课时作业部分答案
七年级上册数学课时作业答案
七年级上册数学课时作业答案第一课时作业答案1.请计算下列各题。
(1)3+5=答：3+5=8(2)12−7=答：12−7=5(3) $4 \\times 6 =$答：$4 \\times 6 = 24$(4) $\\frac{15}{3} =$答：$\\frac{15}{3} = 5$(5) $27 \\div 9 =$答：$27 \\div 9 = 3$第二课时作业答案1.请计算下列各题。
(1) $5 \\times 7 - 9 =$答：$5 \\times 7 - 9 = 26$(2) $2 \\times 3 + 4 =$答：$2 \\times 3 + 4 = 10$(3) $\\frac{10}{5} + 2 =$答：$\\frac{10}{5} + 2 = 4$(4) $18 - 7 \\div 3 =$答：$18 - 7 \\div 3 = 16$(5) $12 \\times 3 - \\frac{5}{2} =$答：$12 \\times 3 - \\frac{5}{2} = 34.5$第三课时作业答案1.请计算下列各题。
(1)2.3+4=答：2.3+4=6.3(2)8−3.2=答：8−3.2=4.8(3) $2.5 \\times 3 =$答：$2.5 \\times 3 = 7.5$ (4) $\\frac{6.4}{2} =$答：$\\frac{6.4}{2} = 3.2$ (5) $9 \\div 1.5 =$答：$9 \\div 1.5 = 6$第四课时作业答案1.请计算下列各题。
(1) $3.5 \\times 2.6 =$答：$3.5 \\times 2.6 = 9.1$ (2)4.2+1.8=答：4.2+1.8=6(3) $5.6 \\div 8 =$答：$5.6 \\div 8 = 0.7$ (4) $\\frac{3.9}{2.5} =$答：$\\frac{3.9}{2.5} = 1.56$ (5) $16.8 - 6 \\times 1.2 =$ 答：$16.8 - 6 \\times 1.2 = 9$ 第五课时作业答案1.请计算下列各题。
人教版地理必修一课时作业 1附答案
课时作业1宇宙中的地球一、选择题(在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
)1．在下图中，火星的位置代号是()A．①B．②C．③D．④解析：按八大行星轨道距太阳由近及远依次是水、金、地、火、木、土、天王、海王星，所以代表火星位置的是③。
故选C。
答案：C如图所示，科学家预测，未来人类可能从地球迁移到相邻的“第二行星家园”。
“第二行星家园”的“自转轴”与其公转轨道平面的夹角约为66°01′，自转周期与地球相近，质量约为地球的十分之一，有大气层。
据此回答2～3题。
2．和地球相比，“第二行星家园”()A．表面均温更高B．属于远日行星C．昼夜温差更大D．大气层厚度更厚3．在“第二行星家园”上()①正午太阳高度变化幅度大于地球②存在大气“热力环流”③昼夜长短变化幅度小于地球④可见地球从西方“升起”A．①②B．③④C．①③D．②④2～3.解析：第2题，考查地球的宇宙环境及判断推理能力。
因为质量约为地球的十分之一，所以对周围大气的吸引力不如地球强，所以大气层厚度要薄，大气的削弱作用和保温作用要弱，白天最高温要高，晚上最低温要低；均温要低，昼夜温差更大。
第3题，考查演绎推理能力。
“第二行星家园”的“自转轴”与其公转轨道平面的夹角约为66°01′，那么“黄赤交角”为23°59′，太阳的直射范围变大了，正午太阳高度变化幅度大于地球，昼夜长短变化幅度大于地球，在“第二行星家园”上有热带和寒带，所以存在大气“热力环流”，④项不确定。
答案：2.C 3.A太阳是太阳系的中心天体，地球是太阳系的八颗行星之一。
据此完成4～5题。
4．地球在宇宙的位置可以描述为()①是地月系的中心天体②是太阳系中的一颗巨行星③与太阳系中的金星、木星相邻④不属于河外星系A．①②B．②④C．①④D．②③5．下列地理事物的形成，与太阳辐射密切相关的是()①大气环流②石油、天然气资源③火山爆发④地壳运动A．①②B．③④C．①④D．②③4～5.解析：第4题，地月系的中心天体是地球；地球属于银河系，不属于河外星系；地球是太阳系中的类地行星，与金星和火星相邻。
初二语文课时作业本下册答案人教版
初二语文课时作业本下册答案人教版1、1《我的母亲》中“母亲笑了。
及至听说我还须回校，她愣住了。
半天，她才叹出一口气来。
”这句话运用了动作、神态描写，生动形象地写出了母亲对儿子回家过年的喜悦，得知儿子即刻就要返校的惊讶及无奈。
[判断题] *对(正确答案)错2、下列词语中，加着重号字的注音不正确的一项是（）[单选题] *A、马厩（jì）嶙峋（lín）(正确答案)B、惬意（qiè）珍馐（xiū）C、钳制（qián）敕造（chì）D、搭讪（shàn）粜卖（tiào）3、1称对方的父亲可用“家父”。
[判断题] *对错(正确答案)4、“氓之蚩蚩”中“氓”的意思是民众、百姓，诗中指那个人，读音是“máng”。
[判断题] *对错(正确答案)5、修辞手法选择：白云在山里依然游来游去。
[单选题] *夸张比喻拟人(正确答案)比拟6、下列语句不是出自《红楼梦》的一项是( ) [单选题] *A.字字看来皆是血，十年辛苦不寻常。
B.女儿是水作的骨肉，男人是泥作的骨肉，我见了女儿，我便清爽：见了男子，便觉浊臭逼人。
C.话说天下大势，分久必合，合久必分。
(正确答案)D.世人都晓神仙好，惟有功名忘不了！7、关于《故都的秋》理解错误的一项是（）[单选题] *文章标题“故都的秋”，暗含着自然景观与人文景观相融合的一种境界“北国的秋，却特别的来得清，来得静，来得悲凉”，点明了故都之秋的特点，也是贯穿全文的线索本文在描绘故都的自然景物是，流露出忧郁、孤独的心境，表现了悲秋的主题(正确答案)课文多出采用对比的手法，烘托出故都的秋与众不同的特色，也表现出作者对北国之秋的向往和赞美8、“阡陌”“纤维”“纤夫”中的“阡”“纤””“纤”的读音各不相同。
