电磁场与电磁波课后习题及答案四章习题解答
电磁场与电磁波(第四版)习题解答
电磁场与电磁波(第四版）习题解答第1章习题习题1．1给定三个矢量A 、B 和C 如下:23x y z =+-A e e e ．4y z=-+B e e ，52x z =-C e e ,解:(1）22323)12(3)A x y z e e e A a e e e A+-===+-++- （2）2641x y z A B e e e -=+-==(3)(23)(4)11x y z y z A B e e e e e •=+-•-+=-（4）arccos135.5A B AB θ•===︒ (５)1711cos -=⋅=⋅⋅==B B A A B B A A A A AB Bθ(６）12341310502xy zx Y Z e e e A C e e e ⨯=-=---- (７)0418520502xy zx Y Z e e e B C e e e ⨯=-=++-()(23)(8520)42x Y Z x Y Z A B C e e e e e e •⨯=+-•++=-123104041xy zx Y Z e e e A B e e e ⨯=-=---- ()(104)(52)42x Y Z x Z A B C e e e e e ⨯•=---•-=-(8）()10142405502x y zx Y Z e e e A B C e e e ⨯⨯=---=-+-()1235544118520xy zx Y Z e e e A B C e e e ⨯⨯=-=-- 习题1．4给定两矢量 234x y z =+-A e e e 和 456x y z =-+B e e e ,求它们之间的夹角和 A 在 Ｂ上的分量。
解：29)4(32222=-++=A776)5(4222=+-+=B31)654()432(-=+-⋅-+=⋅z y x z y x e e e e e e B A则A 与B之间的夹角为131772931cos =⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅-=⎪⎪⎪⎭⎫⎝⎛⋅⋅=ar BA B A arcis ABθ A 在B上的分量为532.37731cos -=-=⋅=⋅⋅⋅==B B A BA B A A A A AB Bθ习题1.９用球坐标表示的场225rr =E e ， (1）求在直角坐标中点(3,4,5)--处的E 和x E ；(2）求在直角坐标中点(3,4,5)--处E 与矢量22x y z =-+B e e e 构成的夹角。
电磁场与电磁波(第四版)习题解答
（3）
V/m （4）平均坡印廷矢量
rad/m Hz
第6章习题
习题6.2
解： （1）电场的复数形式 由
A/m
（也可用式求解磁场，结果一样）
将其写成瞬时值表达式 A/m
（2）入射到理想导体会产生全反射，反射波的电场为 与其相伴的反射波磁场为 总的电场 总磁场 （3）理想导体上的电流密度为
处的
和
； （2）求在直角坐标中点
处
与矢量
构成的夹角。 解： （1）由已知条件得到，在点（-3，4，-5）处， 则 （2）其夹角为
习题1.17在由
、
和
围成的圆柱形区域，对矢量
验证散度定理。 证： 在圆柱坐标系中 所以， 又 则
习题1.21求矢量
沿
平面上的一个边长为
的正方形回路的线积分，此正方形的两边分别与
A/m
习题6.4
解：
反射系数为 透射系数为 故反射波的电场振幅为 透射波的电场振幅为
V/m V/m
习题6.7
解：区域，本征阻抗
透射系数为 相位常数 则 电场： V/m 磁场： A/m
习题6.13
解：电场振幅最大值相距1.0m，则，得 因电场振幅第一最大值距离介质表面0.5m，即处，故反射系数。 由 又 可得到
，可见，矢量是磁场矢量。其源分布 （4）在球坐标系中
，可见，矢量是磁场矢量。其源分布
习题2.26
解： （1）由，得 故 （2）由，得 故 （3） 故 （4）
习题2.30
解： （1）在界面上法线方向的分量为 （2） （3）利用磁场边界条件，得 （4）利用磁场边界条件，得
习题3.3
解： （1） 由可得到
《电磁场与电磁波》课后习题解答(全)
（3）
【习题3.4】
