江苏省扬州市扬州中学2020-2021高一(上)12月物理试题
2020-2021学年江苏省扬州中学高一上期中物理试卷
2020-2021学年江苏省扬州中学高一上期中物理试卷一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（）A．伽利略、牛顿B．亚里士多德、伽利略C．伽利略、爱因斯坦D．亚里士多德、牛顿【解答】解：亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，但这是不对的；伽利略推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了物体的运动定律，其中的牛顿第一定律即为惯性定律；爱因斯坦提出了光子说很好的解释了光电效应的实验规律。
所以A正确。
故选：A。
2．（3分）2020年11月，我市某校举行了秋季运动会，同学们展现了学校良好的精神面貌，有关下列运动说法正确是（）A．在高一男子100m比赛中，陈同学以12.5s的成绩打破了年级记录，则他的平均速度大小为12.5m/sB．高一男子100m年级记录为12.5s，其中12.5s为时刻C．高一女子实心球年级记录为9.69m，其中9.69m为实心球出手后的位移大小D．百米冲刺时，运动员的速度变化率很小【解答】解：A、100m比赛中位移为100m，故平均速度v=xt=10012.5m/s＝8m/s，故A错误；B、高一男子100米年级记录为12.5s，其中12.5s为时间段，不是时刻，故B错误；C、实心球出手后的位移是从抛出时手的位置到落点的有向线段，而实心球的成绩是从地面上规定的起点到实心球的落地点之间的距离，二者不能等同，故C错误；D、百米冲刺时，运动员几乎以最快的速度、几乎做匀速直线运动，所以速度变化率很小，故D正确。
故选：D。
3．（3分）用大小为100N的握力握住一个重为40N的瓶子。
瓶子竖直，始终处于静止状态。
已知手掌与瓶子间动摩擦因数μ＝0.5，则（）第1 页共14 页。
解析江苏省扬州中学2021年高三上学期质量检测12月物理试题
江苏省扬州中学2０２1年高三上学期质量检测（12月)注意事项：本试卷包含选择题和非选择题两部分.选择题的答案涂在答题卡上，非选择题的答案写在答题纸上.考试时间为100分钟,满分值为１20分.【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的必修一、必修二选修３—1、3—４、3--５内容，主要包含受力分析、牛顿运动定律、动能定理、机械能守恒、欧姆定律、光的干涉、狭义相对论、用单摆测定重力加速度波长、频率和波速的关系；横波的图象、原子核衰变及半衰期、衰变速度、爱因斯坦质能方程、裂变反应和聚变反应、带电粒子在匀强磁场中的运动、带电粒子在匀强电场中的运动等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。
一、单项选择题：本题共５小题,每小题3分，共计１５分.每小题只有一个选项符合题意．的是【题文】1．下列关于物理学思想方法的叙述错误．．A.探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法B.电学中电阻、场强和电势的定义都运用了比值法C．力学中将物体看成质点运用了理想化模型法D．t →0时的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法【知识点】物理方法P【答案解析】D解析：A、在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法，故Ａ正确;ﻫＢ、电学中电阻、场强和电势的定义都运用了比值法，故Ｂ正确；ﻫＣ、质点并不存在,采用的是理想化的物理模型；故Ｃ正确;D、△ｔ→０时的平均速度可看成瞬时速度，采用的是极限分析方法;故Ｄ错误;ﻫ本题选错误的,故选:D．【思路点拨】解答本题应掌握:在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法;理解常见的比值定义得出的物理量;质点采用的是理想化的物理模型;瞬时速度采用了极限思想．．【题文】２．如图所示,光滑水平桌面上，一小球以速度v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad边正前方时,木板开始做自由落体运动.若木板开始运动时,cｄ边与桌面相齐,则小球在木板上的正投影轨迹是【知识点】运动的合成和分解.D１【答案解析】B解析：投影在水平方向做匀速直线运动,竖直方向上做加速运动，故小球的合速度应偏向上方，故轨迹应向上偏折，故选B.【思路点拨】小球的投影的运动是由小球水平方向的位移与木板竖直方向上的位移的合位移，则由运动的合成可知投影的轨迹．【题文】3．如图所示，圆面与匀强电场平行,沿该平面从Ａ点向各个方向射入初动能相等的同种带正电的粒子，其中从圆周上Ｄ点射出的带电粒子的动能最大.ＡＣ与ＢD为过圆心O的两个相交的直径.则A.电场强度与CD平行B.圆周上各点中Ｄ点的电势最低Ｃ．圆周上各点中B点的电势最低D．带电粒子从A到C的过程中电场力做功为零【知识点】电势I1I2【答案解析】Ｂ解析：A、B、据题意，带电微粒仅在电场力作用下从Ａ点进入，离开Ｄ点的动能最大,则Ｄ点是沿电场强度方向离A点最远,所以电场线与过D的切线相垂直，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿ＯＤ方向.D电势最低，故AC错误，Ｂ正确;ﻫＤ、设AC与BＤ夹角为α，则从A到C电场力做功为W=qEd＝２ｑEＲcosα，故D错误；ﻫ故选:Ｂ．【思路点拨】带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中,只在电场力作用下从圆周上不同点离开圆形区域，从D点离开圆形区域的带电微粒的动能最大.则说明电场力做功最多，从而得出D 点是沿电场强度方向离Ａ点最远.电场力做功Ｗ=qEd,ｄ是两点沿电场线方向的距离．ﻫ【题文】4．ﻩ如图所示,有一个飞行器沿半径为r 的圆轨道1绕地球运动．该飞行器经过P 点时,启动推进器短时间向前喷气可使其变轨，2、3是与轨道1相切于P 点的可能轨道,则飞行器Ａ.变轨后将沿轨道2运动B ．相对于变轨前运行周期变长C ．变轨前、后在两轨道上经P 点的速度大小相等Ｄ.变轨前、后在两轨道上经Ｐ点的加速度大小相等【知识点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．D4 【答案解析】D 解析:由于在P 点推进器向前喷气,故飞行器将做减速运动，由公式G 2mM r=m 2v r 可知,飞行器所需向心力减小，而在Ｐ点万有引力保持不变,故飞行器将开始做近心运动,轨道半径减小．A 、因为飞行器做近心运动,轨道半径减小，故将沿轨道3运动，故A 错误； ﻫB 、根据开普勒行星运动定律知，卫星轨道半径减小,则周期减小,故Ｂ错误；ﻫC 、因为变轨过程是飞行器向前喷气过程,故是减速过程，所以变轨前后经过Ｐ点的速度大小不相等,故Ｃ错误；D 、飞行器在轨道P 点都是由万有引力产生加速度，因为在同一点P,万有引力产生的加速度大小相等，故D 正确.ﻫ故选:D ．【思路点拨】喷气前,万有引力提供飞行器的向心力，即有G 2mM r=m 2v r ,启动推进器向前喷气,飞行器做减速运动，飞行器在P 点所需向心力减小,即此时G 2mM r>m 2v r ，故飞行器将做近心运动,运动轨道半径减小，从而展开相关讨论即可．【题文】5.在如图所示的电路中电源电动势为E，内阻为r，M为多种元件集成的电子元件，其阻值与两端所加的电压成正比（即R M＝kU,式中k为正常数)且遵循欧姆定律,L１和L2是规格相同的小灯泡（其电阻可视为不随温度变化而变化)，R为可变电阻.现闭合开关S,调节可变电阻Ｒ使其电阻逐渐减小，下列说法中正确的是A.灯泡L１变暗,Ｌ2变亮B.通过电阻R的电流增大C．电子元件Ｍ两端的电压变小Ｄ．电源两端电压变小【知识点】闭合电路的欧姆定律.Ｊ2【答案解析】B解析:因M中阻值与电压成正比，故Ｍ中电流保持不变；故灯泡L2的亮度不变;总电流不变，Ｒ减小，L1电阻不变,根据分流规律R电流增大，Ｌ1电流减小变暗；因Ｒ的阻值减小,故由欧姆定律可知,通过R的电流增大;故Ｂ正确；ＡCD错误.ﻫ故选:B.【思路点拨】因M阻值与电压成正比，则可知M中电流保持不变；从而可控制整体个电路电流不变;则可得出灯泡亮度及R中电流的变化.二、多项选择题：本题共4小题，每小题４分，共计16分. 每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.【题文】6.在军事演习中，某空降兵从悬停在空中的直升飞机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v-ｔ图象如图所示，则下列说法正确的是A.０~１0s内空降兵和降落伞整体机械能守恒B．0~10s内空降兵和降落伞整体所受空气阻力越来越大C．1０ｓ~1５s时间内运动员的平均速度221vv v +< D.１0s~15s内空降兵和降落伞整体处于失重状态【知识点】机械能守恒定律;匀变速直线运动的图像.E3Ａ５ 【答案解析】ＢC 解析：Ａ、由图示v-ｔ图象可知，图线上某点的切线的斜率表示该时刻加速度,故0-１0s 内空降兵运动的加速度越来越小，空降兵运动过程要克服阻力做功,机械能不守恒，故A 错误;B 、由A 可知，０～10ｓ内加速度减小,由牛顿第二定律可知,所受合外力减小，空气阻力越来越大,故B 正确；ﻫC 、如果物体做匀减速直线运动,122v v v -+=，由图示图中可知，1０s~15ｓ,速度向下做加速度不断减小的减速直线运动，则v -<122v v +,故C 正确; Ｄ、１０s~１5s 内空降兵向下做加速度不断减小的减速直线运动，加速度向上，处于超重状态,故D 错误; 故选:B Ｃ．