高考物理总复习 优编增分练：选考题考点排查练9 2018年(选考34题考点排查练
高考物理总复习 优编增分练：实验题考点排查练13 2018年(全国Ⅲ卷)实验题考点排查练
2018年(全国Ⅲ卷)实验题考点排查练22．某同学用如图1所示的装置测定重力加速度：(1)电磁打点计时器的工作电压为________V，为交流，频率为50 Hz.(2)打出的纸带如图2所示，实验时纸带的________(选填“甲”或“乙”)端应和重物相连接．(3)实验中在纸带上连续打出点1、2、3、4、……、9，如图2所示，由纸带所示数据可算出实验时的加速度为________m/s2(保留两位有效数字)．图1图2答案(1)4～6 (2)乙(3)9.423．(2018·河南省安阳市第二次模拟)某实验小组计划测量一未知电阻的阻值，已经连接好实物图如图3甲所示．图3(1)请根据实物图在图乙所示方框中画出该实验的电路图，并标明表示各元件的字母．(2)图丙中电阻箱的读数是________Ω；如果将电阻箱的阻值由10.00 Ω调节到9.00 Ω，应____________．①先使电阻箱阻值调至如图丙所示，再将S 2接到A ，闭合S 1，记录下对应的电压表示数为2.20 V ，然后断开S 1；②保持电阻箱示数不变，将S 2切换到B ，闭合S 1，此时电压表的读数为2.80 V ，然后断开S 1，不计电源内阻，电压表可视为理想电表，据此可知，定值电阻R 1的阻值为________Ω.(计算结果保留3位有效数字)．答案 (1)如图所示(2)20.00 先将“×1”挡调到9，再将“×10”挡调到0 5.45解析 (1)实验电路图如图所示(2)电阻箱的读数为R ＝0×0.01 Ω＋0×0.1 Ω＋0×1 Ω＋2×10 Ω＝20.00 Ω；如果将电阻箱的阻值由10.00 Ω调节到9.00 Ω，先将“×1”挡调到9，再将“×10”挡调到0.(3)因为不计电源内阻，电压表可视为理想电表，所以将S 2切换到B ，闭合S 1时，电阻R 1两端的电压为U ＝2.80 V －2.20 V ＝0.6 V ；当将S 2接到A 时，通过R 1的电流为I ＝2.2020.00A ＝0.11 A ，故R 1＝U I ＝0.60.11Ω≈5.45 Ω.。
高考物理总复习 优编增分练：选考题考点排查练10 选考34题考点排查练
2018年(全国Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ卷)选考34题考点排查练1．(1)(2018·四川省广安、眉山、内江和遂宁第三次模拟)两种单色光分别通过同一双缝干涉装置得到的干涉图样如图1甲、乙所示．图丙中有一半圆玻璃砖，O 是圆心，MN 是法线，PQ 是足够长的光屏．甲单色光以入射角i 由玻璃砖内部射向O 点，折射角为r .则下列说法正确的是________．图1A ．乙光以i 入射时一定发生全反射B ．甲光的频率比乙光的频率大C ．光的干涉现象说明光是一列横波D ．甲光在玻璃砖中的临界角C 满足sin C ＝sin i sin rE ．若绕O 点逆时针旋转玻璃砖，PQ 上可能接收不到甲光(2)(2018·湖南省衡阳市第三次联考)如图2所示，实线是一列简谐横波在t 1时刻的波形图，虚线是在t 2＝(t 1＋0.2) s 时刻的波形图．图2①在t 1到t 2的时间内．如果M 通过的路程为1 m ，那么波的传播方向怎样？波速多大？②若波速为55 m/s ，求质点M 在t 1时刻的振动方向．答案 (1)BDE (2)①沿x 轴正方向传播 25 m/s ②向下振动解析 (1)题图乙中两相邻亮条纹间距Δx 更大，根据Δx ＝Ldλ，可知L 、d 一样，故乙光的波长长，根据c ＝λν，可知乙光的频率小，甲光的频率大，故玻璃砖对甲光的折射率大于玻璃砖对乙光的折射率，根据全反射的条件sin C ＝1n，可知乙光发生全反射的临界角大于甲光的全反射临界角，由题知，当甲单色光以入射角i 由玻璃砖内部射向O 点能折射出来，故乙光以i 入射时不能发生全反射，故A 错误，B 正确；光的偏振现象说明光是横波，故C 错误；根据折射定律得n ＝sin r sin i ，而全反射的临界角sin C ＝1n ，解得sin C ＝sin isin r ，故D 正确；因甲光的全反射临界角较小，故若绕O 点逆时针旋转玻璃砖，甲光先消失，故E 正确． (2)①由题图知振幅为A ＝20 cm ＝0.2 m ．如果M 通过的路程为x ′＝1 m ，则经历的时间与周期的比值m ＝x ′4A ＝114，说明波沿x 轴正方向传播；波速为v 2＝m λt 2－t 1＝114×40.2 m/s ＝25 m/s.②从波的图象可以看出，波长为λ＝4 m ．若波沿x 轴正方向传播，t 1到t 2时间内波传播的距离为x 1＝(n ＋14)λ(n ＝0、1、2…)，波传播的速度为v 1＝x 1t 2－t 1＝5(4n ＋1)m/s(n ＝0、1、2…)，波速不可能等于55 m/s ，说明波沿x 轴负方向传播，质点M 向下振动． 2．(2018·湖北省4月调研)(1)下列说法正确的是________．A ．不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关B ．游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变C ．当光从一种介质射入另一种介质时，如果入射角足够大，就会发生全反射现象D ．麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场E ．相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度大(2)“道威棱镜”广泛地应用在光学仪器中，如图3所示，将一等腰直角棱镜截去棱角，使其平行于底面，可制成“道威棱镜”，这样就减小了棱镜的重量和杂散的内部反射．从M 点发出的一束平行于底边CD 的单色光从AC 边射入，已知棱镜玻璃的折射率n ＝2，光在真空中的速度为c .图3①请通过计算判断该光线能否从CD 边射出；②若CD ＝6l ，光在“道威棱镜“内部传播的时间为多少． 答案 (1)ABD (2)①光线无法从CD 边射出 ②22lc解析 (1)不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关，选项A 正确；游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变，选项B 正确；只有当光从光密介质射入另一种光疏介质时，如果入射角足够大，才会发生全反射现象，选项C 错误；麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场，选项D 正确；相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小，选项E 错误． (2)①光在棱镜中传播光路如图所示．