辽宁省沈阳二中2015届高三上学期10月月考试题 物理 Word版含答案
沈阳二中2014——2015学年度上学期10月份小班化学习成果阶段验收高三（15届）物理试题命题人：高三物理组 审校人：高三物理组说明：1.测试时间：90分钟 总分：100分2.客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸的相应位置上第Ⅰ卷（共40分）一．选择题：本题共10小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.体育器材室里，篮球摆放在图示的球架上。
已知球架的宽度为d ，每只篮球的质量为m 、直径为D （D ＞d ），不计球与球架之间摩擦，则每只篮球对一侧球架的压力大小为A ．mg 21B ．dmgDC ．222dD mgD -D ．Dd D mg 222-2. 已知地球的半径为R ,地球的自转周期为T ，地表的重力加速度为g ，要在地球赤道上发射一颗近地的人造地球卫星，使其轨道在赤道的正上方，若不计空气的阻力，那么 A.向东发射与向西发射耗能相同，均为2)2(2121TR m mgR π- B.向东发射耗能为2)2(21TR gR m π-，比向西发射耗能多 C.向东发射与向西发射耗能相同，均为2)2(21TR gR m π- D.向西发射耗能为2)2(21TR gR m π+，比向东发射耗能多 3.如图所示，小方块代表一些相同质量的钩码，图①中O 为轻绳之间连接的结点，图②中光滑的滑轮跨在轻绳上悬挂钩码，两装置处于静止状态，现将图①中的B 滑轮和图②中的端点B 沿虚线稍稍上移一些，则关于θ角的变化说法正确的是 A ．图①、图②中的θ角均增大 B ．图①、图②中θ角均不变C ．图①中θ角增大、图②中θ角不变化D ．图①中θ角不变、图②中θ角变大4. 如图所示，从水平地面上的A 点，以速度v 1在竖直平面内抛出一小球，v 1与地面成θ角．小球恰好以v 2的速度水平打在墙上的B 点，不计空气阻力，则下面说法中正确的是A ．在A 点，仅改变θ角的大小，小球仍可能水平打在墙上的B 点B ．在A 点，以大小等于v 2的速度朝墙抛出小球，它也可能水平打在墙上的B 点C ．在B 点以大小为v 1的速度水平向左抛出小球，则它可能落在地面上的A 点D ．在B 点水平向左抛出小球，让它落回地面上的A 点，则抛出的速度大小一定等于v 2 5． 在高度为h 、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m 、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端。
物块与斜面的动摩擦因数为33，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
现用一平行于斜面的力F 拉动弹簧的A 点，使m 缓慢上行到斜面顶端。
此过程中A ．F 对该系统做功为2mghB ．F 对该系统做功大于2mghC ．F 对该系统做的功等于物块克服重力做功与克服摩擦力做功之和D ．F 对该系统做的功等于物块的重力势能与弹簧的弹性势能增加量之和6. 有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A 、B 分别套在水平杆与竖直杆上，A 、B 用一不可伸长的轻细绳相连，A 、B 质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A 、B 静止．由静止释放B 后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B 沿着竖直杆下滑的速度为v ，则连接A 、B 的绳长为A.4v 2g B.3v 2g C.3v 24g D.4v23g7. 一根绳长为L 的轻绳一端系一个质量为m 的小球，另一端悬于固定点O ，若小球一次在竖直面做单摆运动，另一次做圆锥摆运动。
单摆运动时的最大摆角和圆锥摆运动时的偏角均为θ，如图所示，下列判断正确的是 A ．单摆可能容易断 B ．单摆一定容易断 C ．圆锥摆可能容易断 D ．圆锥摆一定容易断8. a 、b 两车在两条平行的直车道上同方向行驶，它们的t υ-图象如图所示，在0t =时刻，两车间距离为d ；5s t =的时刻它们第一次相遇，关于两车之间的关系，下列说法正确的是A ．15s t =的时刻两车第二次相遇B ．20s t =的时刻两车第二次相遇C ．在5~15s 的时间内，先是a 车在前，而后是b 车在前D ．在5~10s 的时间内，两车间距离逐渐变大9.雨滴在下降过程中，由于水汽的凝聚，雨滴质量将逐渐增大，同时由于速度逐渐增大，空气阻力也将越来越大，最后雨滴将以某一收尾速度匀速下降，在此过程中 A ．雨滴所受到的重力逐渐增大，重力产生的加速度也逐渐增大 B ．由于雨滴质量逐渐增大，下落的加速度逐渐减小 C ．由于空气阻力增大，雨滴下落的加速度逐渐减小 D ．雨滴所受到的重力逐渐增大，但重力产生的加速度不变10．如图所示，一个表面光滑的斜面体M 置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α <β，M 的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A 、B 两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A 、B 恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A 、B 滑至斜面底端，M 始终保持静止．则 A ．滑块A 的质量大于滑块B 的质量 B ．两滑块到达斜面底端时的速度相同C ．两滑块到达斜面底端时，A 滑块重力的瞬时功率较大D ．在滑块A 、B 下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力第Ⅱ卷（共60分）二．实验题（每空2分，共14分）11.如图甲所示，用包有白纸的质量为m(kg)的圆柱棒代替纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动，代替打点计时器．当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛笔就在圆柱棒表面的纸上画出记号，如图乙所示，设毛笔接触棒时不影响棒的运动．测得记号之间的距离依次为20.0 mm,44.0 mm,68.0 mm,92.0 mm,116.0 mm,140.0 mm ，已知电动机铭牌上标有“1200 r/min”字样，由此研究圆柱棒的运动情况．根据以上内容，回答下列问题：(1)毛笔画相邻两条线的时间间隔T ＝________s ，图乙中的________端是圆柱棒的悬挂端(填“左”或“右”)．(2)根据图乙所给的数据，可知毛笔画下记号D 时，圆柱棒下落的速度v D ＝________m/s ，圆柱棒竖直下落的加速度a= m ／s 2．(结果保留三位有效数字) 12.某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距d.开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t.(1)木块的加速度可以用d和t表示为a＝________.(2)改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数F的关系．下图中能表示该同学实验结果的是________．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是________．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度三．计算题（本题共3小题，共32分.解答时应该写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.(10分)如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高。
质量m=1kg的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37º=0.6 cos37º=0.8。
⑴求滑块与斜面间的动摩擦因数 。
⑵若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值。
⑶若滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t。
14. (10分)如图所示，直线MN 表示一条平直公路，甲、乙两辆汽车原来停在A 、B 两处，A 、B 间的距离为85 m ，现甲车先开始向右做匀加速直线运动，加速度a 1＝2.5 m/s 2，甲车运动6.0 s 时，乙车开始向右做匀加速直线运动，加速度a 2＝5.0 m/s 2，求两辆汽车相遇几次？相遇处距A 处多远？15. (12分)如图所示，长L =1.5 m ，高h =0.45 m ，质量M =10 kg 的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动．当木箱的速度v 0=3.6 m/s 时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F =50 N ，并同时将一个质量m =l kg 的小球轻放在距木箱右端3L的P 点(小球可视为质点，放在P 点时相对于地面的速度为零)，经过一段时间，小球脱离木箱落到地面．木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计．取g =10 m/s 2．求： ⑴小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间； ⑵小球放到P 点后，木箱向右运动的最大位移； ⑶小球离开木箱时木箱的速度．选考题：共14分。
请考生从给出的2道物理题中任选一题做答 16. [选修3-4]（14分）（1）如图甲所示是一列沿x 轴正方向传播的简谐横波在t ＝0时刻的波形图，P 是离原点x 1＝2m 的一个介质质点，Q 是离原点x 2＝4m 的一个介质质点，此时离原点x 3＝6m 的介质质点刚刚要开始振动．图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象(计时起点相同)．由此可知A ．这列波的波长λ＝4mB ．这列波的传播速度v ＝2m/sC．这列波的周期T＝3sD．这列波的波源起振方向为向上E．乙图可能是图甲中质点Q的振动图象（2）如图，为一圆柱中空玻璃管，管内径为R1，外径为R2，R2＝2R1.一束光线在圆柱横截面内射向玻璃管，为保证在内壁处光不会进入中空部分，问入射角i应满足什么条件？17. [选修3-5]（14分）（1）下列关于近代物理知识的描述中，正确的是A. 当用蓝色光照射某金属表面时有电子逸出，则改用紫光照射也一定会有电子逸出B. 处于n＝3能级状态的大量氢原子自发跃迁时，能发出3种频率的光子C. 衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D. 在147N＋42He→178O＋X核反应中，X是质子，这个反应过程叫α衰变E. 比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定（2）如图所示，一质量M＝2 kg的长木板B静止于光滑水平面上，B的右边有竖直墙壁．现有一小物体A(可视为质点)质量m＝1 kg，以速度v0＝6 m/s从B的左端水平滑上B，已知A 和B间的动摩擦因数μ＝0.2，B与竖直墙壁的碰撞时间极短，且碰撞时无机械能损失，若B的右端距墙壁x＝4 m，要使A最终不脱离B，则木板B的长度至少多长？沈阳二中2014——2015学年度上学期十月份小班化学习成果阶段验收高三（15届）物理试题答案一．选择题1.C2.D3.B4.D5.B6.D7.AC8.AD9.CD 10.AD 二．实验题11.（1）0.05 左（2）1.60 9.60 12. (1)2dt 2 (2)C (3)BC三．计算题13.解：⑴A 到D 过程：根据动能定理 有002(2)cos3700sin 37Rmg R R mg μ⨯--⨯=-1tan 370.3752μ=︒=⑵若滑块能到达C 点，根据牛顿第二定律 有2c N mv mg F R+=2/c v m s ≥=A 到C 的过程：根据动能定理 有02200211cos37sin 3722c R mg mv mv μ-⨯=-0/v s ≥⑶离开C 点做平抛运动c x v t =212y gt =02tan 37R yx-=2530.80t t +-= 解得 0.2t s =14. 解：甲车运动6 s 的位移为x 0＝12a 1t 20＝45 m此时甲车尚未追上乙车，设此后经过时间t 与乙车相遇，则有12a 1(t ＋t 0)2＝12a 2t 2＋85 m将上式代入数据并整理得：t 2－12t ＋32＝0解得：t 1＝4 s ，t 2＝8 st 1、t 2都有意义，t 1＝4 s 时，甲车追上乙车；t 2＝8 s 时，乙车追上甲车再次相遇第一次相遇地点距A 的距离：x 1＝12a 1(t 1＋t 0)2＝125 m第二次相遇地点距A 的距离：x 2＝12a 1(t 2＋t 0)2＝245 m.15. 解： ⑴设小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为t ，由于212h gt =， ①则0.3t ==s ． ② ⑵小球放到木箱后相对地面静止，木箱的加速度为()17.2F μM m ga M++==m/s 2．③)木箱向右运动的最大位移为20110.92v x a ==m ④⑶x 1<1 m ，故小球不会从木箱的左端掉下． 木箱向左运动的加速度为()2 2.8F μM m ga M-+==m/s 2⑤设木箱向左运动的距离为x 2时，小球脱离木箱21 1.43Lx x =+=m ⑥ 设木箱向左运动的时间为t 2，由22212x a t =，得21t ==s ⑦ 小球刚离开木箱瞬间，木箱的速度方向向左， 大小为222 2.8v a t ==m/s ⑧ 16.（1）ABE （2）由折射定律得：sinin sin =β根据几何知识得：12R R sin sin(C)=βπ- 又R 2=2R 1.sinC=1n ， 联立以上几式得：i=30°因此入射角i 应满足i ≥30°才能保证在内壁处光不会进入中空部分. 17.（1）ABE（2）解析：设A 滑上B 后达到共同速度v 1前并未碰到竖直墙壁． 由动量守恒定律得，mv 0＝(M ＋m )v 1在这一过程中，对B 由动能定理得，μmgx B ＝12Mv 21解得，x B ＝2 m<4 m ，假设成立．设B 与竖直墙壁碰后，A 和B 的共同速度为v 2.由动量守恒定律得，Mv1－mv1＝(M＋m)v2由能量守恒定律得，μmgL＝12mv20－12(m＋M)v22解得，L＝8.67 m.。