解：（1）在区域中，传导电流密度为0，即J=0
将 表示为复数形式，有
由复数形式的麦克斯韦方程，可得电场的复数形式
所以，电场的瞬时值形式为
（2） 处的表面电流密度
（3） 处的表面电荷密度
（4） 处的位移电流密度
【习题3.5】
解：传导电流密度 （A/ ）
位移电流密度
【习题3.6】
（2）内导体表面的电流密度
（3）
所以，在 中的位移电流
【习题2.13】
解：（1）将 表示为复数形式:
则由时谐形式的麦克斯韦方程可得：
而磁场的瞬时表达式为
（2）z=0处导体表面的电流密度为
z=d处导体表面的电流密度为
【习题2.14】
已知正弦电磁场的电场瞬时值为
式中
试求：（1）电场的复矢量；
（2）磁场的复矢量和瞬时值。
由安培环路定律： ，按照上图所示线路积分有
等式左边
等号右边为闭合回路穿过的总电流
所以
写成矢量式为
将 代入得
【习题3.18】
解：当 时， ，
当 时， ，
这表明 和 是理想导电壁得表面，不存在电场的切向分量 和磁场的法向分量 。
在 表面，法线
所以
在 表面，法线
所以
【习题3.19】
证明：考虑极化后的麦克斯韦第一方程
（1）
和 （2）
若采用库仑规范，即 （3）
对（1）式两边取散度，有
将（2）、（3）式代入，得
故电流连续性也是满足的。
【习题4.3】解：
【习题4.4】
证明：因为 即
故 满足连续性方程。
另外， 满足洛仑兹条件。
电磁场与电磁波第四版课后答案
答案：① aA =
1 14
(ax
+
2ay
−
3az
)
；②
A−B =
53 ；③ A • B = −11；
④
θ AB = 135.48 ； ⑤
A× C = −(4ax +13ay +10az ) ； ⑥
A •（B × C）=（A • B）× C = −42 ； ⑦
（A× B）× C = 2ax − 40ay + 5az 和
托克斯定理求解此线积分。
∫ ∫ 答案：① A •dl = π a4 ；② (∇ × A) dS = π a4 。
l
4
l
4
1-18 试在直角坐标系下证明： − 1 ∇2 (1 R)=δ(r − r′)。 4π
∫ 1-19 若矢量 A = a（R cos2 ϕ
R3 ），1 ≤ R ≤ 2 ，求
∇• AdV 。
⎡ 2 sinhξ cosη
⎢ ⎢
cosh 2ξ − cos 2η
⎢
答案：[M ] = ⎢−
2 coshξ sinη
⎢ cosh 2ξ − cos 2η
⎢
⎢
0
⎢⎢⎣
2 coshξ sinη cosh 2ξ − cos 2η
2 sinhξ cosη cosh 2ξ − cos 2η
0
⎤ 0⎥
⎥ ⎥ 0⎥ 。 ⎥ ⎥ 1⎥ ⎥⎥⎦
+ ay
y − 2x x2 + y2
。
1-22 已知 A = a a x + b a y + c a z ，写出圆柱坐标系和圆球坐标系下 A 的表达式。
答案： A = (a cosϕ + b sinϕ )ar + (b cosϕ − a sin ϕ )aϕ + caz ；
电磁场与电磁波(第四版)课后答案__谢处方
电磁场 与电磁波（第四版） 课后答案第一章 习 题 解答1.1 给定三个矢量A 、B 和C 如下： 23x y z =+-A e e e4y z =-+B e e 52x z =-C e e求：（1）A a ；（2）-A B ；（3）A B ；（4）AB θ；（5）A 在B 上的 分量；（6）⨯A C ；（7）()⨯A B C 和()⨯A B C ；（8）()⨯⨯A B C 和()⨯⨯A B C 。
解 （1）23A x y z +-===+-e e e A a e e e A （2）-=A B (23)(4)x y z y z +---+=e e e ee 64x y z +-=e e e （3）=A B (23)x y z +-e e e (4)y z -+=e e －11 （4）由c o sAB θ=11238=A B A B ，得1c o s AB θ-=(135.5= （5）A 在B 上的分 量 B A =A c o s AB θ==A B B （6）⨯=A C 123502xyz-=-e e e 41310x y z ---e e e （7）由于⨯=B C 041502xyz-=-e e e 