江苏省苏州市2018届高三第一次模拟考试数学试卷(含答案)

2018届高三年级第一次模拟考试(五)数学(满分160分，考试时间120分钟)一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分．1. 已知i为虚数单位，复数z＝32－32i的模为________．2. 已知集合A＝{1，2a}，B＝{－1，1，4}，且A⊆B，则正整数a＝________．3. 在平面直角坐标系xOy中，抛物线y2＝－8x的焦点坐标为________．4. 苏州轨道交通1号线每5分钟一班，其中，列车在车站停留0.5分钟，假设乘客到达站台的时刻是随机的，则该乘客到达站台立即能乘上车的概率为________．5. 已知4a＝2，logax＝2a，则正实数x＝________．6. 秦九韶是我国南宋时期的数学家，他在所著的《数书九章》中提出的多项式求值的秦九韶算法，至今仍是比较先进的算法．下面的流程图是秦九韶算法的一个实例．若输入n，x的值分别为3，3，则输出v的值为________．(第6题) (第9题)7. 已知变量x ，y 满足⎩⎪⎨⎪⎧0≤x ≤3，x ＋y≥0，x －y ＋3≤0，则z ＝2x －3y 的最大值为________．8. 已知等比数列{an}的前n 项和为Sn ，且S6S3＝－198，a4－a2＝－158，则a3的值为________． 9. 鲁班锁是中国传统的智力玩具，起源于中国古代建筑中首创的榫卯结构，它的外观是如图所示的十字立方体，其上下、左右、前后完全对称，六根等长的正四棱柱体分成三组，经90°榫卯起来．若正四棱柱的高为5，底面正方形的边长为1，现将该鲁班锁放进一个球形容器内，则该球形容器的表面积至少为________．(容器壁的厚度忽略不计，结果保留π)10. 如图，两座建筑物AB ，CD 的高度分别是9 m 和15 m ，从建筑物AB 的顶部A 看建筑物CD 的张角∠CAD ＝45°，则这两座建筑物AB 和CD 的底部之间的距离BD ＝________m.(第10题) (第13题)11. 在平面直角坐标系xOy 中，已知过点A(2，－1)的圆C 和直线x ＋y ＝1相切，且圆心在直线y ＝－2x 上，则圆C 的标准方程为________．12. 已知正实数a ，b ，c 满足1a ＋1b ＝1，1a ＋b ＋1c＝1，则c 的取值范围是________． 13. 如图，△ABC 为等腰三角形，∠BAC ＝120°，AB ＝AC ＝4，以A 为圆心，1为半径的圆分别交AB ，AC 与点E ，F ，P 是劣弧EF ︵上的一点，则PB →·PC →的取值范围是________．14. 已知直线y ＝a 分别与直线y ＝2x －2，曲线y ＝2ex ＋x 交于点A ，B ，则线段AB 长度的最小值为________．二、 解答题：本大题共6小题，共计90分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．15. (本小题满分14分)已知函数f(x)＝(3cosx ＋sinx)2－23sin2x.(1) 求函数f(x)的最小值，并写出f(x)取得最小值时自变量x 的取值集合；(2) 若x ∈⎣⎡⎦⎤－π2，π2，求函数f(x)的单调增区间．16. (本小题满分14分)如图，在正方体ABCDA1B1C1D1中，已知E ，F ，G ，H 分别是A1D1，B1C1，D1D ，C1C 的中点．求证：(1) EF ∥平面ABHG ；(2) 平面ABHG ⊥平面CFED.17. (本小题满分14分)如图，B ，C 分别是海岸线上的两个城市，两城市间由笔直的海滨公路相连，B ，C 之间的距离为100km ，海岛A 在城市B 的正东方向50 km 处．从海岛A 到城市C ，先乘船按北偏西θ角(α<θ≤π2，其中锐角α的正切值为12)航行到海滨公路P 处登陆，再换乘汽车到城市C.已知船速为25 km/h ，车速为75 km/h.(1) 试建立由A 经P 到C 所用时间与θ的函数解析式；(2) 试确定登陆点P 的位置，使所用时间最少，并说明理由．