四川省成都外国语学校2021-2022高二语文5月月考试题
黑龙江省五校2021-2022学年高二下学期期中联考语文试卷(含答案)
黑龙江省五校2021-2022学年高二下学期期中联考语文试卷学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、现代文阅读现代文阅读。
材料一：纪录片《我在故宫修文物》迅速走红，与纪录片一起走红的还有主人公——故宫文物修复师。
55岁的王津师傅是他们的代表，他是国家级非物质文化遗产古代钟表修复技艺的第三代传承人，进入故宫工作已经39年了。
每天早八晚五，在办公室一坐就是一天，几十年如一日，和蒙尘多年的文物打交道。
人们尊崇工匠精神，更多的是钦佩其所蕴含的认真细致、精雕细凿、精益求精、出神入化的技艺。
其实，这些精湛非凡的工匠技术，并非仅有天赋便可成就。
后天的刻苦学习、甘于寂寞、坚守如一，才是工匠精神形成的源头活水与真正底色。
自古而今，在工匠精神的光芒下，成就无数巨匠大师。
如在中国古代，就有鲁班、李春、李冰等，他们几乎全靠手工制作，赢得了生前身后名。
如果没有其儿时就从师学艺，没有汗水擦亮前路，没有坚持不懈地一直努力，当然就难以成就为一名巨匠之师。
像过去，一个学徒工，要从小时候到长大成人，学上十多年才能出师。
此中之艰苦，可想而知。
如果没有一种安静如初的心态和坚守不懈的精神，学艺而成，青出于蓝，就很难做到。
即使到了当代，像瑞士的钟表工业，一些意大利的制鞋业，仍然在沿用手工工艺，就是因为机器的流水线上，很难达到工匠手艺之精致的程度。
像故宫钟表修复师，至今仍默默地坚守着这一古老行业，他们因此成了另类“网红”。
这其实正是人们对其于时光的静谧中不惧寂寞、无声坚守之工匠精神的推崇与尊敬。
当下时代，社会嬗变，人心浮躁，人们的脚步更为匆匆。
其实，这样的环境与心态下，我们更需要有时能静下来、慢一些，让步伐走得更稳些；在耐心中更多些深入思考，让我们的行动来得更为扎实、有力些。
在生活中，一些看似“慢”的行为，其实正孕育着快速提升的质变；在看似静无声息的环境里，其实正磨炼和生成着动若脱兔的飞跃；在看似无言而寂寥的坚守中，其实也正昭示着成功目标的一步步逼近……所谓工匠精神，就是在这种不惮于寂寞、不畏于静默、不躁于坚守中，让技艺超凡脱俗，令手中精品迭出，成就更多传世经典，并让这种技艺与精神代代传承不息。
四川省成都市第七中学2021-2022学年高二下学期6月阶段性考试英语答案
成都七中高2023届高二下6月阶段性考试英语参考答案及评分标准第一部分听力（满分30分）1~5 CBBCA 6~10 BCCBA 11~15 CCABB 16~20 AABBA评分标准：1~20小题，每小题1.5分。
第二部分第一节阅读理解（满分30分）21~23 DCB 24~27 AABD 28~31 CBDC 32~35 BCDB评分标准：21~35小题，每小题2分。
第二节（满分10分） 36~40 DEBCG评分标准：36~40小题，每小题2分。
第三部分第一节完形填空（满分30分）41~45 BBACD 46~50 ADDCA 51~55 BCDDC 56~60 ABCDA评分标准：41~60小题，每小题1.5分。
第二节（满分15分）61. where 62. is named 63. houses 64. stored 65. with66. adding 67. randomly 68. belongings 69. cultural 70. a评分标准：61~70小题，每小题1.5分。
有任何错误，包括用词错误、单词拼写错误（含大小写）或语法形式错误，均不给分。
第四部分第一节短文改错（满分10分）This July I took part in a summer camp. It has been more than three months before I left thesincesummer camp. Besides, there’s one thing I will never forget it. It happened on the third day. It wasHowevermy turn to give an English speech in class. I felt worried because ∧my poor spoken English. So,ofI went to Miss Zhao for help. Not only does she comfort me, but she also suggested that I should bedidconfident enough and gave me some valuable advices. And then I practiced very hard. To my greatlyadvice greatjoy, my speech was a success. It was the teacher’s encouragement which helped me get courage. IfthatMiss Zhao hadn’t helped me, I couldn’t have enjoyed the success. Through this experience, I knowthat when we have difficulties, we should never be afraid to ask other for help and I am happy tootherslive in this world filling with love.filled评分标准：有任何错误，包括用词错误、单词拼写错误（含大小写）或语法形式错误，均不给分。
四川省成都市重点中学2022-2023学年高二下学期4月月考地理试题及参考答案
成都市重点中学高2021级高二下学期4月阶段性测试地理试题（满分100分，时间60分钟；）一、选择题（共25小题，每小题2分）冰凌堵塞河道，对水流产生阻力而引起的江河水位明显上涨的水文现象称为凌汛。
下图为我国东北地区某河流甲、乙两处水文站记录的某年春季不同日期13时流量。
甲乙之间河段长约200千米，其结冰期流量来自冰下水流。
据此完成下列小题。
1．与乙水文站相比，甲水文站（）A．纬度低，海拔高B．纬度高，海拔高C．纬度低，海拔低D．纬度高，海拔低2．造成乙水文站4月下旬流量变化的主要原因是周边地区（）A．降水减少B．下渗增加C．融雪减少D．植被增加3．甲乙水文站之间河段凌汛现象最可能发生在（）A．3月中旬B．4月上旬C．4月下旬D．5月上旬某校地理兴趣小组利用周末去学校（27°N，113°E）附近进行野外考察，下图是该小组绘制的考察区域简图。
考察小组成员发现，洣水河面上漂浮着大量水葫芦，对航运产生了很大影响。
