2012年高考物理试题考点分类汇编9
2012年高考物理试题分类汇编
2012年高考物理试题分类汇编：3--5 1．（2012上海卷）．与原子核内部变化有关的现象是（）（A）电离现象（B）光电效应现象（C）天然放射现象（D）(粒子散射现象答案：C 2．（2012上海卷）．根据爱因斯坦的“光子说”可知（）（A）“光子说”本质就是牛顿的“微粒说” （B）光的波长越大，光子的能量越小（C）一束单色光的能量可以连续变化（D）只有光子数很多时，光才具有粒子性答案：B，答案：D，4．（2012上海卷）．某种元素具有多种同位素，反映这些同位素的质量数A与中子数N关系的是图（）答案：B 解析：B。
6．(2012全国理综). U经过m次a衰变和n次β衰变,则 A.m=7，n=3 B.m=7 n=4 C.m=14 n=9 D. m=14 n=18 【解析】质量数减少为：4m=235-207=28,m=7.核电荷数减少为：2m-n=92-82=10,n=4 【答案】B 7．(2012全国理综).如图，大小相同的摆球a和b的质量分别为m和3m，摆长相同，并排悬挂，平衡时两球刚好接触，现将摆球a向左边拉开一小角度后释放，若两球的碰撞是弹性的，下列判断正确的 A.第一次碰撞后的瞬间，两球的速度大小相等 B.第一次碰撞后的瞬间，两球的动量大小相等 C.第一次碰撞后，两球的最大摆角不相同 D.发生第二次碰撞时，两球在各自的平衡位置【解析】根据碰撞动量守恒定律和动能守恒得，，且，解得，，所以A正确，B错误；根据，知第一次碰撞后，两球的最大摆角相同，C 错误；根据单摆的等时性，D正确。
【答案】AD 8．（2012广东卷）.能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一，下列释放核能的反应方程，表述正确的有 A. 是核聚变反应 B. 是β衰变 C. 是核裂变反应D．是α衰变（1）氢原子第能级的能量为，其中为基态能量。
当氢原子由第4能级跃迁到第2能级时，发出光子的频率为；若氢原子由第2能级跃迁到基态，发出光子的频率为，则。
【考点汇集】2012高考物理系列九(学生版)
掌握高考十大题源，给力高考研究近五年新课标高考试题，可以发现，物理试题逐渐朝着紧扣教材、考查能力的方向发展，而能力的考查又主要体现在考查学生对基础知识的综合运用能力和解决实际问题的能力上。
通过对近五年新课标高考试题研究，可以发现，新课标高考命题的题源主要有十个。
研究高考命题的十大题源，给力高考，赢得高考。
题源九. 源于经典题的改编【题源解读】恢复高考三十多年来，仅物理高考题已达二千多道，各地编写的优质模拟题更多，这些题中，有很多可以称为经典题。
而高考，不能照搬原题，近年高考，就把一些经典题根据最新情景进行改编，陈题翻新，经典再现。
例31. （2011新课标理综第18题）电磁轨道炮工作原理如图18所示。
待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触。
电流I从一条轨道流入，通过导电弹体从另一条轨道流回。
轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场)，磁感应强度的大小与I成正比。
通电的弹体在轨道上受到的安培力在作用而高速射出。
现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的办法是A．只将轨道长度L变为原来的2倍B．只将电流I增加到原来的2倍C．只将弹体质量减小到原来的一半D．将弹体质量减小到原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变，【答案】：【点评与启示】磁动力与实际问题相结合的综合应用是历年高考的重点，磁动力的应用涉及安培力、动能定理等重点知识。
此题是根据2007年高考海南物理第15题改编的。
原题求电磁炮通过导轨的电流，此题要求分析与发射弹体速度相关的因素。
例32. （2011新课标理综第17题）如图19，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W；原线圈电路中接有电压表和电流表。
现闭合开关，灯泡正常发光。
若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则A．U=110V，I=0.2AB．U=110V，I=0.05AC．U=110V，I=0.2AD．U=110V，I=0.2A【答案】：【点评与启示】此题实际上是由2008年高考海南物理第7题改编而来。
2012年全国统一高考物理试卷(新课标)(答案解析版)
2012年全国统一高考物理试卷（新课标）参考答案与试题解析一．选择题1．（3分）伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础．早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（ ）A．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B．没有力作用，物体只能处于静止状态C．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动【考点】31：惯性与质量．【分析】根据惯性定律解释即可：任何物体都有保持原来运动状态的性质，惯性的大小只跟质量有关，与其它任何因素无关．【解答】解：A、任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫着惯性，所以物体抵抗运动状态变化的性质是惯性，故A正确；B、没有力作用，物体可以做匀速直线运动，故B错误；C、惯性是保持原来运动状态的性质，圆周运动速度是改变的，故C错误；D、运动的物体在不受力时，将保持匀速直线运动，故D正确；故选：AD。
【点评】牢记惯性概念，知道一切物体在任何时候都有惯性，质量是惯性的唯一量度．2．（3分）如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。
