甘肃省泾川县高平中学2020┄2021学年高二上学期期中考试物理试题 缺答案
2020-2021学年人教版高二上册物理期中试卷带答案
2020-2021学年高二（上）期中物理试卷一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。
每小题列出的四个选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）)1. 下列说法不符合物理学史的是（）A.20世纪初，爱因斯坦建立了狭义相对论，得出了一些不同于经典力学的观念和结论B.法拉第发现了电磁感应现象，使人类迈进了使用电的时代C.19世纪中叶，焦耳和楞次先后各自独立发现了电流通过导体时产生热效应的规律，称为焦耳-楞次定律D.欧姆用实验研究了电流的热效应，总结出欧姆定律2. 在制作精密电阻时，为了消除使用过程中由于电流变化而引起的自感现象，采用双线并绕的方法，如图所示．其道理是（）A.当电路中的电流变化时，两股导线产生的感应电流相互抵消B.当电路中的电流变化时，两股导线产生的自感电动势相互抵消C.以上说法都不对D.当电路中的电流变化时，两股导线中原电流的磁通量相互抵消3. 如图所示，为某种用来束缚原子的磁场的磁感线分布情况，以O点（图中白点）为坐标原点，沿Z轴正方向上各点的磁感应强度B大小的变化可能为（）A. B. C. D.4. 如图所示，四边形的通电闭合线框abcd处在垂直线框平面的均强磁场中，它受到的安培力的合力（）A.方向垂直于ad斜向上B.竖直向上C.为零D.方向垂直于bc斜向上5. 热敏电阻是一种广泛应用于自动控制电路中的重要电子元件，它的重要特性之一是，其电阻值随着环境温度的升高而减小．如图为一自动温控电路，C为电容器，A为零刻度在中央的电流计，R为定值电阻，R t为热敏电阻．电键S闭合稳定后，观察电流表A的偏转情况，可判断环境温度的变化情况．以下关于该自动温控电路的分析，正确的是（）A.当发现电流表A中的电流方向是由a到b时，表明环境温度是正在逐渐降低B.当发现电流表A中的电流方向是由a到b时，表明环境温度是正在逐渐升高C.为了提高该温控装置的灵敏度，应取定值电阻R的阻值远大于热敏电阻R t的阻值D.为了提高该温控装置的灵敏度，应取定值电阻R的阻值远小于热敏电阻R t的阻值6. 如图甲所示，正三角形导线框abc固定在磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示．t=0时刻磁场方向垂直纸面向里，在0∼4s时间内，线框中产生的感应电流为I（线框中顺时针方向的电流为正方向），线框ab边所受安培力F（规定水平向左为力的正方向），线框中感应电流I和线框ab边所受安培力F随时间t变化的关系，可能是下图中的（）A. B.C. D.7. 如图所示，一个带负电的油滴以水平向右的速度v进入一个方向垂直纸面向外的匀强磁场后，保持原速度做匀速直线运动，设磁感应强度为B，如果使匀强磁场发生变化，则下列判断中不正确的是（）A.磁感应强度B增大，油滴机械能不变B.磁感应强度B减小，油滴动能增加C.使磁场方向反向，油滴动能减小D.使磁场方向反向后再减小，油滴重力势能减小8. 如图所示，电场中的一簇电场线关于y轴对称分布，O点是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则（）A.OM间的电势差等于NO间的电势差B.M点电势比P点电势高C.将一负电荷从M点移到P点，电场力做正功D.正电荷在O点和Q点的电势能相等9. 如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（）A.仍沿原轨迹由下板边缘飞出B.将打在下板上C.若上板不动，将下板上移一段距离，小球一定打不到下板的中央D.不发生偏转，沿直线运动10. 如图所示，在平行于水平地面的有理想边界的匀强磁场上方，有三个大小相同且用相同的金属材料制成的正方形线框，线框平面与磁场方向垂直。
2020-2021学年高二物理上学期期中试题 (I)
2020-2021学年高二物理上学期期中试题 (I)注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
一、选择题：本大题共12小题，每小题4分,共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项是符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分。
有选错的得0分。
1．下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A．根据电场强度的定义式E==可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B．根据电容的定义式C==可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C．根据真空中点电荷的电场强度公式E=Kk可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D．根据电势差的定义式U AB==可知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为﹣1 V2．某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A．E P＞E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQC．E P＜E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ3．如图所示，M、N为两个固定的等量同种正电荷，在其连线的中垂线上的P点（离O点很近）由静止开始释放一电荷量为﹣q的点电荷，不计重力，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，速度先逐渐增大后逐渐减小B．点电荷在从P到O的过程中，做匀速直线运动C．点电荷运动到O点时，加速度为零，速度达到最大值D．点电荷越过O点后，速度先逐渐增大，然后逐渐减小，直到粒子速度为零4．如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，已知A点的电势为﹣10V，则以下判断正确的是（）A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C．B点电场强度为零 D． B点电势为﹣20V5．如图所示，平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地，P为两极板间的一点．现保持B板不动，将A板慢慢向上平移到图中虚线所示的位置，这时( )A．电容器两极板间的电势差减小B．P点的场强增大C．P点的电势降低D．固定在P点的负电荷的电势能将减小6．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变7．一段粗细均匀的铝线，其横截面积直径是d，电阻为1欧．现将其拉制成直径为0.1d的均匀细线后，它的电阻值变成（）A．0.01千欧B．0.1千欧C．10千欧D．100千欧8．如图所示，一价氢离子（H）和二价氦离子（He）的混合体，经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点9．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电10．一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（）A．粒子受到静电排斥力的作用B．粒子速度v b＞v aC．粒子动能E ka＜E kc D．粒子电势能E pb＞E pc11．静电除尘器是目前普遍采用的一种高效除尘器，如图实线为除尘器内电场的电场线，虚线为带电粉尘的运动轨迹（不计重力作用），P、Q为运动轨迹上的两点，粉尘是从P运动到Q，下列关于带电粉尘的说法正确的是( )A．粉尘带负电B．粉尘带正电C．粉尘从P运动到Q过程，其加速度变大D．粉尘从P运动到Q过程，其速度变大12．如图甲所示，在x轴上有一个点电荷Q（图中未画出），O、A、B为轴上三点．放在A、B两点的检验电荷受到的电场力与其所带电荷量的关系如图乙所示．以x轴的正方向为电场力的正方向，则( )A．A点的电场强度大小为5×103N/CB．点电荷Q在AB之间C．点电荷Q一定为正电荷D．A点的电势比B点的电势低二、非选择题(共15分)：13．（6分）如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连．（1）用丝绸摩擦过的玻璃棒接触______极板（选填左侧或右侧）使电容器带电．（2）下列关于实验中使用静电计的说法中正确的有（）A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B．使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况C．静电计可以用电压表替代D．