以会变亮B．镜子比原来亮，所以像也变亮C．光反射到物上，物变亮，所以像也变亮D．有光照射，更便于观察，所以觉得像变亮了2．用下列简单机械，使物重同为G的物体都处于静止状态，不计摩擦、机械自重及绳重，其中用力最小的是（）A．B．C．D．3．对下列实验装置的说法中，正确的是（）A．图甲可用来演示通电导体在磁场中的受力情况B．图乙可用来演示发电机的工作原理C．图丙可用来演示电磁铁磁性的强弱与电流大小的有关D．图丁可用来演示电动机的工作原理4．以下四冲程汽油机的工作示意图，按吸气、压缩、做功、排气顺序排列正确的是（）A．甲乙丙丁 B．甲丙乙丁 C．甲丁乙丙 D．甲丙丁乙二、填空题7．在矿泉水瓶的同一高度不同位置扎12个小孔，往瓶内加入适量的水，从瓶口正上方往下看，可以看到水向四周喷出的距离都相同，如图所示，此现象表明：．若此时盖上瓶盖并拧紧，水就不再喷出，这是由于瓶内气压（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外大气压．8．如图甲所示的电路中电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P由a端移动到b端时，测得电阻R两端的电压U与通过电阻R的电流I的变化关系如图乙所示．则：电源的电压为，电压表V1示数的变化范围为，当滑动变阻器的滑片P滑至中点时电流表A的读数为A．三、实验探究题9．为了探究静摩擦力作用的相互性，并比较一对相互作用的静摩擦力的大小，某实验小组设计了如图（甲）所示的实验装置，整个装置放在水平桌面上，其中A、B两木块叠放在一起，两个轻质弹簧测力计C、D的一端与两木块相连，另一端固定在铁架台E、F上．后来经过讨论，完善了实验装置，如图（乙）所示．（1）在图乙中，在B下面放细圆木条的目的是，使B的下表面受到的摩擦力可以忽略不计．（2）在图乙中，弹簧测力计D测的是的静摩擦力的大小（填“A对B”或“B对A”）．（3）实验中需向右缓慢移动铁架台F，使A、B保持相对静止，然后，读取两个弹簧测力计的示数F1、F2，共测量四组数据．（4）分析实验数据，若F1=F2，则．（1）请根据电路图在乙图中补全实物连线图．（2）实验室有R1（2A 10Ω）、R2（1A 50Ω）、R3（1A 150Ω）三只滑动变阻器，根据设计的输出电压情况，小科应该选择．（3）三次实验测得的结果，记录在表中．第3次实验时电压表如图丙，电压为．算得第3次实验中线路消耗的功率是．实验顺序类别1 2 3电源输出功率/瓦 1.2线路电阻R0/欧姆 5电源输出电压/伏 3 8 12线路电流/安0.4 0.15 0.1电压表示数/伏 2.1 0.8线路消耗功率/瓦经过多次实验，小科终于弄清了其中的道理．四、计算题11．如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如乙图所示，物体运动速度v与时间t的关系如丙图所示．（1）2～4秒内物体的机械能（选填“变大”、“不变”或“变小”）．（2）在2～4秒阶段，物体在拉力方向上运动了0.4米，则拉力F所做的功为焦耳．（3）6秒内物体的平均速度是米/秒．（4）在4～6秒阶段，拉力F的功率是多少瓦？12．物理兴趣小组同学对物体的浮沉条件进行研究．在一个重为4N，底面积为200cm2的圆柱形薄壁玻璃容器底部，放一个边长为10cm的正方体物块，然后逐渐向容器中倒水（水始终未溢出）．通过测量容器中水的深度h，分别计算出该物块所受到的浮力F浮，并绘制了如图所示的图象．请解答下列问题：（1）分析图象可知，水的深度由0逐渐增加到8cm前的过程中，物块受到的浮力怎样变化？这一过程中液体对容器底部的压强又怎样变化？（2）当容器中水深超过8cm以后，物块处于什么状态？为什么？（3）将物块取出后，若容器中水的重力为20N，此时容器对水平桌面的压强是多少？（4）物块的密度是多少？13．某品牌家用电熨斗的电路如图甲所示，额定电压为220V、最大功率为440W，发热部分由调温电阻R 和定值电阻R0组成，调温电阻R是可变电阻，其最大阻值为110Ω．电阻值均不受温度影响．（1）定值电阻R0的阻值是多大？（2）该电熨斗工作时的最小功率多大？此时通过电路的电流是多大？（3）假设电熨斗每秒钟散发的热量Q跟电熨斗温度t的关系如图乙所示，请分析得出电熨斗工作时温度的调节范围．2015年浙江省宁波市慈溪市中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，用手电筒对着平面镜中像照射时，观察到的像比原来亮多了，其原因是（）A．光射到像上，所以会变亮B．镜子比原来亮，所以像也变亮C．光反射到物上，物变亮，所以像也变亮D．有光照射，更便于观察，所以觉得像变亮了【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；光的反射．