在平面直角坐标系xOy 中，椭圆C ：x2a2＋y2b2＝1(a>b>0)的离心率为22，椭圆上动点P 到一个焦点的距离的最小值为3(2－1)．(1) 求椭圆C 的标准方程；(2) 已知过点M(0，－1)的动直线l 与椭圆C 交于A ，B 两点，试判断以AB 为直径的圆是否恒过定点，并说明理由．已知各项是正数的数列{an}的前n 项和为Sn.(1) 若Sn ＋Sn －1＝a2n ＋23(n ∈N*，n ≥2)，且a1＝2. ①求数列{an}的通项公式；②若Sn ≤λ·2n ＋1对任意n ∈N*恒成立，求实数λ的取值范围；(2) 数列{an}是公比为q(q>0，q ≠1)的等比数列，且{an}的前n 项积为10Tn.若存在正整数k ，对任意n ∈N*，使得T （k ＋1）n Tkn为定值，求首项a1的值．已知函数f(x)＝⎩⎪⎨⎪⎧－x3＋x2，x<0，ex －ax ， x ≥0. (1) 当a ＝2时，求函数f(x)的单调区间；(2) 若方程f(－x)＋f(x)＝ex －3在区间(0，＋∞)上有实数解，求实数a 的取值范围；(3) 若存在实数m ，n ∈[0，2]，且|m －n|≥1，使得f(m)＝f(n)，求证：1≤a e －1≤e.2018届高三年级第一次模拟考试(三)数学附加题(本部分满分40分，考试时间30分钟)21. 【选做题】本题包括A 、B 、C 、D 四小题，请选定其中两小题，并作答．若多做，则按作答的前两小题评分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．A. [选修41：几何证明选讲](本小题满分10分)如图，AB ，AC 与圆O 分别切于点B ，C ，P 为圆O 上异于点B ，C 的任意一点，PD ⊥AB ，垂足为D ，PE ⊥AC ，垂足为E ，PF ⊥BC ，垂足为F.求证：PF2＝PD·PE.B. [选修42：矩阵与变换](本小题满分10分)已知M ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1221，β＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤17，求M4β.C. [选修44：坐标系与参数方程](本小题满分10分)在平面直角坐标系xOy 中，直线l 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x ＝1＋t ，y ＝t －3(t 为参数)，以原点O 为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C 的极坐标方程为ρ＝2cos θsin2θ，若直线l 与曲线C 相交于A ，B 两点，求△AOB 的面积．D. [选修45：不等式选讲](本小题满分10分)已知a ，b ，c ∈R ，a2＋b2＋c2＝1，若|x －1|＋|x ＋1|≥(a －b ＋c)2对一切实数a ，b ，c 恒成立，求实数x 的取值范围．【必做题】第22题、第23题，每题10分，共计20分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．22. (本小题满分10分)如图，已知矩形ABCD 所在平面垂直于直角梯形ABPE 所在平面，其交线为AB ，且AB ＝BP ＝2，AD ＝AE ＝1，AE ⊥AB ，且AE ∥BP.(1) 求平面PCD 与平面ABPE 所成的二面角的余弦值；(2) 线段PD 上是否存在一点N ，使得直线BN 与平面PCD 所成角的正弦值等于25？若存在，试确定点N 的位置；若不存在，请说明理由．23. (本小题满分10分)在正整数集上定义函数y ＝f(n)，满足f(n)[f(n ＋1)＋1]＝2[2－f(n ＋1)]，且f(1)＝2. (1) 求证：f(3)－f(2)＝910；(2) 是否存在实数a ，b ，使f(n)＝1a ⎝⎛⎭⎫－32n －b ＋1，对任意正整数n 恒成立，并证明你的结论．2018届苏州高三年级第一次模拟考试 数学参考答案1. 32. 23. (－2，0)4.110 5. 12 6. 