静电计可以用电流表替代14．（9分）图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．a（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是．A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m 的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动．（2）使小车质量远远砝码和砝码盘的总质量（填“大于”或“小于”）（3）右图2为某次实验得到的纸带，实验数据如图，图中相邻计数点之间还有4个点未画出，根据纸带可求出小车的加速度大小为m/s2．（4）该同学把砝码和砝码的总重量作为小车的拉力，并依次测出了小车的加速度．然后画出了如图3所示的图象，该图象虽是一条直线，但不通过坐标原点．原因是：．三、计算题（本题共3小题，共37分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（8分）质量为m，电量为+q的带电小球用绝缘细线悬挂在O点，现加一竖直向下的匀强电场，悬线所受拉力为2mg．（1）求所加电场的场强E为多大？（2）若场强大小不变，方向变为水平向左，平衡时悬线的拉力T？16．（13分）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间的距离为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电荷量为﹣2×10﹣5 C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．求：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）若B点的电势为1000V，则A点的电势φA为多大？（3）匀强电场的场强为多大？16．（16分）如图所示，有一正粒子，质量为m，电荷量为q，由静止开始经电势差为U1的电场加速后，进入两块板间距离为d，板间电势差为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入偏转电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场．求：（1）粒子刚进入偏转电场时的速度v0；（2）粒子在偏转电场中运动的时间和金属板的长度；（3）粒子穿出偏转电场时的动能．MZ-xx级高二上期物理半期考试答案一、1.【解答】解：A、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误．B、电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故B错误．C、根据点电荷的场强公式E=k知：Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故C错误．D、据电势差的定义式U AB=知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功为﹣1J，则A、B点的电势差为﹣1V，故D正确．故选：D2．解：由图P点电场线密，电场强度大，E P＞E Q，．沿电场线的方向电势降低，φP＞φQ．故选：A．3．解答：解：AB、点电荷﹣q在从P到O的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，所以P到O的过程中，电场强度大小是变化的，加速度是变化的，做的是非变加速运动，故A、B错误．C、点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O点的速度达到最大值．故C正确．D、根据电场线的对称性可知，越过O点后，负电荷q做减速运动，故D错误．故选：C．4．解答：解：AB、由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左．根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A正确，B错误．CD、根据动能定理得：qU AB=△E k，得A、B间的电势差 U AB==﹣V=﹣10V，又U AB=φA﹣φB，φA=﹣10V，则B的电势为φB=0．场强与电势无关，B点的电场强度不为0，故C、D 错误．故选：A．5．A、由题意可知，电容器始终与电源相连，电源器两端的电压不变，则电容器两端的电势差保持不变，故A错误；B、由U=Ed可知，d增大，U不变，则场强E减小；故B减小；C、因E减小，PB间的距离不变，由U=Ed知，故PB间的电势差减小，而板间总的电势差不变，所以PA间的电势差增大；因A板接地，板间场强向下，P点的电势低于A板的电势，所以P 点的电势为降低；故C正确；D、因电势降低，而P点放置的为负电荷，故电荷的电势能将增大；故D错误；故选：C．6．解答：解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；反之，保持S不变，减小d，则θ减小．故A正确，B错误．C、D、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d 不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；反之，保持d不变，增大S，则θ减小，故C错误，D错误．故选：A．7．解答：解：铝线的横截面的直径为d，横截面积为S1=πd2，由数学知识得知，直径是后横截面积是S2=S1，由于铝线的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000Ω=10KΩ．故选：C．8．解答：解：设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d．在加速电场中，由动能定理得：qU1=①两种粒子在偏转电场中，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于两种粒子的比荷不同，则v0不同，所以两粒子在偏转电场中运动的时间t=不同．两种粒子在加速电场中的加速度不同，位移相同，则运动的时间也不同，所以两粒子是先后离开偏转电场．在偏转电场中的偏转位移y=②联立①②得 y=同理可得到偏转角度的正切tanθ=，可见y和tanθ与电荷的电量和质量无关．所以出射点的位置相同，出射速度的方向也相同．故两种粒子打屏上同一点．故B正确，A、C、D错误．故选：B．9．解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC10．解答：解：A：如图所示，轨迹向左弯曲，带电粒子所受的电场力方向向左，则带电粒子受到了排斥力作用．故A正确．B：从a到b过程中，带电粒子受到了排斥力作用，电场力做负功，可知电势能增大，动能减小，粒子在b点的速度一定小于在a点的速度．故B错误．C：a、c两点处于同一等势面上，从a到c，电场力为零，则a、c两点动能相等，故C错误．D：从b到c过程中，电场力做正功，可知电势能减小，粒子在b点的电势能一定大于在c点的电势能，故D正确．故选：AD11．【解答】解：A、由图象知轨迹的弯曲方向即受电场力的方向与电场线方向相反，所以该粉尘颗粒带负电，A正确，B错误；C、颗粒向电场线密的地方运动，该粉尘颗粒运动的加速度逐渐变大，故C正确；D、电场力做正功，该粉尘颗粒的电势能逐渐变小，速度增大．故D正确；故选：ACD12．【解答】解：A、由图线斜率表示场强，可知A点场强大小为：E=N/C=2×103N/C．故A错误．B、由图（乙），正检验电荷放在A点和负检验电荷放在B点所受电场力方向均沿x轴正方向，说明点电荷Q为负电荷且放在AB之间．故B正确，C错误．D、由图线斜率表示场强，可知B 点场强大小为：E=N/C=5×102N/C．故说明B点距点电荷要远，因源电荷带负电，故A点的电势比B点的电势低；故D正确；故选：BD二、非选择题(共15分)：13．(1）右侧；（2）A 3+314．【解答】解：（1）实验前将长木板的一端垫起适当的高度的目的是平衡摩擦力，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，即平衡摩擦力，故选B．（2）当小车质量远大于砝码与砝码盘的总质量时，可以近似认为小车所受的拉力等于砝码与砝码盘的重力．（3）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，则计数点间的时间间隔：t=0.02×5=0.1s；由匀变速直线运动的推论：△x=at2可知，加速度：a=0.51m/s2；小车向左做加速运动，则加速度的方向向左；（4）由图3所示图象可知，a﹣F图象在F轴上有截距，即当拉力大到一定值时才产生加速度，说明小车所受合力小于砝码与砝码盘的重力，这由于没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成的．故答案为：（1）B；（2）大于；（3）0.51；（4）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．