由折射定律得n ＝sin 45°sin γ解得γ＝30° 而sin C ＝1n解得C ＝45°光线到达CD 边时，θ＝75°>C ，故光线无法从CD 边射出． ②光线在棱镜内传播，n ＝c v由正弦定理得APsin 45°＝CPsin 120°解得AP ＝63CP 由对称性可知，光在棱镜内部传播的路程s ＝63CD 而t ＝sv所以t ＝22lc3．(2018·安徽省A10联盟最后一卷)(1)如图4，轴上S 1与S 2是两个波源，产生的简谐波分别沿轴向右、向左传播，波速均为v ＝0.4 m/s ，振幅均为A ＝2 cm ，图示为t ＝0时刻两列波的图象，此时分别传播到P 点和Q 点，下列说法正确的是________．图4A ．图示时刻质点P 、Q 都沿y 轴负向运动B ．t ＝0.75 s 时刻，质点P 、Q 都运动到M 点C ．t ＝1 s 时刻，x ＝0.5 m 处的质点M 的位移为－4 cmD ．t ＝1.25 s 时刻，x ＝0.5 m 处的质点M 为振动减弱点E ．t ＝3.5 s 时刻，质点P 的位移为0(2)如图5，上下表面平行的玻璃砖折射率n ＝2，下表面镀有反射膜，玻璃砖右侧竖直放置一标尺．一束单色光以入射角i ＝45°射到玻璃砖上表面的A 点，在标尺上出现两个光点(图中未画出)．不考虑多次反射，已知折射光在玻璃砖内的传播时间为t ，真空中的光速为c ，求：图5①标尺上两光点的距离；②光在标尺上形成两光点的时间差． 答案 (1)ACE (2)①24ct ②t 2解析 (1)两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，则质点P 、Q 均沿y 轴负方向运动，故A 正确；质点不随波迁移，所以质点P 、Q 都不会运动到M 点，故B 错误；波的周期T ＝λv＝0.40.4 s ＝1 s ，两列波从P 、Q 两点传到M 的时间为34T ，当t ＝1 s 时刻，两波的波谷恰好传到质点M ，所以位移为－4 cm ，故C 正确；经t ＝1.25 s ＝T ＋T4时，两波的平衡位置恰好传到质点M ，根据“上下坡”法，可知两波此时在质点M 处的运动方向都沿y 轴正方向，即M 点为振动加强点，故D 错误；向左传播的波经t ＝0.8－0.20.4 s ＝1.5 s 传到质点P ，再经过t ＝2s ＝2T ，刚好到t ＝3.5 s ，此时质点P 在平衡位置，质点P 在向右传播的波经t ＝3.5 s ＝3T ＋T2，也刚好回到平衡位置，故在t ＝3.5 s 时质点P 在平衡位置，则此时质点P 的位移为0，故E 正确．(2)①光路如图由折射定律：n ＝sin isin r ，知r ＝30°由几何关系知GF ＝BE ＝AB 光在玻璃中的速度为v ＝c n ＝22c 光在玻璃中的路径长度s ＝2AB ＝vt 可解得标尺上两光点的距离GF ＝24ct ②反射光在AE 段的传播时间为t 1＝ABcos 45°·c在EG 段的传播时间与折射光在BF 段的传播时间相等，所以光在标尺上形成两光点的时间差：Δt ＝t －t 1＝t2。
高考物理总复习 优编增分练：计算题考点排查练12 2018年(全国Ⅱ卷)计算题考点排查练
速度与x轴夹角的正切值tanθ＝ ＝1，得θ＝45°
若粒子刚好不从y＝y0边界射出磁场，则有：qvB＝m
由几何关系知(1＋ )r＝y0
解得B＝
故要使粒子不从y＝y0边界射出磁场，应满足磁感应强度B>
(2)粒子相邻两次从电场进入磁场时，沿x轴前进的距离Δx＝2x－ r′＝4y0－ r′
根据动能定理有Fs＝ mv2，联立得s＝0.05 m
(3)直杆插入夹子时，直杆与物块水平方向动量守恒，取向右为正方向，
mv－m0v0＝(m＋m0)v共
由动能定理得：－(m＋m0)gh＝0－ (m＋m0)v共2
联立得h≈0.022 m.
25．(2018·河南省新乡市第三次模拟)如图2所示，xOy坐标系中，在y<0的区域内分布有沿y轴正方向的匀强电场，在0<y<y0的区域内分布有垂直于xOy平面向里的匀强磁场，一质量为m、电荷量为＋q的粒子以初速度v0由坐标(0，－y0)处沿x轴正方向射入电场．已知电场强度大小E＝ ，粒子重力不计．
n＝15时，B＝
题号
24
25
考点
动力学方法和动量守恒定律的应用
带电粒子在复合场中的运动
24．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图1所示，水平光滑细杆上P点套一轻质小环，小环通过长L＝0.5 m的轻绳悬挂一质量不计的夹子，夹子内夹有质量m＝0.5 kg的物块，物块两竖直侧面与夹子间的最大静摩擦力均为Ffm＝3 N．现对物块施加F＝5 N的水平恒力作用，物块和小环一起沿水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，小环碰到杆上的钉子Q时立即停止运动，物块恰要相对夹子滑动，与此同时撤去外力，一质量为0.1 kg的直杆以1 m/s的速度沿水平方向相向插入夹子将夹子与物块锁定(此过程时间极短)．物块可看成质点，重力加速度g＝10 m/s2.求：
高考物理总复习 优编增分练：选考题考点排查练2 2014年(全国Ⅰ、Ⅱ卷)选考34题考点排查练
2014年(全国Ⅰ、Ⅱ卷)选考34题考点排查练1．(2018·青海省西宁市二模)(1)一列简谐横波在某均匀介质中沿x轴传播，从x＝3 m处的质点a开始振动时计时，图1甲为t0时刻的波形图且质点a正沿y轴正方向运动，图乙为质点a的振动图象，则下列说法正确的是________．图1A．该波的频率为2.5 HzB．该波的传播速度为200 m/sC．该波是沿x轴负方向传播的D．从t0时刻起，a、b、c三质点中b最先回到平衡位置E．从t0时刻起，经0.015 s质点a回到平衡位置(2)如图2为一半径为R的固定半圆柱玻璃砖的横截面，OA为水平直径MN的中垂线，足够大的光屏PQ紧靠在玻璃砖的右侧且平行OA放置．一束复色光沿与AO成θ角(θ＝30°)的半径方向射向O点并在光屏上形成彩色光带和一个光斑，光带的最高点与N点的距离为33 R；增大入射角，当θ＝45°时，光屏上恰好只出现一个光斑，求：图2①玻璃对复色光的折射率范围；②当θ＝30°时，彩色光带的宽度．