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(全国通用版)2019版高考数学一轮复习 第七单元 平面向量 高考研究课(二)平面向量的数量积及应用

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2019年最新高考数学(理科)一轮复习通用版：第七单元 平面向量

2019年最新高考数学(理科)一轮复习通用版：第七单元 平面向量

第七单元平面向量教材复习课“平面向量”相关基础知识一课过(对应学生用书P59)1．若向量a与b不相等，则a与b一定()A．有不相等的模B．不共线C．不可能都是零向量D．不可能都是单位向量解析：选C若a与b都是零向量，则a＝b，故选项C正确．2．关于平面向量，下列说法正确的是()A．零向量是唯一没有方向的向量B．平面内的单位向量是唯一的C．方向相反的向量是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量D．共线向量就是相等向量解析：选C对于A，零向量是有方向的，其方向是任意的，故A不正确；对于B，单位向量的模为1，其方向可以是任意方向，故B不正确；对于C，方向相反的向量一定是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量，故C正确；对于D，由共线向量和相等向量的定义可知D不正确，故选C.3．下列命题中，正确的个数是()①单位向量都相等；②模相等的两个平行向量是相等向量；③若a，b满足|a|>|b|且a与b同向，则a>b；④若两个向量相等，则它们的起点和终点分别重合．A．0 B．1C．2 D．3解析：选A对于①，单位向量的大小相等，但方向不一定相同，故①错误；对于②，模相等的两个平行向量是相等向量或相反向量，故②错误；对于③，向量是有方向的量，不能比较大小，故③错误；对于④，向量是可以平移的矢量，当两个向量相等时，它们的起点和终点不一定相同，故④错误．综上，正确的命题个数是0.[清易错]1．对于平行向量易忽视两点：(1)零向量与任一向量平行．(2)两平行向量有向线段所在的直线平行或重合，易忽视重合这一条件．2．单位向量的定义中只规定了长度没有方向限制．1．若m∥n，n∥k，则向量m与向量k()A．共线B．不共线C．共线且同向D．不一定共线解析：选D可举特例，当n＝0时，满足m∥n，n∥k，故A、B、C选项都不正确，故D正确．2．设a，b都是非零向量，下列四个选项中，一定能使a|a|＋b|b|＝0成立的是()A．a＝2b B．a∥bC．a＝－13b D．a⊥b解析：选C“a|a|＋b|b|＝0，且a，b都是非零向量”等价于“非零向量a，b共线且反向”，故答案为C.向量共线定理及平面向量基本定理1．向量共线定理向量b与a(a≠0)共线的充要条件是有且只有一个实数λ，使得b＝λa.2．平面向量的基本定理如果e1，e2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任意向量a，有且只有一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2.其中，不共线的向量e 1，e 2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底． [小题速通]1．已知a ，b 是不共线的向量，AB ―→＝λa ＋b ，AC ―→＝a ＋μb ，λ，μ∈R ，则A ，B ，C 三点共线的充要条件为( )A ．λ＋μ＝2B ．λ－μ＝1C ．λμ＝－1D ．λμ＝1解析：选D ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→∥AC ―→，设AB ―→＝m AC ―→(m ≠0)，即λa ＋b ＝m a ＋mμb ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝m ，1＝mμ，∴λμ＝1. 2．(2018·南宁模拟)已知e 1，e 2是不共线向量，a ＝m e 1＋2e 2，b ＝n e 1－e 2，且mn ≠0，若a ∥b ，则mn 的值为( )A ．－12B.12 C ．－2D ．2解析：选C ∵a ∥b ，∴a ＝λb ，即m e 1＋2e 2＝λ(n e 1－e 2)，则⎩⎪⎨⎪⎧λn ＝m ，－λ＝2，故mn ＝－2.3．已知点M 是△ABC 的边BC 的中点，点E 在边AC 上，且EC ―→＝2AE ―→，则EM ―→＝( ) A.12AC ―→＋13AB ―→ B.12AC ―→＋16AB ―→C.16AC ―→＋12AB ―→D.16AC ―→＋32AB ―→ 解析：选C 如图，∵EC ―→＝2AE ―→，∴EM ―→＝EC ―→＋CM ―→＝23AC ―→＋12CB ―→＝23AC ―→＋12(AB ―→－AC ―→)＝16AC ―→＋12AB ―→.[清易错]1．在向量共线的重要条件中易忽视“a ≠0”，否则λ可能不存在，也可能有无数个． 2．平面向量基本定理指出：平面内任何一个非零向量都可以表示为沿两个不共线的方向分离的两个非零向量的和，并且一旦分解方向确定后，这种分解是唯一的．这一点是易忽视的．1．(2018·大连双基测试)给出下列四个命题： ①两个具有公共终点的向量一定是共线向量； ②两个向量不能比较大小，但它们的模能比较大小； ③λa ＝0(λ为实数)，则λ必为零；④λ，μ为实数，若λa ＝μb ，则a 与b 共线． 其中假命题的个数是( ) A ．1 B ．2 C ．3D ．4解析：选C ①错误，两向量是否共线是要看其方向而不是起点或终点；②正确，因为向量既有大小，又有方向，故向量不能比较大小，但向量的模均为实数，故可以比较大小；③错误，当a ＝0时，不论λ为何值，都有λa ＝0；④错误，当λ＝μ＝0时，λa ＝μb ，此时a 与b 可以是任意向量．2.如图，在△OAB 中，P 为线段AB 上的一点，OP ―→＝x OA ―→＋yOB ―→，且BP ―→＝2PA ―→，则( )A ．x ＝23，y ＝13B ．x ＝13，y ＝23C ．x ＝14，y ＝34D ．x ＝34，y ＝14解析：选A 由题意知OP ―→＝OB ―→＋BP ―→，又BP ―→＝2PA ―→，所以OP ―→＝OB ―→＋23BA ―→＝OB―→＋23(OA ―→－OB ―→)＝23OA ―→＋13OB ―→，所以x ＝23，y ＝13.平面向量的运算1．向量的线性运算向量运算定义 法则(或几何意义)运算律加法求两个向量和的运算三角形法则 平行四边形法则 (1)交换律：a ＋b ＝b ＋a ； (2)结合律：(a ＋b )＋c ＝a ＋(b ＋c )(1)平面向量的正交分解把一个向量分解为两个互相垂直的向量，叫做把向量正交分解． (2)平面向量的坐标运算①向量加法、减法、数乘向量及向量的模 设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则 a ＋b ＝(x 1＋x 2，y 1＋y 2)， a －b ＝(x 1－x 2，y 1－y 2)， λa ＝(λx 1，λy 1)，|a |＝x 21＋y 21.②向量坐标的求法设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则AB ―→＝(x 2－x 1，y 2－y 1)，|AB ―→|＝(x 2－x 1)2＋(y 2－y 1)2. (3)平面向量共线的坐标表示设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b ⇔x 1y 2－x 2y 1＝0. [小题速通]1．(2018·嘉兴测试)在△ABC 中，已知M 是BC 边的中点，设CB ―→＝a ，CA ―→＝b ，则AM ―→＝( )A.12a －b B.12a ＋b C ．a －12bD ．a ＋12b解析：选A AM ―→＝AC ―→＋CM ―→＝－CA ―→＋12CB ―→＝－b ＋12a .2．设D 是线段BC 的中点，且AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→，则( )A ．AD ―→＝2AE ―→B ．AD ―→＝4AE ―→C ．AD ―→＝2EA ―→D ．AD ―→＝4EA ―→解析：选A ∵D 是线段BC 的中点， ∴AB ―→＋AC ―→＝2AD ―→， ∵AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→， ∴AD ―→＝2AE ―→.3．已知AC 为平行四边形ABCD 的一条对角线，AB ―→＝(2,4)，AC ―→＝(1,3)，则AD ―→＝( ) A ．(－1，－1) B ．(3,7) C ．(1,1)D ．(2,4)解析：选A 由题意可得AD ―→＝BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(1,3)－(2,4)＝(－1，－1)． 4．已知A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→，则点P 的坐标为________． 解析：设P (x ，y )，∵A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→， ∴(x －2，y －3)＝3(2，－6)＝(6，－18)，∴⎩⎪⎨⎪⎧x －2＝6，y －3＝－18，解得x ＝8，y ＝－15， ∴点P 的坐标为(8，－15)． 答案：(8，－15)5．已知向量a ＝(1,3)，b ＝(－2,1)，c ＝(3,2)．若向量c 与向量k a ＋b 共线，则实数k ＝________.解析：k a ＋b ＝k (1,3)＋(－2,1)＝(k －2,3k ＋1)， 因为向量c 与向量k a ＋b 共线，所以2(k －2)－3(3k ＋1)＝0，解得k ＝－1. 答案：－16．设O 在△ABC 的内部，D 为AB 的中点，且OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0，则△ABC 的面积与△AOC 的面积的比值为________．解析：∵D 为AB 的中点，∴OA ―→＋OB ―→＝2OD ―→， ∵OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0， ∴OC ―→＝－OD ―→， ∴O 是CD 的中点，∴S △AOC ＝S △AOD ＝12S △AOB ＝14S △ABC .答案：4[清易错]1．向量坐标不是向量的终点坐标，与向量的始点、终点有关系．2．数乘向量仍为向量，只是模与方向发生变化，易误认为数乘向量为实数． 3．若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件不能表示成x 1x 2＝y 1y 2，因为x 2，y 2有可能等于0，所以应表示为x 1y 2－x 2y 1＝0.1．若向量AB ―→＝(1,2)，BC ―→＝(3,4)，则AC ―→＝( ) A ．(2,2) B ．(－2，－2) C ．(4,6)D ．(－4，－6)解析：选C AC ―→＝AB ―→＋BC ―→＝(4,6)．2．已知向量a ，b 不共线，若AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ，则四边形ABCD 是( )A ．梯形B ．平行四边形C ．矩形D ．菱形解析：选A 因为AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ， 所以AD ―→＝AB ―→＋BC ―→＋CD ―→＝－8a －2b ， 所以AD ―→＝2BC ―→，即直线AD 与BC 平行，而向量AB ―→与CD ―→不共线，即直线AB 与CD 不平行， 故四边形ABCD 是梯形．3．(2018·河北联考)已知向量a ＝(1,2)，b ＝(－2，m )，若a ∥b ，则2a ＋3b ＝( ) A ．(－5，－10) B ．(－2，－4) C ．(－3，－6)D ．(－4，－8)解析：选D 由a ∥b ，得m ＋4＝0，即m ＝－4，所以2a ＋3b ＝2(1,2)＋3(－2，－4)＝(－4，－8)．平面向量的数量积[过双基]1．向量的夹角 定义图示范围共线与垂直2．平面向量的数量积3．平面向量数量积的运算律(1)a·b＝b·a.(2)(λa)·b＝λ(a·b)＝a·(λb)．(3)(a＋b)·c＝a·c＋b·c.4．平面向量数量积的有关结论已知非零向量a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，θ＝〈a，b〉.1．设向量e1，e2是两个互相垂直的单位向量，且a＝2e1－e2，b＝e2，则|a＋2b|＝() A．2 2 B. 5C．2 D．4解析：选B∵向量e1，e2是两个互相垂直的单位向量，∴|e1|＝1，|e2|＝1，e1·e2＝0，∵a＝2e1－e2，b＝e2，∴a＋2b＝2e1＋e2，∴|a＋2b|2＝4e21＋4e1·e2＋e22＝5，∴|a＋2b|＝ 5.2．(2018·云南检测)设向量a ＝(－1,2)，b ＝(m,1)，如果向量a ＋2b 与2a －b 平行，那么a 与b 的数量积等于( )A ．－72B ．－12C.32D.52解析：选D 因为a ＋2b ＝(－1＋2m,4)，2a －b ＝(－2－m,3)，由题意得3(－1＋2m )－4(－2－m )＝0，则m ＝－12，所以a ·b ＝－1×⎝⎛⎭⎫－12＋2×1＝52. 3．已知|a |＝1，|b |＝2，a ·(a －b )＝3，则a 与b 的夹角为( ) A.π3 B.π6 C.π2D ．π解析：选D 设a 与b 的夹角为θ，由题意知|a |＝1，|b |＝2， ∵a ·(a －b )＝a 2－a ·b ＝12－1×2×c os θ＝3， ∴c os θ＝－1. 又θ∈[0，π]， ∴a 与b 的夹角为π.4．已知向量a ，b 满足|a |＝2，|b |＝1，a 与b 的夹角为2π3，则|a ＋2b |＝________.解析：∵(a ＋2b )2＝a 2＋4a ·b ＋4b 2＝4＋4×2×1×⎝⎛⎭⎫－12＋4＝4，∴|a ＋2b |＝2. 答案：25．(2018·衡水中学检测)在直角三角形ABC 中，C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1，若AD ―→＝32AB ―→，则CD ―→·CB ―→＝________.解析：∵AD ―→＝32AB ―→，∴CD ―→·CB ―→＝(CA ―→＋AD ―→)·CB ―→＝⎝⎛⎭⎫CA ―→＋32 AB ―→·CB ―→＝⎝⎛⎭⎫32CB ―→－12CA ―→·CB ―→＝32CB ―→2， 又∵C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1， ∴CB ＝3，∴CD ―→·CB ―→＝92.答案：926．(2018·东北三校联考)已知正方形ABCD 的边长为2，DE ―→＝2EC ―→，DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，则BE ―→·DF ―→＝________.解析：如图，以B 为原点，BC 所在直线为x 轴，AB 所在直线为y 轴建立平面直角坐标系．则B (0,0)，E ⎝⎛⎭⎫2，23，D (2,2)． 由DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，知F 为BC 的中点，所以F (1,0)，故BE―→＝⎝⎛⎭⎫2，23，DF ―→＝(－1，－2)， ∴BE ―→·DF ―→＝－2－43＝－103.答案：－103[清易错]1．0与实数0的区别：0a ＝0≠0，a ＋(－a )＝0≠0，a ·0＝0≠0. 2．a ·b ＝0不能推出a ＝0或b ＝0，因为a ·b ＝0时，有可能a ⊥b . 3．在运用向量夹角时，注意其取值范围为[0，π]． 1．有下列说法：①向量b 在向量a 方向上的投影是向量；②若a ·b >0，则a 和b 的夹角为锐角，若a ·b <0，则a 和b 的夹角为钝角； ③(a ·b )c ＝a (b ·c )；④若a ·b ＝0，则a ＝0或b ＝0. 其中正确的说法个数为( ) A ．0 B ．3 C ．4 D ．2答案：A2．已知a ＝(1,3)，b ＝(2＋λ，1)，且a 与b 的夹角为锐角，则实数λ的取值范围是________． 解析：由题意可得a ·b >0，且a ，b 不共线， 即⎩⎪⎨⎪⎧2＋λ＋3>0，2＋λ1≠13，解得λ>－5，且λ≠－53.答案：⎝⎛⎭⎫－5，－53∪⎝⎛⎭⎫－53，＋∞ 3．已知向量a ，b 满足a ＝(2,0)，|b |＝1，若|a ＋b |＝7，则a 与b 的夹角是________． 解析：由|a ＋b |＝7，得(a ＋b )2＝a 2＋2a ·b ＋b 2＝4＋2a ·b ＋1＝7，∴a ·b ＝1，∴|a |·|b |·c os 〈a ，b 〉＝1，∴c os 〈a ，b 〉＝12.又〈a ，b 〉∈[0，π]，∴a ，b 的夹角为π3.答案：π3一、选择题1．(2018·常州调研)已知A ，B ，C 三点不共线，且点O 满足OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0，则下列结论正确的是( )A ．OA ―→＝13AB ―→＋23BC ―→B ．OA ―→＝23AB ―→＋13BC ―→C ．OA ―→＝13AB ―→－23BC ―→D ．OA ―→＝－23AB ―→－13BC ―→解析：选D ∵OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0， ∴O 为△ABC 的重心，∴OA ―→＝－23×12(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AB ―→＋BC ―→)＝－13(2AB ―→＋BC ―→)＝－23AB ―→－13BC ―→.2．(2018·合肥质检)已知O ，A ，B ，C 为同一平面内的四个点，若2AC ―→＋CB ―→＝0，则向量OC ―→等于( )A.23OA ―→－13OB ―→ B ．－13OA ―→＋23OB ―→C ．2OA ―→－OB ―→D ．－OA ―→＋2OB ―→解析：选C 因为AC ―→＝OC ―→－OA ―→，CB ―→＝OB ―→－OC ―→， 所以2AC ―→＋CB ―→＝2(OC ―→－OA ―→)＋(OB ―→－OC ―→) ＝OC ―→－2OA ―→＋OB ―→＝0， 所以OC ―→＝2OA ―→－OB ―→.3．已知向量a 与b 的夹角为30°，且|a |＝3，|b |＝2，则|a －b |的值为( )A ．1 B.13 C ．13D.7－2 3解析：选A 由向量a 与b 的夹角为30°，且|a |＝3，|b |＝2， 可得a ·b ＝|a |·|b |·c os 30°＝3×2×32＝3， 所以|a －b |＝(a －b )2＝a 2＋b 2－2a ·b ＝3＋4－2×3＝1.4．(2018·成都一诊)在边长为1的等边△ABC 中，设BC ―→＝a ，CA ―→＝b ，AB ―→＝c ，则a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝( )A ．－32B ．0 C.32D ．3解析：选A 依题意有a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝⎝⎛⎭⎫－12＋⎝⎛⎭⎫－12＋⎝⎛⎭⎫－12＝－32. 5．已知非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，|a |＝3，且a 与a ＋b 的夹角为π4，则|b |＝( )A ．6B ．3 2C ．2 2D ．3解析：选D 由非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，可知两个向量垂直，由|a |＝3，且a 与a ＋b 的夹角为π4，说明以向量a ，b 为邻边，a ＋b 为对角线的平行四边形是正方形，所以|b |＝3.6．(2017·青岛二模)在平面直角坐标系中，已知向量a ＝(1,2)，a －12b ＝(3,1)，c ＝(x,3)，若(2a ＋b )∥c ，则x ＝( )A ．－2B ．－4C ．－3D ．－1解析：选D 依题意得b ＝2⎣⎡⎦⎤a －⎝⎛⎭⎫a －12b ＝(－4,2)，所以2a ＋b ＝(－2,6)，所以6x ＝－2×3＝－6，x ＝－1.7．在平面直角坐标系xOy 中，已知A (1,0)，B (0,1)，C 为坐标平面内第一象限内一点，且∠AOC ＝π4，且|OC ―→|＝2，若OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，则λ＋μ＝( )A ．2 2 B. 2 C ．2D ．4 2解析：选A 因为|OC ―→|＝2，∠AOC ＝π4，所以C (2，2)， 又OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，所以(2，2)＝λ(1,0)＋μ(0,1)＝(λ，μ)， 所以λ＝μ＝2，λ＋μ＝2 2.8.已知函数f (x )＝A sin(πx ＋φ)的部分图象如图所示，点B ，C 是该图象与x 轴的交点，过点C 的直线与该图象交于D ，E 两点，则(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)的值为( )A ．－1B ．－12C.12D ．2解析：选D 注意到函数f (x )的图象关于点C 对称，因此C 是线段DE 的中点，BD ―→＋BE ―→＝2BC ―→.又BE ―→－CE ―→＝BE ―→＋EC ―→＝BC ―→， 且|BC ―→|＝12T ＝12×2ππ＝1，因此(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)＝2BC ―→2＝2. 二、填空题9．(2018·洛阳一模)若三点A (1，－5)，B (a ，－2)，C (－2，－1)共线，则实数a 的值为________．解析：∵AB ―→＝(a －1,3)，AC ―→＝(－3,4)， 据题意知AB ―→∥AC ―→， ∴4(a －1)＝3×(－3)， 即4a ＝－5， ∴a ＝－54.答案：－5410．已知▱ABCD 的对角线AC 和BD 相交于O ，且OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，则DC ―→＝________，BC ―→＝________.(用a ，b 表示)解析：如图，DC ―→＝AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝b －a ，BC ―→＝OC ―→－OB ―→＝－OA ―→－OB ―→＝－a －b .答案：b －a －a －b11．已知向量a ＝(2,1)，b ＝(1，－2)，若m a ＋n b ＝(9，－8)(m ，n ∈R)，则m －n 的值为________．解析：∵m a ＋n b ＝(2m ＋n ，m －2n )＝(9，－8)，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 2m ＋n ＝9，m －2n ＝－8，∴⎩⎪⎨⎪⎧m ＝2，n ＝5，∴m －n ＝2－5＝－3. 答案：－312．若向量a ＝(2,3)，b ＝(－4,7)，a ＋c ＝0，则c 在b 方向上的投影为________． 解析：∵a ＋c ＝0， ∴c ＝－a ＝(－2，－3)，∴c ·b ＝8－21＝－13，且|b |＝65， ∴c 在b 方向上的投影为|c |c os 〈c ，b 〉＝|c |·c ·b |c ||b |＝c ·b |b |＝－1365＝－655.答案：－655三、解答题13．已知向量a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，c ＝(2，k )． (1)求向量a 与b 的夹角； (2)若b ∥c ，求k 的值； (3)若b ⊥(a ＋c )，求k 的值． 解：(1)设向量a 与b 的夹角为θ， ∵a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，∴a ·b ＝3×(－5)＋0×5＝－15，|a |＝3，|b |＝(－5)2＋52＝52， ∴c os θ＝a ·b |a |·|b |＝－153×52＝－22. 又∵θ∈[0，π]， ∴θ＝3π4. (2)∵b ∥c ，∴－5k ＝5×2，∴k ＝－2. (3)∵a ＋c ＝(5，k )，又b ⊥(a ＋c )， ∴b ·(a ＋c )＝0，∴－5×5＋5×k ＝0， ∴k ＝5.14．在平面直角坐标系xOy 中，已知向量m ＝⎝⎛⎭⎫22，－22，n ＝(sin x ，c os x )，x ∈⎝⎛⎭⎫0，π2. (1)若m ⊥n ，求tan x 的值； (2)若m 与n 的夹角为π3，求x 的值．解：(1)若m ⊥n ，则m ·n ＝0. 由向量数量积的坐标公式得22sin x －22c os x ＝0， ∴t a n x ＝1.(2)∵m 与n 的夹角为π3，∴m ·n ＝|m |·|n |c os π3，即22sin x －22c os x ＝12， ∴sin ⎝⎛⎭⎫x －π4＝12. 又∵x ∈⎝⎛⎭⎫0，π2， ∴x －π4∈⎝⎛⎭⎫－π4，π4， ∴x －π4＝π6，即x ＝5π12.高考研究课(一) 平面向量的基本运算[典例] (1)(2018·济南模拟)在△ABC 中，AB 边的高为CD ，若CB ＝a ，CA ―→＝b ，a ·b ＝0，|a |＝1，|b |＝2，则AD ―→＝( )A.13a －13b B.23a －23b C.35a －35b D.45a －45b(2)在梯形ABCD 中，已知AB ∥CD ，AB ＝2CD ，M ，N 分别为CD ，BC 的中点．若AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，则λ＋μ＝________.[解析] (1)∵a ·b ＝0，∴∠ACB ＝90°， ∴AB ＝5，CD ＝255， ∴BD ＝55，AD ＝455，∴AD ∶BD ＝4∶1. ∴AD ―→＝45AB ―→＝45(CB ―→－CA ―→)＝45a －45b .(2)法一：由AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，得AB ―→＝λ·12(AD ―→＋AC ―→)＋μ·12(AC ―→＋AB ―→)，则⎝⎛⎭⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝⎛⎭⎫λ2＋μ2AC ―→＝0， 得⎝⎛⎭⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝⎛⎭⎫λ2＋μ2⎝⎛⎭⎫AD ―→＋12AB ―→ ＝0， 得⎝⎛⎭⎫14λ＋34μ－1AB ―→＋⎝⎛⎭⎫λ＋μ2AD ―→＝0. 因为AB ―→，AD ―→不共线，所以由平面向量基本定理得⎩⎨⎧14λ＋34μ－1＝0，λ＋μ2＝0，解得⎩⎨⎧λ＝－45，μ＝85.所以λ＋μ＝45.法二：连接MN 并延长交AB 的延长线于T ， 由已知易得AB ＝45AT ，则45AT ―→＝AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→， 即AT ―→＝54λAM ―→＋54μAN ―→，因为T ，M ，N 三点共线，所以54λ＋54μ＝1.故λ＋μ＝45.[答案] (1)D (2)45[方法技巧](1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．(2)用向量基本定理解决问题的一般思路是先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．[即时演练]1．向量e 1，e 2，a ，b 在正方形网格中的位置如图所示，则a －b ＝( )A ．－4e 1－2e 2B ．－2e 1－4e 2C ．e 1－3e 2D ．3e 1－e 2解析：选C 结合图形易得，a ＝－e 1－4e 2，b ＝－2e 1－e 2，故a －b ＝e 1－3e 2.2.如图，正方形ABCD 中，E 为DC 的中点，若AE ―→＝λAB ―→＋μAC ―→，则λ＋μ的值为( )A.12 B ．－12C ．1D ．－1解析：选A 法一：由题意得AE ―→＝AD ―→＋12AB ―→＝BC ―→＋AB ―→－12AB ―→＝AC ―→－12AB ―→，∴λ＝－12，μ＝1，∴λ＋μ＝12，故选A.法二：利用坐标法，以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立平面直角坐标系(图略)，设正方形的边长为1，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,1)，E ⎝⎛⎭⎫12，1，∴AE ―→＝⎝⎛⎭⎫12，1，AB ―→＝(1,0)，AC ―→＝(1,1)，则⎝⎛⎭⎫12，1＝λ(1,0)＋μ(1，1)，∴λ＋μ＝12.平面向量的坐标运算[典例] (1)在△ABC 中，点P 在BC 上，且BP ＝2PC ，点Q 是AC 的中点，若PA ―→＝(4,3)，PQ ―→＝(1,5)，则BC ―→等于( )A ．(－2,7)B ．(－6,21)C ．(2，－7)D ．(6，－21)(2)(2018·绍兴模拟)已知点M (5，－6)和向量a ＝(1，－2)，若MN ―→＝－3a ，则点N 的坐标为( )A ．(2,0)B ．(－3,6)C ．(6,2)D ．(－2,0)[解析] (1)由题意，AC ―→＝2AQ ―→＝2(PQ ―→－PA ―→)＝2(－3,2)＝(－6,4)，PC ―→＝AC ―→－AP ―→＝(－6,4)－(－4，－3)＝(－2,7)，∵BP ―→＝2PC ―→，∴BC ―→＝3PC ―→＝(－6,21)．(2)MN ―→＝－3a ＝－3(1，－2)＝(－3,6)， 设N (x ，y )，则MN ―→＝(x －5，y ＋6)＝(－3,6)，所以⎩⎪⎨⎪⎧ x －5＝－3，y ＋6＝6，即⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝0.[答案] (1)B (2)A [方法技巧]向量的坐标运算主要是利用加、减、数乘运算法则进行，若已知有向线段两端点的坐标，则应先求向量的坐标．解题过程中要注意方程思想的运用及正确使用运算法则．[即时演练]1．若向量a ＝(1,1)，b ＝(1，－1)，c ＝(－1,2)，则c ＝( ) A ．－12a ＋32bB.12a －32b C.32a －12b D ．－32a ＋12b解析：选B 设c ＝λ1a ＋λ2b ，则(－1,2)＝λ1(1,1)＋λ2(1，－1)＝(λ1＋λ2，λ1－λ2)，所以λ1＋λ2＝－1，λ1－λ2＝2，解得λ1＝12，λ2＝－32，所以c ＝12a －32b .2．已知向量a ＝(1,1)，点A (3,0)，点B 为直线y ＝2x 上的一个动点．若AB ―→∥a ，则点B 的坐标为________．解析：设B (x,2x )，AB ―→＝(x －3,2x )． ∵AB ―→∥a ，∴x －3－2x ＝0，解得x ＝－3，∴B (－3，－6)． 答案：(－3，－6)共线向量定理及应用平面向量共线的坐标表示是高考的常考内容，多以选择题或填空题的形式出现，难度较小，属低档题.,常见的命题角度有：(1)利用向量共线求参数或点的坐标； (2)利用向量共线解决三点共线问题. 1．若向量a ＝(2,4)与向量b ＝(x,6)共线，则实数x ＝( ) A ．2 B ．3 C ．4D ．6解析：选B ∵a ∥b ，∴2×6－4x ＝0，解得x ＝3.2．已知梯形ABCD 中，AB ∥CD ，且DC ＝2AB ，三个顶点A (1，2)，B (2,1)，C (4,2)，则点D 的坐标为________．解析：∵在梯形ABCD 中，DC ＝2AB ，AB ∥CD ，∴DC ―→＝2AB ―→.设点D 的坐标为(x ，y )，则DC ―→＝(4－x ，2－y )，AB ―→＝(1，－1)，∴(4－x,2－y )＝2(1，－1)，即(4－x,2－y )＝(2，－2)，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 4－x ＝2，2－y ＝－2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝4，故点D 的坐标为(2,4)． 答案：(2,4)3．已知平面向量a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)，且(a ＋c )∥(a －b )，则m ＝________. 解析：因为a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)， 所以a ＋c ＝(1＋m ，m ＋3)，a －b ＝(－1，m －5)． 又(a ＋c )∥(a －b )，所以(1＋m )(m －5)＋(m ＋3)＝0，即m 2－3m －2＝0， 解得m ＝3＋172或m ＝3－172. 答案：3±172[方法技巧]1．利用两向量共线求参数如果已知两向量共线，求某些参数的取值时，利用“若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件是x 1y 2＝x 2y 1”解题比较方便．2．利用两向量共线的条件求向量坐标一般地，在求与一个已知向量a 共线的向量时，可设所求向量为λa (λ∈R)，然后结合其他条件列出关于λ的方程，求出λ的值后代入λa 即可得到所求的向量．角度二：利用向量共线解决三点共线问题4．(2018·南阳五校联考)已知向量OA ―→＝(1，－3)，OB ―→＝(2，－1)，OC ―→＝(k ＋1，k －2)，若A ，B ，C 三点不能构成三角形，则k ＝________.解析：若点A ，B ，C 不能构成三角形，则向量AB ―→，AC ―→共线， ∵AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(k ＋1，k －2)－(1，－3)＝(k ，k ＋1)， ∴1×(k ＋1)－2k ＝0，解得k ＝1. 答案：15．设两个非零向量a 与b 不共线，若AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b )，求证：A ，B ，D 三点共线．证明：因为AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b )， 所以BD ―→＝BC ―→＋CD ―→＝2a ＋8b ＋3(a －b ) ＝5(a ＋b )＝5AB ―→. 所以AB ―→，BD ―→共线．又它们有公共点B ，所以A ，B ，D 三点共线． [方法技巧]三点共线问题的求解策略解决点共线或向量共线问题时，要结合向量共线定理进行，但应注意向量共线与三点共线的区别与联系，当两个向量共线且有公共点时，才能得到三点共线．1．(2017·全国卷Ⅲ)在矩形ABCD 中，AB ＝1，AD ＝2，动点P 在以点C 为圆心且与BD 相切的圆上．若AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→，则λ＋μ的最大值为( )A ．3B ．2 2 C. 5D ．2解析：选A 以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,2)，D (0,2)，可得直线BD 的方程为2x ＋y －2＝0，点C 到直线BD 的距离为222＋12＝25，所以圆C ：(x －1)2＋(y －2)2＝45.因为P 在圆C 上，所以P ⎝⎛⎭⎫1＋255cos θ，2＋255sin θ.又AB ―→＝(1,0)，AD ―→＝(0,2)，AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→＝(λ，2μ)，所以⎩⎨⎧1＋255cos θ＝λ，2＋255sin θ＝2μ，λ＋μ＝2＋255c os θ＋55sin θ＝2＋sin(θ＋φ)≤3(其中tan φ＝2)，当且仅当θ＝π2＋2k π－φ，k ∈Z 时，λ＋μ取得最大值3.2．(2015·全国卷Ⅰ)设D 为△ABC 所在平面内一点，BC ―→＝3CD ―→，则( ) A ．AD ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→B ．AD ―→＝13AB ―→－43AC ―→C ．AD ―→＝43AB ―→＋13AC ―→D ．AD ―→＝43AB ―→－13AC ―→解析：选A AD ―→＝AC ―→＋CD ―→＝AC ―→＋13BC ―→＝AC ―→＋13(AC ―→－AB ―→)＝43AC ―→－13AB ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→.3．(2015·全国卷Ⅰ)已知点A (0,1)，B (3,2)，向量AC ―→＝(－4，－3)，则向量BC ―→＝( ) A ．(－7，－4) B ．(7,4) C ．(－1,4)D ．(1,4)解析：选A 法一：设C (x ，y )， 则AC ―→＝(x ，y －1)＝(－4，－3)，所以⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－4，y ＝－2，从而BC ―→＝(－4，－2)－(3,2)＝(－7，－4)． 法二：AB ―→＝(3,2)－(0,1)＝(3,1)，BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(－4，－3)－(3,1)＝(－7，－4)．4．(2016·全国卷Ⅰ)设向量a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，且|a ＋b |2＝|a |2＋|b |2，则m ＝________. 解析：∵|a ＋b |2＝|a |2＋|b |2＋2a ·b ＝|a |2＋|b |2， ∴a ·b ＝0.又a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，∴m ＋2＝0，∴m ＝－2.答案：－25．(2016·全国卷Ⅱ)已知向量a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，且a ∥b ，则m ＝________. 解析：∵a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，a ∥b ， ∴－2m －4×3＝0，∴m ＝－6. 答案：－66．(2015·全国卷Ⅱ)设向量a ，b 不平行，向量λa ＋b 与a ＋2b 平行，则实数λ＝________. 解析：∵λa ＋b 与a ＋2b 平行，∴λa ＋b ＝t (a ＋2b )，即λa ＋b ＝t a ＋2t b ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝t ，1＝2t ，解得⎩⎨⎧λ＝12，t ＝12.答案：127．(2014·全国卷Ⅰ)已知A ，B ，C 为圆O 上的三点，若AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，则AB ―→与AC―→的夹角为________．解析：由AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，可得O 为BC 的中点，故BC 为圆O 的直径，所以AB ―→与AC ―→的夹角为90°.答案：90°一、选择题1.(2018·长春模拟)如图所示，下列结论正确的是( ) ①PQ ―→＝32a ＋32b ；②PT ―→＝32a －b ；③PS ―→＝32a －12b ；④PR ―→＝32a ＋b .A ．①②B ．③④C ．①③D ．②④解析：选C ①根据向量的加法法则，得PQ ―→＝32a ＋32b ，故①正确；②根据向量的减法法则，得PT ―→＝32a －32b ，故②错误；③PS ―→＝PQ ―→＋QS ―→＝32a ＋32b －2b ＝32a －12b ，故③正确；④PR ―→＝PQ ―→＋QR ―→＝32a ＋32b －b ＝32a ＋12b ，故④错误，故选C.2．(2018·长沙一模)已知向量OA ―→＝(k,12)，OB ―→＝(4,5)，OC ―→＝(－k,10)，且A ，B ，C 三点共线，则k 的值是( )A ．－23B.43C.12D.13解析：选A AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(4－k ，－7)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(－2k ，－2)． ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→，AC ―→共线，∴－2×(4－k )＝－7×(－2k )， 解得k ＝－23.3．(2018·嘉兴调研)已知点O 为△ABC 外接圆的圆心，且OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0，则△ABC 的内角A 等于( )A ．30°B ．45°C ．60°D ．90°解析：选A 由OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0得，OA ―→＋OB ―→＝OC ―→，由O 为△ABC 外接圆的圆心，结合向量加法的几何意义知，四边形OACB 为菱形，且∠CAO ＝60°，故A ＝30°.4．若OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，a 与b 不共线，则∠AOB 平分线上的向量OM ―→为( ) A.a |a |＋b |b | B.a ＋b |a ＋b | C.|b |a －|a |b |a |＋|b |D ．λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a |a |＋b |b |，λ由OM ―→确定解析：选D 以OM 为对角线，以OA ―→，OB ―→方向为邻边作平行四边形OCMD ，∵OM 平分∠AOB ，∴平行四边形OCMD 是菱形．设OC ＝OD ＝λ， 则OC ―→＝λa |a |，OD ―→＝λb |b |，∴OM ―→＝OC ―→＋OD ―→＝λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a |a |＋b |b |，且λ由OM ―→确定．5．设D ，E ，F 分别是△ABC 的三边BC ，CA ，AB 上的点，且DC ―→＝2BD ―→，CE ―→＝2EA ―→，AF ―→＝2FB ―→，则AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→( )A ．反向平行B ．同向平行C ．互相垂直D ．既不平行也不垂直解析：选A 由题意得AD ―→＝AB ―→＋BD ―→＝AB ―→＋13BC ―→，BE ―→＝BA ―→＋AE ―→＝BA ―→＋13AC ―→，CF ―→＝CB ―→＋BF ―→＝CB ―→＋13BA ―→，因此AD ―→＋BE ―→＋CF ―→＝CB ―→＋13(BC ―→＋AC ―→－AB ―→)＝CB ―→＋23BC ―→＝－13BC ―→，故AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→反向平行．6.如图所示，已知点G 是△ABC 的重心，过点G 作直线与AB ，AC 两边分别交于M ，N 两点，且AM ―→＝x AB ―→，AN ―→＝y AC ―→，则xy x ＋y 的值为( )A ．3 B.13 C ．2D.12解析：选B 利用三角形的性质，过重心作平行于底边BC 的直线，易得x ＝y ＝23，则xy x ＋y ＝13. 7．(2018·兰州模拟)已知向量a ＝(1－sin θ，1)，b ＝⎝⎛⎭⎫12，1＋sin θ，若a ∥b ，则锐角θ＝( )A.π6 B.π4 C.π3D.5π12解析：选B 因为a ∥b ，所以(1－sin θ)×(1＋sin θ)－1×12＝0，得sin 2θ＝12，所以sin θ＝±22，故锐角θ＝π4.8．已知△ABC 是边长为4的正三角形，D ，P 是△ABC 内的两点，且满足AD ―→＝14(AB―→＋AC ―→)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→，则△APD 的面积为( )A.34B.32C. 3 D ．2 3解析：选A 法一：取BC 的中点E ，连接AE ，由于△ABC 是边长为4的正三角形，则AE ⊥BC ，AE ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，又AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)，所以点D 是AE 的中点，AD ＝ 3.取AF ―→＝18BC ―→，以AD ，AF 为邻边作平行四边形，可知AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝AD ―→＋AF ―→.而△APD 是直角三角形，AF ＝12，所以△APD 的面积为12×12×3＝34.法二：以A 为原点，以BC 的垂直平分线为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系．∵等边三角形ABC 的边长为4， ∴B (－2，－23)，C (2，－23)，由题知AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)＝14[(－2，－23)＋(2，－23)]＝(0，－3)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝(0，－3)＋18(4,0)＝⎝⎛⎭⎫12，－3， ∴△ADP 的面积为S ＝12|AD ―→|·|DP ―→|＝12×3×12＝34.二、填空题9．在矩形ABCD 中，O 是对角线的交点，若BC ―→＝5e 1，DC ―→＝3e 2，则OC ―→＝________.(用e 1，e 2表示)解析：在矩形ABCD 中，因为O 是对角线的交点，所以OC ―→＝12AC ―→＝12(AB ―→＋AD ―→)＝12(DC ―→＋BC ―→)＝12(5e 1＋3e 2)＝52e 1＋32e 2.答案：52e 1＋32e 210．已知S 是△ABC 所在平面外一点，D 是SC 的中点，若BD ―→＝x AB ―→＋y AC ―→＋z AS ―→，则x ＋y ＋z ＝________.解析：依题意得BD ―→＝AD ―→－AB ―→＝12(AS ―→＋AC ―→)－AB ―→＝－AB ―→＋12AC ―→＋12AS ―→，因此x＋y ＋z ＝－1＋12＋12＝0.答案：011．(2018·贵阳模拟)已知平面向量a ，b 满足|a |＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ，则向量a 的坐标是________．解析：设a ＝(x ，y )，∵平面向量a ，b 满足|a |＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ， ∴x 2＋y 2＝1，且x －y ＝0，解得x ＝y ＝±22.∴a ＝⎝⎛⎭⎫22，22或⎝⎛⎭⎫－22，－22.答案：⎝⎛⎭⎫22，22或⎝⎛⎭⎫－22，－2212.在直角梯形ABCD 中，AB ⊥AD ，DC ∥AB ，AD ＝DC ＝1，AB＝2，E ，F 分别为AB ，BC 的中点，点P 在以A 为圆心，AD 为半径的圆弧DE 上变动(如图所示)，若AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，其中λ，μ∈R ，则2λ－μ的取值范围是________．解析：以A 为坐标原点，AB 为x 轴，AD 为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，E (1，0)，D (0,1)，F ⎝⎛⎭⎫32，12，设P (c os α，sin α)(0°≤α≤90°)， ∵AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，∴(c os α，sin α)＝λ(－1,1)＋μ⎝⎛⎭⎫32，12 ＝⎝⎛⎭⎫－λ＋32μ，λ＋μ2， ∴c os α＝－λ＋32μ，sin α＝λ＋μ2，∴λ＝14(3sin α－c os α)，μ＝12(c os α＋sin α)，∴2λ－μ＝sin α－c os α＝2sin(α－45°)， ∵0°≤α≤90°， ∴－45°≤α－45°≤45°， ∴－22≤sin(α－45°)≤22， ∴－1≤2sin(α－45°)≤1，∴2λ－μ的取值范围是[－1,1]． 答案：[－1,1] 三、解答题13.如图所示，在△ABC 中，D ，F 分别是BC ，AC 的中点，AE ―→＝23AD ―→，AB ―→＝a ，AC ―→＝b . (1)用a ，b 表示向量AD ―→，AE ―→，AF ―→，BE ―→，BF ―→； (2)求证：B ，E ，F 三点共线． 解：(1)延长AD 到G ，使AD ―→＝12AG ―→，连接BG ，CG ，得到平行四边形ABGC ，所以AG ―→＝a ＋b ， AD ―→＝12AG ―→＝12(a ＋b )，AE ―→＝23AD ―→＝13(a ＋b )，AF ―→＝12AC ―→＝12b ，BE ―→＝AE ―→－AB ―→＝13(a ＋b )－a ＝13(b －2a )，BF ―→＝AF ―→－AB ―→＝12b －a ＝12(b －2a )．(2)证明：由(1)可知BE ―→＝23BF ―→，又因为BE ―→，BF ―→有公共点B ， 所以B ，E ，F 三点共线．14．(2018·郑州模拟)平面内给定三个向量a ＝(3,2)，b ＝(－1，2)，c ＝(4,1)． (1)若(a ＋k c )∥(2b －a )，求实数k 的值；(2)若d 满足(d －c )∥(a ＋b )，且|d －c |＝5，求d 的坐标． 解：(1)a ＋k c ＝(3＋4k,2＋k )，2b －a ＝(－5,2)， 由题意得2×(3＋4k )－(－5)×(2＋k )＝0，解得k ＝－1613.(2)设d ＝(x ，y )，则d －c ＝(x －4，y －1)， 又a ＋b ＝(2,4)，|d －c |＝5，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 4(x －4)－2(y －1)＝0，(x －4)2＋(y －1)2＝5，解得⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝3，y ＝－1或⎩⎪⎨⎪⎧x ＝5，y ＝3. ∴d 的坐标为(3，－1)或(5,3)．15.如图，在△OAB 中，OC ―→＝14OA ―→，OD ―→＝12OB ―→，AD 与BC 交于点M ，设OA ―→＝a ，OB ―→＝b .(1)用a ，b 表示OM ―→；(2)在线段AC 上取一点E ，在线段BD 上取一点F ，使EF 过M 点，设OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→，求证：17p ＋37q＝1.解：(1)设OM ―→＝x a ＋y b ，由OC ―→＝14OA ―→，得OM ―→＝4x OC ―→＋y b ，∵C ，M ，B 三点共线， ∴4x ＋y ＝1.①由OD ―→＝12OB ―→，得OM ―→＝x a ＋2y OD ―→，∵A ，M ，D 三点共线， ∴x ＋2y ＝1，②联立①②得，x ＝17，y ＝37.∴OM ―→＝17a ＋37b .(2)证明：∵OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→， ∴OA ―→＝1p OE ―→，OB ―→＝1q OF ―→， ∴OM ―→＝17·1p OE ―→＋37·1q OF ―→.∵E ，M ，F 三点共线， ∴17p ＋37q＝1.1．已知点P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ，实数x ，y 满足PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0，设△ABC ，△PBC ，△PCA ，△PAB 的面积分别为S ，S 1，S 2，S 3，记S 1S ＝λ1，S 2S ＝λ2，S 3S＝λ3，则λ2·λ3取最大值时，3x ＋y 的值为( ) A.12 B.32 C ．1D ．2解析：选D 由题意可知λ1＋λ2＋λ3＝1.∵P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ， ∴λ1＝12，∴λ2＋λ3＝12，∴λ2λ3≤⎝⎛⎭⎫λ2＋λ322＝116， 当且仅当λ2＝λ3＝14时取等号，∴λ2·λ3取最大值时，P 为EF 的中点． 延长AP 交BC 于M ，则M 为BC 的中点， ∴PA ＝PM ，∴PA ―→＝－PM ―→＝－12(PB ―→＋PC ―→)，又∵PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0， ∴x ＝y ＝12，∴3x ＋y ＝2.2.如图，在Rt △ABC 中，P 是斜边BC 上一点，且满足BP ―→＝12PC ―→，点M ，N 在过点P 的直线上，若AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)，则λ＋2μ的最小值为( )A ．2 B.83 C ．3D.103解析：选B ∵AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)， ∴MB ―→＝MP ―→＋PB ―→＝(1－λ)AB ―→. ∵M ，P ，N 三点共线，∴存在实数k ，使MP ―→＝kMN ―→＝k (AN ―→－AM ―→)＝－kλAB ―→＋kμAC ―→. ∵BP ―→＝12PC ―→，∴PB ―→＝13CB ―→＝13AB ―→－13AC ―→.∴MP ―→＋PB ―→＝⎝⎛⎭⎫13－kλAB ―→＋⎝⎛⎭⎫kμ－13AC ―→＝(1－λ)AB ―→， ∴⎩⎨⎧13－kλ＝1－λ， ①kμ－13＝0， ②由②得，k ＝13μ代入①得，13－λ3μ＝1－λ，∴μ＝λ3λ－2，∴λ＋2μ＝λ＋2λ3λ－2.设f (λ)＝λ＋2λ3λ－2，λ>0， ∴f ′(λ)＝9λ2－12λ(3λ－2)2，令f ′(λ)＝0，得λ＝0或λ＝43. 当λ∈⎝⎛⎭⎫0，43时，f ′(λ)<0，当λ∈⎝⎛⎭⎫43，＋∞时，f ′(λ)>0. ∴λ＝43时，f (λ)取极小值，也是最小值，又f ⎝⎛⎭⎫43＝83，∴f (λ)的最小值为83， 即λ＋2μ的最小值为83.高考研究课(二) 平面向量的数量积及应用 [全国卷5年命题分析][典例] (1)已知等边△ABC 的边长为2，若BC ＝3BE ，AD ＝DC ，则BD ―→·AE ―→等于( )A ．－2B ．－103C ．2D.103(2)已知正方形ABCD 的边长为1，点E 是AB 边上的动点，则DE ―→·CB ―→的值为______；DE ―→·DC ―→的最大值为________．[解析] (1)如图所示，BD ―→·AE ―→＝(AD ―→－AB ―→)·(AB ―→＋BE ―→)＝⎝⎛⎭⎫12AC ―→－AB ―→ ·⎝⎛⎭⎫AB ―→＋13 AC ―→－13AB ―→＝⎝⎛⎭⎫12AC ―→－AB ―→·⎝⎛⎭⎫13AC ―→＋23AB ―→＝16AC ―→2－23AB ―→2＝16×4－23×4＝－2. (2)法一：如图，DE ―→·CB ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·CB ―→＝DA ―→·CB ―→＋AE ―→·CB ―→＝DA ―→2＝1， DE ―→·DC ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·DC ―→ ＝DA ―→·DC ―→＋AE ―→·DC ―→＝AE ―→·DC ―→＝|AE ―→|·|DC ―→|≤|DC ―→|2＝1，故DE ―→·DC ―→的最大值为1.法二：以射线AB ，AD 为x 轴，y 轴的正方向建立平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1，0)，C (1,1)，D (0,1)，设E (t,0)，t ∈[0,1]，则DE ―→＝(t ，－1)，CB ―→＝(0，－1)，所以DE ―→·CB ―→＝(t ，－1)·(0，－1)＝1.因为DC ―→＝(1,0)，所以DE ―→·DC ―→＝(t ，－1)·(1,0)＝t ≤1， 故DE ―→·DC ―→的最大值为1. 法三：由图知，无论E 点在哪个位置，DE ―→在CB ―→方向上的投影都是CB ＝1， ∴DE ―→·CB ―→＝|CB ―→|·1＝1.当E 运动到B 点时，DE ―→在DC ―→方向上的投影最大，即为DC ＝1， ∴(DE ―→·DC ―→)m a x ＝|DC ―→|·1＝1. [答案] (1)A (2)1 1 [方法技巧]平面向量数量积的2种运算方法1．(2016·天津高考)已知△ABC 是边长为1的等边三角形，点D ，E 分别是边AB ，BC 的中点，连接DE 并延长到点F ，使得DE ＝2EF ，则AF ―→·BC ―→的值为( )A ．－58B.18C.14D.118解析：选B 如图所示，AF ―→＝AD ―→＋DF ―→. 又D ，E 分别为AB ，BC 的中点， 且DE ＝2EF ，所以AD ―→＝12AB ―→，DF ―→＝12AC ―→＋14AC ―→＝34AC ―→，所以AF ―→＝12AB ―→＋34AC ―→.又BC ―→＝AC ―→－AB ―→，则AF ―→·BC ―→＝⎝⎛⎭⎫12AB ―→＋34AC ―→·(AC ―→－AB ―→)＝12AB ―→·AC ―→－12AB ―→2＋34AC ―→2－34AC ―→·AB ―→ ＝34AC ―→2－12AB ―→2－14AC ―→·AB ―→. 又|AB ―→|＝|AC ―→|＝1，∠BAC ＝60°， 故AF ―→·BC ―→＝34－12－14×1×1×12＝18.2．(2018·豫东名校联考)如图，BC 是单位圆A 的一条直径，F 是线段AB 上的点，且BF ―→＝3FA ―→，若DE 是圆A 中绕圆心A 运动的一条直径，则FD ―→·FE ―→的值是________．解析：FD ―→·FE ―→＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→＋AE ―→)＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→－AD ―→)＝FA ―→2－AD ―→2＝⎝⎛⎭⎫142－1＝－1516. 答案：－15161．(2017·浙江高考)已知向量a ，b 满足|a |＝1，|b |＝2，则|a ＋b |＋|a －b |的最小值是________，最大值是________．解析：法一：由向量三角不等式得，|a ＋b |＋|a －b |≥|(a ＋b )－(a －b )|＝|2b |＝4. 又|a ＋b |＋|a －b |2≤(a ＋b )2＋(a －b )22＝a 2＋b 2＝5，∴|a ＋b |＋|a －b |的最大值为2 5.法二：设a ，b 的夹角为θ. ∵|a |＝1，|b |＝2，∴|a ＋b |＋|a －b |＝a 2＋b 2＋(a －b )2 ＝5＋4cos θ＋5－4cos θ. 令y ＝5＋4cos θ＋5－4cos θ， 则y 2＝10＋225－16cos 2θ.∵θ∈[0，π]，∴c os 2θ∈[0,1]，∴y 2∈[16,20]，∴y ∈[4,2 5 ]，即|a ＋b |＋|a －b |的最小值为4，最大值为2 5. 答案：4 2 52．已知向量a ＝(1,1)，b ＝(－1,1)，设向量c 满足(2a －c )·(3b －c )＝0，则|c |的最大值为________．解析：设c ＝(x ，y )，2a －c ＝(2－x,2－y )，3b －c ＝(－3－x,3－y )，则由题意得(2－x )·(－3－x )＋(2－y )·(3－y )＝0，即⎝⎛⎭⎫x ＋122＋⎝⎛⎭⎫y －522＝132，表示以⎝⎛⎭⎫－12，52为圆心，262为半径的圆，所以|c |的最大值为26.答案：26 [方法技巧]利用数量积求解长度问题的处理方法(1)a 2＝a ·a ＝|a |2或|a |＝a·a . (2)|a ±b |＝(a ±b )2＝a 2±2a·b ＋b 2. (3)若a ＝(x ，y )，则|a |＝x 2＋y 2.[提醒] 与模有关的最值或范围问题要注意抓住模的几何意义及数形结合思想的应用． 角度二：平面向量的夹角3．已知单位向量e 1与e 2的夹角为60°，则|e 1－2e 2|＝________. 解析：∵单位向量e 1与e 2的夹角为60°， ∴|e 1|＝|e 2|＝1，e 1·e 2＝|e 1|·|e 2|·c os 60°＝12，∴|e 1－2e 2|＝e 21－4e 1e 2＋4e 22＝1－2＋4＝ 3.答案： 34．(2018·洛阳期末)已知a ＝(1,2)，b ＝(1,1)，且a 与a ＋λb 的夹角为锐角，求实数λ的取值范围．解：∵a 与a ＋λb 均为非零向量，且夹角为锐角， ∴a ·(a ＋λb )>0，即(1,2)·(1＋λ，2＋λ)>0. ∴(1＋λ)＋2(2＋λ)>0. ∴λ>－53.当a 与a ＋λb 共线时， 存在实数m ，使a ＋λb ＝m a ， 即(1＋λ，2＋λ)＝m (1,2)，。

