精选高二物理上学期第十五周周练试题
2021年高二上学期周练(11.25)物理试题 含答案
2021年高二上学期周练（11.25）物理试题含答案一、选择题1．如图所示，每个电阻的阻值都是2欧，安培表内阻不计，在B、C间加6伏电压时，安培表的示数是（）A．0安 B．1安 C．2安 D．3安2．如图所示，AB是某个点电荷的一根电场线，在电场线上O点由静止释放一个负电荷，它仅在电场力作用下沿电场线向B运动，下列判断正确的是（）A．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越小B．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，加速度大小变化因题设条件不能确定C．电场线由A指向B，电荷做匀加速运动D．电场线由B指向A，电荷做加速运动，加速度越来越大3．下列关于电场强度和电势的说法，正确的是（）A．由电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度E与电荷所受电场力F成正比，与电荷量q 成反比B．由电势的定义式可知，电场中某点的电势与电荷的电势能成正比，与电荷量q成反比C．电场强度大的位置电势一定大，电场强度为零的位置电势一定为零D．电场强度是矢量，电势是标量4．如图所示为某种交变电流的波形，每半个周期按各自的正弦规律变化，其有效值为（）A．4A B．5 A C．5 A D．4 A5．如图所示，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板。
质量为m、电荷量为的带电粒子（不计重力），以初速度由小孔进入电场，当M、N间电压为U时，粒子刚好能到达N板，如果要使这个带电粒子能到达M、N两板间距的处返回，则下列措施中不能满足要求的是（）A．使M、N间电压加倍B．使初速度减为原来的一半C．带电粒子的质量减半D．带电粒子的电荷量加倍6．下图是交流发电机的示意图，图甲到图丁分别表示线圈转动过程中的四个位置，其中甲、丙中的线圈与磁场方向垂直，乙、丁中线圈与磁场方向平行，则在线圈转动的过程中电流表有示数的位置是（）甲乙丙丁A．甲、丙 B．乙、丁 C．甲、乙 D．丙、丁7．关于变压器，下列说法正确的是（）A．变压器可以改变直流电压B．变压器是根据电磁感应原理工作的C．变压器可以把其它形式的能转化为电能D．降压变压器的次级线圈的匝数比初级多8．下列应用中不应该使用硬磁材料的是（）A．变压器的铁芯 B．磁带录音机的磁带C．电脑软盘 D．扬声器用的磁铁9．关于电流，下列说法不正确的是（）A．电荷的定向移动形成电流B．要形成电流，必须有自由移动的电荷C．要形成电流，导体两端必须有电压D．规定电流强度的方向为负电荷移动的方向10．关于电容器的电容，下列说法不正确的是（）A．电容描述电容器容纳电荷的本领B．电容器的电容器与极板间距、正对面积等有关C．在SI制中，电容的单位是法拉D．电容器带电时，两个极板只有一个板上有电荷11．下列属于静电防止的是（）A．静电复印 B．静电除尘 C．静电喷涂 D．避雷针12．关于电场强度的定义式E=F/q，下列说法正确的是（）A．q表示产生电场的电荷量B．q表示检测用试探电荷的电荷量C．q越大则E越小D．E的方向与负的试探电荷的受力方向相同13．有两个点电荷，带电荷量分别为Q和q，相距为d，相互作用力为F，为了使它们之间的作用力加倍，下列做法可行的是（）A．仅使Q加倍B．仅使q减小为原来的一半C．使Q和q都加倍D．仅使d减为原来的一半14．如图所示，实线是一列简谐波在某一时刻的波形曲线，经0．5s后，其波形如图中虚线所示，设该波的周期T大于0．5s。
[推荐学习]高二物理上学期周练试题(零班,12.27)
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v 江西省丰城中学2015---2016上学期高二周考试卷物理 （1- 3班） 2015.12.27一、选择题(本题共12个小题，每小题4分，共48分)1.在法拉第时代,下列验证“由磁产生电”设想的实验中,能观察到感应电流的是( ) A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路,然后观察电流表的变化 B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈,然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接,往线圈中插入条形磁铁后,再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈,分别接电源和电流表,在给线圈通电或断电的瞬间,观察电流表的变化2．如图所示，长为a 、宽为b 的矩形线圈，匝数为n ，在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场的OO '轴以恒定的角速度ω旋转，设t =0时，线圈平面与磁场方向平行，则此时的磁通量和磁通量的变化率分别是（ ）A ．0，0B ．0，Bab ωC ．0，nBab ωD ．Bab ，Bab ω3.如图所示，L 是自感系数足够大的线圈，其直流电阻为零．D 1、D 2是两个相同的灯泡，如将开关K 闭合，等灯泡亮度稳定后再断开，则K 闭合、断开，灯泡D 1、D 2的亮度变化情况是( )A ．K 合上瞬间，D 2很亮，D 1不亮B ．K 合上瞬间，D 1立即很亮，D 2逐渐亮，最后一样亮，K 断开瞬间，D 2立即熄灭，D 1逐渐熄灭C ．K 合上瞬时，D 1、D 2同时亮，然后D 1逐渐变暗到熄灭，D 2亮度不变，K 断开瞬时，D 2立即熄灭，D 1亮一下，逐渐熄灭D ．K 闭合瞬时，D 1、D 2同时亮，然后D 1逐渐变暗到熄灭，D 2同时变得更亮，K 断开瞬间，D 2立即熄灭，D 1亮一下再灭4．如图所示，在光滑水平面上的直线MN 左侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，右侧是无磁场空间．将两个大小相同的铜质矩形闭合线框由图示位置以同样的速度v 向右完全拉出匀强磁场．已知制作这两只线框的铜质导线的横截面积之比是1∶2．则拉出过程中下列说法中正确的是（ ）A .所用拉力大小之比为2∶1B .通过导线某一横截面的电荷量之比是1∶1C .拉力做功之比是1∶4D .线框中产生的电热之比为1∶2 5．（多选）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（ ）A ．向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反B ．不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针C ．向右匀速拉出时，感应电流大小不变D ．要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变6．（多选）如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒 PQ 、 MN ，当 PQ 在外力作用下运动时， MN 在磁场力的作用下向右运动，则 PQ 所做的运动可能是（ ）A ．向右加速运动B ．向左加速运动C ．向右减速运动D ．向左减速运动7.英国物理学家麦克斯韦认为,磁场变化时会在空间激发感生电场。
[推荐学习]高二物理上学期周练试题(重点班,1.10)
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丰城中学2015-2016学年上学期高二周考试卷物 理 （4-13班）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
第1~9题为单选，10-12题为多选。
1．关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误．．的是 A. 密立根测出了元电荷e 的数值 B. 法拉第提出了法拉第电磁感应定律 C. 奥斯特发现了电流的磁效应 D. 安培提出了分子电流假说2．如图所示，几位同学在做“摇绳发电”实验：把一条长导线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合回路。
两个同学迅速摇动AB 这段“绳”。
假设图中情景发生在赤道，地磁场方向与地面平行，由南指向北。
图中摇“绳”同学是沿东西站立的，甲同学站在西边，手握导线的A 点，乙同学站在东边，手握导线的B 点。
则下列说法正确的是A ．当“绳”摇到最高点时，“绳”中电流最大B ．当“绳”摇到最低点时，“绳”受到的安培力最大C ．当“绳”向下运动时，“绳”中电流从A 流向BD ．在摇“绳”过程中，A 点电势总是比B 点电势高3．两种粗细不同的保险丝，系由同种合金材料制成，一种横截面积为1mm 2，熔断电流为5A ，还有一种横截面积为4mm 2，熔断电流为16A 。
