2018届高考物理二轮复习寒假作业十一一模考前适应性训练二201801153137
2018届高考物理二轮复习寒假作业一模考前适应性训练
寒假作业(十三) 一模考前适应性训练(四)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一个选项符合题目要求，第5～8题有多个选项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1.(2017·合肥二模)如图所示是一做匀变速直线运动的质点的位置—时间图像(x t 图像)，P (t 1，x 1)为图像上一点。
PQ 为过P 点的切线，与x 轴交于点Q 。
则下列说法正确的是( )A ．t 1时刻，质点的速率为x 1t 1B ．t 1时刻，质点的速率为x 1－x 2t 1C ．质点的加速度大小为x 1－x 2t 12D ．0～t 1时间内，质点的平均速度大小为2x 1－x 2t 1解析：选B x t 图像的斜率表示速度，则t 1时刻，质点的速率为v ＝x 1－x 2t 1，故A 错误，B 正确；根据图像可知，t ＝0时刻，初速度不为零，根据a ＝v －v 0t 可知，加速度a ＝x 1－x 2t 1－v 0t 1≠x 1－x 2t 12，故C 错误；0～t 1时间内，质点的平均速度大小v ＝x 1t 1，故D 错误。
2.(2017·潍坊期中)如图所示，绝缘空心金属球壳不带电。
现在中间放一带电荷量为Q 的正点电荷，a 、b 、c 分别是球壳内、球壳中、球壳外的点，下列分析正确的是( )A ．球壳内壁不带电，感应电荷全部分布在外表面上B ．a 、b 、c 三点中，b 点的电势最低C ．Q 在b 点产生的场强为零D ．b 点的场强为零解析：选D 由于静电感应，金属球壳内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，故A 错误。
球壳内部电场线从Q 出发到球壳内壁终止，球壳外部电场线从外表面出发到无穷远处终止，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，且整个金属球壳是一个等势体，可知，a 、b 、c 三点中，a 点的电势最高，c 点的电势最低，故B 错误。
2018年高考物理仿真模拟试题二附解析
2018年高考物理仿真模拟试题（二）附解析普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(二)物理试卷本试卷分第一部分(选择题)和第二部分(非选择题)两部分。
满分110分。
考试时间60分钟。
第一部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
(请将答案填写在第5页答题区)14.关于原子核和核反应，下列说法中正确的是A.温度越高放射性元素的半衰期越短，半衰期与原子核内部自身的因素无关B.核力是原子核内部核子间所特有的相互作用力，故核内任意两个核子间都存在核力C.核反应遵循质量数守恒和电荷数守恒D.铀核()衰变为铅核()的过程中，要经过8次α衰变和10次β衰变15.2016年9月15日，“天宫二号”空间实验室发射任务取得圆满成功。
假设“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动的轨道距地球表面的高度为2a，绕地球飞行一圈的时间为90分钟，“嫦娥一号”卫星绕月球做匀速圆周运动的轨道距月球表面的高度为a，绕月球飞行一圈的时间为120分钟，已知地球的半径为32a，月球半径为9a，则下列说法正确的是A.“天宫二号”运行的速度小于“嫦娥一号”运行的速度B.“天宫二号”运行的加速度小于“嫦娥一号”运行的加速度C.地球的质量小于月球的质量D.地球的平均密度大于月球的平均密度16.如图所示，矩形区域PQNM内存在平行于纸面的匀强电场，一质量为m=2.0×10-11kg、电荷量为q=1.0×10-5C的带正电粒子（重力不计）从a点以v1=1×104m/s的初速度垂直于PQ进入电场，最终从MN边界的b点以与水平边界MN成30°角斜向右上方的方向射出，射出电场时的速度v2=2×104m/s，已知MP=20cm、MN=80cm，取a点电势为零，如果以a点为坐标原点O，沿PQ方向建立x轴，则粒子从a点运动到b点的过程中，电场的电场强度E、电势φ、粒子的速度v、电势能Ep随x的变化图象正确的是17.某同学用如图所示的装置做探究感应电流的实验，在铁芯上绕着两个线圈A和B，P为滑动变阻器的滑片，如果把线圈A与左边电路连接，线圈B与电流计连接。
宁夏回族自治区银川一中2018届高三考前适应性训练物理试题(二)+Word版含答案
银川一中2018届高三考前适应性训练——物理试题214．下列说法正确的是A．通过给人注射碘的放射性同位素碘131，然后定时测量甲状腺及邻近组织的放射强度，有助于诊断甲状腺疾病，这是利用放射性同位素原子作为示踪原子B． X射线是原子核处于高能级向低能级跃迁而产生的C．贝克勒尔发现的铀和含铀的矿物能发出看不见的射线，这种射线中存在X射线可使照相底版感光D．目前核电站主要是核裂变，为控制核反应速度，可以利用镉棒作为慢化剂，减缓中子的速度15．如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动，当光盘由A位置运动到图中虚线所示的B位置时，悬线与竖直方向的夹角为 ，此时铁球A．竖直方向速度大小为B．竖直方向速度大小为C．竖直方向速度大小为D．相对于地面的速度大小为v16．我国发射“天宫一号”时，先将实验舱发送到一个椭圆轨道上，其近地点M距地面200km，远地点N距地面362km。
进入该轨道正常运行时，其周期为T1，通过M、N点时的速率分别是v1、v2。
加速度分别为a1、a2,当某次通过N点时，地面指挥部发出指令，点燃实验舱上的发动机，使在短时间内加速后进入离地面362km的圆形轨道，开始绕地球做匀速圆周运动，周期为T2，这时实验舱的速率为v3,加速度为a3,比较在M、N、P三点正常运行时（不包括点火加速阶段）的速率大小和加速度大小，及在两个轨道上运行的周期，下列结论正确的是：A．v1>v3 B．v2>v1 C．a3>a2 D．T1> T217．某小孩在广场游玩时，将一氢气球系在了水平地面上的砖块上，在水平风力的作用下，处于如图所示的静止状态。
若水平风速缓慢增大，不考虑气球体积及空气密度的变化，则下列说法中正确的是A．细绳受到拉力逐渐减小B．砖块受到的摩擦力可能为零C．砖块一定不可能被绳子拉离地面D．砖块受到的摩擦力一直不变18．随着电子技术的发展，霍尔传感器被广泛应用在汽车的 各个系统中。
2018届高考物理二轮专题复习文档：寒假作业(十) 一模考前适应性训练(一)含解析
寒假作业(十) 一模考前适应性训练(一)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．(2017·海淀一月模拟)玻尔提出的氢原子结构理论主要依据的现象是( )A ．α粒子散射实验的现象B ．中子轰击铀核发生裂变的现象C ．原子核的天然放射性现象D ．低压氢气放电管中的氢气在高电压作用下发光，产生线状谱线的现象解析：选D α粒子散射实验的现象得出了原子核式结构模型，故A 错误。
中子轰击铀核发生裂变是核电站的主要原理，故B 错误。
原子核的天然放射现象说明原子核内部有复杂结构，故C 错误。
低压氢气放电管中的氢气在高电压作用下发光，产生线状谱线的现象，用核式结构模型无法解释，在这基础上，玻尔提出了氢原子结构理论，用能量的量子化进行解释，故D 正确。
2.如图所示，是一名登山运动员攀登陡峭雪壁的情形，如果认为峭壁的平面是竖直的平面，冰面是光滑的，腿与峭壁面是垂直的，细绳与壁面的夹角为30°，运动员重为80 kg 。
