2017-2018学年上海市崇明区第二次高考模拟考试物理试题二模

崇明区2018届第二次高考模拟考试试卷物 理考生注意：1．答题前，务必在试卷与答题纸上填写学校、姓名、准考证号。

2．试卷满分100分，考试时间60分钟。

3．本考试分设试卷和答题纸。

试卷包括三大部分，第一部分为单项选择题，第二部分为填空题，第三部分为综合题。

4．作答必须涂或写在答题纸上相应的位置，在试卷上作答无效。

一、单项选择题（共40分，1至8题每小题3分，9至12题每小题4分。

每小题只有一个正确选项）1．建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是A ．法拉第B ．奥斯特C ．麦克斯韦D ．赫兹2．由核反应产生，且属于电磁波的射线是A ．阴极射线B ．X 射线C ．α射线D ．γ射线3．下列能源中属于常规能源的是A ．石油B ．地热能C ．太阳能D ．核能4．在卢瑟福α粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两个α粒子穿过金箔散射过程的径迹（图中的黑点为金箔的原子核），其中正确的是5．万有引力可以理解为：任何有质量的物体都要在其周围空间产生一个引力场，而一个有质量的物体在其他有质量的物体所产生的引力场中，都要受到该引力场的引力（即万有引力）作用，这种情况可以与电场类比，那么，在地球产生的引力场中的重力加速度，可以与电场中下列哪个物理量相类比 A ．电场力B ．电场强度C ．电势D ．电势能BCDA6．如图所示，表示一定质量的气体的状态由A 经B 到C 回到A 的图像，其中AB 延长线通过坐标原点．BC 和AC 分别与T 轴和V 轴平行． 则，下列描述正确的是 A ．A →B 过程气体压强增加 B ．B →C 过程气体压强不变 C ．C →A 过程气体分子密度减小 D ．A →B 过程气体分子平均动能增加7．做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的12，则单摆振动的 A ．频率、振幅都不变B ．频率、振幅都改变C ．频率不变、振幅改变D ．频率改变、振幅不变8．如图，用导线将验电器与某种金属板连接，用弧光照射金属板，验电器指针发生明显偏转，在这个过程中A ．金属板上的电子转移到验电器上B ．金属板上光子转移到验电器上C ．金属板上光电子转移到验电器上D ．验电器上电子转移到金属板上9．如图所示的电路中，电源的电动势为E ，内阻0r =，滑片P 在变阻器正中位置时，电灯L正常发光，各电表为理想电表．现将滑片P 向右移动的过程中 A ．电流表示数变小B ．电压表示数变大C ．电灯L 的功率不变D ．电阻R 1的功率变小10．如图，A 、B 两个同轴线圈在同一平面，A 线圈通有顺时针方向逐渐增加的电流I 1，则穿过B 线圈引起感应电流的磁通量φ的方向和B 线圈产生的感应电流I 2的方向分别为 A ．φ垂直纸面向内，I 2逆时针方向 B ．φ垂直纸面向内，I 2顺时针方向C ．φ垂直纸面向外，I 2逆时针方向TD ．φ垂直纸面向外，I 2顺时针方向11．如图所示是一列简谐横波在0t =时刻的波动图像。

如果此时刻质点P 的运动方向沿y 轴负方向，且经过0.35s 质点P 恰好第2次到达y 轴正方向最大位移处．设波的周期为T ，波速为v ，则A ．波沿着x 轴正向传播B ．波的周期0.175T =sC ．波的波速为2=v m/sD ．再经过/8T ，Q 点到达平衡位置12．物体以某一初速度v 0沿斜面上滑，物体运动的t -v 图像如图，其中不可能．．．的是二、填空题（每题4分，共20分）13．以速度0v 竖直向上抛出一物体，忽略空气阻力的影响，则物体上升的最大高度为 ；当物体的动能和重力势能相等时，物体离抛出点的高度为 ．14．已知电场中A 点的电势为22.010⨯V ，将一电荷量为82.010-⨯C 的检验电荷置于该点时，它的电势能为 J ，将该电荷移动到电场中的B 点，电场力做了6510-⨯J 的正功，则B 点的电势为 V ．15．如图，一质量为m 的光滑小球，在半径为R 的竖直光滑圆环内侧做圆周运动，已知小球到达圆环最高点时环对球的压力刚好等于零， 则此时小球的受到的向心力为 ，此时小球的线速度大 小为 ．16．上端开口的光滑圆形气缸竖直放置，活塞质量不计，横截面积10S =cm 2．将长为30h =cm 的一定质量气体封闭在气缸内．已知外界大气压强为50 1.010p =⨯Pa 保持不变，气体温度为27℃保持不变。

用外力F 缓慢 向下压活塞，当气体长度为20h =cm 时，压力F 的大小为 ．AD5然后在逐渐减小外力的同时改变气体温度，使活塞位置保持不变，则 当0F =时，气体温度为 K 。

17．质量均为m 的两个可视为质点的小球A 、B ，分别被长为L 的绝缘细线悬挂在同一点O ，给A 、B 分别带上一定量的正电荷， 并用水平向左的外力作用在A 球上，平衡以后，悬挂A 球的细 线竖直，悬挂B 球的细线向右偏60°角，如图所示．若A 球的带电量为q ，则B 球的带电量为 ，水平外力F 大小为 ．三、综合题（共40分）注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。