若取两种相同长度的两种保险丝并联起来，则熔断电流为：A ．9AB ．17.25AC ．20AD ．21A 4．如右图所示,当滑动变阻器的触头从上向下滑动时，下述正确的有 A.A 灯变暗，B 灯变亮，C 灯变暗 B.A 灯变暗，B 灯变暗，C 灯变暗 C.A 灯变亮，B 灯变暗，C 灯变亮 D.A 灯变亮，B 灯变暗，C 灯变暗5．如图a 、b 、c 为三个完全相同的带正电荷的油滴，在真空中从相同高度由静止下落到同一水平面，a 下落中有水平匀强电场，b 下落中有水平向里的匀强磁场，三油滴落地时间设为t a 、t b 、t c ，落地时速度分别v a 、v b 、v c ，则： A ．t a ＝t b ＝t c ，v a ＝v b ＝v c B ．t a ＝t b ＝t c ，v a ＞v b ＝v c C ．t b ＞t a ＝t c ，v a ＝v b ＝v c D ．t b ＞t a ＝t c ，v a ＞v c ＝v b6．如右图所示，一条形磁铁放在粗糙水平面上，在其N 极左上方放有一根长直导线，当导线中通以垂直纸面向里的电流I 时，磁铁所受支持力和摩擦力的变化情况，正确的是：A ．支持力变大，摩擦力向左B ．支持力变大，摩擦力向右C ．支持力变小，摩擦力向左D ．支持力变小，摩擦力向右7．如图所示，边长为L 的正方形金属线框在光滑水平面上用恒力F 拉得它通过宽度为2L 的有界匀强磁场，线框的右边与磁场边界平行，线框刚进入磁场时恰好做匀速运动，设逆a b cEBI时针方向的电流为正，则下面哪个图象可能正确地反映了电流随x 的变化规律：8．质谱仪主要由加速电场和偏转磁场组成，其原理图如图甲。
【配套K12】高二物理上学期周练试题(1-17)
丰城中学2015-2016年高二物理周考试卷二一、选择题：（共12小题，48分，1-8题为单选题，9-12为多选题）1、在下图所示的逻辑电路中，当A 、B 端输入的电信号分别为“0”和“0”时，在C 、D 端输出的电信号分别为（ ）A.“1”和“0”B.“0”和“1”C.“0”和“0”D.“1”和“1”2、为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在．图7所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中R B 是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a 、b 接报警器，当传感器R B 所在处出现断针时，电流表的电流I 、ab 两端的电压U 将( )A ．I 变大，U 变大B ．I 变小，U 变小C ．I 变大，U 变小D ．I 变小，U 变大3、如图所示，磁感应强度为B 的匀强磁场分布在边长为L 的等边三角形区域内，磁场的方向垂直纸面向外，中心O 点有一个粒子源，可以向各个方向发射速度大小为v 、质量为m 、电量为q （q>0）的粒子，要想把粒子约束在三角形磁场内，所加的磁感应强度B 至少为 A.qL mv 34 B.qL mv 32 C.qLmv2 D.qL mv4、如图所示，铜质导电板置于匀强磁场中，通电时铜板中电流方向向下，由于磁场的作用，则( ) A ．板左侧聚集较多电子，使b 点电势高于a 点 B ．板左侧聚集较多电子，使a 点电势高于b 点 C ．板右侧聚集较多电子，使a 点电势高于b 点 D ．板右侧聚集较多电子，使b 点电势高于a 点5、如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x 轴上且长为2L ，高为L 。
纸面内一边长为L 的正方形导线框沿x 轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t =0时刻恰好位于图中所示的位置。
以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流-位移（I —x ）关系的是（ ）6、如图所示xoy坐标平面在竖直面内，轴沿水平方向，轴正方向竖直向上，在图示空间内有垂直于平面的水平匀强磁场，一带电小球从O 点由静止释放，运动轨迹如图中曲线，关于带电小球的运动，下列说法中正确的是（ ） A 、 OAB 轨迹为半圆B 、 小球运动到最低点A 时速度最大，且沿水平方向C 、 小球在整个运动过程中机械能增加D 、 小球在A 点时受到的洛伦兹力与重力大小相等7、如图所示，水平金属圆盘置于磁感应强度为B 、方向竖直向下的匀强磁场中，圆盘绕金属转轴OO ′以角速度ω沿顺时针方向匀速转动，铜盘的中心及边缘处分别用金属滑片与一理想变压器的原线圈相连。
2021年高二上学期物理周练试卷(实验班) 含答案
2021年高二上学期物理周练试卷（实验班） 含答案一、选择题(本题共10个小题，每小题5分，共50分)1、下面有关磁场中某点的电磁感应强度的方向的说法错误．．的是（ ） A ．磁感应强度的方向就是该点的磁场方向B ．磁感应强度的方向就是通过该点的磁感线的切线方向C ．磁感应强度的方向就是通电导体在该点的受力方向D ．磁感应强度的方向就是小磁针北极在该点的受力方向 2、如图所示，a 、b 、c 三枚小磁针分别放在通电螺线管的正上方．．．、管内．．和右侧．．，当开关闭合时，这些小磁针静止时，小磁针的N 极指向为A ．a 、b 、c 均向左B ．a 、b 、c 均向右C ．a 向左、b 向右、c 向右D ．a 向右、b 向左、c 向右3将（ ） A ．向上偏转 B ．向下偏转 C ．向纸外偏转 D ．向纸里偏转4、在如下所示的坐标系中，在匀强电场E 和匀强磁场B 共存的区域内（电场E 和磁场B 的方向已标出），电子(重力不计)不可能．．．沿x 轴正方向做直线运动的是 ( )5、（多选）如图所示是粒子速度选择器的原理图，如果粒子(重力不计)所具有的速率v ＝EB ，那么( )A ．带正电粒子必须沿ab 方向从左侧进入场区，才能沿直线通过B ．带负电粒子必须沿ba 方向从右侧进入场区，才能沿直线通过C ．不论粒子电性如何，沿ab 方向从左侧进入场区，都能沿直线通过D ．不论粒子电性如何，沿ba 方向从右侧进入场区，都能沿直线通过6、如图所示，在X 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，在xoy 平面内，从原点O 处沿与x 轴正方向成θ角（0＜θ＜π）以速率v 发射一个带正电的粒子(重力不计)．则下列说法正确的是( )A ．若θ一定，v 越大，则粒子在磁场中运动的时间越短I yzxEB AyzxE ByzxEB CyzxEB DBB ．若θ一定，v 越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大C ．若v 一定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短D ．若v 一定，θ越大，则粒子在离开磁场的位置距O 点越远7、如图所示，一质量为m ，电荷量为q 的带正电绝缘体物块位于高度略大于物块高的水平宽敞绝缘隧道中，隧道足够长，物块上、下表面与隧道上、下表面的动摩擦因数均为μ，整个空间存在垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场．现给物块水平向右的初速度v 0，空气阻力忽略不计，物块电荷量不变，则整个运动过程中，物块克服阻力做功不可能．．．为（ ） A ．0B ．12mv 02C ．12 mv 02 ＋ m 3g 22q 2B 2D ．12 mv 02 － m 3g 22q 2B 28、板长和板距之比为3:2的两块带电平行板之间有相互垂直的匀强磁场和匀强电场。
高二(上)周练物理试卷(10.28)
高二（上）周练物理试卷（10.28）一、单选题（每题6分，共60分，1～7为单选题，8～10为多选题）1.如图所示，完全相同的金属小球和带有等量电荷，系在一个轻质绝缘弹簧两端，放在光滑绝缘水平面上，由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短了，现将不带电的与、完全相同的金属球先与球接触一下，再与球接触一下，然后拿走，重新平衡后弹簧的压缩量变为（）A. B. C.大于 D.小于2.如图所示，两个平行金属板、竖直放置，两板间加上如图表示的电压．时，板比板电势高，此时在两板的正中央点有一个电子，速度为零，电子在电场力作用下运动．使得电子的位置和速度随时间变化．假设电子始终未与两板相碰，在的时间内，这个电子处于点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小的时间是（）A.B.C.D.3.水平面上，，三点固定着三个电荷量为的正点电荷，将另一质量为的带正电的小球（可视为点电荷）放置在点，恰构成一棱长为的正四面体，如图所示．已知静电力常量为，重力加速度为，为使小球能静止在点，小球所带的电荷量为（）A. B.C. D.4.如图所示，电动势为、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接．只合上开关，三个灯泡都能正常工作．如果再合上，则下列表述正确的是（）A.电源输出功率减小B.上消耗的功率增大C.通过上的电流增大D.通过上的电流增大5.如图甲所示，竖直挡板左侧空间有方向竖直向上的匀强电场和垂直纸面的水平匀强磁场，电场和磁场的范围足够大，电场强度，磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示，选定磁场垂直纸面向里为正方向，时刻，一质量、电荷量的微粒在点具有竖直向下的速度，是挡板上一点，直线与挡板垂直，取，则微粒下一次经过直线时与点的距离为（）A. B. C. D.6.在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示．电源内阻不计，导线连接良好．若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：．电珠不亮；电流表示数几乎为零；．电珠亮度增加；电流表示数增大；．电珠开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；．电珠不亮；电流表从示数增大到线圈烧断．与上述四种现象对应的电路序号为（）A ③①②④B ③④②①C ③①④②D ②①④③7.在如图所示电路中，闭合电键，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用、、和表示，电表示数变化量的大小分别用、、和表示，下列比值错误的是（）A.