2013高三物理培优(3) (4)
山东省2013届高三高考模拟卷(三)物理试题
山东省2013届高三高考模拟卷（三）理科综合本试卷分第I卷和第II卷两部分，共12页。
满分240分。
考试用时150分钟。
答题前，考生务必用0．5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（必做，共87分）注意事项：1．第I卷共20小题。
1~13题每小题4分，14~20题每小题5分，共87分。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H -1 C-12 N-14 O-16 Fe-56 Cu-64 S-32二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．以下叙述正确的是A．奥斯特发现了电流的磁效应，并总结出了右手螺旋定则B．开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行多年研究，得出了万有引力定律C．卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了万有引力常量D．法拉第在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律15．2012年6月16日，神舟九号飞船在酒泉卫星发射中心发射升空，并于6月18日转入自主控制飞行与天宫一号实施自动交会对接，这是中国实施的首次载人空间交会对接。
在神舟九号飞船发射前约20天，天宫一号目标飞行器开始降轨调相，进入对接轨道，建立载人环境，等待与飞船交会对接。
设变轨前和变轨完成后天宫一号的运行轨道均可视为圆轨道，则有A．天宫一号变轨前的线速度小于变轨完成后的线速度B．天宫一号变轨前的角速度小于变轨完成后的角速度C．天宫一号变轨前的向心加速度小于变轨完成后的向心加速度D．天宫一号变轨前的运行周期小于变轨完成后的运行周期16．近两年来，“奥的斯电梯”在北京、上海等地频出事故，致使大家“谈奥色变”，为此检修人员对电梯进行检修，检修人员搭乘电梯的v-t图象如图．以下说法正确的是A．前1s内检修人员处于超重状态B．1~2s检修人员做匀速直线运动C ．在0~1s 和2~4s 内检修人员的平均速度相同D ．第1s 末至第2s 末的过程中检修人员的机械能守恒17．如图所示，质量为m 的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L ，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v 1、v 2的速度作逆时针转动时（v 1<v 2），绳中的拉力分别为F l 、F 2；若剪断细绳时，物体匀加速运动到达左端的时间分别为t l 、t 2，则下列说法正确的是A ．F l <F 2B ．F 1=F 2C ．t l =t 2D ．t l <t 218．如图所示，一自耦变压器（可看做理想变压器）输入端AB 间加u 1=311sin100πt （V ）的电压，在输出端CD 间接“36V ，9W ”的灯泡和滑动变阻器。
高三物理培优(3)(答案)
高三物理培优（3）（参考答案）2． 【答案】C3． 【答案】C4． 【答案】BC【解析】A 、B 、当水平面光滑时，物体受到拉力、重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：F=ma…① 2F=ma′…②①②联立得：a′=2a ，故A 错误，B 正确；C 、D 、当水平面粗糙时，物体受到拉力、重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有：F ﹣μmg=ma…③ 2F ﹣μmg=ma′…④故a′＞a ，故C 正确，D 错误；5． 【答案】ABC【解析】图②的情形中，人受力如图，即人不受摩擦力，人匀加速下滑，且a ＝mg sin30°/m ＝g sin30°，故A 正确；轻绳对人的作用力大小为mg cos30°＝3mg /2，故钢索对轻环的作用力大小为3mg /2，故B 正确；图③的可得t b >t a >t c .7． 【答案】C8． 【答案】B【解析】对a 、b 物体及弹簧整体分析，有：a 1＝F － m 1＋m 2 g m 1＋m 2＝F m 1＋m 2－g ，a 2＝F m 1＋m 2， 可知a 1＜a 2，再隔离b 分析，有：F 1－m 2g ＝m 2a 1，解得：F 1＝m 2F m 1＋m 2，F 2＝m 2a 2＝m 2F m 1＋m 2，可知F 1＝F 2，再由胡克定律知，x 1＝x 2.所以B 选项正确． 9． 【答案】 C10．【答案】 D【解析】 对滑轮由牛顿第二定律得F －2F T ＝m ′a ，又滑轮质量m ′忽略不计，故m ′＝0，所以F T ＝F 2＝6mg 2＝3mg ，对A 由于F T ＜4mg ，故A 静止，a A ＝0，对B 有a B ＝F T －mg m ＝3mg －mg m＝2g ，故D 正确． 11．【答案】A【解析】剪断弹簧前，对斜面分析，受重力、地面的支持力和静摩擦力、物体m 对斜面体的力(物体m 对斜面体的滑动摩擦力和压力的合力)，斜劈受到地面的摩擦力方向向左，故根据平衡条件，物体m 对斜面体的力向右下方；根据牛顿第三定律，斜面对物体m 的力向左上方；若剪断弹簧，物体m 和人整体还要受重力，故合力偏左，根据牛顿第二定律，加速度是沿斜面向下，故A 正确；若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，故物体和人整体对斜面体的力不变，故斜面体受力情况不变，故地面摩擦力依然向左，故B 错误；若人从物体m 离开，由于惯性，物体m 仍向下运动；动摩擦因数是不变的，故物体m 对斜面体压力和滑动摩擦力正比例减小，故压力和滑动摩擦力的合力依然向右下方，故地面对斜面体的静摩擦力依然向左，故C 错误；若剪断弹簧同时人从物体m 离开，由于惯性，物体m 仍向下运动；动摩擦因数是不变的，故物体m 对斜面体压力和滑动摩擦力正比例减小，故压力和滑动摩擦力的合力依然向右下方，故地面对斜面体的静摩擦力依然向左，故D 错误．12．【答案】C13．【答案】BD【解析】由运动学公式v 2－v 20＝2ax 可知，v 2－x 图象中图线的斜率为2a ，所以在前5 m 内，物块以10 m/s 2的加速度做匀减速运动，减速时间为1 s ．答案5～13 m 的运动过程中，物块以4 m/s 2的加速度做匀加速运动，加速时间为2 s ，即物块在1～3 s 内做加速运动，A 错误，B 正确．根据牛顿第二定律可知，在减速的过程中，F ＋μmg ＝ma 1，加速过程中F －μmg ＝ma 2，代入数据可解得F ＝7 N ，μ＝0.3，所以C 错误，D 正确．14．【答案】B15．【答案】BC【解析】从开始推A 到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，物体A 的加速度逐渐减小，而B 的加速度逐渐增大．在 v A =v B 之前，A 的加速度先大于B 的加速度，后小于B 的加速度，所以a A =a B 时，v A ＞v B ．此后A 的加速度继续减小，B的加速度继续增大，所以v A=v B时，a B＞a A．故BC正确．之后aA减小，aB增大，直到v A=v B时，弹簧压缩至最短。
高三物理培优(答案)
高三物理培优（参考答案）一、选择题 1． 【答案】B【解析】根据题意，物体做匀加速直线运动，t 时间内的平均速度等于2t时刻的瞬时速度，在第一段内中间时刻的瞬时速度为：1116m/s=4m/s 4v v -==；在第二段内中间时刻的瞬时速度为：2216m/s=8m/s 2v v -==；则物体加速度为：21844m/s m/s 33v v a t --===，故选项B 正确。