答案(1)BDE (2)①2≤n≤ 3 ②(1－33)R解析 (1)由题图可知该波的周期为0.04 s ，频率为f ＝1T＝25 Hz ，故A 错误；该波的传播速度v ＝λT ＝80.04 m/s ＝200 m/s ，故B 正确；a 点在t 0时刻速度方向沿y 轴正方向，故波向x轴正方向传播，故C 错误；从t 0时刻起，质点a 沿y 轴正方向运动，质点b 沿y 轴正方向运动，质点c 沿y 轴负方向运动，故质点b 最先回到平衡位置，故D 正确；平衡位置从x ＝0处传播到x ＝3 m 处时质点a 回到平衡位置，需时间t ＝3200 s ＝0.015 s ，故E 正确．(2)①当θ＝30°时，光路图如图所示由题意可知BN ＝33R ，即α＝30°，所以最大折射角β＝60°， 由折射定律可知最大折射率n max ＝sin βsin θ＝ 3.因为θ＝45°时，所有光均发生全反射，光屏上的光带消失，反射光束在光屏上形成一个光斑，由全反射规律及题意可知n min ＝1sin C ＝2，所以玻璃对复色光的折射率范围2≤n ≤ 3 ②当θ＝30°时，折射率为2的光的折射角为45°， 彩色光带的宽度为L ＝R tan 45°－33R ＝(1－33)R . 2．(2018·福建省南平市5月综合质检)(1)一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在x ＝5 m 处的质点的振动图线如图3甲所示，在x ＝11 m 处的质点的振动图线如图乙所示，下列说法正确的是________．图3A ．该波的周期为12 sB ．该波的传播速度可能为2 m/sC ．从t ＝0时开始计时，x ＝5 m 处的质点做简谐运动的表达式为y ＝4sin π12t (m)D ．在0～4 s 内x ＝5 m 处的质点通过的路程等于x ＝11 m 处的质点通过的路程E ．该波在传播过程中若遇到4.8 m 的障碍物，可能发生明显衍射现象(2)如图4甲所示是由某透明材料制成的横截面为正三角形的三棱镜．一细红色光束SO 从空气中射向AB 面，与AB 成45°角，经三棱镜折射后，从AC 边射出，出射光线与AC 边夹角也成45°，求：图4①这种透明材料的折射率；②若用这种材料制成如图乙所示的器具，左侧是半径为R 的半圆，右侧是长为42R 、高为2R 的长方体，一束红色光从左侧P 点沿半径方向射入器具．要使光全部从器具的右端面射出，则光在器具中传播所需最长时间是多少？ 已知光在空气中的传播速度为c . 答案 (1)ABE (2)① 2 ②92R c解析 (1)由题图可知，该波的周期为12 s ，故A 正确；由两图比较可知，x ＝5 m 处的质点比x ＝11 m 处的质点早振动3 s ，即T 4，所以两点之间的距离为：x ＝(n ＋14)λ(n ＝0,1,2,3，…)，解得：λ＝4x 4n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)＝244n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)，则波速为v ＝λT ＝24n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)，当n ＝0时，v ＝2 m/s ，故B 正确；由题图可知，振幅A ＝4 cm ，角速度为ω＝2π12 rad/s ＝π6 rad/s ，则x ＝5 m 处的质点做简谐运动的表达式为y ＝A sin ωt ＝4sin π6t (m)，故C 错误；0～4 s 的时间为13T ，由题图可知，13T 时间内，两个质点通过的路程不相等，故D 错误；由波长λ＝244n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)，可知当n ＝0时，波长为λ＝24 m ，故该波在传播过程中若遇到4.8 m 的障碍物，可能发生明显衍射现象，故E 正确．(2)①作出光路图，如图所示由图可知光在三棱镜中的折射角r 为30° 根据光的折射定律：n ＝sin isin r得：n ＝ 2②要使光全部从器具的右端面射出必须以全反射的方式传播，每次的入射角都大于或等于临界角，但等于临界角时路程最大，时间最长，如图所示第一次发生全反射时，由几何关系知：sin C ＝Δl 1Δs 1＝1n ，Δs 1＝n Δl 1设光经N 次全反射从右端面射出，则在长方体内的总路程为s 1s 1＝Δs 1＋Δs 2＋Δs 3＋……＋Δs n ＝42Rn光在器具内总路程s ＝s 1＋s 2＝42Rn ＋R 光在器具中的传播速度v ＝c n所以光在器具中最长的传播时间t ＝s v ＝42Rn ＋R c n ＝92Rc。
全国通用高考物理总复习优编增分练：选择题考点排查练132018年全国Ⅲ卷选择题考点排查练20181214141.doc
2018年(全国Ⅲ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·衡水金卷四省第三次大联考)氡气有天然放射性，其衰变产生的粒子可对人的呼吸系统造成辐射损伤．氡衰变方程为222 86Rn→218 84Po＋X，衰变过程中同时产生γ射线，半衰期为3.8天，以下说法正确的是( )A．该衰变过程为β衰变B．对一个特定的氡核，在3.8天内一定会衰变C．γ射线是由处于高能级的218 84Po核向低能级跃迁时产生的D．衰变后，218 84Po核与X粒子的质量之和等于衰变前222 86Rn核的质量答案 C15．(2018·广东省汕头市第二次模拟)2018年2月12日，我国采取“一箭双星”方式，成功发射了北斗三号第五、六颗组网卫星，中国北斗导航系统由5颗地球同步静止轨道卫星和30颗中高度轨道卫星组成．已知北斗M4卫星绕地球做匀速圆周运动，距离地面的高度为21 617 km，地球半径约为6 400 km，地面重力加速度g＝9.8 m/s2，则北斗M4卫星的加速度大小约为( )A．0.51 m/s2B．0.859 m/s2C．1.25 m/s2D．0.137 m/s2答案 A16．(2018·江西省重点中学协作体第二次联考)如图1甲、乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化，下列说法正确的是( )图1A ．图甲表示交流电，图乙表示直流电B ．两种电压的有效值都是311 VC ．图甲所示电压的瞬时值表达式为u ＝311sin 100πt (V)D ．图甲所示电压经原、副线圈匝数比为10∶1的理想变压器变压后，原、副线圈功率比为10∶1答案 C17．(2018·广东省肇庆市一模)如图2所示，光滑斜面固定在水平面上，顶端O 有一小球，小球从静止释放沿斜面运动到底端B 的时间是t 1.