2+2+2+3三、15．解：（1）物体受力分析如图：由平衡条件：T=G+F (2)2mg=mg+Eq解得：qmg=E (1)（2）平衡时受力分析如图：T=m gq+E (2)T=2mg (1)设T的方向与水平方向的夹角为θ，则mgqEtanθ=，解得：θ=45°， (1)所以方向与水平方向成45°向右上． (1)16．（13分）【解答】解：（1）电场力做正功多少，电势能就减小多少，克服电场力做功多少，电势能就增加多少．pEW∆-= (2)据题电荷的电势能增加了0.1J，则电场力对电荷就做﹣0.1J的功 (1)（2）根据功的定义式知，该电荷应为负电荷．由W=qU可得：AB间的电势差U AB==V=5000V...............2+1据U AB=φA﹣φB，...............2 φB=1000V得：φA=6000V (1)（3）A、B两点间的沿电场线方向的距离为：d=2×cos60°=1cm=1×10﹣2 m， (1)由U=Ed得：E==V/m=5×105 V/m．...............2+117．（16分）解答：解：（1）粒子在加速电场后经电场加速，根据动能定理有： (2)可得 (1)（2）粒子在右边的偏转电场中可分解为沿板方向的匀速直线运动和垂直板方向的匀加速直线运动，所以沿板方向：x=L=v0t...① (2)垂直板方向：y==at2...② (2)而加速度：．a=...③ (2)由以上各式解得：L=；t=；...............1+1（3）质子先在加速电场中电场力对其做正功，而后又在偏转电场中，尽管做曲线运动，但电场力对它仍然做正功，且电场力做功与路径无关．所以整个过程由动能定律得：eU1+e=E k﹣0...............3 所以质子射出电场时的动能为：E k=e（U1+） (2)【感谢您的阅览，下载后可自由编辑和修改，关注我每天更新】- 11 - / 11。
2020-2021学年高二物理上学期期中试卷(含解析) (II)
2020-2021学年高二物理上学期期中试卷（含解析） (II)一、选择题1.下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A. 公式只适用于真空中点电荷产生的电场B. 由公式可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比C. 在公式中，是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小；是点电荷产生的电场在点电荷处的场强大小D. 由公式可知，在离点电荷非常靠近的地方（），电场强度可达无穷大【答案】C【解析】试题分析：是电场强度的定义式适用于一切电场，A错误；电场强度E表示电场本身的强度和方向，与试探电荷无关，不能说E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比，B 错误；库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1所在处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小，C正确；D、当r→0时，电荷已不能看成点电荷，公式不再成立，D错误；故选C考点：电场强度。
【名师点睛】电场强度是描述电场的力的性质的物理量，要想知道电场中某点的电场强度，可以在该点放一试探电荷，由来描述该点的强弱，不同的试探电荷，受到的力不同，但是相同的，为了描述电场的这种性质，引入电场强度这个物理量，即为电场强度的定义式；而是点电荷所形成的电场的场强的决定式，是说点电荷所形成的电场的场强决定于场源电荷的电荷量和距点电荷的距离。
2.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示)．设若两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变，若( )A. 保持S不变，增大d，则θ变大B. 保持S不变，增大d，则θ变小C. 保持d不变，减小S，则θ变小D. 保持d不变，减小S，则θ不变【答案】A【解析】AB：保持S不变，增大d，电容器的电容减小，极板所带电荷量不变，据可得两板间电势差变大，静电计指针偏角θ变大。
故A项正确，B项错误。
CD：保持d不变，减小S，电容器的电容减小，极板所带电荷量不变，据可得两板间电势差变大，静电计指针偏角θ变大。
2020-2021学年第一学期期中考试(高二物理)终稿
高二物理试卷·第3页·共3页吴忠回中2020-2021学年第一学期期中考试高二物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
本试卷满分100分，考试时间100分钟。
第Ⅰ卷一、单项选择题：下列各小题均有四个选项,其中只有一个选择符合题意。
共45分,每小题3分。
1．关于元电荷，下列说法错误的是（ ） A ．所有带电体的电荷量大小一定等于元电荷的整数倍 B ．带电粒子的电荷量与其质量的比值叫该带电粒子的比荷 C ．元电荷实际上是指电子和质子本身D ．元电荷e 的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的2．关于静电力常量212Q Q r F k ⋅=，下列说法正确的是（ ）B ．k 随两点电荷间的距离r 增大而增大C ．k 随两个点电荷电荷量的乘积21Q Q 的减小而增大D ．k 在数值上等于两个1C 的点电荷相距1m 时的相互作用力的大小3．如图所示，电荷A 和电荷B 通过电场传递相互作用力针对这个情形，下列说法正确的是（）A ．电荷B 受电场力的作用，自身并不激发电场 B ．撤去电荷B ，电荷A 激发的电场就不存在了C ．电荷B 在电荷A 存在或者移去的情况下，在电荷A 处产生的电场都是相同的D ．电荷A 和电荷B 都可以激发电场，并通过电场线的蔓延将电场散布在周围空间4．关于库仑定律，下列说法正确的是（ ）A ．真空中两个静止的点电荷，若它们所带电荷量不变，距离增大为原来的两倍，则库仑力变为原来的14B ．根据122q q F kr =可知，两个带电体，当距离r 趋近于零时，静电力趋近于无穷大 C ．任意两个带电体之间的静电力都可以用公式122q q F kr =计算 D ．真空中两个静止的点电荷，若它们之间的距离不变，所带电荷量均变为原来的两倍，则库仑力变为原来的2倍5. 当在电场中某点放入电荷量为q 的正试探电荷时，测得该点的场强为E ，若在同一点放入电荷量为q ′＝3q 的负试探电荷时，测得该点的场强( ) A ．大小为E ，方向与E 相反 B ．大小为E ，方向与E 相同 C ．大小为3E ，方向与E 相反 D ．大小为3E ，方向与E 相同6. 如图所示，将正电荷从A 移动到C 的过程中，下列说法正确的是( ) A ．从A 经B 到C 电场力对电荷做功最多 B ．从A 经M 到C 电场力对电荷做功最多 C ．从A 经N 到C 电场力对电荷做功最多D ．不管将正电荷经由哪条路径从A 移动到C ，电场力对其做功都相等，且都做正功7．一电荷量为C 101-9⨯的负电荷从电场中的A 点移至B 点克服电场力做功为J 102-6⨯，从A 点移至C 点电场力做功为J 103-6⨯，则B 、C 间的电势差为（ ） A ．1000V B ．-1000V C ．5000V D ．-5000V8．要使平行板电容器的电容增大（ ）A ．增大电容器两极板的正对面积B ．增大电容器两极板的距离C ．增大电容器的带电量D ．增大电容器两极板间的电压9．某电场中有A 、B 、C 三点，已知A 、B 两点间的电势差60V AB U =-，B 、C 两点间的电势差=50V BC U ，三点电势分别用A B C φϕϕ、、表示，则下列关系正确的是（ ） A ．C B A φφφ>> B ．A C B φφφ>>C ．B A C φφφ>>D ．A B C φφφ>>10．如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（ ） A ．电场线方向向下B ．粒子一定从a 点运动到b 点C ．a 点电势比b 点电势高D ．粒子在a 点的速度小于在b 点的速度11．两个分别带有电荷量+Q 和+3Q 的相同金属小球（均视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F 。
【物理】2020-2021学年上学期期中考试(高二)-答案
