2020届云南省玉溪市高三毕业生第二次教学质量检测数学(理)试题Word版

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2020年云南省高考数学二模试卷(二)(有答案解析)

2020年云南省高考数学二模试卷(二)(有答案解析)

2020年云南省高考数学二模试卷(二)(有答案解析)2020年云南省高考数学二模试卷(二)一、选择题(本大题共12小题,共36.0分)1.已知集合S={-4,-3,6,7},T={x|x2>4x},则S∩T=()A. {6,7}B. {-3,6,7}C. {-4,6,7}D. {-4,-3,6,7}2.已知i为虚数单位,设z=1+,则复数z在复平面内对应的点位于()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限3.已知P(3,4)是角α的终边上的点,则cos(π+α)=()A. -B. -C.D.4.在等比数列{a n}中,若a4,a3,a5成等差数列,则数列{a n}的公比为()A. 0或1或-2B. 1或2C. 1或-2D. -25.执行如图所示的程序框图,则输出的n的值是()A. 3B. 4C. 5D. 66.如图,网格纸上的小正方形边长为1,粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的表面积为()A.B.C.D.7.已知直线是圆C:的对称轴,过点作圆C的一条切线,切点为B,则A. 2B. 6C.D.8.已知点O(0,0),A(-1,3),B(2,-4),.若点P在y 轴上,则实数m的值为()A. B. C. D.9.若A、B、C、D、E五位同学随机站成一排照相,则A站正中间且B与C相邻的概率为()A. B. C. D.10.已知直三棱柱ABC-A1B1C1的顶点都在球O的球面上,AB=AC=2,BC=2,若球O的表面积为72π,则这个直三棱柱的体积是()A. 16B. 15C. 8D.11.若椭圆E:=1(a>b>0)的上、下焦点分别为F1、F2,双曲线-=1的一条渐近线与椭圆E在第一象限交于点P,线段PF2的中点的纵坐标为0,则椭圆E 的离心率等于()A. B. C. D.12.已知a=3,b=log2425,c=log2526,则a,b,c的大小关系是()A. a>b>cB. a>c>bC. c>b>aD. b>c>a二、填空题(本大题共4小题,共12.0分)13.(1+2x)7的展开式中第4项的系数是______ (用数字作答)14.若x,y满足约束条件,则目标函数z=2x+y的最大值是______.15.已知数列{a n}的前n项和为S n,若S n=2a n-n,则使a n≤10n成立的n的最大值是______.16.已知平面向量=(sin x,1),,若函数f(x)=在[-m,m]上是单调递增函数,则f(2m)的取值范围为______.三、解答题(本大题共7小题,共84.0分)17.在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a sin B-=0.(1)求A;(2)若a=3,当△ABC的面积最大时,求b,c.18.在某市创建全国文明城市的过程中,创文专家组对该市的中小学进行了抽检,其中抽检的一个环节是对学校的教师和学生分别进行问卷测评.如表是被抽检到的5所学校A、B、C、D、E的教师和学生的测评成绩(单位:分):学校A B C D E教师测评成绩x9092939496(1)建立y关于x的回归方程;(2)现从A、B、C、D、E这5所学校中随机选2所派代表参加座谈,用X表示选出的2所学校中学生的测评成绩大于90分的学校数,求随机变量X的分布列及数学期望E(X).附:,=--.19.如图,在斜三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=AC,四边形BCC1B1是菱形,∠BB1C1=.(1)求证:BC⊥AB1;(2)若平面BCC1B1⊥平面ABC,∠ABC=,BC=4,求二面角B1-AC1-A1的正弦值.20.已知O是坐标原点,抛物线C:x2=y的焦点为F,过F且斜率为1的直线l交抛物线C于A、B两点,Q为抛物线C的准线上一点,且∠AQB=.(1)求Q点的坐标;(2)设与直线l垂直的直线与抛物线C交于M、N两点,过点M、N分别作抛物线C的切线l1、l2,设直线l1与l2交于点P,若OP⊥OQ,求△MON外接圆的标准方程.21.已知函数f(x)=e x-ax2.(1)证明:当x≥0时,e x>x2;(2)若f(x)有极大值,求a的取值范围;(3)若f(x)在x0处取极大值,证明:1.22.在直角坐标系xOy中,点()在曲线C:(φ为参数)上,对应参数为φ=.以原点O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,已知点P的极坐标为(2,).(1)直接写出点P的直角坐标和曲线C的极坐标方程;(2)设A,B是曲线C上的两个动点,且OA⊥OB,求|OA|2+|OB|2的最小值.23.已知函数f(x)=|x2-1|.(1)解关于x的不等式f(x)≥2;(2)设a>0,若关于x的不等式f(x)+5≤ax的解集非空,求a的取值范围.-------- 答案与解析 --------1.答案:D解析:解:T={x|x<0,或x>4};∴S∩T={-4,-3,6,7}.故选:D.可求出集合T,然后进行交集的运算即可.考查描述法、列举法的定义,一元二次不等式的解法,以及交集的运算.2.答案:D解析:解:∵z=1+=,∴复数z在复平面内对应的点的坐标为(2,-2),位于第四象限.故选:D.直接利用复数代数形式的乘除运算化简求出z的坐标得答案.本题考查复数代数形式的乘除运算,考查复数的代数表示法及其几何意义,是基础题.3.答案:B解析:解:∵已知P(3,4)是角α的终边上的点,则cos(π+α)=-cosα=-=-,故选:B.由题意利用诱导公式、任意角的三角函数的定义,求得要求式子的值.本题主要考查诱导公式、任意角的三角函数的定义,属于基础题.4.答案:C解析:解:等比数列{a n}的公比设为q,若a4,a3,a5成等差数列,则2a3=a4+a5,即2a1q2=a1q3+a1q4,即为q2+q-2=0,解得q=1或-2,故选:C.等比数列的公比设为q,由等差数列中项性质和等比数列的通项公式,解方程可得公比q.本题考查等比数列的通项公式和等差数列中项性质,以及方程思想和运算能力,属于基础题.5.答案:B解析:解:第一次,S=log23,n=2,S≥3,否,第二次,S=log23+log22=1+log23,n=3,S≥3,否,第三次,S=1+log23+log2=1+log25,n=4,S≥3,是,则输出n=4,故选:B.根据程序框图进行模拟运算即可.本题主要考查程序框图的识别和判断,利用模拟运算法是解决本题的关键.解析:【分析】本题考查几何体的表面积的求法,考查几何体的三视图等基础知识,考查空间想象能力、运算求解能力,考查数形结合思想、函数与方程思想,是中档题.由几何体的三视图得:该几何体是三棱锥S-ABC,其中平面SAC⊥ABC,SA=AB=BC=SC=SB=2,AC=4,由此能求出该几何体的表面积.【解答】解:由几何体的三视图得:该几何体是三棱锥S-ABC,其中平面S AC⊥ABC,SA=AB=BC=SC=SB=2,AC=4,如图,∴SA⊥SC,AB⊥BC,∴该几何体的表面积为:S=2(S△SAC+S△SAB)=2×()=8+4.故选:A.7.答案:B解析:【分析】本题主要考查圆的切线长的求法,解题时要注意圆的标准方程,直线和圆相切的性质的合理运用,属于基础题.求出圆的标准方程可得圆心和半径,由直线l:x+ay-1=0经过圆C的圆心(2,1),求得a的值,可得点A的坐标,再利用直线和圆相切的性质求得|AB|的值.【解答】解:∵圆C:x2+y2-4x-2y+1=0,即(x-2)2+(y-1)2=4,∴圆C表示以C(2,1)为圆心、半径等于2的圆.由题意可得,直线l:x+ay-1=0经过圆C的圆心(2,1),故有2+a-1=0,∴a=-1,点A(-4,-1).∵AC==2,CB=R=2,∴切线的长|AB|===6.故选B.8.答案:A解析:解:∵O(0,0),A(-1,3),B(2,-4),∴=(-1,3),=(3,-7),∵点P在y轴上,∴设=(0,y),∵,∴(0,y)=(-1,3)+m(3,-7)=(-1+3m,3-7m)∴-1+3m=0,∴m=.故选:A.利用坐标来表示平面向量的运算,因为点P在y轴上,所以它的横坐标为0,从而得到答案.本题考查了利用坐标来表示平面向量的运算,属于基础题.9.答案:B解析:解:A、B、C、D、E五位同学随机站成一排照相,基本事件总数n=A=120,A站正中间且B与C相邻包含的基本事件个数m==8,∴A站正中间且B与C相邻的概率为p==.故选:B.基本事件总数n=A=120,A站正中间且B与C相邻包含的基本事件个数m==8,由此能求出A站正中间且B与C相邻的概率.本题考查概率的求法,考查古典概型、排列组合等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.10.答案:A解析:解:如图:∵AB=AC=2,BC=2,∴∠BAC=90°,取BC,B1C1的中点E,F,则EF的中点O为直三棱柱的外接球的球心,由S球=4πR2=72π,得R=3,∴EF=2=2=8,又S△ABC=×AB×AC=×2×2=2,所以这个直三棱柱的体积V=EF×S△ABC=8×2=16.故选:A.先根据勾股定理判断出底面是等要直角三角形,再判断出EF的中点为直三棱柱的外接球的球心,根据球的面积得出球的半径,根据勾股定理得到直三棱柱的高,最后根据柱体体积公式可求得.本题考查了球的体积和表面积,属中档题.11.答案:C解析:解:由题可得点F2(0,-c),由线段PF2的中点的纵坐标为0,得点P的纵坐标为c,将点P的纵坐标c代入椭圆=1结合点P在第一象限,得点P的横坐标为,由双曲线-=1,得渐近线y=x在第一象限交于点P(,c),将点P(,c),代入y=x,得?15(a2-c2)-16ac=0,即15(1-e2)-16e=0,由0<e<1,得e=,故选:C.求出椭圆的焦点坐标,利用已知条件,求解交点坐标,转化求解椭圆的离心率即可.本题考查椭圆的简单性质以及双曲线的简单性质的应用,考查转化思想以及计算能力.12.答案:D解析:解:∵0<a=3<30=1,b=log2425>c=log2526>log2525=1,∴a,b,c的大小关系是b>c>a.故选:D.利用对数函数、指数函数的单调性直接求解.本题考查三个数的大小的判断,考查对数函数、指数函数的单调性等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.13.答案:280解析:解:(1+2x)7的展开式的通项为∴(1+2x)7的展开式中第4项的系数是?23=280,故答案为:280.(1+2x)7的展开式的通项为,从而可得结论.本题考查展开式的通项公式,考查学生的计算能力,属于基础题.14.