2012年高考物理牛顿定律第一轮考点及考纲复习题及答案
高考物理力学知识点之牛顿运动定律技巧及练习题附答案
高考物理力学知识点之牛顿运动定律技巧及练习题附答案一、选择题1．在空气阻力大小恒定的条件下，小球从空中下落，与水平地面相碰（碰撞时间极短）后弹到空中某一高度．以向下为正方向，其速度随时间变化的关系如图所示，取g=10 m/s 2，则以下结论正确的是（ ）A ．小球弹起的最大高度为1.0mB ．小球弹起的最大高度为0.45 mC ．小球弹起到最大高度的时刻t 2=0.80 sD ．空气阻力与重力的比值为1∶52．甲、乙两球质量分别为1m 、2m ,从同一地点(足够高)同时静止释放．两球下落过程中所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比,与球的质量无关,即f=kv(k 为正的常量),两球的v−t 图象如图所示,落地前,经过时间0t 两球的速度都已达到各自的稳定值1v 、2v ,则下落判断正确的是( )A ．甲球质量大于乙球B ．m 1/m 2=v 2/v 1C ．释放瞬间甲球的加速度较大D ．t 0时间内，两球下落的高度相等3．关于一对平衡力、作用力和反作用力，下列叙述正确的是( )A ．平衡力应是分别作用在两个不同物体上的力B ．平衡力可以是同一种性质的力，也可以是不同性质的力C ．作用力和反作用力可以不是同一种性质的力D ．作用力施加之后才会产生反作用力，即反作用力总比作用力落后一些4．如图甲所示，在升降机的顶部安装了一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m 的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止， 并以此时为零时刻，在后面一段时间内传 感器显示弹簧弹力F 随时间t 变化的图象 如图乙所示，g 为重力加速度，则（ ）A ．升降机停止前在向下运动B ．10t -时间内小球处于失重状态，12t t -时间内小球处于超重状态C ．13t t -时间内小球向下运动，动能先增大后减小D ．34t t -时间内弹簧弹性势能变化量小于小球动能变化量5．一物体放置在粗糙水平面上，处于静止状态，从0t =时刻起，用一水平向右的拉力F 作用在物块上，且F 的大小随时间从零均匀增大，则下列关于物块的加速度a 、摩擦力f F 、速度v 随F 的变化图象正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．6．质量分别为m 1、m 2的甲、乙两球，在离地相同高度处，同时由静止开始下落，由于空气阻力的作用，两球到达地面前经时间t 0同时到达稳定速度v 1、v 2，已知空气阻力大小f 与小球的下落速率v 成正比，即f =kv （k >0），且两球的比例常数k 完全相同，两球下落的v -t 关系如图所示，下列说法正确的是（ ）A ．甲球质量m 1较小B ．稳定速度与质量成正比C ．释放瞬间甲球的加速度较大D ．t 0时间内两球下落的高度相等7．质量为M 的人站在地面上，用绳通过光滑定滑轮将质量为m 的重物从高处放下，如图所示，若重物以加速度a 下降（a g <），则人对地面的压力大小为（ ）A ．()M m g ma +-B ．()M g a ma --C ．()M m g ma -+D ．Mg ma -8．如图所示，一个箱子中放有一个物体，已知静止时物体对箱子的下底面压力大小等于物体的重力大小，且物体与箱子上底面刚好接触现将箱子以初速度v 0竖直向上抛出，已知运动时箱子所受空气阻力大小不变，且箱子运动过程中始终保持图示姿态，重力加速度为g 。
高考物理一轮复习牛顿运动定律专项训练(附答案)
高考物理一轮复习牛顿运动定律专项训练（附答案）牛顿运动定律包括牛顿第一运动定律、牛顿第二运动定律和牛顿第三运动定律三条定律，由艾萨克牛顿在1687年于«自然哲学的物理原理»一书中总结提出。
以下是力的分解与分解专项训练，请考生仔细练习。
一、选择题(此题共10小题，每题6分，共60分)1. [2021衡水中学调研]以下说法中正确的选项是()A. 牛顿第一定律提醒了一切物体都具有惯性B. 速度大的物体惯性大，速度小的物体惯性小C. 力是维持物体运动的缘由D. 做曲线运动的质点，假定将一切外力都撤去，那么该质点仍能够做曲线运动解析：牛顿第一定律提醒了一切物体都具有惯性，质量是惯性大小的量度，惯性与速度有关，选项A正确，选项B错误;力不是维持物体运动的缘由，力是发生减速度的缘由，选项C错误;做曲线运动的质点，假定将一切外力都撤去，那么该质点将做匀速直线运动，选项D错误。
答案：A2. 关于惯性，以下说法中正确的选项是()A. 磁悬浮列车能高速行驶是由于列车浮起后惯性小了B. 卫星内的仪器由于完全失重惯性消逝了C. 铁饼运发动在掷出铁饼前快速旋转可增大铁饼的惯性，使铁饼飞得更远D. 月球上物体的重力只要在空中上的1/6，但是惯性没有变化解析：惯性只与质量有关，与速度有关，A、C错误;失重或重力减速度发作变化时，物体质量不变，惯性不变，所以B 错误D正确。
答案：D3. 关于力和运动的关系，以下说法正确的选项是()A. 物体受力才会运动B. 力使物体的运动形状发作改动C. 中止用力，运动的物体就会中止D. 力是物体坚持运动或匀速直线运动形状的缘由解析：由牛顿第一定律可知，力的作用不是使物体运动，而是使物体的运动形状改动。
假设物体原来的形状是运动的，不受力仍将永远运动下去，即物体的运动不需求力来维持，因此A、C错误，B正确。
物体坚持运动或匀速直线运动形状，是物体不受力时的运动规律，并不是力作用的结果，因此D 错误。
2012年高考物理第一轮考点及考纲复习题(有答案)
2012年高考物理第一轮考点及考纲复习题（有答案）2012年高考一轮复习考点及考纲解读（八）恒定电流内容要求说明 64．电流。
欧姆定律。
电阻和电阻定律65．电阻率与温度的关系 66．半导体及其应用。
超导及其应用 67．电阻的串、并联。
串联电路的分压作用。
并联电路的分流作用 68．电功和电功率。
串联、并联电路的功率分配 69．电源的电动势和内电阻。
闭合电路的欧姆定律。
路端电压 70．电流、电压和电阻的测量：电流表、电压表和多用电表的使用。
伏安法测电阻 II I I IIII II II名师解读恒定电流部分是高考必考内容之一，特别是电学实验更是几乎每年必考。
常见题型有选择题、实验题、计算题，其中以实验题居多。
高考考查的重点内容有：欧姆定律，串、并联电路的特点，电功及电热，闭合电路的欧姆定律，电阻的测量（包括电流表、电压表内阻的测量）。
其中含容电路、电路动态变化的分析、功率分配问题是命题率较高的知识点，尤其电阻的测量、测量电源的电动势和内电阻更是连续多年来一直连考不断的热点。
复习时要理解串、并联电路的特点，闭合电路欧姆定律的含义，另外，要密切注意半导体、超导等与生产和生活相结合的新情景问题。
样题解读【样题1】(江都市2011届高三联考)一中学生为即将发射的“神州七号”载人飞船设计了一个可测定竖直方向加速度的装置，其原理可简化如图8－1，连接在竖直弹簧上的重物与滑动变阻器的滑动头连接，该装置在地面上静止时其电压表指针指在表盘中央的零刻度处，在零刻度的两侧分别标上对应的正、负加速度值。
关于这个装置在“神州七号”载人飞船发射、运行和回收过程中示数的判断正确的是 A．飞船在竖直加速升空的过程中，如果电压表的示数为正，则飞船在竖直减速返回地面的过程中，电压表的示数仍为正 B．飞船在竖直加速升空的过程中，如果电压表的示数为正，则飞船在竖直减速返回地面的过程中，电压表的示数为负 C．飞船在近地圆轨道上运行时，电压表的示数为零D．飞船在近地圆轨道上运行时，电压表的示数所对应的加速度应约为9.8m/s2 [分析] 飞船竖直加速升空的过程和竖直减速返回地面的过程中都发生超重现象，弹簧被压缩，变阻器的滑动头向下滑动，所以电压表的示数正负情况相同，A项正确，B项错误；飞船在近地圆轨道上运行时，处于完全失重状态，加速度等于重力加速度，约为9.8m/s2，C项错误，D项正确。
高三物理一轮复习 牛顿运动定律复习题及答案解析
章末检测(三)(时间：60分钟，分值：100分)一、单项选择题(本大题共6小题，每小题6分，共36分，每小题只有一个选项符合题意)1．“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．某人做蹦极运动，所受绳子拉力F 的大小随时间t 变化的情况如图所示．将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g .据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为( )A ．gB ．2gC ．3gD ．4g2．如图是一种升降电梯的示意图，A 为载人箱，B 为平衡重物，它们的质量均为M ，上下均由跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动．如果电梯中人的总质量为m ，匀速上升的速度为v ，电梯即将到顶层前关闭电动机，依靠惯性上升h 高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情况下，h 为( )A.v 22gB.(M ＋m )v 22mgC.(M ＋m )v 2mgD.(2M ＋m )v 22mg3．如图所示，倾斜固定直杆与水平方向成60°角，直杆上套有一个圆环，圆环通过一根细线与一只小球相连接．当圆环沿直杆下滑时，小球与圆环保持相对静止，细线伸直，且与竖直方向成30°角．下列说法中正确的是( )A ．圆环不一定加速下滑B ．圆环可能匀速下滑C ．圆环与杆之间一定没有摩擦D ．圆环与杆之间一定存在摩擦4．图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间，技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图．AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有AD＝DE＝10 m，滑道AE可视为光滑，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE 向下做直线滑动，g取10 m/s2，则滑行者在滑道AE上滑行的时间为()A. 2 s B．2 sC. 3 s D．2 2 s5．2013年10月11日，温州乐清市德力西公司的专家楼B幢发生惊险一幕，一个小男孩从楼上窗台突然坠落．但幸运的是，楼下老伯高高举起双手接住了孩子，孩子安然无恙．假设从楼上窗台到接住男孩的位置高度差为h＝20 m，老伯接男孩的整个过程时间约为0.2 s，则(忽略空气阻力，g取10 m/s2)()A．男孩接触老伯手臂时的速度大小为25 m/sB．男孩自由下落时间约为4 sC．老伯手臂受到的平均作用力是男孩体重的11倍D．老伯接男孩的整个过程，男孩处于失重状态6．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v－t图象(以地面为参考系)如图乙所示．