不变，不变B.变大，变大C.变大，不变D.变大，不变8.以竖直向上为轴正方向的平面直角系，如图所示．在第一、四象限内存在沿轴负方向的匀强电场，在第二、三象限内存在着沿轴正方向的匀强电场和垂直于平面向外的匀强磁场．现有一质量为、电荷量为的带正电小球从坐标原点以初速度沿与轴正方向成角的方向射出．已知两电场的电场强度，磁场的磁感应强度为，则（）A.小球离开点后第一次经过轴所用的时间B.小球第二次经过轴的坐标C.小球离开点后第三次经过轴的坐标D.若小球以速度大小为且方向与初速度方向相反射出，则小球能再次回到点9.如图所示，一个半径为的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度大小相等，方向均与环面轴线方向成角（环面轴线为竖直方向）．若导线环上载有如图所示的恒定电流，则下列说法正确的是（）A.导电圆环所受安培力方向竖直向下B.导电圆环所受安培力方向竖直向上C.导电圆环所受安培力的大小为D.导电圆环所受安培力的大小为10.如图所示，一个带正电的物块，由静止开始从斜面上点下滑，滑到水平面上的点停下来．已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过处时的机械能损失，现在所在空间加竖直向下的匀强电场，如图，第二次让物块从点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的点停下．后又撤去电场，在所在空间加水平向里的匀强磁场，如图，再次让物块从点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的 ″点停下来．则下列说法中正确的是（）A.点一定在B.点一定与点左侧点重合C. ″点一定在点右侧D. ″点一定与点重合二、实验题11.某同学在做《自来水电阻率的测定》课题时，先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极，用如图所示电路进行测量．两电极相距，其间充满待测的自来水．图中器材如下：电压表（量程，内阻约）、电流表（量程，内阻约）、滑动变阻器、电池组（电动势，内阻）、单刀单掷开关一个、导线若干．表是他测量通过管中自来水柱的电流及两端电压的实验数据．实验中他还用分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图所示玻璃管内径的测量值为________；根据表数据在图坐标中作出图象，根据图象求出电阻________；用直接测量值计算自来水电阻率的公式是________，测量值为________（保留两位有效数字）；请在虚线框内画出测量自来水电阻的电路图．12.现要组装一个由热敏电阻控制的报警系统，当要求热敏电阻的温度达到或超过时，系统报警．提供的器材有：热敏电阻，报警器（内阻很小，流过的电流超过时就会报警），电阻箱（最大阻值为），直流电源（输出电压为，内阻不计），滑动变阻器（最大阻值为），滑动变阻器（最大阻值为），单刀双掷开关一个，导线若干．在室温下对系统进行调节，已知约为，约为；流过报警器的电流超过时，报警器可能损坏；该热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在时阻值为．在答题卡上完成待调节的报警系统原理电路图的连线．在电路中应选用滑动变阻器________（填“ ”或“ ”）．按照下列步骤调节此报警系统：①电路接通前，需将电阻箱调到一定的阻值，根据实验要求，这一阻值为________；滑动变阻器的滑片应置于________（填“ ”或“ ”）端附近，不能置于另一端的原因是________．②将开关向________（填“ ”或“ ”）端闭合，缓慢移动滑动变阻器的滑片，直至________．保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关向另一端闭合，报警系统即可正常使用．四、计算题13.两个用电器的额定电压都是，额定电流分别是和．把这两个用电器并联后接在电压为的电路中，要使它们正常工作，应附加多大电阻？怎样连接？功率至少需多大？如果把它们串联后接在的电路上，要使它们正常工作，应该怎样做？14.如图，水平放置的金属薄板、间有匀强电场，已知板电势高于板．电场强度，间距．板上有一小孔，恰好在孔的正上方，距离．从处每隔相等时间间隔由静止释放一个质量的带电小球．第个带电小球的电量，第个带电小球的电量．取．求：第个带电小球从下落至板的时间；第几个带电小球将不能抵达板；第问中该带电小球下落过程中机械能的变化量．15.如图所示的空间分为、、三个区域，各边界面相互平行，区域存在匀强电场，电场强度，方向垂直边界面向右．、区域存在匀强磁场，磁场的方向分别为垂直纸面向外和垂直纸面向里，磁感应强度分别为、．三个区域宽度分别为、，一质量、电荷量的粒子从点由静止释放，粒子的重力忽略不计．求：粒子离开区域时的速度大小；粒子在区域内运动时间；粒子离开区域时速度与边界面的夹角．答案1. 【答案】D【解析】由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短，故原来两球带等量异种电荷，将不带电的与，完全相同的金属球与球接触一下，再与球接触一下，然后拿走，根据接触起电的电荷分配原则，判断小球后来的带电量．运用假设法，假设压缩量变为原来的，判断库仑力和弹簧弹力的大小关系，从而确定最终的压缩量．【解答】解：由于电荷间的相互作用，弹簧比原来缩短，故原来两球带等量异种电荷，设、两球带电量分别为、，弹簧的劲度系数为．开始球处于平衡，库仑力等于弹簧的弹力，有：．将球与球接触后，两球的带电量为，再与球接触后，的带电量为，假设压缩量变为原来的，则弹力为，库仑力为为：，因为压缩量变小了，则两球间的距离变大，所以弹力大于库仑力，则知压缩量不能是原来的，要比小．故正确，、、错误．故选：．2. 【答案】A【解析】平行板电容器两极板带电后形成匀强电场，带电离子在电场中受到力的作用，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学基本公式分析即可求解．【解答】解：在时间内，板比板电势高，，方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向右做匀加速直线运动；在时间内，板比板电势低，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当时速度为零；在时间内，板比板电势低，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；在时间内，板比板电势高，电场强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向左做匀减速直线运动，到时刻速度为零，恰好又回到点．综上分析可知：在时间内，这个电子处于点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小．故选3. 【答案】C【解析】对其中小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受重力的大小和小球受到的库仑力，由库仑力公式可得出小球所带电荷量．【解答】解：对小球进行受力分析，小球受重力和，，处正点电荷施加的库仑力．将，，处正点电荷施加的库仑力正交分解到水平方向和竖直方向．设是，，处正点电荷施加的库仑力方向与竖直方向的夹角，将库仑力分解到水平方向与竖直方向，根据竖直方向平衡条件得：在竖直方向根据几何关系得解得故选．4. 【答案】C【解析】由题，只合上开关，三个灯泡都能正常工作，再合上，并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化．由于电源的内阻不计，电源的输出功率，与电流成正比．的电压等于并联部分总电压，并联部分的电压随着其电阻的减小而减小，分析上消耗的功率变化，判断通过上的电流变化．【解答】解：、只合上开关，三个灯泡都能正常工作，再合上，并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大．由于电源的内阻不计，电源的输出功率，与电流成正比，则电源输出功率增大．故错误．、由于并联部分的电阻减小，根据串联电路的特点，并联部分分担的电压减小，两端的电压减小，其消耗的功率减小．故错误．、再合上，外电路总电阻减小，干路电流增大，而在干路中，通过上的电流增大．故正确．、并联部分的电压减小，通过上的电流将减小．故错误．故选：．5. 【答案】A【解析】微粒所受电场力和重力平衡，知微粒先在磁场中做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力求出轨道半径和周期的大小，确定出在内转过半个圆周，从而求出微粒再次经过直线时与点的距离．【解答】解：由题意可知，微粒所受的重力为：电场力大小为：因此重力与电场力平衡．微粒先在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有：解得：由解得：则微粒在内转过半个圆周，再次经直线´时与点的距离为：故选：6. 【答案】A【解析】本题考查对故障电路的判断，可以根据电路去分析可能出现的故障，再与现象对应起来即可找出正确答案；要注意电表的正确接法、滑动变阻器的接法．