2． 【答案】C【解析】物体运动示意图如图所示，设物体在A 、B 、C 三点的瞬时速度分别为v a 、v b 、v c ，则：=3 ①==6 ②v AC =2*3*6/(3+6)=4=(Va+Vc)/2 ③ 联立①②③解得v B =5m/s. 3． 【答案】 BC【解析】 设加速度为a ，时间为t ，则有Δs ＝at 2＝1 m ，可以求得CD ＝4 m ，而B 点的瞬时速度v B ＝s AC2t，所以OB 之间的距离为s OB ＝v 2B2a ＝3.125 m ，OA 之间的距离为s OA ＝s OB －s AB ＝1.125 m ，即B 、C 选项正确．4． 【答案】 B 【解析】021-）（2122121=+t a t t a t a ，解得a 2=3a 1 ； 5． 【答案】C【解析】用a 表示跳蚤起跳的加速度，t 表示离地时的速度，则对加速过程和离地后上升过程分别有 v 2=2ad2 ① v 2=2gh 2 ②若假想人具有和跳蚤相同的加速度a ，令V 表示在这种假想下人离地时的速度，H 表示与此相应的竖直高度，则地加速过程和离地后上升过程分别有 V 2=2ad 1 ③ V 2=2gH ④由以上各式可得 ⑤代入数值，得H=62.5m ⑥6． 【答案】ABD【解析】由题意知，物体先做初速度为零的匀加速运动，后做末速度为零的匀减速运动，全程中的最大速度v ＝a 1t 1，因前后均为匀变速直线运动，则平均速度为v －＝0＋v 2＝a 1t 12＝a 2t 22，故A 、B 正确，C 错误；全程的总位移为x ＝12a 1t 21＋12a 2t 22，对全程由平均速度公式有v －＝xt ＝a 1t 21＋a 2t 222（t 1＋t 2），故D 正确。
2013高三物理培优(3)
2013高三物理培优（3）21．如图所示，质量为M的长滑块静止在光滑水平地面上，左端固定劲度系数为k且足够长的轻质弹簧，右侧用一不可伸长的细绳连接于竖直墙上，细绳所能承受的最大拉力为T，使一质量为m、初速度为的小物体，在滑块上无摩擦地向左滑动而后压缩弹簧．弹簧的弹性势能表达式为（k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量）（1）给出细绳被拉断的条件；（2）滑块在细绳拉断后被加速的过程中，所能获得的最大向左的加速度为多大？（3）物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是什么？22．如图所示，质量为m A=4.0kg的木板A放在水平面C上，木板与水平面间的动摩擦因数为μ=0.24，木板最右端放着质量为m B=1.0kg的小物块（视为质点），它们均处于静止状态，木板突然受到水平向右的12N•s的瞬时冲量I作用开始运动，当小物块离开木板时，木板的动能为8.0J,小物块的动能为0.5J（g=10m/s2）求：(1)瞬时冲量作用结束时木板的速度为多少？(2)木板的长度时多少？23．柴油打桩机的重锤由气缸、活塞等若干部件组成，气缸与活塞间有柴油与空气的混合物。
在重锤与桩碰撞的过程中，通过压缩使混合物燃烧，产生高温高压气体，从而使桩向下运动，锤向上运动。
现把柴油打桩机和打桩过程简化如下：柴油打桩机重锤的质量为m，锤在桩帽以上高度为h处（如图1）从静止开始沿竖直轨道自由落下，打在质量为M（包括桩帽）的钢筋混凝土桩子上。
同时，柴油燃烧，产生猛烈推力，锤和桩分离，这一过程的时间极短。
随后，桩在泥土中向下移动一距离l。
已知锤反跳后到达最高点时，锤与已停下的桩幅之间的距离也为h（如图2）。
已知m ＝1.0×103kg，M＝2.0×103kg，h＝2.0m，l＝0.20m，重力加速度g＝10m/s2，混合物的质量不计。
设桩向下移动的过程中泥土对桩的作用力F是恒力，求此力的大小。
24．在竖直面内有一光滑水平直轨道和一光滑半圆形轨道，二者在半圆的一个端点B相切，如图所示，半圆形轨道的另一端点为C，半径为R．在直轨道上距离B为x的A点，有一可看作质点的质量为m的小球处于静止状态．现用水平恒力将小球推到B处后撤去恒力，小球沿半圆轨道运动到C处后又落到水平面上．求：(1)若小球正好落到出发点A处，在这种情况下：①用x和给出的已知最来表达推力对小球所做的功；②x取何值时，水平恒力做功最小？最小值为多少？③x取何值时，所用水平恒力最小？最小值为多少？(2)在任意情况下，x取任意值，求小球在B处和C处对轨道的压力大小之差．25．如图所示，坡道顶端距水平面高度为h，质量为m1的小物块A从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损失，为使A制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M处的墙上，一端与质量为m2的档板B相连，弹簧处于原长时，B恰位于滑道的末端O点．A与B碰撞时间极短，碰后结合在一起共同压缩弹簧，已知在OM段A、B与水平面间的动摩擦因数均为μ，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g，求：(1)物块A在与挡板B碰撞前瞬间速度v的大小；（设弹簧处于原长时(2)弹簧最大压缩量为d时的弹性势能E弹性势能为零）。
2013年山东师大附中高考物理三模试卷
2013年山东师大附中高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共2小题，共6.0分)1.如图所示，小物块A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起作匀速圆周运动，则下列关于A的受力情况说法正确的是()A.受重力、支持力B.受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C.受重力、支持力、摩擦力和向心力D.受重力、支持力和与运动方向相同的摩擦力【答案】B【解析】试题分析：物体做匀速圆周运动，故合力提供向心力，隔离物体受力分析即可；向心力是按照力的作用效果命名的，由合力提供，也可以认为由静摩擦力提供！解:隔离物体分析，该物体做匀速圆周运动；对物体受力分析，如图，受重力G，向上的支持力N，重力与支持力二力平衡，然后既然匀速转动，就要有向心力(由摩擦力提供)，指向圆心的静摩擦力；故选B．2.物体在外力作用下沿光滑水平地面运动，在物体的速度由0增为v的过程中，外力做功W1，在物体的速度由v增为2v的过程中，外力做功W2，则W1：W2为()A.1：1B.1：2C.1：3D.1：4【答案】C【解析】试题分析：外力做功，可运用动能定理列式或运动学公式列式求解即可．解:根据动能定理得W1=-0W2=2-=3×则得：W1：W2=1：3故选C3.某质点在平直轨道上运动，如图是该质点运动的速度-时间图象，下列说法正确的是()A.0～1s内的平均速度是2m/sB.0～2s内的位移大小是3mC.0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度D.0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相反【答案】BC【解析】试题分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与x轴包围的面积表示位移大小，运动方向看正负．解:A、由面积法求0-1s的位移s=1m，时间t=1s因而=1m/s，故A错误；B、由面积法知：0-2s的位移s=3m，故B正确；C、用斜率求出0-1s的加速度：a1=2m/s2、2-4s的加速度a2=1m/s2、因而：a1＞a2，故C正确；D、0-1s、2-4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正方向，运动方向相同，故D 错误；故选BC．4.一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽150m，流速为4m/s的河流中渡河，则下列说法正确的是()A.小船可以到达对岸任一位置B.小船渡河时间不少于50sC.小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200mD.小船以最短位移渡河时，位移大小为150m【答案】BC【解析】试题分析：船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，最短的时间主要是希望合速度在垂直河岸方向上的分量最大，这个分量一般刚好是船在静水中的速度，即船当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短；如果船在静水中的速度小于河水的流速，则合速度不可能垂直河岸，那么，小船不可能垂直河岸正达对岸．解:A、D、因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸．因此，AD选项错误．B、当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：t min==s=50s∴选项B正确．C、船以最短时间50s渡河时沿河岸的位移：x=v2t min=4×50m=200m，即到对岸时被冲下200m，∴选项C正确．故选：BC．5.