参考答案２０２０—２０２１学年上学期期中考试试卷高二物理㊀１．Ｂ㊀ʌ解析ɔ利用静电感应使物体带电的过程，叫做感应起电，选项Ａ错误；法拉第首先提出电荷周围存在电场，并用电场线描述电场，选项Ｂ正确；库仑定律与万有引力定律具有相似性，相同质量的两个微观粒子间的库仑力远大于万有引力，库仑力与万有引力不是处于同一数量级，选项Ｃ错误；最小的电荷量就是电子所带的电荷量，人们把这最小电荷量叫做元电荷，元电荷不是电子，选项Ｄ错误㊂２．Ｄ㊀ʌ解析ɔ根据图示，轻质小球距离较远时，细线偏角变小，说明电荷之间的作用力变小，所以这个实验结果说明电荷之间的作用力随着电荷间距离的增大而减小，选项Ａ错误；对轻质小球受力分析，由平衡条件可知ｔａｎα＝Ｆｍｇ，解得Ｆ＝ｍｇｔａｎα㊂由牛顿第三定律可知，带电体Ｍ所受库仑力为Ｆ＝ｍｇｔａｎα，选项Ｂ错误，Ｄ正确；由ＦＴｃｏｓα＝ｍｇ，解得ＦＴ＝ｍｇｃｏｓα，选项Ｃ错误㊂３．Ｄ㊀ʌ解析ɔ依据等势线的疏密程度，可知在ｃ㊁ｄ㊁ｅ㊁ｆ四点中，ｆ点的电场最强，选项Ａ错误；由于电场线必须与等势面垂直，所以连接ｃ㊁ｄ㊁ｅ㊁ｆ四点，则此线不一定为电场线，选项Ｂ错误；电工穿的高压作业服是用金属丝编织的，这样可以起静电屏蔽作用，使处于高压工作的中电工处于电场强度为零的工作环境中，人体中的电场为零，但不表示电势为零，处于电场中的导体，由于静电感应，使得导体内部的合电场为零，所以选项Ｃ错误，Ｄ正确㊂４．Ｃ㊀ʌ解析ɔ电流是从多用电表的红表笔进入，黑表笔出来，所以测量电路中电流时，需要把多用电表选择到相应量程的电流挡，红表笔接高电势，黑表笔接低电势，选项Ａ错误；测量电阻时，由于双手手指与表笔金属部分接触，实际上测量的是人体与电阻的并联电阻，会导致测量值偏小，选项Ｂ错误；测电阻时，若指针偏转角度较小，说明电阻值较大，应换较大倍率后，重新调零，再进行测量，选项Ｃ正确；多用电表选择欧姆挡，若多用电表的黑表笔接二极管的正极，红表笔接二极管的负极，二极管正向导通，电阻很小（理想二极管电阻为零），则指针偏转角度很大，选项Ｄ错误㊂５．Ａ㊀ʌ解析ɔ根据题述情景，可画出三个粒子在矩形区域匀强磁场中的运动轨迹，如图所示㊂设ＡＥ＝ａ，则ｒ１＝ａ／２，ｒ２＝ａ；对从Ｄ点射出的粒子，由几何关系，ｒ２３＝（２ａ）２＋（ｒ３－ａ）２，解得ｒ３＝２．５ａ；带电粒子在匀强磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，ｑｖＢ＝ｍｖ２ｒ，可得ｖ＝ｑｒＢｍ，三粒子的速率之比为ｖ１ʒｖ２ʒｖ３＝ｒ１ʒｒ２ʒｒ３＝０．５ʒ１ʒ２．５＝１ʒ２ʒ５，选项Ａ正确㊁Ｂ错误；从Ｅ点射出的带电粒子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为１８０ʎ，对应的时间为ｔ１＝πｍｑＢ；从Ｐ点射出的带电粒子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为９０ʎ，对应的时间为ｔ２＝πｍ２ｑＢ；从Ｄ点射出的带电粒子在磁场中运动轨迹所对的圆心角的正弦值为ｓｉｎθ＝２ａ／２．５ａ＝０．８，θ＝５３ʎ＝５３π１８０ｒａｄ，对应的时间为５３πｍ１８０ｑＢ；三粒子在匀强磁场中的运动时间之比为ｔ１ʒｔ２ʒｔ３＝πｍｑＢʒπｍ２ｑＢʒ５３πｍ１８０ｑＢ＝１８０ʒ９０ʒ５３，选项Ｃ㊁Ｄ错误㊂６．Ｂ㊀ʌ解析ɔ由安培定则可判断出弹簧线圈内部磁场方向为竖直向下，线圈外部磁场方向与所处位置有关，选项Ｂ正确，ＡＣ错误；在弹簧线圈通电后相邻导线之间电流方向相同，为吸引力，选项Ｄ错误㊂７．ＡＤ㊀ʌ解析ɔ由于氢的三种同位素带电荷量相同，根据ｑＵ＝１２ｍｖ２，可知图甲中氢的三种同位素进入磁场时动能相同，选项Ａ正确；图甲中氢的三种同位素的离子在磁场中运动轨迹所对的圆心角都是π，其运动时间都是ｔ＝１２Ｔ＝πｍｑＢ，由于氕的质量数为１，氘的质量数为２，氚的质量数为３，所以图甲中氢的三种同位素在磁场中运动时间之比为１ʒ２ʒ３，选项Ｂ错误；当离子圆周运动的半径等于金属Ｄ形盒半径Ｒ时，获得的速度最大，动能也就最大㊂由Ｂｑｖｍ＝ｍｖ２ｍＲ，ｖｍ＝ｑＢＲｍ，Ｅｋｍ＝１２ｍｖ２ｍ，整理后得Ｅｋｍ＝ｑ２Ｂ２Ｒ２２ｍ，可见带电粒子的最大速度和最大动能与加速电压均无关，与ｑｍ㊁Ｂ㊁Ｒ有关，选项Ｃ错误㊁Ｄ正确㊂８．ＡＣ㊀ʌ解析ɔ开关Ｓ打开时，由闭合电路欧姆定律，Ｉ＝Ｅｒ＋Ｒ０＋Ｒ１＝Ｅ６Ｒ０，即电流表读数为Ｅ６Ｒ０，选项Ａ正确；开关Ｓ闭合后，Ｒ１和Ｒ２并联等效电阻为２Ｒ０，由闭合电路欧姆定律，Ｉ＝Ｅｒ＋Ｒ０＋２Ｒ０＝Ｅ４Ｒ０，即电流表读数为Ｅ４Ｒ０，电压表读数Ｕ＝Ｉ㊃２Ｒ０＝Ｅ４Ｒ０㊃２Ｒ０＝Ｅ２，选项Ｂ错误；开关Ｓ由打开到闭合的过程中，电阻Ｒ０中电流一定增大，由Ｐ＝Ｉ２Ｒ可知，消耗的电功率一定增大，选项Ｃ正确；开关Ｓ由打开到闭合的过程中，外电阻减小，且大于内电阻，根据电源输出电功率最大的条件（Ｒ外＝ｒ）和输出电功率曲线可知，电源输出的电功率一定增大，选项Ｄ错误㊂意义是电容器开始放电时所带的电量，根据图乙所示的ｉ－ｔ图像面积，可以估算出电容器开始放电时所带的电量，选项Ａ错误㊁Ｂ正确；开关接１，电路稳定时电容器两端电压与电源电动势相等，所带电荷可根据ｉ－ｔ图像估算出，由此可以得出电容器的电容Ｃ，选项Ｃ错误；由于ｉ－ｔ图像面积表示电容器充满电后的带电量，如果不改变电路其他参数，只减小电阻Ｒ，电容器带电量不变，放电时ｉ－ｔ曲线与横轴所围成的面积不变，选项Ｄ正确㊂１０．ＡＣＤ㊀ʌ解析ɔ由于Ａ㊁Ｂ带正电，Ｃ㊁Ｄ带负电，由对称性可知，ａ㊁ｃ两点的电场强度相等，电势相等，选项Ａ正确㊂Ａ㊁Ｂ带正电的点电荷在ｂ点产生电场的合电场强度为零，Ｃ㊁Ｄ带负电的点电荷在ｂ点产生电场的合电场强度方向沿ｂＯ方向指向原点Ｏ；Ｃ㊁Ｄ带负电的点电荷在ｄ点产生电场的合电场强度为零，Ａ㊁Ｂ带正电的点电荷在ｄ点产生电场的合电场强度方向沿Ｏｄ方向指向ｄ点；所以ｂ㊁ｄ两点的电场强度大小相同；又因为电场线从正电荷出发到负电荷终止，沿电场线方向电势逐渐降低，所以ｂ点电势一定高于ｄ点，选项Ｂ错误㊂对于Ａ㊁Ｄ两个点电荷在ａ点产生的电场，其场强方向由Ａ指向Ｄ，电势为零；对于Ｂ㊁Ｃ两个点电荷在ａ点产生的电场，其场强方向由Ａ指向Ｄ，电势为零；所以ａ点电势为零，而ｂ点电势一对大于零，所以ｂ点电势大于ａ点的电势，选项Ｃ正确㊂对于Ａ㊁Ｃ两个点电荷产生的电场，其场强方向由Ａ指向Ｃ，电势为零；对于Ｂ㊁Ｄ两个点电荷产生的电场，其场强方向由Ｂ指向Ｄ，电势为零；所以原点Ｏ的电场强度不为零，电势为零，选项Ｄ正确㊂１１．ʌ答案ɔ（１）８．０（１分）㊀２．０９５（１分）㊀５．０１５（１分）（２）如图㊂（其他正确接法也可给分）（２分）（３）πｄ２４ｋＬ（３分）ʌ解析ɔ（１）根据多用电表测量电阻的读数规则，用多用电表ˑ１Ω挡粗测其电阻为８．０Ω㊂根据螺旋测微器读数规则，螺旋测微器测其直径为ｄ＝２．０ｍｍ＋０．０９５ｍｍ＝２．０９５ｍｍ㊂根据游标卡尺读数规则，游标卡尺测其长度为Ｌ＝５．０ｃｍ＋３ˑ０．０５ｍｍ＝５．０１５ｃｍ㊂（２）由于金属丝的电阻只有几欧姆，电路应设计成电流表外接㊁滑动变阻器分压接法㊂电压表选用３Ｖ量程，电流表选用０．６Ａ量程，实物图连线如图所示㊂（３）根据电阻的伏安特性曲线（Ｉ－Ｕ图线）为过原点的直线，其直线的斜率为ｋ，可知Ｒ＝１ｋ㊂电阻丝横截面积Ｓ＝１４πｄ２，由电阻定律Ｒ＝ρＬＳ，可得ρ＝πｄ２４ｋＬ㊂１２．ʌ答案ɔ（１）０．６（２分）㊀１４Ｒ０（２分）（２）Ａ（１分）㊀Ｃ（１分）（３）１１．５（２分）㊀２．５（２分）ʌ解析ɔ（１）将３Ｖ电压表改装成１５Ｖ电压表，量程扩大５倍，串联电阻箱后的总内阻为原来电压表内阻的５倍，由于滑动变阻器位置不变，分压部分的两端电压仍为３Ｖ，此时电压表两端的电压为量程的１／５，即３ˑ１／５Ｖ＝０．６Ｖ㊂设量程为３Ｖ的电压表内阻为ｒ，由ｒ＋Ｒ０＝５ｒ，解得ｒ＝１４Ｒ０，即量程为３Ｖ的电压表内阻为１４Ｒ０㊂（２）由于电压表内阻较大，改装电压表需要串联大电阻，所以电阻箱选Ａ；滑动变阻器采用限流接法，滑动变阻器选择阻值范围为０ ２０Ω的Ｃ㊂（３）由于电压表改装后量程扩大５倍，将图丙的纵截距扩大５倍，即可根据纵轴截距得电池的电动势为Ｅ＝５ˑ２．３Ｖ＝１１．５Ｖ，由闭合电路欧姆定律，Ｅ＝５Ｕ＋Ｉｒ，将Ｕ＝１．５Ｖ时，Ｉ＝１．６Ａ，代入Ｅ＝５Ｕ＋Ｉｒ，可解得电池的内阻为ｒ＝２．５Ω㊂１３．解：（１）设粒子开始运动时的坐标为（ｘ，ｙ），粒子在电场中运动过程中，由类平抛运动规律及牛顿运动定律得－ｘ＝ｖ０ｔ（１分）－ｙ＝ａｔ２２（１分）ｑＥ＝ｍａ（１分）联立得ｙ＝－Ｅｑｘ２２ｍｖ２０（２分）（２）由动能定理－ｑＥｙ０－ｑＵ＝１２ｍｖ２－１２ｍｖ２０（２分）解得ｖ＝ｖ２０－２ｑＥｙ０ｍ－２ｑＵｍ（１分）１４．解：Ｒ１，Ｒ２串联支路电阻Ｒ１２＝Ｒ１＋Ｒ２＝４Ω＋１８Ω＝２２Ω（１分）Ｒ３，Ｒ４串联支路电阻Ｒ３４＝Ｒ３＋Ｒ４＝４Ω＋１８Ω＝２２Ω（１分）外电路总电阻Ｒ＝Ｒ１２Ｒ３４Ｒ１２＋Ｒ３４＝１１Ω（１分）由闭合电路欧姆定律，Ｉ＝ＥＲ＋ｒ＝１Ａ（２分）取电源负极电势为零，根据并联电路规律，Ｒ１，Ｒ２串联支路电流Ｉ１＝０．５Ｉ＝０．５Ａ，则Ｐ点电势为φＰ＝Ｉ１Ｒ２＝０．５ˑ１８Ｖ＝９Ｖ，（１分）Ｒ３，Ｒ４串联支路电流Ｉ３＝０．５Ｉ＝０．５Ａ，则Ｑ点电势为φＱ＝Ｉ３Ｒ４＝０．５ˑ４Ｖ＝２Ｖ，（１分）ＰＱ两点之间的电势差Ｕ＝φＰ－φＱ＝９Ｖ－２Ｖ＝７Ｖ（１分）由Ｃ＝Ｑ／Ｕ，可得电容器带电荷量Ｑ＝ＣＵ＝１０００ˑ１０－６ˑ７Ｃ＝７．０ˑ１０－３Ｃ㊂（２分）１５．解：（１）Ｆ安＝ＢＩＬ（１分）Ｆ安＝ｍａ（１分）ｖ＝ａｔＱ热＝Ｉ２（Ｒ＋ｒ）ｔ（１分）Ｅ＝Ｑ热＋１２ｍｖ２（１分）联立解得：Ｅ＝ｍ２ｖ２Ｂ２Ｌ２ｔ（Ｒ＋ｒ）＋１２ｍｖ２（１分）（２）设弹体在空中运动时间为ｔ１，由类平抛运动规律，ｘ＝ｖｔ１（１分）ｈ＝１２ａｔ２１（１分）由牛顿第二定律，ｍｇ－ｑＥ＝ｍａ（１分）联立解得：ｘ＝ｖ㊃２ｍｈｍｇ－ｑＥ（１分）设弹体落地时的速度为ｖ１，由动能定理，ｍｇｈ－ｑＥｈ＝１２ｍｖ２１－１２ｍｖ２（１分）解得：ｖ１＝２ｇｈ－２ｑＥｈｍ＋ｖ２（１分）１６．解：（１）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动有，ｑｖＢ＝ｍｖ２ｒ（１分）解得ｒ＝ｍｖｑＢ（１分）如图所示，带电粒子运动轨迹所对的圆心角θ＝４π３（１分）带电粒子在ＭＮ上方运动的时间ｔ＝ｒθｖ＝４πｍ３ｑＢ（１分）带电粒子在磁场中运动的位移大小ｓ＝２ｒｃｏｓ３０ʎ＝２ˑｍｖｑＢˑ３２＝３ｍｖｑＢ（２分）（２）粒子经过ＭＮ射出时速度方向与ＭＮ夹角为α＝６０ʎ，沿电场方向的分速度为ｖｙ＝ｖｓｉｎ６０ʎ＝３ｖ２（１分）设沿电场方向的加速度为ａ，由牛顿第二定律，ｑＥ＝ｍａ（１分）带电粒子在电场方向运动时间ｔ＝ｖｙ／ａ＝３ｍｖ２ｑＥ（１分）沿ＭＮ方向的分速度为ｖｘ＝ｖｃｏｓ６０ʎ＝０．５ｖ（１分）ｔ时间内沿ＭＮ方向的位移ｘ＝ｖｘｔ＝０．５ｖˑ３ｍｖ２ｑＥ＝３ｍｖ２４ｑＥ（２分）挡板与ＭＮ交点到Ｏ点的距离Δｘ＝ｘ－ｓ＝３ｍｖ２４ｑＥ－３ｍｖｑＢ㊂（１分）。