【解答】解：①中电流表测量干流电流，不能测灯泡中的电流；故电流表接线错误；将滑动变阻器的触头置于左端，闭合后电珠不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠逐渐变亮，由于总电阻减小，干路电流增大，电流表示数增大，是；在②中安培表连接错误，应该连接在干路上，开始时滑动变阻器的电阻最大，通过电珠的电流太小，电珠不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠后来忽然发光，由于大部分电流流过电流表造成电流表从示数不为零到线圈烧断，是；在③中伏特表和安培表应该互换位置，由于伏特表串联造成电珠不亮，电流表示数几乎为零，是；在④中安培表使电珠短路，电珠始终不亮，电流表从示数增大到线圈烧断，是．即①②③④分别对应．正确的是．故选．7. 【答案】B【解析】由题意知：是定值电阻，根据欧姆定律得知．变阻器是可变电阻，根据闭合电路欧姆定律研究、与电源内阻的关系，再分析选择．【解答】解：、根据欧姆定律得知：．故当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，、均不变．故正确．、，，变大．根据闭合电路欧姆定律得：，则有，不变．故错误，正确．、，变大．根据闭合电路欧姆定律得：，则有，不变．故正确．本题选错误的，故选8. 【答案】A,D【解析】小球在第一象限中运动时，根据牛顿第二定律，可求出加速度大小与方向，再由运动学公式，即可求解小球离开点后第一次经过轴所用的时间；根据电场力与重力平衡，可知，粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律，列式可得，半径关系．从而由粒子做平抛运动，运用运动学公式可得，每次经过轴的坐标，从而即可求解；根据粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律与几何关系可知，初速度的大小．【解答】解：、设小球在第一象限中的加速度为，由牛顿第二定律得：得到，方向与的方向相反，在第一象限中小球先匀减速运动再反向匀加速运动，所以，故正确．、小球第一次经过轴后，在第二、三象限内由，电场力与重力平衡，故做匀速圆周运动．设轨迹半径为．有得：，小球第二次经过轴的坐标，故错误．、时间后第三次经过轴，在第一、四象限内做类平抛运动，有得：小球第二次经过轴与第三次经过轴的距离为：小球第三次经过轴的坐标，故错误．、若小球沿与轴正方向成射出时小球的运动轨迹如图所示，有即得：，故正确．故选：9. 【答案】B,D【解析】先据矢量的分解将磁感应强度分解为水平方向和顺直方向；由左手定则判断环所受安培力方向，由安培力公式求出环所受安培力大小．【解答】解：、把磁感应强度分解为水平分量与竖直分量，竖直方向的磁场对环形电流的安培力为零，由左手定则可知，水平方向的磁场对电流的安培力竖直向上，即导电圆环所受安培力竖直向上，故错误，正确；、把磁感应强度分解为水平分量与竖直分量，竖直方向的磁场对环形电流的安培力为零，那么水平磁场对电流的安培力水平，故错误，正确；故选：．10. 【答案】B,C【解析】根据动能定理分别对不加电场和加电场两种情况进行研究：不加电场时，整个过程中重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理列出表达式；加电场时，重力和电场力做正功，摩擦力做负功，再由动能定理列出表达式，分析物体在水平上滑行的位移关系，判断点与点的位置关系．【解答】解：设物体的质量为，电量为，电场强度大小为，斜面的倾角为，动摩擦因数为．根据动能定理、不加电场时： …①加电场时： …②将两式对比得到，，则点一定与点重合．故错误，正确；、加磁场时， …③比较①③两式可得，所以 ″点一定在点右侧，故正确，错误．故选：．11. 【答案】; ; ,; 如图所示．【解析】游标卡尺读数固定刻度读数+游标尺读数；; 根据表数据在图坐标中作出图象，图象的斜率表示电阻；; 根据电阻定律公式和欧姆定律公式列式后联立求解电阻率；; 对照实物图画出原理图即可．【解答】解：游标卡尺读数为； ;用直尺将各点连接，舍去偏离较远的点，画出的图象如图所示，可求出电阻; 根据电阻定律，有：；根据欧姆定律，有：；其中；可得; 对照实物图画出原理图，如图所示：12. 【答案】如上图；; ; ,,保证报警器的安全使用,,报警器开始报警;【解析】分析实验，明确实验原理，根据题目要求即可明确电路结构；; 根据欧姆定律确定电路中的电阻，则可明确滑动变阻器的选择；; 根据仪器原理进行分析，明确电阻箱的作用以及实验过程和实验安全的分析，则可以明确滑动变阻器的调节和实验现象．; 【解答】解：根据题意可知，本实验要求能用电阻箱进行校准，故电阻箱应与热敏电阻并联，利用单刀双掷开关进行控制；它们再与报警器和滑动变阻器串联即可起到报警作用；故连线如图所示； ; 电压为，而报警时的电流为；此时电阻约为：；而热敏电阻的阻值约为；故滑动变阻器接入电阻约为；故应选择；;①因要求热敏电阻达到时报警；此时电阻为；故应将电阻箱调节至；然后由最大调节滑动变阻器，直至报警器报警；故开始时滑片应在端；目的是让电流由小到大调节，保证报警器的安全使用；②将开关接到端与电阻箱连接，调节滑动变阻器直至报警器开始报警即可；然后再接入热敏电阻，电路即可正常工作；;13. 【答案】需串联的电阻，功率至少需是；; 如果把它们串联后接在的电路上，需给额定电流是的用电器并联的电阻．【解析】电路电压大于用电器的额定电压，要使用电器正常工作，在电路中应串联一个分压电阻，根据串并联电路的特点及欧姆定律可求出串联电阻的阻值．; 如果把它们串联后联入电路中，且使通过的电流为，通过的电流为，就必须在两端并联一个分流电阻，使其分去的电流，然后结合欧姆定律分析即可．【解答】解：两个用电器的额定电压都是，并联后接入的电路上就能正常工作；而今电路的电压是，大于，故应串联一个分压电阻，使其分担电压，这个附加电阻通过的电流，应等于通过两用电器的电流之和，电路连接情况如图所示．即应串联一个的分压电阻，其功率为．; 由于两个用电器的额定电流不同，所以不能把他们简单地串联在电路上，如果把它们串联后联入电路中，且使通过的电流为（这时两端电压等于），通过的电流为（这时两端的电压也等于），就必须在两端并联一个分流电阻，使其分去的电流，如图所示，要使两个用电器都能正常工作，的阻值和功率应分别为额．答：需串联的电阻，功率至少需是；如果把它们串联后接在的电路上，需给额定电流是的用电器并联的电阻．14. 【答案】第个带电小球从下落至板的时间为；; 第个带电小球将不能抵达板；; 第问中该带电小球下落过程中机械能的变化量为．【解析】小球先做自由落体运动，由运动学位移公式求出自由下落到小孔的时间，由位移速度公式求出到达板小孔的速度．小球在匀强电场中做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学位移公式结合时间，即可得到总时间．; 随着小球电量的增大，进入电场的小球会做匀减速运动，当小球刚好到达板的速度为零时，根据动能定理求出这个小球的电量，即可根据条件：求解．; 由上题的结果，结合机械能的变化量等于电场力做功，由功能关系求解．【解答】解：对于小球自由下落的过程，有解得，；小球到达小孔时的速度为；小球在匀强电场中的加速度；由得：，解得：．故第个带电小球从下落至板的时间为; 对第小球，对全过程运用动能定理得：，得，则，即第个小球恰好抵达板，则第个小球不能到达板；; 对第小球，设进入电场的深度为．根据动能定理得：，解得，所以机械能的变化量为机．答：第个带电小球从下落至板的时间为；第个带电小球将不能抵达板；第问中该带电小球下落过程中机械能的变化量为．15. 【答案】解：粒子在电场中做匀加速直线运动，由动能定理有解得；; 设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为，则解得设在区内圆周运动的圆心角为，则解得粒子在区运动周期粒子在区运动时间解得; 设粒子在区做圆周运动道半径为，则解得粒子运动轨迹如图所示，由几何关系可知为等边三角形粒子离开区域时速度与边界面的夹角【解析】粒子在电场中只受电场力做功，由动能定理可求得粒子离开区域时的速度；;粒子在磁场中做圆周运动，由牛顿第二定律可得出粒子运动半径，由几何关系可得出粒子在中转过的圆心角，则可求得粒子运动的时间；; 由牛顿第二定律可求得粒子区域中的半径，由几何关系可得出粒子离开时与边界面的夹角．【解答】解：粒子在电场中做匀加速直线运动，由动能定理有解得；; 设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为，则解得设在区内圆周运动的圆心角为，则解得粒子在区运动周期粒子在区运动时间解得; 设粒子在区做圆周运动道半径为，则解得粒子运动轨迹如图所示，由几何关系可知为等边三角形粒子离开区域时速度与边界面的夹角。
高二物理周周练试卷
