2020年高考语文仿真试题7含答案

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2020高考仿真模拟卷七)_1

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2020高考仿真模拟卷(七)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合A={-1,2,3},B={0,1,2,3,4},则∁B(A∩B)=( )A.{0,4} B.{0,1,4} C.{1,4} D.{0,1}答案B解析由题意得A∩B={2,3},所以∁B(A∩B)={0,1,4}.2.已知复数z1=6-8i,z2=-i,则=( )A.8-6i B.8+6i C.-8+6i D.-8-6i答案B解析==(6-8i)i=8+6i.3.已知p:∀x∈R,x2+2x+a>0;q:2a<8.若“p∧q”是真命题,则实数a的取值范围是( )A.(1,+∞)B.(-∞,3)C.(1,3) D.(-∞,1)∪(3,+∞)答案C解析p∧q为真,所以p为真,q为真,p为真⇒Δ=4-4a<0⇒a>1;q为真⇒a<3,所以p∧q为真,得1<a<3.4.设x,y满足约束条件则下列不等式恒成立的是( )A.x≥1B.y≤1C.x-y+2≥0D.x-3y-6≤0答案C解析作出约束条件所表示的平面区域,如图中阴影部分所示,易知A(3,-1),B(0,2),C(0,-3).这样易判断x≥1,y≤1都不恒成立,可排除A,B;又直线x-3y-6=0过点(0,-2),这样x-3y-6≤0不恒成立,可排除D.故选C.5.在△ABC中,CA⊥CB,CA=CB=1,D为AB的中点,将向量绕点C按逆时针方向旋转90°得向量,则向量在向量方向上的投影为( )A.-1 B.1 C.- D.答案C解析如图,以CA,CB为x,y轴建立平面直角坐标系,则=(1,0),=,且=,所以向量在向量方向上的投影为==-.6.(2019·黑龙江哈尔滨三中二模)函数f(x)=log2(x2-3x-4)的单调减区间为( )A.(-∞,-1) B.C. D.(4,+∞)答案A解析由x2-3x-4>0⇒(x-4)(x+1)>0⇒x>4或x<-1,所以函数f(x)=log2(x2-3x-4)的单调减区间为(-∞,-1),故选A.7.从某企业生产的某种产品中随机抽取10件,测量这些产品的一项质量指标值,其频率分布表如下:则可估计这种产品该项质量指标值的方差为( )A.140 B.142 C.143 D.144答案D解析=20×0.1+40×0.6+60×0.3=44,所以方差为×[(20-44)2×1+(40-44)2×6+(60-44)2×3]=144.8.意大利数学家列昂纳多·斐波那契是第一个研究了印度和阿拉伯数学理论的欧洲人,斐波那契数列被誉为是最美的数列,数列的通项以及求和由如图所示的框图给出,则最后输出的结果等于( )A.aN+1 B.aN+2 C.aN+1-1 D.aN+2-1答案D解析第一次循环:i=1,a3=2,s=s3=4;第二次循环:i =2,a4=3,s=s4=7;第三次循环:i=3,a5=5,s=s5=12;第四次循环:i=4,a6=8,s=s6=20;第五次循环:i=5,a7=13,s=s7=33;…;第N-1次循环:此时i+2=N +1>N,退出循环,故输出s=sN,归纳可得sN=aN+2-1.故选D.9.(2019·资阳模拟)如图,平面α与平面β相交于BC,AB⊂α,CD⊂β,点A∉BC,点D∉BC,则下列叙述错误的是( )A.直线AD与BC是异面直线B.过AD只能作一个平面与BC平行C.过AD只能作一个平面与BC垂直D.过D只能作唯一平面与BC垂直,但过D可作无数个平面与BC平行答案C解析根据异面直线的判定定理,知直线AD与BC是异面直线,所以A正确;根据异面直线的性质,知过AD只能作一个平面与BC平行,所以B正确;根据异面直线的性质,知过AD不一定能作一个平面与BC垂直,只有AD⊥BC时能,所以C错误;根据线面垂直与平行的判定定理,知过点D只能作唯一平面与BC垂直,但过点D可作无数个平面与BC平行,所以D正确.故选C.10.(2019·济南摸底考试)函数f(x)=sin2x-(cos2x-sin2x)的图象为C,则下列结论正确的是( )①f(x)的最小正周期为π;②对任意的x∈R,都有f+f=0;③f(x)在上是增函数;④由y=2sin2x的图象向右平移个单位长度可以得到图象C.A.①② B.③④ C.①②③ D.①②③④答案C解析f(x)=sin2x-(cos2x-sin2x)=sin2x-cos2x=2sin.f(x)的最小正周期T==π,故①正确.f=2sin=2sin0=0,即函数f(x)的图象关于点对称,即对任意x∈R,都有f+f=0成立,故②正确.③当x∈时,2x∈,2x-∈,所以f(x)在上是增函数,故③正确.④由y=2sin2x的图象向右平移个单位长度得到y =2sin=2sin的图象,故④错误.故正确的结论是①②③.选C. 11.如图,已知直线l:y=k(x+1)(k>0)与抛物线C:y2=4x 相交于A,B两点,且A,B两点在抛物线准线上的投影分别是M,N,若|AM|=2|BN|,则k的值是( )A. B.C. D.2答案C解析设抛物线C:y2=4x的准线为l1:x=-1.直线y=k(x+1)(k>0)恒过点P(-1,0),过点A,B分别作AM⊥l1于点M,BN⊥l1于点N,由|AM|=2|BN|,所以点B为|AP|的中点.连接OB,则|OB|=|AF|,所以|OB|=|BF|,点B的横坐标为,所以点B的坐标为.把代入直线l:y=k(x+1)(k>0),解得k=.12.已知函数f(x)=-8cosπ,则函数f(x)在x∈(0,+∞)上的所有零点之和为( )A.6 B.7 C.9 D.12答案A解析设函数h(x)=,则h(x)==的图象关于x=对称,设函数g(x)=8cosπ,由π=kπ,k∈Z,可得x=-k,k∈Z,令k=-1可得x=,所以函数g(x)=8cosπ,也关于x=对称,由图可知函数h(x)==的图象与函数g(x)=8cosπ的图象有4个交点,所以函数f(x)=-8cosπ在x∈(0,+∞)上的所有零点个数为4,所以函数f(x)=-8cosπ在x∈(0,+∞)上的所有零点之和为4×=6.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.(2019·全国卷Ⅰ)记Sn为等比数列{an}的前n项和,若a1=1,S3=,则S4=________.答案解析设等比数列的公比为q,又a1=1,则an=a1qn-1=qn-1.∵S3=,∴a1+a2+a3=1+q+q2=,即4q2+4q+1=0,∴q=-,∴S4==.14.在区间[-1,1]上随机取一个数k,使直线y=kx+与圆x2+y2=1相交的概率为________.答案解析由圆心到直线的距离d=<1,得k>或k<-,所以所求概率为P=.15.已知双曲线C:-=1(a>0,b>0)的实轴长为16,左焦点为F,M是双曲线C的一条渐近线上的点,且OM⊥MF,O为坐标原点,若S△OMF=16,则双曲线C的离心率为________.答案解析因为双曲线C:-=1(a>0,b>0)的实轴长为16,所以2a=16,a=8,设F(-c,0),双曲线C的一条渐近线方程为y=x,可得|MF|==b,即有|OM|==a,由S△OMF=16,可得ab=16,所以b=4.又c===4,所以a=8,b=4,c=4,所以双曲线C的离心率为=.16.△ABC中,三个内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且满足b=sin,a=1,D是以BC为直径的圆上一点,则|AD|的最大值为________.答案+1解析由b=sin,a=1,得b=asin,由正弦定理,得sinB=sinAsin.∴sin(A+C)=sinAsin,∴sinAcosC+cosAsinC=sinA,∴sinAcosC+cosAsinC=sinAsinC+sinAcosC,∴cosAsinC=sinAsinC,∵sinC≠0,∴sinA=cosA,∴tanA=1,∵A∈(0,π),∴A=.