精校Word版含答案---河南省郑州外国语学校高三调研(最后一卷)理综-化学试题
郑州外国语学校2022—2023学年高三第四次调研考试化学试题(后附答案解析)
郑州外国语学校2022-2023学年高三上期调研4化学（90分钟100分）可能用到的相对原子质量：H-1D-2C-12N-14O-16Cl-35.5Na-23一、选择题（本题包括15小题，每小题3分，每小题只有一个选项符合题意）1．化学与日常生活息息相关。
下列说法错误的是A．牙膏中添加氟化物用于预防龋齿B．温室气体是形成酸雨（pH<5.6）的主要气体C．棉花和麻均为碳水化合物D．华为5G手机芯片的主要成分是硅2．下列化学用语表示正确的是A．CO2的分子模型示意图：B．除去氯化铵中氯化镁杂质的离子方程式：Mg2++2OH-=Mg(OH)2↓C．M2+核外有a个电子，b个中子的原子符号：D．乙烯的电子式：3．某有机物X的结构简式如图所示，则下列有关说法正确的是A．X的分子式为C12H12O3B．X在一定条件下，最多能与1mol H2发生加成反应C．不可用酸性高锰酸钾溶液区分苯和XD．X分别与Na、NaOH反应，消耗的物质的量之比是1：14．N A表示阿伏伽德罗常数，下列说法正确的是A．60g二氧化硅晶体中含有的硅氧键数目为4N AB．常温下，78g苯完全转化为溴苯，增加了N A个共价键C．27gAl无论和足量盐酸还是足量NaOH溶液反应都生成氢气33.6LD．某温度下，1L pH=9的Na2CO3溶液中，水电离产生的OH-数目为10-5N A5．一定条件下A、B、C能实现如下图所示的转化关系(部分产物已省略)，且△H=△H1+△H2。
下列说法不正确的是A．若A为短周期元素的气态氢化物，则B可能为固态单质，也可能为气态化合物B．若A为短周期非金属元素固态单质，则C的水化物可能为强酸，也可能为弱酸C．若A、C均为含铝化合物，二者能反应生成B，则X可能为强酸，也可能为强碱D．若A为焰色反应呈黄色的化合物，则C可能为离子化合物，也可能为共价化合物6.为减少温室气体的排放，科学家研究出以TiO2为催化剂，光热化学循环分解CO2的反应，该反应机理及各分子化学键完全断裂时的能量变化如下图所示，下列说法正确的是A．该反应中，光能和热能转化为化学能B.该过程中没有电子转移C.使用TiO2作催化剂可以降低反应的焓变，从而提高化学反应速率D.分解CO2反应的热化学方程式为：2CO2（g）=2CO（g）+O2（g）△H=-30kJ/mol7．用下列所示装置进行相关实验，能达到目的的是A．用图甲装置检验浓硫酸与铜反应后产物中是否含有Cu2+B．用图乙装置接收石油分馏实验中所得的馏分C．用图丙装置制取乙酸乙酯D．用图丁装置制备NO8．已知前18号元素W、X、Y、Z，在常温下，它们的最高价氧化物对应的水化物溶液（浓度均为0.01mol•L-1）的pH和原子半径、原子序数的关系如图所示。
河南省郑州外国语学校高三第十七次调研考试(最后一卷)理综物理试题
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18 题只有一项符合题目要求，第19～21 题有多项符合题目要求。
全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。
14. 居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，有些含有铀、钍的岩石会释放出放射性气体氡。
人们若经常处于高浓度氡环境中，氡会经呼吸进入人体并停留于呼吸道中进行放射性衰变，放射出α、β、γ射线。
这些射线会导致细胞发生癌变，引发肺癌、白血病及呼吸道等方面的疾病。
下列说法正确的是（）A. 铀衰变为氡要经过4 次α衰变和2 次β衰变B. 处于激发态的氡原子发出一束蓝光照射到某金属能产生光电效应，若这束蓝光被遮住一半，则不会产生光电效应C. 放射性元素发生β衰变时所释放的负电子是原子核内的质子转变为中子时产生的D. 放射性元素在发生α衰变时2个中子和2个质子结合为一个α粒子，设中子、质子和α粒子的质量分别为m1、m2、m3，则2（m1+m2）=m315．2017 年6 月15 日，中国空间科学卫星“慧眼”被成功送入轨道，卫星轨道所处的空间存在及其稀薄的空气，“慧眼”是我国首颗大型X 射线天文卫星，这意味着我国在X 射线空间观测方面具有国际先进的巡天能力和独特的多波段快速观测功能等，下列关于“慧眼”卫星的说法，正确的是（）A．如果不加干预，“慧眼”卫星将离地球越来越远B．如果不加干预，“慧眼”卫星的动能可能会缓慢减小C．“慧眼”作为天文观测卫星，其轨道圆形可以定在地球上任意位置D．已知地球半径，地球表面重力加速度，“慧眼”轨道半径，可以比较“慧眼”与地球同步卫星运行周期的大小16．电磁感应现象在生产生活中有着广泛的应用。
图甲为工业上探测物件表面层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术原理图。
其原理是将线圈中通入电流，使被测物件内产生涡流，借助探测线圈内电流变化测定涡流的改变，从而获得被测物件内部是否断裂及位置的信息。
图乙为一个带铁芯的线圈L、开关S和电源用导线连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈L上且使铁芯穿过其中，闭合开关S的瞬间，套环将立刻跳起。
河南省郑州市外国语学校分校高三化学期末试题含解析
河南省郑州市外国语学校分校2020年高三化学期末试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。
）1. 物质的量之比为2：5的锌与稀硝酸反应，若硝酸被还原的产物为N2O，反应结束后锌没有剩余，则该反应中被还原的硝酸与未被还原的硝酸的物质的量之比是（）A．1：5 B．1：4 C．2：3 D．2：5参考答案：B略2. 下列说法正确的是（N A为阿伏加德罗常数的值）A．N A个Fe(OH)3胶体粒子的质量为107gB．向含有FeI2的溶液中通入适量氯气，当有1mol Fe2+被氧化时，该反应转移电子的数目为3N AC．8.0 gCu2S和CuO的混合物中含有铜原子数为0.1N AD．2.3gNa与氧气完全反应，反应中转移的电子数介于0.1 N A到0.2 N A之间参考答案：C略3. 下列实验能达到预期目的的是（）①用乙醇和浓硫酸除去乙酸乙酯中的少量乙酸②将Cl2的制备和性质实验联合进行以减少实验中的空气污染③用食醋和澄清石灰水验证蛋壳中含有碳酸盐④用硝酸钡溶液鉴别硫酸根离子与亚硫酸根离子⑤用溴水检验汽油中是否含有不饱和脂肪烃A．①②③ B．①③④C．②③⑤D．②④⑤参考答案：答案：C4. 在一定温度下的恒容密闭容器中，当下列物理量不再发生变化时，表明反应：A(s)+3B(g)2C(g)+D(g) 已达平衡状态的是①混合气体的压强；②混合气体的密度；③B的物质的量浓度；④气体的总物质的量；⑤混合气体的平均相对分子质量A．①②③ B．②③⑤ C．①③⑤ D．①④⑤参考答案：B略5. 成语“饮鸩止渴”中的“鸩”是指放了砒霜(As2O3)的酒，下列有关砷及其化合物说法错误的是A.砒霜不是碱性氧化物 B．Na3AsO4是可溶性的正盐C．砒霜有剧毒，具有还原性 D．AsH3是氢化物，稳定性较强参考答案：D6. （不定项）已知：p Ag=﹣lg{c（Ag+）}，Ksp AgCl=1×10﹣12，如图是向10mL AgNO3溶液中逐渐加入0.1mol/L的NaCl溶液时，溶液的p Ag随着加入NaCl溶液的体积（单位mL）变化的图象（实线）．根据图象所得下列结论正确的是（）（提示：Ksp AgCl＞Ksp AgI）A. 原AgNO3溶液的物质的量浓度为0.1 mol?L﹣1B. 