专题21 概率分布与数学期望-2020年江苏省高考数学命题规律大揭秘(解析版)
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专题21 概率分布与数学期望
【真题感悟】
1、【2019年江苏,23】在平面直角坐标系xOy 中,设点集{(0,0),(1,0),(2,0),,(,0)}n A n =?,
{(0,1),(,1)},{(0,2),(1,2),(2,2),
,(,2)},.n n B n C n n N *==∈令n n
n n M A B C =.从集合M n 中任取两
个不同的点,用随机变量X 表示它们之间的距离. (1)当n =1时,求X 的概率分布;
(2)对给定的正整数n (n ≥3),求概率P (X ≤n )(用n 表示). 【答案】(1)见解析;(2)见解析. 【解析】
(1)当1n =时,X 的所有可能取值是1225,,,.
X 的概率分布为22667744
(1),(2)C 15C 15
P X P X ==
====, 22662222
(2),(5)C 15C 15
P X P X ==
====. (2)设()A a b ,
和()B c d ,是从n M 中取出的两个点. 因为()1()P X n P X n ≤=->,所以仅需考虑X n >的情况. ①若b d =,则AB n ≤,不存在X n >的取法;
②若01b d ==,,则22()11AB a c n =-+≤+,
所以X n >当且仅当21AB n =+,此时0 a c n ==,或 0a n c ==,
,有2种取法; ③若02b d ==,
,则22()44AB a c n =-+≤+,因为当3n ≥时,2(1)4n n -+≤,所以X n >当且仅当24AB n =+,此时0 a c n ==,或 0a n c ==,,有2种取法; ④若12b d ==,,则22()11AB a c n =-+≤+,
所以X n >当且仅当21AB n =+,此时0 a c n ==,或 0a n c ==,
,有2种取法. 综上,当X n >时,X 的所有可能取值是21n +和24n +,且
2222
24
24
42
(1),(4)C C n n P X n P X n ++=+=
=+=
.
因此,22224
6()1(1)(4)1C n P X n P X n P X n +≤=-=
+-=+=-
.
2、【2010江苏,22】某工厂生产甲、乙两种产品,甲产品的一等品率为80%,二等品率为20%;乙产品的一等品率为90%,二等品率为10%.生产1件甲产品,若是一等品则获得利润4万元,若是二等品则亏损1万元;生产1件乙产品,若是一等品则获得利润6万元,若是二等品则亏损2万元.设生产各种产品相互独立.
(1)记X (单位:万元)为生产1件甲产品和1件乙产品可获得的总利润,求X 的分布列; (2)求生产4件甲产品所获得的利润不少于10万元的概率.
【答案】(1
)
(2)0.8192
【解析】解:(1)由题设知,X 的可能取值为10,5,2,-3,且 P (X=10)=0.8×0.9=0.72,P (X=5)=0.2×0.9=0.18, P (X=2)=0.8×0.1=0.08,P (X=-3)=0.2×0.1=0.02. ∴X 的分布列为:
(2)设生产的4件甲产品中一等品有n 件,则二等品有4-n 件. 由题设知4n-(4-n )≥10, 解得n≥
又n ∈N ,得n=3,或n=4.
所求概率为P=C 43×0.83×0.2+0.84
=0.8192
答:生产4件甲产品所获得的利润不少于10万元的概率为0.8192.
3. 【2012江苏,22】设ξ为随机变量.从棱长为1的正方体的12条棱中任取两条,当两条棱相交时,ξ=0;当两条棱平行时,ξ的值为两条棱之间的距离;当两条棱异面时,ξ=1. (1)求概率P (ξ=0);
(2)求ξ的分布列,并求其数学期望E (ξ). 【答案】(1)
4
11
.(2) ξ
1
2
P (ξ)
411 611 111
62
()11
E ξ+=
【解析】解:(1)若两条棱相交,则交点必为正方体8个顶点中的1个,过任意1个顶点恰有3条棱,所以共有2
38C
对相交棱,因此
232128C 834
(0)C 6611
P ξ?====.
(2)若两条棱平行,则它们的距离为1或2,其中距离为2的共有6对,故21261
(2)C 11
P ξ==
=, 于是P(ξ=1)=1-P(ξ=0)-P(ξ=2)=416
1111111
--=, 所以随机变量ξ的分布列是
ξ 0
1
2
P(ξ)
411 611
111
因此
6162()12111111E ξ+=?