答案:3解析:解:满足约束条件的平面区域如下图所示:由图易得,当x=2,y=-1时,目标函数z=2x+y的最大值为3故答案为:3.先满足约束条件的可行域,然后将各个角点的坐标代入目标函数的解析式,分析比较后,即可得到目标函数z=2x+y的最大值.15.答案:5解析:【分析】本题考查数列的通项公式的求法及应用,函数的性质的应用,主要考察学生的运算能力和转化能力,属于基础题.首先求出数列的通项公式进一步利用函数的性质的应用求出结果.【解答】解:数列{a n}的前n项和为S n,若S n=2a n-n,①当n=1时,解得:a1=1.则当n≥2时,S n-1=2a n-1-n+1,②①-②得:a n=2a n-1+1,所以:a n+1=2(a n-1+1),即:(常数)所以:数列{a n+1}是以a1+1=2为首项,2为公比的等比数列,故:,解得:.,解得,故答案为:5.16.答案:[1,2]解析:解:由平面向量=(sin x,1),,得f(x)==+cos x=2sin(2x+),令2k,解得k,k∈Z,又函数f(x)在[-m,m]上是单调递增函数,则0,则0,则<4m≤,即1≤f(2m)≤2,故答案为:[1,2].由三角恒等变换中的辅助角公式得:由平面向量=(sin x,1),,得f令2k,解得k,k∈Z,又函数f(x)在[-m,m]上是单调递增函数,则0,则0,则<4m≤,即1≤f(2m)≤2,得解.本题考查了三角恒等变换中的辅助角公式及三角函数的值域问题,属中档题.17.答案:解:(1)∵a sin B-=0,∴2R sin A sin B-2R sin B cos A=0.化简得:sin A-cos A=0.∴tan A=.∵0<A<π,∴A=.(2)∵a=3,A=,∴9=b2+c2-2bc cos A=b2+c2-bc.∵b2+c2≥2bc,∴bc≤9.∴S=bc sin A=bc≤.∵当b=c时,bc=9,即b=c=3时,S=.∴S的最大值为,此时,b=c=3.解析:(1)由正弦定理进行化简可得sin A-cos A=0,求得A=;(2)由a=3,A=,结合余弦定理求得bc≤9,再由面积公式S=bc sin A=bc,求得答案即可.本题主要考查了用正余弦定理解三角形,合理熟练运用公式是解题的关键,属于基础题.18.答案:解:(1)依据题意计算得:==93,==90,=9+1+0+1+9=20,(x i-)(y i-)=(-3)×(-3)+(-1)×(-1)+0×(-1)+1×2+3×3=21,∴==,=-=90-=-.∴所求回归方程为=x-.(2)由题设得随机变量X的可能取值为0,1,2.由已知得P(X=0)==,P(X=1)==,P(X=2)==.PE(X)=0×+1×+2×=.解析:(1)求出回归系数,可得回归方程;(2)X的取值为0,1,2,求出相应的概率,即可求X的分布列和数学期望.本题考查回归直线方程,考查求离散型随机变量的分布列和数学期望,正确计算是解题的关键.19.答案:证明:(1)取BC的中点O,连接AO,B1O,B1C.∵AB=AC,∴BC⊥AO.∵BCC1B1是菱形,∠BB1C1=,∴,B1B=BC.∴△B1BC是正三角形.∴BC⊥B1O.∵AO?平面AOB1,B1O?平面AOB1,B1O∩AO=O,∴BC⊥平面AOB1.∵AB1?平面AOB1,∴BC⊥AB1.解:(2)∵,AB=AC,∴△ABC是以BC为底的等腰直角三角形.∵BC=4,∴AO=BO=CO=2.∴B1O=BB1sin=2.∵平面BCC1B1⊥平面ABC,平面BCC1B1∩平面ABC=BC,B1O?平面AOB1,B1O⊥BC,∴B1O⊥平面ABC.∵AO?平面ABC,BO?平面ABC,∴B1O⊥AO,B1O⊥BO.再由(1)得AO,BO,B1O两两互相垂直.分别以射线OA,OB,OB1为x轴,y轴,z轴的非负半轴,建立空间直角坐标系O-xyz,可得A(2,0,0),B1(0,0,2),C(0,-2,0),C1(0,-4,2),∴=(2,0,-2),=(0,-4,0),设平面AB1C1的一个法向量为=(x,y,z),则.取z=1,得x=,∴=()是平面AB1C1的一个法向量.同理可得平面AA1C1的一个法向量=(-,1).∴二面角B1-AC1-A1的正弦值为.解析:(1)要证BC⊥AB1,需证BC⊥平面AOB1,即证BC⊥B1O,BC⊥AO.(2)以射线OA,OB,OB1为x轴,y轴,z轴的非负半轴,建立空间直角坐标系O-xyz,计算两个半平面的法向量,代入公式,即可得到结果.本题考查直线与平面之间垂直位置关系,空间向量、二面角的概念、考查以及空间想象能力和逻辑推理能力.考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.20.答案:解:(1)由已知得直线l的方程为:y=x+,设Q(m,-),A(x A,y A),B(x B,y B);由,得4x2-4x-1=0,且△=(-4)2+4×4>0;∴x A+x B=1,x A x B=-;由∠AQB=,得?=0,又=(m-x A,--y A),=(m-x B,--y B),∴(m-x A)(m-x B)+(--y A)(--y B)=0,整理得2x A x B+(-m)(x A+x B)+m2+=0;∴2×(-)+(-m)×1+m2+=0,解得m=;∴Q点的坐标为(,-);(2)设M(x1,),N(x2,),直线MN:y=-x+t,由已知得l1:y=2x1x-,l2:y=2x2x-,解,得;∴P(,x1x2);由,得x2+x-t=0;由题意得△=1+4t>0,即t>-,∴,P(-,-t);∵OP⊥OQ,∴?=-+=0,解得t=1;∴,∴?=x1x2+=0,∴OM⊥ON,∴MN为△MON外接圆的直径;又∵==,|MN|===,∴△MON外接圆的圆心为(-,),半径为;∴△MON外接圆的标准方程为+=.解析:(1)由题易知直线l的方程,设点Q的坐标,直线与抛物线方程联立,由根与系数的关系以及垂直关系,列方程求得点Q的坐标;(2)设出直线MN的方程,由已知表示直线l1,l2,联立方程求得点P的坐标,由垂直关系利用向量数量积为0,求得△MON的外接圆直径,从而求得外接圆的方程.本题考查了直线与圆锥曲线的综合知识,理解题意,分析转化是解题的关键,属于难题.直线与圆锥曲线的解题步骤为:(1)设出点和直线的方程(考虑斜率的存在);(2)联立方程,化简为一元二次方程(考虑判别式),利用韦达定理;(3)转化,由题已知转化为数学公式;(4)计算,细心计算.21.答案:解:(1)证明:当a=1时,f(x)=e x-x2,f′(x)=e x-2x,令φ(x)=f′(x),则φ′(x)=e x-2.∴当0<x<ln2时,φ′(x)<0,φ(x)单调递减;当x>ln2时,φ′(x)>0,φ(x)单调递增.∴当x≥0时,φ(x)min=φ(ln2)=2(1-ln2)>0.∴当x≥0时,f′(x)>0,f(x)在[0,+∞)上单调递增.∴当x≥0时,f(x)>f(0)=1>0,即e x>x2;.(2)解:由题设得f′(x)=e x-2ax,由f(x)有极大值得f′(x)=0有解,且a>0.令g(x)=f′(x),则g′(x)=e x-2a.由g′(x)=0得x=ln(2a).∴当x<ln(2a)时,g′(x)<0,g(x)单调递减;当x>ln(2a)时,g′(x)>0,g(x)单调递增.∴g(x)min=g(ln2a)=2a(1-ln2a).当g(x)min≥0,即0<a≤时,g(x)≥0,即f′(x)≥0,此时,f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,无极值;当g(x)min<0,即a时,g(0)=1>0,g(ln2a)=2a(1-ln2a)<0.由(1)知:g(2a)=e2a-(2a)2>0,即2a>2ln2a>ln2a.∴存在x1∈(0,ln2a),x2∈(ln2a,2a),使g(x1)=g (x2)=0.∴x1是f(x)唯一的极大值点.综上所述,所求a的取值范围为(,+∞).(3)证明:由(2)知:当a>时,f(x)有唯一的极大值点x0=x1∈(0,ln2a),且g(1)=e-2a<0,故x0∈(0,1),由(2)知:f(x0)>f(0)=1.当a=时,f(x)=e x-x2.由(2)知:f(x)在(-∞,+∞)上单调递增.∴当x<1时,f(x)<f(1)=,即e x-x2<.∴当a>时,f(x0)=e-ax02<e--x02<-.综上所述,1<f(x0)<.解析:(1)当a=1时,f(x)=e x-x2,f′(x)=e x-2x,研究函数的单调性与最值即可证明不等式;(2)由题设得f′(x)=e x-2ax.由f(x)有极大值得f′(x)=0有解,且a>0.利用极大值定义即可建立a的不等关系;(3)由(2)知:当a>时,f(x)有唯一的极大值点x0=x1∈(0,ln2a),且g(1)=e-2a<0,故x0∈(0,1),结合函数的单调性即可证明.本题考查导数的运算及利用导数研究函数的单调性最值等基础知识,考查综合分析问题解决问题的能力、转化能力和计算能力.22.答案:解:(1)点P的直角坐标为(,1),曲线C的极坐标方程为ρ2=.(2)由(1)知曲线C:ρ2=.由A,B是曲线C上的两个动点,且OA⊥OB,不妨设A(ρ1,θ),B(ρ2,θ+),且|OA|2=ρ12=,|OB|2=ρ22==.∴|OA|2+|OB|2=ρ12+ρ22=+,=≥=.当sin22θ=1时,|OA|2+|OB|2的最小值为.|OA|2+|OB|2的最小值为.解析:(1)由极坐标公式可得P的直角坐标为(,1),将点(,)和φ=代入求得k=1,m=2,则曲线方程x2+=1,求得极坐标方程ρ2=;(2)设A(ρ1,θ),B(ρ2,θ+),易知|OA|2=,|OB|2=,所以|OA|2+|OB|2=,sin22θ=1时,|OA|2+|OB|2的最小值为.本题考查了参数方程与极坐标方程的综合知识,熟悉方程之间的转化以及极坐标方程的定义是解题的关键,属于中档题.23.答案:.解:(1)由f(x)≥2得|x2-1|≥2,即x2-1≥2或x2-1≤-2.解x2-1≥2得x或x.由x2-1≤-2得x2≤-1,不成立.∴x2-1≤-2无实数解.∴原不等式的解集为(-∞,-]∪[,+∞).(2)∵f(x)+5≤ax的解集非空,即|x2-1|+5≤ax有解,当x≤0时,由a>0得ax≤0,|x2-1|+5>0,∴当x≤0时,|x2-1|+5≤ax无解.①当0<x≤1时,不等式|x2-1|+5≤ax化为a=-x.∵函数h(x)=-x在(0,1]上为单调递减函数,∴当x∈(0,1]时,h(x)=-x的最小值为h(1)=5.∴.a≥5②当x≥1时,由|x2-1|+5≤ax得a≥=x+,而x+≥2=4(x=2时,等号成立)即x+的最小值为4.∴a≥4.综上所述,a的取值范围是[4,+∞).解析:(1)由题,可得|x2-1|≥2,解得答案解集为(-∞,-]∪[,+∞);(2)f(x)+5≤a的解集非空,即|x2-1|+5≤ax有解,分x≤0,0<x≤1,x≥1三种情况讨论求解即可本题考查了不等式的选讲,绝对值不等式的解法以及不等式恒成立的问题,属于中档题。