2019年精选高考数学(理科)一轮复习通用版：第七单元 平面向量

2019年精选高考数学(理科)一轮复习通用版：第七单元 平面向量

第七单元平面向量教材复习课“平面向量”相关基础知识一课过(对应学生用书P59)1．若向量a与b不相等，则a与b一定()A．有不相等的模B．不共线C．不可能都是零向量D．不可能都是单位向量解析：选C若a与b都是零向量，则a＝b，故选项C正确．2．关于平面向量，下列说法正确的是()A．零向量是唯一没有方向的向量B．平面内的单位向量是唯一的C．方向相反的向量是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量D．共线向量就是相等向量解析：选C对于A，零向量是有方向的，其方向是任意的，故A不正确；对于B，单位向量的模为1，其方向可以是任意方向，故B不正确；对于C，方向相反的向量一定是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量，故C正确；对于D，由共线向量和相等向量的定义可知D不正确，故选C.3．下列命题中，正确的个数是()①单位向量都相等；②模相等的两个平行向量是相等向量；③若a，b满足|a|>|b|且a与b同向，则a>b；④若两个向量相等，则它们的起点和终点分别重合．A．0 B．1C．2 D．3解析：选A对于①，单位向量的大小相等，但方向不一定相同，故①错误；对于②，模相等的两个平行向量是相等向量或相反向量，故②错误；对于③，向量是有方向的量，不能比较大小，故③错误；对于④，向量是可以平移的矢量，当两个向量相等时，它们的起点和终点不一定相同，故④错误．综上，正确的命题个数是0.[清易错]1．对于平行向量易忽视两点：(1)零向量与任一向量平行．(2)两平行向量有向线段所在的直线平行或重合，易忽视重合这一条件．2．单位向量的定义中只规定了长度没有方向限制．1．若m∥n，n∥k，则向量m与向量k()A．共线B．不共线C．共线且同向D．不一定共线解析：选D可举特例，当n＝0时，满足m∥n，n∥k，故A、B、C选项都不正确，故D正确．2．设a，b都是非零向量，下列四个选项中，一定能使a|a|＋b|b|＝0成立的是()A．a＝2b B．a∥bC．a＝－13b D．a⊥b解析：选C“a|a|＋b|b|＝0，且a，b都是非零向量”等价于“非零向量a，b共线且反向”，故答案为C.向量共线定理及平面向量基本定理1．向量共线定理向量b与a(a≠0)共线的充要条件是有且只有一个实数λ，使得b＝λa.2．平面向量的基本定理如果e1，e2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任意向量a，有且只有一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2.其中，不共线的向量e 1，e 2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底． [小题速通]1．已知a ，b 是不共线的向量，AB ―→＝λa ＋b ，AC ―→＝a ＋μb ，λ，μ∈R ，则A ，B ，C 三点共线的充要条件为( )A ．λ＋μ＝2B ．λ－μ＝1C ．λμ＝－1D ．λμ＝1解析：选D ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→∥AC ―→，设AB ―→＝m AC ―→(m ≠0)，即λa ＋b ＝m a ＋mμb ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝m ，1＝mμ，∴λμ＝1. 2．(2018·南宁模拟)已知e 1，e 2是不共线向量，a ＝m e 1＋2e 2，b ＝n e 1－e 2，且mn ≠0，若a ∥b ，则mn 的值为( )A ．－12B.12 C ．－2D ．2解析：选C ∵a ∥b ，∴a ＝λb ，即m e 1＋2e 2＝λ(n e 1－e 2)，则⎩⎪⎨⎪⎧λn ＝m ，－λ＝2，故mn ＝－2.3．已知点M 是△ABC 的边BC 的中点，点E 在边AC 上，且EC ―→＝2AE ―→，则EM ―→＝( ) A.12AC ―→＋13AB ―→ B.12AC ―→＋16AB ―→C.16AC ―→＋12AB ―→D.16AC ―→＋32AB ―→ 解析：选C 如图，∵EC ―→＝2AE ―→，∴EM ―→＝EC ―→＋CM ―→＝23AC ―→＋12CB ―→＝23AC ―→＋12(AB ―→－AC ―→)＝16AC ―→＋12AB ―→.[清易错]1．在向量共线的重要条件中易忽视“a ≠0”，否则λ可能不存在，也可能有无数个． 2．平面向量基本定理指出：平面内任何一个非零向量都可以表示为沿两个不共线的方向分离的两个非零向量的和，并且一旦分解方向确定后，这种分解是唯一的．这一点是易忽视的．1．(2018·大连双基测试)给出下列四个命题： ①两个具有公共终点的向量一定是共线向量； ②两个向量不能比较大小，但它们的模能比较大小； ③λa ＝0(λ为实数)，则λ必为零；④λ，μ为实数，若λa ＝μb ，则a 与b 共线． 其中假命题的个数是( ) A ．1 B ．2 C ．3D ．4解析：选C ①错误，两向量是否共线是要看其方向而不是起点或终点；②正确，因为向量既有大小，又有方向，故向量不能比较大小，但向量的模均为实数，故可以比较大小；③错误，当a ＝0时，不论λ为何值，都有λa ＝0；④错误，当λ＝μ＝0时，λa ＝μb ，此时a 与b 可以是任意向量．2.如图，在△OAB 中，P 为线段AB 上的一点，OP ―→＝x OA ―→＋yOB ―→，且BP ―→＝2PA ―→，则( )A ．x ＝23，y ＝13B ．x ＝13，y ＝23C ．x ＝14，y ＝34D ．x ＝34，y ＝14解析：选A 由题意知OP ―→＝OB ―→＋BP ―→，又BP ―→＝2PA ―→，所以OP ―→＝OB ―→＋23BA ―→＝OB―→＋23(OA ―→－OB ―→)＝23OA ―→＋13OB ―→，所以x ＝23，y ＝13.平面向量的运算1．向量的线性运算向量运算定义 法则(或几何意义)运算律加法求两个向量和的运算三角形法则 平行四边形法则 (1)交换律：a ＋b ＝b ＋a ； (2)结合律：(a ＋b )＋c ＝a ＋(b ＋c )(1)平面向量的正交分解把一个向量分解为两个互相垂直的向量，叫做把向量正交分解． (2)平面向量的坐标运算①向量加法、减法、数乘向量及向量的模 设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则 a ＋b ＝(x 1＋x 2，y 1＋y 2)， a －b ＝(x 1－x 2，y 1－y 2)， λa ＝(λx 1，λy 1)，|a |＝x 21＋y 21.②向量坐标的求法设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则AB ―→＝(x 2－x 1，y 2－y 1)，|AB ―→|＝(x 2－x 1)2＋(y 2－y 1)2. (3)平面向量共线的坐标表示设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b ⇔x 1y 2－x 2y 1＝0. [小题速通]1．(2018·嘉兴测试)在△ABC 中，已知M 是BC 边的中点，设CB ―→＝a ，CA ―→＝b ，则AM ―→＝( )A.12a －b B.12a ＋b C ．a －12bD ．a ＋12b解析：选A AM ―→＝AC ―→＋CM ―→＝－CA ―→＋12CB ―→＝－b ＋12a .2．设D 是线段BC 的中点，且AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→，则( )A ．AD ―→＝2AE ―→B ．AD ―→＝4AE ―→C ．AD ―→＝2EA ―→D ．AD ―→＝4EA ―→解析：选A ∵D 是线段BC 的中点， ∴AB ―→＋AC ―→＝2AD ―→， ∵AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→， ∴AD ―→＝2AE ―→.3．已知AC 为平行四边形ABCD 的一条对角线，AB ―→＝(2,4)，AC ―→＝(1,3)，则AD ―→＝( ) A ．(－1，－1) B ．(3,7) C ．(1,1)D ．(2,4)解析：选A 由题意可得AD ―→＝BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(1,3)－(2,4)＝(－1，－1)． 4．已知A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→，则点P 的坐标为________． 解析：设P (x ，y )，∵A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→， ∴(x －2，y －3)＝3(2，－6)＝(6，－18)，∴⎩⎪⎨⎪⎧x －2＝6，y －3＝－18，解得x ＝8，y ＝－15， ∴点P 的坐标为(8，－15)． 答案：(8，－15)5．已知向量a ＝(1,3)，b ＝(－2,1)，c ＝(3,2)．若向量c 与向量k a ＋b 共线，则实数k ＝________.解析：k a ＋b ＝k (1,3)＋(－2,1)＝(k －2,3k ＋1)， 因为向量c 与向量k a ＋b 共线，所以2(k －2)－3(3k ＋1)＝0，解得k ＝－1. 答案：－16．设O 在△ABC 的内部，D 为AB 的中点，且OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0，则△ABC 的面积与△AOC 的面积的比值为________．解析：∵D 为AB 的中点，∴OA ―→＋OB ―→＝2OD ―→， ∵OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0， ∴OC ―→＝－OD ―→， ∴O 是CD 的中点，∴S △AOC ＝S △AOD ＝12S △AOB ＝14S △ABC .答案：4[清易错]1．向量坐标不是向量的终点坐标，与向量的始点、终点有关系．2．数乘向量仍为向量，只是模与方向发生变化，易误认为数乘向量为实数． 3．若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件不能表示成x 1x 2＝y 1y 2，因为x 2，y 2有可能等于0，所以应表示为x 1y 2－x 2y 1＝0.1．若向量AB ―→＝(1,2)，BC ―→＝(3,4)，则AC ―→＝( ) A ．(2,2) B ．(－2，－2) C ．(4,6)D ．(－4，－6)解析：选C AC ―→＝AB ―→＋BC ―→＝(4,6)．2．已知向量a ，b 不共线，若AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ，则四边形ABCD 是( )A ．梯形B ．平行四边形C ．矩形D ．菱形解析：选A 因为AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ， 所以AD ―→＝AB ―→＋BC ―→＋CD ―→＝－8a －2b ， 所以AD ―→＝2BC ―→，即直线AD 与BC 平行，而向量AB ―→与CD ―→不共线，即直线AB 与CD 不平行， 故四边形ABCD 是梯形．3．(2018·河北联考)已知向量a ＝(1,2)，b ＝(－2，m )，若a ∥b ，则2a ＋3b ＝( ) A ．(－5，－10) B ．(－2，－4) C ．(－3，－6)D ．(－4，－8)解析：选D 由a ∥b ，得m ＋4＝0，即m ＝－4，所以2a ＋3b ＝2(1,2)＋3(－2，－4)＝(－4，－8)．平面向量的数量积[过双基]1．向量的夹角 定义图示范围共线与垂直2．平面向量的数量积3．平面向量数量积的运算律(1)a·b＝b·a.(2)(λa)·b＝λ(a·b)＝a·(λb)．(3)(a＋b)·c＝a·c＋b·c.4．平面向量数量积的有关结论已知非零向量a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，θ＝〈a，b〉.1．设向量e1，e2是两个互相垂直的单位向量，且a＝2e1－e2，b＝e2，则|a＋2b|＝() A．2 2 B. 5C．2 D．4解析：选B∵向量e1，e2是两个互相垂直的单位向量，∴|e1|＝1，|e2|＝1，e1·e2＝0，∵a＝2e1－e2，b＝e2，∴a＋2b＝2e1＋e2，∴|a＋2b|2＝4e21＋4e1·e2＋e22＝5，∴|a＋2b|＝ 5.2．(2018·云南检测)设向量a ＝(－1,2)，b ＝(m,1)，如果向量a ＋2b 与2a －b 平行，那么a 与b 的数量积等于( )A ．－72B ．－12C.32D.52解析：选D 因为a ＋2b ＝(－1＋2m,4)，2a －b ＝(－2－m,3)，由题意得3(－1＋2m )－4(－2－m )＝0，则m ＝－12，所以a ·b ＝－1×⎝⎛⎭⎫－12＋2×1＝52. 3．已知|a |＝1，|b |＝2，a ·(a －b )＝3，则a 与b 的夹角为( ) A.π3 B.π6 C.π2D ．π解析：选D 设a 与b 的夹角为θ，由题意知|a |＝1，|b |＝2， ∵a ·(a －b )＝a 2－a ·b ＝12－1×2×c os θ＝3， ∴c os θ＝－1. 又θ∈[0，π]， ∴a 与b 的夹角为π.4．已知向量a ，b 满足|a |＝2，|b |＝1，a 与b 的夹角为2π3，则|a ＋2b |＝________.解析：∵(a ＋2b )2＝a 2＋4a ·b ＋4b 2＝4＋4×2×1×⎝⎛⎭⎫－12＋4＝4，∴|a ＋2b |＝2. 答案：25．(2018·衡水中学检测)在直角三角形ABC 中，C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1，若AD ―→＝32AB ―→，则CD ―→·CB ―→＝________.解析：∵AD ―→＝32AB ―→，∴CD ―→·CB ―→＝(CA ―→＋AD ―→)·CB ―→＝⎝⎛⎭⎫CA ―→＋32 AB ―→·CB ―→＝⎝⎛⎭⎫32CB ―→－12CA ―→·CB ―→＝32CB ―→2， 又∵C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1， ∴CB ＝3，∴CD ―→·CB ―→＝92.答案：926．(2018·东北三校联考)已知正方形ABCD 的边长为2，DE ―→＝2EC ―→，DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，则BE ―→·DF ―→＝________.解析：如图，以B 为原点，BC 所在直线为x 轴，AB 所在直线为y 轴建立平面直角坐标系．则B (0,0)，E ⎝⎛⎭⎫2，23，D (2,2)． 由DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，知F 为BC 的中点，所以F (1,0)，故BE―→＝⎝⎛⎭⎫2，23，DF ―→＝(－1，－2)， ∴BE ―→·DF ―→＝－2－43＝－103.答案：－103[清易错]1．0与实数0的区别：0a ＝0≠0，a ＋(－a )＝0≠0，a ·0＝0≠0. 2．a ·b ＝0不能推出a ＝0或b ＝0，因为a ·b ＝0时，有可能a ⊥b . 3．在运用向量夹角时，注意其取值范围为[0，π]． 1．有下列说法：①向量b 在向量a 方向上的投影是向量；②若a ·b >0，则a 和b 的夹角为锐角，若a ·b <0，则a 和b 的夹角为钝角； ③(a ·b )c ＝a (b ·c )；④若a ·b ＝0，则a ＝0或b ＝0. 其中正确的说法个数为( ) A ．0 B ．3 C ．4 D ．2答案：A2．已知a ＝(1,3)，b ＝(2＋λ，1)，且a 与b 的夹角为锐角，则实数λ的取值范围是________． 解析：由题意可得a ·b >0，且a ，b 不共线， 即⎩⎪⎨⎪⎧2＋λ＋3>0，2＋λ1≠13，解得λ>－5，且λ≠－53.答案：⎝⎛⎭⎫－5，－53∪⎝⎛⎭⎫－53，＋∞ 3．已知向量a ，b 满足a ＝(2,0)，|b |＝1，若|a ＋b |＝7，则a 与b 的夹角是________． 解析：由|a ＋b |＝7，得(a ＋b )2＝a 2＋2a ·b ＋b 2＝4＋2a ·b ＋1＝7，∴a ·b ＝1，∴|a |·|b |·c os 〈a ，b 〉＝1，∴c os 〈a ，b 〉＝12.又〈a ，b 〉∈[0，π]，∴a ，b 的夹角为π3.答案：π3一、选择题1．(2018·常州调研)已知A ，B ，C 三点不共线，且点O 满足OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0，则下列结论正确的是( )A ．OA ―→＝13AB ―→＋23BC ―→B ．OA ―→＝23AB ―→＋13BC ―→C ．OA ―→＝13AB ―→－23BC ―→D ．OA ―→＝－23AB ―→－13BC ―→解析：选D ∵OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0， ∴O 为△ABC 的重心，∴OA ―→＝－23×12(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AB ―→＋BC ―→)＝－13(2AB ―→＋BC ―→)＝－23AB ―→－13BC ―→.2．(2018·合肥质检)已知O ，A ，B ，C 为同一平面内的四个点，若2AC ―→＋CB ―→＝0，则向量OC ―→等于( )A.23OA ―→－13OB ―→ B ．－13OA ―→＋23OB ―→C ．2OA ―→－OB ―→D ．－OA ―→＋2OB ―→解析：选C 因为AC ―→＝OC ―→－OA ―→，CB ―→＝OB ―→－OC ―→， 所以2AC ―→＋CB ―→＝2(OC ―→－OA ―→)＋(OB ―→－OC ―→) ＝OC ―→－2OA ―→＋OB ―→＝0， 所以OC ―→＝2OA ―→－OB ―→.3．已知向量a 与b 的夹角为30°，且|a |＝3，|b |＝2，则|a －b |的值为( )A ．1 B.13 C ．13D.7－2 3解析：选A 由向量a 与b 的夹角为30°，且|a |＝3，|b |＝2， 可得a ·b ＝|a |·|b |·c os 30°＝3×2×32＝3， 所以|a －b |＝(a －b )2＝a 2＋b 2－2a ·b ＝3＋4－2×3＝1.4．(2018·成都一诊)在边长为1的等边△ABC 中，设BC ―→＝a ，CA ―→＝b ，AB ―→＝c ，则a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝( )A ．－32B ．0 C.32D ．3解析：选A 依题意有a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝⎝⎛⎭⎫－12＋⎝⎛⎭⎫－12＋⎝⎛⎭⎫－12＝－32. 5．已知非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，|a |＝3，且a 与a ＋b 的夹角为π4，则|b |＝( )A ．6B ．3 2C ．2 2D ．3解析：选D 由非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，可知两个向量垂直，由|a |＝3，且a 与a ＋b 的夹角为π4，说明以向量a ，b 为邻边，a ＋b 为对角线的平行四边形是正方形，所以|b |＝3.6．(2017·青岛二模)在平面直角坐标系中，已知向量a ＝(1,2)，a －12b ＝(3,1)，c ＝(x,3)，若(2a ＋b )∥c ，则x ＝( )A ．－2B ．－4C ．－3D ．－1解析：选D 依题意得b ＝2⎣⎡⎦⎤a －⎝⎛⎭⎫a －12b ＝(－4,2)，所以2a ＋b ＝(－2,6)，所以6x ＝－2×3＝－6，x ＝－1.7．在平面直角坐标系xOy 中，已知A (1,0)，B (0,1)，C 为坐标平面内第一象限内一点，且∠AOC ＝π4，且|OC ―→|＝2，若OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，则λ＋μ＝( )A ．2 2 B. 2 C ．2D ．4 2解析：选A 因为|OC ―→|＝2，∠AOC ＝π4，所以C (2，2)， 又OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，所以(2，2)＝λ(1,0)＋μ(0,1)＝(λ，μ)， 所以λ＝μ＝2，λ＋μ＝2 2.8.已知函数f (x )＝A sin(πx ＋φ)的部分图象如图所示，点B ，C 是该图象与x 轴的交点，过点C 的直线与该图象交于D ，E 两点，则(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)的值为( )A ．－1B ．－12C.12D ．2解析：选D 注意到函数f (x )的图象关于点C 对称，因此C 是线段DE 的中点，BD ―→＋BE ―→＝2BC ―→.又BE ―→－CE ―→＝BE ―→＋EC ―→＝BC ―→， 且|BC ―→|＝12T ＝12×2ππ＝1，因此(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)＝2BC ―→2＝2. 二、填空题9．(2018·洛阳一模)若三点A (1，－5)，B (a ，－2)，C (－2，－1)共线，则实数a 的值为________．解析：∵AB ―→＝(a －1,3)，AC ―→＝(－3,4)， 据题意知AB ―→∥AC ―→， ∴4(a －1)＝3×(－3)， 即4a ＝－5， ∴a ＝－54.答案：－5410．已知▱ABCD 的对角线AC 和BD 相交于O ，且OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，则DC ―→＝________，BC ―→＝________.(用a ，b 表示)解析：如图，DC ―→＝AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝b －a ，BC ―→＝OC ―→－OB ―→＝－OA ―→－OB ―→＝－a －b .答案：b －a －a －b11．已知向量a ＝(2,1)，b ＝(1，－2)，若m a ＋n b ＝(9，－8)(m ，n ∈R)，则m －n 的值为________．解析：∵m a ＋n b ＝(2m ＋n ，m －2n )＝(9，－8)，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 2m ＋n ＝9，m －2n ＝－8，∴⎩⎪⎨⎪⎧m ＝2，n ＝5，∴m －n ＝2－5＝－3. 答案：－312．若向量a ＝(2,3)，b ＝(－4,7)，a ＋c ＝0，则c 在b 方向上的投影为________． 解析：∵a ＋c ＝0， ∴c ＝－a ＝(－2，－3)，∴c ·b ＝8－21＝－13，且|b |＝65， ∴c 在b 方向上的投影为|c |c os 〈c ，b 〉＝|c |·c ·b |c ||b |＝c ·b |b |＝－1365＝－655.答案：－655三、解答题13．已知向量a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，c ＝(2，k )． (1)求向量a 与b 的夹角； (2)若b ∥c ，求k 的值； (3)若b ⊥(a ＋c )，求k 的值． 解：(1)设向量a 与b 的夹角为θ， ∵a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，∴a ·b ＝3×(－5)＋0×5＝－15，|a |＝3，|b |＝(－5)2＋52＝52， ∴c os θ＝a ·b |a |·|b |＝－153×52＝－22. 又∵θ∈[0，π]， ∴θ＝3π4. (2)∵b ∥c ，∴－5k ＝5×2，∴k ＝－2. (3)∵a ＋c ＝(5，k )，又b ⊥(a ＋c )， ∴b ·(a ＋c )＝0，∴－5×5＋5×k ＝0， ∴k ＝5.14．在平面直角坐标系xOy 中，已知向量m ＝⎝⎛⎭⎫22，－22，n ＝(sin x ，c os x )，x ∈⎝⎛⎭⎫0，π2. (1)若m ⊥n ，求tan x 的值； (2)若m 与n 的夹角为π3，求x 的值．解：(1)若m ⊥n ，则m ·n ＝0. 由向量数量积的坐标公式得22sin x －22c os x ＝0， ∴t a n x ＝1.(2)∵m 与n 的夹角为π3，∴m ·n ＝|m |·|n |c os π3，即22sin x －22c os x ＝12， ∴sin ⎝⎛⎭⎫x －π4＝12. 又∵x ∈⎝⎛⎭⎫0，π2， ∴x －π4∈⎝⎛⎭⎫－π4，π4， ∴x －π4＝π6，即x ＝5π12.高考研究课(一) 平面向量的基本运算[典例] (1)(2018·济南模拟)在△ABC 中，AB 边的高为CD ，若CB ＝a ，CA ―→＝b ，a ·b ＝0，|a |＝1，|b |＝2，则AD ―→＝( )A.13a －13b B.23a －23b C.35a －35b D.45a －45b(2)在梯形ABCD 中，已知AB ∥CD ，AB ＝2CD ，M ，N 分别为CD ，BC 的中点．若AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，则λ＋μ＝________.[解析] (1)∵a ·b ＝0，∴∠ACB ＝90°， ∴AB ＝5，CD ＝255， ∴BD ＝55，AD ＝455，∴AD ∶BD ＝4∶1. ∴AD ―→＝45AB ―→＝45(CB ―→－CA ―→)＝45a －45b .(2)法一：由AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，得AB ―→＝λ·12(AD ―→＋AC ―→)＋μ·12(AC ―→＋AB ―→)，则⎝⎛⎭⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝⎛⎭⎫λ2＋μ2AC ―→＝0， 得⎝⎛⎭⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝⎛⎭⎫λ2＋μ2⎝⎛⎭⎫AD ―→＋12AB ―→ ＝0， 得⎝⎛⎭⎫14λ＋34μ－1AB ―→＋⎝⎛⎭⎫λ＋μ2AD ―→＝0. 因为AB ―→，AD ―→不共线，所以由平面向量基本定理得⎩⎨⎧14λ＋34μ－1＝0，λ＋μ2＝0，解得⎩⎨⎧λ＝－45，μ＝85.所以λ＋μ＝45.法二：连接MN 并延长交AB 的延长线于T ， 由已知易得AB ＝45AT ，则45AT ―→＝AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→， 即AT ―→＝54λAM ―→＋54μAN ―→，因为T ，M ，N 三点共线，所以54λ＋54μ＝1.故λ＋μ＝45.[答案] (1)D (2)45[方法技巧](1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．(2)用向量基本定理解决问题的一般思路是先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．[即时演练]1．向量e 1，e 2，a ，b 在正方形网格中的位置如图所示，则a －b ＝( )A ．－4e 1－2e 2B ．－2e 1－4e 2C ．e 1－3e 2D ．3e 1－e 2解析：选C 结合图形易得，a ＝－e 1－4e 2，b ＝－2e 1－e 2，故a －b ＝e 1－3e 2.2.如图，正方形ABCD 中，E 为DC 的中点，若AE ―→＝λAB ―→＋μAC ―→，则λ＋μ的值为( )A.12 B ．－12C ．1D ．－1解析：选A 法一：由题意得AE ―→＝AD ―→＋12AB ―→＝BC ―→＋AB ―→－12AB ―→＝AC ―→－12AB ―→，∴λ＝－12，μ＝1，∴λ＋μ＝12，故选A.法二：利用坐标法，以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立平面直角坐标系(图略)，设正方形的边长为1，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,1)，E ⎝⎛⎭⎫12，1，∴AE ―→＝⎝⎛⎭⎫12，1，AB ―→＝(1,0)，AC ―→＝(1,1)，则⎝⎛⎭⎫12，1＝λ(1,0)＋μ(1，1)，∴λ＋μ＝12.平面向量的坐标运算[典例] (1)在△ABC 中，点P 在BC 上，且BP ＝2PC ，点Q 是AC 的中点，若PA ―→＝(4,3)，PQ ―→＝(1,5)，则BC ―→等于( )A ．(－2,7)B ．(－6,21)C ．(2，－7)D ．(6，－21)(2)(2018·绍兴模拟)已知点M (5，－6)和向量a ＝(1，－2)，若MN ―→＝－3a ，则点N 的坐标为( )A ．(2,0)B ．(－3,6)C ．(6,2)D ．(－2,0)[解析] (1)由题意，AC ―→＝2AQ ―→＝2(PQ ―→－PA ―→)＝2(－3,2)＝(－6,4)，PC ―→＝AC ―→－AP ―→＝(－6,4)－(－4，－3)＝(－2,7)，∵BP ―→＝2PC ―→，∴BC ―→＝3PC ―→＝(－6,21)．(2)MN ―→＝－3a ＝－3(1，－2)＝(－3,6)， 设N (x ，y )，则MN ―→＝(x －5，y ＋6)＝(－3,6)，所以⎩⎪⎨⎪⎧ x －5＝－3，y ＋6＝6，即⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝0.[答案] (1)B (2)A [方法技巧]向量的坐标运算主要是利用加、减、数乘运算法则进行，若已知有向线段两端点的坐标，则应先求向量的坐标．解题过程中要注意方程思想的运用及正确使用运算法则．[即时演练]1．若向量a ＝(1,1)，b ＝(1，－1)，c ＝(－1,2)，则c ＝( ) A ．－12a ＋32bB.12a －32b C.32a －12b D ．－32a ＋12b解析：选B 设c ＝λ1a ＋λ2b ，则(－1,2)＝λ1(1,1)＋λ2(1，－1)＝(λ1＋λ2，λ1－λ2)，所以λ1＋λ2＝－1，λ1－λ2＝2，解得λ1＝12，λ2＝－32，所以c ＝12a －32b .2．已知向量a ＝(1,1)，点A (3,0)，点B 为直线y ＝2x 上的一个动点．若AB ―→∥a ，则点B 的坐标为________．解析：设B (x,2x )，AB ―→＝(x －3,2x )． ∵AB ―→∥a ，∴x －3－2x ＝0，解得x ＝－3，∴B (－3，－6)． 答案：(－3，－6)共线向量定理及应用平面向量共线的坐标表示是高考的常考内容，多以选择题或填空题的形式出现，难度较小，属低档题.,常见的命题角度有：(1)利用向量共线求参数或点的坐标； (2)利用向量共线解决三点共线问题. 1．若向量a ＝(2,4)与向量b ＝(x,6)共线，则实数x ＝( ) A ．2 B ．3 C ．4D ．6解析：选B ∵a ∥b ，∴2×6－4x ＝0，解得x ＝3.2．已知梯形ABCD 中，AB ∥CD ，且DC ＝2AB ，三个顶点A (1，2)，B (2,1)，C (4,2)，则点D 的坐标为________．解析：∵在梯形ABCD 中，DC ＝2AB ，AB ∥CD ，∴DC ―→＝2AB ―→.设点D 的坐标为(x ，y )，则DC ―→＝(4－x ，2－y )，AB ―→＝(1，－1)，∴(4－x,2－y )＝2(1，－1)，即(4－x,2－y )＝(2，－2)，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 4－x ＝2，2－y ＝－2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝4，故点D 的坐标为(2,4)． 答案：(2,4)3．已知平面向量a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)，且(a ＋c )∥(a －b )，则m ＝________. 解析：因为a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)， 所以a ＋c ＝(1＋m ，m ＋3)，a －b ＝(－1，m －5)． 又(a ＋c )∥(a －b )，所以(1＋m )(m －5)＋(m ＋3)＝0，即m 2－3m －2＝0， 解得m ＝3＋172或m ＝3－172. 答案：3±172[方法技巧]1．利用两向量共线求参数如果已知两向量共线，求某些参数的取值时，利用“若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件是x 1y 2＝x 2y 1”解题比较方便．2．利用两向量共线的条件求向量坐标一般地，在求与一个已知向量a 共线的向量时，可设所求向量为λa (λ∈R)，然后结合其他条件列出关于λ的方程，求出λ的值后代入λa 即可得到所求的向量．角度二：利用向量共线解决三点共线问题4．(2018·南阳五校联考)已知向量OA ―→＝(1，－3)，OB ―→＝(2，－1)，OC ―→＝(k ＋1，k －2)，若A ，B ，C 三点不能构成三角形，则k ＝________.解析：若点A ，B ，C 不能构成三角形，则向量AB ―→，AC ―→共线， ∵AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(k ＋1，k －2)－(1，－3)＝(k ，k ＋1)， ∴1×(k ＋1)－2k ＝0，解得k ＝1. 答案：15．设两个非零向量a 与b 不共线，若AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b )，求证：A ，B ，D 三点共线．证明：因为AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b )， 所以BD ―→＝BC ―→＋CD ―→＝2a ＋8b ＋3(a －b ) ＝5(a ＋b )＝5AB ―→. 所以AB ―→，BD ―→共线．又它们有公共点B ，所以A ，B ，D 三点共线． [方法技巧]三点共线问题的求解策略解决点共线或向量共线问题时，要结合向量共线定理进行，但应注意向量共线与三点共线的区别与联系，当两个向量共线且有公共点时，才能得到三点共线．1．(2017·全国卷Ⅲ)在矩形ABCD 中，AB ＝1，AD ＝2，动点P 在以点C 为圆心且与BD 相切的圆上．若AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→，则λ＋μ的最大值为( )A ．3B ．2 2 C. 5D ．2解析：选A 以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,2)，D (0,2)，可得直线BD 的方程为2x ＋y －2＝0，点C 到直线BD 的距离为222＋12＝25，所以圆C ：(x －1)2＋(y －2)2＝45.因为P 在圆C 上，所以P ⎝⎛⎭⎫1＋255cos θ，2＋255sin θ.又AB ―→＝(1,0)，AD ―→＝(0,2)，AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→＝(λ，2μ)，所以⎩⎨⎧1＋255cos θ＝λ，2＋255sin θ＝2μ，λ＋μ＝2＋255c os θ＋55sin θ＝2＋sin(θ＋φ)≤3(其中tan φ＝2)，当且仅当θ＝π2＋2k π－φ，k ∈Z 时，λ＋μ取得最大值3.2．(2015·全国卷Ⅰ)设D 为△ABC 所在平面内一点，BC ―→＝3CD ―→，则( ) A ．AD ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→B ．AD ―→＝13AB ―→－43AC ―→C ．AD ―→＝43AB ―→＋13AC ―→D ．AD ―→＝43AB ―→－13AC ―→解析：选A AD ―→＝AC ―→＋CD ―→＝AC ―→＋13BC ―→＝AC ―→＋13(AC ―→－AB ―→)＝43AC ―→－13AB ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→.3．(2015·全国卷Ⅰ)已知点A (0,1)，B (3,2)，向量AC ―→＝(－4，－3)，则向量BC ―→＝( ) A ．(－7，－4) B ．(7,4) C ．(－1,4)D ．(1,4)解析：选A 法一：设C (x ，y )， 则AC ―→＝(x ，y －1)＝(－4，－3)，所以⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－4，y ＝－2，从而BC ―→＝(－4，－2)－(3,2)＝(－7，－4)． 法二：AB ―→＝(3,2)－(0,1)＝(3,1)，BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(－4，－3)－(3,1)＝(－7，－4)．4．(2016·全国卷Ⅰ)设向量a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，且|a ＋b |2＝|a |2＋|b |2，则m ＝________. 解析：∵|a ＋b |2＝|a |2＋|b |2＋2a ·b ＝|a |2＋|b |2， ∴a ·b ＝0.又a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，∴m ＋2＝0，∴m ＝－2.答案：－25．(2016·全国卷Ⅱ)已知向量a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，且a ∥b ，则m ＝________. 解析：∵a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，a ∥b ， ∴－2m －4×3＝0，∴m ＝－6. 答案：－66．(2015·全国卷Ⅱ)设向量a ，b 不平行，向量λa ＋b 与a ＋2b 平行，则实数λ＝________. 解析：∵λa ＋b 与a ＋2b 平行，∴λa ＋b ＝t (a ＋2b )，即λa ＋b ＝t a ＋2t b ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝t ，1＝2t ，解得⎩⎨⎧λ＝12，t ＝12.答案：127．(2014·全国卷Ⅰ)已知A ，B ，C 为圆O 上的三点，若AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，则AB ―→与AC―→的夹角为________．解析：由AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，可得O 为BC 的中点，故BC 为圆O 的直径，所以AB ―→与AC ―→的夹角为90°.答案：90°一、选择题1.(2018·长春模拟)如图所示，下列结论正确的是( ) ①PQ ―→＝32a ＋32b ；②PT ―→＝32a －b ；③PS ―→＝32a －12b ；④PR ―→＝32a ＋b .A ．①②B ．③④C ．①③D ．②④解析：选C ①根据向量的加法法则，得PQ ―→＝32a ＋32b ，故①正确；②根据向量的减法法则，得PT ―→＝32a －32b ，故②错误；③PS ―→＝PQ ―→＋QS ―→＝32a ＋32b －2b ＝32a －12b ，故③正确；④PR ―→＝PQ ―→＋QR ―→＝32a ＋32b －b ＝32a ＋12b ，故④错误，故选C.2．(2018·长沙一模)已知向量OA ―→＝(k,12)，OB ―→＝(4,5)，OC ―→＝(－k,10)，且A ，B ，C 三点共线，则k 的值是( )A ．－23B.43C.12D.13解析：选A AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(4－k ，－7)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(－2k ，－2)． ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→，AC ―→共线，∴－2×(4－k )＝－7×(－2k )， 解得k ＝－23.3．(2018·嘉兴调研)已知点O 为△ABC 外接圆的圆心，且OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0，则△ABC 的内角A 等于( )A ．30°B ．45°C ．60°D ．90°解析：选A 由OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0得，OA ―→＋OB ―→＝OC ―→，由O 为△ABC 外接圆的圆心，结合向量加法的几何意义知，四边形OACB 为菱形，且∠CAO ＝60°，故A ＝30°.4．若OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，a 与b 不共线，则∠AOB 平分线上的向量OM ―→为( ) A.a |a |＋b |b | B.a ＋b |a ＋b | C.|b |a －|a |b |a |＋|b |D ．λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a |a |＋b |b |，λ由OM ―→确定解析：选D 以OM 为对角线，以OA ―→，OB ―→方向为邻边作平行四边形OCMD ，∵OM 平分∠AOB ，∴平行四边形OCMD 是菱形．设OC ＝OD ＝λ， 则OC ―→＝λa |a |，OD ―→＝λb |b |，∴OM ―→＝OC ―→＋OD ―→＝λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a |a |＋b |b |，且λ由OM ―→确定．5．设D ，E ，F 分别是△ABC 的三边BC ，CA ，AB 上的点，且DC ―→＝2BD ―→，CE ―→＝2EA ―→，AF ―→＝2FB ―→，则AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→( )A ．反向平行B ．同向平行C ．互相垂直D ．既不平行也不垂直解析：选A 由题意得AD ―→＝AB ―→＋BD ―→＝AB ―→＋13BC ―→，BE ―→＝BA ―→＋AE ―→＝BA ―→＋13AC ―→，CF ―→＝CB ―→＋BF ―→＝CB ―→＋13BA ―→，因此AD ―→＋BE ―→＋CF ―→＝CB ―→＋13(BC ―→＋AC ―→－AB ―→)＝CB ―→＋23BC ―→＝－13BC ―→，故AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→反向平行．6.如图所示，已知点G 是△ABC 的重心，过点G 作直线与AB ，AC 两边分别交于M ，N 两点，且AM ―→＝x AB ―→，AN ―→＝y AC ―→，则xy x ＋y 的值为( )A ．3 B.13 C ．2D.12解析：选B 利用三角形的性质，过重心作平行于底边BC 的直线，易得x ＝y ＝23，则xy x ＋y ＝13. 7．(2018·兰州模拟)已知向量a ＝(1－sin θ，1)，b ＝⎝⎛⎭⎫12，1＋sin θ，若a ∥b ，则锐角θ＝( )A.π6 B.π4 C.π3D.5π12解析：选B 因为a ∥b ，所以(1－sin θ)×(1＋sin θ)－1×12＝0，得sin 2θ＝12，所以sin θ＝±22，故锐角θ＝π4.8．已知△ABC 是边长为4的正三角形，D ，P 是△ABC 内的两点，且满足AD ―→＝14(AB―→＋AC ―→)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→，则△APD 的面积为( )A.34B.32C. 3 D ．2 3解析：选A 法一：取BC 的中点E ，连接AE ，由于△ABC 是边长为4的正三角形，则AE ⊥BC ，AE ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，又AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)，所以点D 是AE 的中点，AD ＝ 3.取AF ―→＝18BC ―→，以AD ，AF 为邻边作平行四边形，可知AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝AD ―→＋AF ―→.而△APD 是直角三角形，AF ＝12，所以△APD 的面积为12×12×3＝34.法二：以A 为原点，以BC 的垂直平分线为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系．∵等边三角形ABC 的边长为4， ∴B (－2，－23)，C (2，－23)，由题知AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)＝14[(－2，－23)＋(2，－23)]＝(0，－3)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝(0，－3)＋18(4,0)＝⎝⎛⎭⎫12，－3， ∴△ADP 的面积为S ＝12|AD ―→|·|DP ―→|＝12×3×12＝34.二、填空题9．在矩形ABCD 中，O 是对角线的交点，若BC ―→＝5e 1，DC ―→＝3e 2，则OC ―→＝________.(用e 1，e 2表示)解析：在矩形ABCD 中，因为O 是对角线的交点，所以OC ―→＝12AC ―→＝12(AB ―→＋AD ―→)＝12(DC ―→＋BC ―→)＝12(5e 1＋3e 2)＝52e 1＋32e 2.答案：52e 1＋32e 210．已知S 是△ABC 所在平面外一点，D 是SC 的中点，若BD ―→＝x AB ―→＋y AC ―→＋z AS ―→，则x ＋y ＋z ＝________.解析：依题意得BD ―→＝AD ―→－AB ―→＝12(AS ―→＋AC ―→)－AB ―→＝－AB ―→＋12AC ―→＋12AS ―→，因此x＋y ＋z ＝－1＋12＋12＝0.答案：011．(2018·贵阳模拟)已知平面向量a ，b 满足|a |＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ，则向量a 的坐标是________．解析：设a ＝(x ，y )，∵平面向量a ，b 满足|a |＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ， ∴x 2＋y 2＝1，且x －y ＝0，解得x ＝y ＝±22.∴a ＝⎝⎛⎭⎫22，22或⎝⎛⎭⎫－22，－22.答案：⎝⎛⎭⎫22，22或⎝⎛⎭⎫－22，－2212.在直角梯形ABCD 中，AB ⊥AD ，DC ∥AB ，AD ＝DC ＝1，AB＝2，E ，F 分别为AB ，BC 的中点，点P 在以A 为圆心，AD 为半径的圆弧DE 上变动(如图所示)，若AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，其中λ，μ∈R ，则2λ－μ的取值范围是________．解析：以A 为坐标原点，AB 为x 轴，AD 为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，E (1，0)，D (0,1)，F ⎝⎛⎭⎫32，12，设P (c os α，sin α)(0°≤α≤90°)， ∵AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，∴(c os α，sin α)＝λ(－1,1)＋μ⎝⎛⎭⎫32，12 ＝⎝⎛⎭⎫－λ＋32μ，λ＋μ2， ∴c os α＝－λ＋32μ，sin α＝λ＋μ2，∴λ＝14(3sin α－c os α)，μ＝12(c os α＋sin α)，∴2λ－μ＝sin α－c os α＝2sin(α－45°)， ∵0°≤α≤90°， ∴－45°≤α－45°≤45°， ∴－22≤sin(α－45°)≤22， ∴－1≤2sin(α－45°)≤1，∴2λ－μ的取值范围是[－1,1]． 答案：[－1,1] 三、解答题13.如图所示，在△ABC 中，D ，F 分别是BC ，AC 的中点，AE ―→＝23AD ―→，AB ―→＝a ，AC ―→＝b . (1)用a ，b 表示向量AD ―→，AE ―→，AF ―→，BE ―→，BF ―→； (2)求证：B ，E ，F 三点共线． 解：(1)延长AD 到G ，使AD ―→＝12AG ―→，连接BG ，CG ，得到平行四边形ABGC ，所以AG ―→＝a ＋b ， AD ―→＝12AG ―→＝12(a ＋b )，AE ―→＝23AD ―→＝13(a ＋b )，AF ―→＝12AC ―→＝12b ，BE ―→＝AE ―→－AB ―→＝13(a ＋b )－a ＝13(b －2a )，BF ―→＝AF ―→－AB ―→＝12b －a ＝12(b －2a )．(2)证明：由(1)可知BE ―→＝23BF ―→，又因为BE ―→，BF ―→有公共点B ， 所以B ，E ，F 三点共线．14．(2018·郑州模拟)平面内给定三个向量a ＝(3,2)，b ＝(－1，2)，c ＝(4,1)． (1)若(a ＋k c )∥(2b －a )，求实数k 的值；(2)若d 满足(d －c )∥(a ＋b )，且|d －c |＝5，求d 的坐标． 解：(1)a ＋k c ＝(3＋4k,2＋k )，2b －a ＝(－5,2)， 由题意得2×(3＋4k )－(－5)×(2＋k )＝0，解得k ＝－1613.(2)设d ＝(x ，y )，则d －c ＝(x －4，y －1)， 又a ＋b ＝(2,4)，|d －c |＝5，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 4(x －4)－2(y －1)＝0，(x －4)2＋(y －1)2＝5，解得⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝3，y ＝－1或⎩⎪⎨⎪⎧x ＝5，y ＝3. ∴d 的坐标为(3，－1)或(5,3)．15.如图，在△OAB 中，OC ―→＝14OA ―→，OD ―→＝12OB ―→，AD 与BC 交于点M ，设OA ―→＝a ，OB ―→＝b .(1)用a ，b 表示OM ―→；(2)在线段AC 上取一点E ，在线段BD 上取一点F ，使EF 过M 点，设OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→，求证：17p ＋37q＝1.解：(1)设OM ―→＝x a ＋y b ，由OC ―→＝14OA ―→，得OM ―→＝4x OC ―→＋y b ，∵C ，M ，B 三点共线， ∴4x ＋y ＝1.①由OD ―→＝12OB ―→，得OM ―→＝x a ＋2y OD ―→，∵A ，M ，D 三点共线， ∴x ＋2y ＝1，②联立①②得，x ＝17，y ＝37.∴OM ―→＝17a ＋37b .(2)证明：∵OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→， ∴OA ―→＝1p OE ―→，OB ―→＝1q OF ―→， ∴OM ―→＝17·1p OE ―→＋37·1q OF ―→.∵E ，M ，F 三点共线， ∴17p ＋37q＝1.1．已知点P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ，实数x ，y 满足PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0，设△ABC ，△PBC ，△PCA ，△PAB 的面积分别为S ，S 1，S 2，S 3，记S 1S ＝λ1，S 2S ＝λ2，S 3S＝λ3，则λ2·λ3取最大值时，3x ＋y 的值为( ) A.12 B.32 C ．1D ．2解析：选D 由题意可知λ1＋λ2＋λ3＝1.∵P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ， ∴λ1＝12，∴λ2＋λ3＝12，∴λ2λ3≤⎝⎛⎭⎫λ2＋λ322＝116， 当且仅当λ2＝λ3＝14时取等号，∴λ2·λ3取最大值时，P 为EF 的中点． 延长AP 交BC 于M ，则M 为BC 的中点， ∴PA ＝PM ，∴PA ―→＝－PM ―→＝－12(PB ―→＋PC ―→)，又∵PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0， ∴x ＝y ＝12，∴3x ＋y ＝2.2.如图，在Rt △ABC 中，P 是斜边BC 上一点，且满足BP ―→＝12PC ―→，点M ，N 在过点P 的直线上，若AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)，则λ＋2μ的最小值为( )A ．2 B.83 C ．3D.103解析：选B ∵AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)， ∴MB ―→＝MP ―→＋PB ―→＝(1－λ)AB ―→. ∵M ，P ，N 三点共线，∴存在实数k ，使MP ―→＝kMN ―→＝k (AN ―→－AM ―→)＝－kλAB ―→＋kμAC ―→. ∵BP ―→＝12PC ―→，∴PB ―→＝13CB ―→＝13AB ―→－13AC ―→.∴MP ―→＋PB ―→＝⎝⎛⎭⎫13－kλAB ―→＋⎝⎛⎭⎫kμ－13AC ―→＝(1－λ)AB ―→， ∴⎩⎨⎧13－kλ＝1－λ， ①kμ－13＝0， ②由②得，k ＝13μ代入①得，13－λ3μ＝1－λ，∴μ＝λ3λ－2，∴λ＋2μ＝λ＋2λ3λ－2.设f (λ)＝λ＋2λ3λ－2，λ>0， ∴f ′(λ)＝9λ2－12λ(3λ－2)2，令f ′(λ)＝0，得λ＝0或λ＝43. 当λ∈⎝⎛⎭⎫0，43时，f ′(λ)<0，当λ∈⎝⎛⎭⎫43，＋∞时，f ′(λ)>0. ∴λ＝43时，f (λ)取极小值，也是最小值，又f ⎝⎛⎭⎫43＝83，∴f (λ)的最小值为83， 即λ＋2μ的最小值为83.高考研究课(二) 平面向量的数量积及应用 [全国卷5年命题分析][典例] (1)已知等边△ABC 的边长为2，若BC ＝3BE ，AD ＝DC ，则BD ―→·AE ―→等于( )A ．－2B ．－103C ．2D.103(2)已知正方形ABCD 的边长为1，点E 是AB 边上的动点，则DE ―→·CB ―→的值为______；DE ―→·DC ―→的最大值为________．[解析] (1)如图所示，BD ―→·AE ―→＝(AD ―→－AB ―→)·(AB ―→＋BE ―→)＝⎝⎛⎭⎫12AC ―→－AB ―→ ·⎝⎛⎭⎫AB ―→＋13 AC ―→－13AB ―→＝⎝⎛⎭⎫12AC ―→－AB ―→·⎝⎛⎭⎫13AC ―→＋23AB ―→＝16AC ―→2－23AB ―→2＝16×4－23×4＝－2. (2)法一：如图，DE ―→·CB ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·CB ―→＝DA ―→·CB ―→＋AE ―→·CB ―→＝DA ―→2＝1， DE ―→·DC ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·DC ―→ ＝DA ―→·DC ―→＋AE ―→·DC ―→＝AE ―→·DC ―→＝|AE ―→|·|DC ―→|≤|DC ―→|2＝1，故DE ―→·DC ―→的最大值为1.法二：以射线AB ，AD 为x 轴，y 轴的正方向建立平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1，0)，C (1,1)，D (0,1)，设E (t,0)，t ∈[0,1]，则DE ―→＝(t ，－1)，CB ―→＝(0，－1)，所以DE ―→·CB ―→＝(t ，－1)·(0，－1)＝1.因为DC ―→＝(1,0)，所以DE ―→·DC ―→＝(t ，－1)·(1,0)＝t ≤1， 故DE ―→·DC ―→的最大值为1. 法三：由图知，无论E 点在哪个位置，DE ―→在CB ―→方向上的投影都是CB ＝1， ∴DE ―→·CB ―→＝|CB ―→|·1＝1.当E 运动到B 点时，DE ―→在DC ―→方向上的投影最大，即为DC ＝1， ∴(DE ―→·DC ―→)m a x ＝|DC ―→|·1＝1. [答案] (1)A (2)1 1 [方法技巧]平面向量数量积的2种运算方法1．(2016·天津高考)已知△ABC 是边长为1的等边三角形，点D ，E 分别是边AB ，BC 的中点，连接DE 并延长到点F ，使得DE ＝2EF ，则AF ―→·BC ―→的值为( )A ．－58B.18C.14D.118解析：选B 如图所示，AF ―→＝AD ―→＋DF ―→. 又D ，E 分别为AB ，BC 的中点， 且DE ＝2EF ，所以AD ―→＝12AB ―→，DF ―→＝12AC ―→＋14AC ―→＝34AC ―→，所以AF ―→＝12AB ―→＋34AC ―→.又BC ―→＝AC ―→－AB ―→，则AF ―→·BC ―→＝⎝⎛⎭⎫12AB ―→＋34AC ―→·(AC ―→－AB ―→)＝12AB ―→·AC ―→－12AB ―→2＋34AC ―→2－34AC ―→·AB ―→ ＝34AC ―→2－12AB ―→2－14AC ―→·AB ―→. 又|AB ―→|＝|AC ―→|＝1，∠BAC ＝60°， 故AF ―→·BC ―→＝34－12－14×1×1×12＝18.2．(2018·豫东名校联考)如图，BC 是单位圆A 的一条直径，F 是线段AB 上的点，且BF ―→＝3FA ―→，若DE 是圆A 中绕圆心A 运动的一条直径，则FD ―→·FE ―→的值是________．解析：FD ―→·FE ―→＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→＋AE ―→)＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→－AD ―→)＝FA ―→2－AD ―→2＝⎝⎛⎭⎫142－1＝－1516. 答案：－15161．(2017·浙江高考)已知向量a ，b 满足|a |＝1，|b |＝2，则|a ＋b |＋|a －b |的最小值是________，最大值是________．解析：法一：由向量三角不等式得，|a ＋b |＋|a －b |≥|(a ＋b )－(a －b )|＝|2b |＝4. 又|a ＋b |＋|a －b |2≤(a ＋b )2＋(a －b )22＝a 2＋b 2＝5，∴|a ＋b |＋|a －b |的最大值为2 5.法二：设a ，b 的夹角为θ. ∵|a |＝1，|b |＝2，∴|a ＋b |＋|a －b |＝a 2＋b 2＋(a －b )2 ＝5＋4cos θ＋5－4cos θ. 令y ＝5＋4cos θ＋5－4cos θ， 则y 2＝10＋225－16cos 2θ.∵θ∈[0，π]，∴c os 2θ∈[0,1]，∴y 2∈[16,20]，∴y ∈[4,2 5 ]，即|a ＋b |＋|a －b |的最小值为4，最大值为2 5. 答案：4 2 52．已知向量a ＝(1,1)，b ＝(－1,1)，设向量c 满足(2a －c )·(3b －c )＝0，则|c |的最大值为________．解析：设c ＝(x ，y )，2a －c ＝(2－x,2－y )，3b －c ＝(－3－x,3－y )，则由题意得(2－x )·(－3－x )＋(2－y )·(3－y )＝0，即⎝⎛⎭⎫x ＋122＋⎝⎛⎭⎫y －522＝132，表示以⎝⎛⎭⎫－12，52为圆心，262为半径的圆，所以|c |的最大值为26.答案：26 [方法技巧]利用数量积求解长度问题的处理方法(1)a 2＝a ·a ＝|a |2或|a |＝a·a . (2)|a ±b |＝(a ±b )2＝a 2±2a·b ＋b 2. (3)若a ＝(x ，y )，则|a |＝x 2＋y 2.[提醒] 与模有关的最值或范围问题要注意抓住模的几何意义及数形结合思想的应用． 角度二：平面向量的夹角3．已知单位向量e 1与e 2的夹角为60°，则|e 1－2e 2|＝________. 解析：∵单位向量e 1与e 2的夹角为60°， ∴|e 1|＝|e 2|＝1，e 1·e 2＝|e 1|·|e 2|·c os 60°＝12，∴|e 1－2e 2|＝e 21－4e 1e 2＋4e 22＝1－2＋4＝ 3.答案： 34．(2018·洛阳期末)已知a ＝(1,2)，b ＝(1,1)，且a 与a ＋λb 的夹角为锐角，求实数λ的取值范围．解：∵a 与a ＋λb 均为非零向量，且夹角为锐角， ∴a ·(a ＋λb )>0，即(1,2)·(1＋λ，2＋λ)>0. ∴(1＋λ)＋2(2＋λ)>0. ∴λ>－53.当a 与a ＋λb 共线时， 存在实数m ，使a ＋λb ＝m a ， 即(1＋λ，2＋λ)＝m (1,2)，。

