人教版高中物理选修3-2检测试题：电能的输送
高中物理学习材料
（灿若寒星**整理制作）
练习 电能的输送
一、送择题(每题5分，共50分)
1．A 远距离输送交流电都采用高压输电．我国正在研究用比330kV 高得多的电压进行输电．采用高压输电的优点是（ ）
A ．可节省输电线的铜材料
B ．可根据需要调节交流电的频率
C ．可减少输电线上的能量损失
D ．可加快输电的速度
答案：AC
2．A 某发电厂原来用11kV 的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到220kV 输电，输送的电功率都是P ，若输电线路的电阻为R ，则下列说法中正确的是（ ）
A ．根据公式，I=P ／U ，提高电压后输电线上的电流降为原来的1／20
B ．根据公式I=U ／R ，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍
C ．根据公式P=I 2R ，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的1／400
D ．根据公式P=U 2／R ，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍
答案：AC
3．B 如图所示，理想变压器的原线圈接高电压，降压后通过一段电阻不可忽略的线路接用电器．S 原来闭合，且R 1=R 2．现将S 断开，那么交流电压表的示数U ，交流电流表的示数I 和用电器R 1上的功率P 1将分别是（ ）
A ．U 增大，I 增大，P 1增大
B ．U 增大，I 减小，P 1增大
C ．U 减小，I 减小，P 1减小
D ．U 减小，I 增大，P 1减小
答案：B
4．A 一小水电站，输出的电功率为20kW ，输电线总电阻为0．5omega ，
如果先用400V 电压输送，后又改用2000V 电压输送，则输送电压提高后，输电
导线上损失的电功率的变化情况是（ ）
A ．减少50W
B ．减少1200W
C ．减少7．68×106W
D ．增大7．68×106W 答案：B
5．B 输电线的电阻共计r ，输送的电功率是P ，用电压U 送电，则用户能得到的电功率为（ ）
A ．P
B ．r U P P 2⎪⎭⎫ ⎝⎛-
C ．r U P 2-
D ．r U P 2
⎪⎭⎫ ⎝⎛ 答案：B
6．B 某发电厂发电机的输出电压为U 1，发电厂至学校的输电导线总电阻为R ，通过导线的电流为I ，学校得到的电压为U 2，则输电导线上损耗的功率可表示为（ ）
A ．R U 21
B ．()R U U 221-
C ．I 2R
D ．I(U 1-U 2)
答案：BCD
7．B 某用电器距离供电电源L ，线路上的电流为I ，若要求线路上的电压降不超过U ，已知输电导线的电阻率为ρ，那么该输电导线的横截面积的最小值是（ ）
A ．U lI ρ
B ．I 2ρ
C ．U lI 2ρ
D ．ρ
I 2UL 答案：C
8．B 分别用1100V 和22000V 的电压输电，若输送的电功率相同，导线的材料和送电距离也相同，则当两次输电损失的电功率相等时，两次所用导线的横截面积之比为（ ）
A ．1：20
B ．20：1
C ．1：400
D ．400：1
答案：D
9．B 发电机的端电压为250V ，输出功率为10kW ，输电线电阻为5omega ，远距离输电时（ ）
A ．不采用高压输电，终端用户电压一定达220V
B ．用高压输电，输电线损失功率5％，终端用户电压为237．5V
C ．用高压输电，终端得到220V 电压，输电线损失不多于5％时，所用升压和降压变压器匝数比分别为1：4和5：1
D ．用10000V 高压输电，输电线损失为0．05％
答案：D
10．B 在电能输送的电功率一定时，输电线上损失的功率（ ）
A ．与输送电压的平方成正比
B ．与输送电压的平方成反比
C ．与输送电流成正比
D ．与输送电流的平方成正比
答案：BD
二、填空题(每空6分，共24分)
11．A 用10kV 高压输送电功率为100kW 的交流电，在输电线上损失2％的电功率，输电线的总电阻为______；如改用5kV 电压输送100kW 的交流电，输电线上损失的电功率为_____kW ．
答案：20，8
12．B 从甲地通过某输电线向乙地输送1．0×105kW 电功率，如果用5．5×103V 电压送电，输电线上损失的电功率为4．0×l02kW;如果改用1．1×l05V 电压送电，输电线上损失的电功率为_____kW ，若要求两次损失的电功率相同，则两次所用导线的横截面积之比为S 1：S 2=______．
答案：1，400：1
三、计算题(每题13分，共26分)
13．B 一台交流发电机的输出功率为50kW ，输出电压为240V ，输电线总电阻R=30omega ，允许损失功率为输出功率的6％，为满足用电需求，则该输电线路所用的理想的升压、降压变压器的匝数比各是多少?能使多少盏“220V100W"的电灯正常发光?
答案：解；按设计要求ΔP 线=ηP 输=6％×50kW=3kW
得输电线中电流I 2=R P 线
∆=10A
升压变压器的输出电压：U 2=2I P 输
=5kV 升压变压器原，副线圈匝数比：125
65000240U U n n 2121=== 输电线损失电压：ΔU 线=I 2R=300V
降压变压器的输入电压U'1=U 2-ΔU 线=5000—300=4700V 降压变压器原副线圈匝数比：11
2352204700U''U n'n'2121=== 降压变压器的输人功率P'输=P 输-ΔP 线=50-3=47kW
每盏电灯正常发光时的功率P 灯=100w
所以能使电灯正常发光的盏数：N=100
1047P P 3
⨯=灯输=470盏 14．C 利用太阳电池这个能量转换器件将辐射能转变为电能的系统又称光伏发电系统．光
伏发电系统的直流供电方式有其局限性，绝大多数光伏发电系统均采用交流供电方式．
将直流电变为交流电的装置称为逆变器．
(1)用逆变器将直流电变为交流电进行供电有哪些好处?请简要回答．
(2)有一台内阻为1omega 的太阳能发电机，供给一个学校照明用电，如图所示，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻R=4omega ，全校共22个班，每班有"220V40W"灯6盏，若全部电灯正常发光，则
①发电机输出功率多大?
②发电机电动势多大?
③输电效率多少?
④若使灯数减半并正常发光，发电机输出功率是否减半?