如图,作出△ABC的外接圆,当直线AD经过△ABC外接圆的圆心且垂直于BC时,|AD|最大.设BC的中点为O,此时,|OA|====,∴|AD|=|OA|+|OD|=+=+1.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.(本小题满分12分)已知数列{an}的前n项和为Sn,Sn=n2+n+2.(1)求数列{an}的通项公式;(2)若bn=,求数列{bn}的前n项和Tn.解(1)Sn=n2+n+2,①当n≥2时,Sn-1=(n-1)2+(n-1)+2;②①-②得an=2n,当n=1时,a1=4,an=(n∈N*).5分(2)由题意,bn=7分当n=1时,T1=;8分当n≥2时,Tn=+×=+×=,易知T1=符合此式.11分故Tn=.12分18.(2019·四川百校冲刺模拟)(本小题满分12分)如图,在三棱柱A1B1C1-ABC中,D是棱AB的中点.(1)证明:BC1∥平面A1CD;(2)若E是棱BB1的中点,求三棱锥C-AA1E的体积与三棱柱A1B1C1-ABC的体积之比.解(1)证明:连接AC1交A1C于点O,连接OD,∵CC1∥AA1,CC1=AA1,∴四边形AA1C1C是平行四边形,2分∴O是AC1的中点,又D是棱AB的中点,∴OD∥BC1,又OD⊂平面A1CD,BC1⊄平面A1CD,∴BC1∥平面A1CD.4分(2)设三棱柱A1B1C1-ABC的高为h,则三棱柱A1B1C1-ABC的体积V=S△ABC·h,又V=VC1-ABB1A1+VC-ABC1,VC-ABC1=VC1-ABC=S△ABC·h=,∴VC1-ABB1A1=,7分∵CC1∥BB1,CC1⊄平面ABB1A1,BB1⊂平面ABB1A1,∴CC1∥平面ABB1A1,∴VC-ABB1A1=VC1-ABB1A1=, 9分∵S△A1AE=S平行四边形AA1B1B,∴VC-AA1E=VC-ABB1A1=×=,∴三棱锥C-AA1E的体积与三棱柱A1B1C1-ABC的体积之比为.12分19.(2019·辽宁葫芦岛二模)(本小题满分12分)伴随着科技的迅速发展,国民对“5G”一词越来越熟悉,“5G”全称是第五代移动电话行动通信标准,也称第五代移动通信技术,2017年12月10日,工信部正式对外公布,已向中国电信、中国移动、中国联通发放了5G系统中低频率使用许可.2019年2月18日上海虹桥火车站正式启动5G网络建设.为了了解某市市民对“5G”的关注情况,通过问卷调查等方式对该市300万人口进行统计分析,数据分析结果显示:约60%的市民“掌握一定5G知识(即问卷调查分数在80分以上)”将这部分市民称为“5G爱好者”.某机构在“5G爱好者”中随机抽取了年龄在15~45岁之间的100人按照年龄绘制成以下频率分布直方图(如图所示),其分组区间为(15,20],(20,25],(25,30],(30,35],(35,40],(40,45].(1)求频率分布直方图中的a的值;(2)估计全市居民中35岁以上的“5G爱好者”的人数;(3)若该市政府制定政策:按照年龄从小到大,选拔45%的“5G 爱好者”进行5G的专业知识深度培养,将当选者称为“5G达人”,按照上述政策及频率分布直方图,估计该市“5G达人”的年龄上限.解(1)依题意,得(0.014+0.04+0.06+a+0.02+0.016)×5=1,所以a=0.05.3分(2)根据题意,全市“5G爱好者”有300×60%=180(万人),4分由样本频率分布直方图可知,35岁以上“5G爱好者”的频率为(0.02+0.016)×5=0.18,5分据此可估计全市35岁以上“5G爱好者”的人数为180×0.18=32.4(万人).6分(3)样本频率分布直方图中前两组的频率之和为(0.014+0.04)×5=0.27<45%,8分前3组频率之和为(0.014+0.04+0.06)×5=0.57>45%,10分所以年龄上限在25~30之间,不妨设年龄上限为m,由0.27+(m-25)×0.06=0.45,得m=28.所以估计该市“5G达人”的年龄上限为28岁.12分20.(2019·湖南长郡中学一模)(本小题满分12分)已知动点G(x,y)满足+=4.(1)求动点G的轨迹C的方程;(2)若点A,B分别位于x轴与y轴的正半轴上,直线AB与曲线C相交于M,N两点,|AB|=1,试问在曲线C上是否存在点Q,使得四边形OMQN(O为坐标原点)为平行四边形.若存在,求出直线AB的方程;若不存在,说明理由.解(1)由已知,得动点G到点P(-,0),E(,0)的距离之和为4,且|PE|=2<4,2分∴动点G的轨迹为椭圆,且a=2,c=,∴b=1,∴动点G的轨迹C的方程为+y2=1.4分(2)由题意,知直线AB的斜率存在且不为零,设直线AB的方程为y=kx+t,∵|AB|=1,∴2+t2=1,即+t2=1,① 6分联立得(4k2+1)x2+8ktx+4(t2-1)=0,设M(x1,y1),N(x2,y2),∴x1+x2=-,x1x2=,∴y1+y2=k(x1+x2)+2t=,∵四边形OMQN为平行四边形,∴Q,8分∴2+2=1,整理,得4t2=4k2+1,②10分将①代入②可得4k4+k2+1=0,该方程无解,故这样的直线不存在. 12分21.(2019·河北五个一名校联盟第一次诊断)(本小题满分12分)已知函数f(x)=ln x+(a∈R).(1)讨论函数f(x)的单调性;(2)令g(a)=,若对任意的x>0,a>0,恒有f(x)≥g(a)成立,求实数k的最大整数.解(1)此函数的定义域为(0,+∞),f′(x)=-=,当a≤0时,f′(x)>0,∴f(x)在(0,+∞)上单调递增;2分当a>0,x∈(0,a)时,f′(x)<0,f(x)单调递减,x∈(a,+∞)时,f′(x)>0,f(x)单调递增.综上所述,当a≤0时,f(x)在(0,+∞)上单调递增;当a>0,x∈(0,a)时,f(x)单调递减,x∈(a,+∞)时,f(x)单调递增.4分(2)由(1),知f(x)min=f(a)=ln a+1,∴f(x)≥g(a)恒成立,则只需ln a+1≥g(a)恒成立,则ln a+1≥=k-5-,即ln a+≥k-6, 6分令h(a)=ln a+,则只需h(a)min≥k-6,∵h′(a)=-=,∴a∈(0,2)时,h′(a)<0,h(a)单调递减,a∈(2,+∞)时,h′(a)>0,h(a)单调递增,∴h(a)min=h(2)=ln 2+1,10分即ln 2+1≥k-6,∴k≤ln 2+7,∴k的最大整数为7.12分(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.22.(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程已知曲线C的极坐标方程为ρ=,直线l的参数方程为(t为参数,0≤α<π).(1)求曲线C的直角坐标方程,并说明曲线C的形状;(2)若直线l经过点M(1,0)且与曲线C交于A,B两点,求|AB|.解(1)对于曲线C:ρ=,可化为ρsinθ=.把互化公式代入,得y=,即y2=4x,为抛物线.(可验证原点也在曲线上)5分(2)根据已知条件可知直线l经过两定点(1,0)和(0,1),所以其方程为x+y=1.由消去x并整理得y2+4y-4=0,7分令A(x1,y1),B(x2,y2),则y1+y2=-4,y1y2=-4.所以|AB|=·=×=8.10分23.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲已知函数f(x)=|2x-1|.(1)解关于x的不等式f(x)-f(x+1)≤1;(2)若关于x的不等式f(x)<m-f(x+1)的解集不是空集,求m 的取值范围.解(1)由f(x)-f(x+1)≤1可得|2x-1|-|2x+1|≤1.所以或或2分于是x≥或-≤x<,即x≥-,4分所以原不等式的解集为.5分(2)由条件知,不等式|2x-1|+|2x+1|<m有解,则m>(|2x-1|+|2x+1|)min即可.