图中画出了从y轴上沿x 轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（ ）A．a的飞行时间比b的长B．b和c的飞行时间相同C．a的水平速度比b的小D．b的初速度比c的大【考点】43：平抛运动．【专题】518：平抛运动专题．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同。
【解答】解：由图象可以看出，bc两个小球的抛出高度相同，a的抛出高度最小，根据t=可知，a的运动时间最短，bc运动时间相等，故A错误，B正确；C、由图象可以看出，abc三个小球的水平位移关系为a最大，c最小，根据x=v0t可知，v0=，所以a的初速度最大，c的初速度最小，故C错误，D正确；故选：BD。
2012年物理高考试题最新考点分类解析：考点9 磁场
2012年物理高考试题分类解析【考点9】磁场1．【2012·天津卷，2题，6分】 如图所示，金属棒MN 两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M 向N 的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ.如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是( )A ．棒中的电流变大，θ角变大B ．两悬线等长变短，θ角变小C ．金属棒质量变大，θ角变大D ．磁感应强度变大，θ角变小1．A 【解析】 作出侧视图(沿MN 方向)，并对导体棒进行受力分析，如图所示．据图可得tan θ＝BIL mg ，若棒中的电流I 变大，则θ变大，选项A 正确；若两悬线等长变短，则θ不变，选项B 错误；若金属棒的质量m 变大，则θ变小，选项C 错误；若磁感应强度B 变大，则θ变大，选项D 错误．2．【2012·全国卷，18题，6分】 如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a 、o 、b 在M 、N 的连线上，o 为MN 的中点，c 、d 位于MN 的中垂线上，且a 、b 、c 、d 到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( )A ．o 点处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D ．a 、c 两点处磁感应强度的方向不同2．C 【解析】 磁感应强度是矢量，某处磁感应强度大小和方向由M 、N 两点处的电流产生的磁感应强度的矢量之和决定．直线电流的磁感线是以电流为中心的一系列同心圆，某点磁感应强度的方向就是该点磁感线的切线方向．在o 点，同方向的磁场相叠加，磁感应强度不是零，A 错误．a 、b 处的磁感应强度等于M 、N 分别在a 、b 处产生的磁感应强度相叠加，因此，a 、b 处的磁感应强度大小相等，方向都是向下，所以B 错误；同理，可得C 正确．对M 、N 分别在c 处产生的磁感应强度矢量叠加求和，可知方向向下，与a 处的磁感应强度方向相同，D 错误．3．【2012·课标全国卷，19题，6分】 如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面(纸面)向里，磁感应强度大小为B0.使该线框从静止开始绕过圆心O 、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，在线框中产生感应电流．现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化．为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率ΔB Δt 的大小应为( )A.4ωB 0πB.2ωB 0πC.ωB 0πD.ωB 02π3．C 【解析】 当导线框在磁场中转动时，产生的感应电动势为E ＝12B 0R 2ω，当导线框在磁场中不转动而磁场变化时，产生的感应电动势为E ＝ΔB Δt ·12πR 2，故ΔB Δt＝ωB 0π，C 正确．4．【2012·江苏卷，9题，4分】 如图所示，MN 是磁感应强度为B 的匀强磁场的边界. 一质量为m 、电荷量为q 的粒子在纸面内从O 点射入磁场．若粒子速度为v0，最远能落在边界上的A 点．下列说法正确的有( )A ．若粒子落在A 点的左侧，其速度一定小于v 0B ．若粒子落在A 点的右侧，其速度一定大于v 0C ．若粒子落在A 点左右两侧d 的范围内，其速度不可能小于v 0－qBd 2mD ．若粒子落在A 点左右两侧d 的范围内，其速度不可能大于v 0＋qBd 2m4．BC 【解析】 带电粒子沿垂直边界的方向射入磁场时，落在边界上的点离出发点最远，当入射方向不是垂直边界的方向时，落在边界上的点与出发点的距离将小于这个距离，即速度大于或等于v 0，但入射方向不是90°时，粒子有可能落在A 点的左侧，A 项错误；但粒子要落在A 点的右侧，其速度一定要大于临界速度v 0，B 项正确；设OA 之间距离为L ，若粒子落在A 点两侧d 范围内，则以最小速度v 入射的粒子做圆周运动的直径应为L －d ，由洛伦兹力提供向心力，q v B＝m v 2L －d 2，q v 0B ＝m v 02L 2，解得v ＝v 0－qBd 2m ，C 项正确；由于题中没有强调粒子的入射方向，因此无法确定速度的最大值，D 项错误．5．【2012·广东卷，15题，4分】 质量和电量都相等的带电粒子M 和N ，以不同的速率经小孔S 垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示．下列表述正确的是( )A ．M 带负电，N 带正电B ．M 的速率小于N 的速率C ．洛伦兹力对MN 做正功D ．M 的运行时间大于N 的运行时间5．A 【解析】 由左手定则判断知，A 正确；粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力q v B ＝m v 2r ，半径为：r ＝m v qB ，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M 的速度率大于N 的速率，B 错；洛伦兹力不做功，C 错；粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为T ＝2πm qB ，M 的运行时间等于N的运行时间，故D 错．