答案：解：(1)可以改变电压的大小以适应不同的需要；通过升压、降压在远距离输送电中减少电能在输电 线上的损耗，提高供电效率．所以用逆变器将直流电变为交流电，可以扩大发电系统的利用率．
(2)①发电机的输出功率：P 出=nP 灯+22I R
而I 2=灯nI I 4
1413=
所以，P 出=22×6×40+2422040622⎪⎭
⎫ ⎝⎛⨯⨯⨯×4=5425W ②E=U 1+I 1r ，r 为发电机内阻，U 1=41U 2 U 2=4U 3+I 2R=4×220+6×4=904V ；I 1=4I 2 所以，E=4
904+4×6×1=250V ③η=出
灯出用P P P P ==97% ④电灯减少一半时，n'P 灯=11×220×6=2640W I 2=n'P 灯／U 2=2640／880=3A 所以，P 出=n ’P 灯+I'2R=2640+32×4=2676W。
人教版高中物理选修3-2 同步测试第5章 5 电能的输送
[A 组 素养达标]1．远距离输电,输电功率一定,当输电电压为U 0时,输电线上的电流为I 0,损失的电功率为P 0.则当输电电压提高为2U 0时( )A ．由I ＝UR 得,输电线上的电流变为2I 0B ．由I ＝P U 得,输电线上的电流变为I 02C ．由P ＝U2R 得,输电线上损失的电功率为4P 0D ．由P ＝IU 得,输电线上损失的电功率为2P 0解析：设输电线的电阻为R,当输电线上的电流为I 0时,损失的电功率为P 0＝I 20R.当输电电压提高为2U 0时,由I ＝P U 可知输电线上的电流变为I 02,输电线上损失的电功率为P 损＝(I 02)2R ＝P 04.故选项B 正确．答案：B2．为了减少输电线路上的电能损失,发电厂发出的电通常是经过变电站升压后通过远距离输送,再经变电站将高压变为低压,某变电站将电压u 0＝11 0002·sin 100πt V 的交流电降为220 V 供居民小区用电,则变电站变压器( )A ．原、副线圈匝数比为1∶50B ．副线圈中电流的频率是50 HzC ．原线圈的导线比副线圈的要粗D ．原线圈中的电流等于居民小区各用电器电流的总和解析：原、副线圈匝数比n 1n 2＝11 000 220＝501,A 错误；变压器不改变交变电流的频率,B 正确；原线圈中的电流较小,导线较细,C 错误；副线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和,D 错误．答案：B3．(多选)某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机的输出电压为200 V,输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2.降压变压器原、副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作,则( )A.n 2n 1＞n 3n 4B.n 2n 1＜n 3n 4C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析：由于输电线上的功率损耗,故升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率,故选项D 正确；U 2U 1＝n 2n 1,U 3U 4＝n 3n 4,因为U 1＝200 V ＜U 4＝220 V,U 2＞U 3＝U 2－U 线,故n 2n 1＞n 3n 4,选项A 正确． 答案：AD4．一项名为“1 100千伏特高压隔离开关”的“破冰实验”在我国大兴安岭漠河县取得成功,标志着我国特高压输电技术已突破低温环境制约．为消除高压输电线上的冰,假设利用电流的热效应除冰．若在正常供电时,高压线上输电电压为U,电流为I,热消耗功率为P 损；除冰时,输电线上的热功率需要变为9P 损,则除冰时(认为输电功率和输电线电阻不变)( )A ．输电电流为3IB ．输电电流为9IC ．输电电压为3UD ．输电电压为13U解析：输电线上的功率损失为P 损＝I 2R 线＝(P U )2R 线,由该式可知要使P 损增大到原来的9倍,输电电流应变为原来的3倍,输电电压应变为原来的13,故A 、D 正确．答案：AD5．某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机通过升压变压器T 1和降压变压器T 2向用户供电．已知输电线的总电阻为R,降压变压器T 2的原、副线圈匝数之比为4∶1,降压变压器副线圈两端交变电压u ＝220sin 100πt V ,降压变压器的副线圈与阻值R 0＝11 Ω的电阻组成闭合电路．若将变压器视为理想变压器,则下列说法中正确的是( )A ．通过电阻R 0的电流的有效值是20 AB ．降压变压器T 2原、副线圈的电压比为1∶4C ．升压变压器T 1的输出电压等于降压变压器T 2的输入电压D ．升压变压器T 1的输出功率大于降压变压器T 2的输入功率解析：电阻R 0两端的电压有效值不是220 V,所以通过电阻R 0的电流的有效值不是20 A,A 错误；降压变压器T 2的原、副线圈匝数之比为4∶1,则降压变压器T 2原、副线圈的电压比4∶1,B 错误；由于连接升压变压器和降压变压器的输电导线上有电压损失,升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压,C 错误；升压变压器T 1的输出功率等于降压变压器T 2的输入功率与电阻R 上的发热功率之和,D 正确．答案：D6．发电厂直接通过输电线向学校供电．已知发电厂发电机的输出电压为U 1,发电厂至学校的输电线电阻为R 线,通过导线的电流为I,学校输入电压为U 2,下列计算输电线损耗的式子中,不正确的是( )A.U 21R 线 B.(U 1－U 2)2R 线C ．I 2R 线D ．I(U 1－U 2)解析：输电线损耗P 损＝I 2R 线＝U 2线R 线＝IU 线,其中U 线＝U 1－U 2,故B 、C 、D 正确,A 错误．答案：A7．如图为远距离输电示意图,两变压器均为理想变压器,升压变压器T 的原、副线圈匝数分别为n 1、n 2,在T 的原线圈两端接入一电压u ＝U m sin ωt 的交流电源,若输送电功率为P,输电线的总电阻为2r,不考虑其他因素的影响,则输电线上损失的电功率为( )A ．(n 1n 2)U 2m4rB ．(n 2n 1)U 2m4rC ．4(n 1n 2)2(P U m )2rD ．4(n 2n 1)2(P U m)2r解析：由I 1＝2P U m 和I 1I 2＝n 2n 1得I r ＝I 2＝n 12P n 2U m ,则输电线上损失的功率P r ＝I 2r ·2r＝4(n 1n 2)2(P U m)2r,故选C. 答案：C8．(多选)如图为远距离输电示意图,发电机的输出电压U 1和输电线的电阻、理想变压器匝数均不变,且n 1∶n 2＝n 4∶n 3.当用户用电器的总电阻减少时( )A ．U 1∶U 2＝U 4∶U 3B ．用户的电压U 4增加C ．输电线上损失功率增大D ．用户消耗的功率等于发电机的输出功率解析：根据U 1U 2＝n 1n 2,U 3U 4＝n 3n 4,以及n 1∶n 2＝n 4∶n 3,知U 1∶U 2＝U 4∶U 3,故A 正确．