[判断题] *对(正确答案)错9、“但光与影子，有着和谐的旋律，如梵婀玲上奏着的名曲”这句的修辞格是（）[单选题] *比喻比拟通感(正确答案)错觉10、1“爱而不见”的下一句是“俟我于城隅。
课时作业解析答案
参考答案 知能提升作业部分专题一 运动的描述 直线运动 第1讲 描述运动的基本概念1．A 解析：甲、乙运动动员有共同的水平速度和共同的竖直加速度，故A 正确． 2．C 解析：根据题中的故事，警察的意思是这位女士某一时刻的瞬时速度是90 km/h ，如果保持这一速度匀速行驶，在一个小时里将驶过90 km ，而这位女士说的是自己过去或将来的某一段运动过程，因此这位太太没有认清速度的概念．3．D 4.C 5.BC 6.CD 7.BD 8.CD9．CD 解析：物体在AB 段的平均速度v ＝ΔxΔt＝1 m/s ，所以A 正确；物体在ABC 的平均速度为v ＝Δx Δt ＝52m/s ，所以B 正确；由瞬时速度的定义可知，C 错误；物体在B 点的速度是瞬时速度，AC 段是平均速度，方向也不同，故D 错误．10．解：(1)由平均速度的定义得v 1＝s 1＋s 22t ＝5＋201＋1m/s ＝12.5 m/s方向与汽车行驶方向一致． (2)中间2 s 内的平均速度为v 2＝s 2＋s 32t ＝20＋201＋1m/s ＝20 m/s全部时间内的平均速度为v ＝s 1＋s 2＋s 3＋s 44t＝12.5 m/s.11．解：第一枚鱼雷击中前，敌舰逃跑的速度为v 1.当鱼雷快艇与敌舰相距L 0＝2 km 时，发射第一枚鱼雷，经t 1＝50 s 击中敌舰，则有(v －v 1)t 1＝L 0即(60－v 1)×50 m ＝2000 m 解得v 1＝20 m/s击中敌舰时，鱼雷快艇与敌舰的距离为 L ＝L 0－(30－v 1)t 1＝1500 m第一枚鱼雷击中后敌舰的速度为v 2.马上发射第二枚鱼雷，经t 2＝30 s ，鱼雷再次击中敌舰，则有L ＝(v －v 2)t 2 解得v 2＝10 m/s.第2讲 匀变速直线运动的规律1．B2．C 解析：根据结论“做匀变速直线运动的物体的平均速度等于中间时刻的瞬时速度”可知，a ＝Δv Δt ＝v 2.5－v 1.51 s ＝v 5－v 31 s＝3 m/s 2，选项C 正确．3．C 解析：加速度a ＝μg ，又由v 20＝2as ，可解得v 0＝14 m/s ，故C 正确． 4．D5．AD 解析：如题图所示，x 3－x 1＝2aT 2，可求得加速度a ；根据x 2＝x 1＋aT 2＝x 1＋x 3－x 12＝x 1＋x 32，可求出s 2；因不知第一次闪光时质点已运动的时间，故质点开始运动到第一次闪光时的初速度v 0和位移不可求．6．BC 解析：若初速度为零，由v ＝at 得，a ＝1.6 m/s 2，若初速度不为零，则加速度不等于1.6 m/s 2，根据推论可知，做匀加速直线运动的质点，第5 s 末的速度等于前10 s 的平均速度，则前10 s 的位移为x ＝v t ＝80 m ，故选BC.7．AC8．AD 解析：本题的关键是理解位移、速度和加速度的矢量性．若规定初速度v 0的方向为正方向，1 s 后物体的速度可能是10 m/s ，也可能是－10 m/s ，加速度与初速度同向时，a 1＝v t －v 0t ＝6 m/s 2，s 1＝v 0＋v t 2 t ＝7 m ；加速度与初速度反向时，a 2＝v t －v 0t ＝－14 m/s 2，s 2＝v 0＋v t 2t ＝－3 m ，负号表示方向与规定正方向相反．9．AB 解析：设物体运动的初速度为v 0，末速度为v t ，由中间时刻的速度公式v 2t ＝v 0＋v t2得v 2＝v 0＋v t2；由中间位臵的速度公式v 2s ＝v 20＋v 2t2得v 1＝v 20＋v 2t2.用数学方法可证明，当v 0≠v t 时，v 1>v 2，所以正确选项应为A 、B.10．解：初速度为零的匀加速直线运动第1 s 内、第2 s 内、第3 s 内、…的位移之比为1∶3∶5∶…由题设条件得第2 s 内的位移为s 2＝6 m ，第3 s 内的位移为s 3＝10 m ，所以前3 s 内的位移为s ＝(2＋6＋10) m ＝18 m第3 s 内的平均速度v 3＝s 3t ＝10 m1 s＝10 m/s.11．解：(1)以飞机初速度方向为正方向，则有a ＝－6 m/s 2 由v 2－v 20＝2as 可得v ＝v 20＋2as ＝30 m/s.(2)飞机在地面滑行最长时间t ＝Δv a ＝0－60－6s ＝10 s ，所以飞机12 s 内滑行的位移为10 s 内滑行的位移由v 2t －v 20＝2as 得s ′＝－v 202a ＝－6022×(－6)m ＝300 m.12．解：由题意分析，该同学在运动过程中，平均速度越大时间最短．可能先加速，再减速．因为最大速度为10 m/s ，也可能先加速，再匀速最后减速．设经过时间t 1捡第一枚硬币：由运动学公式x 1＝v 0t ＋12at 2，12a ⎝⎛⎭⎫t 122×2＝32，解得t 1＝8 s此过程中的最大速度v 1＝a t 12＝8 m/s ＜10 m/s所以捡第一枚硬币的过程中，先加速，再减速用时最短．设再经过时间t 2捡第二枚硬币12a ⎝⎛⎭⎫t 222×2＝100－32，解得t 2＝234 s加速最大速度v 2＝a t 22＝234 m/s ＞10 m/s所以捡第二枚硬币时，应先加速，再匀速最后减速． 设加速减速的总时间为t 3，匀速的时间t 4v ＝a t 32＝10 m/s ，所以t 3＝10 sx ＝12a ⎝⎛⎭⎫t 322×2＝50 v t 4＝(100－50－32)，t 4＝1.8 s t ＝t 1＋t 3＋t 4＝19.8 s.第3讲 自由落体运动和竖直上抛运动1．C 2.A 3.C 4.C 5.CD6．BD 解析：第2 s 内的平均速度等于第1.5 s 末的瞬时速度，v 1.5 s ＝gt ＝9.8×1.5 m/s ＝14.7 m/s ，则第2 s 内的位移为s ＝v 1.5 s ·t ＝14.7 m.7．