水葫芦繁殖能力强，往往随水浮流。
据此完成下面小题。
4．影响图中水葫芦分布位置的主要影响因素是（）A．光照强度B．干流顶托C．河面宽窄D．营养丰富5．水葫芦引入我国后，与该地相比，在北方水域并未大规模爆发，其主要原因是（）A．天敌多B．地表水贫乏C．水污染严重D．冬季寒冷采用小流域为单元的生态模型试验，可以检验黄土高原小流域综合治理水土流失的合理性。
读下图，右图为左图方框处小流域放大地形剖面图，完成下面小题。
6．为解决当地的生态问题，在①②③④四处所采取的措施，最合理的是（）A．①种草护坡B．②打坝建库C．③平整土地D．④修筑梯田7．下列关于黄土高原小流域综合治理的叙述，正确的是（）A．采用轮荒耕作，有利于提高土地生产力B．治理重点是保持水土，合理开发利用水土资源C．植树造林是重要的工程措施D．生物措施的功能在于充分利用光热资源土壤有机碳经过微生物分解成无机碳并释放二氧化碳的过程被称为土壤碳矿化。
四川省南充市阆中中学2021-2022高二历史5月月考试题(含解析)
重点中学试卷可修改欢迎下载四川省南充市阆中中学2021-2022高二历史5月月考试题（含解析）1.有学者根据《史记·苏秦列传》和《史记·张仪列传》整理出战国七雄的士兵数（下表），并根据“把‘数十万’看作是‘六十万’，战国时期各国平均每户约6人，各出士兵2人”的研究成果，推算出战国中期七国人口总数约1500万。
该推算A. 数据来自史学名著，完全合理B. 完整统计七国人数，可靠属实C. 因运用了统计方法，科学准确D. 史料依据不够充分，有待商榷【答案】D【解析】【详解】结合所学知识可知，材料“把‘数十万’看做是‘六十万’”并没有史实依据，不科学，所以说对人口数量的推断是不科学的，有待商榷，故D正确；史学名著属于二手史料，需要和一手史料相互印证使用，A错误；“完整统计七国人数”说法没有史实依据，B错误；虽然使用了数学统计的方法，但是并不能说明得出的数据科学准确，C错误。
【点睛】解答本题主要掌握二手史料和一手史料的区别和使用。
二手史料使用的时候要和一手史料相互印证。
2.下表为不同史籍关于西周分封制的叙述。
据此能够被认定的历史事实是。
重点中学试卷可修改欢迎下载A. 分封制加强了诸侯与周王的隶属关系B. 分封制促进了东方诸侯国的社会发展C. 西周姬姓封国承担的贡赋较重D. 周天子权力高度集中局面形成【答案】A【解析】【详解】材料信息“是以上能征下，下无奸惠”、“由是天子之尊，非复诸侯之长，而为诸侯之君”、“列尊贡重，周之制也”都体现了诸侯与周王的政治隶属关系，故A项正确；材料未涉及东方诸国的社会发展，故B项错误；“列尊贡重”不一定是姬姓封国，故C项错误；此时周王没有实现权力的高度集中，故D项错误。
3.有学者认为：“治天下犹曳大木然，前者唱邪，后者唱许。
”在中国古代政治制度的发展变化中，治理天下与君臣关系的处理，尤以相权的调整为要。
下列项中属于相权调整的举措是A. 建立世官制B. 实行察举制C. 强化“外朝”D. 增设“参知政事”【答案】D【解析】【详解】结合所学知识可知，宋朝增设参知政事体现的是对丞相行政权的分割，D选项符合题意。
【高二试卷】安徽省部分学校2022-2023学年高二下学期4月期中考语文试题及答案
安徽省部分学校2022-2023学年2021级高二下学期4月期中考语文试题本试卷满分150分，考试时间150分钟。
请在答题卡上作答。
一、现代文阅读（35分）（一）现代文阅读I（本题共5小题，17分）阅读下面的文字，完成1～5题。
材料一：中国书法产生、衍变的历程和中国文字密不可分。
在印刷术广泛应用之前，文字需要以书写来呈现，汉字之美也通过书法的形式得以展现。
文字与书法不仅是记录中华文明的工具与载体，更是中华文明不可或缺的重要组成部分。
中国文字与书法的起源和发展主要集中于黄河流域中下游地区，包括从河图洛书、仓颉造字的传说，到仰韶等象形符号文字雏形，再到代表着文字成熟的甲骨文以及夏、商、周三代吉金文字，秦汉石刻书法、南北朝书刻与题记、隋唐碑刻墓志、历代法帖墨迹，等等。
中国书法的篆、隶、楷、行、草诸书体，与中华文明的发展及文字的变革同频共振，留下了大量的书法资源和文化瑰宝。
如何进一步让优秀的中国书法文化资源在当代得以弘扬，真正“活起来”，是时代赋予我们应有的使命与担当。
伴随着中华文明探源工程的深入开展，丰富的书法资源将得到更系统的挖掘整理和展现。
在科技日新月异的今天，应守正创新，对书法文化资源进行多学科的交叉研究，系统梳理和探寻书法资源的当代价值。
特别是对新出土发现的大量简牍帛书、金石碑刻等，应尽快整理、深入研究。
不仅要在学术领域产生有深度的研究成果，更要实现创造性转化、创新性发展，推出群众喜闻乐见、深入浅出的书法通识类读物，并要注重新媒体的运用推广，让优秀的书法文化资源在当代多元立体化展现与传播。
在文旅融合的发展领域，要重视加强书法文化资源的合理利用。
世界文化遗产泰山上，历代名人名家书刻题记将书法的人文精神融入自然景观；在故宫、苏州园林，书法匾额、楹联和建筑与环境艺术融为一体，体现文化价值……而在当代文旅发展中，特别是一些文化主题景区和街区打造和提升中，依然存在对优秀的书法文化资源认识不足、利用不够、运用水平不高的现象，不少景区甚至存在“俗书”、“丑书”、错别字充斥的现象，应予以充分重视和尽快整改提升。
山东省济南市2021-2022学年高二语文下学期第四次学情检测(5月月考)试题(原卷版)
山东省济南市2021-2022学年高二语文下学期第四次学情检测（5月月考）试题分值：150分 时间：150分钟注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号和座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，用0.5毫米的黑色签字笔将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将答题卡交回。