图中x点的坐标为（100，6 ）C. 图中x点表示溶液中Ag+与Cl﹣浓度相同D. 把0.1 mol?L﹣1的NaCl换成0.1 mol?L﹣1NaI则图象在终点后变为虚线部分参考答案：BC考点：难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质．专题：电离平衡与溶液的pH专题．分析：A、根据pAg=﹣lg{c（Ag+）}求出Ag+的浓度；B、x点c（Ag+）=10﹣6 mol?L﹣1，根据硝酸银的量求出消耗的氯化钠；C、x点c（Ag+）=10﹣6 mol?L﹣1，然后利用Ksp AgCl=1×10﹣12计算c（Cl﹣）比较即可；D、由于Ksp（AgI）更小，所以c（Ag+）更小．解答：解：A、图中原点pAg=0，则Ag+的浓度为：c（Ag+）=100 mol?L﹣1，即原AgNO3溶液的物质的量浓度为1 mol?L﹣1，故A错误；B、x点c（Ag+）=10﹣6 mol?L﹣1，一般认为溶液中离子浓度小于10﹣5 mol?L﹣1，即沉淀完全，则AgNO3与NaCl恰好反应，n（NaCl）=n（AgNO3）=0.01L×1mol?L﹣1=0.01mol，所以V（NaCl）=100mL，即x点的坐标为（100，6），故B正确；C、x点c（Ag+）=10﹣6 mol?L﹣1，Ksp AgCl=1×10﹣12，故c（Cl﹣）=，故C正确；D、与AgCl相比，碘化银的Ksp（AgI）更小，所以把0.1 mol?L﹣1的NaCl换成0.1mol?L﹣1NaI，则溶液中c（Ag+）更小，则pAg更大，图象不符，故D错误；故选BC．点评：本题考查了AgCl的Ksp的应用，注意把握题干中的信息，考查学生分析题目信息并用于解决问题的能力，题目难度中等．7. 将一定质量的镁和铝混合物投入200 mL稀硫酸中，固体全部溶解后，向所得溶液中加入NaOH溶液，生成沉淀的物质的量与加入的NaOH溶液体积的变化关系如图所示。
河南省郑州市外国语学校2025届化学高三上期末考试模拟试题含解析
河南省郑州市外国语学校2025届化学高三上期末考试模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(共包括22个小题。
每小题均只有一个符合题意的选项）1、某固体混合物中可能含有：K+、Na+、Cl-、CO32-、SO42-等离子，将该固体溶解所得到的溶液进行了如下实验：下列说法正确的是A．该混合物一定是K2CO3和NaCl B．该混合物可能是Na2CO3和KClC．该混合物可能是Na2SO4和Na2CO3D．该混合物一定是Na2CO3和NaCl2、已知硫酸亚铁溶液中加入过氧化钠时发生反应：4Fe2＋＋4Na2O2＋6H2O=4Fe(OH)3↓＋O2↑＋8Na＋，则下列说法正确的是A．该反应中Fe2＋是还原剂，O2是还原产物B．4 mol Na2O2在反应中共得到8N A个电子C．每生成0.2 mol O2，则被Fe2＋还原的氧化剂为0.4 molD．反应过程中可以看到白色沉淀转化为灰绿色再转化为红褐色沉淀3、短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加，W原子的核外电子数等于电子层数，X2-和Y+的核外电子排布相同，X与Z同族。
下列叙述正确的是（）A．原子半径：Z>X>YB．X的简单氢化物的稳定性比Z的强C．Y的氢化物为共价化合物D．Z的最高价氧化物对应的水化物是一种强酸4、化学与生活密切相关，下列说法错误的是（）A．二氧化硫可用于食品增白B．过氧化钠可用于呼吸面具C．高纯度的单质硅可用于制光电池D．用含有橙色酸性重铬酸钾的仪器检验酒驾5、下列实验事实不能用．．．平衡移动原理解释的是 A ．B ．C ．D ．6、已知常温下HF 酸性强于HCN ，分别向1Ll mol/L 的HF 和HCN 溶液中加NaOH 固体调节pH （忽略温度和溶液体积变化），溶液中()-c X lgc(HX)（X 表示F 或者CN ）随pH 变化情况如图所示，下列说法不正确的是A ．直线I 对应的是()-c F lgc(HF)B ．I 中a 点到b 点的过程中水的电离程度逐渐增大C ．c 点溶液中：()()()+--c Na>c X =c(HX)>c OH >c ()H +D ．b 点溶液和d 点溶液相比：c b (Na +)<c d (Na +) 7、下列不能使氢氧化钠的酚酞溶液褪色的气体是( )A．NH3B．SO2C．HCl D．CO28、下图所示的实验，能达到实验目的的是（）A．验证化学能转化为电能B．证明温度对平衡移动的影响C．验证铁发生析氢腐蚀D．验证AgCl溶解度大于Ag2S9、25℃时，部分含铁元素的微粒在溶液中的物质的量分数与溶液pH的关系如图所示。
河南省郑州外国语学校2022-2023学年高三上学期调研考试(四)理科数学试卷含答案
郑州外国语学校2022-2023学年上期高三第四次调研考试试卷数 学（理科）（120分钟 150分）一、选择题（本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．设全集U ＝R ，集合A ＝{x |x 2﹣x ﹣2≤0}，B ＝{x |lgx ＞0}，则A ∩B ＝（ ） A ．{x |﹣1≤x ≤2}B ．{x |1＜x ≤2}C ．{x |1＜x ＜2}D ．{x |x ≥﹣1}2．已知复数z 满足zi ＝3i +4，其中i 为虚数单位，则z 在复平面内对应点在（ ） A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限3．下列各命题的否定为真命题的是（ ） A ．∀x ∈R,x 2−x +14≥0 B ．∃x ∈R ，2x ＞x 2C ．∃x ∈R +,(13)x >log 2xD ．∀x ∈[0,π2],sinx ＜x4．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是（ ）A ．16π+32B ．8π+32C ．8π+323D ．16π+3235．已知抛物线C ：y 2＝2px （p ＞0）的焦点为F ，点P 是C 上一点，且|PF |＝5，以PF 为直径的圆截x 轴所得的弦长为1，则p ＝（ ） A ．2B ．2或4C ．4D ．4或66．设正项等比数列{a n }的前n 项和为S n ，若2S 3＝3a 2+8a 1，S 8＝2S 7+2，则a 2＝（ ） A ．4B ．3C ．2D ．17．将曲线（x +y ）（x ﹣2y +1）+1＝0的图像画在坐标轴上，再把坐标轴擦去（x 轴水平向右，y 轴竖直向上），得到的图像最有可能为（ ）A．B．C．D．8．若函数f（x）＝x2+mx+n在区间（﹣1，1）上有两个零点，则n2﹣m2+2n+1的取值范围是（）A．（0，1）B．（1，2）C．（0，4）D．（1，4）9．已知函数f（x）＝ae x+4x，对任意的实数x1,x2∈(−∞,+∞)，且x1≠x2，不等式f(x1)−f(x2)x1−x2>x1+x2恒成立，则实数a的取值范围是（）A．[2e ，+∞)B．[2e3+∞)C．(2e，+∞)D．(2e3+∞)10．张衡是中国东汉时期伟大的天文学家、数学家，他曾在数学著作《算罔论》中得出结论：圆周率的平方除以十六约等于八分之五．已知在菱形ABCD中，AB＝BD ＝2√3，将△ABD沿BD进行翻折，使得AC＝2√6．按张衡的结论，三棱锥A﹣BCD外接球的表面积约为（）A．72B．24√10C．28√10D．32√1011．已知函数f（x）＝ax2﹣ax﹣x ln x，且对任意x∈（0，+∞），f（x）≥0恒成立，则实数a的取值集合为（）A．{a|0＜a＜1}B．{a|1＜a＜2}C．