由于|2x-1|+|2x+1|=|1-2x|+|2x+1|≥|1-2x+2x+1|=2,8分当且仅当(1-2x)(2x+1)≥0,即x∈时等号成立,故m>2.所以m的取值范围是(2,+∞).10分2020高考仿真模拟卷(七)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合A={-1,2,3},B={0,1,2,3,4},则∁B(A∩B)=( )A.{0,4} B.{0,1,4} C.{1,4} D.{0,1}答案B解析由题意得A∩B={2,3},所以∁B(A∩B)={0,1,4}.2.已知复数z1=6-8i,z2=-i,则=( )A.8-6i B.8+6i C.-8+6i D.-8-6i答案B解析==(6-8i)i=8+6i.3.已知p:∀x∈R,x2+2x+a>0;q:2a<8.若“p∧q”是真命题,则实数a的取值范围是( )A.(1,+∞)B.(-∞,3)C.(1,3) D.(-∞,1)∪(3,+∞)答案C解析p∧q为真,所以p为真,q为真,p为真⇒Δ=4-4a<0⇒a>1;q为真⇒a<3,所以p∧q为真,得1<a<3.4.设x,y满足约束条件则下列不等式恒成立的是( )A.x≥1B.y≤1C.x-y+2≥0D.x-3y-6≤0答案C解析作出约束条件所表示的平面区域,如图中阴影部分所示,易知A(3,-1),B(0,2),C(0,-3).这样易判断x≥1,y≤1都不恒成立,可排除A,B;又直线x-3y-6=0过点(0,-2),这样x-3y-6≤0不恒成立,可排除D.故选C.5.在△ABC中,CA⊥CB,CA=CB=1,D为AB的中点,将向量绕点C按逆时针方向旋转90°得向量,则向量在向量方向上的投影为( )A.-1 B.1 C.- D.答案C解析如图,以CA,CB为x,y轴建立平面直角坐标系,则=(1,0),=,且=,所以向量在向量方向上的投影为==-.6.(2019·黑龙江哈尔滨三中二模)函数f(x)=log2(x2-3x-4)的单调减区间为( )A.(-∞,-1) B.C. D.(4,+∞)答案A解析由x2-3x-4>0⇒(x-4)(x+1)>0⇒x>4或x<-1,所以函数f(x)=log2(x2-3x-4)的单调减区间为(-∞,-1),故选A.7.从某企业生产的某种产品中随机抽取10件,测量这些产品的一项质量指标值,其频率分布表如下:则可估计这种产品该项质量指标值的方差为( )A.140 B.142 C.143 D.144答案D解析=20×0.1+40×0.6+60×0.3=44,所以方差为×[(20-44)2×1+(40-44)2×6+(60-44)2×3]=144.8.意大利数学家列昂纳多·斐波那契是第一个研究了印度和阿拉伯数学理论的欧洲人,斐波那契数列被誉为是最美的数列,数列的通项以及求和由如图所示的框图给出,则最后输出的结果等于( )A.aN+1 B.aN+2 C.aN+1-1 D.aN+2-1答案D解析第一次循环:i=1,a3=2,s=s3=4;第二次循环:i=2,a4=3,s=s4=7;第三次循环:i=3,a5=5,s=s5=12;第四次循环:i=4,a6=8,s=s6=20;第五次循环:i=5,a7=13,s=s7=33;…;第N-1次循环:此时i+2=N+1>N,退出循环,故输出s=sN,归纳可得sN=aN+2-1.故选D.9.(2019·资阳模拟)如图,平面α与平面β相交于BC,AB⊂α,CD⊂β,点A∉BC,点D∉BC,则下列叙述错误的是( )A.直线AD与BC是异面直线B.过AD只能作一个平面与BC平行C.过AD只能作一个平面与BC垂直D.过D只能作唯一平面与BC垂直,但过D可作无数个平面与BC平行答案C解析根据异面直线的判定定理,知直线AD与BC是异面直线,所以A正确;根据异面直线的性质,知过AD只能作一个平面与BC平行,所以B正确;根据异面直线的性质,知过AD 不一定能作一个平面与BC垂直,只有AD⊥BC时能,所以C错误;根据线面垂直与平行的判定定理,知过点D只能作唯一平面与BC垂直,但过点D可作无数个平面与BC平行,所以D 正确.故选C.10.(2019·济南摸底考试)函数f(x)=sin2x-(cos2x-sin2x)的图象为C,则下列结论正确的是( )①f(x)的最小正周期为π;②对任意的x∈R,都有f+f=0;③f(x)在上是增函数;④由y=2sin2x的图象向右平移个单位长度可以得到图象C.A.①② B.③④ C.①②③ D.①②③④答案C解析f(x)=sin2x-(cos2x-sin2x)=sin2x-cos2x=2sin.f(x)的最小正周期T==π,故①正确.f=2sin=2sin0=0,即函数f(x)的图象关于点对称,即对任意x∈R,都有f+f=0成立,故②正确.③当x∈时,2x∈,2x-∈,所以f(x)在上是增函数,故③正确.④由y=2sin2x的图象向右平移个单位长度得到y=2sin=2sin的图象,故④错误.故正确的结论是①②③.选C. 11.如图,已知直线l:y=k(x+1)(k>0)与抛物线C:y2=4x相交于A,B两点,且A,B两点在抛物线准线上的投影分别是M,N,若|AM|=2|BN|,则k的值是( )A. B.C. D.2答案C解析设抛物线C:y2=4x的准线为l1:x=-1.直线y=k(x+1)(k>0)恒过点P(-1,0),过点A,B分别作AM⊥l1于点M,BN⊥l1于点N,由|AM|=2|BN|,所以点B为|AP|的中点.连接OB,则|OB|=|AF|,所以|OB|=|BF|,点B的横坐标为,所以点B的坐标为.把代入直线l:y=k(x+1)(k>0),解得k=.12.已知函数f(x)=-8cosπ,则函数f(x)在x∈(0,+∞)上的所有零点之和为( )A.6 B.7 C.9 D.12答案A解析设函数h(x)=,则h(x)==的图象关于x=对称,设函数g(x)=8cosπ,由π=kπ,k∈Z,可得x=-k,k∈Z,令k=-1可得x=,所以函数g(x)=8cosπ,也关于x=对称,由图可知函数h(x)==的图象与函数g(x)=8cosπ的图象有4个交点,所以函数f(x)=-8cosπ在x∈(0,+∞)上的所有零点个数为4,所以函数f(x)=-8cosπ在x∈(0,+∞)上的所有零点之和为4×=6.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.(2019·全国卷Ⅰ)记Sn为等比数列{an}的前n项和,若a1=1,S3=,则S4=________.答案解析设等比数列的公比为q,又a1=1,则an=a1qn-1=qn-1.∵S3=,∴a1+a2+a3=1+q+q2=,即4q2+4q+1=0,∴q=-,∴S4==.14.在区间[-1,1]上随机取一个数k,使直线y=kx+与圆x2+y2=1相交的概率为________.答案解析由圆心到直线的距离d=<1,得k>或k<-,所以所求概率为P=.15.已知双曲线C:-=1(a>0,b>0)的实轴长为16,左焦点为F,M是双曲线C的一条渐近线上的点,且OM⊥MF,O为坐标原点,若S△OMF=16,则双曲线C的离心率为________.答案解析因为双曲线C:-=1(a>0,b>0)的实轴长为16,所以2a=16,a=8,设F(-c,0),双曲线C的一条渐近线方程为y=x,可得|MF|==b,即有|OM|==a,由S△OMF=16,可得ab=16,所以b=4.又c===4,所以a=8,b=4,c=4,所以双曲线C的离心率为=.16.△ABC中,三个内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且满足b=sin,a=1,D是以BC为直径的圆上一点,则|AD|的最大值为________.答案+1解析由b=sin,a=1,得b=asin,由正弦定理,得sinB=sinAsin.∴sin(A+C)=sinAsin,∴sinA cosC+cosAsinC=sinA,∴sinAcosC+cosAsinC=sinAsinC+sinAcosC,∴cosAsinC=sinAsinC,∵sinC≠0,∴sinA=cosA,∴tanA=1,∵A∈(0,π),∴A=.如图,作出△ABC的外接圆,当直线AD经过△ABC外接圆的圆心且垂直于BC时,|AD|最大.