【思路点拨】从图象可以看出,空降兵先做加速度不断减小的加速运动,再做加速度不断减小的减速运动,最后匀速运动；根据速度时间图线与坐标轴包围的面积表示位移以及图线上某点的切线的斜率表示该时刻加速度来进行分析．【题文】7.如图所示，带正电的金属圆环竖直放置，ＡB 是轴线上相对于圆心的对称点.某时刻一个电子从A 点沿轴线向右运动至B 点,此过程中电子运动的v-t 图象可能是【知识点】电势差与电场强度的关系．I2【答案解析】A ＢC 解析:电子以速度υ0沿轴线水平向右运动，所受电场力方向向左，大小变化情况有两种可能：（1）先增大后减小；(２）一直减小．所以电子一定做加速度变化的变速运动,速度先增大后减小，AB 两点电势相同,故速度大小和方向相同,故Ｄ不可能，ABC 可能．ﻫ故选：ＡB Ｃ【思路点拨】圆弧的中轴线上的场强的发布是：从圆弧的中心向两边先增大后减小，所以从A 释放开始到运动到B 点的过程中,所受电场力变化情况可能先增大后减小圆心处为零,也可能一直减小,但速度先增大后减小,A Ｂ速度相同.【题文】8．如图所示,在水平匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场中,有一竖直足够长固定绝缘杆MN ,小球P 套在杆上，已知P 的质量为ｍ，电量为+q ,电场强度为E 、磁感应强度为Ｂ,P 与杆间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g ．小球由静止开始下滑直到稳定的过程中Ａ．小球的加速度一直减小Ｂ．小球的机械能和电势能的总和保持不变C ．下滑加速度为最大加速度一半时的速度可能是22qE mg v qBμμ-= Ｄ.下滑加速度为最大加速度一半时的速度可能是22qE mg v qBμμ+= 【知识点】牛顿第二定律；带电粒子在混合场中的运动．C2K3 【答案解析】CD 解析：小球静止时只受电场力、重力、支持力及摩擦力，电场力水平向左，摩擦力竖直向上;开始时,小球的加速度应为a=mg Eq m μ-； 小球速度将增大，产生洛仑兹力，由左手定则可知，洛仑兹力向右，故水平方向合力将减小，摩擦力减小，故加速度增大;故A 错误；当洛仑兹力等于电场力时，摩擦力为零，此时加速度为g,达最大;此后速度继续增大，则洛仑兹力增大,水平方向上的合力增大，摩擦力将增大；加速度将减小，故最大加速度的一半会有两种情况，一是在洛仑兹力小于电场力的时间内，另一种是在洛仑兹力大于电场力的情况下，则:(Eq BqV)2g mg m μ--=，解得,22qE mg v qB μμ-=，故C 正确;同理有:2(Bqv )2mg Eq g m μ--=，解得2v =22qE mg v qBμμ+=，故D 正确；而在下降过程中有摩擦力做功，故有部分能量转化为内能,故机械能和电势能的总和将减小;故B 错误;ﻫ故选CD ．【思路点拨】对小球进行受力分析，再根据各力的变化，可以找出合力及加速度的变化;即可以找出小球最大速度及最大加速度的状态.【题文】9．如图所示，在竖直平面内半径为R 的四分之一圆弧轨道AB 、水平轨道BC 与斜面C Ｄ平滑连接在一起，斜面足够长．在圆弧轨道上静止着N 个半径为r (r <＜ Ｒ)的光滑刚性小球，小球恰好将圆弧轨道铺满，从最高点A 到最低点B 依次标记为1、２、3……Ｎ.现将圆弧轨道末端B 处的阻挡物拿走，N 个小球由静止开始沿轨道运动,不计摩擦与空气阻力，下列说法正确的是A ．N 个小球在运动过程中始终不会散开B.第Ｎ个小球在斜面上能达到的最大高度为ＲC.第1个小球到达最低点的速度gR 2>v>gRD.第１个小球到达最低点的速度ｖ＜gR【知识点】机械能守恒定律.E3【答案解析】AD 解析：A 、在下滑的过程中，水平面上的小球要做匀速运动，而曲面上的小球要做加速运动,则后面的小球对前面的小球要向前压力的作用，所以小球之间始终相互挤压，冲上斜面后后面的小球把前面的小球往上压,所以小球之间始终相互挤压,故Ｎ个小球在运动过程中始终不会散开,故Ａ正确;B 、把N 个小球看成整体,则小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒,弧A Ｂ的长度等于小球全部到斜面上的长度,而在圆弧上的重心位置比在斜面上的重心位置可能高也可能低，所以第N 个小球在斜面上能达到的最大高度可能比R小，也可能比R大，故Ｂ错误；ﻫC、小球整体的重心运动到最低点的过程中，根据机械能守恒定律得：12mv2=ｍg•2R解得:v=gR,而第一个球在下滑过程中，始终受到第二个球对它的压力，所以第1个小球到达最低点的速度v′<gR，故Ｃ错误，D正确．故选:ＡＤ【思路点拨】Ｎ个小球在BC和CD上运动过程中,相邻两个小球始终相互挤压,把N个小球看成整体,则小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，弧AB的长度等于小球全部到斜面上的长度,而在圆弧上的重心位置比在斜面上的重心位置可能高也可能低,所以第N个小球在斜面上能达到的最大高度可能比R小，也可能比R大，小球整体的重心运动到最低点的过程中，根据机械能守恒定律即可求解第一个小球到达最低点的速度.三、简答题:本题分必做题（第１０、1１题)和选做题(第1２题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题纸相应的位置．【题文】10.(1）小明同学到实验室去做《验证力的平行四边形定则》的实验时看见实验桌上有一把２0分度的游标卡尺,他立即用游标卡尺测量了钢笔套的长度，如图（a）所示，则钢笔套的长度为ｍｍ．（2）随后小明开始做《验证力的平行四边形定则》的实验,在水平放置的木板上垫上一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上的A点，橡皮条的另一端拴上两个细绳套，如图（b）所示.先用两个弹簧秤钩住细绳套,互成角度拉橡皮条使之伸长,结点到某一位置O，此时记下两个弹簧测力计的读数F１、F２和两细绳的方向.请完成下列问题：①F1的读数如图（c）所示（只画出了弹簧秤的一部分)则F1=__＿____N.②小明再用一个弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条拉长，应该使结点拉到__＿__＿__＿_____＿,记下弹簧测力计的读数,并记下．③在本实验中，若保持F1和F2的大小不变，则关于这两个力的合力的说法中正确的是( )A．合力F的大小随F1与F2夹角的增大而增大Ｂ．Ｆ1和F2的夹角在0°到１80°之间时,夹角越小，合力F越大C.Ｆ１或F2的大小总是小于合力Ｆ的大小D．合力Ｆ的大小不一定大于F1或Ｆ2的大小【知识点】验证力的平行四边形定则Ｂ６【答案解析】(1）10．55(2)①１.22~1.２４②同一位置O 细绳的方向③BD解析：（１）游标卡尺的主尺读数为：１ｃm=10mｍ，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为０.0５×11mm＝０．55mm,所以最终读数为:10mm+0.５5mm＝１0.55mｍ．（2)①根据图Ｃ读出F１=1．22Nﻫ②为了保证作用效果相同,则用一个弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条拉长，应该使结点拉到同一位置Ｏ，记下弹簧测力计的读数，并记下细绳的方向；ﻫ③A、根据平行四边形定则可知，当F１和F２的大小不变时,夹角越大，合力越小，故A错误,B正确；ﻫＣ、合力可以大于分力，也可以小于分力，没有直接联系，故C错误，Ｄ正确.ﻫ故选：BD【思路点拨】(１)游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数,不需估读;（2)本实验的目的是要验证平行四边形定则，故应通过平行四边形得出合力再与真实的合力进行比较；理解实验的原理即可解答本.【题文】11．如图（a）是“测电池的电动势和内阻”的实验电路,如果采用一节新干电池进行实验,实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表____________＿, 原因是:_______________＿______＿_＿____＿_＿，从而影响测量值的精确性．ﻩ为了较精确地测量一节新干电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：量程3V的理想电压表V，量程０.6A的电流表A(具有一定内阻)，定值电阻R０(R０=1.5Ω）,滑动变阻器R１（0 ~ 10Ω)，滑动变阻器R2（0 ~ 200Ω）,开关S．(1）实验电路原理图如图（b)，加接电阻R0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是．（2)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用(填R1或Ｒ2)．(3）用笔画线代替导线在图(ｃ）中完成实物连接图.(４）实验中改变滑动变阻器的阻值,测出几组电流表和电压表的读数在给出的U-Ｉ坐标系中画出U－I图线如图（d)所示，则新干电池的内阻ｒ＝＿＿___Ω.