【分析】平面镜成像的实质：点光源发出的光线经平面镜反射后，反射光线的反向延长线交于像点．根据平面镜成像的原理确定经过镜面的反射光线的方向，再根据物体反射光线的多少进行分析物体的明暗．【解答】解：因为当手电筒对着像照射射时，反射光线刚好射到物体上，而物体反射出去的光线增多，因此物体变亮，像随之也变亮．故选 C．【点评】本题考查平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案的掌握情况，会根据物体所反射的光线多少判断物体的明暗程度．2．用下列简单机械，使物重同为G的物体都处于静止状态，不计摩擦、机械自重及绳重，其中用力最小的是（）A．B．C．D．【考点】滑轮组绳子拉力的计算．【专题】简单机械．【分析】在不计摩擦、机械自重及绳的重量的理想状况下：①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知动力的大小；②滑轮组绳子末端的拉力F=×G．【解答】解：在不计摩擦、机械自重及绳的重量的理想状况下：A、根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，F1==G；B、定滑轮不省力，F2=G；C、动滑轮省一半的力，F3=G；D、滑轮组由两段绳子承担，F4=G．由此分析比较可知F1最小．故选A．【点评】本题考查了杠杆的平衡条件、定滑轮和动滑轮的特点，再利用杠杆的平衡条件时，确定力臂大小关系是关键．3．对下列实验装置的说法中，正确的是（）A．图甲可用来演示通电导体在磁场中的受力情况B．图乙可用来演示发电机的工作原理C．图丙可用来演示电磁铁磁性的强弱与电流大小的有关D．图丁可用来演示电动机的工作原理【考点】电磁感应；通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的原理．【专题】磁现象、电生磁；电动机、磁生电．【分析】分析四个选项中的图，结合所对应的知识逐个判断即可．【解答】解：A、该图中没有电源，即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，故A错误；B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B错误；C、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，故C错误；D、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒ab就会运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，故D正确；故选D．【点评】奥斯特实验、电磁感应实验、电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系的实验、磁场对电流的作用实验是电和磁当中最重要的几个实验，我们在日常的学习中应学会联系记忆，比较学习．4．以下四冲程汽油机的工作示意图，按吸气、压缩、做功、排气顺序排列正确的是（）A．甲乙丙丁 B．甲丙乙丁 C．甲丁乙丙 D．甲丙丁乙【考点】内燃机的四个冲程．【专题】图析法．【分析】判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程．【解答】解：甲图中，进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程；乙图中，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；丙图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；丁图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程．因此按吸气、压缩、做功、排气顺序排列正确的是：甲丙丁乙．故选D．【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断．二、填空题7．在矿泉水瓶的同一高度不同位置扎12个小孔，往瓶内加入适量的水，从瓶口正上方往下看，可以看到水向四周喷出的距离都相同，如图所示，此现象表明：在同一深度，水向各个方向的压强都相等．若此时盖上瓶盖并拧紧，水就不再喷出，这是由于瓶内气压小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外大气压．【考点】液体的压强的特点；气体压强跟体积的关系．【专题】应用题．【分析】（1）液体内部存在压强，液体的压强与液体的密度和深度有关；（2）气体的压强跟自身的体积成反比，气体的体积增大，其压强就减小；反之，气体的体积减小，其压强就增大．