已知v2>v1，则() A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用二、多项选择题(本大题共3小题，每小题6分，共18分，每小题有多个选项符合题意)7．在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50 kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是()A．晓敏同学所受的重力变小了B．晓敏对体重计的压力等于体重计对晓敏的支持力C．电梯一定在竖直向下运动D．电梯的加速度大小为g/5，方向一定竖直向下8．如图所示，轻弹簧两端拴接两个小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板，两球静止，两细线与水平方向的夹角α＝30°，弹簧水平，以下说法正确的是() A．两球质量一定相等B．两球质量可能不相等C．剪断左侧细线瞬间，a球加速度为gD．剪断左侧细线瞬间，b球加速度为09．如图甲所示，A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图乙所示，A、B始终相对静止，设向右为正方向，则关于A 物体运动的加速度a、速度v、B对A的摩擦力F f及运动的位移x随时间变化的关系图象正确的是()三、非选择题(本大题共3小题，共46分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)10．(10分)某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧测力计固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧测力计的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距d.开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧测力计的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧测力计的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t.(1)木块的加速度可以用d、t表示为a＝________.(2)改变瓶中水的质量，重复实验，确定加速度a与弹簧测力计示数F的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是________．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是________．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度11．(18分)如图甲所示，质量为m＝1 kg的物体置于倾角为θ＝37°的固定斜面上(斜面足够长)，对物体施加平行于斜面向上的恒力F，作用时间t1＝1 s时撤去拉力，物体运动的部分v－t图象如图乙所示，取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.试求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F 的大小；(2)t ＝6 s 时物体的速度，并在图乙上将6 s 内物体运动的v －t 图象补画完整，要求标明有关数据．12．(18分)如图所示，质量为M ＝8 kg 的小车放在光滑的水平面上，在小车左端加一水平推力F ＝8 N ，当小车向右运动的速度达到v 0＝1.5 m/s 时，在小车前端轻轻放上一个大小不计、质量为m ＝2 kg 的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.2.已知在运动过程中，小物块没有从小车上掉下来，取g ＝10 m/s 2.求：(1)经过多长时间两者达到相同的速度；(2)小车至少多长才能保证小物块不从小车上掉下来？(3)从小物块放上小车开始，经过t ＝1.5 s 小物块通过的位移大小为多少？章末检测(三)1．[解析]选B.从图象可知，当人最后不动时，绳上的拉力为35F 0，即mg ＝35F 0，最大拉力为95F 0，因此最大加速度为95F 0－mg ＝ma,3mg －mg ＝ma ，a ＝2g ，B 正确．2．[解析]选D.关闭发动机后，系统做匀减速直线运动，加速度大小为a ＝mg2M ＋m，上升的高度h ＝v 22a ＝(2M ＋m )v 22mg，选项D 正确．3．[解析]选D.对小球由牛顿第二定律得：沿斜面方向mg sin 60°－F T sin 30°＝ma ，垂直斜面方向mg cos 60°－F T cos 30°＝0，解得a ＝33g ，由于小球与圆环保持相对静止，故圆环一定加速下滑，选项A 、B 错误；对小球和圆环组成的系统，由牛顿第二定律得(M ＋m )g sin 60°－F f ＝(M ＋m )a ，解得F f ＝36(M ＋m )g ，故圆环与杆之间一定存在摩擦，选项D 正确，C 错误．4．[解析]选B.根据题图乙所示的示意图可知，AE 两点在以D 为圆心、半径为R ＝10 m 的圆周上，根据物体在竖直圆弧轨道内的斜面上运动的特点可知，滑行者沿AE 滑道滑行的时间与沿AD 所在的直径自由下落的时间相同，则有t ＝4Rg＝2 s ，故B 正确．5．[解析]选C.由运动规律可得，男孩下落到老伯手臂处的速度为v ，由v 2＝2gh 解得v ＝20 m/s ，男孩的下落时间t 1＝v /g ＝2 s ，所以A 、B 项错误；从接触老伯手臂到停止运动，男孩的加速度a ＝v /t 2＝100 m/s 2，根据牛顿第二定律F －mg ＝ma 可得，F ＝11mg ，故C 项正确．老伯接男孩的整个过程，男孩做减速运动，加速度方向向上，男孩处于超重状态，D 项错误．6．[解析]选B.小物块对地速度为零时，即t 1时刻，小物块在A 处左侧且距离A 最远．t 2时刻，小物块相对传送带静止，此时不再相对传送带滑动，所以从开始到此刻，它相对传送带滑动的距离最大.0～t 2时间内，小物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，方向始终向右，大小不变，t 2时刻以后相对传送带静止，故不再受摩擦力的作用．B 正确．7．[解析]选BD.由题知体重计的示数为40 kg 时，人对体重计的压力小于人的重力，故处于失重状态，实际人受到的重力并没有变化，A 错；由牛顿第三定律知B 对；电梯具有向下的加速度，但不一定是向下运动，C 错；由牛顿第二定律mg －F N ＝ma ，可知a ＝g5，方向竖直向下，D 对．8．[解析]选AD.由对称性可知，两球质量相等，A 正确．剪断左侧细线瞬间，a 球加速度为g /sin α，b 球加速度为0，D 正确．9．[解析]选AD.A 、B 相对静止，A 的加速度就是系统的加速度，系统的合外力为F ，因此加速度与F 成正比，A 项正确；A 做的是变加速运动，B 项错误；t 0时刻速度不为零，C 项错误；A 的加速度由B 对A 的静摩擦力提供，因此F f 与a 成正比，D 项正确．10．[解析](1)由匀变速直线运动规律得d ＝12at 2，解得a ＝2dt2.(2)木块刚刚开始滑动时，弹簧测力计的示数F 0大小等于木块所受的滑动摩擦力；木块加速运动时，由牛顿第二定律得F －F 0＝ma ，解得a ＝1m F －F 0m，选项C 正确．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是可以更方便地获取更多组实验数据，可以更精确地测出摩擦力的大小，选项B 、C 正确．[答案](1)2dt2 (2)C (3)BC11．[解析](1)设撤去拉力前物体的加速度大小为a 1，撤去拉力后物体沿斜面继续上滑的加速度大小为a 2，由v －t 图象可知：a 1＝20－01－0 m/s 2＝20 m/s 2(2分)a 2＝20－102－1m/s 2＝10 m/s 2(2分)对物体在撤去拉力前，由牛顿第二定律得 F －mg sin 37°－μmg cos 37°＝ma 1(2分)对物体在撤去拉力后上滑时，由牛顿第二定律得 mg sin 37°＋μmg cos 37°＝ma 2(2分) 解得F ＝30 N ，μ＝0.5.(2分)(2)加速上滑的时间t 1＝1 s ，撤去拉力时的速度为v ＝20 m/s ，设再经过t 2速度减至0. 由0＝v －a 2t 2得t 2＝2 s(2分)在最高点时，因mg sin 37°>μmg cos 37°，故物体将沿斜面加速下滑，设加速度大小为a 3，据牛顿第二定律得 mg sin 37°－μmg cos 37°＝ma 3(2分)解得a 3＝2 m/s 2(2分)再经过3 s 物体的速度大小为6 m/s ，方向沿斜面向下，补画完整后的图线及有关数据如图所示．(2分)[答案](1)0.5 30 N (2)见解析12．[解析](1)设小物块和小车的加速度分别为a m 、a M ，由牛顿第二定律得μmg ＝ma m (1分)F －μmg ＝Ma M (1分) 代入数据解得a m ＝2 m/s 2，a M ＝0.5 m/s 2(2分)设经过时间t 1两者达到相同的速度，由a m t 1＝v 0＋a M t 1得t 1＝1 s ．(2分)(2)当两者达到相同的速度后，假设两者保持相对静止，以共同的加速度a 做匀加速运动．对小物块和小车构成的整体，由牛顿第二定律得F ＝(M ＋m )a (1分) 得a ＝0.8 m/s 2(1分)此时小物块和小车之间的摩擦力 F f ＝ma ＝1.6 N(1分)而小物块和小车之间的最大静摩擦力 F fm ＝μmg ＝4 N(1分)F f <F fm ，所以两者达到相同的速度后，保持相对静止． 从小物块放上小车开始，小物块的位移x m ＝12a m t 21(1分)小车的位移x M ＝v 0t 1＋12a M t 21(1分)小车的长度至少为L ＝x M －x m ＝0.75 m ．(1分) (3)在开始的t 1＝1 s 内，小物块的位移为x m ＝12a m t 21＝1 m(1分)末速度v ＝a m t 1＝2 m/s(1分)在接下来的0.5 s 内，小物块与小车相对静止，以共同的加速度a ＝0.8 m/s 2做匀加速运动．这0.5 s 内通过的位移x ＝v (t －t 1)＋12a (t －t 1)2(1分)代入数据解得x ＝1.1 m(1分)从小物块放上小车开始，经过t ＝1.5 s 小物块通过的位移大小为x 总＝x m ＋x ＝2.1 m ．(1分)[答案](1)1 s (2)0.75 m (3)2.1 m。
【最新】高考物理一轮复习考点归纳专题《牛顿运动定律》(含答案)