CD 解析：运用逐差法计算时间间隔，另外还需要考虑水滴位臵的重叠特点．若A 、B 、C 、D 四个位臵处水滴为连续掉下的水滴，则设相邻两个水滴间的时间间隔为T ，则有CD－BC ＝gT 2，得T ＝CD －BCg，代入数据可得T ＝0.1 s ．由于人观察水滴的视觉，在间歇光照时水滴位臵出现重叠现象，因此照明光源应该间歇发光，且间歇时间为0.1 s 或为0.1 s 的整数倍，选项C 、D 正确．8．CD9．BC 解析：物体的速度为15 m/s ，方向可能竖直向上或竖直向下，若竖直向上，则根据匀变速直线运动公式可得物体的初速度v 0＝v ＋gt ＝35 m/s ，物体的位移x ＝v 0t －12gt 2＝55m >0，故此时物体在A 点上方；若方向竖直向下，则初速度v 0＝5 m/s ，物体的位移x ＝v 0t －12gt 2＝－10 m<0，故此时物体位于A 点下方．10．解：第3 s 末的速度和3 s 内的位移可以直接利用公式求解.3 s 内的平均速度可以根据平均速度的定义求解．因为v t ＝gt ，所以v 3＝9.8×3 m/s ＝29.4 m/s.又因为h ＝12gt 2，所以h 3＝12×9.8 m/s 2×32 m ＝44.1 m.根据平均速度的定义：v ＝st，3 s 内的平均速度v 3＝h 3t 3＝44.1 m 3 s＝14.7 m/s.第3 s 的位移是3 s 的位移与2 s 位移的差，即 s Ⅲ＝s 3－s 2＝44.1 m －19.6 m ＝24.5 m.第3 s 内的平均速度v Ⅲ＝s Ⅲt＝24.5 m/s.11．解：解法一 取竖直向上为正方向，由速度对称性，上升阶段与下降阶段经过相同的位臵时速度等大、反向，即－[v 0－g (t ＋2)]＝v 0－gt解得t ＝1 s ，代入位移公式得h ＝v 0t －12gt 2＝15 m.解法二 取竖直向上为正方向，两小球由抛出到相碰的位移相同，即v 0(t ＋2)－12g (t ＋2)2＝v 0t －12gt 2解得t ＝1 s ，代入位移公式得h ＝v 0t －12gt 2＝15 m.12．解：(1)这段时间人重心下降高度为10 m ，根据h ＝12gt 2得空中动作时间t ＝2h g＝ 2 s ＝1.4 s.(2)该运动员离开跳台后重心升高 h ′＝(1－0.8) m ＝0.2 m设离开跳台的速度为v 0，由竖直上抛运动规律得 v 0＝2gh ′＝2×10×0.2 m/s ＝2 m/s.第4讲 运动图象 追及和相遇问题1．A 2.C 3.C 4.B 5.BD6．AC 解析：0～2 s 内物体的加速度a ＝v t －v 0t＝1 m/s 2，方向向下，属于失重状态，A正确；第4 s 末，加速度为零，合外力为零，合外力功率为零，而第2 s 末加速度不为零，即合外力不为零，速度不为零，根据公式P ＝F v 可知，第2s 末功率不为零，故B 错；在2～3 s 时间内，物体匀速运动，合外力为零，故C 正确；由动能定理，在0～5 s 时间内速度变化为零，即动能不变，合外力做功为零，重力做的功等于克服拉力做的功，故D 错．7．AD 8.AC9．AD 解析：在0～t 1时间内空降兵做匀加速直线运动，此段时间内的平均速度等于中点时刻的瞬时速度，A 正确；在t 1～t 2时间内做加速度减小的减速运动，故v ＜v 1＋v 22，D正确．10．解：(1)汽车开动后做初速度为零的匀加速运动，而自行车做匀速直线运动．当汽车的速度与自行车速度相等时，两车相距最远设经时间t 两车相距最远，有v 汽＝at ＝v 自所以t ＝v 0a ＝63 s ＝2 sΔs ＝v 自t －12at 2＝6 m.(2)汽车追上自行车时，两车位移相等，则v 自t ′＝12at ′2解得t ′＝4 s所以v 汽′＝at ′＝12 m/s.11．解：(1)设在满足题设条件的情况下该车的最大行驶速度为v根据平均速度公式得x 1＝v2t 1，又x 1≤18 m故v ＝12 m/s.(2)该车驾驶员的允许的反应时间最大值为t ，反应时间内车行驶的距离为L 0 L 0＝v 0t从绿灯闪烁到红灯亮起的过程中，汽车做减速运动的时间t 2＝6－t设汽车在刹车过程中通过的位移为x 2＝v 02t 2绿灯开始闪烁时，该车距停车线距离为L L ＝L 0＋x 2 解得t ＝0.5 s即该车驾驶员的考虑时间不能大于0.5 s.12．解：(1)由加速度－时间图象K1可知向下为正方向．图K1(2)速度改变Δv ＝－14m/s ，方向竖直向上；位移s ＝4＋(－1.5)＝2.5 m ，方向向下．实验一 研究匀变速直线运动1．A 解析：做匀变速直线运动的物体在相邻的连续相等时间间隔内的位移差相等且等于at 2.由此可得Δs ＝at 2＝a ⎝⎛⎭⎫10×1f 2，所以f ＝100a Δs＝10 Hz. 2．D 3.AB 4.0.405 0.756 5．(1)AB (2)2.00解析：(1)小车的重力远大于钩码的重力将会导致小车运动缓慢甚至静止不动，A 错误；此实验是“研究匀变速直线运动”，无需平衡小车的摩擦力，B 错误．(2)采用逐差法求小车的加速度： a ＝(s DE －s AB )＋(s EF －s BC )6T 2＝2.00 m/s 2.6．(1)交流电 0.02 (2)0.3937．(1)乙 (2)9.4 (3)纸带与打点计时器间存在摩擦 8．0.02 AB 0.52 相反 9．4 0.436 偏大10．(1)v D ＝S 4＋S 52T0.280(2)如图K2所示.时间t /s0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 速度v /(m·s －1)0.220 0.241 0.258 0.280 0.300图K2(3)匀加速直线运动专题二 相互作用与物体平衡 第1讲 重力 弹力 摩擦力1．B 2.D 3.B 4.A 5.CD 6.BC7．BC 解析：A 中拳击运动员一记重拳出击，虽然被对手躲过，运动员施加的力仍然有受力物体，空气是受力物体；B 中不相互接触的物体也会存在相互作用力，比如地球与太阳之间的万有引力；C 中说法是正确的，因为效果力是按照力的作用效果定义的，而性质力是按照力本身的性质定义的，所以重力、弹力、摩擦力是按力的性质命名的，动力、阻力、压力、支持力是按力的作用效果命名的；D 中重力的大小不受放在哪里而影响．