河南省林州市第一中学2016届高三假期练习(二)理综物理试卷 Word版含答案
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、HCO3
-
D. Na2S溶液中：SO4 、K 、Cl、Cu
2－
＋
-
2＋
11.下列四个常用电化学装置的叙述中，正确的是( )
A.图I所示电池中，Mn02的作用是催化剂
B.图II所示电池放电过程中，硫酸浓度不断增大
C.图III所示装置工作过程中，电解质溶液中Cu 浓度始终不变
6．右图示有捕食关系的两个种群。下列相关叙述错误的是（ ） A.通过捕食，甲种群的能量可以流向乙种群 B.甲种群可以调节乙种群的个体数量 C.甲种群对乙种群的进化起抑制作用 D.甲乙种群相互选择共同进化 7．下列与金属腐蚀有关的说法正确的是( ) 图 1 图 2 图 3 图 4 A．图1中，插入海水中的铁棒，越靠近底端腐蚀越严重 B．图2中，一段时间后会出现白色沉淀-灰绿色沉淀-红褐色沉淀的现象 C．图3中，燃气灶的中心部位容易生锈，主要是由于高温下铁发生化学腐蚀 D．图4中，用牺牲镁块的方法来防止地下钢铁管道的腐蚀，镁块相当于原电池 高三理综 第 2 页 共 22 页 的正极 8．NA为阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是( ) A．标准状况下，11.2L己烷含有的分子数为0.5NA B．1 mol羟基(-OH)含有的电子数为10NA C．1 mol 氯气参加反应时，电子转移数目一定为2NA D．10 g H2 18 O含有的中子数为5NA 9.下列离子反应方程式正确的是( ) A．氨水吸收过量的SO2：OH B．FeSO4溶液被氧气氧化：4Fe C．NaAlO2溶液中加入过量稀硫酸：AlO2 D．Cl2与稀NaOH溶液反应：Cl2+2OH 10. 室温下，下列各组离子在指定溶液中能大量共存的是( ) － ＋SO2＝HSO3 － 2＋ ＋O2＋4H + ＝4Fe 3＋ ＋2H2O ＋H2O＝Al(OH)3↓ + H2O － ＋H ＋ － ＝Cl － +ClO3 － A. 饱和氯水中：Cl
高三物理月考试题及答案-河南安阳市林州一中2016届高三上学期暑假练习试卷
河南省安阳市林州一中2015届高三上学期暑假物理练习试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．如图甲所示，质量为m物块静止在粗糙的与水平面夹角为θ的斜面上．当受到平行于斜面向上的外力F的作用，F按图乙所示规律变化时，斜面和物块始终处于静止状态，物块与斜面间的摩擦力F f大小变化规律可能是图中的( )A．B．C．D．2．a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连（如图1）．当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着a，使a、b一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图2所示，则( )A．x1一定小于x2 B．x1一定等于x2C．若m1＞m2，则x1＞x2 D．若m1＜m2，则x1＜x23．如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面上某一点P处，以某一初速度斜向上抛出，小球恰好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．则下列说法中正确的是( )A．小球抛出点P离圆筒的水平距离越远，抛出的初速度越大B．小球从抛出点P运动到圆筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关C．弹簧获得的最大弹性势能E P与小球抛出点位置P无关D．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的机械能守恒4．我国科学考察队在地球的两极地区进行科学观测时，发现带电的太空微粒平行于地面进入两极区域上空，受空气和地磁场的影响分别留下的一段弯曲的轨迹，若垂直地面向下看，粒子在地磁场中的轨迹如图甲、乙所示，则( )A．甲、乙两图电带电粒子动能越来越小，是因为洛伦兹力对粒子均做负功B．图甲表示在地球的南极处，图乙表示在地球的北极处C．图甲飞入磁场的粒子带正电，图乙飞入磁场的粒子带正电D．甲、乙两图中，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越大5．我国研制并成功发射的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行的周期为T．若以R表示月球的半径，则( )A．卫星运行时的向心加速度为B．物体在月球表面自由下落的加速度为C．卫星运行时的线速度为D．月球的第一宇宙速度为6．两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻．将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，除电阻R外其余电阻不计．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则( )A．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB．金属棒向下运动时，流过电阻R的电流方向为a→bC．金属棒的速度为v时，电路中的电功率为D．电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量7．如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下判断正确的是( )A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=C．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=8．如图甲所示，MN为很大的薄金属板（可理解为无限大），金属板原来不带电．在金属板的右侧，距金属板距离为d的位置上放入一个带正电、电荷量为q的点电荷，由于静电感应产生了如图甲所示的电场分布．P是点电荷右侧，与点电荷之间的距离也为d的一个点，几位同学想求出P点的电场强度大小，但发现问题很难．几位同学经过仔细研究，从图乙所示的电场得到了一些启示，经过查阅资料他们知道：图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的．图乙中两异号点电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，虚线是两点电荷连线的中垂线．由此他们分别求出了P点的电场强度大小，一共有以下四个不同的答案（k为静电力常量），其中正确的是( )A．B．C．D．三、非选择题：（一）必考题：9．某个同学分别做“探究加速度与力、质量关系”的实验．如图甲所示是该同学探究小车加速度与力的关系的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放．（1）若用游标卡尺测出光电门遮光条的宽度d如图乙所示，则d= cm；实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t，则小车经过光电门时的速度为（用字母表示）（2）测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门的时间△t，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系．处理数据时应作出（选填“v﹣m”或“v2﹣m”）图象．10．实际电压表内阻并不是无限大，可等效为理想电流表与较大的电阻的串联．现要测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：A．待测电压表（量程3V，内阻约3kΩ待测）一只；B．电流表（量程3A，内阻0.01Ω）一只；C．电池组（电动势约为3V，内阻不计）；D．滑动变阻器一个；E．变阻箱（可以读出电阻值，0﹣9999Ω）一个；F．开关和导线若干．某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）该同学设计了如图a、图b两个实验电路．为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是图b（填“图a”或“图b”）电路．（2）用你选择的电路进行实验时，闭合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数U和（填上文字和符号）；（3）由所测物理量选择下面适当坐标轴，能作出相应的直线图线，最方便的计算出电压表的内阻：；（A）U﹣I （B）（C）（D）U﹣R（4）设直线图象的斜率为k、截距为b，请写出待测电压表内阻表达式R V= ．11．有一质量为2kg的小球串在长为1m的轻杆顶部，轻杆与水平方向成θ=37°角．（1）若静止释放小球，1s后小球到达轻杆底端，则小球到达杆底时它所受重力的功率为多少？（2）小球与轻杆之间的动摩擦因数为多少？（g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）12．（18分）如图所示，一面积为S的单匝圆形金属线圈与阻值为R的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻．线圈内存在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀增加且变化率为k的磁场B t．电阻R两端并联一对平行金属板M、N，两板间距为d，N板右侧xOy坐标系（坐标原点O在N板的下端）的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界OA和y轴的夹角∠AOy=45°，AOx区域为无场区．在靠近M板处的P点由静止释放一质量为m、带电荷量为+q的粒子（不计重力），经过N板的小孔，从点Q（0，L）垂直y轴进入第一象限，经OA上某点离开磁场，最后垂直x轴离开第一象限．求：（1）平行金属板M、N获得的电压U；（2）粒子到达Q点时的速度大小（3）yOA区域内匀强磁场的磁感应强度B；（4）粒子从P点射出到到达x轴的时间．（二）选考题，请考生从以下两个模块中任选一模块作答【物理---选修3-4】13．如图甲为一列沿x轴传播的简谐波在t=0.1s时刻的波形图．图乙表示该波传播的介质中x=2m处的质点a从t=0时起的振动图象．则( )A．波传播的速度为20m/sB．波沿x轴正方向传播C．t=0.25s时，质点a的位移沿y轴负方向D．t=0.25s时，x=4m处的质点b的加速度沿y轴负方向14．某同学欲测直角棱镜ABC的折射率．他让一束平行光以一定入射角从空气投射到三棱镜的侧面AB上（不考虑BC面上的光束反射），经棱镜两次折射后，又从另一侧面AC出射．逐渐调整在AB面上的入射角，当侧面AC上恰无出射光时，测出此时光在AB面上的入射角为α．①在右面图上画出光路图．②若测得α=60，写出折射率n计算公式，并求出n值．【物理---选修3-5】15．下列说法正确的是( )A．根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小B．放射性物质的温度升高，则半衰期减小C．用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，不可能使氘核分解为一个质子和一个中子D．某放射性原子核经过2次α衰变和一次β衰变，核内质子数减少3个E．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小．16．如图所示AB为光滑的斜面轨道，通过一小段光滑圆弧与光滑水平轨道BC相连接，质量为m的小球乙静止于水平轨道上，一个质量大于m的小球甲以速度v0与乙球发生弹性正碰，碰后乙球沿水平轨道滑向斜面AB，求：在甲、乙发生第二次碰撞之前，乙球在斜面上能达到最大高度的范围？