则细绳给人的张力大小为(g 取10 m/s 2)( ) A.800 33N B ．800 N C.1 60033 N D ．1 600 N解析：选C 对运动员受力分析如图所示：根据平衡条件，水平方向：N ＝T sin 30°竖直方向：T cos 30°＝mg 故细绳给人的张力为：T ＝mg cos 30°＝80032N ＝1 60033N 故C 正确。
3.如图所示，P 、Q 是两个电荷量相等的异种电荷，在其电场中有a 、b 、c 三点在一条直线上，平行于P 、Q 的连线，b 在P 、Q 连线的中垂线上，ab ＝bc ，下列说法正确的是( )A ．电势：φa ＞φb ＞φcB ．电势：φa ＞φc ＞φbC ．电场强度：E a ＞E b ＞E cD ．电场强度：E b ＞E a ＞E c解析：选A P 、Q 是两个电荷量相等的异种电荷，画出等势面和电场线分布，如图所示：根据沿着电场线，电势逐渐降低，可得φa＞φb ＞φc ，故A 正确，B 错误。
2018年高考物理二轮复习 高考仿真模拟卷1 新人教版
高考仿真模拟卷(一)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分110分．考试时间60分钟．第Ⅰ卷(选择题 共48分)本卷共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的v －t 图象为两段直线，乙物体运动的v －t 图象为两段半径相同的14圆弧曲线，如图所示，图中t 4＝2t 2，则在0～t 4时间内，以下说法正确的是( )A ．甲物体的加速度不变B ．乙物体做曲线运动C ．两物体t 1时刻相距最远，t 4时刻相遇D ．甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度D 0～t 2时间段内，甲做匀加速直线运动，t 2～t 4时间内甲物体做匀减速直线运动，故A 错；速度是矢量，在速度时间图象中，只能表示直线运动，B 错；在整个运动过程中，t 3时刻两物体相距最远，C 错；在速度时间图象中，图线下面所包围的面积即为位移，可求知0～t 4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D 对．15．下列说法正确的是( )A ．放射性元素发生一次β衰变，原子序数减少1B ．氢原子由n ＝3向n ＝1的能级跃迁时，只能辐射2种频率的光子C ．在光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光强无关，只随入射光的频率增大而增大D.23592U 的半衰期约为7亿年，随着地球环境的不断变化，半衰期可能变短C 放射性元素发生一次β衰变，多一个质子，原子序数增加1，A 错；由n ＝3向n ＝1的能级跃迁时，能辐射3种频率的光子，B 错误；由光电效应方程E k ＝h ν－W ，可知C 正确；放射性元素的半衰期不会随环境的变化而改变，故D 错．16．(多选)如图，一滑块随传送带一起顺时针匀速运动．当滑块运动到中间某个位置时，由于某种原因，传送带突然原速率反向转动，则滑块在传送带上运动的整个过程中，其对地速度v 1及相对传送带的速度v 2随时间变化关系图象不可能为( )D 一开始滑块随传送带一起顺时针匀速运动，说明滑块受力平衡，它的重力沿传送带斜向下的分力等于静摩擦力，此时滑块相对传送带的速度为0.传送带突然反向转动，滑块由于惯性继续沿传送带向下运动，此时受到的是滑动摩擦力，故一定有μmg cos θ≥mg sin θ.设传送带的速率为v0，若μmg cos θ＝mg sin θ，则反转后滑块仍然沿传送带向下做匀速运动，其对地速度v1及相对传送带的速度v2均恒定，且v1＝v0，v2＝2v0，A、C项可能．若μmg cos θ>mg sin θ，则反转后滑块相对传送带速度由2v0先减速到0，然后再反向匀加速运动，直到与传送带共速，而滑块相对地面速度v1由v0先减速到零，然后再反向匀加速，直到与传送带共速，B项可能，D项不可能．17．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF>∠NFE.则( )A．E带正电，F带负电，且Q E>Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能C 根据电场线可知，两点电荷为异种电荷，但哪个电荷带正电无法判断，选项A错误；由于电场线一般为曲线，带电粒子在电场中运动轨迹不可能与电场线重合，选项B错误；由于N点的电场线沿水平方向，等势线与电场线垂直，因而选项C正确；由于不能确定电场线的方向，因而无法确定负检验电荷在哪点的电势能大，选项D错误．18．如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的足够长的感光板．从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场射入大量带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m.不考虑粒子间的相互作用力和粒子的重力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是( )A ．只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN 上B ．即使是对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也不一定过圆心C ．只要速度满足v ＝qBRm，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN 上 D ．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长C 粒子的速度不同，在磁场中做圆周运动的半径不同，从圆形磁场中出来后不一定垂直打在MN 板上，选项A 错误；沿圆心进入圆形磁场的粒子，离开磁场时速度的反向延长线一定过圆心，选项B 错误；若粒子的速度为v ＝qBRm，粒子在磁场中做圆周运动的半径为r ＝R ，粒子离开磁场时速度沿水平方向，垂直打在MN 板上，选项C 正确；速度越大的粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角越小，因而运动时间越短，选项D 错误．19．如图所示电路中的变压器为理想变压器，S 为单刀双掷开关．P 是滑动变阻器R 的滑动触头，U 1为加在原线圈两端的交变电压，I 1、I 2分别为原线圈和副线圈中的电流．下列说法正确的是( )A ．保持P 的位置及U 1不变，S 由a 切换到b ，则I 2减小B ．保持P 的位置及U 1不变，S 由b 切换到a ，则R 上消耗的功率减小C ．保持P 的位置及U 1不变，S 由b 切换到a ，则I 1增大D ．保持U 1不变，S 接在b 端，将P 向上滑动，则I 1减小AC 保持P 的位置不变和U 1不变，S 由a 打到b ，副线圈匝数减小，根据U 1U 2＝n 1n 2可知副线圈两端电压U 2减小，因而电流I 2减小，选项A 正确；保持P 的位置不变和U 1不变，S 由b 打到a ，副线圈匝数增大，根据U 1U 2＝n 1n 2可知副线圈两端电压U 2增大，电流I 2增大，R 消耗的功率增大，选项B 错误，选项C 正确；保持U 1不变，S 打到b ，P 上滑，则电流I 2增大，I 1增大，选项D 错误．20．如图，质量为m 的小球从斜轨道高h 处由静止滑下，然后沿竖直圆轨道的内侧运动．已知圆轨道的半径为R ，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g .则下列说法正确的是( )A ．当h ＝2R 时，小球恰好能到达最高点MB ．当h ＝2R 时，小球在圆心等高处P 时对轨道压力为2mgC ．当h ≤R 时，小球在运动过程中不会脱离轨道D ．