全国通用版2018-2019学年高考数学一轮复习第七单元平面向量学案(文科)

全国通用版2018-2019学年高考数学一轮复习第七单元平面向量学案(文科)

第七单元平面向量教材复习课“平面向量”相关基础知识一课过对应学生用书1．若向量a与b不相等，则a与b一定( )A．有不相等的模B．不共线C．不可能都是零向量D．不可能都是单位向量解析：选C 若a与b都是零向量，则a＝b，故选项C正确．2．关于平面向量，下列说法正确的是( )A．零向量是唯一没有方向的向量B．平面内的单位向量是唯一的C．方向相反的向量是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量D．共线向量就是相等向量解析：选C 对于A，零向量是有方向的，其方向是任意的，故A不正确；对于B，单位向量的模为1，其方向可以是任意方向，故B不正确；对于C，方向相反的向量一定是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量，故C正确；对于D，由共线向量和相等向量的定义可知D不正确，故选C.3．下列命题中，正确的个数是( )①单位向量都相等；②模相等的两个平行向量是相等向量；③若a ，b 满足|a|>|b|且a 与b 同向，则a>b ； ④若两个向量相等，则它们的起点和终点分别重合． A ．0 B ．1 C ．2D ．3解析：选A 对于①，单位向量的大小相等，但方向不一定相同，故①错误； 对于②，模相等的两个平行向量是相等向量或相反向量，故②错误； 对于③，向量是有方向的量，不能比较大小，故③错误；对于④，向量是可以平移的矢量，当两个向量相等时，它们的起点和终点不一定相同，故④错误．综上，正确的命题个数是0.[清易错]1．对于平行向量易忽视两点： (1)零向量与任一向量平行．(2)两平行向量有向线段所在的直线平行或重合，易忽视重合这一条件． 2．单位向量的定义中只规定了长度没有方向限制． 1．若m∥n ，n∥k ，则向量m 与向量k ( ) A ．共线 B ．不共线 C ．共线且同向D ．不一定共线解析：选D 可举特例，当n ＝0时，满足m∥n ，n∥k ，故A 、B 、C 选项都不正确，故D 正确．2．设a ，b 都是非零向量，下列四个选项中，一定能使a |a |＋b|b |＝0成立的是( ) A ．a ＝2b B ．a ∥b C ．a ＝－13bD ．a ⊥b解析：选C “a |a|＋b|b|＝0，且a ，b 都是非零向量”等价于“非零向量a ，b 共线且反向”，故答案为C.向量共线定理及平面向量基本定理1．向量共线定理向量b 与a(a ≠0)共线的充要条件是有且只有一个实数λ，使得b ＝λa. 2．平面向量的基本定理如果e 1，e 2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任意向量a ，有且只有一对实数λ1，λ2，使a ＝λ1e 1＋λ2e 2.其中，不共线的向量e 1，e 2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底． [小题速通]1．已知a ，b 是不共线的向量，AB ―→＝λa ＋b ，AC ―→＝a ＋μb ，λ，μ∈R ，则A ，B ，C 三点共线的充要条件为( )A ．λ＋μ＝2B ．λ－μ＝1C ．λμ＝－1D ．λμ＝1解析：选D ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→∥AC ―→，设AB ―→＝m AC ―→(m ≠0)，即λa ＋b ＝m a ＋m μb ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝m ，1＝m μ，∴λμ＝1.2．(2018·南宁模拟)已知e 1，e 2是不共线向量，a ＝m e 1＋2e 2，b ＝n e 1－e 2，且mn ≠0，若a ∥b ，则m n的值为( )A ．－12B.12 C ．－2D ．2解析：选C ∵a ∥b ，∴a ＝λb ，即m e 1＋2e 2＝λ(n e 1－e 2)，则⎩⎪⎨⎪⎧λn ＝m ，－λ＝2，故mn＝－2.3．已知点M 是△ABC 的边BC 的中点，点E 在边AC 上，且EC ―→＝2AE ―→，则EM ―→＝( ) A.12AC ―→＋13AB ―→ B.12AC ―→＋16AB ―→C.16AC ―→＋12AB ―→D.16AC ―→＋32AB ―→ 解析：选C 如图，∵EC ―→＝2AE ―→，∴EM ―→＝EC ―→＋CM ―→＝23AC ―→＋12CB ―→＝23AC ―→＋12(AB ―→－AC ―→)＝16AC ―→＋12AB ―→.[清易错]1．在向量共线的重要条件中易忽视“a ≠0”，否则λ可能不存在，也可能有无数个．2．平面向量基本定理指出：平面内任何一个非零向量都可以表示为沿两个不共线的方向分离的两个非零向量的和，并且一旦分解方向确定后，这种分解是唯一的．这一点是易忽视的．1．(2018·大连双基测试)给出下列四个命题： ①两个具有公共终点的向量一定是共线向量； ②两个向量不能比较大小，但它们的模能比较大小； ③λa ＝0(λ为实数)，则λ必为零；④λ，μ为实数，若λa ＝μb ，则a 与b 共线． 其中假命题的个数是( ) A ．1 B ．2 C ．3D ．4解析：选C ①错误，两向量是否共线是要看其方向而不是起点或终点；②正确，因为向量既有大小，又有方向，故向量不能比较大小，但向量的模均为实数，故可以比较大小；③错误，当a ＝0时，不论λ为何值，都有λa ＝0；④错误，当λ＝μ＝0时，λa ＝μb ，此时a 与b 可以是任意向量．2.如图，在△OAB 中，P 为线段AB 上的一点，OP ―→＝x OA ―→＋yOB ―→，且BP ―→＝2PA ―→，则( )A ．x ＝23，y ＝13B ．x ＝13，y ＝23C ．x ＝14，y ＝34D ．x ＝34，y ＝14解析：选A 由题意知OP ―→＝OB ―→＋BP ―→，又BP ―→＝2PA ―→，所以OP ―→＝OB ―→＋23BA ―→＝OB ―→＋23(OA ―→－OB ―→)＝23OA ―→＋13OB ―→，所以x ＝23，y ＝13.平面向量的运算1．向量的线性运算 向量运算定义法则(或几何意义)运算律三角形法则(1)平面向量的正交分解把一个向量分解为两个互相垂直的向量，叫做把向量正交分解． (2)平面向量的坐标运算①向量加法、减法、数乘向量及向量的模 设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则 a ＋b ＝(x 1＋x 2，y 1＋y 2)， a －b ＝(x 1－x 2，y 1－y 2)， λa ＝(λx 1，λy 1)， |a|＝x 21＋y 21. ②向量坐标的求法设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则AB ―→＝(x 2－x 1，y 2－y 1)，|AB ―→|＝x 2－x 12＋y 2－y 12.(3)平面向量共线的坐标表示设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b ⇔x 1y 2－x 2y 1＝0. [小题速通]1．(2018·嘉兴测试)在△ABC 中，已知M 是BC 边的中点，设CB ―→＝a ，CA ―→＝b ，则AM ―→＝( )A.12a －b B.12a ＋bC ．a －12bD ．a ＋12b解析：选A AM ―→＝AC ―→＋CM ―→＝－CA ―→＋12CB ―→＝－b ＋12a.2．设D 是线段BC 的中点，且AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→，则( ) A ．AD ―→＝2AE ―→ B ．AD ―→＝4AE ―→C ．AD ―→＝2EA ―→D ．AD ―→＝4EA ―→解析：选A ∵D 是线段BC 的中点， ∴AB ―→＋AC ―→＝2AD ―→， ∵AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→， ∴AD ―→＝2AE ―→.3．已知AC 为平行四边形ABCD 的一条对角线，AB ―→＝(2,4)，AC ―→＝(1,3)，则AD ―→＝( ) A ．(－1，－1) B ．(3,7) C ．(1,1)D ．(2,4) 解析：选A 由题意可得AD ―→＝BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(1,3)－(2,4)＝(－1，－1)． 4．已知A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→，则点P 的坐标为________． 解析：设P (x ，y )，∵A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→， ∴(x －2，y －3)＝3(2，－6)＝(6，－18)， ∴⎩⎪⎨⎪⎧x －2＝6，y －3＝－18，解得x ＝8，y ＝－15，∴点P 的坐标为(8，－15)． 答案：(8，－15)5．已知向量a ＝(1,3)，b ＝(－2,1)，c ＝(3,2)．若向量c 与向量k a ＋b 共线，则实数k ＝________.解析：k a ＋b ＝k (1,3)＋(－2,1)＝(k －2,3k ＋1)， 因为向量c 与向量k a ＋b 共线，所以2(k －2)－3(3k ＋1)＝0，解得k ＝－1. 答案：－16．设O 在△ABC 的内部，D 为AB 的中点，且OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0，则△ABC 的面积与△AOC 的面积的比值为________．解析：∵D 为AB 的中点，∴OA ―→＋OB ―→＝2OD ―→， ∵OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0， ∴OC ―→＝－OD ―→， ∴O 是CD 的中点，∴S △AOC ＝S △AOD ＝12S △AOB ＝14S △ABC .答案：4[清易错]1．向量坐标不是向量的终点坐标，与向量的始点、终点有关系．2．数乘向量仍为向量，只是模与方向发生变化，易误认为数乘向量为实数． 3．若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件不能表示成x 1x 2＝y 1y 2，因为x 2，y 2有可能等于0，所以应表示为x 1y 2－x 2y 1＝0.1．若向量AB ―→＝(1,2)，BC ―→＝(3,4)，则AC ―→＝( ) A ．(2,2) B ．(－2，－2) C ．(4,6)D ．(－4，－6)解析：选C AC ―→＝AB ―→＋BC ―→＝(4,6)．2．已知向量a ，b 不共线，若AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ，则四边形ABCD 是( )A ．梯形B ．平行四边形C ．矩形D ．菱形解析：选A 因为AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ， 所以AD ―→＝AB ―→＋BC ―→＋CD ―→＝－8a －2b ， 所以AD ―→＝2BC ―→，即直线AD 与BC 平行，而向量AB ―→与CD ―→不共线，即直线AB 与CD 不平行， 故四边形ABCD 是梯形．3．(2018·河北联考)已知向量a ＝(1,2)，b ＝(－2，m )，若a ∥b ，则2a ＋3b ＝( ) A ．(－5，－10) B ．(－2，－4) C ．(－3，－6)D ．(－4，－8)解析：选D 由a ∥b ，得m ＋4＝0，即m ＝－4，所以2a ＋3b ＝2(1,2)＋3(－2，－4)＝(－4，－8)．1．向量的夹角2．平面向量的数量积3．平面向量数量积的运算律(1)a·b＝b·a.(2)(λa)·b＝λ(a·b)＝a·(λb)．(3)(a＋b)·c＝a·c＋b·c.4．平面向量数量积的有关结论已知非零向量a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，θ＝〈a，b〉.|x1x2＋y1y2|≤x21＋y21x22＋y221．设向量e1，e2是两个互相垂直的单位向量，且a＝2e1－e2，b＝e2，则|a＋2b|＝( ) A．2 2 B. 5C ．2D ．4解析：选B ∵向量e 1，e 2是两个互相垂直的单位向量， ∴|e 1|＝1，|e 2|＝1，e 1·e 2＝0， ∵a ＝2e 1－e 2，b ＝e 2， ∴a ＋2b ＝2e 1＋e 2，∴|a ＋2b|2＝4e 21＋4e 1·e 2＋e 22＝5， ∴|a ＋2b|＝ 5.2．(2018·云南检测)设向量a ＝(－1,2)，b ＝(m,1)，如果向量a ＋2b 与2a －b 平行，那么a 与b 的数量积等于( )A ．－72B ．－12C.32D.52解析：选D 因为a ＋2b ＝(－1＋2m,4)，2a －b ＝(－2－m,3)，由题意得3(－1＋2m )－4(－2－m )＝0，则m ＝－12，所以a ·b ＝－1×⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋2×1＝52. 3．已知|a|＝1，|b|＝2，a ·(a －b)＝3，则a 与b 的夹角为( ) A.π3 B.π6C.π2D ．π解析：选D 设a 与b 的夹角为θ，由题意知|a|＝1，|b|＝2， ∵a ·(a －b)＝a 2－a ·b ＝12－1×2×cos θ＝3， ∴cos θ＝－1. 又θ∈[0，π]， ∴a 与b 的夹角为π.4．已知向量a ，b 满足|a|＝2，|b|＝1，a 与b 的夹角为2π3，则|a ＋2b|＝________.解析：∵(a ＋2b)2＝a 2＋4a ·b ＋4b 2＝4＋4×2×1×⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋4＝4，∴|a ＋2b|＝2.答案：25．(2018·衡水中学检测)在直角三角形ABC 中，C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1，若AD ―→＝32AB ―→，则CD ―→·CB ―→＝________.解析：∵AD ―→＝32AB ―→，∴CD ―→·CB ―→＝(CA ―→＋AD ―→)·CB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫CA ―→＋32 AB ―→·CB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫32CB ―→－12CA ―→·CB ―→＝32CB ―→2，又∵C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1， ∴CB ＝3，∴CD ―→·CB ―→＝92.答案：926．(2018·东北三校联考)已知正方形ABCD 的边长为2，DE ―→＝2EC ―→，DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，则BE ―→·DF ―→＝________.解析：如图，以B 为原点，BC 所在直线为x 轴，AB 所在直线为y轴建立平面直角坐标系．则B (0,0)，E ⎝ ⎛⎭⎪⎫2，23，D (2,2)． 由DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，知F 为BC 的中点，所以F (1,0)，故BE―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫2，23，DF ―→＝(－1，－2)， ∴BE ―→·DF ―→＝－2－43＝－103.答案：－103[清易错]1．0与实数0的区别：0a ＝0≠0，a ＋(－a)＝0≠0，a ·0＝0≠0. 2．a ·b ＝0不能推出a ＝0或b ＝0，因为a ·b ＝0时，有可能a ⊥b. 3．在运用向量夹角时，注意其取值范围为[0，π]． 1．有下列说法：①向量b 在向量a 方向上的投影是向量；②若a ·b>0，则a 和b 的夹角为锐角，若a ·b<0，则a 和b 的夹角为钝角； ③(a ·b)c ＝a(b ·c)； ④若a ·b ＝0，则a ＝0或b ＝0. 其中正确的说法个数为( ) A ．0B ．3C ．4D ．2答案：A2．已知a ＝(1,3)，b ＝(2＋λ，1)，且a 与b 的夹角为锐角，则实数λ的取值范围是________．解析：由题意可得a ·b>0，且a ，b 不共线， 即⎩⎪⎨⎪⎧2＋λ＋3>0，2＋λ1≠13，解得λ>－5，且λ≠－53.答案：⎝ ⎛⎭⎪⎫－5，－53∪⎝ ⎛⎭⎪⎫－53，＋∞ 3．已知向量a ，b 满足a ＝(2,0)，|b|＝1，若|a ＋b|＝7，则a 与b 的夹角是________． 解析：由|a ＋b|＝7，得(a ＋b)2＝a 2＋2a ·b ＋b 2＝4＋2a ·b ＋1＝7， ∴a ·b ＝1，∴|a |·|b |·cos 〈a ，b 〉＝1，∴cos 〈a ，b 〉＝12.又〈a ，b 〉∈[0，π]，∴a ，b 的夹角为π3.答案：π3一、选择题1．(2018·常州调研)已知A ，B ，C 三点不共线，且点O 满足OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0，则下列结论正确的是( )A ．OA ―→＝13AB ―→＋23BC ―→B ．OA ―→＝23AB ―→＋13BC ―→C ．OA ―→＝13AB ―→－23BC ―→D ．OA ―→＝－23AB ―→－13BC ―→解析：选D ∵OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0， ∴O 为△ABC 的重心，∴OA ―→＝－23×12(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AB ―→＋BC ―→)＝－13(2AB ―→＋BC ―→)＝－23AB ―→－13BC ―→.2．(2018·合肥质检)已知O ，A ，B ，C 为同一平面内的四个点，若2AC ―→＋CB ―→＝0，则向量OC ―→等于( )A.23OA ―→－13OB ―→ B ．－13OA ―→＋23OB ―→C ．2OA ―→－OB ―→D ．－OA ―→＋2OB ―→解析：选C 因为AC ―→＝OC ―→－OA ―→，CB ―→＝OB ―→－OC ―→， 所以2AC ―→＋CB ―→＝2(OC ―→－OA ―→)＋(OB ―→－OC ―→) ＝OC ―→－2OA ―→＋OB ―→＝0， 所以OC ―→＝2OA ―→－OB ―→.3．已知向量a 与b 的夹角为30°，且|a|＝3，|b|＝2，则|a －b|的值为( ) A ．1 B.13 C ．13D.7－2 3解析：选A 由向量a 与b 的夹角为30°，且|a|＝3，|b|＝2， 可得a ·b ＝|a |·|b |·c os 30°＝3×2×32＝3， 所以|a －b|＝a －b2＝a 2＋b 2－2a ·b＝3＋4－2×3＝1.4．(2018·成都一诊)在边长为1的等边△ABC 中，设BC ―→＝a ，CA ―→＝b ，AB ―→＝c ，则a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝( )A ．－32B ．0 C.32D ．3解析：选A 依题意有a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＝－32. 5．已知非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，|a|＝3，且a 与a ＋b 的夹角为π4，则|b|＝( )A ．6B ．3 2C ．2 2D ．3解析：选D 由非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，可知两个向量垂直，由|a|＝3，且a 与a＋b 的夹角为π4，说明以向量a ，b 为邻边，a ＋b 为对角线的平行四边形是正方形，所以|b|＝3.6．(2017·青岛二模)在平面直角坐标系中，已知向量a ＝(1,2)，a －12b ＝(3,1)，c ＝(x,3)，若(2a ＋b)∥c ，则x ＝( )A ．－2B ．－4C ．－3D ．－1解析：选D 依题意得b ＝2⎣⎢⎡⎦⎥⎤a －⎝ ⎛⎭⎪⎫a －12b ＝(－4,2)，所以2a ＋b ＝(－2,6)，所以6x ＝－2×3＝－6，x ＝－1.7．在平面直角坐标系xOy 中，已知A (1,0)，B (0,1)，C 为坐标平面内第一象限内一点，且∠AOC ＝π4，且|OC ―→|＝2，若OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，则λ＋μ＝( )A ．2 2 B. 2 C ．2D ．4 2解析：选A 因为|OC ―→|＝2，∠AOC ＝π4，所以C (2，2)， 又OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，所以(2，2)＝λ(1,0)＋μ(0,1)＝(λ，μ)， 所以λ＝μ＝2，λ＋μ＝2 2.8.已知函数f (x )＝A sin(πx ＋φ)的部分图象如图所示，点B ，C 是该图象与x 轴的交点，过点C 的直线与该图象交于D ，E 两点，则(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)的值为( )A ．－1B ．－12C.12D ．2解析：选D 注意到函数f (x )的图象关于点C 对称，因此C 是线段DE 的中点，BD ―→＋BE ―→＝2BC ―→.又BE ―→－CE ―→＝BE ―→＋EC ―→＝BC ―→， 且|BC ―→|＝12T ＝12×2ππ＝1，因此(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)＝2BC ―→2＝2. 二、填空题9．(2018·洛阳一模)若三点A (1，－5)，B (a ，－2)，C (－2，－1)共线，则实数a 的值为________．解析：∵AB ―→＝(a －1,3)，AC ―→＝(－3,4)， 据题意知AB ―→∥AC ―→， ∴4(a －1)＝3×(－3)， 即4a ＝－5， ∴a ＝－54.答案：－5410．已知▱ABCD 的对角线AC 和BD 相交于O ，且OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，则DC ―→＝________，BC ―→＝________.(用a ，b 表示)解析：如图，DC ―→＝AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝b －a ，BC ―→＝OC ―→－OB ―→＝－OA ―→－OB ―→＝－a －b.答案：b －a －a －b11．已知向量a ＝(2,1)，b ＝(1，－2)，若m a ＋n b ＝(9，－8)(m ，n ∈R)，则m －n 的值为________．解析：∵m a ＋n b ＝(2m ＋n ，m －2n )＝(9，－8)，∴⎩⎪⎨⎪⎧2m ＋n ＝9，m －2n ＝－8，∴⎩⎪⎨⎪⎧m ＝2，n ＝5，∴m －n ＝2－5＝－3. 答案：－312．若向量a ＝(2,3)，b ＝(－4,7)，a ＋c ＝0，则c 在b 方向上的投影为________． 解析：∵a ＋c ＝0， ∴c ＝－a ＝(－2，－3)，∴c ·b ＝8－21＝－13，且|b|＝65， ∴c 在b 方向上的投影为|c|cos 〈c ，b 〉＝|c |·c ·b |c||b|＝c ·b |b|＝－1365＝－655.答案：－655三、解答题13．已知向量a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，c ＝(2，k )． (1)求向量a 与b 的夹角； (2)若b ∥c ，求k 的值； (3)若b ⊥(a ＋c)，求k 的值． 解：(1)设向量a 与b 的夹角为θ， ∵a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，∴a ·b ＝3×(－5)＋0×5＝－15，|a|＝3，|b|＝－2＋52＝52，∴cos θ＝a ·b |a |·|b |＝－153×52＝－22.又∵θ∈[0，π]， ∴θ＝3π4.(2)∵b ∥c ，∴－5k ＝5×2，∴k ＝－2. (3)∵a ＋c ＝(5，k )，又b ⊥(a ＋c)， ∴b ·(a ＋c)＝0， ∴－5×5＋5×k ＝0， ∴k ＝5.14．在平面直角坐标系xOy 中，已知向量m ＝⎝⎛⎭⎪⎫22，－22，n ＝(sin x ，cos x )，x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，π2.(1)若m ⊥n ，求tan x 的值； (2)若m 与n 的夹角为π3，求x 的值．解：(1)若m ⊥n ，则m ·n ＝0. 由向量数量积的坐标公式得22sin x －22cos x ＝0， ∴tan x ＝1.(2)∵m 与n 的夹角为π3，∴m ·n ＝|m |·|n |cos π3，即22sin x －22cos x ＝12， ∴sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x －π4＝12.又∵x ∈⎝⎛⎭⎪⎫0，π2， ∴x －π4∈⎝ ⎛⎭⎪⎫－π4，π4，∴x －π4＝π6，即x ＝5π12.高考研究课一平面向量的基本运算[典例] (1)(2018·济南模拟)在△ABC 中，AB 边的高为CD ，若CB ＝a ，CA ―→＝b ，a ·b ＝0，|a|＝1，|b|＝2，则AD ―→＝( )A.13a －13b B.23a －23b C.35a －35b D.45a －45b (2)在梯形ABCD 中，已知AB ∥CD ，AB ＝2CD ，M ，N 分别为CD ，BC 的中点．若AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，则λ＋μ＝________.[解析] (1)∵a ·b ＝0，∴∠ACB ＝90°， ∴AB ＝5，CD ＝255，∴BD ＝55，AD ＝455，∴AD ∶BD ＝4∶1. ∴AD ―→＝45AB ―→＝45(CB ―→－CA ―→)＝45a －45b.(2)法一：由AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，得AB ―→＝λ·12(AD ―→＋AC ―→)＋μ·12(AC ―→＋AB ―→)，则⎝ ⎛⎭⎪⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫λ2＋μ2AC ―→＝0， 得⎝⎛⎭⎪⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫λ2＋μ2⎝ ⎛⎭⎪⎫AD ―→＋12AB ―→ ＝0， 得⎝ ⎛⎭⎪⎫14λ＋34μ－1AB ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫λ＋μ2AD ―→＝0.因为AB ―→，AD ―→不共线，所以由平面向量基本定理得⎩⎪⎨⎪⎧14λ＋34μ－1＝0，λ＋μ2＝0，解得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝－45，μ＝85.所以λ＋μ＝45.法二：连接MN 并延长交AB 的延长线于T ， 由已知易得AB ＝45AT ，则45AT ―→＝AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→， 即AT ―→＝54λAM ―→＋54μAN ―→，因为T ，M ，N 三点共线，所以54λ＋54μ＝1.故λ＋μ＝45.[答案] (1)D (2)45[方法技巧](1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．(2)用向量基本定理解决问题的一般思路是先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．[即时演练]1．向量e 1，e 2，a ，b 在正方形网格中的位置如图所示，则a －b ＝( )A ．－4e 1－2e 2B ．－2e 1－4e 2C ．e 1－3e 2D ．3e 1－e 2解析：选C 结合图形易得，a ＝－e 1－4e 2，b ＝－2e 1－e 2，故a －b ＝e 1－3e 2.2.如图，正方形ABCD 中，E 为DC 的中点，若AE ―→＝λAB ―→＋μAC ―→，则λ＋μ的值为( )A.12 B ．－12C ．1D ．－1解析：选 A 法一：由题意得AE ―→＝AD ―→＋12AB ―→＝BC ―→＋AB ―→－12AB ―→＝AC ―→－12AB ―→，∴λ＝－12，μ＝1，∴λ＋μ＝12，故选A.法二：利用坐标法，以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立平面直角坐标系(图略)，设正方形的边长为1，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,1)，E ⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1，∴AE ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1，AB ―→＝(1,0)，AC ―→＝(1,1)，则⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1＝λ(1,0)＋μ(1，1)，∴λ＋μ＝12.[典例] (1)在△ABC 中，点P 在BC 上，且BP ＝2PC ，点Q 是AC 的中点，若PA ―→＝(4,3)，PQ ―→＝(1,5)，则BC ―→等于( )A ．(－2,7)B ．(－6,21)C ．(2，－7)D ．(6，－21)(2)(2018·绍兴模拟)已知点M (5，－6)和向量a ＝(1，－2)，若MN ―→＝－3a ，则点N 的坐标为( )A ．(2,0)B ．(－3,6)C ．(6,2)D ．(－2,0)[解析] (1)由题意，AC ―→＝2AQ ―→＝2(PQ ―→－PA ―→)＝2(－3,2)＝(－6,4)，PC ―→＝AC ―→－AP ―→＝(－6,4)－(－4，－3)＝(－2,7)，∵BP ―→＝2PC ―→，∴BC ―→＝3PC ―→＝(－6,21)．(2)MN ―→＝－3a ＝－3(1，－2)＝(－3,6)， 设N (x ，y )，则MN ―→＝(x －5，y ＋6)＝(－3,6)，所以⎩⎪⎨⎪⎧x －5＝－3，y ＋6＝6，即⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝0.[答案] (1)B (2)A [方法技巧]向量的坐标运算主要是利用加、减、数乘运算法则进行，若已知有向线段两端点的坐标，则应先求向量的坐标．解题过程中要注意方程思想的运用及正确使用运算法则．[即时演练]1．若向量a ＝(1,1)，b ＝(1，－1)，c ＝(－1,2)，则c ＝( ) A ．－12a ＋32bB.12a －32bC.32a －12b D ．－32a ＋12b解析：选 B 设c ＝λ1a ＋λ2b ，则(－1,2)＝λ1(1,1)＋λ2(1，－1)＝(λ1＋λ2，λ1－λ2)，所以λ1＋λ2＝－1，λ1－λ2＝2，解得λ1＝12，λ2＝－32，所以c ＝12a －32b.2．已知向量a ＝(1,1)，点A (3,0)，点B 为直线y ＝2x 上的一个动点．若AB ―→∥a ，则点B 的坐标为________．解析：设B (x,2x )，AB ―→＝(x －3,2x )． ∵AB ―→∥a ，∴x －3－2x ＝0，解得x ＝－3， ∴B (－3，－6)． 答案：(－3，－6)共线向量定理及应用平面向量共线的坐标表示是高考的常考内容，多以选择题或填空题的形式出现，难度较小，属低档题.,常见的命题角度有：利用向量共线求参数或点的坐标； 利用向量共线解决三点共线问题.1．若向量a ＝(2,4)与向量b ＝(x,6)共线，则实数x ＝( ) A ．2 B ．3 C ．4D ．6解析：选B ∵a ∥b ，∴2×6－4x ＝0，解得x ＝3.2．已知梯形ABCD 中，AB ∥CD ，且DC ＝2AB ，三个顶点A (1，2)，B (2,1)，C (4,2)，则点D 的坐标为________．解析：∵在梯形ABCD 中，DC ＝2AB ，AB ∥CD ，∴DC ―→＝2AB ―→.设点D 的坐标为(x ，y )，则DC ―→＝(4－x ，2－y )，AB ―→＝(1，－1)，∴(4－x,2－y )＝2(1，－1)，即(4－x,2－y )＝(2，－2)，∴⎩⎪⎨⎪⎧4－x ＝2，2－y ＝－2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝4，故点D 的坐标为(2,4)．答案：(2,4)3．已知平面向量a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)，且(a ＋c)∥(a －b)，则m ＝________. 解析：因为a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)， 所以a ＋c ＝(1＋m ，m ＋3)，a －b ＝(－1，m －5)． 