{a|﹣1＜a＜1}D．{1}12．已知函数f（x）＝sin（cos x）+cos（sin x），则下列结论正确的是（）A．f（x）是奇函数B．f（x）的最大值为2C．∀x∈R，f（x﹣π）＝f（x）D．∀x∈[0，π]，f（x+π）＞0二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上.）13．∫2−2(e|x|+√4−x2)dx=．14．已知甲袋内有大小相同的2个红球和2个白球，乙袋内有大小相同的1个红球和2个白球．现从甲、乙两个袋内各任取2个球，则恰好有2个红球的概率为．15．已知函数f（x）＝（sinωx）2+12sin2ωx−12(ω＞0，ω∈R)，若f（x）在区间（π，2π）内没有零点，则ω的取值范围是．16．过双曲线Γ：x2a2−y2b2=1(a＞0，b＞0)的左焦点F1的动直线l与Γ的左支交于A，B两点，设Γ的右焦点为F2. 若存在直线l，使得AF2⊥BF2，则Γ的离心率的取值范围是．三、解答题（本大题共6小题，共70分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17．在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且c sin B cos B+b sin B cos C=√32b．（1）求A；（2）若角A为钝角，△ABC的面积为S，求Sa2的最大值．18．已知数列{a n}和{b n}的前n项和分别为S n，T n，且a1＝1，a n+1=−23S n+1，b n= 2log13a n+3．（1）求数列{a n}和{b n}的通项公式；（2）若c n＝a n+1T n，设数列{c n}的前n项和为R n，证明：R n＜3．19．如图，PD⊥平面ABCD，AD⊥CD，AB∥CD，PQ∥CD，AD＝CD＝DP＝2PQ＝2AB＝2，点E，F，M分别为AP，CD，BQ的中点．（1）求证：EF∥平面CPM；（2）若N为线段CQ上的点，且直线DN与平面QPM所成的角为π6，求线段QN 的长．20．目前，教师职业越来越受青睐，考取教师资格证成为不少人的就业规划之一．当前，中小学教师资格考试分笔试和面试两部分．已知某市2022年共有10000名考生参加了中小学教师资格考试的笔试，现从中随机抽取100人的笔试成绩（满分100分）作为样本，整理得到如下频数分布表：其中，μ近似为100名样本考生笔试成绩的平均值（同一组的数据用该组区间的中点值代替）．（1）若σ≈12，据此估计该市全体考生中笔试成绩高于85的人数（结果四舍五入精确到个位）；（2）按照分层随机抽样方法，从笔试成绩为[80，90）和[90，100]的考生中随机抽取了6人，再从这6人中随机抽取2人，记成绩不低于90分的人数为随机变量ξ，求ξ的分布列和均值．参考数据：若X ～N （μ，σ2），则P （μ﹣σ≤X ≤μ+σ）≈0.6827，P （μ﹣2σ≤X ≤μ+2σ）≈0.9545，P （μ﹣3σ≤X ≤μ+3σ）≈0.9973．21．已知离心率为√22的椭圆C 的中心在原点O ，对称轴为坐标轴，F 1，F 2为左右焦点，M 为椭圆上的点，且|MF 1→|+|MF 2→|=2√2．直线l 过椭圆外一点P （m ，0）（m ＜0），与椭圆交于A （x 1，y 1），B （x 2，y 2）两点，满足y 2＞y 1＞0． （1）求椭圆C 的标准方程；（2）对于任意点P ，是否总存在唯一的直线l ，使得F 1A →// F 2B →成立，若存在，求出点P （m ，0）对应的直线l 的斜率；否则说明理由．22．已知函数f (x )=ax 2−bx +ln x 在点(1,f (1))处的切线方程为2x −2y −3=0． （1）求实数a ，b 的值；（2）设函数g(x)=f(x)−mx(m ≥32)的两个极值点为x 1，x 2且x 1<x 2，若g (x 1)−g(x 2)≥λ恒成立，求满足条件的λ的最大值．郑州外国语学校2022-2023学年上期高三第四次调研考试试卷数 学（理科）参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．设全集U ＝R ，集合A ＝{x |x 2﹣x ﹣2≤0}，B ＝{x |lgx ＞0}，则A ∩B ＝（ ） A ．{x |﹣1≤x ≤2}B ．{x |1＜x ≤2}C ．{x |1＜x ＜2}D ．{x |x ≥﹣1}【解答】解：解x 2﹣x ﹣2≤0得﹣1≤x ≤2，A ＝{x |﹣1≤x ≤2}， 由lgx ＞0得x ＞1，故B ＝{x |x ＞1}， 所以A ∩B ＝{x |1＜x ≤2}． 故选：B ．2．已知复数z 满足zi ＝3i +4，其中i 为虚数单位，则z 在复平面内对应点在（ ） A ．第一象限 B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限【解答】解：z =3i+4i=3−4i ，则z =3+4i ．故z 在复平面内对应点（3，4）在第一象限． 故选：A ．3．下列各命题的否定为真命题的是（ ） A ．∀x ∈R ，x 2−x +14≥0 B ．∃x ∈R ，2x ＞x 2C ．∃x ∈R +，(13)x ＞log 2xD ．∀x ∈[0，π2]，sinx ＜x【解答】解：对于A ，∀x ∈R ，x 2−x +14=(x −12)2≥0为真命题，故其否定为假命题，错误；对于B ，因为x ＝5时，25＝32＞52＝25，∃x ∈R ，2x ＞x 2为真命题，故其否定为假命题，错误；对于C ，当x ∈（0，1）时，(13)x ＞0，log 2x ＜0，∃x ∈R +，(13)x ＞log 2x 为真命题，故其否定为假命题，错误；对于D ，当x ＝0时，sin0＝0，故∀x ∈[0，π2]，sinx ＜x 为假命题，故其否定为真命题，正确； 故选：D ．4．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是（ ）A．16π+32B．8π+32C．8π+323D．16π+323【解答】解：根据几何体的三视图转换为直观图为：该几何体由一个半圆柱和一个三棱柱组成的几何体；如图所示：故V=12×π⋅22×4+12×4×4×4=8π+32．故选：B．5．已知抛物线C：y2＝2px（p＞0）的焦点为F，点P是C上一点，且|PF|＝5，以PF 为直径的圆截x轴所得的弦长为1，则p＝（）A．2B．2或4C．4D．4或6【解答】解：设以PF为直径的圆与x轴交点为A，则|AF|＝1，|PF|＝5，连接P A，则∠P AF＝90°，所以|P A|=√|PF|2−|AF|2=√52−12=2√6，所以y P＝2√6，把y＝2√6，代入y2＝2px，得x=12p，所以x P=12p，所以12p −（−p2）＝|PF|，即12p +p2=5，所以p2﹣10p+24＝0解得p＝4或6，故选：D．6．设正项等比数列{a n}的前n项和为S n，若2S3＝3a2+8a1，S8＝2S7+2，则a2＝（）A．4B．3C．2D．1【解答】解：设正项等比数列{a n}的公比为q，∵2S3＝3a2+8a1，∴2（a1+a2+a3）＝3a2+8a1，即6a1+a2﹣2a3＝0，∴6a1+a1q−2a1q2=0，∵a1＞0，∴6+q﹣2q2＝0，解得q＝2或q=−32（舍去），∴q＝2，∵S8＝2S7+2，∴S7+a8＝2S7+2，∴a8＝S7+2，∴a1q7=a1(1−q7)1−q+2，∵q＝2，∴128a1＝127a1+2，解得a1＝2，∴a2＝a1q＝4．故选：A．7．将曲线（x +y ）（x ﹣2y +1）+1＝0的图像画在坐标轴上，再把坐标轴擦去（x 轴水平向右，y 轴竖直向上），得到的图像最有可能为（ ）A ．