云南省玉溪市2020届高三毕业生第二次教学质量检测数学(文)试题 Word版含解析

云南省玉溪市2020届高三毕业生第二次教学质量检测数学(文)试题 Word版含解析
【解析】
【分析】
求出 的范围,比较得到 即得解.
【详解】由题得

.

所以 .
故选:
【点睛】本题主要考查指数函数幂函数的图象和性质,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.
11.已知双曲线 ,点 为双曲线 上一点,且在第一象限,点 为坐标原点, 分别是双曲线 的左、右焦点,若 ,且 ,则双曲线 的离心率为( )
【详解】由题得 ,所以 .
故选:A。
【点睛】本题主要考查对数不等式的解法,考查集合的运算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.
2.复平面内表示复数 的点位于( )
A。 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限
【答案】C
【解析】
【分析】
先化简复数 ,即得解。
【详解】由题得 ,
复数对应的点为 ,所以它对应的点位于第三象限。
A. 0B。4C。 12D. 16
【答案】B
【解析】
【分析】
直接按照程序框图运行即可得解。
【详解】第一次循环, 除以 的余数为 , , , , 不成立;
第二次循环, 除以 的余数为 , , , , 不成立;
第三次循环, 除以 的余数为 , , , , 成立。
输出 的值为 。
故选:B。
【点睛】本题主要考查程序框图,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题。
故选:
【点睛】本题主要考查复数的乘法和几何意义,意在考查学生对这些知识的理解掌握水。
【答案】B
【解析】
【分析】
先利用诱导公式,再利用和角的正弦公式化简即得解。
【详解】由题得原式= .
故选:
【点睛】本题主要考查诱导公式和和角的正弦公式的应用,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.

云南省玉溪市2020届高三教学质量检测理科综合试题

云南省玉溪市2020届高三教学质量检测理科综合试题

秘密★启用前[考试时间: 5月15日9: 00~11: 30]2019~2020学年玉溪市普通高中毕业生第二次教学质量检测理科综合能力测试注意事项:1.答题前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座住号在答题卡上填写清楚。

2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。

在试题卷上作答无效。

3.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。

满分300分,考试用时150分钟。

以下数据可供解题时参考。

可能用到的相对原子质量: H -1 C-12 O-16 Na -23 Mg-24 Al -27 Cl-35.5 Fe-56 Zn -65一、选择题:本大题共13小题。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.下列有关大肠杆菌与洋葱根尖分生区细胞的叙述,正确的是A.两者的细胞核内均含有DNA和RNAB.两者的细胞都具有生物膜系统C.两者均可通过核糖体合成蛋白质D.两者均可通过有丝分裂实现细胞增殖2.研究发现,线粒体内膜两侧存在H*浓度差,H+顺浓度梯度经ATP合成酶转移至线粒体基质的同时,驱动A TP的合成(如图1)。