当h ＝R 时，小球在最低点N 时对轨道压力为2mgBC A ．在圆轨道的最高点M ，由牛顿第二定律有：mg ＝m v 20R，得：v 0＝gR根据机械能守恒得：mgh ＝mg ·2R ＋12mv 2解得：h ＝2.5R ，故A 错误．B ．当h ＝2R 时，小球在圆心等高处P 时速度为v ，根据机械能守恒得：mg ·2R ＝mgR ＋12mv 2小球在P 时，有：N ＝m v 2R联立解得 N ＝2mg ，则知小球在圆心等高处P 时对轨道压力为2mg ，故B 正确．C ．当h ≤R 时，根据机械能守恒得知小球在圆轨道上圆心下方轨道上来回运动，在运动过程中不会脱离轨道，故C 正确．D ．当h ＝R 时，设小球在最低点N 时速度为v ′，则有：mgR ＝12mv ′2在圆轨道最低点，有：N ′－mg ＝m v ′2R解得：N ′＝3mg ，则小球在最低点N 时对轨道压力为3mg ，故D 错误．21．如图两根足够长光滑平行金属导轨PP ′、QQ ′倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面向上，导轨的上端与水平放置的两金属板M 、N 相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab 水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好．现在同时由静止释放带电微粒和金属棒ab ，则( )A ．金属棒ab 一直加速下滑B ．金属棒ab 最终可能匀速下滑C ．金属棒ab 下滑过程中M 板电势高于N 板电势D ．带电微粒可能先向N 板运动后向M 板运动ACD 根据牛顿第二定律有mg sin θ－BIl ＝ma ，而I ＝ΔqΔt ，Δq ＝C ΔU ，ΔU ＝Bl Δv ，Δv＝a Δt ，联立解得a ＝mg sin θm ＋B 2l 2C，因而金属棒将做匀加速运动，选项A 正确，B 错误；ab 棒切割磁感线，相当于电源，a 端相当于电源正极，因而M 板带正电，N 板带负电，选项C 正确；若带电粒子带负电，在重力和电场力的作用下，先向下运动然后再反向向上运动，选项D 正确．第Ⅱ卷(非选择题 共62分)本卷包括必考题和选考题两部分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须做答．第33～34题为选考题，考生根据要求做答．(一)必考题(共47分)22．(6分)某同学用如图甲的装置来测定滑块与导轨间的动摩擦因数．在气垫导轨上安装了两个光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线跨过定滑轮与钩码相连．(1)用游标卡尺测遮光条的宽度d ，图乙中游标卡尺读数为________cm.滑块在轨道上做匀加速运动时，先后通过光电门1、2所用的时间分别为t 1、t 2，两光电门间的距离为L ，用d 、t 1、t 2、L 表示滑块运动的加速度a ＝________.(2)要使细线中拉力近似等于钩码重力，滑块质量M 与钩码质量m 应满足________关系． (3)满足(2)后，调整气垫导轨水平，断开气源时，测得滑块在轨道上运动的加速度为a 1；不改变钩码的质量，接通气源，测得滑块在轨道上运动的加速度为a 2，用a 1、a 2、g 表示滑块与导轨间的动摩擦因数μ＝________.解析 (1)游标卡尺的读数为2 mm ＋0.05 mm×5＝2.25 mm ＝0.225 cm ；根据v 22－v 21＝2aL 可得a ＝d 22L (1t 22－1t 21)．(2)若钩码的重力近似等于细线拉力，则钩码质量应远远小于滑块的质量．(3)气垫导轨水平，气源断开时，对于滑块有mg －μMg ＝Ma 1；接通电源时，对滑块有mg ＝Ma 2，联立解得μ＝a 2－a 1g.答案(1)0.225 d22L(1t22－1t21) (2)M远远大于m(3)a2－a1g23．(9分) 实验室有一破损的双量程电压表，两量程分别是3 V和15 V，其内部电路如图所示，因电压表的表头G已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R1、R2完好，测得R1＝2.9 kΩ，R2＝14.9 kΩ.现有两个表头，外形都与原表头G相同，已知表头的满偏电流为1 mA，内阻为50 Ω；表头的满偏电流为0.5 mA，内阻为200 Ω，又有三个精密定值电阻r1＝100 Ω，r2＝150 Ω，r3＝200 Ω.若保留R1、R2的情况下，对电压表进行修复，根据所给条件回答下列问题：(1)原表头G满偏电流I＝____________，内阻r＝____________.(2)在虚线框中画出修复后双量程电压表的电路(标识出所选用的相应器材符号)(3)某学习小组利用修复的电压表，再加上可以使用的以下器材：测量一未知电阻R x的阻值，电流表A量程0～5 mA，内阻未知；最大阻值约为100 Ω的滑动变阻器；电源E(电动势约3 V)；开关S、导线若干．由于不知道未知电阻的阻值范围，学习小组为精确测出未知电阻的阻值，选择合适的电路，请你帮助他们补充完整电路连接，正确连线后读得电压表示数为2.40 V，电流表示数为4.00 mA，则未知电阻阻值R x为________Ω.解析(1)由图示电路图可知，电压表量程：I g(r g＋R1)＝3 V，I g(r g＋R2)＝15 V，代入数据解得：I g＝1 mA，r g＝100 Ω；(2)修复电压表，表头满偏电流为I g＝1 mA，电阻应为：r g＝100 Ω，需要的实验器材为：表头的满偏电流0.5 mA，内阻为200 Ω的表头以及r3，即将表头和r3并联在电路中使用，电路图如图所示：(3)根据题意可明确实验中应采用分压接法，电流表采用外接法，故实物图如图所示：电压表量程为3 V，则其内阻R V＝30.001Ω＝3000 Ω，根据欧姆定律可知R ＝U I ＝ 2.44×10－3－2.43000Ω＝750 Ω.答案 (1)1 mA 100 Ω (2)如图 (3)电路如图75024．(12分)如图所示，将质量为m 的物块A 和质量为3m 的物块B 叠放在竖直墙壁与水平面之间，当撤去外力后，A 沿墙竖直下落，B 沿水平面向右滑行．已知A 、B 的接触面与竖直方向的夹角α＝30°，不计一切摩擦，重力加速度为g .求(1)物块A 、B 的加速度大小；(2)A 下落高度h 时(A 、B 未分离)，物块A 、B 的速度大小． 解析 (1)由几何关系得a B ＝a A tan α 由牛顿第二定律对物块A ：mg －N sin α＝ma A 对物块B ：N ′cos α＝3ma B 又N ＝N ′解得a A ＝g 2，a B ＝36g(2)由几何关系得v B ＝v A tan αA 下落的过程中，物块A 、B 组成的系统机械能守恒，有mgh ＝12mv 2A ＋12(3m )v 2B解得v A ＝gh ，v B ＝gh3答案 (1)g 2 36g (2)ghgh325．(20分)如图在坐标系xOy 里，有质量为m ，电荷量为＋q 的粒子从原点O 沿y 轴正方向以初速度v 0射出，现要求该粒子能通过点P (l ，－d )，可通过在粒子运动的空间范围内加适当的“场”来实现，粒子重力忽略不计(静电力常量为k )．(1)若只在整个Ⅰ、Ⅱ象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子在磁场中做匀速圆周运动，并能到达P 点，求磁感应强度B 的大小；(2)若只在x 轴上某点固定一带负电的点电荷Q ，使粒子在点电荷产生的电场中做匀速圆周运动，并能到达P 点，求点电荷Q 的电荷量大小；(3)若在整个Ⅰ、Ⅱ象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，并在第Ⅳ象限内加平行于x 轴，沿x 轴正方向的匀强电场，也能使粒子运动到达P 点．如果此过程中粒子在电、磁场中运动的时间相等，求磁感应强度B 的大小和电场强度E 的大小．