2011年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题

合集下载

2011年考研数学试题详解及评分参考

2011年考研数学试题详解及评分参考

(1) 曲线 y = (x -1)(x - 2)2 (x - 3)3 (x - 4)4 的拐点是
(A) (1, 0)
(B) (2, 0)
(C) (3, 0)
(D) (4, 0)
【答】 应选 (C) .
【解】 显然 x = 1, 2, 3, 4 分别是 y(x) 的一、二、三、四重根,因此有 y¢¢(2) ¹ 0, y¢¢(3) = 0, y¢¢(4) = 0, y¢¢¢(3) ¹ 0, y¢¢¢(4) = 0 ,由此可见,点 (2, 0) 不是拐点,点 (3, 0) 是拐点.故选 (C) .
(0, 0) 处取得极小值的一个充分条件是
(A) f (0) > 1, f ¢¢(0) > 0
(B) f (0) > 1, f ¢¢(0) < 0
(C) f (0) < 1, f ¢¢(0) > 0
(D) f (0) < 1, f ¢¢(0) < 0
【答】 应选 (A) .
2011 年 • 第 1 页
æ1 0 0ö
æ1 0 0ö
位矩阵.
记 P1
=
ç ççè
1 0
1 0
0 1
÷ ÷÷ø
, P2
=
ç ççè
0 0
0 1
1 0
÷ ÷÷ø
,则
A
=
(A) P1P2
(B) P1-1P2
(C) P2P1
(D) P2 P1-1
【答】 应选 (D) .
【解】 易见 P1, P2 正是与题中所给初等变换相对应的初等矩阵,故由初等矩阵的性质,有 B = AP1 , E = P2B ,从而 E = P2 AP1 ,即 A = P2-1P1-1 . 又 P2-1 = P2 , P1-1 ¹ P1 ,所以 A = P2P1-1 ,但 A ¹ P2P1 ,故选 (D) .