设BC的中点为O,此时,|OA|====,∴|AD|=|OA|+|OD|=+=+1.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.(本小题满分12分)已知数列{an}的前n项和为Sn,Sn=n2+n+2.(1)求数列{an}的通项公式;(2)若bn=,求数列{bn}的前n项和Tn.解(1)Sn=n2+n+2,①当n≥2时,Sn-1=(n-1)2+(n-1)+2;②①-②得an=2n,当n=1时,a1=4,an=(n∈N*).5分(2)由题意,bn=7分当n=1时,T1=;8分当n≥2时,Tn=+×=+×=,易知T1=符合此式.11分故Tn=.12分18.(2019·四川百校冲刺模拟)(本小题满分12分)如图,在三棱柱A1B1C1-ABC中,D是棱AB的中点.(1)证明:BC1∥平面A1CD;(2)若E是棱BB1的中点,求三棱锥C-AA1E的体积与三棱柱A1B1C1-ABC的体积之比.解(1)证明:连接AC1交A1C于点O,连接OD,∵CC1∥AA1,CC1=AA1,∴四边形AA1C1C是平行四边形,2分∴O是AC1的中点,又D是棱AB的中点,∴OD∥BC1,又OD⊂平面A1CD,BC1⊄平面A1CD,∴BC1∥平面A1CD.4分(2)设三棱柱A1B1C1-ABC的高为h,则三棱柱A1B1C1-ABC的体积V=S△ABC·h,又V=VC1-ABB1A1+VC-ABC1,VC-ABC1=VC1-ABC=S△ABC·h=,∴VC1-ABB1A1=,7分∵CC1∥BB1,CC1⊄平面ABB1A1,BB1⊂平面ABB1A1,∴CC1∥平面ABB1A1,∴VC-ABB1A1=VC1-ABB1A1=, 9分∵S△A1AE=S平行四边形AA1B1B,∴VC-AA1E=VC-ABB1A1=×=,∴三棱锥C-AA1E的体积与三棱柱A1B1C1-ABC的体积之比为.12分19.(2019·辽宁葫芦岛二模)(本小题满分12分)伴随着科技的迅速发展,国民对“5G”一词越来越熟悉,“5G”全称是第五代移动电话行动通信标准,也称第五代移动通信技术,2017年12月10日,工信部正式对外公布,已向中国电信、中国移动、中国联通发放了5G系统中低频率使用许可.2019年2月18日上海虹桥火车站正式启动5G网络建设.为了了解某市市民对“5G”的关注情况,通过问卷调查等方式对该市300万人口进行统计分析,数据分析结果显示:约60%的市民“掌握一定5G知识(即问卷调查分数在80分以上)”将这部分市民称为“5G爱好者”.某机构在“5G爱好者”中随机抽取了年龄在15~45岁之间的100人按照年龄绘制成以下频率分布直方图(如图所示),其分组区间为(15,20],(20,25],(25,30],(30,35],(35,40],(40,45].(1)求频率分布直方图中的a的值;(2)估计全市居民中35岁以上的“5G爱好者”的人数;(3)若该市政府制定政策:按照年龄从小到大,选拔45%的“5G爱好者”进行5G的专业知识深度培养,将当选者称为“5G达人”,按照上述政策及频率分布直方图,估计该市“5G达人”的年龄上限.解(1)依题意,得(0.014+0.04+0.06+a+0.02+0.016)×5=1,所以a=0.05.3分(2)根据题意,全市“5G爱好者”有300×60%=180(万人),4分由样本频率分布直方图可知,35岁以上“5G爱好者”的频率为(0.02+0.016)×5=0.18,5分据此可估计全市35岁以上“5G爱好者”的人数为180×0.18=32.4(万人).6分(3)样本频率分布直方图中前两组的频率之和为(0.014+0.04)×5=0.27<45%,8分前3组频率之和为(0.014+0.04+0.06)×5=0.57>45%,10分所以年龄上限在25~30之间,不妨设年龄上限为m,由0.27+(m-25)×0.06=0.45,得m=28.所以估计该市“5G达人”的年龄上限为28岁.12分20.(2019·湖南长郡中学一模)(本小题满分12分)已知动点G(x,y)满足+=4.(1)求动点G的轨迹C的方程;(2)若点A,B分别位于x轴与y轴的正半轴上,直线AB与曲线C相交于M,N两点,|AB|=1,试问在曲线C上是否存在点Q,使得四边形OMQN(O为坐标原点)为平行四边形.若存在,求出直线AB的方程;若不存在,说明理由.解(1)由已知,得动点G到点P(-,0),E(,0)的距离之和为4,且|PE|=2<4,2分∴动点G的轨迹为椭圆,且a=2,c=,∴b=1,∴动点G的轨迹C的方程为+y2=1.4分(2)由题意,知直线AB的斜率存在且不为零,设直线AB的方程为y=kx+t,∵|AB|=1,∴2+t2=1,即+t2=1,① 6分联立得(4k2+1)x2+8ktx+4(t2-1)=0,设M(x1,y1),N(x2,y2),∴x1+x2=-,x1x2=,∴y1+y2=k(x1+x2)+2t=,∵四边形OMQN为平行四边形,∴Q,8分∴2+2=1,整理,得4t2=4k2+1,②10分将①代入②可得4k4+k2+1=0,该方程无解,故这样的直线不存在. 12分21.(2019·河北五个一名校联盟第一次诊断)(本小题满分12分)已知函数f(x)=ln x+(a∈R).(1)讨论函数f(x)的单调性;(2)令g(a)=,若对任意的x>0,a>0,恒有f(x)≥g(a)成立,求实数k的最大整数.解(1)此函数的定义域为(0,+∞),f′(x)=-=,当a≤0时,f′(x)>0,∴f(x)在(0,+∞)上单调递增;2分当a>0,x∈(0,a)时,f′(x)<0,f(x)单调递减,x∈(a,+∞)时,f′(x)>0,f(x)单调递增.综上所述,当a≤0时,f(x)在(0,+∞)上单调递增;当a>0,x∈(0,a)时,f(x)单调递减,x∈(a,+∞)时,f(x)单调递增.4分(2)由(1),知f(x)min=f(a)=ln a+1,∴f(x)≥g(a)恒成立,则只需ln a+1≥g(a)恒成立,则ln a+1≥=k-5-,即ln a+≥k-6, 6分令h(a)=ln a+,则只需h(a)min≥k-6,∵h′(a)=-=,∴a∈(0,2)时,h′(a)<0,h(a)单调递减,a∈(2,+∞)时,h′(a)>0,h(a)单调递增,∴h(a)min=h(2)=ln 2+1,10分即ln 2+1≥k-6,∴k≤ln 2+7,∴k的最大整数为7.12分(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.22.(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程已知曲线C的极坐标方程为ρ=,直线l的参数方程为(t为参数,0≤α<π).(1)求曲线C的直角坐标方程,并说明曲线C的形状;(2)若直线l经过点M(1,0)且与曲线C交于A,B两点,求|AB|.解(1)对于曲线C:ρ=,可化为ρsinθ=.把互化公式代入,得y=,即y2=4x,为抛物线.(可验证原点也在曲线上)5分(2)根据已知条件可知直线l经过两定点(1,0)和(0,1),所以其方程为x+y=1.由消去x并整理得y2+4y-4=0,7分令A(x1,y1),B(x2,y2),则y1+y2=-4,y1y2=-4.所以|AB|=·=×=8.10分23.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲已知函数f(x)=|2x-1|.(1)解关于x的不等式f(x)-f(x+1)≤1;(2)若关于x的不等式f(x)<m-f(x+1)的解集不是空集,求m的取值范围.解(1)由f(x)-f(x+1)≤1可得|2x-1|-|2x+1|≤1.所以或或2分于是x≥或-≤x<,即x≥-,4分所以原不等式的解集为.5分(2)由条件知,不等式|2x-1|+|2x+1|<m有解,则m>(|2x-1|+|2x+1|)min即可.由于|2x-1|+|2x+1|=|1-2x|+|2x+1|≥|1-2x+2x+1|=2,8分当且仅当(1-2x)(2x+1)≥0,即x∈时等号成立,故m>2.所以m的取值范围是(2,+∞).10分。