辽宁师大附中2015届高三物理上学期10月月考试题新人教版
辽宁师大附中2015届高三上学期10月月考物理试卷一、选择题〔此题包括10个小题，每一小题5分，共50分．1到6题只有一个选项正确，对的得5分，8到10题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分〕1．〔5分〕一辆车由静止开始做匀加速直线运动，直到第8s末开始刹车，经4s停下来，汽车刹车过程也是匀变速直线运动，如此前后两段加速度的大小之比a1：a2和位移之比s1：s2分别是〔〕A．a1：a2=1：4 s1：s2=1：4 B．a1：a2=1：2 s1：s2=1：4C．a1：a2=1：2 s1：s2=2：1 D．a1：a2=4：1 s1：s2=2：1考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：加速过程的末速度等于减速过程的初速度，如此由速度公式可求得加速度大小关系；由位移公式可求得位移之比．解答：解：设加速度的未速度为v，第1段时间为t1，第2段时间为t2，如此有：v=a1t1=a2t2；解得；a1：a2=t2：t1=1：2；而由位移公式可得：x1=a1t12；x2=a2t22；如此x1：x2==2：1．应当选C．点评：此题考查位移与时间公式的应用，注意应用末速度为零的减速运动可以作为反向的加速运动进展计算．2．〔5分〕t=0时，甲乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶，它们的v﹣t图象如下列图．忽略汽车掉头所需时间．如下对汽车运动状况的描述正确的答案是〔〕A．在第1小时末，乙车改变运动方向B．在第2小时末，甲乙两车相距10kmC．在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的小D．在第4小时末，甲乙两车相遇考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．.专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．解答：解：A 、在第1小时末，乙车的速度仍然为负值，方向并未改变．故A 错误． B 、在第2小时末，甲的位移大小，乙的位移大小，此时两车相距△x=70﹣30﹣30km=10km ．故B 正确．C 、在前4小时内，乙图线的斜率绝对值始终大于甲图线的斜率绝对值，如此乙车的加速度大小总比甲车大．故C 错误．D 、在第4小时末，甲车的位移，乙车的位移，x 甲＞x 乙+70km ，可知甲乙两车未相遇．故D错误．应当选：B ．点评：解决此题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．3．〔5分〕甲、乙同时由静止从A 处出发，沿直线AB 运动，甲先以加速度a 1做匀加速运动，经一段时间后，改以加速度a 2做匀加速运动，到达B 的速度为v ，乙一直以加速度a 做加速运动，到达B 的速度也为v ，a 1＞a ，如此〔 〕A ． 甲、乙可能同时到达BB ． 乙一定先到达BC ． 经过AB 中间任一点时甲的速度一定大于乙的速度D ． 经过AB 直线上某一点时，甲的速度可能小于乙的速度考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析： 此题要利用图象法求解，作出对应的v ﹣t 图象，根据图象中图象与时间轴围成的面积表示位移，图象的斜率表示物体运动的加速度．解答： 解：作v ﹣t 图象如如下图所示，黑色斜线代表甲的v ﹣t 图象，红色斜线代表乙的v ﹣t 图象．甲乙的位移相等，甲乙的各自的v ﹣t 图象线段与它们对应的时间轴、速度轴所围成的几何图形面积相等．比拟下面图1和图2知，在一样的末速v 的前提下，要使甲乙到达终端B 时位移相等〔图形面积相等〕，乙的v ﹣t 图象线段的终端必须在甲的v ﹣t 图象线段终端的右边，即图2才是符合题意的v ﹣t 图象．由于乙的v ﹣t 图象线段的终端必定在甲的v ﹣t 图象线段终端的右边，故必有t 甲＜t 乙，甲一定先到达B ．故AB 错误；如图2，在v ﹣t 图象上甲乙的共同时间段上任选一时刻t ，作t 对应的速度轴〔红色虚线〕，由速度轴与甲乙v ﹣t 图象线段的交点比拟可得到结论：在任意一样的时刻，均有：V 甲＞V 乙．故C 正确，D 错误；应当选：C点评： 此题为典型的v ﹣t 图象的应用，利用好图象解决物理问题，往往可以起到事半功倍的效果．4．〔5分〕在水平面上有一个小物块质量为m ，从某点给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，经过A 、B 、C 三点到O 点速度为零．A 、B 、C 三点到O 点距离分别为x 1、x 2，x 3，时间分别为t 1、t 2、t 3，如下结论正确的答案是〔A ． ==B ．＜＜ C ． == D ．＜＜考点： 平均速度．.专题： 直线运动规律专题．分析： 反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确．解答： 解：反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可知，X=at 2．故a=2，故位移与时间平方的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故C 正确．应当选C点评： 虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验．5．〔5分〕如图，在小车架子上的A 点固连一条橡皮筋，在弯杆的一端B 有一个光滑的小环，橡皮筋的原长正好等于A 、B 之间的距离，橡皮筋穿过小环悬挂着一个小球，系统处于平衡状态，现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定时偏离竖直方向某一角度〔橡皮筋遵循胡克定律且在弹性限度内〕．与稳定在竖直位置时相比，小球高度〔 〕A．一定升高B．一定降低C．保持不变D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以小球为研究对象，由牛顿第二定律可得出小球的加速度与受到的拉力之间的关系即可判断．解答：解：设L0为橡皮筋的原长，k为橡皮筋的劲度系数，小车静止时，对小球受力分析得：T1=mg，弹簧的伸长x1=即小球与悬挂点的距离为L1=L0+，当小车的加速度稳定在一定值时，对小球进展受力分析如图，得：T2cosα=mg，T2sinα=ma，所以：T2=，弹簧的伸长：x2=如此小球与悬挂点的竖直方向的距离为：L2=〔L0+〕cosα=L0cosα+＜L0+=L1，所以L1＞L2，即小球在竖直方向上到悬挂点的距离减小，所以小球一定升高，故A正确，BCD错误．应当选：A．点评：此题中考查牛顿第二定律的应用，注意整体法与隔离法的使用，同时要注意审题．6．〔5分〕发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于Q点．轨道2、3相切于P点〔如图〕，如此当卫星分别在1，2，3，轨道上正常运行时，以下说法正确的答案是〔〕A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．.专题：人造卫星问题．分析：卫星做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，据此可以分析不同半径上圆周运动的速度大小、角速度大小和加速度大小．解答：解：万星做圆周运动时万有引力提供圆周运动的向心力有：=maA、因为知，在轨道1上卫星的速率大于轨道3上的速率，故A错误；B、因为ω=知，在轨道1上的角速度大于在轨道3上的角速度，故B错误；C、因为a=知，在轨道1上经过Q点和轨道2上经过Q点的加速度大小相等，故C错误；D、因为a=知，在轨道2上经过P点和轨道3上经过P点的加速度大小相等，故D正确；应当选D．点评：正确掌握万有引力提供圆周运动向心力是解决此题的关键．7．〔5分〕假设地球可视为质量均匀分布的球体，地球外表重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．如此地球的密度为〔〕A．B．C．D．考点：万有引力定律与其应用．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力，如此可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解．解答：解：在两极，引力等于重力，如此有：mg0=G，由此可得地球质量M=，在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，如此有：G﹣mg=m，而密度公式，ρ==，故B正确，ACD错误；应当选：B．点评：考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式．8．〔5分〕如下列图，水平路面上有一辆质量为Μ的汽车，车厢中有一质量为m的人正用恒力F向前推车厢，在车以加速度a向前加速行驶距离L的过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．人对车的推力F做的功为FL B．人对车做的功为maLC．车对人的摩擦力做的功为〔F+ma〕L D．车对人的作用力大小为ma考点：功的计算．.专题：功的计算专题．分析：通过牛顿第二定律求出各力的大小和明确方向且在力的方向上通过的位移，由W=FL 求出各力做的功；解答：解：A、人对车做功为W=FL，故A正确；B、在水平方向上，由牛顿第二定律可知车对人的作用力为F′=ma，人对车的作用力为﹣ma，故做功为W=﹣maL，同时车对人还有支持力，故车对人的作用力为N=，故D错误C、对人由牛顿第二定律可以f﹣F=maf=ma+F车对人的摩擦力做功为W=fL=〔F+ma〕L，故C正确，应当选：AC点评：求车厢对人的作用力，不能只考虑水平方向的产生加速度的合力，同时车厢对人还有一个竖直方向上的支持力的作用，这是有的同学经常出错的原因，知道这些这道题就不难做了．9．如下列图，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度v2，P与定滑轮间的绳水平，t=t0时刻P离开传送带．不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长．正确描述小物体P速度随时间变化的图象可能是〔〕A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：要分不同的情况进展讨论：假设V2＜V1：分析在f＞Q的重力时的运动情况或f＜Q的重力的运动情况假设V2＜V1：分析在f＞Q的重力时的运动情况或f＜Q的重力的运动情况解答：解：假设V2＜V1：f向右，假设f＞G Q，如此向右匀加速到速度为V1后做匀速运动到离开，如此为B图假设f＜G Q，如此向右做匀减速到速度为0后再向左匀加速到离开，无此选项假设V2＞V1：f向左，假设f＞G Q，如此减速到V1后匀速向右运动离开，无此选项假设f＜G Q，如此减速到小于V1后f变为向右，加速度变小，此后加速度不变，继续减速到0后向左加速到离开，如此为C图如此AD错误，BC正确应当选：BC．点评：考查摩擦力的方向与速度的关系，明确其与相对运动方向相反，结合牛顿第二定律分析运动情况，较难．10．如下列图，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，如此〔〕A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．解答：解：当A、B刚要发生相对滑动时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力，即f=2μmg，隔离对B分析，根据牛顿第二定律得，，解得a=．对整体分析，根据牛顿第二定律有：F﹣=3ma，解得F=3μmg．知当F＞3μmg 时，A、B发生相对滑动．故C正确．通过隔离对B分析，知B的加速度不会超过．故D正确．当F=时，A、B保持相对静止，对整体分析，加速度a=．故B正确．当F＜2μmg，知小于A、B之间的最大静摩擦力，如此A、B不发生相对滑动，对整体分析，由于整体受到地面的最大静摩擦力，知A、B不能相对地面静止．故A错误．应当选：BCD．