据图分析,错误的是A.图示过程存在能量的转换B. H'以自由扩散的方式通过线粒体内膜“C. A TP 合成酶不只有催化作用D.线粒体内、外膜的功能复杂程度与膜蛋白的种类和数量有关3.下列关于生长素的叙述,正确的是A.植物幼嫩的芽、叶细胞可利用丝氨酸合成生长素B.生长素能为细胞的代谢活动提供能量,从而影响植物生长C. -蔡乙酸是一种生长素,其作用具有两重性D.同一植物幼嫩细胞和成熟细胞对生长素的敏感程度不相同4. 2020 年春季肆虐全球的新冠肺炎病毒是一类RNA病毒。

下列说法错误的是A.与噬菌体相比,新冠肺炎病毒更容易发生变异B.新冠肺炎病毒在人体细胞内以宿主DNA为模板合成蛋白质外壳C.消毒剂能使新冠肺炎病毒的蛋白质变性失活,从而导致病毒失去活性D.新冠肺炎患者治愈后可在其血液中检测到相应的抗体5.生态浮床技术利用水生植物根系吸收N、P、重金属等,及根系微生物降解有机物,以收获植物体的形式将其搬离水体,保护了水生生态环境。

云南省玉溪一中2020届高三上学期第二次月考数学(理)试题 Word版含答案

云南省玉溪一中2020届高三上学期第二次月考数学(理)试题 Word版含答案

玉溪一中高2020届高三上学期第2次月考理科数学试卷一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知集合{42}M x x =-<<,2{60}N x x x =--<,则M N ⋂= A .{43}x x -<< B .{42}x x -<<- C .{22}x x -<< D .{23}x x << 2.设复数1z i =+(i 是虚数单位),则复数1z z+在复平面内所对应的点在 A .第一象限 B .第二象限 C .第三象限 D .第四象限 3.在△ABC 中,“0CA CB >”是“△ABC 为锐角三角形”的 A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充要条件 D .既不充分也不必要条件4.若1cos 21sin 22αα+=,则tan 2α=A .54B .54-C .43D .43-5.《九章算术》是我国古代数学文化的优秀遗产,数学家刘徽在注解《九章算术》时,发现当圆内接正多边形的边数无限增加时,多边形的面积可无限逼近圆的面积,为此他创立了割圆术,利用割圆术,刘徽得到了圆周率精确到小数点后四位3.1416,后人称3.14为徽率.图1是利用刘徽的割圆术设计的程序框图,则结束程序时,输出的n 为( 1.7321≈,sin150.2588≈,sin 7.50.1305≈) 图1 A .6 B .12 C .24 D .486.公比为2的等比数列{}n a 的各项都是正数,且31116a a =,则1102log a =A .4-B .5-C .6-D .7- 7.设0.50.4a =,0.50.6b =,0.30.6c =,则a ,b ,c 的大小关系是A .a c b <<B .b a c <<C .a b c <<D .c a b<<8.已知正数,,,a b c d 满足1a b +=,1c d +=,则11abc d+的最小值是 A .10 B .9 C. D.9.给出下列四个命题,其中不正确的命题为 ①若cos cos αβ=,则2,k k Z αβπ-=∈; ②函数2cos(2)3y x π=+的图象关于直线12x π=对称;③函数cos(sin ),y x x R =∈为偶函数; ④函数sin y x =是周期函数.A .①③B .②④C .①②③④D .①②④10.在△ABC 中,角,,A B C 的对边分别为,,a b c ,若2cos 2cos b C c B a -=,且2B C =,则△ABC 的形状是A .直角三角形B .等腰三角形C .等腰直角三角形D .等边三角形11.已知函数21,2()3,21x x f x x x ⎧-<⎪=⎨≥⎪-⎩,若方程()f x a =有三个不同的实数根,则实数a的取值范围是A .(1,3)B .(0,3)C .(0,2)D .(0,1)12.已知直线y kx b =+与曲线ln(2)y x =和曲线ln(1)y x =+都相切,则k = A .ln 2B .1ln 2C .1ln 2 D.ln 二、填空题:(本大题共4小题,每小题5分,共20分) 13.3(21)x dx -=⎰________.14.2019年3月10日,山间一道赤焰拔地而起,巨大的轰鸣声响彻大凉山,长征三号乙运载火箭托举“中星6C ”卫星成功发射升空。

云南省2020届高三第二次模拟考试 数学(理)试题(含答案)

云南省2020届高三第二次模拟考试 数学(理)试题(含答案)

