西工大附中2018-2019第二学期月考物理试卷解析版

2018-2019第二学期月考解析版高二物理一.选择题：（共16小题，每题4分共64分，在每小题给出的四个选项中，1-10题只有一个选项符合要求；第10-16题有多个选项符合题目要求）1. 关于热力学定律，下列说法正确的是A．为了增加物体的内能，必须对物体传递热量B．对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C．可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D．不可能使热量从低温物体传向高温物体[解析] 内能的改变可以通过做功或热传递进行，故A错误；对某物体做功，物体的内能不一定增加，B错误；在引起其他变化的情况下，可以从单一热源吸收热量，将其全部变为功，C正确；在有外界影响的情况下，可以使热量从低温物体传向高温物体，D错误；[答案]C2.以下说法正确的是A．饱和蒸汽在等温变化的过程中，随体积减小压强增大B．已知阿伏加德罗常数、气体的质量和密度，可算出气体分子间的平均距离C．“露似珍珠月似弓”，露珠是由空气中的水蒸气凝结而成的，此过程中分子间引力、斥力都增大D．一定质量理想气体在等压压缩过程中，外界对气体做功使气体的内能增加3．如图所示是一定质量的理想气体的体积V和摄氏温度t的关系图象,气体由状态A变化到状态B的过程,下列说法正确的有A.气体的内能可能增大，也可能保持不变B.每一个气体分子的速率都增大C. 气体的压强减小D. 气体的压强保持不变4. 钢瓶中装有一定质量的气体，现在用两种方法抽钢瓶中的气体：第一种方法是用小抽气机，每次抽出1 L 气体，共抽取三次；第二种方法是用大抽气机，一次抽取3 L 气体．这两种抽法中，抽取气体质量较大的是A ．第一种抽法B ．第二种抽法C ．两种抽法抽出的气体质量一样大D ．无法判定 5. 如图所示，“奧托循环”由两条绝热线和两条等容线组成，其中，a →b 和c →d 为绝热过程，b →c 和d →a 为等容过程。

下列说法正确的是A.a →b 过程中，气体分子的平均动能不变B. b →c 过程中，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增多C. c →d 过程中，单位体积内气体分子数增大D. d →a 过程中，气体从外界吸收热量6. A 、B 两装置，均由一支一端封闭，一端开口且带有玻璃泡的管状容器和水银槽组成，除玻璃泡在管上的位置不同外，其他条件都相同。