（保留两位有效数字）【知识点】测定电源的电动势和内阻J7【答案解析】读数变化很小,新电池的内阻很小,内电路的电压降很小(1）防止变阻器电阻过小时,电池被短路或电流表被烧坏ﻫ（2）1R（3)如图(4)0.29 解析：根据U=E－Iｒ可知,由于新电池时内阻很小，电池内压降很小,电压表的读数变化很小，所以如果采用一节新干电池进行实验,实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小,原因是新电池的内阻很小,内电路的电压降很小;1(ﻫ）:加接电阻R０有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量,二是防止变阻器电阻过小时,电池被短路或电流表被烧坏（或限制电流，防止电源短路）；ﻫ(2）：电流表的量程AI=0.６Ａ，根据闭合电路欧姆定律可知,电路中需要的最大电阻应为:max1.57.5110.633AERI==Ω=Ω⨯,所以变阻器应选1R；（3）如图所示：ﻫﻫ(4）：根据闭合电路欧姆定律应用:E＝Ｕ+I（ｒ+R),ﻫ整理可得：U=-（r+R）I＋E,ﻫ根据函数斜率的概念应有：r＋R=1.50 1.000.28-，解得r＝0.２9；【思路点拨】本题的关键是明确新电池的内阻很小,电池的内压降很小,电压表的读数变化很小,所以实验应选内阻较大的旧电池;题(１)的关键是明确定值电阻除方便操作和测量外，还可以保护电池和电流表；题(２）的关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻即可；题(3）的关键是连线时注意电表的量程和正负极;题（4）的关键是根据闭合电路欧姆定律写出关于U与I的函数表达式,然后根据斜率和截距的概念即可求解.【题文】12.选做题（请从A、B和C三小题中选定两小题作答．如都作答则按A、B两小题评分．）B.(选修模块3-4)(1２分)(1)下列说法中正确的是_____＿＿_．Ａ.水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色,这是由光的衍射造成的Ｂ.光的偏振证明了光和声波一样是纵波C.狭义相对论认为：不论光源与观察者做怎样的相对运动,光速都是一样的D.在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，测量单摆周期应该从小球经过最低点处开始计时（2）一列简谐横波沿x轴正方向传播，周期为2 s,t＝0时刻的波形如图所示．该列波的波速是__＿＿_m/ｓ；质点a平衡位置的坐标x a=2.5 m，再经_____＿s它第一次经过平衡位置向y轴正方向运动．透明球体放置在水平面上,一束蓝光从A点沿水平方向射入球体后经B点射(3)如图所示,一个半径为Ｒ的14R，该球体对蓝光的折射率为3，求:①这束蓝光从球面射出出,最后射到水平面上的C点.已知OA=2时的出射角β;②若换用一束红光同样从A点射向该球体，则它从球体射出后落到水平面上形成的光点在C点左边还是右边？【知识点】光的衍射;光的干涉；狭义相对论；用单摆测定重力加速度波长、频率和波速的关系;横波的图象N２N4G３Ｇ２【答案解析】(1）CＤ;(2)2 ｍ／s 0.25 s（３)β＝60°右边解析：(1)A、水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，这是由光的干涉造成的，故A错误；ﻫB、光的偏振证明了光是横波,故Ｂ错误；ﻫC、不论光源与观察者做怎样的相对运动，狭义相对论认为：光速都是一样的,故C正确;D、在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，测量单摆周期应该从小球经过最低点处开始计时,而不是在最高位置，故D正确；故选:ＣD【题文】C．(选修模块3-5)(１２分）近年来装修污染已经被列为“危害群众最大的五种环境污染”之一.目前，在居室装修中经常用到的花岗岩、大理石等装修材料，都不同程度地含有放射性元素,比如，含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病,根据有关放射性知识回答下列问题：(1）下列说法正确的是Ａ．氡的半衰期为3.8天，则若在高温下其半衰期必缩短B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C.γ射线一般伴随着α或β射线产生,在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强,电离能力也最强Ｄ.发生α衰变时，新核与原来的原子核相比,中子数减少了2(2）氡核（22286Rn)发生衰变后变为钋(21884Po）,其衰变方程为,若氡(22286Rn)经过一系列衰变后的最终产物为铅(20682Pb ),则共经过 次α衰变, 次β衰变． （3)静止的氡核（22286Rn )放出一个速度为ｖ0的α粒子，若衰变过程中释放的核能全部转化为α粒子及反冲核的动能,已知原子质量单位为u ,试求在衰变过程中释放的核能．（不计相对论修正，在涉及动量问题时,亏损的质量可忽略不计.)【知识点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．Ｏ２O3【答案解析】（1)ＢＤ （2)222218486842Rn Po+He → ４ ;4 （３）20222109uv E = 解析:(1）Ａ、半衰期与外界因素无关，故A 错误B 、原子核内的中子转化为质子时，放出一个电子，这个过程即β衰变，故Ｂ正确；ﻫC 、γ射线一般伴随着α或β射线产生,在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强,电离能力最弱，故C 错误；D 、发生α衰变时，生成的α粒子带2个单位的正电荷和4个电位的质量数,即α粒子由２个中子和2个质子构成，故α衰变时成生的新核中子数减少2，质子数减少２,故Ｄ正确;ﻫ故选:B Ｄ．(２)根据电荷数守恒、质量数守恒，衰变方程为2222184868402n e R P H →+． 设经过了n 次α衰变,ｍ次β衰变.有:４ｎ=１6，2n-m=4,解得ｎ=4，m=4.解得E=0222109uv 【思路点拨】α衰变生成氦原子核，β衰变生成的电子是其中的中子转化为质子同时生成的,半衰期是统计规律，与外界因素无关．ﻫ根据电荷数守恒、质量数守恒写出衰变方程，通过一次α衰变电荷数少2，质量数少4,一次β衰变电荷数多1,质量数不变，求出衰变的次数.先根据动量守恒定律列方程求解出α衰变后新核的速度；然后根据爱因斯坦质能方程求解质量亏损,从而求释放的核能．四、计算题：本题共３小题.共计47分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题,答案中必须朋确写出数值和单位.【题文】13.(１５分）如图所示,在同一竖直平面内,一轻质弹簧一端固定,静止斜靠在光滑斜面上,另一自由端恰好与水平线AB齐平，一长为L的轻质细线一端固定在O点，另一端系一质量为m的小球,O点到AB的距离为L2．现将细线拉至水平,小球从位置C由静止释放，到达O点正下方时,细线刚好被拉断.当小球运动到A点时恰好能沿斜面方向压缩弹簧,不计碰撞时的机械能损失,弹簧的最大压缩量为L22（在弹性限度内),求:(1）细线所能承受的最大拉力F；(２)斜面的倾角θ;(3)弹簧所获得的最大弹性势能pE．【知识点】动能定理E2【答案解析】(1）３mg （2）45=θ（３）25mgL解析：解：(1）小球由C运动到Ｏ点正下方时，设速度为v1，由动能定理得ﻫmgL=12mv12，解得v1=2gL,小球在Ｏ点正下方时,有F－mｇ＝m21vL,解得Ｆ=3mｇ所以F<3mｇ.（２)细线被拉断后,小球做平抛运动，当运动到A点时，速度v2恰好沿斜面向下,由动能定理得mg(2L-L)= 12mv2２-12mv12,解得v2=2gL．如图所示,有cosθ=12vv=22，解得θ＝４５°ﻫ（3）由能量守恒定律得ｍg22Lsinθ+12mv２２=E p，解得Eｐ=25mgL【思路点拨】（1）根据动能定理求出小球运动到最低点的速度，根据牛顿第二定律求出拉力的大小,从而得出拉力的范围.(2)根据动能定理求出小球在A点的速度大小,结合平行四边形定则求出斜面的倾角θ;（3)根据能量守恒求出弹簧所获得的最大弹性势能Eｐ．【题文】１4.（16分）如图甲所示，光滑的薄平板A长Ｌ=１m,质量M=２Ｋg,放在光滑水平桌面上,平板右端与桌边相齐，在平板上距右端ｄ=０.６m处放一比荷为1.0=mq C/Kｇ的带电体B（大小可忽略）．在桌面上方区域内有电场强度不同的匀强电场，OO'左侧电场强度为Ｅ=1０V/m,方向水平向右；右侧电场强度为左侧的5倍,方向水平向左．在薄平板Ａ的右端施加恒定的水平作用力F，同时释放带电体B.经过一段时间后,在OO'处带电体B与薄平板A分离，其后带电体B到达桌边缘时动能恰好为零.ｇ＝１0m/s2.求：（１)OO'处到桌面右侧边缘的距离；(２）加在薄平板A上恒定水平作用力F的大小；(3)从Ｂ与Ａ分离开始计时，在乙图上画出此后B运动的速度时间图象，并标明相关物理量的坐标.【知识点】匀强电场中电势差和电场强度的关系.Ｉ1I2【答案解析】（1）０.1ｍ(2)3.6Ｎ（3）如右图解析：(1）对Ｂ在ＯＯ′左侧运动时,ｑＥ=ｍａ1, 设B到达ＯO′时的速度为v，则:v2=2ａ1ｘ1，ﻫ对Ｂ在OO′右侧运动。
解析江苏省扬州中学2020┄2021学年高一上学期期中物理试卷