用户用电器总电阻减小,则电流增大,所以输电线上的电流增大,根据P 损＝I 2R 知,输电线上损耗的功率增大,根据ΔU＝IR 知,输电线上的电压损失变大,发电机的输出电压不变,则升压变压器的输出电压不变,则降压变压器的输入电压变小,用户的电压U 4减小,故C 正确,B 错误．用户消耗的功率等于发电机的输出功率与输电线上损失的功率之差,故D 错误．答案：AC[B 组 素养提升]9．(多选)某个小水电站发电机的输出功率为100 kW,发电机的电压为250 V,通过升压变压器向远处输电,输电线的总电阻为8 Ω,在用户端用降压变压器把电压降为220 V ．要求在输电线上损失的功率控制为5 kW,则( )A ．输电线上通过的电流为25 AB ．升压变压器输出的电压为40 kVC ．升压变压器原、副线圈的匝数比为1∶16D ．降压变压器原、副线圈的匝数比为190∶11解析：输电线上损失的功率为5 kW,输电线的总电阻为8 Ω,则通过输电线的电流为25 A,A 对；升压变压器的输出功率为100 kW,而电流为25 A,因此升压变压器的输出电压为4 kV,B 错；升压变压器的原、副线圈之比为电压之比为1∶16,C 对；降压变压器的原、副线圈之比等于电压之比为190∶11,D 对．答案：ACD10．(多选)如图所示,某变电站用10 kV 的高压向10 km 外的小区供电,输送的电功率为200 kW.现要求在输电线路上损耗的功率不超过输送电功率的2%,下列不同规格的输电线中,符合要求的是( )选项 型号 千米电阻(Ω/k m)A DYD30/C 1B DYD50/C 0.6 C DYD100/C 0.3 DDYD150/C0.2解析：由P ＝UI 解得输电电流I ＝U ＝20 A,输电线路上损耗的功率不超过P 线＝200 kW×2%＝4 kW,由P 线＝I 2R,解得R ＝10 Ω,由于输电线长度需要20 km,所以可以选择千米电阻0.5 Ω/km 以下的型号DYD100/C 或型号DYD150/C,符合要求的是选项C 、D.答案：CD11．某小型实验水电站输出功率是20 kW,输电线路总电阻是6 Ω. (1)若采用380 V 低压输电,求输电线路损耗的功率．(2)若改用5 000 V 高压输电,用户端利用n 1∶n 2＝22∶1的变压器降压,求用户得到的电压． 解析：(1)输电线上的电流强度为 I ＝P U ＝20×103380 A≈52.63 A , 输电线路损耗的功率为P 损＝I 2R ＝52.632×6 W≈16 620 W＝16.62 kW. (2)改用高压输电后,输电线上的电流强度变为 I′＝P U′＝20×1035 000 A ＝4 A,用户端在变压器降压前获得的电压 U 1＝U －I′R＝(5 000－4×6)V＝4 976 V. 根据U 1U 2＝n 1n 2,用户得到的电压为U 2＝n 2n 1U 1＝122×4 976 V≈226.18 V.答案：(1)16.62 kW (2)226.18 V[C 组 学霸冲刺]12.如图所示为某隧道备用发电机组,内阻不计,可在应急时对隧道内的照明电路供电．已知从发电机组输出的电压,经匝数比为n 1∶n 2＝1∶8的升压变压器升压后,由总电阻r ＝4 Ω的输电线送到隧道口,再经匝数比为n 3∶n 4＝8∶1的降压变压器,供给照明电路使用,其他导线电阻可忽略不计．隧道共4排照明电路,每排安装“220 V 40 W”的电灯110盏,若要求所有的电灯都正常发光,试求：(1)输电线上的电流多大？ (2)发电机的输出功率多大？ (3)升压变压器的输入电压多大？ 解析：(1)隧道内用电功率 P 4＝4×110×40 W＝17 600 W U 4＝220 V由U 3U 4＝n 3n 4可得U 3＝1 760 V 则I 2＝I 3＝P 3U 3＝10 A(2)输电线上的功率损失 ΔP＝I 22r ＝400 W 故P 2＝P 3＋ΔP＝18 000 W 则发电机的输出功率P 0＝P 1＝P 2＝18 000 W ＝1.8×104W(3)输电线的电压损失ΔU＝I2r＝10×4 V＝40 V 则U2＝U3＋ΔU＝1 800 V由U1U2＝n1n2可得U1＝225 V答案：(1)10 A (2)1.8×104 W (3)225 V。
高中物理同步人教版选修3-2课时跟踪检测：(十一) 电能的输送 Word版含解析
课时跟踪检测（十一） 电能的输送1、[多选]在远距离输电中,当输电线的电阻和输送的电功率不变时,那么( )A 、输电线路上损失的电压与输电电流成正比B 、输电电压越高,输电线路上损失的电压越大C 、输电线路上损失的功率跟输电电压的平方成反比D 、输电线路上损失的功率跟输电线上的电流成正比详细解析:选AC 输电线路上损失的电压ΔU ＝Ir ,在r 一定时,ΔU 和I 成正比。
若U 越高,由I ＝P U ,则I 越小,那么ΔU 越小。
输电线路上损失的功率ΔP ＝I 2r ,当P 一定时,I ＝P U,所以ΔP ＝⎝⎛⎭⎫P U 2r ,即ΔP 和U 的平方成反比,跟I 的平方成正比,故选项A 、C 正确,B 、D 错误。
2、[多选]远距离输电装置如图所示,升压变压器和降压变压器均是理想变压器。
当S 由2改接为1时,下列说法正确的是( )A 、电压表读数变大B 、电流表读数变大C 、电流表读数变小D 、输电线损失的功率减小详细解析:选AB 改接为1时,升压变压器的原线圈匝数不变,副线圈匝数变大,所以输电电压变大,降压变压器的输入电压和输出电压均变大,电压表读数变大,选项A 正确；降压变压器的输出电压变大时,流过灯泡的电流I 灯也变大,输电线上的电流I 线随着I 灯的变大而变大,所以电流表读数变大,选项B 正确,选项C 错误；I 线变大,输电线损失的功率P 线＝I 线2R 变大,选项D 错误。
3、[多选]发电厂发电机的输出电压是U 1,发电厂至学校的输电导线总电阻为R ,导线中的电流为I ,学校得到的电压为U 2,则输电线上损失的功率下列表达式正确的是( )A 、U 12RB 、(U 1－U 2)2RC 、I 2RD 、I ( U 1－U 2 )详细解析:选BCD 用P ＝U 2R 求电阻上损失的功率时,U 要与电阻R 相对应,选项A 中的U 1是输出电压不是输电线上的电压,故选项A 是错误的。
选项B 中的U 1－U 2是输电线上的电压,因此,选项B 是正确的。
高中物理人教版选修3选修3-2第五章第5节电能的输送C卷