将两管抽成真空后，开口向下竖直插入水银槽中（插入过程没有空气进入管内），水银柱上升至图示位置停止。

假设这一过程水银与外界没有热交换，则下列说法正确的是A ．A 中水银的内能增量大于B 中水银的内能增量B ．B 中水银的内能增量大于A 中水银的内能增量C ．A 和B 中水银体积保持不变，故内能增量相同D ．A 和B 中水银温度始终相同，故内能增量相同7. 如图所示，匀强磁场与圆形导体环平面垂直，导体棒ef 与导体环接触良好，当ef 向右匀速运动时A ． 圆环中磁通量不变，环上无感应电流产生B ． 整个环中有顺时针方向的电流C ． 整个环中有逆时针方向的电流D ． 环的右侧有逆时针方向的电流，环的左侧有顺时针方向的电流8. 图中L 是绕在铁芯上的线圈，它与电阻R 、R 0及开关和电池E 构成闭合回路．开关S 1和S 2开始都处在断开状态．设在t ＝0时刻，接通开关S 1，经过一段时间，在t ＝t 1时刻，再接通开关S2，则能较准确表示电阻R 两端的电势差U ab 随时间t 变化的图线是A BA ．B ．C ．D ．【解析】闭合S 1，由于线圈会阻碍电流的突然变大，Uab 不会突然变大，D 错误；达到稳定后，再闭合S 2，由于线圈的作用，原有电流慢慢变小，Uab 也从原来的数值慢慢减小，故选A.9. 如图所示，当交流电源电压恒为220 V ，频率为50 Hz 时，三只灯泡A 、B 、D 的亮度相同，若只将交流电的频率改为100 Hz ，则A ． A 灯最暗B ． B 灯最暗C ．D 灯最暗D ． 三只灯泡的亮度依然相同【解析】三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大，电容的容抗减小，电阻所在支路对电流的阻碍作用不变，所以流过B 的电流变大，流过A 的电流变小，流过C 的电流不变．即A 变暗，B 变亮，C 不变，故选A.10.如图所示，在光滑的水平面上，有一竖直向下的匀强磁场分布在宽度为L 的区域内，现有一个边长为a (a <L )的正方形闭合线圈以初速度v 0垂直磁场边界滑过磁场后，速度变 为v (v <v 0)，那么线圈A ．完全进入磁场中时的速度大于v 0＋v2 B ．完全进入磁场中时的速度等于v 0＋v 2 C ．完全进入磁场中时的速度小于v 0＋v 2D ．A 、B 情况均有可能，而C 是不可能的解析 对线圈进入或穿出磁场过程，设初速度为v 1，末速度为v 2，由动量定理可知B I L Δt ＝m v 2－m v 1，又电荷量q ＝I Δt ，得m (v 2－v 1)＝BLq ，得速度变化Δv ＝v 2－v 1＝BLq m. 由q ＝ΔΦR 总知，进、出磁场的两过程中q 相同，故知进入过程的速度变化量等于离开过程中速度的变化量．设完全进入磁场中时，线圈的速度大小为v ′，则有v 0－v ′＝v ′－v ，解得：v ′＝v 0＋v 2. 11.如图所示，一定质量的理想气体从状态a 开始，经历过程①、②、③、④到达状态e ，对此气体，下列说法正确的是（ ）A. 过程①中气体的压强逐渐减小B. 过程②中气体对外界做正功C. 过程④中气体从外界吸收了热量D. 状态c 、d 的内能相等12.下列四幅图涉及不同的物理知识，其中说法正确的是A ． 图甲：用紫外线照射到金属锌板表面时会发生光电效应，当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大B ．图乙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型C ．图丙：电子束穿过铝箔后的衍射图样，该实验说明实物粒子也具有波动性D ．图丁：原有10个氡222，经过一个半衰期的时间，一定还剩余5个13.在如图甲所示的电路中,螺线管匝数n=1500匝,横截面积S=20cm2。

环绕螺线管的导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，滑动变阻器全电阻R2=5.0Ω,电压表可看作理想电表,螺线管内磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化。

则下列说法中正确的是A.断开S,电压表示数为1.2VB. 闭合S稳定后,电压表示数为1.2VC. 闭合S稳定后,电阻 R1的消耗的最大功率为0.36WD. 闭合S稳定后,电阻 R1的消耗的最大功率为0.2304W【详解】A、S断开时，电压表示数等于电源的电动势，根据法拉第电磁感应定律，所以电压表示数为1.2V，故A正确；B、闭合S稳定后，电压表的示数为电源的路端电压，小于1.2V，故B错误；C、当滑动变阻器的阻值为0时，电路电流最大，，电阻R1消耗的最大功率为，故C错误，故D正确；故选AD.14. 如图甲,电动势为E,内阻为r的电源与R=6Ω的定值电阻、滑动变阻器R p、开关S组成串联回路,已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值R p的关系如图乙,下列说法正确的是A. 电源的电动势E=V,内阻r=4ΩB. 定值电阻R消耗的最大功率为0.96WC. 图乙中R x=25ΩD. 调整滑动变阻器R p的阻值可以得到该电源的最大输出功率为1W【答案】BC【解析】【分析】将R看成电源的内阻，当电源的内外电阻相等时R P的功率最大，由图读出R P的功率最大值及对应的阻值，即可求得电源的内阻，根据功率公式求出电源的电动势。