高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题1
嘴哆市安排阳光实验学校甘肃省天水市秦安一中高二上学期期中物理试卷一．单项选择题（本题共11个小题，每个小题3分，共33分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（3分）下列说法正确的是（）A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷2．（3分）下列关于电场线的说法中，正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大3．（3分）下列关于电流方向的说法中，不正确的是（）A．电流的方向和自由电子定向移动的方向相同B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同4．（3分）如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，则（）A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向相同C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子（不计重力）在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动5．（3分）如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等6．（3分）对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB =，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功7．（3分）如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能8．（3分）一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A的电流表，则应在电流计上（）A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻9．（3分）电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，则当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：110．（3分）如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A．E a =B．E a =E b C．E a =E b D．E a=3E b11．（3分）横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．已知导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导体截面的电子个数为（）A．nSv B．nvt C． D．12．（4分）在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零13．（4分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．14．（4分）如图所示是某导体的I﹣U图线，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C 15．（4分）如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J三．实验题（每空3分，共18分）16．（9分）如图所示，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，则：（选填“增大”、“减小”或“不变”）（1）当向两板间插入电介质时，静电计指针张角．（2）当两板间距离增大时，静电计指针张角．（3）当两板互相平行地错开时，静电计指针张角．17．（9分）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，电流表内阻为0.5Ω．（1）当测量100Ω左右的电阻时，宜采用电路．（2）现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，则此电阻的测量值为Ω，测量值真实值．（选填：“大于”或“小于”）．四．计算题（本大题共4小题，满分33分．18题8分，19题8分，20题8分，21题9分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分；有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）18．（8分）如果把带电量为q=1.0×10﹣5C的点电荷从电场中A点移至B点，需克服电场力做功1.2×10﹣4J．试求：（1）求A、B两点间的电势差；（2）若选A点电势为零，则B点电势为多大？19．（8分）有一干电池，当移动1.5C电荷时，非静电力做功为6J，（1）则该蓄电池的电动势为多大？（2）若给一小灯泡供电，供电的电流为0.3A，供电时间12min，则非静电力做功多大？20．（8分）如图所示，匀强电场中a、b两点的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37°角，两点间的电势差为32V．（1）匀强电场的场强大小；（2）把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少多少．21．（9分）两平行金属板A、B水平放置，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=5×10﹣6kg的带电微粒，以v0=2m/s的水平初速度从两板间正射入，如图所示，取g=10m/s2．（1）当两板间电压U AB=1×103V时，微粒恰好不发生偏转，求微粒的电量和电性．（2）要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压U的取值范围？甘肃省天水市秦安一中高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题（本题共11个小题，每个小题3分，共33分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（3分）下列说法正确的是（）A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷考点：静电现象的解释．分析：不论静电感应带电，还是摩擦起电，它们不会创造电荷，只是电荷的转移，从一物体转移另一物体，或从一部分转移另一部分，当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷，点电荷的电量不确定，但是元电荷的整数倍．解答：解：A、静电感应不会创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分，故A正确，D错误；B、一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体只能带上同种电荷；故B 错误；C、摩擦起电是因为通过电荷发生了转移而产生了电荷，故C错误；故选：A．点评：考查带电或起电的本质，掌握点电荷与元电荷的区别，理解点电荷的成立条件．2．（3分）下列关于电场线的说法中，正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是假象的曲线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、为了形象的描述电场引入电场线的概念，它是假象的切线，实际不存在．故A错误．B、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故B错误．