解析 (1)粒子由O 到P 的轨迹如图所示，粒子在磁场中做圆周运动，半径为R 1，由几何关系知：R 1＝l 2由牛顿第二定律可知：mv 20R 1＝qv 0B 由此得B ＝2mv 0ql(2)粒子由O 到P 的轨迹如图所示，粒子在电场中做圆周运动，半径为R 2，由几何关系知： (l －R 2)2＋d 2＝R 22R 2＝l 2＋d 22l由牛顿第二定律可知：kQq R 22＝mv 2R 2由此得：Q ＝mv 20l 2＋d 22lkq(3)粒子由O 经P ′到P 的轨迹如图所示，在磁场中做圆周运动，在电场中做类平抛运动在电场中运动时间t ＝d v 0在磁场中运动时间t ＝T 2＝πm qB由此得：B ＝πmv 0qd在磁场中做圆周运动，设半径为R 3 则有v 0t ＝πR 3R 3＝d π电场中P ′P ″＝l －2R 3＝l －2d πP ′P ″＝1qE 2mt 2由此得E ＝2mv 2πl －2dπqd2答案 (1)2mv 0ql(2)mv 2l 2＋d 22lkq(3)πmv 0qd2mv 20πl －2dπqd2(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道物理题中任选一题做答．如果多做，则按第一题计分．)33．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________．(填入正确选项前的字母．选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B ．布朗运动不是液体分子的运动，但它可以说明分子在永不停息地做无规则运动C ．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D ．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律E ．某气体的摩尔体积为V ，每个分子的体积为V 0，则阿伏加德罗常数可表示为N A ＝VV 0(2)(10分)如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m 的密闭活塞，活塞A 导热，活塞B 绝热，将缸内理想气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分．初状态整个装置静止不动且处于平衡状态，Ⅰ、Ⅱ两部分气体的高度均为L 0，温度为T 0.设外界大气压强为p 0保持不变，活塞横截面积为S ，且mg ＝p 0S ，g 为重力加速度，环境温度保持不变．求：在活塞A 上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m 时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞A 下降的高度．解析 (1)气体放出热量，若外界对气体做功，气体的温度可能升高，分子的平均动能可能增大，选项A 正确；布朗运动不是液体分子的运动，但是能反映分子在永不停息地做无规则运动，选项B 正确；当分子力表现为斥力时，随着分子间距离减小，分子力做负功，分子力和分子势能均增大，选项C 正确；第二类永动机不违背能量守恒定律，但是违背热力学第二定律，选项D 错误；对于气体分子，依据每个气体分子所占空间的体积估算分子数目，但不能根据每个气体分子的体积估算分子数目，选项E 错误．(2)对Ⅰ气体，初状态：p 1＝p 0＋mg S＝2p 0 末状态：p 1′＝p 0＋3mgS＝4p 0由玻意耳定律得：p 1L 0S ＝p 1′L 1S 解得：L 1＝12L 0对Ⅱ气体，初状态：p 2＝p 1＋mgS＝3p 0 末状态：p 2′＝p 1′＋mgS＝5p 0 由玻意耳定律得：p 2L 0S ＝p 2′L 2S 解得：L 2＝35L 0A活塞下降的高度为：ΔL＝(L0－L1)＋(L0－L2)＝9 10 L0答案(1)ABC (2)910L034．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)在以下各种说法中，正确的是________．(填入正确选项前的字母．选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场B．相对论认为：真空中的光速大小在不同惯性参照系中都是相同的C．横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期D．机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象E．如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发出的光波波长长，这说明该星系正在远离我们而去(2)(10分)投影仪的镜头是一个半球形的玻璃体，光源产生的单色平行光投射到玻璃体的平面上，经半球形镜头折射后在光屏MN上形成一个圆形光斑．已知镜头半径为R，光屏MN到球心O的距离为d(d>3R)，玻璃对该单色光的折射率为n，不考虑光的干涉和衍射．求光屏MN上被照亮的圆形光斑的半径．解析(1)均匀变化的电场产生稳定的磁场，均匀变化的磁场产生稳定的电场，选项A错误；相对论认为光速与参考系无关，选项B正确；质点并不随波迁移，选项C错误；机械波和电磁波本质不同，但均能产生反射、折射、干涉和衍射等现象，选项D正确；若测得遥远星系上某些元素发出光的波长比地球上静止的该元素发出的光的波长要长，表明这些星系正远离地球，这就是常说的“红移”现象，选项E正确．(2)如图所示，光线入射到D点时恰好发生全反射，则sin C ＝1nOF ＝Rcos C ＝R n 2－1n＝nR n 2－1又r ＝O 1F cot CO 1F ＝d －OF解得r ＝d n 2－1－nR答案 (1)BDE (2)d n 2－1－nR。
河南省洛阳市达标名校2018年高考一月仿真备考物理试题含解析
河南省洛阳市达标名校2018年高考一月仿真备考物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．—物块的初速为v 0，初动能为E k0，沿固定斜面（粗糙程度处处相同）向上滑动，然后滑回到原处。
此过程中，物块的动能E k 与位移x ，速度v 与时间t 的关系图像正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．2．竖直放置的肥皂膜在阳光照耀下，由于前后表面反射光通过的路程不同，形成两列相干光，薄膜上会呈现出彩色条纹．若一肥皂膜由于受重力和液体表面张力的共同影响，其竖直方向的截面如图所示，则光通过该肥皂膜产生的干涉条纹与下列哪个图基本一致（ ）A ．B ．C ．D ．3．已知氢原子能级公式为2m AE n =-，其中n=1，2，…称为量子数，A 为已知常量；要想使氢原子量子数为n 的激发态的电子脱离原子核的束缚变为白由电子所需的能量大于由量子数为n 的激发态向 1n -澈发态跃迁时放出的能量，则n 的最小值为（ ） A ．2B ．3C ．4D ．54．如图所示，有10块完全相同的长方体木板叠放在一起，每块木板的质量为100g ，用手掌在这叠木板的两侧同时施加大小为F 的水平压力，使木板悬空水平静止。
若手与木板之间的动摩擦因数为0.5，木板与木板之间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取10m/s 2，则F 至少为（ ）A．25N B．20N C．15N D．10N5．滑索速降是一项具有挑战性、刺激性和娱乐性的现代化体育游乐项目。
可跨越草地、湖泊、河流、峡谷，借助高度差从高处以较高的速度向下滑行，使游客在有惊无险的快乐中感受刺激和满足。
下行滑车甲和乙正好可以简化为下图所示的状态，滑车甲的钢绳与索道恰好垂直，滑车乙的钢绳正好竖直。