一、基础知识（每题3分，共27分）1. 下列各句中加点词语的解释相同的一项是（ ）A. ①臣不胜犬马怖惧之情 ②旧时栏楯，亦遂增胜B. ①复驾言兮焉求 ②而渔工水师虽知而不能言C. ①其莳也若子 ②若不过焉则不及D. ①比去，以手阖门 ②去不复顾2. 下列各句中加点词语的解释相同的一项是（ ）A. ①帝乡不可期于尽①况修短随化以归尽C. ①名我固当 ②余固笑而不信也D. ①本图宦达，不矜名节 ②凡在故老，犹蒙矜育3. 下列各句中，加点词的意义和用法都相同的一项是（ ）A. ①臣以险衅，夙遭闵凶 ②谨拜表以闻B. ①而此独以钟名 ②而臆断其有无C. ①于乱石间择其一二扣之 ②若是，则与吾业者其亦有类乎D. ①及其所之既倦 ②胡为乎遑遑欲何之4. 下列各句中，加点词的意义和用法都相同的一项是（ ）A. ①故病且怠 ②且不得暇B. ①乃使人复葺南阁子 ②而陋者乃以斧斤考击而求之C. ①因事顺心 ②因舍其名D. ①虽曰爱之，其实害之 ②而渔工水师虽知而不能言5. 下列各项中加点字的活用现象相同的一项是（ ）A. ①是以区区不能废远②爪其肤以验其生枯B. ①审容膝之易又何以蕃吾生而安吾性耶C. ①业种树 ②垣墙周庭D. ①眄庭柯以怡颜 ②则刘病日笃6. 下列各项特殊句式归类正确的是（ ）①遂见用于小邑 ②古之人不余欺也 ③将有事于西畴④仰观宇宙之大⑤得双石于潭上 ⑥石之铿然有声者 ⑦则告诉不许⑧凡长安豪富人为观游及卖果者A. ①⑤/②⑦/③/④/⑥⑧B. ①⑤/②/③⑦/④⑥⑧C. ①⑦/②/③⑤/④⑥⑧D. ①⑦/②/③⑤/④/⑥⑧7. 下列各项有关文学文化常识的解说不正确的一项是（ ）A. 古人纪月，除了用序数，还会采用一些特殊的称谓，如把四季中每个季节的三个月分别冠以“孟”“仲”“季”，以示区分。
2021-2022学年四川省成都外国语学校德阳校区八年级(上)第一次月考数学试卷(解析版)
2021-2022学年四川省成都外国语学校德阳校区八年级第一学期第一次月考数学试卷一、选择题（每小题4分，共40分）1．下列图形是轴对称图形的是（）A．B．C．D．2．△ABC的三边分别为a，b，c，若a＝4，b＝2，c的长为偶数，则c＝（）A．2B．4C．6D．83．如图，MP＝MQ，PN＝QN，MN交PQ于点O，则下列结论不正确的是（）A．MQ＝NO B．OP＝OQ C．△MPN≌△MQN D．∠MPN＝∠MQN 4．有下列说法：（1）外角和为360°的多边形一定是三角形；（2）有两条边分别相等的两个三角形是全等三角形；（3）角的平分线上的点到角的两边的距离相等；（4）如果∠A＝∠B+∠C，那么△ABC是直角三角形．其中正确的个数为（）A．1个B．2个C．3个D．4个5．如图，在Rt△ABC中，∠A＝90°，利用尺规在BA，BC上分别截取BD，BE，使BD＝BE；分别以D，E为圆心、以大于DE的长为半径作弧，两弧在∠ABC内交于点F；作射线BF交AC于点H．若HA＝2，P为BC上一动点，则HP的最小值是（）A．2B．C．1D．无法确定6．如图，等腰三角形ABC中，AB＝AC，∠BAC＝70°，D是BC中点，DE⊥AB于E，延长DE至F，使EF＝DE，则∠F的度数是（）A．30°B．35°C．55°D．60°7．如图，DE为△ABC中AC边的中垂线，BC＝8，AB＝10，则△EBC的周长是（）A．16B．18C．26D．288．已知△ABC的三条边分别为a，b，c，化简|a+b﹣c|﹣|b﹣a﹣c|+|a﹣b+c|（）A．3a﹣b+c B．a+b﹣c C．a﹣b﹣c D．﹣a+3b﹣3c 9．如图，已知OC平分∠AOB，P是OC上任意一点，PD∥OA交OB于点D，PE⊥OA于点E，∠AOB＝30°，如果PE＝2，则OD的长为（）A．2B．4C．2D．610．如图，已知∠MON＝30°，点A1，A2，A3，…在射线ON上，点B1，B2，B3，…在射线OM上，△A1B1A2，△A2B2A3，△A3B3A4，…均为等边三角形，若OA1＝2，则△A6B6A7的边长为（）A．16B．32C．64D．128二、填空题（每小题4分，共40分）11．如图，在△ABC与△DCB中，∠1＝∠2，增加一个条件后，能使△ABC≌△DCB的是．（只写一个即可）12．在△ABC中，已知AB＝3，AC＝5，AD是BC边上的中线，则AD取值范围是．13．如图，OA＝OB，OC＝OD，∠O＝60°，∠C＝25°，则∠BED等于度．14．已知点P（3，﹣1）关于y轴的对称点Q的坐标是（a+b，1﹣b），则a b的值为．三、解答题（15、16、17题8分，18、19题10分，共44分）15．如图，已知点E，C在线段BF上，BE＝CF，AB∥DE，∠ACB＝∠F．求证：△ABC ≌△DEF，AB＝DE．16．已知△ABC的三个顶点坐标分别为A（﹣1，4），B（﹣3，4），C（﹣5，2）．（1）请在坐标平面内画出△ABC；（2）请在y轴上找一点P，使线段AP与BP的和最小，并直接写出P点坐标（保留作图痕迹）．17．如图，DE⊥AB于E，DF⊥AC于F，若BD＝CD，BE＝CF求证：AD平分∠BAC．18．在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°，AD⊥BC，垂足为G，且AD＝AB．∠EDF＝60°，其两边分别交边AB，AC于点E，F．（1）求证：△ABD是等边三角形；（2）求证：BE＝AF．19．已知：如图，在△ABC的边BC的同侧，以AB，AC为边向外作等边三角形ABD和等边三角形ACE，连接BE、CD，相交于点M．（1）求证：BE＝CD；（2）求∠BMC的度数．四、填空题（共5小题，每小题4分，满分19分）20．如图，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E＝°．21．在平面直角坐标系中，若点A（a﹣1，b+1）和B（﹣3，a﹣3）关于直线x＝1对称，则a+b＝．22．如图，MN是正方形ABCD的一条对称轴，点P是直线MN上的一个动点，当PC+PD 最小时，∠PCD＝°．23．如图，已知∠AOB＝60°，点P在边OA上，OP＝12，点M，N在边OB上，PM＝PN，若MN＝2，则OM＝．24．如图，△ABC中，∠ABC、∠EAC的角平分线BP、AP交于点P，延长BA、BC，PM ⊥BE，PN⊥BF，则下列结论中正确的是．（填序号）①CP平分∠ACF；②∠ABC+2∠APC＝180°；③∠ACB＝2∠APB；④S△PAC＝S△MAP+S△NCP．二、解答题（25题8分，26题10分，27题12分，共，30分）25．如图①，在△ABC中，AD是它的角平分线，P是AD上一点，PE∥AB交BC于E，PF ∥AC交BC于F．（1）求证：D到PE的距离与D到PF的距离相等；（2）如图②，若点P在AD的延长线上，其他条件不变，试猜想（1）中的结论还成立吗？请证明你的猜想．26．如图，△ABC中，BC＝2AC，∠DBC＝∠ACB＝120°，BD＝BC，CD交边AB于点E．（1）求∠ACE的度数．（2）求证：DE＝3CE．27．（1）如图（1），已知：在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，直线m经过点A，BD ⊥直线m，CE⊥直线m，垂足分别为点D、E．证明：DE＝BD+CE．（2）如图（2），将（1）中的条件改为：在△ABC中，AB＝AC，D、A、E三点都在直线m上，并且有∠BDA＝∠AEC＝∠BAC＝α，其中α为任意锐角或钝角．请问结论DE ＝BD+CE是否成立？如成立，请你给出证明；若不成立，请说明理由．