B ．C ．D ．【解答】解：令x ＝0，得2y 2﹣y ﹣1＝0有一正一负根，故图象与y 轴正负半轴各有一个交点，再令y ＝0，得x 2+x +1＝0，显然无实根，故图象与x 轴没交点，故排除A ，D ； 由原式得x +y =−1x−2y+1，当x →+∞，y →﹣∞时，x +y =−1x−2y+1→0﹣，即此时图象在第四象限无限趋近于直线x +y ＝0，且纵坐标的绝对值大一点，B 选项在第四象限的图象更符合，C 不符合，故B 最有可能． 故选：B ．8．若函数f （x ）＝x 2+mx +n 在区间（﹣1，1）上有两个零点，则n 2﹣m 2+2n +1的取值范围是（ ） A ．（0，1）B ．（1，2）C ．（0，4）D ．（1，4）【解答】解：设f （x ）的两个零点为x 1，x 2，其中x 1,x 2∈(−1,1)， 则f （x ）＝（x ﹣x 1）（x ﹣x 2），所以n 2﹣m 2+2n +1＝（n +1）2﹣m 2＝（n +1+m ）（n +1﹣m ）＝f （1）•f （﹣1）＝（1−x 12）（1﹣x 22） ∈(0,1)．故选：A ．9．已知函数f （x ）＝ae x +4x ，对任意的实数x 1，x 2∈（﹣∞，+∞），且x 1≠x 2，不等式f(x 1)−f(x 2)x 1−x 2＞x 1+x 2恒成立，则实数a 的取值范围是（ ）A ．[2e ，+∞) B ．[2e 3+∞)C ．(2e ，+∞)D ．(2e 3+∞)【解答】解：不妨设x 1＞x 2，由f(x 1)−f(x 2)x 1−x 2＞x 1+x 2，得f(x 1)−f(x 2)＞x 12−x 22，即f(x 1)−x 12＞f(x 2)−x 22，令g （x ）＝f （x ）﹣x 2，所以对任意的实数x 1，x 2∈（﹣∞，+∞），x 1＞x 2时，都有g （x 1）＞g （x 2），即g （x ）在（﹣∞，+∞）上单调递增，所以g '（x ）＝ae x ﹣2x +4≥0在x ∈（﹣∞，+∞）上恒成立， 即a ≥2x−4e x．在x ∈（﹣∞，+∞）上恒成立，令ℎ(x)=2x−4e x．则ℎ′(x)=6−2x e x，令h '（x ）＞0，解得x ＜3，令h '（x ）＜0，解得x ＞3，所以h （x ）在（﹣∞，3）上单调递增，在（3，+∞）上单调递减， 所以ℎ(x)max =ℎ(3)=2e 3，所以a ≥2e 3， 即实数a 的取值范围是[2e 3，+∞)． 故选：B ．10．张衡是中国东汉时期伟大的天文学家、数学家，他曾在数学著作《算罔论》中得出结论：圆周率的平方除以十六约等于八分之五．已知在菱形ABCD 中，AB ＝BD ＝2√3，将△ABD 沿BD 进行翻折，使得AC ＝2√6．按张衡的结论，三棱锥A ﹣BCD 外接球的表面积约为（ ） A ．72B ．24√10C ．28√10D ．32√10【解答】解：∵AB =BD =2√3且ABCD 为菱形，可知△ABD 和△CBD 为全等的等边三角形，记BD 中点为E ，则AE ＝CE ＝3，又翻折后AC =2√6，由余弦定理可知：cos∠AEC =32+32−(2√6)22×3×3=−13，过△ABD 和△CBD 的外接圆圆心O 1，O 2，分别作两条垂线垂直于△ABD 和△CBD ，相交于外接球O ，因为O 1E =13AE =1，且cos∠AEO =√1+cos∠AEC2=√33， 由此，在Rt △O 1EO 中，可求得OE =√3，OO 1=√2．O 1A =23AE =2， 由已知π2=16×58=10⇒π=√10，所以外接球半径R 2=OA 2=O 1A 2+OO 12=6，所以外接球表面积为4πR2=24√10，故选：B．11．已知函数f（x）＝ax2﹣ax﹣x ln x，且对任意x∈（0，+∞），f（x）≥0恒成立，则实数a的取值集合为（）A．{a|0＜a＜1}B．{a|1＜a＜2}C．{a|﹣1＜a＜1}D．{1}【解答】解：函数f（x）＝ax2﹣ax﹣xlnx，对任意x∈（0，+∞），f（x）≥0恒成立，即为ax﹣a﹣lnx≥0恒成立，即有0≤（ax﹣a﹣lnx）min．设g（x）＝ax﹣a﹣lnx，x＞0，g′（x）＝a−1x，当a≤0时，g′（x）＜0，g（x）在（0，+∞）内递减，g（x）无最小值；当a＞0时，x＞1a 时，g′（x）＞0，g（x）递增；当0＜x＜1a时，g′（x）＜0，g（x）递减，可得g（x）在x=1a处取得极小值，且为最小值1﹣a+lna．所以1﹣a+lna≥0，又设h（a）＝1﹣a+lna，a＞0，h′（a）＝﹣1+1a，当a＞1时，h′（a）＜0，h（a）递减；当0＜a＜1时，h′（a）＞0，h（a）递增，则h（a）在a＝1处取得极大值，且为最大值0，所以1﹣a+lna≤0，即1﹣a+lna＝0，解得a＝1．故选：D．12．已知函数f（x）＝sin（cos x）+cos（sin x），则下列结论正确的是（）A．f（x）是奇函数B．f（x）的最大值为2C．∀x∈R，f（x﹣π）＝f（x）D．∀x∈[0，π]，f（x+π）＞0【解答】解：对于A，f（﹣x）＝sin（cos（﹣x））+cos（sin（﹣x））＝sin（cos x）+cos（﹣sin x）＝sin（cos x）+cos（sin x）＝f（x），∴f（x）为偶函数，选项A错误；对于B，由于﹣1≤cos x≤1，则sin（cos x）的最大值为sin1，而cos（sin x）的最大值为1，∴f（x）的最大值为sin1+1＜2，选项B错误；对于C，不妨取x＝0，则f（﹣π）＝sin（cos（﹣π））+cos（sin（﹣π））＝sin（﹣1）+cos0＝1﹣sin1，而f（0）＝sin（cos0）+cos（sin0）＝sin1+1，∴f（0﹣π）≠f（0），选项C错误；∴选项D正确，作出函数f(x)图象验证如下，由图象可知，选项D正确．选项D的代数推导：f(x+π)=cos(sin x)−sin(cos x)，若x∈[π2,π]，则cos(sin x)>0，sin(cos x)<0，则f(x+π)>0，若x∈[0,π2)，则sin x+cos x≤√2<π2，即0<sin x<π2−cos x<π2，所以cos(sin x)>cos(π2−cos x)=sin(cos x)，即f(x+π)>0.故选：D．二．填空题（共4小题）13．∫2−2(e|x|+√4−x2)dx=2e2−2+2π．【解答】解：∫2−2√4−x2dx＝2∫2√4−x2dx＝2π，∫2−2e|x|dx＝2∫2e x dx＝2e x|02=2e2﹣2，故∫2−2(e|x|+√4−x2)dx=2e2−2+2π，故答案为：2e2−2+2π.14．已知甲袋内有大小相同的2个红球和2个白球，乙袋内有大小相同的1个红球和2个白球．现从甲、乙两个袋内各任取2个球，则恰好有2个红球的概率为12．【解答】解：设X 为红球的个数. P （X ＝2）=C 22C 42⋅C 22C 32+C 21C 21C 42⋅C 11C 21C 32=12，答案为：12．15．已知函数f （x ）＝（sinωx ）2+12sin2ωx −12(ω＞0，ω∈R)，若f （x ）在区间（π，2π））内没有零点，则ω的取值范围是 （0，116]∪[18，516] ． 【解答】解：函数f （x ）＝（sinωx ）2+12sin2ωx −12 =12（1﹣cos2ωx ）+12sin2ωx −12 =12sin2ωx −12cos2ωx =√22sin （2ωx −π4）， 由f （x ）＝0，可得sin （2ωx −π4）＝0，解得x =kπ+π42ω∉（π，2π），因为f （x ）在区间（π，2π）内没有零点， 所以T 2≥π，即π2ω≥π，解得ω≤12； 又因为ω＞0， 令π＜kπ+π42ω＜2π，k ∈Z ；解得k 4+116＜ω＜k2+18，k ∈Z ； 当k ＝0时，ω∈（116，18）， 当k ＝1时，ω∈（516，58）；所以有解时ω的取值范围是（116，18）∪（516，12]，由f （x ）在区间（π，2π）内没有零点，所以ω的取值范围是（0，116]∪[18，516]． 