+?=
4. 【2014江苏,22】盒中共有9个球,其中有4个红球,3个黄球和2个绿球,这些球除颜色外完全相同. (1)从盒中一次随机抽出2个球,求取出的2个球的颜色相同的概率;
(2)从盒中一次随机抽出4个球,其中红球、黄球、绿球的个数分别为123,,x x x ,随机变量X 表示123,,x x x 的最大数,求X 的概率分布和数学期望()E X . 【答案】(1)
518;(2)20
()9
E X =. 【解析】(1)由题意222
432295
18
C C C P C ++==
; (2)随机变量X 的取值可能为2,3,4,
4
4491
(4)126C P X C ===
, 313145364
913
(3)63
C C C C P X C +===, 11
(2)1(3)(4)14
P X P X P X ==-=-==
,
所以X 的分布列为
13120
()21434631269
E X =?+?
+?=
. 【考纲要求】
1. 离散型随机变量及其分布列 (考查要求为了解)
2. 超几何分布(考查要求为了解)
3. 条件概率及相互独立事件(考查要求为了解)
4. n 次独立重复试验的模型及二项分布 (考查要求为理解)
5. 离散型随机变量的均值与方差 (考查要求为理解)
【考向分析】
1. 江苏高考中,一般考古典概型、相互独立、二项概型基础上的随机变量的分布,期望与方差。
2. 随机变量的概率分布及期望,内容多,处理方式灵活,可以考查其中一块,可以内部综合,可以作为问题的背景与其他内容结合考,复习时要注重基础,以不变应万变.
【高考预测】
考查方向为求离散型随机变量的期望和方差的应用问题,考查要点首先确定概率分布是不是一些熟知的类型时,否则需全面地剖析各个随机变量所包含的各种事件,并准确判断各事件的相互关系,从而求出各随机变量相应的概率
【迎考策略】
求解离散型随机变量的数学期望的一般步骤为:
第一步是“判断取值”,即判断随机变量的所有可能取值,以及取每个值所表示的意义;
第二步是“探求概率”,即利用排列组合、枚举法、概率公式(常见的有古典概型公式、几何概型公式、互斥事件的概率和公式、独立事件的概率积公式,以及对立事件的概率公式等),求出随机变量取每个值时的概率;
第三步是“写分布列”,即按规范形式写出分布列,并注意用分布列的性质检验所求的分布列或某事件的概率
X
2
3
4
P
1114 1363 1126
是否正确;
第四步是“求期望值”,一般利用离散型随机变量的数学期望的定义求期望的值,对于有些实际问题中的随机变量,如果能够断定它服从某常见的典型分布(如二项分布(,)X
B n p ),则此随机变量的期望可直接利用
这种典型分布的期望公式(()E X np =)求得.因此,应熟记常见的典型分布的期望公式,可加快解题速度.
【强化演练】
1.【2019年高考浙江卷】设0<a <1,则随机变量X 的分布列是
X
a 1
P
1
3
13
13
则当a 在(0,1)内增大时,( ) A .()D X 增大
B .()D X 减小
C .()
D X 先增大后减小
D .()D X 先减小后增大
【答案】D
【解析】方法1:由分布列得1()3
a
E X +=
, 则2222111111211
()(0)()(1)()333333926
a a a D X a a +++=-?+-?+-?=-+, 则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .
方法2:则2222
21(1)222213
()()()0[()]3399924
a a a a D X E X E X a +-+=-=++-==-+,
则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.故选D .
【名师点睛】易出现的错误有,一是数学期望、方差以及二者之间的关系掌握不熟,无从着手;二是计算能力差,不能正确得到二次函数表达式.
2.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】11分制乒乓球比赛,每赢一球得1分,当某局打成10:10平后,每球交换发球权,先多得2分的一方获胜,该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛,假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球的结果相互独立.在某局双方10:10平后,甲先发球,两人又打了X 个球该局比赛结束. (1)求P (X =2);
(2)求事件“X =4且甲获胜”的概率. 【答案】(1)0.5;(2)0.1.
【解析】(1)X =2就是10∶10平后,两人又打了2个球该局比赛结束, 则这2个球均由甲得分,或者均由乙得分. 因此P (X =2)=0.5×0.4+(1–0.5)×(1–0.4)=0.5.
(2)X =4且甲获胜,就是10∶10平后,两人又打了4个球该局比赛结束, 且这4个球的得分情况为:前两球是甲、乙各得1分,后两球均为甲得分. 因此所求概率为[0.5×(1–0.4)+(1–0.5)×
0.4]×0.5×0.4=0.1. 3.【2019年高考天津卷理数】设甲、乙两位同学上学期间,每天7:30之前到校的概率均为2
3
.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同学每天到校情况相互独立.