（3）拓展与应用：如图（3），D、E是D、A、E三点所在直线m上的两动点（D、A、E三点互不重合），点F为∠BAC平分线上的一点，且△ABF和△ACF均为等边三角形，连接BD、CE，若∠BDA＝∠AEC＝∠BAC，试判断△DEF的形状并说明理由．参考答案一、选择题（每小题4分，共40分）1．下列图形是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．解：A、不是轴对称图形，故本选项不合题意；B、不是轴对称图形，故本选项不合题意；C、不是轴对称图形，故本选项不合题意；D、是轴对称图形，故本选项符合题意；故选：D．2．△ABC的三边分别为a，b，c，若a＝4，b＝2，c的长为偶数，则c＝（）A．2B．4C．6D．8【分析】根据三角形两边之和大于第三边，三角形的两边差小于第三边解答即可．解：由三角形三边关系可得：4﹣2＜c＜4+2，即2＜c＜6，故选：B．3．如图，MP＝MQ，PN＝QN，MN交PQ于点O，则下列结论不正确的是（）A．MQ＝NO B．OP＝OQ C．△MPN≌△MQN D．∠MPN＝∠MQN 【分析】先根据全等三角形的判定定理得出△MPN≌△MQN，再由全等三角形的性质即可得出结论．解：∵MP＝MQ，PN＝QN，∴∠MPQ＝∠MQP，∠NPQ＝∠NQP，∴∠MPQ+∠NPQ＝∠MQP+∠NQP，即∠MPN＝∠MQN，∴D正确．在△MPN与△MQN中，∵，∴△MPN≌△MQN，故C正确；∴∠PNO＝∠QNO，∴ON是线段PQ的垂直平分线，∴OP＝OQ，∴B正确．故选：A．4．有下列说法：（1）外角和为360°的多边形一定是三角形；（2）有两条边分别相等的两个三角形是全等三角形；（3）角的平分线上的点到角的两边的距离相等；（4）如果∠A＝∠B+∠C，那么△ABC是直角三角形．其中正确的个数为（）A．1个B．2个C．3个D．4个【分析】根据多边形的外角和定理，全等三角形的判定定理，邻补角定义，角平分线性质，直角三角形的定义分别判断即可．解：∵多边形的外角和都等于360°，∴说法（1）错误；∵全等三角形的判定定理是SAS，ASA，AAS，SSS，有两条边分别相等的两个三角形不符合全等的条件，即两个三角形不全等，∴说法（2）错误；∵角的平分线上的点到角的两边的距离相等，∴说法（3）正确；∵三角形的内角和为180°，即∠A+∠B+∠C＝180°，∵∠A＝∠B+∠C，∴2∠A＝180°，∠A＝90°，∴△ABC为直角三角形，∴说法（4）正确；故选：B．5．如图，在Rt△ABC中，∠A＝90°，利用尺规在BA，BC上分别截取BD，BE，使BD＝BE；分别以D，E为圆心、以大于DE的长为半径作弧，两弧在∠ABC内交于点F；作射线BF交AC于点H．若HA＝2，P为BC上一动点，则HP的最小值是（）A．2B．C．1D．无法确定【分析】根据作图过程可得BH平分∠ABC，当HP⊥BC时，HP最小，根据角平分线的性质即可得HP的最小值．解：根据作图过程可知：BH平分∠ABC，当HP⊥BC时，HP最小，∴HP＝HA＝2．故选：A．6．如图，等腰三角形ABC中，AB＝AC，∠BAC＝70°，D是BC中点，DE⊥AB于E，延长DE至F，使EF＝DE，则∠F的度数是（）A．30°B．35°C．55°D．60°【分析】根据等腰三角形的性质得到∠BAD＝∠BAC＝70°＝35°，根据线段垂直平分线的性质得到AF＝AD，即可得到结论．解：∵AB＝AC，D是BC中点，∴∠BAD＝∠BAC＝70°＝35°，∵DE⊥AB，∴∠ADE＝55°，∵EF＝DE，DE⊥AB，∴AF＝AD，∴∠F＝∠ADE＝55°．故选：C．7．如图，DE为△ABC中AC边的中垂线，BC＝8，AB＝10，则△EBC的周长是（）A．16B．18C．26D．28【分析】利用线段垂直平分线的性质得AE＝CE，再等量代换即可求得三角形的周长．解：∵DE是△ABC中AC边的垂直平分线∴AE＝CE∴AE+BE＝CE+BE＝10∴△EBC的周长＝BC+BE+CE＝10+8＝18．故选：B．8．已知△ABC的三条边分别为a，b，c，化简|a+b﹣c|﹣|b﹣a﹣c|+|a﹣b+c|（）A．3a﹣b+c B．a+b﹣c C．a﹣b﹣c D．﹣a+3b﹣3c【分析】根据三角形的任意两边之和大于第三边可得a+b﹣c＞0，b﹣a+c＞0，b﹣a﹣c ＜0，再根据绝对值的性质去掉绝对值符号，然后利用整式的加减运算进行计算即可得解．解：∵a、b、c分别为△ABC的三边长，∴a+b﹣c＞0，b﹣a﹣c＜0，a﹣b+c＞0，∴|a+b﹣c|﹣|b﹣a﹣c|+|a﹣b+c|＝a+b﹣c﹣（a+c﹣b）+a﹣b+c＝a+b﹣c﹣a﹣c+b+a﹣b+c＝a+b﹣c．故选：B．9．如图，已知OC平分∠AOB，P是OC上任意一点，PD∥OA交OB于点D，PE⊥OA于点E，∠AOB＝30°，如果PE＝2，则OD的长为（）A．2B．4C．2D．6【分析】过点P作PF⊥OB于F，根据角平分线上的点到角的两边距离相等可得PF＝PE，根据角平分线的定义可得∠AOC＝∠BOC，根据两直线平行，内错角相等可得∠AOC＝∠OPD，两直线平行，同位角相等可得∠PDF＝∠AOB，再求出∠BOC＝∠OPD，根据等角对等边可得PD＝OD，然后根据直角三角形30°角所对的直角边等于斜边的一半可得PF＝PD，于是得到结论．解：如图，过点P作PF⊥OB于F，∵OC平分∠AOB，PE⊥OA，∴PE＝PF＝2，∵OC平分∠AOB，∴∠AOC＝∠BOC，∵PD∥OA，∴∠AOC＝∠OPD，∠PDF＝∠AOB＝30°，∴∠BOC＝∠OPD，∴PD＝OD，∴PF＝PD＝2，∴OD＝PD＝4．故选：B．10．如图，已知∠MON＝30°，点A1，A2，A3，…在射线ON上，点B1，B2，B3，…在射线OM上，△A1B1A2，△A2B2A3，△A3B3A4，…均为等边三角形，若OA1＝2，则△A6B6A7的边长为（）A．16B．32C．64D．128【分析】由等边三角形的性质得到∠B1A1A2＝60°，A1B1＝A1A2，再由三角形外角的性质求出∠A1B1O＝30°，则A1B1＝A1A2＝OA1，同理得A2B2＝A2A3＝OA2＝2OA1，A3B3＝A3A4＝22•OA1，A4B4＝A4A5＝23•OA1，由此得出规律A n B n＝A n A n+1＝2n﹣1•OA1＝2n，即可求解．解：∵△A1B1A2为等边三角形，∴∠B1A1A2＝60°，A1B1＝A1A2，∴∠A1B1O＝∠B1A1A2﹣∠MON＝60°﹣30°＝30°，∴∠A1B1O＝∠MON，∴A1B1＝OA1，∴A1B1＝A1A2＝OA1，同理可得A2B2＝A2A3＝OA2＝2OA1，∴A3B3＝A3A4＝OA3＝2OA2＝22•OA1，A4B4＝A4A5＝OA4＝2OA3＝23•OA1，…∴A n B n＝A n A n+1＝2n﹣1•OA1＝2n，∴△A6B6A7的边长：A6B6＝26＝64，故选：C．