C、电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，故C错误．D、电场线越密的地方场强大，同一试探电荷所受的静电力越大．故D正确．故选：D．点评：记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线是假象的曲线，即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．3．（3分）下列关于电流方向的说法中，不正确的是（）A．电流的方向和自由电子定向移动的方向相同B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向规定为电流方向，据此分析答题．解答：解：A、正电荷的定向移动方向是电流的方向，与电子的定向移动方向相反，故A错误，B正确；C、在金属导体中的电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反，故C正确；D、正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反，所以电流的方向与正离子定向移动的方向相同，故D正确；本题选错误的故选：A．点评：本题考查了电流的方向，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．4．（3分）如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，则（）A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向相同C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子（不计重力）在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，并且垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，由此可以判断电场和电势的变化的情况．解答：解：A、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b、c三点的电势都相等为零，所以A错误．B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以B正确．C、无穷远处电势为零，而a、b、c三点的电势都相等为零，所以C错误．D、垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，电场的方向是在水平方向的，所以电荷不能在a、b连线上运动，所以D错误．故选B．点评：本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．5．（3分）如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等考点：电势；电场强度；电场线．专题：图析法．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；故选D．点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低．6．（3分）对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB =，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势差的定义式，是比值定义法，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．由此定义可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A 点移到B点电场力所做的功．电荷电势能的变化只与电场力做功有关．解答：解：A、U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比．故A错误． B 、根据电势差的定义式可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．故B错误． C、根据电势差的定义式可知：将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差U AB=1V．故C正确．D、电荷由A点移到B点的过程中，电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功．故D错误．故选C．点评：电势差的定义式，是比值定义法，有比值定义的共性，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．7．（3分）如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b 到a．故B错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；故选：D点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握．8．（3分）一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A的电流表，则应在电流计上（）A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：I g R g=（I﹣I g）R，其中I为量程解答：解：改装成电流表要并联电阻分流，其并联电阻阻值为R：R==≈0.1Ω故为并联0.1Ω的电阻．则A错误，B 错误 C 正确 D错误故选：C点评：考查的电流表的改装原理，明确分流程度与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大．9．（3分）电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，则当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联电路电流相等，根据欧姆定律得出两电阻之比，当两电阻并联时，电压相等，结合电阻之比求出通过两电阻的电流之比．解答：解：电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，则R1：R2=U1：U2=2：1，当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，则I1：I2=R2：R1=1：2．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道串并联电路的特点，串联电路电流相等，并联电路电压相等．10．（3分）如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A．E a =B．E a =E b C．E a =E b D．E a=3E b考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：已知a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．解答：解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：故选：D．点评：本题关键是明确点电荷的场强的公式E=，记住即可，基础题目．11．（3分）横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．已知导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导体截面的电子个数为（）A．nSv B．nvt C． D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由电流定义式和微观表达式可以得到时间t内通过导线横截面的电子数．解答：解：电流可以表示为：解得：N=nsvt 故C正确，ABD错误故选：C点评：重点掌握电流的各种表达式，能灵活选取表达式并进行计算．12．（4分）在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．解答：解：AB、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故AB错误；C、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零也可能为零．故C正确．D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故D错误．故选：C．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．13．