（设斜面足够长）河南省安阳市林州一中2015届高三上学期暑假物理练习试卷参考答案一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．如图甲所示，质量为m物块静止在粗糙的与水平面夹角为θ的斜面上．当受到平行于斜面向上的外力F的作用，F按图乙所示规律变化时，斜面和物块始终处于静止状态，物块与斜面间的摩擦力F f大小变化规律可能是图中的( )A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当F小于重力沿斜面方向分力mgsinθ时，物体有沿斜面向下运动的趋势，则受沿斜面向上的摩擦力，当F增大到等于mgsinθ时摩擦力为零，当F大于mgsinθ是物体有沿斜面向上的摩擦力，根据平衡条件列等式分析．解答：解：当F＜mgsinθ时，根据平衡条件：F+f=mgsinθ，可见F增大则f减小，当F=mgsinθ时，根据平衡条件，f=0，F＞mgsinθ时，根据平衡条件：F=mgsinθ+f，可见F增大f增大，故B项符合；故选：B．点评：本题采用定量分析与定性相结合的方法分析物体所受的摩擦力情况．从数学角度得到解析式选择图象，是常用的方法．2．a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连（如图1）．当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着a，使a、b一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图2所示，则( )A．x1一定小于x2 B．x1一定等于x2C．若m1＞m2，则x1＞x2 D．若m1＜m2，则x1＜x2考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对AB整体进行分析，可以得出整体运动的加速度；再对隔离出受力最少的一个进行受力分析，由牛顿第二定律可得出弹簧弹力，则可得出弹簧的形变量．解答：解：在竖直面内，对整体有：F﹣（m1+m2）g=（m1+m2）a1；对b分析有kx1﹣m2g=m2a1；解得：x1=+=水平面上，对整体有：F=（m1+m2）a2；对b有：kx2=m2a2解得：x2=所以x1=x2 故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题注意应用整体与隔离法，一般在用隔离法时优先从受力最少的物体开始分析，如果不能得出答案再分析其他物体；本题中注意竖直面内时F作用的物体发生了变化，若F仍作用在B上，则形变量是不变的，可以通过分析得出结论．3．如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面上某一点P处，以某一初速度斜向上抛出，小球恰好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．则下列说法中正确的是( )A．小球抛出点P离圆筒的水平距离越远，抛出的初速度越大B．小球从抛出点P运动到圆筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关C．弹簧获得的最大弹性势能E P与小球抛出点位置P无关D．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的机械能守恒考点：平抛运动；弹性势能；机械能守恒定律．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动可以沿水平和竖直方向正交分解，根据运动学公式结合几何关系可以列式求解；小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒．解答：解：A、小球抛出后，竖直方向是上抛运动，水平方向是匀速运动，故v y2=2ghx=v x th=gt2v=故v=，故A正确；B、小球抛出后，竖直方向是上抛运动，水平方向是匀速运动，故h=gt2故t=，故B错误；C、小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒，小球的动能转化为重力势能和弹簧的弹性势能，与抛出点有关，故C错误；D、小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒，小球的机械能不守恒，故D错误；故选：A．点评：本题关键抓住机械能守恒定律求解，同时不忘用正交分解法将平抛运动分解为直线运动研究．4．我国科学考察队在地球的两极地区进行科学观测时，发现带电的太空微粒平行于地面进入两极区域上空，受空气和地磁场的影响分别留下的一段弯曲的轨迹，若垂直地面向下看，粒子在地磁场中的轨迹如图甲、乙所示，则( )A．甲、乙两图电带电粒子动能越来越小，是因为洛伦兹力对粒子均做负功B．图甲表示在地球的南极处，图乙表示在地球的北极处C．图甲飞入磁场的粒子带正电，图乙飞入磁场的粒子带正电D．甲、乙两图中，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．在由洛伦兹力提供向心力，则得运动半径与速度成正比，与磁感应强度及电量成反比．解答：解：A、由于粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故A错误；B、垂直地面向下看由于地球的南极处的磁场向上，地球北极处的磁场方向向下，故B正确；C、由左手定则可得，甲图中的磁场的方向向上，偏转的方向向右，所以飞入磁场的粒子带正电；同理由左手定则可得乙图中飞入磁场的粒子也带正电．故C正确；D、从图中可知，粒子在运动过程中，可能受到空气的阻力对粒子做负功，所以其动能减小，运动的半径减小，根据公式：f=qvB，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越小．故D错误．故选：BC点评：本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．5．我国研制并成功发射的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行的周期为T．若以R表示月球的半径，则( )A．卫星运行时的向心加速度为B．物体在月球表面自由下落的加速度为C．卫星运行时的线速度为D．月球的第一宇宙速度为考点：万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．专题：万有引力定律在天体运动中的应用专题．分析：嫦娥二号距月球的轨道半径（R+h），周期T均为已知，应用万有引力提供向心力整理可得GM的表达式，再应用万有引力提供向心力解得所要求解的物理量．解答：解：已知嫦娥二号距月球的轨道半径（R+h），周期T；万有引力提供向心力，得：=ma向=①A、所以卫星运行时的向心加速度：a向=，故A错误．B、物体在月球表面自由下落的加速度为：G=ma，解得：a=，故B错误．C、卫星运行时的线速度为：v=，故C错误．D、月球的第一宇宙速度：G=m，解得：V2=；②由①得：GM=③由②③解得：v2=，故D正确．故选：D点评：要解出一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，再代入数值．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．6．两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻．将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，除电阻R外其余电阻不计．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则( )A．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB．金属棒向下运动时，流过电阻R的电流方向为a→bC．金属棒的速度为v时，电路中的电功率为D．电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒下落过程中切割磁感线，回路中形成电流，根据右手定责可以判断电流的方向，正确分析安培力变化可以求解加速度的变化情况，下落过程中正确应用功能关系可以分析产生热量与重力势能减小量的大小关系．解答：解：A、金属棒释放瞬间，速度为零，感应电流为零，由于弹簧处于原长状态，因此金属棒只受重力作用，故其加速度的大小为g，故A正确；B、根据右手定责可知，金属棒向下运动时，流过电阻R电流方向为b→a，故B错误；C、当金属棒的速度为v时，E=BLv，安培力大小为：，故C正确；D、当金属棒下落到最底端时，重力势能转化为弹性势能和焦耳热，所以电阻R上产生的总热量小于金属棒重力势能的减少，故D错误．故选：AC．点评：根据导体棒速度的变化正确分析安培力的变化往往是解决这类问题的重点，在应用功能关系时，注意弹性势能的变化，这点是往往被容易忽视的．7．如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下判断正确的是( )A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=C．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；焦耳定律；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：当线圈与磁场平行时感应电动势最大，由公式E m=BSω求解感应电动势的最大值．图中是中性面，线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流，根据e=E m sinωt可列出感应电动势的瞬时表达式，根据感应电荷量q=n，求通过电阻R的电荷量．最大值是有效值的倍，求得电动势有效值，根据焦耳定律求电量Q．解答：解：A、图示位置线圈中没有任何一边切割磁感线，感应电动势为零，故A错误．B、当线圈与磁场平行时感应电动势最大，最大值为E m=BSω=B L2ω；瞬时值表达式为：e=E m sinωt=BL2ωsinωt．故B正确．C、线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈磁通量的变化量大小为△Φ=2BS=2B•L2=BL2，流过电阻R的电荷量为q=n=，故C错误．D、感应电动势的有效值为E=E m，感应电流有效值为I=；R产生的热量为Q=I2RT，T=，联立得Q=．故D正确．故选：BD．点评：本题要掌握正弦式交变电流瞬时值表达式，注意计时起点，掌握感应电荷量的经验公式q=n，知道用有效值求热量．8．如图甲所示，MN为很大的薄金属板（可理解为无限大），金属板原来不带电．在金属板的右侧，距金属板距离为d的位置上放入一个带正电、电荷量为q的点电荷，由于静电感应产生了如图甲所示的电场分布．P是点电荷右侧，与点电荷之间的距离也为d的一个点，几位同学想求出P点的电场强度大小，但发现问题很难．几位同学经过仔细研究，从图乙所示的电场得到了一些启示，经过查阅资料他们知道：图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的．图乙中两异号点电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，虚线是两点电荷连线的中垂线．由此他们分别求出了P点的电场强度大小，一共有以下四个不同的答案（k为静电力常量），其中正确的是( )A．B．C．D．考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据题意，图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的，只要求出乙图上+q右侧距离为d处的场强，即等于P的场强．根据等量异号电荷的电场分布特点和场强的叠加进行求解．