若给小球不同的水平初速度，使小球分别落到斜面上的A 点，经过的时间是t 2；落到斜面底端B 点，经过的时间是t 3；落到水平面上的C 点，经过的时间是t 4，则(空气阻力不计)( )图2A ．t 1＜t 2B ．t 4＜t 1C ．t 3＜t 4D ．t 3＜t 2答案 B解析 小球做平抛运动时，竖直方向有h ＝12gt 2，因此下落高度大的经过的时间长，所以有t 4＝t 3>t 2，故C 、D 错误；小球沿斜面下滑时：l ＝12at 2，由于a <g ，l >h ，所以沿斜面下滑的时间是最长的，则t 4<t 1，故A 错误，B 正确．18．(2018·安徽省A10联盟最后一卷)t ＝0时，甲、乙两车同时同向行驶，其位移－时间图象分别为图3中直线甲和曲线乙．已知乙车的加速度恒定，且大小为4 m/s 2, t ＝3 s 时，直线甲和曲线乙刚好相切，且两车相遇，则t ＝0时甲车和乙车的距离为( )图3A ．16 mB ．18 mC ．20 mD ．22 m 答案 B解析 由题图可知，甲车的速度为v 1＝Δx Δt ＝16－43m/s ＝4 m/s ，t ＝3 s 时，直线甲和曲线乙刚好相切，即此时乙车的速度v 2＝4 m/s ，由题图可知乙车做匀减速直线运动，即a ＝－4 m/s 2，设乙车的初速度为v 0，由v 2＝v 0＋at ，得v 0＝16 m/s ，由题图可知甲车的位移为x 1＝12 m ，乙车的位移为x 2＝v 0＋v 22t ＝16＋42×3 m＝30 m ，t ＝3 s 时，甲车和乙车到达同一位置，则Δx ＝x 2－x 1＝18 m ，故选B.19.静止在粗糙水平面上的物块在水平向右的拉力作用下做直线运动，t ＝4 s 时停下，其v －t 图象如图4所示，已知物块与水平面间的动摩擦因数处处相同，则下列判断正确的是( )图4A ．整个过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功B ．整个过程中拉力做的功等于零C ．t ＝2 s 时刻拉力的瞬时功率在整个过程中最大D ．t ＝1 s 到t ＝3 s 这段时间内拉力做正功答案 AD20．(2018·衡水金卷调研卷五)如图5甲所示，1831年10月28日，法拉第在一次会议上展示了他发明的人类历史上第一台圆盘发电机．如图乙所示为这个圆盘发电机的示意图，铜圆盘安装在铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两铜片C 、D 分别与转轴和铜盘的边缘接触，使铜盘转动，电阻R 中就有电流，设铜盘的半径为r ，转动角速度为ω，转动方向如图乙所示(从左向右看为顺时针方向)，两磁极间磁场为匀强磁场，磁感应强度为B ，则下列说法正确的是( )图5A ．电阻R 中的电流方向从上到下B ．电阻R 中的电流方向从下到上C ．圆盘转动产生的感应电动势为Br 2ωD ．圆盘转动产生的感应电动势为12Br 2ω 答案 BD解析 由右手定则可知圆盘转动产生的电流方向在圆盘内从C 向D ，电阻R 中的电流方向从下到上，A 错误，B 正确；圆盘转动产生的感应电动势为E ＝Br v ＝12Br 2ω，C 错误，D 正确． 21．(2018·安徽省“江南十校”二模)如图6所示，平行板电容器与电源相连，开始时极板不带电，质量为m 、电荷量为q 的油滴开始自由下落，一段时间后合上开关S ，油滴经过相同时间回到出发点．忽略电容器充电时间，极板间距足够大，已知充电后的电场强度大小为E ，下列判断正确的是( )图6A ．油滴带负电B ．Eq ＝4mgC ．油滴回到出发点的速度为0D ．油滴向下运动的过程中，机械能先不变后减小答案 ABD解析 充电后，油滴受到向上的电场力，而电容器上极板带正电，电场方向竖直向下，故油滴带负电，A正确；闭合前，油滴向下运动的过程，h＝12gt2，闭合开关后，x＝v m t－12at2，又v m＝gt，h＝－x，解得a＝3g，对第二个过程由牛顿第二定律可得Eq－mg＝3mg，故Eq＝4mg，B正确；返回到出发点的速度为v＝v m－at＝－2v m，C错误；自由下落过程中机械能守恒，当闭合开关后，电场力做负功，所以机械能减小，故向下运动的过程中，机械能先不变后减小，D正确.精美句子1、善思则能“从无字句处读书”。
高考物理总复习 优编增分练：选考题考点排查练10 2018年选考34题考点排查练
2018年(全国Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ卷)选考34题考点排查练1．(1)(2018·四川省广安、眉山、内江和遂宁第三次模拟)两种单色光分别通过同一双缝干涉装置得到的干涉图样如图1甲、乙所示．图丙中有一半圆玻璃砖，O 是圆心，MN 是法线，PQ 是足够长的光屏．甲单色光以入射角i 由玻璃砖内部射向O 点，折射角为r .则下列说法正确的是________．图1A ．乙光以i 入射时一定发生全反射B ．甲光的频率比乙光的频率大C ．光的干涉现象说明光是一列横波D ．甲光在玻璃砖中的临界角C 满足sin C ＝sin i sin rE ．若绕O 点逆时针旋转玻璃砖，PQ 上可能接收不到甲光(2)(2018·湖南省衡阳市第三次联考)如图2所示，实线是一列简谐横波在t 1时刻的波形图，虚线是在t 2＝(t 1＋0.2) s 时刻的波形图．图2①在t 1到t 2的时间内．如果M 通过的路程为1 m ，那么波的传播方向怎样？波速多大？ ②若波速为55 m/s ，求质点M 在t 1时刻的振动方向．答案 (1)BDE (2)①沿x 轴正方向传播 25 m/s ②向下振动解析 (1)题图乙中两相邻亮条纹间距Δx 更大，根据Δx ＝L dλ，可知L 、d 一样，故乙光的波长长，根据c ＝λν，可知乙光的频率小，甲光的频率大，故玻璃砖对甲光的折射率大于玻璃砖对乙光的折射率，根据全反射的条件sin C ＝1n，可知乙光发生全反射的临界角大于甲光的全反射临界角，由题知，当甲单色光以入射角i 由玻璃砖内部射向O 点能折射出来，故乙光以i 入射时不能发生全反射，故A 错误，B 正确；光的偏振现象说明光是横波，故C 错误；根据折射定律得n ＝sin r sin i ，而全反射的临界角sin C ＝1n ，解得sin C ＝sin i sin r ，故D 正确；因甲光的全反射临界角较小，故若绕O 点逆时针旋转玻璃砖，甲光先消失，故E 正确． (2)①由题图知振幅为A ＝20 cm ＝0.2 m ．如果M 通过的路程为x ′＝1 m ，则经历的时间与周期的比值m ＝x ′4A ＝114，说明波沿x 轴正方向传播；波速为v 2＝m λt 2－t 1＝114×40.2 m/s ＝25 m/s.