8．AC 解析：用整体法分析，地面对b 没有摩擦力，对b 的支持力为2mg ；隔离a 分析，a 相对于b 有向右运动的趋势，故有摩擦力，由于F 有竖直向上的分量，故b 对a 的支持力小于重力，A 、C 正确．9．BC 解析：未加F 时，木块A 在水平面内受弹簧的弹力F 1及静摩擦力F A 作用，且F 1＝F A ＝kx ＝8 N ；木块B 在水平面内受弹簧弹力F 2和静摩擦力F B 作用，且F 2＝F B ＝kx ＝8 N ．在木块B 上施加F ＝1 N 的向右的拉力后，由于F 2＋F ＜μG B ，故木块B 所受摩擦力仍为静摩擦力，其大小F B ′＝F 2＋F ＝9 N ，木块A 的受力情况不变．10．解：最大静摩擦力f ＝f 滑＝μN ＝μmg ＝0.2×5×9.8 N ＝9.8 N.(1)当拉力为5 N 时，物体相对地面静止，受静摩擦力 f 静＝F 拉＝5 N.(2)当拉力为12 N 时，物体相对地面运动，受滑动摩擦力f 滑＝9.8 N .11．解：(1)当弹簧C 的右端位于a 点时，细绳没有拉力，A 物体受力如图K3. 由二力平衡，可知弹簧B 的弹力F 1＝mg设弹簧B 压缩量为Δx 1，由胡克定律得F 1＝k 1Δx 1上两式联立解得Δx 1＝mgk 1.图K3 图K4(2)当弹簧C 的右端位于b 点时，弹簧B 没弹力，此时细绳有拉力，A 物体受力如图K4. 由二力平衡，可知绳的拉力T ＝mg 则弹簧C 的弹力F 2＝T ＝mg设弹簧C 的伸长量为Δx 2，由胡克定律得 F 2＝k 2Δx 2解得Δx 2＝mgk 2故a 、b 之间的距离为Δx 1＋Δx 2＝⎝⎛⎭⎫1k 1＋1k 2mg . 12．解：对物体B 受力分析得：绳的拉力 T ＝G B ＝m B g ＝20 N对物体A 受力分析得：水平方向上受绳的拉力T 、F 和静摩擦力f 作用． 当外力F 较小时，静摩擦力向左，有 F ＋f m ＝T 则F ＝10 N当外力F 较大时，静摩擦力向右F ＝T ＋f m 则F ＝30N所以10N ≤F ≤30N .第2讲 力的合成与分解1．B 解析：舰载机与航母一起做匀速运动，合力为零，两阻拦索的张力的合力与舰载机的牵引力是一对平衡力，由平行四边形定则可知，B 正确．2．A3．C 解析：三个力的合力的最大值为三力大小之和；合力的最小值有两种情况：当三力大小满足三角形三边关系，可以构成三角形时，其合力最小值为零；否则，合力的最小值等于最大的那个力的大小减去另外两个力的大小；本题物体要保持平衡，合力应为零，故C 正确．4．C 5.AD 6.AB 7.BC 8.BC 9.BC10．解：(1)OA 、OB 绳中的拉力大小相等，设为T . 对物体A 有 T ＝G A ＝400 N对滑轮O ：由于OA 、OB 绳中的拉力大小相等，OC 绳在∠BOA 的角平分线所在直线上，所以BO 与竖直方向的夹角为60°则物体B 所受摩擦力为 f ＝T cos 30°＝200 3 N. (2)OC 绳的拉力为 T C ＝2T cos 30°＝3T ＝400 3 N.11．解：如图K5，以与滑轮接触的那一小段绳子为研究对象，在任何一个平衡位臵都在滑轮对它的压力(大小为G )和绳的拉力F 1、F 2共同作用下静止．而同一根绳子上的拉力大小F 1、F 2总是相等的，它们的合力N 是压力G 的平衡力，方向竖直向上．因此以F 1、F 2为分力作力的合成的平行四边形一定是菱形．利用菱形对角线互相垂直平分的性质，结合相似三角形图K5知识可得 d ∶l ＝15∶4所以d 最大值为154l . 12．解：(1)物体A 受重力mg 、支持力F N 及滑动摩擦力f 的作用．(2)由于垂直斜面方向上物体A 没发生运动，故垂直斜面方向上各分力的合力为0 ，即 F N －mg cos θ＝0①沿斜面方向的分力的合力 F ＝mg sin θ＋f ②将mg ＝100 N 、f ＝10 N 、θ＝30°代入②式得F ＝60 N. (3)由f ＝μF N所以μ＝f F N ＝10100×cos 30°＝315.第3讲 共点力的平衡及其应用1．B 2.D图K63．B 解析：由平衡条件可知，F A 与F B 的合力始终与运动员的重力是一对平衡力，故B 正确．对运动员受力分析，将运动员所受三个力移到一个三角形中，如图K6所示，可知F A 和F B 的大小都在不断变化．4．B 解析：物体匀速运动，则有重力沿斜面的分力与摩擦力平衡，即mg sin θ＝μmg cos θ，重力增大，仍能平衡，对木块A 施加一个竖直向下的力，与增加重力类似，故C 、D 错；增加斜面倾角，物体会加速下滑，A 错；对木块A 施加一个垂直于斜面的力，压力增大，摩擦力增大，物体做减速运动，会停下，故B 正确．5．BD6．CD 解析：用整体法对两球进行分析可得杆对A 球的支持力等于N ＝2mg ，摩擦力与风力相等；用隔离法对B 球分析可得轻绳的拉力等于mgcos θ，风力F ＝mg tan θ，又f ＝F ＝μN ，可得杆与A 球间的动摩擦因数等于12tan θ，C 、D 正确．7．AB 解析：此题实际上可视为一动态平衡问题，如图K7，可知A 、B 正确．图K78．AC 解析：对于B 物体，当绳子的拉力等于B 物体重力沿斜面的分力时，摩擦力为零，绳子的拉力大于B 物体重力沿斜面的分力时，有向上运动的趋势，摩擦力沿斜面向下，绳子的拉力小于B 物体重力沿斜面的分力时，有向下运动的趋势，摩擦力沿斜面向上，故A 正确；把B 、C 看成一整体受力分析，因为绳子的拉力有竖直向上和水平向右的分量，故水平面对C 的摩擦力方向一定向左，.水平面对C 的支持力总小于B 、C 的总重力，故B 错误，C 正确，D 错误．9．BD10．解：(1)因匀速提起重物，则F T ＝mg .且绳对人的拉力为mg ，所以地面对人的支持力为F N ＝Mg －mg ＝(50－30)×10 N ＝200 N ，方向竖直向上．