2011考研数学一真题及答案解析

2011考研数学一真题及答案解析

2011年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题一、选择题:1~8小题,每小题4分,共32分,下列每题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,请将所选项前的字母填在答题纸...指定位置上. (1) 曲线234(1)(2)(3)(4)y x x x x =−−−−的拐点是( )(A) (1,0). (B) (2,0). (C) (3,0). (D) (4,0). (2) 设数列{}n a 单调减少,lim 0n n a →∞=,1(1,2,)nn kk S an ===∑ 无界,则幂级数1(1)nn n a x ∞=−∑的收敛域为( )(A) (1,1]−. (B) [1,1)−. (C) [0,2). (D) (0,2]. (3) 设函数()f x 具有二阶连续导数,且()0f x >,(0)0f '=,则函数()ln ()z f x f y =在点(0,0)处取得极小值的一个充分条件是( )(A) (0)1f >,(0)0f ''>. (B) (0)1f >,(0)0f ''<. (C) (0)1f <,(0)0f ''>. (D) (0)1f <,(0)0f ''<.(4) 设4ln sin I x dx π=⎰,40ln cot J x dx π=⎰,40ln cos K x dx π=⎰,则,,I J K 的大小关系是( )(A) I J K <<. (B) I K J <<. (C) J I K <<. (D) K J I <<.(5) 设A 为3阶矩阵,将A 的第2列加到第1列得矩阵B ,再交换B 的第2行与第3行得单位矩阵,记1100110001P ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭,2100001010P ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭,则A =( ) (A) 12PP . (B) 112P P −. (C) 21P P . (D) 121P P −.(6) 设1234(,,,)A αααα=是4阶矩阵,*A 为A 的伴随矩阵,若(1,0,1,0)T是方程组0Ax =的一个基础解系,则*0A x =的基础解系可为( )(A) 13,αα. (B) 12,αα. (C) 123,,ααα. (D) 234,,ααα.(7) 设1()F x ,2()F x 为两个分布函数,其相应的概率密度1()f x ,2()f x 是连续函数,则必为概率密度的是( )(A)12()()f x f x . (B)212()()f x F x .(C)12()()f x F x . (D)1221()()()()f x F x f x F x +.(8) 设随机变量X 与Y 相互独立,且()E X 与()E Y 存在,记{}max ,U X Y =,{}min ,V X Y =则()E UV =( )(A)()()E U E V ⋅. (B)()()E X E Y ⋅. (C)()()E U E Y ⋅. (D)()()E X E V ⋅.二、填空题:9~14小题,每小题4分,共24分,请将答案写在答题纸...指定位置上. (9) 曲线0tan (0)4π=≤≤⎰xy tdt x 的弧长s = .(10) 微分方程cos xy y e x −'+=满足条件(0)0y =的解为y = .(11) 设函数2sin (,)1xytF x y dt t =+⎰,则222x y F x ==∂=∂ .(12) 设L 是柱面方程221x y +=与平面=+z x y 的交线,从z 轴正向往z 轴负向看去为逆时针方向,则曲线积分22L y xzdx xdy dz ++=⎰ .(13) 若二次曲面的方程22232224x y z axy xz yz +++++=,经过正交变换化为221144y z +=,则a = .(14) 设二维随机变量(),X Y 服从正态分布()22,;,;0N μμσσ,则()2E X Y = .三、解答题:15~23小题,共94分.请将解答写在答题纸...指定的位置上.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.(15)(本题满分10分)求极限110ln(1)lim()x e x x x−→+.(16)(本题满分9分)设函数(,())z f xy yg x =,其中函数f 具有二阶连续偏导数,函数()g x 可导且在1x =处取得极值(1)1g =,求211x y zx y==∂∂∂.(17)(本题满分10分)求方程arctan 0k x x −=不同实根的个数,其中k 为参数.(18)(本题满分10分)(Ⅰ)证明:对任意的正整数n ,都有111ln(1)1n n n<+<+ 成立. (Ⅱ)设111ln (1,2,)2n a n n n=+++−=,证明数列{}n a 收敛.(19)(本题满分11分)已知函数(,)f x y 具有二阶连续偏导数,且(1,)0f y =,(,1)0f x =,(,)Df x y dxdy a =⎰⎰,其中{}(,)|01,01D x y x y =≤≤≤≤,计算二重积分''(,)xy DI xy f x y dxdy =⎰⎰.(20)(本题满分11分)设向量组123(1,0,1)(0,1,1)(1,3,5)T T T ααα===,,,不能由向量组1(1,1,1)T β=,2(1,2,3)T β=,3(3,4,)T a β=线性表示.(I) 求a 的值;(II) 将123,,βββ由123,,ααα线性表示.(21)(本题满分11分)A 为三阶实对称矩阵,A 的秩为2,即()2r A =,且111100001111A −⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪−⎝⎭⎝⎭.(I) 求A 的特征值与特征向量; (II) 求矩阵A . (22)(本题满分11分)设随机变量X 与Y且{}221P X Y ==.(I) 求二维随机变量(,)X Y 的概率分布; (II) 求Z XY =的概率分布; (III) 求X 与Y 的相关系数XY ρ.(23)(本题满分 11分) 设12,,,n X X X 为来自正态总体20(,)μσN 的简单随机样本,其中0μ已知,20σ>未知.X 和2S 分别表示样本均值和样本方差.(I) 求参数2σ的最大似然估计量2σ∧; (II) 计算2()E σ∧和2()D σ∧.2011年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题答案一、选择题:1~8小题,每小题4分,共32分,下列每题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,请将所选项前的字母填在答题纸...指定位置上. (1)【答案】(C).【解析】记1111,1,0y x y y '''=−==,2222(2),2(2),2,y x y x y '''=−=−= 32333(3),3(3),6(3),y x y x y x '''=−=−=− 432444(4),4(4),12(4),y x y x y x '''=−=−=− (3)()y x P x ''=−,其中(3)0P ≠,30x y =''=,在3x =两侧,二阶导数符号变化,故选(C).(2)【答案】(C).【解析】观察选项:(A),(B),(C),(D)四个选项的收敛半径均为1,幂级数收敛区间的中心在1x =处,故(A),(B)错误;因为{}n a 单调减少,lim 0n n a →∞=,所以0n a ≥,所以1nn a∞=∑为正项级数,将2x =代入幂级数得1nn a∞=∑,而已知S n =1nkk a=∑无界,故原幂级数在2x =处发散,(D)不正确.当0x =时,交错级数1(1)nn n a ∞=−∑满足莱布尼茨判别法收敛,故0x =时1(1)nn n a ∞=−∑收敛.故正确答案为(C).(3)【答案】(A). 【解析】(0,0)(0,0)|()ln ()|(0)ln (0)0zf x f y f f x∂''=⋅==∂, (0,0)(0,0)()|()|(0)0,()z f y f x f y f y '∂'=⋅==∂故(0)0f '=, 2(0,0)(0,0)2|()ln ()|(0)ln (0)0,zA f x f y f f x∂''''==⋅=⋅>∂22(0,0)(0,0)()[(0)]|()|0,()(0)z f y f B f x x y f y f ''∂'==⋅==∂∂222(0,0)(0,0)22()()[()][(0)]|()|(0)(0).()(0)z f y f y f y f C f x f f y f y f ''''∂−''''==⋅=−=∂ 又22[(0)]ln (0)0,AC B f f ''−=⋅>故(0)1,(0)0f f ''>>.(4)【答案】(B). 【解析】因为04x π<<时, 0sin cos 1cot x x x <<<<,又因ln x 是单调递增的函数,所以ln sin ln cos ln cot x x x <<. 故正确答案为(B). (5)【答案】 (D).【解析】由于将A 的第2列加到第1列得矩阵B ,故100110001A B ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭, 即1AP B =,11A BP −=.由于交换B 的第2行和第3行得单位矩阵,故100001010B E ⎛⎫⎪= ⎪ ⎪⎝⎭, 即2,P B E =故122B P P −==.因此,121A P P −=,故选(D).(6)【答案】(D).【解析】由于(1,0,1,0)T 是方程组0Ax =的一个基础解系,所以(1,0,1,0)0TA =,且()413r A =−=,即130αα+=,且0A =.由此可得*||A A A E O ==,即*1234(,,,)A O =αααα,这说明1234,,,αααα是*0A x =的解.由于()3r A =,130αα+=,所以234,,ααα线性无关.又由于()3r A =,所以*()1r A =,因此*0A x =的基础解系中含有413−=个线性无关的解向量.而234,,ααα线性无关,且为*0A x =的解,所以234,,ααα可作为*0A x =的基础解系,故选(D).(7)【答案】(D). 【解析】选项(D)1122()()()()f x F x f x F x dx +∞−∞⎡⎤+⎣⎦⎰2211()()()()F x dF x F x dF x +∞−∞⎡⎤=+⎣⎦⎰21()()d F x F x +∞−∞⎡⎤=⎣⎦⎰12()()|F x F x +∞−∞=1=. 所以1221()()f F x f F x +为概率密度.(8)【答案】(B).【解析】因为 {},,max ,,,X X Y U X Y Y X Y ≥⎧==⎨<⎩ {},,min ,,Y X Y V X Y X X Y ≥⎧==⎨<⎩.所以,UV XY =,于是()()E UV E XY = ()()E X E Y =.二、填空题:9~14小题,每小题4分,共24分,请将答案写在答题纸...指定位置上. (9)【答案】(ln 1+.【解析】选取x 为参数,则弧微元sec ds xdx ===所以440sec ln sec tan ln(1s xdx x x ππ==+=+⎰. (10)【答案】sin xy e x −=.【解析】由通解公式得(cos )dx dxx y e e x e dx C −−⎰⎰=⋅+⎰(cos )x e xdx C −=+⎰(sin )xe x C −=+.由于(0)0,y =故C =0.所以sin xy e x −=.(11)【答案】4. 【解析】2sin 1()F xy y x xy ∂=⋅∂+, 22222cos sin 2[1()]F y xy xy xy y x xy ∂−⋅=⋅∂+, 故2(0,2)2|4Fx∂=∂. (12)【答案】π.【解析】取22:0,1S x y z x y +−=+≤,取上侧,则由斯托克斯公式得,原式=22SS dydz dzdx dxdyydydz xdzdx dxdy x y z y xzx∂∂∂=++∂∂∂⎰⎰⎰⎰.因'',1, 1.x y z x y z z =+==由转换投影法得221[(1)(1)1]Sx y ydydz xdzdx dxdy y x dxdy +≤++=⋅−+−+⎰⎰⎰⎰.221(1)x y x y dxdy π+≤=−−+=⎰⎰221x y dxdy π+≤==⎰⎰.