高二物理周周练试卷一、选择题1、.金属矩形线圈abcd在匀强磁场中做如图所示的运动，线圈中有感应电流的是()2、在电磁感应现象中，下列说法中错误的是()A．感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化B．闭合线框放在变化的磁场中一定能产生感应电流C．闭合线框放在变化的磁场中做切割磁感线运动，一定能产生感应电流D．感应电流的磁场总是跟原来磁场的方向相反3、如图所示，光滑U形金属框架放在水平面内，上面放置一导体棒，有匀强磁场B垂直框架所在平面，当B发生变化时，发现导体棒向右运动，下列判断正确的是()A．棒中电流从b→aB．棒中电流从a→bC．B逐渐增大D．B逐渐减小4、如图所示，A、B为大小、形状、匝数、粗细均相同，但用不同材料制成的线圈，两线圈平面位于竖直方向且高度相同．匀强磁场方向位于水平方向并与线圈平面垂直．同时释放A、B线圈，穿过匀强磁场后两线圈都落到水平地面，但A线圈比B线圈先到达地面．下面对两线圈的描述中可能正确的是()A．A线圈是用塑料制成的，B线圈是用铜制成的B．A线圈是用铝制成的，B线圈是用胶木制成的C．A线圈是用铜制成的，B线圈是用塑料制成的D．A线圈是用胶木制成的，B线圈是用铝制成的5、如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是()A．向右加速运动B．向左加速运动C．向右减速运动D．向左减速运动6、.如图所示，三角形金属导轨EOF上放有一金属杆AB，在外力作用下，使AB保持与OF垂直，以速度v匀速从O点开始右移，若导轨与金属杆均为粗细相同的同种金属制成，则下列判断正确的是()A．电路中的感应电流大小不变B．电路中的感应电动势大小不变C．电路中的感应电动势逐渐增大D．电路中的感应电流逐渐减小7、如图所示，电路中电源内阻不能忽略，R阻值和L的自感系数都很大，A、B为两个完全相同的灯泡，当S 闭合时，下列说法正确的是( )A ．A 比B 先亮，然后A 灭B ．B 比A 先亮，然后B 逐渐变暗C ．A 、B 一起亮，然后A 灭D ．A 、B 一起亮，然后B 灭8、矩形导线框abcd 固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直．规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B 随时间变化的规律如图所示．若规定顺时针方向为感应电流i 的正方向，下列i －t 图中正确的是( )9、如图所示是一多匝线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动所产生的感应电动势的图象，根据图象可知( )A ．此感应电动势的瞬时表达式为e ＝200sin0.02t VB ．此感应电动势的瞬时表达式为e ＝200sin100πt VC ．t ＝0.01 s 时，穿过线圈的磁通量为零D ．t ＝0.02 s 时，穿过线圈的磁通量的变化率最大10、在如图甲所示电路的MN 间加一如图乙所示的正弦交流电，负载电阻为100 Ω，若不考虑电表内阻对电路的影响，则交流电压表和交流电流表的读数分别为( )A ．220 V ，2.20 AB ．311 V ，2.20 AC ．220 V ，3.11 AD ．311 V ，3.11 A11、如图所示是一交变电流的i －t 图象，则该交变电流的有效值为( )A ．4 AB ．2 2 AC.83A D.2303A 12、如图所示，原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时( )A ．原、副线圈磁通量之比为2∶1B ．原、副线圈电流之比为2∶1C ．输入功率和输出功率之比为2∶1D ．原、副线圈电压之比为2∶1二、解答题13、如图所示，半径为R的圆形导轨处在垂直于圆平面的匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向内，一根长度略大于导轨直径的导体棒MN以速率v在圆导轨上从左端滑到右端，电路中的定值电阻为r，其余电阻不计，导体棒与圆形导轨接触良好．求：(1)在滑动过程中通过电阻r的电流的平均值；(2)MN从左端到右端的整个过程中，通过r的电荷量；(3)当MN通过圆导轨中心时，通过r的电流是多少？14、如图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为L，一理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导轨平面垂直．一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放．导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I.整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻．求：(1)磁感应强度的大小B；(2)电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；(3)流经电流表电流的最大值I m.15、有一正弦交流电源，电压有效值U＝120 V，频率为f＝50 Hz，向一霓虹灯供电，若霓虹灯的激发电压和熄灭电压均为U0＝60 2 V，试估算在一个小时内，霓虹灯发光时间有多长？为什么人眼不能感到这种忽明忽暗的现象？16、一台小型发电机的最大输出功率为100 kW，输出电压恒为500 V，现用电阻率为1.8×10－8Ω·m，横截面积为10－5m2的输电线向4×103m远处的用电单位输电，要使发电机满负荷运行时，输电线上的损失功率为发电机总功率的4%，求：(1)所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是多少？(2)如果用户用电器的额定电压为220 V，那么所用的理想降压变压器原、副线圈的匝数比是多少？。
[推荐学习]高二物理上学期周练试卷(10.22,含解析)
![[推荐学习]高二物理上学期周练试卷(10.22,含解析)](https://img.taocdn.com/s3/m/ccd2e697fd0a79563c1e7238.png)
河南省开封高中 2015～2016 学年度高二上学期周练物理试卷（10.22）一、选择题（每小题5分，共65 分．其中第1、4、6、11、13 题为单选题，全部选对得5分，少选得3 分，多选、选错或不选得0分）1．电场线分布如图所示，电场中a，b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b，电势分别为φa 和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb2．电视显像管的第二和第三阳极是两个直径相同的同轴金属圆筒．两电极间的电场即为显像管中的主聚焦电场．图示为主聚焦电场中的等势面，数字表示电势值，若有平行于中心轴线的电子束入射，则下列说法中正确的是（）A．若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 B．若电子束从右边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 C．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A D．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为B3．如图所示，虚线a、b、c 是电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一个带正电的质点仅受电场力作用下通过该区域，图中实线为其运动轨迹，P、O、Q 是轨迹上的三点．下列说法中正确的是（）A．带电质点可能是从P点向Q点运动，v P 一定小于v QB．三个等势面中，等势面c的电势最高 C．带电质点通过PO 时电场力做功比通过O Q 时做功大 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小4．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．放在P点电荷的电量加倍，则该点的场强也加倍B．若P点没有检验电荷，则该点的场强为零C．P 点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向5．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止 B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止 C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动 D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止6．如图所示，真空中M、N 处放置两等量异种电荷， a、b、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，df 平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M 点处放置的是正电荷B．d 点的电势高于f点的电势C．d 点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功7．两个点电荷Q1、Q2 固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能E p 随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M 点电势为零，N 点场强为零B．M 点场强为零，N 点电势为零C．Q1 带负电，Q2 带正电，且Q2 电荷量较小D．Q1 带正电，Q2 带负电，且Q2 电荷量较大8．如图，A、B 是电荷量都为Q的两个正点电荷．O 是它们连线的中点，P，P′是它们连线中垂线上对称的两个点．从P点由静止释放一个电子，不计电子重力．则（）A．电子将一直向上做加速运动B．电子将向O 点加速运动，到O 点速度最大C．电子在向O 点运动的过程中，电势能增大D．电子将在P P'之间做周期性的往复运动9．在真空中有一匀强电场，电场中有一质量m=0.01g，带电荷量q=﹣2×10﹣8C 的尘埃沿水平方向向右做匀速直线运动，g=10m/s2，则（）A．场强的方向一定沿水平方向B．场强的方向一定竖直向下C．场强的方向一定竖直向上D．场强的大小一定为E=5×103N/C10．如图所示，A、B 两个带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q 和﹣q，两球间用绝缘细线连接，A 球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为L．