点评：此题考查牛顿第二定律的综合运用，解决此题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．二、填空题〔共14分，每空2分〕11．〔8分〕某同学利用图甲所示实验装置与数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图乙所示，实验中小车〔含发射器〕的质量为200g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器与与之相连的计算机得到．回答如下问题：〔1〕根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成非线性〔填“线性〞或“非线性〞〕关系；〔2〕由图乙可知，a﹣m图线不经过原点，可能的原因是存在摩擦力；〔3〕假设利用本实验来验证“小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比〞的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，如此实验中应采取的改良措施是调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：实验题．分析：该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究．当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．解答：解：〔1〕根据该同学的结果得出a﹣m图线是曲线，即小车的加速度与钩码的质量成非线性关系；〔2〕从上图中发现直线没过原点，当a=0时，m≠0，即F≠0，也就是说当绳子上拉力不为0时，小车的加速度为0，所以可能的原因是存在摩擦力．〔3〕假设利用本实验来验证“小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比〞的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，如此实验中应采取的改良措施是：①调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力，即使得绳子上拉力等于小车的合力．②根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=，如此绳子的拉力F=Ma=，知钩码的质量远小于小车的质量时，绳子的拉力等于钩码的重力，所以钩码的质量应满足的条件是远小于小车的质量．故答案为：〔1〕非线性；〔2〕存在摩擦力；〔3〕调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力；远小于小车的质量．点评：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，这样问题我们要从实验原理和减少实验误差方面去解决．12．〔6分〕如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．〔1〕当地的重力加速度为g，如此要完成实验，还需要测量的物理量是BC ．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器之间的距离适当大些〔选质量大、体积小的小球做实验〕．考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题．分析：〔1〕根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．〔2〕根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．〔3〕要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：〔1〕小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．〔2〕由mgh=，得v2=2gh，如此v2﹣h图象的斜率k=2g．〔3〕为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：〔1〕BC；〔2〕2g；〔3〕相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．三、计算题．〔其中13题10分，14题15分，15题11分〕13．〔10分〕甲乙两运动员在训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s的速度跑完全程；乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速的，为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记，在某次练习中，甲在接力区前S0=13.5m处作了标记，并以v=9m/s的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令，乙在接力区的前端听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲一样时被甲追上，完成交接棒，接力区的长度为L=20m．求：〔1〕此次练习中乙在接棒前的加速度a．〔2〕在完成交接棒时乙离接力区末端的距离．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕甲在追乙的过程中，甲做的是匀速运动，乙做的是加速运动，追上时他们的位移的差值是13.5m，从而可以求得加速度的大小；〔2〕乙做的是加速运动，由匀加速运动的位移公式可以求得乙的位移的大小，从而可以求得在完成交接棒时乙离接力区末端的距离．解答：解：〔1〕设经过时间t，甲追上乙，如此根据题意有vt﹣=vt=13.5将v=9代入得到：t=3s，再有：v=at解得：a=3m/s2即乙在接棒前的加速度为3m/s2．〔2〕在追上乙的时候，乙走的距离为s，如此：s=代入数据得到 s=13.5m．所以乙离接力区末端的距离为△s=20﹣13.5=6.5m．答：〔1〕此次练习中乙在接棒前的加速度为3m/s2．〔2〕在完成交接棒时乙离接力区末端的距离为6.5m．点评：在交接棒时甲做的是匀速运动，乙做的是匀加速运动，根据甲乙的运动的规律分别列式可以求得加速度和位移的大小．14．〔15分〕如下列图，半径R=0.4m的光滑圆弧轨道BC固定在竖直平面内，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角θ=30°，下端点C为轨道的最低点且与粗糙水平面相切，一轻质弹簧右端固定在竖直挡板上．质量m=0.1kg的小物块〔可视为质点〕从空中A 点以υ0=2m/s的速度水平抛出，恰好从B端沿轨道切线方向进入轨道，经过C点后沿水平面向右运动至D点时，弹簧被压缩至最短，C、D间的水平距离L=1.2m，小物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．求：〔1〕小物块经过圆弧轨道上B点时速度υB的大小；〔2〕小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力N C的大小；〔3〕弹簧的弹性势能的最大值E Pm．考点：机械能守恒定律；向心力；功能关系．.专题：机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕小物块从A到B做平抛运动，恰好从B端沿切线方向进入轨道，速度方向沿切线方向，根据几何关系求得速度υB的大小；〔2〕小物块由B运动到C，据机械能守恒求出到达C点的速度，再由牛顿运动定律求解小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力N C的大小．〔3〕小物块从B运动到D，根据能量关系列式求解．解答：解：〔1〕小物块恰好从B端沿切线方向进入轨道，据几何关系有：υB===4m/s．〔2〕小物块由B运动到C，据机械能守恒有：mgR〔1+sinθ〕=mυC2﹣mυB2在C点处，据牛顿第二定律有N C′﹣mg=m解得N C′=8 N 根据牛顿第三定律，小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力大小N C为8N．〔3〕小物块从B运动到D，据能量关系有E Pm=mυB2+mgR〔1+sinθ〕﹣μmgL=×0.1×42J+0.1×10×0.4×〔1+〕 J﹣0.5×0.1×10×1.2 J=0.8J答：〔1〕小物块经过圆弧轨道上B点时速度υB的大小是4m/s；〔2〕小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力N C的大小是8N；〔3〕弹簧的弹性势能的最大值E Pm是0.8J．点评：该题为平抛运动与圆周运动的结合的综合题，要能够掌握平抛运动的规律、牛顿第二定律和机械能守恒定律，关键能正确分析能量如何转化．15．〔11分〕一弹簧秤的秤盘质量m1=1.5kg，盘内放一质量为m2=10.5kg的物体P，弹簧质量不计，其劲度系数为K=800N/m，系统处于静止状态，如下列图．现给P施加一个竖直向上的力F，使P从静止开始向上做匀加速直线运动，在最初0.2s内F是变化的，在0.2s后是恒定的，求F的最大值和最小值各是多少？〔g=10m/s2〕考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在P、Q别离之前，F为变力，逐渐减大；别离后，F为恒力；两物体别离瞬间，P对Q恰好无弹力，此后Q的加速度将减小，两个物体开始别离，从开始到别离历时0.2s，由分析可知，刚开始时F最小，F为恒力时最大．解答：解：设刚开始时弹簧压缩量为x1，如此：x1==0.15m…①设两者刚好别离时，弹簧压缩量为x2，如此对Q：kx2﹣m1g=m1a…②在前0.2s时间内，由运动学公式得：x1﹣x2=at2…③由①②③解得：a=6m/s2由牛顿第二定律，开始时：F min=〔m1+m2〕a=72N最终别离后：F max﹣m2g=m2a即：F max=m2〔g+a〕=168N答：力F最小为72N，最大为168N．点评：弹簧的弹力是变力，分析好何时两者别离是关键，此时两者间无作用力，且两者加速度刚好相等，另外牛顿定律与运动学公式的熟练应用也是同学必须掌握的。
【新课标Ⅱ-3】2015届高三上学期月考(3)物理试题Word版含答案
2015届上学期高三一轮复习第三次月考物理试题【新课标II-3】说明：1．本试卷满分100分，考试时间90分钟2．将答案填写在答题卡上，考试结束后只交答题卡。
第Ⅰ卷（客观题53分）一．单项选择题（本大题共11个小题，共33分，在每个小题的四个选项中，只有一项是符合题意的，选对的得3分，选错的得零分。
）1. 物理学判天地之美，析万物之理，物理学的研究方法促进了科学技术的进步，推动了社会的发展。
下列关于物理学史识和科学方法的说法中正确的是 ( )A ．伽利略用自己设计的理想斜面实验，观察出没有摩擦力作用时小球就以恒定的速度运动下去，从而推翻了“力是维持物体运动的原因”的错误结论B ．探究加速度与力、质量关系采用的是控制变量法，验证力的平行四边形定则采用的是图象法C ．根据速度定义式x v t ∆=∆，当t ∆趋近于零时，x t∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法D ．建立“点电荷”的概念采用了等效的方法2. 如图，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A 停下，可采用的方法是 ( ) A ．增大斜面的倾角B ．对木块A 施加一个垂直于斜面的力C ．对木块A 施加一个竖直向下的力D ．在木块A 上再叠放一个重物3. 在水平路面上做匀速直线运动的小车上有一个固定的竖直杆，其上的三个水平支架上有三个完全相同的小球A 、B 、C ，它们离地的高度分别为3h ，2h 和h 。
当小车遇到障碍物P 时，立即停下来，三个小球同时从支架上水平抛出，先后落到水平路面上。
不计空气阻力，落点如图。
则下列说法正确的是 ( )A ．三个小球落地时间差与车速有关B ．三个小球落地点的间隔距离C ．三个小球落地点的间隔距离D ．三个小球落地点的间隔距离4. 如图所示，一个小球质量为m ，初始时静止在光滑的轨道上，现以水平力击打小球，使小球能够通过半径为R 的竖直光滑轨道的最高点C ，则水平力对小球所做的功至少为 ( ) A ．mgR B ．2mgR C ．2.5mgR D ．3mgR5. “快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上。