解答：解：根据P点的电场线方向可以得P点的电场强度方向是垂直于金属板向右，两个异号点电荷电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，乙图上+q右侧d处的场强大小为E=k﹣k=k根据题意可知，P点的电场强度大小与乙图上+q右侧d处的场强大小相等，即为k．故选：A．点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．三、非选择题：（一）必考题：9．某个同学分别做“探究加速度与力、质量关系”的实验．如图甲所示是该同学探究小车加速度与力的关系的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放．（1）若用游标卡尺测出光电门遮光条的宽度d如图乙所示，则d=1.050cm；实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t，则小车经过光电门时的速度为（用字母表示）（2）测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门的时间△t，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系．处理数据时应作出v2﹣m（选填“v﹣m”或“v2﹣m”）图象．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读，由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度．（2）由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as=m，可知画出v2﹣m图象可以直观的得出结论．解答：解：（1）游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm=1.050cm；数字计时器记录通过光电门的时间，由位移公式计算出物体通过光电门的平均速度，用该平均速度代替物体的瞬时速度，故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为：v=．（2）每次小车都从同一位置A由静止释放，测出小车上遮光条通过光电门时的速度v，在小车质量M远远大于重物的质量m时，小车所受拉力可认为等于mg，由v2=2as，mg=Ma可得v2=m，即v2与m成正比，因此处理数据时应作出v2﹣m图象．故答案为：（1）1.050，（2）v2﹣m．点评：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项．10．实际电压表内阻并不是无限大，可等效为理想电流表与较大的电阻的串联．现要测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：A．待测电压表（量程3V，内阻约3kΩ待测）一只；B．电流表（量程3A，内阻0.01Ω）一只；C．电池组（电动势约为3V，内阻不计）；D．滑动变阻器一个；E．变阻箱（可以读出电阻值，0﹣9999Ω）一个；F．开关和导线若干．某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）该同学设计了如图a、图b两个实验电路．为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是图b（填“图a”或“图b”）电路．（2）用你选择的电路进行实验时，闭合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数U和电阻箱的读数R（填上文字和符号）；（3）由所测物理量选择下面适当坐标轴，能作出相应的直线图线，最方便的计算出电压表的内阻：C；（A）U﹣I （B）（C）（D）U﹣R。
河南省林州市第一中学高三假期练习卷一语文试题 含解析
河南省林州市第一中学2016届高三假期练习卷（一）语文第Ⅰ卷阅读题甲必考题一、现代文阅读(9分,每小题3分)阅读下面的文字,完成1~3题。
唐代诗歌中的酒价酒可以激发诗人的灵感,诗人也可以借酒浇胸中的块垒,所以唐人有“斗酒诗百篇”和“乞酒缓愁肠”之说。
由于诗人与酒的关系极为密切,唐代诗歌中不但写到了酒,还写到了酒价。
杜甫在《逼侧行赠毕四曜》一诗中写道:“街头酒价常苦贵,方外酒徒稀醉眠。
速宜相就饮一斗,恰有三百青铜钱。
”杜甫诗歌对酒价的叙述,成了一个聚讼纷纭的话题。
以为然者不乏其人。
宋代刘颁《中山诗话》写道:“真宗问进臣:‘唐酒价几何?’莫能对。
丁晋公独曰:‘斗直三百。
’上问何以知之,曰:‘臣观杜甫诗:速须相就饮一斗,恰有三百青铜钱。
’”宋代陈岩肖《庚溪诗话》也认为:“少陵诗非特纪事,至於都邑所出,土地所生,物之有无贵贱,亦时见於吟咏。
如云:‘急须相就饮一斗,恰有青铜三百钱。
’”这里“速须相就饮一斗”和“急须相就饮一斗”,皆为“速宜相就饮一斗”之误。
不以为然者认为,杜甫诗中所谓的“三百青铜钱”之说,来自前人的典故。
北齐卢思道曾说过“长安酒钱,斗价三百”,所以王嗣奭在《杜臆》中指出,杜甫诗歌中“‘酒价苦贵’乃实语,‘三百青钱’,不过袭用成语耳”。
那么唐代酒价究竟是多少呢? 据《新唐书·食货志》记载:“建中三年,复禁民酤,以佐军费,置肆酿酒,斛收直三千。
”在古代容量单位中,一斛等于十斗,“斛直三千”也就是“斗直三百”。
这样看来,似乎杜甫诗歌确实反映了现实生活,无愧于“诗史”的赞誉。
但需要说明的是,“建中”是唐德宗的年号,这与杜甫生活的时代相距几十年了,所以不能以此作为坐实杜诗对于唐代酒价叙述的依据。
唐代写到酒价的决不只有杜甫,许多诗人都在诗中写到了酒价问题。
如李白“金樽清酒斗十千,玉盘珍羞直万钱”;王维“新丰美酒斗十千,咸阳游侠多少年”;崔国辅“与沽一斗酒,恰用十千钱”;白居易“共把十千沽一斗,相看七十欠三年”;陆龟蒙“若得奉君饮, 十千沽一斗”。
河南省林州市第一中学高三理综(物理部分)升学质量检测试题
河南省林州市第一中学 2016届高三升学质量检测理综物理部分14．以下说法不正确是（）A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非,是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．在公式电压U 和电流I 具有因果关系、公式中ΔΦ和E 具有因果关系、同理在中ΔV 和a 具有因果关系C．超高压带电作业的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是为了屏蔽电场D．电磁感应原理的广泛应用，人们制成了用于加热物品的电磁炉15.质点做直线运动的速度－时间图象如图所示，该质点( )A．在第1 秒末速度方向发生了改变B．在第2 秒末加速度方向发生了改变C．在前2 秒内发生的位移为零D．第3 秒末和第5 秒末的位置相同16.如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O.一人站在A 点处以速度v0 沿水平方向扔小石子，已知AO＝40 m，g 取10 m/s2.下列说法正确的是( )A．若v0＝18 m/s，则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则v0 越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C．若石块不能落入水中，则v0 越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．若石块不能落入水中，则v0 越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小17.一个质量为m 的小铁块沿半径为R 的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5 倍，则此过程中铁块损失的机械能为( )18．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O.下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A．O 点的电场强度为零，电势最低B．O 点的电场强度为零，电势最高C．从O 点沿x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O 点沿x 轴正方向，电场强度增大，电势降低19．我国于2013 年12 月发射了“嫦娥三号”卫星，该卫星在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T；卫星还在月球上软着陆。
河南省安阳市林州一中高三物理上学期9月质检试卷(含解析)
河南省安阳市林州一中2016届高三上学期质检物理试卷（9月份）一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每小题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．人类对落体运动的认识经历了差不多两千年的时间口下列有关落体运动的说法正确的有（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢由其物重决定B．如果完全排除空气的阻力，落体运动就成为自由落体运动C．考虑空气阻力的影响，较轻的物体下落的快一些D．伽利略在研究落体运动时用到了理想斜面实验2．汽车在平直公路上做刹车实验，若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系，如图所示，下列说法正确的是（）A．t=0时汽车的速度为10 m/sB．刹车过程持续的时间为5sC．刹车过程经过3s的位移为7.5 mD．刹车过程汽车加速度大小为10 m/s3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是（）A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s5．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动．则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）（）A．μmg（1+）B．μmg（1+）C．μmg D．μMg6．如图所示，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个网周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为（）A．B．C．mgR D．2mgR7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s8．如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点，以a、b两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．t1＜t2，v1＜v2 B．t1＜t2，v1＞v2 C．t1＞t2，v1＞v2 D．t1＞t2，v1＜v29．如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是（）A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg10．如图所示，倾角为30°的斜面上，质量为m的物块在恒定拉力作用下沿斜面以加速度a=（g为重力加速度）向上加速运动距离x的过程中，下列说法正确的（）A．重力势能增加mgs B．动能增加mgsC．机械能增加mgs D．拉力做功为mgs11．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，下列说法错误的是（）A．物块B的加速度为B．物块A．B间的弹力为C．弹簧的弹力为D．物块A的加速度为12．