云南2020届高三第二次模拟考试数学(理科)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分150分,考试时间120分钟.第Ⅰ卷一、选择题(共12小题,每小题5分,共60分,在每小题的四个选项中,只有一项符合要求.) 1. 已知集合{})2lg(x y x A -==,集合⎭⎬⎫⎩⎨⎧≤≤=4241x xB ,则B A ⋂=( ) A .{}2-≥x x B .{}22<<-x xC .{}22<≤-x xD .{}2<x x 2. 若复数)(122R a iia ∈++是纯虚数,则i a 22+在复平面内对应的点在( ) A .第一象限 B .第二象限 C .第三象限 D .第四象限3. 定义运算⎩⎨⎧>≤=⊗)()(b a b b a a b a ,则函数xx f 21)(⊗=的图象大致为( )A .B .C .D .4. 抛物线方程为x y 42=,一直线与抛物线交于B A 、两点,其弦AB 的中点坐标为(1,1),则直线的方程为( )A .012=--y xB .012=-+y xC .012=+-y xD .012=---y x5. 在明代程大位所著的《算法统宗》中有这样一首歌谣,“放牧人粗心大意,三畜偷偷吃苗青,苗主扣住牛马羊,要求赔偿五斗粮,三畜户主愿赔偿,牛马羊吃得异样.马吃了牛的一半,羊吃了马的一半.”请问各畜赔多少?它的大意是放牧人放牧时粗心大意,牛、马、羊偷吃青苗,青苗主人扣住牛、马、羊向其主人要求赔偿五斗粮食(1斗=10升),三畜的主人同意赔偿,但牛、马、羊吃的青苗量各不相同.马吃的青苗是牛的一半,羊吃的青苗是马的一半.问羊、马、牛的主人应该分别向青苗主人赔偿多少升粮食?( ) A .2550100,,777B .252550,,1477C .100200400,,777 D .50100200,,7776. 若p 是q ⌝的充分不必要条件,则p ⌝是q 的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充分必要条件 D .既不充分也不必要条件 7. 阅读右边程序框图,为使输出的数据为31, 则①处应填的数字为( ) A .3 B .4 C .5 D .68. 已知y x ,满足⎪⎩⎪⎨⎧≥≥+≥-100x y x y x ,则32y x --的取值范围为( )A .3[,4]2B .(1],2 C .(,0][2)-∞⋃+∞,D .(,1)[2)-∞⋃+∞, 9. 已知点(30),(03)A B -,,,若点P 在曲线21x y --=上运动,则PAB △面积的最小值为( )A .6B .22329+ C .3 D .22329- 10.已知双曲线()2222:100x y a b a bΓ-=>>,的右焦点为F ,过原点的直线l 与双曲线Γ的左、右两支分别交于A B ,两点,延长BF 交右支于C 点,若AF FB ⊥,3CF FB =,则双曲线Γ的离心率是( ) A .17 B .32C .53D .10 11. 已知)172(log 22+-=x x y 的值域为),[+∞m ,当正数b a ,满足m ba b a =+++2132时,则b a 47+的最小值为( )A .49B .5C .4225+ D .9 12. 已知函数)()(R x ex x f x∈=,若关于x 的方程01)(=+-m x f 恰好有3个不相等的实数根,则实数m 的取值范围为( )A .),(122e e B .),(e e220 C .),(111+e D .)1221(+e e ,第Ⅱ卷二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在答题卡中的横线上.) 13. 522x x ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的展开式中4x 的系数为______.14. 在平行四边形ABCD 中,2AB =,1AD =,则AC BD ⋅u u u v u u u v的值为_____.15. 在直三棱柱111ABC A B C -内有一个与其各面都相切的1O ,同时在三棱柱111ABC A B C -外有一个外接球2O .若AB BC ⊥,3AB =,4BC =,则球2O 的表面积为______. 16. 在数列}{n a 中,11=a ,n n a n a -=+21,则数列}{n a 的通项公式=n a ______.三、解答题(共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.第17-21题为必考题,每道试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.)17.(本小题满分12分)已知函数)(,212cos sin 23)(2R x x x x f ∈-+= (1) 当],0[π∈x 时,求函数的值域;(2) ABC △的角C B A ,,的对边分别为c b a ,,且 ,1)(,3==C f c 求AB 边上的高h 的最大值.18.(本小题满分12分)如图,三棱锥ABC P -中,3===PC PB PA ,BC AC CB CA ⊥==,2(1) 证明:ABC PAB 面面⊥; (2) 求二面角B PA C --的余弦值.19.(本小题满分12分)治疗某种慢性病的创新药研发成了当务之急.某药企加大了研发投入,市场上治疗一类慢性病的特效药品A 的研发费用x (百万元)和销量y (万盒)的统计数据如下: 研发费用x (百万元) 2 3 6 10 13 15 18 21 销量y (万盒)1122.53.53.54.56y x r y x 定:0.75r ≥时,可用线性回归方程模型拟合);(2)该药企准备生产药品A 的三类不同的剂型1A ,2A ,3A ,并对其进行两次检测,当第一次检测合格后,才能进行第二次检测.第一次检测时,三类剂型1A ,2A ,3A 合格的概率分别为12,45,35,第二次检测时,三类剂型1A ,2A ,3A 合格的概率分别为45,12,23.两次检测过程相互独立,设经过两次检测后1A ,2A ,3A 三类剂型合格的种类数为X ,求X 的数学期望.附:(1)相关系数1222211ni ii n ni i i i x y nx yr x nx y ny ===-=⎛⎫⎛⎫-- ⎪⎪⎝⎭⎝⎭∑∑∑(2)81347i ii x y==∑,8211308ii x ==∑,82193i i y ==∑,178542.25≈.20.(本小题满分12分)如图所示,设椭圆)0(12222>>=+b a b y a x 的左右焦点分别为12(,0),(,0)F c F c -,离心率N M e ,,22=是直线ca x l 2:=上的两个动点,且满足021=⋅N F M F .(1) 若5221==N F M F ,求b a ,的值;(2) 证明:当MN 取最小值时,N F M F 21+与21F F 共线.21.(本小题满分12分)设函数)),((其中∞+∈-++=0,1)1()(2-x kx e e x f x,且函数)(x f 在2=x 处的切线与直线0)2(2=-+y x e 平行.(1) 求k 的值;(2) 若函数x x x g ln )(-=,求证:)()(x g x f >恒成立.请考生在第22、23两题中任选一题作答,并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑.注意所做题目的题号必须与所涂题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题.如果多做,则按所做的第一题计分.22.(本小题满分10分)【选修4−4:坐标系与参数方程】已知直线l 的参数方程:12x t y t=⎧⎨=+⎩(t 为参数)和圆C 的极坐标方程:2sin ρθ=(1)将直线l 的参数方程化为普通方程,圆C 的极坐标方程化为直角坐标方程; (2)已知点()1,3M ,直线l 与圆C 相交于A 、B 两点,求MA MB +的值.23.(本小题满分10分)【选修4−5:不等式选讲】 已知函数b x a x x f -++=)(,(其中0,0>>b a ) (1) 求函数)(x f 的最小值M .(2) 若M c >2,求证:ab c c a ab c c -+<<--22.一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)13.40 14. -3 15. 29π 16. ⎩⎨⎧-)(1)(为偶数为奇数n n n n三、解答题(本大题共6个小题,共70分) 17.(本小题满分12分)解:(1)21cos 2121sin 23)(-++=x x x f =)6sin(π+x π≤≤x 0Θ ππ676≤≤∴x 1)6sin(21≤+≤-∴πx ∴函数的值域为]1,21[-∴(6分)(2) 1)6sin()(=+=πC C f26ππ=+∴C 3π=∴C2123cos 22-=-+=ab b a C Θ ab ab b a 2322≥-=+∴ 3≤∴ab≤==C ab h S sin 2132134323323=⨯⨯ 23≤∴h h ∴的最大值为23(12分)18.(本小题满分12分)解:(1)取AB 中点O ,连结PO ,OC . ∵PA =PB ,∴PO ⊥AB , ∵PB=AP = 3∴PO =2,CO =1 ∴∠POC 为直角 ∴PO ⊥0C∴PO ⊥平面ABC ,∴面PAB ⊥面ABC (6分)(2)如图所示,建立空间直角坐标系O -xyz ,则A (1,0,0),P (0,0,2),C (0,1,0),可取m =OC →=(0,1,0)为平面PAB 的一个法向量.设平面PAC 的一个法向量为n =(l ,m ,n ).则PA →·n =0,AC →·n =0,其中PA →=(1,0,-2),AC →=(-1,1,0),∴⎩⎨⎧l -2n =0,-l +m =0.∴⎩⎪⎨⎪⎧n =22l ,m =l .不妨取l =2,则n =(2,2,1).cos 〈m ,n 〉=m ·n|m ||n |=0×2+1×2+0×102+12+02·22+22+12=105. ∵C -PA -B 为锐二面角, ∴二面角C -PA -B 的余弦值为105.(12分) 19.(本小题满分12分)【详解】解:(1)由题意可知2361021131518118x +++++++==r , 112 2.56 3.5 3.5 4.538y +++++++==u r ,由公式0.983402121785r ==≈⨯,0.980.75r ≈>Q ,∴y 与x 的关系可用线性回归模型拟合;(2)药品A 的每类剂型经过两次检测后合格的概率分别为1142255A P =⨯=,2412525A P =⨯=,3322535A P =⨯=,由题意,235X B ⎛⎫⎪⎝⎭:, ,()26355E X ∴=⨯=.20.(本小题满分12分)解:由e =22,得b =c =22a ,所以焦点F 1(-22a,0),F 2(22a,0),直线l 的方程为x =2a ,设M (2a ,y 1),N (2a ,y 2),(1)∵|F 1M →|=|F 2N →|=25,∴12a 2+y 22=20,92a 2+y 21=20,消去y 1,y 2,得a 2=4,故a =2,b = 2.(6分)(2)|MN |2=(y 1-y 2)2=y 21+y 22-2y 1y 2≥-2y 1y 2-2y 1y 2=-4y 1y 2=6a 2.当且仅当y 1=-y 2=62a 或y 2=-y 1=62a 时,|MN |取最小值6a , 此时,F 1M →+F 2N →=(322a ,y 1)+(22a ,y 2)=(22a ,y 1+y 2)=(22a,0)=2F 1F 2→,故F 1M →+F 2M →与F 1F 2→共线.(12分)21.(本小题满分12分)解:(1)k e e x f x++='-)1()(22)1()2(222+=++='-e k e e f ,解得1=k .(4分)(2) )()(x g x f >得x x x e e xln 1)1(2-->-++,变形得x x x e e x ln 1)1(2--->+令函数x x x x h ln 1)(--= x x h ln 2)(--='令0ln 2=--x 解得2-=e x当),0(2-∈e x 时0)(>'x h ,),(2+∞∈-e x 时0)(<'x h .∴函数)(x h 在),0(2-e 上单调递增,在),(2+∞-e 上单调递减 ∴221)()(--+=≤e e h x h而函数xe e x F )1()(2-+=在区间),0(+∞上单调递增∴x x x x h e F x F ln 1)()1()0()(2--=≥+=>-即x x x e e xln 1)1(2-->+- 即x x x e e x ln 1)1(2->+-+-∴)()(x g x f >恒成立(12分)22.(本小题满分10分)解:(1)消去参数t ,得直线l 的普通方程为21y x =+, 将2sin ρθ=两边同乘以ρ得22sin ρρθ=,()2211x y +-=,∴圆C 的直角坐标方程为()2211x y +-=;(2)经检验点()1,3M 在直线l 上,12x t y t =⎧⎨=+⎩可转化为13x y ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩①,将①式代入圆C 的直角坐标方程为()2211x y +-=得22121⎛⎫⎫+++= ⎪⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭,化简得240t ++=,设12,t t是方程240t ++=的两根,则12t t +=-124t t =, ∵1240t t =>,∴1t 与2t 同号,由t的几何意义得1212MA MB t t t t +=+=+=23.(本小题满分10分)解: (1)b a b a b x a x b x a x +=+=--+≥-++)()(b a M +=∴(2)证明:为要证c a c <<+只需证a c <-<即证a c -<也就是22()a c c ab -<-,即证22a ac ab -<-,即证2()ac a a b >+,∵0,2,0a c a b b >>+>,∴2a bc +>≥,故2c ab >即有20c ab ->, 又 由2c a b >+可得2()ac a a b >+成立,<<+成立.∴所求不等式c a c。