（4分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q′==4Q 两球接触后的库仑力为：F'=k =F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q′==﹣3Q两球接触后的库仑力为：F'=k =故CD正确、AB错误．故选：CD．点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．14．（4分）如图所示是某导体的I﹣U图线，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图象的意义可明确电流与电压的关系，并能求出电阻的数值，由电流的定义可求得每秒通过电阻截面的电荷量．解答：解：A、由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，故A正确；B、由I=可知，图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可知电阻R=Ω=2Ω，故B正确；C、导体的I﹣U图线是一条倾斜的直线，则该导体为线性元件，故C错误；在R两端加6V的电压时，电路中电流I==3A，则每秒通过电阻的电荷量为q=It=3×1=3C；故D正确；故选：ABD．点评：本题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，区分U﹣I图象与I﹣U图象的异同．15．（4分）如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：计算题．分析：在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB两点的机械能．解答：解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A点的动能比在B点多0.5J，选项C正确．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D正确．故选：CD．点评：对于本题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．三．实验题（每空3分，共18分）16．（9分）如图所示，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，则：（选填“增大”、“减小”或“不变”）（1）当向两板间插入电介质时，静电计指针张角变小．（2）当两板间距离增大时，静电计指针张角变大．（3）当两板互相平行地错开时，静电计指针张角变大．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器电量保持不变，根据电容的变化判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化．解答：解：平行板电热器电容：C=，两极板间的电压：U==；（1）当向两板间插入电介质时，两板间的电势差减小，静电计指针张角变小．（2）当两板间距离增大时，两极板间电压增大，静电计指针张角变大．（3）当两板互相平行地错开时，两极板间电压变大，静电计指针张角变大．故答案为：（1）变小；（2）变大；（3）变大．。
2020—2021学年度第一学期期中联合考试高二物理参考答案
2020—2021学年度第一学期期中联合考试高二物理参考答案1.D2.C3.A4.C5.D6.B7.B8.AD9.BD 10.BC 11.（8分）（1）3.775 (3.773～3.777均可) （2分）（2）1500 或1500.0（2分） ×1 k （2分） 欧姆调零或电阻调零（2分） 12. （8分）(1)作出的U －I 图线如图所示（2分）(2) 2.97(2.95～2.99均可) （2分） 0.72(0.67～0.76均可) （2分） (3) 小于 （1分） 小于（1分）13. （10分）（1）A 2 (1分)； R 1 (1分) （2）连线如右上图 (2分) （3）0.44 (2分) (4) 刚开始通过小灯珠的电流很小时，根据焦耳定律Q=I 2Rt 可知，灯丝发出的热量还不能使它的温度上升得足够高，因此它不发光。
(2分) (5) 0.44 (0.42～0.46均可) (2分)14. （13分）解：(1)电子经电压U 1加速，由动能定理得：eU 1＝12mv 200- （2分）解得：meU v 102=（1分） (2) 电子以速度v 0进入偏转电场后，设偏转电场的电场强度为E ，电子在偏转电场中运动的时间为t 1，电子的加速度为a ，由牛顿第二定律和运动学公式得： F ＝eE （1分） E ＝U 2d （1分） F ＝ma （1分） a ＝eU 2md （1分）t 1＝L 1v 0（1分）y 1＝12at 21 （1分）联立解得：y 1＝U 2L 214U 1d （1分）(3)电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为：t 2＝L 2v 0（1分）电子离开偏转电场后打到荧光屏上的侧移量为：y 2＝v y t 2＝at 1t 2＝U 2L 1L 22dU 1（1分）P 到O 点的距离：Y ＝y 1＋y 2＝（2L 2＋L 1）U 2L 14U 1d （1分）或利用电子离开偏转电场时速度方向反向延长交于MN 两板中线中点的推论。
2020-2021学年上学期高二年级期中考试物理试题含答案解析
【全国百强校】北京101中学【最新】上学期高二年级期中考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．计算机硬盘上的磁道为一个个不同半径的同心圆，如图所示，M、N是不同磁道上的两个点，但磁盘转动时，比较M、N两点的运动，下列判断正确的是A．M、N的线速度大小相等B．M、N的角速度大小相等C．M点的线速度大于N点的线速度D．M点的角速度小于N点的角速度v水平抛出，小球经时间t落地，2．在水平地面附近某一高度处，将一个小球以初速度落地时的速度大小为v，落地点与抛出点的水平距离为x，不计空气阻力．若将小球从2v的速度水平抛出，则小球相同位置以0A．落地的时间变为2tB．落地时的速度大小将变为2vC．落地的时间仍为tD．落地点与抛出点的水平距离仍为x3．【最新】9月15日，我国发射了空间实验室“天宫二号”．它的初始轨道为椭圆轨道，近地点M和远地点N的高度分别为200km和350km，如图所示．关于“天宫二号”在该椭圆轨道上的运行，下列说法正确的是A．在M点的速度小于在N点的速度B．在M点的加速度大于在N点的加速度C．在M点的机械能大于在N点的机械能D．从M点运动到N点的过程中引力始终做正功4．关于同步卫星绕地球运动的相关物理量，下列说法正确的是A．角速度等于地球自转的角速度B．向心加速度大于地球表面的重力加速度C．线速度大于第一宇宙速度D．运行周期一定大于月球绕地球运动的周期5．地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别为h1和h2，且h1＞h2。
则下列说法中正确的是A．静止轨道卫星的周期比中轨道卫星的周期大B．静止轨道卫星的线速度比中轨道卫星的线速度大C．静止轨道卫星的角速度比中轨道卫星的角速度大D．静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星的向心加速度大6．双星是两颗相距较近的天体，在相互间万有引力的作用下，绕连线上某点做匀速圆周运动．对于两颗质量不等的天体构成的双星，下列说法中正确的是（）A．质量较大的天体做匀速圆周运动的向心力较大B．质量较大的天体做匀速圆周运动的角速度较大C．两颗天体做匀速圆周运动的周期相等D．两颗天体做匀速圆周运动的线速度大小相等7．【最新】2月，美国字航局宜布，在一颗恒星的周固发现多达7颗大小与地球接近的行星，其中3颗可能存在生命．若某颗行星绕该恒星做圆周运动，并测出了轨道半径和运行周期，引力常量已知，则可推算出（）A．行星的质量B．行星的半径C．恒星的质量D．恒星的半径8．如图所示，在平面直角坐标系中，a、b、c是等边三角形的三个顶点，三个顶点处分别放置三根互相平行的长直导线，导线中通有大小相等的恒定电流，方向垂直纸面向里．对于顶点c处的通电直导线所受安培力的方向，下列说法中正确的是（）A．沿y轴正方向B．沿y轴负方向C．沿x轴正方向D．沿x轴负方向9．来自太阳和其他星体的宇宙射线中含有大量高能带电粒子，若这些粒子都直接到达地面，将会对地球上的生命带来危害．但由于地磁场（如图所示）的存在改变了宇宙射线中带电粒子的运动方向，使得很多高能带电粒子不能到达地面．若不考虑地磁偏角的影响，关于上述高能带电粒子在地磁场的作用下运动情况的判断，下列说法中正确的是( )A．若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向东偏转B．若带电粒子带正电，且沿地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向北偏转C．若带电粒子带负电，且沿垂直地球赤道平面射向地心，则由于地磁场的作用将向南偏转D．若带电粒子沿垂直地球赤道平面射向地心，它可能在地磁场中做匀速圆周运动10．如图所示，虚线框MNQP内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹．若不计粒子所受重力，则( )A ．粒子a 带负电，粒子b 、c 带正电B ．粒子a 在磁场中运动的时间最长C ．粒子b 在磁场中的加速度最大D ．粒子c 在磁场中的动量最大11．平面OM 和平面ON 之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM 上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外。