2020年普通高等学校招生全国统一考试山东省语文试题(模拟卷)参考答案

2020年普通高等学校招生全国统一考试山东省语文试题(模拟卷)参考答案

2020 年普通高等学校招生全国统一考试语文参考答案1.C2.C3.A4.5.6.D7.B8.“空”可以理解为主人公等待收获时的着急和空虚感,“满”可以理解为主人公收获时内心的满足感和愉悦感。

9.文中主人公自述的语气抒情属于使用第一人称抒情,第一人称方便主观的心理描写,代入感强烈,易于抒情。

第一人称叙述角度,写的都是“我”眼中事,心中事,可充分展现“我”的内心世界,这就更具真实感。

阅读时,不仅作者就是“我”,连读者也变成了诗中的“我”。

所以第一人称的好处是诗歌情境显得与读者的距离缩小了。

10.D 11.A 12.C13.(萧何)总是先向汉王上奏报告,汉王也总是予以批准,许他施行。

有时来不及上奏,就因利乘便,用最合适的方式先行办理,等汉王回来再报告。

(2)现在萧何没有立过汗马功劳,只不过靠舞文弄墨,发发议论,从不上战场,却反而居我们之上,这是什么道理?14.因为他认为刘邦让萧何守在关中,没有什么需要冒险的事情却给萧何卫队,从最近韩信造反的事情看在怀疑萧何,给他卫队并不是宠信他的表现。

15, B16.颈联表达必死的意向,“我”自知被俘后会被敌人杀害,但从未没有听说过烈士会投降(树降旗)。

累臣是古时被拘囚于异国的官吏对所在国家的自称,衅鼓意指古代战争时杀人或杀牲把血涂在鼓上行祭。

运用典故表达自己临难不苟的气节。

17.(1)外无期功强近之亲,内无应门五尺之憧(2)曲罢曾救善才服,妆成每被秋娘炉。

(3) 忧劳可以兴国,选豫可以亡身18.B19.原文将表示颜色的词语放在后面单独成句突出其颜色变化流动的特点,增强画面感和节奏感,增加读者的阅读兴趣,也更好地展现济南秋天的特点。

20.①忽然又温暖一会儿②那山的高低也更显然了21.第二句“随着”去掉;第五句加主语“我国”;第七句改为“逐步完善科普评价激励机制;第八句“抬出”改成“花费。

22.上海启动新一代信息基础设施建设以助力城市能级和核心竞争力的提升,在各大领域把上海打造成 5G和应用先行区和创新策源地。

【精编】2020年高考全国新课标通用全真模拟 语文试题(附答案+详解)

【精编】2020年高考全国新课标通用全真模拟 语文试题(附答案+详解)

2020年高考全国新课标通用全真模拟卷语文(考试时间:150分钟试卷满分:150分)注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。

回答非选择题时,将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。

4.测试范围:高中全部内容。

一、现代文阅读(36分)(一)论述类文本阅读(本题共3小题,9分)【安徽省六安市省示范高中2019—2020学年高三1月教学质量检测语文试题】阅读下面的文字,完成1~3题。

1929年12月2日,在北京市房山告龙骨山上的周口店遗址第1地点,裴文中发现了第一个北京猿人头盖骨化石。

这是上世纪世界最重大的科学发现之一,人类的历史被推前至50多万年前(后续的测年表明北京猿人最早者为距今80万年左右),并据此确立了人类演化史上十分重要的直立人阶段。

这一发现成为人类起源与演化研究的一座里程碑。

1961年,周口店遗址被公布为首批全国重点文物保护单位。

1987年,联合国教科文组织将其列入世界文化遗产名录。

90年间,周口店遗址留下了丰富的学术记录,取得了大量研究成果。

周口店遗址提取并论证了北京猿人用火证据。

周口店遗址曾被公认为保存古人类最早的有控制用火的证据,但这样的结论在上世纪80年代后曾受到质疑02009年至2016年期间,周口店遗址发掘提取到毋庸置疑的原地用火证据。

发掘出三处集中用火的部位或火塘,其中一处火塘残存围石圈筑结构。

科技分析显示这些部位集中分布着高含量的植硅体、钾元素等燃烧产物和超出常规的磁化率信号和红度,确定被长时间使用过。

发掘出多件内外皆呈黑或灰褐色,科技分析证明是被烧过的动物骨骼。

这些烧骨与石制品、火塘等具有清晰的共生关系。

发掘显示高温受热的灰岩变成石灰。

研究证实,这些石灰岩块和颗粒不等的石灰粉末堆积在一起,属于原生并就地埋藏。

2020届全国金太阳联考新高考押题仿真模拟(七)语文试卷

2020届全国金太阳联考新高考押题仿真模拟(七)语文试卷

2020届全国金太阳联考新高考押题仿真模拟(七)语文试卷★祝你考试顺利★注意事项:1、考试范围:高考考查范围。

2、答题前,请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答:每个小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答:用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁,不折叠,不破损。

7、本科目考试结束后,请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、现代文阅读(36分)(一)论述类文本阅读(本题共3小题,9分)阅读下面的文字,完成下面小题。

中国古代司法的疑罪从无、从轻李竟恒传统中国司法制度的主流,尤其重视审慎,以避免冤案的出现。

先秦时期司法精神的主流,主张司法的审慎与宽和,《论语·子路》中孔子主张“赦小过”,上博楚简《仲弓》作“赦过与辜”,《周礼·秋官司寇·司刺》也主张赦免幼弱、老耄与蠢愚这三种人。