(13)【答案】1a =.【解析】由于二次型通过正交变换所得到的标准形前面的系数为二次型对应矩阵A 的特征值,故A 的特征值为0,1,4.二次型所对应的矩阵1131111a A a ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭,由于310ii A λ===∏,故113101111a a a =⇒=.(14)【答案】()22μμσ+.【解析】根据题意,二维随机变量(),X Y 服从()22,;,;0N μμσσ.因为0xy ρ=,所以由二维正态分布的性质知随机变量,X Y 独立,所以2,X Y .从而有()()()()()()22222E XY E X E Y D Y E Y μμμσ⎡⎤==+=+⎣⎦. 三、解答题:15~23小题,共94分.请将解答写在答题纸...指定的位置上.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.(15)(本题满分10分)【解析】110ln(1)lim[]x e x x x−→+0ln(1)1lim[1].1x x x x e e →+−−=2ln(1)limx x xx e →+−=22201()2lim x x x o x x x e→−+−=22201()2lim x x o x x e→−+=12e −=.(16)(本题满分9分) 【解析】[],()z f xy yg x =[][]12,(),()()zf xy yg x y f xy yg x yg x x∂'''=⋅+⋅∂ [][]211112,()(,())(,())()zf xy yg x y f xy yg x x f xy yg x g x x y∂'''''=++∂∂ []{}21222(),()()[,()][,()]()g x f xy yg x yg x f xy yg x x f xy yg x g x '''''''+⋅+⋅+. 因为()g x 在1x =可导,且为极值,所以(1)0g '=,则21111121|(1,1)(1,1)(1,1)x y d zf f f dxdy =='''''=++. (17)(本题满分10分)【解析】显然0x =为方程一个实根. 当0x ≠时,令(),arctan xf x k x=−()()22arctan 1arctan xx x f x x −+'=. 令()2arctan 1x g x x x R x =−∈+,()()()222222211220111x x x x g x x x x +−⋅'=−=>+++, 即(),0x R g x '∈>. 又因为()00g =,即当0x <时,()0g x <; 当0x >时,()0g x >. 当0x <时,()'0f x <;当0x >时,()'0f x >.所以当0x <时,()f x 单调递减,当0x >时,()f x 单调递增 又由()00lim lim1arctan x x xf x k k x→→=−=−,()lim lim arctan x x xf x k x→∞→∞=−=+∞, 所以当10k −<时,由零点定理可知()f x 在(,0)−∞,(0,)+∞内各有一个零点; 当10k −≥时,则()f x 在(,0)−∞,(0,)+∞内均无零点.综上所述,当1k >时,原方程有三个根.当1k ≤时,原方程有一个根.(18)(本题满分10分)【解析】(Ⅰ)设()()1ln 1,0,f x x x n ⎡⎤=+∈⎢⎥⎣⎦显然()f x 在10,n⎡⎤⎢⎥⎣⎦上满足拉格朗日的条件,()1111110ln 1ln1ln 1,0,1f f n n n n n ξξ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫−=+−=+=⋅∈ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪+⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭所以10,n ξ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时, 11111111101n n n nξ⋅<⋅<⋅+++,即:111111n n n ξ<⋅<++, 亦即:111ln 11n n n⎛⎫<+< ⎪+⎝⎭. 结论得证.(II )设111111ln ln 23nn k a n n n k==++++−=−∑. 先证数列{}n a 单调递减.()111111111ln 1ln ln ln 1111n n n n k k n a a n n k k n n n n ++==⎡⎤⎡⎤⎛⎫⎛⎫−=−+−−=+=−+ ⎪ ⎪⎢⎥⎢⎥+++⎝⎭⎝⎭⎣⎦⎣⎦∑∑,利用(I )的结论可以得到11ln(1)1n n <++,所以11ln 101n n ⎛⎫−+< ⎪+⎝⎭得到1n n a a +<,即数列{}n a 单调递减.再证数列{}n a 有下界.1111ln ln 1ln nnn k k a n n k k ==⎛⎫=−>+− ⎪⎝⎭∑∑,()11112341ln 1ln ln ln 1123nnk k k n n k k n ==++⎛⎫⎛⎫⎛⎫+==⋅⋅=+ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭∑∏,()1111ln ln 1ln ln 1ln 0nnn k k a n n n n k k ==⎛⎫=−>+−>+−> ⎪⎝⎭∑∑.得到数列{}n a 有下界.利用单调递减数列且有下界得到{}n a 收敛.(19)(本题满分11分) 【解析】11''(,)xy I xdx yf x y dy =⎰⎰11'0(,)x xdx ydf x y =⎰⎰()()111'000,|,x x xdx yf x y f x y dy ⎡⎤'=−⎢⎥⎣⎦⎰⎰ ()11''0(,1)(,)x x xdx f x f x y dy =−⎰⎰.因为(,1)0f x =,所以'(,1)0x f x =.11'(,)xI xdx f x y dy =−⎰⎰11'0(,)x dy xf x y dx =−⎰⎰111000(,)|(,)dy xf x y f x y dx ⎡⎤=−−⎢⎥⎣⎦⎰⎰1100(1,)(,)dy f y f x y dx ⎡⎤=−−⎢⎥⎣⎦⎰⎰ Dfdxdy =⎰⎰a =.(20)(本题满分11分)【解析】(I)由于123,,ααα不能由123,,βββ线性表示,对123123(,,,,,)βββααα进行初等行变换:123123113101(,,,,,)12401313115a ⎛⎫ ⎪= ⎪⎪⎝⎭βββααα113101011112023014a ⎛⎫ ⎪→− ⎪ ⎪−⎝⎭113101011112005210a ⎛⎫ ⎪→− ⎪ ⎪−−⎝⎭. 当5a =时,1231231(,,)2(,,,)3r r ββββββα=≠=,此时,1α不能由123,,βββ线性表示,故123,,ααα不能由123,,βββ线性表示.(II)对123123(,,,,,)αααβββ进行初等行变换:123123101113(,,,,,)013124115135⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭αααβββ101113013124014022⎛⎫ ⎪→ ⎪ ⎪⎝⎭101113013124001102⎛⎫ ⎪→ ⎪ ⎪−−⎝⎭ 1002150104210001102⎛⎫ ⎪→ ⎪ ⎪−−⎝⎭, 故112324βααα=+−,2122βαα=+,31235102βααα=+−.(21)(本题满分11分)【解析】(I)由于111100001111A −⎛⎫⎛⎫⎪ ⎪= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪−⎝⎭⎝⎭,设()()121,0,1,1,0,1T T αα=−=,则()()1212,,A αααα=−,即1122,A A αααα=−=,而120,0αα≠≠,知A 的特征值为121,1λλ=−=,对应的特征向量分别为()1110k k α≠,()2220k k α≠.由于()2r A =,故0A =,所以30λ=.由于A 是三阶实对称矩阵,故不同特征值对应的特征向量相互正交,设30λ=对应的特征向量为()3123,,Tx x x α=,则13230,0,T T⎧=⎨=⎩αααα即13130,0x x x x −=⎧⎨+=⎩. 解此方程组,得()30,1,0Tα=,故30λ=对应的特征向量为()3330k k α≠.(II) 由于不同特征值对应的特征向量已经正交,只需单位化:))()3121231231,0,1,1,0,1,0,1,0T T Tαααβββααα==−====. 令()123,,Q βββ=,则110TQ AQ −⎛⎫⎪=Λ= ⎪ ⎪⎝⎭, TA Q Q =Λ22122001102201022⎛−⎛⎫⎪ ⎪−⎛⎫⎪ ⎪⎪= ⎪ ⎪⎪⎪ ⎪⎪⎝⎭⎪ ⎪− ⎪⎪⎝⎭ ⎪⎝⎭220012200000002210001022⎛−⎛⎫− ⎪ ⎪⎛⎫⎪ ⎪ ⎪==⎪ ⎪ ⎪⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎪ ⎪⎪ ⎪⎝⎭ ⎪⎝⎭.(22)(本题满分11分)【解析】(I)因为{}221P X Y==,所以{}{}222210≠=−==P X Y P X Y.即{}{}{}0,10,11,00P X Y P X Y P X Y==−=======.利用边缘概率和联合概率的关系得到{}{}{}{}1 0,000,10,13P X Y P X P X Y P X Y====−==−−===;{}{}{}11,110,13P X Y P Y P X Y==−==−−==−=;{}{}{}11,110,13P X Y P Y P X Y====−===.即,X Y的概率分布为(II)Z的所有可能取值为1,0,1−.{}{}111,13P Z P X Y=−===−=.{}{}111,13P Z P X Y=====.{}{}{}101113P Z P Z P Z==−=−=−=.Z XY=的概率分布为(III)因为XY Cov XY E XY E X E Y ρ−⋅==其中()()1111010333E XY E Z ==−⋅+⋅+⋅=,()1111010333E Y =−⋅+⋅+⋅=.所以()()()0−⋅=E XY E X E Y ,即X ,Y 的相关系数0ρ=XY . (23)(本题满分 11分)【解析】因为总体X 服从正态分布,故设X 的概率密度为202()2()x f x μσ−−=,x −∞<<+∞.(I) 似然函数22002211()()22222211()(;)](2)ni i i x nnnx i i i L f x eμμσσσσπσ=−−−−−==∑===∏∏;取对数:222021()ln ()ln(2)22ni i x n L μσπσσ=−=−−∑; 求导:22022221()ln ()()22()ni i x d L nd μσσσσ=−=−+∑2202211[()]2()nii x μσσ==−−∑.令22ln ()0()d L d σσ=,解得22011()n i i x n σμ==−∑. 2σ的最大似然估计量为02211()ni i X n σμ∧==−∑.(II) 方法1:20~(,)μσi X N ,令20~(0,)i i Y X N μσ=−,则2211n i i Y n σ=∧=∑.2212221()()()()[()]n i i i i i E E Y E Y D Y E Y n σσ=∧===+=∑.2222212221111()()()()n i n i i D D Y D Y Y Y D Y n nnσ∧===+++=∑442244112{()[()]}(3)σσσ=−=−=i i E Y E Y n n n. 方法2:20~(,)μσi X N ,则~(0,1)i X N μσ−,得到()2201~ni i X Y n μχσ=−⎛⎫= ⎪⎝⎭∑,即()2201ni i Y X σμ==−∑.()()222222011111()n i i E E X E Y E Y n n n n n μσσσσσ=∧⎛⎫⎡⎤=−===⋅= ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭∑.()()22444022222111112()2n i i D D X D Y D Y n nn n n n μσσσσσ=∧⎛⎫⎡⎤=−===⋅= ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭∑.。