现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度，由于有空气阻力，A、B 两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球（）A．总重力势能增加了B．总重力势能增加了C．总电势能减少了D．总电势能减少了11．一个初动能为E k 的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3E k．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A．4.5 E k B．4 E k C．6 E kD．9.5 E k12．如图所示，用绝缘轻质细线悬吊一质量为m、电荷量为q的小球，在空间施加一匀强电场，使小球保持静止时细线与竖直方向成θ角（已知θ满足0＜θ＜45°），则所加匀强电场的电场强度的可能值为（）A ．B ．C ．D ．13．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A ．此接法的测量值大于真实值B ．此接法的测量值小于真实值 C ．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D ．开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最左端二．计算题（共 35 分，14 题 18 分．15 题 17 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算 步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．某同学欲测一电阻 R x 的阻值（约为 300Ω）可供选择的仪器有：电流表 A 1，量程 10mA ；电流 表 A 2，量程 0.6A ；电压表 V 1，量程 3V ；电压表 V 2，量程 15V ；电源电动势为 4.5V ．请同学们按 图接好电路，闭合 S 1 后，把开关 S 2 拨至 a 时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把 开关 S 2 拨至 b 时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处；该同学在实验中所选电压表的量程为 所选电流表的量程为 R x 的测量值为 ．若电键接触 a 时，电流表 I a=5.0mA ，电压表 U a=2.7V ；当电键接触 b 时，电流表 I b=4.0mA ，电压表 Ub=2.8V ，为使测量误差较小，应将电键接触 端；则该电阻的测量值 为 ，测量值比该电阻的真实值 ．15．如图甲所示，电荷量为 q =1×10﹣4C 的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度 E 的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间 t 的关系如图 丙所示，取重力加速度 g =10m/s 2．求：（1）前两秒电场力做功多少？物块的质量多少？（3）物块与水平面间的动摩擦因数．河南省开封高中2015～2016 学年度高二上学期周练物理试卷（10.22）参考答案与试题解析一、选择题（每小题5分，共65 分．其中第1、4、6、11、13 题为单选题，全部选对得5分，少选得3 分，多选、选错或不选得0分）1．电场线分布如图所示，电场中a，b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b，电势分别为φa 和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD 错误，C 正确．故选C．【点评】本题考查用电场线如何表示的电场强度大小及电势高低．2．电视显像管的第二和第三阳极是两个直径相同的同轴金属圆筒．两电极间的电场即为显像管中的主聚焦电场．图示为主聚焦电场中的等势面，数字表示电势值，若有平行于中心轴线的电子束入射，则下列说法中正确的是（）A．若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 B．若电子束从右边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 C．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A D．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为B【考点】等势面；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，负电荷逆着电场线运动电场力做正功，根据轨迹弯曲方向判断电荷的受力方向．【解答】解：A、B：由图象可知，电场线的方向向左，若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速，故A正确，B 错误；C、D：电场线与等势面垂直，电子受力的方向与电场线的方向相反，故若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A，C 正确，D 错误．故选A C【点评】做好本题的关键是根据等势面画出电场线，再由负电荷在电场中的运动判断．3．如图所示，虚线a、b、c 是电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一个带正电的质点仅受电场力作用下通过该区域，图中实线为其运动轨迹，P、O、Q 是轨迹上的三点．下列说法中正确的是（）A．带电质点可能是从P点向Q点运动，v P 一定小于v QB．三个等势面中，等势面c的电势最高 C．带电质点通过PO 时电场力做功比通过O Q 时做功大 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小【考点】等势面；动能定理的应用；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据带电微粒的运动情况可以确定带电微粒的受力情况，从而确定a bc 三个等势面的电势的高低；根据等势面的疏密可以确定电场线的疏密，从而确定带电微粒在P点和Q点的电场力的大小关系，这样就可以知道带电微粒通过P点和Q点时加速度的大小关系；根据电场力做功可以确定带电微粒在P 点和Q点时动能和电势能的大小关系．【解答】解：A、带电微粒在从P向Q运动的过程中电场力做正功，故微粒在P点时的动能小于在Q 点的动能．则P点速率小．故A正确B、若带电微粒从P点进入电场，由图可知带电微粒所受电场力由c等势面指向b等势面，由于微粒带正电，故c等势面的电势最高．故B正确．C、因是等差等势面，是带电质点通过P O 时电场力做功与通过O Q 时做功一样大．故C错误D、由于电场线越密等势线越密，由图可知P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，故带电微粒通过P点时的加速度大．故D错误．故选：AB【点评】本题的难度较大，解题的突破口是根据带电微粒的运动情况可以确定正电荷的受力情况，从而确定电势的高低．4．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．放在P点电荷的电量加倍，则该点的场强也加倍B．若P点没有检验电荷，则该点的场强为零C．P 点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p点电荷减半或无检验电荷，P 点的场强不变，故A B 错误．C、据F=Eq 知，P 点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确．D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，所以P点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，故D错误．故选：C．【点评】明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向的依据．5．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止 B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止 C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动 D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．【解答】解：A、保持S闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确． B、打开S后，电量不变，使两板错开一定距离，两极板正对面积减小，由C=知，电容减小，电容的定义式C=知，电压增大，由E=分析得知板间场强增大，微粒将向上运动．故B错误．C、D 由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E 与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态．故C错误，D 正确．故选A D 【点评】本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．6．