二、填空题（每小题4分，共40分）11．如图，在△ABC与△DCB中，∠1＝∠2，增加一个条件后，能使△ABC≌△DCB的是AC ＝BD．（只写一个即可）【分析】根据全等三角形的判定定理判断即可．解：因为AC＝BD，∠1＝∠2，BC＝BC，根据SAS能推出△ABC≌△DCB；因为∠1＝∠2，BC＝BC，∠ABC＝∠DCB，根据ASA能推出△ABC≌△DCB；因为∠A＝∠D，∠1＝∠2，BC＝BC，根据AAS能推出△ABC≌△DCB；故答案为：AC＝BD（答案不唯一）．12．在△ABC中，已知AB＝3，AC＝5，AD是BC边上的中线，则AD取值范围是1＜AD ＜4．【分析】如图，首先倍长中线AD至E，连接CE，因此可以得到△ABD≌△ECD，这样就有CE＝AB，然后在△ACE中利用三角形的三边的关系即可求解．解：如图，延长AD至E，使DE＝AD，连接CE，∵AD是BC边上的中线，∴BD＝CD，∠ADB＝∠CDE，∴△ABD≌△ECD，∴CE＝AB，在△ACE中，AC﹣CE＜AE＜AC+CE，而AB＝3，AC＝5，∴5﹣3＜AE＜5+3，∴2＜2AD＜8，即1＜AD＜4．13．如图，OA＝OB，OC＝OD，∠O＝60°，∠C＝25°，则∠BED等于70度．【分析】利用已知条件证明△OAD≌△OBC，再根据全等三角形的性质就得到∠D＝∠C，然后就可以求出．解：∵OA＝OB，OC＝OD，∠O＝60°，∴△OAD≌△OBC，∴∠D＝∠C＝25°，∵∠DBE＝∠O+∠C＝85°，∴∠BED＝180°﹣25°﹣85°＝70°．14．已知点P（3，﹣1）关于y轴的对称点Q的坐标是（a+b，1﹣b），则a b的值为25．【分析】根据关于y轴对称点的坐标特点：横坐标互为相反数，纵坐标不变可直接得到答案．解：∵点P（3，﹣1）关于y轴的对称点Q的坐标是（a+b，1﹣b），∴，解得：，则a b的值为：（﹣5）2＝25．故答案为：25．三、解答题（15、16、17题8分，18、19题10分，共44分）15．如图，已知点E，C在线段BF上，BE＝CF，AB∥DE，∠ACB＝∠F．求证：△ABC ≌△DEF，AB＝DE．【分析】根据平行线的性质可知由∠B＝∠DEF．BE＝CF，∠ACB＝∠F，根据ASA定理可知△ABC≌△DEF．【解答】证明：∵AB∥DE，∴∠B＝∠DEF．∵BE＝CF，∴BC＝EF．∵∠ACB＝∠F，∴，∴△ABC≌△DEF（ASA）．∴AB＝DE．16．已知△ABC的三个顶点坐标分别为A（﹣1，4），B（﹣3，4），C（﹣5，2）．（1）请在坐标平面内画出△ABC；（2）请在y轴上找一点P，使线段AP与BP的和最小，并直接写出P点坐标（保留作图痕迹）．【分析】（1）根据A（﹣1，4），B（﹣3，4），C（﹣5，2）．即可在坐标平面内画出△ABC；（2）作点A关于y轴的对称点A′，即可找到点P，根据两点之间，线段最短可得线段AP与BP的和最小，进而可得P点坐标．解：（1）如图，△ABC即为所求；（2）如图，点P即为所求，P点坐标为（0，4）．17．如图，DE⊥AB于E，DF⊥AC于F，若BD＝CD，BE＝CF求证：AD平分∠BAC．【分析】由DE⊥AB于E，DF⊥AC于F，若BD＝CD，BE＝CF，即可判定Rt△BDE≌Rt△CDF（HL），则可得DE＝DF，然后由角平分线的判定定理，即可证得AD平分∠BAC．【解答】证明：∵DE⊥AB，DF⊥AC，∴∠E＝∠DFC＝90°，在Rt△BDE和Rt△CDF中，，∴Rt△BDE≌Rt△CDF（HL），∴DE＝DF，∵AD＝AD，Rt△ADE≌Rt△ADF（HL），∴∠DAE＝∠DAF，∴AD平分∠BAC．18．在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°，AD⊥BC，垂足为G，且AD＝AB．∠EDF＝60°，其两边分别交边AB，AC于点E，F．（1）求证：△ABD是等边三角形；（2）求证：BE＝AF．【分析】（1）连接BD由等腰三角形的性质和已知条件得出∠BAD＝∠DAC＝×120°＝60°，再由AD＝AB，即可得出结论；（2）由△ABD是等边三角形，得出BD＝AD，∠ABD＝∠ADB＝60°，证出∠BDE＝∠ADF，由ASA证明△BDE≌△ADF，得出BE＝AF．【解答】（1）证明：连接BD，∵AB＝AC，AD⊥BC，∴∠BAD＝∠DAC＝∠BAC，∵∠BAC＝120°，∴∠BAD＝∠DAC＝×120°＝60°，∵AD＝AB，∴△ABD是等边三角形；（2）证明：∵△ABD是等边三角形，∴∠ABD＝∠ADB＝60°，BD＝AD∵∠EDF＝60°，∴∠BDE＝∠ADF，在△BDE与△ADF中，，∴△BDE≌△ADF（ASA），∴BE＝AF．19．已知：如图，在△ABC的边BC的同侧，以AB，AC为边向外作等边三角形ABD和等边三角形ACE，连接BE、CD，相交于点M．（1）求证：BE＝CD；（2）求∠BMC的度数．【分析】（1）由等边三角形不难得出△DAC≌△BAE；（2）△DAC≌△BAE得出∠ACD＝∠AEB，再利用角之间的转化，进而可得出结论．【解答】证明：（1）∵△ABD与△ACE是等边三角形，∴AD＝AB，AE＝AC，∠BAD＝∠CAE＝60°，∴∠DAB+∠BAC＝∠CAE+∠BAC，即∠DAC＝∠BAE，在△DAC与△BAE中，，∴△DAC≌△BAE（SAS），（2）∵△DAC≌△BAE，∴∠ACD＝∠AEB，∠DME＝∠BEC+∠ECM＝∠BEC+∠ECA+∠ACD＝120°，∴∠BMC＝120°．四、填空题（共5小题，每小题4分，满分19分）20．如图，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E＝180°．【分析】如图根据三角形的外角的性质，三角形内角和定理可知∠1＝∠B+∠2，∠2＝∠D+∠E，∠A+∠1+∠C＝180°，由此不难证明结论．解：如图，∵∠1＝∠B+∠2，∠2＝∠D+∠E，∠A+∠1+∠C＝180°，∴∠A+∠B+∠D+∠E+∠C＝180°，故答案为：180．21．在平面直角坐标系中，若点A（a﹣1，b+1）和B（﹣3，a﹣3）关于直线x＝1对称，则a+b＝﹣16．【分析】直接利用关于x轴的对称点的坐标特点：横坐标不变，纵坐标互为相反数，得出a，b的值，进而得出答案．解：∵点A（a﹣1，b+2）和B（﹣3，a﹣3）关于直线x＝1对称，∴＝1，b+1＝a﹣3，解得：a＝﹣6，b＝﹣10，则：a+b＝﹣6﹣10＝﹣16．故答案为：﹣16．22．如图，MN是正方形ABCD的一条对称轴，点P是直线MN上的一个动点，当PC+PD 最小时，∠PCD＝45°．【分析】根据当PC+PD最小时，作出D点关于MN的对称点，正好是A点，连接AC 即可得出∠PCD的度数．