根据滑动变阻器的阻值为4Ω与阻值为R x时消耗的功率相等列式，可求得R x．当R P=0时电路中电流最大，R消耗的功率最大。

根据内外电阻相等时电源的输出功率最大求该电源的最大输出功率。

【详解】由图乙知，当R P =R+r=10Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，R=6Ω，可得内阻 r=4Ω最大功率 P==0.4W ，解得 E=4V ，故A 错误。

滑动变阻器的阻值为4Ω与阻值为R x时消耗的功率相等，有 4R x =（R+r ）2，解得 R x =25Ω，故C 正确。

当回路中电流最大时，定值电阻R 消耗的功率最大，故最大功率为 P max =()2R =0.96W ，故B 正确。

当外电路电阻与电阻相等时，电源的输出功率最大。

本题中定值电阻R 的阻值大于内阻的阻值，故滑动变阻器R P 的阻值为0时，电源的输出功率最大，最大功率为 P 出max =()2R =0.96W ，故D 错误。

故选BC 。

【点睛】解决本题的关键是掌握推论：当外电路电阻与电阻相等时，电源的输出功率最大。

对于定值电阻，当电流最大时其消耗的功率最大。

对于变阻器的最大功率，可采用等效法研究。

15. 如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一段高为h 的水银柱，中间封有一段空气，则A ．弯管左管内外水银面的高度差为hB ．若把管向上移动少许，则管内气体体积增大C ．若把弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升D ．若环境温度升高，则左管内的水银柱沿管壁下降，右管液面上升16. 如图，在水平放置的刚性气缸内用活塞封闭两部分气体A 和B ，质量一定的两活塞用杆连接。

气缸内两活塞之间保持真空，活塞与气缸壁之间无摩擦，左侧活塞面积较大，A 、B 的初始温度相同。

略抬高气缸左端使之倾斜，再使A 、B 升高相同温度，气体最终达到稳定状态。

若始末状态A 、B 的压强变化量Δp A 、Δp B 均大于零，对活塞压力的变化量为ΔF A 、ΔF B ，则A ．A 体积增大B ．A 体积减小C ．ΔF A >ΔF BD ．Δp A <Δp B解析：选AD 设气体A 、B 对活塞的压力分别为F A 、F B ，初状态F A ＝F B ，最终的稳定状态F A ′＋mg ·sin α＝F B ′，所以ΔF A <ΔF B ，选项C 错误；而ΔF A ＝Δp A ·S A ，ΔF B ＝Δp B ·S B ，又S A >S B ，所以Δp A <Δp B ，选项D 正确；根据理想气体状态方程有p A v A T ＝p A ＋Δp A v A ′T ＋ΔT ，p B v B T＝p B＋Δp B v B′T＋ΔT，整理得p A v Ap A＋Δp A v A′＝p B v Bp B＋Δp B v B′，则有v A⎝⎛⎭⎪⎫1＋Δp Ap Av A′＝v B⎝⎛⎭⎪⎫1＋Δp Bp Bv B′，进一步得v A⎝⎛⎭⎪⎫1＋ΔF AF Av A′＝v B⎝⎛⎭⎪⎫1＋ΔF BF Bv B′由于ΔF AF A<ΔF BF B，所以v Av A′<v Bv B′，因此气体A体积增大，气体B体积减小，选项A正确、二．实验题：（共两小题，16小题6分，17小题10分；共16分）17.在“用油膜法估测分子大小”实验中所用的油酸酒精溶液的浓度为1 000 mL溶液中有纯油酸0. 6 mL，用注射器测得1 mL上述溶液为80滴，把1滴该油酸溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形方格的边长为1 cm，试求：(1）油酸膜的面积是 cm2 ;(2）实验测出油酸分子的直径是 m;（结果保留两位有效数字）(3)实验中为什么要让油膜尽可能散开？。