2０20┄2０2１学年江苏省扬州中学高一(上）期中物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分,共计１8分．每小题只有一个选项符合题意．1.一个皮球从5ｍ高的地方落下,在与地面相碰后弹起,上升到2m高处时被接住，则在这一过程中（)A.小球的位移为3ｍ,方向垂直向下，路程为7mB．小球的位移为7m,方向垂直向上，路程为7mC.小球的位移为3m，方向垂直向下，路程为3mＤ.小球的位移为7ｍ，方向垂直向上，路程为3ｍ２.下列说法中正确的是( )Ａ.加速度增大,速度一定增大B.速度改变量△v越大，加速度就越大C.物体有加速度,速度就增大Ｄ.速度很大的物体，其加速度可以很小3.一物体静止在水平面上，则下列说法正确的是( )A．物体对桌面的压力就是重力B．物体对桌面的压力使物体产生了形变C．桌面的形变对物体产生了支持力D．桌面对物体的支持力使桌面产生了形变4．如图所示,一个质量为m=2.0ｋｇ的物体，放在倾角为θ=3０°的斜面上静止不动，若用竖直向上的力F＝5.0N提物体，物体仍静止(g＝１0m／s2）,下述结论正确的是（）Ａ．物体受到的合外力减小5．0NB．物体受到的摩擦力减小2.５ＮC.斜面受到的压力减小5.０ND．物体对斜面的作用力减小5．0N5.石块Ａ自塔顶自由落下s1时,石块B自离塔顶ｓ2处自由落下,两石块同时落地．则塔高为( )A.ｓ1+s2ﻩB．C.ﻩＤ．6．如图所示,两根直木棍ＡB和ＣD相互平行,斜靠在竖直墙壁上固定不动,水泥圆筒从木棍的上部匀速滑下．若保持两木棍倾角不变，将两木棍间的距离减小后固定不动，仍将水泥圆筒放在两木棍上部，则（)A.每根木棍对圆筒的支持力变大,摩擦力变大B.每根木棍对圆筒的支持力变小,摩擦力变大Ｃ.圆筒仍能匀速滑下D．圆筒将匀加速滑下二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分.共计16分．每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分，错选或不答的得０分．7．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度,其速度随时间变化的关系如图所示．取g=10m/s2.则( )A.小球下落的最大速度为５m/sＢ．小球第一次反弹初速度的大小为5ｍ/sＣ.小球能弹起的最大高度为0.45mD.小球能弹起的最大高度为1.25m８．如图所示，水平推力Ｆ使物体静止于斜面上，则( )Ａ.物体一定受3个力的作用B．物体可能受３个力的作用C.物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力Ｄ.物体可能受到沿斜面向下的静摩擦力9.做匀加速直线运动的质点先后经过A、Ｂ、C三点,AB=BC，质点在AＢ段和BC段平均速度分别为20m/s，3０ｍ/ｓ,根据以上条件可以求出（)A．质点在ＡC段运动的时间 B.质点的加速度Ｃ．质点在AC段的平均速度ﻩＤ．质点在Ｃ点的瞬时速度１0．如图所示，沿倾角为３０°的粗糙斜面上，有一根原长为１0cm、劲度系数为１000N/m 的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置重８0N的物体A后，弹簧长度缩短为8cm,现用一测力计沿斜面向上拉物体，若物体与斜面间最大静摩擦力为25N，当弹簧的长度仍为8cm时，测力计读数可能为（)A.10NﻩB．20N C.50ＮﻩD.60N三、实验题:本题共2小题,共计2４分.请将解答填写在答题卡相应的位置11．在研究匀变速直线运动的实验中,如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、Ｃ、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔为Ｔ=0.1s．(1）根据_____＿_＿__可判定小球做__＿＿_＿＿___运动；（２)计算Ｃ点速度ｖC＝_＿________ｍ／s；(3)根据纸带点的分布，求出加速度ａ=________＿＿m／ｓ２.１2.某同学做“验证力的平行四边形定则”实验时，主要步骤是：A.在桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸,用图钉把白纸钉在方木板上；B.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点,在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C.用两个弹簧秤分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条,使橡皮条伸长，结点到达某一位置O．记下O点的位置，读出两个弹簧秤的示数;D.按选好的标度,用铅笔和刻度尺作出两只弹簧秤的拉力F１和F2的图示,并用平行四边形定则求出合力F;E．只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数,记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F的图示;Ｆ．比较力F′和Ｆ的大小和方向，看它们是否相同,得出结论.上述步骤中:（1）有重要遗漏的步骤的序号是_＿_＿______和________＿_；(2)遗漏的内容分别是_＿______＿_和___＿_＿____.四、计算题：本题共4小题.共计６2分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位. 13.轻弹簧秤上端固定于O点，下端悬挂一个光滑的定滑轮Ｃ，已知C重1Ｎ,木块Ａ、B用跨过定滑轮的轻绳连接,A、B的重力分别为5Ｎ和2N.整个系统处于平衡状态，如图所示,求:（1)地面对木块A的支持力大小;(２）弹簧秤的示数；(３)滑轮C受到的合力.1４．(13分）有一架电梯，启动时匀加速上升,加速度为2ｍ／s２，制动时匀减速上升,加速度为﹣1ｍ／s2,楼高5２ｍ．求:（1）若上升的最大速度为6m/s,电梯升到楼顶的最短时间是多少?（2)如果电梯先加速上升,然后匀速上升,最后减速上升,全程共用16秒,上升的最大速度是多少？15.（１６分）如图所示,斜面始终静止在地面上,物体A质量为2kg，为使A在斜面上静止，已知物体与斜面间动摩擦因数为0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g＝10m/ｓ2. (1)物体B质量的最大值和最小值是多少？（2)对应于Ｂ质量最大和最小两种情况下地面对斜面的摩擦力分别多大?提示：sin3７°=0．6,cos3７°＝0.８．16．(1８分）甲、乙两车在同一直线轨道上同向行驶，甲车在前，速度为8m／ｓ,乙车在后，速度为16m/s,当两车相距ｓ=16m时，甲车因故开始刹车,加速度大小为a=2m/ｓ2,求：（１)如果乙车不采取措施，乙车经过多长时间追上甲车？(２）为避免相撞,乙车立即开始刹车，乙车的加速度大小为6m/s2时，此种情况能否相碰,如果不能相碰,请求出甲乙之间的距离存在的最值(最大值或最小值)？（3）为避免两车相碰，乙车加速度至少为多大？2020┄２02１学年江苏省扬州中学高一（上)期中物理试卷一、单项选择题：本题共６小题,每小题3分,共计18分.每小题只有一个选项符合题意．1．一个皮球从5ｍ高的地方落下，在与地面相碰后弹起，上升到2ｍ高处时被接住,则在这一过程中( )A.小球的位移为3m，方向垂直向下，路程为７mＢ.小球的位移为7m,方向垂直向上,路程为７mC.小球的位移为3ｍ,方向垂直向下,路程为3mD．小球的位移为7m，方向垂直向上，路程为3ｍ【考点】位移与路程.【分析】位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置.路程等于运动轨迹的长度．【解答】解：从高为5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球,在与地面相碰后弹起，上升到高为2m处被接住，首末位置的距离为3ｍ，所以位移的大小等于３m,方向竖直向下.运动轨迹的长度为７m，所以路程等于7ｍ．故Ａ正确，Ｂ、Ｃ、D错误.故选:A.【点评】解决本题的关键知道位移是矢量,大小等于首末位置的距离,路程是标量，大小等于运动轨迹的长度．2.下列说法中正确的是( ）A．加速度增大，速度一定增大B．速度改变量△v越大,加速度就越大C．物体有加速度，速度就增大Ｄ．速度很大的物体,其加速度可以很小【考点】加速度;速度.【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同,物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反,物体做减速运动．【解答】解：A、当加速度方向与速度方向相反,加速度增大,速度减小,故A错误.B、速度变化量越大，根据a=知，加速度不一定大,故Ｂ错误．Ｃ、物体有加速度，速度不一定增大，若加速度方向与速度方向相同,物体做加速运动，若加速度方向与速度方向相反,物体做减速运动．故C错误.Ｄ、速度很大,速度变化不一定快,加速度可以很小,故D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义,掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法.3.一物体静止在水平面上,则下列说法正确的是（)A.物体对桌面的压力就是重力B．物体对桌面的压力使物体产生了形变C．桌面的形变对物体产生了支持力D.桌面对物体的支持力使桌面产生了形变【考点】物体的弹性和弹力;弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】弹力是由于物体发生弹性形变而产生的，注意区分弹力与重力的不同.