辽宁省沈阳二中高三物理上学期10月月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年辽宁省沈阳二中高三〔上〕月考物理试卷〔10月份〕一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如图是质量为1kg的质点在水平面上运动的v﹣t图象，以水平向右的方向为正方向．以下判断正确的答案是( )A．在0～3s时间内，合力大小为10NB．在0～3s时间内，质点的平均速度为1m/sC．在0～5s时间内，质点通过的路程为14mD．在6s末，质点的加速度为零2．如下列图，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．当斜面体以加速度a1水平向右做匀加速直线运动时，小球受到斜面的支持力恰好为零；当斜面体以加速度a2水平向左做匀加速直线运动时，小球受到细线的拉力恰好为零，如此=( )A．1 B．C．tan2θD．3．“嫦娥二号〞环月飞行的高度为100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号〞更加详实．假设两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如下列图．如此( )A．“嫦娥二号〞环月运行的周期比“嫦娥一号〞大B．“嫦娥二号〞环月运行的线速度比“嫦娥一号〞小C．“嫦娥二号〞环月运行的向心力与“嫦娥一号〞相等D．“嫦娥二号〞环月运行的向心加速度比“嫦娥一号〞大4．如下列图，将倾角为α的粗糙斜面体置于水平地面上，斜面体上有一木块，对木块施加一斜向上的拉力F，整个系统处于静止状态，如下说法正确的答案是( )A．木块和斜面体间可能无摩擦B．木块和斜面体间一定有摩擦C．斜面体和水平地面间可能无摩擦D．撤掉拉力F后，斜面体和水平地面间一定有摩擦5．由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的( ) A．质量可以不同 B．轨道半径可以不同C．轨道平面可以不同 D．速率可以不同6．在抗洪抢险中，战士驾驶摩托艇救人，摩托艇在静水中的航速为v1，假设江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度为v2．战士救人的地点A离岸边最近处O的距离为d．如战士想在最短时间内将人送上岸，如此摩托艇登陆的地点离O点的距离为( )A．B．C．0 D．7．如下列图，一物体以速度v0自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角为φ1．假设将物体的速度减小到，再次从顶端水平飞出，落到斜面上，物体与斜面接触时速度方向与水平方向的夹角为φ2，〔不计物体大小〕，如此( )A．φ2＞φ1B．φ2＜φ1C．φ2=φ1D．无法确定两角大小8．一行星与地球运动情况相似，此行星运动一昼夜的时间为a秒．用同一弹簧测力计测某物体重力，在赤道处的读数是两极处的b倍〔b小于1〕，万有引力常量为G，如此此行星的平均密度为( )A．B．C．D．9．如下说法中符合史实的是( )A．哥白尼通过观察行星的运动，提出了日心说，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行B．开普勒通过对行星运动规律的研究，总结出了行星运动的规律C．卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力常量的数值D．牛顿利用万有引力定律正确的计算出了地球质量，被称为“称出地球质量的人〞10．如下几种说法中，正确的答案是( )A．物体受到变力作用，一定做曲线运动B．物体受到恒力作用，一定做匀变速直线运动C．当物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上时，一定做曲线运动D．当物体所受合外力恒定时，可以做曲线运动11．如下列图，两根长度不同的细线分别系有两个一样的小球，细线的上端都系于O点．设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．细线长度之比为L1：L2=：1，L1跟竖直方向成60°角．如此( )A．1、2两球的周期之比为：1 B．1、2两球的周期之比为1：1C．1、2两条细线的拉力之比：1 D．1、2两条细线的拉力之比3：112．如下列图，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上． A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ〔μ≠0〕．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对B施加一水平推力F，( )A．假设F=μmg，A、B间的摩擦力一定为零B．当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动C．当F=3μmg时，A的加速度为μgD．假设去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，如此B的加速度为0.1μg二、填空题〔此题共2小题，13题9分，14题6分，共计15分；答案请填写在答题纸相应位置.〕13．“探究加速度与力、质量的关系〞的实验装置如图1所示．〔1〕为了平衡小车与纸带所受的摩擦力，实验时应将长木板AB的__________〔选填“A端〞或“B端〞〕适当垫高．〔2〕根据一条实验中打出的纸带，通过测量、计算，作出小车如图2的v﹣t图象见题图，可知小车的加速度为__________m/s2．〔3〕如果这位同学未做〔1〕中的操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到M〔小车质量〕保持不变情况下如图3的a﹣F图线是如图3中的__________〔将选项代号的字母填在横线上〕．14．用数码照相机照相的方法研究平抛运动的实验时，记录了A、B、C三点，取A为坐标原点，各点坐标如下列图，如此小球做平抛运动的初速度大小为__________m/s，小球做平抛运动的初始位置的坐标为__________．〔g=10m/s2〕三、计算题〔此题共3小题，共37分．第15题12分，第16题12分，第17题13分．要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以与重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．〕15．如下列图，两个星球A和B在引力作用下都绕O点做匀速圆周运动，星球A，B运动的线速度大小分别为v1和v2，星球B与O点之间的距离为L，A，B的中心和O三点始终共线，A和B分别在O的两侧，引力常数为G，求：〔1〕两星球做圆周运动的周期〔2〕星球A，B的总质量．16．用如图a所示的水平﹣﹣斜面装置研究平抛运动，一物块〔可视为质点〕置于粗糙水平面上的O点，O点距离斜面顶端P点为s．每次用水平拉力F，将物块由O点从静止开始拉动，当物块运动到P点时撤去拉力F．实验时获得物块在不同拉力作用下落在斜面上的不同水平射程x，做出了如图b所示的F﹣x图象，假设水平面上的动摩擦因数μ=0.1，斜面与水平地面之间的夹角θ=45°，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：OP间的距离s=？17．〔13分〕如下列图，V形转盘可绕竖直中心轴OO′转动，V形转盘的侧面与竖直转轴间的夹角均为α=53°，盘上放着质量为1kg的物块A，物块A用长为1m的细线与固定在转盘中心O处的力传感器相连．物块和传感器的大小均可忽略不计，细线能承受的最大拉力为8N，A 与转盘间的动摩擦因数μ为1.5，且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．转盘转动时，细线一直伸直，当转盘以不同的角速度匀速转动时，传感器上就会显示相应的读数F．〔1〕当物块A随转盘做匀速转动．且其所受的摩擦力为零时，转盘转动的角速度ω0=？〔结果可以保存根式〕〔2〕将转盘的角速度从〔1〕问中求得的值开始缓慢增大，直到增加至3ω0，试通过计算写出此过程中细线拉力随角速度变化的函数关系式．〔g取10m/s2〕．2015-2016学年辽宁省沈阳二中高三〔上〕月考物理试卷〔10月份〕一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如图是质量为1kg的质点在水平面上运动的v﹣t图象，以水平向右的方向为正方向．以下判断正确的答案是( )A．在0～3s时间内，合力大小为10NB．在0～3s时间内，质点的平均速度为1m/sC．在0～5s时间内，质点通过的路程为14mD．在6s末，质点的加速度为零【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度时间图象的斜率求出加速度，再得到物体的合力．根据速度时间图线与时间轴包围的面积表示位移来计算物体的位移大小，根据平均速度的定义求平均速度．【解答】解：A、在0～3s时间内，加速度为 a===2m/s2，合力F合=ma=2N，故A错误．B、在0～3s时间内，质点的平均速度为===1m/s，故B正确．C、在0～5s时间内，质点通过的路程为 s==13m，故C错误．D、根据斜率等于加速度，可知，在6s末，质点的加速度不为零，故D错误．应当选：B【点评】此题关键是由速度时间图象得到物体的运动情况，然后结合运动学公式列式分析，同时要注意，速度为零时加速度不一定为零．2．如下列图，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．当斜面体以加速度a1水平向右做匀加速直线运动时，小球受到斜面的支持力恰好为零；当斜面体以加速度a2水平向左做匀加速直线运动时，小球受到细线的拉力恰好为零，如此=( )A．1 B．C．tan2θD．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】当支持力为零时，受重力和拉力，结合牛顿第二定律求出加速度，当拉力为零时，受重力和支持力，结合牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：当斜面体以加速度a1水平向右做匀加速直线运动时，支持力为零，根据牛顿第二定律得：mgcotθ=ma1，解得：a1=gcotθ，当斜面体以加速度a2水平向左做匀加速直线运动时，小球受到细线的拉力恰好为零，根据牛顿第二定律得：mgtanθ=ma2，解得：a2=gtanθ，如此．应当选：B．【点评】此题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键能够正确地受力分析，结合牛顿第二定律进展求解．3．“嫦娥二号〞环月飞行的高度为100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号〞更加详实．假设两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如下列图．如此( )A．“嫦娥二号〞环月运行的周期比“嫦娥一号〞大B．“嫦娥二号〞环月运行的线速度比“嫦娥一号〞小C．“嫦娥二号〞环月运行的向心力与“嫦娥一号〞相等D．“嫦娥二号〞环月运行的向心加速度比“嫦娥一号〞大【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】卫星围绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力展开讨论即可．【解答】解：由题意知嫦娥一号轨道半径为r1，嫦娥二号轨道半径为r2，如此r1＞r2卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动向心力如此A、因为r1＞r2，所以T1＞T2，故A错误；B、因为r1＞r2，所以v2＞v1，故B正确；C、因为不知道嫦娥1号和2号的质量关系，所以无法确定他们环月运行的向心力关系，故C 错误D、因为r1＞r2，所以a2＞a1，故D正确；应当选：D．【点评】根据卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动向心力如此，展开讨论，熟练掌握向心力的表达式是解决此题的关键．4．如下列图，将倾角为α的粗糙斜面体置于水平地面上，斜面体上有一木块，对木块施加一斜向上的拉力F，整个系统处于静止状态，如下说法正确的答案是( )A．木块和斜面体间可能无摩擦B．木块和斜面体间一定有摩擦C．斜面体和水平地面间可能无摩擦D．撤掉拉力F后，斜面体和水平地面间一定有摩擦【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以木块为研究对象受力分析，根据平衡条件判断木块是否受摩擦力；以斜面和木块整体为研究对象分析斜面体和水平地面间有无摩擦；【解答】解：A、以木块为研究对象受力分析，根据平衡条件，假设：Fcosα=mgsinα，如此木块与斜面体间无摩擦力，故A正确B错误；C、以斜面和木块整体为研究对象，根据平衡条件：面体和水平地面间的摩擦力等于F水平方向的分力，方向向右，故C错误；D、撤掉拉力F后，假设物块仍然保持静止，以斜面和木块整体为研究对象，根据平衡条件如此斜面不受地面的摩擦力，D错误；应当选：A．【点评】此题采用隔离法和整体法研究物体的平衡问题，灵活选择研究对象是关键．5．由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的( ) A．质量可以不同 B．轨道半径可以不同C．轨道平面可以不同 D．速率可以不同【考点】同步卫星．【分析】了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期一样．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过量确定未知量．【解答】解：A、许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的质量可以不同，故A正确．B、因为同步卫星要和地球自转同步，即这些卫星ω一样，根据万有引力提供向心力得：=mω2r，因为ω一定，所以 r 必须固定．故B错误．C、它假设在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步〞，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的．所以所有的同步卫星都在赤道上方同一轨道上．故C错误．