又(a ＋c)∥(a －b)，所以(1＋m )(m －5)＋(m ＋3)＝0，即m 2－3m －2＝0， 解得m ＝3＋172或m ＝3－172.答案：3±172[方法技巧]1．利用两向量共线求参数如果已知两向量共线，求某些参数的取值时，利用“若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件是x 1y 2＝x 2y 1”解题比较方便．2．利用两向量共线的条件求向量坐标一般地，在求与一个已知向量a 共线的向量时，可设所求向量为λa(λ∈R)，然后结合其他条件列出关于λ的方程，求出λ的值后代入λa 即可得到所求的向量．角度二：利用向量共线解决三点共线问题4．(2018·南阳五校联考)已知向量OA ―→＝(1，－3)，OB ―→＝(2，－1)，OC ―→＝(k ＋1，k －2)，若A ，B ，C 三点不能构成三角形，则k ＝________.解析：若点A ，B ，C 不能构成三角形，则向量AB ―→，AC ―→共线，∵AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(k ＋1，k －2)－(1，－3)＝(k ，k ＋1)， ∴1×(k ＋1)－2k ＝0，解得k ＝1. 答案：15．设两个非零向量a 与b 不共线，若AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b)，求证：A ，B ，D 三点共线．证明：因为AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b)， 所以BD ―→＝BC ―→＋CD ―→＝2a ＋8b ＋3(a －b) ＝5(a ＋b)＝5AB ―→. 所以AB ―→，BD ―→共线．又它们有公共点B ，所以A ，B ，D 三点共线． [方法技巧]三点共线问题的求解策略解决点共线或向量共线问题时，要结合向量共线定理进行，但应注意向量共线与三点共线的区别与联系，当两个向量共线且有公共点时，才能得到三点共线．1．(2017·全国卷Ⅲ)在矩形ABCD 中，AB ＝1，AD ＝2，动点P 在以点C 为圆心且与BD 相切的圆上．若AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→，则λ＋μ的最大值为( )A ．3B ．2 2 C. 5D ．2解析：选A 以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,2)，D (0,2)，可得直线BD 的方程为2x ＋y －2＝0，点C 到直线BD 的距离为222＋12＝25，所以圆C ：(x －1)2＋(y －2)2＝45. 因为P 在圆C 上，所以P ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋255cos θ，2＋255sin θ.又AB ―→＝(1,0)，AD ―→＝(0,2)，AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→＝(λ，2μ)，所以⎩⎪⎨⎪⎧1＋255cos θ＝λ，2＋255sin θ＝2μ，λ＋μ＝2＋255cos θ＋55sin θ＝2＋sin(θ＋φ)≤3(其中tan φ＝2)，当且仅当θ＝π2＋2k π－φ，k ∈Z 时，λ＋μ取得最大值3.2．(2015·全国卷Ⅰ)设D 为△ABC 所在平面内一点，BC ―→＝3CD ―→，则( ) A ．AD ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→B ．AD ―→＝13AB ―→－43AC ―→C ．AD ―→＝43AB ―→＋13AC ―→D ．AD ―→＝43AB ―→－13AC ―→解析：选A AD ―→＝AC ―→＋CD ―→＝AC ―→＋13BC ―→＝AC ―→＋13(AC ―→－AB ―→)＝43AC ―→－13AB ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→.3．(2015·全国卷Ⅰ)已知点A (0,1)，B (3,2)，向量AC ―→＝(－4，－3)，则向量BC ―→＝( )A ．(－7，－4)B ．(7,4)C ．(－1,4)D ．(1,4)解析：选A 法一：设C (x ，y )， 则AC ―→＝(x ，y －1)＝(－4，－3)，所以⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－4，y ＝－2，从而BC ―→＝(－4，－2)－(3,2)＝(－7，－4)． 法二：AB ―→＝(3,2)－(0,1)＝(3,1)，BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(－4，－3)－(3,1)＝(－7，－4)．4．(2016·全国卷Ⅰ)设向量a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，且|a ＋b|2＝|a|2＋|b|2，则m ＝________.解析：∵|a ＋b|2＝|a|2＋|b|2＋2a ·b ＝|a|2＋|b|2， ∴a ·b ＝0.又a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，∴m ＋2＝0，∴m ＝－2. 答案：－25．(2016·全国卷Ⅱ)已知向量a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，且a ∥b ，则m ＝________. 解析：∵a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，a ∥b ， ∴－2m －4×3＝0，∴m ＝－6. 答案：－66．(2015·全国卷Ⅱ)设向量a ，b 不平行，向量λa ＋b 与a ＋2b 平行，则实数λ＝________.解析：∵λa ＋b 与a ＋2b 平行，∴λa ＋b ＝t (a ＋2b)，即λa ＋b ＝t a ＋2t b ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝t ，1＝2t ，解得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝12，t ＝12.答案：127．(2014·全国卷Ⅰ)已知A ，B ，C 为圆O 上的三点，若AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，则AB ―→与AC ―→的夹角为________．解析：由AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，可得O 为BC 的中点，故BC 为圆O 的直径，所以AB ―→与AC―→的夹角为90°.答案：90°一、选择题1.(2018·长春模拟)如图所示，下列结论正确的是( ) ①PQ ―→＝32a ＋32b ；②PT ―→＝32a －b ；③PS ―→＝32a －12b ；④PR ―→＝32a ＋b.A ．①②B ．③④C ．①③D ．②④解析：选C ①根据向量的加法法则，得PQ ―→＝32a ＋32b ，故①正确；②根据向量的减法法则，得PT ―→＝32a －32b ，故②错误；③PS ―→＝PQ ―→＋QS ―→＝32a ＋32b －2b ＝32a －12b ，故③正确；④PR ―→＝PQ ―→＋QR ―→＝32a ＋32b －b ＝32a ＋12b ，故④错误，故选C.2．(2018·长沙一模)已知向量OA ―→＝(k,12)，OB ―→＝(4,5)，OC ―→＝(－k,10)，且A ，B ，C 三点共线，则k 的值是( )A ．－23B.43C.12D.13解析：选A AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(4－k ，－7)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(－2k ，－2)． ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→，AC ―→共线，∴－2×(4－k )＝－7×(－2k )， 解得k ＝－23.3．(2018·嘉兴调研)已知点O 为△ABC 外接圆的圆心，且OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0，则△ABC 的内角A 等于( )A ．30°B ．45°C ．60°D ．90°解析：选A 由OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0得，OA ―→＋OB ―→＝OC ―→，由O 为△ABC 外接圆的圆心，结合向量加法的几何意义知，四边形OACB 为菱形，且∠CAO ＝60°，故A ＝30°.4．若OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，a 与b 不共线，则∠AOB 平分线上的向量OM ―→为( ) A.a |a|＋b |b| B.a ＋b|a ＋b| C.|b|a －|a|b|a|＋|b|D ．λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a|a|＋b |b|，λ由OM ―→确定解析：选D 以OM 为对角线，以OA ―→，OB ―→方向为邻边作平行四边形OCMD ，∵OM 平分∠AOB ，∴平行四边形OCMD 是菱形． 设OC ＝OD ＝λ，则OC ―→＝λa |a|，OD ―→＝λb |b|，∴OM ―→＝OC ―→＋OD ―→＝λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a|a|＋b |b|，且λ由OM ―→确定．5．设D ，E ，F 分别是△ABC 的三边BC ，CA ，AB 上的点，且DC ―→＝2BD ―→，CE ―→＝2EA ―→，AF ―→＝2FB ―→，则AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→( )A ．反向平行B ．同向平行C ．互相垂直D ．既不平行也不垂直解析：选A 由题意得AD ―→＝AB ―→＋BD ―→＝AB ―→＋13BC ―→，BE ―→＝BA ―→＋AE ―→＝BA ―→＋13AC ―→，CF ―→＝CB ―→＋BF ―→＝CB ―→＋13BA ―→，因此AD ―→＋BE ―→＋CF ―→＝CB ―→＋13(BC ―→＋AC ―→－AB ―→)＝CB ―→＋23BC ―→＝－13BC ―→，故AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→反向平行．6.如图所示，已知点G 是△ABC 的重心，过点G 作直线与AB ，AC两边分别交于M ，N 两点，且AM ―→＝x AB ―→，AN ―→＝y AC ―→，则xy x ＋y的值为( )A ．3 B.13 C ．2D.12解析：选B 利用三角形的性质，过重心作平行于底边BC 的直线，易得x ＝y ＝23，则xyx ＋y ＝13. 7．(2018·兰州模拟)已知向量a ＝(1－sin θ，1)，b ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1＋sin θ，若a ∥b ，则锐角θ＝( )A.π6B.π4C.π3D.5π12解析：选B 因为a ∥b ，所以(1－sin θ)×(1＋sin θ)－1×12＝0，得sin 2θ＝12，所以sin θ＝±22，故锐角θ＝π4. 8．已知△ABC 是边长为4的正三角形，D ，P 是△ABC 内的两点，且满足AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→，则△APD 的面积为( )A.34B.32C. 3 D ．2 3解析：选A 法一：取BC 的中点E ，连接AE ，由于△ABC 是边长为4的正三角形，则AE ⊥BC ，AE ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，又AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)，所以点D 是AE 的中点，AD ＝ 3.取AF ―→＝18BC ―→，以AD ，AF 为邻边作平行四边形，可知AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝AD ―→＋AF ―→.而△APD是直角三角形，AF ＝12，所以△APD 的面积为12×12×3＝34.法二：以A 为原点，以BC 的垂直平分线为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系．∵等边三角形ABC 的边长为4， ∴B (－2，－23)，C (2，－23)，由题知AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)＝14[(－2，－23)＋(2，－23)]＝(0，－3)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝(0，－3)＋18(4,0)＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，－3， ∴△ADP 的面积为S ＝12|AD ―→|·|DP ―→|＝12×3×12＝34.二、填空题9．在矩形ABCD 中，O 是对角线的交点，若BC ―→＝5e 1，DC ―→＝3e 2，则OC ―→＝________.(用e 1，e 2表示)解析：在矩形ABCD 中，因为O 是对角线的交点，所以OC ―→＝12AC ―→＝12(AB ―→＋AD ―→)＝12(DC―→＋BC ―→)＝12(5e 1＋3e 2)＝52e 1＋32e 2.答案：52e 1＋32e 210．已知S 是△ABC 所在平面外一点，D 是SC 的中点，若BD ―→＝x AB ―→＋y AC ―→＋z AS ―→，则x ＋y ＋z ＝________.解析：依题意得BD ―→＝AD ―→－AB ―→＝12(AS ―→＋AC ―→)－AB ―→＝－AB ―→＋12AC ―→＋12AS ―→，因此x＋y ＋z ＝－1＋12＋12＝0.答案：011．(2018·贵阳模拟)已知平面向量a ，b 满足|a|＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ，则向量a 的坐标是________．解析：设a ＝(x ，y )，∵平面向量a ，b 满足|a|＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ， ∴x 2＋y 2＝1，且x －y ＝0，解得x ＝y ＝±22. ∴a ＝⎝⎛⎭⎪⎫22，22或⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，－22. 答案：⎝⎛⎭⎪⎫22，22或⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，－22 12.在直角梯形ABCD 中，AB ⊥AD ，DC ∥AB ，AD ＝DC ＝1，AB ＝2，E ，F 分别为AB ，BC 的中点，点P 在以A 为圆心，AD 为半径的圆弧DE 上变动(如图所示)，若AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，其中λ，μ∈R ，则2λ－μ的取值范围是________．解析：以A 为坐标原点，AB 为x 轴，AD 为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，E (1，0)，D (0,1)，F ⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12， 设P (cos α，sin α)(0°≤α≤90°)， ∵AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，∴(cos α，sin α)＝λ(－1,1)＋μ⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12 ＝⎝⎛⎭⎪⎫－λ＋32μ，λ＋μ2，∴cos α＝－λ＋32μ，sin α＝λ＋μ2，∴λ＝14(3sin α－cos α)，μ＝12(cos α＋sin α)，∴2λ－μ＝sin α－cos α＝2sin(α－45°)， ∵0°≤α≤90°，∴－45°≤α－45°≤45°， ∴－22≤sin(α－45°)≤22， ∴－1≤2sin(α－45°)≤1， ∴2λ－μ的取值范围是[－1,1]． 答案：[－1,1] 三、解答题13.如图所示，在△ABC 中，D ，F 分别是BC ，AC 的中点，AE ―→＝23AD ―→，AB ―→＝a ，AC ―→＝b.(1)用a ，b 表示向量AD ―→，AE ―→，AF ―→，BE ―→，BF ―→； (2)求证：B ，E ，F 三点共线． 解：(1)延长AD 到G ，使AD ―→＝12AG ―→，连接BG ，CG ，得到平行四边形ABGC ，所以AG ―→＝a ＋b ， AD ―→＝12AG ―→＝12(a ＋b)，AE ―→＝23AD ―→＝13(a ＋b)，AF ―→＝12AC ―→＝12b ，BE ―→＝AE ―→－AB ―→＝13(a ＋b)－a ＝13(b －2a)，BF ―→＝AF ―→－AB ―→＝12b －a ＝12(b －2a)．(2)证明：由(1)可知BE ―→＝23BF ―→，又因为BE ―→，BF ―→有公共点B ， 所以B ，E ，F 三点共线．14．(2018·郑州模拟)平面内给定三个向量a ＝(3,2)，b ＝(－1，2)，c ＝(4,1)． (1)若(a ＋k c)∥(2b －a)，求实数k 的值；(2)若d 满足(d －c)∥(a ＋b)，且|d －c|＝5，求d 的坐标． 解：(1)a ＋k c ＝(3＋4k,2＋k )，2b －a ＝(－5,2)， 由题意得2×(3＋4k )－(－5)×(2＋k )＝0， 解得k ＝－1613.(2)设d ＝(x ，y )，则d －c ＝(x －4，y －1)， 又a ＋b ＝(2,4)，|d －c|＝5，∴⎩⎪⎨⎪⎧x －－y －＝0，x －2＋y －2＝5，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝3，y ＝－1或⎩⎪⎨⎪⎧x ＝5，y ＝3.∴d 的坐标为(3，－1)或(5,3)．15.如图，在△OAB 中，OC ―→＝14OA ―→，OD ―→＝12OB ―→，AD 与BC 交于点M ，设OA ―→＝a ，OB ―→＝b.(1)用a ，b 表示OM ―→；(2)在线段AC 上取一点E ，在线段BD 上取一点F ，使EF 过M 点，设OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→，求证：17p ＋37q＝1.解：(1)设OM ―→＝x a ＋y b ，由OC ―→＝14OA ―→，得OM ―→＝4x OC ―→＋y b ，∵C ，M ，B 三点共线， ∴4x ＋y ＝1.①由OD ―→＝12OB ―→，得OM ―→＝x a ＋2y OD ―→，∵A ，M ，D 三点共线， ∴x ＋2y ＝1，②联立①②得，x ＝17，y ＝37.∴OM ―→＝17a ＋37b.(2)证明：∵OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→， ∴OA ―→＝1p OE ―→，OB ―→＝1qOF ―→，∴OM ―→＝17·1p OE ―→＋37·1q OF ―→.∵E ，M ，F 三点共线， ∴17p ＋37q＝1.1．已知点P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ，实数x ，y 满足PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0，设△ABC ，△PBC ，△PCA ，△PAB 的面积分别为S ，S 1，S 2，S 3，记S 1S ＝λ1，S 2S ＝λ2，S 3S＝λ3，则λ2·λ3取最大值时，3x ＋y 的值为( ) A.12 B.32 C ．1D ．2解析：选D 由题意可知λ1＋λ2＋λ3＝1. ∵P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ， ∴λ1＝12，∴λ2＋λ3＝12，∴λ2λ3≤⎝⎛⎭⎪⎫λ2＋λ322＝116，当且仅当λ2＝λ3＝14时取等号，∴λ2·λ3取最大值时，P 为EF 的中点． 延长AP 交BC 于M ，则M 为BC 的中点， ∴PA ＝PM ，∴PA ―→＝－PM ―→＝－12(PB ―→＋PC ―→)，又∵PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0， ∴x ＝y ＝12，∴3x ＋y ＝2.2.如图，在Rt △ABC 中，P 是斜边BC 上一点，且满足BP ―→＝12PC ―→，点M ，N 在过点P 的直线上，若AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)，则λ＋2μ的最小值为( )A ．2 B.83 C ．3D.103解析：选B ∵AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)， ∴MB ―→＝MP ―→＋PB ―→＝(1－λ)AB ―→. ∵M ，P ，N 三点共线，∴存在实数k ，使MP ―→＝k MN ―→＝k (AN ―→－AM ―→)＝－k λAB ―→＋k μAC ―→. ∵BP ―→＝12PC ―→，∴PB ―→＝13CB ―→＝13AB ―→－13AC ―→.∴MP ―→＋PB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫13－k λAB ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫k μ－13AC ―→＝(1－λ)AB ―→， ∴⎩⎪⎨⎪⎧13－k λ＝1－λ， ①k μ－13＝0， ②由②得，k ＝13μ代入①得，13－λ3μ＝1－λ，∴μ＝λ3λ－2， ∴λ＋2μ＝λ＋2λ3λ－2.设f (λ)＝λ＋2λ3λ－2，λ>0，∴f ′(λ)＝9λ2－12λλ－2，令f ′(λ)＝0，得λ＝0或λ＝43.当λ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，43时，f ′(λ)<0，当λ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫43，＋∞时，f ′(λ)>0.∴λ＝43时，f (λ)取极小值，也是最小值，又f ⎝ ⎛⎭⎪⎫43＝83，∴f (λ)的最小值为83，即λ＋2μ的最小值为83.高考研究课二平面向量的数量积及应用[全国卷5年命题分析][典例] (1)已知等边△ABC 的边长为2，若BC ＝3BE ，AD ＝DC ，则BD ―→·AE ―→等于( )A ．－2B ．－103C ．2D.103(2)已知正方形ABCD 的边长为1，点E 是AB 边上的动点，则DE ―→·CB ―→的值为______；DE ―→·DC ―→的最大值为________．[解析] (1)如图所示，BD ―→·AE ―→＝(AD ―→－AB ―→)·(AB ―→＋BE ―→)＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12AC ―→－AB ―→ ·⎝ ⎛⎭⎪⎫AB ―→＋13 AC ―→－13AB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12AC ―→－AB ―→·⎝ ⎛⎭⎪⎫13AC ―→＋23AB ―→＝16AC ―→2－23AB ―→2＝16×4－23×4＝－2. (2)法一：如图，DE ―→·CB ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·CB ―→＝DA ―→·CB ―→＋AE ―→·CB ―→＝DA ―→2＝1， DE ―→·DC ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·DC ―→ ＝DA ―→·DC ―→＋AE ―→·DC ―→＝AE ―→·DC ―→＝|AE ―→|·|DC ―→|≤|DC ―→|2＝1，故DE ―→·DC ―→的最大值为1.法二：以射线AB ，AD 为x 轴，y 轴的正方向建立平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1，0)，C (1,1)，D (0,1)，设E (t,0)，t ∈[0,1]，则DE ―→＝(t ，－1)，CB ―→＝(0，－1)，所以DE ―→·CB―→＝(t ，－1)·(0，－1)＝1.因为DC ―→＝(1,0)，所以DE ―→·DC ―→＝(t ，－1)·(1,0)＝t ≤1， 故DE ―→·DC ―→的最大值为1. 法三：由图知，无论E 点在哪个位置，DE ―→在CB ―→方向上的投影都是CB ＝1， ∴DE ―→·CB ―→＝|CB ―→|·1＝1.当E 运动到B 点时，DE ―→在DC ―→方向上的投影最大，即为DC ＝1， ∴(DE ―→·DC ―→)max ＝|DC ―→|·1＝1. [答案] (1)A (2)1 1 [方法技巧]平面向量数量积的2种运算方法1．(2016·天津高考)已知△ABC 是边长为1的等边三角形，点D ，E 分别是边AB ，BC 的中点，连接DE 并延长到点F ，使得DE ＝2EF ，则AF ―→·BC ―→的值为( )A ．－58B.18C.14D.118解析：选B 如图所示，AF ―→＝AD ―→＋DF ―→. 又D ，E 分别为AB ，BC 的中点， 且DE ＝2EF ，所以AD ―→＝12AB ―→，DF ―→＝12AC ―→＋14AC ―→＝34AC ―→，所以AF ―→＝12AB ―→＋34AC ―→.又BC ―→＝AC ―→－AB ―→，则AF ―→·BC ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12AB ―→＋34AC ―→·(AC ―→－AB ―→)＝12AB ―→·AC ―→－12AB ―→2＋34AC ―→2－34AC ―→·AB ―→＝34AC ―→2－12AB ―→2－14AC ―→·AB ―→. 又|AB ―→|＝|AC ―→|＝1，∠BAC ＝60°， 故AF ―→·BC ―→＝34－12－14×1×1×12＝18.2．(2018·豫东名校联考)如图，BC 是单位圆A 的一条直径，F是线段AB 上的点，且BF ―→＝3FA ―→，若DE 是圆A 中绕圆心A 运动的一条直径，则FD ―→·FE ―→的值是________．解析：FD ―→·FE ―→＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→＋AE ―→)＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→－AD ―→)＝FA ―→2－AD ―→2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫142－1＝－1516.答案：－1516平面向量数量积的性质平面向量的夹角与模的问题是高考中的常考内容，题型多为选择题、填空题，难度适中，属中档题.常见的命题探究角度有：平面向量的模； 平面向量的夹角； 平面向量的垂直. 角度一：平面向量的模1．(2017·浙江高考)已知向量a ，b 满足|a|＝1，|b|＝2，则|a ＋b|＋|a －b|的最小值是________，最大值是________．解析：法一：由向量三角不等式得，|a ＋b|＋|a －b |≥|(a ＋b)－(a －b)|＝|2b|＝4. 又|a ＋b|＋|a －b|2≤a ＋b2＋a －b22＝a 2＋b 2＝5，∴|a ＋b|＋|a －b|的最大值为2 5.法二：设a ，b 的夹角为θ. ∵|a|＝1，|b|＝2， ∴|a ＋b|＋|a －b|＝a 2＋b 2＋a －b2＝5＋4cos θ＋5－4cos θ. 令y ＝5＋4cos θ＋5－4cos θ， 则y 2＝10＋225－16cos 2θ.∵θ∈[0，π]，∴cos 2θ∈[0,1]，∴y 2∈[16,20]，∴y ∈[4,2 5 ]，即|a ＋b|＋|a －b|的最小值为4，最大值为2 5. 答案：4 2 52．已知向量a ＝(1,1)，b ＝(－1,1)，设向量c 满足(2a －c )·(3b －c)＝0，则|c|的最大值为________．解析：设c ＝(x ，y )，2a －c ＝(2－x,2－y )，3b －c ＝(－3－x,3－y )，则由题意得(2－x )·(－3－x )＋(2－y )·(3－y )＝0，即⎝⎛⎭⎪⎫x ＋122＋⎝⎛⎭⎪⎫y －522＝132，表示以⎝ ⎛⎭⎪⎫－12，52为圆心，262为半径的圆，所以|c|的最大值为26.答案：26 [方法技巧]利用数量积求解长度问题的处理方法(1)a 2＝a ·a ＝|a|2或|a|＝a·a .。

2019届一轮复习理数：第7单元 教材复习课 “平面向量”相关基础知识一课过

2019届一轮复习理数：第7单元 教材复习课 “平面向量”相关基础知识一课过

长度 或称___ 模) 大小叫做向量的_____(
由向量
0 的向量； 任意的 记作__ 0 零向量 长度为__ 其方向是______
单位 向量 非零向量 a 的 长度等于 1 个单位 的向量 a 单位向量为± |a |
名称
定义
备注
平行 方向 ____ 或 ____ 的非零向量 0 与任一向量平行或 向量 (平行向量又叫做共线向量) 相等 向量 相反 向量 长度____且方向____的向量 共线 两向量只有相等或 不等，不能比较大小
谢
谢
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长度____且方向____的向量 0 的相反向量为 0
[小题速通]ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
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[过双基]
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[过双基]
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[小题速通]
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“双基过关检测”见“平面向量” (单击进入电子文档)
第 七 单 元
平面向量
教材复习课 知
“平面向量”相关基础 识一课过
01 02
知识点一 向量的有关概念
知识点二 向量共线定理及平面向量基本定理
03
知识点三 平面向量的运算
目 录
04
知识点四 平面向量的数量积
双基过关检测
05
向量的有关概念
[过双基]
名称 向量 定义 备注
大小 又有_____ 方向 的量； 既有_____ 向量的 平 面 向 量 是 自

全国通用版版高考数学一轮复习第七单元平面向量高考研究课二平面向量的数量积及应用课件理

全国通用版版高考数学一轮复习第七单元平面向量高考研究课二平面向量的数量积及应用课件理

法二：以射线AB，AD为x轴，y轴的正方向建立平面直 角坐标系，则A(0,0)，B(1，0)，C(1,1)，D(0,1)，设E(t,0)，t ―→ ―→ ―→ ―→ ∈[0,1]，则 DE ＝(t，－1)， CB ＝(0，－1)，所以 DE ·CB ＝(t，－1)· (0，－1)＝1.
―→ ―→ ―→ 因为 DC ＝(1,0)，所以 DE · DC ＝(t，－1)· (1,0)＝t≤1， ―→ ―→ 故 DE · DC 的最大值为1.
答案：B
2．(2018· 豫东名校联考)如图，BC是单位圆A ―→ 的一条直径，F是线段AB上的点，且 BF ―→ ＝3 FA ，若DE是圆A中绕圆心A运动的一 ―→ ―→ 条直径，则 FD · FE 的值是________．
―→ ―→ ―→ ―→ ―→ ―→ ―→ 解析： FD ·FE ＝( FA ＋ AD )· ( FA ＋ AE )＝( FA ＋ ―→ ―→ ―→ ―→2 ―→2 12 15 AD )· ( FA － AD )＝ FA － AD ＝ 4 －1＝－ . 16 15 答案：－ 16
平面向量数量积的性质
平面向量的夹角与模的问题是高考中的常考内容，题型 多为选择题、填空题，难度适中，属中档题. 常见的命题探究角度有： 1平面向量的模； 2平面向量的夹角； 3平面向量的垂直.
角度一：平面向量的模 1．(2017· 浙江高考)已知向量a ，b 满足|a |＝1，|b |＝2，则|a ＋b | ＋|a －b |的最小值是________，最大值是________．
高考研究课(二) 平面向量的数量积及应用
[全国卷 5 年命题分析]
考点 数量积的运算 向量的模 向量夹角及垂直
考查频度 5年4考 5年2考 5年3考