48 7. －9 8. 949. 30π 10. 18 11. (x －1)2＋(y ＋2)2＝2 12. ⎝⎛⎦⎤1，43 13. [－11，－9] 14.3＋ln2215. 解析：(1) f(x)＝(3cosx ＋sinx)2－23sin2x ＝3cos2x ＋23sinxcosx ＋sin2x －23sin2x ＝3（1＋cos2x ）2＋1－cos2x2－3sin2x(2分)＝cos2x －3sin2x ＋2＝2cos ⎝⎛⎭⎫2x ＋π3＋2.(4分)当2x ＋π3＝2k π＋π，即x ＝k π＋π3(k ∈Z)时，f(x)取得最小值0,此时自变量x 的取值集合为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪x ＝k π＋π3，k ∈Z .(7分)(2) 由(1)知f(x)＝2cos ⎝⎛⎭⎫2x ＋π3＋2.令π＋2k π≤2x ＋π3≤2π＋2k π(k ∈Z)，(8分)解得π3＋k π≤x ≤5π6＋k π(k ∈Z)，(10分)又x ∈⎣⎡⎦⎤－π2，π2，令k ＝－1，x ∈[－π2，－π6]，令k ＝0，x ∈⎣⎡⎦⎤π3，π2，所以函数f(x)在⎣⎡⎦⎤－π2，π2上的单调增区间是⎣⎡⎦⎤－π2，－π6和⎣⎡⎦⎤π3，π2.(14分)16. 解析：(1) 因为E ，F 是A1D1，B1C1的中点，所以EF ∥A1B1.在正方体ABCDA1B1C1D1中，A1B1∥AB ， 所以EF ∥AB.(3分)又EF ⊄平面ABHG ，AB ⊂平面ABHG ， 所以EF ∥平面ABHG.(6分)(2)在正方体ABCDA1B1C1D1中，CD ⊥平面BB1C1C ， 又BH ⊂平面BB1C1C ，所以BH ⊥CD.(8分) 设BH∩CF ＝P ，易知△BCH ≌△CC1F ， 所以∠HBC ＝∠FCC1.因为∠HBC ＋∠PHC ＝90°， 所以∠FCC1＋∠PHC ＝90°.所以∠HPC ＝90°，即BH ⊥CF.(11分) 又DC∩CF ＝C ，DC ，CF ⊂平面CFED ， 所以BH ⊥平面CFED. 又BH ⊂平面ABHG ，所以平面ABHG ⊥平面CFED.(14分)17. 解析：(1) 由题意，轮船航行的方位角为θ， 所以∠BAP ＝90°－θ，AB ＝50， 则AP ＝50cos （90°－θ）＝50sin θ，BP ＝50tan(90°－θ)＝50sin （90°－θ）cos （90°－θ）＝50cos θsin θ，所以PC ＝100－BP ＝100－50cos θsin θ.(4分) 由A 到P 所用的时间为t1＝AP 25＝2sin θ， 由P 到C 所用的时间为t2＝100－50cos θsin θ75＝43－2cos θ3sin θ，(6分)所以由A 经P 到C 所用时间与θ的函数关系为 f (θ)＝t1＋t2＝2sin θ＋43－2cos θ3sin θ＝6－2cos θ3sin θ＋43，(8分)函数f(θ)的定义域为⎝⎛⎦⎤α，π2，其中锐角α的正切值为12.(2) 由(1)知f(θ)＝6－2cos θ3sin θ＋43，θ∈⎝⎛⎦⎤α，π2，所以f′(θ)＝6（1－3cos θ）9sin2θ.令f′(θ)＝0，解得cos θ＝13.(10分)设θ0∈⎝⎛⎭⎫0，π2，使cos θ0＝13.当θ变化时，f ′(θ)，f (θ)的变化情况如下表：θ (α，θ0) θ0 ⎝⎛⎭⎫θ0，π2f ′(θ) －0 ＋f (θ)极小值(12分)所以当θ＝θ0时函数f(θ)取得最小值，此时BP ＝50cos θ0sin θ0＝2522≈17.68(km)．故在BC 上选择距离B 为17.68km 处为登陆点，所用时间最少．(14分) 18. 解析：(1) 由题意知c a ＝22，所以a ＝2c.(1分)又椭圆上动点P 到一个焦点的距离的最小值为3(2－1)，所以a －c ＝32－3，(2分) 解得c ＝3，a ＝32，所以b2＝a2－c2＝9，(4分) 所以椭圆C 的标准方程为x218＋y29＝1.