D、根据万有引力提供向心力得：=m，因为r一定，所以这些卫星速率相等．故D错误．应当选A．【点评】地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度．6．在抗洪抢险中，战士驾驶摩托艇救人，摩托艇在静水中的航速为v1，假设江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度为v2．战士救人的地点A离岸边最近处O的距离为d．如战士想在最短时间内将人送上岸，如此摩托艇登陆的地点离O点的距离为( )A．B．C．0 D．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】摩托艇在水中一方面自己航行前进，另一方面沿水向下漂流，当摩托艇垂直于河岸方向航行时，到达岸上的时间最短，由速度公式的变形公式求出到达河岸的最短时间，然后求出摩托艇登陆的地点到O点的距离．【解答】解：根据v=，因此摩托艇登陆的最短时间：t=，登陆时到达O点的距离：s=v2t=；应当选：D．【点评】知道摩托艇在水中参与了两个方向的运动，应用速度公式的变形公式即可正确解题．7．如下列图，一物体以速度v0自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角为φ1．假设将物体的速度减小到，再次从顶端水平飞出，落到斜面上，物体与斜面接触时速度方向与水平方向的夹角为φ2，〔不计物体大小〕，如此( )A．φ2＞φ1B．φ2＜φ1C．φ2=φ1D．无法确定两角大小【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学规律得出速度方向与水平方向夹角的正切值和位移方向与水平方向夹角的正切值，从而进展判断．【解答】解：物体落在斜面上，位移与水平方向夹角的正切值，速度方向与水平方向夹角的正切值，可知速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，由于位移与水平方向的夹角不变，如此速度与水平方向的夹角不变，因为φ=α﹣θ，可知φ不变，即φ2=φ1．应当选：C．【点评】解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍这一推论．8．一行星与地球运动情况相似，此行星运动一昼夜的时间为a秒．用同一弹簧测力计测某物体重力，在赤道处的读数是两极处的b倍〔b小于1〕，万有引力常量为G，如此此行星的平均密度为( )A．B．C．D．【考点】万有引力定律与其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】在两极处重力与万有引力相等，赤道处的万有引力一局部表现为重力一局部提供随星球自转的加速度，据此分析求解出星球外表的重力加速度，并由此求得星球的质量和密度．【解答】解：令行星的半径为R，行星的质量为M，如此由题意有：由此可得，行星的质量M=据密度公式有，此行星的密度应当选：D．【点评】解决此题的关键知道在行星的赤道和两极，重力与万有引力大小的关系，知道两极处重力与万有引力相等，赤道处万有引力一局部提供向心力，一局部表现为重力．9．如下说法中符合史实的是( )A．哥白尼通过观察行星的运动，提出了日心说，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行B．开普勒通过对行星运动规律的研究，总结出了行星运动的规律C．卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力常量的数值D．牛顿利用万有引力定律正确的计算出了地球质量，被称为“称出地球质量的人〞【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、哥白尼通过观察行星的运动，提出了日心说，但没有认为行星以椭圆轨道绕太阳运行，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行的是开普勒，故A错误；B、开普勒通过对行星运动规律的研究，总结出了行星运动的规律，故B正确；C、卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力常量的数值，故C正确；D、卡文迪许利用万有引力定律正确的计算出了地球质量，被称为“称出地球质量的人〞，故D错误；应当选：BC【点评】此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．10．如下几种说法中，正确的答案是( )A．物体受到变力作用，一定做曲线运动B．物体受到恒力作用，一定做匀变速直线运动C．当物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上时，一定做曲线运动D．当物体所受合外力恒定时，可以做曲线运动【考点】物体做曲线运动的条件．【专题】物体做曲线运动条件专题．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、当变力的方向与速度方向在同一直线上时，物体做直线运动，故A错误；B、物体在恒力作用下可能做曲线运动，如：平抛运动，故B错误；C、当物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上时，一定做曲线运动，故C正确；D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，当物体所受合外力恒定时，可以做曲线运动，如平抛运动．故D正确；应当选：CD．【点评】此题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，此题根本上就可以解决了．11．如下列图，两根长度不同的细线分别系有两个一样的小球，细线的上端都系于O点．设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．细线长度之比为L1：L2=：1，L1跟竖直方向成60°角．如此( )A．1、2两球的周期之比为：1 B．1、2两球的周期之比为1：1C．1、2两条细线的拉力之比：1 D．1、2两条细线的拉力之比3：1【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球受重力和拉力，两个力的合力提供小球做圆周运动的向心力；通过合力提供向心力，比拟出两球的角速度大小，从而比拟出周期的关系；抓住小球距离顶点O的高度一样求出L2与竖直方向上的夹角；抓住小球距离顶点O的高度一样求出半径的关系，根据v=ωr 比拟线速度关系．【解答】解：A、设绳与竖直方向夹角为θ，水平面距悬点高为h，由牛顿第二定律得：mgtanθ=m〔h•tanθ〕如此：T=2π由上式可知T与绳长无关，所以A错误，B正确；C、对任一小球研究．设细线与竖直方向的夹角为θ，竖直方向受力平衡，如此：Fcosθ=mg解得：F=而绳子的长度：如此：F=所以细线L1和细线L2所受的拉力大小之比：故C正确，D错误；应当选：BC．【点评】解决此题的关键会正确地受力分析，知道匀速圆周运动向心力是由物体所受的合力提供．12．如下列图，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上． A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ〔μ≠0〕．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对B施加一水平推力F，( )A．假设F=μmg，A、B间的摩擦力一定为零B．当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动C．当F=3μmg时，A的加速度为μgD．假设去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，如此B的加速度为0.1μg【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】当F作用在B上时，根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．当F作用在A上，根据隔离法求出发生相对滑动的最小拉力，判断是否发生相对滑动，再结合牛顿第二定律进展求解．【解答】解：A、B与地面间的最大静摩擦力，当F=μm g时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确．B、A发生相对滑动的临界加速度a=μg，对整体分析，，解得F=7.5μmg，所以当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动．故B正确．C、当7.5μmg＞F=3μmg，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度a=，故C错误．D、假设去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度，对A分析F﹣μ•3mg=3ma，解得不发生相对滑动的最小拉力F=3.75μmg，可知F=3μmg的力作用在A上，一起做匀加速直线运动，加速度a=，故D正确．应当选：ABD．【点评】此题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决此题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．二、填空题〔此题共2小题，13题9分，14题6分，共计15分；答案请填写在答题纸相应位置.〕13．“探究加速度与力、质量的关系〞的实验装置如图1所示．〔1〕为了平衡小车与纸带所受的摩擦力，实验时应将长木板AB的B端〔选填“A端〞或“B 端〞〕适当垫高．〔2〕根据一条实验中打出的纸带，通过测量、计算，作出小车如图2的v﹣t图象见题图，可知小车的加速度为3.0m/s2．〔3〕如果这位同学未做〔1〕中的操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到M〔小车质量〕保持不变情况下如图3的a﹣F图线是如图3中的D〔将选项代号的字母填在横线上〕．【考点】验证牛顿第二运动定律．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】〔1〕为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动．〔2〕根据速度时间图象的斜率表示加速度求解；〔3〕根据没有平衡摩擦力时的加速度和力之间的关系明确对应的图象．【解答】解：〔1〕为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是，将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，所以应将B端适当垫高；〔2〕速度时间图象的斜率表示加速度，如此a=；〔3〕该同学没有做第一步，即没有平衡摩擦力，如此只有当力大于摩擦力时才能产生加速度；故图象应与横坐标出现交点；故应为图D；故答案为：〔1〕B端；〔2〕3.0；〔3〕D。
辽宁省沈阳二中高三上学期期中考试 物理 Word版含答案
沈阳二中2015-2016学年度上学期期中考试高三（16届）物理试题命题人：高三物理组说明：1.测试时间：90分钟总分：100分2.客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上第I卷（48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
）1.质量为m的物体，由静止开始下落，由于阻力作用，下落的加速度为4g/5，在物体下落h的过程中，下列说法中错误的是：（）A．物体的动能增加了4mgh/5B．物体的机械能减少了4mgh/5C．物体克服阻力所做的功为mgh/5D．物体的重力势能减少了mgh2.如图所示，小船沿直线AB过河，船头始终垂直于河岸．若水流速度增大，为保持航线不变，下列措施与结论正确的是（）A．增大船速，过河时间不变B．增大船速，过河时间缩短C．减小船速，过河时间变长D．减小船速，过河时间不变3.平行板电容器与电动势为E的直流电源，电阻R、电键k连接成如图所示的电路，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的p点且恰好处于静止状态，断开电键k，若将下极板竖直向上移动一小段距离，则（）A．油滴将竖直向上运动B．油滴的电势能减小C． p点的电势将降低D．电容器极板带电量增大4.如图所示，一带电粒子以速度v0垂直于场强方向沿上板边缘射入匀强电场，刚好贴下边缘飞出，已知产生场强的金属板长为L，如果带电粒子的速度为2v0时，当它的竖直位移等于板间距d时，它距上板左侧边缘的水平射程x为（）A．1.5LB．2LC．2.5LD．3L5.如图甲所示，真空中有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴．理论分析表明，x轴上各点的场强随x变化关系如图乙所示，则（）A．x2处场强大小为B．x1、x2两点处的电势相同C．球内部的电场为匀强电场D．假设将试探电荷沿x轴移动，则从x1移到R处和从R移到x2处静电力做功相同6.如图所示，一个电荷量为－Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。
辽宁省沈阳二中2015届高三上学期12月月考 物理