如图所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A、B，A悬挂起来，B穿在一根竖直杆上，两物体均保持静止，不计绳与滑轮、B与竖直杆间的摩擦，已知绳与竖直杆间的夹角为θ，则物体A、B的质量之比m A：m B等于()A.cosθ：1B.1：cosθC.tanθ：1D.1：sinθ【答案】B【解析】试题分析：分别对物体A、B进行受力分析，并运用力的平行四边形定则可得绳子的拉力与各自重力的关系，从而确定物体A、B的质量之比．解:设绳子的拉力为T，隔离A分析有T=m A g①隔离B分析有m B g=T cosθ②由①②整合得故选：B四、多选题(本大题共2小题，共6.0分)6.如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则()A.弹簧秤的示数是30NB.弹簧秤的示数是26 NC.在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2【答案】BD【解析】试题分析：通过整体法求出加速度的大小，再隔离分析求出弹簧秤的拉力大小．撤去拉力的瞬间，弹簧秤的拉力不变，根据牛顿第二定律求出瞬时的加速度．解:AB、对整体运用牛顿第二定律得，，隔离对m1分析，有F1-F=m1a，则F=F1-m1a=30-2×2N=26N．故A错误，B正确．C、在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度不变，仍然为2m/s2．故C错误．D、在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小．故D正确．故选BD．7.利用传感器和计算机可以研究力的大小变化情况，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h．计算机显示该同学受到地面支持力F随时间变化的图象如图所示．根据图象提供的信息，以下判断正确的是()A.在0至t2时间内该同学处于失重状态B.在t2至t3时间内该同学处于超重状态C.t3时刻该同学的加速度为零D.在t3至t4时间内该同学处于静止状态【答案】AB【解析】试题分析：根据支持力和重力的大小关系，运用牛顿第二定律判断加速度的方向，从而判断出该同学所处的状态．解:A、在到t2时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态．故A正确．B、在t2到t3时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态．故B正确．C、t3时刻，支持力大于重力，合力不为零，加速度不为零．故C错误．D、根据牛顿第二定律得在t3到t4时间内，F在减小，加速度在减小，处于非平衡状态．故D错误．本题选错误的故选AB．五、单选题(本大题共2小题，共6.0分)8.一质量为m的物体，同时受几个力的作用而处于静止状态．某时刻其中一个力F突然变为，则经过t时刻，合力的功率的大小是()A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析：物体受到几个力的作用而处于静止状态时，合力为零，一个力F突然变为，则这几个力的合力大小为，方向与力F反向．根据功率概念，即可求解．解:由题意可知，当一个力F突然变为，则这几个力的合力大小为，方向与力F反向，所以由牛顿第二定律可知，加速度大小a=经过t时间，产生速度为v=at=，故选：B9.如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v1、v2的速度做逆时针转动时(v1＜v2)，绳中的拉力分别为F1、F2；若剪断细绳时，物体到达左端的时间分别为t1、t2，则下列说法正确的是()A.F1＜F2B.θ1＜θ2C.t1＞t2D.t1可能等于t2【答案】D【解析】试题分析：两种情况下木块均保持静止状态，对木快受力分析，根据共点力平衡条件可列式分析出绳子拉力大小关系；绳子断开后，对木块运动情况分析，可比较出运动时间．解:A、B、对木块受力分析，受重力G、支持力N、拉力T、滑动摩擦力f，如图由于滑动摩擦力与相对速度无关，两种情况下的受力情况完全相同，根据共点力平衡条件，必然有F1=F2，θ1=θ2．故A、B错误．CD、绳子断开后，木块受重力、支持力和向左的滑动摩擦力，重力和支持力平衡，合力等于摩擦力，水平向左加速时，根据牛顿第二定律，有μmg=ma解得a=μg故木块可能一直向左做匀加速直线运动；也可能先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动；由于v1＜v2，故①若两种情况下木块都是一直向左做匀加速直线运动，则t l等于t2②若传送带速度为v1时，木块先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动；传送带速度为v2时，木块一直向左做匀加速直线运动，则t1＞t2③两种情况下木块都是先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动，则t1＞t2．故D正确，C错误．故选D．10.如图所示，质量为m的小车在水平恒力F推动下，从山坡(粗糙)底部A处由静止起运动至高为h的坡顶B，获得速度为v，AB之间的水平距离为s，重力加速度为g．下列说法正确的是()A.小车克服重力所做的功是mghB.合外力对小车做的功是mv2C.推力对小车做的功是mv2+mghD.阻力对小车做的功是mv2+mgh-F s【答案】ABD【解析】试题分析：小车受四个力作用，根据功的计算公式可计算恒力的功，由动能定理计算变力的功(1)重力做功只与物体的初末位移的高度差有关，与其它因素没有关系，W G=mg△h；(2)推力是恒力，可以根据W=FL cosθ求解；(3)合外力对物体所做的功可根据动能定理求解；(4)摩擦阻力所做的功我们不好直接求解，但可以通过动能定理求得合外力所做的功，总共有三个力对物体做功，即推力和摩擦阻力还有重力对小车做功，这样就可以求得推力和摩擦阻力对小车做的解:A．W G=mg△h=mg(h A-h B)=-mgh，故小车克服重力所做的功是mgh，故A正确B、对小车从A运动到B的过程中运用动能定理得，W=mv2，故B正确C、由动能定理得：W推-mgh-W f=mv2，故mv2+W f+mgh，故C错误推D、由于推力为恒力，故W推=F s，结合C分析可得，阻力对小车做的功是W f=mv2+mgh-F s，故D正确故选ABD11.如图所示，两个质量相同的小球A和B，分别用线悬在等高的O1、O2两点，A球的悬线比B球的悬线长，把两球的悬线拉到水平后将小球无初速度的释放，则经过最低点时(以悬点为零势能点)，下列说法正确的是()A.A球的速度大于B球的速度B.悬线对A球的拉力大于对B球的拉力C.A球的向心加速度等于B球的向心加速度D.A球的机械能大于B球的机械能【答案】AC的机械能即可知道在最低点的机械能大小．根据动能定理mg L=，可比较出A、B两球的速度大小．根据动能定理或机械能守恒求出在最低点的速度，然后根据F-mg=m，得出拉力的大小，从而可以比较出两球摆线的拉力．解:A、根据动能定理mg L=，解得：v=所以A球的速度大于B球的速度，故A正确．B、在最低点，根据牛顿第二定律得：F-mg=m，得F=mg+m=3mg，与绳的长度无关．所以两绳拉力大小相等．故B错误．C、向心加速度a==2g，加速度相等，故C正确；D、A、B两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，初始位置的机械能相等，所以在最低点，两球的机械能相等．故D错误．故选AC．12.如图所示，长为l的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内作圆周运动，关于小球在过最高点时的速度v，下列叙述正确的是()A.v的最小值为B.v由零逐渐增大，向心力也逐渐增大C.v由值逐渐增大，杆对小球的弹力也逐渐增大D.v由值逐渐减小，杆对小球的弹力也逐渐减小【答案】BC【解析】试题分析：细杆拉着小球在竖直平面内做圆周运动，在最高点的最小速度为零，靠径向的合力提供向心力，杆子可以表现为支持力，也可以表现为拉力，根据牛顿第二定律判断杆子的作用力和速度的关系．解:A、细杆拉着小球在竖直平面内做圆周运动，在最高点的最小速度为零．故A错误．B、根据知，速度增大，向心力增大．故B正确．向C、当时，杆子的作用力为零，当时，杆子表现为拉力，速度增大，拉力增大．故C正确．D、当时，杆子表现为支持力，速度减小，支持力增大．