8520x y z ++e e e⨯=A B 123041xyz-=-e e e 1014x y z ---e e e所以 ()⨯=A B C (23)x y z +-e e e (8520)4x y z ++=-e e e ()⨯=A B C (1014)x y z ---e e e (52)42x z -=-e e （8）()⨯⨯=A B C 1014502xyz---=-e e e 2405x y z -+e e e()⨯⨯=A B C 1238520x y z -=e e e 554411x y z --e e e1.2 三角形的三个顶点 为1(0,1,2)P -、2(4,1,3)P -和3(6,2,5)P 。
电磁场与电磁波(第四版)课后答案电科习题
1.1 给定三个矢量 A,B和 C如下：
A ex ey 2 ez3 B ey 4 ez C ex5 ez 2
求：（1）aA; （2）AB; （3）AB;
（4）AB; （5）A在B上的分量;
（6）AC;（7）A BC 和AB C； （8）ABC和ABC。
1.2 证明：如果
A B A C 和 A B A C ， B C 。
1.3如果给定一未知矢量与一已知矢量的标量积和
矢量积，那么便可以确定该未知矢量。设 矢量，pA X 而 P A X ，p和 P 已知，试求
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
验
A
证散度定理
1.21 求矢量 A e x x e y x 2 e zy 2 z沿xy平面上的一个边长为2的正 形回路的线积分，此正方形的两个边分别与x轴和y轴相重合 再求 A 对此回路所包围的表面积分，验证斯托克斯定理
1.25给定矢量函数 Exˆyyˆx 试求从点P1（2，1，－1）
求（2，3，1）点的方向导数值。
1.6方程
u
x2 a2
y2 b2
cz22给出一椭球族。求椭球表面上
任
意点的单位法向矢量。
1度体.1；的8 （（积1分2））；求求（矢3量）A A 求 对x ˆ 中x 2 对心 y 此ˆ 在x 2 立y 原2 方 点z ˆ 体2 的4 的x 一2 y 表个2 z 面3 单积位分的立，散方
到点P2（8，2，－1）的线积分 E dl （1）沿抛物线
x 2 y 2 ；（2）沿连接两点的直线。此矢量场是否为保守 场。
1.27三个矢量A,B,C
1)Aersincoseθcoscosesin 2)Bez2sin+e z2cos+ez2zsin
电磁场与电磁波课后答案-郭辉萍版1-6章
第一章 习题解答1.2给定三个矢量A ，B ，C ： A =x a +2y a -3z a B = -4y a +z aC =5x a -2za求：⑴矢量A 的单位矢量A a ； ⑵矢量A 和B 的夹角AB θ； ⑶A ·B 和A ⨯B⑷A ·（B ⨯C ）和（A ⨯B ）·C ；⑸A ⨯（B ⨯C ）和（A ⨯B ）⨯C解：⑴A a =A A=（x a +2y a -3z a ） ⑵cos AB θ=A ·B /A BAB θ=135.5o⑶A ·B =-11, A ⨯B =-10x a -y a -4z a ⑷A ·（B ⨯C ）=-42（A ⨯B ）·C =-42⑸A ⨯（B ⨯C ）=55x a -44y a -11z a（A ⨯B ）⨯C =2x a -40y a +5z a1.3有一个二维矢量场F(r)=x a （-y ）+y a (x)，求其矢量线方程，并定性画出该矢量场图形。
解：由dx/(-y)=dy/x,得2x +2y =c1.6求数量场ψ=ln （2x +2y +2z ）通过点P （1，2，3）的等值面方程。
解：等值面方程为ln （2x +2y +2z ）=c 则c=ln(1+4+9)=ln14 那么2x +2y +2z =141.9求标量场ψ（x,y,z ）=62x 3y +ze 在点P （2，-1，0）的梯度。
解：由ψ∇=x a x ψ∂∂+y a y ψ∂∂+z a zψ∂∂=12x 3y x a +182x 2y y a +ze z a 得ψ∇=-24x a +72y a +z a1.10 在圆柱体2x +2y =9和平面x=0，y=0,z=0及z=2所包围的区域，设此区域的表面为S: ⑴求矢量场A 沿闭合曲面S 的通量，其中矢量场的表达式为A =x a 32x +y a （3y+z ）+z a (3z -x)⑵验证散度定理。