高考数学一轮复习第2讲 平面向量的基本定理及坐标表示

高考数学一轮复习第2讲 平面向量的基本定理及坐标表示

第2讲 平面向量的基本定理及坐标表示1．平面向量的基本定理如果e 1，e 201不共线向量，那么对这一平面内的任一向量a ，有且只有一对实数λ1，λ2使a 02λ1e 1＋λ2e 2.2．平面向量的坐标表示03x 轴、y 轴正方向相同的两个单位向量i ，j 作为基底，对任一向量a ，有唯一一对实数x ，y ，使得a ＝x i ＋y j 04(x ，y )叫做向量a 的直角坐标，记作a ＝(x ，y )，显然i 05(1,0)，j 06(0,1)，0＝07(0,0).3．平面向量的坐标运算 (1)设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)， 则a ＋b 08(x 1＋x 2，y 1＋y 2)， a －b 09(x 1－x 2，y 1－y 2)， λa 10(λx 1，λy 1). (2)设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)， 则AB →11(x 2－x 1，y 2－y 1)， |AB→|12 错误!. 4．平面向量共线的坐标表示设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，其中b ≠0，则a ∥b ⇔a ＝λb (λ∈R )⇔13x 1y 2－x 2y 1＝0.1．平面向量一组基底是两个不共线向量，平面向量基底可以有无穷多组． 2．当且仅当x 2y 2≠0时，a ∥b 与x1x2＝y1y2等价，即两个不平行于坐标轴的共线向量的对应坐标成比例．3．若a 与b 不共线，且λa ＋μb ＝0，则λ＝μ＝0.4．已知P 为线段AB 的中点，若A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则P 点坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫x1＋x22，y1＋y22. 5．已知△ABC 的顶点A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，C (x 3，y 3)，则△ABC 的重心G 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫x1＋x2＋x33，y1＋y2＋y33. 6．A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，C (x 3，y 3)三点共线的充要条件为(x 2－x 1)(y 3－y 1)－(x 3－x 1)(y 2－y 1)＝0，或(x 2－x 1)(y 3－y 2)＝(x 3－x 2)(y 2－y 1)，或(x 3－x 1)(y 3－y 2)＝(x 3－x 2)(y 3－y 1)．1．已知向量a ＝(2,4)，b ＝(－1,1)，则2a ＋b 等于( ) A ．(5,7) B ．(5,9) C ．(3,7) D ．(3,9)答案 D解析 2a ＋b ＝2(2,4)＋(－1,1)＝(3,9)，故选D.2．设向量a ＝(x,1)，b ＝(4，x )，若a ，b 方向相反，则实数x 的值是( ) A ．0 B ．±2 C ．2D ．－2答案 D解析 由题意可得a ∥b ，所以x 2＝4，解得x ＝－2或2，又因为a ，b 方向相反，所以x ＝－2.故选D.3．下列各组向量中，可以作为基底的是( ) A ．e 1＝(0,0)，e 2＝(1，－2) B ．e 1＝(－1,2)，e 2＝(5,7) C ．e 1＝(3,5)，e 2＝(6,10) D ．e 1＝(2，－3)，e 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫12，－34答案 B解析 两个不共线的非零向量构成一个基底，A 中向量e 1为零向量，C ，D 中两向量共线，B 中e 1≠0，e 2≠0，且e 1与e 2不共线．故选B.4．设向量a ＝(－1,2)，向量b 是与a 方向相同的单位向量，则b ＝( ) A ．(1，－2) B ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－55，255 C.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－15，25 D ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫55，－255 答案 B解析 因为向量b 是与a 方向相同的单位向量，所以b ＝a|a|＝错误!(－1,2)＝错误!(－1,2)＝⎝⎛⎭⎪⎪⎫－55，255.故选B. 5．已知▱ABCD 的顶点A (－1，－2)，B (3，－1)，C (5,6)，则顶点D 的坐标为________.答案 (1,5)解析 设D (x ，y )，则由AB →＝DC →，得(4,1)＝(5－x,6－y )，即⎩⎪⎨⎪⎧4＝5－x ，1＝6－y ，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝1，y ＝5.6．已知向量a ＝(2,3)，b ＝(－1,2)，若m a ＋n b 与a －2b 共线，则mn ＝________.答案 －12解析 由向量a ＝(2,3)，b ＝(－1,2)，得m a ＋n b ＝(2m －n,3m ＋2n )，a －2b ＝(4，－1)．由m a ＋n b 与a －2b 共线，得2m －n 4＝3m ＋2n －1，所以m n ＝－12.考向一 平面向量基本定理的应用例1 (1)如图，点A ，B ，C ，P 均在正方形网格的格点上．若AP →＝λAB →＋μAC →(λ，μ∈R )，则λ＋2μ＝( )A ．1B ．32C ．43D ．2答案 B解析 设在正方形网格上方向为水平向右，长度为一格的向量为i ，方向为竖直向上，长度为一格的向量为j ，∴AB→＝－2i ＋2j ，AC →＝4i ，AP →＝i ＋j ，∵AP →＝λAB →＋μAC →(λ，μ∈R )，即i ＋j ＝λ(－2i ＋2j )＋μ×4i ，i ＋j ＝(4μ－2λ)i ＋2λj ，∴⎩⎪⎨⎪⎧4μ－2λ＝1，2λ＝1，解得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝12，μ＝12，∴λ＋2μ＝32.故选B.(2) 如图，以向量OA →＝a ，OB →＝b 为邻边作平行四边形OADB ，BM →＝13BC →，CN →＝13CD →，用a ，b 表示OM →，ON →，MN →.解 ∵BA →＝OA →－OB →＝a －b ，BM →＝16BA →＝16a －16b ，∴OM →＝OB →＋BM →＝b ＋⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫16a －16b ＝16a ＋56b .∵OD →＝a ＋b ，∴ON →＝OC →＋13CD →＝12OD →＋16OD →＝23OD →＝23a ＋23b ，∴MN →＝ON →－OM →＝23a ＋23b －16a －56b ＝12a －16b .综上，OM →＝16a ＋56b ，ON →＝23a ＋23b ，MN →＝12a －16b .应用平面向量基本定理表示向量的方法应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加法、减法或数乘运算，基本方法有两种：(1)运用向量的线性运算法则对待求向量不断进行化简，直至用基底表示为止． (2)将向量用含参数的基底表示，然后列方程或方程组，利用基底表示向量的唯一性求解．1．(2020·北京市朝阳区一模)如图，在△ABC 中，点D ，E 满足BC→＝2BD→，CA →＝3CE →.若DE →＝x AB →＋y AC →(x ，y ∈R )，则x ＋y ＝( )A ．－12B ．－13C.12 D ．13答案 B解析 △ABC 中，点D ，E 满足BC →＝2BD →，CA →＝3CE →.DE →＝DC →＋CE →＝12BC →＋13CA→＝12(AC →－AB →)－13AC →＝－12AB →＋16AC →，又DE →＝x AB →＋y AC →(x ，y ∈R )，∴⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－12，y ＝16，∴x ＋y ＝－12＋16＝－13.故选B.2．(2020·青岛市高三上学期期末)在△ABC 中，AB →＋AC →＝2AD →，AE →＋2DE →＝0，若EB→＝x AB →＋y AC →，则( ) A ．y ＝2x B ．y ＝－2x C ．x ＝2y D ．x ＝－2y答案 D解析 如图所示，∵AB→＋AC →＝2AD →，∴点D 为边BC 的中点．∵AE →＋2DE →＝0，∴AE →＝－2DE →，∴DE →＝－13AD →＝－16(AB →＋AC →)．又DB →＝12CB →＝12(AB →－AC →)，∴EB →＝DB →－DE →＝12(AB →－AC →)＋16(AB →＋AC →)＝23AB →－13AC →.又EB →＝x AB →＋y AC →，∴x ＝23，y ＝－13，即x ＝－2y .故选D.考向二 平面向量的坐标运算例2 (1)若向量AB →＝DC →＝(2,0)，AD →＝(1,1)，则AC →＋BC →等于( ) A ．(3,1) B ．(4,2) C ．(5,3)D ．(4,3)答案 B解析 AC→＝AD →＋DC →＝(3,1)，又BD →＝AD →－AB →＝(－1，1)，则BC →＝BD →＋DC →＝(1,1)，所以AC→＋BC →＝(4,2)．(2)(2020·辽宁省辽南协作校二模)已知a ＝(5，－2)，b ＝(－4，－3)，若a －2b ＋3c ＝0，则c ＝( )A.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫133，83 B ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－133，－83C.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫133，43 D ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－133，－43答案 D解析 ∵a －2b ＋3c ＝0，∴c ＝－13(a －2b )＝－13(5＋4×2，－2＋2×3)＝⎝⎛⎭⎪⎪⎫－133，－43.故选D. (3)(2020·天津和平区模拟) 如图，在直角梯形ABCD 中，AB ∥DC ，AD ⊥DC ，AD ＝DC ＝2AB ，E 为AD 的中点，若CA→＝λCE →＋μDB →(λ，μ∈R )，则λ＋μ的值为( )A.65B ．85C ．2D ．83答案 B解析 建立如图所示的平面直角坐标系，则D (0,0)．不妨设AB ＝1，则CD ＝AD＝2，∴C (2，0)，A (0，2)，B (1,2)，E (0，1)，∴CA→＝(－2,2)，CE →＝(－2,1)，DB →＝(1,2)，∵CA →＝λCE →＋μDB →，∴(－2,2)＝λ(－2,1)＋μ(1,2)，∴⎩⎪⎨⎪⎧－2λ＋μ＝－2，λ＋2μ＝2，解得λ＝65，μ＝25，则λ＋μ＝85.故选B.平面向量坐标运算的技巧(1)向量的坐标运算主要是利用向量加、减、数乘运算的法则来进行求解的，若已知有向线段两端点的坐标，则应先求向量的坐标．(2)解题过程中，常利用向量相等则其坐标相同这一原则，通过列方程(组)来进行求解，并注意方程思想的应用．3.若向量a ＝(2,1)，b ＝(－1,2)，c ＝⎝⎛⎭⎪⎪⎫0，52，则c 可用向量a ，b 表示为( )A ．c ＝12a ＋bB ．c ＝－12a －bC ．c ＝32a ＋12bD ．c ＝32a －12b答案 A解析设c ＝x a ＋y b ，易知⎩⎪⎨⎪⎧ 0＝2x －y ，52＝x ＋2y ，∴⎩⎪⎨⎪⎧x ＝12，y ＝1.∴c ＝12a ＋b .故选A.4．已知OB 是平行四边形OABC 的一条对角线，O 为坐标原点，OA →＝(2,4)，OB →＝(1,3)，若点E 满足OC→＝3EC →，则点E 的坐标为( )A.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－23，－23B ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－13，－13C.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫13，13 D ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫23，23答案 A解析 解法一：易知OC→＝OB →－OA →＝(－1，－1)，则C (－1，－1)，设E (x ，y )，则3EC→＝3(－1－x ，－1－y )＝(－3－3x ，－3－3y )， 由OC →＝3EC →，知⎩⎪⎨⎪⎧－3－3x ＝－1，－3－3y ＝－1，所以⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－23，y ＝－23，所以点E 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－23，－23.解法二：易知OC→＝OB →－OA →＝(－1，－1)，由OC →＝3EC →得OC →＝3(OC →－OE →)，所以OE→＝23OC→＝⎝⎛⎭⎪⎪⎫－23，－23，所以点E的坐标为⎝⎛⎭⎪⎪⎫－23，－23.考向三平面向量共线的坐标表示例3(1)(2020·山东省菏泽市一模)已知向量a，b满足a＝(1,2)，a＋b＝(1＋m,1)，若a∥b，则m＝()A．2 B．－2C．12D．－12答案 D解析b＝(a＋b)－a＝(1＋m,1)－(1,2)＝(m，－1)．因为a∥b，所以2m＋1＝0，解得m＝－12.故选D.(2)(2021·海口市海南中学高三月考)已知向量a＝(1,1)，点A(3,0)，点B为直线y＝2x上的一个动点，若AB→∥a，则点B的坐标为________.答案(－3，－6)解析由题意，设B(x,2x)，则AB→＝(x－3,2x)，∵AB→∥a，∴x－3－2x＝0，解得x ＝－3，∴B(－3，－6)．利用两向量共线解题的技巧(1)一般地，在求与一个已知向量a共线的向量时，可设所求向量为λa(λ∈R)，然后结合其他条件列出关于λ的方程，求出λ的值后代入λa即可得到所求的向量．(2)如果已知两向量共线，求某些参数的取值时，那么利用“若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则a∥b的充要条件是x1y2＝x2y1”解题比较方便．5.已知点A(4,0)，B(4,4)，C(2,6)，则AC与OB的交点P的坐标为________.答案(3,3)解析 解法一：由O ，P ，B 三点共线，可设OP →＝λOB →＝(4λ，4λ)，则AP →＝OP →－OA→＝(4λ－4,4λ)． 又AC→＝OC →－OA →＝(－2,6)， 由AP→与AC →共线，得(4λ－4)×6－4λ×(－2)＝0， 解得λ＝34，所以OP →＝34OB →＝(3,3)，所以点P 的坐标为(3,3)．解法二：设点P (x ，y )，则OP →＝(x ，y )，因为OB →＝(4,4)，且OP →与OB →共线，所以x 4＝y4，即x ＝y .又AP →＝(x －4，y )，AC →＝(－2,6)，且AP →与AC →共线，所以(x －4)×6－y ×(－2)＝0，解得x ＝y ＝3，所以点P 的坐标为(3,3)．6．(2020·长郡中学高三适应性考试)已知向量AC →＝(1，sin α－1)，BA →＝(3,1)，BD →＝(2，cos α)，若B ，C ，D 三点共线，则tan(2021π－α)＝________.答案 －2解析 ∵B ，C ，D 三点共线， ∴BD→＝x BC →＝x (BA →＋AC →)， 即(2，cos α)＝x (4，sin α)，则⎩⎪⎨⎪⎧2＝4x ，cosα＝xsinα，得x ＝12，即cos α＝12sin α，得tan α＝2，则tan(2021π－α)＝tan(－α)＝－tan α＝－2.一、单项选择题1．向量a ，b 满足a ＋b ＝(－1,5)，a －b ＝(5，－3)，则b ＝( ) A ．(－3,4) B ．(3,4) C ．(3，－4) D ．(－3，－4)答案 A解析 由a ＋b ＝(－1,5)，a －b ＝(5，－3)，得2b ＝(－1,5)－(5，－3)＝(－6,8)，所以b ＝12(－6,8)＝(－3,4)．2．(2021·山东聊城月考)已知平行四边形ABCD 中，AD →＝(3,7)，AB →＝(－2,3)，对角线AC 与BD 交于点O ，则CO→的坐标为( ) A.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－12，5 B ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫12，5C.⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫12，－5 D ．⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－12，－5答案 D解析 因为AC →＝AB →＋AD →＝(－2,3)＋(3,7)＝(1,10)，所以OC →＝12AC →＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫12，5，所以CO →＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－12，－5.3. 如图，在梯形ABCD 中，DC →＝14AB →，BE →＝2EC→，且AE →＝r AB →＋s AD →，则2r ＋3s ＝( )A．1 B．2 C．3 D．4 答案 C解析根据题图，由题意可得AE→＝AB→＋BE→＝AB→＋23BC→＝AB→＋23(BA→＋AD→＋DC→)＝13AB→＋23(AD→＋DC→)＝13AB→＋23⎝⎛⎭⎪⎪⎫AD→＋14AB→＝12AB→＋23AD→.因为AE→＝r AB→＋s AD→，所以r＝12，s＝23，则2r＋3s＝1＋2＝3.4．已知向量a＝(－1,2)，b＝(3，m)，m∈R，则“m＝－6”是“a∥(a＋b)”的()A．充要条件B．充分不必要条件C．必要不充分条件D．既不充分也不必要条件答案 A解析由题意得a＋b＝(2,2＋m)，由a∥(a＋b)，得－1×(2＋m)＝2×2，所以m＝－6，则“m＝－6”是“a∥(a＋b)”的充要条件．5．已知向量a＝(2,1)，b＝(3,4)，c＝(1，m)，若实数λ满足a＋b＝λc，则λ＋m等于()A．5 B．6C．7 D．8答案 B解析由平面向量的坐标运算法则可得a＋b＝(5,5)，λc＝(λ，λm)，据此有⎩⎪⎨⎪⎧λ＝5，λm＝5，解得λ＝5，m ＝1，所以λ＋m ＝6.6．(2020·青岛模拟)已知向量a ＝(1＋cos x,2)，b ＝(sin x,1)，x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫0，π2，若a ∥b ，则sin x ＝( )A.45B ．35C ．25D ．255答案 A解析 根据题意，向量a ＝(1＋cos x,2)，b ＝(sin x,1)，若a ∥b ，则2sin x ＝1＋cos x ，变形可得cos x ＝2sin x －1，又sin 2x ＋cos 2x ＝1，则有sin 2x ＋(2sin x －1)2＝1，变形可得，5sin 2x －4sin x ＝0，解得sin x ＝0或sin x ＝45，又x ∈⎝⎛⎭⎪⎪⎫0，π2，则sin x ＝45.故选A.7. (2020·黑龙江省大庆一中三模)“勾3股4弦5”是勾股定理的一个特例．根据记载，西周时期的数学家商高曾经和周公讨论过“勾3股4弦5”的问题，比毕达哥拉斯发现勾股定理早了500多年，如图，在矩形ABCD 中，△ABC 满足“勾3股4弦5”，且AB ＝3，E 为AD 上一点，BE ⊥AC .若BA→＝λBE →＋μAC →，则λ＋μ的值为( )A ．－925 B ．725C ．1625D ．1答案 B解析 由题意建立如图所示平面直角坐标系，因为AB ＝3，BC ＝4，则B (0,0)，A (0,3)，C (4,0)，BA→＝(0,3)，AC →＝(4，－3)，设BE →＝(a,3)，因为BE ⊥AC ，所以AC →·BE →＝4a －9＝0，解得a ＝94.由BA →＝λBE →＋μAC →，得(0,3)＝λ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫94，3＋μ(4，－3)，所以⎩⎪⎨⎪⎧94λ＋4μ＝0，3λ－3μ＝3，解得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝1625，μ＝－925，所以λ＋μ＝725，故选B.8. 如图，扇形的半径为1，圆心角∠BAC ＝150°，点P 在弧BC 上运动，AP →＝λAB →＋μAC→，则3λ－μ的最小值是( )A ．0B ．3C ．2D ．－1答案 D解析 以A 为原点，AB 所在直线为x 轴，建立如图所示平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1,0)，C (cos150°，sin150°)＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫－32，12，设P (cos θ，sin θ)(0°≤θ≤150°)，因为AP →＝λAB →＋μAC →，所以(cos θ，sin θ)＝λ(1,0)＋μ⎝⎛⎭⎪⎪⎫－32，12，于是⎩⎪⎨⎪⎧λ－32μ＝cosθ，12μ＝sinθ，解得λ＝cos θ＋3sin θ，μ＝2sin θ，那么3λ－μ＝sin θ＋3cos θ＝2sin(θ＋60°)，因为0°≤θ≤150°，所以60°≤θ＋60°≤210°，故sin(θ＋60°)≥－12，因此3λ－μ的最小值为－1.故选D.二、多项选择题9．设O 是平行四边形ABCD 的两条对角线AC ，BD 的交点，则可作为这个平行四边形所在平面的一组基底的向量组是( )A.AD →与AB →B ．DA →与BC → C.CA →与DC →D ．OD→与OB → 答案 AC解析 平面内任意两个不共线的向量都可以作为基底，如图，对于A ，AD →与AB →不共线，可作为基底；对于B ，DA→与BC →为共线向量，不可作为基底；对于C ，CA →与DC→是两个不共线的向量，可作为基底；对于D ，OD →与OB →在同一直线上，是共线向量，不可作为基底．10．已知向量OA→＝(1，－3)，OB →＝(2，－1)，OC →＝(m ＋1，m －2)，若点A ，B ，C 能构成三角形，则实数m 可以是( )A ．－2B ．12C ．1D ．－1答案 ABD解析 各选项代入验证，若A ，B ，C 三点不共线即可构成三角形．因为AB →＝OB →－OA→＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)，AC →＝OC →－OA →＝(m ＋1，m －2)－(1，－3)＝(m ，m ＋1)．假设A ，B ，C 三点共线，则1×(m ＋1)－2m ＝0，即m ＝1.所以只要m ≠1，则A ，B ，C 三点可构成三角形，故选ABD.11．(2021·广东湛江高三模拟)若点D ，E ，F 分别为△ABC 的边BC ，CA ，AB 的中点，且BC→＝a ，CA →＝b ，则下列结论正确的是( ) A.AD →＝－12a －bB ．BE →＝a ＋12bC.CF →＝－12a ＋12bD ．EF →＝12a答案 ABC解析如图，在△ABC中，AD→＝AC→＋CD→＝－CA→＋12CB→＝－b－12a，故A正确；BE→＝BC→＋CE→＝a＋12b，故B正确；AB→＝AC→＋CB→＝－b－a，CF→＝CA→＋12AB→＝b＋12×(－b－a)＝－12a＋12b，故C正确；EF→＝12CB→＝－12a，故D不正确．故选ABC.12. (2020·山东潍坊高三模拟)如图所示，点A，B，C是圆O上的三点，线段OC 与线段AB交于圆内一点P，若AP→＝λAB→，OC→＝μOA→＋3μOB→，则()A．P为线段OC的中点时，μ＝1 2B．P为线段OC的中点时，μ＝1 3C．无论μ取何值，恒有λ＝3 4D．存在μ∈R，λ＝1 2答案AC解析OP→＝OA→＋AP→＝OA→＋λAB→＝OA→＋λ(OB→－OA→)＝(1－λ)OA→＋λOB→，因为OP→与OC →共线，所以1－λμ＝λ3μ，解得λ＝34，故C 正确，D 错误；当P 为OC 的中点时，则OP →＝12OC →，则1－λ＝12μ，λ＝12×3μ，解得μ＝12，故A 正确，B 错误．故选AC.三、填空题13．(2020·哈尔滨六中二模)已知向量a ＝(log 2x,1)，b ＝(log 23，－1)，若a ∥b ，则x ＝________.答案13解析 因为a ∥b ，所以－log 2x ＝log 23，所以log 2x ＋log 23＝0，所以log 2(3x )＝0，所以3x ＝1，所以x ＝13.14．已知梯形ABCD ，其中AB ∥CD ，且DC ＝2AB ，三个顶点A (1,2)，B (2,1)，C (4,2)，则点D 的坐标为________.答案 (2,4)解析 因为在梯形ABCD 中，DC ＝2AB ，AB ∥CD ，所以DC →＝2AB →.设点D 的坐标为(x ，y )，则DC→＝(4,2)－(x ，y )＝(4－x,2－y )， AB→＝(2,1)－(1,2)＝(1，－1)， 所以(4－x,2－y )＝2(1，－1)， 即(4－x,2－y )＝(2，－2)， 所以⎩⎪⎨⎪⎧4－x ＝2，2－y ＝－2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝4，故点D 的坐标为(2,4)．15. 向量a ，b ，c 在正方形网格中的位置如图所示．若c ＝λa ＋μb (λ，μ∈R )，则λμ＝________.答案 4解析 以向量a 和b 的交点为坐标原点建立如图所示的平面直角坐标系，设每个小正方形的边长为1个单位，则A (1，－1)，B (6,2)，C (5，－1)，所以a ＝AO→＝(－1，1)，b ＝OB→＝(6,2)，c ＝BC →＝(－1，－3)． 由c ＝λa ＋μb 可得⎩⎪⎨⎪⎧ －1＝－λ＋6μ，－3＝λ＋2μ，解得⎩⎪⎨⎪⎧ λ＝－2，μ＝－12，所以λμ＝4.16．(2020·济南市高三上学期期末)平行四边形ABCD 中，M 为CD 的中点，点N 满足BN→＝2NC →，若AB →＝λAM →＋μAN →，则λ＋μ的值为________. 答案 12解析 因为M 为CD 的中点，点N 满足BN→＝2NC →， 所以DM →＝12DC →，BN →＝23BC →. 又因为AB→＝λAM →＋μAN →， 所以AB→＝λ(AD →＋DM →)＋μ(AB →＋BN →) ＝λ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫AD →＋12DC →＋μ⎝⎛⎭⎪⎪⎫AB →＋23BC → ＝λAD →＋λ2DC →＋μAB →＋2μ3BC →.① 又因为在平行四边形ABCD 中，AB→＝DC →，AD →＝BC →， 所以①整理得，AB →＝λAD →＋λ2AB →＋μAB →＋2μ3AD →， 即⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫1－λ2－μAB →＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫λ＋2μ3AD →. 又因为AB→，AD →不共线，由平面向量基本定理得 ⎩⎪⎨⎪⎧ 1－λ2－μ＝0，λ＋2μ3＝0，解得⎩⎪⎨⎪⎧ λ＝－1，μ＝32，所以λ＋μ＝12.。

【2019年高考一轮课程】理科数学 全国通用版平面向量-教案

一、自我诊断 知己知彼1．给出下列命题：①零向量的长度为零，方向是任意的； ②若a ，b 都是单位向量，则a ＝b ； ③向量AB →与BA →相等．则所有正确命题的序号是( )A ．①B ．③C ．①③D ．①②[答案] A[解析] 根据零向量的定义可知①正确；根据单位向量的定义可知，单位向量的模相等，但方向不一定相同，故两个单位向量不一定相等，故②错误；向量AB →与BA →互为相反向量，故③错误．2．已知a ，b 是不共线的向量，AB →＝λa ＋b ，AC →＝a ＋μb (λ，μ∈R )，那么A ，B ，C 三点共线的充要条件是( )A ．λ＋μ＝2B ．λ－μ＝1C ．λμ＝－1D ．λμ＝1[答案] D[解析] 由AB →＝λa ＋b ，AC →＝a ＋μb (λ，μ∈R )及A ，B ，C 三点共线得AB →＝tAC →， 所以λa ＋b ＝t (a ＋μb )＝t a ＋t μb ，即可得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝t ，1＝tμ，所以λμ＝1，故选D.3．已知a ，b 均为单位向量，它们的夹角为π3，则|a ＋b |＝( )A ．1 B. 2 C. 3 D ．2 [答案] C[解析] 由题意可得|a |＝|b |＝1，又它们的夹角为π3，所以|a ＋b |2＝|a |2＋|b |2＋2a ·b ＝1＋1＋2×1×1×cos π3＝3，故|a ＋b |＝3，故选C.4．已知向量a ，b 满足a ·(a －b )＝2，且|a |＝1，|b |＝2，则a 与b 的夹角为( ) A.π6 B.π2 C.5π6 D.2π3 [答案] D[解析] 由a ·(a －b )＝2，得a 2－a ·b ＝2，即|a |2－|a ||b |cos 〈a ，b 〉＝1－2cos 〈a ，b 〉＝2. 所以cos 〈a ，b 〉＝－12，所以〈a ，b 〉＝2π3，故选D.5.已知O 是平面上的一定点，A ，B ，C 是平面上不共线的三个动点，若动点P 满足OP →＝OA →＋λ(AB →＋AC →)，λ∈(0，＋∞)，则点P 的轨迹一定通过△ABC 的( ) A ．内心 B ．外心 C ．重心 D ．垂心 [答案] C[解析] 由原等式，得OP →－OA →＝λ(AB →＋AC →)，即AP →＝λ(AB →＋AC →)，根据平行四边形法则，知AB →＋AC →是△ABC 的中线AD (D 为BC 的中点)所对应向量AD →的2倍，所以点P 的轨迹必过△ABC 的重心．二、温故知新 夯实基础1.平面向量的概念及线性运算1.1．向量的有关概念1.2.向量的线性运算1.3.共线向量定理向量a 与b 共线，当且仅当有唯一一个实数λ，使b ＝λa .知识拓展：OA →＝λOB →＋μOC →(λ，μ为实数)，若点A ，B ，C 共线，则λ＋μ＝1.2.平面向量基本定理及坐标运算2.1．平面向量基本定理如果e 1、e 2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任意向量a ，有且只有一对实数λ1、λ2，使a ＝λ1e 1＋λ2e 2.其中，不共线的向量e 1、e 2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底． 2.2．平面向量的坐标运算(1)向量加法、减法、数乘及向量的模 设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ＋b ＝(x 1＋x 2，y 1＋y 2)，a －b ＝(x 1－x 2，y 1－y 2)，a λ＝(λx 1，λy 1)，|a |＝x 21＋y 21.(2)向量坐标的求法若向量的起点是坐标原点，则终点坐标即为向量的坐标．设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则AB →＝(x 2－x 1，y 2－y 1)，|AB →|＝(x 2－x 1)2＋(y 2－y 1)2. 2.3．平面向量共线的坐标表示设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，其中b ≠0,.a 、b 共线⇔x 1y 2－x 2y 1＝0.3.平面向量的数量积3.1．向量的夹角已知两个非零向量a 和b ，作OA →＝a ，OB →＝b ，则AOB ∠就是向量a 与b 的夹角，向量夹角的范围是：[]π,0． 3.2．平面向量的数量积3.3.平面向量数量积的性质设a ，b 都是非零向量，e 是单位向量，θ为a 与b (或e )的夹角．则 (1)e ·a ＝a ·e ＝|a |cos θ. (2)a ⊥b ⇔a ·b ＝0.(3)当a 与b 同向时，a ·b ＝|a ||b |； 当a 与b 反向时，a ·b ＝－|a ||b |. 特别地，a ·a ＝|a |2或|a |＝a ·a . (4)cos θ＝a ·b|a ||b |.(5)|a ·b |≤|a ||b |.3.4．平面向量数量积满足的运算律 (1)a·b ＝b·a ；(2)(λa )·b ＝λ(a·b )＝a ·(λb )(λ为实数)； (3)(a ＋b )·c ＝a·c ＋b·c .3.5．平面向量数量积有关性质的坐标表示设向量a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a·b ＝x 1x 2＋y 1y 2，由此得到 (1)若a ＝(x ，y )，则|a |2＝x 2＋y 2或|a |＝x 2＋y 2.(2)设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则A ，B 两点间的距离AB ＝|AB →|＝(x 2－x 1)2＋(y 2－y 1)2. (3)设两个非零向量a ，b ，a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ⊥b ⇔x 1x 2＋y 1y 2＝0. (4)若a ，b 都是非零向量，θ是a 与b 的夹角，则cos θ＝a ·b|a ||b |＝x 1x 2＋y 1y 2x 21＋y 21 x 22＋y 22. 4.平面向量的综合运用4.1．向量在平面几何中的应用(1)用向量解决常见平面几何问题的技巧：(2)用向量方法解决平面几何问题的步骤：平面几何问题――→设向量向量问题――→运算解决向量问题――→还原解决几何问题． 4.2．平面向量在物理中的应用(1)由于物理学中的力、速度、位移都是矢量，它们的分解与合成与向量的加法和减法相似，可以用向量的知识来解决．(2)物理学中的功是一个标量，是力F 与位移s 的数量积，即W ＝F·s ＝|F||s |cos θ(θ为F 与s 的夹角)．4.3．向量与相关知识的交汇平面向量作为一种工具，常与函数(三角函数)，解析几何结合，常通过向量的线性运算与数量积，向量的共线与垂直求解相关问题．三、典例剖析 思维拓展考点一 平面向量的概念及线性运算例1．已知O ，A ，B ，C 为同一平面内的四个点，若2AC →＋CB →＝0，则向量OC →等于( ) A.23OA →－13OB → B ．－13OA →＋23OB →C ．2OA →－OB →D ．－OA →＋2OB → [答案] C[解析] 因为AC →＝OC →－OA →， CB →＝OB →－OC →，所以2AC →＋CB →＝2(OC →－OA →)＋(OB →－OC →)＝OC →－2OA →＋OB →＝0， 所以OC →＝2OA →－OB →，故选C.[易错点] 对于向量的线性计算中加减法运算公式的不清晰[方法点拨] 向量的加减法在计算过程中要严格按照三角形法则和平行四边形法则来进行计算，对于图形中的向量计算要参照图形本身，注意向量的方向。

精编全国通用版2019年高考数学一轮复习第七单元平面向量学案(文科)