(2)定滑轮对B 点的拉力方向竖直向下，大小为2mg ，杆对B 点的弹力方向沿杆的方向， 由共点力平衡条件得F AB ＝2mg tan 30°＝2×30×10×33N ＝346 N F BC ＝2mg cos 30°＝2×30×1032N ＝692 N. 11．解：(1)B 物体受三力平衡，设细绳对B 球拉力为F F sin30°＝mg F ＝2mg .(2)A 物体受三力平衡，设A 物体质量为m A ，细绳对A 球拉力为F ′，圆环对A 球弹力为F NF ′cos 30°＝F N sin 30° F ′sin 30°＋m A g ＝F N cos 30° F ＝F ′解得m A ＝2m .12．解：物体若向上做匀速直线运动，受力如图K8所示，有 F cos θ＝mg ＋f F sin θ＝F N f ＝μF N由以上三式解得推力F 的大小为F ＝mgcos θ－μsin θ＝ 4.4×100.8－0.5×0.6N ＝88 N图K8 图K9若物体向下做匀速直线运动，受力如图K9所示，有 F cos θ＋f ＝mg F sin θ＝F N f ＝μF N由以上三式解得推力F 的大小为F ＝mgcos θ＋μsin θ＝ 4.4×100.8＋0.5×0.6 N ＝40 N.实验二 探究弹力和弹簧伸长的关系1．B2．D 解析：根据胡克定律可得k ＝ΔFΔx ＝20－150.18－0.16N/m ＝250 N/m.弹簧的原长为L 0，则有15＝k (0.16－L 0)，解得L 0＝0.10 m ，故选项D 正确．3．BD 4.AC 5．(1)CBDAEF (2)①结果如下表：弹力F /N0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 弹簧伸长量x /cm1.22.33.54.65.8 ②如图K10所示．图K10③F ＝0.43x④函数表达式中的常数为弹簧的劲度系数，表示使弹簧每伸长或压缩0.01 m(1 cm)所需的拉力大小为0.43 N.6．(1)如图K11所示．图K11(2)0～5 25解析：由图可以看出，在0～5.0 N 之间，弹簧的弹力与伸长量是成正比的，当弹力大于5 N 后，弹力与伸长量已经不是正比关系了，实际上已经超出弹簧的弹性限度了．由k ＝ΔFΔx可得k ＝25 N/m.7．(1)形变量超过弹簧的弹性限度(2)66.7 200 甲 (3)实验中钩码不能挂太多，控制在弹性限度内解析：(1)在弹性范围内弹簧的弹力与形变量成正比，超过弹簧的弹性范围，则此规律不成立，所以图象上端是曲线，因为形变量超过了弹簧的弹性限度．(2)甲、乙两根弹簧的劲度系数分别为：k 甲＝F 甲Δx 甲＝46×10－2 N/m ＝66.7 N/mk 乙＝F 乙Δx 乙＝84×10－2N/m ＝200 N/m.要制作一个精确程度较高的弹簧测力计，应选用一定的外力作用时，弹簧的形变量大，故选甲弹簧．8．见解析解析：(1)还需要刻度尺．(2)需要测量的物理量有弹簧的原长、悬挂钩码的个数以及与弹力(外力)对应的弹簧长度．(3)根据胡克定律F ＝k Δx ，在F －x 图象中，k ＝ΔFΔx，解得k ＝200 N/m.图象不过原点，原因是实验中没有考虑(或忽略了)弹簧的自重或在弹簧没有处于竖直悬挂状态时测量它的原长．实验三 验证力的平行四边形定则1．B 2.B 3.B 4.AB 5.AC6．(1)保证前后两次作用力的效果相同 (2)F(3)O 、a 两点距离太近，画力的方向时容易产生误差 7．(1)BD (2)BD 8．(1)F 1 0.05 (2)C 解析：(1)A 传感器中的力均为正值，故A 传感器对应的是表中力F 1，平衡时，mg ＝F 1·sin θ，当θ＝30°时，F 1＝1.001 N ，可求得m ＝0.05 kg.(2)在挂钩码之前，对传感器进行调零，目的是为了消除横杆自身重力对结果的影响，故C 正确．专题三 牛顿运动定律第1讲 牛顿第一定律 牛顿第三定律1．A 2.A3．D 解析：汽车对拖车的拉力与拖车对汽车的拉力是一对作用力与反作用力，故A 、B 、C 错；拖车加速前进，是因为汽车对拖车的拉力大于地面对拖车的摩擦阻力，汽车加速前进是因为地面对汽车向前的作用力大于拖车对它的拉力，D 正确．4．B 5.BD6．BD 解析：物体做匀速直线运动，处于平衡状态，所受摩擦力与弹簧弹力大小相等，方向相反，是一对平衡力，即F 弹＝f ，kx ＝μmg ，故x ＝μmgk，所以B 、D 正确，A 错误．物体受到的支持力与对地面的压力是一对作用力与反作用力，C 错误．7．AD 8.CD9．AD 解析：因为弹簧属于明显形变，剪短细绳的瞬间，弹簧形变来不及恢复，所以弹力还是保持不变，故AD 正确．第2讲 牛顿第二定律 两类动力学问题1．D 解析：携带的弹药越多，战机的质量越大，而牵引力相同，根据牛顿第二定律F ＝ma ，所以加速度越小，故A 、B 错误；再根据v 2＝2ax 知，起飞的速度越小，所以C 错误；起飞滑行的距离相同，再由x ＝12at 2可得加速度越小，时间越长，所以D 正确．2．D 3.C4．D 解析：开始时小球做自由落体运动，接触弹簧后因为有弹力，而且弹力逐渐增大，小球做加速度逐渐减小的变减速运动，当弹簧的弹力增大到与重力相等时，加速度减小为令，速度达到最大，再继续往下运动的过程中，弹簧的弹力大于重力，小球做加速度逐渐增大的变减速运动，一直到速度减小为零，故D 正确．5．CD6．AD 解析：物体受到滑动摩擦力，方向水平向左，f ＝μmg ＝20 N ，选项A 对；物体在水平方向受到的合力F 合＝F －f ＝－10 N ＝ma ，得a ＝0.5 m/s 2，方向向左，D 对．7．BC 8.BC9．AD 解析：剪短细绳的瞬间，弹簧形变来不及恢复，所以弹力还是保持不变，故A 、D 正确．10．解：(1)设人在斜坡上滑下的加速度为a 1，由牛顿第二定律有 mg sin θ－f ＝ma 1N －mg cos θ＝0，又f ＝μN联立得a 1＝g (sin θ－μcos θ)，代入数据得a 1＝2 m/s 2. (2)人滑到B 点时，v 2B ＝2a 1s AB ，则v B ＝2a 1s AB ＝2×2×25 m/s ＝10 m/s. (3)在水平轨道上运动时f 2＝μmg ＝ma 2 得a 2＝μg ＝5 m/s 2由v 2C ＝v 2B －2a 2s BC 得s BC ＝v 2B 2a 2＝1022×5m ＝10 m.11．