其中很重要的一部分,是疑罪从无或疑罪从轻。

《左传·襄公二十六年》引《夏书》“与其杀不辜,宁失不经”,即从夏代的司法精神中,便强调与其造成冤案,宁可达不到执法效果,即宁纵毋枉。

周人的《尚书·吕刑》中,尤其强调司法的审慎:“五刑之疑有赦,五罚之疑有赦,其审克之”,司法中的疑罪,采取赦免从无原则。

汉代孔安国的注解认为,刑狱有疑点的,应该改为较轻的处罚,小惩罚有疑点的,应该完全赦免。

2020年高考语文仿真预测模拟试题(新课标I卷)含答案

2020年高考语文仿真预测模拟试题(新课标I卷)含答案

绝密★启用前2020年普通高等学校招生全国统一考试(新课标I卷)语文试题一、现代文阅读(35分)(一)论述类文本阅读(9分,每小题3分)阅读下面的文字,完成1-3题。

“标题党”是网络上利用各种吸引眼球的标题,来达到增加点击量或知名度等目的的个体或组织。

“标題党”主要通过断章取义、以偏概全、严重夸张、转移重点等方式来拟写新闻标题,以吸引受众、提高传播率、增加舆论张力。

随着网络的迅猛发展和媒体竞争的加剧,“标题党”成为一个越来越突出的现象。

“标题党”现象屡禁不止,原因是多方面的。

从媒体的角度看,一方面,媒体市场竞争加剧是“标题党”现象盛行的直接原因。

在受众注意力有限的情况下,想要从海量信息中“脱颖而出”、增加点击量,用标题博人眼球是最行之有效的方式。

相较于纸媒,门户网站和新煤体新闻的标题和内容是分开的,只有点击标题才能看到具体内容,如果标题不能及时留住读者,文章再好也没有意义。

而不能获得足够的点击量,便无法获取更多流量来维持媒体的经济效益。

另一方面,在市场竞争的压力下,“流量变现是王道”成为主要经营原则,媒体自律精神式微,记者编辑对新闻专业主义的坚守面临着严峻考验。

被关注就意味着利益,“标题党现象也就很容易在各大媒体上蔓延开来。

从网民的角度看,媒介素养匮乏和碎片化阅读习惯加剧了“标题党”現象的泛溢。

如今媒介渠道多元化,信息爆炸式增长,这种局面导致网民习惯于粗略地浏览标题、图片或摘要,对新闻细节却甚少关注,这为制造“题不对文”的标題提供了条件。

另外,“标题党”现象与网民对新闻事件表现出的“老不信”和“审丑”心理也有密切的关系。

我国正处于社会转型期,社会环境巨变、利益格局调整导致社会诚信问题、社会矛盾和各种诉求与日俱增,因此,一些网民便借助自媒体,根据自己的立场和价值取向发布一些耸人听闻、混淆是非的标题新闻,来表达诉求、宣泄情绪。

而网络媒体为了点击量,也往往迎合、利用网民这样的心态和诉求,通过精心炮制的标题来引发围观,甚至引导舆情。

山东省2020年新高考模拟考试语文试题及参考答案

山东省2020年新高考模拟考试语文试题及参考答案

山东省2020年新高考模拟考试语文试题一、现代文阅读(35分)(一)现代文阅读I(本题共5小题,19分)阅读下面的文字,完成1~5题。

材料一:《流浪地球》的票房奇迹,加上此前《三体》的热销,刘慈欣的作品影响巨大,但社会各界的评价却颇有两极分化之势。

刘慈欣的大多数作品都没有精巧的剧情或百转千回的人物感情,更多是直接甩出一个个宏大震撼的设定,靠设定本身为读者带来审美快感。

在他笔下,主人公与他人的情感联结不过是宇宙规律中很小的部分,和人类命运、宇宙洪荒相比,根本不值一提。

刘慈欣自称是“一个疯狂的技术主义者”,他坦承自己“喜欢文学因素较少、科幻因素较多的科幻作品,一直认为,透视现实和剖析人性不是科幻小说的任务,更不是它的优势”,甚至有过“把科幻从文学剥离出来”的激进想法。

在写作的过程中,刘慈欣却逐渐意识到需要保持“科学性与文学性的平衡、思想性与可读性的平衡、作为文学的科幻与作为商品的科幻的平衡”,他后来的作品“正是这些平衡的结果”,这“或多或少地背叛了自己的科幻理念”。

刘慈欣对文笔也并不是没有自觉。

他评价阿西莫夫的文笔,“平直、单色调、刚硬、呆板……几乎所有这类文学上的负面词都可以用来形容他的文笔”,却又话锋一转,表示“这种笔调无论如何是不适合文学的,但却很适合科幻,也使他的小说风靡世界”。

刘慈欣对于他敬仰的阿西莫夫的描述,显然也适用于他自己的文风。

(摘编自冰村《刘慈欣:黄金年代的守望者》)材料二:为什么有人认为科幻小说欠缺文学性?科幻小说描绘幻想世界,我们当然能够发现幻想世界与现实世界的某些相似性,但是在细节设置和整体结构方面,幻想世界是超出我们现在的社会结构和人的行为心理的。

一般的小说在进行情节描绘的时候,存在一种天然的便利性,作者不用浪费笔墨在整个世界的构想上,细节的描绘和推陈出新就成了这些小说的长处。

作家也不必为新的人际关系、社会行为、世界结构负责,只需直接去描绘既有世界下细微的情感波澜和社会反应即可。

2020年高考山东模拟卷

2020年高考山东模拟卷

2020年普通高等学校招生全国统一考试(山东模拟卷)语文一、现代文阅读(35分)(一)现代文阅读I(本题共5小题,19分)阅读下面的文字,完成1~5题。

材料一:《流浪地球》的票房奇迹,加上此前《三体》的热销,刘慈欣的作品影响巨大,但社会各界的评价却颇有两极分化之势。

刘慈欣的大多数作品都没有精巧的剧情或百转千回的人物感情,更多是直接甩出一个个宏大震撼的设定,靠设定本身为读者带来审美快感。

在他笔下,主人公与他人的情感联结不过是宇宙规律中很小的部分,和人类命运、宇宙洪荒相比,根本不值一提。

刘慈欣自称是“一个疯狂的技术主义者”,他坦承自己“喜欢文学因素较少、科幻因素较多的科幻作品,一直认为,透视现实和剖析人性不是科幻小说的任务,更不是它的优势”,甚至有过“把科幻从文学剥离出来”的激进想法。

在写作的过程中,刘慈欣却逐渐意识到需要保持“科学性与文学性的平衡、思想性与可读性的平衡、作为文学的科幻与作为商品的科幻的平衡”,他后来的作品“正是这些平衡的结果”,这“或多或少地背叛了自己的科幻理念”。

刘慈欣对文笔也并不是没有自觉。

他评价阿西莫夫的文笔,“平直、单色调、刚硬、呆板……几乎所有这类文学上的负面词都可以用来形容他的文笔”,却又话锋一转,表示“这种笔调无论如何是不适合文学的,但却很适合科幻,也使他的小说风靡世界”。

刘慈欣对于他敬仰的阿西莫夫的描述,显然也适用于他自己的文风。

(摘编自冰村《刘慈欣:黄金年代的守望者》)材料二:为什么有人认为科幻小说欠缺文学性?科幻小说描绘幻想世界,我们当然能够发现幻想世界与现实世界的某些相似性,但是在细节设置和整体结构方面,幻想世界是超出我们现在的社会结构和人的行为心理的。