沈阳二中2015届高三上学期12月月考物 理 试 题说明：1.测试时间：90分钟 总分：100分2.客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸的相应位置上第Ⅰ卷 （共40分）一、选择题(本题共10小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选得0分。
) 1．如图所示，在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上，质量m ＝2 kg 的物块与水平轻弹簧相连，物块在与水平方向成θ＝45°角的拉力F 作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零。
g 取10 m/s 2，以下说法正确的是( ) A ．此时轻弹簧的弹力大小为20 NB ．当撤去拉力F 的瞬间，物块的加速度大小为8 m/s 2，方向向右C ．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度大小为8 m/s 2，方向向右D ．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为02．如图所示，斜面倾角为45°，质量m =1kg 的小球A 从斜面底端正上方h=6m 处以v 0=1m/s 的初速度做平抛运动，同时小球B 从斜面底端在外力作用下沿斜面向上做匀速直线运动，速度v =2m/s ，两小球都看做质点，取g =10m/s 2，则下列说法正确的是（ ） A ．两小球不能在斜面上相遇 B ．两小球一定可以在斜面上相遇 C ．小球A 落在斜面上的速度为10m/sD ．小球A 落在斜面上时，重力的瞬时功率为10w3．我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星500”的实验活动。
假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的12，质量是地球质量的19。
已知地球表面的重力加速度是g ，地球的半径为R ，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h ，忽略自转的影响，下列说法正确的是( ) A ．火星的密度为2gB ．火星表面的重力加速度是2g 9C ．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为23D ．王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是9h24．如图所示，有三个斜面a 、b 、c ，底边的长分别为L 、L 、2L ，高度分别为2h 、h 、h 。
《新课标Ⅰ》2015届高三上学期月考(2)物理 Word版含答案
左 右2015届上学期高三一轮复习第二次月考物理试题【新课标Ⅰ】一、选择题 （每小题4分，共48分。
每小题给出的四个选项中，1—8小题每题只有一个选项正确，9—12小题每题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示．以下说法正确的是（ ） A ．人受到重力和支持力的作用B ．人受到重力、支持力和摩擦力的作用C ．人受到的合外力不为零D ．人受到的合外力方向与速度方向相同2．如图所示，一轻质弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4cm ，再将重物向下拉1cm ，然后放手，则在刚释放的瞬间重物的加速度是（g 取10m/s 2）（ ） A ．2.5m/s 2 B ．7.5m/s 2 C ．10m/s 2 D ．12.5m/s 23．如图所示的电路，闭合开关S 后，a 、b 、c 三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r 不可忽略。
现将变阻器R 的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（ ）A ．a 灯变亮，b 灯和c 灯变暗B ．a 灯和c 灯变亮，b 灯变暗C ．a 灯和c 灯变暗，b 灯变亮D ．a 灯和b 灯变暗，c 灯变亮4．如图所示，两根光滑的平行金属导轨竖直放置在匀强磁场中，磁场和导轨平面垂直，金属杆ab 与导轨接触良好可沿导轨滑动，开始时电键S 断开，当ab 杆由静止下滑一段时间后闭合S ，则从S 闭合开始计时，ab 杆的速度v 与时间t 的关系不可能是 （ ）5．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行，现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹。
下列说法中正确的是（ ） A ．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧 B ．木炭包的质量越大，径迹的长度越短 C ．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D ．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短6．如图所示，汽车向右沿水平面作匀速直线运动，通过绳子提升重物M 。
辽宁省实验中学分校2015届高三10月月考物理考试试题(解析版)
2014-2015学年辽宁省实验中学分校高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一．选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．1---8小题给出的四个选项中只有一个选项正确，选项正确得4分；9---12小题有多个选项正确．全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分）1．如图所示，A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上．A、B间接触面光滑．在水平推力F作用下两物体一起加速运动，物体A恰好不离开地面，则物体关于A、B两物体的受力个数，下列说法正确的是（）A．A受3个力，B受4个力B．A受4个力，B受3个力C．A受3个力，B受3个力D．A受4 个力，B受4个力考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体A恰好不离开地面时，地面对A没有支持力，按重力、弹力和摩擦力的顺序分析两物体受力．解答：解：对于A物体：由题，物体A恰好不离开地面，地面对A没有支持力，也没有摩擦力，则A受到重力、F和B对A的支持力共3个力作用．对于B物体：受到重力、A对B的压力和地面的支持力和摩擦力，共4个力作用．故选A点评：解答本题的关键是分析临界条件：A恰好不离开地面，A与地间无弹力，也就无摩擦力．分析受力的一般顺序是：重力、弹力和摩擦力．2．（4分）一个物体在多个力的作用下处于静止状态．如果仅使用其中的一个力大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小（此力的方向始终未变），在这过程中其余各力均不变，那么下列B．3．（4分）（下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环．．带电圆环在处电场强度是处电场强度是第一象限带正电圆环和第二象限处电场强度大小等于图中第一象限带正电圆环和第三象限带电圆环带电圆环产生的，原点图中第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消，第二象限带负电圆环产生电场相互抵消，所以坐标原点4．（4分）狗拉雪橇沿位于水平面内的圆弧形道路匀速率行驶，下图为四个关于雪撬受到的牵引力F．．5．（4分）（2013•杨浦区一模）如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同．当电压U升高时，先烧坏的电阻应是（），并联电阻为的电压都为6．（4分）如图所示，平行板电容器在充电后不切断电源，此时板间有一带电尘粒恰能在电场中静止．若正对的平行板左右错开一些，则（）C=，当正对面积F=q没有发生变化，故电场力不变粒子仍处于平衡状态，故7．（4分）（2009•湖南模拟）竖直平面内，一带正电的小球，系于长为L不可伸长的轻线一端，线的另一端固定为0点，它们处在匀强电场中，电场的方向水平向右，场强的大小为E．已知电场对小球的作用力的大小等于小球的重力．现先把小球拉到图中的P1处，使轻线伸直，并与场强方向平行，然后由静止释放小球，已知小球在经过最低点的瞬间，因受线的拉力作用，其竖直方向上的速度突变为零，水平方向分量没有变化，则小球到达与P1点等高的P2时线上张力为（）mgl=．8．（4分）一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）．小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回．若将下极板向上平移，则从P 在距上极板处返回在距上极板（将下极板向上平移（•．故9．（4分）如图所示，高速运动的α粒子（为氦核）被位于O点的重原子核散射，实线表示α粒子运动的轨迹，M、N和Q为轨迹上的三点，N点离核最近，Q点比M点离核更远，则（）10．（4分）如图所示，斜面体置于光滑水平地面上，其光滑斜面上有一物体由静止沿斜面下滑，在物体下滑过程中，下列说法正确的是（）11．（4分）（2013•临沂三模）如图所示，在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为+Q 的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为﹣q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中θ=60°，规定电场中P点的电势为零．则在+Q形成的电场中（）点电势为mvE=k，分析=k，则：E=k、电势能公式12．（4分）如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠，R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r．现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是（）二、填空题（12分，每空2分）13．（4分）如图所示为根据实验数据画出的路端电压U随电流I变化的图线，由图可知，该电池的电动势E= 1.50V，内阻r=0.625Ω．可得：14．（8分）如图为利用气垫导轨（滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略）“验证机械能守恒定律”的实验装置，完成以下填空．实验步骤如下：①将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，将导轨调至水平．②测出挡光条的宽度l和两光电门中心之间的距离s．③将滑块移至光电门1左侧某处，待砝码静止不动时，释放滑块，要求砝码落地前挡光条已通过光电门2．④读出滑块分别通过光电门1和光电门2时的挡光时间△t1和△t2．⑤用天平称出滑块和挡光条的总质量M，再称出托盘和砝码的总质量m．⑥滑块通过光电门1和光电门2时，可以确定系统（包括滑块、挡光条、托盘和砝码）的总动能分别为E k1=和E k2=．⑦在滑块从光电门1运动到光电门2的过程中，系统势能的减少△E p=mgs．（重力加速度为g）⑧如果满足关系式△E p=E k2﹣E k1，则可认为验证了机械能守恒定律．和=）（三、计算题（共40分）15．（13分）（2013•张掖一模）如图所示，一固定粗糙斜面与水平面夹角θ=30°，一个质量m=1kg 的小物（可视为质点），在沿斜面向上的拉力F=10N作用下，由静止开始沿斜面向上运动．已知斜面与物体间的动摩擦因数μ=，取g=10m/s2．试求：（1）物体在拉力F作用下运动的速度a1；（2）若力F作用1.2s后撤去，物体在上滑过程中距出发点的最大距离s；（3）物体从静止出发，到再次回到出发点的过程中，物体克服摩擦力所做的功w f．a=7.5m/s=0.6m16．（13分）如图所示，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．（1）若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O等高的C点时速度为多大？（2）在（1）的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；（3）改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小．mgR=qE=mgN=mgF===，得v=点时速度为．17．（14分）如图所示，绝缘的水平桌面上方有一竖直方向的矩形区域，该区域是由三个边长均为L 的正方形区域ABFE、BCGF和CDHG首尾相接组成的，且矩形的下边EH与桌面相接．三个正方形区域中分别存在方向为竖直向下、竖直向上、竖直向上的匀强电场，其场强大小比例为1：1：2．现有一带正电的滑块以某一初速度从E点射入场区，初速度方向水平向右，滑块最终恰从D点射出场区，已知滑块在ABFE区域所受静电力和所受重力大小相等，桌面与滑块之间的滑动摩擦因素为0.125，重力加速度为g，滑块可以视作质点．求：（1）滑块进入CDHG区域时的速度大小．（2）滑块在ADHE区域运动的总时间．区域时的速度大小为区域运动的总时间为。
辽宁省沈阳二中2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含答案.