②从波的图象可以看出，波长为λ＝4 m ．若波沿x 轴正方向传播，t 1到t 2时间内波传播的距离为x 1＝(n ＋14)λ(n ＝0、1、2…)，波传播的速度为v 1＝x 1t 2－t 1＝5(4n ＋1)m/s(n ＝0、1、2…)，波速不可能等于55 m/s ，说明波沿x 轴负方向传播，质点M 向下振动． 2．(2018·湖北省4月调研)(1)下列说法正确的是________．A ．不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关B ．游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变C ．当光从一种介质射入另一种介质时，如果入射角足够大，就会发生全反射现象D ．麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场E ．相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度大(2)“道威棱镜”广泛地应用在光学仪器中，如图3所示，将一等腰直角棱镜截去棱角，使其平行于底面，可制成“道威棱镜”，这样就减小了棱镜的重量和杂散的内部反射．从M 点发出的一束平行于底边CD 的单色光从AC 边射入，已知棱镜玻璃的折射率n ＝2，光在真空中的速度为c .图3①请通过计算判断该光线能否从CD 边射出；②若CD ＝6l ，光在“道威棱镜“内部传播的时间为多少． 答案 (1)ABD (2)①光线无法从CD 边射出 ②22lc解析 (1)不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关，选项A 正确；游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变，选项B 正确；只有当光从光密介质射入另一种光疏介质时，如果入射角足够大，才会发生全反射现象，选项C 错误；麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场，选项D 正确；相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小，选项E 错误． (2)①光在棱镜中传播光路如图所示．由折射定律得n ＝sin 45°sin γ解得γ＝30° 而sin C ＝1n解得C ＝45°光线到达CD 边时，θ＝75°>C ，故光线无法从CD 边射出． ②光线在棱镜内传播，n ＝c v由正弦定理得APsin 45°＝CPsin 120°解得AP ＝63CP 由对称性可知，光在棱镜内部传播的路程s ＝63CD 而t ＝sv所以t ＝22lc3．(2018·安徽省A10联盟最后一卷)(1)如图4，轴上S 1与S 2是两个波源，产生的简谐波分别沿轴向右、向左传播，波速均为v ＝0.4 m/s ，振幅均为A ＝2 cm ，图示为t ＝0时刻两列波的图象，此时分别传播到P 点和Q 点，下列说法正确的是________．图4A ．图示时刻质点P 、Q 都沿y 轴负向运动B ．t ＝0.75 s 时刻，质点P 、Q 都运动到M 点C ．t ＝1 s 时刻，x ＝0.5 m 处的质点M 的位移为－4 cmD ．t ＝1.25 s 时刻，x ＝0.5 m 处的质点M 为振动减弱点E ．t ＝3.5 s 时刻，质点P 的位移为0(2)如图5，上下表面平行的玻璃砖折射率n ＝2，下表面镀有反射膜，玻璃砖右侧竖直放置一标尺．一束单色光以入射角i ＝45°射到玻璃砖上表面的A 点，在标尺上出现两个光点(图中未画出)．不考虑多次反射，已知折射光在玻璃砖内的传播时间为t ，真空中的光速为c ，求：图5①标尺上两光点的距离；②光在标尺上形成两光点的时间差． 答案 (1)ACE (2)①24ct ②t 2解析 (1)两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，则质点P 、Q 均沿y 轴负方向运动，故A 正确；质点不随波迁移，所以质点P 、Q 都不会运动到M 点，故B 错误；波的周期T ＝λv＝0.40.4 s ＝1 s ，两列波从P 、Q 两点传到M 的时间为34T ，当t ＝1 s 时刻，两波的波谷恰好传到质点M ，所以位移为－4 cm ，故C 正确；经t ＝1.25 s ＝T ＋T4时，两波的平衡位置恰好传到质点M ，根据“上下坡”法，可知两波此时在质点M 处的运动方向都沿y 轴正方向，即M 点为振动加强点，故D 错误；向左传播的波经t ＝0.8－0.20.4 s ＝1.5 s 传到质点P ，再经过t ＝2s ＝2T ，刚好到t ＝3.5 s ，此时质点P 在平衡位置，质点P 在向右传播的波经t ＝3.5 s ＝3T ＋T2，也刚好回到平衡位置，故在t ＝3.5 s 时质点P 在平衡位置，则此时质点P 的位移为0，故E 正确． (2)①光路如图由折射定律：n ＝sin isin r ，知r ＝30°由几何关系知GF ＝BE ＝AB 光在玻璃中的速度为v ＝c n ＝22c 光在玻璃中的路径长度s ＝2AB ＝vt 可解得标尺上两光点的距离GF ＝24ct ②反射光在AE 段的传播时间为t 1＝ABcos 45°·c在EG 段的传播时间与折射光在BF 段的传播时间相等，所以光在标尺上形成两光点的时间差：Δt ＝t －t 1＝t2。
高考物理总复习 优编增分练：实验题考点排查练11 2018年(全国Ⅰ卷)实验题考点排查练
2018年(全国Ⅰ卷)实验题考点排查练22．(2018·四川省第二次“联测促改”)某同学为研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系，做了如下实验：图1①如图1所示，将白纸固定在制图板上，橡皮筋一端固定在O点，另一端A系一小段轻绳(带绳结)；将制图板竖直固定在铁架台上．②将质量为m＝100 g的钩码挂在绳结上，静止时描下橡皮筋下端点的位置A0；用水平力拉A 点，使A点在新的位置静止，描下此时橡皮筋端点的位置A1；逐步增大水平力，重复5次……③取下制图板，量出A1、A2……各点到O点的距离l1、l2……；量出各次橡皮筋与OA0之间的夹角α1、α2……④在坐标纸上作出1cos α－l的图象如图2所示．图2完成下列填空：(1)已知重力加速度为g，当橡皮筋与OA0间的夹角为α时，橡皮筋所受的拉力大小为________(用g、m、α表示)．(2)取g＝10 m/s2，由图可得橡皮筋的劲度系数k＝________N/m，橡皮筋的原长l0＝________m．