电磁场与电磁波(第4版)第4章部分习题参考解答
ω ⎡ ⎤ sin( z ) cos(ωt ) ⎥ ⎢ c ⎣ ⎦
ω G ω = −ex ( ) 2 E0 sin( z ) cos(ωt ) c c
所以
G G 1 ∂2 E ω 1 G ω ∇ E − 2 2 = −ex ( ) 2 E0 cos(ωt − x) − 2 c ∂t c c c
2
ω ⎤ ⎡ G 2 −exω E0 cos(ωt − x) ⎥ = 0 ⎢ c ⎦ ⎣ G G 1 ∂2 E G G ω 2 即矢量函数 E = ex E0 cos(ωt − x) 满足波动方程 ∇ E − 2 2 = 0 。 c ∂t c
G G G G 证：在直角坐标系中 r = ex x + ey y + ez z G G G G 设 k = ex k x + ey k y + ez k z G G G G G G G G 则 k ⋅ r = (ex k x + ey k y + ez k z ) ⋅ (ex x + ey y + ez z ) = k x x + k y y + k z z
即
G G G ∂ ∇(∇ ⋅ E ) − ∇ 2 E = − μ (∇ × H ) ∂t
将式(1)和式(4)代入式(6)，得
G G G ∂2 E ∂J 1 ∇ E − με 2 = μ + ∇ρ ∂t ∂t ε
2
G 此即 E 满足的波动方程。 G G 4.6 在应用电磁位时， 如果不采用洛伦兹条件， 而采用库仑条件 ∇ ⋅ A = 0 ， 导出 A 和 ϕ 所满足的微分方程。 G 解：将电磁矢量位 A 的关系式
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如题图所示为一长方形截面的导体槽，槽可视为无限长，其上有一块与槽相绝缘的盖板，槽的电位为零，上边盖板的电位为，求槽内的电位函数。
解根据题意，电位满足的边界条件为①②③根据条件①和②，电位的通解应取为题图由条件③，有两边同乘以，并从0到对积分，得到故得到槽内的电位分布两平行无限大导体平面，距离为，其间有一极薄的导体片由到。
上板和薄片保持电位，下板保持零电位，求板间电位的解。
设在薄片平面上，从到，电位线性变化，。
题图解应用叠加原理，设板间的电位为其中，为不存在薄片的平行无限大导体平面间（电压为）的电位，即；是两个电位为零的平行导体板间有导体薄片时的电位，其边界条件为：①②③根据条件①和②，可设的通解为由条件③有两边同乘以，并从0到对积分，得到故得到求在上题的解中，除开一项外，其他所有项对电场总储能的贡献。
并按定出边缘电容。
解在导体板（）上，相应于的电荷面密度则导体板上（沿方向单位长）相应的总电荷相应的电场储能为其边缘电容为如题图所示的导体槽，底面保持电位，其余两面电位为零，求槽内的电位的解。
解根据题意，电位满足的边界条件为①题图②③根据条件①和②，电位的通解应取为由条件③，有两边同乘以，并从0到对积分，得到故得到槽内的电位分布为一长、宽、高分别为、、的长方体表面保持零电位，体积内填充密度为的电荷。
求体积内的电位。
解在体积内，电位满足泊松方程（1）长方体表面上，电位满足边界条件。
由此设电位的通解为代入泊松方程（1），可得由此可得或（2）由式（2），可得故如题图所示的一对无限大接地平行导体板，板间有一与轴平行的线电荷，其位置为。
求板间的电位函数。
解由于在处有一与轴平行的线电荷，以为界将场空间分割为和两个区域，则这两个区域中的电位和都满足拉普拉斯方程。
而在的分界面上，可利用函数将线电荷表示成电荷面密度。
电位的边界条件为题图①②③由条件①和②，可设电位函数的通解为由条件③，有（1）（2）由式（1），可得（3）将式（2）两边同乘以，并从到对积分，有（4）由式（3）和（4）解得故如题图所示的矩形导体槽的电位为零，槽中有一与槽平行的线电荷。
求槽内的电位函数。
题图解由于在处有一与轴平行的线电荷，以为界将场空间分割为和两个区域，则这两个区域中的电位和都满足拉普拉斯方程。