解：∵当PC+PD最小时，作出D点关于MN的对称点，正好是A点，连接AC，AC为正方形对角线，根据正方形的性质得出∠PCD＝45°，∴∠PCD＝45°．故答案为：45°．23．如图，已知∠AOB＝60°，点P在边OA上，OP＝12，点M，N在边OB上，PM＝PN，若MN＝2，则OM＝5．【分析】过P作PD⊥OB，交OB于点D，在直角三角形POD中，利用锐角三角函数定义求出OD的长，再由PM＝PN，利用三线合一得到D为MN中点，根据MN求出MD 的长，由OD﹣MD即可求出OM的长．解：过P作PD⊥OB，交OB于点D，在Rt△OPD中，cos60°＝＝，OP＝12，∴OD＝6，∵PM＝PN，PD⊥MN，MN＝2，∴MD＝ND＝MN＝1，∴OM＝OD﹣MD＝6﹣1＝5．故答案为：5．24．如图，△ABC中，∠ABC、∠EAC的角平分线BP、AP交于点P，延长BA、BC，PM ⊥BE，PN⊥BF，则下列结论中正确的是①②③④．（填序号）①CP平分∠ACF；②∠ABC+2∠APC＝180°；③∠ACB＝2∠APB；④S△PAC＝S△MAP+S△NCP．【分析】过点P作PD⊥AC于D，根据角平分线的判定定理和性质定理判断①；证明Rt △PAM≌Rt△PAD，根据全等三角形的性质得出∠APM＝∠APD，判断②；根据三角形的外角性质判断③；根据全等三角形的性质判断④．解：①过点P作PD⊥AC于D，∵PB平分∠ABC，PA平分∠EAC，PM⊥BE，PN⊥BF，PD⊥AC，∴PM＝PN，PM＝PD，∴PM＝PN＝PD，∴点P在∠ACF的角平分线上，故①正确；②∵PM⊥AB，PN⊥BC，∴∠ABC+90°+∠MPN+90°＝360°，∴∠ABC+∠MPN＝180°，在Rt△PAM和Rt△PAD中，，∴Rt△PAM≌Rt△PAD（HL），∴∠APM＝∠APD，同理：Rt△PCD≌Rt△PCN（HL），∴∠CPD＝∠CPN，∴∠MPN＝2∠APC，∴∠ABC+2∠APC＝180°，②正确；③∵PA平分∠CAE，BP平分∠ABC，∴∠CAE＝∠ABC+∠ACB＝2∠PAM，∠PAM＝∠ABC+∠APB，∴∠ACB＝2∠APB，③正确；④由②可知Rt△PAM≌Rt△PAD（HL），Rt△PCD≌Rt△PCN（HL）∴S△APD＝S△APM，S△CPD＝S△CPN，∴S△APM+S△CPN＝S△APC，故④正确，故答案为：①②③④．二、解答题（25题8分，26题10分，27题12分，共，30分）25．如图①，在△ABC中，AD是它的角平分线，P是AD上一点，PE∥AB交BC于E，PF ∥AC交BC于F．（1）求证：D到PE的距离与D到PF的距离相等；（2）如图②，若点P在AD的延长线上，其他条件不变，试猜想（1）中的结论还成立吗？请证明你的猜想．【分析】（1）首先由PE∥AB，PF∥AC，根据两直线平行，同位角相等，可得∠EPD ＝∠BAD，∠DPF＝∠CAD，又由△ABC中，AD是它的角平分线，可得DP平分∠EPF，根据角平分线的性质，即可证得D到PE的距离与D到PF的距离相等；（2）若点P在AD的延长线上，其他条件不变，（1）中的结论还成立，同（1）证明即可．【解答】（1）证明：∵PE∥AB，PF∥AC，∴∠EPD＝∠BAD，∠DPF＝∠CAD，∵△ABC中，AD是它的角平分线，∴∠BAD＝∠CAD，∴∠EPD＝∠DPF，即PD平分∠EPF，∴D到PE的距离与D到PF的距离相等；（2）若点P在AD的延长线上，其他条件不变，（1）中的结论还成立．理由如下：∵PE∥AB，PF∥AC，∴∠EPD＝∠BAD，∠DPF＝∠CAD，∵△ABC中，AD是它的角平分线，∴∠BAD＝∠CAD，∴∠EPD＝∠DPF，即PD平分∠EPF，∴D到PE的距离与D到PF的距离相等．26．如图，△ABC中，BC＝2AC，∠DBC＝∠ACB＝120°，BD＝BC，CD交边AB于点E．（1）求∠ACE的度数．（2）求证：DE＝3CE．【分析】（1）利用等腰三角形BCD的性质、△DBC的内角和定理和图形中的角与角间的数量关系来求∠ACE的度数；（2）过点B作BM⊥DC于点M．由全等三角形△BME与△ACE的对应边相等推知ME ＝CE＝MC．然后根据等腰三角形“三合一”的性质证得DM＝MC，最后由等量代换证得结论．【解答】（1）解：∵BD＝BC（已知），∴∠D＝∠BCD（等边对等角）．又∵∠DBC＝120°，∠D+∠BCD+∠DBC＝180°（三角形内角和定理），∴∠D＝∠BCD＝30°．∵∠ACB＝120°，∠ACB＝∠ACE+∠BCD，∴∠ACE＝90°；（2）证明：过点B作BM⊥DC于点M．在Rt△BMC中，由∠BCD＝30°，得BM＝BC．∵BC＝2AC，∴AC＝BC，∴BM＝AC．在△BME与△ACE中，∵，∴△BME≌△ACE（AAS），∴ME＝CE＝MC．∵BD＝BC，BM⊥DC，∴DM＝MC，∴ME＝CE＝DM，∴DE＝3CE．27．（1）如图（1），已知：在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，直线m经过点A，BD ⊥直线m，CE⊥直线m，垂足分别为点D、E．证明：DE＝BD+CE．（2）如图（2），将（1）中的条件改为：在△ABC中，AB＝AC，D、A、E三点都在直线m上，并且有∠BDA＝∠AEC＝∠BAC＝α，其中α为任意锐角或钝角．请问结论DE ＝BD+CE是否成立？如成立，请你给出证明；若不成立，请说明理由．（3）拓展与应用：如图（3），D、E是D、A、E三点所在直线m上的两动点（D、A、E三点互不重合），点F为∠BAC平分线上的一点，且△ABF和△ACF均为等边三角形，连接BD、CE，若∠BDA＝∠AEC＝∠BAC，试判断△DEF的形状并说明理由．【分析】（1）根据BD⊥直线m，CE⊥直线m得∠BDA＝∠CEA＝90°，而∠BAC＝90°，根据等角的余角相等得∠CAE＝∠ABD，然后根据“AAS”可判断△ADB≌△CEA，则AE ＝BD，AD＝CE，于是DE＝AE+AD＝BD+CE；（2）由∠BDA＝∠AEC＝∠BAC，就可以求出∠BAD＝∠ACE，进而由AAS就可以得出△BAD≌△ACE，就可以得出BD＝AE，DA＝CE，即可得出结论；（3）由等边三角形的性质，可以求出∠BAC＝120°，就可以得出△BAD≌△ACE，就有BD＝AE，进而得出△BDF≌△AEF，得出DF＝EF，∠BFD＝∠AFE，而得出∠DFE＝60°，就有△DEF为等边三角形．解：（1）如图1，∵BD⊥直线m，CE⊥直线m，∴∠BDA＝∠CEA＝90°，∵∠BAC＝90°，∴∠BAD+∠CAE＝90°∵∠BAD+∠ABD＝90°，∴∠CAE＝∠ABD，在△ADB和△CEA中，，∴△ADB≌△CEA（AAS），∴AE＝BD，AD＝CE，∴DE＝AE+AD＝BD+CE；（2）如图2，∵∠BDA＝∠BAC＝α，∴∠DBA+∠BAD＝∠BAD+∠CAE＝180°﹣α，∴∠DBA＝∠CAE，在△ADB和△CEA中，，∴△ADB≌△CEA（AAS），∴AE＝BD，AD＝CE，∴DE＝AE+AD＝BD+CE；（3）如图3，由（2）可知，△ADB≌△CEA，∴BD＝AE，∠DBA＝∠CAE，∵△ABF和△ACF均为等边三角形，∴∠ABF＝∠CAF＝60°，BF＝AF，∴∠DBA+∠ABF＝∠CAE+∠CAF，∴∠DBF＝∠FAE，∵在△DBF和△EAF中，，∴△DBF≌△EAF（SAS），∴DF＝EF，∠BFD＝∠AFE，∴∠DFE＝∠DFA+∠AFE＝∠DFA+∠BFD＝60°，∴△DEF为等边三角形．。