(结果保留2位有效数字)答案(1)mgcos α(2)100 0.21解析(1)橡皮筋拉力沿竖直方向的分力大小等于重力，即F T cos α＝mg，F T＝mgcos α；(2)根据胡克定律，F T＝k(l－l0)，F T＝mgcos α，联立解得：1cos α＝kmgl－kl0mg，斜率为1.6－1 (22.6－22.0)×10－2＝kmg＝k0.1×10，解得k＝100 N/m，橡皮筋的原长l0＝0.21 m.23．(2018·湖南省常德市模拟)某实验小组设计了如图3甲所示的电路，其中R T为热敏电阻，电压表量程为6 V，内阻R V约10 kΩ，电流表量程为0.5 A，内阻R A＝4.0 Ω，R为电阻箱．图3(1)该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验．闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数U1、电流表的示数I和电阻箱的阻值R，在I－U坐标系中，将各组U1、I的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线如图乙中的曲线所示．为了完成该实验，应将导线c端接在________(选填“a”或“b”)点；(2)利用(1)中记录的数据，通过分析计算可得外电路的电压U2＝______________(用U1、I、R和R A表示)；(3)实验小组利用(2)中的公式，计算出各组的U2，将U2和I的数据也描绘在I－U坐标系中，如图乙中的直线所示，根据图象分析可知，电源的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω；(4)实验中，当电阻箱的阻值调到3.0 Ω时，热敏电阻消耗的电功率P＝________W．(保留两位有效数字)答案(1)a(2)U2＝U1＋I(R＋R A) (3)6.0 3.0 (4)0.80(0.77～0.83均可)解析(1)采用伏安法测电阻，由题图乙可知热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以采用电流表外接法，故导线c应接在a点．(2)根据电路串并联规律可知外电压为：U 2＝U 1＋I (R ＋R A )(3)当I ＝0时，根据题图乙得E ＝6.0 V ，而直线斜率倒数的绝对值等于内电阻，则r ＝6.0－4.50.5Ω＝3.0 Ω.(4)把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源内阻为：r 0＝3.0 Ω＋4.0 Ω＋3.0 Ω＝10 Ω；在I －U 图象中作等效电源的伏安特性曲线，如图所示，与热敏电阻的伏安特曲线的交点坐标(4.0,0.2)，所以热敏电阻的电功率为：P ＝UI ＝4.0×0.2 W＝0.80 W.。
高考物理总复习 优编增分练：选考题考点排查练9 2018年(选考34题考点排查练
2018年(全国Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ卷)选考33题考点排查练1．(1)(2018·江西省樟树中学模拟)一定质量的理想气体从状态M 到达状态N ，有两个过程可以经历，其p －V 图象如图1所示．在过程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化．对于这两个过程，下列说法正确的是( )图1A ．气体经历过程1，其温度降低，内能减少B ．气体经历过程1，对外做功，内能不一定减少C ．气体在过程2中，一直对外做功D ．气体在过程2中，先向外放热后吸热E ．气体在过程2中，一直向外放热(2)(2018·福建省南平市5月综合质检)如图2所示，一开口向上的汽缸固定在水平地面上，质量均为m 、厚度不计、横截面积均为S 的活塞A 、B 将缸内气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分，在活塞A 的上方放置一质量也为m 的物块，整个装置处于静止状态，此时Ⅰ、Ⅱ两部分气体的长度均为L 0.已知大气压强p 0＝2mgS，气体可视为理想气体且温度始终保持不变，不计一切摩擦，汽缸足够高．当把活塞A 上面的物块取走时，活塞A 将向上移动，求系统重新达到静止状态时，活塞A 上升的高度．图2答案 (1)AD (2)712L 0解析 (1)气体经历过程1，压强减小，体积变大，气体膨胀对外做功，因气体始终与外界无热量交换，则内能减少，故温度降低，故A 正确，B 错误；气体在过程2中，根据理想气体状态方程pV T＝C ，刚开始时，体积不变，对外不做功，压强减小，则温度降低，对外放热，然后压强不变，体积变大，膨胀对外做功，则温度升高，吸热，故C 、E 错误，D 正确． (2)对气体Ⅰ，其初态压强p 1＝p 0＋2mgS＝2p 0末态压强为p 1′＝p 0＋mg S ＝32p 0，设末态时气体Ⅰ的长度为L 1根据玻意耳定律得：p 1L 0S ＝p 1′L 1S 解得L 1＝43L 0对气体Ⅱ，其初态压强为p 2＝p 1＋mg S ＝52p 0末态压强为p 2′＝p 1′＋mgS＝2p 0 设末状态时气体Ⅱ的长度为L 2 根据玻意耳定律得：p 2L 0S ＝p 2′L 2S 解得：L 2＝54L 0故活塞A 上升的高度为Δh ＝L 1＋L 2－2L 0＝712L 02．(2018·河南省开封市第三次模拟)(1)下列说法正确的是( ) A ．零摄氏度的物体的内能为零B ．气体如果失去了容器的约束会散开，这是气体分子热运动的结果C ．温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同D ．理想气体，分子之间的引力、斥力依然同时存在，且分子力表现为斥力E ．浸润现象是分子间作用力引起的(2)某物理社团受“蛟龙号”的启发，设计了一个测定水深的深度计．如图3，导热性能良好的汽缸Ⅰ、Ⅱ内径相同，长度均为L ，内部分别有轻质薄活塞A 、B ，活塞密封性良好且可无摩擦左右滑动，汽缸Ⅰ左端开口．外界大气压强为p 0，汽缸Ⅰ内通过A 封有压强为p 0的气体，汽缸Ⅱ内通过B 封有压强为2p 0的气体，一细管连通两汽缸，初始状态A 、B 均位于汽缸最左端．该装置放入水下后，通过A 向右移动的距离可测定水的深度．已知p 0相当于10 m 高的水产生的压强，不计水温变化，被封闭气体视为理想气体，求：图3①当A 向右移动L4时，水的深度h ；②该深度计能测量的最大水深h m . 