如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，下列说法正确的是（）A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：113．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是（）A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度v向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动14．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0二、实验题：本题共2小题，共15分．15．某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数．已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同．小木块由斜面上的A点静止下滑，经过B点到达水平面上的C 点静止．A、C两点间的水平距离为x．小木块可视为质点．回答下列问题：（1）小木块质量为m，重力加速度大小为g，若滑动摩擦因数为μ，由A点运动到C点过程中，克服摩擦力做功与x之间的关系式为W f= ．为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？．A．小木块的质量m B．斜面倾角 C．A、B两点间的距离lD．A、C两点间的竖直高度差h E．A、C两点间的水平距离x（3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ=．（4）小木块运动到B点时，由于水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将（填“偏大”、“相等”或“偏小”）．16．某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上．然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度值记作l0，弹簧下端每增加一个50g的砝码时，指针示数分别记作l1、l2、…l5，g取9.8m/s2．（1）下表记录的是该同学测出的5个值，其中l0未记录．代表符号l0l1l2l3l4l5刻度值/cm 3.40 5.10 6.85 8.60 10.30以砝码的数目n为纵轴，以弹簧的长度l为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出n ﹣l图线．根据n﹣l图线，可知弹簧的劲度系数k= N/m．（保留2位有效数字）（3）根据n﹣l图线，可知弹簧的原长l0= cm．三、计算论述题：本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出答案和单位．17．宇航员站在一星球表面上的某高处，沿水平方向抛出一小球，经过时间t，小球落到星球表面，测得抛出点与落点之间的距离为L．若抛出时的初速度增大到原来的2倍，则抛出点与落点之间的距离为L．已知两落点在同一水平面上，该星球的质量为M，引力常数为G．求该星球的第一宇宙速度．18．如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点．现用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a﹣F图象如图乙所示，取g=10m/s2．求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以及木板与地面的滑动摩擦因数．若水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长．19．如图所示，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，另一端系有质量为m的小球．现将小球拉到A点（保持绳绷直且水平）由静止释放，当它经过B点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C点．地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知O点离地高度为H，重力加速度大小为g，不计空气阻力影响，求：（1）轻绳所受的最大拉力大小；调节绳子的长短，当地面上DC两点间的距离x取最大值时，此时绳的长度为多大．20．如图所示，传送带与两轮切点A、B间的距离为l=20m，半径为R=0.4m的光滑的半圆轨道与传送带相切于B点，C点为半圆轨道的最高点．BD为半圆轨道直径．物块质量为m=1kg．已知传送带与物块间的动摩擦因数=0.8，传送带与水平面夹角=37°．传送带的速度足够大，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10ms2，物块可视为质点．求：（1）物块无初速的放在传送带上A点，从A点运动到B点的时间；物块无初速的放在传送带上A点，刚过B点时，物块对B点的压力大小；（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C，物块放在A点的初速度为多大．河南省安阳市林州一中2016届高三上学期质检物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每小题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．人类对落体运动的认识经历了差不多两千年的时间口下列有关落体运动的说法正确的有（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢由其物重决定B．如果完全排除空气的阻力，落体运动就成为自由落体运动C．考虑空气阻力的影响，较轻的物体下落的快一些D．伽利略在研究落体运动时用到了理想斜面实验【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题根据物理学史及科学家贡献进行分析答题，要知道相关科学家的物理学成就【解答】解：A、亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的，重物比轻物下落快，故A正确．B、伽利略把日常生活中见到的较重的物体下落得比较快的原因归之于空气阻力对不同物体的影响不同，如果完全排除空气的阻力，物体运动就成为自由落体运动；故B正确．C、伽利略运用逻辑推理证明了考虑空气阻力的影响，轻轻的物体下落的慢一些，故C错误．D、伽利略在研究落体运动时没有用到了理想斜面实验．该实验是在研究牛顿第一定律时才引入的；故D错误；故选：AB【点评】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，要加强记忆．2．汽车在平直公路上做刹车实验，若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系，如图所示，下列说法正确的是（）A．t=0时汽车的速度为10 m/sB．刹车过程持续的时间为5sC．刹车过程经过3s的位移为7.5 mD．刹车过程汽车加速度大小为10 m/s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据位移x与速度的平方v2之间的关系图线，结合速度位移公式得出初速度、加速度大小，根据速度时间公式求出刹车过程持续的时间，根据位移公式求出刹车过程中的位移．【解答】解：A、根据0﹣v2=2ax得，，可知，解得刹车过程中加速度大小a=5m/s2，由图线可知，汽车的初速度为10m/s，则刹车过程持续的时间t=，故BD错误，A正确．C、刹车过程中3s内的位移等于2s内的位移，则x=，故C错误．故选：A．【点评】本题考查了运动学公式和图象的综合，关键理清图象斜率表示的物理意义，注意汽车速度减为零后不再运动．3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是（）A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，可以把AB看出一个整体处理，对物体进行受力分析，根据共点力的平衡列式求解即可．【解答】解：设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，A、开始时A受到的摩擦力f=μmgcosθ，增加力F后的摩擦力：f′=μ（mg+F）cosθ，滑动摩擦力增大．故A正确；B、若甲图中A可沿斜面匀速下滑，则A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即mgsinθ=μmgcosθ，加上向下的力F后，对A进行受力分析，则满足F+mgsinθ=μ（mg+F）cosθ，所以仍然做匀速下滑，故B正确；C、D、以A与斜面体为研究的对象，开始时系统受到重力与竖直方向的支持力的作用即可处于平衡状态，所以不受地面的摩擦力，支持力：N1=（M+m）g；增加竖直向下的力F后，仍然以相同为研究对象，则竖直方向受到重力、支持力和向下的力F，支持力：N2=（M+m）g+F＞N1，水平方向由于没有其他的外力，所以水平方向仍然不受摩擦力的作用．故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D【点评】该题考查共点力作用下物体的平衡状态，解决本题的关键能够正确地进行受力分析，明确系统在水平方向不受其他的外力的作用，所以不受地面的摩擦力．4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】结合匀变速直线运动的速度位移公式，抓住位移关系，求出航母匀速运动的最小速度．【解答】解：设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v1．由运动学公式得：v=v1+atL1=v1tL2=L+L1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为v1=10m/s．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意舰载机的位移不是航母跑道的长度．5．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动．则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）（）A．μmg（1+）B．μmg（1+）C．μmg D．μMg【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F的最大值．【解答】解：对A、B整体进行受力分析：F=（M+m）a对A进行受力分析：F﹣f B=ma对B进行受力分析：f A=Ma当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，f A=μmg．求解上面方程组，F最大=μmg（1+），故A正确、BCD错误．故选：A．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用．6．如图所示，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个网周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为（）A．B．C．mgR D．2mgR【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功．【解答】解：小球在最低点时，由牛顿第二定律得：7.5mg﹣mg=m小球在最高点时，有：mg﹣0.5mg=m小球由最低点到最高点的过程中，由动能定理得：﹣2mgR﹣W f=mv22﹣mv12解得 W f=mgR．故选：C【点评】运用动能定理解题要确定好研究的过程，找出有多少力做功，然后列动能定理表达式求解．