而在的分界面上，可利用函数将线电荷表示成电荷面密度，电位的边界条件为①，②③由条件①和②，可设电位函数的通解为由条件③，有（1）（2）由式（1），可得（3）将式（2）两边同乘以，并从到对积分，有（4）由式（3）和（4）解得故若以为界将场空间分割为和两个区域，则可类似地得到如题图所示，在均匀电场中垂直于电场方向放置一根无限长导体圆柱，圆柱的半径为。
求导体圆柱外的电位和电场以及导体表面的感应电荷密度。
解在外电场作用下，导体表面产生感应电荷，圆柱外的电位是外电场的电位与感应电荷的电位的叠加。
由于导体圆柱为无限长，所以电位与变量无关。
在圆柱面坐标系中，外电场的电位为（常数的值由参考点确定），而感应电荷的电位应与一样按变化，而且在无限远处为0。
由于导体是等位体，所以满足的边界条件为题图①②由此可设由条件①，有于是得到故圆柱外的电位为若选择导体圆柱表面为电位参考点，即，则。
导体圆柱外的电场则为导体圆柱表面的电荷面密度为在介电常数为的无限大的介质中，沿轴方向开一个半径为的圆柱形空腔。
沿轴方向外加一均匀电场，求空腔内和空腔外的电位函数。
解在电场的作用下，介质产生极化，空腔表面形成极化电荷，空腔内、外的电场为外加电场与极化电荷的电场的叠加。
外电场的电位为而感应电荷的电位应与一样按变化，则空腔内、外的电位分别为和的边界条件为①时，；②时，为有限值；③时，，由条件①和②，可设带入条件③，有，由此解得，所以一个半径为、无限长的薄导体圆柱面被分割成四个四分之一圆柱面，如题图所示。
第二象限和第四象限的四分之一圆柱面接地，第一象限和第三象限分别保持电位和。
求圆柱面内部的电位函数。
题图解由题意可知，圆柱面内部的电位函数满足边界条件为①为有限值；②；由条件①可知，圆柱面内部的电位函数的通解为代入条件②，有由此得到故如题图所示，一无限长介质圆柱的半径为、介电常数为，在距离轴线处，有一与圆柱平行的线电荷，计算空间各部分的电位。
解在线电荷作用下，介质圆柱产生极化，介质圆柱内外的电位均为线电荷的电位与极化电荷的电位的叠加，即。
线电荷的电位为（1）题图而极化电荷的电位满足拉普拉斯方程，且是的偶函数。
介质圆柱内外的电位和满足的边界条件为分别为①为有限值；②③时，由条件①和②可知，和的通解为（2）（3）将式（1）～（3）带入条件③，可得到（4）（5）当时，将展开为级数，有（6）带入式（5），得（7）由式（4）和（7），有由此解得，故得到圆柱内、外的电位分别为（8）（9）讨论：利用式（6），可将式（8）和（9）中得第二项分别写成为其中。
因此可将和分别写成为由所得结果可知，介质圆柱内的电位与位于（0）的线电荷的电位相同，而介质圆柱外的电位相当于三根线电荷所产生，它们分别为：位于（0）的线电荷；位于的线电荷；位于的线电荷。
将上题的介质圆柱改为导体圆柱，重新计算。
解导体圆柱内的电位为常数，导体圆柱外的电位均为线电荷的电位与感应电荷的电位的叠加，即。
线电荷的电位为（1）而感应电荷的电位满足拉普拉斯方程，且是的偶函数。
满足的边界条件为①；②。
由于电位分布是的偶函数，并由条件①可知，的通解为（2）将式（1）和（2）带入条件②，可得到（3）将展开为级数，有（4）带入式（3），得（5）由此可得，故导体圆柱外的电为（6）讨论：利用式（4），可将式（6）中的第二项写成为其中。
因此可将写成为由此可见，导体圆柱外的电位相当于三根线电荷所产生，它们分别为：位于（0）的线电荷；位于的线电荷；位于的线电荷。
在均匀外电场中放入半径为的导体球，设（1）导体充电至；（2）导体上充有电荷。
试分别计算两种情况下球外的电位分布。
解（1）这里导体充电至应理解为未加外电场时导体球相对于无限远处的电位为，此时导体球面上的电荷密度，总电荷。
将导体球放入均匀外电场中后，在的作用下，产生感应电荷，使球面上的电荷密度发生变化，但总电荷仍保持不变，导体球仍为等位体。
设，其中是均匀外电场的电位，是导体球上的电荷产生的电位。
电位满足的边界条件为①时，；②时，，其中为常数，若适当选择的参考点，可使。
由条件①，可设代入条件②，可得到，，若使，可得到（2）导体上充电荷时，令，有利用（1）的结果，得到如题图所示，无限大的介质中外加均匀电场，在介质中有一个半径为的球形空腔。
求空腔内、外的电场和空腔表面的极化电荷密度（介质的介电常数为）。