答案 (1)BCE (2)①3.33 m ②20 m解析 (1)一切物体都有内能，故A 错误；气体如果失去了容器的约束会散开，这是气体分子热运动的结果，故B 正确；温度是分子平均动能的标志，所以温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同，故C 正确；理想气体，分子间引力和斥力同时存在，当分子间距离增大时引力和斥力同时减小，只是斥力减小得更快，当分子间距离大于平衡距离时，分子间表现为引力，当分子间距离减小时，引力和斥力同时增大，只是斥力增大得更快，当分子间距离小于平衡距离时，分子间表现为斥力，所以分子间作用力是引力和斥力的合力表现，故D 错误；浸润现象是分子间作用力引起的，故E 正确． (2)①当A 向右移动L4时，设B 不移动对汽缸Ⅰ内气体，由玻意耳定律得：p 0SL ＝p 134SL解得：p 1＝43p 0而此时B 中气体的压强为2p 0>p 1，故B 不动 由p 1＝p 0＋p h解得：水的深度p h ＝p 1－p 0＝13p 0，故h ≈3.33 m②该装置放入水下后，由于水的压力A 向右移动，汽缸Ⅰ内气体压强逐渐增大，当压强增大到大于2p 0后B 开始向右移动，当A 恰好移动到缸底时所测深度最大，此时原汽缸Ⅰ内气体全部进入汽缸Ⅱ内，设B 向右移动x 距离，两部分气体压强为p 2，活塞横截面积为S 对原Ⅰ内气体，由玻意耳定律得：p 0SL ＝p 2Sx 对原Ⅱ内气体，由玻意耳定律得：2p 0SL ＝p 2S (L －x ) 又p 2＝p 0＋p h m联立解得p h m ＝2p 0，故h m ＝20 m.3．(2018·湖南省衡阳市第三次联考)(1)下列说法正确的是________． A ．空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果B ．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点C ．一定质量的100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子势能不变D ．干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果E ．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律(2)如图4所示，内壁光滑的汽缸分为高度相等的AB 、BC 两部分．AB 、BC 两部分中各有厚度和质量均可忽略的绝热活塞a 、b ，横截面积S a ＝2S b ，活塞a 上端封闭氧气，a 、b 间封闭氮气，活塞b 下端与大气连通，汽缸顶部导热，其余部分均绝热．活塞a 离汽缸顶的距离是AB 高度的14，活塞b 在BC 的正中间．初始状态平衡，大气压强为p 0，外界和汽缸内气体温度均为27 ℃.①通过电阻丝缓慢加热氮气，求活塞b 刚降至底部时氮气的温度． ②通过电阻丝缓慢加热氮气至750 K ，求平衡后氧气的压强．图4答案 (1)ABD (2)①375 K ② 116p 0解析 (1)空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果，选项A 正确；彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，选项B 正确；一定质量的100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子动能不变，分子势能增加，选项C 错误；干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果，选项D 正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，选项E 错误．(2)①活塞b 降至底部的过程中活塞a 不动，氮气经历等压变化，设AB 部分的体积为V 0，由题意可知：BC 部分的体积为0.5V 0，设氮气初态的体积为V 1，温度为T 1，压强为p 1，末态体积为V 2，温度为T 2，由几何关系可得：V 1＝V 0，V 2＝54V 0由盖—吕萨克定律可得：V 1T 1＝V 2T 2，代入数据可得：T 2＝375 K②设平衡后中间氮气的体积为V 3，上方氧气的体积为V 4，压强为p ，对中间氮气由理想气体的状态方程可得：p 1V 1T 1＝pV 3T 3， 氧气初态的体积为V 04，对上方氧气，发生等温变化，由玻意耳定律得：p 0V 04＝pV 4 V 3＋V 4＝32V 0联立得：p ＝116p 0。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2018年(全国Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ卷)选考33题考点排查练
试卷 Ⅰ卷
Ⅱ卷
Ⅲ卷 考点
热学图象的理解和气体实验定律的应用(活塞类)
内能的理解和气体实验定律的应用(活塞类)
热学基本规律和气体实验定律的应用
1．(1)(2018·江西省樟树中学模拟)一定质量的理想气体从状态M 到达状态N ，有两个过程可以经历，其p －V 图象如图1所示．在过程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化．对于这两个过程，下列说法正确的是( )
图1
A ．气体经历过程1，其温度降低，内能减少
B ．气体经历过程1，对外做功，内能不一定减少
C ．气体在过程2中，一直对外做功
D ．气体在过程2中，先向外放热后吸热
E ．气体在过程2中，一直向外放热
(2)(2018·福建省南平市5月综合质检)如图2所示，一开口向上的汽缸固定在水平地面上，质量均为m 、厚度不计、横截面积均为S 的活塞A 、B 将缸内气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分，在活塞A 的上方放置一质量也为m 的物块，整个装置处于静止状态，此时Ⅰ、Ⅱ两部分气体的长度均为L 0.已知大气压强p 0＝2mg
S
，气体可视为理想气体且温
度始终保持不变，不计一切摩擦，汽缸足够高．当把活塞A 上面的物块取走时，活塞A 将向上移动，求系统重新达到静止状态时，活塞A 上升的高度．
图2
答案 (1)AD (2)7
12
L 0
解析 (1)气体经历过程1，压强减小，体积变大，气体膨胀对外做功，因气体始终与外界无热量交换，则内能减少，故温度降低，故A 正确，B 错误；气体在过程2中，根据理想气体状态方程pV T
＝C ，刚开始时，体积不变，对外不做功，压强减小，则温度降低，对外放热，然后压强不变，体积变大，膨胀对外做功，则温度升高，吸热，