第七单元平面向量教材复习课“平面向量”相关基础知识一课过对应学生用书1．若向量a与b不相等，则a与b一定( )A．有不相等的模B．不共线C．不可能都是零向量D．不可能都是单位向量解析：选C 若a与b都是零向量，则a＝b，故选项C正确．2．关于平面向量，下列说法正确的是( )A．零向量是唯一没有方向的向量B．平面内的单位向量是唯一的C．方向相反的向量是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量D．共线向量就是相等向量解析：选C 对于A，零向量是有方向的，其方向是任意的，故A不正确；对于B，单位向量的模为1，其方向可以是任意方向，故B不正确；对于C，方向相反的向量一定是共线向量，共线向量不一定是方向相反的向量，故C正确；对于D，由共线向量和相等向量的定义可知D不正确，故选C.3．下列命题中，正确的个数是( )①单位向量都相等；②模相等的两个平行向量是相等向量；③若a ，b 满足|a|>|b|且a 与b 同向，则a>b ； ④若两个向量相等，则它们的起点和终点分别重合． A ．0 B ．1 C ．2D ．3解析：选A 对于①，单位向量的大小相等，但方向不一定相同，故①错误； 对于②，模相等的两个平行向量是相等向量或相反向量，故②错误； 对于③，向量是有方向的量，不能比较大小，故③错误；对于④，向量是可以平移的矢量，当两个向量相等时，它们的起点和终点不一定相同，故④错误．综上，正确的命题个数是0.[清易错]1．对于平行向量易忽视两点： (1)零向量与任一向量平行．(2)两平行向量有向线段所在的直线平行或重合，易忽视重合这一条件． 2．单位向量的定义中只规定了长度没有方向限制． 1．若m∥n ，n∥k ，则向量m 与向量k ( ) A ．共线 B ．不共线 C ．共线且同向D ．不一定共线解析：选D 可举特例，当n ＝0时，满足m∥n ，n∥k ，故A 、B 、C 选项都不正确，故D 正确．2．设a ，b 都是非零向量，下列四个选项中，一定能使a |a |＋b|b |＝0成立的是( ) A ．a ＝2b B ．a ∥b C ．a ＝－13bD ．a ⊥b解析：选C “a |a|＋b|b|＝0，且a ，b 都是非零向量”等价于“非零向量a ，b 共线且反向”，故答案为C.向量共线定理及平面向量基本定理1．向量共线定理向量b 与a(a ≠0)共线的充要条件是有且只有一个实数λ，使得b ＝λa. 2．平面向量的基本定理如果e 1，e 2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任意向量a ，有且只有一对实数λ1，λ2，使a ＝λ1e 1＋λ2e 2.其中，不共线的向量e 1，e 2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底． [小题速通]1．已知a ，b 是不共线的向量，AB ―→＝λa ＋b ，AC ―→＝a ＋μb ，λ，μ∈R ，则A ，B ，C 三点共线的充要条件为( )A ．λ＋μ＝2B ．λ－μ＝1C ．λμ＝－1D ．λμ＝1解析：选D ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→∥AC ―→，设AB ―→＝m AC ―→(m ≠0)，即λa ＋b ＝m a ＋m μb ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝m ，1＝m μ，∴λμ＝1.2．(2018·南宁模拟)已知e 1，e 2是不共线向量，a ＝m e 1＋2e 2，b ＝n e 1－e 2，且mn ≠0，若a ∥b ，则m n的值为( )A ．－12B.12 C ．－2D ．2解析：选C ∵a ∥b ，∴a ＝λb ，即m e 1＋2e 2＝λ(n e 1－e 2)，则⎩⎪⎨⎪⎧λn ＝m ，－λ＝2，故mn＝－2.3．已知点M 是△ABC 的边BC 的中点，点E 在边AC 上，且EC ―→＝2AE ―→，则EM ―→＝( ) A.12AC ―→＋13AB ―→ B.12AC ―→＋16AB ―→C.16AC ―→＋12AB ―→D.16AC ―→＋32AB ―→ 解析：选C 如图，∵EC ―→＝2AE ―→，∴EM ―→＝EC ―→＋CM ―→＝23AC ―→＋12CB ―→＝23AC ―→＋12(AB ―→－AC ―→)＝16AC ―→＋12AB ―→.[清易错]1．在向量共线的重要条件中易忽视“a ≠0”，否则λ可能不存在，也可能有无数个．2．平面向量基本定理指出：平面内任何一个非零向量都可以表示为沿两个不共线的方向分离的两个非零向量的和，并且一旦分解方向确定后，这种分解是唯一的．这一点是易忽视的．1．(2018·大连双基测试)给出下列四个命题： ①两个具有公共终点的向量一定是共线向量； ②两个向量不能比较大小，但它们的模能比较大小； ③λa ＝0(λ为实数)，则λ必为零；④λ，μ为实数，若λa ＝μb ，则a 与b 共线． 其中假命题的个数是( ) A ．1 B ．2 C ．3D ．4解析：选C ①错误，两向量是否共线是要看其方向而不是起点或终点；②正确，因为向量既有大小，又有方向，故向量不能比较大小，但向量的模均为实数，故可以比较大小；③错误，当a ＝0时，不论λ为何值，都有λa ＝0；④错误，当λ＝μ＝0时，λa ＝μb ，此时a 与b 可以是任意向量．2.如图，在△OAB 中，P 为线段AB 上的一点，OP ―→＝x OA ―→＋yOB ―→，且BP ―→＝2PA ―→，则( )A ．x ＝23，y ＝13B ．x ＝13，y ＝23C ．x ＝14，y ＝34D ．x ＝34，y ＝14解析：选A 由题意知OP ―→＝OB ―→＋BP ―→，又BP ―→＝2PA ―→，所以OP ―→＝OB ―→＋23BA ―→＝OB ―→＋23(OA ―→－OB ―→)＝23OA ―→＋13OB ―→，所以x ＝23，y ＝13.平面向量的运算1．向量的线性运算 向量运算定义法则(或几何意义)运算律三角形法则(1)平面向量的正交分解把一个向量分解为两个互相垂直的向量，叫做把向量正交分解． (2)平面向量的坐标运算①向量加法、减法、数乘向量及向量的模 设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则 a ＋b ＝(x 1＋x 2，y 1＋y 2)， a －b ＝(x 1－x 2，y 1－y 2)， λa ＝(λx 1，λy 1)， |a|＝x 21＋y 21. ②向量坐标的求法设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则AB ―→＝(x 2－x 1，y 2－y 1)，|AB ―→|＝x 2－x 12＋y 2－y 12.(3)平面向量共线的坐标表示设a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b ⇔x 1y 2－x 2y 1＝0. [小题速通]1．(2018·嘉兴测试)在△ABC 中，已知M 是BC 边的中点，设CB ―→＝a ，CA ―→＝b ，则AM ―→＝( )A.12a －b B.12a ＋bC ．a －12bD ．a ＋12b解析：选A AM ―→＝AC ―→＋CM ―→＝－CA ―→＋12CB ―→＝－b ＋12a.2．设D 是线段BC 的中点，且AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→，则( ) A ．AD ―→＝2AE ―→ B ．AD ―→＝4AE ―→C ．AD ―→＝2EA ―→D ．AD ―→＝4EA ―→解析：选A ∵D 是线段BC 的中点， ∴AB ―→＋AC ―→＝2AD ―→， ∵AB ―→＋AC ―→＝4AE ―→， ∴AD ―→＝2AE ―→.3．已知AC 为平行四边形ABCD 的一条对角线，AB ―→＝(2,4)，AC ―→＝(1,3)，则AD ―→＝( ) A ．(－1，－1) B ．(3,7) C ．(1,1)D ．(2,4) 解析：选A 由题意可得AD ―→＝BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(1,3)－(2,4)＝(－1，－1)． 4．已知A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→，则点P 的坐标为________． 解析：设P (x ，y )，∵A (2,3)，B (4，－3)，且AP ―→＝3AB ―→， ∴(x －2，y －3)＝3(2，－6)＝(6，－18)， ∴⎩⎪⎨⎪⎧x －2＝6，y －3＝－18，解得x ＝8，y ＝－15，∴点P 的坐标为(8，－15)． 答案：(8，－15)5．已知向量a ＝(1,3)，b ＝(－2,1)，c ＝(3,2)．若向量c 与向量k a ＋b 共线，则实数k ＝________.解析：k a ＋b ＝k (1,3)＋(－2,1)＝(k －2,3k ＋1)， 因为向量c 与向量k a ＋b 共线，所以2(k －2)－3(3k ＋1)＝0，解得k ＝－1. 答案：－16．设O 在△ABC 的内部，D 为AB 的中点，且OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0，则△ABC 的面积与△AOC 的面积的比值为________．解析：∵D 为AB 的中点，∴OA ―→＋OB ―→＝2OD ―→， ∵OA ―→＋OB ―→＋2OC ―→＝0， ∴OC ―→＝－OD ―→， ∴O 是CD 的中点，∴S △AOC ＝S △AOD ＝12S △AOB ＝14S △ABC .答案：4[清易错]1．向量坐标不是向量的终点坐标，与向量的始点、终点有关系．2．数乘向量仍为向量，只是模与方向发生变化，易误认为数乘向量为实数． 3．若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件不能表示成x 1x 2＝y 1y 2，因为x 2，y 2有可能等于0，所以应表示为x 1y 2－x 2y 1＝0.1．若向量AB ―→＝(1,2)，BC ―→＝(3,4)，则AC ―→＝( ) A ．(2,2) B ．(－2，－2) C ．(4,6)D ．(－4，－6)解析：选C AC ―→＝AB ―→＋BC ―→＝(4,6)．2．已知向量a ，b 不共线，若AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ，则四边形ABCD 是( )A ．梯形B ．平行四边形C ．矩形D ．菱形解析：选A 因为AB ―→＝a ＋2b ，BC ―→＝－4a －b ，CD ―→＝－5a －3b ， 所以AD ―→＝AB ―→＋BC ―→＋CD ―→＝－8a －2b ， 所以AD ―→＝2BC ―→，即直线AD 与BC 平行，而向量AB ―→与CD ―→不共线，即直线AB 与CD 不平行， 故四边形ABCD 是梯形．3．(2018·河北联考)已知向量a ＝(1,2)，b ＝(－2，m )，若a ∥b ，则2a ＋3b ＝( ) A ．(－5，－10) B ．(－2，－4) C ．(－3，－6)D ．(－4，－8)解析：选D 由a ∥b ，得m ＋4＝0，即m ＝－4，所以2a ＋3b ＝2(1,2)＋3(－2，－4)＝(－4，－8)．1．向量的夹角2．平面向量的数量积3．平面向量数量积的运算律(1)a·b＝b·a.(2)(λa)·b＝λ(a·b)＝a·(λb)．(3)(a＋b)·c＝a·c＋b·c.4．平面向量数量积的有关结论已知非零向量a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，θ＝〈a，b〉.|x1x2＋y1y2|≤x21＋y21x22＋y221．设向量e1，e2是两个互相垂直的单位向量，且a＝2e1－e2，b＝e2，则|a＋2b|＝( ) A．2 2 B. 5C ．2D ．4解析：选B ∵向量e 1，e 2是两个互相垂直的单位向量， ∴|e 1|＝1，|e 2|＝1，e 1·e 2＝0， ∵a ＝2e 1－e 2，b ＝e 2， ∴a ＋2b ＝2e 1＋e 2，∴|a ＋2b|2＝4e 21＋4e 1·e 2＋e 22＝5， ∴|a ＋2b|＝ 5.2．(2018·云南检测)设向量a ＝(－1,2)，b ＝(m,1)，如果向量a ＋2b 与2a －b 平行，那么a 与b 的数量积等于( )A ．－72B ．－12C.32D.52解析：选D 因为a ＋2b ＝(－1＋2m,4)，2a －b ＝(－2－m,3)，由题意得3(－1＋2m )－4(－2－m )＝0，则m ＝－12，所以a ·b ＝－1×⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋2×1＝52. 3．已知|a|＝1，|b|＝2，a ·(a －b)＝3，则a 与b 的夹角为( ) A.π3 B.π6C.π2D ．π解析：选D 设a 与b 的夹角为θ，由题意知|a|＝1，|b|＝2， ∵a ·(a －b)＝a 2－a ·b ＝12－1×2×cos θ＝3， ∴cos θ＝－1. 又θ∈[0，π]， ∴a 与b 的夹角为π.4．已知向量a ，b 满足|a|＝2，|b|＝1，a 与b 的夹角为2π3，则|a ＋2b|＝________.解析：∵(a ＋2b)2＝a 2＋4a ·b ＋4b 2＝4＋4×2×1×⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋4＝4，∴|a ＋2b|＝2.答案：25．(2018·衡水中学检测)在直角三角形ABC 中，C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1，若AD ―→＝32AB ―→，则CD ―→·CB ―→＝________.解析：∵AD ―→＝32AB ―→，∴CD ―→·CB ―→＝(CA ―→＋AD ―→)·CB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫CA ―→＋32 AB ―→·CB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫32CB ―→－12CA ―→·CB ―→＝32CB ―→2，又∵C ＝90°，AB ＝2，AC ＝1， ∴CB ＝3，∴CD ―→·CB ―→＝92.答案：926．(2018·东北三校联考)已知正方形ABCD 的边长为2，DE ―→＝2EC ―→，DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，则BE ―→·DF ―→＝________.解析：如图，以B 为原点，BC 所在直线为x 轴，AB 所在直线为y轴建立平面直角坐标系．则B (0,0)，E ⎝ ⎛⎭⎪⎫2，23，D (2,2)． 由DF ―→＝12(DC ―→＋DB ―→)，知F 为BC 的中点，所以F (1,0)，故BE―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫2，23，DF ―→＝(－1，－2)， ∴BE ―→·DF ―→＝－2－43＝－103.答案：－103[清易错]1．0与实数0的区别：0a ＝0≠0，a ＋(－a)＝0≠0，a ·0＝0≠0. 2．a ·b ＝0不能推出a ＝0或b ＝0，因为a ·b ＝0时，有可能a ⊥b. 3．在运用向量夹角时，注意其取值范围为[0，π]． 1．有下列说法：①向量b 在向量a 方向上的投影是向量；②若a ·b>0，则a 和b 的夹角为锐角，若a ·b<0，则a 和b 的夹角为钝角； ③(a ·b)c ＝a(b ·c)； ④若a ·b ＝0，则a ＝0或b ＝0. 其中正确的说法个数为( ) A ．0B ．3C ．4D ．2答案：A2．已知a ＝(1,3)，b ＝(2＋λ，1)，且a 与b 的夹角为锐角，则实数λ的取值范围是________．解析：由题意可得a ·b>0，且a ，b 不共线， 即⎩⎪⎨⎪⎧2＋λ＋3>0，2＋λ1≠13，解得λ>－5，且λ≠－53.答案：⎝ ⎛⎭⎪⎫－5，－53∪⎝ ⎛⎭⎪⎫－53，＋∞ 3．已知向量a ，b 满足a ＝(2,0)，|b|＝1，若|a ＋b|＝7，则a 与b 的夹角是________． 解析：由|a ＋b|＝7，得(a ＋b)2＝a 2＋2a ·b ＋b 2＝4＋2a ·b ＋1＝7， ∴a ·b ＝1，∴|a |·|b |·cos 〈a ，b 〉＝1，∴cos 〈a ，b 〉＝12.又〈a ，b 〉∈[0，π]，∴a ，b 的夹角为π3.答案：π3一、选择题1．(2018·常州调研)已知A ，B ，C 三点不共线，且点O 满足OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0，则下列结论正确的是( )A ．OA ―→＝13AB ―→＋23BC ―→B ．OA ―→＝23AB ―→＋13BC ―→C ．OA ―→＝13AB ―→－23BC ―→D ．OA ―→＝－23AB ―→－13BC ―→解析：选D ∵OA ―→＋OB ―→＋OC ―→＝0， ∴O 为△ABC 的重心，∴OA ―→＝－23×12(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AC ―→)＝－13(AB ―→＋AB ―→＋BC ―→)＝－13(2AB ―→＋BC ―→)＝－23AB ―→－13BC ―→.2．(2018·合肥质检)已知O ，A ，B ，C 为同一平面内的四个点，若2AC ―→＋CB ―→＝0，则向量OC ―→等于( )A.23OA ―→－13OB ―→ B ．－13OA ―→＋23OB ―→C ．2OA ―→－OB ―→D ．－OA ―→＋2OB ―→解析：选C 因为AC ―→＝OC ―→－OA ―→，CB ―→＝OB ―→－OC ―→， 所以2AC ―→＋CB ―→＝2(OC ―→－OA ―→)＋(OB ―→－OC ―→) ＝OC ―→－2OA ―→＋OB ―→＝0， 所以OC ―→＝2OA ―→－OB ―→.3．已知向量a 与b 的夹角为30°，且|a|＝3，|b|＝2，则|a －b|的值为( ) A ．1 B.13 C ．13D.7－2 3解析：选A 由向量a 与b 的夹角为30°，且|a|＝3，|b|＝2， 可得a ·b ＝|a |·|b |·c os 30°＝3×2×32＝3， 所以|a －b|＝a －b2＝a 2＋b 2－2a ·b＝3＋4－2×3＝1.4．(2018·成都一诊)在边长为1的等边△ABC 中，设BC ―→＝a ，CA ―→＝b ，AB ―→＝c ，则a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝( )A ．－32B ．0 C.32D ．3解析：选A 依题意有a ·b ＋b ·c ＋c ·a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫－12＝－32. 5．已知非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，|a|＝3，且a 与a ＋b 的夹角为π4，则|b|＝( )A ．6B ．3 2C ．2 2D ．3解析：选D 由非零向量a ，b 满足a ·b ＝0，可知两个向量垂直，由|a|＝3，且a 与a＋b 的夹角为π4，说明以向量a ，b 为邻边，a ＋b 为对角线的平行四边形是正方形，所以|b|＝3.6．(2017·青岛二模)在平面直角坐标系中，已知向量a ＝(1,2)，a －12b ＝(3,1)，c ＝(x,3)，若(2a ＋b)∥c ，则x ＝( )A ．－2B ．－4C ．－3D ．－1解析：选D 依题意得b ＝2⎣⎢⎡⎦⎥⎤a －⎝ ⎛⎭⎪⎫a －12b ＝(－4,2)，所以2a ＋b ＝(－2,6)，所以6x ＝－2×3＝－6，x ＝－1.7．在平面直角坐标系xOy 中，已知A (1,0)，B (0,1)，C 为坐标平面内第一象限内一点，且∠AOC ＝π4，且|OC ―→|＝2，若OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，则λ＋μ＝( )A ．2 2 B. 2 C ．2D ．4 2解析：选A 因为|OC ―→|＝2，∠AOC ＝π4，所以C (2，2)， 又OC ―→＝λOA ―→＋μOB ―→，所以(2，2)＝λ(1,0)＋μ(0,1)＝(λ，μ)， 所以λ＝μ＝2，λ＋μ＝2 2.8.已知函数f (x )＝A sin(πx ＋φ)的部分图象如图所示，点B ，C 是该图象与x 轴的交点，过点C 的直线与该图象交于D ，E 两点，则(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)的值为( )A ．－1B ．－12C.12D ．2解析：选D 注意到函数f (x )的图象关于点C 对称，因此C 是线段DE 的中点，BD ―→＋BE ―→＝2BC ―→.又BE ―→－CE ―→＝BE ―→＋EC ―→＝BC ―→， 且|BC ―→|＝12T ＝12×2ππ＝1，因此(BD ―→＋BE ―→)·(BE ―→－CE ―→)＝2BC ―→2＝2. 二、填空题9．(2018·洛阳一模)若三点A (1，－5)，B (a ，－2)，C (－2，－1)共线，则实数a 的值为________．解析：∵AB ―→＝(a －1,3)，AC ―→＝(－3,4)， 据题意知AB ―→∥AC ―→， ∴4(a －1)＝3×(－3)， 即4a ＝－5， ∴a ＝－54.答案：－5410．已知▱ABCD 的对角线AC 和BD 相交于O ，且OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，则DC ―→＝________，BC ―→＝________.(用a ，b 表示)解析：如图，DC ―→＝AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝b －a ，BC ―→＝OC ―→－OB ―→＝－OA ―→－OB ―→＝－a －b.答案：b －a －a －b11．已知向量a ＝(2,1)，b ＝(1，－2)，若m a ＋n b ＝(9，－8)(m ，n ∈R)，则m －n 的值为________．解析：∵m a ＋n b ＝(2m ＋n ，m －2n )＝(9，－8)，∴⎩⎪⎨⎪⎧2m ＋n ＝9，m －2n ＝－8，∴⎩⎪⎨⎪⎧m ＝2，n ＝5，∴m －n ＝2－5＝－3. 答案：－312．若向量a ＝(2,3)，b ＝(－4,7)，a ＋c ＝0，则c 在b 方向上的投影为________． 解析：∵a ＋c ＝0， ∴c ＝－a ＝(－2，－3)，∴c ·b ＝8－21＝－13，且|b|＝65， ∴c 在b 方向上的投影为|c|cos 〈c ，b 〉＝|c |·c ·b |c||b|＝c ·b |b|＝－1365＝－655.答案：－655三、解答题13．已知向量a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，c ＝(2，k )． (1)求向量a 与b 的夹角； (2)若b ∥c ，求k 的值； (3)若b ⊥(a ＋c)，求k 的值． 解：(1)设向量a 与b 的夹角为θ， ∵a ＝(3,0)，b ＝(－5,5)，∴a ·b ＝3×(－5)＋0×5＝－15，|a|＝3，|b|＝－2＋52＝52，∴cos θ＝a ·b |a |·|b |＝－153×52＝－22.又∵θ∈[0，π]， ∴θ＝3π4.(2)∵b ∥c ，∴－5k ＝5×2，∴k ＝－2. (3)∵a ＋c ＝(5，k )，又b ⊥(a ＋c)， ∴b ·(a ＋c)＝0， ∴－5×5＋5×k ＝0， ∴k ＝5.14．在平面直角坐标系xOy 中，已知向量m ＝⎝⎛⎭⎪⎫22，－22，n ＝(sin x ，cos x )，x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，π2.(1)若m ⊥n ，求tan x 的值； (2)若m 与n 的夹角为π3，求x 的值．解：(1)若m ⊥n ，则m ·n ＝0. 由向量数量积的坐标公式得22sin x －22cos x ＝0， ∴tan x ＝1.(2)∵m 与n 的夹角为π3，∴m ·n ＝|m |·|n |cos π3，即22sin x －22cos x ＝12， ∴sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x －π4＝12.又∵x ∈⎝⎛⎭⎪⎫0，π2， ∴x －π4∈⎝ ⎛⎭⎪⎫－π4，π4，∴x －π4＝π6，即x ＝5π12.高考研究课一平面向量的基本运算[典例] (1)(2018·济南模拟)在△ABC 中，AB 边的高为CD ，若CB ＝a ，CA ―→＝b ，a ·b ＝0，|a|＝1，|b|＝2，则AD ―→＝( )A.13a －13b B.23a －23b C.35a －35b D.45a －45b (2)在梯形ABCD 中，已知AB ∥CD ，AB ＝2CD ，M ，N 分别为CD ，BC 的中点．若AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，则λ＋μ＝________.[解析] (1)∵a ·b ＝0，∴∠ACB ＝90°， ∴AB ＝5，CD ＝255，∴BD ＝55，AD ＝455，∴AD ∶BD ＝4∶1. ∴AD ―→＝45AB ―→＝45(CB ―→－CA ―→)＝45a －45b.(2)法一：由AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→，得AB ―→＝λ·12(AD ―→＋AC ―→)＋μ·12(AC ―→＋AB ―→)，则⎝ ⎛⎭⎪⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫λ2＋μ2AC ―→＝0， 得⎝⎛⎭⎪⎫μ2－1AB ―→＋λ2AD ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫λ2＋μ2⎝ ⎛⎭⎪⎫AD ―→＋12AB ―→ ＝0， 得⎝ ⎛⎭⎪⎫14λ＋34μ－1AB ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫λ＋μ2AD ―→＝0.因为AB ―→，AD ―→不共线，所以由平面向量基本定理得⎩⎪⎨⎪⎧14λ＋34μ－1＝0，λ＋μ2＝0，解得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝－45，μ＝85.所以λ＋μ＝45.法二：连接MN 并延长交AB 的延长线于T ， 由已知易得AB ＝45AT ，则45AT ―→＝AB ―→＝λAM ―→＋μAN ―→， 即AT ―→＝54λAM ―→＋54μAN ―→，因为T ，M ，N 三点共线，所以54λ＋54μ＝1.故λ＋μ＝45.[答案] (1)D (2)45[方法技巧](1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．(2)用向量基本定理解决问题的一般思路是先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．[即时演练]1．向量e 1，e 2，a ，b 在正方形网格中的位置如图所示，则a －b ＝( )A ．－4e 1－2e 2B ．－2e 1－4e 2C ．e 1－3e 2D ．3e 1－e 2解析：选C 结合图形易得，a ＝－e 1－4e 2，b ＝－2e 1－e 2，故a －b ＝e 1－3e 2.2.如图，正方形ABCD 中，E 为DC 的中点，若AE ―→＝λAB ―→＋μAC ―→，则λ＋μ的值为( )A.12 B ．－12C ．1D ．－1解析：选 A 法一：由题意得AE ―→＝AD ―→＋12AB ―→＝BC ―→＋AB ―→－12AB ―→＝AC ―→－12AB ―→，∴λ＝－12，μ＝1，∴λ＋μ＝12，故选A.法二：利用坐标法，以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立平面直角坐标系(图略)，设正方形的边长为1，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,1)，E ⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1，∴AE ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1，AB ―→＝(1,0)，AC ―→＝(1,1)，则⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1＝λ(1,0)＋μ(1，1)，∴λ＋μ＝12.[典例] (1)在△ABC 中，点P 在BC 上，且BP ＝2PC ，点Q 是AC 的中点，若PA ―→＝(4,3)，PQ ―→＝(1,5)，则BC ―→等于( )A ．(－2,7)B ．(－6,21)C ．(2，－7)D ．(6，－21)(2)(2018·绍兴模拟)已知点M (5，－6)和向量a ＝(1，－2)，若MN ―→＝－3a ，则点N 的坐标为( )A ．(2,0)B ．(－3,6)C ．(6,2)D ．(－2,0)[解析] (1)由题意，AC ―→＝2AQ ―→＝2(PQ ―→－PA ―→)＝2(－3,2)＝(－6,4)，PC ―→＝AC ―→－AP ―→＝(－6,4)－(－4，－3)＝(－2,7)，∵BP ―→＝2PC ―→，∴BC ―→＝3PC ―→＝(－6,21)．(2)MN ―→＝－3a ＝－3(1，－2)＝(－3,6)， 设N (x ，y )，则MN ―→＝(x －5，y ＋6)＝(－3,6)，所以⎩⎪⎨⎪⎧x －5＝－3，y ＋6＝6，即⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝0.