一般的小说在进行情节描绘的时候,存在一种天然的便利性,作者不用浪费笔墨在整个世界的构想上,细节的描绘和推陈出新就成了这些小说的长处。

作家也不必为新的人际关系、社会行为、世界结构负责,只需直接去描绘既有世界下细微的情感波澜和社会反应即可。

2020年高考语文模拟测试卷(七)

2020年高考语文模拟测试卷(七)

2020年高考语文模拟测试卷(七)论述类文本阅读阅读下面的文章,完成下列各小题。

明清时期,土地交易颇为频繁。

在中国传统文化影响下,通过个人道德修为、社会关系制约、国家法律规范三重保障,明清土地契约得以顺利履行。

明清时期,土地所有权发生了多重性结构变化,土地所有权和使用权产生实质性分离,由此出现了买卖、典当、质押等多种类型的土地契约文书。

这些土地契约虽然因为土地转移权属类型、乡间俗例的差异而各有不同,但是为了双方快速便捷交易,明清时期已形成类似标准化的“格式合同”。

这种契约几乎包含了民事合同的所有要件,对双方的权利义务进行了明确的界定和规范。

例如,“明万历三十九年浙江会稽县叶汝兰与祁某某的绝卖契”,出卖人叶汝兰享有订立契约当日收到地价银180两的权利,同时应保证自己拥有出卖的两段山地的所有权;买受人祁某某则应向叶某交付价银,按照“推头通例”交纳契税完成过户后,即拥有该土地的所有权。

契约文书对当事人权利和义务的明确规范,对这一时期土地权属流转起到了重要保障作用。

契约的顺利履行首先有赖于当事人的自觉自愿,取决于当事人是否重信守诺,是否能做到自我的道德约束。

但实际契约履行过程中,当事人可能因为各种缘由而中断或者撕毁契约,从而导致纠纷、争诉等。

这就需要外部力量对双方进行监督,以协助契约的顺利履行。

几乎所有明清土地契约文书中,都有“中人”“中保人”等。

中人扮演了中介、担保人、调解人、证人等多种角色。

中人要保证卖主的土地所有权没有争议,要参与土地定价、土地贫瘠与否、土地大小等交易过程中实质性问题的讨论和鉴别。

有些中人在促成交易方面颇有经验,他们会将也许并不太熟悉的交易双方约在一起“三面言议”,凭借自身的威望或者智识,说服当事人最终达成协议签订契约。

一旦契约出现纠纷或者争诉,中人有责任进行调解。

中人凭借自身的社会地位和威望,以及对交易双方实际情况的熟悉,会督促双方履行相关义务,或者适时进行调停、斡旋、说合,尽力解决双方争端化解纠纷。

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2020年高考语文仿真试题(七)含答案本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷两部分。

共15 0分。

考试时间150分钟。

注意事项:1.答第Ⅰ卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型(A 或B)用铅笔涂写在答题卡上。

2.每小题选出答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。

不能答在试题卷上。

3.考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。

一、(18分,每小题3分)1.下列词语中加点字的读音,完全相同的一组是A. 和.亲和.面一唱一和.曲高和.寡B. 数.落数.说数.九寒天如数.家珍C. 强.弩之末强.人所难博闻强.志强.本节用D. 与.其参与.咸与.维新与.日俱增2.下列各组词语中,没有错误字的一组是A.苦心孤诣删烦就简故技重演一蹋糊涂B.改弦易辙反唇相稽夙兴夜寐等量齐观C.一蹴而就怙恶不悛肢离破碎头绪纷繁D.鞭辟入里天网恢恢飞扬跋扈见微知著3.依次填入下列各句横线处的词语,恰当的一组是①惩治腐败,打击贪赃枉法,贪污分子是当前政法工作的首要任务。

②今天是校庆的日子,多年不见的老同学又在一起。

③年轻的父母们不要对自己孩子一味,这样对孩子的健康成长很不利。

④上周,学校的校务委员会对这个问题作了最终的。

A.揭发汇聚溺爱裁决B.揭露会聚宠爱裁定C.揭发会聚溺爱裁决D.揭露汇聚宠爱裁定4.下列各句中,加点的成语使用恰当的一句是的口头文学,其中不少创作于有史记载以前。

A.神话是世代相承....,有大成至圣,则有亚圣,有《论语》,B.儒家传统中,孔孟总是形影相随....则有《孟子》。

,一边读看,一边思考它的意义和道理。

C.读诗,应当口传心授....。

D.这类文章涉及的知识面广,知识领域多,往往令读者俯拾即是....5.下列各句中,没有语病的一句是A.实际的情况总比设想要复杂得多,行动中要注意随时调整原方案。

B.这个时候不适当地浇水施肥,就会影响今后庄稼的生长。

C.我们也反对那种以禁止化学武器为借口,不按照有关国际公约的规定办事,而自充国际警察,危害别国航行安全和正常贸易往来,违反国际法和国际关系准则。

D.我们并不完全否认这首诗没有透露出希望,而是说希望是非常渺茫的。

6.依次填入下面一段文字中横线处的语句,与上下文衔接最恰当的一组是特别是每当早晨和傍晚,眺望环山,别有一番大自然的风韵。

早晨,在青青苍苍中,乳白的云纱飘游山腰,像仙娥在轻轻起舞。

傍晚,,转眼间,,在暮色降临山野的苍茫中,峰顶却凝聚着一片彩霞,经久不灭。

①千山初醒,朝云出岫②朝云出岫,千山初醒③万山倾泻霞光,重峦映照夕阳④夕阳映照重峦,霞光倾泻万山⑤太阳落山,霞光消退⑥霞光消退,太阳落山A.②④⑥B.①④⑤C.①③⑤D.②③⑥二、(15分,每小题3分)阅读下面一段文言文,完成7~11题。

公孙景茂德政公孙景茂字无?河间阜城人也。

容貌魁梧,少好学,博涉经史。

在魏,察孝廉,射策甲科。

稍迁太常博士(掌祭祀礼乐之官),多所损益,时人称为“书库”。

历高唐令、大理正,俱有能名。

齐灭,周武帝闻而召见,与语,器之。

授济北太守,以母忧去职。

开皇(隋文帝年号)初,召拜汝南太守,迁息州刺史,法令清静,德化大行。

属平陈之役,征人在路病者,景茂减俸禄为?汤药,多方振济之,赖全活者千数。

上闻嘉之,诏宣示天下。

转道州刺史。

悉以秩俸买牛犊鸡猪,散惠孤弱不自存者,好单骑巡人,家至户人,阅视百姓产业。

有修理者,于都会时,乃褒扬称述;如有过恶,随即训导,而不彰也。

由是人行义让,有无均通,男子相助耕耘,妇女相从纺绩,大村或数百户,皆如一家之务。

其后请致仕,上优诏听之。

仁寿中,上明公杨纪出使河北,见景茂神力不衰,还以状奏,于是就拜临淄刺史,赐以马舆,便道之官。

前后历职,皆有德政,论者称为良牧。

大业(隋炀帝年号)初,卒官,年八十七,谥日康,身死之日,诸州人吏赴丧者数千人。

或不及葬,皆望坟恸哭,野祭而去。

(《北史·循吏传》)7.下列各句中加点的字,解释不正确的一项是A. 稍.迁太常博士。

稍:渐渐。

B. 属.平陈之役。

属:正值。

C.上优诏听.之。

听:聆听。

D.论者称为良牧.。

牧:指州的长官。

8.下面各组句中加点的字,意义用法相同的一项是以.母忧去职 赐以.马舆 属平陈之.役 便道之.官 周武帝闻而.召见 野祭而.去 论者称为.良牧 A . B . C . D .景茂减俸禄为.?粥汤药9.对下列各句中加点的词的解释,不正确的一项是大行A.法令清静,德化..德化:用道德感化的方法改变人心风俗。