2011考研数学(一二三)真题(含答案)

2011考研数学(一二三)真题(含答案)
【答案】(D).
(B) 1,2 .
(C) 1,2,3 . (D) 2 ,3,4 .
【解析】由 x 0 的基础解系只有一个知 r(A) 3 ,所以 r( A) 1,
f
(0),
B

2z xy
|(0,0)
f
(x)
f ( y) f (y)
|(0,0)

[
f (0)]2 f (0)
0,
C

2z y2
|(0,0)
f
(x)
f
( y) f
(y) [ f f 2(y)
( y)]2
|(0,0)
f (0) [ f (0)]2 f (0)
较强。
观察选项:(A),(B),(C),(D)四个选项的收敛半径均为 1,幂级数收敛区间的中心在 x 1 处,
故(A),(B)错误;


因为
an
单调减少,lim n
an

0 ,所以 an

0 ,所以
n1
an
为正项级数,将
x

2 代入幂级数得
n1
an

n
而已知 Sn ak 无界,故原幂级数在 x 2 处发散,(D)不正确. k 1
2011 年全国硕士研究生入学 统一考试
数学(一、二、三) 试题及解析
山东考研辅导专家 苏老师
1
2011 年全国硕士研究生入学统一考试
数学(一)试题
一、选择题:1~8 小题,每小题 4 分,共 32 分,下列每题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要 求,请将所选项前的字母填在答.题.纸.指定位置上.
2

2011-2020年近十年全国考研数学一试卷真题和答案解析(最新146页含书签导航)

2011-2020年近十年全国考研数学一试卷真题和答案解析(最新146页含书签导航)

dt
,则
2F x2
x0

y2
(12) 设 L 是柱面方程 x2 y2 1与平面 z x y 的交线,从 z 轴正向往 z 轴负向看去
为逆时针方向,则曲线积分 xzdx xdy y2 dz
L
2

(13) 若二次曲面的方程 x2 3y2 z2 2axy 2xz 2 yz 4 ,经过正交变换化为
2 (1, 2, 3)T , 3 (3, 4, a)T 线性表示. (I) 求 a 的值; (II) 将 1, 2 , 3 由1,2 ,3 线性表示.
(21)(本题满分 11 分)
1 1 1 1
A
为三阶实对称矩阵,
A
的秩为
2,即
r
A
2
,且

0 1
0 1
0 1
0 1

(I) 求 A 的特征值与特征向量;
f (x, y)dxdy a ,其中 D (x, y) | 0 x 1,0 y 1 ,
D
计算二重积分 I
xy
f
'' xy
(
x,
y)dxdy

D
(20)(本题满分 11 分)
设向量组1 (1, 0,1)T ,2 (0,1,1)T ,3 (1, 3, 5)T ,不能由向量组 1 (1,1,1)T ,
(7) 设 F1(x) , F2 (x) 为两个分布函数,其相应的概率密度 f1(x) , f2 (x) 是连续函数,
则必为概率密度的是( )
(A) f1(x) f2 (x) .
(B) 2 f2 (x)F1(x) .
(C) f1(x)F2 (x) .
(D) f1(x)F2 (x) f2 (x)F1(x) .