6．【2012·北京卷，16题，6分】处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动．将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( )A ．与粒子电荷量成正比B ．与粒子速率成正比C ．与粒子质量成正比D ．与磁感应强度成正比6．D 【解析】 由电流的定义I ＝Q t 可知，设粒子的电荷量为q ，质量为m ，在磁场中运动的周期为T ＝2πm qB ，则I ＝q T ＝q 2B 2πm ，对于一个粒子来说，电荷量和质量是一定的，所以产生的环形电流与磁感应强度成正比，D 项正确，A 、B 、C 项错误．7． 【2012·安徽卷，19题，6分】 如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成 60°角．现将带电粒子的速度变为v 3，仍从A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为( )A.12Δt B ．2Δt C.13Δt D ．3Δt7．B 【解析】 此带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，且出射方向的反向延长线必过圆心O .设圆形磁场区域半径为R ，粒子以速度v 在磁场中运动的轨迹圆的半径为r 1，通过作图可知轨迹对应的圆心角为60°，再作其角平分线，则 tan30°＝R r 1，Δt ＝16×2πm qB ＝πm 3qB ；粒子以速度13v 在磁场中运动的轨迹圆的半径为r 2，设对应的圆心角为θ＝2α，又由r 2＝13m v qB ＝13r 1，则tan α＝R r 2＝3R r 1＝3tan30°＝3，可得α＝60°，故θ＝120°，粒子在磁场中的运动时间Δt ′＝13×2πm qB ＝2πm 3qB ＝2Δt ，B 正确．8．【2012·福建卷，22题，20分】 如图甲，在圆柱形区域内存在一方向竖直向下、磁感应强度大小为B 的匀强磁场，在此区域内，沿水平面固定一半径为r的圆环形光滑细玻璃管，环心O 在区域中心．一质量为m 、带电荷量为q (q 的小球，在管内沿逆时针方向(从上向下看)做圆周运动．已知磁感应强度大小B 随时间t 的变化关系如图乙所示，其中T 0＝2πm qB 0.设小球在运动过程中电荷量保持不变，对原磁场的影响可忽略．(1)在t ＝0到t ＝T 0这段时间内，小球不受细管侧壁的作用力，求小球的速度大小v 0；(2)在竖直向下的磁感应强度增大过程中，将产生涡旋电场，其电场线是在水平面内一系列沿逆时针方向的同心圆，同一条电场线上各点的场强大小相等．试求t ＝T 0到t ＝1.5T 0这段时间内：①细管内涡旋电场的场强大小E ；②电场力对小球做的功W .8．【答案】(1) qB 0r m (2) ①qB 02r 2πm ②5q 2B 02r 28m【解析】 (1)小球运动时不受细管侧壁的作用力，因而小球所受洛伦兹力提供向心力q v 0B 0＝m v 02r ①由①式解得v 0＝qB 0r m ②(2)①在T 0到1.5T 0这段时间内，细管内一周的感应电动势E 感＝πr 2ΔB Δt ③由图乙可知ΔB Δt ＝2B 0T 0④ 由于同一条电场线上各点的场强大小相等，所以E ＝E 感2πr ⑤由③④⑤式及T 0＝2πm qB 0得E ＝qB 02r 2πm ⑥ ②在T 0到1.5T 0时间内，小球沿切线方向的加速度大小恒为a ＝qE m ⑦小球运动的末速度大小v ＝v 0＋a Δt ⑧由图乙Δt ＝0.5T 0，并由②⑥⑦⑧式得v ＝32v 0＝3qB 0r 2m ⑨由动能定理，电场力做功为W ＝12m v 2－12m v 02⑩由②⑨⑩式解得W ＝58m v 02＝5q 2B 02r 28m9．【2012·江苏卷，15题，16分】 如图所示，待测区域中存在匀强电场和匀强磁场，根据带电粒子射入时的受力情况可推测其电场和磁场．图中装置由加速器和平移器组成，平移器由两对水平放置、相距为l 的相同平行金属板构成，极板长度为l 、间距为d ，两对极板间偏转电压大小相等、电场方向相反．质量为m 、电荷量为＋q 的粒子经加速电压U 0加速后，水平射入偏转电压为U 1的平移器，最终从A 点水平射入待测区域．不考虑粒子受到的重力．(1)求粒子射出平移器时的速度大小v 1；(2)当加速电压变为4U 0时，欲使粒子仍从A 点射入待测区域，求此时的偏转电压U ；(3)已知粒子以不同速度水平向右射入待测区域，刚进入时的受力大小均为F .现取水平向右为x 轴正方向，建立如图所示的直角坐标系Oxyz .保持加速电压为U 0不变，移动装置使粒子沿不同的坐标轴方向射入待测区域，粒子刚射入时的受力大小如下表所示.9．【答案】(1) 2qU 0m (2) U ＝4U 1 (3)见解析【解析】 (1)设粒子射出加速器的速度为v 0，由动能定理得qU 0＝12m v 02 由意得v 1＝v 0，即v 1＝2qU 0m(2)在第一个偏转电场中，设粒子的运动时间为t .加速度的大小a ＝qU 1md在离开时，竖直分速度v y ＝at竖直位移y 1＝12at 2水平位移l ＝v 1t粒子在两偏转电场间做匀速直线运动，经历时间也为t竖直位移y 2 ＝v y t由题意知，粒子竖直总位移y ＝2y 1＋y 2解得y ＝U 1l 2U 0d 则当加速电压为4U 0时，U ＝4U 1(3)(a)由沿x 轴方向射入时的受力情况可知：B 平行于x 轴，且E ＝F q .(b)由沿±y 轴方向射入时的受力情况可知：E 与Oxy 平面平行．F 2＋f 2 ＝(5F )2，则f ＝2F 且f ＝q v 1B解得B ＝F q 2m qU 0(c)设电场方向与x 轴方向夹角为α.若B 沿x 轴方向，由沿z 轴方向射入时的受力情况得(f ＋F sin α)2＋(F cos α)2 ＝(7F )2解得α＝30°或α＝150°即E 与Oxy 平面平行且与x 轴方向的夹角为30°或150°.