如图所示，真空中M、N 处放置两等量异种电荷，a、b、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，df 平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M 点处放置的是正电荷B．d 点的电势高于f点的电势C．d 点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功【考点】电场线．【分析】由电场力对正电荷做功可得电势的高低，再由电场线与电势的关系分析电场的方向．进而判断电荷的受力情况．【解答】解：A、B、因正电荷由d到f电场力做负功，电势能增加，则电势升高．故f点电势高于d 点电势．则N点为正电荷，故A错误，B 错误．C、d 点与f点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故C错误．D、将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到 e 点，电势能先减小再增大到原来值，故电场力先做正功、后做负功．故D正确．故选：D【点评】在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握7．两个点电荷Q1、Q2 固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能E p 随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M 点电势为零，N 点场强为零B．M 点场强为零，N 点电势为零C．Q1 带负电，Q2 带正电，且Q2 电荷量较小D．Q1 带正电，Q2 带负电，且Q2 电荷量较大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图读出电势能E P，由φ=，分析电势．E P﹣x 图象的斜率=F，即斜率大小等于电场力大小．由F=qE，分析场强．析电势变化，确定场强的方向，由N点场强为零，判断两电荷的电性和电量的大小．【解答】解：AB 、由图知，M 点电势能与无穷远处的电势能相等，E P =0，由 φ= ，分析得知，M 点电势 φ=0．E P ﹣x 图象的斜率=F=qE ，则知 N 点场强为零．故 A 正确，B 错误． CD 、根据正电荷在电势高处电势能大，可知，带正电的试探电荷从远处移近 Q 2 的过程中，电势能 减小，电势先降低后升高，说明 Q 1 带负电，Q 2 带正电，N 点场强为零，由 E =k知，Q 2 电荷量较 小．故 C 正确，D 错误．故选：AC ．【点评】本题一要抓住 E P ﹣x 图象的斜率率=F=qE ，分析场强的变化．二要根据推论正电荷在 电势高处电势能大，分析电势的变化，确定电荷的电性．8．如图，A 、B 是电荷量都为 Q 的两个正点电荷．O 是它们连线的中点，P ，P ′是它们连线中垂线上 对称的两个点．从 P 点由静止释放一个电子，不计电子重力．则（ ）A ．电子将一直向上做加速运动B ．电子将向 O 点加速运动，到 O 点速度最大C ．电子在向 O 点运动的过程中，电势能增大D ．电子将在 P P'之间做周期性的往复运动【考点】点电荷的场强；电场的叠加．【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在 它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和 电子的运动的情况．【解答】解：A 、根据矢量的合成可以知道，在两个电荷连线中点的电场的场强是零，在无穷远处 的电场的场强也是零，所以电子沿着中垂线运动时，电子受的力必定是先增加再减小，所以电子不 可能一直向上做加速运动，所以 A 错误． B 、由于连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，所以电子受到的电场力是 指向 O 点的，所以电子将向 O 点加速运动，到 O 点速度最大，故 B 正确．C 、电子在向 O 点运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，所以 C 错误．D 、根据 B 的分析，电子将向 O 点加速运动，在远离 O 点的过程中减速，减为零之后再反向加速， 不断地重复这个过程，所以 D 正确．故选 B D ．【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了 解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．9．在真空中有一匀强电场，电场中有一质量 m =0.01g ，带电荷量 q =﹣2×10﹣8C 的尘埃沿水平方向向 右做匀速直线运动，g=10m/s 2，则（ ）A ．场强的方向一定沿水平方向B ．场强的方向一定竖直向下C ．场强的方向一定竖直向上D ．场强的大小一定为E =5×103N/C 【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系． 【专题】电场力与电势的性质专题． 【分析】尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，根据平衡 条件求出电场强度大小和方向． 【解答】解：由题，尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平 衡，则电场力方向竖直向上，而尘埃带负电，所以电场强度方向竖直向下．根据平衡条件得： mg=qE ，得：E=N/C=5×103N/C ． 故选：BD ．【点评】解决本题的关键根据受力平衡求出电场强度的大小和方向，以及知道电场强度的方向与正 电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．10．如图所示，A 、B 两个带电小球的质量均为 m ，所带电量分别为+q 和﹣q ，两球间用绝缘细线连 接，A 球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为 L ．现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度，由于有空气阻力，A 、B 两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程 中，两个小球（）A ．总重力势能增加了B ．总重力势能增加了C ．总电势能减少了D ．总电势能减少了 【考点】电势能；机械能守恒定律． 【专题】电场力与电势的性质专题． 【分析】加上电场后 B 球向左运动，达到平衡后，对整体由平衡条件得知，A 球不动，B 球向左偏 转 45°，上升的高度为 h =L （1﹣cos45°），即可求出重力势能的增加量和电势能的变化量．【解答】解：A 、B 加上电场后 B 球向左运动，达到平衡后，由于 q E=mg ，由平衡条件对整体研究可知，A 球不 动，B 球向左偏转 45°，上升的高度为 h =L （1﹣cos45°），则总重力势能增加了△E P =mgh=．故 A 正确，B 错误．C 、D 、B 球沿电场力方向移动的距离为 d =，则总电势能减少了 q Ed=．故 C 错误，D 正 确． 故选 A D【点评】本题的解题关键是确定平衡后两球的位置，再根据重力做功和电场力做功，研究重力势能 和电势能的变化．11．一个初动能为 E k 的带电粒子，以速度 V 垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为 3E k ．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的 2 倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（ ）A ．4.5 E kB ．4 E kC ．6 E kD ．9.5E k【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电粒子垂直飞入匀强电场中，做类平抛运动，运用运动的分解法，得出偏转距离与初速 度和初动能的关系，由动能定理得到电场力做功与初动能的关系式，再用同样的方法得到初速度增 加到原来 2 倍时电场力做功与初动能的关系，由动能定理求解该粒子飞出时的动能．【解答】解：设平行金属板的长度为 L ，板间距离为 d ，场强为 E ． 当初速度为 v 时，则有：y=at 2=（）2=…① 根据动能定理得，qEy=3E k ﹣E k ，得：2E k =…② 当初速度为 2V 时，同理可得：y ′==…③电场力做功为W ′=qEy ′=…④ 由②④比较得：W ′=0.5E k 根据动能定理得：W ′=E k ′﹣4E k ，得：E k ′=4.5E k故选：A【点评】本题是动能定理和类平抛运动知识的综合应用，用相同的物理量表示电场力做功是解题的 关键．12．如图所示，用绝缘轻质细线悬吊一质量为 m 、电荷量为 q 的小球，在空间施加一匀强电场，使 小球保持静止时细线与竖直方向成 θ 角（已知 θ 满足 0＜θ＜45°），则所加匀强电场的电场强度的可 能值为（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球保持静止时受到重力、电场力和细线的拉力，运用作图法分析什么条件下电场力最小，再场强公式E =得到场强的最小值，再分析E的可能值．【解答】解：小球保持静止时受到重力m g、电场力F和细线的拉力T，作出力图如图．根据作图法可知，当电场力F与细线垂直时，电场力最小，最小值为：F=mgsinθ则场强的最小值为：E==电场力F可能等于m g，E 可能为；当F水平时，F=mgtanθ，E= F 不可能等于mgtanθ，则E 不可能等于；故选：ABC．