【最新】高考物理一轮复习知识考点专题01 《牛顿运动定律》第一节牛顿第一、第三定律【基本概念、规律】一、牛顿第一定律1．内容：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态．2．意义(1)揭示了物体的固有属性：一切物体都有惯性，因此牛顿第一定律又叫惯性定律．(2)揭示了力与运动的关系：力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因，即产生加速度的原因．二、惯性1．定义：物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质．3．量度：质量是惯性大小的唯一量度，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小．3．普遍性：惯性是物体的本质属性，一切物体都有惯性．与物体的运动情况和受力情况无关．三、牛顿第三定律1．内容：两物体之间的作用力与反作用力总是大小相等、方向相反，而且在一条直线上．2．表达式：F＝－F′.特别提示：(1)作用力和反作用力同时产生，同时消失，同种性质，作用在不同的物体上，各自产生的效果，不会相互抵消．(2)作用力和反作用力的关系与物体的运动状态无关．【重要考点归纳】考点一牛顿第一定律1．明确了惯性的概念．2．揭示了力的本质．3．揭示了不受力作用时物体的运动状态．4.(1)牛顿第一定律并非实验定律．它是以伽利略的“理想实验”为基础，经过科学抽象，归纳推理而总结出来的．(2)惯性是物体保持原有运动状态不变的一种固有属性，与物体是否受力、受力的大小无关，与物体是否运动、运动速度的大小也无关．考点二牛顿第三定律的理解与应用1．作用力与反作用力的“三同、三异、三无关”(1)“三同”：①大小相同；②性质相同；③变化情况相同．(2)“三异”：①方向不同；②受力物体不同；③产生效果不同．(3)“三无关”：①与物体的种类无关；②与物体的运动状态无关；③与物体是否和其他物体存在相互作用无关．2．相互作用力与平衡力的比较【思想方法与技巧】用牛顿第三定律转换研究对象作用力与反作用力，二者一定等大反向，分别作用在两个物体上．当待求的某个力不容易求时，可先求它的反作用力，再反过来求待求力．如求压力时，可先求支持力．在许多问题中，摩擦力的求解亦是如此．第二节牛顿第二定律两类动力学问题【基本概念、规律】一、牛顿第二定律1．内容：物体加速度的大小跟作用力成正比，跟物体的质量成反比，加速度的方向跟作用力的方向相同．2．表达式：F＝ma.3．适用范围(1)牛顿第二定律只适用于惯性参考系，即相对于地面静止或匀速直线运动的参考系．(2)牛顿第二定律只适用于宏观物体(相对于分子、原子等)、低速运动(远小于光速)的情况．二、两类动力学问题1．已知物体的受力情况，求物体的运动情况．2．已知物体的运动情况，求物体的受力情况．特别提示：利用牛顿第二定律解决动力学问题的关键是利用加速度的“桥梁”作用，将运动学规律和牛顿第二定律相结合，寻找加速度和未知量的关系，是解决这类问题的思考方向．三、力学单位制1．单位制：由基本单位和导出单位一起组成了单位制．2．基本单位：基本物理量的单位，基本物理量共七个，其中力学有三个，它们是长度、质量、时间，它们的单位分别是米、千克、秒．3．导出单位：由基本物理量根据物理关系推导出来的其他物理量的单位．【重要考点归纳】考点一用牛顿第二定律求解瞬时加速度1．求解思路求解物体在某一时刻的瞬时加速度，关键是明确该时刻物体的受力情况或运动状态，再由牛顿第二定律求出瞬时加速度．2．牛顿第二定律瞬时性的“两种”模型(1)刚性绳(或接触面)——不发生明显形变就能产生弹力的物体，剪断(或脱离)后，其弹力立即消失，不需要形变恢复时间．(2)弹簧(或橡皮绳)——两端同时连接(或附着)有物体的弹簧(或橡皮绳)，特点是形变量大，其形变恢复需要较长时间，在瞬时性问题中，其弹力的大小往往可以看成保持不变．3．在求解瞬时加速度时应注意的问题(1)物体的受力情况和运动情况是时刻对应的，当外界因素发生变化时，需要重新进行受力分析和运动分析．(2)加速度可以随着力的突变而突变，而速度的变化需要一个积累的过程，不会发生突变．4.解决瞬时加速度问题的关键是弄清哪些力发生了突变，哪些力瞬间不变，正确画出变化前后的受力图．考点二动力学两类基本问题1.求解两类问题的思路，可用下面的框图来表示：分析解决这两类问题的关键：应抓住受力情况和运动情况之间联系的桥梁——加速度．2.(1)解决两类动力学基本问题应把握的关键①一个桥梁——加速度是联系运动和力的桥梁．②两类分析——受力分析和运动过程分析．(2)解决动力学基本问题时对力的两种处理方法①合成法：物体受2个或3个力时，一般采用“合成法”．②正交分解法：物体受3个或3个以上的力时，则采用“正交分解法”．(3)解答动力学两类问题的基本程序①明确题目中给出的物理现象和物理过程的特点．②根据问题的要求和计算方法，确定研究对象，进行受力分析和运动过程分析，并画出示意图．③应用牛顿运动定律和运动学公式求解．考点三动力学图象问题1．图象类型(1)已知物体在一过程中所受的某个力随时间变化的图象，要求分析物体的运动情况．(2)已知物体在一运动过程中位移、速度、加速度随时间变化的图象，要求分析物体的受力情况．(3)已知物体在物理图景中的运动初始条件，分析物体位移、速度、加速度随时间的变化情况．2．问题的实质：是力与运动的关系问题，求解这类问题的关键是理解图象的物理意义，理解图象的轴、点、线、截、斜、面六大功能．3.数形结合解决动力学问题(1)物理公式与物理图象的结合是一种重要题型．对于已知图象求解相关物理量的问题，往往是结合物理过程从分析图象的横、纵坐标轴所对应的物理量的函数入手，分析图线的斜率、截距所代表的物理意义得出所求结果．(2)解决这类问题必须把物体的实际运动过程与图象结合，相互对应起来．【思想方法与技巧】传送带模型中的动力学问题1．模型特征一个物体以速度v0(v0≥0)在另一个匀速运动的物体上开始运动的力学系统可看做“传送带”模型，如图甲、乙、丙所示．2．建模指导传送带模型问题包括水平传送带问题和倾斜传送带问题．(1)水平传送带问题：求解的关键在于对物体所受的摩擦力进行正确的分析判断．根据物体与传送带的相对速度方向判断摩擦力方向．两者速度相等是摩擦力突变的临界条件．(2)倾斜传送带问题：求解的关键在于认真分析物体与传送带的相对运动情况，从而确定其是否受到滑动摩擦力作用．如果受到滑动摩擦力作用应进一步确定其大小和方向，然后根据物体的受力情况确定物体的运动情况．当物体速度与传送带速度相等时，物体所受的摩擦力有可能发生突变．3.解答传送带问题应注意的事项(1)水平传送带上物体的运动情况取决于物体的受力情况，即物体所受摩擦力的情况．(2)倾斜传送带问题，一定要比较斜面倾角与动摩擦因数的大小关系．(3)传送带上物体的运动情况可按下列思路判定：相对运动→摩擦力方向→加速度方向→速度变化情况→共速，并且明确摩擦力发生突变的时刻是v物＝v传．第三节牛顿运动定律的综合应用【基本概念、规律】一、超重和失重1．超重(1)定义：物体对水平支持物的压力(或对竖直悬挂物的拉力)大于物体所受重力的情况称为超重现象．(2)产生条件：物体具有向上的加速度．2．失重(1)定义：物体对水平支持物的压力(或对竖直悬挂物的拉力)小于物体所受重力的情况称为失重现象．(2)产生条件：物体具有向下的加速度．3．完全失重(1)定义：物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)为零的情况称为完全失重现象．(2)产生条件：物体的加速度a＝g，方向竖直向下．二、解答连接体问题的常用方法1．整体法当系统中各物体的加速度相同时，我们可以把系统内的所有物体看成一个整体，这个整体的质量等于各物体的质量之和，当整体受到的外力已知时，可用牛顿第二定律求出整体的加速度．2．隔离法当求解系统内物体间相互作用力时，常把物体从系统中“隔离”出来进行分析，依据牛顿第二定律列方程．3．外力和内力(1)外力：系统外的物体对研究对象的作用力；(2)内力：系统内物体之间的作用力．【重要考点归纳】考点一超重和失重现象1．超重并不是重力增加了，失重并不是重力减小了，完全失重也不是重力完全消失了．在发生这些现象时，物体的重力依然存在，且不发生变化，只是物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)发生了变化(即“视重”发生变化)．2．只要物体有向上或向下的加速度，物体就处于超重或失重状态，与物体向上运动还是向下运动无关．3．尽管物体的加速度不是在竖直方向，但只要其加速度在竖直方向上有分量，物体就会处于超重或失重状态．4．物体超重或失重的多少是由物体的质量和竖直加速度共同决定的，其大小等于ma.5.超重和失重现象的判断方法(1)从受力的大小判断，当物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力时，物体处于超重状态；小于重力时处于失重状态，等于零时处于完全失重状态．(2)从加速度的方向判断，当物体具有向上的加速度时处于超重状态，具有向下的加速度时处于失重状态，向下的加速度为重力加速度时处于完全失重状态．考点二整体法和隔离法解决连接体问题1．整体法的选取原则若连接体内各物体具有相同的加速度，且不需要求物体之间的作用力，可以把它们看成一个整体，分析整体受到的合外力，应用牛顿第二定律求出加速度(或其他未知量)．2．隔离法的选取原则若连接体内各物体的加速度不相同，或者要求出系统内各物体之间的作用力时，就需要把物体从系统中隔离出来，应用牛顿第二定律列方程求解．3．整体法、隔离法的交替运用若连接体内各物体具有相同的加速度，且要求物体之间的作用力时，可以先用整体法求出加速度，然后再用隔离法选取合适的研究对象，应用牛顿第二定律求作用力．即“先整体求加速度，后隔离求内力”．4.正确地选取研究对象是解题的首要环节，弄清各物体之间哪些属于连接体，哪些物体应该单独分析，并分别确定出它们的加速度，然后根据牛顿运动定律列方程求解．考点三分解加速度求解受力问题在应用牛顿第二定律解题时，通常不分解加速度而分解力，但有一些题目要分解加速度．最常见的情况是与斜面模型结合，物体所受的作用力是相互垂直的，而加速度的方向与任一方向的力不同向．此时，首先分析物体受力，然后建立直角坐标系，将加速度a分解为a x和a y，根据牛顿第二定律得F x＝ma x，F y＝ma y，使求解更加便捷、简单．【思想方法与技巧】“滑块——滑板”模型的分析1．模型特点：上、下叠放两个物体，并且两物体在摩擦力的相互作用下发生相对滑动．2．模型分析解此类题的基本思路：(1)分析滑块和木板的受力情况，根据牛顿第二定律分别求出滑块和木板的加速度；(2)对滑块和木板进行运动情况分析，找出滑块和木板之间的位移关系或速度关系，建立方程．特别注意滑块和木板的位移都是相对地面的位移．3.(1)滑块由滑板的一端运动到另一端的过程中，若滑块和滑板同向运动，位移之差等于板长；反向运动时，位移之和等于板长．(2)滑块是否会从滑板上掉下的临界条件是：滑块到达滑板一端时两者共速．(3)滑块不能从滑板上滑下的情况下，当两者共速时，两者受力、加速度发生突变．动力学中的临界条件及应用一、临界状态物体在运动状态变化的过程中，相关的一些物理量也随之发生变化．当物体的运动变化到某个特定状态时，相关的物理量将发生突变，该物理量的值叫临界值，这个特定状态称之为临界状态．二、临界状态的判断1．若题目中有“刚好”、“恰好”、“正好”等字眼，明显表明题述的过程存在着临界点．2．若题目中有“取值范围”、“多长时间”、“多大距离”等词语，表明题述的过程存在着“起止点”，而这些起止点往往就对应临界状态．