高中物理人教版选修3选修3-2第五章第5节电能的输送C卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共5题；共10分)1. （2分）远距离输电时，如果输送的电功率一定，输电电压升高到原来的n倍，则输电线路上的功率损失将是原来的（）A .B .C .D .2. （2分）由发电站向远方工厂输电在输出功率相同的情况下，下述哪个方法可减小输电线路中电能损失A . 采用电阻较大的导线B . 增加发电机组的数量C . 增大输电电流D . 增大输电电压3. （2分）发电厂发电机的输出电压为U1 ，发电厂至学校的输电线电阻为R ，通过电线的电流为I ，学校输入电压为U2 ，下面计算输电线功率损失的式子中不正确的是（）A .B .C . I2RD . I(U1-U2)4. （2分）如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，V1、A1为监控市电供电端的电压表和电流表，V2、A2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R1、R2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S闭合时（）A . 电流表A1、A2和A3的示数都变大B . 只有电流表A1的示数变大C . 电压表V3的示数变小D . 电压表V2和V3的示数都变小5. （2分）发电厂发电机的输出电压为U1 ，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R ，通过输电导线的电流为I ，输电线末端的电压为U2 ，下面选项不能表示输电导线上损耗的功率的是（）A .B .C . I2RD . I(U1－U2)二、多项选择题 (共3题；共9分)6. （3分） (2018高二下·枣庄期末) 如图所示为远距离输电示意图，其中T1、T2为理想变压器，输电线电阻可等效为电阻r，灯L1、L2相同且阻值不变。
现保持变压器T1的输入电压不变，滑片P位置不变，当开关S断开时，灯L1正常发光。
高中物理人教版选修3-2检测：第五章交变电流5.5电能的输送含答案解析
【最新】高中物理人教版选修3-2检测：第五章交变电流5.5电能的输送学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电导线的总电阻为R，通过导线的电流为I，学校得到的电压为U2，则输电线上损耗的电压可表示为()A．U1B．U1－IRC．IR D．U22．某变电站用11 kV交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R.现若用变压器将电压升高到220 kV送电，下面选项正确的是()A．因I＝U/R，所以输电线上的电流增为原来的20倍B．因I＝P/U，所以输电线上的电流减为原来的1/20C．因P＝U2/R，所以输电线上损失的功率增为原来的400倍D．若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的直径减为原来的1/4003．水电站向小山村输电，输送电功率为50 kW，若以1 100 V送电，则线路损失为10 kW，若以3 300 V送电，则线路损失可降为()A．3.3 kW B．1.1 kW C．30 kW D．11 kW4．如图所示为远距离交流输电的简化电路图．发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1．在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流是I2．则（）A．用户端的电压为I1U1/I2B．输电线上的电压降为UC．理想变压器的输入功率为I12rD．输电线路上损失的电功率为I1U5．图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n4<n2＝n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻R L>2R，忽略灯丝电阻随温度的变化．当A、B端接入低压交流电源时()A．A1、A2两表的示数相同B．L1、L2两灯泡的亮度相同C．R1消耗的功率大于R3消耗的功率D．R2两端的电压小于R4两端的电压二、多选题6．如图是远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是A．增加输电导线的截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过增大输电电压来减小输电线中的电流，有利于减小输电过程中的电能损失C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中电能损失越小D．高压输电时必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好7．一台发电机最大输出功率为4 000 kW，电压为4 000 V，经变压器T1升压后向远方输电.输电线路总电阻为R=1kΩ.到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡(220 V 60 W).若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的耗损可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则A．T1原、副线圈电流分别为103A和20 AB．T2原、副线圈电压分别为1.8×105 V和220 VC．T1和T2的变压比分别为1：50和40 :1D．有6×104盏灯泡(220V 60 W)正常发光8．某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200 V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V的用电器正常工作，则()A ．3214n n n n > B ．3214n n n n < C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压 D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率9．(多选)电厂发电机的输出电压为250 V ，输出功率为10 kW ，在进行远距离输电时，输电线总电阻为5 Ω，则( )A ．直接输电，用户两端的电压只有50 VB ．若要求用户两端的电压为220 V ，则应配备原、副线圈匝数比为1∶4 (发电厂)和5∶1 (用户端)的变压器C ．若要求输电线损耗的功率仅为总功率的5%，升压变压器原、副线圈匝数比为1∶4D ．若用10 000 V 的高压输电，输电线的损耗功率仅为总功率的0.05%10．某水电站用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km 外的用户，其输出电功率是3×106 kW.现用500 kV 电压输电，则下列说法正确的是( ) A ．输电线上输送的电流大小为6.0×103 A B ．输电线上由电阻造成的电压损失为15 kVC ．若改用5 kV 电压输电，则输电线上损失的功率为9×108 kWD ．输电线上损失的功率为ΔP ＝U 2r ，U 为输电电压，r 为输电线的电阻三、填空题11．发电机端电压为220 V ，输送功率110 kW ，若要保证用户至少获得100 kW 电功率，则输电导线电阻不得大于________Ω；若用一个升压变压器升压至5 500 V 后进行输电，则导线电阻不得大于________Ω.四、解答题12．某发电站的输出功率为104kW ，输出电压为4 kV ，通过理想变压器升压后向80 km 远处用户供电．