18．（12分）利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差。

供选择的器材有：A ．电流表A （0～0.6A ）B ．电压表V 1（0～3V ）C ．电压表V 2（0～15V ）D ．滑动变阻器R 1（0～20Ω）E ．滑动变阻器R 2（0～200Ω）G ．定值电阻0R 1=ΩH ．开关一个，导线若干（1）实验中电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 （选填相应器材前的字母）． （2）闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小．同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻01R =Ω，问题得到解决．请你在虚线框内画出改进后的电路图．图1图2图3（3）改进电路图以后，某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上．在坐标纸上画出．．U I -图线，并根据所画图线可得出干电池的电动势E = V ，内电阻r = Ω．（结果小数点后保留两位有效数字）19．（13分）如图，物体在光滑曲面上a 点，从静止开始自由滑下，进入粗糙水平面bc ，再沿粗糙斜面上滑，到达斜面的d 点时速度为零。

已知斜面的倾角37θ=︒，物体与斜面和水平面间的滑动摩擦系数均为0.2μ=，且b c c d =，0.48h =m ，设物体在b 点和c 点均无速度损失．（sin370.6︒=，cos370.8︒=，10g =m/s 2） 求：（1）物体到达b 点是的速度b v ； （2）作出物体沿斜面上滑时受力示意图，并求出加速度a 2； （3）bc 的长度为多少？20．（15分）如图所示，MN 、PQ 为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距L 为0.5m ，导轨左端连接一个阻值为 2.5R =的定值电阻R ．将一质量为0.2kg 的金属棒cd 垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒cd 的电阻 1.5r =，导轨电阻不计，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度2B =T ．若金属棒以1m/s的初速度向右运动，同时对棒施加一个水平向右的拉力F ，并保持拉力的功率恒为4W ，从此时开始计时，经过2s 金属棒的速度稳定不变，试求：b（1）金属棒cd 的电流方向，并分析金属棒的加速度变化情况； （2）金属棒稳定后速度是多少？此时电阻R 上消耗的电功率是多少？（3）金属棒速度为2m/s 时的加速度大小，并画出整个运动过程中大致的t -v 图像，并标出0t =，2t s =时坐标．崇明区2018届第二次高考模拟考试物理试卷参考答案一、单项选择题（共40分，1至8题每小题3分，9至12题每小题4分。

每小题只有一个正确选项）二、填空题（每题4分，共20分）4-6三、综合题（共40分）注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。

18题（12分）电压表选用____B____滑动变阻器选用___D_____电动势E=1.48V，内电阻r=0.60Ω给分标准 1、4分，每格2分；2、 电路图2分 3、6分，其中图线 2分 ，填空4分，每格2分19、解：（13分）（1）a →b 由于是光滑曲面，物体下滑过程中只有重力做功，根据机械能守恒定律可得： （文字说明） （1分）mgh =12mv b 2 （1分） v b =2gh =m/s =9.6 mm/s （1分）（2）受力如图所示，（2分）对物体在c →d 受力分析，根据牛顿第二定律，（1分）mg sin θ+μmg cos θ=ma 2 （1分） a 2=g （sin θ+μcos θ）=（0）m/s 2=7.6 m/s2（1分）（3）对物体在b →c 受力分析，根据牛顿第二定律， （1分）μmg =ma 1a 1 =μg =0 m/s 2 =2m/s2（1分）设bc=cd=s ，物体到达c 点的速度为v c ，对物体在b →c 和c →d 分别应用运动学公式，v c 2- v b 2=2a 1s ① （1分）0- v c 2=2a 2s ② （1分） 由①、②式可得：s =v b 22（a 1+ a 2）=9.6（2+ 7.6）m=0.5m （1分）20、解：（15分）（1）由右手定则可知金属棒cd 的电流方向为d 到c ；（2分）金属棒在水平方向受到拉力F 和安培力的作用，由于拉力F 的功率保持不变，由P =Fv 可知，速度增加拉力F 在减小，而安培力F A =B 2L 2v r+R,随着速度的增加而增大，初始时，拉力F 大于安培力，有牛顿第二定律F -F A =ma 可知，合力减小，故加速度减小；最终拉力F 等于安培力，金属棒的速度稳定不变做匀速直线运动，加速度为零。

所以金属棒的加速度先减少，减小为零后保持不变。

（2）金属棒稳定后，加速度为零，根据共点力平衡条件，（1分）F = F 安而F =Pv ， F 安=BIL ， I =Er+R，E =BLv （1分） 综上可得v=22)(LB r R p + m/s =4m/s （1分） 回路中的电流， I =BLv r+R = 1.5+2.5A=1A （1分） 电阻R 上消耗的功率， P R =I 2R = 12（1分）（3）结合（2），根据牛顿第二定律，金属棒速度为2 m/s 时的加速度大小，P v - B 2L 2v r+R=ma （1分）a =2.0/)5.15.225.0224(22+⨯⨯-m/s 2 =7.5m/s 2 （1分） 结合（1）的分析，大致的v -t 图， （2分）。