7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据v﹣t图象求得物体下落时的加速度，由牛顿第二定律求出阻力大小，根据竖直上抛规律求得第一次上升的高度和第二次下落的时间，再根据受力分析求得上升时的加速度．【解答】解：A、小球在0﹣0.5s内加速运动的加速度a=，根据牛顿第二定律有：mg﹣f=ma，可得阻力f=m（g﹣a）=0.1×（10﹣8）N=0.2N，故A错误；B、小球上升时阻力向下，据牛顿第二定律有：mg+f=ma′解得上升的加速度a，故B错误；C、由v﹣t图象知小球落地时的速度为4m/s，则第一次反弹时的初速度．则据速度位移关系知小球第一次上升的高度，故C正确；D、物体下落的加速度为8m/s2，下落高度为0.375m，物体下落时间t=，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，掌握竖直上抛运动规律是正确问题的关键．8．如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点，以a、b两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．t1＜t2，v1＜v2 B．t1＜t2，v1＞v2 C．t1＞t2，v1＞v2 D．t1＞t2，v1＜v2【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，根据水平位移比较初速度．【解答】解：两球在P点相遇，由于h1＞h2，根据t=知，t1＞t2，水平位移相等，根据x=vt知，v1＜v2．故选：D．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．9．如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是（）A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度．根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小．【解答】解：小环从最高到最低，由动能定理，则有：mv2=mg•2R；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=m得：N=mg+m联立解得：大环对小环的支持力为：N=5mg对大环分析，有：T=N+Mg=5mg+Mg，则C正确，ABD错误故选：C【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．10．如图所示，倾角为30°的斜面上，质量为m的物块在恒定拉力作用下沿斜面以加速度a=（g为重力加速度）向上加速运动距离x的过程中，下列说法正确的（）A．重力势能增加mgs B．动能增加mgsC．机械能增加mgs D．拉力做功为mgs【考点】功能关系．【分析】重力势能增加等于克服重力做功．动能增加等于合外力做功．根据重力势能增加和动能增加分析机械能的增加．拉力做功等于机械能增加．【解答】解：A、重力势能增加△E p=mgssin30°=mgs，故A错误．B、根据动能定理知，动能增加为△E k=mas=mgs，故B错误．C、机械能等于动能与重力势能之和，则知机械能增加为△E=△E p+△E k=mgs，故C正确．D、根据功能原理知，拉力做功为W=△E=mgs，故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键要掌握常见的功与能的关系，知道重力势能变化与重力做功的关系、动能变化与合外力做功的关系，了解功能原理．11．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，下列说法错误的是（）A．物块B的加速度为B．物块A．B间的弹力为C．弹簧的弹力为D．物块A的加速度为【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】剪断细绳前，隔离对A分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度，隔离分析求出A、B间的弹力大小．【解答】解：C、剪断细绳前，弹簧的弹力：F弹=mgsin30°=mg，细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，F弹=mg，故C错误；A、剪断细线瞬间，对A、B系统，加速度：a==g，故A错误，D正确；B、对B，由牛顿第二定律得：2mgsin30°﹣N=2ma，解得：N=mg，故B错误．本题选错误的，故选：ABC．【点评】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用．12．如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，下列说法正确的是（）A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：1【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式求解即可．【解答】解：对于任一情形，根据万有引力提供向心力得：G=ma=ω2r=r=m可得 a=，T=2π，ω=，v=r相同，根据题中条件可得：a1：a2=1：2，T1：T2=：1，ω1：ω2=1：，v1：v2=1：故选：AC【点评】抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力进行解答，注意区别中心天体的质量不同．13．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是（）A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度v向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动。
【全国百强校】河南省林州市第一中学2016届高三9月教学质量监测考试物理试题解析(解析版)
一、选择题：本题共14小题，在每题给出的四个选项中，1-11题，每小题只有一个选项符合要求，12-14题，每小题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有错选的得0分 1人类对落体运动的认识经历了差不多两千多年的时间，下列有关落体运动的说法不正确的是（ ） A 、亚里士多德认为物体下落的快慢由其物重决定B 、如果完成排除空气的阻力，落体运动就成为自由落体运动C 、考虑空气阻力的影响，较轻的物体下落的快一些D 、伽利略在研究落体运动时用到了理想斜面实验 【答案】C考点：考查了物理学史【名师点睛】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，做此类问题，要多记忆，2汽车在平直公路上做刹车实验，若从t =0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系，如图所示，下列说法正确的是（ ）A 、t=0时汽车的速度为10m/sB 、刹车过程持续时间为5sC 、刹车过程经过3s 的位移为7.5mD 、刹车过程汽车加速度大小为210/m s 【答案】A【解析】试题分析：根据图像可得20.110x v =-+，因为不牵涉时间，所以对比公式222v v ax -=即220122v x v a a=-，可得2010.1,1022v a a=--=，解得25/a m s =-，010/v m s =，故A 正确D 错误；汽车刹车过程中时间02v t s a-==，B 错误；汽车经过2s 停止，因而刹车过程经过3s 的位移和2s 的位移相同，故00102v x t m +==，所以C 错误； 考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】根据位移x 与速度的平方v 2之间的关系图线，结合速度位移公式得出初速度、加速度大小，根据速度时间公式求出刹车过程持续的时间，根据位移公式求出刹车过程中的位移，关键理清图象斜率表示的物理意义，注意汽车速度减为零后不再运动3如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平面上，斜面体上有一小滑块A 沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F ，如图乙所示，两种情况下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是（ ）A 、施加F 后，下滑块A 受到的滑动摩擦力增大B 、施加F 后，小滑块仍以原速度匀速下滑C 、施加F 后，地面对斜面体的支持力增大D 、施加F 后，地面对斜面体的摩擦力增大 【答案】D考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解4某航母跑道长160m ，飞机发动机产生的最大加速度为25/m s ，起飞需要的最低速度为50m/s ，飞机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动，若航母沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为（ ）A 、10m/sB 、15m/sC 、20m/sD 、30m/s 【答案】A考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题5如图所示，质量为M 的长木板位于光滑水平面上，质量为m 的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为μ，现对物块m 施加水平向右的恒力F ，若恒力F 使长木板与物块出现相对滑动，则恒力F 的最小值为（重力加速度为g ，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）、A 、mg μB 、Mg μC 、(1)m mg M μ+D 、(1)Mmg mμ+ 【答案】C 【解析】试题分析：以物块m 为研究对象，根据牛顿第二定律可得1F mg ma μ-=，以长木板为研究对象，根据牛顿第二定律可得2mg Ma μ=，若两者出现相对滑动，故有12a a ≥，联立解得(1+)mF mg Mμ≥，故C 正确；考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用，当AB 保持静止，具有相同的加速度时，F 达到最大值时，A 、B 间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F 的最大值6如图所示，质量为m 的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用，设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg ，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg ，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为A 、4mgR B 、2mgRC 、mgRD 、2mgR 【答案】C考点：考查了圆周运动，动能定理【名师点睛】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功，运用动能定理解题要确定好研究的过程，找出有多少力做功，然后列动能定理表达式求解7质量为0.1kg 的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v-t 图像如图所示，小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的34，小球运动受到空气阻力大小恒定，取210/g m s ，下列说法正确的是（ ）A 、小球受到空气阻力大小0.3NB 