同理，若B 沿－x 轴方向，E 与Oxy 平面平行且与x 轴方向的夹角为－30°或－150°.10．【2012·课标全国卷，25题，18分】 如图，一半径为R 的圆表示一柱形区域的横截面(纸面)．在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场，一质量为m 、电荷量为q 的粒子沿图中直线在圆上的a 点射入柱形区域，在圆上的b 点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直．圆心O 到直线的距离为35R .现将磁场换为平行于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直线在a 点射入柱形区域，也在b 点离开该区域．若磁感应强度大小为B ，不计重力，求电场强度的大小．10．【答案】14qRB 25m【解析】 粒子在磁场中做圆周运动．设圆周的半径为r ，由牛顿第二定律和洛伦兹力公式得q v B ＝m v 2r ①式中v 为粒子在a 点的速度．过b 点和O 点作直线的垂线，分别与直线交于c 和d 点．由几何关系知，线段a c、b c和过a、b两点的轨迹圆弧的两条半径(未画出)围成一正方形．因此a c＝b c＝r②设cd＝x，由几何关系得ac＝45R＋x③bc＝35R＋R2－x2④联立②③④式得r＝75R⑤再考虑粒子在电场中的运动．设电场强度的大小为E，粒子在电场中做类平抛运动．设其加速度大小为a，由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力公式得qE＝ma⑥粒子在电场方向和直线方向所走的距离均为r，由运动学公式得r＝12at2⑦r＝v t⑧式中t是粒子在电场中运动的时间．联立①⑤⑥⑦⑧式得E＝14qRB2 5m⑨11．【2012·山东卷，23题，18分】如图甲所示，相隔一定距离的竖直边界两侧为相同的匀强磁场区，磁场方向垂直纸面向里，在边界上固定两长为L的平行金属极板MN和PQ，两极板中心各有一小孔S1、S2，两极板间电压的变化规律如图乙所示，正反向电压的大小均为U0，周期为T0.在t＝0时刻将一个质量为m、电荷量为－q(q>0)的粒子由S1静止释放，粒子在电场力的作用下向右运动，在t＝T02时刻通过S2垂直于边界进入右侧磁场区．(不计粒子重力，不考虑极板外的电场)图甲 图乙(1)求粒子到达S 2时的速度大小v 和极板间距d .(2)为使粒子不与极板相撞，求磁感应强度的大小应满足的条件．(3)若已保证了粒子未与极板相撞，为使粒子在t ＝3T 0时刻再次到达S 2，且速度恰好为零，求该过程中粒子在磁场内运动的时间和磁感应强度的大小．11．【答案】(1) v ＝2qU 0m d ＝T 042qU 0m (2) B ＜4L 2mU 0q (3) t ＝7T 04B ＝8πm 7qT 0 【解析】 (1)粒子由S 1至S 2的过程，根据动能定理得qU 0＝12m v 2①由①式得v ＝2qU 0m ②设粒子的加速度大小为a ，由牛顿第二定律得q U 0d ＝ma ③由运动学公式得d ＝12a ⎝ ⎛⎭⎪⎫T 022④ 联立③④式得d ＝T 042qU 0m ⑤(2)设磁感应强度大小为B ，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为R ，由牛顿第二定律得q v B ＝m v 2R ⑥要使粒子在磁场中运动时不与极板相撞，须满足2R ＞L 2⑦ 联立②⑥⑦式得 B ＜4L2mU 0q ⑧(3)设粒子在两边界之间无场区向左匀速运动的过程用时为t 1，有 d ＝v t 1⑨ 联立②⑤⑨式得 t 1＝T 04⑩若粒子再次到达S 2时速度恰好为零，粒子回到极板间应做匀减速运动，设匀减速运动的时间为t 2，根据运动学公式得d ＝v 2t 2⑪ 联立⑨⑩⑪式得 t 2＝T 02⑫设粒子在磁场中运动的时间为t t ＝3T 0－T 02－t 1－t 2⑬ 联立⑩⑫⑬式得 t ＝7T 04⑭设粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为T ，由⑥式结合运动学公式得 T ＝2πm qB ⑮ 由意可知 T ＝t ⑯联立⑭⑮⑯式得 B ＝8πm 7qT 0⑰12．【2012·四川卷，25题，20分】 如图所示，水平虚线X 下方区域分布着方向水平、垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场，整个空间存在匀强电场(图中未画出)．质量为m 、电荷量为＋q 的小球P 静止于虚线X 上方A 点，在某一瞬间受到方向竖直向下、大小为I 的冲量作用而做匀速直线运动．在A 点右下方的磁场中有定点O ，长为l 的绝缘轻绳一端固定于O 点，另一端连接不带电的质量同为m 的小球O ，自然下垂．保持轻绳伸直，向右拉起Q ，直到绳与竖直方向有一小于5°的夹角，在P 开始运动的同时自由释放Q ，Q 到达O 点正下方W 点时速率为v 0.P 、Q 两小球在W 点发生正碰，碰后电场、磁场消失，两小球粘在一起运动．P 、Q 两小球均视为质点，P 小球的电荷量保持不变，绳不可伸长，不计空气阻力，重力加速度为g .(1)求匀强电场场强E 的大小和P 进入磁场时的速率v ； (2)若绳能承受的最大拉力为F ，要使绳不断，F 至少为多大？(3)求A 点距虚线X 的距离s .12．【答案】(1) E ＝mg q v ＝I m (2) F ＝(I ＋m v 0)22ml ＋2mg (3) s ＝(n ＋34)2πI ml g －πI 2Bq （n 为大于(m 4Bql g －34)的整数）【解析】 (1)设小球P 所受电场力为F 1，则 F 1＝qE在整个空间重力和电场力平衡，有 F 1＝mg联立相关方程得E ＝mgq设小球P 受到冲量后获得速度为v ，由动量定理得I ＝m v 故v ＝I m(2)设P、Q同向相碰后在W点的最大速度为v m，由动量守恒定律得m v＋m v0＝(m＋m)v m此刻轻绳的张力也为最大，由牛顿运动定律得F－(m＋m)g＝(m＋m)lv m2联立相关方程，得F＝(I＋m v0)22ml＋2mg(3)设P在X上方做匀速直线运动的时间为t P1，则t P1＝sv 设P在X下方做匀速圆周运动的时间为t P2，则t P2＝πm2Bq设小球Q从开始运动到与P球反向相碰的运动时间为t Q，由单摆周期性，有t Q＝(n＋14)2πlg由题意，有t Q＝t P1＋t P2联立相关方程，得s＝(n＋14)2πImlg－πI2Bq（n为大于(m4Bq gl－14)的整数）设小球Q从开始运动到与P球同向相碰的运动时间为t Q，由单摆周期性，有t Q＝(n＋34)2πlg同理可得s ＝(n ＋34)2πIm l g －πI 2Bq（n 为大于(m4Bql g －34)的整数）13．