故D错误．故选BC．七、单选题(本大题共5小题，共15.0分)A.“神舟”六号在圆形轨道上运行时的向心加速度比地球同步卫星小B.“神舟”六号在圆形轨道上运行时的速率比地球同步卫星小C.“神舟”六号在圆形轨道上运行时离地面的高度比地球同步卫星低D.“神舟”六号在圆形轨道上运行时的角速度比地球同步卫星小【答案】C【解析】试题分析：“神舟”六号飞船的周期比同步卫星短，先根据万有引力提供向心力，求出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，先比较出轨道半径的大小，然后再比较线速度、角速度、加速度的大小．解:C．根据得：T=，“神舟”六号飞船的周期比同步卫星短，所以，“神舟”六号飞船的半径比同步卫星小，故C正确；A．根据得：a=，“神舟”六号飞船的半径比同步卫星小，所以，“神舟”六号飞船的向心加速度比同步卫星大，故A错误；B．根据得：v=，“神舟”六号飞船的半径比同步卫星小，所以，“神舟”六号飞船的线速度比同步卫星大，故B错误；D．根据ω=知，“神舟”六号飞船的周期比同步卫星短，所以，“神舟”六号飞船的角速度比同步卫星大，故D错误．故选C．14.三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a、b两点处的场强大小分别为E a、E b，电势分别为ϕa、ϕb，则()A.E a＞E b，ϕa＞ϕbB.E a＜E b，ϕa＜ϕbC.E a＞E b，ϕa＜ϕbD.E a＜E b，ϕa＞ϕb【答案】C【解析】试题分析：电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，沿电场线电势降低，据此可正确解答本题．解:电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，故E a＞E b；根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，可知φa＜φb，故ABD错误，C正确．故选C．15.一正电荷在电场中仅受电场力作用，从A点运动到B点，速度随时间变化的图象如A.A处的场强一定小于B处的场强B.A处的电势一定低于B处的电势C.电荷在A处的电势能一定大于在B处的电势能D.从A到B的过程中，电场力对电荷做正功【答案】B【解析】试题分析：由速度图象看出，质点做加速度减小的减速运动，可知，电场力减小，场强减小，由能量守恒定律分析电势能的变化，由动能定理分析电场力做功情况．解:A、v-t图象的斜率等于加速度，由v-t图象看出，质点做加速度减小的减速运动，而质点在电场中仅受电场力作用，则知电场力减小，由电场力F=q E知，电场强度E减小，即有A处的场强一定大于B处的场强．故A错误．B、C质点做减速运动，其动能减小，根据能量守恒可知，其电势能增大，即电荷在A 处的电势能一定小于在B处的电势能，根据推论：正电荷在电势高处电势能大，可知A 处的电势一定低于B处的电势．故B正确，C错误．D、质点的动能减小，由动能定理得知，电场力一定对电荷做负功．故D错误．故选B16.如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则()A.a一定带正电，b一定带负电B.a的速度将减小，b的速度将增加C.a的加速度将减小，b的加速度将增加D.两个粒子的动能，一个增加一个减小【答案】C【解析】试题分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．解:A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；BD、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．故选C．17.如图所示，M、N为两个固定的等量同种正电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的负电荷(重力不计)，下列说法中正确的是()A.从P到O，一定加速度越来越小，速度越来越大B.从P到O，可能加速度先变大，再变小，速度越来越大C.越过O点后，加速度一直变大，速度一直变小D.越过O点后，加速度一直变小，速度一直变小【答案】B【解析】试题分析：M、N为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定．解:A、B在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断，但可能是加速度先变大后变小．故A错误，B正确．C、越过O点后，负电荷q做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大．电场力为零，加速度为零．根据电场线的对称性可知，越过O点后，负电荷q做减速运动，加速度的变化情况：先增大后减小，故CD错误．故选B八、多选题(本大题共1小题，共3.0分)18.如图所示，带正电的粒子以一定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为L，平行板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子通过平行板的时间为t，则(不计粒子的重力)()A.在前时间内，电场力对粒子做的功为B.在后时间内，电场力对粒子做的功为C.在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：2D.在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：1【答案】试题分析：根据类平抛规律可知，带电粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，则满足初速度为零的匀加速直线运动=1：3：5的结论，然后根据W=q EL求功(其中L是竖直方向的位移大小)即可．解:A、根据类平抛运动规律可知，竖直方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，根据结论=1：3：5可知，前时间内，电场力做功为W=q E，又U=q E d，解得W=，A错误．B、有上分析：=1：3知，在后内下落位移占，所以电场力做功为W=q E==，B正确．C、根据W=q E l可得，在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：1，故C 错误．D、由W=q EL=q E得，在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：1，故D正确．故选BD．九、填空题(本大题共2小题，共12.0分)19.“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．(1)图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是．(2)在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：(选填“变”或“不变”)．(3)本实验采用的科学方法是．A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．【答案】(1)F′;(2)不变;(3)B【解析】试题分析：在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答；本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用；(1)实验中F是由平行四边形得出的，而F′是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实验过程不可避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差．(2)如果将细线也换成橡皮筋，只要将结点拉到相同的位置，实验结果不会发生变化．(3)本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法．故答案为：F′，不变，B20.在“验证机械能守恒定律”的实验中：(1)某同学用图1所示装置进行实验，得到图2所示的纸带，测出点A、C间的距离为14.77cm，点C、E间的距离为16.33cm，已知当地重力加速度为9.8m/s2，打点计时器所用交流电源的频率为50H z，重锤的质量为m=1.0kg，则C点对应的速度是m/s(保留三位有效数字)，重锤在下落过程中受到的平均阻力大小F f= N．