套在索道上的滑轮质量为m，滑轮通过轻质钢绳吊着质量为M的乘客，则（）A．滑轮a、b都只受三个力作用B．滑轮b不受摩擦力的作用C．甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动D．乙中钢绳对乘客的拉力小于乘客的总重力6．光电效应实验中，一组同学用同一光电管在不同实验条件下得到了四条光电流与电压之间的关系曲线(甲、乙、丙、丁)，如图所示。
2018年高考仿真模拟物理试题新课标全国卷(十一)答案
2018年高考仿真模拟试题(新课标全国卷)物理(十一)答案1．C 【解析】由题图可知，A 物体的加速度大小为5 2m /s ，B 物体的加速度大小为10 2m /s ，设两物体在t 时刻相遇，则有5 2m /s ×t =10 2m /s ×(t −2 s)，解得t =4 s ，故两物体在t =4 s 时相遇，相遇时两物体的速度大小为v =20 m/s ，选项A 、B 错误；相遇时A 物体的位移大小为1x =12A a 2t =40 m ，B 物体的位移大小为2x =12B a 2(2s)t -=20 m ，由于x ∆=1x −2x =20 m ，故t =0时刻，B 物体在A 物体前20 m 处，选项C 正确；A 物体在前 4 s 内的平均速度大小为A v =1x t=10 m/s ，B 物体在前4 s 内的平均速度大小为B v =2x t=5 m/s ，故选项D 错误。
2．D 【解析】磁单极子周围的磁感线分布类似于点电荷周围的电场线分布，故只带有N 极的磁单极子周围的磁感线分布与正点电荷周围的电场线分布类似，选项A 错误；离正点电荷越远，点电荷所产生的电场强度越小，故离磁单极子越远，磁单极子所产生的磁感应强度也越小，选项B 错误；离磁单极子越近，磁感应强度就越大，故穿过线圈的磁通量也就越大，选项C 错误；在线圈远离磁单极子的过程中，穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律可知，线圈中将产生感应电流，感应电流所产生的磁场与该磁单极子所产生的磁场方向一致，故从左向右看，线圈中感应电流的方向为顺时针，选项D 正确。
3．D 【解析】由于链轮与飞轮用链条传动，故其线速度大小相等，而飞轮与后轮是同轴传动，故其角速度大小相等。
由于1ω1r =2ω2r ，故链轮与飞轮的角速度之比为1ω∶2ω=1∶2，而2ω∶3ω=1∶1，故1ω∶2ω∶3ω=1∶2∶2，选项A 错误；由题意可知，A 点与B 点的线速度大小之比为1v ∶2v =1∶1，由于飞轮与后轮的角速度大小相同，故有3223v v r r =，解得2316v v =，所以A 、B 、C 三点的线速度大小之比为1∶1∶6，选项B 错误；向心加速度大小a =2ωr =v ω，故A 、B 、C 三点的向心加速度大小之比为1∶2∶12，选项C 错误；脚蹬匀速转一圈，后轮要转两圈，由v =x t 可得v =322r tπ⨯≈13.6 km/h ，选项D 正确。
【新课标-全国卷】最新2018年高考理综(物理)第十一次模拟试题及答案解析
新课标2018年高考理综（物理）第十一次模拟试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
14.2016年“科学突破奖”颁奖仪式在美国举行，我国科学家王贻芳获得“基础物理学突破奖”。
在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（ ）A ．在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫微元法B ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法C ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D ．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法15.质量为M 的半球形物体A 和质量为m 的球形物体B 紧靠着放在倾角为α的固定斜面上,并处于静止状态,如图所示。
忽略B 球表面的摩擦力,则关于物体受力情况的判断正确的是（ ）A.物体A 对物体B 的弹力方向沿斜面向上B.物体A 受到3个力的作用C. 物体B 对物体A 的压力大于mgsin αD. 物体B 对斜面的压力等于mgcos α16.据新华社北京3月21日电，记者21日从中国载人航天工程办公室了解到，已在轨工作1630天的天宫一号目标飞行器在完成与三艘神舟飞船交会对接和各项试验任务后，由于超期服役两年半时间，其功能已于近日失效，正式终止了数据服务。
根据预测，天宫一号的飞行轨道将在今后数月内逐步降低，并最终再入大气层烧毁。
若天宫一号服役期间的轨道可视为圆且距地面h （h≈343km），运行周期为T ，地球的半径为R ，下列关于天宫一号的说法正确的是( )A ．因为天宫一号的轨道距地面很近，其线速度小于同步卫星的线速度B ．天宫一号再入外层稀薄大气一小段时间内，克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量C ．女航天员王亚平曾在天宫一号中漂浮着进行太空授课，那时她不受地球的引力作用D ．由题中信息可求出地球的质量为2324R GT17.如图所示，P 、Q 是固定在竖直平面内的一段内壁光滑弯管的两端，P 、Q 的水平间距为d 。
2018届高考物理二轮专题复习文档：寒假作业(一)——(十三)含解析
寒假作业(一) 力与运动1．[多选]我国自主研制的歼-20战机在某次试飞过程中的视频截图和竖直方向v y -t 图像分别如图甲和图乙所示，则下列说法正确的是( )A ．歼-20战机在前50 s 内竖直方向的加速度大小为0.8 m/s 2B ．歼-20战机在50 s 到100 s 内静止C ．歼-20战机在100 s 到200 s 内竖直方向的加速度大小为0.4 m/s 2D ．在200 s 末，以地面为参考系，歼-20战机的速度大小为0解析：选AC 根据图像可知，前50 s 内竖直方向的加速度大小为a 1＝Δv 1Δt 1＝4050m /s 2＝0.8 m/s 2，故A 正确；歼-20战机在50 s 到100 s 内竖直方向做匀速直线运动，不是静止状态，故B 错误；根据图像可知，在100 s 到200 s 内竖直方向的加速度大小为a 2＝Δv 2Δt 2＝40100m /s 2＝0.4 m/s 2，故C 正确；在200 s 末，以地面为参考系，竖直方向速度为零，但水平方向速度不一定为零，所以歼-20战机的速度大小不一定为零，故D 错误。
2.如图所示，A 和B 两物块的接触面是水平的，A 与B 保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中B 的受力个数为( )A ．3个B ．4个C ．5个D ．6个解析：选B 先以A 为研究对象，分析受力情况：受重力、B 对A 的竖直向上的支持力，B 对A 没有摩擦力，否则A 不会匀速运动。
再对B 研究，B 受到重力、A 对B 竖直向下的压力，斜面的支持力和滑动摩擦力，共4个力。
3.如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k 的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为m 的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为6mg (g 为重力加速度)，已知两根弹簧与竖直方向的夹角为θ＝60°，则此时每根弹簧的伸长量为( )A.3mg kB.4mg kC.5mg kD.6mg k解析：选D 对物体m ，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N －mg ＝ma 其中：N ＝6mg解得：a ＝5g再对质量不计的底盘和物体m 整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有： 竖直方向：2F cos 60°－mg ＝ma解得：F ＝6mg根据胡克定律，有：x ＝F k ＝6mg k故D 正确。