【解答】解：（1）液体的压强与深度有关，从瓶口正上方往下看，可以看到水向四周喷出的距离都相同，说明在同一深度，液体向各个方向压强相等；（2）盖上瓶盖并拧紧，不久水便停止从小孔中射出，因为在流出一部分水后，瓶内上方空气的体积变大，气压就变小，小于外界大气压，水就停止从小孔中射出．故答案为：在同一深度，水向各个方向的压强都相等；小于．【点评】本题考查了液体压强的特点，液体的压强与液体的密度和深度有关，属于比较基础的内容．8．如图甲所示的电路中电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P由a端移动到b端时，测得电阻R两端的电压U与通过电阻R的电流I的变化关系如图乙所示．则：电源的电压为12V ，电压表V1示数的变化范围为0～8V ，当滑动变阻器的滑片P滑至中点时电流表A的读数为0.75 A．【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；动态预测题；图析法；电路和欧姆定律．【分析】（1）当滑片在a端时滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω，电压表V1被短路，电路为R的简单电路，电路中的电阻最小，电流最大，根据图象得出电源的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；当滑片位于b端时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电压表V1的示数最大，电压表V的示数最小，电路中的电流最小，根据图象读出R两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，进一步求出电压表V1示数的变化范围；（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，再根据电阻的串联和欧姆定律求出当滑动变阻器的滑片P 滑至中点时电流表A的读数．【解答】解：（1）当滑片在a端时滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω，电压表V1被短路示数为0V，电路为R的简单电路，电路中的电阻最小，电流最大，由图象可知，电源的电压U=12V，电路中的电流I=1.5A，由I=可得，R的阻值：R===8Ω；当滑片位于b端时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电压表V1的示数最大，电压表V的示数最小，电路中的电流最小，由图象读出R两端的电压U R=4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣U R=12V﹣4V=8V，则电压表V1示数的变化范围为0～8V；（2）电路中的最小电流I′=0.5A，滑动变阻器的最大阻值：R滑===16Ω，当滑动变阻器的滑片P滑至中点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表的示数：I″===0.75A．故答案为：12；0～8V；0.75．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会判断电路中电流和电压的对应关系并能读出相应的示数．三、实验探究题9．为了探究静摩擦力作用的相互性，并比较一对相互作用的静摩擦力的大小，某实验小组设计了如图（甲）所示的实验装置，整个装置放在水平桌面上，其中A、B两木块叠放在一起，两个轻质弹簧测力计C、D的一端与两木块相连，另一端固定在铁架台E、F上．后来经过讨论，完善了实验装置，如图（乙）所示．（1）在图乙中，在B下面放细圆木条的目的是用滚动代替滑动，减小桌面对木块B的摩擦力，使B的下表面受到的摩擦力可以忽略不计．（2）在图乙中，弹簧测力计D测的是B对A 的静摩擦力的大小（填“A对B”或“B对A”）．（3）实验中需向右缓慢移动铁架台F，使A、B保持相对静止静止，然后，读取两个弹簧测力计的示数F1、F2，共测量四组数据．（4）分析实验数据，若F1=F2，则静摩擦力的作用是相互的，且一对相互作用的静摩擦力大小相等．【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．【专题】实验探究题；重力、弹力、摩擦力；探究型实验综合题．【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度．减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．