【2012·天津卷，12题，20分】 对铀235的进一步研究在核能的开发和利用中具有重要意义．如图所示，质量为m 、电荷量为q 的铀235离子，从容器A 下方的小孔S 1不断飘入加速电场，其初速度可视为零，然后经过小孔S 2垂直于磁场方向进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，做半径为R 的匀速圆周运动．离子行进半个圆周后离开磁场并被收集，离开磁场时离子束的等效电流为I .不考虑离子重力及离子间的相互作用．(1)求加速电场的电压U ；(2)求出在离子被收集的过程中任意时间t 内收集到离子的质量M ；(3)实际上加速电压的大小会在U ±ΔU 范围内微小变化．若容器A 中有电荷量相同的铀235和铀238两种离子，如前述情况它们经电场加速后进入磁场中会发生分离，为使这两种离子在磁场中运动的轨迹不发生交叠，ΔUU 应小于多少？(结果用百分数表示，保留两位有效数字)13．【答案】(1) qB 2R 22m (2) mIt q (3) ΔUU ＜0.63%【解析】 (1)设离子经电场加速后进入磁场时的速度为v ，由动能定理得 qU ＝12m v 2①离子在磁场中做匀速圆周运动，所受洛伦兹力充当向心力，即 q v B ＝m v 2R ② 由①②式解得 U ＝qB 2R 22m(2)设在t 时间内收集到的离子个数为N ，总电荷量为Q ，则 Q ＝It ③N ＝Q q ④ M ＝Nm ⑤ 由③④⑤式解得 M ＝mIt q(3)由①②式有R ＝1B2mU q设m ′为铀238离子质量，由于电压在U ±ΔU 之间有微小变化，铀235离子在磁场中最大半径为R max ＝1B2m (U ＋ΔU )q铀238离子在磁场中最小半径为 R ′min ＝1B2m ′(U －ΔU )q这两种离子在磁场中运动的轨迹不发生交叠的条件为 R max ＜R ′min 即1B2m (U ＋ΔU )q＜1B 2m ′(U －ΔU )q则有m (U ＋ΔU )<m ′(U －ΔU ) 得ΔU U ＜m ′－m m ′＋m其中铀235离子的质量m ＝235 u(u 为原子质量单位)，铀238离子的质量m ′＝238 u ，故ΔU U ＜238 u －235 u 238 u ＋235 u解得ΔUU ＜0.63%14．【2012·浙江卷，24题，20分】 如图所示，两块水平放置、相距为d 的长金属板接在电压可调的电源上．两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．将喷墨打印机的喷口靠近上板下表面，从喷口连续不断喷出质量均为m 、水平速度均为v 0、带相等电荷量的墨滴．调节电源电压至U ，墨滴在电场区域恰能沿水平向右做匀速直线运动；进入电场、磁场共存区域后，最终垂直打在下板的M 点．(1)判断墨滴所带电荷的种类，并求其电荷量； (2)求磁感应强度B 的值；(3)现保持喷口方向不变，使其竖直下移到两板中间的位置．为了使墨滴仍能到达下板M 点，应将磁感应强度调至B ′，则B ′的大小为多少？14．【答案】(1) 负电荷，mgd U (2) v 0U gd 2 (3) 4v 0U 5gd 2 【解析】 (1)墨滴在电场区域做匀速直线运动，有 q Ud＝mg 解得：q ＝mgdU由于电场方向向下，电荷所受电场力向上，可知： 墨滴带负电荷．(2)墨滴垂直进入电、磁场共存区域，重力仍与电场力平衡，合力等于洛伦兹力，墨滴做匀速圆周运动，有q v 0B ＝m v 02R考虑墨滴进入磁场和撞板的几何关系，可知墨滴在该区域恰完成四分之一圆周运动，则半径R ＝d联立解得B ＝v 0Ugd 2(3)根据设，墨滴运动轨迹如图，设圆周运动半径为R ′，有q v 0B ′＝m v 02R ′由图示可得： R ′2＝d 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫R ′－d 22得：R ′＝54d联立解得：B ′＝4v 0U5gd 215．【2011·重庆卷，24题，18分】 有人设计了一种带电颗粒的速率分选装置，其原理如图所示，两带电金属板间有匀强电场，方向竖直向上，其中PQNM 矩形区域内还有方向垂直纸面向外的匀强磁场．一束比荷(电荷量与质量之比)均为1k 的带正电颗粒，以不同的速率沿着磁场区域的水平中心线为O ′O 进入两金属板之间，其中速率为v 0的颗粒刚好从Q 点处离开磁场，然后做匀速直线运动到达收集板．重力加速度为g ，PQ ＝3d ，NQ ＝2d ，收集板与NQ 的距离为l ，不计颗粒间相互作用．求：(1)电场强度E 的大小； (2)磁感应强度B 的大小；(3)速率为λv 0(λ＞1)的颗粒打在收集板上的位置到O 点的距离． 15．【答案】(1) kg (2)k v 05d(3) d (5λ－25λ2－9)＋3l 25λ2－9【解析】 (1)设带电颗粒的电荷量为q ，质量为m .有 Eq ＝mg将q m ＝1k 代入，得E ＝kg (2)如图，有 q v 0B ＝m v 02RR 2＝(3d )2＋(R －d )2得B ＝k v 05d(3)如图所示，有 q λv 0B ＝m (λv 0)2R 1tan θ＝3d R 12－(3d )2y 1＝R 1－R 12－(3d )2y 2＝l tan θ y ＝y 1＋y 2得y ＝d (5λ－25λ2－9)＋3l 25λ2－9。
(完整版)2012年高考物理高频考点归纳,推荐文档
2012高考物理知识点归纳一、力物体的平衡1.力是物体对物体的作用，是物体发生形变和改变物体的运动状态（即产生加速度）的原因. 力是矢量。