3．临界状态的问题经常和最大值、最小值联系在一起，因此，若题目中有“最大”、“最小”、“至多”、“至少”等字眼，表明题述的过程存在着极值，这个极值点往往是临界点．4．若题目中有“最终”、“稳定”等文字，即是求收尾速度或加速度．三、处理临界问题的思路1．会分析出临界状态的存在．2．要抓住物体处于临界状态时的受力和运动特征，找出临界条件，这是解决问题的关键．3．能判断物体在不满足临界条件时的受力和运动情况．4．利用牛顿第二定律结合其他规律列方程求解．四、力学中常见的几种临界条件1．接触物体脱离的临界条件：接触面间的弹力为零，即F N＝0.2．绳子松弛的临界条件：绳中张力为0，即F T＝0.3．相对滑动的临界条件：静摩擦力达到最大值，即f静＝f m.4．滑块在滑板上不滑下的临界条件：滑块滑到滑板一端时，两者速度相同．实验四验证牛顿运动定律一、实验目的1．学会用控制变量法研究物理规律．2．探究加速度与力、质量的关系．3．掌握灵活运用图象处理问题的方法．二、实验原理(见实验原理图)1．保持质量不变，探究加速度跟合外力的关系．2．保持合外力不变，探究加速度与质量的关系．3．作出a－F图象和a－1m图象，确定其关系．三、实验器材小车、砝码、小盘、细绳、附有定滑轮的长木板、垫木、打点计时器、低压交流电源、导线两根、纸带、天平、米尺．四、实验步骤1．测量：用天平测量小盘和砝码的质量m′和小车的质量m.2．安装：按照如实验原理图所示装置把实验器材安装好，只是不把悬挂小盘的细绳系在小车上(即不给小车牵引力)3．平衡摩擦力：在长木板的不带定滑轮的一端下面垫上一块薄木块，使小车能匀速下滑．4．操作：(1)小盘通过细绳绕过定滑轮系于小车上，先接通电源后放开小车，取下纸带编号码．(2)保持小车的质量m不变，改变砝码和小盘的质量m′，重复步骤(1)．(3)在每条纸带上选取一段比较理想的部分，测加速度a.(4)描点作图，作a－F的图象．(5)保持砝码和小盘的质量m′不变，改变小车质量m，重复步骤(1)和(3)，作a－1m图象．一、数据处理1．保持小车质量不变时，计算各次小盘和砝码的重力(作为小车的合力)及对应纸带的加速度，填入表(一)中．表(一)实验次数加速度a/(m·s－2)小车受力F/N12342.入表(二)中．表(二)实验次数加速度a/(m·s－2)小车和砝码的总质量m/kg12343.4．以a为纵坐标，F为横坐标，根据各组数据描点，如果这些点在一条过原点的直线上，说明a与F成正比．5．以a为纵坐标，1m为横坐标，描点、连线，如果该线过原点，就能判定a与m成反比．二、注意事项1．平衡摩擦力：适当垫高木板的右端，使小车的重力沿斜面方向的分力正好平衡小车和纸带受到的阻力．在平衡摩擦力时，不要把悬挂小盘的细绳系在小车上，让小车拉着打点的纸带匀速运动．2．不重复平衡摩擦力．3．实验条件：m≫m′.4．一先一后一按：改变拉力和小车质量后，每次开始时小车应尽量靠近打点计时器，并应先接通电源，后释放小车，且应在小车到达定滑轮前按住小车．5．作图象时，要使尽可能多的点在所作直线上．不在直线上的点应尽可能对称分布在所作直线两侧．6．作图时两轴标度比例要选择适当．各量需采用国际单位．三、误差分析1．系统误差：本实验用小盘和砝码的总重力m′g代替小车的拉力，而实际上小车所受的拉力要小于小盘和砝码的总重力．2．偶然误差：摩擦力平衡不准确、质量测量不准确、计数点间距测量不准确、纸带和细绳不严格与木板平行都会引起误差．【最新】高考物理一轮复习知识考点专题专题二《曲线运动、万有引力与航天》第一节曲线运动运动的合成与分解【基本概念、规律】一、曲线运动1．速度的方向：质点在某一点的速度方向，沿曲线在这一点的切线方向．2．运动的性质：做曲线运动的物体，速度的方向时刻在改变，所以曲线运动一定是变速运动．3．曲线运动的条件：物体所受合力的方向跟它的速度方向不在同一条直线上或它的加速度方向与速度方向不在同一条直线上．二、运动的合成与分解1．运算法则位移、速度、加速度都是矢量，故它们的合成与分解都遵循平行四边形定则．2．合运动和分运动的关系(1)等时性：合运动与分运动经历的时间相等．(2)独立性：一个物体同时参与几个分运动时，各分运动独立进行，不受其他分运动的影响．(3)等效性：各分运动叠加起来与合运动有完全相同的效果．【重要考点归纳】考点一对曲线运动规律的理解1．曲线运动的分类及特点(1)匀变速曲线运动：合力(加速度)恒定不变．(2)变加速曲线运动：合力(加速度)变化．2．合外力方向与轨迹的关系物体做曲线运动的轨迹一定夹在合外力方向与速度方向之间，速度方向与轨迹相切，合外力方向指向轨迹的“凹”侧．3．速率变化情况判断(1)当合力方向与速度方向的夹角为锐角时，速率增大；(2)当合力方向与速度方向的夹角为钝角时，速率减小；(3)当合力方向与速度方向垂直时，速率不变．考点二运动的合成及合运动性质的判断1．运动的合成与分解的运算法则运动的合成与分解是指描述运动的各物理量即位移、速度、加速度的合成与分解，由于它们均是矢量，故合成与分解都遵循平行四边形定则．2．合运动的性质判断⎩⎪⎨⎪⎧加速度或合外力⎩⎪⎨⎪⎧变化：变加速运动不变：匀变速运动加速度或合外力与速度方向⎩⎪⎨⎪⎧共线：直线运动不共线：曲线运动3．两个直线运动的合运动性质的判断两个互成角度的分运动 合运动的性质 两个匀速直线运动 匀速直线运动 一个匀速直线运动、 一个匀变速直线运动 匀变速曲线运动两个初速度为零的匀加速直线运动匀加速直线运动两个初速度不为零的匀变速直线运动如果v 合与a 合共线，为匀变速直线运动 如果v 合与a 合不共线，为匀变速曲线运动4.行各量的合成运算． 【思想方法与技巧】两种运动的合成与分解实例一、小船渡河模型 1．模型特点两个分运动和合运动都是匀速直线运动，其中一个分运动的速度大小、方向都不变，另一分运动的速度大小不变，研究其速度方向不同时对合运动的影响．这样的运动系统可看做小船渡河模型．2．模型分析(1)船的实际运动是水流的运动和船相对静水的运动的合运动． (2)三种速度：v 1(船在静水中的速度)、v 2(水流速度)、v (船的实际速度)． (3)两个极值①过河时间最短：v 1⊥v 2，t min ＝dv 1(d 为河宽)．②过河位移最小：v ⊥v 2(前提v 1＞v 2)，如图甲所示，此时x min ＝d ，船头指向上游与河岸夹角为α，cos α＝v 2v 1；v 1⊥v (前提v 1＜v 2)，如图乙所示．过河最小位移为x min ＝d sin α＝v 2v 1d .3.求解小船渡河问题的方法求解小船渡河问题有两类：一是求最短渡河时间，二是求最短渡河位移．无论哪类都必须明确以下三点：(1)解决这类问题的关键是：正确区分分运动和合运动，在船的航行方向也就是船头指向方向的运动，是分运动；船的运动也就是船的实际运动，是合运动，一般情况下与船头指向不共线．(2)运动分解的基本方法，按实际效果分解，一般用平行四边形定则沿水流方向和船头指向分解．(3)渡河时间只与垂直河岸的船的分速度有关，与水流速度无关． 二、绳(杆)端速度分解模型 1．模型特点绳(杆)拉物体或物体拉绳(杆)，以及两物体通过绳(杆)相连，物体运动方向与绳(杆)不在一条直线上，求解运动过程中它们的速度关系，都属于该模型．2．模型分析(1)合运动→绳拉物体的实际运动速度v(2)分运动→⎩⎪⎨⎪⎧其一：沿绳或杆的分速度v 1其二：与绳或杆垂直的分速度v 2(3)关系：沿绳(杆)方向的速度分量大小相等． 3.解决绳(杆)端速度分解问题的技巧(1)明确分解谁——分解不沿绳(杆)方向运动物体的速度； (2)知道如何分解——沿绳(杆)方向和垂直绳(杆)方向分解；(3)求解依据——因为绳(杆)不能伸长，所以沿绳(杆)方向的速度分量大小相等．第二节 抛体运动【基本概念、规律】 一、平抛运动1．性质：平抛运动是加速度恒为重力加速度g 的匀变速曲线运动，轨迹是抛物线． 2．规律：以抛出点为原点，以水平方向(初速度v 0方向)为x 轴，以竖直向下的方向为y 轴建立平面直角坐标系，则(1)水平方向：做匀速直线运动，速度：v x ＝v 0，位移：x ＝v 0t . (2)竖直方向：做自由落体运动，速度：v y ＝gt ，位移：y ＝12gt 2.(3)合运动①合速度：v ＝v 2x ＋v 2y ，方向与水平方向夹角为θ，则tan θ＝v y v 0＝gt v 0. ②合位移：x 合＝x 2＋y 2，方向与水平方向夹角为α，则tan α＝y x ＝gt 2v 0.二、斜抛运动 1．性质加速度为g 的匀变速曲线运动，轨迹为抛物线．2．规律(以斜向上抛为例说明，如图所示)(1)水平方向：做匀速直线运动，v x ＝v 0cos θ. (2)竖直方向：做竖直上抛运动，v y ＝v 0sin θ－gt . 【重要考点归纳】考点一 平抛运动的基本规律及应用 1．飞行时间：由t ＝2hg知，时间取决于下落高度h ，与初速度v 0无关． 2．水平射程：x ＝v 0t ＝v 02hg，即水平射程由初速度v 0和下落高度h 共同决定，与其他因素无关．3．落地速度：v t ＝v 2x ＋v 2y ＝v 20＋2gh ，以θ表示落地速度与x轴正方向的夹角，有tan θ＝v y v x ＝2gh v 0，所以落地速度也只与初速度v 0和下落高度h 有关．4．速度改变量：因为平抛运动的加速度为恒定的重力加速度g ，所以做平抛运动的物体在任意相等时间间隔Δt 内的速度改变量Δv ＝g Δt 相同，方向恒为竖直向下，如图甲所示．5．两个重要推论(1)做平抛(或类平抛)运动的物体任一时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点，如图乙中A 点和B 点所示．(2)做平抛(或类平抛)运动的物体在任意时刻任一位置处，设其末速度方向与水平方向的夹。
高中物理必修一 牛顿运动定律复习与总结 (含练习解析)
牛顿定律的复习与巩固【学习目标】1.理解牛顿第一定律及惯性,并能运用它解释有关现象。
2.理解牛顿第二定律及其应用。
3.理解牛顿第三定律,分清作用力和反作用力与一对平衡力的区别。
【知识网络】:,(1),(2):⎧⎪⎪⎪⎪⎧⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎧⎪⎪⎨⎪⎪⎩⎩⎩定律的表述一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态直到有外力迫使它改变这种状态为止。
也叫惯性定律牛顿概念:物体本身固有的维持原来运动状态不变的属性,与第一运动状态无关。