(2)另一同学上交的实验报告显示重锤增加的动能略大于重锤减少的重力势能，则出现这一问题的原因可能是(填序号)．A．重锤的质量测量错误B．该同学自编了实验数据C．交流电源的实际频率不等于50H zD．重锤下落时受到的阻力过大．【答案】(1)3.89;0.05;(2)BC【解析】试题分析：①纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用中点时刻的即时速度等于该段上的平均速度，可以求出b点的速度；利用匀变速直线运动的推论△x=a T2，可以求出重锤下落的加速度大小，根据牛顿第二定律mg-f=ma可以求出重锤下落过程受到的空气阻力大小；②该实验的系统误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在，偶然误差来着数据的测量．解:①B点的即时速度等于AC段的平均速度，即：m/s；利用匀变速直线运动的推论△x=a T2求出物体下落的加速度为：m/s2根据牛顿第二定律可以得到mg-f=ma，所以有：f=mg-ma=m(g-a)=1×(9.8-9.75)N=0.05N故答案为：0.05N．②实验报告显示重锤增加的动能略大于重锤减少的重力势能，说明测量的物体的速度偏大或者是物体的重力势能偏小，A、由重锤下落过程中可知，重锤的质量与实验的数据无关，所以重锤的质量测量错误不会影响实验的数据，故A错误；B、该同学若自编了实验数据，可能导致重锤增加的动能略大于重锤减少的重力势能，故B正确；C、交流电源的频率不等于50H Z．此时点之间的时间间隔不是0.02s，所以此时的测量的速度可能会大于真实的数值，导致重锤增加的动能略大于重锤减少的重力势能，故C 正确；D、重锤下落时受到的阻力过大，会使物体的速度减小，不会使物体的动能变大，故D 错误；故选BC．故答案为：3.89m/s，0.05N，BC十、计算题(本大题共3小题，共34.0分)21.如图所示，轨道ABC被竖直地固定在水平桌面上，A距离水平地面高H=0.75m，C 距离水平地面高h=0.45m．一质量m=0.10kg的小物块自A点从静止开始下滑，从C点以水平速度飞出后落在水平地面上的D点．现测得C、D两点的水平距离为l=0.60m．不计空气阻力，取g=10m/s2．求：(1)小物块从C点飞出时速度的大小；(2)小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功．【答案】解:(1)小物块从C水平飞出后做平抛运动，由h=gt2得小物块从C到D运动的时间t==0.3s从C点飞出时速度的大小v==2.0m/s(2)小物块从A运动到C的过程中，根据动能定理得mg(H-h)+W f=mv2-0W f=mv2-mg(H-h)=-0.1J此过程中克服摩擦力做的功W f′=-W f=0.1J．答：(1)小物块从C点飞出时速度的大小为2.0m/s；(2)小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功为0.1J．【解析】(1)滑块从C点飞出后做平抛运动，由高度和水平距离可求出平抛运动的初速度，即求得从C点飞出时的速度大小；(2)沿圆弧轨道下滑过程中重力和摩擦力做功，根据动能定理求解滑块克服摩擦力所做的功．22.如图，一质量m=1×10-6kg，带电量q=-2×10-8C的微粒以初速度v0竖直向上从A 点射入一水平向右的匀强电场，当微粒运动到比A高2cm的B点时速度大小也是v0，但方向水平，且AB两点的连线与水平方向的夹角为45°，g取10m/s2，求：(1)AB两点间的电势差U AB；(2)匀强电场的场强E的大小．【答案】解:(1)根据动能定理得q U AB-mgh=得到=V=-10V(2)将微粒的运动分解为水平和竖直两个方向：水平方向做匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动．设A、B沿电场线方向的距离为d．则有竖直方向：h=，水平方向：d=得到d=h=0.02m所以匀强电场的场强E的大小E==答：(1)AB两点间的电势差U AB=-10V．(2)匀强电场的场强E的大小是500V/m．【解析】(1)微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用，根据动能定理求出AB两点间的电势差U AB；(2)将微粒的运动分解为水平和竖直两个方向：水平方向做匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动，两个分运动时间相同．运用平均速度列出两个方向的位移，求出A、B沿。
2013高考物理模拟考场(三)(Word有详解答案)
2013高三物理高考模拟考场(三)本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题 共35分)一、选择题(共7小题，每小题5分，共35分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．在水平推力(F )作用下，一辆质量为M 、倾角为α的小车从静止开始沿水平地面运动，车上有一个质量为m 的滑块，其受力及相应的合力(∑F )如图所示，不计一切摩擦，A 、B 、C 、D 四个选项中不可能实现的是( )2．P 、Q 两电荷的电场线分布如图所示，c 、d 为电场中的两点．一个离子从a 运动到b (不计重力)，轨迹如图所示．则下列判断正确的是( )A ．Q 带正电B ．c 点电势低于d 点电势C ．离子在运动过程中受到P 的吸引D ．离子从a 到b ，电场力做正功3．某变压器原、副线圈匝数比为55 ∶9，原线圈所接电源电压按图所示规律变化，副线圈接有负载．下列判断正确的是( )A ．输出电压的最大值为36VB ．原、副线圈中电流之比为55 ∶9C ．变压器输入、输出功率之比为55 ∶9D ．交流电源有效值为220V ，频率为50Hz4．“探路者”号宇宙飞船在宇宙深处飞行过程中，发现A 、B 两颗均匀球形天体，两天体各有一颗靠近其表面飞行的卫星，测得两颗卫星的周期相等，以下判断正确的是( )A ．天体A 、B 的质量一定不相等 B ．两颗卫星的线速度一定相等C ．天体A 、B 表面的重力加速度之比等于它们的半径之比D ．天体A 、B 的密度一定相等5．如图甲所示，两物体A 、B 叠放在光滑水平面上，对物体A 施加一水平力F ，F －t 关系图象如图乙所示．两物体在力F 作用下由静止开始运动，且始终相对静止，则( )A ．A 对B 的摩擦力方向始终与力F 的方向相同B ．2～3s 时间内两物体间的摩擦力逐渐减小C ．两物体做匀变速直线运动D ．两物体沿直线做往复运动6．如图所示，一质量为m 的汽车在倾角为30°的斜面上自A 点匀加速下滑，其运动的加速度为g /4，如果汽车在斜面上下滑的最大高度为h ，则在下滑过程中( )A ．重力势能减小了14mghB ．机械能损失了12mgh C ．动能增加了12mgh D ．重力势能减小了mgh 7．如图所示，在坐标系xOy 中，有边长为a 的正方形金属线框abcd ，其一条对角线ac 和y 轴重合、顶点a 位于坐标原点O 处．在y 轴的右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab 边刚好完全重合，左边界与y 轴重合，右边界与y 轴平行，t ＝0时刻，线圈以恒定的速度v 沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a →b →c →d →a 的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i 随时间t 变化的图线是下图中的( )第Ⅱ卷(非选择题 共65分)二、实验题(共12分)8．(Ⅰ)某同学在做“验证机械能守恒定律”的实验时，采用如图所示的装置，进行了如下一些操作：A ．用天平称出重物的质量B ．使用计时器打点时，先放开纸带，后接通电源C ．从打上点的纸带中挑出点迹清晰的纸带进行测量D ．用所选纸带求打某点时对应的重物下落的速度v ，用v ＝gt 计算，其中t 为从打第1点到打该点的时间间隔，g 为当地的重力加速度该同学的以上说法正确的是________(填序号)．