2018届高考物理高考二轮复习课时作业 第二部分仿真模拟一-二 含答案
仿真模拟(一)(分数：110分 时间：90分钟)第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 14．以下说法正确的是( )A ．奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象B ．开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律C ．由电场强度的定义E ＝Fq 可知，电场强度与电场力F 成正比，与试探电荷的电荷量q 成反比D ．楞次通过实验发现了在磁场中产生电流的条件解析：法拉第发现了电磁感应现象并通过实验发现了在磁场中产生电流的条件，故选项A 、D 错误；开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律，故选项B 正确；电场强度由形成场的电荷决定，与试探电荷的电荷量无关，故选项C 错误． 答案：B15. 下列说法正确的是( )A ．原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B ．α射线、β射线、γ射线都是高速运动的带电粒子流C ．氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D ．发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关解析：原子核发生衰变时有质量亏损，质量不守恒，选项A 错误．γ射线是光子流，不是带电粒子流，选项B 错误．氢原子从激发态向基态跃迁，辐射的光子能量hν＝E m －E n ，即只能辐射特定频率的光子，C 项正确．发生光电效应时光电子的动能，只与入射光频率有关，而与入射光强度无关，D 项错误． 答案：C16．2015年9月28日美国宇航局说发现火星上有液态水，美国太空专家最近达成的共识认为，美国航天局可能在2033年把宇航员送入火星轨道，2039年派人登上火星．假设火星探测器环火星运行轨道可视为圆轨道，已知质量为m 的探测器环火星运行时可忽略其他天体的引力，其轨道半径为r ，运动周期为T ，引力常量为G .由以上条件可求得( ) A ．火星表面的重力加速度 B ．火星的半径C ．探测器离火星表面的高度D ．火星的质量解析：根据题意无法求出火星的半径，故B 错误．轨道半径为r ＝R ＋h ，不知道火星的半径，所以不能求出离火星表面的高度，故C 错误．已知火星探测器的轨道半径为r ，运动周期为T ，引力常量为G ，根据万有引力提供向心力，有GMm r 2＝m 4π2r T 2，M ＝4π2r 3GT 2，所以能求出火星的质量，故D 正确．根据万有引力等于重力得GMm R 2＝mg ，故g ＝GMR 2，因不知道火星的半径，所以不能求出火星表面的重力加速度，故A 错误． 答案：D17.已知通入电流为I 的长直导线在周围某点产生的磁感应强度B 与该点到导线间的距离r 的关系为B ＝k Ir .如图所示，竖直通电长直导线中的电流I 方向向上，绝缘的光滑水平面上P 处有一带正电小球从图示位置以初速度v 0水平向右运动，小球始终在水平面上运动，运动轨迹用实线表示．若从上向下看，则小球的运动轨迹可能是( )解析：根据右手螺旋定则可知直线电流I 产生的磁场方向与光滑的水平面平行，根据左手定则可知，带正电的小球受到的洛伦兹力方向始终与该水平面垂直，沿水平方向没有分力，所以洛伦兹力对运动的电荷不做功．由此可知，小球将做匀速直线运动，故A 正确，B 、C 、D 错误． 答案：A18．如图所示，带正电的A 球固定，质量为m 、电荷量为＋q 的粒子B 从a 处以速度v 0射向A ，虚线abc 是B 运动的一段轨迹，b 点距离A 最近．粒子经过b 点时速度为v ，重力忽略不计，则( )A ．粒子从a 运动到b 的过程中动能不断增大B ．粒子从b 运动到c 的过程中加速度不断增大C ．可求出A 产生的电场中a 、b 两点间的电势差D ．可求出A 产生的电场中b 点的电场强度解析：带电粒子从a 到b ，电场力做负功，根据动能定理，动能不断减小，选项A 错误；粒子从b 运动到c 的过程中加速度不断减小，选项B 错误；根据动能定理，可求出A 产生的电场中a 、b 两点间的电势差，选项C 正确；不可求出A 产生的电场中b 点的电场强度，选项D 错误． 答案：C19．如图所示，光滑轨道ABCD 是大型游乐设施过山车轨道的简化模型，最低点B 处的入、出口靠近但相互错开，C 是半径为R 的圆形轨道的最高点，BD 部分水平，末端D 点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v 逆时针转动．现将一质量为m 的小滑块从轨道AB 上某一固定位置A 由静止释放，滑块能通过C 点后再经D 点滑上传送带，则( )A ．固定位置A 到B 点的竖直高度可能为2RB ．滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v 无关C ．滑块不可能重新回到出发点A 处D ．传送带速度v 越大，滑块与传送带摩擦产生的热量越多解析：因滑块能通过C 点，则在C 点的速度为v C ≥gR ，由动能定理知，从A 点到C 点满足mgh ＝mg ·2R ＋12m v 2C ，解得h ≥52R ，故选项A 错误；物体在传送带上向右做匀减速运动，加速度为a ＝μg ，向右运动的最大距离x m ＝v 2D2μg ，故滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v 无关，选项B 正确；当传送带的速度v 大于物体到达D 点的速度时，物体向右运动速度减到零后，再向左运动回到D 点的速度与原来相同，故此时物体仍能回到出发点A ，故选项C 错误；传送带速度v 越大，滑块与传送带的相对位移越大，则由摩擦产生的热量越多，选项D 正确． 答案：BD20．如图所示，电源电动势为E ，内阻不计．滑动变阻器阻值为R ＝50 Ω，定值电阻R 1＝30 Ω，R 2＝20 Ω，三只电流表都是理想电流表．滑动变阻器的滑动触头P 从a 向b 移动过程中，下列说法正确的是( )A ．电流表A 的示数先增大后减小B ．电流表A 1的示数先增大后减小C ．电流表A 2的示数逐渐增大D ．滑动触头P 移到b 端时电流表A 的示数最大解析：当满足R 1＋R aP ＝R 2＋R bP 时，外电路的电阻最大，则滑动变阻器的滑动触头P 从a 向b 移动过程中，电路的总电阻先增大后减小，电流先减小后增加，电流表A 的示数先减小后增大，选项A 错误；因电源的内阻不计，可知电流表A 1的示数I 1＝ER 1＋R aP ，则随着R aP 的增加，电流表A 1读数减小，选项B 错误；电流表A 2的示数I 2＝ER 1＋R bP ，则随着R bP 的减小，电流表A 2读数逐渐增大，选项C 正确；由数学知识可知，当滑动触头P 移到b 端时电路的总电阻最小，此时电流表A 的示数最大，选项D 正确． 答案：CD21．如图，矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路，线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动，磁场只分布在bc 边的左侧，磁感应强度大小为B ，线圈面积为S ，转动角速度为ω，匝数为N ，线圈电阻不计．下列说法正确的是( )A ．