辽宁省沈阳二中2015届高三上学期期中考试物理试题命题人:高三物理组审校人:高三物理组说明:1.测试时间:90分钟总分:100分2.客观题涂在答题纸上,主观题答在答题纸的相应位置上第Ⅰ卷(共44分一.选择题:本题共11小题,每小题4分。
在每小题给出的四个选项中,第1-7题只有一项符合题目要求,第8-11题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。
1.在物理学发展过程中,有许多伟大的科学家做出了巨大贡献。
关于科学家和他们的贡献,下列说法正确的是A .库仑最早引入电场概念,并采用了电场线描述电场B .牛顿发现了万有引力定律,并测出了万有引力常量GC .伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”D .奥斯特发现了电流的磁效应,并发现了磁场对电流的作用规律2、如图所示,河水的流速为5m/s ,一条船要从河的南岸A 点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处,则船的开行速度(相对于水的速度最小为A .2m/sB .3m/sC .3.5m/sD .2.5m/s3.如图示,一根轻弹簧上端固定,下端挂一个质量为m 0平盘,盘中有一质量为m 的物体,当盘静止时,弹簧的长度比其自然长度伸长了L ,今向下拉盘使弹簧再伸长了ΔL 后停止,然后松手放开,设弹簧总处在弹性限度内,则刚松手时盘对物体的支持力等于(A .(1+ΔL/LmgB .(1+ΔL/L(m+m 0gC .(mg ΔL/LD .(m+m 0g ΔL/L4、已知火星的质量和半径分别为地球的1/10和1/2,地球表面的重力加速度为g ,则火星表面的重力加速度约为(A .0.2gB .0.4gC .2.5gD .5.0g5.装修公司进行家居装饰时,可以用喷枪将染料液喷射出去, 如图喷枪是水平放置且固定的, 虚线分别为水平线和竖直线,在墙上同一竖直线喷有A 、B 、C 、D 四个液滴(可以视为质点,不计空气阻力,要求AB 、BC 、CD 间距依次为7cm 、5cm 、3cm ,D 与水平线的间距为1cm ,如图所示,正确的是(A .ABCD 四个液滴的射出速度可以相同,要达到目的,只需要调整它们的出射时间间隔即可B .ABCD 四个液滴在空中的运动时间是相同的C .ABCD 四个液滴出射速度之比应为1:2:3:4D .ABCD 四个液滴出射速度之比应为3:4:6:126.放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用,在0~6 s 内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图(甲、(乙所示,则物体的质量为(取g =10 m /s 2A .35㎏ B .910㎏ C .53㎏ D .109㎏7.一小物块以某一初速度滑上水平足够长的固定木板,经一段时间t 后停止。
辽宁省沈阳二中2014_2015学年度高二物理上学期10月月考试卷(含解析)
辽宁省沈阳二中高二上学期月考物理试卷（10月份）一．选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1～9题只有一项符合题目要求，第10～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时（设电子的速度是3×107m/s），在整个环中运行的电子数目为（电子电量e=1.6×10﹣19C）（） A．5×1011 B．5×1010 C．1×102 D．1×1042．“神舟”六号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%．单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V 的电动势，可获得0.1A的电流，求每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量是（） A． 0.24J B． 0.25J C． 0.26J D． 0.28J3．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（）A． B． 3R C． D． R4．有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A． 6：4：3 B． 3：4：6 C． 2：3：4 D． 4：3：25．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A．两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角6．一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速率为v0B．自由电子定向移动的速率为v=C．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速率为v=7．欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头．甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为（）A． 100Ω，100Ω B． 200Ω，100Ω C． 50Ω，100Ω D． 100Ω，200Ω8．如图所示的电路中，开关闭合时，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，灯L1突然变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．则发生的故障可能是（）A． R1断路 B． R2断路 C． R3断路 D． R4断路9．如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P 向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（）A．灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B．灯L2、L3变亮，灯L1变暗C．灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D．灯L1变亮，灯L2、L3变暗10．如图，直线A为电源的U﹣I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U﹣I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则（）A． P1＞P2 B． P1=P2 C．η1＞η2 D．η1＜η211．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向下运动 D．流过R3的电流逐渐增大12．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，下列判断正确的是（）A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计24分．请把答案填写在答题纸的相应位置上．）13．某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、二极管、电池等元件．现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表V（量程4V，电阻R V约为4.0kΩ）B．电流表A1（量程100mA，电阻R A1约为5Ω）C．电流表A2（量程2mA，电阻R A2约为50Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2（0～999.9Ω，最小分度值0.1Ω）F．开关S一只、导线若干（1）一位同学使用伏安法测定电阻R0的阻值，滑动变阻器应该采用（填“限流式”或“分压式”）接法，电流表应该用（选B或C）并采用电流表的（“内接法”或“外接法”）测量．在实验操作过程中发现滑动变阻器R1、电流表A1损坏，请用余下的器材测量锂电池电动势E和内阻r．①请在如图的方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）．②引起该实验系统误差的主要原因是．14．在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d= mm；用多用电表的“×1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R= Ω．若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式ρ= （用符号表示）．三、计算题（本题共3小题，共28分．第15题8分，第16题10分，第17题10分．要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．）15．在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？16．在如图所示电路中，定值电阻R0=2Ω，安培表和伏特表均为理想电表．闭合开关K，当滑动变阻器R x滑片P从一端移向另一端时，发现电压表的电压变化范围为0V到3V，安培表的变化范围为0.75A到1.0A．求：（1）电源的电动势和内阻；移动变阻器滑片时，能得到的电源的最大输出功率．17．如图所示的电路，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=6Ω，电容器的电容C=3.6μF，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开．（1）合上S2，待电路稳定以后，求电容器上电量变化了多少？合上S2，待电路稳定后再断开S1，求断开S1后流过R1的电量是多少？辽宁省沈阳二中高二上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一．选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1～9题只有一项符合题目要求，第10～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时（设电子的速度是3×107m/s），在整个环中运行的电子数目为（电子电量e=1.6×10﹣19C）（） A．5×1011 B．5×1010 C．1×102 D．1×104考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电子转一圈的时间，求出在该时间内通过圆形轨道某一横截面的电量，即为整个环中电子的电量．再除以一个电子的电流，即为整个环中电子的数目．解答：解：电子转一圈的时间．整个环中电子的电量Q=It=10×10﹣3×8×10﹣6C=8×10﹣8C．所以电子的数目n=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握电流的定义式，会根据公式求出某段时间内同过横截面的电量．2．“神舟”六号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%．单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V 的电动势，可获得0.1A的电流，求每秒照射到单片单晶硅太阳能电池上太阳光的能量是（） A． 0.24J B． 0.25J C． 0.26J D． 0.28J考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：由欧姆定律即可求得电流，由电功公式W=UIt可求得太阳能电池吸收的光能，由光电转换效率可求得太阳光的能量．解答：解：电阳能电池每秒产生的电能为W=UIt=0.6V×0.1A×1s=0.06J；则照到太阳能电池上的光能为W光===0.26J；故选C点评：本题考查用物理学在一些新科技的应用，这类题型出现较多，不但能很好的考查知识，而且可以激发我们学习物理的动力．3．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（）A． B． 3R C． D． R考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律判断．解答：解：一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，长度和横截面积均没有改变，根据电阻定律公式R=，其电阻不变，为R；故选D．点评：本题关键根据电阻定律判断，记住公式R=即可，基础题．4．有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A． 6：4：3 B． 3：4：6 C． 2：3：4 D． 4：3：2考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比．解答：解：因为R1：R2：R3=2Ω：3Ω：4Ω=2：3：4；所以I1：I2：I3===6：4：3故选：A．点评：会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系．5．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A．两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．解答：解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选：C．点评：本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题．6．一段粗细均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为I，以下说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速率为v0B．自由电子定向移动的速率为v=C．自由电子定向移动的速率为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速率为v=考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率．解答：解：单位时间内通过的电量q=vten由电流的定义可知电流的微观表达式为：I===nev；则v=；故D正确；故选：D．点评：本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率．7．欧姆表电路及刻度盘如图所示，现因表头损坏，换用一个新表头．甲表头满偏电流为原来表头的2倍，内阻与原表头相同；乙表头满偏电流与原表头相同，内阻为原表头的2倍，则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为（）A． 100Ω，100Ω B． 200Ω，100Ω C． 50Ω，100Ω D． 100Ω，200Ω考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：电流表改装成欧姆表的原理是闭合电路欧姆定律．中值电阻对应的电流是满偏电流的一半．根据闭合电路欧姆定律和中值电阻的意义，分别原来、甲、乙三个电流列式，即可求解．解答：解：设原来满偏电流为Ig，中值电阻为R x0，换用甲乙两表头后的中值电阻分别为R x1，R x2．对于原来表头，根据闭合电路欧姆定律得：Ig=Ig=联立可得：R x0=换用甲表头后，由闭合电路欧姆定律得：2Ig=Ig=联立解得：R x1=则得：R x1=R x0=×100Ω=50Ω换用乙表头，由闭合电路欧姆定律得：Ig=Ig=联立解得：R x2==R x0=100Ω故选：C．点评：本题关键要理解欧姆表的工作原理：闭合定律欧姆定律，明确中值电阻的意义，能运用闭合电路欧姆定律即可正确解题．8．如图所示的电路中，开关闭合时，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，灯L1突然变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．则发生的故障可能是（）A． R1断路 B． R2断路 C． R3断路 D． R4断路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：没有发生故障前，R1与L1并联，R2与R3串联后与R4并联，再与R2串联．将选择逐一代入，根据欧姆定律分析，选择符合题意的选项．解答：解：A、若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变大，L1变亮；根据串联电路分压规律可知：右侧并联电路的电压减小，通过L2、R4的电流都减小，L2变暗，电流表的读数变小．符合题意．故A 正确．B、若R2断路，电路中没有电流，两灯都不亮，与题不符，故B错误．C、若R3断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：R4的电压增大，电流表的读数变大，L2不亮，不符合题意．故C错误．D、若R4断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：电流表的读数为零，不符合题意．故D错误．故选：A．点评：本题是电路中动态变化分析问题，首先要识别电路的结构，其次按照“局部→整体→局部”的思路进行分析．9．如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P 向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（）A．灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B．灯L2、L3变亮，灯L1变暗C．灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D．灯L1变亮，灯L2、L3变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联．灯L1的电压等于路端电压．将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化和路端电压的变化，确定灯L1亮度的变化．由干路电流和L1电流的变化，来确定灯L2电流的变化，分析其亮度的变化．根据灯L3的电压变化分析亮度的变化．解答：解：图中变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联．