(Ⅱ)关于做“测电源电动势和内电阻”的实验(1)有同学按图(a)电路进行连接，他用到的6根导线是aa ′、bb ′、cc ′、dd ′、d ′e 和bf ，由于其中混进了一根内部断开的导线，所以当他按下开关后，发现两个电表的指针均不偏转，他用多用表的电压挡测量bc ′间的电压，读数约为1.5V(已知电源电动势约为1.5V)，根据上述现象可推得，这6根导线中可能哪几根内部是断开的？答：________.(写导线编号)为了确定哪一根导线的内部是断开的，他至少还要用多用电表的电压挡再测量几次？答：________次．(2)排除故障后，该同学通过改变滑动变阻器的电阻，测得了6组U 、I 的数据，根据第1、2、3、4、5和6组的数据，他在U －I 图上标出了这些数据点，并且按照这些数据点的分布绘制了相应的U －I 图线如图(b)所示，由这一图线 ，可求得电源的电动势E 为________V ，内电阻r 为________Ω.如果他不利用这一图线，而是利用任意两组U 、I数据，那么当他选择哪两组数据时求出的E 、r 值误差最大？答：________.(写数据编号)三、计算题(共5小题，其中2题为必考题，3题为选考题.3题选考题中可选做2题，必做题中9题16分，10题19分，选考题每小题9分，共53分)9．如图所示是放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四部分粗细均匀的金属杆组成：水平直轨AB ，半径分别为R 1＝1.0m 和R 2＝3.0m 的圆弧轨道，长为L ＝6m 的倾斜直轨CD ，AB 、CD 与两圆弧轨道相切，其中倾斜直轨CD 部分表面粗糙，动摩擦因数为μ＝16，其余各部分表面光滑．一质量为m ＝2kg 的滑环(套在滑轨上)，从AB 的中点E 处以v 0＝10m/s 的初速度水平向右运动．已知θ＝37°，g 取10m/s 2.求：(1)滑环第一次通过圆弧轨道O 2的最低点F 处时对轨道的压力；(2)滑环通过圆弧轨道O 1最高点A 的次数；(3)滑环克服摩擦力做功所通过的总路程．10．如图所示为研究带电粒子在磁场中偏转问题的实验装置：M、N是竖直放置的两正对着的平行金属板，S1、S2是板上两个正对的小孔，其中N板的右侧有一个在竖直面内，以O为圆心的圆形区域；该区域内存在垂直圆面向外的匀强磁场，另有一个同样以O为圆心的半圆形荧光屏AO′C.已知S1、S2、O和荧光屏的中间位置O′在同一直线上，且AC ⊥S1O′.当在M、N板间加恒定电压U时，一带正电离子在S1处由静止开始加速向S2孔运动，最后打在图示的荧光屏上的P处，∠COP＝30°.若要让上述带正电离子(不计重力)仍在S1处由静止开始加速，最后打在图示的荧光屏下边缘C处，求M、N板间所加电压的大小U′.11．[物理3－3](1)下列说法中正确的是________．A．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B．一定质量的理想气体，如果保持其压强不变，当温度升高时，其内能一定增加C．凡是不违背能量守恒定律的实验构想，都是能够实现的D．能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性(2)内壁光滑的导热气缸竖直浸放在冰水混合物的水槽中，用不计质量的活塞封住压强为p0＝1.0×105Pa、体积V0＝2.0×10－3m3的理想气体．现在活塞上方缓慢倒上沙子，使封闭气体的体积变为原来的一半，然后将气缸移出水槽，缓慢加热，使气体的温度变为127℃.求气缸内气体的最终体积和压强．12．[物理3－4](1)有关波动和相对论的叙述正确的是________．A．单摆的摆球振动到平衡位置时，所受的合外力为零B．光速不变原理是：真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的C．两列波相叠加产生干涉现象，则振动加强区域与减弱区域交替变化D．弹簧振子的位移随时间变化的表达式是x＝sin2πt，则在0.3～0.4s的时间内，振子的速率在增大(2)如图所示，直角玻璃三棱镜置于空气中，已知∠A＝60°，∠C＝90°，一束极细的光于AC的中点D垂直AC面入射，AD＝a，棱镜的折射率为n＝2，求：①光从棱镜第一次射入空气时的折射角；②光从进入棱镜到它第一次射入空气所经历的时间．(设光在真空中的传播速度为c)13．[物理3－5](1)在下列四个方程中，X1、X2、X3、X4各代表某种粒子：①92235U＋01n→3895Sr＋54138Xe＋3X1②12H＋X2→23He＋01n③92238U→ 90234Th＋X3④1224Mg＋24He→1327Al＋X4则以下判断正确的是________．A．X1是中子B．X2是质子C．X3是α粒子D．X4是氘核(2)如图所示，两块厚度相同的木块A 、B ，紧靠着放在光滑的桌面上，其质量分别为2.0kg 、0.90kg ，它们的下表面光滑，上表面粗糙，另有质量为0.10kg 的铅块C (大小可以忽略)以10m/s 的速度恰好水平地滑到A 的上表面，由于摩擦，铅块C 最后停在木块B 上，此时B 、C 的共同速度v ＝0.5m/s.求木块A 的最终速度和铅块C 刚滑到B 上时的速度．1[答案] D[解析] 若小车和滑块恰好能相对静止，一起运动时，滑块所受合力水平向左，A 项可能；若滑块相对小车向上滑动时，从地面上看，滑块向左上方加速运动，则滑块所受合力向左上方，B 项可能；同理，若滑块相对小车向下滑动时，滑块所受合力向左下方，但合力方向不能平行斜面向下，C 项可能，D 项不可能．2[答案] C[解析] 根据电场线从正电荷出发到负电荷终止可知，P 带正电荷，Q 带负电荷，选项A 错误；由顺着电场线方向电势逐渐降低可知，c 点电势高于d 点电势，选项B 错误；由离子从a 运动到b 的轨迹弯曲方向可知，离子在运动过程中受到P 的吸引，选项C 正确；离子从a 到b ，电场力做负功，选项D 错误．3[答案] D[解析] 由交流电图象可知，交流电源有效值为220V ，频率f ＝1T＝50Hz ；根据理想变压器的基本关系式，A 、B 、C 均不正确，答案为D.4[答案] CD[解析] 假设某行星有卫星绕其表面旋转， 万有引力提供向心力，可得G Mm R 2＝m 4π2T 2R ，那么该行星的平均密度为ρ＝M V ＝M 43πR 3＝3πGT 2，卫星的环绕速度v ＝GM R ，表面的重力加速度g ＝G M R 2＝G ·4ρπR 3，所以正确答案是C 、D. 5[答案] A[解析] 因两物体A 、B 始终相对静止，则A 对B 的摩擦力方向始终与力F 的方向相同；2～3s 时间内，力F 的大小逐渐增大，则两物体间的摩擦力逐渐增大；因为F 周期性变化，则两物体做变加速直线运动，且一直向同一方向运动，故选项A 正确．6[答案] BCD[解析] 由牛顿运动定律有mg sin30°－F f ＝ma ＝m g4，则汽车在下滑过程中受到的摩擦力为mg 4，摩擦力做功为W f ＝－mg 4×2h ＝－12mgh ，由功能关系知，机械能损失了12mgh .重力做功为mgh ，则重力势能减小了mgh ，再由动能定理知，动能增加了12mgh . 7[答案] A[解析] 在d 点运动到O 点过程中，ab 边切割磁感线，根据右手定则可以确定线框中电流方向为逆时针方向，即正方向，D 错误；t ＝0时刻，ab 边切割磁感线的有效长度最大，然后逐渐减小，故感应电动势和感应电流逐渐减小，C 错误；当cd 边与磁场边界重合后继续运动，cd 边切割磁感线，根据右手定则可知线框中电流方向为顺时针方向，即负方向，B 错误，A 正确．8[答案] (Ⅰ)C (Ⅱ)(1)bb ′、cc ′ 2 (2)1.45(或1.46、1.44) 0.5(或0.51、0.49) 2、3[解析] (Ⅰ)该实验是利用自由落体运动验证机械能守恒，即mgh ＝12mv 2，只需验证gh ＝12v 2，不需要测量物体的质量，A 错误；由打点计时器的使用方法可知应该先接通电源再放开纸带，B 错误；计算速度时应利用纸带，根据平均速度计算某点的瞬时速度，D 错误．(Ⅱ)(1)由电压表读数约为1.5V ，可知，bb ′、cc ′内部可能断开；(2)由U －I 图象易知电源的电动势E ＝1.45V ；内电阻r ＝ΔU ΔI ＝1.45－0.71.5Ω＝0.5Ω；由图象知，当他选择2、3两组数据时求出的E 、r 值误差最大．