2.重力（1）重力是由于地球对物体的吸引而产生的.［注意］重力是由于地球的吸引而产生，但不能说重力就是地球的吸引力，重力是万有引力的一个分力.但在地球表面附近，可以认为重力近似等于万有引力（2）重力的大小:地球表面G=mg，离地面高h处G/=mg/，其中g/=[R/（R+h）]2g（3）重力的方向:竖直向下（不一定指向地心）。
（4）重心:物体的各部分所受重力合力的作用点，物体的重心不一定在物体上.3.弹力（1）产生原因:由于发生弹性形变的物体有恢复形变的趋势而产生的.（2）产生条件:①直接接触;②有弹性形变.（3）弹力的方向:与物体形变的方向相反，弹力的受力物体是引起形变的物体，施力物体是发生形变的物体.在点面接触的情况下，垂直于面;在两个曲面接触（相当于点接触）的情况下，垂直于过接触点的公切面.①绳的拉力方向总是沿着绳且指向绳收缩的方向，且一根轻绳上的张力大小处处相等.②轻杆既可产生压力，又可产生拉力，且方向不一定沿杆.（4）弹力的大小:一般情况下应根据物体的运动状态，利用平衡条件或牛顿定律来求解.弹簧弹力可由胡克定律来求解.★胡克定律:在弹性限度内，弹簧弹力的大小和弹簧的形变量成正比，即F=kx.k为弹簧的劲度系数，它只与弹簧本身因素有关，单位是N/m.4.摩擦力（1）产生的条件:①相互接触的物体间存在压力;③接触面不光滑;③接触的物体之间有相对运动（滑动摩擦力）或相对运动的趋势（静摩擦力），这三点缺一不可.（2）摩擦力的方向:沿接触面切线方向，与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反，与物体运动的方向可以相同也可以相反.（3）判断静摩擦力方向的方法:①假设法:首先假设两物体接触面光滑，这时若两物体不发生相对运动，则说明它们原来没有相对运动趋势，也没有静摩擦力;若两物体发生相对运动，则说明它们原来有相对运动趋势，并且原来相对运动趋势的方向跟假设接触面光滑时相对运动的方向相同.然后根据静摩擦力的方向跟物体相对运动趋势的方向相反确定静摩擦力方向.②平衡法:根据二力平衡条件可以判断静摩擦力的方向. （4）大小:先判明是何种摩擦力，然后再根据各自的规律去分析求解.①滑动摩擦力大小:利用公式f=μF N进行计算，其中F N是物体的正压力，不一定等于物体的重力，甚至可能和重力无关.或者根据物体的运动状态，利用平衡条件或牛顿定律来求解.②静摩擦力大小:静摩擦力大小可在0与f max 之间变化，一般应根据物体的运动状态由平衡条件或牛顿定律来求解.5.物体的受力分析（1）确定所研究的物体，分析周围物体对它产生的作用，不要分析该物体施于其他物体上的力，也不要把作用在其他物体上的力错误地认为通过“力的传递”作用在研究对象上.（2）按“性质力”的顺序分析.即按重力、弹力、摩擦力、其他力顺序分析，不要把“效果力”与“性质力”混淆重复分析.（3）如果有一个力的方向难以确定，可用假设法分析.先假设此力不存在，想像所研究的物体会发生怎样的运动，然后审查这个力应在什么方向，对象才能满足给定的运动状态.6.力的合成与分解（1）合力与分力:如果一个力作用在物体上，它产生的效果跟几个力共同作用产生的效果相同，这个力就叫做那几个力的合力，而那几个力就叫做这个力的分力.（2）力合成与分解的根本方法:平行四边形定则.（3）力的合成:求几个已知力的合力，叫做力的合成.共点的两个力（F 1 和F 2 ）合力大小F的取值范围为:|F 1 -F 2|≤F≤F 1 +F 2 .（4）力的分解:求一个已知力的分力，叫做力的分解（力的分解与力的合成互为逆运算）.在实际问题中，通常将已知力按力产生的实际作用效果分解;为方便某些问题的研究，在很多问题中都采用正交分解法.7.共点力的平衡（1）共点力:作用在物体的同一点，或作用线相交于一点的几个力.（2）平衡状态:物体保持匀速直线运动或静止叫平衡状态，是加速度等于零的状态.（3）★共点力作用下的物体的平衡条件:物体所受的合外力为零，即∑F=0，若采用正交分解法求解平衡问题，则平衡条件应为:∑F x =0，∑F y =0.（4）解决平衡问题的常用方法:隔离法、整体法、图解法、三角形相似法、正交分解法等等.二、直线运动1.机械运动:一个物体相对于另一个物体的位置的改变叫做机械运动，简称运动，它包括平动，转动和振动等运动形式.为了研究物体的运动需要选定参照物（即假定为不动的物体），对同一个物体的运动，所选择的参照物不同，对它的运动的描述就会不同，通常以地球为参照物来研究物体的运动.2.质点:用来代替物体的只有质量没有形状和大小的点，它是一个理想化的物理模型.仅凭物体的大小不能做视为质点的依据。
2012年高考物理试题分类汇编力学实验
2012年高考物理试题分类汇编：力学实验1．(2012全国理综).（11分）图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。
图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源，打点的时间间隔用Δt表示。
在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。
（1）完成下列实验步骤中的填空：①平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列________的点。
②按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码。
③打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点列的纸袋，在纸袋上标出小车中砝码的质量m。
④按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤③。
⑤在每条纸带上清晰的部分，没5个间隔标注一个计数点。
测量相邻计数点的间距s1，s2，…。
求出与不同m相对应的加速度a。
⑥以砝码的质量m为横坐标1a为纵坐标，在坐标纸上做出1ma关系图线。
若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则1a与m处应成_________关系（填“线性”或“非线性”）。