故C 、E 错误，D 正确．
(2)对气体Ⅰ，其初态压强p 1＝p 0＋2mg
S
＝2p 0
末态压强为p 1′＝p 0＋mg S ＝3
2
p 0，设末态时气体Ⅰ的长度为L 1
根据玻意耳定律得：p 1L 0S ＝p 1′L 1S 解得L 1＝4
3
L 0
对气体Ⅱ，其初态压强为p 2＝p 1＋mg S ＝5
2
p 0
末态压强为p 2′＝p 1′＋mg S
＝2p 0 设末状态时气体Ⅱ的长度为L 2 根据玻意耳定律得：p 2L 0S ＝p 2′L 2S 解得：L 2＝5
4
L 0
故活塞A 上升的高度为Δh ＝L 1＋L 2－2L 0＝7
12
L 0
2．(2018·河南省开封市第三次模拟)(1)下列说法正确的是( ) A ．零摄氏度的物体的内能为零
B ．气体如果失去了容器的约束会散开，这是气体分子热运动的结果
C ．温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同
D ．理想气体，分子之间的引力、斥力依然同时存在，且分子力表现为斥力
E ．浸润现象是分子间作用力引起的
(2)某物理社团受“蛟龙号”的启发，设计了一个测定水深的深度计．如图3，导热性能良好的汽缸Ⅰ、Ⅱ内径相同，长度均为L ，内部分别有轻质薄活塞A 、B ，活塞密封性良好且可无摩擦左右滑动，汽缸Ⅰ左端开口．外界大气压强为p 0，汽缸Ⅰ内通过A 封有压强为p 0的气体，汽缸Ⅱ内通过B 封有压强为2p 0的气体，一细管连通两汽缸，初始状态A 、B 均位于汽缸最左端．该装置放入水下后，通过A 向右移动的距离可测定水的深度．已知p 0相当于10 m 高的水产生的压强，不计水温变化，被封闭气体视为理想气体，求：
图3
①当A 向右移动L
4时，水的深度h ；
②该深度计能测量的最大水深h m . 答案 (1)BCE (2)①3.33 m ②20 m
解析 (1)一切物体都有内能，故A 错误；气体如果失去了容器的约束会散开，这是气体分子热运动的结果，故
B 正确；温度是分子平均动能的标志，所以温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同，故
C 正确；理想气体，分子间引力和斥力同时存在，当分子间距离增大时引力和斥力同时减小，只是斥力减小得更快，当分子间距离大于平衡距离时，分子间表现为引力，当分子间距离减小时，引力和斥力同时增大，只是斥力增大得更快，当分子间距离小于平衡距离时，分子间表现为斥力，所以分子间作用力是引力和斥力的合力表现，故
D 错误；浸润现象是分子间作用力引起的，故
E 正确． (2)①当A 向右移动L
4
时，设B 不移动
对汽缸Ⅰ内气体，由玻意耳定律得：p 0SL ＝p 13
4SL
解得：p 1＝4
3
p 0
而此时B 中气体的压强为2p 0>p 1，故B 不动 由p 1＝p 0＋p h
解得：水的深度p h ＝p 1－p 0＝1
3
p 0，故h ≈3.33 m
②该装置放入水下后，由于水的压力A 向右移动，汽缸Ⅰ内气体压强逐渐增大，当压强增大到大于2p 0后B 开始向右移动，当A 恰好移动到缸底时所测深度最大，此时原汽缸Ⅰ内气体全部进入汽缸Ⅱ内，设B 向右移动x 距离，两部分气体压强为p 2，活塞横截面积为S 对原Ⅰ内气体，由玻意耳定律得：p 0SL ＝p 2Sx 对原Ⅱ内气体，由玻意耳定律得：2p 0SL ＝p 2S (L －x ) 又p 2＝p 0＋p h m
联立解得p h m ＝2p 0，故h m ＝20 m.
3．(2018·湖南省衡阳市第三次联考)(1)下列说法正确的是________． A ．空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果
B ．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点
C ．一定质量的100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子势能不变
D ．干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果
E ．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律
(2)如图4所示，内壁光滑的汽缸分为高度相等的AB 、BC 两部分．AB 、BC 两部分中各有厚度和质量均可忽略的绝热活塞a 、b ，横截面积S a ＝2S b ，活塞a 上端封闭氧气，a 、b 间封闭氮气，活塞b 下端与大气连通，汽缸顶部导热，其余部分均绝热．活塞a 离汽缸顶的距离是AB 高度的1
4，活塞b 在BC 的正中间．初始状态平衡，大气压
强为p 0，外界和汽缸内气体温度均为27 ℃.
①通过电阻丝缓慢加热氮气，求活塞b 刚降至底部时氮气的温度． ②通过电阻丝缓慢加热氮气至750 K ，求平衡后氧气的压强．
图4
答案 (1)ABD (2)①375 K ② 11
6
p 0
解析 (1)空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果，选项A 正确；彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，选项B 正确；一定质量的100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气，其分子动能不变，分子势能增加，选项C 错误；干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果，选项D 正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，选项E 错误．
(2)①活塞b 降至底部的过程中活塞a 不动，氮气经历等压变化，设AB 部分的体积为V 0，由题意可知：BC 部分的体积为0.5V 0，设氮气初态的体积为V 1，温度为T 1，压强为p 1，末态体积为V 2，温度为T 2，由几何关系可得：
V 1＝V 0，V 2＝5
4
V 0
由盖—吕萨克定律可得：V 1T 1＝V 2T 2
，代入数据可得：T 2＝375 K
②设平衡后中间氮气的体积为V 3，上方氧气的体积为V 4，压强为p ，对中间氮气由理想气体的状态方程可得： p 1V 1T 1
＝
pV 3
T 3
， 氧气初态的体积为V 0
4，对上方氧气，发生等温变化，由玻意耳定律得：p 0V 0
4
＝pV 4
V 3＋V 4＝32
V 0
联立得：p ＝11
6
p 0。