、小球上升时的加速度大小为218/m sC 、小球第一次上升的高度为0.375mD 、小球第二次下落的时间为 【答案】C 【解析】考点：考查了牛顿第二定律，速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移8如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a 、b 两小球，两者的运动轨迹相交与P 点，ab 两小球平抛的初速度分别为1v 、2v ，a 、b 两小球运动到P 点的时间分别为12t t 、，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）A 、1212t t v v <<、B 、1212t t v v <>、C 、1212t t v v >>、D 、1212t t v v ><、 【答案】D 【解析】试题分析：两小球做平抛运动，从图中可知a 球下落的高度比b 球的大，在竖直方向上做自由落体运动个，故根据公式212h gt =可得t =，所以可得12t t >，在水平方向上做匀速直线运动，两者的水平位移相同，所以根据xv t=可得12v v <，故D 正确； 考点：考查了平抛运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移9如图所示，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大环上质量为m 的小环（可视为质点）处于静止状态，现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下，重力加速度大小为g ，当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是A 、大环对小环的弹力为3mgB 、大环对小环的弹力为4mgC 、轻杆对大环的弹力为Mg+5mgD 、轻杆对大环的弹力为Mg+6mg 【答案】C考点：考查了机械能守恒，圆周运动【名师点睛】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度．根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小10如图所示，倾角为30°的斜面上，质量为m 的物块在恒定拉力作用下沿斜面以加速度2ga =（g 为重力加速度）向上加速运动距离x 的过程中，下列说法正确的是（ ）A 、重力势能增加mgxB 、动能增加4mgxC 、机械能增加mgxD 、拉力做功为2mgx【答案】C 【解析】试题分析：物块上升的高度为2x ，因而增加的重力势能为12P E mgx ∆=，A 错误；根据动能定理可得增加的动能为12k E ma x mgx ∆=⋅=，B 错误；根据能量守恒定律可得P k E E E ∆=∆+∆，故增加的机械能为E mgx ∆=，C 正确；由于斜面是否光滑未知，因而不能确定拉力的大小，不能得到拉力作用的功，D 错误； 考点：考查了功能关系，动能定理【名师点睛】解决本题的关键要掌握常见的功与能的关系，知道重力势能变化与重力做功的关系、动能变化与合外力做功的关系，了解功能原理11如图所示，在倾角30θ=的光滑斜面上，物块A 、B 质量分别为m 和2m ，物块A 静止在轻弹簧上面，物块B 用细线与斜面顶端相连，A 、B 紧挨在一起，但A 、B 之间无弹力，已知重力加速度为g ，某时刻将细线剪断，则剪断细线的瞬间，下列说法错误的是（ ）A 、物体B 的加速度为2g B 、物块A 、B 之间的弹力为2mg C 、弹簧的弹力为3mg D 、物块A 的加速度为3g 【答案】A考点：考查了牛顿第二定律的瞬时性【名师点睛】抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用，剪断细绳前，隔离对A 分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度，隔离分析求出A 、B 间的弹力大小12如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M 和2M 的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为1111a T v ω、、、，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为2222a T v ω、、、，下列说法正确的是A 、12:1:2a a =B 、12:1:2T T =C 、12:1:ωω=D 、12:v v =【答案】AC 【解析】试题分析：根据2Mm G ma r =可得2Ma G r =，故12:1:2a a =，A 正确；根据公式2224Mm r G m r T π=可得2T =12::1T T =，B 错误；根据公式22MmG m r rω=可得12:1:ωω=，C 正确；根据22Mm v G m r r=可得v =12:v v =，D 错误； 考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】在万有引力这一块，设计的公式和物理量非常多，在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算13如图为玻璃自动切割生产线示意图，图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行，滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动，割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割，移动玻璃的宽度为L ，要使切割后的玻璃长为2L 的矩形，以下做法能达到要求的是（ ）A 、保持滑杆不动，使割刀以速度2v沿滑杆移动 B 、滑杆以速度v 向左移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动 C 、滑杆以速度v 向右移动的同时，割刀以速度2v 沿滑杆滑动 D 、滑杆以速度v 向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动 【答案】CD考点：考查了运动的合成与分解【名师点睛】掌握平行四边形定则的应用，注意割刀一个分运动必须与玻璃速度相同，是解题的关键，根据运动的合成与分解的规律，结合矢量的合成法则，确保割刀在水平方向的速度等于玻璃的运动速度，即可求解14如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F 作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P ，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动，物体运动速度的倒数与加速度a 的关系如图乙所示，若重力加速度为g ，下列说法正确的是（ ）A 、物体的质量为物体的质量为00Pv a B ．空气阻力大小为()000P a g v a -C ．物体加速运动的时间为0v a D ．物体匀速运动的速度大小为0v 【答案】ABD考点：考查了功率，牛顿第二定律的应用【名师点睛】做本题的关键是知道物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的1v与a 的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大 二、实验题：本题共2小题，共15分15某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同，小木块由斜面上的A 点静止下滑，经过B 点到达水平面上的C 点静止，A 、C 两点间的水平距离为X ，小木块可视为质点，回答下列问题：（1）小木块质量为m ，重力加速度大小为g ，若滑动摩擦因数为μ，由A 点运动到C 点过程中，克服摩擦力做功与x 之间的关系式为f W =__________（2）为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？ A 、小木块的质量m B 、斜面倾角θ C 、A 、B 两点间的距离D 、A 、C 两点间的竖直高度差hE 、A 、C 两点间的水平距离x （3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ=___________；（4）小木块运动到B 点时，由于与水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将________（填“偏大”“相等”或“偏小”） 【答案】（1）mgx μ（2）DE （3）hx（4）偏大考点：测量动摩擦因数实验【名师点睛】根据摩擦力做功表达式，结合几何长度与三角知识关系，即可求解；根据动能定理，重力做功与摩擦力做功之和为零，即可求解；根据0mgh mgx μ-=，即可求解动摩擦因数的值；根据减小的重力势能，并没有完全由摩擦力做功转化为内能，从而确定求解16某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测量弹簧的劲度系数k ，做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数记作0l ，弹簧下端每增加一个50g 的砝码时，指针示数分别记作12345l l l l l 、、、、，29.8/g m s =，（1）下表记录的是该同学测出的5个值，其中0l 未记录以砝码的数目n 为纵轴，以弹簧的长度l 为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出n-l 图线（2）根据n l-图线可知弹簧的劲度系数k=________________N/m （3）根据n l-图线可知弹簧的原长l=___________cm【答案】（1）如图所示（2）28（3）1.70（1.60-1.80）（3）把n l-图线延长，与l轴的交点即为弹簧的原长，所以可得01.70l cm=考点：探究弹力和弹簧伸长的关系【名师点睛】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差三、计算论述题：（本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数据计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位）17宇航员站在一星球表面的某高度处，沿水平方向抛出一个小球，经过时间t，小球落到星球表面，测得抛出点与落地点之间的距离为L，若抛出时的初速度增大到2，已知两落地点在同一水平面上，该星球的半径为R，万有引力常量为G，若在该星球上发射卫星，求卫星的第一宇宙速度【解析】考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】根据平抛运动的规律，知初速度增大到2倍，则水平位移也增大2倍，结合几何关系求出小球落地的高度，通过平抛运动竖直方向上的运动规律求出重力加速度的大小，结合万有引力等于重力求出月球的质量M ，然后结合22Mm v G m R R=求解第一宇宙速度 18如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg ，长为 1.4l m =；木板右端放着一小滑块，小滑块质量为m =1kg ，可视为质点，现用水平恒力F 作用在木板M 右端，恒力F 取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a F -图像如图乙所示，取210/g m s =，求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数1μ以及木板与地面的滑动摩擦因数2μ（2）若水平恒力F =27.8N ，且始终作用在木板M 上，当小滑块m 从木板上滑落时，经历的时间为多次【答案】（1）10.4μ=、20.1μ=（2）t =2s【解析】试题分析：（1）由图乙可知，当恒力25N F ≥时，小滑块与木板将出现相对滑动，以小滑块为研究对象，根据牛顿第二定律得，11mg ma μ=，代入数据解得10.4μ=．