故答案为：（0，116]∪[18，516]．16．过双曲线Γ：x 2a 2−y 2b 2=1(a ＞0，b ＞0)的左焦点F 1的动直线l 与Γ的左支交于A ，B 两点，设Γ的右焦点为F 2. 若存在直线l ，使得AF 2⊥BF 2，则Γ的离心率的取值范围是 (√5，1+√2] ．【解答】法1：设|AF 1|=m ，|BF 1|=n ，则|AF 2|=m +2a ，|BF 2|=n +2a ，且1m +1n =2a b 2.若AF 2⊥BF 2，则|AB |2=|AF 2|2+|BF 2|2，代入化简即得(4a 2b 2−1)mn +4n 2=0， 又2ab 2=1m +1n ≥√mn，所以mn ≥b 4a 2， 所以4a 2b 2−1<0，且(4a 2b 2−1)b 4a 2+4a 2≥0.解上述不等式得b 2a 2∈(4,2√2+2]，所以e =√1+b 2a 2∈(√5,1+√2]. 法2：依题意可知直线l 的斜率不为0，设直线l 的方程为x ＝my ﹣c ，将直线l 的方程为x ＝my ﹣c 代入椭圆方程可得（b 2m 2﹣a 2）y 2﹣2b 2cmy +b 4＝0， 设A （x I ，y l ），B （x 2，y 2），则y 1+y 2=2b 2cm b 2m 2−a 2，y 1y 2=b 4b 2m 2−a 2，由AF 2⊥BF 2，可得AF 2→⋅BF 2→=0，故（x l ﹣c ）（x 2﹣c ）+y l y 2＝0，整理可得（my l ﹣2c ）（my 2﹣2c ）+y l y 2＝0，整理得(m 2+1)y 1y 2−2cm(y 1+y 2)+4c 2=0，将y 1+y 2=2b 2cmb 2m 2−a 2，y 1y 2=b 4b 2m 2−a 2代入上式可得（m 2+1）b 4﹣4m 2c 2b 2+4c 2（b 2m 2﹣a 2）＝0，∴（m 2+1）b 4＝4a 2c 2，∴m 2+1=4a 2c 2b 4≥1，化简整理得4a 2c 2≥（c 2﹣a 2）2，进而可得c 4+a 4﹣6a 2c 2≤0，不等式两边除以a 4得e 4﹣6e 2+1≤0，解不等式得3﹣2√2≤e 2≤3+2√2，又e ＞1，∴1＜e 2≤3+2√2，解得1＜e ≤1+√2，又A ，B 在左支且l 过F 1，∴y 1y 2＜0，∴b 4b 2m 2−a 2＜0，∴m 2＜a 2b 2， ∴m 2+1=4a 2c 2b 4＜a 2b 2+1，∴4a 2c 2＜a 2b 2+b 4＝b 2（a 2+b 2）＝b 2c 2，解得4a 2＜b 2＝c 2﹣a 2，∴5a 2＜c 2，∴e 2＞5，∴e ＞√5， 综上：√5＜e ≤1+√2，即e ∈（√5，1+√2]．三．解答题（共6小题，第17题10分，其余各题12分）17．在△ABC 中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且c sin B cos B +b sin B cos C =√32b ． （1）求A ；（2）若角A 为钝角，△ABC 的面积为S ，求Sa 2的最大值．【解答】解：（1）在△ABC 中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且c sin B cos B +b sin B cos C =√32b ， 则sinCsinBcosB +sinBsinBcosC =√32sinB ， 因为sin B ≠0，所以sinCcosB +sinBcosC =√32， 所以sin(B +C)=sinA =√32， …………………………………………4分因为0＜A ＜π， 所以A =π3或A =2π3； …………………………………………5分（2）由A 为钝角及（1）结论，则A =2π3，由余弦定理得a 2＝b 2+c 2+bc ， 又S =12bcsinA =√34bc ， 所以S a 2=√34×bc b 2+c 2+bc≤√34×bc2bc+bc =√312，当且仅当b ＝c 时取等号，故S a 2的最大值为√312． …………………………………………10分 18．已知数列{a n }和{b n }的前n 项和分别为S n ，T n ，且a 1＝1，a n +1=−23S n +1，b n =2log 13a n +3．（1）求数列{a n }和{b n }的通项公式；（2）若c n ＝a n +1T n，设数列{c n }的前n 项和为R n ，证明：R n ＜3．【解答】解：（1）因为a n +1=−23S n +1， 由a 1＝1，所以a 2=−23a 1+1=13， 当n ≥2时，a n =−23S n ﹣1+1，两式相减得，a n +1﹣a n =−23a n ，即a n +1=13a n ，…………………………………3分 易知，a 2=13a 1，符合上式， …………………………………………4分 所以数列{a n }是以1为首项，13为公比的等比数列，所以a n ＝（13）n ﹣1； …………………………………………5分 b n =2log 13a n +3=2log 13(13)n−1+3=2n +1； …………………………6分（2）证明：由（1）b n ＝2n +1，所以T n =n(3+2n+1)2=n （n +2），若c n ＝a n +1T n=（13）n ﹣1+1n(n+2)=（13）n ﹣1+12（1n −1n+2），…………………8分所以R n =1−(13)n 1−13+12[（1−13）+（12−14）+（13−15）+（14−16）+……+（1n−1−1n+1）+（1n −1n+2）]=32−32×（13）n +12（32−1n+1−1n+2）=32−32×（13）n +34−12(n+1)−12(n+2)=94−32×（13）n−12(n+1)−12(n+2)＜94＜3，得证．…………………………………………12分19．如图，PD ⊥平面ABCD ，AD ⊥CD ，AB ∥CD ，PQ ∥CD ，AD ＝CD ＝DP ＝2PQ ＝2AB ＝2，点E ，F ，M 分别为AP ，CD ，BQ 的中点． （1）求证：EF ∥平面CPM ；（2）若N 为线段CQ 上的点，且直线DN 与平面QPM 所成的角为π6，求线段QN 的长．【解答】解：（1）证明：连接EM ，因为AB ∥CD ，PQ ∥CD ，CD ＝2PQ ＝2AB ＝2，所以四边形ABQP 为平行四边形，又点E ，F ，M 分别为AP ，CD ，BQ 的中点，则EM ∥AB ，EM =AB ，CF =12CD ，即EM ∥CF 且EM ＝CF ， 所以四边形EMCF 为平行四边形，则EF ∥CM ， 又EF ⊄平面CPM ，CM ⊂平面CPM ，所以EF ∥平面CPM ； …………………………………………4分 （2）建立如图所示的空间直角坐标系，则D(0，0，0)，A(2，0，0)，B(2，1，0)，C(0，2，0)，P(0，0，2)，Q(0，1，2)，M(1，1，1PM →=(1，1，−1)，PQ →=(0，1，0)，CM →=(1，−1，1)，PC →=(0，2，−2)，设平面QPM 的一个法向量为m →=(x ，y ，z)，则{m →⋅PM →=x +y −z =0m →⋅PQ →=y =0，则可取m →=(1，0，1)； …………………………………………6分 设QN →=λQC →(0≤λ≤1)，则QN →=λQC →=(0，λ，−2λ)，所以N(0，λ+1，2−2λ)，DN →=(0，λ+1，2−2λ)， 由题意直线DN 与平面QPM 所成的角为π6， 则sin π6=|cos ＜DN →，m →＞|=|DN →⋅m →||DN →||m →|=√(λ+1)2+(2−2λ)2⋅√2=12，解得λ=13或λ＝3（舍）， …………………………………………10分 所以|QN →|=13|QC →|=√53，即线段QN 的长为√53．