（2）图乙，A在水平方向上受到弹簧测力计的拉力和B对A的摩擦力，物体A静止，受力平衡；（3）使A、B保持相对静止，测出静摩擦力的大小．（4）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在不同物体上．【解答】解：（1）在B下面放细圆木条的目的是减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动，减小桌面对木块B的摩擦力．（2）图乙，A在水平方向上受到弹簧测力计的拉力和B对A的摩擦力，物体A静止，测力计的拉力与摩擦力平衡，大小相等，则测力计测量的是B对A的摩擦力；（3）本实验是为了探究静摩擦力作用的相互性，并比较一对相互作用的静摩擦力的大小，故实验中需向右缓慢移动铁架台F，在此过程中，应使A、B保持相对静止，整个装置静止后，读取两个弹簧测力计的示数F1、F2．（4）由题意可知，测力计B测量A对B的摩擦力，分析实验数据，若F1=F2，则静摩擦力的作用是相互的，且一对相互作用的静摩擦力大小相等．故答案为：（1）用滚动代替滑动，减小桌面对木块B的摩擦力；（2）B对A；（3）静止；（4）静摩擦力的作用是相互的，且一对相互作用的静摩擦力大小相等．【点评】掌握静摩擦力大小的影响因素，能够利用控制变量法探究静摩擦力大小的影响因素．（1）请根据电路图在乙图中补全实物连线图．（2）实验室有R 1（2A 10Ω）、R 2（1A 50Ω）、R 3（1A 150Ω）三只滑动变阻器，根据设计的输出电压情况，小科应该选择 R3 ．（3）三次实验测得的结果，记录在表中．第3次实验时电压表如图丙，电压为 0.5V ．算得第3次实验中线路消耗的功率是 0.05W ．实验顺序类别1 2 3 电源输出功率/瓦1.2 线路电阻R 0/欧姆5 电源输出电压/伏3 8 12 线路电流/安0.4 0.15 0.1 电压表示数/伏2.1 0.8 线路消耗功率/瓦经过多次实验，小科终于弄清了其中的道理．【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【专题】实验题；欧姆定律；电能和电功率；探究型实验综合题．【分析】（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，据此完成电路图的连接；（2）由表实验数据可知，第3次的输出电压和电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的电阻，然后确定滑动变阻器的规格；（3）根据电压表的量程和分度值读出示数，利用P=I 2R 求出线路消耗的功率．【解答】解：（1）由电路图可知，滑片左移时，接入电路中的电阻减小，则变阻器左下方接线柱与定值电阻串联，如下图所示：（2）由表实验数据可知，第3次的输出电压U=12V，电路中的电流I=0.1A，由I=可得，电路中的总电阻：R===120Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：R滑=R﹣R0=120Ω﹣5Ω=115Ω，所以，小科应该选择R3（1A 150Ω）的滑动变阻器；（3）由图丙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，电压为0.5V，第3次实验中线路消耗的功率P0=I2R0=（0.1A）2×5Ω=0.05W．故答案为：（1）如上图所示；（2）R3；（3）0.5V；.05W．【点评】本题考查了实物电路图的连接和欧姆定律的应用以及电压表的读数、电功率的计算，能根据表格数据确定滑动变阻器的规格是关键．四、计算题11．如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如乙图所示，物体运动速度v与时间t的关系如丙图所示．（1）2～4秒内物体的机械能变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）．（2）在2～4秒阶段，物体在拉力方向上运动了0.4米，则拉力F所做的功为 1.2 焦耳．（3）6秒内物体的平均速度是0.2 米/秒．（4）在4～6秒阶段，拉力F的功率是多少瓦？【考点】力与图象的结合；功率的计算．【专题】应用题；图析法；运动和力．【分析】（1）由v﹣t图象可知，物体在2～4s内的速度变化，然后根据影响动能和势能的因素判断机械能的变化；（2）由F﹣t图象可知，物体在2～4s内受到的拉力，根据W=Fs求出拉力F做的功；（3）在v﹣t图象中，图象与时间轴围成的面积表示位移，也是本题中的路程，再根据速度公式求出平均速度；（4）在4～6s阶段，由v﹣t图象可知行驶的速度，由F﹣t图象可知受到的拉力，根据P===Fv求出拉力F的功率．