质量是惯性大小的量度定律惯性不受外力时表现为保持原来运动状态不变表现受外力时,表现为改变运动状态的难易程度牛顿定律的表述物体的加速度跟所受合外第二定律牛顿运动定律:12(1):F ma F ma=⎧⎪⎨⎪=⎩⎧⎪⎪⎪⎨⎪⎧⎪⎨⎪⎩⎩−→合合力成正比,跟物体的质量成反比,加速度的方向跟合外力方向相同定律的数学表达式:作用力和反作用力的概念定律的内容两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等,牛顿方向相反,作用在同一条直线上第三定律作用力、反作用力与一（）作用力、反作用力分别作用在两个物体上对平衡力的主要区别（）一对平衡力作用在同一个物体上两类问题运动牛顿定律的应用:0,(3),,0F a F G a F G a g F ⎧⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎨⎧−−←−−−⎪⎪⎪⎧⎪⎪⎪⎨=⎨⎪⎩⎪>⎧⎪⎪⎪<⎨⎪⎪==⎪⎩⎩⎧⎪⎨⎪⎩合力加速度是运动和力之间联系的纽带和桥梁平衡状态:静止或匀速直线运动状态(2)共点力的平衡平衡条件向上时超重超重和失重向下时失重时完全失重基本单位:千克(kg)、米(m)、秒(s)力学单位制导出单位七个基本单位：千克、米、秒、摩尔、开尔文、安培、卡德拉⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎩【要点梳理】要点一、牛顿第一定律要点诠释：1、前人的思想亚里士多德：运动与推、拉等动作相联系。
有推、拉的作用，物体就会运动；没有推、拉的作用，原来运动的物体就会静止下来。
高三物理牛顿第一定律试题答案及解析
高三物理牛顿第一定律试题答案及解析1.火车在平直轨道上匀速行驶，门窗紧闭的车厢内有一人向上跳起，发现仍落回原处的原因是：A．人跳起后，车厢内空气给他以向前的推力，带着他随同火车一起向前运动；B．人跳起瞬间，车厢地板给他一向前的推力，推动他随同火车一起向前运动；C．人跳起后，车在继续向前运动，所以人落下后必定偏后一些，只是由于时间很短，偏后的距离不明显D．人跳起后直到落地，在水平方向上始终和车具有相同的速度。
【答案】D【解析】由牛顿第一定律可知，物体如果不受力的作用，将保持原来的运动状态不变。
火车上的人跳起后，在水平方向上不受力，将保持与车厢相同的速度向前运动，故落下时在车厢运动方向上与车厢具有相同的位移，会落回原处，D对。
【考点】牛顿运动定律的应用2.关于惯性的认识，以下说法正确的是A．物体受到力的作用后，运动状态发生改变，惯性也随之改变B．置于光滑水平面上的物体即使质量很大也能被拉动，说明惯性与物体的质量无关C．让物体的速度发生改变，无论多快，都需要一定时间，这是因为物体具有惯性D．同一物体沿同一水平面滑动，速度较大时停下的时间较长，说明惯性与速度有关【答案】C【解析】惯性是物体保持原来运动状态的性质，其唯一量度是质量，质量越大惯性越大，即改变状态越难，与物体的运动状态无关，与物体的受力状态无关，所以选项ABD错误C正确．【考点】考查对惯性的理解．3.汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的是A．车速越大，它的惯性越大B．车速越大，刹车后滑行的路程越长C．质量越大，它的惯性越大D．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大【答案】BC【解析】质量是物体惯性大小的唯一的量度，与物体的运动状态无关，所以A错误，C正确;车速越大，所需制动距离越大，与物体惯性的大小无关，所以B正确，D错误．故选BC．【考点】惯性的概念。
4.下列说法中不正确的是（）A．牛顿提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量B．牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证C．单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位D．牛顿第一定律是牛顿第二定律在加速度等于零下的一个特例。
高三物理牛顿第一定律试题答案及解析
高三物理牛顿第一定律试题答案及解析1.牛顿第一定律表明，力是物体发生变化的原因；该定律引出的一个重要概念是。
【答案】运动状态惯性【解析】牛顿第一定律内容即一切物体在不受力的作用时总保持静止或匀速直线运动状态，即不受力时运动状态不变，所以力才是物体运动状态发生变化的原因，据此引出的概念即物体保持原来运动状态不变的性质，惯性。
【考点】牛顿第一定律2.下列关于使用和乘坐小汽车的说法，符合实际情况的是A．小汽车的司机和前排乘客必须系好安全带，这样可以防止惯性的危害B．小汽车车尾的导电链是为了防止静电积聚C．小汽车前大灯和挡风玻璃覆盖的偏振片能使驾驶员消除对面车灯的强烈炫光D．小汽车防雾灯一般为橙黄色光，橙黄色光的波长较短，穿透力弱【答案】ABC【解析】汽车在正常行驶过程中，乘客与汽车速度相同，如果有突发事件，汽车会突然刹车，司机和乘客由于惯性会往前冲，发生严重事故，所以前排乘客要使用安全带，故选项A正确；小汽车车尾的导电链是吧车上的静电导入地面，故选项B正确；偏正片通过偏正作用可以消除对面来车的强光，故选项C正确；黄色波长较长，容易发生衍射作用，所以有较强的穿透力，故选项D 错误。
【考点】本题考查惯性、静电、偏正片和单色光。
3.牛顿的三大运动定律构成了物理学和工程学的基础．它的推出、地球引力的发现和微积分的创立使得牛顿成为过去一千多年中最杰出的科学巨人之一．下列说法中正确的是()．A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B．牛顿第二定律在非惯性系中不成立C．两物体之间的作用力和反作用力是一对平衡力D．为纪念牛顿，人们把“力”定义为基本物理量，其基本单位是“牛顿”【答案】B【解析】牛顿第一定律是独立的物理学定律，并不是牛顿第二定律的一种特例，A错误；牛顿第二定律成立的条件是宏观、低速、惯性系，在非惯性系中不成立，B正确；两物体之间的作用力与反作用力是分别作用在两个物体上，并不是一对平衡力，C错误；为纪念牛顿，人们把“力”的单位规定为“牛顿”，力不是基本物理量，D错误．4.车上固定一盛满水的碗．现突然发现碗中的水洒出，水洒出的情况如图所示，则关于小车在此种情况下的运动，下列叙述正确的是()．A．小车匀速向左运动B．小车可能突然向左加速C．小车可能突然向左减速D．以上说法都不对【答案】B【解析】水向右洒出，说明车相对于水有向左的位移，所以车可能向左加速，可能向右减速，B正确，ACD错误。
高考一轮专题牛顿运动定律有答案
专题：牛顿运动定律考点一对牛顿第一定律的理解1．指出了物体的一种固有属性牛顿第一定律揭示了物体所具有的一个固有属性——惯性;即物体总保持原有运动状态不变的一种性质．2．揭示了力的本质牛顿第一定律明确了力是改变物体运动状态的原因;而不是维持物体运动的原因;物体的运动不需要力来维持．3．揭示了不受力作用时物体的运动状态牛顿第一定律描述的只是一种理想状态;而实际中不受力作用的物体是不存在的;当物体受外力作用但所受合力为零时;其运动效果跟不受外力作用时相同;物体将保持静止或匀速直线运动状态．1．关于惯性;下列说法中正确的是A．磁悬浮列车能高速行驶是因为列车浮起后惯性小了B．卫星内的仪器由于完全失重惯性消失了C．铁饼运动员在掷出铁饼前快速旋转可增大铁饼的惯性;使铁饼飞得更远D．月球上物体的重力只有在地球上的1/6;但是惯性没有变化2．多选伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验;提出了惯性的概念;从而奠定了牛顿力学的基础．早期物理学家关于惯性有下列说法;其中正确的是A．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B．没有力的作用;物体只能处于静止状态C．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D．运动物体如果没有受到力的作用;将继续以同一速度沿同一直线运动考点二对牛顿第三定律的理解1．作用力与反作用力的“三同、三异、三无关”2．应用牛顿第三定律时应注意的问题1定律中的“总是”二字说明对于任何物体;在任何条件下牛顿第三定律都是成立的．2牛顿第三定律说明了作用力和反作用力中;若一个产生或消失;则另一个必然同时产生或消失．3作用力、反作用力不同于平衡力1．多选关于牛顿第三定律;下列说法正确的是A．对重力、弹力、摩擦力等都适用B．当相互作用的两个物体相距很远时不适用C．当相互作用的两个物体做加速运动时不适用D．相互作用的两个物体没有直接接触时也适用2．2017·吉林实验中学二模两人的拔河比赛正在进行中;两人均保持恒定拉力且不松手;而脚下开始移动．下列说法正确的是A．两人对绳的拉力大小相等、方向相反;是一对作用力和反作用力B．两人对绳的拉力是一对平衡力C．拔河的胜利与否取决于谁的力量大D．拔河的胜利与否取决于地面对人的摩擦力大小3．如图所示;甲、乙两人在冰面上“拔河”;两人中间位置处有一分界线;约定先使对方过分界线者为赢．若绳子质量不计;冰面可看成光滑;则下列说法正确的是A．甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力B．甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作用力与反作用力C．若甲的质量比乙大;则甲能赢得“拔河”比赛的胜利D．若乙收绳的速度比甲快;则乙能赢得“拔河”比赛的胜利考点三牛顿第二定律瞬时性的理解1．两种模型：牛顿第二定律F＝ma;其核心是加速度与合外力的瞬时对应关系;两者总是同时产生;同时消失、同时变化;具体可简化为以下两种模型：2．求解瞬时加速度的一般思路1．2017·山东大学附中检测如图所示;A、B两小球分别连在轻线两端;B球另一端与弹簧相连;弹簧固定在倾角为30°的光滑斜面顶端．A、B两小球的质量分别为m A、m B;重力加速度为g;若不计弹簧质量;在线被剪断瞬间;A、B两球的加速度大小分别为A．都等于B．和0 C.和·D.·和2．如图所示;质量为m的小球用水平轻弹簧系住;并用倾角为30°的光滑木板AB托住;小球恰好处于静止状态．当木板AB突然向下撤离的瞬间;小球的加速度大小为A．0B.gC．gD.g3．如图所示;物块1、2间用刚性轻质杆连接;物块3、4间用轻质弹簧相连;物块1、3质量为m;物块2、4质量为M;两个系统均置于水平放置的光滑木板上．并处于静止状态．现将两木板沿水平方向突然抽出;设抽出后的瞬间;物块1、2、3、4的加速度大小分别为a1、a2、a3、a4.重力加速度大小为g;则有A．a1＝a2＝a3＝a4＝0B．a1＝a2＝a3＝a4＝gC．a1＝a2＝g;a3＝0;a4＝gD．a1＝g;a2＝g;a3＝0;a4＝g4．如图所示;在光滑水平面上;A、B两物体用轻弹簧连接在一起;A、B的质量分别为m1、m2;在拉力F作用下;A、B共同做匀加速直线运动;加速度大小为a;某时刻突然撤去拉力F;此瞬间A和B的加速度大小分别为a1、a2;则A．a1＝0;a2＝0B．a1＝a;a2＝aC．a1＝a;a2＝aD．a1＝a;a2＝a考点四动力学的两类基本问题1．求解两类问题的思路;可用下面的框图来表示：2．分析解决这两类问题的关键：应抓住受力情况和运动情况之间联系的桥梁——加速度．考向1：由受力情况求运动情况1、如图所示;工人用绳索拉铸件;铸件的质量是20 kg;铸件与地面间的动摩擦因数是0.25.工人用80N的力拉动铸件;从静止开始在水平面上前进;绳与水平方向的夹角为α＝37°并保持不变;经4s后松手．g＝10 m/s2求：1松手前铸件的加速度；2松手后铸件还能前进的距离．考向2：由运动情况求受力情况2．一质量为m＝2 kg的滑块能在倾角为θ＝30°的足够长的斜面上以a＝2.5 m/s2匀加速下滑．