2020年云南玉溪市高三数学(理)第二次学质检试卷附答案解析

2020年云南玉溪市高三数学(理)第二次学质检试卷附答案解析

18. ( 本小题满分12 分) 如图3, 长方体 ABCD- A1 B1 C1 D1 的侧面A1 ADD1 是正方形. (1 ) 证明: A1D 平面 ABDI ; (2)若 AD= 2, AB=4, 求二面角 B1- AD1- C 的余弦值
图3
19. ( 本小题满分12 分) 产量相同的机床一和机床二生产同一种零件, 在一个小时内生产出的次品数分别
得f (x)>0 成立的x 的取值范围是

三、解答题(本大题共 6 小题, 共70 分 解答应写出必要的文字说明, 证明过程或演算步骤)
17. ( 本小题满分12 分) 在等比数列{an}中, a1 =6, a2= 12a3. ( l ) 求{an} 的通项公式; (2)记Sn为{an} 的前 n 项和,若Sm=66, 求 m.
22. (本小题满分10 分)[选修4:-:4: 坐标系与参数方程]
已知曲线C

x y
2 cos, 2sin ,
( 为参数),设曲线C
经过伸缩变换
x y
x, 1 2
y
得到曲线C' ,

直角坐标中的原点O 为极点, x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系
(1) 求曲线C´的 极坐标方程; ( 2) 若A, B 是曲线C'上的两个动点, 且OAOB, 求| OA |2+| OB |2 的最小值,
4
23. (本小题满分l0 分)(选修4- 5: 不等式选讲]
巳知函数 f (x) | x 2 | | x 2 | , M 为方程f(x)= 4
的解集. (l ) 求M; (2) 证明: 当a, bM, | 2a+2b |≤| 4+ab |.

云南省玉溪市2020届高三毕业生第二次教学质量检测 理科数学试题含答案


1
, D.
2
4
4. 若某射手每次射击击中目标的概率是 ,则这名射手3 次射击中恰有1 次击中目标的概率为
5
16
A.
25
48
B.
125
12
C.
125
4
D.
25
5. 直线ax +y−1=0 与圆x2+y2−4x− 4y=0 交于A, B 两点, 若|AB | =4, 则a =
A. − 4
4
B.
3
3
C. − 3
A. { 2, 4}
B. {− 2, 2}
C. {0, 2, 4}
D. {−2, 0, 2, 4}
2.复平面内表示复数z= ( 1+i)(− 2+i )的点位于
A. 第一象限
B.第二象限
C. 第三象限 3. sin25°cos20°-cosl55°sin20°=
D. 第四象限
1
2
A.
B.
2
2
C. − 1 2
13. 已知 量a = ( 2 , 一 l ) , b=(l, x ), 若|a+b|=|a−b| ,则x=
14. ( a+b+c)7 的
中, ab2 c4 的 数是
(数
在题 .

D.4 位)
15. ABC的内 A, B, C 的 分 为a , b, c. 若sinA= 3 ,b2+c2 =6+a2, 则 ABC 的面 为
a=0 ,ω的
是[17 , 23) 77
a=0 ,f(x))在[0, 7π ] 恰 有2 个 小 点和1 个 大 点 6
a=0 ,f(x))在[0, π ] 12

云南省玉溪市2020届高三毕业生第二次教学质量检测 数学(理)(附答案)

秘密*启用前[考试时间:5月14日15: 00-17: 00)2019- 2020学年玉溪布普通高中毕业生笫二次教学质量检测理科数学注意事项:1.答规前,考生务必用黑色碳素筌将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答规卡上填写清楚.2.毎小是苞出答案后,用2B钳笔把答龍卡上对应散目的答案标号涂黑,如分改动,用橡皮礬干净后,再透涂其他答案标号.在试题卷上作答无效.3.考试结束后,请将本试卷和答规卡一并交回.满分150分,考试用时120分钟.一、选择題(本大題共12小題,每小題5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)L 已知集合.4={-2, 0, 2, 4}, B= (A|log2A<2),则S 5=A. (2, 4)B. {-2,2}C. (0,2,4)D. {-2,0,2,4}2•复平面内表示复数=(1+i)(- 2+i )的点位于A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限3.sin250cos20°-cosl550sin20°=号B丑 C. -12 2 2D.124.若某射手每次射击击中目标的概率是?,则这名射手3次射击中恰有1次击中目标的极率为A.亚B.竺C.2125 125 125危255.直线心刁,-1=0与圆4y=0交于.4, 3两点,若|-4B | =4,贝ija =A.-1B.£C L23 3 46. 若等差数列{时 的前15项和515=30,则2Z ?5- 06- a\(^ai^= A.2B. 3C.4D.57. 设a,0,y 为三个不同的平面,泓〃是两条不同的直线,则下列命题为假命题的是 A. 若7”丄a 刀丄& *丄七 则a±0 B. 若aJ_8,an’m?jnua, mln,贝ij “?邛 C. 若?M±p,??Kza,则a±0 D. 若al 舗丄y,则a±y如图1,该程序框图的算法思路源于“辗转相除法”,又名'歓几里德算法”,执行该程序框图.若输人的〃,,〃分别为28,16,则输出的〃/= A. B. 12 D.9.如图2,某几何体的三视图是三个全等的等腰直角三角形,若该几何体的体积为 :,则其外接球的表面积是 A. 4JIB. 12nC. 36JID. 48TI点。

2020届云南省玉溪一中高三上学期第二次月考数学(理)试卷及答案

绝密★启用前云南省玉溪市第一中学2020届高三上学期第二次月考数学(理)试题一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知集合{42}M x x =-<<,2{60}N x x x =--<,则M N ⋂=A .{43}x x -<<B .{42}x x -<<-C .{22}x x -<<D .{23}x x <<2.设复数1z i =+(i 是虚数单位),则复数1z z+在复平面内所对应的点在A .第一象限B .第二象限C .第三象限D .第四象限3.在△ABC 中,“0CA CB >”是“△ABC 为锐角三角形”的A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件 4.若1cos 21sin 22αα+=,则tan 2α= A .54 B .54- C .43 D .43- 5.《九章算术》是我国古代数学文化的优秀遗产,数学家刘徽在注解《九章算术》时,发现当圆内接正多边形的边数无限增加时,多边形的面积可无限逼近圆的面积,为此他创立了割圆术,利用割圆术,刘徽得到了圆周率精确到小数点后四位 3.1416,后人称 3.14为徽率.图1是利用刘徽的割圆术设计的程序框图,则结束程序时,输出的n 为( 1.7321≈,sin150.2588≈,sin 7.50.1305≈) 图1A .6B .12C .24D .486.公比为2的等比数列{}n a 的各项都是正数,且31116a a =,则1102log a =A .4-B .5-C .6-D .7-7.设0.50.4a =,0.50.6b =,0.30.6c =,则a ,b ,c 的大小关系是A .a c b <<B .b a c <<C .a b c <<D .c a b<< 8.已知正数,,,a b c d 满足1a b +=,1c d +=,则11abc d+的最小值是 A .10 B .9 C..9.给出下列四个命题,其中不正确的命题为①若cos cos αβ=,则2,k k Z αβπ-=∈;②函数2cos(2)3y x π=+的图象关于直线12x π=对称;③函数cos(sin ),y x x R =∈为偶函数;④函数sin y x =是周期函数.A .①③B .②④C .①②③④D .①②④10.在△ABC 中,角,,A B C 的对边分别为,,a b c ,若2cos 2cos b C c B a -=,且2B C =,则△ABC 的形状是A .直角三角形B .等腰三角形C .等腰直角三角形D .等边三角形11.已知函数21,2()3,21x x f x x x ⎧-<⎪=⎨≥⎪-⎩,若方程()f x a =有三个不同的实数根,则实数a 的取值范围是 A .(1,3) B .(0,3) C .(0,2) D .(0,1)12.已知直线y kx b =+与曲线ln(2)y x =和曲线ln(1)y x =+都相切,则k =A .ln 2B .1ln 2C .1ln 2 D.ln 二、填空题:(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.30(21)x dx -=⎰________.14.2019年3月10日,山间一道赤焰拔地而起,巨大的轰鸣声响彻大凉山,长征三号乙运载火箭托举“中星6C ”卫星成功发射升空。