已知输电导线的电阻率为ρ＝2．4×10－8Ω·m ，导线横截面积为1．5×10－4m 2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，升压变压器的输出电压为________，输电线路上的电压损失为________．13．风力发电作为新型环保能源，近年来得到了快速发展，如图4所示的风车阵中发电机输出功率为100 kW，输出电压是250 V，用户需要的电压是220 V，输电线总电阻为10Ω.若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求(1)在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比；(2)画出此输电线路的示意图；(3)用户得到的电功率．14．某水电站，水流的高度差为h=5m，流量Q=2m3/s，若发电机的总效率为50%，输出电压为250V，输电线路总电阻R=30Ω，允许损失功率为发电机输出功率的6%，为使用户获得220V 电压，求：（1）该输电线路所使用的理想升压、降压变压器的匝数比各是多少？（2）能使多少盏“220V 100W”的电灯正常发光？参考答案1．C【解析】AD 、U 1为输出电压，U 2为用户得到的电压，故AD 错误； BC 、输电线的电压损失ΔU =U 1－U 2=IR ，故B 错误，C 正确； 故选C 。
人教版高中物理选修3-2检测题及作业：课时作业(十三)电能的输送含答案
选项B 正确． 答案：B5．(安庆高二检测)如图为远距离的简化电路图．发电厂的输出电压是U ，用等效总电阻是r 的两条输电线输电，输电线路中的电流是I 1，其末端间的电压为U 1.在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为I 2.则( )A ．用户端的电压为I 1U 1I 2B ．输电线上的电压降为UC ．理想变压器的输入功率为I 21rD ．输电线路上损失的电功率为I 1U解析：由于输电线与用户间连有一理想变压器，设用户端的电压是U 2，则U 1I 1＝U 2I 2，得U 2＝I 1U 1I 2，故A 正确；发电厂的输出电压是U ，所以输电线上的电压降不可能是U ，故B 错误；等效总电阻是r 的两条输电线输电，输电线路中的电流是I 1，所以输电线路上损耗的功率是I 21r ，故C 错误；发电厂的输出电压是U ，末端间的电压为U 1，输电线路上损失的电功率是I 1(U －U 1)，故D 错误．答案：A 二、多项选择题6．电能输送的过程中，若输送电功率一定，则在输电线上的功率损失( )A ．与输电线上电压损失的平方成反比B ．与输送电压的平方成正比来改用升压变压器将电压升到220 kV 输电，输送的电功率都是P .若输电线路的电阻为R ，则下列说法中正确的是( )A ．根据公式I ＝P U ，提高电压后输电线上的电流降为原来的120B ．根据公式I ＝U R，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C ．根据公式P 损＝I 2R ＝P 2U2R ，提高电压后输电线上的功率损失减为原来的1400D ．根据公式P 损＝U 2R，提高电压后输电线上的功率损失增大为原来的400倍解析：输电线上电流为I ＝P U，也可以用I ＝ΔUR来表示，其中ΔU为输电线电阻R 两端的电压，而不是输送电压，故A 正确、B 错误；输电线上的功率损失为P 损＝I 2R ＝P 2U 2R ，C 正确；如果用P 损＝U 2R，则U应为R 两端的电压ΔU ，故D 错误．答案：AC9．如图为模拟远距离输电电路，两理想变压器的线圈匝数n 1＝n 4<n 2＝n 3，A 1、A 2、A 3为相同的理想交流电流表．当a 、b 端接入低压交流电源时，则( )A ．A 1、A 3的示数相等B ．A 1、A 2、A 3的示数相等C ．A 1的示数大于A 2的示数D ．A 2的示数大于A 3的示数解析：因为I 1I 2＝n 2n 1，I 3I 4＝n 4n 3，n 1＝n 4<n 2＝n 3，故I 1>I 2，I 4>I 3，即A 1的示数大于A 2的示数；A 2的示数小于A 3的示数；又I 2＝I 3，所以I 1＝I 4，即A 1、A 3的示数相等，选项A 、C 正确，B 、D 错误．答案：AC10．如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压U 1和输电线的电阻、理想变压器匝数均不变，且n 1∶n 2＝n 4∶n 3.当用户用电器的总电阻减少时( )A ．U 1∶U 2＝U 4∶U 3B ．用户的电压U 4增加C ．输电线上损失功率增大D ．用户消耗的功率等于发电机的输出功率解析：根据U 1U 2＝n 1n 2，U 3U 4＝n 3n 4，以及n 1∶n 2＝n 4∶n 3，知U 1∶U 2＝U 4∶U 3，故A 正确．用户用电器总电阻减小，则电流增大，所以输电线上的电流增大，根据P 损＝I 2R 知，输电线上损耗的功率增大，根据ΔU ＝IR 知，输电线上的电压损失变大，发电机的输出电压不变，则升压变压器的输出电压不变，则降压变压器的输入电压变小，用户的电压U 4减小，故C 正确、B 错误．用户消耗的功率等于发电机的输出功率与输电线上损失的功率之差，故D 错误．答案：AC解析：设变压器T1的原线圈电压为U1，副线圈电压为U2，变压器T2的原线圈电压为U3，副线圈电压为U4.通过T1原线圈的电流为I1，输电线中的电流为I2，T2副线圈中的电流为I3.根据题意得：U4＝6 V，而I3＝0.5 A对T2，由I2n3＝n4I3得：I2＝n4n3I3＝0.1 A线路上损失的电压为ΔU线＝I2R线＝1 V由U3U4＝n3n4得：U3＝n3n4U4＝30 V由线路上的电压关系得：U2＝ΔU线＋U3＝31 V由U1U2＝n1n2得：U1＝n1n2U2＝7.75 V再对T1由I1n1＝I2n2求得：I1＝0.4 A最后由闭合电路欧姆定律得：E＝I1r＋U1＝8.15 V 答案：8.15 V。
物理选修3-2(人教版)训练：第五章5电能的输送Word版含解析
A 级 抓基础1.中国已投产运行的1 000 kV 特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程.假设甲、乙两地原采用500 kV 的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P .在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1 000 kV 特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（ ）A.P 4B.P 2C.2PD.4P解析：由P ＝UI 可知由500 kV 的超高压输电变为1 000 kV 特高压输电时，输电线电流变为原来的12，再根据P 损＝I 2R 线可得，输电线上损耗的电功率将变为P 4，故选A. 答案：A2.