【解答】解：（1）由v﹣t图象可知，物体在2～4s内的速度均匀变大，且质量和高度不变，则物体的动能变大，势能不变，机械能变大；（2）由F﹣t图象可知，物体在2～4s内受到的拉力F=3N，拉力F做的功W=Fs=3N×0.4m=1.2J；（3）在v﹣t图象中，图象与时间轴围成的面积表示位移，则6秒内物体的路程即图线与时间轴围成的梯形面积：s′=（2+4）×0.4m=1.2m，6秒内物体的平均速度：v===0.2m/s；（4）在4～6s阶段，由v﹣t图象可知行驶的速度v′=0.4m/s，由F﹣t图象可知受到的拉力F′=2N，由P===Fv可得，拉力F的功率：P=F′v′=2N×0.4m/s=0.8W．答：（1）变大；（2）1.2；（3）0.2；（4）在4～6秒阶段，拉力F的功率是0.8W．【点评】本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后根据影响机械能的因素、做功公式、平均速度公式、功率公式即可正确答题，是中考的热点考题．12．物理兴趣小组同学对物体的浮沉条件进行研究．在一个重为4N，底面积为200cm2的圆柱形薄壁玻璃容器底部，放一个边长为10cm的正方体物块，然后逐渐向容器中倒水（水始终未溢出）．通过测量容器中水的深度h，分别计算出该物块所受到的浮力F浮，并绘制了如图所示的图象．请解答下列问题：（1）分析图象可知，水的深度由0逐渐增加到8cm前的过程中，物块受到的浮力怎样变化？这一过程中液体对容器底部的压强又怎样变化？（2）当容器中水深超过8cm以后，物块处于什么状态？为什么？（3）将物块取出后，若容器中水的重力为20N，此时容器对水平桌面的压强是多少？（4）物块的密度是多少？【考点】阿基米德原理；密度公式的应用；压强的大小及其计算．【专题】计算题；压轴题；信息给予题．【分析】（1）看懂图象中随着水的深度的增大物体受到的浮力的变化规律，利用公式p=ρgh判断液体对容器底的压强变化；（2）物块的高为10cm，水的深度增大到8cm后，物块没有全浸入，物块受到的浮力不再发生变化，说明物块漂浮；（3）先算出容器对桌面的压力F，再用公式P=算出容器对桌面的压强．（4）物体处于漂浮状态，由图象可得物体受到的浮力，而F浮=G，可求物体重；再求出物体体积，利用重力公式和密度公式ρ=算出物体的密度．【解答】解：（1）由图象可知：水的深度由0逐渐增加到8cm的过程中，物块受到的浮力越来越大；由公式p=ρgh，随着水的深度增大，液体对容器底的压强增大；（2）水的深度增大到8cm后，物块受到的浮力不再发生变化，物块没有全浸入，所以物块处于漂浮状态；（3）容器对桌面的压力：F=G水+G容器=20N+4N=24N，容器对桌面的压强：P===1200Pa；（4）由图象可知，G=F浮=8N，物块的体积：V=10cm×10cm×10cm=1×10﹣3m3，物块的密度：ρ===≈0.82×103kg/m3；答：（1）浮力变大，压强增大；（2）漂浮状态，从图可知，水到8cm时浮力不再增大，此时物体并没完全浸没水中，有部分体积露出水面；（3）容器对水平桌面的压强是1200Pa；（4）物块的密度是0.82×103kg/m3．【点评】看懂图象是学习物理的一项基本能力．本题考查了学生对密度公式ρ=、液体压强公式是p=ρgh、压强定义式P=的掌握和运用，求容器对桌面的压强，要先求出容器对桌面的压力、再压强．13．某品牌家用电熨斗的电路如图甲所示，额定电压为220V、最大功率为440W，发热部分由调温电阻R和定值电阻R0组成，调温电阻R是可变电阻，其最大阻值为110Ω．电阻值均不受温度影响．（1）定值电阻R0的阻值是多大？（2）该电熨斗工作时的最小功率多大？此时通过电路的电流是多大？（3）假设电熨斗每秒钟散发的热量Q跟电熨斗温度t的关系如图乙所示，请分析得出电熨斗工作时温度的调节范围．【考点】电功与热量的综合计算；欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】计算题；简答题；压轴题；电能和电功率；电和热综合题．【分析】（1）当调温电阻R=0Ω时电熨斗的电功率最大，根据P=求出定值电阻R0的阻值；（2）当调温电阻R=110Ω时电熨斗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出通过电路的电流，再根据P=UI求出该电熨斗工作时的最小功率；（3）由乙图可知散热功率分别为440W和220W达到的最高温度即可得出电熨斗工作时温度的调节范围．【解答】解：（1）当调温电阻R=0Ω时，电熨斗的电功率最大，根据P=可得：R0===110Ω；（2）当调温电阻R=110Ω时，电熨斗的电功率最小，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得，此时通过电路的电流：I===1A，电熨斗的最小电功率：P′=UI=220V×1A=220W；（3）由图乙可知：当电熨斗功率是440W时，温度最高为200℃；当功率是220W时，温度最低为90℃；故电熨斗工作时温度的调节范围为90℃～200℃．答：（1）定值电阻R0的阻值是110Ω；（2）该电熨斗工作时的最小功率为220W，此时通过电路的电流是1A；（3）电熨斗工作时温度的调节范围为90℃～200℃．【点评】本题考查了电功率公式和欧姆定律、电阻串联特点的灵活应用，关键是会分析电熨斗的最大和最小电功率，难点是知道每秒钟散发的热量即为散热功率并从表中得出最大和最小电功率时对应的温度．。