云南省玉溪市2019-2020学年高考数学二模试卷含解析

云南省玉溪市2019-2020学年高考数学二模试卷一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.总体由编号01,,02,…,19,20的20个个体组成.利用下面的随机数表选取5个个体,选取方法是随机数表第1行的第5列和第6列数字开始由左到右依次选取两个数字,则选出来的第5个个体的编号为A .08B .07C .02D .01【答案】D 【解析】从第一行的第5列和第6列起由左向右读数划去大于20的数分别为:08,02,14,07,01,所以第5个个体是01,选D.考点:此题主要考查抽样方法的概念、抽样方法中随机数表法,考查学习能力和运用能力. 2.设复数z 满足i(i i2i z z -=-为虚数单位),则z =( ) A .13i 22- B .13i 22+ C .13i 22--D .13i 22-+ 【答案】B 【解析】 【分析】 易得2i1iz +=-,分子分母同乘以分母的共轭复数即可. 【详解】由已知,i i 2z z -=+,所以2i (2i)(1i)13i 13i 1i 2222z ++++====+-. 故选:B. 【点睛】本题考查复数的乘法、除法运算,考查学生的基本计算能力,是一道容易题. 3.命题“(0,1),ln x x e x -∀∈>”的否定是( ) A .(0,1),ln x x e x -∀∈≤ B .000(0,1),ln x x e x -∃∈> C .000(0,1),ln x x e x -∃∈<D .000(0,1),ln x x ex -∃∈≤【答案】D【分析】根据全称命题的否定是特称命题,对命题进行改写即可. 【详解】全称命题的否定是特称命题,所以命题“(0,1)x ∀∈,ln x e x ->”的否定是:0(0,1)x ∃∈,00ln x e x -≤.故选D . 【点睛】本题考查全称命题的否定,难度容易.4.已知3log 5a =,0.50.4b =,2log 5c =,则a ,b ,c 的大小关系为( ) A .c b a >> B .b c a >>C .a b c >>D .c a b >>【答案】D 【解析】 【分析】与中间值1比较,,a c 可用换底公式化为同底数对数,再比较大小. 【详解】0.50.41<,3log 51>,又550log 2log 3<<,∴5511log 2log 3>,即23log 5log 5>, ∴c a b >>. 故选:D. 【点睛】本题考查幂和对数的大小比较,解题时能化为同底的化为同底数幂比较,或化为同底数对数比较,若是不同类型的数,可借助中间值如0,1等比较. 5.关于函数11()4sin 4cos 2323f x x x ππ⎛⎫⎛⎫=+++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,有下述三个结论:①函数()f x 的一个周期为2π; ②函数()f x 在423,ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递增; ③函数()f x的值域为. 其中所有正确结论的编号是( ) A .①② B .②C .②③D .③【答案】C 【解析】①用周期函数的定义验证.②当3,42x ππ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,1717,231224x πππ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦,1()42sin 212π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭f x x ,再利用单调性判断.③根据平移变换,函数11()4sin 4cos 2323f x x x ππ⎛⎫⎛⎫=+++⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的值域等价于函数11()4sin 4cos 22g x x x =+的值域,而()()g x g x π+=,当[0,]x π∈时,1()42sin 23π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭g x x 再求值域. 【详解】 因为1717114sin 4cos 4cos 4sin ()2212212212212f x x x x x f x πππππ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫+=+++=+++≠ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭,故①错误;当3,42x ππ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,1717,231224x πππ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦,所以111()4sin 4cos 42sin 2323212f x x x x πππ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=+-+=+ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,111,212324πππ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦x 所以()f x 在423,ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递增,故②正确; 函数11()4sin 4cos 2323f x x x ππ⎛⎫⎛⎫=+++⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的值域等价于函数11()4sin 4cos 22g x x x =+的值域,易知()()g x g x π+=,故当[0,]x π∈时,1()42sin [4,42]23g x x π⎛⎫=+∈ ⎪⎝⎭,故③正确.故选:C. 【点睛】本题考查三角函数的性质,还考查推理论证能力以及分类讨论思想,属于中档题.6.如图,某几何体的三视图是由三个边长为2的正方形和其内部的一些虚线构成的,则该几何体的体积为( )A .23B .163C .6D .与点O 的位置有关【解析】 【分析】根据三视图还原直观图如下图所示,几何体的体积为正方体的体积减去四棱锥的体积,即可求出结论. 【详解】如下图是还原后的几何体,是由棱长为2的正方体挖去一个四棱锥构成的, 正方体的体积为8,四棱锥的底面是边长为2的正方形, 顶点O 在平面11ADD A 上,高为2, 所以四棱锥的体积为184233⨯⨯=, 所以该几何体的体积为816833-=. 故选:B.【点睛】本题考查三视图求几何体的体积,还原几何体的直观图是解题的关键,属于基础题.7.若2nx x ⎛+ ⎝的二项式展开式中二项式系数的和为32,则正整数n 的值为( )A .7B .6C .5D .4【答案】C 【解析】 【分析】由二项式系数性质,()n a b +的展开式中所有二项式系数和为2n 计算. 【详解】2nx x ⎛ ⎝的二项展开式中二项式系数和为2n,232,5n n ∴=∴=.故选:C .本题考查二项式系数的性质,掌握二项式系数性质是解题关键.8.己知函数sin ,2,2(),2223sin ,2,2(),222x x k k k z y x x k k k z ππππππππππ⎧⎛⎫⎡⎫+∈-+∈ ⎪⎪⎪⎢⎪⎝⎭⎣⎭=⎨⎛⎫⎡⎫⎪-+∈++∈ ⎪⎪⎢⎪⎝⎭⎣⎭⎩的图象与直线(2)(0)y m x m =+>恰有四个公共点()()()()11123344,,,,.,,,A x y B x y C x y D x y ,其中1234x x x x <<<,则()442tan x x +=( ) A .1- B .0C .1D.22+ 【答案】A 【解析】 【分析】先将函数解析式化简为|cos |y x =,结合题意可求得切点4x 及其范围4,2x ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭,根据导数几何意义,即可求得()442tan x x +的值. 【详解】函数sin ,2,2(),2223sin ,2,2(),222x x k k k z y x x k k k z ππππππππππ⎧⎛⎫⎡⎫+∈-+∈ ⎪⎪⎪⎢⎪⎝⎭⎣⎭=⎨⎛⎫⎡⎫⎪-+∈++∈ ⎪⎪⎢⎪⎝⎭⎣⎭⎩即|cos |y x =直线(2)(0)y m x m =+>与函数|cos |y x =图象恰有四个公共点,结合图象知直线(2)(0)y m x m =+>与函数cos y x =-相切于4x ,4,2x ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭,因为sin y x '=, 故444cos sin 2x k x x -==+,所以()()()()4444444sin 1221c 2tan os 2x x x x x x x -+⨯=+⨯=-++=.故选:A. 【点睛】本题考查了三角函数的图像与性质的综合应用,由交点及导数的几何意义求函数值,属于难题.9.在ABC ∆中,D 在边AC 上满足1AD DC =u u u r u u u r ,E 为BD 的中点,则CE =u u u r( ).A .7388BA BC -u uu r u u u rB .3788BA BC -u uu r u u u rC .3788BA BC +u uu r u u u rD .7388BA BC +u uu r u u u r【答案】B 【解析】 【分析】由13AD DC =u u u r u u u r ,可得34CD CA =u u u r u u u r ,1()2CE CB CD =+u u u r u u u r u u u r 13()24CB CA =+u u ur u u u r ,再将CA BA BC =-u u u r u u u r u u u r 代入即可. 【详解】因为13AD DC =u u u r u u u r ,所以34CD CA =u u u r u u u r ,故1()2CE CB CD =+=u u u r u u u r u u u r 13()24CB CA +=u u ur u u u r133()244BC BA BC -+-=u u ur u u u r u u u r 3788BA BC -u u u r u u u r . 故选:B. 【点睛】本题考查平面向量的线性运算性质以及平面向量基本定理的应用,是一道基础题. 10.已知命题P :x R ∀∈,sin 1x ≤,则p ⌝为( ) A .0x R ∃∈,0sin 1x ≥ B .x R ∀∈,sin 1x ≥ C .0x R ∃∈,0sin 1x > D .x R ∀∈,sin 1x >【答案】C 【解析】 【分析】根据全称量词命题的否定是存在量词命题,即得答案. 【详解】Q 全称量词命题的否定是存在量词命题,且命题P :x R ∀∈,sin 1x ≤,00:,sin 1p x R x ∴⌝∃∈>.故选:C . 【点睛】本题考查含有一个量词的命题的否定,属于基础题.11.己知a =544log 21b =, 2.913c ⎛⎫= ⎪⎝⎭,则( ) A .a b c >> B .a c b >> C .b c a >> D .c a b >>【答案】B 【解析】先将三个数通过指数,对数运算变形104661a ==>=,2.95544411log log 10,012133b c ⎛⎫⎛⎫=<=<=<= ⎪⎪⎝⎭⎝⎭再判断. 【详解】因为104661a ==>=, 2.95544411log log 10,012133b c ⎛⎫⎛⎫=<=<=<= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, 所以a c b >>, 故选:B. 【点睛】本题主要考查指数、对数的大小比较,还考查推理论证能力以及化归与转化思想,属于中档题. 12.在声学中,声强级L (单位:dB )由公式1210110I L g -⎛⎫=⎪⎝⎭给出,其中I 为声强(单位:2W/m ).160dB L =,275dB L =,那么12I I=( ) A .4510 B .4510-C .32-D .3210-【答案】D 【解析】 【分析】 由1210110I L g -⎛⎫= ⎪⎝⎭得lg 1210L I =-,分别算出1I 和2I 的值,从而得到12I I 的值. 【详解】 ∵1210110I L g -⎛⎫=⎪⎝⎭, ∴()()1210lg lg1010lg 12L I I -=-=+,∴lg 1210LI =-, 当160L =时,1160lg 121261010L I =-=-=-,∴6110I -=, 当275L =时,2275lg 1212 4.51010L I =-=-=-,∴ 4.5210I -=, ∴36 1.5124.5101010I ----===,故选:D. 【点睛】本小题主要考查对数运算,属于基础题.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。