（多选）在远距离输电时，输送的电功率为P ，输电电压为U ，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S ，总长度为L ，输电线上损失的电功率为ΔP ，用户得到的电功率为P ′，则ΔP 、P ′的关系式正确的是（ ）A.ΔP ＝U 2S ρLB.ΔP ＝P 2ρL U 2SC.P ′＝P －U 2S ρLD.P ′＝P ⎝⎛⎭⎪⎫1－PρL U 2S 解析：输电线电阻R ＝ρL S ，输电电流I ＝P U，故输电线上损失的电功率为ΔP ＝I 2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫P U 2.ρL S ＝P 2ρL U 2S ，用户得到的电功率为P ′＝P －ΔP ＝P ⎝ ⎛⎭⎪⎫1－PρL U 2S . 答案：BD3.（多选）远距离输送交变电流都采用高压输电，我国正在研究用远高于330 kV 的电压进行输电，采用高压输电的优点是（ ）A.可节省输电线的铜材料B.可根据需要调节交变电流的频率C.可减小输电线上的能量损失D.可加快输电的速度解析：由P ＝UI 得I ＝P U，当输电功率P 一定时，采用高压输电，U 大则I 小，输电线中的电流就小.由P 线＝I 2r 可知，在要求输电线损耗一定的情况下，电流小，就可选电阻率略大一点的材料作导线；若输电线的材料确定，电流小，则可以减少输电线上的能量损失，故A 、C 正确；交变电流的频率是固定的，不需要调节.输电的速度等于电磁波的传播速度，是一定的，故B 、D 不正确.答案：AC4.某用电器距离供电电源为L ，线路上的电流为I ，若要求线路上的电压降不超过U ，已知输电导线的电阻率为ρ，那么，该输电导线的横截面积最小值是（ ）A.ρL UB.2ρLI UC.U IρLD.2UL Iρ解析：输电线电流I ＝U R ，R ＝ρ·2L S ，所以最小横截面积为S ＝ρ·2L R＝2ρLI U.答案：B5.（多选）某小型发电站的电能输送示意图如图所示.发电机的输出电压为220 V ，升压变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2，降压变压器原、副线圈匝数分别为n 3、n 4.要使额定电压为220 V 的用电器正常工作（变压器均为理想变压器），则（ ）A.n 2n 1>n 3n 4B.n 2n 1<n 3n 4C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析：由于输电线上的功率损耗，故升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率，故选项D 正确.U 2U 1＝n 2n 1，U 3U 4＝n 3n 4，因为U 1＝220 V ＝U 4＝220 V ，U 2>U 3＝U 2－U 线，故n 2n 1>n 3n 4，选项A 正确. 答案：ADB 级 提能力6.输电导线的电阻为R ，输送电功率为P ，现分别用U 1和U 2两种电压来输电，则两次输电线上损失的电压之比和功率之比分别为（ ）A.U 22∶U 21，U 1∶U 2B.U 22∶U 21，U 21∶U 22C.U 2∶U 1，U 22∶U 21D.U 2∶U 1，U 2∶U 1解析：由P ＝UI 得输电线中的电流I ＝P U，输电线上损失的电压U损＝IR＝PU R，输电线上损失的功率P损＝I2R＝⎝⎛⎭⎪⎫PU2·R，即在输送功率和输电线电阻不变的情况下，损失的电压与输电电压成反比，损失的功率与输电电压的二次方成反比，所以两次输电线上损失的电压之比为U2∶U1，损失的功率之比为U22∶U21.答案：C7.（多选）曾有一些低温雨雪冰冻使我国部分地区严重受灾，其中高压输电线因结冰而损毁严重.为消除高压输电线上的冰凌，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰.若在正常供电时，高压线上输电电压为U，电流为I，热耗功率为ΔP；除冰时，输电线上热功率需变为9ΔP，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A.输电电流为3IB.输电电流为9IC.输电电压为3UD.输电电压为1 3U解析：因输电功率P和输电线电阻r不变，由ΔP＝I2r，得r＝ΔP I2，当9ΔP＝I′2r时，得I′2＝9ΔPr＝9I2rr＝9I2，所以I′＝3I，选项A正确，选项B错误；又P＝IU＝I′U′，得U′＝IUI′＝IU3I＝13U，选项D正确，选项C错误.答案：AD8.某电站输送电压为U＝5 000 V，输送功率为P＝500 kW，这时安装在输电线路的起点和终点的电能表一昼夜里读数相差4 800 kW·h （即4 800度电）.（1）求输电线的电阻.（2）若要使输电损失功率降到输送功率的 1.6%，电站应使用多高的电压向外输电？解析：（1）因为两地的电能表读数之差即为线路损失的电能，由此可求线路损失的功率：P 损＝W t ＝4 800kW·h 24 h＝200 kW ，由P 损＝I 2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫R U 2R ，得 输电线的电阻R ＝P 损P 2U 2＝200 000500 0002×5 0002 Ω＝20 Ω. （2）要使输电损失的功率降到输送功率的1.6%，则P ′损＝500 kW ×1.6%＝8 kW ，而P ′损＝I ′2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫P U ′2R ，得 输送电压U ′＝P R P ′损＝500 000× 208 000V ＝2.5×104 V . 9.学校有一台应急备用发电机，内阻为r ＝1 Ω，升压变压器的匝数比为1∶4，降压变压器的匝数比为4∶1，输电线的总电阻为R ＝4 Ω，全校共有22间教室，每间教室用“220 V 40 W ”的灯6盏，要求所有灯都正常发光，则：（1）发电机的输出功率多大？（2）发电机的电动势多大？（3）输电线上损耗的电功率多大？解析：（1）所有灯都正常工作时的总功率P 2＝22×6×40 W ＝5 280 W ，用电器总电流I 3＝P 2U 4＝24 A ， 输电线上的电流I 2＝I 34＝6 A ， 降压变压器上的输入电压U 3＝4U 4＝880 V ，输电线上的电压损失U 损＝I 2R ＝24 V ，因此，升压变压器的输出电压U2＝U损＋U3＝904 V，输入电压U1＝U24＝226 V，输入电流I1＝4I2＝24 A，所以发电机的输出功率P1＝U1I1＝5 424 W. （2）发电机的电动势E＝U1＋I1r＝250 V. （3）输电线上损耗的电功率P损＝I22R＝144 W.。
高二物理选修3-2电能的输送达标检测试题(附答案和解释)
