[精品]新高三数学第二轮专题复习概率与统计优质课教案

高三数学第二轮专题复习：概率与统计
高考要求
概率是高考的重点内容之一，尤其是新增的随机变量这部分内容要充分注意一些重要概念的实际意义，理解概率处理问题的基本思想方法
重难点归纳
本章内容分为概率初步和随机变量两部分第一部分包括等可能事件的概率、互斥事件有一个发生的概率、相互独立事件同时发生的概率和独立重复实验第二部分包括随机变量、离散型随机变量的期望与方差
涉及的思维方法观察与试验、分析与综合、一般化与特殊化主要思维形式有逻辑思维、聚合思维、形象思维和创造性思维
典型题例示范讲解
例1有一容量为50的样本，数据的分组及各组的频率数如下
［10，15］4 ［30，35)9 ［15，20)5 ［35，40)8
［20，25)10 ［40，45)3 ［25，30)11
(1)列出样本的频率分布表(含累积频率)；
(2)画出频率分布直方图和累积频率的分布图
命题意图本题主要考查频率分布表，频率分布直方图和累积频率的分布图的画法
知识依托频率、累积频率的概念以及频率分布表、直方图和累积频率分布图的画法
错解分析解答本题时，计算容易出现失误，且要注意频率分布与累积频率分布的区别
技巧与方法本题关键在于掌握三种表格的区别与联系
解 (1)由所给数据，计算得如下频率分布表
数据段频数频率累积频率
［10,15) 4 0.08 0.08
［15,20) 5 0.10 0.18
［20,25)10 0.20 0.38
［25,30)11 0.22 0.60
［30,35)9 0.18 0.78
［35,40)8 0.16 0.94
［40,45) 3 0.06 1
总计50 1
(2)频率分布直方图与累积频率分布图如下
数据0.0440.0400.0360.0320.0200.0160.012
45
40353025201510频率组距
o
45
403530252015100.90.80.70.60.50.40.30.2
0.1
o
y
x
例2袋子A 和B 中装有若干个均匀的红球和白球，从A 中摸出一个红球的概率是3
1
，从B 中摸出一个红球的概率为p ．
(Ⅰ) 从A 中有放回地摸球，每次摸出一个，有3次摸到红球即停止．
(i )求恰好摸5次停止的概率；
(ii )记5次之内(含5次)摸到红球的次数为ξ，求随机变量ξ的分布率及数学期望E ξ．
(Ⅱ) 若A 、B 两个袋子中的球数之比为12，将A 、B 中的球装在一起后，从中摸出一个红球的概率是25
，求p 的值．
命题意图 本题考查利用概率知识和期望的计算方法
知识依托 概率的计算及期望的概念的有关知识
错解分析 在本题中，随机变量的确定，稍有不慎，就将产生失
误
技巧与方法 可借助n 次独立重复试验概率公式计算概率
解 (Ⅰ)（i ）22
241218
33381
C ⎛⎫⎛⎫⨯⨯⨯= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
(ii)随机变量ξ的取值为0，1，2，3，； 由n 次独立重复试验概率公式()()
1n k
k k n n P k C p p -=-，得
()50
5
132013243
P C ξ⎛⎫==⨯-= ⎪⎝⎭； ()4
1511801133243P C ξ⎛⎫==⨯⨯-=
⎪⎝⎭ ()232511802133243P C ξ⎛⎫⎛⎫==⨯⨯-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭()32
3511173133243P C ξ⎛⎫⎛⎫==⨯⨯-=
⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
（或()3280217
31243243
P ξ+⨯==-
=
） 随机变量ξ的分布列是
ξ 0
1 2 3
P
32243 80243 80243 17
243 ξ的数学期望是 32808017131
012324324324324381
E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯=
(Ⅱ)设袋子A 中有m 个球，则袋子B 中有2m 个球由1
22335
m mp
m +=，
得13
30
p = 例3如图，用A 、B 、C 三类不同的元件连接成两个系统N 1、N 2，当元件A 、B 、C 都正常工作时，系统N 1正常工作；当元件A 正常工作且元件B 、C 至少有一个正常工作时，系统N 2正常工作 已知元件A 、
B 、
C 正常工作的概率依次为0.80,0.90,0.90，分别求系统N 1，N 2正