2021宁波(解析版)
2021年浙江省宁波市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共5小题，每题4分，总分值18分〕1．我们的宇宙蕴藏着无穷的奥秘．以下说法错误的选项是〔〕A．河外星系谱线红移可以推断星系之间正在相互退行远离B．从侧面看，银河系的主体像一个中间凸起的大透镜C．太阳黑子、日珥等太阳活动对人类的生产、生活没有影响D．“天宫二号〞、“天舟一号〞等都是探索宇宙奥秘的航天器应选C．2．如图是家庭电路示意图．以下说法正确的选项是〔〕A．电能表示数的单位是千瓦B．与开关S直接相连的导线a是零线C．假设在导线a和b之间接一个灯泡L1，那么L1与L串联D．假设c处断开，洗衣机插头插入插座，洗衣机虽能工作但有平安隐患应选D．3．如下图，用同一个动滑轮先后提升同一物体，使物体以相同的速度匀速上升相同的高度，所用的力分别是F甲和F乙，拉力做功的功率分别是P甲和P乙．假设不计摩擦、动滑轮重和绳重，那么F甲与F乙、P甲与P乙之间的大小关系是〔〕A．F甲＜F乙、P甲=P乙B．F甲＞F乙、P甲＞P乙C．F甲＞F乙、P甲=P乙D．F甲＜F乙、P甲＜P乙应选C．4．把两块厚度不计且足够大的平面OM、ON垂直粘合在一起，并竖立在地面上，俯视图如下图．当小科站立在某个位置时，他通过平面镜所成像的个数为m，看到自己完整像的个数为n，以下对小科在不同位置时，m、n值的分析，不符合实际的是〔〕A．在a点或e点时，m=1，n=0 B．在b点或d点时，m=1，n=1C．在c点时，m=2，n=2 D．在f点时，m=0，n=0应选：C．5．如下图电路电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．闭合开关S，当滑片P从a 点滑到b点过程中，电流表的示数从I a变为I b．以下各图中，能表示这一过程中电压表示数U与电流表示数I之间关系的是〔〕A．B．C．D．应选B．二、填空题〔共5小题，每题6分，总分值32分〕6．建在布伦特冰架上的英国“哈雷六号〞南极科考站，是世界上第一个可移动的科考站．2021年1月，该科考站所在的冰川出现了大裂口，将危及科考站，该站决定搬迁．如图是搬迁过程中的照片．〔1〕布伦特冰架虽然与陆地上的冰相连，但每年会远离大陆向大海漂移400米．以陆地为参照物，布伦特冰架漂移的速度为 1.1米/天．〔计算结果精确到0.1米/天〕〔2〕为了便于移动，需要使用液压装置将舱体抬高，以确保科考站可以进行整体移动．在缓慢上升过程中，舱体的重力势能逐渐增大．〔填“增大““减小“或“不变“〕〔3〕牵引车的轮胎有很深的斜花纹，是为了在行驶过程中增大摩擦，防止打滑．故答案为：〔1〕1.1；〔2〕增大；〔3〕摩擦．7．2021年5月5日，国产大型客机C919首飞成功．〔1〕由于地磁场的存在，C919在升空过程中，机翼会做切割磁感线运动，从而在机翼两端产生感应电压．〔2〕当他在高空巡航时，需要将机外气压较低的空气压入舱内，这一过程中，空气被压缩后内能增大，温度升高．故答案为：〔1〕磁感线；〔2〕增大．8．小科利用如下图的器材探究凸透镜成像规律，先用焦距为10cm的凸透镜进行实验，在光屏上得到了清晰的缩小的实像．接着他改用焦距为5cm的凸透镜继续进行实验，如果不改变光源和凸透镜的位置，此时像的性质是倒立、缩小的实像；假设要在光屏上成清晰的像，光屏应该向左移动〔填“向右移动〞、“向左移动〞或“保持不变〞〕故答案为：缩小；向左移动．9．做“串联与并联电路中电流、电压的关系〞实验时，实验用的两个灯泡L1、L2上分别标有“2.5V〞和“3.8V〞字样，电源电压恒为2.5V〔1〕串联时，小科连接了如图甲所示的电路．闭合开关，两灯均不发光．小科猜测是灯泡L1灯丝断了，就用一根导线的两端在灯泡L1两端接线柱处同时试触，假设看到灯泡L2发光，说明小科猜测正确．〔2〕并联时，小科连接了如图乙所示的电路．闭合开关前，小科检查发现电路连接有误，但只要改动一根导线即可．请你在要改动的这根导线上打“×〞．并用笔画线代替导线，将图乙中的电路连接正确．