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2020 学年玉溪市普通高中毕业生第二次教学质量检测
理科数学
注意事项:
l. 答题前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚.
2.每小是选出答案后,用 2B 铅笔把答超卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.在试题卷上作答无效.
3.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.满分150分,考试用时 120分
钟.
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1. 已知集合A ={- 2, 0, 2, 4}, B= {x|log2x≤2},则A⋂B=
A. { 2, 4}
B. {- 2, 2}
C. {0, 2, 4}
D. {-2, 0, 2, 4}
2.复平面内表示复数z= ( 1+i)(- 2+i )的点位于
A.第一象限
B.第二象限
C. 第三象限
D. 第四象限
3. sin25°cos20°-cosl55°sin20°=
A.1
2
B.
2
C.
1
2
- D.
1
2
4.若某射手每次射击击中目标的概率是4
5
,则这名射手3 次射击中恰有1 次击中目标的概率为
A. 16
25
B.
48
125
C.
12
125
D.
4
25
5.直线ax +y-1=0 与圆x2+y2-4x- 4y=0 交于A,B两点,若|AB | =4, 则a =
A.
4
3
- B.
4
3
C.
3
4
- D.
3
4
6. 若等差数列{a n} 的前15 项和S15=30, 则 2a5-a6-a10+a14=
A. 2
B. 3
C. 4
D. 5
7.设α,β,γ为三个不同的平面,m,n是两条不同的直线,则下列命题为假命题的是
A.若m⊥α ,n⊥β, m⊥n, 则α⊥β
B.若α⊥β,α⋂β=n,m⊂α, m⊥n, 则m⊥β
C.若 m⊥β,m⊂α, 则α⊥β

D. 若α⊥β,β⊥γ ,则α⊥γ
8.
如图1, 该程序框图的算法思路源于“辗转相除法”,又名“欧几里德算法”,执行该程序框图.若输人的m , ,n 分别为28, 16, 则输出的m = A.
0 B.
4 C.
12 D. 16
图 l
9. 如图2, 某几何体的三视图是三个全等的等腰直角三角形, 若该几何体的体积为 43 ,则其外接球的表面积是 A. 4π B. 12π
C. 36π
D. 48π
10. 已知双曲线 C: 22
222221(0,0,)x y a b c a b a b
-=>>=+ ,点A 为双曲线 C 上一点, 且在第一象限, 点O 为坐标原点, F 1,F 2分别是双曲线 C 的左、右焦点, 若|AO | =c , 且∠AOF 1=
23
π ,则双曲线C 的离心率为
A .31+ B.3 C.2 D. 3+1 11 . 若0<b <a < 1,c >1, 则
A.a c <b c
B.ab c <ba c
C. log a c > log b c
D.a log a c >b log b c
12. 设函数()sin()(0)6f x x π
ωω=+>,已知方程f (x )=a ( a 为常数)在7[0,]6
π 上恰有三个根, 分别为x 1,x 2,x 3(x 1<x 2<x 3), 下述四个结论:
①当 a =0 时,ω的取值范围是1723[
,)77 ; ②当a =0 时,f (x ))在7[0,
]6π 上恰 有2 个极小值点和1 个极大值点; ③当a =0 时,f (x ))在[0,]12π
上单调递增;
21
④当ω=2 时,a
的取值范围为1[,1)2 ,且123523x x x π++=
其中正确的结论个数为
A. 1
B. 2
C. 3
D.4
二、填空题(本大题共 4 小题, 每小题5 分, 共20 分 将答案填在答题卡相应位置上)
13. 已知向量a = ( 2 , 一 l ) , b =(l, x ), 若|a +b |=|a -b | ,则x = .
14. ( a +b +c )7 的展开式中, ab 2 c 4 的系数是 (用数字填写答案)
15. △ABC 的内角A , B , C 的对边分别为a , b , c . 若sin A=3 ,b 2+c 2 =6+a 2, 则△ABC 的面积为 . 16. 已知f (x ) 是定义域为R 的奇函数, f ´( x )是f (x )的导函数,f ( - 1) = 0, 当 x >0 时,xf ´( x )-3f (x )<0, 则使
得f (x )>0 成立的x 的取值范围是
. 三、解答题(本大题共 6 小题, 共70 分 解答应写出必要的文字说明, 证明过程或演算步骤)
17. ( 本小题满分12 分)
在等比数列{a n }中, a 1 =6, a 2= 12-a 3.
( l ) 求{a n } 的通项公式;
(2)记S n 为{a n } 的前 n 项和,若S m =66, 求 m .
18. ( 本小题满分12 分)
如图3, 长方体 ABCD- A 1 B 1 C 1 D 1 的侧面A 1 ADD 1 是正方形.
(1 ) 证明: A 1D ⊥ 平面ABD I ;
(2)若AD = 2, AB =4, 求二面角B 1- AD 1- C 的余弦值
图 3
19. ( 本小题满分12 分)
产量相同的机床一和机床二生产同一种零件, 在一个小时内生产出的次品数分别记为
X 1 , X 2, 它们的分布列分别如下:
(1) 哪台机床更好?请说明理由;
( 2) 记X表示2 台机床1 小时内共生产出的次品件数,求 X的分布列.
20. (本小题满分 12分)
如图4, 在平面直角坐标系中,已知点 F( - 2, 0), 直线 l : x =-4, 过动点 P 作 PH ⊥l 于点 H ,
∠HPF 的平分线交x 轴于点 M , 且| PH | =2| MF |, 记动点P 的轨迹为曲线C .
(1) 求曲线C 的方程;
(2) 过点 N (O, 2) 作两条直线, 分别交曲线C 于A , B 两点(异于N 点).当直
线NA , NB 的斜率之和为2 时, 直线AB 是否恒过定点?若是, 求出定点的坐
标;若不是,请说明理由.
21. (本小题满分12分)
已知函数()1ln f x x a x =--
( 1) 讨论f (x )的单调性;
( 2 ) 证明 :222111(1)(1)(1) e (*)11211
n n +++<∈+++N L . 注: e==2. 71828…为自然对数的底数.
选考题
请考生在第 22、23 两题中任选一题作答, 并用 2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑.注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题.如果多做,则桉所做的第一题计分.
22. (本小题满分10 分)[选修4:-:4: 坐标系与参数方程]
已知曲线C :2cos ,2sin ,x y αα=⎧⎨=⎩ ( α为参数),设曲线C 经过伸缩变换,12
x x y y '=⎧⎪⎨'=⎪⎩ 得到曲线C' , 以直角坐标中的原点O 为极点, x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系.
(1) 求曲线C ´的 极坐标方程;
( 2) 若A , B 是曲线C'上的两个动点, 且OA ⊥OB , 求| OA |2+| OB |2 的最小值,
23. (本小题满分l0 分)(选修4- 5: 不等式选讲]
巳知函数()|2||2|f x x x =++- , M 为方程f (x )= 4 的解集.
(l ) 求M;
(2) 证明: 当a , b ∈M, | 2a +2b |≤| 4+ab |.
(3)。

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