如右图所示;若用一水平向右的恒力F作用于滑块;使之由静止开始在t＝2s内能沿斜面运动位移x＝4 m．求：g取10 m/s21滑块和斜面之间的动摩擦因数μ；2恒力F的大小．3．如图所示;倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接．现将一滑块可视为质点从斜面上A点由静止释放;最终停在水平面上的C点．已知A点距水平面的高度h＝0.8 m;B点距C点的距离L＝2.0 m滑块经过B点时没有能量损失;g取10 m/s2;求：1滑块在运动过程中的最大速度；2滑块与水平面间的动摩擦因数μ；3滑块从A点释放后;经过时间t＝1.0s时速度的大小．考点五超重和失重问题1．不论超重、失重或完全失重;物体的重力都不变;只是“视重”改变．2．在完全失重的状态下;一切由重力产生的物理现象都会完全消失．3．尽管物体的加速度不是竖直方向;但只要其加速度在竖直方向上有分量;物体就会处于超重或失重状态．4．尽管整体没有竖直方向的加速度;但只要物体的一部分具有竖直方向的分加速度;整体也会出现超重或失重状态．1．2017·福建莆田模拟关于超重和失重现象;下列描述中正确的是A．电梯正在减速上升;在电梯中的乘客处于超重状态B．磁悬浮列车在水平轨道上加速行驶时;列车上的乘客处于超重状态C．荡秋千时秋千摆到最低位置时;人处于失重状态D．“神舟”飞船在绕地球做圆轨道运行时;飞船内的宇航员处于完全失重状态考点六连接体问题1．处理连接体问题常用的方法为整体法和隔离法．2．涉及隔离法与整体法的具体问题类型1涉及滑轮的问题若要求绳的拉力;一般都必须采用隔离法．例如;如图所示;绳跨过定滑轮连接的两物体虽然加速度大小相同;但方向不同;故采用隔离法．2水平面上的连接体问题①这类问题一般多是连接体系统各物体保持相对静止;即具有相同的加速度．解题时;一般采用先整体、后隔离的方法．②建立坐标系时也要考虑矢量正交分解越少越好的原则;或者正交分解力;或者正交分解加速度．3斜面体与上面物体组成的连接体的问题当物体具有沿斜面方向的加速度;而斜面体相对于地面静止时;解题时一般采用隔离法分析．3．解题思路1分析所研究的问题适合应用整体法还是隔离法．①处理连接体问题时;整体法与隔离法往往交叉使用;一般的思路是先用整体法求加速度;再用隔离法求物体间的作用力；②对于加速度大小相同;方向不同的连接体;应采用隔离法进行分析．2对整体或隔离体进行受力分析;应用牛顿第二定律确定整体或隔离体的加速度．3结合运动学方程解答所求解的未知物理量．1、如图所示;物块A和B的质量分别为4m和m;开始A、B均静止;细绳拉直;在竖直向上拉力F＝6mg作用下;动滑轮竖直向上加速运动．已知动滑轮质量忽略不计;动滑轮半径很小;不考虑绳与滑轮之间的摩擦;细绳足够长;在滑轮向上运动过程中;物块A和B的加速度分别为A．a A＝g;a B＝5g B．a A＝a B＝gC．a A＝g;a B＝3gD．a A＝0;a B＝2g考点七动力学中的图象问题1．常见的图象有v－t图象;a－t图象;F－t图象;F－a图象等．2．图象间的联系加速度是联系v－t图象与F－t图象的桥梁．3．图象的应用1已知物体在一过程中所受的某个力随时间变化的图线;要求分析物体的运动情况．2已知物体在一运动过程中速度、加速度随时间变化的图线;要求分析物体的受力情况．3通过图象对物体的受力与运动情况进行分析．4．解答图象问题的策略1弄清图象坐标轴、斜率、截距、交点、拐点、面积的物理意义．2应用物理规律列出与图象对应的函数方程式;进而明确“图象与公式”、“图象与物体”间的关系;以便对有关物理问题作出准确判断．1．多选如图a;一物块在t＝0时刻滑上一固定斜面;其运动的v－t图线如图b 所示．若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量;则可求出A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度2．2017·广东佛山二模广州塔;昵称小蛮腰;总高度达600 m;游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台．若电梯简化成只受重力与绳索拉力;已知电梯在t＝0时由静止开始上升;a－t图象如图所示．则下列相关说法正确的是A．t＝4.5s时;电梯处于失重状态B．5～55s时间内;绳索拉力最小C．t＝59.5s时;电梯处于超重状态D．t＝60s时;电梯速度恰好为零3．多选将一个质量为1 kg的小球竖直向上抛出;最终落回抛出点;运动过程中所受阻力大小恒定;方向与运动方向相反．该过程的v－t图象如图所示;g取10 m/s2.下列说法中正确的是A．小球所受重力和阻力大小之比为5∶1B．小球上升过程与下落过程所用时间之比为2∶3C．小球落回到抛出点时的速度大小为8m/sD．小球下落过程中;受到向上的空气阻力;处于超重状态4．如图甲所示;某人通过动滑轮将质量为m的货物提升到一定高处;动滑轮的质量和摩擦均不计;货物获得的加速度a与竖直向上的拉力F T之间的函数关系如图乙所示．则下列判断正确的是A．图线与纵轴的交点的绝对值为gB．图线的斜率在数值上等于物体的质量m C．图线与横轴的交点N的值F TN＝mgD．图线的斜率在数值上等于物体质量的倒数考点八“板—块”模型1．模型特点上、下叠放两个物体;在摩擦力的相互作用下两物体发生相对滑动．2．两种位移关系滑块由滑板的一端运动到另一端的过程中;若滑块和滑板同向运动;位移之差等于板长；反向运动时;位移之和等于板长．3．解题方法整体法、隔离法．4．解题思路1分析滑块和滑板的受力情况;根据牛顿第二定律分别求出滑块和滑板的加速度．2对滑块和滑板进行运动情况分析;找出滑块和滑板之间的位移关系或速度关系;建立方程．特别注意滑块和滑板的位移都是相对地的位移．1．2017·安徽芜湖模拟质量为m0＝20 kg、长为L＝5 m的木板放在水平面上;木板与水平面的动摩擦因数为μ1＝0.15.将质量m＝10 kg的小木块可视为质点;以v0＝4 m/s的速度从木板的左端被水平抛射到木板上如图所示;小木块与木板面的动摩擦因数为μ2＝0.4最大静摩擦力等于滑动摩擦力;g＝10 m/s2．则下列判断中正确的是A．木板一定静止不动;小木块不能滑出木板B．木板一定静止不动;小木块能滑出木板C．木板一定向右滑动;小木块不能滑出木板D．木板一定向右滑动;小木块能滑出木板2. 2017·山东德州质检长为L＝1.5 m的长木板B静止放在水平冰面上;小物块A以某一初速度v0从木板B的左端滑上长木板B;直到A、B的速度达到相同;此时A、B的速度为v＝0.4 m/s;然后A、B又一起在水平冰面上滑行了s＝8.0 cm 后停下．若小物块A可视为质点;它与长木板B的质量相同;A、B间的动摩擦因数μ1＝0.25;取g＝10 m/s2.求：1木板与冰面的动摩擦因数μ2；2小物块A的初速度v0；3为了保证小物块不从木板的右端滑落;小物块滑上木板的最大初速度v0m应为多少考点九水平传送带问题滑块在水平传送带上运动常见的三个情景11v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时;小物块在传送带上运动的v－t图象以地面为参考系如图乙所示．已知v2>v1;则A．t2时刻;小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻;小物块相对传送带滑动的距离最大C．0～t2时间内;小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内;小物块始终受到大小不变的摩擦力作用2．多选如图所示是某工厂所采用的小型生产流水线示意图;机器生产出的物体源源不断地从出口处以水平速度v0滑向一粗糙的水平传送带;最后从传送带上落下装箱打包．假设传送带静止不动时;物体滑到传送带右端的速度为v;最后物体落在P处的箱包中．下列说法正确的是A．若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来;且传送带速度小于v;物体仍落在P 点B．若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来;且传送带速度大于v0;物体仍落在P点C．若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来;且传送带速度大于v;物体仍落在P 点D．若由于操作不慎;传送带随皮带轮逆时针方向转动起来;物体仍落在P点3、如图所示;足够长的水平传送带;以初速度v0＝6 m/s顺时针转动.现在传送带左侧轻轻放上质量m＝1 kg的小滑块;与此同时;启动传送带制动装置;使得传送带以恒定加速度a＝4 m/s2减速直至停止；已知滑块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.2;滑块可以看成质点;且不会影响传送带的运动;g＝10 m/s2.试求：1滑块与传送带共速时;滑块相对传送带的位移；2滑块在传送带上运动的总时间t.考点十倾斜传送带问题滑块在倾斜传送带上运动常见的四个情景1v＝10 m/s;在传送带顶端A处无初速度的释放一个质量为m＝0.5 kg的物体;已知物体与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5;g取10 m/s2.求：sin37°＝0.6;cos37°＝0.8 1传送带顺时针转动时;物体从顶端A滑到底端B的时间；2传送带逆时针转动时;物体从顶端A滑到底端B的时间．2．如图所示为上、下两端相距L＝5 m、倾角α＝30°、始终以v＝3 m/s的速率顺时针转动的传送带传送带始终绷紧．将一物体放在传送带的上端由静止释放滑下;经过t＝2s到达下端;重力加速度g取10 m/s2;求：1传送带与物体间的动摩擦因数多大2如果将传送带逆时针转动;速率至少多大时;物体从传送带上端由静止释放能最快地到达下端3.多选如图所示;三角形传送带以1 m/s的速度逆时针匀速转动;两边的传送带长都是2 m;且与水平方向的夹角均为30°.现有两质量相同的小物块A、B从传送带顶端都以1 m/s的初速度沿传送带下滑;物块与传送带间的动摩擦因数均为0.6;下列说法正确的是A.下滑相同距离内物块A、B机械能的变化一定不相同B.下滑相同时间内物块A、B机械能的变化一定相同C.物块A、B一定不能同时到达传送带底端D.物块A、B在传送带上的划痕长度相同专题：牛顿运动定律答案1、解析：选D.惯性只与质量有关;与速度无关;A、C错误；失重或重力加速度发生变化时;物体质量不变;惯性不变;所以B错误、D正确．2、解析：选AD.物体保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质叫惯性;即物体抵抗运动状态变化的性质;A正确．没有力的作用;物体也可能保持匀速直线运动状态;B错误;D正确．行星在圆周轨道上保持匀速率运动而不是匀速直线运动;所以不能称为惯性;C错误．1、解析：选AD.对于牛顿第三定律;适用于重力、弹力、摩擦力等所有的力;而且不管相互作用的两物体的质量如何、运动状态怎样、是否相互接触都适用;例如;地球吸引地球表面上的石块;石块同样以相同大小的力吸引地球;且不管接触不接触;都互相吸引;所以B、C错误;A、D正确．