解在电场的作用下，介质产生极化，空腔表面形成极化电荷，空腔内、外的电场为外加电场与极化电荷的电场的叠加。
设空腔内、外的电位分别为和，则边界条件为①时，；②时，为有限值；③时，，由条件①和②，可设题图带入条件③，有，由此解得，所以空腔内、外的电场为空腔表面的极化电荷面密度为如题图所示，空心导体球壳的内、外半径分别为和，球的中心放置一个电偶极子，球壳上的电荷量为。
试计算球内、外的电位分布和球壳上的电荷分布。
解导体球壳将空间分割为内外两个区域，电偶极子在球壳内表面上引起感应电荷分布，但内表面上的感应电荷总量为零，因此球壳外表面上电荷总量为，且均匀分布在外表面上。
球壳外的场可由高斯定理求得为题图外表面上的电荷面密度为设球内的电位为，其中是电偶极子的电位，是球壳内表面上的感应电荷的电位。
满足的边界条件为①为有限值；②，即，所以由条件①可知的通解为由条件②，有比较两端的系数，得到，，最后得到球壳内表面上的感应电荷面密度为感应电荷的总量为欲在一个半径为的球上绕线圈使在球内产生均匀场，问线圈应如何绕（即求绕线的密度）？题图解设球内的均匀场为，球外的场为，如题图所示。
根据边界条件，球面上的电流面密度为若令，则得到球面上的电流面密度为这表明球面上的绕线密度正比于，则将在球内产生均匀场。
一个半径为的介质球带有均匀极化强度。
（1）证明：球内的电场是均匀的，等于；（2）证明：球外的电场与一个位于球心的偶极子产生的电场相同，。
解（1）当介质极化后，在介质中会形成极化电荷分布，本题中所求的电场即为极化电荷所产生的场。
由于是均匀极化，介质球体内不存在极化电荷，仅在介质球面上有极化电荷面密度，题图球内、外的电位满足拉普拉斯方程，可用分离变量法求解。
建立如题图所示的坐标系，则介质球面上的极化电荷面密度为介质球内、外的电位和满足的边界条件为①为有限值；②；③因此，可设球内、外电位的通解为由条件③，有，解得，于是得到球内的电位故球内的电场为（2）介质球外的电位为其中为介质球的体积。
故介质球外的电场为可见介质球外的电场与一个位于球心的偶极子产生的电场相同。
半径为的接地导体球，离球心处放置一个点电荷，如题图所示。
用分离变量法求电位分布。
解球外的电位是点电荷的电位与球面上感应电荷产生的电位的叠加，感应电荷的电位满足拉普拉斯方程。
用分离变量法求解电位分布时，将点电荷的电位在球面上按勒让德多项式展开，即可由边界条件确定通解中的系数。
设，其中是点电荷的电位，是导体球上感应电荷产生的电位。
电位满足的边界条件为①时，；②时，。
由条件①，可得的通解为题图为了确定系数，利用的球坐标展开式将在球面上展开为代入条件②，有比较的系数，得到故得到球外的电位为讨论：将的第二项与的球坐标展开式比较，可得到由此可见，的第二项是位于的一个点电荷所产生的电位，此电荷正是球面上感应电荷的等效电荷，即像电荷。
题图一根密度为、长为2的线电荷沿轴放置，中心在原点上。
证明：对于的点，有解线电荷产生的电位为对于的点，有故得到一个半径为的细导线圆环，环与平面重合，中心在原点上，环上总电荷量为，如题图所示。
证明：空间任意点电位为解以细导线圆环所在的球面把场区分为两部分，分别写出两个场域的通解，并利用函数将细导线圆环上的线电荷表示成球面上的电荷面密度题图再根据边界条件确定系数。
设球面内、外的电位分别为和，则边界条件为：①为有限值；②③，根据条件①和②，可得和的通解为（1）（2）代入条件③，有（3）（4）将式（4）两端同乘以，并从0到对进行积分，得（5）其中由式（3）和（5），解得，代入式（1）和（2），即得到一个点电荷与无限大导体平面距离为，如果把它移到无穷远处，需要作多少功？解利用镜像法求解。
当点电荷移动到距离导体平面为的点处时，其像电荷，与导体平面相距为，如题图所示。
像电荷在点处产生的电场为题图所以将点电荷移到无穷远处时，电场所作的功为外力所作的功为如题图所示，一个点电荷放在的接地导体角域内的点处。
求：（1）所有镜像电荷的位置和大小；（2）点处的电位。
解（1）这是一个多重镜像的问题，共有5个像电荷，分布在以点电荷到角域顶点的距离为半径的圆周上，并且关于导体平面对称，其电荷量的大小等于，且正负电荷交错分布，其大小和位置分别为（2）点处电位一个电荷量为、质量为的小带电体，放置在无限大导体平面下方，与平面相距为。