(1)用X 表示甲同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数,求随机变量X 的分布列和数学期望; (2)设M 为事件“上学期间的三天中,甲同学在7:30之前到校的天数比乙同学在7:30之前到校的天数恰好多2”,求事件M 发生的概率. 【答案】(1)分布列见解析,()2E X =;(2)
20243
. 【解析】(1)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立,且每天7:30之前到校的概率均为23
,故2
~(3,)3
X B ,从而3321()C ()(),0,1,2,33
3
k
k
k
P X k k -===.
所以,随机变量X 的分布列为
X
0 1 2 3
P
127 29 49 827
随机变量X 的数学期望2
()323
E X =?=.
(2)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为Y , 则2~(3,)3
Y B ,且{3,1}{2,0}M X Y X Y =====. 由题意知事件{3,1}X Y ==与{2,0}X Y ==互斥,
且事件{3}X =与{1}Y =,事件{2}X =与{0}Y =均相互独立, 从而由(1)知()({3,1}{2,0})P M P X Y X Y =====
(3,1)(2,0)P X Y P X Y ===+== (3)(1)(2)(0)P X P Y P X P Y ===+==
824120279927243
=
?+?=.
4.【2019年高考北京卷理数】改革开放以来,人们的支付方式发生了巨大转变.近年来,移动支付已成为
主要支付方式之一.为了解某校学生上个月A ,B 两种移动支付方式的使用情况,从全校学生中随机抽取了100人,发现样本中A ,B 两种支付方式都不使用的有5人,样本中仅使用A 和仅使用B 的学生的支付金额分布情况如下:
支付金额(元)
支付方式
(0,1000]
(1000,2000]
大于2000
仅使用A 18人 9人 3人 仅使用B
10人
14人
1人
(1)从全校学生中随机抽取1人,估计该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率;
(2)从样本仅使用A 和仅使用B 的学生中各随机抽取1人,以X 表示这2人中上个月支付金额大于1000元的人数,求X 的分布列和数学期望;
(3)已知上个月样本学生的支付方式在本月没有变化.现从样本仅使用A 的学生中,随机抽查3人,发现他们本月的支付金额都大于2000元.根据抽查结果,能否认为样本仅使用A 的学生中本月支付金额大于2000元的人数有变化?说明理由.
【答案】(1)0.4;(2)分布列见解析,E (X )=1;(3)见解析.
【解析】(1)由题意知,样本中仅使用A 的学生有18+9+3=30人,仅使用B 的学生有10+14+1=25人,A ,B 两种支付方式都不使用的学生有5人.
故样本中A ,B 两种支付方式都使用的学生有100?30?25?5=40人.
所以从全校学生中随机抽取1人,该学生上个月A ,B 两种支付方式都使用的概率估计为40
0.4100
=. (2)X 的所有可能值为0,1,2.
记事件C 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”,事件D 为“从样本仅使用B 的学生中随机抽取1人,该学生上个月的支付金额大于1000元”. 由题设知,事件C ,D 相互独立,且93141
()0.4,()0.63025
P C P D ++=
===. 所以(2)()()()0.24P X P CD P C P D ====,
(1)()P X P CD CD == ()()()()P C P D P C P D =+ 0.4(10.6)(10.4)0.6=?-+-?
0.52=,
(0)()()()0.24P X P CD P C P D ====.
所以X 的分布列为
X 0 1 2 P
0.24
0.52
0.24
故X 的数学期望()00.2410.5220.241E X =?+?+?=.
(3)记事件E 为“从样本仅使用A 的学生中随机抽查3人,他们本月的支付金额都大于2000元”. 假设样本仅使用A 的学生中,本月支付金额大于2000元的人数没有变化, 则由上个月的样本数据得330
11
()C 4060P E ==. 答案示例1:可以认为有变化. 理由如下:
P (E )比较小,概率比较小的事件一般不容易发生.
一旦发生,就有理由认为本月的支付金额大于2000元的人数发生了变化,所以可以认为有变化. 答案示例2:无法确定有没有变化.理由如下: 事件E 是随机事件,P (E )比较小,一般不容易发生, 但还是有可能发生的,所以无法确定有没有变化.
5.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药更有效,为
此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1分,乙药得1-分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1分,甲药得1-分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治愈率分别记为α和β,一轮试验中甲药的得分记为X . (1)求X 的分布列;
(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,(0,1,
,8)i p i =表示“甲药的累计得分为i 时,最终认
为甲药比乙药更有效”的概率,则00p =,81p =,11i i i i p ap bp cp -+=++(1,2,
,7)i =,其中
(1)a P X ==-,(0)b P X ==,(1)c P X ==.假设0.5α=,0.8β=.