………………………………12分20．目前，教师职业越来越受青睐，考取教师资格证成为不少人的就业规划之一．当前，中小学教师资格考试分笔试和面试两部分．已知某市2022年共有10000名考生参加了中小学教师资格考试的笔试，现从中随机抽取100人的笔试成绩（满分100分）作为样本，整理得到如下频数分布表：其中，μ近似为100名样本考生笔试成绩的平均值（同一组的数据用该组区间的中点值代替）．（1）若σ≈12，据此估计该市全体考生中笔试成绩高于85的人数（结果四舍五入精确到个位）；（2）按照分层随机抽样方法，从笔试成绩为[80，90）和[90，100]的考生中随机抽取6人，再从这6人中随机抽取2人，记成绩不低于90分的人数为随机变量ξ，求ξ的分布列和均值．参考数据：若X ～N （μ，σ2），则P （μ﹣σ≤X ≤μ+σ）≈0.6827，P （μ﹣2σ≤X ≤μ+2σ）≈0.9545，P （μ﹣3σ≤X ≤μ+3σ）≈0.9973．【解答】解：（1）由题意知，μ=1100（45×5+55×10+65×25+75×30+85×20+95×10）＝73， ………………………………………2分 所以P （73﹣12≤X ≤73+12）＝P （61≤X ≤85）≈0.6827，所以P （X ＞85）=12（1﹣0.6827）＝0.15865，……………………………………4分 所以估计该市全体考生中笔试成绩高于85的人数为10000×0.15865＝1586.5≈1587名． …………………………………………6分 （2）按照比例分配的分层随机抽样方法，抽取的6人中，笔试成绩为[80，90）的考生有4名，笔试成绩为[90，100]的考生有2名， 随机变量ξ的可能取值为0，1，2， P （ξ＝0）=C 42C 20C 62=25，P （ξ＝1）=C 41C 21C 62=815，P （ξ＝2）=C 40C 22C 62=115，所以ξ的分布列为均值E （ξ）＝0×25+1×815+2×115=23．…………………………………………12分 21．已知离心率为√22的椭圆C 的中心在原点O ，对称轴为坐标轴，F 1，F 2为左右焦点，M 为椭圆上的点，且|MF 1→|+|MF 2→|=2√2．直线l 过椭圆外一点P （m ，0）（m ＜0），与椭圆交于A （x 1，y 1），B （x 2，y 2）两点，满足y 2＞y 1＞0． （1）求椭圆C 的标准方程；（2）对于任意点P ，是否总存在唯一的直线l ，使得F 1A →// F 2B →成立，若存在，求出点P （m ，0）对应的直线l 的斜率；否则说明理由． 【解答】解：（1）由题可设椭圆方程为x 2a 2+y 2b 2=1，则e =ca =√22， 由椭圆定理可得|MF 1→|+|MF 2→|=2a =2√2， 则a =√2，c =1，b =1，所以椭圆的方程为：x 22+y 2=1． …………………………………………4分 （2）设直线l 方程为y ＝k （x ﹣m ）（斜率必存在）， 则F 1A →=(x 1+1，y 1)，F 2B →=(x 2−1，y 2)， ∵F 1A →∥F 2B →，∴（x 1+1）⋅y 2＝（x 2﹣1）⋅y 1，∴（x 1+1）⋅k （x 2﹣m ）＝（x 2﹣1）⋅k （x 1﹣m ），化简得x 2+x 1+m （x 2﹣x 1）﹣2m ＝0①， …………………………………………6分 联立y ＝k （x ﹣m ）与椭圆方程可得，（1+2k 2）x 2﹣4mk 2x +2k 2m 2﹣2＝0，Δ＝8k 2（2﹣m 2）+8＞0，∴x 1+x 2=4mk 21+2k 2，x 1x 2=2k 2m 2−21+2k 2， …………………………………………8分代入①得，4mk 21+2k 2+m(x 2−x 1)−2m =0， ∴x 2−x 1=21+2k 2②，∴(x 2−x 1)2=(x 1+x 2)2−4x 1x 2=16k 2−8k 2m 2+8(1+2k 2)2，代入②得：4k 2﹣2k 2m 2+1＝0，故k 2=12m 2−4，…………………………………10分 而点A 、B 在x 轴上方，所以对于任意一个m ＜−√2，存在唯一的k =√12m 2−4使得F 1A →∥F 2B →成立，故满足题意的直线l 有且只有一条． ………………………………………12分 22．已知函数f （x ）＝ax 2﹣bx +ln x 在点（1，f （1））处的切线方程为2x ﹣2y ﹣3＝0． （1）求实数a ，b 的值；（2）设函数g(x)=f(x)−mx(m ≥32)的两个极值点为x 1，x 2且x 1＜x 2，若g （x 1）﹣g （x 2）≥λ恒成立，求满足条件的λ的最大值．【解答】解：（1）由f （x ）＝ax 2﹣bx +lnx ，得f′(x)=2ax −b +1x ， 因为（1，f （1））在切线方程2x ﹣2y ﹣3＝0上， 所以2﹣2y ﹣3＝0，解得y =−12， 所以f(1)=−12，所以{a −b +ln1=−122a −b +1=1，解得a =12，b =1． …………………………………………4分 （2）由（1）知，f(x)=12x 2−x +lnx ， 则g(x)=12x 2−x +lnx −mx(m ≥32) 则g′(x)=1x +x −(m +1)=x 2−(m+1)x+1x（x ＞0），由g ′（x ）＝0，得x 2﹣（m +1）x +1＝0，因为x 1，x 2（x 1＜x 2）是函数g （x ）的两个极值点，所以方程x 2﹣（m +1）x +1＝0有两个不相等的正实根x 1，x 2，所以x 1+x 2＝m +1，x 1x 2＝1，所以x 2=1x 1． ………………………………………6分因为m ≥32，所以x 1+1x 1=m +1≥52，解得0＜x 1≤12或x 1≥2，因为0＜x 1＜x 2=1x 1，所以0＜x 1≤12，所以g(x 1)−g(x 2)=lnx 1+12x 12−(m +1)x 1−lnx 2−12x 22+(m +1)x 2=ln x 1x 2+12(x 12−x 22)−(m +1)(x 1−x 2)=2lnx 1−12(x 12−1x 12)， ………………8分令F(x)=2lnx −12(x 2−1x 2)(0＜x ≤12)， 则F′(x)=2x −x −1x 3=−(x 2−1)2x 3＜0，所以F （x ）在(0，12]上单调递减，所以当x =12时，F （x ）取得最小值， 即F (x )min =2ln 12−12(14−4)=158−2ln2，所以λ≤158−2ln2，即实数λ的最大值为158−2ln2．……………………………12分。
高三高考考前最后一卷化学试题(含答案)
—下学期高三年级最后一卷理综试卷考试时间：5月27日一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．研究发现，寨卡病毒属于RNA病毒，乙肝病毒为DNA病毒。
寨卡病毒由蚊虫传播，通过血液感染，目前没有药物可以治疗寨卡热。