高二物理选修3-2电能的输送达标检测试题（附答案和解释）电能的输送知识点一电能输送中损耗问题．远距离输送交流电都采用高压输电．我国正在研究用比330V高得多的电压进行输电．采用高压输电的优点是．A．可节省输电线的材料B．可根据需要调节交流电的频率c．可减小输电线上的能量损失D．可加快输电的速度答案Ac．如图5-5-4所示为远距离高压输电的示意图．关于远距离输电，下列表述正确的是．图5-5-4A．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗c．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好解析导线横截面积越大，导线的电阻越小，电能损失就越小，A对；在输送功率一定的前提下，提高输送电压U，由I＝PU知，电流I减小，发热损耗减小，B对；若输送电压一定，由I＝PU知，输送的电功率P越大，I越大，发热损耗就越多，c错；高压输电要综合考虑材料成本，技术、经济性等各种因素．不是电压越高越好，D对．答案ABD．发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电线电阻为R线，通过导线的电流为I，学校输入电压为U2，下列计算输电线损耗的式子中，正确的是．A.U21R线B.U1－U22R线c．I2R线D．I解析输电线损耗P损＝I2R线＝U2线R线＝IU线其中U线＝U1－U2，故BcD正确．答案BcD．某发电站采用高压输电向外输送电能．若输送的总功率为P0，输电电压为U，输电导线的总电阻为R线．则下列说法正确的是．A．输电线上的电流I＝URB．输电线上的电流I＝P0Uc．输电线上损失的功率P＝P0U2•R线D．输电线上损失的功率P＝U2R线解析输电线上的电流I线＝P0U＝U线R，故A错误，B正确；输电线上的功率损失P＝I2线R线＝P0U2•R＝U2线R，故c正确．D错误．答案Bc．一个小水电站，输出的电功率为20，输电线总电阻为0.5Ω，如果先用400V电压输送，后又改用XXV电压输送，则输送电压提高后，输电导线上损失的电功率的变化情况是．A．减少50B．减少1200c．减少7.68×106D．增大7.68×106解析P1＝PU12•R线，P2＝PU22•R线，所以P1－P2＝1200.答案 B知识点二远距离输电．如图5-5-5所示为远距离输电线路的示意图：图5-5-5若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是．A．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B．输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定c．当用户用电器的总电阻减小时，输电线上损失的功率增大D．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压解析变压器输入功率、输入电流的大小是由次级负载消耗的功率大小决定的，选项A、B错误．用户的总电阻减小，根据P＝U2R，消耗的功率增大，输电线电流增大，由P 损＝I2线R线可知线路损失功率增大，c项正确，升压变压器的输出电压等于输电线电阻上损失的电压加上降压变压器的输入电压，D项错误．答案 c．某小型水电站的电能输送示意图如图5-5-6所示，发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4．要使额定电压为220V的用电器正常工作，则．图5-5-6A.n2n1＞n3n4B.n2n1＜n3n4c．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析由于输电线上有电阻，所以考虑到电压损失，则有升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，根据变压器的电压与匝数之比的关系，可知要让用电器正常工作，必须有n2n1＞n3n4，故A项对，B、c项错；考虑到输电线上也有电功率的损失，可知D项也正确．答案AD．某发电厂原来用电压为U1的交流电输电，后改用变压比为1∶50的升压器将电压升高为U2后输电，输送的电功率保持不变．若输电线路的电阻为R线，则下列说法中正确的是．A．由公式I＝PU2可知，提高电压后输电线上的电流降为原来的150B．由公式I＝U2R线可知，提高电压后输电线上的电流增为原来的50倍c．由公式P＝I2R线可知，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的12500D．由公式P＝U22R线可知，提高电压后输电线上的功率损耗增大为原来的2500倍解析由U1U2＝n1n2可知，U2＝50U1，输送功率不变，由公式I＝PU2可知，输电线中的电流变为原来的150，选项A正确；由P＝I2R线可知，输电线上的功率损耗减为原来的12500，c选项正确；B、D选项中的U2应为损失的电压，所以选项B、D是错误的．答案Ac．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的，可是我们在晚上七八点钟用电高峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些，这是因为此时．A．总电阻比深夜时大，干路电流小，每盏灯分到的电压就小B．总电阻比深夜时大，干路电流小，每一支路的电流就小c．总电阻比深夜时小，干路电流大，输电线上损失的电压大D．干路电流一定，支路比深夜时多，分去了一部分电压解析此时用电器多，负载大，电阻小而变压器输出电压U不变，由I＝UR可知，干路电流大，输电线上损失电压大，电灯两端电压小，故比深夜暗，故c正确．答案 c0．某变电站用220V的电压送电，导线损失的功率为输送功率的20%，若要使导线损失的电功率降为输送功率的5%，则输送电压应为多少？解析设输送功率为P，送电电压U1＝220V时，损失电功率ΔP1＝20%P，又ΔP1＝I21R线，而I1＝PU1，则ΔP1＝P2U21R线，现要求ΔP2＝5%P，同理ΔP2＝P2U22R线，由上式得ΔP1ΔP2＝20%5%＝U22U21，所以输送电压应为U2＝440V.答案440V1．某小型水电站输出功率为20，输电线路总电阻是6Ω.若采用380V输电，求输电线路损耗的功率；若改用5000V高压输电，用户端利用n1∶n2＝22∶1的变压器降压，求用户得到的电压．解析P电＝U1I1，P损＝I21R线，损耗的功率为P损＝P2电U21R线＝4×1083802×6＝16.6.P电＝U2I2，损失的电压ΔU＝I2R线＝24V，U3＝U2－ΔU＝4976V，U3∶U4＝n1∶n2，用户得到的电压U4＝226.2V.答案16.6 226.2V．一台小型发电机的最大输出功率为100，输出电压恒为500V，现用电阻率为1.8×10－8Ω•，横截面积为10－52的输电线向4×103远处的用电单位输电，要使发电机满负荷运行时，输电线上的损失功率为发电机总功率的4%，求：所用的理想升压变压器原副线圈的匝数比是多少？如果用户用电器的额定电压为220V，那么所用的理想降压变压器原、副线圈的匝数比是多少？解析导线电阻R线＝ρ2lS得R＝14.4Ω升压变压器原线圈电流I1满足：P＝U1I1得I1＝200A升压变压器副线圈电流I2＝I线，又I2线R线＝4%P得I2＝503A，由I1I2＝n2n1，得n1n2＝112降压变压器的输入电压U3满足：P－4%P＝U3I线得U3＝5760V因为输出电压U4＝220V，由U3U4＝n3n4得n3n4＝28811.答案1∶12 288∶11。
高二物理人教版选修3-2课时训练11电能的输送 含解析