[答案] (1)B (2)A [方法技巧]向量的坐标运算主要是利用加、减、数乘运算法则进行，若已知有向线段两端点的坐标，则应先求向量的坐标．解题过程中要注意方程思想的运用及正确使用运算法则．[即时演练]1．若向量a ＝(1,1)，b ＝(1，－1)，c ＝(－1,2)，则c ＝( ) A ．－12a ＋32bB.12a －32bC.32a －12b D ．－32a ＋12b解析：选 B 设c ＝λ1a ＋λ2b ，则(－1,2)＝λ1(1,1)＋λ2(1，－1)＝(λ1＋λ2，λ1－λ2)，所以λ1＋λ2＝－1，λ1－λ2＝2，解得λ1＝12，λ2＝－32，所以c ＝12a －32b.2．已知向量a ＝(1,1)，点A (3,0)，点B 为直线y ＝2x 上的一个动点．若AB ―→∥a ，则点B 的坐标为________．解析：设B (x,2x )，AB ―→＝(x －3,2x )． ∵AB ―→∥a ，∴x －3－2x ＝0，解得x ＝－3， ∴B (－3，－6)． 答案：(－3，－6)共线向量定理及应用平面向量共线的坐标表示是高考的常考内容，多以选择题或填空题的形式出现，难度较小，属低档题.,常见的命题角度有：利用向量共线求参数或点的坐标； 利用向量共线解决三点共线问题.1．若向量a ＝(2,4)与向量b ＝(x,6)共线，则实数x ＝( ) A ．2 B ．3 C ．4D ．6解析：选B ∵a ∥b ，∴2×6－4x ＝0，解得x ＝3.2．已知梯形ABCD 中，AB ∥CD ，且DC ＝2AB ，三个顶点A (1，2)，B (2,1)，C (4,2)，则点D 的坐标为________．解析：∵在梯形ABCD 中，DC ＝2AB ，AB ∥CD ，∴DC ―→＝2AB ―→.设点D 的坐标为(x ，y )，则DC ―→＝(4－x ，2－y )，AB ―→＝(1，－1)，∴(4－x,2－y )＝2(1，－1)，即(4－x,2－y )＝(2，－2)，∴⎩⎪⎨⎪⎧4－x ＝2，2－y ＝－2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝2，y ＝4，故点D 的坐标为(2,4)．答案：(2,4)3．已知平面向量a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)，且(a ＋c)∥(a －b)，则m ＝________. 解析：因为a ＝(1，m )，b ＝(2,5)，c ＝(m,3)， 所以a ＋c ＝(1＋m ，m ＋3)，a －b ＝(－1，m －5)． 又(a ＋c)∥(a －b)，所以(1＋m )(m －5)＋(m ＋3)＝0，即m 2－3m －2＝0， 解得m ＝3＋172或m ＝3－172.答案：3±172[方法技巧]1．利用两向量共线求参数如果已知两向量共线，求某些参数的取值时，利用“若a ＝(x 1，y 1)，b ＝(x 2，y 2)，则a ∥b 的充要条件是x 1y 2＝x 2y 1”解题比较方便．2．利用两向量共线的条件求向量坐标一般地，在求与一个已知向量a 共线的向量时，可设所求向量为λa(λ∈R)，然后结合其他条件列出关于λ的方程，求出λ的值后代入λa 即可得到所求的向量．角度二：利用向量共线解决三点共线问题4．(2018·南阳五校联考)已知向量OA ―→＝(1，－3)，OB ―→＝(2，－1)，OC ―→＝(k ＋1，k －2)，若A ，B ，C 三点不能构成三角形，则k ＝________.解析：若点A ，B ，C 不能构成三角形，则向量AB ―→，AC ―→共线，∵AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(k ＋1，k －2)－(1，－3)＝(k ，k ＋1)， ∴1×(k ＋1)－2k ＝0，解得k ＝1. 答案：15．设两个非零向量a 与b 不共线，若AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b)，求证：A ，B ，D 三点共线．证明：因为AB ―→＝a ＋b ，BC ―→＝2a ＋8b ，CD ―→＝3(a －b)， 所以BD ―→＝BC ―→＋CD ―→＝2a ＋8b ＋3(a －b) ＝5(a ＋b)＝5AB ―→. 所以AB ―→，BD ―→共线．又它们有公共点B ，所以A ，B ，D 三点共线． [方法技巧]三点共线问题的求解策略解决点共线或向量共线问题时，要结合向量共线定理进行，但应注意向量共线与三点共线的区别与联系，当两个向量共线且有公共点时，才能得到三点共线．1．(2017·全国卷Ⅲ)在矩形ABCD 中，AB ＝1，AD ＝2，动点P 在以点C 为圆心且与BD 相切的圆上．若AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→，则λ＋μ的最大值为( )A ．3B ．2 2 C. 5D ．2解析：选A 以A 为坐标原点，AB ，AD 所在直线分别为x 轴，y 轴建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1,0)，C (1,2)，D (0,2)，可得直线BD 的方程为2x ＋y －2＝0，点C 到直线BD 的距离为222＋12＝25，所以圆C ：(x －1)2＋(y －2)2＝45. 因为P 在圆C 上，所以P ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋255cos θ，2＋255sin θ.又AB ―→＝(1,0)，AD ―→＝(0,2)，AP ―→＝λAB ―→＋μAD ―→＝(λ，2μ)，所以⎩⎪⎨⎪⎧1＋255cos θ＝λ，2＋255sin θ＝2μ，λ＋μ＝2＋255cos θ＋55sin θ＝2＋sin(θ＋φ)≤3(其中tan φ＝2)，当且仅当θ＝π2＋2k π－φ，k ∈Z 时，λ＋μ取得最大值3.2．(2015·全国卷Ⅰ)设D 为△ABC 所在平面内一点，BC ―→＝3CD ―→，则( ) A ．AD ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→B ．AD ―→＝13AB ―→－43AC ―→C ．AD ―→＝43AB ―→＋13AC ―→D ．AD ―→＝43AB ―→－13AC ―→解析：选A AD ―→＝AC ―→＋CD ―→＝AC ―→＋13BC ―→＝AC ―→＋13(AC ―→－AB ―→)＝43AC ―→－13AB ―→＝－13AB ―→＋43AC ―→.3．(2015·全国卷Ⅰ)已知点A (0,1)，B (3,2)，向量AC ―→＝(－4，－3)，则向量BC ―→＝( )A ．(－7，－4)B ．(7,4)C ．(－1,4)D ．(1,4)解析：选A 法一：设C (x ，y )， 则AC ―→＝(x ，y －1)＝(－4，－3)，所以⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－4，y ＝－2，从而BC ―→＝(－4，－2)－(3,2)＝(－7，－4)． 法二：AB ―→＝(3,2)－(0,1)＝(3,1)，BC ―→＝AC ―→－AB ―→＝(－4，－3)－(3,1)＝(－7，－4)．4．(2016·全国卷Ⅰ)设向量a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，且|a ＋b|2＝|a|2＋|b|2，则m ＝________.解析：∵|a ＋b|2＝|a|2＋|b|2＋2a ·b ＝|a|2＋|b|2， ∴a ·b ＝0.又a ＝(m,1)，b ＝(1,2)，∴m ＋2＝0，∴m ＝－2. 答案：－25．(2016·全国卷Ⅱ)已知向量a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，且a ∥b ，则m ＝________. 解析：∵a ＝(m,4)，b ＝(3，－2)，a ∥b ， ∴－2m －4×3＝0，∴m ＝－6. 答案：－66．(2015·全国卷Ⅱ)设向量a ，b 不平行，向量λa ＋b 与a ＋2b 平行，则实数λ＝________.解析：∵λa ＋b 与a ＋2b 平行，∴λa ＋b ＝t (a ＋2b)，即λa ＋b ＝t a ＋2t b ，∴⎩⎪⎨⎪⎧λ＝t ，1＝2t ，解得⎩⎪⎨⎪⎧λ＝12，t ＝12.答案：127．(2014·全国卷Ⅰ)已知A ，B ，C 为圆O 上的三点，若AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，则AB ―→与AC ―→的夹角为________．解析：由AO ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，可得O 为BC 的中点，故BC 为圆O 的直径，所以AB ―→与AC―→的夹角为90°.答案：90°一、选择题1.(2018·长春模拟)如图所示，下列结论正确的是( ) ①PQ ―→＝32a ＋32b ；②PT ―→＝32a －b ；③PS ―→＝32a －12b ；④PR ―→＝32a ＋b.A ．①②B ．③④C ．①③D ．②④解析：选C ①根据向量的加法法则，得PQ ―→＝32a ＋32b ，故①正确；②根据向量的减法法则，得PT ―→＝32a －32b ，故②错误；③PS ―→＝PQ ―→＋QS ―→＝32a ＋32b －2b ＝32a －12b ，故③正确；④PR ―→＝PQ ―→＋QR ―→＝32a ＋32b －b ＝32a ＋12b ，故④错误，故选C.2．(2018·长沙一模)已知向量OA ―→＝(k,12)，OB ―→＝(4,5)，OC ―→＝(－k,10)，且A ，B ，C 三点共线，则k 的值是( )A ．－23B.43C.12D.13解析：选A AB ―→＝OB ―→－OA ―→＝(4－k ，－7)， AC ―→＝OC ―→－OA ―→＝(－2k ，－2)． ∵A ，B ，C 三点共线， ∴AB ―→，AC ―→共线，∴－2×(4－k )＝－7×(－2k )， 解得k ＝－23.3．(2018·嘉兴调研)已知点O 为△ABC 外接圆的圆心，且OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0，则△ABC 的内角A 等于( )A ．30°B ．45°C ．60°D ．90°解析：选A 由OA ―→＋OB ―→＋CO ―→＝0得，OA ―→＋OB ―→＝OC ―→，由O 为△ABC 外接圆的圆心，结合向量加法的几何意义知，四边形OACB 为菱形，且∠CAO ＝60°，故A ＝30°.4．若OA ―→＝a ，OB ―→＝b ，a 与b 不共线，则∠AOB 平分线上的向量OM ―→为( ) A.a |a|＋b |b| B.a ＋b|a ＋b| C.|b|a －|a|b|a|＋|b|D ．λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a|a|＋b |b|，λ由OM ―→确定解析：选D 以OM 为对角线，以OA ―→，OB ―→方向为邻边作平行四边形OCMD ，∵OM 平分∠AOB ，∴平行四边形OCMD 是菱形． 设OC ＝OD ＝λ，则OC ―→＝λa |a|，OD ―→＝λb |b|，∴OM ―→＝OC ―→＋OD ―→＝λ⎝ ⎛⎭⎪⎫a|a|＋b |b|，且λ由OM ―→确定．5．设D ，E ，F 分别是△ABC 的三边BC ，CA ，AB 上的点，且DC ―→＝2BD ―→，CE ―→＝2EA ―→，AF ―→＝2FB ―→，则AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→( )A ．反向平行B ．同向平行C ．互相垂直D ．既不平行也不垂直解析：选A 由题意得AD ―→＝AB ―→＋BD ―→＝AB ―→＋13BC ―→，BE ―→＝BA ―→＋AE ―→＝BA ―→＋13AC ―→，CF ―→＝CB ―→＋BF ―→＝CB ―→＋13BA ―→，因此AD ―→＋BE ―→＋CF ―→＝CB ―→＋13(BC ―→＋AC ―→－AB ―→)＝CB ―→＋23BC ―→＝－13BC ―→，故AD ―→＋BE ―→＋CF ―→与BC ―→反向平行．6.如图所示，已知点G 是△ABC 的重心，过点G 作直线与AB ，AC两边分别交于M ，N 两点，且AM ―→＝x AB ―→，AN ―→＝y AC ―→，则xy x ＋y的值为( )A ．3 B.13 C ．2D.12解析：选B 利用三角形的性质，过重心作平行于底边BC 的直线，易得x ＝y ＝23，则xyx ＋y ＝13. 7．(2018·兰州模拟)已知向量a ＝(1－sin θ，1)，b ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1＋sin θ，若a ∥b ，则锐角θ＝( )A.π6B.π4C.π3D.5π12解析：选B 因为a ∥b ，所以(1－sin θ)×(1＋sin θ)－1×12＝0，得sin 2θ＝12，所以sin θ＝±22，故锐角θ＝π4. 8．已知△ABC 是边长为4的正三角形，D ，P 是△ABC 内的两点，且满足AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→，则△APD 的面积为( )A.34B.32C. 3 D ．2 3解析：选A 法一：取BC 的中点E ，连接AE ，由于△ABC 是边长为4的正三角形，则AE ⊥BC ，AE ―→＝12(AB ―→＋AC ―→)，又AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)，所以点D 是AE 的中点，AD ＝ 3.取AF ―→＝18BC ―→，以AD ，AF 为邻边作平行四边形，可知AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝AD ―→＋AF ―→.而△APD是直角三角形，AF ＝12，所以△APD 的面积为12×12×3＝34.法二：以A 为原点，以BC 的垂直平分线为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系．∵等边三角形ABC 的边长为4， ∴B (－2，－23)，C (2，－23)，由题知AD ―→＝14(AB ―→＋AC ―→)＝14[(－2，－23)＋(2，－23)]＝(0，－3)，AP ―→＝AD ―→＋18BC ―→＝(0，－3)＋18(4,0)＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12，－3， ∴△ADP 的面积为S ＝12|AD ―→|·|DP ―→|＝12×3×12＝34.二、填空题9．在矩形ABCD 中，O 是对角线的交点，若BC ―→＝5e 1，DC ―→＝3e 2，则OC ―→＝________.(用e 1，e 2表示)解析：在矩形ABCD 中，因为O 是对角线的交点，所以OC ―→＝12AC ―→＝12(AB ―→＋AD ―→)＝12(DC―→＋BC ―→)＝12(5e 1＋3e 2)＝52e 1＋32e 2.答案：52e 1＋32e 210．已知S 是△ABC 所在平面外一点，D 是SC 的中点，若BD ―→＝x AB ―→＋y AC ―→＋z AS ―→，则x ＋y ＋z ＝________.解析：依题意得BD ―→＝AD ―→－AB ―→＝12(AS ―→＋AC ―→)－AB ―→＝－AB ―→＋12AC ―→＋12AS ―→，因此x＋y ＋z ＝－1＋12＋12＝0.答案：011．(2018·贵阳模拟)已知平面向量a ，b 满足|a|＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ，则向量a 的坐标是________．解析：设a ＝(x ，y )，∵平面向量a ，b 满足|a|＝1，b ＝(1,1)，且a ∥b ， ∴x 2＋y 2＝1，且x －y ＝0，解得x ＝y ＝±22. ∴a ＝⎝⎛⎭⎪⎫22，22或⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，－22. 答案：⎝⎛⎭⎪⎫22，22或⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，－22 12.在直角梯形ABCD 中，AB ⊥AD ，DC ∥AB ，AD ＝DC ＝1，AB ＝2，E ，F 分别为AB ，BC 的中点，点P 在以A 为圆心，AD 为半径的圆弧DE 上变动(如图所示)，若AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，其中λ，μ∈R ，则2λ－μ的取值范围是________．解析：以A 为坐标原点，AB 为x 轴，AD 为y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系，则A (0,0)，E (1，0)，D (0,1)，F ⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12， 设P (cos α，sin α)(0°≤α≤90°)， ∵AP ―→＝λED ―→＋μAF ―→，∴(cos α，sin α)＝λ(－1,1)＋μ⎝ ⎛⎭⎪⎫32，12 ＝⎝⎛⎭⎪⎫－λ＋32μ，λ＋μ2，∴cos α＝－λ＋32μ，sin α＝λ＋μ2，∴λ＝14(3sin α－cos α)，μ＝12(cos α＋sin α)，∴2λ－μ＝sin α－cos α＝2sin(α－45°)， ∵0°≤α≤90°，∴－45°≤α－45°≤45°， ∴－22≤sin(α－45°)≤22， ∴－1≤2sin(α－45°)≤1， ∴2λ－μ的取值范围是[－1,1]． 答案：[－1,1] 三、解答题13.如图所示，在△ABC 中，D ，F 分别是BC ，AC 的中点，AE ―→＝23AD ―→，AB ―→＝a ，AC ―→＝b.(1)用a ，b 表示向量AD ―→，AE ―→，AF ―→，BE ―→，BF ―→； (2)求证：B ，E ，F 三点共线． 解：(1)延长AD 到G ，使AD ―→＝12AG ―→，连接BG ，CG ，得到平行四边形ABGC ，所以AG ―→＝a ＋b ， AD ―→＝12AG ―→＝12(a ＋b)，AE ―→＝23AD ―→＝13(a ＋b)，AF ―→＝12AC ―→＝12b ，BE ―→＝AE ―→－AB ―→＝13(a ＋b)－a ＝13(b －2a)，BF ―→＝AF ―→－AB ―→＝12b －a ＝12(b －2a)．(2)证明：由(1)可知BE ―→＝23BF ―→，又因为BE ―→，BF ―→有公共点B ， 所以B ，E ，F 三点共线．14．(2018·郑州模拟)平面内给定三个向量a ＝(3,2)，b ＝(－1，2)，c ＝(4,1)． (1)若(a ＋k c)∥(2b －a)，求实数k 的值；(2)若d 满足(d －c)∥(a ＋b)，且|d －c|＝5，求d 的坐标． 解：(1)a ＋k c ＝(3＋4k,2＋k )，2b －a ＝(－5,2)， 由题意得2×(3＋4k )－(－5)×(2＋k )＝0， 解得k ＝－1613.(2)设d ＝(x ，y )，则d －c ＝(x －4，y －1)， 又a ＋b ＝(2,4)，|d －c|＝5，∴⎩⎪⎨⎪⎧x －－y －＝0，x －2＋y －2＝5，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝3，y ＝－1或⎩⎪⎨⎪⎧x ＝5，y ＝3.∴d 的坐标为(3，－1)或(5,3)．15.如图，在△OAB 中，OC ―→＝14OA ―→，OD ―→＝12OB ―→，AD 与BC 交于点M ，设OA ―→＝a ，OB ―→＝b.(1)用a ，b 表示OM ―→；(2)在线段AC 上取一点E ，在线段BD 上取一点F ，使EF 过M 点，设OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→，求证：17p ＋37q＝1.解：(1)设OM ―→＝x a ＋y b ，由OC ―→＝14OA ―→，得OM ―→＝4x OC ―→＋y b ，∵C ，M ，B 三点共线， ∴4x ＋y ＝1.①由OD ―→＝12OB ―→，得OM ―→＝x a ＋2y OD ―→，∵A ，M ，D 三点共线， ∴x ＋2y ＝1，②联立①②得，x ＝17，y ＝37.∴OM ―→＝17a ＋37b.(2)证明：∵OE ―→＝p OA ―→，OF ―→＝qOB ―→， ∴OA ―→＝1p OE ―→，OB ―→＝1qOF ―→，∴OM ―→＝17·1p OE ―→＋37·1q OF ―→.∵E ，M ，F 三点共线， ∴17p ＋37q＝1.1．已知点P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ，实数x ，y 满足PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0，设△ABC ，△PBC ，△PCA ，△PAB 的面积分别为S ，S 1，S 2，S 3，记S 1S ＝λ1，S 2S ＝λ2，S 3S＝λ3，则λ2·λ3取最大值时，3x ＋y 的值为( ) A.12 B.32 C ．1D ．2解析：选D 由题意可知λ1＋λ2＋λ3＝1. ∵P 是△ABC 的中位线EF 上任意一点，且EF ∥BC ， ∴λ1＝12，∴λ2＋λ3＝12，∴λ2λ3≤⎝⎛⎭⎪⎫λ2＋λ322＝116，当且仅当λ2＝λ3＝14时取等号，∴λ2·λ3取最大值时，P 为EF 的中点． 延长AP 交BC 于M ，则M 为BC 的中点， ∴PA ＝PM ，∴PA ―→＝－PM ―→＝－12(PB ―→＋PC ―→)，又∵PA ―→＋x PB ―→＋y PC ―→＝0， ∴x ＝y ＝12，∴3x ＋y ＝2.2.如图，在Rt △ABC 中，P 是斜边BC 上一点，且满足BP ―→＝12PC ―→，点M ，N 在过点P 的直线上，若AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)，则λ＋2μ的最小值为( )A ．2 B.83 C ．3D.103解析：选B ∵AM ―→＝λAB ―→，AN ―→＝μAC ―→(λ>0，μ>0)， ∴MB ―→＝MP ―→＋PB ―→＝(1－λ)AB ―→. ∵M ，P ，N 三点共线，∴存在实数k ，使MP ―→＝k MN ―→＝k (AN ―→－AM ―→)＝－k λAB ―→＋k μAC ―→. ∵BP ―→＝12PC ―→，∴PB ―→＝13CB ―→＝13AB ―→－13AC ―→.∴MP ―→＋PB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫13－k λAB ―→＋⎝ ⎛⎭⎪⎫k μ－13AC ―→＝(1－λ)AB ―→， ∴⎩⎪⎨⎪⎧13－k λ＝1－λ， ①k μ－13＝0， ②由②得，k ＝13μ代入①得，13－λ3μ＝1－λ，∴μ＝λ3λ－2， ∴λ＋2μ＝λ＋2λ3λ－2.设f (λ)＝λ＋2λ3λ－2，λ>0，∴f ′(λ)＝9λ2－12λλ－2，令f ′(λ)＝0，得λ＝0或λ＝43.当λ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，43时，f ′(λ)<0，当λ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫43，＋∞时，f ′(λ)>0.∴λ＝43时，f (λ)取极小值，也是最小值，又f ⎝ ⎛⎭⎪⎫43＝83，∴f (λ)的最小值为83，即λ＋2μ的最小值为83.高考研究课二平面向量的数量积及应用[全国卷5年命题分析][典例] (1)已知等边△ABC 的边长为2，若BC ＝3BE ，AD ＝DC ，则BD ―→·AE ―→等于( )A ．－2B ．－103C ．2D.103(2)已知正方形ABCD 的边长为1，点E 是AB 边上的动点，则DE ―→·CB ―→的值为______；DE ―→·DC ―→的最大值为________．[解析] (1)如图所示，BD ―→·AE ―→＝(AD ―→－AB ―→)·(AB ―→＋BE ―→)＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12AC ―→－AB ―→ ·⎝ ⎛⎭⎪⎫AB ―→＋13 AC ―→－13AB ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12AC ―→－AB ―→·⎝ ⎛⎭⎪⎫13AC ―→＋23AB ―→＝16AC ―→2－23AB ―→2＝16×4－23×4＝－2. (2)法一：如图，DE ―→·CB ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·CB ―→＝DA ―→·CB ―→＋AE ―→·CB ―→＝DA ―→2＝1， DE ―→·DC ―→＝(DA ―→＋AE ―→)·DC ―→ ＝DA ―→·DC ―→＋AE ―→·DC ―→＝AE ―→·DC ―→＝|AE ―→|·|DC ―→|≤|DC ―→|2＝1，故DE ―→·DC ―→的最大值为1.法二：以射线AB ，AD 为x 轴，y 轴的正方向建立平面直角坐标系，则A (0,0)，B (1，0)，C (1,1)，D (0,1)，设E (t,0)，t ∈[0,1]，则DE ―→＝(t ，－1)，CB ―→＝(0，－1)，所以DE ―→·CB―→＝(t ，－1)·(0，－1)＝1.因为DC ―→＝(1,0)，所以DE ―→·DC ―→＝(t ，－1)·(1,0)＝t ≤1， 故DE ―→·DC ―→的最大值为1. 法三：由图知，无论E 点在哪个位置，DE ―→在CB ―→方向上的投影都是CB ＝1， ∴DE ―→·CB ―→＝|CB ―→|·1＝1.当E 运动到B 点时，DE ―→在DC ―→方向上的投影最大，即为DC ＝1， ∴(DE ―→·DC ―→)max ＝|DC ―→|·1＝1. [答案] (1)A (2)1 1 [方法技巧]平面向量数量积的2种运算方法1．(2016·天津高考)已知△ABC 是边长为1的等边三角形，点D ，E 分别是边AB ，BC 的中点，连接DE 并延长到点F ，使得DE ＝2EF ，则AF ―→·BC ―→的值为( )A ．－58B.18C.14D.118解析：选B 如图所示，AF ―→＝AD ―→＋DF ―→. 又D ，E 分别为AB ，BC 的中点， 且DE ＝2EF ，所以AD ―→＝12AB ―→，DF ―→＝12AC ―→＋14AC ―→＝34AC ―→，所以AF ―→＝12AB ―→＋34AC ―→.又BC ―→＝AC ―→－AB ―→，则AF ―→·BC ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12AB ―→＋34AC ―→·(AC ―→－AB ―→)＝12AB ―→·AC ―→－12AB ―→2＋34AC ―→2－34AC ―→·AB ―→＝34AC ―→2－12AB ―→2－14AC ―→·AB ―→. 又|AB ―→|＝|AC ―→|＝1，∠BAC ＝60°， 故AF ―→·BC ―→＝34－12－14×1×1×12＝18.2．(2018·豫东名校联考)如图，BC 是单位圆A 的一条直径，F是线段AB 上的点，且BF ―→＝3FA ―→，若DE 是圆A 中绕圆心A 运动的一条直径，则FD ―→·FE ―→的值是________．解析：FD ―→·FE ―→＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→＋AE ―→)＝(FA ―→＋AD ―→)·(FA ―→－AD ―→)＝FA ―→2－AD ―→2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫142－1＝－1516.答案：－1516平面向量数量积的性质平面向量的夹角与模的问题是高考中的常考内容，题型多为选择题、填空题，难度适中，属中档题.常见的命题探究角度有：平面向量的模； 平面向量的夹角； 平面向量的垂直. 角度一：平面向量的模1．(2017·浙江高考)已知向量a ，b 满足|a|＝1，|b|＝2，则|a ＋b|＋|a －b|的最小值是________，最大值是________．解析：法一：由向量三角不等式得，|a ＋b|＋|a －b |≥|(a ＋b)－(a －b)|＝|2b|＝4. 又|a ＋b|＋|a －b|2≤a ＋b2＋a －b22＝a 2＋b 2＝5，∴|a ＋b|＋|a －b|的最大值为2 5.法二：设a ，b 的夹角为θ. ∵|a|＝1，|b|＝2， ∴|a ＋b|＋|a －b|＝a 2＋b 2＋a －b2＝5＋4cos θ＋5－4cos θ. 令y ＝5＋4cos θ＋5－4cos θ， 则y 2＝10＋225－16cos 2θ.∵θ∈[0，π]，∴cos 2θ∈[0,1]，∴y 2∈[16,20]，∴y ∈[4,2 5 ]，即|a ＋b|＋|a －b|的最小值为4，最大值为2 5. 答案：4 2 52．已知向量a ＝(1,1)，b ＝(－1,1)，设向量c 满足(2a －c )·(3b －c)＝0，则|c|的最大值为________．解析：设c ＝(x ，y )，2a －c ＝(2－x,2－y )，3b －c ＝(－3－x,3－y )，则由题意得(2－x )·(－3－x )＋(2－y )·(3－y )＝0，即⎝⎛⎭⎪⎫x ＋122＋⎝⎛⎭⎪⎫y －522＝132，表示以⎝ ⎛⎭⎪⎫－12，52为圆心，262为半径的圆，所以|c|的最大值为26.答案：26 [方法技巧]利用数量积求解长度问题的处理方法(1)a 2＝a ·a ＝|a|2或|a|＝a·a .。