2020考研数学一真题参考2011答案解析

2020考研数学一真题参考2011答案解析

2020年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题一、选择题:1~8小题,每小题4分,共32分,下列每题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,请将所选项前的字母填在答题纸...指定位置上. (1) 曲线234(1)(2)(3)(4)y x x x x =----的拐点是( )(A) (1,0). (B) (2,0). (C) (3,0). (D) (4,0). (2) 设数列{}n a 单调减少,lim 0n n a →∞=,1(1,2,)nn kk S an ===∑ 无界,则幂级数1(1)nn n a x ∞=-∑的收敛域为( )(A) (1,1]-. (B) [1,1)-. (C) [0,2). (D) (0,2]. (3) 设函数()f x 具有二阶连续导数,且()0f x >,(0)0f '=,则函数()ln ()z f x f y =在点(0,0)处取得极小值的一个充分条件是( )(A) (0)1f >,(0)0f ''>. (B) (0)1f >,(0)0f ''<. (C) (0)1f <,(0)0f ''>. (D) (0)1f <,(0)0f ''<.(4) 设40ln sin I x dx π=⎰,4ln cot J x dx π=⎰,40ln cos K x dx π=⎰,则,,I J K 的大小关系是( )(A) I J K <<. (B) I K J <<. (C) J I K <<. (D) K J I <<.(5) 设A 为3阶矩阵,将A 的第2列加到第1列得矩阵B ,再交换B 的第2行与第3行得单位矩阵,记1100110001P ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭,2100001010P ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭,则A =( ) (A) 12P P . (B) 112P P -. (C) 21P P . (D) 121PP -. (6) 设1234(,,,)A αααα=是4阶矩阵,*A 为A 的伴随矩阵,若(1,0,1,0)T是方程组0Ax =的一个基础解系,则*0A x =的基础解系可为( )(A) 13,αα. (B) 12,αα. (C) 123,,ααα. (D) 234,,ααα.(7) 设1()F x ,2()F x 为两个分布函数,其相应的概率密度1()f x ,2()f x 是连续函数,则必为概率密度的是( )(A)12()()f x f x . (B)212()()f x F x .(C)12()()f x F x . (D)1221()()()()f x F x f x F x +.(8) 设随机变量X 与Y 相互独立,且()E X 与()E Y 存在,记{}max ,U X Y =,{}min ,V X Y =则()E UV =( )(A)()()E U E V ⋅. (B)()()E X E Y ⋅. (C)()()E U E Y ⋅. (D)()()E X E V ⋅.二、填空题:9~14小题,每小题4分,共24分,请将答案写在答题纸...指定位置上. (9) 曲线0tan (0)4π=≤≤⎰xy tdt x 的弧长s = .(10) 微分方程cos xy y e x -'+=满足条件(0)0y =的解为y = .(11) 设函数2sin (,)1xytF x y dt t =+⎰,则222x y F x ==∂=∂ .(12) 设L 是柱面方程221x y +=与平面=+z x y 的交线,从z 轴正向往z 轴负向看去为逆时针方向,则曲线积分22L y xzdx xdy dz ++=⎰ . (13) 若二次曲面的方程22232224x y z axy xz yz +++++=,经过正交变换化为221144y z +=,则a = .(14) 设二维随机变量(),X Y 服从正态分布()22,;,;0N μμσσ,则()2E XY = . 三、解答题:15~23小题,共94分.请将解答写在答题纸...指定的位置上.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.(15)(本题满分10分)求极限110ln(1)lim()x e x x x-→+.(16)(本题满分9分)设函数(,())z f xy yg x =,其中函数f 具有二阶连续偏导数,函数()g x 可导且在1x =处取得极值(1)1g =,求211x y zx y==∂∂∂.(17)(本题满分10分)求方程arctan 0k x x -=不同实根的个数,其中k 为参数.(18)(本题满分10分)(Ⅰ)证明:对任意的正整数n ,都有111ln(1)1n n n<+<+ 成立. (Ⅱ)设111ln (1,2,)2n a n n n=+++-=,证明数列{}n a 收敛.(19)(本题满分11分)已知函数(,)f x y 具有二阶连续偏导数,且(1,)0f y =,(,1)0f x =,(,)Df x y dxdy a =⎰⎰,其中{}(,)|01,01D x y x y =≤≤≤≤,计算二重积分''(,)xy DI xy f x y dxdy =⎰⎰.(20)(本题满分11分)设向量组123(1,0,1)(0,1,1)(1,3,5)T T T ααα===,,,不能由向量组1(1,1,1)Tβ=,2(1,2,3)T β=,3(3,4,)T a β=线性表示.(I) 求a 的值;(II) 将123,,βββ由123,,ααα线性表示.(21)(本题满分11分)A 为三阶实对称矩阵,A 的秩为2,即()2r A =,且111100001111A -⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪-⎝⎭⎝⎭.(I) 求A 的特征值与特征向量;(II) 求矩阵A . (22)(本题满分11分)设随机变量X 与Y 的概率分布分别为且{}221P X Y ==.(I) 求二维随机变量(,)X Y 的概率分布; (II) 求Z XY =的概率分布; (III) 求X 与Y 的相关系数XY ρ.(23)(本题满分 11分) 设12,,,n X X X 为来自正态总体20(,)μσN 的简单随机样本,其中0μ已知,20σ>未知.X 和2S 分别表示样本均值和样本方差.(I) 求参数2σ的最大似然估计量2σ∧; (II) 计算2()E σ∧和2()D σ∧.2011年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题答案一、选择题:1~8小题,每小题4分,共32分,下列每题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,请将所选项前的字母填在答题纸...指定位置上. (1)【答案】(C).【解析】记1111,1,0y x y y '''=-==,2222(2),2(2),2,y x y x y '''=-=-= 32333(3),3(3),6(3),y x y x y x '''=-=-=- 432444(4),4(4),12(4),y x y x y x '''=-=-=- (3)()y x P x ''=-,其中(3)0P ≠,30x y =''=,在3x =两侧,二阶导数符号变化,故选(C).(2)【答案】(C).【解析】观察选项:(A),(B),(C),(D)四个选项的收敛半径均为1,幂级数收敛区间的中心在1x =处,故(A),(B)错误;因为{}n a 单调减少,lim 0n n a →∞=,所以0n a ≥,所以1nn a∞=∑为正项级数,将2x =代入幂级数得1nn a∞=∑,而已知S n =1nkk a=∑无界,故原幂级数在2x =处发散,(D)不正确.当0x =时,交错级数1(1)nn n a ∞=-∑满足莱布尼茨判别法收敛,故0x =时1(1)nn n a ∞=-∑收敛.故正确答案为(C).(3)【答案】(A). 【解析】(0,0)(0,0)|()ln ()|(0)ln (0)0zf x f y f f x∂''=⋅==∂, (0,0)(0,0)()|()|(0)0,()z f y f x f y f y '∂'=⋅==∂故(0)0f '=, 2(0,0)(0,0)2|()ln ()|(0)ln (0)0,zA f x f y f f x∂''''==⋅=⋅>∂22(0,0)(0,0)()[(0)]|()|0,()(0)z f y f B f x x y f y f ''∂'==⋅==∂∂222(0,0)(0,0)22()()[()][(0)]|()|(0)(0).()(0)z f y f y f y f C f x f f y f y f ''''∂-''''==⋅=-=∂又22[(0)]ln (0)0,AC B f f ''-=⋅>故(0)1,(0)0f f ''>>. (4)【答案】(B). 【解析】因为04x π<<时, 0sin cos 1cot x x x <<<<,又因ln x 是单调递增的函数,所以lnsin lncos lncot x x x <<. 故正确答案为(B).(5)【答案】 (D).【解析】由于将A 的第2列加到第1列得矩阵B ,故100110001A B ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭, 即1AP B =,11A BP-=. 由于交换B 的第2行和第3行得单位矩阵,故100001010B E ⎛⎫⎪= ⎪ ⎪⎝⎭, 即2,P B E =故122B P P -==.因此,121A P P -=,故选(D).(6)【答案】(D).【解析】由于(1,0,1,0)T 是方程组0Ax =的一个基础解系,所以(1,0,1,0)0TA =,且()413r A =-=,即130αα+=,且0A =.由此可得*||A A A E O ==,即*1234(,,,)A O =αααα,这说明1234,,,αααα是*0A x =的解.由于()3r A =,130αα+=,所以234,,ααα线性无关.又由于()3r A =,所以*()1r A =,因此*0A x =的基础解系中含有413-=个线性无关的解向量.而234,,ααα线性无关,且为*0A x =的解,所以234,,ααα可作为*0A x =的基础解系,故选(D).(7)【答案】(D).【解析】选项(D)1122()()()()f x F x f x F x dx +∞-∞⎡⎤+⎣⎦⎰2211()()()()F x dF x F x dF x +∞-∞⎡⎤=+⎣⎦⎰21()()d F x F x +∞-∞⎡⎤=⎣⎦⎰12()()|F x F x +∞-∞=1=. 所以1221()()f F x f F x +为概率密度.(8)【答案】(B).【解析】因为 {},,max ,,,X X Y U X Y Y X Y ≥⎧==⎨<⎩ {},,min ,,Y X Y V X Y X X Y ≥⎧==⎨<⎩.所以,UV XY =,于是()()E UV E XY = ()()E X E Y =.二、填空题:9~14小题,每小题4分,共24分,请将答案写在答题纸...指定位置上.(9)【答案】(ln 1.