宁夏育才中学2021-2022学年高二9月月考语文试题 Word版含答案
2021---2022学年度宁夏育才中学高二第一学期月考（一）语文试卷留意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码精确粘贴在条形码区域内。
2.答题时请按要求用笔。
3.请依据题号挨次在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4.作图可先使用铅笔画出，确定后必需用黑色字迹的签字笔描黑。
5.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（9分，每小题3分）大众文化的冶炼虞昕在中国电影产业迅猛进展、取得一个又一个票房新高的同时,“轻电影”盛行,国产电影的文化厚度与博大、肤浅的民族文化积淀不相匹配等问题也渐渐浮出水面。
不过,单纯地批判中国电影人“没文化”是隔靴搔痒。
电影并不是孤立的文化产品,而是植根于全社会大众文化土壤的制造物,是一个时期内大众文化样貌在银幕上的集中体现。
譬如,近年来风靡全球的《报仇者联盟》《蝙蝠侠》等好莱坞超级英雄电影,都是由漫画原作改编而来;走入国际观众视野的中国“武侠电影”则脱胎于晚清民国以来品类丰富的武侠小说。
这些作品是大众文化孕育多年后在电影领域的结晶,绝不是电影人单打独斗所能完成的。
最近两年,综艺节目火爆,中国大银幕上也相继消灭了《爸爸去哪儿》《奔跑吧兄弟》等高票房的国产“综艺电影”,这在世界电影产业史上是极为罕见的现象。
由于制作上的粗糙以及观众新颖感的减退,这类电影正在式微。
但这个现象说明有怎样的大众文化,就有怎样的电影。
电影和大众文化本就相辅相成,互为因果。
在今日的中国,电影——特殊是观影人次多、舆论影响大的“大众电影”——本身就是大众文化的重要组成部分甚至是引领力气,它极大地形塑着当下的大众文化。
譬如随着一部电影的流行,其中的经典台词经常成为社会流行语;而像《友爱的》这样反映某一社会问题的热映电影,甚至经由大众文化、社会舆论等影响到了相关立法,更是明证。
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四川省成都外国语学校2021-2022高二语文5月月考试题注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并使用2B铅笔填涂。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；回答非选择题时，将答案写在答题卡上黑色方框以内，否则答案无效。
3.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
一、现代文阅读（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1～3题。
长期以来，人们大都是从史学和文学的角度来认识和评价《史记》的，认为《史记》是中国的第一部通史，《史记》开创了中国史学的新纪元；认为《史记》是一部伟大的纪传体作品，有很强的文学性，是一部前无古人的传记文学。
这种认识自然是正确的。
然而，这样做无疑是忽略了司马迁自身的期许，忽略了司马迁以文学笔法书写史学著作的基本原则，忽略了史官的文化使命和历史担当。
这种种情况的存在，直接影响到我们对《史记》的正确解读，同时也降低了司马迁及《史记》文学及文化品质的倾向。
司马迁是以文学笔法担当历史叙述的，是以生动的艺术形象承担博大精深的历史哲学观的。
具体地讲，司马迁对《史记》的期许主要有两个：一是他在《报任少卿书》中提出的“欲究天人之际，通古今之变，成一家之言”；二是他在《史记·太史公自序》中强调的“罔罗天下放失旧闻，王迹所兴，原始察终，见盛观衰”。
“原始察终，见盛观衰”的落实之处是“罔罗天下放失旧闻，考之行事，稽其成败兴坏之理”。
这两个期许构成了司马迁的历史哲学观。
问题是如何才能把深奥的道理叙述得深入浅出。
司马迁采用的笔法是从历史人物的生动事迹入手，选择典型事件或言行，采用以小见大的方式揭示最深刻的道理。
所谓“究天人之际”，是指探究天道和人道之间的对应关系，揭示社会运动的规律。
汉代是宗教神学盛行的时代，天人关系是汉代人关心的大问题。
不过，在以文学的笔法叙述历史时，司马迁重点关注的对象是人，强调人在社会运动中的作用。
关于这点，从司马迁的言论及《史记》五体排列秩序中可得到证明。
如司马迁在《白起王翦列传》《廉颇蔺相如列传》中选择典型事例叙述了只会纸上谈兵的赵括。
如果赵王能听进赵括母亲的意见，那么，赵军将不会因赵括指挥失误在长平惨败，导致40万士兵被秦将白起坑杀。
长平之战是赵国由盛而衰的转折点，在这里，司马迁选择典型事例详细地叙述了人在历史活动中的作用。
在表达中，主要是通过描述生动鲜活的人物和言行来承担其历史哲学观的。
所谓“通古今之变”，是指以变化为视点考察古今社会运动的历史，从叙述古今人物事迹入笔强调为现实服务的精神。
具体地讲，在《史记》人物传记叙述时，司马迁有意识地建立了“通古今之变”与“原始察终，见盛观衰”之间的关系。
司马迁历史哲学思想的核心是历史循环论。
从大的方面讲，司马迁的历史循环论思想主要有四个来源：一是《周易》(包括《易传》)；二是邹衍的“五德终始说”；三是“孔孟学说”；四是董仲舒的“三统说”。
这四个来源作为司马迁历史哲学思想的基石，不仅承担了司马迁“通古今之变”的史学思想，而且与“本纪”形成了特殊的表达关系。
如在历史的叙述中，司马迁分别以《秦始皇本纪》《陈涉世家》等为叙述载体，选择能揭示事物本质的典型事件和人物言论，深刻地揭示了秦兴也勃、其亡也速的历史。
1．下列关于原文内容的表述，不正确的一项是（）A．人们认为《史记》是一部开创了中国史学新纪元、有很强文学性的纪传体作品，大都是从史学和文学的角度来认识和评价《史记》的。
B．司马迁有自己的人生期许，有作为史官的文化使命和历史担当，这两点决定了《史记》的文学性。
C．在《报任少卿书》和《史记·太史公自序》中司马迁表达了对《史记》的两个主要的期许，这两个期许构成了司马迁的历史哲学观。