(6分)(2) 当直线l 的斜率为0时，令y ＝－1，则x ＝±4，此时以AB 为直径的圆的方程为x2＋(y ＋1)2＝16；(7分)当直线l 的斜率不存在时，以AB 为直径的圆的方程为x2＋y2＝9.(8分)联立⎩⎪⎨⎪⎧x2＋（y ＋1）2＝16，x2＋y2＝9，解得x ＝0，y ＝3，即两圆过点T(0，3)．猜想：以AB 为直径的圆恒过定点T(0，3)．(9分) 对一般情况证明如下：设过点M(0，－1)的直线l 的方程为y ＝kx －1，与椭圆C 交于点A(x1，y1)，B(x2，y2)，则⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx －1，x2＋2y2＝18，消去y ，整理得(1＋2k2)x2－4kx －16＝0，所以x1＋x2＝4k 1＋2k2，x1x2＝－161＋2k2.(12分)因为TA →·TB →＝(x1，y1－3)·(x2，y2－3)＝x1x2＋y1y2－3(y1＋y2)＋9＝x1x2＋(kx1－1)(kx2－1)－3(kx1－1＋kx2－1)＋9＝(k2＋1)x1x2－4k(x1＋x2)＋16＝－16（k2＋1）1＋2k2－16k21＋2k2＋16＝－16（1＋2k2）1＋2k2＋16＝0，所以TA ⊥TB.所以存在以AB 为直径的圆恒过定点T ，且定点T 的坐标为(0，3)．(16分) 19. 解析：(1) ①当n≥2时，Sn ＋Sn －1＝a2n ＋23，所以Sn ＋1＋Sn ＝a2n ＋1＋23，两式相减得an ＋1＋an ＝13(a2n ＋1－a2n )，即an ＋1－an ＝3，n ≥2；(2分)当n ＝2时，S2＋S1＝a22＋23，即a22－3a2－10＝0，解得a2＝5或a2＝－2(舍)，所以a2－a1＝3，即数列{}an 为等差数列，且首项a1＝2， 所以数列{}an 的通项公式为an ＝3n －1.(5分) ②由①知an ＝3n －1，所以Sn ＝n （3n －1＋2）2＝3n2＋n2.由题意可得λ≥Sn2n ＋1＝3n2＋n 2n ＋2对一切n ∈N*恒成立，记cn ＝3n2＋n 2n ＋2，则cn －1＝3（n －1）2＋（n －1）2n ＋1，n ≥2，所以cn －cn －1＝－3n2＋11n －42n ＋2，n ≥2.(8分)当n>4时，cn<cn －1；当n ＝4时，c4＝1316，且c3＝1516，c2＝78，c1＝12，所以当n ＝3时，cn ＝3n2＋n 2n ＋2取得最大值1516，所以实数λ的取值范围为⎣⎡⎭⎫1516，＋∞.(11分)(2) 由题意，设an ＝a1qn －1(q>0，q ≠1)，a1·a2·…·an ＝10Tn ，两边取常用对数，得 Tn ＝lga1＋lga2＋…＋lgan.令bn ＝lgan ＝nlgq ＋lga1－lgq ，则数列{}bn 是以lga1为首项，lgq 为公差的等差数列．(13分)若T （k ＋1）n Tkn 为定值，令T （k ＋1）nTkn ＝μ，则（k ＋1）nlga1＋（k ＋1）n[（k ＋1）n －1]2lgqknlga1＋kn （kn －1）2lgq＝μ，即{[(k ＋1)2－μk 2]lgq}n ＋[(k ＋1)－μk]·⎝⎛⎭⎫lg a21q ＝0对n ∈N*恒成立， 因为q>0，q ≠1，所以问题等价于⎩⎪⎨⎪⎧（k ＋1）2－μk 2＝0，（k ＋1）－μk ＝0或a21＝q.将k ＋1k＝μ代入(k ＋1)－μk ＝0，解得μ＝0或μ＝1. 因为k ∈N*，所以μ>0，μ≠1，所以a21＝q. 又an>0，所以a1＝q.(16分)20. 解析：(1) 当a ＝－2时，f(x)＝⎩⎪⎨⎪⎧－x3＋x2，x<0，ex －2x ， x ≥0，当x<0时，f(x)＝－x3＋x2，f ′(x)＝－3x2＋2x ＝－x(3x －2)， 令f′(x)＝0，解得x ＝0或x ＝23(舍)，所以当x<0时，f ′(x)<0,所以函数f(x)在区间(－∞，0)上为减函数；(2分) 当x≥0时，f(x)＝ex －2x ，f ′(x)＝ex －2， 令f′(x)＝0，解得x ＝ln2，所以当0<x<ln2时，f ′(x)<0；当x>ln2时，f ′(x)>0，所以函数f(x)在区间(0，ln2)上为减函数，在区间(ln2，＋∞)上为增函数，且f(0)＝1>0.