3[解析] (1)滑环从E 点滑到F 点的过程中，根据机械能守恒得：12mv 02＋mg ·2R 2＝12mv F 2①在F 点对滑环分析受力，得F N －mg ＝m v F 2R 2② 由①②式得：F N ＝5003N 根据牛顿第三定律得滑环第一次通过圆弧轨道O 2的最低点F 处时对轨道的压力为5003N. (2)由几何关系可得倾斜直轨CD 的倾角为37°，每通过一次克服摩擦力做功为：W 克＝μmgL cos θ，得W 克＝16J Ek 0＝12mv 02 由题意可知n ＝Ek 0W 克＝6.25，取6次． (3)由题意可得：滑环最终只能在圆弧轨道O 2的D 点下方来回运动，即到达D 点速度为零，由能量守恒得：12mv 02＋mgR 2(1＋cos θ)＝μmgs cos θ 解得：滑环克服摩擦力做功所通过的路程s ＝78m.10[答案] U 3[解析] 设离子的质量为m ，电荷量为q ，磁场的磁感应强度为B ，所在区域的半径为R ，离子加速后获得的速度为v .当电压为U 时，由动能定理有qU ＝12mv 2① 在磁场中，离子做匀速圆周运动(见右图)由牛顿定律可知qvB ＝mv 2/r ②由①②式得U ＝r 2B 2q /(2m )③其中r ＝R tan60°＝3R ④当电压为U ′时，离子打在C 处，同理有U ′＝r ′2B 2q /(2m )⑤其中r ′＝R ⑥由③④⑤⑥可解得U ′＝U /3.11[答案] (1)ABD (2)2×105Pa 1.5×10－3m 3[解析] (1)第二类永动机就是典型的不违背能量守恒思想的理想模型，由于违反热力学第二定律，故不可能制成．C 项是错误的．(2)气体先做等温变化，由玻意耳定律得 p 0V 0＝p V 02解得压强p ＝2.0×105Pa 之后，气体做等压变化，由盖·吕萨克定律得V 02T 0＝V T解得最终体积V ＝TV 02T 0＝4002×273×2.0×10－3m 3＝1.5×10－3m 3.3c[解析] (1)单摆摆到平衡位置时做圆周运动，合力不为零，选项A 错误；根据狭义相对论的两个假设，选项B 正确；根据波的叠加原理，振动加强区域与振动减弱区域相互间隔，且加强区域始终加强，减弱区域始终减弱，选项C 错误；根据振动方程质点在0.3～0.4s 的时间内向平衡位置运动，所以速率增大，选项D 正确．(2)①如图所示，i 1＝60°，设玻璃对空气的临界角为C ，则sin C ＝1n ＝12，C ＝45° i 1>45，发生全反射． i 2＝i 1－30°＝30°<C ，由折射定律有：sin γsin i 2＝2，所以γ＝45° ②棱镜中光速v ＝c n ＝c 2 所求时间t ＝3a v ＋a v cos30°＝52a 3c13[答案] (1)AC (2)0.25m/s 2.75m/s[解析] (1)原子核反应前后，原子核的质量数守恒、核电荷数守恒，这是判断原子核反应方程正确与错误的基本原则．同时还必须注意，对一些常见粒子的符号，如氢核、中子、氦核、电子等必须熟记．(2)使木块一起向右运动，铅块C 刚离开A 时的速度设为v ′C ，A 和B 的共同速度为v A ，在铅块滑过A 的过程中，A 、B 、C 所组成的系统动量守恒，有m C v 0＝(m A ＋m B )v A ＋m C v ′C ，在铅块C 滑上B 后，由于B 继续加速，所以A 、B 分离，A 以v A 匀速运动，在铅块C 在B 上滑行的过程中，B 、C 组成的系统动量守恒，有：m B v A ＋m C v ′C ＝(m B ＋m C )v ，代入数据解得：v A ＝0.25m/s ，v ′C ＝2.75m/s.。
【首发】广东省广州市2013届高三调研测试物理试题Word版含答案
试卷类型：A广州市2013届高三年级调研测试物理2013.01本试卷共14页，共36小题，满分300分。
考试用时150分钟。
注意事项：1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上，并用2B 铅笔在答题卡上的相应位置填涂考生号。
用2B 铅笔将试卷类型（A ）填涂在答题卡相应位置上。
2. 选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3. 非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4. 考生必须保持答题卡的整洁。
考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
5. 本卷用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 S-32 Cl-35.5一、单项选择题：本题包括16小题，每小题4分，共64分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
多选、错选均不得分。
13．两球在水平面上相向运动，发生正碰后都变为静止。
可以肯定的是，碰前两球的A ．质量相等B ．动能相等C ．动量大小相等D ．速度大小相等14．质量为m A 和m B 的小球与劲度系数均为k 的轻弹簧L 1和L 2连接如图，静止时，两弹簧伸长量分别为x 1和x 2，则 A ．只要m A =m B ，有x 1=x 2 B ．只要m A ＞m B ，有x 1＜x 2 C ．只要m A ＜m B ，有x 1＜x 2D ．只要不超出弹性限度，始终有x 1＞x 215．如图，将一正电荷从电场线上的a 点移到b 点，电势V 10=a ϕ、V 5=b ϕ。
下列判断正确的是A ．该电场是匀强电场B ．电场线方向由a 指向bC ．a 点场强大于b 点场强D ．正电荷的电势能增加16．如图所示，与轻绳相连的物体A 和B 跨过定滑轮，质量m A ＜m B ，A 由静止释放，不计绳与滑轮间的摩擦，则A 向上运动过程中，轻绳拉力 A ．T =m A g B ．T ＞m A g C ．T =m B g D ．T ＞m B g二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。
2013高考理综模拟考试试题试卷3
2013高考模拟试题(三)理科综合本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷均为必考题，第Ⅱ卷包括必考和选考两个部分。
共300分，考试时间150分钟。
可能用到的相对原子质量：H l C 12 N 14 O l6 Na 23 Mg 24 Fe56 Cu 64第Ⅰ卷(必考题，选择题，共126分)一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
每小题的四个选项中只有一个符合要求。
1.下列有关细胞衰老和凋亡的叙述,错误的是 A ．效应T 细胞使靶细胞裂解属于细胞凋亡 B .细胞凋亡是不受环境影响的细胞编程性死亡 C ．衰老细胞内染色质固缩影响DNA 的复制 D.幼龄动物体内也有细胞的衰老和凋亡 2.下列的叙述中不正确的是A 、在血糖平衡的调节中，有关的器官有肝脏、肾上腺、胰腺等B 、在人体膝跳反射中，兴奋在神经纤维上的传导是双向的C 、在人体内甲状腺激素的受体比促甲状腺激素的受体分布广泛D 、与水盐平衡调节相关的结构有下丘脑、大脑皮层、肾小管等3．将大豆幼苗水平放置，由于重力影响生长素的分布，根和茎分别表现出向地性和背地性，下图是根和茎对不同浓度生长素的反应曲线，相关叙述正确的是A. C,D 两点可分别表示根的近地侧和远地侧生长情况 B ．A 点对应的浓度下，相应器官生长速度比B 点慢 C ．与C 点相比，D 点有更多的生长素直接参与代谢D ．AB 两点的效果，说明生长素具有两重性4. 下列有关生物多样性和进化的叙述中，不正确的是 A. 生物的多样性包括基因、物种和生态系统的多样性B ．自然选择能定向改变种群的基因频率，决定生物进化的方向C. 细菌在接触青霉素后会产生抗药性的突变个体，青霉素的选择作用使其生存D. 丝兰蛾细长的吸管式口器与丝兰的细长花矩是它们长期共同进化形成的相互适应特征 5. 取经过编号的5支试管分别加入2ml 浓度为0.5mol/L 的过氧化氢溶液，进行如下实验，根据实验内容，下列说法正确的是B.1号和3号对照不能说明酶有专一性C.各组实验都不能体现酶的活性与温度之间的关系D.3号和5号对照可以说明酶的活性受ph 的影响 6．下图中，两条虚线之间的部分表示生态系统功能正常的作用范围。
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2013高三物理培优（3）
21．如图所示，质量为M的长滑块静止在光滑水平地面上，左端固定劲度系数为k且足够长的轻质弹簧，右侧用一不可伸长的细绳连接于竖直墙上，细绳所能承受的最大拉力为T，使一质量为m、初速度为的小物体，在滑块上无摩擦地向左滑动而后压缩
弹簧．弹簧的弹性势能表达式为（k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量）
（1）给出细绳被拉断的条件；