(i)证明:1{}i i p p +-(0,1,2,
,7)i =为等比数列;
(ii)求4p ,并根据4p 的值解释这种试验方案的合理性. 【答案】(1)分布列见解析;(2)(i)证明见解析,(ii) 45 1
27
p =,解释见解析. 【解析】X 的所有可能取值为1,0,1-.
(1)(1)P X αβ=-=-,
(0)(1)(1)P X αβαβ==+--, (1)(1)P X αβ==-,
所以X 的分布列为
X 1- 0 1
P
(1)αβ-
(1)(1)αβαβ+-- (1)αβ-
(2)(i )由(1)得0.4,0.5,0.1a b c ===.
因此110.40.5 0.1i i i i p p p p -+=++,故110.1()0.4()i i i i p p p p +--=-, 即114()i i i i p p p p +--=-. 又因为1010p p p -=≠, 所以1{}(0,1,2,
,7)i i p p i +-=为公比为4,首项为1p 的等比数列.
(ii )由(i )可得88776100p p p p p p p p =-+-+
+-+
877610()()()p p p p p p =-+-++-
81413
p -=.
由于8=1p ,故183
41
p =
-, 所以44433221101( 411
()327)(5())p p p p p p p p p p -=-+-+-+=
-=. 4p 表示最终认为甲药更有效的概率,
由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,乙药治愈率为0.8时, 认为甲药更有效的概率为41
0.0039257
p =
≈, 此时得出错误结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.
6.某同学理科成绩优异,今年参加了数学,物理,化学,生物4门学科竞赛.已知该同学数学获一等奖的
概率为,物理,化学,生物获一等奖的概率都是,且四门学科是否获一等奖相互独立.
(1)求该同学至多有一门学科获得一等奖的概率;
(2)用随机变量表示该同学获得一等奖的总数,求的概率分布和数学期望.
【答案】(1)(2)见解析
【解析】
(1)解:记“该同学获得个一等奖”为事件,,
则,
,
所以该同学至多有一门学科获得一等奖的概率为
.
(2)随机变量的可能取值为0,1,2,3,4,
,,
,
,
,
所以的概率分布为
故.
7.从集合的所有非空子集中,等可能地取出个.
(1)若,求所取子集的元素既有奇数又有偶数的概率;
(2)若,记所取子集的元素个数之差为,求的分布列及数学期望.
【答案】(1) .
(2) 分布列见解析,.
【解析】
(1)当时,记事件:“所取子集的元素既有奇数又有偶数”.
则集合的非空子集数为,其中非空子集的元素全为
奇数的子集数为,全为偶数的子集数为,
所以,
(2)当时,的所有可能取值为
则
所以的数学期望.
8.已知正六棱锥的底面边长为,高为.现从该棱锥的个顶点中随机选取个点构成三角形,设随机变量表示所得三角形的面积.
(1)求概率的值;
(2)求的分布列,并求其数学期望.
【答案】(1) .
(2)分布列见解析,.
【解析】
(1)从个顶点中随机选取个点构成三角形,
共有种取法,其中的三角形如,
这类三角形共有个
因此.
(2)由题意,的可能取值为
其中的三角形如,这类三角形共有个;
其中的三角形有两类,,如(个),(个),共有个;
其中的三角形如,这类三角形共有个;
其中的三角形如,这类三角形共有个;
其中的三角形如,这类三角形共有个;
因此
所以随机变量的概率分布列为:
所求数学期望
.
9.袋中共有8个乒乓球,其中有5个白球,3个红球,这些乒乓球除颜色外完全相同.从袋中随机取出一球,如果取出红球,则把它放回袋中;如果取出白球,则该白球不再放回,并且另补一个红球放入袋中,重复上述过程次后,袋中红球的个数记为.
(I)求随机变量的概率分布及数学期望;
(Ⅱ)求随机变量的数学期望关于的表达式.
【答案】(Ⅰ)答案见解析;(Ⅱ).
【解析】 (1)由题意可知
.
当时,即二次摸球均摸到红球,其概率是;
当时,即二次摸球恰好摸到一红,一白球,其概率 ;
当时,即二次摸球球均摸到白白球球其概率是.
所以随机变量的概率分布如下表:
(一个概率得一分不列表不扣分)
数学期望
.
(Ⅱ)设,
.
则
,
.
,
,
,,
,
.
所以,
.
.
由此可知,.
又,所以.
10.如图,设P1,P2,…,P6为单位圆上逆时针均匀分布的六个点.现任选其中三个不同点构成一个三角形,记该三角形的面积为随机变量S.
(1)求S=的概率;
(2)求S的分布列及数学期望E(S).