(4分) 综上，函数f(x)的单调减区间为(－∞，0)和(0，ln2)，单调增区间为(ln2，＋∞)．(5分) (2) 设x>0，则－x<0，所以f(－x)＋f(x)＝x3＋x2＋ex －ax.由题意，x3＋x2＋ex －ax ＝ex －3在区间(0，＋∞)上有解，等价于a ＝x2＋x ＋3x 在区间(0，＋∞)上有解．(6分)记g(x)＝x2＋x ＋3x(x>0)，则g′(x)＝2x ＋1－3x2＝2x3＋x2－3x2＝（x －1）（2x2＋3x ＋3）x2，(7分)令g′(x)＝0，因为x>0，所以2x2＋3x ＋3>0，故解得x ＝1.当x ∈(0，1)时，g ′(x)<0；当x ∈(1，＋∞)时，g ′(x)>0，所以函数g(x)在区间(0，1)上单调递减，在区间(1，＋∞)上单调递增， 故函数g(x)在x ＝1处取得最小值g(1)＝5.(9分)要使方程a ＝g(x)在区间(0，＋∞)上有解，当且仅当a≥g(x)min ＝g(1)＝5， 综上，满足题意的实数a 的取值范围为[5，＋∞)．(10分) (3) 由题意知f′(x)＝ex －a.当a≤0时，f ′(x)>0，此时函数f(x)在[0，＋∞)上单调递增，由f(m)＝f(n)，可得m ＝n ，与条件|m －n|≥1矛盾，所以a>0.(11分) 令f′(x)＝0，解得x ＝lna.当x ∈(0，lna)时，f ′(x)<0；当x ∈(lna ，＋∞)时，f ′(x)>0， 所以函数f(x)在(0，lna)上单调递减，在(lna ，＋∞)上单调递增． 若存在m ，n ∈[0，2]，f(m)＝f(n)，则lna 介于m ，n 之间，(12分) 不妨设0≤m<lna<n ≤2.因为f(x)在(m ，lna)上单调递减，在(lna ，n)上单调递增，且f(m)＝f(n)， 所以当m≤x≤n 时，f (x)≤f(m)＝f(n)，由0≤m<n≤2，|m －n|≥1，可得1∈[m ，n]， 所以f(1)≤f(m)＝f(n)．又f(x)在(m ，lna)上单调递减，且0≤m<lna ，所以f(m)≤f(0)， 所以f(1)≤f(0)．同理f(1)≤f(2)，(14分)即⎩⎪⎨⎪⎧e －a≤1，e －a≤e2－2a ，解得e －1≤a≤e2－e ， 所以1≤a e －1≤e.(16分)21. A ．解析：连结PB ，PC.因为∠PCF ，∠PBD 分别为同弧BP 上的圆周角和弦切角， 所以∠PCF ＝∠PBD.(2分) 因为PD ⊥BD ，PF ⊥FC ， 所以△PDB ∽△PFC ，所以PD PF ＝PBPC.(5分) 同理∠PBF ＝∠PCE. 又PE ⊥EC ，PF ⊥FB ，所以△PFB ∽△PEC ，所以PF PE ＝PBPC .(8分)所以PD PF ＝PFPE ，即PF2＝PD·PE.(10分)B. 解析：矩阵M 的特征多项式为f (λ)＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪λ－1－2－2λ－1＝λ2－2λ－3.(2分)令f(λ)＝0，解得λ1＝3，λ2＝－1，所以属于λ1的一个特征向量为α1＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤11，属于λ2的一个特征向量为α2＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1.(5分)令β＝mα1＋nα2，即⎣⎢⎡⎦⎥⎤17＝m ⎣⎢⎡⎦⎥⎤11＋n ⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1， 所以⎩⎪⎨⎪⎧m ＋n ＝1，m －n ＝7，解得m ＝4，n ＝－3.(7分)所以M4β＝M4(4α1－3α2)＝4(M4α1)－3(M4α2)＝4(λ41α1)－3(λ42α2)＝4×34⎣⎢⎡⎦⎥⎤11－3×(－1)4×⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤321327.