2019届高考数学一轮复习 名师专题讲座2 三角函数、平面向量的高考解答题型及求解策略课件 文


(2018·合 肥 模 拟 ) 已 知 函 数 f(x) ＝ (2 3 ·cosωx ＋ sinωx)sinωx－sin22π＋ωx(ω>0)，且函数 y＝f(x)图象的一个对称中 心到最近的对称轴的距离为π4.
(1)求 ω 的值和函数 f(x)的单调递增区间； (2)求函数 f(x)在区间0，2π上的值域．
(4)已知两边 a，b 及其中一边的对角 A，由正弦定理sianA＝sibnB 可求出另一边 b 的对角 B，由 C＝π－(A＋B)，可求出角 C，再由 sianA＝sincC可求出 c，而通过sianA＝sibnB求角 B 时，可能有一解或 两解或无解的情况．
(2017·湖南五市十校 3 月联考)在△ABC 中，内角 A、 B、C 的对边分别为 a，b，c，若 b2＋c2－a2＝bc.
(1)求角 A 的大小； (2)若 a＝ 3，求 BC 边上的中线 AM 的最大值． [审题程序] 第一步：依据余弦定理角化边； 第二步：依据余弦定理求 cosB 及 AM； 第三步：由余弦定理和重要不等式求 AM 的最大值．
[规范解答] (1)∵b2＋c2－a2＝bc， ∴cosA＝b2＋2cb2c－a2＝12. 又 0<A<π， ∴A＝π3. (2)在△ABC 中，A＝π3，a＝ 3， 由余弦定理 a2＝b2＋c2－2bccosA 得 b2＋c2＝bc＋3.则 b2＋c2 ＝bc＋3≥2bc，得 bc≤3(当且仅当 b＝c 时取等号)．
[答题模板] 解决这类问题的答题模板如下：
[题型专练] 1．设函数 f(x)＝ 23－ 3sin2ωx－sinωxcosωx(ω>0)，且 y＝f(x) 的图象的一个对称中心到最近的对称轴的距离为π4. (1)求 ω 的值； (2)求 f(x)在区间π，32π上的最大值和最小值．

(全国通用版)2019版高考数学一轮复习第七单元平面向量教材复习课“平面向量”相关基础知识一课过课件文

向量 (平行向量又叫做共线向量) 相等 向量 相反 向量
相等且方向相同 长度____ ____的向量
共线 两向量只有相等或 不等，不能比较大小
长度相等 ____且方向相反 ____的向量 0 的相反向量为 0
[小题速通]
1．若向量 a 与 b 不相等，则 a 与 b 一定 A．有不相等的模 C．不可能都是零向量 B．不共线
解析：可举特例，当 n＝0 时，满足 m∥n，n∥k，故 A、B、 C 选项都不正确，故 D 正确．
答案：D
2．设 a ，b 都是非零向量，下列四个选项中，一定能使 0 成立的是 A．a ＝2b 1 C．a ＝－ b 3 B．a ∥b D．a ⊥b
＋ ＝ |a | |b | ( )
a
b
解析：“
＋ ＝0，且 a ，b 都是非零向量”等价于“非零 |a | |b |
第 七 单 元
平面向量
教材复习课 知
“平面向量”相关基础 识一课过
01 02
知识点一 向量的有关概念
知识点二 向量共线定理及平面向量基本定理
03
知识点三 平面向量的运算
目 录
04
知识点四 平面向量的数量积
双基过关检测
05
向量的有关概念
[过双基]
名称 向量 定义 备注
大小 又有_____ 方向 的量； 既有_____ 向量的 平 面 向 量 是 自
解析： ∵ a ∥b ，∴ a ＝ λb ，即 me1 ＋ 2e2 ＝ λ(ne1 － e2) ，则
λn＝m， －λ＝2，
m 故 n ＝－2.
答案：C
―→ 3． 已知点 M 是△ABC 的边 BC 的中点， 点 E 在边 AC 上， 且 EC ―→ ―→ ＝2 AE ，则 EM ＝ 1―→ 1―→ A. AC ＋ AB 2 3 1 ―→ 1―→ B. AC ＋ AB 2 6 ( )
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03 题型三 平面向量与三角函数的综合
目
04 课堂真题集中演练
录
05 高考达标检测
平面向量的数量积的运算
[典例] (1)已知等边△ABC 的边长为 2，若―B→C ＝3―B→E ，―A→D
＝―D→C ，则―B→D ·―A→E 等于
()
A．－2
B．－130
C．2
10 D. 3
(2)已知正方形 ABCD 的边长为 1，点 E 是 AB 边上的动点，
解析：因为
|
3e1－e2·e1＋λe2＝ 3e1－e2|·|e1＋λe2| 2
31－＋λλ2，
故 2
31－＋λλ2＝12，解得λ＝
3 3.
答案：
3 3
6．(2016·山东高考)已知向量 a ＝(1，－1)，b ＝(6，－4)．若
a ⊥(ta ＋b )，则实数 t 的值为________． 解析：∵a ＝(1，－1)，b ＝(6，－4)，
法三：由图知，无论E点在哪个位置， ―D→E 在―C→B 方向上的投影都是CB＝1，
∴―D→E ·―C→B ＝|―C→B |·1＝1. 当E运动到B点时，―D→E 在―D→C 方向上的投影最大，即为 DC＝1， ∴(―D→E ·―D→C )max＝|―D→C |·1＝1.
[答案] (1)A (2)1 1
∴ta ＋b ＝(t＋6，－t－4)．
又a ⊥(ta ＋b )，则a ·(ta ＋b )＝0， 即t＋6＋t＋4＝0， 解得t＝－5. 答案：－5
[方法技巧] 两向量垂直的应用：两非零向量垂直的充要条件是a ⊥b
⇔a ·b ＝0⇔|a －b |＝|a ＋b |.
平面向量与三角函数的综合
[典例] (2018·怀化模拟)已知在△ABC 中，角 A，B，C 的对边分别为 a ，b ，c，向量 m＝(sin A，sin B)，n＝(cos B， cos A)，m·n＝sin 2C.
[方法技巧]
向量夹角问题的2个注意点
(1)切记向量夹角的范围是[0，π]．
(2)a 与b 夹角为锐角⇔a ·b >0且a ，b 不共线，a 与b 夹角为
钝角⇔a ·b <0且a ，b 不共线．
角度三：平面向量的垂直
5．(2017·山东高考)已知 e1，e2 是互相垂直的单位向量．若 3 e1
－e2 与 e1＋λe2 的夹角为 60°，则实数 λ 的值是________．
法二：以射线AB，AD为x轴，y轴的正方向建立平面直
角坐标系，则A(0,0)，B(1，0)，C(1,1)，D(0,1)，设E(t,0)，t
∈[0,1]，则
―→ DE
＝(t，－1)，
―→ CB
＝(0，－1)，所以
―→ DE
―→ ·CB
＝(t，－1)·(0，－1)＝1.
因为―D→C ＝(1,0)，所以―D→E ·―D→C ＝(t，－1)·(1,0)＝t≤1， 故―D→E ·―D→C 的最大值为1.
a ·b ＝x1x2＋y1y2
[即时演练]
1．(2016·天津高考)已知△ABC是边长为1的等边三角形，点
D，E分别是边AB，BC的中点，连接DE并延长到点F，使
得DE＝2EF，则―A→F ·―B→C 的值为
()
A．－58
1 B.8
1
11
C.4
D. 8
解析：如图所示，―A→F ＝―A→D ＋―D→F .
∴y∈[4,2 5 ]，即|a ＋b |＋|a －b |的最小值为 4，最大值为 2 5. 答案：4 2 5
2．已知向量a ＝(1,1)，b ＝(－1,1)，设向量c满足(2a －c)(3b －c)
＝0，则|c|的最大值为________． 解析：设c＝(x，y)，2a －c＝(2－x,2－y)，3b －c＝(－3－ x,3－y)，则由题意得(2－x)·(－3－x)＋(2－y)·(3－y)＝0，即 x＋122＋y－522＝123，表示以－12，52为圆心， 226为半径的 圆，所以|c|的最大值为 26. 答案： 26
[即时演练] 1．(2018·云南检测)已知向量a ＝(sin x,1)，b ＝(t，x)，若函数
f(x)＝a ·b 在区间 0，π2 上是增函数，则实数t的取值范围是 ________． 解析：由f(x)＝a ·b ＝tsin x＋x，得f′(x)＝tcos x＋1，
因为函数f(x)在区间0，π2上是增函数，
平面向量数量积的性质
平面向量的夹角与模的问题是高考中的常考内容，题型 多为选择题、填空题，难度适中，属中档题.
常见的命题探究角度有： 1平面向量的模； 2平面向量的夹角； 3平面向量的垂直.
角度一：平面向量的模 1．(2017·浙江高考)已知向量a ，b 满足|a |＝1，|b |＝2，则|a ＋b |
[方法技巧]
平面向量数量积的2种运算方法
方法
运用提示
适用题型
当已知向量的模和夹角θ 适用于平面图形中 定义法 时，可利用定义法求解， 的向量数量积的有
即a ·b ＝|a |·|b |cos θ
关计算问题
当已知向量的坐标时，可
利用坐标法求解，即若a ＝ 适用于已知相应向
坐标法
量的坐标求解数量
(x1，y1)，b ＝(x2，y2)，则 积的有关计算问题
则―D→E ·―C→B 的值为______；―D→E ·―D→C 的最大值为________．
[解析] (1)如图所示，―B→D ·―A→E ＝(―A→D －―A→B )·(―A→B ＋―B→E ) ＝12 ―A→C －―A→B ·―A→B ＋13 ―A→C －13 ―A→B ＝12―A→C －―A→B ·13―A→C ＋23―A→B ＝16―A→C 2－23―A→B 2＝16×4－23×4＝－2.
高考研究课(二) 平面向量的数量积及应用
[全国卷 5 年命题分析]
考点
考查频度
考查角度
数量积的运算 5年4考 求数量积及由数量积求参数
向量的模
5年2考 求模及由模的关系求参数
由向量垂直求参数，由坐标 向量夹角及垂直 5年3考
求向量夹角
01 题型一 平面向量的数量积的运算
02 题型二 平面向量数量积的性质
角度二：平面向量的夹角 3．已知单位向量e1与e2的夹角为60°，则|e1－2e2|＝________.
解析：∵单位向量e1与e2的夹角为60°， ∴|e1|＝|e2|＝1，e1·e2＝|e1|·|e2|·cos 60°＝12， ∴|e1－2e2|＝ e21－4e1e2＋4e22＝ 1－2＋4＝ 3. 答案： 3
4．(2018·洛阳期末)已知a ＝(1,2)，b ＝(1,1)，且a 与a ＋λb 的夹 角为锐角，求实数λ的取值范围． 解：∵a 与a ＋λb 均为非零向量，且夹角为锐角，
∴a ·(a ＋λb )>0，即(1,2)·(1＋λ，2＋λ)>0. ∴(1＋λ)＋2(2＋λ)>0.∴λ>－53.当a 与a ＋λb 共线时， 存在实数m，使a ＋λb ＝ma ，即(1＋λ，2＋λ)＝m(1,2)， ∴12＋ ＋λλ＝ ＝m2m，， 解得λ＝0.即当λ＝0时，a 与a ＋λb 共线， 综上可知，实数λ的取值范围为－53，0∪(0，＋∞)．
又D，E分别为AB，BC的中点，
且DE＝2EF，所以―A→D ＝12―A→B ，
―D→F ＝12―A→C ＋14―A→C ＝34―A→C ，所以―A→F ＝12―A→B ＋34―A→C .
又―B→C ＝―A→C －―A→B ， 则―A→F ·―B→C ＝12 ―A→B ＋34 ―A→C ·(―A→C －―A→B ) ＝12―A→B ·―A→C －12―A→B 2＋34―A→C 2－34―A→C ·―A→B ＝34―A→C 2－12―A→B 2－14―A→C ·―A→B . 又|―A→B |＝|―A→C |＝1，∠BAC＝60°， 故―A→F ·―B→C ＝34－12－14×1×1×12＝18. 答案：B
(2)法一：如图，―D→E ·―C→B ＝(―D→A ＋―A→E )·―C→B ＝―D→A ·―C→B ＋―A→E ·―C→B ＝―D→A 2＝1， ―D→E ·―D→C ＝(―D→A ＋―A→E )·―D→C ＝―D→A ·―D→C ＋―A→E ·―D→C ＝―A→E ·―D→C ＝|―A→E |·|―D→C |≤|―D→C |2＝1，故―D→E ·―D→C 的最大值为1.
(1)求角 C 的大小； (2)若 sin A，sin C，sin B 成等差数列，且―C→A ·(―A→B －―A→C ) ＝18，求 c.
[解] (1)由已知得m·n＝sin Acos B＋sin Bcos A＝sin(A＋B)， ∵在△ABC中，A＋B＝π－C,0<C<π， ∴sin(A＋B)＝sin C， ∴m ·n ＝sin C，
(－1,0)． (1)若x＝π6，求向量a ，c的夹角；
(2)当x∈π2，98π时，求函数f(x)＝2a ·b ＋1的最小值． 解：(1)当x＝π6时，cos〈a ，c〉＝|aa|·|cc|
＝
cos2x＋s－inc2xo·s x－12＋02＝－cos x＝－cos
π6＝－
3 2.
又∵0≤〈a ，c〉≤π， ∴〈a ，c〉＝56π，即向量a ，c的夹角为56π.
＋|a －b |的最小值是________，最大值是________． 解析：法一：由向量三角不等式得，|a ＋b |＋|a －b |≥|(a ＋b )
－(a －b )|＝|2b |＝4.
|a ＋b |＋|a －b |
又
2
≤
a ＋b 2＋a －b 2
2
＝ a 2＋b 2 ＝
5，∴|a ＋b |＋|a －b |的最大值为2 5.
又m ·n ＝sin 2C， ∴sin 2C＝sin C，cos C＝12，C＝π3.
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