2、解析：选D.人拉绳的力与绳拉人的力是一对作用力与反作用力;大小相等;选项A错误；两人对绳的拉力不一定是一对平衡力;要根据绳子所处的运动状态进行判断;选项B错误；拔河的胜利与否取决于地面对人的摩擦力大小;选项D正确;C错误．3、解析：选C.甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对作用力与反作用力;故选项A错误；甲对绳的拉力与乙对绳的拉力作用在同一物体上;不是作用力与反作用力;故选项B错误；设绳子的张力为F;则甲、乙两人受到绳子的拉力大小相等;均为F;若m甲>m乙;则由a＝得;a甲<a乙;由x＝at2得;在相等时间内甲的位移小;因开始时甲、乙距分界线的距离相等;则乙会过分界线;所以甲能赢得“拔河”比赛的胜利;故选项C正确；收绳速度与“拔河”比赛胜负无关;故选项D错误．1、解析：选C.由整体法知;F弹＝m A＋m B g sin30°剪断线瞬间;弹力瞬间不发生变化;由牛顿第二定律可得：对B：F弹－m B g sin30°＝m B a B;得a B＝·对A：m A g sin30°＝m A a A;得a A＝g所以C正确．2、解析：选B.开始小球处于平衡态;受重力mg、支持力F N、弹簧拉力F三个力作用;受力分析如图所示;由平衡条件可得F N＝mg cos30°＋F sin30°;F cos30°＝mg sin30°;解得F N＝mg;重力mg、弹簧拉力F的合力的大小等于支持力F N;当木板AB突然向下撤离的瞬间;小球受力不再平衡;此时的合力与F N等大反向;由牛顿第二定律得此时小球的加速度大小为g;B正确．3、解析：选C.在抽出木板的瞬时;物块1、2与刚性轻杆接触处的形变立即消失;受到的合力均等于各自重力;所以由牛顿第二定律知a1＝a2＝g：而物块3、4间的轻弹簧的形变还来不及改变;此时弹簧对物块3向上的弹力大小和对物块4向下的弹力大小仍为mg;因此物块3满足mg＝F;a3＝0；由牛顿第二定律得物块4满足a4＝＝g;所以C对．4、解析：选D.撤去拉力F前;设弹簧的劲度系数为k、形变量为x;对A由牛顿第二定律得kx＝m1a；撤去拉力F瞬间;弹簧的形变量保持不变;对A由牛顿第二定律得kx＝m1a1;对B由牛顿第二定律kx＝m2a2;解得a1＝a;a2＝a;D正确．1、解析1松手前;对铸件由牛顿第二定律得a＝mg－Fsin37° ;m＝1.3 m/s22松手时铸件的速度v＝at＝5.2 m/s松手后的加速度大小a′＝＝μg＝2.5 m/s2则松手后铸件还能滑行的距离x＝＝5.4 m答案11.3 m/s225.4 m2、解析：1以物块为研究对象受力分析如图甲所示;根据牛顿第二定律可得：mgsin30°－μmgcos30°＝ma解得：μ＝.2使滑块沿斜面做匀加速直线运动;有加速度向上和向下两种可能．当加速度沿斜面向上时;受力分析如图乙所示;Fcos30°－mgsin30°－μFsin30°＋mgcos30°＝ma1;根据题意可得a1＝2 m/s2;代入数据得：F＝N当加速度沿斜面向下时如图丙：mgsin30°－Fcos30°－μFsin30°＋mgcos30°＝ma1代入数据得：F＝N.答案：1 2N或N3、解析：1滑块先在斜面上做匀加速运动;然后在水平面上做匀减速运动;故滑块运动到B点时速度最大为v m;设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1;由牛顿第二定律得：mgsin30°＝ma1v＝2a1;解得v m＝4 m/s.2滑块在水平面上运动的加速度大小为a2;由牛顿第二定律得：μmg＝ma2v＝2a2L;解得μ＝0.4.3滑块在斜面上运动的时间为t1;有v m＝a1t1;解得t1＝＝0.8s由于t＞t1;故滑块已经经过B点;做匀减速运动的时间为t－t1＝0.2s设t＝1.0s时速度大小为v;有v＝v m－a2t－t1;解得v＝3.2 m/s.答案：14 m/s 20.4 33.2 m/s1、解析：选D.物体是否超重或失重取决于加速度方向;当加速度向上时物体处于超重状态;当加速度向下时物体处于失重状态;当加速度向下且大小等于重力加速度时物体处于完全失重状态．电梯正在减速上升;加速度向下;乘客失重;选项A错误；列车加速时加速度水平向前;乘客既不超重也不失重;选项B错误；荡秋千到最低位置时加速度向上;人处于超重状态;选项C错误；飞船绕地球做匀速圆周运动时;其加速度等于飞船所在位置的重力加速度;宇航员处于完全失重状态;选项D正确．1、解析对滑轮由牛顿第二定律得F－2F T＝m′a;又滑轮质量m′忽略不计;故m′＝0;所以F T＝＝＝3mg;对A由于F T＜4mg;故A静止;a A＝0;对B有a B＝＝＝2g;故D正确．答案 D1、解析：选ACD.由题图b可以求出物块上升过程中的加速度为a1＝;下降过程中的加速度为a2＝.物块在上升和下降过程中;由牛顿第二定律得mgsinθ＋f＝ma1;mgsinθ－f＝ma2;由以上各式可求得sinθ＝;滑动摩擦力f＝v0－v1 ;2t1;而f＝μF N＝μmgcosθ;由以上分析可知;选项A、C正确．由v－t图象中横轴上方的面积可求出物块沿斜面上滑的最大距离;可以求出物块沿斜面向上滑行的最大高度;选项D 正确．2、解析：选D.利用a-t图象可判断：t＝4.5s时;电梯有向上的加速度;电梯处于超重状态;则A错误；0～5s时间内;电梯处于超重状态;拉力＞重力;5s～55s时间内;电梯处于匀速上升过程;拉力＝重力;55s～60s时间内;电梯处于失重状态;拉力＜重力;综上所述;B、C错误；因a-t图线与t轴所围的“面积”代表速度改变量;而图中横轴上方的“面积”与横轴下方的“面积”相等;则电梯的速度在t＝60s时为零;D正确．3、解析：选AC.上升过程中mg＋F f＝ma1;代入a1＝12 m/s2;解得F f＝2N;小球所受重力和阻力之比为5∶1;选项A正确；下落过程中mg－F f＝ma2;可得a2＝8 m/s2;根据h＝at2可得＝＝;选项B错误；根据v＝a2t2;t2＝s可得v＝8错误! m/s;选项C正确；小球下落过程中;加速度方向竖直向下;小球处于失重状态;选项D 错误．4、解析：选A.由牛顿第二定律可得：2F T－mg＝ma;则有a＝F T－g;由a－F T 图象可判断;纵轴截距的绝对值为g;图线的斜率在数值上等于;则A正确;B、D错误;横轴截距代表a＝0时;F TN＝;C错误．1、解析：选A.木板与地面间的摩擦力为F f1＝μ1m0＋mg＝0.15×20＋10×10N＝45N;小木块与木板之间的摩擦力为F f2＝μ2mg＝0.4×10×10N＝40N;F f1>F f2;所以木板一定静止不动；设小木块在木板上滑行的距离为x;v＝2μ2gx;解得x＝2 m<L＝5 m;所以小木块不能滑出木板;A正确．2、解析1小物块和木板一起运动时;受冰面的滑动摩擦力;做匀减速运动;则加速度a＝＝1.0 m/s2由牛顿第二定律得μ2mg＝ma解得μ2＝0.10.2小物块相对木板滑动时受木板对它的滑动摩擦力;做匀减速运动;其加速度a1＝μ1g＝2.5 m/s2小物块在木板上滑动;木板受小物块的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力;做匀加速运动;则有μ1mg－μ22mg＝ma2解得a2＝0.50 m/s2.设小物块滑上木板经时间t后小物块、木板的速度相同为v;则对于木板v＝a2t解得t＝＝0.8s小物块滑上木板的初速度v0＝v＋a1t＝2.4 m/s.3小物块滑上木板的初速度越大;它在木板上相对木板滑动的距离越大;当滑动距离等于木板长时;小物块到达木板B的最右端;两者的速度相等设为v′;这种情况下小物块的初速度为保证其不从木板上滑落的最大初速度v0m;则v0m t－a1t2－a2t2＝Lv0m－v′＝a1tv′＝a2t由以上三式解得v0m＝3.0 m/s.答案10.10 22.4 m/s 33.0 m/s1、解析：选B.物块滑上传送带后将做匀减速运动;t1时刻速度为零;此时小物块离A处的距离达到最大;选项A错误；然后在传送带滑动摩擦力的作用下向右做匀加速运动;t2时刻与传送带达到共同速度;此时小物块相对传送带滑动的距离最大;选项B正确；0～t2时间内;小物块受到的摩擦力方向始终向右;选项C错误；t2～t3时间内小物块不受摩擦力;选项D错误．2、解析：选AD.若传送带静止;物体滑到传送带右端的过程中;物体一直减速;其加速度a＝μg;v2－v＝2aL;当传送带顺时针转且速度小于v时;物体仍一直减速;到达传送带右端速度仍为v;因而物体仍落在P点;A正确；当传送带顺时针转且速度大于v0时;物体应先加速;因而到达右端时速度一定大于v;应落在P点右侧;B错误；当传送带顺时针转且速度大于v时;物体在传送带上应先减速;当速度达到传送带速度时便和传送带一起匀速运动;到达右端时速度大于v;应落在P点右侧;C错误；当传送带逆时针转时;物体一直减速;到达右端时速度为v;仍落在P点;D正确．2、答案13 m22s解析1对滑块;由牛顿第二定律可得：μmg＝ma1;得：a1＝2 m/s2设经过t1滑块与传送带共速v;有：v＝v0－at1v＝a1t1;解得：v＝2 m/s;t1＝1s滑块位移为x1＝＝1 m传送带位移为x2＝＝4 m故滑块相对传送带的位移Δx＝x2－x1＝3 m。
牛顿定律2012年高考试题
牛顿定律2012年高考试题选1．(2012全国新课标).伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。
早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是( )A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动2、（海南卷1）根据牛顿第二定律，下列叙述正确的是（ ）A． 物体加速度的大小跟它的质量和速度大小的乘积成反比B． 物体所受合外力必须达到一定值时，才能使物体产生加速度C． 物体加速度的大小跟它的所受作用力中的任一个的大小成正比D． 当物体质量改变但其所受合力的水平分力不变时，物体水平加速度大小与其质量成反比3、（全国①14）伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。
早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（）A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动4、（海南卷8）下列关于摩擦力的说法，正确的是（ ）A．作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速B．作用在物体上的静摩擦力只能使物体加速，不可能使物体减速C．作用在物体上的滑动摩擦力既可能使物体减速，也可能使物体加速D．作用在物体上的静摩擦力既可能使物体加速，也可能使物体减速5、（2012上海卷）．如图，光滑斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平。
则在斜面上运动时，B受力的示意图为（ ）6、将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，图像如图所示。