【解答】解:Ａ、物体对桌面的压力是由于物体发生形变而产生的,不是重力；重力是由于地球的吸引而产生的，二者性质不同；故A错误;B、物体对桌面的压力使桌面产生了形变;而物体的形变是由于受到桌面的弹力而产生的;故Ｂ错误;C、桌面的形变产生了对物体的弹力,即支持力；故C正确；D、桌面的形变产生了支持力,而不是因为有了支持力而产生的形变;故D错误；故选:Ｃ．【点评】本题考查弹力产生的条件,注意是由于物体间的相互挤压产生了弹力，而不是因为有了弹力才产生了挤压.4.如图所示,一个质量为ｍ=２．0kg的物体，放在倾角为θ=30°的斜面上静止不动,若用竖直向上的力F=5.０N提物体,物体仍静止（g=10m／s2）,下述结论正确的是( )A．物体受到的合外力减小5.０NＢ.物体受到的摩擦力减小２.5NC.斜面受到的压力减小5．０ＮD.物体对斜面的作用力减小5.0Ｎ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】解答本题时要分别对物体进行分析受力，根据平衡条件研究所受的力的大小:无拉力时对物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据共点力平衡条件求解各个力;有拉力F作用后,再次对物体受力分析,受到拉力、重力、支持力和静摩擦力，根据共点力平衡条件求解各个力．【解答】解：Ａ、两次物体都保持静止状态，合力为零,保持不变．故A错误;Ｂ、C、无拉力时对物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如右上图所示,根据共点力平衡条件，有f=ｍgsinθ,N=ｍｇcosθ有拉力F作用后，再次对物体受力分析，受到拉力、重力、支持力和静摩擦力,如右下图所示根据共点力平衡条件,有f1＝（mｇ﹣F)sｉｎθN1=（mｇ﹣Ｆ)cosθ故ｆ﹣ｆ1＝Ｆsiｎ30°=2.５N，Ｎ﹣Ｎ1=Fcos30°=2.5N，即物体对斜面体的摩擦等于斜面体对物体的摩擦,减小了２.5N，故B正确；物体对斜面体的压力等于斜面体对物体的支持力，减小了2.５N,故C错误；D、无拉力时,斜面对物体的作用力与重力大小相等，即为mｇ;有拉力时，斜面对物体作用力与重力、拉力两个力的合力大小相等，即为mg﹣Ｆ，所以斜面对物体的作用减小了Ｆ=5N，则物体对斜面的作用力也减小５N.故D正确.故选BD．【点评】本题关键是对木块受力分析,根据平衡条件,结合正交分解法列方程求解．5.石块A自塔顶自由落下s１时，石块B自离塔顶ｓ2处自由落下，两石块同时落地.则塔高为( )A.s1＋s2ﻩB．C.ﻩＤ．【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】设塔高为h，先求出石块A自塔顶自由落下s1时的速度，石块B自离塔顶s２处自由落下的时间，石块A继续下落的时间等于石块B自离塔顶ｓ２处自由落下的时间,再根据匀加速直线运动位移时间公式即可求解.【解答】解:设塔高为h，石块A自塔顶自由落下s1的时间为:此时A石块的速度为:石块B自离塔顶s2处自由落下的时间为:石块A继续下落的时间等于t2,则：h﹣ｓ１=带入数据解得:ｈ=故选B.【点评】该题主要考查了自由落体运动及匀减速直线运动基本公式的应用，难度不大，属于基础题．６.如图所示,两根直木棍AB和ＣD相互平行,斜靠在竖直墙壁上固定不动,水泥圆筒从木棍的上部匀速滑下．若保持两木棍倾角不变，将两木棍间的距离减小后固定不动，仍将水泥圆筒放在两木棍上部,则( )A.每根木棍对圆筒的支持力变大,摩擦力变大B.每根木棍对圆筒的支持力变小,摩擦力变大C．圆筒仍能匀速滑下D.圆筒将匀加速滑下【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力.【专题】定性思想;推理法;牛顿运动定律综合专题.【分析】水泥圆筒受重力、滑动摩擦力（两个）、支持力(两个），匀速直线运动时受力平衡；将两棍间的距离减小后固定不动,支持力(两个)的合力仍然等于重力的垂直分力,夹角减小，故两个支持力变小，故滑动摩擦力变小,根据牛顿第二定律列式得到加速度的变化情况.【解答】解：水泥圆筒从木棍的上部匀速滑下过程中,受到重力、两棍的支持力和摩擦力,根据平衡条件得知：mgsinθ﹣2ｆ1=0将两棍间的距离稍减小后,两棍支持力的合力不变，夹角减小,每根木棍对圆筒的支持力减小,滑动摩擦力减小，根据牛顿第二定律，有：ｍgsinθ﹣2f2=ma，可知圆筒将匀加速滑动；故A、Ｂ、C错误，Ｄ正确.故选：D．【点评】解决本题的关键知道在垂直木棍方向，重力在该方向的分力等于两支持力的合力，抓住合力一定,夹角变小，得出支持力变小是解决本题的关键.二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分．共计１6分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得４分，选对但不全的得２分,错选或不答的得0分.７．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度,其速度随时间变化的关系如图所示．取g=10m／s2．则( )Ａ．小球下落的最大速度为5m／sB.小球第一次反弹初速度的大小为5m/sC.小球能弹起的最大高度为0．４5mＤ.小球能弹起的最大高度为1.２5m【考点】匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】解决本题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义:速度图象的斜率代表物体的加速度,速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度．【解答】解：A、由图可知,小球下落到0．５s时的速度最大,最大速度为5m/ｓ；故A正确；B、由图象可知,小球第一次反弹后初速度的大小为3m/s,故Ｂ错误;C、由图象可知:前0.5ｓ内物体自由下落，后０．3ｓ物体反弹，根据v﹣t图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得小球弹起的高度为:h＝×3×0.3=0．45m，故C正确D 错误；故选：ＡＣ.【点评】解决本题要明确v﹣t图象的含义:在v﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向,图象的斜率表示物体运动的加速度,图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负.8.如图所示,水平推力F使物体静止于斜面上,则( )Ａ.物体一定受3个力的作用B.物体可能受3个力的作用C．物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力D．物体可能受到沿斜面向下的静摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】物体处于平衡,根据推力F和重力G在沿斜面方向上的分力大小关系判断是否受摩擦力,以及得出摩擦力的方向.【解答】解：若Fｃｏsθ=mｇsiｎθ，则物体所受的摩擦力为零，物体受重力、支持力和推力3个力作用．若Fcosθ>mｇsｉnθ，则物体受到沿斜面向下的静摩擦力，受重力、支持力、推力和摩擦力4个力作用.若Fcosθ＜mｇsiｎθ，则物体受到沿斜面向上的静摩擦力，受重力、支持力、推力和摩擦力4个力作用．故B、Ｄ正确，Ａ、C错误.故选：BD.【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解,通过推力和重力沿斜面方向的分力关系判断是否受静摩擦力作用.9．做匀加速直线运动的质点先后经过Ａ、B、C三点，AB=ＢC，质点在AB段和BＣ段平均速度分别为20m/s，3０m/ｓ，根据以上条件可以求出（)A.质点在AＣ段运动的时间B.质点的加速度C.质点在AＣ段的平均速度ﻩD．质点在C点的瞬时速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题.【分析】设AB=BC=x,运动的时间分别为:t1和ｔ2，根据运动学公式列出方程,看能不能根据已知条件求解即可.【解答】解:A、设AB=BC=ｘ,加速度为a，运动到Ａ点的速度为v0,运动的时间分别为:t1和t2,则有:=2０ｍ/s=30m/sx=v0t1+at12２ｘ=v０（t1+t２)＋a(ｔ1＋ｔ2）２5个未知数,4个方程，故无法求解质点在AC段运动的时间t、质点的加速度ａ、质点在A Ｃ段的发生位移2ｘ，故ＡB错误；C、质点在AC段的平均速度为＝=24m/s，故C正确Ｄ、根据匀变速直线运动规律得一段过程中平均速度等于该过程中初末速度和的一半,即=,质点在这个过程：＝=24m／s质点在ＡB段:＝＝2０ｍ／s质点在BC段:==３0m／s解得v C=３4m／s．故选CＤ．【点评】本题要注意ＡC段的平均速度不等于=25ｍ/s,平均速度应为总位移除以总时间，很多同学会做错.1０.如图所示,沿倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10ｃm、劲度系数为10０0N/ｍ的弹簧,其一端固定在斜面底端，另一端放置重80N的物体Ａ后,弹簧长度缩短为8ｃm，现用一测力计沿斜面向上拉物体,若物体与斜面间最大静摩擦力为25Ｎ,当弹簧的长度仍为8c ｍ时,测力计读数可能为( )A.１0NﻩＢ．