（2）完成下列填空：（ⅰ）本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是_______________________。
（ⅱ）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3。
a可用s1、s3和Δt表示为a=__________。
图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=__________mm，s3=__________。
由此求得加速度的大小a=__________m/s2。
（ⅲ）图3为所得实验图线的示意图。
设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为___________，小车的质量为___________。
【解析与答案】（1）间距相等的点。
（2）线性（2）（i）远小于m(ii)213213)(50)5(2t s s t s s a ∆-=∆-=cm s 43.225.168.31=-=cm s 72.628.700.123=-=s m t s s a /15.2)02.05(210)43.272.6()5(222213=⨯⨯⨯-=∆-=-. (iii)设小车的质量为'm ，则有a m m F )'(+=，变形得F m m F a '11+=,所以m a-1图象的斜率为k F =1，所以作用力k F 1=，m a -1图象的截距为b F m ='，所以kbm ='。
江苏省12年(2008-2019)高考物理试题分类解析专题09 电学实验 电路(原卷版)
专题09 电学实验电路（原卷版）—江苏省17年（2003-2019）高考物理试题分类解析2019年江苏卷第3题．如图所示的电路中，电阻R=2 Ω．断开S后，电压表的读数为3 V；闭合S后，电压表的读数为2 V，则电源的内阻r为（A）1 Ω（B）2 Ω（C）3 Ω（D）4 Ω2019年高考江苏省物理卷第11题．（10分）某同学测量一段长度已知的电阻丝的电阻率．实验操作如下：（1）螺旋测微器如题11-1图所示．在测量电阻丝直径时，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，再旋动（选填“A”“B”或“C”），直到听见“喀喀”的声音，以保证压力适当，同时防止螺旋测微器的损坏．9697（题11–1图）（2）选择电阻丝的（选填“同一”或“不同”）位置进行多次测量，取其平均值作为电阻丝的直径．（3）题11-2甲图中R x ，为待测电阻丝．请用笔画线代替导线，将滑动变阻器接入题11-2乙图实物电路中的正确位置．（题11-2甲图） （题11-2乙图）（4）为测量R ，利用题11-2甲图所示的电路，调节滑动变阻器测得5组电压U 1和电流I 1的值，作出的U 1–I 1关系图象如题11-3图所示．接着，将电压表改接在a 、b 两端，测得5组电压U 2和电流I 2的值，数据见下表：U2/V 0.50 1.02 1.54 2.05 2.55I2/mA 20.0 40.0 60.0 80.0 100.022（5）由此，可求得电阻丝的R x= Ω．根据电阻定律可得到电阻丝的电阻率．真题（2003-2018）单选题981．2013年第4题．在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示。
M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻M R发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时（A）R变大，且R越大，U增大越明显M（B）R变大，且R越小，U增大越明显M（C）R变小，且R越大，U增大越明显M（D）R变小，且R越小，U增大越明显M2．2009年第5题．在如图所师的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器的电容为C。
2012年高考物理真题分类汇编(全一本附答案)
目录2012年高考物理真题分类汇编-1_物理学史、直线运动 (2)2012年高考物理真题分类汇编-2_相互作用 (5)2012年高考物理真题分类汇编-3_牛顿运动定律 (7)2012年高考物理真题分类汇编-4_曲线运动 (11)2012年高考物理真题分类汇编-5_万有引力与航天 (18)2012年高考物理真题分类汇编-6_机械能 (23)2012年高考物理真题分类汇编-7_静电场 (34)2012年高考物理真题分类汇编-9_磁场 (38)2012年高考物理真题分类汇编-10_电磁感应 (51)2012年高考物理真题分类汇编-11_交流电 (63)2012年高考物理试题分类汇编：物理学史、直线运动1.（2012山东卷）.以下叙述正确的是 A ．法拉第发现了电磁感应现象B ．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C ．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的必然结果D ．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果2.（2012海南卷）．自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。
下列说法正确的是A.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系C.法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D.焦耳发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系 3.（2012海南卷）.一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。