D．司马迁的历史哲学观是博大精深的，而以小见大，选择典型事件或言行，进行生动的叙述是司马迁采用的笔法。
2．下列理解和分析，不符合原文意思的一项是（）A．汉代盛行宗教神学，人们普遍关心天人关系，司马迁提出的“究天人之际”的期许带有时代特征，深深地打上了宗教神学的烙印。
B．司马迁的言论、《史记》的五体排列秩序以及选择典型事例来表现人物的手法都证明：在天人关系中，司马迁重点关注的是人，强调人对社会运动的作用。
C．司马迁在《史记》中所记载的赵王任用赵括指挥长平之战而失败，导致赵国由盛转衰的史实，说明了人可以影响历史活动。
D．无论是“究天人之际”还是“通古今之变”，司马迁都是选择典型事件和人物言论来叙述人物，以表现其历史哲学观。
3．根据原文内容，下列说法不正确的一项是（）A．作者认为不应该忽略《史记》的哲学特质，否则会违背司马迁的创作初衷，影响到我们对《史记》的正确解读。
B．在表达天人关系的历史哲学观时，司马迁主要是通过对人物进行生动的描述来强调人在历史进程、社会变迁中的作用的。
C．司马迁以《周易》、邹衍的“五德终始说”、“孔孟学说”、董仲舒的“三统说”为来源和基础，建立了自己的历史循环论思想。
D．《陈涉世家》等篇章除揭示了秦兴也勃、其亡也速的历史，同时也表达了司马迁整体的历史循环论思想。
（二）实用类文本阅读（本题共3小题，12分）阅读下面的文字，完成4～6题。
材料一：我国首部为传统中医药振兴而制定的国家法律——《中华人民共和国中医药法》 12月25日诞生，为继承和弘扬中医药、促进中医药事业健康发展提供了有力法律支撑。
(摘编自新华社报道)材料二：国家卫生计生委副主任、国家中医药管理局局长王国强指出，一年来，不断激发中医药的潜力与活力，促进中医药医疗、保健、科研、教育、产业、文化以及对外合作与交流协调发展，并取得了新成效。
在中医药服务能力持续提升方面，国务院医改领导小组向全国推广加强基层中医馆建设、合理确定中医按病种支付标准、中医门诊诊疗服务纳入首诊范围、创新中医诊疗模式等经验。
各地也进行了大胆的探索实践，比如江苏试点公立中医医院人员编制备案管理；河南两家中医医院入选全省重点建设六个区域诊疗中心规划；云南总站推广绥江县中医药进家入户的经验等。
一年来，以全方位全周期保障人民健康为出发点和落脚点，人民群众对中医药服务获得感不断增强，包括人民群众获得中医药服务的途径更加丰富，内容更加多样等。
(摘编自《中国人物》) 材料三：东汉末年，华佗创制了麻醉剂“麻沸散”，开创了麻醉药用于外科手术的先河。
屠呦呦凭借“青蒿素”的发明摘得诺贝尔奖，这一抗疟药物拯救了全球数百万人的性命；里约奥运会上，泳坛名将菲尔普斯身上的火罐烙印让世界了解了“中国印”。
近年来，“中医热”不断掀起风潮。
中医药有着数千年的悠久历史，是中华民族的瑰宝，也越来越受到世界各国的重视和欢迎。
正在莫斯科召开的世界传统医学国际展览会上，中国展团受到越来越多的关注。
莫斯科国立谢切诺夫第一医科大学教授、论坛学术负责人济洛夫就认为，仅靠西医疗法在治疗一些疾病时存在明显不足，要想有效地对病人进行诊疗，需要借鉴东方国家历史悠久的传统医学。
目前，中医药已传播到183个国家和地区，中国与外国政府、地区和国际组织签订了86个中医药合作协议，中国政府已经支持在海外建立了10个中医药中心，建设了一批面向“一带一路”国家的国际交流合作基地，为搭建高水平中外中医药合作平台迈出了坚实的一步。
随着针灸等中医疗法在越来越多的国家和地区获得认可，中药的潜力也有望通过现代医学技术和标准被进一步发掘。
世界传统医学体系国际论坛期间，一些专家认为，以青蒿素为例，它的研发过程与中医药传统的“煎煮熬”截然不同。
从药材筛选提炼、临床试验、结晶获取、结构分析、人工合成直至新药研发，现代医学技术和标准发挥了重要作用。
这也说明中西医药各有所长，两者有机站台、优势互补，将具有更大开发潜力和更好发展前景。
通过加强中医药科技规划和项目的统筹等多种措施，中医药将更具“国际范儿”，也必将更好地造福人类。
(摘编自《邢台日报》) 4．下列对材料相关内容的梳理，不正确的一项是( )A．《中华人民共和国中医药法》是一部为振兴传统中医药而制定的国家法律，它对中医药的发展具有里程碑意义。
B．近年来，中医药在医疗、保健、科研、教育、对外交流等方面取得了新的发展和新的成效，人民群众对医药服务的提升也有切身体会。
C．俄罗斯医学教授济洛夫呼吁借鉴历史悠久的中国传统医学进行诊疗，因为他认为西医疗法治疗一些疾病时有明显的不足。
D．中医药是中华民族的瑰宝，在新的历史时期，越来越受到国际社会的重视和欢迎，中国和世界在中医学上的交流合作正在不断深化。
5．下列对材料相关内容的概括和分析，正确的一项是( )A．坚持以人为本，以保障人民健康为出发点和落脚点，实现中医药成果人民共享，是中医药发展必须遵循的一个基本原则。
B．从华佗创制“麻沸散”开创麻醉药用于外科手术的先河到屠呦呦凭借发明“青蒿素”获得诺贝尔奖，可以看出，中医药一直走在世界医学的前列，引领世界医学的发展。
C．中医药具有重视整体、注重“平”“和”、强调个性化、突出“治未病”、使用简便等五大特点，这是世界上其他医学所不具备的优势。
D．中医药与国际上的合作正在不断深化，目前中国政府已与世界上100多个国家和地区签订中医药合作协议，建立了中医药中心，并将中医药传播到这些国家和地区。
6．中医药如何才能进一步加强国际地位，获得更大的发展？请结合文本加以概括。
（三）文学类文本阅读（本题共3小题，15分）阅读下面的文字，完成7～9题。
绳子的故事莫泊桑这是个赶集的日子。
戈德维尔的集市广场上，人群和牲畜混在一起，黑压压一片。
整个集市都带着牛栏、牛奶、牛粪、干草和汗臭的味道，散发着种田人所特有的那种难闻的人和牲畜的酸臭气。
布雷奥戴村奥士高纳大爷正在向集市广场走来。
突然他发现地下有一小段绳子，奥士高纳大爷具有诺曼底人的勤俭精神，他弯下身去，从地上捡起了那段细绳子。
这时他发现自己的冤家对头马具商马朗丹大爷在自家门口瞅着他，颇感坍台【注】。
他立即将绳头藏进罩衫，接着又藏入裤子口袋，然后很快便消失在赶集的人群中去了。
教堂敲响了午祷的钟声，集市的人群渐渐散去。
朱尔丹掌柜的店堂里，坐满了顾客。
突然，客店前面的大院里响起了一阵鼓声，传达通知的乡丁拉开嗓门背诵起来：“今天早晨，九、十点钟之间，有人在勃兹维尔大路上遗失黑皮夹子一只。
内装法郎五百，单据若干。
请拾到者立即交到乡政府，或者曼纳维尔村乌勒布雷克大爷家。
送还者得酬金法郎二十。
”午饭已经用毕，这时，宪兵大队长突然出现在店堂门口。
他问道：“布雷奥戴村奥士高纳大爷在这儿吗？”坐在餐桌尽头的奥士高纳大爷回答说：“在。
”于是宪兵大队长又说：“奥士高纳大爷，请跟我到乡政府走一趟。
乡长有话要对您说。
”乡长坐在扶手椅里等着他。
“奥士高纳大爷，”他说，“有人看见您今早捡到了曼纳维尔村乌勒布雷克大爷遗失的皮夹子。