【答案】(1)(2)见解析
【解析】
(1)从六个点任选三个不同点构成一个三角形共有种不同选法,
其中S=的为有一个角是30°的直角三角形(如△P1P4P5),共6×2=12种,
所以P(S=)==.
(2)S的所有可能取值为,,.
S=的为顶角是120°的等腰三角形(如△P1P2P3),共6种,
所以P(S=)==.
S=的为等边三角形(如△P1P3P5),共2种,
所以P(S=)==.
又由(1)知P(S=)==,故S的分布列为
S
P
所以E(S)=×+×+×=.
11.某篮球运动员每次在罚球线投篮投进的概率是0.8,且各次投篮的结果互不影响.
(1)假设这名运动员投篮3次,求恰有2次投进的概率(结果用分数表示);
(2)假设这名运动员投篮3次,每次投进得1分,未投进得0分;在3次投篮中,若有2次连续投进,而另外一次未投进,则额外加1分;若3次全投进,则额外加3分,记为该篮球运动员投篮3次后的总分数,
求的分布列及数学期望(结果用分数表示).
【答案】(1)0.384;(2)见解析
【解析】
(1)设为该运动员在3次投篮中投进的次数,则. 在3次投篮中,恰有2次投进的概率
;
(2)由题意可知,的所有可能取值为0,1,2,3,6.
,;
;;
.
所以的分布列是
0 1 2 3 6
P 0.008 0.096 0.128 0.256 0.512
.
12.甲、乙、丙三位学生各自独立地解同一道题,已知甲做对该题的概率为,乙、丙做对该题的概率分别为,且三位学生能否做对相互独立,设为这三位学生中做对该题的人数,其分布列为:
(1)求
的值;
(2)求的数学期望.
【答案】(1) ,
(2)
【解析】
(1)由题意,得
又
,解得
,
(2)由题意,
所以
13.盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数i,i,2,2,--其中是虚数单位.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响). (1)求事件A “在一次试验中,得到的数为虚数”的概率()P A 与事件B “在四次试验中, 至少有两次得到虚数” 的概率()P B ;
(2)在两次试验中,记两次得到的数分别为,a b ,求随机变量a b ξ=?的分布列与数学期望.E ξ 【答案】(1) 11
16
(2)见解析 【解析】
(1)∵卡片上分别标有数﹣i ,i ,﹣2,2其中i 是虚数单位, ∴P (A )=
24=12
, P (B )=1﹣P (B )=1﹣[0041
3441111()()()2
2
22C C ??+?
?]=1﹣516=1116
(2)a,b,ξ的可能取值如下表所示:
由表可知:P(ξ=1)=
4
16
=
1
4
,P(ξ=2)=
8
16
=
1
2
,P(ξ=4)=
4
16
=
1
4
∴随机变量ξ的分布列为
∴Eξ=1×1
4
+2×
1
2
+4×
1
4
=
9
4
14.某公司有四辆汽车,其中车的车牌尾号为0,两辆车的车牌尾号为6,车的车牌尾号为5,已知在非限行日,每辆车都有可能出车或不出车.已知两辆汽车每天出车的概率为,两辆汽车每天出
车的概率为,且四辆汽车是否出车是相互独立的.
该公司所在地区汽车限行规定如下:
(1)求该公司在星期四至少有2辆汽车出车的概率;
(2)设表示该公司在星期一和星期二两天出车的车辆数之和,求的分布列和数学期望.
【答案】(1).(2)见解析.
【解析】
(1)记该公司在星期四至少有两辆汽车出车为事件,
则:该公司在星期四最多有一辆汽车出车
.
∴.
答:该公司在星期四至少有两辆汽车出行的概率为.
(2)由题意,的可能值为0,1,2,3,4
;
;
;
;
.
.
答:的数学期望为.
15.在某公司举行的年终庆典活动中,主持人利用随机抽奖软件进行抽奖:由电脑随机生成一张如图所示的33表格,其中1格设奖300元,4格各设奖200元,其余4格各设奖100元,点击某一格即显示相应金额.某人在一张表中随机不重复地点击3格,记中奖的总金额为X元.
(1)求概率;
(2)求的概率分布及数学期望.
【答案】(1) ;(2)答案见解析.
【解析】
(1)从33表格中随机不重复地点击3格,共有种不同情形,则事件:“”包含两类情形:第一
类是3格各得奖200元;第二类是1格得奖300元,一格得奖200元,一格得奖100元,其中第一类包含种情形,第二类包含种情形.
∴.
(2)的所有可能值为300,400,500,600,700.
则,,
,.
∴的概率分布列为:
X300 400 500 600 700
P
∴(元).