解：(1)木块所受滑动摩擦力为f ＝μmg cos θ 由F ＝ma 得F ＝mg sin θ＋μmg cos θ＝ma ，则 a ＝g sin θ＋μg cos θ，方向沿斜面向下． (2)木块上升到最高点的时间为 t ＝v 0a ＝v 0g sin θ＋μg cos θ. (3)有三种情况．第一种：当μmg cos θ＞mg sin θ时，木块静止，f ＝mg sin θ，方向沿斜面向上；第二种：当μmg cos θ＝mg sin θ时，木块可能静止或沿斜面匀速下滑，此时f ＝mg sin θ，方向沿斜面向上；第三种：当μmg cos θ＜mg sin θ时，木块沿斜面匀加速下滑，f ＝μmg cos θ，方向沿斜面向上．12．解：(1)设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a 1，则由v －t 图象得加速度大小a 1＝2 m/s 2，方向与初速度方向相反．设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a 2，则由图得加速度大小a 2＝1 m/s 2，方向与初速度方向相反．(2)根据牛顿第二定律，有 F ＋μmg ＝ma 1 F －μmg ＝ma 2解得：F ＝3 N ，μ＝0.05.(3)设10 s 末物体离a 点的距离为d ，d 应为v －t 图象与横轴所围的面积，则： d ＝12×4×8 m －12×6×6 m ＝－2 m 负号表示物体在a 点左边．(4)设撤去拉力F 后做匀减速直线运动的加速度大小为a 3.根据牛顿第二定律，有： μmg ＝ma 3解得：a 3＝0.5 m/s 2 由v t ＝v 0＋at 可得：物体减速到零的时间t ＝12 s物体在15 s 内的位移s ＝v t ＝－3×12 m ＝－36 m. 物体在15 s 后离a 点的距离d ′＝d ＋s ＝38 m.第3讲 牛顿运动定律的运用1．D2．B 解析：当小车突然停止后，由于惯性，两滑块获得相同的初速度，由牛顿第二定律μmg ＝ma ，解得a ＝μg ，即滑块的加速度大小与滑块的质量没有关系，两滑块有共同的加速度，两滑块做完全一样的运动，故一定不会相碰，B 正确．3．A 解析：小明在下降过程以及起跳以后在上升过程，均有向下的加速度，故处于失重状态，A 正确，B 错；小明落地时有向上的加速度，地面对他的支持力大于他的重力，C 错；D 选项中的两个力是一对作用力与反作用力，D 错．4．A5．AB 解析：根据牛顿第二定律，mg －k v ＝ma ，随着雨滴的速度增加，加速度a 不断减小，当加速度减小为零时，雨滴将与最大的收尾速度做匀速下降，A 、B 正确．6．AD 解析：从图象中可以得出，绳子的最大拉力为1.8F 0，人的重力为0.6F 0，由牛顿第二定律1.8F 0－0.6F 0＝ma ，又0.6F 0＝mg ，可解得最大加速度a ＝2g .7．BC 8.BC 9.AD10．解：(1)由图象可知，滑块的加速度a ＝101.0m/s 2＝10 m/s 2滑块冲上斜面过程中，根据牛顿第二定律有 mg sin θ＋μmg cos θ＝ma 代入数据解得μ＝0.5.(2)滑块速度减小到零时，重力下滑的分力大于最大静摩擦力，能再下滑 由匀变速直线运动的规律，滑块向上运动的位移 s ＝v 22a＝5 m 滑块下滑过程中，根据牛顿第二定律有 mg sin θ－μmg cos θ＝ma 2，得a 2＝2 m/s 2由匀变速直线运动的规律，滑块返回底端的速度 v ＝2a 2s ＝2 5 m/s.11．解：(1)在初始时刻，由牛顿第二定律有mg sin θ－μmg cos θ＝ma 0 由a －v 图象读出a 0＝4 m/s 2解得μ＝g sin θ－a 0g cos θ＝0.25.(2)在末时刻物体加速度为零，由牛顿第二定律有 mg sin θ－μN －k v cos θ＝0 又N ＝mg cos θ＋k v sin θ由a －v 图象得出此时v ＝5 m/s解得k ＝mg (sin θ－μcos θ)v (μsin θ＋cos θ)＝0.84 kg/s.12．解：(1)因动物毛的生长方向向上，故物体上滑时不受摩擦力，而下滑时受到摩擦力． (2)上滑过程： mg sin θ＝ma 1 v 0－a 1t 1＝0x ＝v 202a 1下滑过程：mg sin θ－μmg cos θ＝ma 2 x ＝12a 2t 22又t ＝t 1＋t 2联立以上各式得μ≈0.433.实验四 验证牛顿运动定律1．B 2.D 3.AB 4.CD5．(1)①d t 1 d 2(t 21－t 22)2xt 21t 22②使滑块所受拉力等于砝码盘和砝码的重力；③如图12所示 质量不变时，物体加速度与其所受合外力成正比． (2)1M可得到在合外力不变时物体加速度与质量间的定量关系图126．(1)小车的总质量(2)①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比 ②C ③0.1 0.520 0.2767．(1)错误，应该给校车一个初速度使校车能够匀速下滑 (2)C(3)[(s 3＋s 4)－(s 1＋s 2)]f 2100专题四 曲线运动 万有引力定律 第1讲 运动的合成与分解1．A 解析：运动状态指运动快慢和方向，即速度大小和方向，如果物体做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变，这是运动状态不变，A 正确；当物体做匀速直线运动时，位臵不断改变，但速度大小、方向都不变，运动状态仍不变，B 错误；若运动物体有加速度，则速度会发生变化，无论加速度是否发生变化，此时运动状态一定改变，C 错误；做曲线运动的物体，速度方向时刻改变，D 错．