下列有关叙述正确的是A．病毒仅含有核糖体这一种细胞器B．病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量C．两病毒的遗传物质可直接整合到宿主细胞的染色体中D．寨卡病毒感染机体后，其遗传信息的传递与乙肝病毒相同2．将某哺乳动物的两种细胞置于一定浓度的Q溶液中，测定不同情况下吸收Q的速率，结果如下表所示：由表中数据能得出的结论是A．两种细胞吸收Q均取决于浓度差B．两种细胞吸收Q均不需载体蛋白的参与C．胚胎干细胞吸收Q的方式为主动运输D．成熟红细胞吸收Q的方式为被动运输3．吡唑醚菌酯是一种线粒体呼吸抑制剂，通过阻止线粒体内膜上的反应过程而抑制细胞呼吸，生产上常应用于防治真菌引起的农作物病害。
下列关于吡唑醚菌酯作用的推测不合理的是A．吡唑醚菌酯主要抑制真菌有氧呼吸的第三阶段B．吡唑醚菌酯可通过抑制ATP的产生导致真菌的死亡C．长期使用吡唑醚菌酯可导致真菌种群抗药性增强D．吡唑醚菌酯可用于治理由厌氧微生物引起的环境污染4．青蒿素是治疗疟疾的特效药物之一，其作用机理是干扰疟原虫表膜和线粒体功能，阻止疟原虫的消化酶分解宿主细胞的血红蛋白，当青蒿素进入患者体内，机体可能出现的现象是A．青蒿素与疟原虫发生特异性结合B．青蒿素有利于维持内环境稳态C．青蒿素会诱发疟原虫的定向变异D．青蒿素治疗疟疾属于主动免疫5．现阶段我国出现了大量“421型”家庭（4个老人+1对夫妇+1个孩子），近期政府出台了“二孩政策”。
下列叙述正确的是A ．人口性别比例的失衡一定会降低出生率B ．动物种群密度减少的方法同样适用于人口数量的减少C ．随着“421型”家庭增多，人口年龄金字塔底部面积所占的比例减小D ．“二孩政策”的出台旨在提高出生率和降低死亡率，从而提高自然增长率6．果蝇某性状受一对等位基因控制，突变型雄蝇只能产生雄性子代，下图为该性状遗传系谱图，已知Ⅱ-3无突变基因。
河南省郑州市外国语学校2022-2023学年高三上学期12月月考化学试题含答案
2023届郑州外国语学校2022-2023 学年高三上期调研2 考试试卷化 学（90 分钟 100 分）一、选择题(每题仅有一个正确选项，每题3 分，共48 分)1．化学和生活、社会发展息息相关。
下列说法正确的是( )A ．我国“硅-石墨烯-锗(Ge)晶体管”技术获得重大突破，所涉元素都是短周期元素B ．“嫦娥五号”返回舱携带的月壤中含有高能原料 3He ，3He 是一种核素，3g 的3 He 和 2g 的2 H 具有相同的中子数C ．"人造太阳"的核燃料是氘、氚，21H 、31H 互为同素异形体D ．1938 年德国物理学家进行过中子撞击铀核的裂变实验，其中生成的钡元素是第五周期第ⅡA 族元素，猜测其单质可与水发生置换反应2.下列化学用语的表述正确的是( )A ．MgCl 2的电子式：B ．-Cl 的结构示意图C ．次氯酸的结构式：H Cl O ——D ．CaO 2的电子式为3．应用元素周期律可预测我们不知道的一些元素及其化合物的性质。
下列预测正确的是()①Be 的氧化物的水化物可能具有两性②Tl 能与盐酸和NaOH 溶液反应均产生氢气③At 单质为有色固体，AgAt 不溶于水也不溶于稀硝酸④Li 在氧气中剧烈燃烧，产物是22Li O ，其溶液是一种强碱⑤4SrSO 可能是难溶于水的白色固体⑥2H Se 无色，有毒，比2H S 稳定A ．①②③④B ．②④⑥C ．①③⑤D ．②④⑤4.下列性质的比较，强弱关系正确且能用元素周期律解释的是()A ．酸性：22HCl H S H Se>>B ．碱性：()2NaOH Be OH >C ．还原性：PH 3＜NH 3D ．沸点：32NH HF H O<<5.短周期主族元素W 、X 、Y 、Z 的原子序数依次增大，W 原子的最外层电子数是其质子数的三分之二，X 原子的核电荷数等于Z 原子的最外层电子数，元素Y 的最高正化合价为+3，下列说法正确的是()A.单质的沸点：W ＜XB.简单离子的半径：X ＞YC.X 、Z 的氧化物对应的水化物均为强酸D.电解YZ 3溶液可得Y 单质6.如图所示，铅蓄电池是一种典型的可充电电池，电池总反应式为:。
河南省郑州外国语学校2018届高三第十七次调研考试(最后一卷)理综-化学试题 Word版含答案
郑州外国语学校调研17理科综合能力测试注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Al-27 P-31 S-32Cl-35.5K-39 Mn-55 Fe-56 Cu-64 Ba-137第Ⅰ卷一、选择题：本题共13 小题，每小题6 分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7．化学与人类生产、生活、科研密切相关，下列有关说法正确的是A．新能源汽车的推广使用有助于减少光化学烟雾B．黑火药燃烧反应时，氧化剂是单质硫C．“侯氏制碱”中的“碱”不属于碱，而是盐N aHCO3D．杜康用高粱酿酒的原理是通过蒸馏法将高粱中的乙醇分离出来8．设阿伏加德罗常数的值为N A。
下列说法正确的是A．1 L 1 mol/L 葡萄糖溶液含有氧原子数为6N AB．氯气通入到含有1mol 的FeBr2 溶液中，当有N A 个Br-被氧化时，共消耗标准状况下氯气22.4L C．标准状况下，2.24 L HF 中所含质子数目为N AD．4.4 g 由14CO2 与14N2O 组成的混合物中所含中子数为2.2N A9．萜类物质中有许多都已被用于香料工业，常见的有如下图几种结构。
下列有关说法正确的是A．①②③互为同系物B．①②④互为同分异体C．在一定条件下①、④均可转化为②D．③与Br2 按照1：1 加成可得2 种加成产物10．下列实验操作规范且能达到目的是11．下列有关性质的比较，能用元素周期律解释的是（ ）A. 酸性：HBr ＞HClB.工业制粗硅：在电炉中用碳还原SiO 2C. 碱性：Mg(OH)2能溶于NaOH 溶液而Al(OH)3不溶D.热稳定性：Na 2CO 3＞NaHCO 312．新华网报道，我国固体氧化物燃料电池技 术研发取得新突破。
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郑州外国语学校调研17理科综合能力测试注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Al-27 P-31 S-32Cl-35.5K-39 Mn-55 Fe-56 Cu-64 Ba-137第Ⅰ卷一、选择题：本题共13 小题，每小题6 分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7．化学与人类生产、生活、科研密切相关，下列有关说法正确的是A．新能源汽车的推广使用有助于减少光化学烟雾B．黑火药燃烧反应时，氧化剂是单质硫C．“侯氏制碱”中的“碱”不属于碱，而是盐N aHCO3D．杜康用高粱酿酒的原理是通过蒸馏法将高粱中的乙醇分离出来8．设阿伏加德罗常数的值为N A。
下列说法正确的是A．1 L 1 mol/L 葡萄糖溶液含有氧原子数为6N AB．氯气通入到含有1mol 的FeBr2 溶液中，当有N A 个Br-被氧化时，共消耗标准状况下氯气22.4L C．标准状况下，2.24 L HF 中所含质子数目为N AD．4.4 g 由14CO2 与14N2O 组成的混合物中所含中子数为2.2N A9．萜类物质中有许多都已被用于香料工业，常见的有如下图几种结构。
下列有关说法正确的是A．①②③互为同系物B．①②④互为同分异体C．在一定条件下①、④均可转化为②D．③与Br2 按照1：1 加成可得2 种加成产物10．下列实验操作规范且能达到目的是11．下列有关性质的比较，能用元素周期律解释的是（）A. 酸性：HBr＞HClB.工业制粗硅：在电炉中用碳还原SiO2C. 碱性：Mg(OH)2能溶于NaOH溶液而Al(OH)3不溶D.热稳定性：Na2CO3＞NaHCO312．新华网报道，我国固体氧化物燃料电池技术研发取得新突破。