２0ＮﻩC.50ＮﻩD.60N【考点】共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当弹簧长度缩短为8ｃｍ时,由胡克定律求得弹簧的弹力,分析物体的状态，再分析当弹簧的长度为8cm时,根据平衡条件得到测力计拉力的最大值【解答】解:施加拉力前,物体受到四个力的作用而平衡：重力G、垂直斜面向上的支持力N、沿斜面向上的摩擦力ｆ和弹簧对物体施加沿斜面向上的弹力T，受力如图,其中：T=kx=1０0０×0．02＝２0N，根据平衡条件可得：f＝Gsｉn３0°﹣T=20N，方向沿斜面向上;施加拉力F后,弹簧长度不变,说明物体仍然静止，并且弹簧对物体施加的弹力大小和方向不变，若摩擦力沿斜面向上，则F+f+T=Gsin3０°,即Ｆ＋ｆ＝２０Ｎ,摩擦力f随着Ｆ增大而较小，当F=20N时,f＝0,若F>20N，摩擦力沿斜面向下，因为物体没有滑动，所以F+T＜Ｇsｉn3０°+f m，代入数据可得,F<45N,所以测力计读数在０~45N之间.故ＡB正确,CD错误.故选:AＢ【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡和胡克定律结合进行求解.三、实验题：本题共2小题,共计２4分.请将解答填写在答题卡相应的位置11．在研究匀变速直线运动的实验中,如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中Ａ、B、C、Ｄ、E为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔为T＝0.1s．(1)根据相邻相等时间内的位移之差为定值可判定小球做匀加速直线运动;（２）计算C点速度v C=1.225m/s;(3)根据纸带点的分布，求出加速度ａ=３.5m／s２.【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题；定量思想;方程法；直线运动规律专题．【分析】根据相邻的相等时间间隔位移之差是否相等来判断小车是否做匀变速直线运动.纸带实验中，若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度.【解答】解:（1)根据纸带数据，则有：x BＣ﹣xＡB=17．５0﹣7．00﹣7．00＝3.５0ｃm;同理，x CD﹣ｘBC＝31.50﹣1７．5０﹣（17.50﹣7.00）＝3．50cm因此相邻的相等时间间隔位移之差相等,所以小车做匀加速直线运动．（2）利用匀变速直线运动的推论得：v C=＝＝１.２25ｍ/s根据运动学公式得:△x＝at2，ａ=＝＝3．5m/s2故答案为：（1)相邻相等时间内的位移之差为定值,匀加速直线运动;(２）1.２25；（3）3.5;【点评】考查纸带数据处理的方法，掌握判定匀变速运动的依据，还能够运用运动学公式处理纸带的问题．12．某同学做“验证力的平行四边形定则”实验时，主要步骤是:A．在桌面上放一块方木板,在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳,细绳的另一端系着绳套;C.用两个弹簧秤分别钩住绳套,互成角度地拉橡皮条,使橡皮条伸长，结点到达某一位置Ｏ．记下O点的位置,读出两个弹簧秤的示数；D.按选好的标度,用铅笔和刻度尺作出两只弹簧秤的拉力F1和Ｆ2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；Ｅ.只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长,读出弹簧秤的示数,记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F的图示;F.比较力Ｆ′和Ｆ的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中:(1）有重要遗漏的步骤的序号是C和Ｅ；（2）遗漏的内容分别是C中未记下两条细绳的方向和E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O.【考点】验证力的平行四边形定则.【专题】实验题;平行四边形法则图解法专题．【分析】步骤C中只有记下两条细绳的方向,才能确定两个分力的方向,进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤E中只有使结点到达同样的位置O,才能表示两种情况下力的作用效果相同；【解答】解:本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法,作出合力和理论值和实际值,然后进行比较，得出结果.所以，实验时,除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向,这样才能作出拉力的图示.步骤Ｃ中未记下两条细绳的方向;步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置Ｏ.故答案是:（1)ＣE,(2)Ｃ中未记下两条细绳的方向;Ｅ中未说明把橡皮条的结点拉到位置Ｏ．【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键．四、计算题:本题共4小题．共计6２分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位.1３.轻弹簧秤上端固定于O点，下端悬挂一个光滑的定滑轮C,已知Ｃ重1Ｎ,木块A、Ｂ用跨过定滑轮的轻绳连接,Ａ、B的重力分别为5Ｎ和2N.整个系统处于平衡状态，如图所示，求:(1)地面对木块A的支持力大小；（2)弹簧秤的示数;（3)滑轮Ｃ受到的合力．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力.【专题】定性思想；方程法;共点力作用下物体平衡专题.【分析】(１)以Ａ物体为研究对象,根据平衡条件求解地面对木块A的支持力大小；（2）以定滑轮C为研究对象，根据平衡条件求出弹簧的拉力,得到弹簧秤的示数；(3)以滑轮为研究对象，对滑轮减小受力分析即可求出.【解答】解：（1）对A物体，竖直方向受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和绳的拉力．由受力平衡得,在竖直方向上有:ｍAｇ=T CA＋N A①ＴCA=T B②对B有:TＢ＝m B g ③由①、②、③式可得:N A=mＡg﹣ｍB g=5N﹣2Ｎ=3N(2)对定滑轮C，由受力平衡得，在竖直方向上有:Ｔ弹=m Cｇ+2T绳又Ｔ绳=TＢ=m B g得到Ｔ弹=mＣg+２m Bｇ=1N＋2×２N＝5N（3)由于滑轮处于平衡状态,所以受到的合外力等于０.答:(1)地面对木块A的支持力大小为3N;（2）弹簧秤的示数为5N；（3)滑轮C受到的合力是0．【点评】本题涉及三个物体，首先要选择研究对象,其次要分析受力情况，不要将滑轮的重力漏掉．1４．(13分）有一架电梯,启动时匀加速上升,加速度为2ｍ/s2，制动时匀减速上升,加速度为﹣1m/s2,楼高5２m.求:(1）若上升的最大速度为6m/ｓ,电梯升到楼顶的最短时间是多少？（2）如果电梯先加速上升,然后匀速上升，最后减速上升，全程共用16秒，上升的最大速度是多少？【考点】牛顿第二定律.【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】(1)当电梯先匀加速直线运动到最大速度,以最大速度匀速,最后匀减速直线运动到零，这样所需的时间最短．根据运动学公式求出最短的时间．(2)设最大速度为v，根据匀变速直线运动和匀速直线运动的公式,抓住总位移为52m，总时间为16s,求出上升的最大速度.【解答】解:(1)匀加速直线运动的位移，匀加速直线运动的时间．匀减速直线运动的位移,匀减速直线运动的时间.匀速运动的位移x3=x﹣ｘ1﹣x2=２5m,则匀速直线运动的时间≈4.2ｓ．则电梯升到楼顶的最短时间为ｔ=ｔ１＋ｔ２+t3=1３.2ｓ．(２）设最大速度为v.则匀加速直线运动的位移，匀加速直线运动的时间.匀速运动的位移x2=vｔ2匀减速直线运动的位移,匀减速直线运动的时间.因为x１+x2+x3=52m,t1+t2＋t3＝１６s联立解得v＝4m／s．答:（1）若上升的最大速度为6m/s，电梯升到楼顶的最短时间是13.2s.。
江苏省扬州中学2020-2021学年高一上学期12月月考物理试题 (1)
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t=0到t=t1的时间内，它们的v-t图象如图所示．在这段时间内
A．汽车甲的平均速度比乙大
（3）下图是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间隔为0.1 s，由图中的数据可得小车的加速度a为____m/s2。
四、解答题
12．跳伞运动员从悬停在距地面404m高处的直升飞机上由静止跳下，先做自由落体运动，当下落180m时打开降落伞，降落伞打开后做匀减速直线运动，跳伞运动员到达地面时的速度为4m/s．g取10m/s2．问：（1）跳伞运动员打开降落伞时速度是多少？（2）跳伞运动员运动的总时间是多少？
A． B．
C． D．
7．如图所示，光滑斜面体固定在水平面上，倾角为30°，轻弹簧下端固定A物体，A物体质量为m，上表面水平且粗糙，弹簧劲度系数为k，重力加速度为g，初始时A保持静止状态，在A的上表面轻轻放一个与A质量相等的B物体，随后两物体一起运动，则（）
A．当B放在A上的瞬间，A、B的加速度为
B．当B放在A上的瞬间，A对B的摩擦力为零
(1)为了完成实验，需要记录结点O的位置以及弹簧测力计的示数和弹力的方向，如果作图得到的合力方向近似在________方向上，且大小近似等于_______，则平行四边形定则得以验证。