以下判断正确的是（ ）A．前3s内货物处于超重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．前3s内与最后2s内货物的平均速度相同D．第3s末至第5s末的过程中，绳索对货物拉力大 于货物的重力7、（2012四川卷）．如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变。
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2012年高考物理牛顿定律第一轮考点及考纲复习题及答案2012年高考一轮复习考点及考纲解读（三）三、牛顿定律内容要求说明 16．牛顿第一定律。
惯性 17．牛顿第二定律。
质量。
圆周运动中的向心力 18．牛顿第三定律 19．牛顿力学的适用范围 20．牛顿定律的应用 21．万有引力定律的应用。
人造地球卫星的运动（限于圆轨道） 22．宇宙速度 23．超重和失重24．共点力作用下的物体的平衡 II II名师解读牛顿定律是历年高考重点考查的内容之一。
对这部分内容的考查非常灵活，选择、实验、计算等题型均可以考查。
其中用整体法和隔离法处理问题，牛顿第二定律与静力学、运动学的综合问题，物体的平衡条件等都是高考热点；对牛顿第一、第三定律的考查经常以选择题或融合到计算题中的形式呈现。
另外，牛顿运动定律在实际中的应用很多，如弹簧问题、传送带问题、传感器问题、超重失重问题、同步卫星问题等等，应用非常广泛，尤其要注意以天体问题为背景的信息给予题，这类试题不仅能考查考生对知识的掌握程度，而且还能考查考生从材料、信息中获取要用信息的能力，因此备受命题专家的青睐。
样题解读【样题1】（江苏省盐城市2011届三星级高中三校联考物理）如图3－1所示，AB和CD为两条光滑斜槽，它们各自的两个端点均分别位于半径为R和r的两个相切的圆上，且斜槽都通过切点P。
设有一重物先后沿两个斜槽，从静止出发，由A滑到B 和由C滑到D，所用的时间分别为t1和t2，则t1与t2之比为 A．2：1 B．1：1 C．：1 D．1： [分析] 设光滑斜槽轨道的倾角为，则物体下滑时的加速度为，由几何关系，斜槽轨道的长度，由运动学公式，得，即所用的时间t与倾角无关，所以t1＝t2，B项正确。
[答案] B [解读] 本题涉及到受力分析、牛顿第二定律、加速度、匀变速运动规律等知识点，考查推理能力、分析综合能力和应用数学处理物理问题的能力，体现了《考试大纲》中对“能够把一个复杂问题分解为若干较简单的问题，找出它们之间的联系”和“必要时能运用几何图形、函数图像进行表达、分析”的能力要求。
本题是“等时圆”问题的拓展延伸，需要考生从光滑弦过渡到斜面，还需要处理好角度问题，联系上两个圆的直径，只要有一处想不到，便不能得出正确答案。
【样题2】（山东省淄博市2011届高三摸底考试）为了研究超重与失重现象。
某同学把一体重计放在电梯的地板上，他站在体重计上随电梯运动并观察体重计示数的变化情况。
下表记录了几个特定时刻体重计的示数（表内各时刻不表示先后顺序），若已知t0时刻电梯静止，则时间 t0 t1 t2 t3 体重计示数（kg） 45.0 50.0 40.0 45.0 A．t3时刻电梯可能向上运动 B．t1和t2时刻电梯运动的加速度方向相反，但运动方向不一定相反 C．t1和t2时刻该同学的质量相同，但所受重力不同 D．t1和t2时刻该同学的质量和重力均不相同 [分析] 已知t0时刻电梯静止，所以该同学的质量为45kg，t1 时刻电梯处于超重状态，加速度向上，t2时刻电梯处于失重状态，加速度向下，但运动方向不一定相反，B项正确；t3时刻电梯可能静止，也可能匀速向上运动，A项正确；t1和t2时刻该同学分别处于超重和失重状态，表示电梯对该同学的支持力大于和小于其重力，但该同学的质量和重力均不变，C项、D项都不正确。
[答案] AB [解读] 本题涉及到受力分析、牛顿第二定律、超重、失重等知识点，考查理解能力、推理能力和分析综合能力，体现了《考试大纲》中对“理解物理概念、物理规律的确切含义，理解相关知识的区别和联系”和“能够根据已知的知识和物理事实、条件，对物理问题进行逻辑推理和论证，得出正确的结论或作出正确的判断”的能力要求。
分析本题时要注意，超重和失重是指体重计的示数比重力大还是比重力小，本质是物体的加速度方向是向上还是向下（加速度向上为超重，加速度向下为失重），而与物体的运动方向（即速度方向）无关，并且物体的重力和质量是不变的，即只是视重变大或变小。
【样题3】（山东省淄博市2011届高三摸底考试）用一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥顶上，如图3－2（a）所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图像是图3－2（b）中的[分析] 设绳长为L，锥面与竖直方向夹角为，当ω＝0时，小球静止，受重力mg、支持力N和绳的拉力T而平衡，T＝，A项、B项都不正确；ω增大时，T增大，N减小，当N＝0时，角速度为ω0。
当ω＜ω0时，由牛顿第二定律得，－＝mω，＋＝mg，解得T＝mω＋；当ω＞ω0时，绳与竖直方向夹角变大，设为，由牛顿第二定律得＝mω，T＝mω2L，可知T－ω2图线的斜率变大，C项正确。
[答案] C [解读] 本题涉及到圆周运动的受力分析、力的合成与分解、牛顿第二定律、向心力、临界问题等知识点，重点考查分析综合能力和应用数学处理物理问题的能力，体现了《考试大纲》中对“能够把一个复杂问题分解为若干较简单的问题，找出它们之间的联系”和“能够根据具体问题列出物理量之间的关系式，进行推导和求解，并根据结果得出物理结论，必要时能运用几何图形、函数图像进行表达、分析”的能力要求。
本题的图像中提示出有转折点，从这一点入手，可知当角速度过大时，小球会飘起离开斜面，因此要分两种情况列方程。
因小球做匀速圆周运动，合外力不为零，所以适合用正交分解法处理。
【样题4】2004年我国和欧盟合作的建国以来最大的国际科技合作计划“伽利略计划”将进入全面实施阶段，这标志着欧洲和我国都将拥有自己的卫星导航定位系统，并将结束美国全球定位系统(GPS)在世界独占鳌头的局面。
据悉“伽利略”卫星定位系统将由30颗轨道卫星组成，卫星的轨道高度为 ,倾角为，分布在3个轨道上，每个轨道面部署9颗工作卫星和1颗在轨备份卫星。
当某颗卫星出现故障时可及时顶替工作。
若某颗替补卫星处在略低于工作卫星的轨道上，则这颗卫星的周期和速度与工作卫星相比较，以下说法中正确的是 A．替补卫星的周期大于工作卫星的周期"速度大于工作卫星的速度 B．替补卫星的周期小于工作卫星的周期"速度大于工作卫星的速度 C．替补卫星的周期大于工作卫星的周期"速度小于工作卫星的速度 D．替补卫星的周期小于工作卫星的周期"速度小于工作卫星的速度 [分析] 由于卫星绕地球做匀速圆周运动。
则 ,故卫星的运行周期，卫星运行速度。
因此，卫星高度h越小，运行周期T越小，速度v越大，B项正确。
[答案] B [解读] 本题涉及到万有引力定律在天体上应用的知识，考查理解能力和推理能力，体现了《考试大纲》中对“理解物理概念、物理规律的确切含义，理解物理规律的适用条件，以及它们在简单情况下的应用”和“能够根据已知的知识和物理事实、条件，对物理问题进行逻辑推理和论证，得出正确的结论或作出正确的判断”的能力要求。
本题中虽然给了一堆数据，但所判断的问题与这些数据无关，需要考生利用万有引力定律和牛顿第二定律列方程处理，而且只是定性分析。
这是信息给予题的共性，即要求考生具有提炼有用信息的能力。
【样题5】（四川省成都七中2011届零诊模拟试题）杂技演员在进行“顶杆”表演时，用的是一根质量可忽略不计的长竹竿，质量为30kg的演员自杆顶由静止开始下滑，滑到杆底时速度正好为零，已知竹竿底部与下面顶杆人肩部间有一感应器，如图3－3所示为传感器显示的顶杆人肩部的受力情况，取g=10m/s2，求：（1）杆上的人下滑中的最大速度；（2）竹竿的长度。
[分析] （1）由F－t图可知，0－1s 人加速下滑，1－3s 人减速下滑，3s时刻人下滑到杆底静止，在0－1s中对人有对杆有人下滑的加速度人下滑的最大速度。
（2）人下滑过程中的v－t图如图3－4所示，则竹竿的长度。
[答案] （1）4m/s（2）6m [解读] 本题涉及到受力分析、牛顿第二定律、F－t图像、v－t图像、匀变速运动规律等知识点，考查推理能力、分析综合能力和应用数学处理物理问题的能力，体现了《考试大纲》中对“能够把一个复杂问题分解为若干较简单的问题，找出它们之间的联系”和“必要时能运用几何图形、函数图像进行表达、分析”的能力要求。
本题是电梯下降问题的变形题，即先加速下降（失重），再减速下降（超重），最后静止。
应用牛顿第二定律列方程时注意不要遗漏物体的重力。
第二问求竹竿的长度时也可用公式法分段求解。
【样题6】（江苏省2011届四星级高中滨中、阜中高三联考物理试题）你是否注意到，“神舟”六号宇宙飞船控制中心的大屏幕上出现的一幅卫星运行轨迹图，如图3－5所示，它记录了“神舟”六号飞船在地球表面垂直投影的位置变化；图中表示在一段时间内飞船绕地球圆周飞行四圈，依次飞经中国和太平洋地区的四次轨迹①、②、③、④，图中分别标出了各地点的经纬度（如：在轨迹①通过赤道时的经度为西经157.5°，绕行一圈后轨迹②再次经过赤道时经度为180°……），若地球质量为M，地球半径为R，万有引力恒量为G，从图中你能知道“神舟”六号宇宙飞船的那些轨道参数？（需推导出的参数，只需写出字母推导过程）[分析] ①神舟飞船运行在轨道倾角42.4度，(卫星轨道平面与赤道平面的夹角为42.4°) ②飞船每运行一周，地球自转角度为180°－157.5°＝22.5°，则神舟飞船运行的周期③由万有引力提供向心力，即可求得飞船的轨道半径或轨道高度。
[答案] ①神舟飞船运行在轨道倾角42.4度②神舟飞船运行的周期T＝90min ③飞船的轨道半径或轨道高度 [解读] 本题涉及到万有引力定律在天体上应用的知识，考查分析综合能力和应用数学处理物理问题的能力，体现了《考试大纲》中对“能够把一个复杂问题分解为若干较简单的问题，找出它们之间的联系，能够理论联系实际，运用物理知识综合解决所遇到的问题”和“能够根据具体问题列出物理量之间的关系式，进行推导和求解，并根据结果得出物理结论”的能力要求。
本题对获取图像信息的要求较高，尤其是图中的飞船运动轨迹不是平时见到的物理图形，需要考生结合地球自转的知识入手求解。
权威预测1．（容易题）在圆轨道上运行的国际空间站里，一宇航员A静止（相对空间舱）“站”于舱内朝向地球一侧的“地面”B上，如图3－6所示，下列说法正确的是 A．宇航员A不受地球引力作用 B．宇航员A所受地球引力与他在地面上所受重力相等 C．宇航员A与“地面”B 之间无弹力作用 D．若宇航员A将手中一小球无初速时（相对于空间舱）释放，该小球将落到“地面”B上 2．（广东省2011年高考模拟试卷，容易题）美国“新地平线”号探测器，已于美国东部时间2006年1月17日13时（北京时间18日1时）借助“宇宙神－5”火箭，从佛罗里达州卡纳维拉尔角肯尼迪航天中心发射升空，开始长达9年的飞向冥王星的太空之旅。