【解析】选取x 为参数,则弧微元sec ds xdx ===所以440sec ln sec tan ln(1s xdx x x ππ==+=+⎰. (10)【答案】sin xy e x -=.【解析】由通解公式得(cos )dx dxx y e e x e dx C --⎰⎰=⋅+⎰(cos )x e xdx C -=+⎰(sin )xe x C -=+.由于(0)0,y =故C =0.所以sin xy e x -=.(11)【答案】4. 【解析】2sin 1()F xyy x xy ∂=⋅∂+, 22222cos sin 2[1()]F y xy xy xy y x xy ∂-⋅=⋅∂+, 故2(0,2)2|4Fx∂=∂. (12)【答案】π.【解析】取22:0,1S x y z x y +-=+≤,取上侧,则由斯托克斯公式得,原式=22SS dydz dzdx dxdy ydydz xdzdx dxdy x y z y xzx∂∂∂=++∂∂∂⎰⎰⎰⎰.因'',1, 1.x y z x y z z =+==由转换投影法得221[(1)(1)1]Sx y ydydz xdzdx dxdy y x dxdy +≤++=⋅-+-+⎰⎰⎰⎰.221(1)x y x y dxdy π+≤=--+=⎰⎰221x y dxdy π+≤==⎰⎰.(13)【答案】1a =.【解析】由于二次型通过正交变换所得到的标准形前面的系数为二次型对应矩阵A 的特征值,故A 的特征值为0,1,4.二次型所对应的矩阵1131111a A a ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭,由于310ii A λ===∏,故113101111a a a =⇒=.(14)【答案】()22μμσ+.【解析】根据题意,二维随机变量(),X Y 服从()22,;,;0N μμσσ.因为0xy ρ=,所以由二维正态分布的性质知随机变量,X Y 独立,所以2,X Y .从而有()()()()()()22222E XY E X E Y D Y E Y μμμσ⎡⎤==+=+⎣⎦.三、解答题:15~23小题,共94分.请将解答写在答题纸...指定的位置上.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.(15)(本题满分10分)【解析】110ln(1)lim[]x e x x x-→+0ln(1)1lim[1].1x x x x e e →+--=2ln(1)limx x xx e →+-=22201()2lim x x x o x x x e→-+-=22201()2lim x x o x x e→-+=12e -=.(16)(本题满分9分) 【解析】[],()z f xy yg x =[][]12,(),()()zf xy yg x y f xy yg x yg x x∂'''=⋅+⋅∂ [][]211112,()(,())(,())()zf xy yg x y f xy yg x x f xy yg x g x x y∂'''''=++∂∂ []{}21222(),()()[,()][,()]()g x f xy yg x yg x f xy yg x x f xy yg x g x '''''''+⋅+⋅+.因为 g(x) 在 x 1 可导,且为极值,所以 g(1) 0 ,则d2z dxdy|x1 y 1f1(1,1) f11(1,1) f12(1,1) .(17)(本题满分 10 分)【解析】显然 x 0 为方程一个实根.当 x 0 时,令 f x x k,arctan xf x arctanx1x x2 arctan x 2.令gxarctanx1x x2xR , gx1 1 x21 x2 x2x 1 x2 22x 2 1 x22 0,即 x R, g x 0.又因为 g 0 0 ,即当 x 0 时, g x 0 ; 当 x 0 时, g x 0 .当 x 0 时, f ' x 0 ;当 x 0 时, f ' x 0 .所以当 x 0 时, f x 单调递减,当 x 0 时, f x 单调递增又由 lim f x lim x k 1 k ,x0x0 arctan xlim f x lim x k ,xx arctan x所以当1 k 0 时,由零点定理可知 f x 在 (, 0) , (0, ) 内各有一个零点;当1 k 0 时,则 f x 在 (, 0) , (0, ) 内均无零点.综上所述,当 k 1时,原方程有三个根.当 k 1 时,原方程有一个根.(18)(本题满分 10 分)【解析】(Ⅰ)设fxln1 x,x0,1 n 显然f(x)在0,1 n 上满足拉格朗日的条件,f 1 n f0ln1 1 n ln1ln1 1 n 1 11 n, 0,1 n 所以 0,1 n 时,1 1 11 n1 11 n1 1 01 n,即:1 n 11 11 n1 n,n亦即:1 n 1ln1 1 n 1 n.结论得证. (II)设 an11 21 3 1 ln n n 1 ln n .nk 1 k先证数列an 单调递减. an1 an n1 k11 k ln n 1 n k 11 k ln nn1 1ln n n 11 n 1ln11 n ,利用(I)的结论可以得到1 n 1ln(1 1) n,所以1 n 1ln1 1 n 0得到an1an,即数列an 单调递减.再证数列an 有下界. ann k 11 k lnnn k 1ln 11 k lnn, nk 1ln1 1 k lnn k 1 k1 k ln 2 13 24 3n n1 lnn1, ann k 11 kln nn k 1ln 11 k lnnln n1 lnn0.得到数列an 有下界.利用单调递减数列且有下界得到an 收敛.(19)(本题满分 11 分)【解析】 I 1xdx01 0yf'' xy(x,y)dy1xdx01 0ydf' x(x,y) 1 0xdx yfxx,y |101 0f' x x,y dy 1xdx0f' x(x,1)1 0f' x(x,y)dy.因为f(x,1)0 ,所以f' x(x,1)0. I1xdx01 0f' x(x,y)dy1dy01 0xf' x(x,y)dx 1dy0 xf(x,y)|101 0f(x,y)dx1 0dy f(1,y)1 0f(x,y)dx fdxdy a . D(20)(本题满分 11 分)【解析】(I)由于1,2 ,3 不能由 1, 2 , 3 线性表示,对 (1, 2 , 3,1,2 ,3) 进行初等行变换:1 1 3 1 0 1 (1, 2 , 3,1,2,3) 1 2 4 0 1 31 3 a 1 1 51 1 3 1 0 1 1 1 3 1 0 1 011112 011112 . 0 2 a 3 0 1 4 0 0 a 5 2 1 0 当 a 5 时,r(1, 2 , 3) 2 r(1, 2, 3,1) 3 ,此时,1 不能由 1, 2 , 3 线性表示,故1,2 ,3 不能由 1, 2 , 3 线性表示.(II)对 (1,2 ,3, 1, 2 , 3 ) 进行初等行变换:1 0 1 1 1 3(1,2,3,1,2,3) 013124 1 1 5 1 3 5 1 0 1 1 1 3 1 0 1 1 1 3 013124 013124 0 1 4 0 2 2 0 0 1 1 0 2 1 0 0 2 1 5 0104210 , 0 0 1 1 0 2故 1 21 42 3 , 2 1 22 , 3 51 102 23 .(21)(本题满分 11 分) 1 1 1 1 【解析】(I)由于A 00 00 ,设11,0, 1T,21, 0,1T,则 1 1 1 1 A1,2 1,2 ,即 A1 1, A2 2 ,而 1 0,2 0 ,知 A 的特征值为 1 1, 2 1,对应的特征向量分别为 k11 k1 0 , k22 k2 0 .由于 r A 2 ,故 A 0 ,所以 3 0 .由于 A 是三阶实对称矩阵,故不同特征值对应的特征向量相互正交,设 3 0 对应的特征向量为3 x1, x2, x3 T ,则12TT33 0, 0,即 x1 x1 x3 x3 0, 0.解此方程组,得3 0,1, 0T ,故 3 0 对应的特征向量为 k33 k3 0 .(II) 由于不同特征值对应的特征向量已经正交,只需单位化:1 1 11 21, 0, 1T, 22 21 21, 0,1T,33 3 0,1, 0T . 1令Q1,2,3,则QTAQ 1 ,0 A QQT2 2 0 2 22 2 02 20 1 0 1120 2 2 2 000 12 222 02 2 02 22 2 02 220 2 02 20 000 12 2 2 2 0 0 0 10 0 010 .0 (22)(本题满分 11 分) 【解析】(I)因为 P X 2 Y 2 1 ,所以 P X 2 Y 2 1 P X 2 Y 2 0 .即 P X 0,Y 1 P X 0,Y 1 P X 1,Y 0 0 .利用边缘概率和联合概率的关系得到P X 0,Y 0 P X 0 P X 0,Y 1 P X 0,Y 1 1 ;3P X 1,Y 1 PY 1 P X 0,Y 1 1 ;3P X 1,Y 1 PY 1 P X 0,Y 1 1 .3即 X ,Y 的概率分布为X-101001/3011/301/3(II) Z 的所有可能取值为 1, 0,1 .PZ 1 PX 1,Y 1 1 .3PZ 1 PX 1,Y 1 1 .3PZ 0 1 PZ 1 PZ 1 1 .3 Z XY 的概率分布为Z-101P1/31/31/3(III)因为 XY Cov XY E XY E X E Y ,D(X ) D(Y )D(X ) D(Y )其中E XY E Z 1 1 0 1 1 1 0 , E Y 1 1 0 1 1 1 0 .3 333 33所以 E XY E X E Y 0 ,即 X ,Y 的相关系数 XY 0 .(23)(本题满分 11 分)【解析】因为总体 X 服从正态分布,故设 X 的概率密度为 f (x) x .(I) 似然函数1e , (x0 2 2)22 nn L( 2 ) f (xi; 2 ) [i 1i 11e ] (2 ) e (xi 0 2 2)22n 2; 12 2n( xi 0 )2i12 取对数: ln L( 2 ) n ln(2 2 ) n (xi 0 )2 ;2i1 2 2 求导:dln L( 2 ) d ( 2 )n 22n i 1(xi 0 )2 2( 2 )21 2( 2 )2n[(xi 0 )2 2 ] .i 1 令dln L( 2 ) d ( 2 )0 ,解得21 nn i 1( xi0 )2. 2 的最大似然估计量为 21 nn i 1(Xi 0 )2.(II) 方法 1: X i~N (0 , 2 ) ,令YiXi 0~N (0, 2 ) ,则 21 nnYi 2i 1. E( 2 )E(1 nn i 1Yi2 )E(Yi2 )D(Yi ) [E(Yi )]22. D( 2 )D( 1 nnYi2 )i 11 n2D(Y12 Y22 Yn2 )1 nD(Yi2 )1 n{E(Yi4)[E(Yi2 )]2}1 n(344)2 n4.方法 2: X i~ N (0, 2),则Xi 0 ~ N (0,1),得到 Yn i1 Xi 02 ~2n,即n 2Y Xi 0 2 . i 1E 2 1 nE n i1(Xi0)2 1E n 2Y 1 2E Y 1 2 n 2 .nn D 2 1 n2n D i1 ( Xi0)2 1 n2D 2Y1 n24D Y1 n24 2n2 n4.。