(2)下列不必要的实验要求是________（请填写选项前对应的字母）。
A．木板平面要保持竖直
B．两个弹簧测力计必须完全相同
11．某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验。
江苏省扬州中学2020-2021学年高一上学期中考试物理试题
B．木板B受到地面滑动摩擦力的大小等于F﹣FT
C．若木板以2v的速度运动，木块A受到的摩擦力大小为2FT
D．若作用在木板B上的水平力为2F，则地面受到的滑动摩擦力的大小仍等于F﹣FT
10．如图所示，两个物体A、B用轻弹簧相连接，A用细线挂在天花板上，B放在水平地面上．已知GA=3N，GB=4N，A、B间弹簧的弹力为2N，则悬线的拉力T、B对地面的压力FN的可能值分别是（ ）
A．80 次/minB．70 次minC．60次/minD．50次/min
4．如图甲，用轻绳把两个质量未知的小球悬挂起来，对小球a施加一个向左偏下30°的恒力，并对小球b施加一个向右偏上30°同样大小的恒力，最后达到平衡状态( )
A． B． C． D．
5．物体从h高处做自由落体运动，经时间t到达地面，落地速度为v，那么当物体下落时间为 时，物体的速度和距离地面的高度分别是( )
C．若L=4.5m，A、B相遇一次D．若L=4．m，A、B不可能相遇
三、实验题
12．（1）现有下列器材：①打点计时器，②平，③低压交流电源，④低压直流电源，⑤细绳和纸带，⑥钩码和小车，⑦秒表，⑧一端有滑轮的长木板，⑨刻度尺．
请选出“测定匀变速直线运动的加速度”实验中所需的器材（填编号）_____．
（2）某同学在“测匀变速直线运动的加速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点（每相邻两个计数点之间还有四个点未画出），其相邻两计数点间的距离如图所示：
D．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大
2．下面实例中不属于惯性表现的是（ ）
A．滑冰运动员停止用力后仍能在冰面上滑行一段距离
2020-2021学年江苏省扬州中学高一(上)月考物理试卷(10月份Word+答案)
2020-2021学年江苏省扬州中学高一（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）2010年1月4日，在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下“河北锦绣”“银河”等13艘货轮顺利抵达亚丁湾西部预定海域．如图所示，此次护航总航程4500海里．若所有船只运动速率相同，则下列说法正确的是（）A．“4500海里”指的是护航舰艇的位移B．研究舰队平均速率时可将“千岛湖”舰看作质点C．以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰一定是运动的D．根据图中数据可求出此次航行过程中的平均速度2．（3分）物体沿一条直线运动，下列说法中正确的是（）A．物体在某时刻的速度是3m/s，则物体在1s内的位移一定为3mB．物体在某1s内的平均速度是3m/s，则物体在这1s内的位移一定是3mC．物体在某1s内的加速度恒为是3m/s2，则物体在1s内的位移一定是1.5mD．物体在某段时间内的平均速度为3m/s，则物体在这段时间中间时刻的速度一定是3m/s3．（3分）a、b、c三物体在同一条直线上运动，其x﹣t图如图所示，图象c是一条抛物线，坐标原点是该抛物线的顶点，下列说法中正确的是（）A．a、b两物体都做匀变速直线运动，两个物体的加速度大小相等B．a、b两物体都做匀速直线运动，两个物体的速度相同C．在0～5s的时间内，t＝5s时a、b两个物体相距最远D．物体c做变加速运动，加速度逐渐增大4．（3分）如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5所示的小球运动过程中每次曝光的位置。
连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，根据图中的信息，下列判断正确的是（）A．位置“1”是小球释放的初始位置B．小球下落的加速度大小为C．小球在位置“5”的速度大小为D．相邻两个位置间的速度差为5．（3分）一质点由静止开始运动，前8秒为匀加速直线运动，后4秒为匀减速直线运动，第12秒末时，物体恰好停止运动。
江苏省扬州中学2020┄2021学年高一上学期期中考试试卷 物理
江苏省扬州中学2021-２０２2年第一学期期中考试高一物理试卷 １１说明： 1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分．满分１20分，考试时间10０分钟. ２.答题前,考生务必将自己的班级、姓名、考试号写在答题纸的密封线内.选择题答案按要求涂在答题卡．．．上;非选择题的答案写在答题纸．．．上对应题目的相应位置．第 I 卷(选择题 共３8分）一、单项选择题：本题共6小题，每小题３分,共１８分，每小题只有一个选项符合题意. １．下述情况中的物体,可视为质点的是A.研究小木块．．．的翻倒过程 B ．研究地球．．自转运动的规律 Ｃ.研究人造地球卫星．．．．．．绕地球做圆周运动 D.研究汽车后轮上一点的运动情况时的车轮．．２.为使高速公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志。
如图所示，甲图是限速标志，表示允许的最小速度是５０k ｍ／ｈ；乙图是路线指示标志,表示到下一出口还有2５km ，上述两个数据的物理意义分别是A.50 km /h 是平均速度,2５ km 是路程 Ｂ．50 ｋｍ /h 是瞬时速度，２5 km 是路程 C.５0 k ｍ /ｈ是瞬时速度,２5 km 是位移 Ｄ．50 km /ｈ是平均速度，25 ｋm 是位移３． 甲、乙两车在同一地点同时做直线运动，其v －tＡ.甲的加速度大于乙的加速度 B.它们的初速度均为零Ｃ．0～t1时间内,甲的位移大于乙的位移 Ｄ.０～t 1时间内，甲的速度大于乙的速度t甲乙４.一辆汽车在平直的公路上行驶，刹车后它的位移与时间的关系x=2４t–3t2，以下说法正确的有A．汽车在做减速运动，运动的加速度为–3ｍ/s２B．第1s末物体的速度为2１m/ｓC.t ＝5s时汽车的位移为45mD．汽车在最初2s内的平均速度为18m/ｓ５．水平横梁一端Ａ插在墙壁内,另一端装有一小滑轮B。
一轻绳的一端C固定于墙壁上,另一端跨过滑轮后悬挂一质量为ｍ＝10 kg的重物,∠CBA=30°,如图所示,则滑轮受到绳子的作用力为(g取１0 m/s２）A.50 ＮB.50错误!ＮC.100 N Ｄ．1００错误!N6.木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0．２5。
江苏省扬州中学2020学年高一物理12月月考试题
江苏省扬州中学2020学年第一学期12月月考高一物理一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意）1．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，可以把物体简化为一个有质量的点，即质点。
物理学中，把这种在实际原型的基础上，突出问题的主要方面，忽略次要因素，经过科学抽象而建立起来的客体称为（）A. 科学假说B. 等效替代C. 理想模型D. 控制变量2．直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示。
设投放初速度为零．箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态。
在箱子下落过程中．下列说法正确的是（）A.箱内物体对箱子底部始终没有压力B.箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C.箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D.若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”3．两滑杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用细线悬吊着两物体C、D，如图所示，当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终与杆垂直，B的悬线始终竖直向下。
则( )A．A环做的是匀速运动B．B环做的是匀速运动C．A环与杆之间一定有摩擦力D．B环与杆之间一定无摩擦力4．如图，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和b。
a球质量为m，静置于地面；b球质量为3m，用手托往，高度为h，此时轻绳刚好拉紧。
从静止开始释放b后，a可能达到的最大高度为（ ）A.hB.1.5hC.2hD.2.5h5．甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v-t 图象如图所示。
两图象在t=t 1时相交于P 点，P 在横轴上的投影为Q ，△OPQ 的面积为S 。
在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d 。