将原线圈抽头P 向上滑动时，灯泡变暗B ．电容器的电容C 变大时，灯泡变暗C ．图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大D ．若线圈abcd 转动的角速度变为2ω，则变压器原线圈电压的有效值为NBSω解析：矩形线圈abcd 中产生交变电流，将原线圈抽头P 向上滑动时，原线圈匝数变大，根据变压比公式U 1U 2＝n 1n 2，输出电压减小，故灯泡会变暗，故A 正确；电容器的电容C 变大时，容抗减小，故干路电流增加，灯泡变亮，故B 错误；线圈处于图示位置时，是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，故C 错误；若线圈转动角速度变为2ω，电动势最大值为E m ＝NBS ·2ω，根据电流的热效应有E 2R ·T ＝(E m 2)2R ·T 2，解得E ＝NBSω，故D 正确．答案：AD第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22～25题为必考题，每个考题都必须作答，第33～34为选考题，按要求作答． (一)必考题(共47分)22．(6分)某军工企业于2015年1月研制成功一种新材料做成的电阻丝，其电阻稳定性非常优良，几乎不随温度发生改变．工程技术员为了准确测定它的电阻率，进行了如下的测量．(1)用多用电表粗测其电阻，示数如图所示，则R x ＝________Ω.(2)用伏安法测量导线的电阻，并要多次测量求其平均值，供选用的器材有： 电源E (电动势为4V)；电压表V(量程为3 V ，内阻约为2 kΩ) 电流表A 1 (量程为0.5 mA ，内阻约为1 Ω) 电流表A 2(量程为0.6 A ，内阻约为10 Ω) 滑动变阻器R (最大阻值为20 Ω) 开关、导线若干．①电流表应选________；②在用伏安法测量导线的电阻的操作过程中，所选电流表应采用________(选填“内接法”或“外接法”)、滑动变阻器应采用________(选填“分压式”或“限流式”)接入电路．解析：(1)多用电表测电阻，读数等于指针指示的最上排刻度值乘上倍率：8.0×1 000＝8 000 Ω.(2)①根据电源E＝4 V，待测电阻R x≈8 000 Ω，求得I max＝ER x＝0.5 mA，故选择电流表A1合适．②由于R x＞R A1·R V＝ 2 000，待测电阻为大电阻，用电流表内接法误差较小；而滑动变阻器最大阻值为20 Ω远小于待测导线电阻，同时要得到多组数据求电阻平均值，所以滑动变阻器用分压式接法．答案：(1)8 000(2)①A1②内接法分压式23．(9分)如图(a)所示为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置，该装置依靠电子信息系统获得了小车加速度a的信息，由计算机绘制出a与钩码重力的关系图．钩码的质量为m，小车和砝码的质量为M，重力加速度为g.(1)下列说法正确的是________．A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C．本实验m应远小于MD．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a-M图象(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他作出的a-F图可能是图(b)中________(选填“甲”“乙”或“丙”)图线．此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________．A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大(3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，其它操作均正确，若轨道水平，他测量得到的图象如图(c)所示．设图中纵轴上的截距为－b，则小车与木板间的动摩擦因数μ＝________. 解析：(1)平衡摩擦力后，假设木板倾角为θ，则有f＝mg sin θ＝μmg cos θ，即sin θ＝μcos θ，故每次在小车上加减砝码时，不需要重新平衡摩擦力，故A错误；实验时应先接通电源后释放小车，故B错误；为使钩码的重力近似等于绳子的拉力，应使m远小于M，故C正确；由F ＝Ma 得a ＝F M ，所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作a -1M 图象，故D 错误．故选C.(2)遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，说明没有平衡摩擦力或平衡不够，故可能作出图(b)中丙；此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大，没有远小于小车和砝码的质量，故选C.(3)根据牛顿第二定律可知，mg －μMg ＝Ma ，结合a -1M 图象，可得a ＝mg 1M －μg ，则图线在纵轴上的截距为－μg ＝－b ，因此小车与木板间的动摩擦因数μ＝bg .答案：(1)C (2)丙 C (3)bg24．(12分)如图所示，两根质量同为m 、电阻同为R 、长度同为l 的导体棒a 、b ，用两条等长的、质量和电阻均可忽略的长直导线连接后，放在距地面足够高的光滑绝缘水平桌面上，两根导体棒均与桌边缘平行，一根在桌面上，另一根移动到靠在桌子的光滑绝缘侧面上．整个空间存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度为B ，开始时两棒静止，自由释放后开始运动．已知两条导线除桌边缘拐弯处外其余部位均处于伸直状态，导线与桌子侧棱间无摩擦．求：(1)刚释放时，两导体棒的加速度大小； (2)两导体棒运动稳定时的速度大小；(3)若从开始下滑到刚稳定时通过横截面的电荷量为q ，求该过程a 棒下降的高度． 解析：(1)刚释放时，设导线中的拉力为F T 对a 棒：mg －F T ＝ma 对b 棒：F T ＝ma 解得a ＝12g .(2)导体棒运动稳定时，设细线中拉力为F T ′ 对b 棒：F T ′＝0 对a 棒：mg ＝F 安 又F 安＝BIl ＝B 2l 2v2R解得v ＝2mgRB 2l2.(3)从开始下滑到刚稳定，设a 棒下降的高度为h 则通过横截面的电荷量q ＝I ·Δt ＝ΔΦ2R ＝Blh2R解得h ＝2qRBl.答案：(1)12g (2)2mgR B 2l 2 (3)2qRBl25．(20分)如图所示，在足够高的光滑水平台面上静置一质量为m 的长木板A ，A 右端用轻绳绕过光滑的轻质定滑轮与质量也为m 的物体C 拴接．当C 从静止开始下落距离h 时，在木板A 的最右端轻放一质量为4m 的小铁块B (可视为质点)，最终B 恰好未从木板A 上滑落．A 、B 间的动摩擦因数μ＝0.25，且认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ，求：(1)C 由静止下落距离h 时，A 的速度大小v 0； (2)A 、B 间因摩擦而产生的热量Q ；(3)若当铁块B 轻放在木板A 的最右端的同时，对B 加一水平向右的恒力F ＝7mg ，其他条件不变，求B 滑出A 时的速度大小．解析：(1)以A 与C 组成是系统为研究的对象，C 下降的过程中，拉着A 一起运动，只有重力做功，则 mgh ＝12(m ＋m )v 20 代入数据解得v 0＝gh(2)将B 放在A 上后，B 受到摩擦力的作用，A 与B 之间的摩擦力 F f ＝μ·4mg ＝mg C 的重力：G C ＝mg设此时A 与C 仍然一起做加速运动，则 (m ＋m )a ＝mg －F f ＝mg －mg ＝0所以将B 放在A 上后，A 与C 一起做匀速直线运动，B 做匀加速直线运动，加速度 a B ＝μg ＝0.25g设经过时间t 后B 与A 的速度相等，此时B 恰好运动到A 的左端，则B 与A 的速度相等需要的时间t ＝v 0a B木板A 的长度L ＝v 0t －12a B t 2联立得L ＝2hA 、B 间因摩擦而产生的热量 Q ＝μ(4mg )L ＝0.25×4mg ×2h ＝2mgh(3)设A 、B 共速前B 的受力情况如图，A 、C 一起匀速运动，B 做加速运动．