7.某水电站,用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km外的用户,其输出电功率是3×106 kW。现用500 kV电压输电,则下列说法正确的是( )
A.输电线上输送的电流大小为2.0×105 A
B.输电线上由电阻造成的损失电压为15 kV
C.若改用5 kV电压输电,则输电线上损失的功率为9×108 kW
B.升压变压器副线圈两端的电压变小
C.高压输电线路的电压损失变大
D.降压变压器副线圈两端的电压变大
解析:在用电高峰期,用户端并联的用电器数目增多,总电阻减小,降压变压器输出的电流增大,输出功率增大,输电线路上的电流增大,输电线路中的电压损失增大,降压变压器的输入电压减小,输出电压减小,选项C正确,D错误。升压变压器上的输出电流增大,输入电流也增大,选项A错误。但因为发电机的输出电压稳定,所以升压变压器的输出电压也是稳定的,选项B错误。
A.输电电流为3IB.输电电流为9I
C.输电电压为3UD.输电电压为U
解析:根据输电功率P=UI,输电线上电阻为R,则ΔP=I2R=R,除冰时,输电线上的热耗功率为9ΔP,那么输电电流应为3I,输电功率保持不变,所以输电电压为。
答案:AD
9.某发电站通过升压变压器、输电线和降压变压器把电能输送给生产和照明组成的用户,发电机输出功率是120 kW,输出电压是240 V,升压变压器原、副线圈的匝数之比为1∶25,输电线的总电阻为10 Ω,用户需要的电压为220 V。则:
降压变压器原线圈两端的电压
U3=U2-ΔU=6 000 V-200 V=5 800 V
根据理想变压器的变压规律得。
答案:(1)4 000 W (2)
10.发电机的端电压为220 V,输出电功率为44 kW,输电导线的电阻为0.2 Ω。如果用初级、次级线圈匝数比为1∶10的升压变压器升压,经输电线路后,再用初级、次级线圈匝数比为10∶1的降压变压器降压供给用户。
人教版高中物理选修3-2第五章第5节电能的输送同步训练
人教版物理选修3-2 5.5电能的输送同步训练一、单项选择题（下列选项中只有一个选项满足题意）1．图示为远距离输电线路的示意图，若保持发电机的输出电压不变，下列叙述中正确的是（）A．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B．输电线中的电流只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C．当用户用电器的总电阻减小时，输电线上损失的功率增大D．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压2．如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器且都有一个线圈可调，发电厂的输出电压及输电线的电阻均不变。
在用电高峰期，随着用户耗电量的增大导致实际用户电压偏低，为使用户电压达到正常，下列说法中正确的是( )A．仅P1上调一点可使用户电压升高，线路损失减小B．仅P2上调一点可使用户电压升高，线路损失增大C．仅P2下调一点可使用户电压升高，线路损失减小D．仅P1下调一点可使用户电压升高，线路损失增大3．如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述不正确的是（）A．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好4．我们在晚上七、八点钟用电高峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些。
这是因为用电高峰时（）A．用户串联的用电器增多，总电阻比深夜时大，输电线路上的电流小，灯两端的电压较低B．用户串联的用电器增多，总电阻比深夜时大，输电线路上的电流小，通过灯的电流较小C．用户并联的用电器增多，总电阻比深夜时小，输电线路上的电流大，输电线上损失的电压较大D．输电线路上电流恒定，但用户并联的用电器比深夜时多，通过灯的电流小5．输电线的电阻为r，输送功率为P，送电电压为U，则用户能得到的电功率为A．P B．P−(PU )2r C．P−U2rD．(PU)2r6．如图所示为某一输电示意图，电厂的发电机输出功率为100 kW，输出电压U1=500 V，升压变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=1:20，输电线电阻为40Ω，用户需要的电压U4=220 V，变压器均为理想变压器。
高中物理选修3-2第五章第5节《电能的输送》附答案
新人教版高中物理选修3－2第五章第5节《电能的输送》精品试题附答案选择题1、在电能输送过程中，若输送的电功率一定，则在输电线上损失的电功率：[ ]A ．随输电线电阻的增大而增大B ．和输送电压的平方成正比C ．和输电线上电压降落的平方成正比D ．和输电线中电流强度的平方成正比2、输电线的电阻共计r ，输送的电功率为p ，输电电压为U ，则用户能得到的电功率是：[ ]A. PB.P －(U P )2rC.I 2RD. (UP )2r3、用6600V 和220V 两种电压输电，若输送的功率和输电线的电阻相同，则低压输电线与高压输电线上损失功率之比是[ ]A. 1：900B. 900：1C. 1：30D. 30：14、一个小水电站输出电功率为20kw ，输电线 总电阻为0.5Ω，如果先用400V 的电压送电，后改用2000V 电压输电，则输电电压提高后输电线上损失的电功率的变化情况是:[ ]A 、减少50WB 、减少1200WC 、减少7.68WD 增加7.68W填空题5、某变电站用220V 的电压送电，导线损失电功率是输出功率的20%，若要使导线损失电功率是输出功率的5%，则输出电压应变为V 。
6、相同材料组成的导线向同一处用户输送10kW 电能，在输电电压U 1=110V 和U 2=220V 两种情况下，要求输电线中损失的电能相同，则两情况下导线截面积之比为____。
7、远距离送电的输电线一定时，如果以原来电压的10倍输送同样功率的电能时，输电线上损耗的电功率为原来的____．8、发电机的路端电压为220V ，输送电功率44kW ，输电线电阻为0.4Ω，则用户得到的电功率为V ，用户得到的电功率为kW 。
若用初、次级线圈匝数之比为1：10的变压器升压，经同样的输电线输电后，再用初、次级线圈匝数之比为10：1的变压器降压后供给用户，则用户得到的电压为V ，用户得到的电功率为kW 。
论述、计算题9、某电厂要将电能输送到较远的用户，输送的总功率为9.8×104W ，电厂输出电压仅350V ，为减少输送功率损失，先用一升压变压器将电压升高再输送，在输送途中，输电线路的总电阻为4Ω，允许损失的功率为输送功率的5％，求用户所需电压为220V 时，升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比各是多少？【素质提高】10、有一台内阻为1Ω的发电机，供应学校的照明用电，如图5-6-5所示是输电原理图，两变压器已选定，输电线总电阻为4Ω，全校共有22个教室，每个教室有“220V 、40W”的灯6盏，若保证全部电灯正常发光。