【点评】本题相当于物体平衡中极值问题，通过作图法分析解答是常用的方法，也可以采用数学函数法求解．13．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值 B．此接法的测量值小于真实值 C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D．开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最左端【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由电路图可知，该实验采用的是滑动变阻器的分压接法，电流表的内接法；（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实 验误差越小． 为保证电路安全，采用滑动变阻器分压接法时，在闭合开关前，要求滑动变阻器滑片移到分压电阻 为零的位置．【解答】解：（1）实验采用电流表的内接法，电流的测量值 I 是真实的，由于电流表的分压作用，电压测量值 U 偏大，由 R =可知， 测量值偏大，测量值大于真实值，故 A 正确，B 错误； 伏安法测电阻，当待测电阻阻值远大于电流表内阻时，采用内接法，故 C 错误；（3）实验采用的是滑动变阻器的分压接法，为保证电路安全， 开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最右端，此时分压电路电压为零，故 D 错误； 故选 A ．【点评】本题考查了伏安法测电阻实验电路分析、实验注意事项、实验误差分析等问题，难度不是 很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．二．计算题（共 35 分，14 题 18 分．15 题 17 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算 步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．某同学欲测一电阻 R x 的阻值（约为 300Ω）可供选择的仪器有：电流表 A 1，量程 10mA ；电流 表 A 2，量程 0.6A ；电压表 V 1，量程 3V ；电压表 V 2，量程 15V ；电源电动势为 4.5V ．请同学们按 图接好电路，闭合 S 1 后，把开关 S 2 拨至 a 时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把 开关 S 2 拨至 b 时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处；该同学在实验中所选电压表的量程为 3V 所选电流表的量程为 10mA R x 的测量值为 320Ω ．若电键接触 a 时，电流表 I a=5.0mA ，电压表 U a=2.7V ；当电键接触 b 时，电流表 I b=4.0mA ，电压表 Ub=2.8V ，为使测量误差较小，应将电键接触 B 端；则该电阻的测量值为 700Ω ，测量值比 该电阻的真实值 偏大 ．【考点】伏安法测电阻． 【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）电源电动势为 4.5V ，如果选择 15V 档位，偏转五分之四达到 12V ，超过电源的电动势， 故电压表选择的是低档位； 电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电 压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选 10mA 挡；（3）根据欧姆定律和电路的串并联知识列式求解即可．（4）根据两电表的示数变化，可知哪一个电表测量误差较大，则可以选出较准确的方法．。
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江西省横峰中学2016-2017学年高二物理上学期第十五周周练试题一．单项选择题（6×10分）
1. 两个绝缘导体环AA′、BB′大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如图所示，则圆心O处磁感应强度的方向为(AA′面水平，BB′面垂直纸面)
A．指向左上方
B．指向右下方
C．竖直向上
D．水平向右
2．关于磁感应强度B，下列说法中正确的是()
A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关
B．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力的方向一致
C．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零
D．在磁场中磁感线越密集的地方，B值越大
3．关于带电粒子在匀强磁场中运动，不考虑其他场力(重力)作用，下列说法正确的是() A．可能做匀速直线运动
B．可能做匀变速直线运动
C．可能做匀变速曲线运动
D．只能做匀速圆周运动
4. 如图所示，一个带负电的油滴以水平向右的速度v进入一个方向垂直纸面向外的匀强磁场B后，保持原速度做匀速直线运动，如果使匀强磁场发生变化，则下列判断中错误
的是()
A．磁场B减小，油滴动能增加
B．磁场B增大，油滴机械能不变
C．使磁场方向反向，油滴动能减小
D．使磁场方向反向后再减小，油滴重力势能减小
5. 如图所示，空间的某一区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场，一个带电粒子以某一初速度由A点进入这个区域沿直线运动，从C点离开区域；如果这个区域只有电场则粒子从B点离开场区；如果这个区域只有磁场，则粒子从D点离开场区；设粒子在上述3种情况下，从A到B点，从A到C点和A到D点所用的时间分别是t1、t2和t3，比较t1、t2和t3的大小，则有
(粒子重力忽略不计)()
A．t1＝t2＝t3 B．t2<t1<t3
C．t1＝t2<t3 D．t1＝t3>t2
6．如图所示，a、b是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边有一挡板，正中间开有一小孔d，在较大空间范围内存在着匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，在a、b两板间还存在着匀强电场E.从两板左侧中点c处射入一束正离子(不计重力)，这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束．则下列判断正确的是()
A．这三束正离子的速度一定不相同
B．这三束正离子的质量一定不相同
C．这三束正离子的电荷量一定不相同
D．这三束正离子的比荷一定不相同
二．计算题（2×20）
7. 如图所示，在倾角为37°的光滑斜面上有一根长为0.4 m，质量为6×10－2kg的通电直导线，电流I＝1 A，方向垂直纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒增加0.4 T，方向竖直向上的磁场中，设t＝0时，B＝0，则需要多长时间斜面对导线的支持力为零？(g取10 m/s2)
8．如图所示，由A、B两平行板构成的电容器，电容为C，原来不带电。
电容器的A板接地，并且中心有一个小孔，通过这个小孔向电容器中射入电子，射入的方向垂直于极板，射入的速度为v0如果电子的发射是一个一个单独进行的，即第一个电子到达B板后再射第二个电子，并且所有和B板相碰的电子都留在B板上。
随着电子的射入，两极板间的电势差逐渐增加，直至达到一个稳定值。
已知电子的质量为m、电量为e，电子所受的重力可忽略不计，A、B两板的距离为L。
（1）有n个电子到达B板上，这时两板间电场的场强E多大？
（2）最多能有多少个电子和B板相碰？
（3）到达B板的第1个电子在两板间运动的时间和最后一个电子在两板间运动的时间相差多少？
附加题
质量为m，电荷量为q的带负电粒子自静止开始，经M、N板间的电场加速后，从A点垂直于磁场边界射入宽度为d的匀强磁场中，该粒子离开磁场时的位置P偏离入射方向的距离为L，如图13所示，已知M、N两板间的电压为U，粒子的重力不计．
(1)正确画出粒子由静止开始至离开匀强磁场时的轨迹图(用直尺和圆规规范作图)；
(2)求匀强磁场的磁感应强度B.
第十五周物理参考答案
解析斜面对导线的支持力为零时受力分析如右图
由平衡条件得：
BIL ＝mgcot 37° B ＝mgcot 37°IL
＝6×10－2
×10×
0.80.6
1×0.4 T ＝2 T
所需时间t ＝B ΔB ＝2
0.4 s ＝5 s
15．（20分） （1）两极间电压U=C
ne
C Q = 场强 E=L U 解得E=
CL ne （6分）
（2）设最多能有n’个电子到达B 板，则第n’+1个电子在运动到B 板时速度恰减为0。
满足
=
=e
解得：
（6分）
（3）第1个电子在两板间作匀速运动，运动时间为0
1v L
t =
最后1个电子在两板间作匀减速运动，运动时间为0
22v L t =
附加题答案(1)见解析图 (2)2L
(L 2＋d 2
)
2mU q
解析(1)作出粒子经电场和磁场的轨迹图，如下图
(2)设粒子在M 、N 两板间经电场加速后获得的速度为v ， 由动能定理得： qU ＝12
mv 2
①
粒子进入磁场后做匀速圆周运动，设其半径为r ，则：
qvB ＝m v 2
r
②
由几何关系得：r 2
＝(r －L)2
＋d 2
③ 联立①②③式得： 磁感应强度B ＝2L
(L 2＋d 2
)
2mU q
.。