2011年数学一考研真题加答案免费

2011年数学一考研真题加答案免费

2011年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题(含答案)一、选择题1.曲线222)4()3()2)(1(----=x x x x y 拐点 A (1,0) B (2,0) C (3,0) D (4,0) 2设数列{}n a 单调递减,∑=∞→⋯===n k kn n n n a S a 1,2,1(,0lim )无界,则幂级数∑=-nk nkx a 1)1(的收敛域A(-1,1] B[-1,1) C[0,2) D(0,2]3.设函数)(x f 具有二阶连续导数,且0)0(,0)(>'>f x f ,则函数)(ln )(y f x f z =在点(0,0)处取得极小值的一个充分条件A 0)0(,1)0(>''>f fB 0)0(,1)0(<''>f fC 0)0(,1)0(>''<f fD 0)0(,1)0(<''<f f 4.设⎰⎰⎰===44400cos ln ,cot ln ,sin ln πππxdx K xdx J xdx I 的大小关系是、、则K J IA I<J<KB I<K<JC J<I<KD K<J<I5.设A 为3阶矩阵,将A 的第二列加到第一列得矩阵B ,再交换B 的第二行与第一行得单位矩阵。

记,010100001,010********⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎣⎡=⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎣⎡=P P 则A=A 21P PB 211P P -C 12P PD 112P P -6.设),,,(4321αααα=A 是4阶矩阵,*A 是A 的伴随矩阵,若T)0,1,0,1(是方程组0=Ax 的一个基础解系,则0*=x A 的基础解系可为 A 31,αα B 21,αα C 321,,ααα D 432,,ααα7.设)(),(21x F x F 为两个分布函数,其相应的概率密度)(),(21x f x f 是连续函数,则必为概率密度的是A )()(21x f x fB )()(222x F x fC )()(21x F x fD )()()()(1221x F x f x F x f +8.设随机变量X 与Y 相互独立,且EX 与EY 存在,记U=max{x,y},V={x,y},则E(UV)= A EUEV B EXEY C EUEY D EXEV二、填空题9.曲线)40(tan 0⎰≤≤=xx tdt y π的弧长s=____________10.微分方程x e y y x cos -=+'满足条件y(0)=0的解为y=____________ 11.设函数⎰+=xydt t t y x F 021sin ),(,则__________22=∂∂=x xF12.设L 是柱面方程为122=+y x 与平面z=x+y 的交线,从z 轴正向往z 轴负向看去为逆时针方向,则曲线积分⎰=++___________22dz y xdy xzdx13.若二次曲面的方程为42223222=+++++yz xz axy z y x ,经正交变换化为442121=+z y ,则=a _______________三、解答题15求极限110))1ln((lim -→+x e x xx16设))(,(x yg xy f z =,其中函数f 具有二阶连续偏导数,函数g(x)可导,且在x=1处取得极值g(1)=1,求1,12==∂∂∂y x yx z17求方程0arctan =-x x k 不同实根的个数,其中k 为参数。

2011年十月份联考数学真题答案解析

2011年十月份联考数学真题答案解析
2
+ bx+ c ) = 0 , x1 , x 2 c 是方程 ax 2 + bx+ c = 0 的两根, x + , x1, x 互为相反数,于是 xx1 2 = < 0 ⇒ ac < 0 . 1x 2 =0 2 a 【另解】 :由 x1x 2 x3 = 0 ,知道必有一根为 0 , 不妨假设为 x3 , 则d= 0, 另外两根互为相反数, 不妨设为 1和 − 1 ,
1 2 4 3 1 2
1 1 1 S多边形ABDCE = S 矩形EFGH − S Rt∆AFB − S Rt∆BGC − SRt∆DCH = 3 ⋅ 4 − ⋅ 2 ⋅ 2 − ⋅ 2 ⋅ 1 − ⋅ 2 ⋅ 1 = 8 . 2 2 2
【参考答案】:B 14 .如图,一块面积 为 400 平方米的正方形土地被分割成甲、乙、丙、丁四 个 小长方形区域作为不同的功能区域,它们的面积分别为 128,192, 48 和 32 平方 米。乙的左小角划出一块正方形区域(阴影)作为公共区域,这块小正方形的 面积为( )平方米 A . 16 B . 17 C. 18 D . 19 E . 20 【考点】:正方形 【解析】 :因为大正方形的边长是 20 ,丙 + 丁的面积是 80 ,所以丙的宽是 4 ,丙的长是 12 ,所以甲的长是 16 , 甲的宽是 8 ,所以小正方形(阴影)的边长 = 丙长 − 甲宽 = 12 − 8 = 4 , 故面积是 16 平方米. 【另解】 : 由于正方形面积一定是完全平方 数,则只有 16 是完全平方数.
∑a
k=1
15
k
=(
) D . 45 E . 60
(a1 + a15 ) ⋅ 15 ,而 5a − a − 12 = 0 ⇒ 5(a + 6d) − (a + 2d) = 12 , 7 3 1 1 2 k=1 4a1 + 28d = 12 ⇒ a1 + 7d = 3 ⇒ a8 = 3 , (a1 + a15 ) ⋅ 15 = 15a3 = 15 ⋅ 3 = 45 . 2

2011考研数学真题+答案

2011考研数学真题+答案
x 1 y 1
2 z 所以 xy
f1 (1,1) f11 (1,1) f12 (1,1) .
(17)(本题满分 10 分) 求方程 k arctan x x 0 不同实根的个数,其中 k 为参数. 解:令 f ( x) k arctan x x ,则 f ( x) 是 (, ) 上的奇函数,且
2011 年 • 第 3 页
郝海龙:考研数学复习大全·配套光盘·2011 年数学试题答案和评分参考
1 1 ln n (n 1, 2,) ,证明数列 {an } 收敛. 2 n 解: (I)根据拉格朗日中值定理,存在 (n, n 1) ,使得 1 1 1 1 1 1 ln(1 ) ln(n 1) ln n ,所以 ln(1 ) . n n 1 n n 1 1 (II)当 n 1 时,由(I)知 an1 an ln(1 ) 0 , n 1 n 1 1 1 1 且 an 1 ln n ln(1 1) ln(1 ) ln(1 ) ln n 2 n 2 n ln(1 n) ln n 0 ,所以数列 {an } 单调下降且有下界,故 {an } 收敛.
(A) P1P2 (B) P11P2 (C) P2 P1
*
(D)
(D) P2 P11
T
(6) 设 A (1,2 ,3 ,4 ) 是 4 阶矩阵, A 为 A 的伴随矩阵.若 (1, 0,1, 0) 是方程组 Ax 0
* 的一个基础解系, 则 A x 0 的基础解系可为
(D) (D)