（2）滑块在细绳拉断后被加速的过程中，所能获得的最大向左的加速度为多大？
（3）物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是什么？
22．如图所示，质量为m A=4.0kg的木板A放在水平面C上，木板与水平面间的动摩擦因数为μ=0.24，木板最右端放着质量为m B=1.0kg的小物块（视为质点），它们均处于静止状态，木板突然受到水平向右的12N•s的瞬时冲量I作用开始运动，当小物块离开木板时，木板的动能为8.0J,小物块的动能为0.5J（g=10m/s2）求：
(1)瞬时冲量作用结束时木板的速度为多少？
(2)木板的长度时多少？
23．柴油打桩机的重锤由气缸、活塞等若干部件组成，气缸与活塞间有柴油与空气的混合物。
在重锤与桩碰撞的过程中，通过压缩使混合物燃烧，产生高温高压气体，从而使桩向下运动，锤向上运动。
现把柴油打桩机和打桩过程简化如下：柴油打桩机重锤的质量为m，锤在桩帽以上高度为h处（如图1）从静止开始沿竖直轨道自由落下，打在质量为M（包括桩帽）的钢筋混凝土桩子上。
同时，柴油燃烧，产生猛烈推力，锤和桩分离，这一过程的时间极短。
随后，桩在泥土中向下移动一距离l。
已知锤反跳后到达最高点时，锤与已停下的桩幅之间的距离也为h（如图2）。
已知m＝1.0×103kg，M＝2.0×103kg，h＝2.0m，l＝0.20m，重力加速度g＝10m/s2，混合物的质量不计。
设桩向下移动的过程中泥土对桩的作用力F是恒力，求此力的大小。
24．在竖直面内有一光滑水平直轨道和一光滑半圆形轨道，二者在半圆的一个端点B相切，如图所示，半圆形轨道的另一端点为C，半径为R．在直轨道上距离B为x的A点，有一可看作质点的质量为m的小球处于静止状态．现用水平恒力将小球推到B 处后撤去恒力，小球沿半圆轨道运动到C处后又落到水平面上．求：
(1)若小球正好落到出发点A处，在这种情况下：
①用x和给出的已知最来表达推力对小球所做的功；
②x取何值时，水平恒力做功最小？最小值为多少？
③x取何值时，所用水平恒力最小？最小值为多少？
(2)在任意情况下，x取任意值，求小球在B处和C处对轨道的压力大小之差．
25．如图所示，坡道顶端距水平面高度为h，质量为m1的小物块A从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损失，为使A制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M处的墙上，一端与质量为m2的档板B相连，弹簧处于原长时，B恰位于滑道的末端O点．A与B碰撞时间极短，碰后结合在一起共同压缩弹簧，已知在OM段A、B与水平面间的动摩擦因数均为μ，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g，求：
(1)物块A在与挡板B碰撞前瞬间速度v的大小；
(2)弹簧最大压缩量为d时的弹性势能E p（设弹簧处于原长时弹性势能为零）。
26．如图所示，轻且不可伸长的细绳悬挂一质量为0.5 kg的小圆球，圆球又套在可沿水平方向移动的框架槽内，框架槽沿铅直方向，质量为0.2 kg.自细绳静止于铅直位置开始，框架在水平力F=20 N恒力作用下移至图中位置，此时细绳与竖直方向夹角．绳长0. 2 m，不计一切摩擦．
求：（1）此过程中重力对小圆球做功为多少？
（2）外力F做功为多大？
（3）小圆球在此位置的瞬时速度大小是多少．（取B ）
27．如图，长为R的轻绳，上端固定在O点，下端连一个小球．小球接近地面，处于静止状态．现给小球一沿水平方向的初速
度，小球开始做圆周运动．设小球到达最高点时绳突然断开，已知小球最后落在离小球最初位置3R的地面上．求小球的初速度，重力加速度为g．
28．如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆平板车，在车上的左端放一木块B．车左边紧邻一个固定在竖直面内、半径为R
的圆弧形光滑轨道，已知轨道底端的切线水平，且高度与车表面相平．现有另一木块A（木块A、B均可视为质点）从圆弧轨道的顶端由静止释放，然后滑行到车上与B发生碰撞．两木块碰撞后立即粘在一起在平板车上滑行，并与固定在平板车上的水平轻质弹簧作用后被弹回，最后两木块刚好回到车的最左端与车保持相对静止．已知木块A的质量为m，木块B的质量为2m，车的质量为3m，重力加速度为g，设木块A、B碰撞的时间极短可以忽略．求：
（1）木块A、B碰撞后的瞬间两木块共同运动速度的大小．
（2）木块A、B在车上滑行的整个过程中，木块和车组成的系统损失的机械能．
（3）弹簧在压缩过程中所具有的最大弹性势能．
2013高三物理培优（3）参考答案
21．解析：（1）设弹簧压缩x有
，故
（2）绳被拉断时，小物体速度为v，有，
得
当弹簧压缩最短时，滑块有向左的最大加速度，有
故
（3）设离开时滑块速度为有，故。
22．解析：(1)以A由静止到获得初速度为研究过程，由动量定理可知
I= mv0带入数据得到：v0=3m/s ①
(2)对A获得速度到B从A的左端掉下来为研究过程，其运动过程如图所示，设A运动的时间为t，运动的位移为S a，B运动的位移为S b，B对A，C对A，A对B的摩擦力分别为f BA，f CA，f AB，由动量定理可得：
对A：-（f BA+f CA）t=m A v A-m A v0 ②
对B：f AB t=m B v B ③
由动能定理可知对A：-（f BA+f CA）S a=m A v A 2/2-m A v02/2④
对B：f AB S b=m B v B2/2⑤
由牛顿第三定律可知，A对B的摩擦力和B对A的摩擦力大小相等
f AB= f BA ⑥
f CA=μ（m A+m B）
g ⑦
L=S a-S b⑧
由①②③④⑤⑥⑦⑧联立可解得：L=0.5m
答案：（1）v0=3m/s；（2）L=0.5m
点评：本题考查动量定理和动能定理相结合的知识点，对此题注重过程的分析，画出运动过程图，再做此题就一目了然。
23．解析：锤自由下落，碰桩前速度v1向下，①
碰后，已知锤上升高度为（h－l），故刚碰后向上的速度为②
设碰后桩的速度为V，方向向下，由动量守恒，③
桩下降的过程中，根据功能关系，④
由①、②、③、④式得⑤
代入数值，得N
答案：N
点评：此题属于打击中的动量守恒，在离开桩后，锤的机械能守恒。
分析题意，浓缩成物理模型，再利用动能定理和动量守恒定律相结合求解结果。
24．解析：(1)若正好落到出发点A处，则小球由C到A做平抛运动．
①设小球在C处的速度为，由运动学知识知：在水平方向上有
在竖直方向上有，联立解得
对小球从A到C由动能定理得
解得．
②当有最小值时，小球恰能到达C处（设此时小球的速度为），此时小球在C处只受重力作用，则，又因为小球仍能落到A处，所以，即有，，
③由功的定义式，得
所以，由于和积是常量，所以当时，，此时F有最小值。
最小值为
(2)在小球在B处时，受到重力和轨道向上的支持力，由牛顿第二定律得
当小球在C处时，受到重力mg和轨道向下的压力，由牛顿第二定律得
从B到c由机械能守恒得
三式联立得.
25．解析：(1)由机械能守恒定律，有
解得v＝
(2)A、B在碰撞过程中内力远大于外力，由动量守恒，有
碰后A、B一起压缩弹簧，）到弹簧最大压缩量为d时，A、B克服摩擦力所做的功
由能量守恒定律，有
解得：
答案：（1）；（2）
26．求：（1）此过程中重力对小圆球做功为多少？
（2）外力F做功为多大？
（3）小圆球在此位置的瞬时速度大小是多少．（取B ）
解析：（1）小球重力所做功为J
（2）外力F做功为
（3）将小球和框架槽看作一个系统，则由系统动能定理得
其中为小球的质量和小球此时的速度，为框架槽的质量和此时的速度．由运动的分解得
代入上述方程得
最后得。
27．
解析：设小球质量为m，小球到达最高点时速度为v，由机械能守恒定律，得
绳子断开后，小球做平抛运动，经时间t到达地面，则
，则，得。
28．解析：（1）设木块A到达圆弧底端时的速度为，对木块A沿圆弧下滑的过程，根据机械能守恒定律，有，在A、B碰撞过程中，两木块组成系统动量守恒，设碰撞后的共同速度大小为，则
解得
（2）A、B在车上滑行的过程中，A、B及车组成的系统动量守恒．A、B滑到车的最左端时与车具有共同的速度，设此时速度大小为v，根据动量守恒定律，有
A、B在车上滑行的整个过程中系统损失的机械能为
（3）设当弹簧被压缩至最短时，木块与车有相同的速度，弹簧具有最大的弹性势能E，根据动量守恒定律有
，所以
设木块与车面摩擦力为f，在车上滑行距离为L，对于从A、B一起运动到将弹簧压缩至最短的过程由能量守恒有
对于从弹簧被压缩至最短到木块滑到车的左端的过程有
解得。