以木板为研究对象，根据牛顿第二定律有：122F mg m M g Ma μμ--+=（）， 则()1221mg m M g a F M Mμμ++=-， 结合图象可得()1294mg m M gM μμ++-=-，解得20.1μ=．考点：考查了牛顿第二定律，摩擦力的计算【名师点睛】由图可知，当恒力25N F ≥时，小滑块与木板将出现相对滑动，滑块的加速度，结合牛顿第二定律求出滑块与木板间的动摩擦因数，对木板研究，根据牛顿第二定律得出加速度的表达式，结合图线求出木板与地面间的动摩擦因数．根据牛顿第二定律分别得出滑块和木板的加速度，根据位移之差等于L ，结合运动学公式求出经历的时间19如图所示，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O 点，另一端系有质量为m 的小球，现将小球拉到A 点，（保持绳绷直且水平）由静止释放，当它经过B 点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C 点，地面上的D 点与OB 在同一竖直线上，已知O 点离地高度为H ，重力加速度大小为g ，不计空气阻力影响，求（1）轻绳所受的最大拉力大小（2）调节绳子的长短，当地面上DC 两点间的距离s 取最大值时，此时绳的长度为多大【答案】（1）3mg （2）02H l =【解析】试题分析：（1）从A 到B ，由机械能守恒定律得：21 2mv mgl =，小球下摆到B 点时，绳的拉力和重力提供向心力， 由牛顿第二定律的：2v F mg m l-=，解得：3F mg =根据牛顿第三定律F F '=得轻绳所受的最大拉力为3mg ；（3）设此时绳子的长度为0l ，从A 到B 的过程中，有20012mgl mv = 绳子断后，小球做平抛运动，运动时间为t ，竖直方向：2012H l gt -=，水平方向，DC 间距离：0x v t =，代入数据解得：x =； 由数学知识可知，当02H l =时，DC 间的距离最大． 考点：机械能守恒，牛顿第二定律，平抛运动【名师点睛】掌握运用运动的合成与分解的方法处理平抛运动问题，能根据竖直面内圆周运动最高点和最低点小球所受合力提供圆周运动向心力讨论绳所受拉力大小问题，掌握规律是解决问题的关键20如图所示，传送带与两轮切点A 、B 间的距离为20l cm =，半径为R =0.4m 的光滑的半圆轨道与传送带相切于B 点，C 点为半圆轨道的最高点，BD 为半圆轨道的直径，物块质量为m =1kg ，已知传送带与物块间的动摩擦因数0.8μ=，传送带与水平面间的夹角37θ=，传送带的速度足够大，已知sin 370.6=，cos370.8=，210/g m s =，物块可视为质点，求：（1）物块无初速度的放在传送带上A 点，从A 点运动到B 点的时间（2）物块无初速度的放在传送带上A 点，刚过B 点时，物块对B 点的压力大小（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C ，物块放在A 点的初速度为多大【答案】（1）t=10s （2）48N B N '=（3）A v =/s考点：考查了牛顿第二定律，机械能守恒定律，动能定理，圆周运动【名师点睛】根据牛顿第二定律求出物块的加速度，结合位移时间公式求出物块从A到B的时间．根据速度位移公式求出在B点的速度，结合径向的合力提供向心力求出支持力的大小，从而根据牛顿第三定律求出压力的大小．根据牛顿第二定律求出C点的速度，对B到C的过程运用机械能守恒定律求出B点的速度，再根据速度位移公式求出A点的速度：。
河南省林州市第一中学2016-2017学年高一3月调研考试物
一.选择题1.下列关于曲线运动的说法中正确的是（ ） A.做曲线运动的物体的加速度一定是变化的 B.做曲线运动的物体其速度大小一定是变化的C.做匀速圆周运动的物体，所受的合力不一定时刻指向圆心D.骑自行车冲到圆弧桥顶时，人对自行车座的压力减小2.如图所示，某人游珠江，他以一定的速度面部始终垂直河岸向对岸游去，江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是（ ）A.水速大时，路程长，时间长B.水速大时，路程长，时间短C.水速大时，路程长，时间不变D.路程.时间与水速无关3.如图所示，在一颗大树下有张石凳子，上面水平摆放着一排香蕉，小猴子为了一次拿到更多的香蕉，它紧抓住软藤下端，同时树上的老猴子向上拉动软藤的另一端，使得小猴子到达石凳子时保持身体水平向右运动。
已知老猴子以大小恒定的速率v 拉动软藤，当软藤与竖直方向成θ角时，小猴子的水平运动速度大小为（ ）A.cos v θB.sin v θC.cos v θ D.sin vθ4.若以抛出点为起点，初速度方向为水平位移的正方向，则下列图中，能正确描述做平抛运动物体的水平位移x 随时间t 变化关系的是（ ）5.如图所示为一种“滚轮—平盘无级变速器”的示意图，它由固定于主动轴上的平盘和可随从动轴转动的圆柱形滚轮组成，由于摩擦的作用，当平盘转动时，滚轮就会跟着转动，若滚轮不打滑，那么主动轴转速1n 、从动轴转速2n 、滚轮半径r 以及滚轮中心到主动轴轴线的距离x 之间的关系是（ ）A.21x r n n =B.21rx n n = C.2212x n n r= D.2n n =6.如图所示，可视为质点的质量为m 的小球，在半径为R 的竖直放置的光滑圆形管内做圆周运动，下列说法中正确的是（ ）A.小球能够通过最高点的最小速度为0B.C.如果小球在最高点时的速度大小为D. 7.质量为m 的物体随水平传送带一起匀速运动，A 为传送带的终端皮带轮，如图所示，皮带轮半径为r ，要使物体通过终端时能水平抛出，皮带轮的转速至少为（ ）8.如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线栓在同一点并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们（ ）A.运动周期相同B.运动的线速度大小相等C.运动的角速度相同D.向心加速度大小相等9.如图所示，一质点从倾角为θ的斜面顶端以水平初速度0v 抛出，重力加速度为g ，则下列说法中正确的是（ ）A.质点抛出后，经时间0tan gv θ离斜面最远 B.质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为0sin vθC.质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为0cos vθD.质点抛出后，经时间0cot gv θ离斜面最远 10.如图所示，两物块A 、B 套在水平粗糙的CD 杆上，并用不可伸长的轻绳连接，整个装置能绕过CD 中点的轴1OO 转动，已知两物块质量相等，杆CD 对物块A 、B 的最大静摩擦力大小相等，开始时绳子处于自然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块B 到1OO 轴的距离为物块A 到1OO 轴的距离的两倍，现让该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，在从绳子处于自然长度到两物块A 、B 即将滑动的过程中，下列说法中正确的是（ ）A.A 受到的静摩擦力一直增大B.B 受到的静摩擦力先增大，后保持不变C.A 受到的静摩擦力先增大后减小D.B 受到的合外力一直在增大 二.非选择题11.如图甲所示，在一端封闭、长约1m 的玻璃管内住满清水，水中放一个蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动，假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1s 上升的距离都是10cm ，玻璃管向右匀加速平移，每1s 通过的水平位移依次是2.5cm .7.5cm .12.5cm .17.5cm ，图乙中，y 轴表示蜡块在竖直方向的位移，x 轴表示蜡块随玻璃通过的水平位移，0t =时蜡块位于坐标原点。
河南省林州市第一中学2016-2017学年高一(普通班)5月调研考试物理试题Word版含解析
林州一中2016级高一5月调研考试物理试题选择题（共14小题，每小题4分，满分56分.1-9题只有一个选项符合题目要求；10-14题有多项符合题目要求，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 关于力对物体做功，如下说法正确的是A. 滑动摩擦力对物体一定做负功B. 作用力的功与反作用力的功其代数和一定为零C. 静摩擦力对物体可能做正功D. 一对相互作用的滑动摩擦力的总功可能为零【答案】C【解析】滑动摩擦力对物体可以做正功、负功，也可以不做功，选项A错误；作用力的功与反作用力的功不一定大小相等、正负相反，故其代数和不一定为零，选项B错误；静摩擦力对物体可能做正功，也可做负功，也可不做功，选项C正确；一对相互作用的滑动摩擦力的总功一定为负功，选项D错误；故选C.2. 起重机将物体从地面加速提升到某高度，在这一过程中A. 起重机对物体所做的功等于物体动能的增加量B. 起重机对物体所做的功等于物体机械熊的增加量C. 起重机对物体所做的功等于物体重力势能的增加量D. 物体受到的合力所做的功等于物体机械能的增加量【答案】B【解析】根据动能定理：，所以起重机对物体所做的功等于物体机械能的增加量，物体受到的合力所做的功等于物体动能的增加量，所以ACD错误；B正确。
3. 光滑水平面上质量为m＝1 kg的物体在水平拉力F的作用下从静止开始运动，如图甲所示，若力F随时间的变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是A. 拉力在前2 s内和后4 s内做的功之比为1∶1B. 拉力在前2 s内和后4 s内做的功之比为1∶3C. 拉力在4 s末和6 s末做功的功率之比为2∶3D. 拉力在前2 s内和后4 s内做功的功率之比为1∶1【答案】B【解析】根据牛顿第二定律得：在0-2s内，加速度，在2-6s内，加速度，拉力在前2s内的位移s1＝a1t12＝×4×4＝8m，在2-6s内的位移s1＝v0t2+a2t22＝4×2×4+×2×16＝48m，则拉力在前2s内做功为W1=F1s1=4×8=32J，在后4s做功为W2=F2s2=2×48=96J，所以，故A错误，B正确；4s末的速度v4=a1t1+a2t3=4×2+2×2=12m/s，6s末的速度v6=a1t1+a2t2=4×2+2×4=16m/s，则，故C错误；拉力在前2s内的功率 ,后4s内做功的功率，则，故D错误．故选B.4. 如图甲所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在水平地面上，一小球放在轻弹簧的上端而不栓连，从静止开始向上运动的过程中，规定运动的起点为重力势能的零势能点，小球机械能E随其位移大小x的变化规律如图乙所示，且曲线与平行与x轴的直线相切，则下列说法中正确的是A. 小球在这段位移上加速度一直减小B. 小球在这段位移上加速度先减小后变大C. 小球在这段位移上先加速后减速运动...D. 上升过程中，弹簧对小球做功为【答案】B【解析】由图知，小球在0～x1这段位移内，弹簧对小球有向上的弹力，弹力先大于重力，后小于重力．弹力不断减小，则小球的合力先减小后增大，加速度先减小后增大，故A错误，B正确．小球在x1～x2这段位移上，小球离开弹簧做竖直上抛运动，先向上减速后向下加速，故C错误．上升过程中，根据功能原理可知，弹簧对小球做功等于小球机械能的增加，为E0．故D错误．故选B点睛：本题关键是分析小球的受力情况来确定小球的运动情况．分析时，要抓住弹力与压缩量成正比的特点，要知道除重力以外的力对单个物体做功等于物体机械能的变化．5. 测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员的质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦和质量），绳的另一端悬吊的重物质量为m2，人（人的正面朝左）用力向后蹬传送带而人的重心不动，设传送带上侧以速度V向后运动，则：A. 人对传送带做了正功B. 人对传送带做了负功C. 传送带对人做功的功率为m1gVD. 人对传送带做功的功率为m2gv【答案】AD【解析】本题主要是通过在力的方向上有无位移判断力是否做功，人的重心不动知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡，人对传送带的摩擦力方向向右，传送带在力的方向上有位移，所以人对传送带做功，故A正确；B错误；人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的滑动摩擦力平衡，即拉力大小等于m2g．所以人对传送带做功的功率为m2gv，传送带对人不做功，故C错误；D正确。