〔3〕改正电路后继续实验，小柯记录的实验数据如下表：物理量电流电压串联电路I A=0.16A I B=0.16A I C=0.16A U=0.9V U=1.6VU总=2.5V并联电路I=0.34A I=0.20A I总=0.54A U=2.5V U=2.5VU总=2.5V学习了欧姆定律以后，小科发现：根据串联电路中的数据，可计算得到R=5.63Ω，根据并联电路中的数据，可计算得到R=7.35Ω．造成这一差异的根本原因是灯丝电阻的大小随着温度的升高而增大．【解答】解：〔1〕小科猜测是灯泡L1灯丝断了，一根导线的两端在灯泡L1两端接线柱处同时试触，该处处于通路状态，那么灯泡L2会发光；〔2〕由图可知，当开关闭合时，电源会断路；要使两灯并联，应改动L1、L2的四个接线柱的连线，如下图：；〔3〕灯丝电阻的大小与温度有关；当电压变大时，灯泡的功率会变大，灯丝温度升高，电阻变大．故答案为：〔1〕发光；〔2〕如图；〔3〕温度．10．为何漂浮在水面上的竹筷一般都是横躺着而不是竖直的？这一现象引起了小科的思考．【思考】漂浮在水面上的竹筷只受到重力和浮力的作用，因为它们是一对平衡力，所以竹筷应该能够竖直地静止在水面上，但事实并不如此．【实验】小科以内含金属块的中空细塑料管模拟竹筷进行实验探究．如下图，把一个质量适当的金属块，固定在一根底端封闭的中空细塑料管内的不同位置后，分别轻轻地竖直放在水和浓盐水中，观察它是否始终保持竖直．观察到的实验现象如表：a b c d水不能不能能能浓盐水不能不能不能能【分析】〔1〕把金属块和塑料管视为一个物体，金属块位置的改变，会改变物体的重心位置．相同条件下，这一位置越低，细管在液体中能竖直漂浮的可能性越大．〔2〕分析金属块固定在c点时，细管放入水和浓盐水中时的实验现象可知，相同条件下，浮力作用点的位置相对细管端越高〔填“高〞或“低〞〕，细管在液体中能竖直漂浮的可能性越大．其实，上述实验现象还需要用杠杆、能的转化等知识来解释，有待于继续研究…故答案为：平衡；〔1〕重心；〔2〕高．三、解答题〔共3小题，总分值25分〕11．如图甲所示，是小科家的“懒人花盆〞．它的外面是一个储水盆，里面是一个栽培盆，栽培盆中有一圆柱体浮子能在光滑的管中自由上下运动，浮子的顶端可显示水位上下，栽培盆底的陶粒通过渗透与蒸发的原理起到吸水和透气的作用，从而为土壤提供水分．“懒人花盆〞的原理图可简化成图乙．浮子重为0.02N，横截面积为0.5cm2．请答复以下问题：〔1〕从植物细胞吸水或失水原理分析，假设储水盆内所用营养液浓度过高，会导致植物细胞失水．〔2〕浮子在水中漂浮时，浸入水中的深度是多少？〔3〕当储水盆内盛有密度比水大的营养液时，营养液对漂浮的浮子底面的压强多大？【解答】解：〔1〕从植物细胞吸水或失水原理分析，假设储水盆内所用营养液浓度过高，大于萝卜细胞液的浓度，会导致植物细胞失水．〔2〕由于浮子漂浮在液面上，那么F浮=G=0.02N，由F浮=ρgV排得：V排===2×10﹣6m3；浮子浸入水中的深度：h===0.04m．〔3〕由于浮子漂浮在液面上，那么浮子底面的压力F=G=0.02N，所以p===400Pa．答：〔1〕失水；〔2〕浮子在水中漂浮时，浸入水中的深度是0.04m．〔3〕当储水盆内盛有密度比水大的营养液时，营养液对漂浮的浮子底面的压强是400Pa．12．如图甲所示电路，电源电压不变，R1、R2是定值电阻，R1=10Ω．闭合开关S，电流表示数如图乙所示，当R1由于某种原因开路时，电流表的示数变为0.10A．〔1〕图乙中电流表的示数为0.4A．〔2〕求定值电阻R2的阻值．【解答】解：〔1〕电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A；〔2〕当R1由于某种原因开路时，电流表的示数变为0.10A，即通过R2的电流为0.1A，那么通过R1的电流为：I1=I﹣I2=0.4A﹣0.1A=0.3A；那么电源电压为：U=I1R1=0.3A×10Ω=3V；由欧姆定律可知，电阻R2的阻值为：R2===30Ω．答：〔1〕0.4A；〔2〕电阻R2的阻值为30Ω．13．小科家浴室内有台储水式电热水器，其说明书局部参数如表：答复以下问题：〔1〕加热棒阻值不变，当二根加热棒同时工作时，它们的连接方式是并联的．〔2〕该电热水器以2.0kW的功率工作75min，消耗的电能为多少？此时通过它的电流为多大？〔计算结果精确到0.1A〕〔3〕当电热水器装满水时，电热水器受到的总重力是多少？〔4〕如图甲、乙所示分别是该电热水器水平安装时的正面和侧面示意图，其中A点是电热水器装满水时的重心位置，图中h=d=248mm．装满水时，假设忽略进、出水管对电热水器的作用力，那么墙面对悬挂架的支持力为多大？〔5〕小科洗热水澡后发现：与进水管相连的金属进水阀外表布满了小水珠〔如图丙〕，而与出水管相连的金属出水阀外表仍保持枯燥．请你分析产生上述两种现象的原因．