(A) (B) f (0) 1, f (0) 0 (D) f (0) 1, f (0) 0
(4) 设 I 4 ln sin xdx , J 4 ln cot xdx , K 4 ln cos xdx , 则 I , J , K 的大小关系为 (B)
  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

n
∑a (x -1) ⎝ ⎭ ⎝ ⎭
1 2 2 1
0 0
2011 年考研数学一试题
一、选择题:1~8 小题,每小题 4 分,共 32 分,下列每题给出的
四个选项中,只有一个选项符合题目要求,请将所选项前的字母填在答.题.纸.
指定位置上. (1) 曲线 y = (x -1)(x - 2)2 (x - 3)3(x - 4)4 的拐点是(
)
(A) (1, 0) .
(B) (2, 0) .
(C) (3, 0) .
(D) (4, 0) .
(2) 设数列{a n } 单调减少, lim a n = 0 , S n =
∑a k (n = 1, 2,
无界,则幂级数
n →∞
k =1

n
的收敛域为(
)
n =1
(A) (-1,1] .
(B) [-1,1) . (C) [0, 2) . (D) (0, 2] .
(3) 设函数 f (x ) 具 有 二 阶 连 续 导 数 , 且 f (x ) > 0 , f '(0) = 0 , 则 函 数
z = f (x ) l n f ( y ) 在点(0, 0) 处取得极小值的一个充分条件是(
)
(A) f (0) > 1, f ''(0) > 0 .
(B) f (0) > 1, f ''(0) < 0 .
(C) f (0) < 1, f ''(0) > 0 .
(D) f (0) < 1, f ''(0) < 0 .
π
π
π
(4) 设 I = ⎰
4
ln sin xdx , J = ⎰ 4 ln cot xdx , K = ⎰ 4
ln cos xdx ,则 I , J , K 的大 小关系是(
)
(A) I < J < K . (B) I < K < J .
(C) J < I < K . (D) K < J < I .
(5) 设 A 为 3 阶矩阵,将 A 的第 2 列加到第 1 列得矩阵 B ,再交换 B 的第 2 行与第 3
⎛ 1 0 0 ⎫ 行得单位矩阵,记 P = 1 1 0 ⎪ , P ⎛ 1 0 0 ⎫ = 0 0 1 ⎪
,则 A = (
)
1 ⎪ 0 0 1 ⎪
2 ⎪ 0 1 0 ⎪
(A) P 1P 2 .
(B) P -1
P .
(C) P 2 P 1 . (D) P P -1

(6) 设 A = (α ,α ,α ,α ) 是 4 阶矩阵, A * 为 A 的伴随矩阵,若(1, 0,1, 0)T 是方程组
1
2
3
4
) n
1 1 Ax = 0 的一个基础解系,则 A *x = 0 的基础解系可为(
)
(A) α1,α3 .
(B) α1,α2 . (C) α1,α2,α3 .
(D) α2,α3,α4 .
(7) 设 F 1 (x ) , F 2 (x ) 为两个分布函数,其相应的概率密度 f 1 (x ) , f 2 (x ) 是连续函数, 则必为概率密度的是(
)
(A) f 1 (x ) f 2 (x ) .
(B) 2 f 2 (x )F 1(x ) .
(C) f 1 (x )F 2 (x ).
(D) f 1 (x )F 2 (x ) + f 2 (x )F 1(x ) .
(8) 设随机变量 X 与 Y 相互独立,且 E ( X ) 与 E (Y ) 存在,记U = max {X ,Y } ,
V = min {X ,Y }则 E (UV ) = (
)
(A) E (U ) ⋅ E (V ) .
(B) E (X ) ⋅ E (Y ) .
(C) E (U ) ⋅ E (Y ) .
(D) E (X ) ⋅ E (V ) .
二、填空题:9~14 小题,每小题 4 分,共 24 分,请将答案写在答.题.纸.
指定位置上. (9) 曲线 y =
⎰x
tan tdt (0 ≤ x ≤ π
) 的弧长 s =

0 4
(10) 微分方程 y ' + y = e -x cos x 满足条件 y (0) = 0 的解为 y = .
xy
sin t
(11) 设函数 F (x , y ) =

1+ t 2 dt ,则
x =0
y =2
= .
(12) 设 L 是柱面方程 x 2 + y 2 = 1与平面 z = x + y 的交线,从 z 轴正向往 z 轴负向看去
为逆时针方向,则曲线积分 dz = .
(13) 若二次曲面的方程 x 2 + 3y 2 + z 2 + 2axy + 2xz + 2yz = 4 ,经过正交变换化为
y 2 + 4z 2
= 4 ,则
a = . (14) 设 二 维 随 机 变 量 ( X ,Y ) E ( XY 2 )
=

服 从 正 态 分 布
N
( μ, μ;σ 2
,σ 2
;0) ,则
∂2
F
∂x 2 ⎰ L xzdx + xdy + y 2
2
xy
2 3
三、解答题:15~23 小题,共 94 分.请将解答写在答.题.纸.指定的位置上.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
(15) (本题满分 10 分)
ln(1+ x ) 1
求极限lim( )e x -1 .
x →0 x
(16) (本题满分 9 分)
设函数 z = f (xy , yg (x )) ,其中函数 f 具有二阶连续偏导数,函数 g (x ) 可导且在 x = 1
∂2 z 处取得极值 g (1) = 1,求
∂x ∂y .
x =1
y =1
(17) (本题满分 10 分)
求方程k arctan x - x = 0 不同实根的个数,其中 k 为参数.
(18)(本题满分 10 分)
1
1 1
(Ⅰ)证明:对任意的正整数 n ,都有
n +1 < ln(1+ ) < n n
成立. (Ⅱ)设a = 1+ 1 + + 1
- ln n (n = 1, 2, ) ,证明数列{a } 收敛.
n 2 n n
(19) (本题满分 11 分) 已知函数 f ( x ,
y 具 有 二 阶 连 续 偏 导 数 , 且 f (1, y ) = 0 , f (x ,1) = 0 ,
⎰⎰ f (x , y )dxdy = a ,其中 D ={(x , y ) | 0 ≤ x ≤ 1, 0 ≤ y ≤ 1} ,
D
计算二重积分 I =
⎰⎰
D
xy f '' (x , y )dxdy .
(20) (本题满分 11 分)
设向量组α = (1, 0,1)T ,α = (0,1,1)T ,α = (1,3,5)T ,不能由向量组 β = (1,1,1)T ,
1
2
3
1
β = (1, 2,3)T , β = (3, 4, a )T
线性表示.
(I) 求a 的值;
(II) 将 β1, β2, β3 由α1,α2,α3 线性表示.
(21) (本题满分 11 分)
⎪ ⎪ ⎝ ⎭ ⎝ ⎭
1 2 n 0 0
⎛ 1 1 ⎫ ⎛ -1 1 ⎫
A 为三阶实对称矩阵, A 的秩为
2,即r ( A ) = 2 ,且 A 0 0 ⎪ = 0 0 ⎪ . -1 1 ⎪ 1 1 ⎪ (I) 求 A 的特征值与特征向量;
(II) 求矩阵 A .
(22)(本题满分 11 分)
设随机变量 X 与Y X 0 1 P 1/ 3 2 / 3
Y -1 0
1 P 1/ 3 1/ 3 1/ 3
且 P {
X 2 = Y 2
} = 1 .
(I) 求二维随机变量( X ,Y ) 的概率分布; (II) 求 Z = XY 的概率分布; (III) 求 X 与Y 的相关系数 ρXY .
(23)(本题满分 11 分)
设 X , X , , X 为来自正态总体 N (μ ,σ 2
) 的简单随机样本,其中 μ 已知,σ 2
> 0 未
知. X 和 S 2 分别表示样本均值和样本方差.

(I) 求参数σ 2
的最大似然估计量σ 2 ;

∧ (II) 计算 E (σ 2 ) 和 D (σ 2
) .。

相关文档
最新文档