常工作的概率P 1、P 2
(N 2)
A
B C
(N 1)C
B A
解 记元件A 、B 、C 正常工作的事件分别为A 、B 、C ，
由已知条件P (A )=0.80, P (B )=0.90,P (C )=0.90
(1)因为事件A 、B 、C 是相互独立的，所以，系统N 1正常工作的概率P 1=P (A ·B ·C )=P (A )P (B )P (C )=0.648,故系统N 1正常工作的概率为0.648
(2)系统N 2正常工作的概率P 2=P (A )·［1－P (C B )］=P (A )·［1－
P (B )P (C )］
=0 80×［1－(1－0 90)(1－0 90)］=0 792
故系统N 2正常工作的概率为0 792
学生巩固练习
1 甲射击命中目标的概率是21，乙命中目标的概率是3
1，丙命
中目标的概率是4
1 现在三人同时射击目标，则目标被击中的概率为
( )
10
7 D. 54C. 32 B. 43A. 2 已知随机变量ζ的分布列为 P (ζ=k )=3
1,k =1,2,3,则P (3ζ
+5)等于
A 6
B 9
C 3
D 4
3 1盒中有9个正品和3个废品，每次取1个产品，取出后不
再放回，在取得正品前已取出的废品数ζ的期望E ζ=_________
4 某班有52人，男女各半，男女各自平均分成两组，从这个班
中选出4人参加某项活动，这4人恰好来自不同组别的概率是_________
5 甲、乙两人各进行一次射击，如果两人击中目标的概率都是
0.6，计算(1)两人都击中目标的概率； (2)其中恰有一人击中目标的概率； (3)至少有一人击中目标的概率
6 已知连续型随机变量ζ的概率密度函数
f (x )=⎪⎩
⎪⎨⎧≥<≤-≤2 021 1
0x x a x x
(1)求常数a 的值，并画出ζ的概率密度曲线； (2)求P (1＜ζ＜2
3)
参考答案:
1 解析 设甲命中目标为事件A ，乙命中目标为事件B ，丙命
中目标为事件C ，则目标被击中的事件可以表示为A+B+C ，即击中目标表示事件A 、B 、C 中至少有一个发生
.
4
1)411)(311)(211()](1[)](1[)](1[)()()()(=---=-⋅-⋅-=⋅⋅=⋅⋅∴C P B P A P C P B P A P C B A P 故目标被击中的概率为1－P (A ·B ·C )=1－4
341= 答案 A
2 解析 E ξ=(1+2+3)·31=2，E ξ2=(12+22+32)·31=3
14
∴D ξ=E ξ2－(E ξ)2=314－22=3
2 ∴D (3ξ+5)=9E ξ=6答案 A
3 解析 由条件知，ξ的取值为0，1，2，3，并且有P (ξ
=0)=4
3C C 1121
9=,
3
.0220
1
322092449143022012C C C )3(,22092C C C )2(,4492C C C )1(4
12
19
3331219232121913=⨯+⨯+⨯+⨯=ξ∴===ξ=⋅==ξ===ξE P P P 答案
0.3
4 解析 因为每组人数为13，因此，每组选1人有C 113种方法，
所以所求概率为
P 452
4
113C )C ( 答案452
4
113C )C (
5 解 (1)我们把“甲射击一次击中目标”叫做事件A ，“乙射
击一次击中目标”叫做事件B 显然事件A 、B 相互独立，所以两人
各射击一次都击中目标的概率是P (A ·B )=P (A )·P (B )=0.6×
0.6=0.36
答 两人都击中目标的概率是0.36
(2)同理，两人各射击一次，甲击中、乙未击中的概率是
P (A ·B )=P (A )·P (B )=0.6×(1－0.6)=0.6×0.4=0.24
甲未击中、乙击中的概率是P (A ·B)=P (A )P (B )=0.24，显然，“甲击中、乙未击中”和“甲未击中、乙击中”是不可能同时发生，即事件A ·
B
与
A
·B 互斥，所以恰有一人击中目标的概率是
P (A ·B )+P (A ·B )=0.24+0.24=0.48
(2)两人各射击一次，至少有一人击中目标的概率P =P (A ·B )+［P (A ·B )+P (A )·B ］=0.36+0.48=0.84
答 至少有一人击中目标的概率是0.84
6 解 (1)因为ξ所在区间上的概率总和
为1，
所以21 (1－a +2－a )·1=1,∴a =2
1概率密度曲线如图
(2)P (1＜ξ＜2
3)=9
32
3)12
1(2
1=⋅+⋅
3
212
12
1o
y
x。