2．A 解析：由三角形定则，在A 项中v 1、v 2的合速度大小为v 3，再与图中v 3合成，合速度为2v 3，B 项中合速度为0，C 项中v 3、v 2的合速度为v 1，与图中v 1再合成，合速度为2v 1，D 项中的合速度为2v 2，其中最大的合速度为2v 3，故A 正确．3．C 解析：恰使小船避开危险区，小船应沿直线AB 到达对岸，如图K13所示．则有tan θ＝BD AD ＝33，所以θ＝30°.当船头与AB 垂直时，小船在静水中的速度最小．最小速度为v 1＝v 2sin θ＝2 m/s.故正确答案为C.图K13 图K144．C 解析：当合加速度的方向与和速度的方向不在同一直线上时，物体做曲线运动，加速度方向大致指向轨迹弯曲的方向．和运动的加速度沿y 轴正方向，合初速度的方向沿x 轴方向，可知，轨迹沿y 轴正方向偏转，故C 正确．5．C 解析：人的运动其实是两个运动的合运动，一个是沿绳子方向的运动，一个是以绳子的半径为圆周运动，此刻，速度沿切线即与绳子垂直方向，速度分解如图K14.根据几何关系，沿绳子方向分速度即船的速度为v cos α，C 正确．图K156．B 解析：由于船沿直线AB 运动，因此船的合速度v 合沿AB 方向，根据平行四边形定则可知，当v 船垂直于直线AB 时，船有最小速度，由图K15知v 船＝v 水sin 37°＝2.4 m/s ，选项B 正确．7．CD 8.AC9．AD 解析：根据题意，如果v 1＝v 2＝0，则物体沿合速度方向运动，是直线运动，A 正确；如果v 1≠0，v 2≠0，但合加速度方向与合速度方向一致，物体沿直线运动．B 错误；如果a 1＝a 2，但合加速度方向和速度方向不在同一直线上，物体做曲线运动，C 错误；如果a 1a 2＝v 1v 2，则有tan θ＝a 1a 2，tan θ＝v 1v 2，即合加速度方向与合速度方向一致，做匀加速直线运动，D正确．10．BC11．解：(1)汽车在时间t 内向左运动的位移：x ＝Htan θ又汽车匀加速运动x ＝12at 2所以a ＝2s t 2＝2Ht 2·tan θ.(2)此时汽车的速度v 汽＝at ＝2Ht ·tan θ由运动的分解知识可知，汽车速度v 汽沿绳的分速度与重物m 的速度相等，即v 物＝v 汽cos θ得v 物＝2H cos θt ·tan θ.第2讲 抛体运动1．C 解析：由于相遇时A 、B 做平抛运动的竖直位移相同，由h ＝12gt 2，可以判断两球下落时间相同，即两球应同时抛出．2．D 3.B4．B 解析：在竖直方向：Δy ＝5l －3l ＝gT 2，可求出g ；水平方向：v 0＝x T ＝3lT，且P 点竖直方向分速度v y ＝v ＝3l ＋5l 2T ，故P 点速度大小为：v ＝v 20＋v 2y ；但无法求出小球质量m ，故B 正确．5．D6．D 解析：竖直速度与水平速度之比为：tan φ＝gtv 0，竖直位移与水平位移之比为：tanθ＝gt 22v 0t，故tan φ＝2tan θ. 7．AB 解析：根据题意，由于不计空气阻力，则两物体运动过程中只受重力，则加速度均相同，故A 正确；由于只受重力也只有重力做功，则机械能守恒，B 正确；由于沿竖直向下抛出的平均速度较大，在庖厨高度相同的情况下，竖直下抛先落地，C 错；竖直抛出位移为竖直抛出的高度y ，水平抛出的物体做平抛运动，位移为d ＝y 2＋x 2，故位移不相同，D 错．8．BC9．CD 解析：设释放物体时火车的速度为v 0，物体释放后在竖直方向做自由落体运动，h ＝12gt 2，水平方向物体落地点与乘客的水平距离x ＝v 0t ＋12at 2－v 0t ＝12at 2，可得x ＝0.25 m ，且与火车初速度大小无关，故C 、D 正确．10．AD 解析：由x ＝v t 知，若A 球经过水平位移l 时，还未落地，则在B 球正下方相碰，A 正确；A 、B 在第一次落地签不碰，由于反弹后水平分速度，竖直分速度大小不变，方向相反，则以后一定能碰，故B 错误，D 正确；若A 球落地时的水平位移为l2时，则A 、B在最高点相碰，C 错．11．解：(1)设小鸟以v 0弹出能直接击中堡垒，则由平抛运动规律，h 1－h 2＝12gt 2l 1＝v 0t联立解得t ＝0.6 s ，v 0＝4 m/s.(2)对小鸟在平台上滑行初速度仍为v 0，若刚好击中堡垒，则有末速度为v ＝0由动能定理－μmg (l 1－l 2)＝0－12m v 20。
《装在套子里的人》课时作业(含答案)
装在套子里的人课时作业学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 题型一：语言文字运用1．下列对契诃夫小说的理解正确的一项是（）A．《一个文官的死》中，主人公的死亡是因为将军的权力压迫他，让他无路可走。
B．《挂在脖子上的安娜》主要反映的是夫妻实力地位不对等造成的家庭分裂。
C．《农民》通过尼古拉一家从城市回到农村的遭遇，反映俄罗斯农村生活相对于城市生活的优越性。
D．《第六病室》中的病室，具有双重作用，一方面是具体的病室，另一方面是沙皇俄国暴政的一个缩影。
2．下列词语中加点的字，读音全都正确的一项是（）A．盘缠（chan）亲眷（juàn）酒馔（zhuàn）胆怯（qiè）B．祈祷（tǎo）噩耗（è）搓手（cuō）洗漱（shù）C．穿梭（suō）彤云（tòng）讥诮（qiào）陶冶（yè）D．消遣（qiǎn）谗言（chán）玷辱（zhàn）郁闷（yù）3．下列各句中，没有语病的一项是A．只要生活本身不改变，像别里科夫这样的“装在套子里的人”还会存在下去。
因此，除了从根本上改变生活本身，难道还能否认有别的出路吗B．契诃夫以对“小人物”命运的空前关注和对沙皇制度的专横虚伪的无情揭露赢得了巨大的国际声誉，他的作品在欧美许多国家都产生了深远的影响。
C．契诃夫选取日常生活中的片段，精巧的艺术手法，对生活和人物进行描绘和刻画，展示了当时社会的真实情况。
D．我们对于“比较文学”是个陌生的概念，读读名家的相关著作，或许你能走出陌生的境地。
阅读下面的材料，完成下面小题。