买牛犊鸡猪。

B.悉以秩俸..秩俸:官吏的俸禄。

C.有修理者,于都会时,乃褒扬称述。

..修理:整修,使坏的东西恢复原状。

时,乃褒扬称述。

D.于都会..都会:大会,集会。

10.下面六句话,分别编为四组,全部表现景茂德政措施的一组是①察孝廉,射策甲科。

②法令清静。

③多方振济之。

④散惠孤弱不自存者。

⑤阅视百姓产业。

⑥由是人行义让,有无均通。

A.①③⑤B.②④⑥C.①⑤⑥D.②③④11.下面对文意的叙述,完全正确的一项是A.公孙景茂是北朝著名的好官吏,历任魏、周、隋三朝,前后历职,皆有德政,论者称为良牧。

B.景茂博涉经史,在担任太常博士时,做了很多对统治者有损的事,因为言之有理,被人称为“书库”。

C.景茂担任过济北、汝南二郡太守,息州、道州二州刺史,还当过太常博士、高唐令、大理正等官,中间两次去职,一次是以母忧,一次是致仕,最后卒于任上。

D.景茂救助孤弱,深入百姓,阅视产业,以善化恶,使百姓人行义让,有无相通,互相帮助,几百户的村子,好像一家一样,深得百姓爱戴。

三、(12分,每小题3分)阅读《传统文化观念的现代诠释》一文,完成12~15题。

①一种观念,如果仅是直观的泛说,而未加以分析,很难形成理论体系,当然也就不易接受和“操作”。

对传统文化观念进行现代诠释亦即证明,是我们提倡的科学态度。

对待中国传统文化中的某些观念,不能视为几何学中的公理。

如“天人合一”,今天借用,就必须确定“天”与“人”各自的科学含义,否则很容易陷入唯心主义的范围。

再如弘扬“忠”“孝”,离开科学的诠释,也难免会出毛病。

②我们的先人倡导“普遍和谐”,但很难实现;今人依然钟情“普遍和谐”,并努力付诸行动。

自然界、人与自然、人与人、人自身内与外,在时空两无限中,根本属性是和谐;一时畸形,事出有因。

从这个角度看,人类的斗争恰是一种“正畸矫形”的手段。

③中国传统文化中,涉及道德修养与社会治理关系的观念很不少。

其中,“内圣外王之道”值得研究。

这种说法的原意是,人的道德修养达到完美的地步,社会问题就解决了。

实际上,“内圣外王之道”始终停留在宣传阶段。

古人的“内圣说”是缺乏约束力的一种泛道德主义历史观念,历史已经诠释了它的作用。

“内圣”,不可能成为“外王”的充要条件。

现代社会面临着种种深刻的矛盾和问题,它需要科学的管理系统来调节、来解决。

所以,今天尤不宜再大唱“内圣外王”的高调。

这并不是说我们敌视“内圣”甚至要摒弃传统文化观念;恰恰相反,我们认为,没有古代传统文化的批判继承,就没有现代的、科学的文化观念的发展。

还不够。

回顾历史,中国人“有容乃大”,曾真诚的“吸纳百④明了这一点...川”。

在唐朝,西域的音乐、舞蹈,印度的佛教文化都请了进来,当时佛经“百十倍”于儒家经典,中国文化并没有因此萎缩,反而繁荣发展了。

现代中国人在这一点上是不会逊于古人的,而且更讲究科学的态度。

12.与第①段中“对待中国传统文化中的某些观念,不能视为几何学中的公的是理”这句话意思不一致...A.中国传统化中的某些观念并非是科学真理。

B.应依据时空的变化,对传统文化观念进行重新审视。

C.中国传统文化中的某些观念,如“天人合一”“忠”“孝”已经失去了它的现实意义。

D.只有对传统文化观念进行科学的诠释,才能使之为人们所接受和“操作”。

13.第③段中“今天尤不宜再大唱‘内圣外王’的高调”的原因是A.人的道德修养达到完美的地步,社会问题解决了。

B.“内圣外王”只是泛道德主义的历史观念。

C.“内圣外王之道”始终停留在宣传阶段,并未真正实现过。

D.历史证明“内圣”是“外王”的必要而不充分条件,而不是充要条件。

14.第④段中“明了这一点还不够”中的“这一点”指代A.传统文化中某些观念仅是直观的泛说,而未加以分析。

B.完善人的道德修养,促进社会文化的繁荣发展。

C.对古代传统文化观念应批判继承,古为今用。

D.吸收外来文化精华,洋为中用。

15.根据本文提供的信息,以下推断不正确的是A.“内圣”是道德修养的理想境界,是人的内外因结合的产物。

B.宣传“天人合一”的观念,于今有害无益。

C.不加科学诠释地借用传统文化观念容易陷入唯心主义。

D.对传统文化观念应采取“拿来主义”的态度。

第Ⅱ卷(共105分)注意事项:1.第Ⅱ卷,用钢笔或圆珠笔将答案直接写在试题卷上。

2.答卷前将密封线内的项目填写清楚。

总分题号四五六七分数四、(18分)阅读下面的文字,完成16~19题。

从文化角度考察,宋词的荣耀得力于其市井文化与士林文化相互影响的双重品格。

这一点,我们可以从词的别名入手加以探讨。

词又称“诗余”或“长短句”,前者循其文化嬗变脉络而言,后者就其形式立名。

至于“曲子词”“曲子”“今曲子”的别名,则强调其音乐属性。

从隋唐至宋,这一属性是造就词的双重文化品格的基础。

南北朝是中华民族大融合的历史阶段,伴随这一过程的完成。

西域音乐在隋唐时代传入中土,并与汉族的传统音乐融合产生出与雅乐对立的燕乐,燕乐即俗乐,词在初期就是与之相配的歌词,其市井文化的品格不言而喻。

明俞彦《爱园词语》云:“诗亡,然后词作,故曰余也,非诗亡,所以歌咏诗者亡者。

”此论也从音乐入手探讨词的产生。

及言之,词之所以能够继诗之后获得演唱者或者吟咏者的青睐,又与其表现形式的灵活多样密不可分。

词打破了古近体诗较为齐整的句式,参之以变化错落,因而更适于倚声弦歌与抒情达意。

作为配乐的歌词,词作者必须按照乐谱的音律、节拍进行创作,才能用于演唱实践,于是“倚声”“填词”等相关术语就应运而生了。

词的句法参差错落,又有多种词牌可供创作时选择,因而在传达人们复杂隐秘的内心世界时,它就有了诗所无可比拟的灵活性。

古人作文吟诗,往往正襟危坐,以体现“诗言志”的尊严;却独于倚声填词较少顾忌。

这就是“诗庄词媚”或“词为艳科”说之由来。

在反映社会生活的深度与广度上,或许词不如诗,但若表现复杂的感情世界,词又有胜于诗的优越性。

王国维曾就此论道:“词之为体,要眇宜修,能言诗之所不能言,而不能尽言诗之所能言。

诗之境阔,词之言长。

”他概括出诗与词的不同文体特征,的确很有见地。

词的文体特征与其音乐属性密切相关,而其接受方式也有了双重选择的可能。

当其婉转于歌伎之口以娱悦听众时,听众成分的复杂化要求词的写作须向俚俗靠拢。

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