科学家利用该技术实现了H2S 废气资源回收能量，并得到单质硫的原理如图所示。
下列说法正确的是A电极 b 为电池负极B．电路中每通过 4mol 电子，正极消耗44.8LH2SC．电极 b 上的电极反应为：O2＋4e－＋4H＋＝2H2OD．电极 a 上的电极反应为：2H2S＋2O2－－4e－＝S2＋2H2O13．常温下，向溶有0.01mol Cl2 的水中滴加0.2mol/L NaOH 溶液，得到溶液p H 随所加N aOH 溶液体积的变化图像如下。
下列说法正确的是A．若a点p H＝4，且c(Cl－)＝m c(ClO－)，则K a(HClO)＝B．若x＝100，b 点对应溶液中：c(OH－)＞c(H＋)，可用p H 试纸测定其p HC．若y＝200，c 点对应溶液中：c(Na＋)＞c(OH－)＞c(Cl－)＞c(ClO－)＞c(H＋)D．b～c 段，随N aOH 溶液的滴入逐渐增大26.（12 分）由钛铁矿制备二氧化钛（其中含有杂质铁、硅、铝、钒等氧化物），再采用氯化法可以制得海绵状钛的工艺流程如下。
现就上述过程提出若干问题，请回答：（1）步骤①加入铁屑的主要作用为 。
（2）流程中生成TiO 2·nH 2O离子方程式为 。
（3）把③中制得的固体 T iO 2·nH 2O 用酸清洗除去其中的 F e(OH)3 杂质。
已知 25℃时， K sp [Fe(OH)3]＝2.79×10－39，该温度下反应 F e(OH)3＋3H ＋Fe 3＋＋3H 2O 的平衡常数 K＝ 。
（4）步骤④TiO 2 制备 TiCl 4 的反应在高温条件下难以发生，但加入碳后反应能顺利进行，试从 化学平衡角度分析原因 （答出一点即可）。
若用氯化亚硫酰（）代替氯气进行氯化，产物除了 T iCl 4 还有 （填化学式）。
粗 T iO 2 氯化过程中会带入的副产物如 FeCl 3，SiCl 4，AlCl 3，可采用 方法与 TiCl 4 分离。
它们在 常压下的沸点列于下面。
（5）步骤⑤金属钛的制备过程需要在惰性气体存在的条件下进行，原因是27.（16 分） 氨气在工农业生产和国防科技中有着重要应用，科研工作者对其进行广泛研究。
请回答：（1）某课题组实现了在常温常压下，以氮气 和液态水为原料制备氨气，同时有氧气生成。
已知，在一定温度和压强下，由最稳定的单质 生成1mol 纯物质的热效应，称为该物质的生成热（△H）。
常温常压下、相关物质的生成热如右表所示：上述合成氨反应的热化学方程式为。
（2）氨气是工业制硝酸的主要原料之一，催化氧化步骤中发生的主要反应如下：I：4NH3(g)＋5O2(g) 4NO(g)＋6H2O(g) △H1II：4NH3(g)＋3O2(g) 2N2(g)＋6H2O(g) △H2将固定比例N H3 和O2 的混合气体以一定流速通过填充有催化剂的反应器，反应产率与温度的关系如图1所示。
①催化氧化步骤中，最适宜的温度为（填“T1”或“T2”）。
②低于T1℃时，NO 的产率较低的原因为。
③高于T2℃时，NO 的产率降低的可能原因为（填选项字母）。
A．催化剂活性降低B．平衡常数减小C．反应活化能增大D．氨气溶于水（3）某科研小组通过控制条件只发生反应I：4NH3(g)＋5O2(g) 4NO(g)＋6H2O(g)△H1，在恒容密闭容器中，均充入4mol NH3 和5.5mol O2，分别以C r2O3 和F e3O4 作催化剂，反应进行相同的时间后测得N H3 的转化率α(NH3)随反应温度的变化情况如图2。
①用C r2O3 和F e3O4 作催化剂时，反应的活化能更低的是。
②a、b、c、d 和e五种状态，反应一定达到平衡状态的是，反应的△H1 0（填“＞”、“＝”或“＜”）。
③状态e时，α(NH3)＝50%，若保持容器容积为10L，则此时的平衡常数K＝。
28.（5分）碱式碳酸铜可用于有机催化剂、杀虫剂及饲料中铜的添加剂等。
针对用C uSO4溶液与N a2CO3溶液反应能否得到碱式碳酸铜这个问题，某班同学进行相关探究。
[沉淀制备]称取12.5g 胆矾溶于87.4mL 蒸馏水中，滴4 滴稀硫酸，充分搅拌后得到CuSO4 溶液。
向其中加入适量N a2CO3 溶液，将所得蓝绿色悬浊液过滤，沉淀用蒸馏水洗涤，再用无水乙醇洗涤。
（1）滴加稀硫酸的作用是。
所得硫酸铜溶液的溶质的质量。
[实验探究]同学们设计了如图装置，用制得的蓝绿色固分数约为（保留两位有效数字）体进行实验：（2）D 装置加热前，需要首先打开活塞K，用A装置制取适量N2，然后关闭K，点燃D处酒精灯。
A 中产生N2 的作用是，C 中盛装的试剂应是。
（3）装置A中发生反应的离子方程式为。
（4）若蓝绿色固体的组成为x CuCO3·yCu(OH)2，实验能观察到的现象是（5）同学们查阅文献知：K sp[CaCO3]＝2.8×10-9，K sp[BaCO3]＝5.1×10-9，经讨论认为需要用Ba(OH)2 代替F中的C a(OH)2 来定量测定蓝绿色固体的化学式，其原因是（填序号）。
a.Ba(OH)2 的碱性比Ca(OH)2 强b.Ba(OH)2 溶解度大于C a(OH)2，能充分吸收CO2c.相同条件下，CaCO3 的溶解度明显大于BaCO3d.吸收等量CO2 生成的BaCO3 的质量大于CaCO3，测量误差小（6）待D中反应完全后，打开活塞K，再次滴加NaNO2 溶液产生N2，其目的是。
若所取蓝增加2.7g，F 中产生沉淀19.7g。
则该蓝绿色固体的化学式为35．[化学——选修3：物质结构与性质]（15 分）ⅥA 族元素形成的化合物在实验室和工业生产上有着广泛的应用。
回答下列问题：（1）SCN-与F e3＋可形成多种配离子，其中一种为[Fe(SCN)6]3-，该配离子中的S CN-会使F e3＋的剩余价电子压缩配对，则每个配离子中F e3＋的单电子个数为个。
（2）Se 与S是同族元素，请写出基态S e 原子电子排布式。
H2Se 的酸性比H 2S （填“强”或“弱”）。
H2 O、H 2S、H2 Se 沸点由高到低的顺序为，原因是：（3）有一种由1～9 号元素中的部分元素组成，且与SCl2 互为等电子体的共价化合物，它的分子式为，其V SEPR 构型为。
（4）已知S4O 2-的结构为，其中S原子的杂化方式是。
键长a b（填“＞”、“＜”或“＝”）。
（5）离子晶体中阳离子和阴离子的半径比不同可形成不同的晶胞结构，见下表：已知某离子晶体R A，其阴阳离子半径分别为184pm 和74pm，摩尔质量为M g/mol，则阳离子配位数为，晶体的密度为g/cm3（列出计算式，无需化简，设N A 为阿伏加德罗常数的值）。
36．[化学——选修5：有机化学基础]（15分）环丁基甲酸是有机合成中一种有用的中间体。
某研究小组以丙烯醛为原料，设计了如下路线合成环丁基甲酸（部分反应条件、产物已省略）。
已知：（1）（2）请回答下问题：（1）由丙烯醛生成化合物A的反应类型为。
（2）化合物C的结构简式是。
（3）下列说法中正确的是。
（填字母代号）A．丙烯醛可以发生银镜反应B．化合物B和C能形成高聚物C．化合物G的化学式为C6H8O4 D．1mol 化合物B与足量金属钠反应能生成1mol 氢气（4）写出D＋E→F 的化学方程式：（5）符合下列条件的G的同分异构体有种，写出其中在1H-NMR 谱上显示两组峰且面积比为3∶1 的结构简式：。
①能使B r2/CCl4 溶液褪色；②1mol G 与1mol Na2CO3 反应可以生成1mol CO2（6）以1，3-丁二烯和化合物E为原料可制备，请选用必要的试剂设计合成路线。
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