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高平中学20２0┄20２１学年高二物理期中考试题
一、选择题（42分)
1.下列关于电势高低的判断,正确的是( )
Ａ.负电荷从A移到B时，外力做负功,A点的电势一定较高
B．负电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势一定较低
C．正电荷从A移到B时,其电势能增加，A点的电势一定较低
D.正电荷只在电场力作用下从A移到B，A点的电势一定较高
2．下面关于欧姆定律的说法中,正确的是( )
A.欧姆定律普遍适用于各种导体的导电情况
B．导体中的电流强度与导体两端的电压有关，也与导体的电阻有关
C.对某一导体来说,导体中的电流强度与其两端的电压成正比
D．在相同电压的条件下,不同导体中的电流强度跟导体的电阻成反比
3.关于电功和电热，下面说法正确的是( )
A．任何电路中的电功Ｗ=UIt，电热Q=I2Rt且W=Q
B.任何电路中的电功W=ＵIｔ,电热Ｑ＝I２Rt但W有时不等于Q
C.电功W=UIｔ在任何电路中都适用,Ｑ=I２Rt只在纯电阻电路中适用
D.电功W=UIｔ,电热Q=I２Rt，只适用于纯电阻电路
4.如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态.若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则下列说法中正确的是( ）
(1)电容器带电量不变(2）尘埃仍静止
(3)电流计中有电流（４)电流计中无电流
A．(1)(4) Ｂ．（1）（3) C.(２)(4) D．(2)(3)
5.如图2所示,实线是匀强电场的电场线,虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、ｂ是轨迹上两点,若带电粒子在运动中只受电场力作用，则此图可作出正确判断的是
（ ）
A 、带电粒子带正电荷
B 、带电粒子带负电荷Ｃ、带电粒子所受电场力的方向水平向右
D 、带电粒子受到的电场力逐渐变小6. 如图3,有一个由电池、电阻和电容器组成的电路,平行板电容器电容公式为4πκd εS =C （εk 为常数，S 为正对面积，d 为两极板间的距离），当把电容器的两极板间的距离增大一定位
置时,在两极板间的距离增大的过程中( )
A.电容器C 的电容变大 Ｂ．电容器Ｃ的电量不变
C.电阻R 中没有电流 D ．电阻Ｒ中有方向向右的电流
7. 如图４所示A 、B 是带有等量的同种电荷的两小球，它们的质量都是m ，
它们的悬线长度是L ,悬线上端都固定在同一点O ,Ｂ球悬线竖直且被固定，A
球在力的作用下，偏离B 球x 的地方静止平衡,此时A 受到绳的拉力为F ;现
保持其他条件不变,用改变A 球质量的方法，使A 球在距Ｂ为x /2处平衡，
则A 受到绳的拉力为( )
A ．Ｆ ﻩB.２Ｆ Ｃ.4F ﻩ D ．8F
8.如图所示的电路中,当滑动变阻器的滑片向上推动时:（ )
A ．电压表示数变大,电流表示数变小
B.电压表示数变小．电流表示数变大
C ．电压表、电流表示数都变大
D.电压表、电流表示数都变小 · a ·
b
图2 图3
图4
9.如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板Ｂ接地,若极板B向上平移,由观察到的静电计指针的变化作出平行板电容器电容
变小的结论的依据是( ）
A.两极板间的电压不变,极板上的电量变小
B．两极板间的电压不变,极板上的电量变小
Ｃ．极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小
D．极板上的电量几乎不变,两极板间的电压变大
10.如图所示，电子在电压为U１的电场中由静止加速后，
垂直射入电压为U２的偏转电场. 在满足电子能射出偏转
电场的条件下，下列四种情况中,一定能使电子的偏转角变
大的是( )
A.U1变大,U2变大
B．U1变小,U2变大
C.U1变大，U2变小
D.U1变小，U２变小
１１．一个带负电的点电荷，只在电场力的作用下沿曲线abc由ａ运动到c，已知质点的速率是递减的。
关于B点电场强度Ｅ的方向(虚线是曲线在b点的切线）,下列图中可能正确的是( )
A B C D
１2．两个电阻R1、Ｒ2的I－U图像如图所示，由图像可知两个电阻的阻值之比R１:R2为(siｎ３7º=0.6、cos37º=0.8)( ）
Ａ．4：3
B．3：4
Ｃ．9: 16
D．16:9
1３．横截面积为s的导线中通有电流I,已知导线每单位体积内有n个自由电子，每个电子的电量为e,自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导线横截面的电子数是( ）A．nsvt Ｂ．ｎvt Ｃ．Ｉt／e D.It/se
1４.如图所示,实线为电场线,虚线为等势线,且相邻两条等势线间的电势差相等。
一正电荷（只在电场力的作用下)在φ3上时，具有的动能是2０eV,它运动到等势线φ1上时,速度为零。
令φ２=０。
那么该电荷的电势能为4 eV时,其动能
大小为（)
A.１6eＶ
B．１０eV
Ｃ．６eＶ
D．４eV
二、实验探究题(本大题有３小题，每空格２分,共20分。
请把正确的答案填写在题中的横线上或按题中要求作答）
１5.如图所示,用伏安法测电阻Ｒ０的值时,M、N接在恒压电源上,
当S接a点时电压表示数为10V，电流表示数为0.2A;当Ｓ接b点
时，电压表示数为12V，电流表示数为0.1５A。
为了较准确地测定
R０的值，S应接在_＿___________点，R０的真实值为___＿______Ω．
１6.已知一电流表的满偏电流为3mA,其内阻为1２0Ω，要把它改装成量程为6Ｖ的电压表应联(串联还是并联)的电阻值Ｒ= 。
1７．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,实验室提供了小灯泡(2.5 V,0．3 A)、电流表、电压表以及滑动变阻器等实验器材：
（1）请在图１1甲中虚线框内按要求完成实验电路图（用笔线代替导线)（2)图11乙为实验中某同学连接好的实验电路图，在开关S闭合之前，应把滑动变阻器的滑动片P移到_＿__＿___位置(填“Ａ端”或“B端”);实验中滑动片P从中间位置向Ｂ端移动过程中会观察到电压表读数变___＿____(填“大”或“小”）.
（３)如图12所示是该研究小组测得小灯泡的I
－U关系图线。
由图线可知,小灯泡灯丝电阻随温
度的升高而(填“增大”、“减小”或“不
变”)；当小灯泡两端所加电压为２V时,其灯丝电
阻值约为Ω。
(保留两位有效数字)
图12
三、计算题(本大题有５小题，共3８分。
解题时要求写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤,只写最后答案而无演算过程的不得分，答案必须明确写出数值和单位）
18．一台功率为4０0Ｗ的洗衣机，工作电压是2２０V,连续工作0.5h,洗衣机的工作电流是多少?,所消耗的电能为多少度?(6）
１9已知电流表的内阻R g=120Ω，满偏电流Ｉg=3mA，要把它改装成量程是6Ｖ的电压表，应串联多大的电阻?要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻? （8)
２0图为电场的电场线,现将一电量q＝－３.０×10-9C的负电荷从
A点移到B点、从B点移到C点,从Ｃ点移到D点电场力做功分别
为:Ｗ
AB=3.０×10-8Ｊ、W BC＝１.5×10－8J、W CD＝9.0×10－９J。
若取C点电势为零，试求Ａ、B、D三点电势。
(６）
21、(６分)有一个带电粒子-q，初速度为0，进入加速电场，经电压U1加速后,进入两块间距为d、电压为U２的平行金属板间，若电荷从两板正中间垂直电场方向射入,且恰好能从下板边
缘穿出电场。
求:（1)金属板AB的长度L。
(２)电子穿出电场时的动能。
（9)
２2.如图所示,光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接。
在过圆心Ｏ的水平界面的下方分布有水平向右的匀强电场。
现有一个质量为ｍ、电量为+q的小球从水平轨道上的A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P 点恰好在Ａ点的正上方,小球可视为质点,小球运动到C之前电量保持不变，经过C点后电量立即变为零)。
已知A、B间的距离为2R,重力加速度为ｇ。
在上述运动过程中，求：（9)
①电场强度E的大小;
②小球在圆轨道上运动时的最大速率;
③小球对圆轨道的最大压力。