【解答】解：当二根加热棒同时工作时，总功率最大，总电阻最小，它们的连接方式是并联；〔2〕工作时间t=75min=1.25h，消耗的电能为：W=Pt=2.0kW×1.25h=2.5kW•h；通过它的电流为：I===9.1A；〔3〕装满水时V水=65L=0.065m3电热水器内水的质量为：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.065m3=65kg；电热水器受到的总重力是：G=〔m水+m容〕g=〔23kg+65kg〕×10N/kg=880N；〔4〕由图知，假设墙面对悬挂架的支持力为F，根据杠杆的平衡条件有：Fh=GdF×0.248m=880N×0.248m解得F=880N；〔5〕与进水管相连的金属进水阀温度低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠，而出水管相连的金属出水阀温度高，水蒸气不能遇冷，不能液化故没有小水珠．答：〔1〕并；〔2〕消耗的电能为2.5kWh；此时通过它的电流为9.1A；〔3〕电热水器受到的总重力880N；〔4〕墙面对悬挂架的支持力为880N；〔5〕与进水管相连的金属进水阀温度低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠，而出水管相连的金属出水阀温度高，水蒸气不能遇冷，不能液化故没有小水珠．。
浙江省宁波市鄞州区2021年中考物理模拟试题(含解析)
浙江省宁波市鄞州区中考物理模拟试卷 一、选择题（本大题共6小题，第1～10小题每题4分，第11～15小题每题3分，共55分．请选出一个符合题意的正确选项，不选、多选、错选均不给分） 1．同学们通过学习科学养成了关注生活的良好习惯，对下列各个量的估测中，你认为最接近实际的是（ ） A．一般中学生一小时步行40km B．正规篮球场的宽度约150m C．把科学课本从地面拾起放到桌面做功大约2J D．教室里一盏日光灯的功率约为1000W
2．如图为我国新型反潜巡逻机．机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在．如图能解释磁异探测器工作原理的是（ ）
A． B． C． D． 3．如图所示，用手电筒对着平面镜中的人的头像照射时，观察到像比原来亮多了．关于此现象，下列说法正确的是（ ）
A．若人远离平面镜，则镜中人的头像会变小 B．平面镜中人的头像是由于光的折射形成的 C．光穿透镜面照射到镜后的像上，所以像会比原来亮 D．光照在镜面上，并反射到人的头部，头部变亮，所以像也变亮
4．对小科归纳的电学相关知识点，下列说法中错误的是（ ） A．研究“串联电路的电阻特点”和“并联电路的电阻特点”都采用了等效替代法 B．研究“影响电阻大小的因素”和“电流与电压的关系”都采用了控制变量法 C．研究“串联电路的电流特点”和“并联电路的电流特点”进行多次实验的目的相同 D．实验“用电压表、电流表测电阻”和“测定小灯泡的功率”进行多次测量的目的相同 5．如图所示，甲和乙是叠放在水平桌面上的两个物块，它们在丙的作用下一起向右做匀速直线运动，则（ ）
A．甲运动之后其惯性变大 B．乙所受摩擦力的方向向左 C．甲和丙所受的重力都不做功 D．其它条件不变，只将乙拿掉后，甲的运动状态一定会发生改变
6．在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，电流表A的示数变小，电压表V的示数不变，若故障只发生在电阻R1，R2上，用某完好的定值电阻R（R＜R1）替换R2，替换前、后两电表的示数恰好不变，则（ ）
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2021年浙江省宁波市中考物理模拟试卷
一．选择题（共5小题，满分15分，每小题3分）
1．下列关于中学生体育运动的说法不正确的是（）
A．引体向上时，静止挂在横杆上的同学受到的重力与拉力是一对平衡力
B．垫排球时，感到手疼痛，说明力的作用是相互的
C．垫排球时，排球向上弹起，说明力可以改变物体的运动状态
D．踢出去的足球继续运动是由于此过程受到脚踢力的作用
2．下例说法错误的是（）
A．物体离凸透镜越近，它所成的像越大
B．老花镜当放大镜使用时应将被观察物体放在焦点以内
C．物体在凸透镜的焦点以外时成的像一定是实像
D．凸透镜即可成实像也可成虚像，即可成缩小的也可成放大的像
3．新冠病毒疫情防控期间，为了严格控制区分外来车辆出入小区，很多小区装备了门禁系统，内部车辆可以被自动识别横杆启动，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，内部电路最接近下图中的（）
A．B．
C．D．
4．两个物体相互接触时不发生热传递现象，因为这两个物体（）
A．热量相同B．比热容相同C．内能相同D．温度相同
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