不等式证明的几种方法
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不等式证明的几种方法
刘丹华
余姚市第五职业技术学校
摘 要: 不等式的证明可以采用不同的方法,每种方法具有一定的适用性,并有一定的规律可循。通过对不等式证明方法和例子的分析和总结,可以掌握其中的要领,灵活运用。 关键词: 不等式 ;证明方法;分析问题
引言
证明不等式一般没有固定的程序,方法因题而异,灵活多变,技巧性强。有时一个不等式的证明方
法不止一种,而一种证法又可能要用到好几个技巧,但基本思想总是一样的,即把原来的不等式变为明显成立的不等式。下面介绍几种证明不等式的方法。
一、构造法
构造法是数学中一种富有创造性的思维方法。当一个数学问题需要解决时,常常通过深入分析问题
的结构特征和内在规律,概括抽象构造出一个新的关系,使问题等价转化为与之有关的函数、方程和图形等,再进行求解。构造法也是数学解题中的一种重要的思维方法。 (一) 、构造方程证明不等式
某些不等式问题,可以根据它的条件或结论的特征构造一个一元二次方程,然后利用根的判别式来
证明。
例1 如果x ,y ,z 均为实数,且x y z a ++=,2
2
2
2
12
x y z a ++= (0)a >. 求证:203x a <≤
,23o y a ≤≤, 203
z a ≤≤. 证明:由已知的两个等式中消去x ,得
2
2
2
21()2a y z y z a --++= ⇒ 222
22()2202
a y a z y z az --+-+
= 因为 y R ∈, 所以 22
4()4(2)0a z z a ∆=---≥ 所以 (32)0z z a -≤
所以 203z a ≤≤
同理可证: 203x a ≤≤, 2
03
y a ≤≤.
(二) 、构造函数证明不等式
根据欲证不等式结构的特点,引入一个适当的函数,运用函数的性质来加以证明。
例2 已知a ,b ,c 为ABC ∆的三边,求证:
111a b c a b c
<<+++. 证明: 从结论形式看,各项均具有1M
M
+的形式,于是可构造函数 ()1x f x x
=
+, 易证 ()f x 在R +
上为增函数 因为a ,b ,c 为ABC ∆的三边
所以 a b c <+ 所以 ()()f a f b c <+ 即
111111a b c b c b c a b c b c b c b c
+<=+<++++++++++. 又如: 求证
111a b a b a b
a
b
+≤
+
++++ 可用类似方法证明。
(三) 、构造几何图形证明不等式
把欲证的不等式的数量关系所反映的几何背景找出来,然后根据几何图形性质证明不等式成立。
例3 已知实数a ,b 满足1a b +=,求证:22
25(2)(2)2
a b +++≥
. 分析:原式左边可看作点(,)a b 与点(2,2)--间距离的平方,则可在直角坐标系中,构造点
P (2,2)--,Q (,)a b ,其中Q 是直线1x y +=与两坐标轴的交点A ,B 连线段上点,
如图1所示
图 1
原式左边就是2
PQ ,设AB 中点C 11(,)22
因为 2
25
2
PC =
, 又PAB ∆为等腰∆ 所以 PC AB ⊥
故 PQ PC ≥, 即2
2
252
PQ PC ≥= 所以 2
2
25(2)(2)2
a b +++≥. (四) 、构造复数证明不等式
时,可联想构造复数,使复数的模与根式的表达式形式相同,然后再利用复数模的性质加以证明。 例4 已知为a ,b ,c 非负实数,求证:
)a b c ≥
++.
此题用别的方法较繁,若能转化为复数模的问题,就变得十分简捷。
分析:a ,b ,c 非负实数,a b c a b c ++=++,这样,不等式左右各项和复数模表示相似
于是可构造复数:
1z a bi =+, 2z b ci =+, 3z c ai =+ .
则 123z z z =++
123z z z ≥++ ()(1)a b c i =+++
1()i a b c =+++)a b c =++ 从而命题得证.
二、反证法
反证法是数学证明的一种重要方法。因为命题“P ”与它的否定“非P ”的真假相反,所以要证一个命题为真,只要证它的否定为假即可。这种从证明矛盾命题(即命题的否定)为假进而证明命题为真的证明方法叫做反证法。
(一) 、推理的结果与已知的知识相矛盾
例5 对实数a ,b ,c ,A ,B ,C ,有20aC bB cA -+=.且2
0ac b ->.
求证: 2
0AC B -≤.
分析: 假设1a ,2a , ,n a 中有正数且2
0aAC B ->, 则 2
0AC B >≥,
由题设,有 2
0ac b >≥, 相乘得 2
2
aAcC b B >,因为2aC cA bB +=.
所以 222()44aC cA b B aAcC +=<, 整理得 2()0aC cA -< , 这与“任何实数的平方非负”矛盾.
(二) 、推理的结果与已知条件相矛盾
例6 已知数列1a ,2a , ,n a (3)n ≥ 满足10n a a ==,且
112k k k a a a -++≥ (2,3,,1)k n =- .
求证: 1a ,2a , ,n a 均是非正数.
分析: 假设p a 是数列1a ,2a , ,n a 中出现的第一个正数,
则 1P >且 10p a -≤
由 112k k k a a a -++≥ 得 110p p p p a a a a +--≥->, 即 10p p a a +>>.
如此类推可得: 10n n p a a a ->>>>
与已知0n a = 矛盾.
(三) 、推出两个相互矛盾的结论
例7 设 k k k z x y i =+, ,k k x y R ∈, (1,2,,)k n = r 是 22212n z z z +++ 的平方根的实部绝对值. 求证: 12n r x x x ≤+++ . 分析: 设 2
21()n
k
k a bi z
=+=
∑, (,)a b R ∈
即 2
21
()()n
k
k k a bi x
y i =+=
+∑
比较两边的实部与虚部,有