下列选项正确的是( )A.在0～6s 内，物体离出发点最远为30m XXK]B.在0～6s 内，物体经过的路程为40m[C.在0～4s 内，物体的平均速率为7.5m/sD. 5～6s 内，物体所受的合外力做负功 4.（2012上海卷）．小球每隔0.2s 从同一高度抛出，做初速为6m/s 的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰。
第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g ＝10m/s 2）（ ）（A ）三个（B ）四个（C ）五个（D ）六个5.（2012上海卷）．质点做直线运动，其s-t 关系如图所示，质点在0-20s 内的平均速度大小为_________m/s 质点在_________时的瞬时速度等于它在6-20s 内的平均速度。
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2012年高考物理试题分类汇编：曲线运动
1（2012上海卷）．如图，斜面上a 、b 、c 三点等距，小球从a 点正上方O 点抛出，做初速为v 0的平抛运动，恰落在b 点。
若小球初速变为v ，其落点位于c ，则（
）
（A ）v 0＜v ＜2v 0 （B ）v ＝2v 0 （C ）2v 0＜v ＜3v 0
（D ）v ＞3v 0
答案：A
2
x 是从同一点抛出的，不计空气阻[[A 3 B B 4.间内相继到达并沉积在薄膜上。
展开的薄膜如图b 所示，NP ，PQ 间距相等。
则（
）
（A ）到达M 附近的银原子速率较大 （B ）到达Q 附近的银原子速率较大
（C ）位于PQ 区间的分子百分率大于位于NP 区间的分子百分率 （D ）位于PQ 区间的分子百分率小于位于NP 区间的分子百分率
图b
答案：A 、C
5.（2012江苏卷）．如图所示，细线的一端固定于O 点，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A 点运动到B 点，在此过程中拉力的瞬时功率变化情况是 A ．逐渐增大 B ．逐渐减小
C ．先增大，后减小
D ．先减小，后增大．
【解析】设F 与速度v 的夹角为θ，则θcos Fv P =，力的分解，在切线上（速度
6A
错7.所示，以沟底的O 点为原点建立坐标系Oxy 。
已知，山沟竖直一侧的高度为2h ，坡面的抛物线方程为y=，探险队员的质量为m 。
人视为质点，忽略空气阻
力，重力加速度为g 。
（1） 求此人落到破面试的动能； 程
为
解
8.（2012北京高考卷）．（16分）
如图所示，质量为m 的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l 后以速度υ飞离
桌面，最终落在水平地面上．已知l =1.4m ，υ=3.0 m /s ，m =0.10kg ，物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h =0.45m ，不计空气阻力，重力加速度g 取10m /s 2
．求： （1）小物块落地点距飞出点的水平距离s ；
υ0
υ
（16分）
（1）由平抛运动规律，有
竖直方向h=1
2
gt2
水平方向s=υt
得水平距离s=0.90m
（2）由机械能守恒定律，动能E k=1
2
mυ2+mgh=0.90J
（3）由动能定理，有 -μmg⋅l=1mυ2-1mυ02
9.
代入数据得
0.2
h m
=○2
（2）○1设物块的加速度大小为a，P点与圆心的连线与竖直方向间的夹角为θ，由几何关系可得
cos
R h
R
θ
-
=
○3
根据牛顿第二定律，对物体有
tan m g m a θ= ○
4
对工件和物体整体有
2()()F M m g M m a
μ-+=+ ○5
联立○2○3○4○5式，代入数据得
8.5N F = ○6
由
x
点的水平位移值为答案：BC
11.（2012天津卷）.如图所示，水平地面上固定有高为h 的平台，台面上有固定的光滑坡道，坡道顶端距台面高也为h ，坡道底端与台面相切。
小球A 从坡道顶端由静止开始滑下，到达水平光滑的台面后与静止在台面上的小球B 发生碰撞，并粘连在一起，共同沿台面滑行并从台面边缘飞出，落地点与飞出点的水平距离恰好为台高的一半，两球均可视为质点，忽略空气阻力，重力加速度为g ，求
（1）小球A 刚滑至水平台面的速度v A ； （2）A 、B 两球的质量之比m A ：m B ．（16分）
解析：（1）小球A 在坡道上只有重力做功机械能守恒，有gh m v m A A A =2
2
1 ①
解得 gh v A 2=
②
（2）小球A 、B 在光滑台面上发生碰撞粘在一起速度为v ，根据系统动量守恒得 v m m v m B A A A )(+= ③ 离开平台后做平抛运动，在竖直方向有 h gt
=2
2
1 ④
在水平方向有
vt h =21 ⑤
联立②③④⑤化简得 31∶∶=B A m m
12.（2012福建卷）.（15分）
如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动，当转速
达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动。
现测得转台半径R=0.5 m,离水平地面的高度H =0.8m,物块平抛落地过程水平位移的大小s=0.4m 。
设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s 2 求： （1）物块做平抛运动的初速度大小V 0； （2）物块与转台间的动摩擦因数μ。
答案：
13.（2012海南卷），如图，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆。
ab 为沿水平方向的直径。
若在a 点以初速度0v 沿ab 方向抛出一小球， 小球会击中坑壁上的c 点。
已知c 点与水平地面的距离为圆半径的一半，求圆的半径。
解析：设圆半径为r ，质点做平抛运动，则：
0x v t = ① 2
10.52
y r gt ==
②
过c 点做cd ⊥ab 与d 点，Rt △acd ∽Rt △cbd 可得
2
cd ad db =∙即为：
2
(
r。