灯L1的电压等于路端电压．将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I减小，路端电压增大，则灯L1变亮．流过灯L2电流I2=I﹣I1，I减小，I1增大，则I2减小，灯L2变暗．灯L3的电压U3=U﹣U2，U增大，U2减小，U3增大，L3灯变亮．故C正确．故选：C．点评：本题是电路中动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，再按照“局部→整体→局部”顺序进行分析．10．如图，直线A为电源的U﹣I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U﹣I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则（）A． P1＞P2 B． P1=P2 C．η1＞η2 D．η1＜η2考点：欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比，根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率；电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解答：解：AB、由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率P1=UI=8WC接在电源上时，电源的输出输出功率P2=UI=8W 故A错误，B正确．CD、电源的效率η===，效率与路端电压成正比，B接在电源上时路端电压大，效率高，η1＞η2．故C正确，D 错误．故选：BC．点评：本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．11．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向下运动 D．流过R3的电流逐渐增大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．解答：解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；B、当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；A、因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；C、因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C正确；D、因R3两端的电压减小，根据欧姆定律可知，流过R3的电流逐渐减小；故D错误；故选：AC．点评：解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体﹣局部﹣整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．12．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，下列判断正确的是（）A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流I，由欧姆定律求出电阻，并求出其功率．灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电阻．解答：解：A、C、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1==12Ω，功率P1=U1I1=0.75W，故A正确，C正确；B、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V×0.20A=0.30W，故B错误，D正确；故选ACD．点评：本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压．读图能力是基本功．二、填空题（本题共2小题，每空3分，共计24分．请把答案填写在答题纸的相应位置上．）13．某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、二极管、电池等元件．现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表V（量程4V，电阻R V约为4.0kΩ）B．电流表A1（量程100mA，电阻R A1约为5Ω）C．电流表A2（量程2mA，电阻R A2约为50Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2（0～999.9Ω，最小分度值0.1Ω）F．开关S一只、导线若干（1）一位同学使用伏安法测定电阻R0的阻值，滑动变阻器应该采用分压式（填“限流式”或“分压式”）接法，电流表应该用 C （选B或C）并采用电流表的内接法（“内接法”或“外接法”）测量．在实验操作过程中发现滑动变阻器R1、电流表A1损坏，请用余下的器材测量锂电池电动势E和内阻r．①请在如图的方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）．②引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流作用或电流表的分压作用．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：本题（1）应根据I=求出的最大电流来选择电流表量程；根据变阻器的全电阻远小于待测电阻可知变阻器应采用分压式接法；根据待测电阻满足可知电流表应用内接法；题①根据测量电动势可以使用“安欧法”（电流表与电阻箱）或“伏欧法”（电压表与电阻箱）即可求解；题②根据闭合电路欧姆定律讨论即可．解答：解：（1）：由I===1.85mA，所以电流表应选择C；根据闭合电路欧姆定律可知电路中需要的最大电阻应为：===5550Ω，所以应选择变阻器D且采用分压式接法；由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法；：①：若电流表和变阻器损坏，根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir可知，考虑使用电压表V与电阻箱并联（“伏欧法”）或将与电流表与电阻箱串联（“安欧法”）以完成测量，电路图如图所示：或②：由E=U+Ir可知，采用“伏欧法”时，=U+，由于电压表的分流作用使得根据求出的电流小于通过电源的实际电流；采用“安欧法”时，=I+Ir，由于电流表的分压作用，使得根据I求出的电压小于电源两端的实际电压．故答案为：（1）分压式，C，内接法；①如图，②电压表的分流作用或电流表的分压作用点评：应明确：①应根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程；②当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；③当待测电阻满足时电流表应用内接法，满足时电流表应用外接法；④测量电源电动势和内阻实验有“伏安法”、“安欧法”、“伏欧法”等．14．在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d= 0.730 mm；用多用电表的“×1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R= 8.0 Ω．若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式ρ= （用符号表示）．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数；根据实验所测数据，应用电阻定律可以求出金属丝的电阻率．解答：解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度所示为23.0×0.01mm=0.230mm，螺旋测微器的示数为0.5mm+0.230mm=0.730mm．由图乙所示多用电表可知，金属丝电阻阻值R=8.0×1Ω=8.0Ω．（3）金属丝电阻R=ρ=故答案为：0.730； 8.0；点评：螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时要注意估读．三、计算题（本题共3小题，共28分．第15题8分，第16题10分，第17题10分．要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．）15．在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI﹣I2r求解输出功率．解答：解：（1）通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I=得：I===0.1 A。
辽宁省沈阳市第二中学2015届高三10月月考物理试题 Wor
辽宁省沈阳二中2015高三月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一．选择题：本题共10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．体育器材室里，篮球摆放在图示的球架上．已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，则每只篮球对一侧球架的压力大小为（）A．mg B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，根据几何知识求出相关的角度，由平衡条件求解球架对篮球的支持力，即可得到篮球对球架的压力．解答：解：以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，设球架对篮球的支持力N与竖直方向的夹角为α．由几何知识得：cosα==根据平衡条件得：2Ncosα=mg 解得：N=则得篮球对球架的压力大小为：N′=N=．故选：C．点评：本题关键要通过画出力图，正确运用几何知识求出N与竖直方向的夹角，再根据平衡条件进行求解．2．已知地球的半径为R，地球的自转周期为T，地表的重力加速度为g，要在地球赤道上发射一颗近地的人造地球卫星，使其轨道在赤道的正上方，若不计空气的阻力，那么（）A．向东发射与向西发射耗能相同，均为mgR﹣m（）2B．向东发射耗能为m（﹣）2，比向西发射耗能多C．向东发射与向西发射耗能相同，均为m（﹣）2D．向西发射耗能为m（+）2，比向东发射耗能多考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：地球上的物体随地球一起绕地轴自转，故发射速度与自转方向相同时可以充分利用地球自转的线速度，故发射方向与地球自方向相同时消耗能量少，相反是消耗能量多．解答：解：A、地球自转方向自西向东，故向东发射卫星可以充分利用地球自转的线速度而消耗较少能量，故A错误；B、地球自西向东自转，故向东发射卫星消耗能量较少，故B错误；C、地球自转方向自西向东，故向东发射卫星可以充分利用地球自转的线速度而消耗较少能量，故C错误；D、在赤道表面地球自转的线速度为，由于地球自西向东自转，故在地球上向西发射卫星时的发射速度为第一宇宙速度与地球自转线速度之和，故根据动能定理知其发射耗能为，故D正确．故选：D．点评：第一宇宙速度在不考虑地球自转时卫星的最小发射速度，考虑自转时要注意到地球自转的方向是关键，向东发射充分利用自转的线速度．3．如图所示，小方块代表一些相同质量的钩码，图①中O为轻绳之间联结的节点，图②中光滑的滑轮跨在轻绳上悬挂钩码，两装置处于静止状态，现将图①中的B滑轮或图②中的端点B沿虚线稍稍上移一些，则关于θ角变化说法正确的是（）4．（2013•安徽模拟）如图所示，从水平地面上的A点，以速度v1在竖直平面内抛出一小球，v1与地面成θ角．小球恰好以v2的速度水平打在墙上的B点，不计空气阻力，则下面说法中正确的是（）5．如图所示，在高度为h、倾角为30°的粗糙固定的斜面上，有一质量为m、与一轻弹簧拴接的物块恰好静止于斜面底端．物块与斜面的动摩擦因数为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一平行于斜面的力F拉动弹簧的A点，使m缓慢上滑到斜面顶端．此过程中（）6．（2011•徐汇区模拟）有一竖直放置的“T”型架，表面光滑，两个质量相同的滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B可看作质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）．，所以．所以h=7．一根绳长为L的轻绳一端系一个质量为m的小球，另一端悬于固定点O，若小球一次在竖直面做单摆运动，另一次做圆锥摆运动．单摆运动时的最大摆角和圆锥摆运动时的偏角均为θ，如图所示，下列判断正确的是（）所以有：=cos8．a、b两车在两条平行的直车道上同方向行驶，它们的v﹣t图象如图所示，在t=0时刻，两车间距离为d；t=5s的时刻它们第一次相遇，关于两车之间的关系，下列说法正确的是（）9．雨滴在下降过程中，由于水汽的凝聚，雨滴质量将逐渐增大，同时由于速度逐渐增大，10．（2013•南通一模）如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α＜β，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止．则（），由于两个滑块的高度差相等，二．实验题（每空2分，共14分）11．（8分）（2014•南昌二模）如图甲所示，用包有白纸的质量为m（kg）的圆柱棒代替纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动，代替打点计时器．当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛笔就在圆柱棒表面的纸上画出记号，如图乙所示，设毛笔接触棒时不影响棒的运动．测得记号之间的距离依次为20.0mm，44.0mm，68.0mm，92.0mm，116.0mm，140.0mm，已知电动机铭牌上标有“1200r/min”字样，由此研究圆柱棒的运动情况．根据以上内容，回答下列问题：（1）毛笔画相邻两条线的时间间隔T=0.05s，图乙中的左端是圆柱棒的悬挂端（填“左”或“右”）．（2）根据图乙所给的数据，可知毛笔画下记号D时，圆柱棒下落的速度v D= 1.60m/s；圆柱棒竖直下落的加速度a=9.60m/s2．（结果保留三位有效数字）T===9.6012．（6分）某同学设计了如图所示的装置来探究“加速度与力的关系”．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距d0开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小；再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F；然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q的时间t0（1）木块的加速度可以用d、t表示为a=．（2）改变瓶中水的质量，重复实验，确定加速度a与弹簧秤的示数F的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是C（3）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是BC．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．at）三．计算题（本题共3小题，共32分.解答时应该写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）（2013•淮安模拟）如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．（2）若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．°•°•==m/s14．（10分）如图所示，直线MN表示一条平直公路，甲、乙两辆汽车原来停在A、B两处，A、B间的距离为85m，现甲车先开始向右做匀加速直线运动，加速度a1=2.5m/s2，甲车运动6.0s时，乙车开始向右做匀加速直线运动，加速度a2=5.0m/s2，求两辆汽车相遇几次？相遇处距A处多远？a t2a aa=a=15．（12分）如图所示，长L=1.5m，高h=0.45m，质量M=10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动．当木箱的速度v0=3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F=50N，并同时将一个质量m=1kg的小球轻放在距木箱右端的P点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面．木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计．取，求：（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；（2）小球放上P点后，木箱向右运动的最大位移；（3）小球离开木箱时木箱的速度．，得二、选考题：共14分．请考生从给出的2道物理题中任选一题作答【选修3-4】16．（6分）如图甲所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，P是离原点x1=2m的一个介质质点，Q是离原点x2=4m的一个介质质点，此时离原点x3=6m的介质质点刚刚要开始振动．图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象（计时起点相同）．由此可知（）求出波速．==2m/s17．（8分）如图，为一圆柱中空玻璃管，管内径为R1，外径为R2，R2=2R1．一束光线在圆柱横截面内射向玻璃管，为保证在内壁处光不会进入中空部分，问入射角i应满足什么条件？n=，得：sinr=sinC==则得：【选修3-5】N+→当光的频率大于或等于极限频率时，才能发生光电效应；根据数学组合=3、N+He→O+X19．如图所示，一质量M=2kg的长木板B静止于光滑水平面上，B的右边有竖直墙壁．现有一小物体A（可视为质点）质量m=lkg，以速度v0=6m/s从B的左端水平滑上B，已知A 和B间的动摩擦因数μ=0.2，B与竖直墙壁的碰撞时间极短，且碰撞时无机械能损失，若B 的右端距墙壁s=4m，要使A最终不脱离B，则木板B的长度至少多长？由动能定理：解得：。