为纪念契诃夫_________，由著名翻译家、戏剧评论家童道明创作，王晓鹰担任艺术指导，杨申导演的话剧《爱恋·契诃夫》，在北京首演。
该剧讲述了1869年《海鸥》在圣彼得堡首演失败后，__________的安东·契诃夫与丽卡·米齐诺娃在创作事业与婚姻情感之间的故事。
《劝学》课时作业(含答案)
劝学课时作业一、古代诗歌阅读1．阅读下面这首诗，回答问题。
初发扬子①寄元大校书[唐]韦应物凄凄去亲爱，泛泛入烟雾。
归棹洛阳人，残钟广陵树。
今朝此为别，何处还相遇世事波上舟，沿洄②安得住！[注]①扬子：当指扬子津，在长江北岸，近瓜洲。
②沿洄：分别指顺流而下和逆流而上。
“归棹洛阳人，残钟广陵树”两句历来为人称道，请简要分析其艺术特色。
二、选择题2．下列加点字读音有误的一项是（）A．木直中（zhòng）绳虽有槁（gǎo）暴（pù）B．假舟楫（jí）者不积跬（kuǐ）步C．驽（nú）马十驾锲（qì）而不舍D．金石可镂（lòu）蛇鳝之穴（xué）3．下列各句中，加点的词语古今意义相同的一项是（）A．筋骨之强B．非能水也，而绝江河C．以为轮D．蚓无爪牙之利4．下列句子中加点词的古今意义相同的一项是（）A．君子博学而日参省乎己B．不如须臾之所学也C．非蛇鳝去穴无可寄托者D．蚓无爪牙之利，筋骨之强三、选择题组阅读下面的文字，完成后面的题目。
习得性无助，是指个体经历了失败与挫折后，面对问题时产生的、丧失信心的心理状态与行为。
在学生的整个学习生涯中，习得性无助常常诱发学生的学习倦怠现象，（）。
持久的学习倦怠容易使学生，找不到学习的应对策略，从而使学生逐渐对做事情缺乏信心，对身边的人或事不在乎，。
学习倦怠所引发的消极学业情绪、认知疲倦和不良氛围，一般会导致学生产生消极的学习行为，如敷衍了事、消极息工、学业拖延、厌学恐考与害怕进教室等，再加上课上分心、对学习产生抵触情绪等情况诱发的一系列课堂问题行为，很容易使学生形成不良的学习习惯。
一旦有了以上行为，在上课的时候他就会处处被动，处处落在其他同学的后面，这种学习行为上的落后，不仅会影响到学生学习习惯的生威，而且还会影响到学生在本课堂所学习的内容，，会导致其自学能力的降低，从而对学习产生持久性的消极影响。
课时作业3 生命活动的主要承担者——蛋白质(含答案详解)
11．(2021·黑龙江牡丹江一中模拟)用高浓度的尿素溶液处理从细胞中分离纯化的 蛋白质，可使其失去天然构象变为松散肽链(称为“变性”)；除去尿素后，蛋白质又 可以自发地恢复原来的空间结构(称为“复性”)，且蛋白质分子越小复性效果越好。 这说明( B )
A．尿素与肽酶的作用结果相似 B．氨基酸数量会影响蛋白质的空间结构 C．蛋白质在尿素溶液中的溶解度低 D．双缩脲试剂可以鉴定该反应是否完成
12．(2021·辽宁沈阳铁路中学模拟)植物在受伤时会释放系统素(一种由 20 个氨基 酸组成的多肽)，与受体结合后能活化蛋白酶抑制基因，抑制害虫和病原微生物的蛋白 酶活性，限制植物蛋白的降解，阻止害虫取食和病原菌繁殖。下列关于系统素的描述， 正确的是( B )
A．内含 20 个肽键的系统素是一种信号传递分子 B．系统素遇双缩脲试剂在常温下会产生紫色反应 C．系统素能抑制植物体内与蛋白酶有关的基因的表达 D．系统素相当于植物体内的“抗体”，能与外来的“抗原”发生特异性的结合
9．(2021·河南林州一中分校高三调研)某蛋白质的结构如图所示，其中—S—S— 表示连接两条相邻肽链的二硫键，若该蛋白质由 m 个氨基酸构成，则每摩尔蛋白质在 形成时生成的水分子数和减少的相对分子质量分别为( D )
A．m 个、18m B．(m－4)个、18(m－4) C．(m－3)个、18(m－3)＋4 D．(m－2)个、18(m－2)＋4
课时作业3 生命活动的主要承担者——蛋白质
时间：45 分钟 一、选择题 1．(2021·广东省中山模拟)下列有关生物膜中膜蛋白的叙述，错误的是( B ) A．膜上载体蛋白和受体蛋白均具有特异性 B．载体蛋白和通道蛋白在跨膜运输物质时均消耗 ATP C．线粒体内膜比外膜中蛋白质种类和数量都多 D．膜蛋白的产生可能需要内质网、高尔基体、细胞膜的参与
六年级上册英语提优课时作业本答案
六年级上册英语提优课时作业本答案一、听力部分1.听录音，选单词，把序号填到括号内。
1. W_________ (1)2. L_________ (4)3. S_________ (3)4. H_________(2) 5. D_________ (5)2.听录音，选择正确的答案。
1. How many hats does he have? A. Three. B. Five.2. What colour is her shirt? A. Green. B. Yellow.3. Can kangaroos swim? A. Yes, they can. B. No, they can’t.4. What can rabbits do very well? A. Jump. B. Sing.5. Is the girl happy or sad? A. Happy. B. Sad.3.听录音，判断。
与录音内容相符的用“√”，不相符的用“×”。
1. We have a music lesson on Monday.2. I have a new red sweater.3. Tom’s schoolbag is blue.4. They often fly kites on weekends.5. The girl has curly hair.4.听问句，选答语。
1. A. I am twelve years old. B. I like playing basketball. (A)2. A. Yes, please. B. I’m sorry. (A)3. A. I have five books. B. I’m a teacher. (B)4. A. It’s blue. B. It’s a pen. (B)5. A. Yes, I do. B. No, I don’t. (A)二、笔试部分一、将所给单词的过去式填写在括号内。