已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t ′，则下面四组t ′和d 的组合可能是（ ）A. t ′＝t 1 ,d=SB. t ′=111,24t d S =C. t ′111,22t d S ==D. t ′=113,24t d S =二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有不少于两个选项符合题意。
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江苏省扬州市扬州中学2020-2021高一（上）12月
物理试题
学校_________ 班级__________ 姓名__________ 学号__________
一、单选题
1. 意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（）
A．力不是维持物体运动的原因
B．力是使物体产生加速度的原因
C．自由落体运动是一种匀变速直线运动
D．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性
2. 关于力学单位制，下列说法中正确的是（）
A．kg、、N都是导出单位
B．kg、m、s是国际单位制中的基本单位
C．在国际单位制中，质量的单位可以是kg，也可以是g
D．在有关力学的分析计算中，只能采用国际单位，不能采用其他单位
3. 汽车在公路上以72km/h的速度直行，突然发现前方66m处有障碍物，为不撞上障碍物，驾驶员立刻刹车，刹车的加速度大小为4m/s2，则驾驶员的允许反应时间最长仅有（）
A．0.5s B．0.7s C．0.8s D．0.9s
4. 下列说法中，正确的是（）
A．牛顿第一定律是在大量实验事实的基础上，通过进一步推理而概括总结出来的
B．牛顿第一定律是以伽利略的理想实验为基础的，因此可用实验来直接验证C．汽车刹车时，乘客的身子会向前倾倒，是因为汽车有惯性
D．只有做匀速直线运动的物体和静止的物体才有惯性
5. 如图，三个质量均为m的物块a、b、c，用两个轻弹簧和一根轻绳相连，挂在天花板上，处于静止状态，现将b、c之间的轻绳剪断（设重力加速度为
g），下列说法正确的是（）
A．剪断轻绳后，a、b下落过程中，两者一直保持相对静止
B．刚剪断轻绳的瞬间，b的加速度大小为g
C．刚剪断轻绳的瞬间，a的加速度大小为g
D．刚剪断轻绳的瞬间，c的加速度大小为2g
6. 如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，则（）
A．木板受4个力的作用
B．木板受到木块向左的滑动摩擦力
C．木板与地面之间的摩擦力为μ1(m＋M)g
D．木板与地面之间的摩擦力为μ2mg
7. 表面光滑，半径为R的半圆固定在水平地面上，球心O的正上方处有一无摩擦定滑轮，轻质细绳两端各系一个可看成质点的小球挂在定滑轮上，如图所示。
两小球平衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为L1=1.6R和L2=2R，已知小球m1的质量为.5kg，则m2的质量为（）
A．.33kg B．0.4kg C．.5kg D．.625kg
8. 如图所示，B、C用一细绳连接，A放在B上面，A与B及B、C与地面之间均为0.2，m A=1kg，m B=m C=2kg。
以水平外力F=10N向右拉C，A、B、C一起向右做匀速运动。
若F突然变为24N，方向不变（绳子不会断，最大静摩擦力等
于滑动摩擦力，g=10m/s2），则此时C的加速度为（）
A．3.5m/s2B．3.0m/s2
C．2.8m/s2D．2.4m/s2
9. 一质量为m的乘客乘坐竖直电梯下楼，其位移s与时间t的关系图像如图所示。
乘客所受支持力的大小用F N表示，速度大小用v表示。
重力加速度大小为g。
以下判断正确的是（）
A．0~t1时间内，v增大，F N>mg B．t1~t2时间内，v减小，F N<mg
C．t2~t3时间内，v增大，F N <mg D．t2~t3时间内，v减小，F N >mg
二、多选题
10. 在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物。
如下图甲所示，倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A 点，经过1.2s到达传送带的B点。
用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化的图像如图乙所示，已知重力加速度g=10 m/s2。
由v-t图像可知（）
A．A、B两点的距离为3.2 m
B．货物与传送带间的动摩擦因数为0.5
C．货物从A运动到B的过程中，传送带上痕迹长度为1.2m
D．货物从A运动到B的过程中，前后加速度大小之比为5:1
11. 在光滑水平面上有一质量为2 kg的物体，在几个共点力的作用下做匀速直线运动。
现突然将与速度反方向的2 N的力水平旋转90°，则关于物体运动情况的叙述正确的是（）
A．物体做速度大小不变的曲线运动
B．物体做速度越来越大的曲线运动
C．物体做加速度大小为 m/s2的匀变速曲线运动
D．物体做非匀变速曲线运动，其速度越来越大
12. 如图所示，倾角为的固定光滑斜面上有两个质量均为m的物块A、B，物块A通过劲度系数为k的轻弹簧拴接在斜面底端的固定挡板上，物块B通
过一根跨过定滑轮的细线与物块C相连，物块C的质量为，弹簧、细线均与斜面平行。
初始时，用手托住物块C，使细线恰好伸直但无拉力，释放物块C，物块A、B分离时，滑块C恰好落地。
重力加速度大小为g，不计滑轮质量及摩擦，忽略空气阻力，弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（）
A．初始时，弹簧的压缩量为
B．物块A、B分离时，弹簧弹力等于
C．从开始到物块A、B分离的过程中，物块A、B的速度先增大后减小
D．从开始到物块A、B分离的过程中，物块A、B一直加速
三、实验题
13. 如下图所示实验装置探究加速度与力关系实验，按正确的要求进行操作，打出的一条纸带如图乙所示，打点计时器使用的是50Hz的交流电源。
(1)实验中为了测量更精确，需要平衡摩擦力，写出平衡摩擦力的过程
___________，若某同学经过上述操作后，实验画出的图像如下图所示，应
______（填“减小”或“增大”）木板的倾角；
(2)根据某同学实验画出的图像中数据可知小车的质量为______kg。
某实验小组认为上述试验有误差，所以重新设计了以下实验。
已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，定滑轮和动滑轮的阻力可忽略不计。
实验步骤如下：
①按下图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；
②调节长木板的倾角，轻推小车，使小车能沿长木板向下匀速运动，记下此时弹簧测力计示数F0；
③挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，记下弹簧测力计示数F1，由纸带求出小车的加速度a1；
④改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤③，求得小车在不同合力F作用下的加速度a；
(3)对于该实验方案，下列说法正确的是（______）
A．平衡摩擦力时，即②步骤中一定不能挂上砝码盘
B．与小车相连的轻绳与长木板一定要平行
C．实验过程中一定要保持
D．小车在运动中，所受到的合力等于弹簧测力计示数F减去小车匀速下滑时弹簧测力计示数F0，即F合=F-F0
(4)若s1=6.00cm，s2=6.87cm，s3=7.75cm，s4=8.64cm。
则a=________m/s2。
（结果保留两位有效数字）
(5)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图
像，如下图所示，与本实验相符合的是（______）
A． B． C． D．
四、解答题
14. 小船匀速横渡一条河流，水流速度的大小，船在静水中的速度大小，第一次船头垂直对岸方向航行时，在出发后到达对岸下游60m处；第二次船头保持与河岸成角向上游航行时，小船恰好经过时间t1能垂直河岸到达正对岸，已知=0.8，=0.6，求：
(1)求船在静水中的速度大小v2；
(2)求第二次过河的时间t1；
(3)若上游大暴雨，导致水流速度增大到10m/s时，求小船到达河对岸的最短位移x及所用时间时间t2。
15. 如图所示，水平传送带以不变的速度v向右运动，将工件轻轻放在传送带的左端，由于摩擦力的作用，工件做匀加速运动，经过时间t，速度变为v；再经时间2t，工件到达传送带的右端，求：
(1)工件在水平传送带上滑动时的加速度
(2)工件与水平传送带间的动摩擦因数
(3)工件从水平传送带的左端到达右端通过的距离
16. 如图所示，长L=1.6m、质量M=2kg的木板静置于光滑水平面上，质量
m=1kg的小物块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数μ=0.2。
现对木板施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2。
(1)求使物块不掉下去的最大拉力F；
(2)如果F=10N，求物块从木板上滑落的时间t；
(3)如果把这个板块模型放到竖直方向运动的升降机里，作用在木板上的拉力
F=12N恒定不变，要使物块不相对木板滑动，升降机的加速度a
应满足什么条
y
件？则升降机做什么性质的运动？。