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河南省林州市第一中学2016 届高三假期练习卷（二）
理科综合能力试卷物理部分
14．如图所示，质量为m 物块静止在粗糙的与水平面夹角为θ的斜面上。
当受到平
行于斜面向上的外力F 的作用，F 按图乙所示规律变化时，斜面和物块始终处于静止状态，物块与斜面间的摩擦力大小变化规律可能是下图中的( )
15．a、b 两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连。
当用恒力F 竖直向上拉着a，
使a、b 一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1 ；当用大小仍为F 的恒力沿水平方向拉着a，使a、b 一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图所示。
则( )
A．x1 一定等于x2
B．x1 一定大于x2
C．若m1> m2，则x1> x2
D．若m1< m2，则x1＜x2
16．如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度.现将一小球从地面上某一点P 处，以某一初速度斜向上抛出，小球
恰好能水平进入圆筒中，不计空气阻力.则下列说法中正确的是( )
A. 小球抛出点P 离圆筒的水平距离越远，抛出的初速度越大
B. 小球从抛出点P 运动到圆筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关
C. 弹簧获得的最大弹性势能P E 与小球抛出点位置p 无关
D. 小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的机械能守恒
17．我国科学考察队在地球的两极地区进行科学观测时，发现带电的太空微粒平行
于地面进入两极区域上空，受空气和地磁场的影响分别留下的一段弯曲的轨迹，若垂直地面向下看，粒子在地磁场中的轨迹如图甲、乙所示，则( )
A．甲、乙两图电带电粒子动能越来越小，是因为洛伦兹力对粒子均做负功B．图甲表示在地球的南极处，图乙表示在地球的北极处
C．图甲飞入磁场的粒子带正电，图乙飞入磁场的粒子带正电
D．甲、乙两图中，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越大
18．我国研制并成功发射的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h 的轨道上
做匀速圆周运动，运行的周期为T。
若以R 表示月球的半径，则( )
A．卫星运行时的向心加速度为
B．物体在月球表面自由下落的加速度为
C．卫星运行时的线速度为
D．月球的第一宇宙速度为
19．两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L,底端接阻值为R 的电阻。
将质量为m 的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，如图所示，除电阻R 外其余电阻不计。
现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则( )
A．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度g
B．金属棒向下运动时，流过电阻R 的电流方向为a→b
C．金属棒的速度为v 时，电路中的电功率为B2L2v2/R
D．电阻R 上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量
20．如图所示，边长为L 的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b
的中点和cd 的中点的连线OO 恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场
的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度匀
速转动，则以下判断正确的是( )
A．图示位置线圈中的感应电动势最大为
B．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=
C．线圈从图示位置转过180o 的过程中，流过电阻R 的电荷量为
D．线圈转动一周的过程中，电阻R 上产生的热量为
21．如图甲所示，MN 为很大的薄金属板（可理解为无限大），金属板原来不带电．在
金属板的右侧，距金属板距离为d 的位置上放入一个带正电、电荷量为q 的点电荷，由于静电感应产生了如图甲所示的电场分布．P 是点电荷右侧，与点电荷之间的距离也为d 的一个点，几位同学想求出P 点的电场强度大小，但发现问题很难．几位同学经过仔细研究，从图乙所示的电场得到了一些启示，经过查阅资料他们知道：图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的．图乙中两异号点电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，虚线是两点电荷连线的中垂线．由此他们分别求出了P 点的电场强度大小，一共有以下四个不同的答案（k 为静电力常量），其中正确的是( )
第II 卷（非选择题，共174 分）
三、非选择题：
（一）必考题：共129 分
22. 某个同学分别做“探究加速度与力、质量关系”的实验。
如图甲所示是该同学探究小车加速度与力的关系的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B 点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A 由静止释放．
（1）若用游标卡尺测出光电门遮光条的宽度d 如图乙所示，则d =cm；实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间Δt，则小车经过光电门时的速度为（用字母表示）；
（2）测出多组重物的质量m 和对应遮光条通过光电门的时间Δt，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系。
处理数据时应作出(选填“v—m”或“v2—m”)图象；
23.实际电压表内阻并不是无限大，可等效为理想电流表与较大的电阻的串联。
现要
测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：
①待测电压表（量程3V，内阻约3kΩ待测）一只；
②电流表（量程3A，内阻0.01Ω）一只；③电池组（电动势约为3V，内阻不计）；
④滑动变阻器一个；⑤变阻箱（可以读出电阻值，0-9999Ω）一个；
⑥开关和导线若干。
某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：
（1）该同学设计了如图甲、乙两个实验电路。
为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是（填“甲”或“乙”）电路。
（2）用你选择的电路进行实验时，闭合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数U 和（填上文字和符号）；
（3）由所测物理量选择下面适当坐标轴，能作出相应的直线图线，最方便的计算出电压表的内阻：
（4）设直线图像的斜率为k 、截距为b ，请写出待测电压表内阻表达式R V
＝。
24．(14 分)有一质量为2kg 的小球串在长为1m 的轻杆顶部，轻杆与水平方向成θ
=37°角。
（1）若静止释放小球，1s 后小球到达轻杆底端，则小球到达
杆底时它所受重力的功率为多少？
（2）小球与轻杆之间的动摩擦因数为多少？
（g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）
25．(18 分)如图所示，一面积为S 的单匝圆形金属线圈与阻值为R 的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻．线圈内存在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀增加且变化率为k 的磁场B t.电阻R 两端并联一对平行金属板M、N，两板间距为d，N 板右侧xOy 坐标系(坐标原点O 在N板的下端)的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界OA 和y 轴的夹角∠AOy＝45°，AOx 区域为无场区．在靠近M 板处的P 点由静止释放一质量为m、带电荷量为＋q 的粒子(不计重力)，经过N 板的小孔，从点Q(0，L)垂直y 轴进入第一象限，经OA 上某点离开磁场，最后垂直x 轴离开第一象限．求：
(1)平行金属板M、N 获得的电压U；
(2)粒子到达Q 点时的速度大小
(3)yOA 区域内匀强磁场的磁感应强度B；
(4)粒子从P 点射出到到达x 轴的时间．
33．【物理---选修3-3】（15 分）（题略）
34．【物理---选修3-4】（15 分）
（1）（6 分）如图甲为一列沿x 轴传播的简谐波在t=0.1s 时刻的波形图。
图乙
表示该波传播的介质中x=2m 处的质点a 从t=0 时起的振动图象。
则（）
A．波传播的速度为20m/s
B．波沿x 轴正方向传播
C．t=0.25s 时，质点a 的位移沿y 轴负方向
D．t=0.25s 时，x=4m 处的质点b 的加速度沿y 轴负方向
（2）（9 分）某同学欲测直角棱镜ABC 的折射率。
他让一束平行光以一定入射角
从空气投射到三棱镜的侧面AB 上（不考虑BC 面上的光束反射），经棱镜两次折射后，又从另一侧面AC 出射。
逐渐调整在AB 面上的入射角，当侧面AC 上恰无出射光时，测出此时光在AB 面上的入射角为α 。
①在右面图上画出光路图。
②若测得α=60o，写出折射率n 计算公式，并求出n 值。
35．【物理---选修3-5】（15 分）
（1）(6 分)下列说法正确的是( ) (选对1 个给3 分，选对2 个给4 分，选
对3 个给6 分，每选错1 个扣3 分，最低得分为0 分）
A．根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小
B. 放射性物质的温度升高，则半衰期减小
C. 用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核,不可能使氘核分解为一个质子和一个中子
D. 某放射性原子核经过2 次α衰变和一次β衰变，核内质子数减少3 个
E．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小。
（2）（9 分）如图所示AB 为光滑的斜面轨道，通过一小段光滑圆弧与
光滑水平轨道BC 相连接，质量为m的小球乙静止于水平轨道上，一个
质量大于m 的小球甲以速度v0 与乙球发生弹性正碰,碰后乙球沿水平轨
道滑向斜面AB,求:在甲、乙发生第二次碰撞之前，乙球在斜面上能达到最大高度的范围？（设斜面足够长）。