(10分) C. 解析：由题意知曲线C 的直角坐标方程是y2＝2x ，(2分) 直线l 的普通方程为x －y －4＝0.(4分)联立方程组⎩⎪⎨⎪⎧y2＝2x ，y ＝x －4，解得A(2，－2)，B(8，4)，所以AB ＝62，(7分)因为原点到直线x －y －4＝0的距离d ＝|－4|2＝22，所以S △AOB ＝12×62×22＝12.(10分)D. 解析：因为a ，b ，c ∈R ，a2＋b2＋c2＝1， 所以由柯西不等式得(a －b ＋c)2≤(a2＋b2＋c2)·(1＋1＋1)＝3.(4分)因为|x －1|＋|x ＋1|≥(a －b ＋c)2对一切实数a ，b ，c 恒成立，所以|x －1|＋|x ＋1|≥3.当x<－1时，－2x≥3，即x≤－32；当－1≤x≤1时，2≥3不成立；当x>1时，2x ≥3，即x≥32.综上所述，实数x 的取值范围为⎝⎛⎦⎤－∞，－32∪⎣⎡⎭⎫32，＋∞.(10分) 22. 解析：(1) 因为平面ABCD ⊥平面ABEP ，平面ABCD∩平面ABEP ＝AB ，BP ⊥AB ，所以BP ⊥平面ABCD.又AB ⊥BC ，所以直线BA ，BP ，BC 两两垂直， 以B 为原点，分别以BA ，BP ，BC 所在直线为x 轴，y 轴，z 轴建立空间直角坐标系，则P(0，2，0)，B(0，0，0)，D(2，0，1)，E(2，1，0)，C(0，0，1)．因为BC ⊥平面ABPE ，所以BC →＝(0，0，1)为平面ABPE 的一个法向量．(2分)PD →＝(2，－2，1)，CD →＝(2，0，0)，设平面PCD 的一个法向量为n ＝(x ，y ，z)， 则⎩⎪⎨⎪⎧n·CD →＝0，n·PD →＝0， 即⎩⎪⎨⎪⎧2x ＝0，2x －2y ＋z ＝0，令y ＝1，则z ＝2，故n ＝(0，1，2)．(4分)设平面PCD 与平面ABPE 所成的二面角为θ，则cos θ＝n·BC →|n|·|BC →|＝21×5＝255，显然0<θ<π2，所以平面PCD 与平面ABPE 所成二面角的余弦值为255.(6分)(2) 设线段PD 上存在一点N ，使得直线BN 与平面PCD 所成角α的正弦值等于25.设PN →＝λPD →＝(2λ，－2λ，λ)(0≤λ≤1)，BN →＝BP →＋PN →＝(2λ，2－2λ，λ)．(7分) 由(1)知平面PCD 的一个法向量为n ＝(0，1，2)， 所以cos 〈BN →，n 〉＝BN →·n |BN →|·|n|＝25×9λ2－8λ＋4＝25，即9λ2－8λ－1＝0，解得λ＝1或λ＝－19(舍去)．(9分)当点N 与点D 重合时，直线BN 与平面PCD 所成角的正弦值为25.(10分)23. 解析：(1) 因为f(n)[f(n ＋1)＋1]＝2[2－f(n ＋1)]，所以f(n ＋1)＝4－f （n ）f （n ）＋2.由f(1)＝2，代入得f(2)＝4－22＋2＝12，f(3)＝4－1212＋2＝75，所以f(3)－f(2)＝75－12＝910.(2分)(2) 由f(1)＝2，f(2)＝12，可得a ＝－45，b ＝15.(3分)以下用数学归纳法证明： 存在实数a ＝－45，b ＝15，使f(n)＝1－45⎝⎛⎭⎫－32n －15＋1成立．①当n ＝1时，显然成立；(4分)②当n ＝k 时，假设存在a ＝－45，b ＝15，使得f(k)＝1－45⎝⎛⎭⎫－32k －15＋1成立，(5分)那么当n＝k＋1时，f(k＋1)＝4－f（k）f（k）＋2＝4－⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤1－45⎝⎛⎭⎫－32k－15＋11－45⎝⎛⎭⎫－32k－15＋1＋2＝125⎝⎛⎭⎫－32k＋85125⎝⎛⎭⎫－32k－25＝1＋165⎝⎛⎭⎫－32k－15＝1－45⎝⎛⎭⎫－32k＋1－15＋1，即当n＝k＋1时，存在a＝－45，b＝15，使得f(k＋1)＝1－45⎝⎛⎭⎫－32k＋1－15＋1成立．(9分)由①②可知，存在实数a＝－45，b＝15，使f(n)＝1a⎝⎛⎭⎫－32n－b＋1对任意正整数n恒成立．(10分)。