设A 、B 共速前，B 的加速度为a B 1，加速时间为t 1，则F ＋μ(4m )g ＝4ma B 1， v 0＝a B 1t 1，Δs ＝v 0t 1－12a B 1t 21 共速后，A 、B 、C 全部向右加速运动， A 、B 共速后，B 受力情况如图所示，对物体B 由牛顿第二定律得 F －μ(4m )g ＝(4m )a B 2①对系统A 、C 由牛顿第二定律得 mg ＋μ(4m )g ＝(m ＋m )a AC ② Δs ＝12(a B 2－a AC )t 22 物体B 的速度为v B ′＝v 0＋a B 2t 2＝52gh 答案：(1)gh (2)2mgh (3)52gh(二)选考题(共15分，请从给出的2道题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分) 33．[物理——选修3—3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分) A ．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B ．雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用C ．橡胶无固定的熔点，是非晶体D ．热机的效率可以达到100%E ．气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现(2)(10分)如图所示，A 汽缸截面积为500 cm 2，A 、B 两个汽缸中装有体积均为10 L 、压强均为1 atm 、温度均为27 ℃的理想气体，中间用细管连接．细管中有一绝热活塞M ，细管容积不计．现给左面的活塞N 施加一个推力，使其缓慢向右移动，同时给B 中气体加热，使此过程中A 汽缸中的气体温度保持不变，活塞M 保持在原位置不动．不计活塞与器壁间的摩擦，周围大气压强为1 atm ＝105 Pa.当推力F ＝53×103 N 时，求：①活塞N 向右移动的距离是多少？ ②B 汽缸中的气体升温到多少？解析：(1)温度是分子平均动能的标志，则温度高的物体分子平均动能一定大，但是物体的内能与物体的物质的量、温度及体积等都有关系，故温度高的物体内能不一定大，选项A 正确；雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用，选项B 正确；橡胶无固定的熔点，是非晶体，选项C 正确；根据热力学第二定律可知，任何热机的效率都不可以达到100%，选项D 错误；气体很容易充满整个容器，这是由于气体分子之间的作用力可以忽略，分子可以自由移动的缘故，选项E 错误．(2)①加力F 后，A 中气体的压强为p A ′＝p 0＋F S ＝43×105 Pa对A 中气体：由玻意耳定律得p A V A ＝p A ′V A ′ 则V A ′＝p A V A p A ′＝105 V A 43×105＝34V A初态时，L A ＝V A S A ＝10×103500cm ＝20 cm ，L A ′＝V A ′S A＝15 cm故活塞N 向右移动的距离是s ＝L A －L A ′＝5 cm②对B 中气体，因活塞M 保持在原位置不动，末态压强为p B ′＝p A ′＝43×105 Pa根据查理定律得p B T B ＝p B ′T B ′解得T B ′＝p B ′T Bp B ＝400 K ，解得t B ＝127 ℃答案：(1)ABC (2)①5 cm ②127℃ 34．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)如图所示，两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x ＝－0.2 m 和x ＝1.2 m 处，两列波的速度均为v ＝0.4 m/s ，两列波的振幅均为2 cm.图示为t ＝0时刻两列波的图象(传播方向如图所示)，此刻平衡位置处于x ＝0.2 m 和x ＝0.8 m 的P 、Q 两质点刚开始振动．质点M 的平衡位置处于x ＝0.5 m 处，下列说法正确的是________．(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分)A ．t ＝0.75 s 时刻，质点P 、Q 都运动到M 点B ．质点M 的起振方向沿y 轴负方向C ．t ＝2 s 时刻，质点M 的纵坐标为－2 cmD ．0到2 s 这段时间内质点M 通过的路程为20 cmE ．M 点振动后的振幅是4 cm(2)(10分)过去已知材料的折射率都为正值(n >0)，现针对某些电磁波设计的人工材料，其折射率都为负值(n <0)，称为负折射率材料，电磁波从空气射入这类材料时，折射定律和电磁波传播规律仍然不变，但是折射线与入射线位于法线的同一侧(此时折射角取负值)．现空气中有一上下表面平行、厚度为d ＝30 cm 、折射率为n ＝－1.732的负折射率材料，一束电磁波从其上表面以入射角i ＝60°射入，从下表面射出．①请画出电磁波穿过该材料的示意图； ②求电磁波穿过该材料所用的时间．解析：(1)P 、Q 两质点在各自的平衡位置来回振动，不沿波的传播方向移动，故A 错误；由同侧法可判断B 正确；两列波叠加时M 点振幅为4 cm ，故E 正确；波的周期为1 s ，波传播到M 点的时间是0.75 s ，当t ＝2 s 时，M 点振动的时间为1.25 s ，为周期的54倍，路程为5倍振幅是20 cm ，质点M 的纵坐标为－4 cm ，故C 错误，D 正确． (2)②根据折射定律得n ＝sin isin r由几何关系得电磁波在该材料中传播的距离为x ＝dcos r电磁波在该材料中传播的速度为v ＝cn电磁波通过该材料所用的时间为t ＝xv 由以上各式联立代入数据解得t ＝2×10－9s答案：(1)BDE (2)①如图所示②2×10－9s仿真模拟(二)(分数：110分 时间：90分钟)第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每个小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．小强在加油站加油时，看到加油机上有如图所示的图标．关于图标涉及的物理知识及其理解，下列说法正确的是( )A ．制作这些图标的依据是静电屏蔽原理B ．化纤手套与接触物容易摩擦起电存在安全隐患C ．工作人员工作时间须穿绝缘性能良好的化纤服装D ．用绝缘的塑料梳子梳头应该没有关系解析：据题意，梳头过程中梳子与头发摩擦会产生放电现象，选项D 错误；非棉手套及衣服与身体摩擦更容易产生静电，故选项B 正确，选项C 错误；脱衣服过程因为摩擦会产生静电，这些图标都是防止静电引起火灾，故选项A 错误． 答案：B15．北京时间8月9日凌晨4时，2016里约奥运会跳水项目男子双人10米跳台落下帷幕，中国组合林跃和小将陈艾森凭借优异的表现，以总分496.98分为跳水梦之队再添一金，同时也实现了中国跳水队在该项目上的四连冠．假设下图是陈艾森(可看作质点)参加跳台跳水比赛v -t 图象，t ＝0是其向上起跳离开跳台瞬间，则( )A. t 1时刻开始进入水面 B ．t 2时刻运动员达到最高点 C ．t 3时刻处于水下的最深处D ．0～t 2时间内，运动员处于超重状态解析：由图象可知从开始到t 2时刻，v ﹣t 图象为直线，说明整个过程中的加速度是相同的，加速度向下，处于失重状态，所以在0～t 2时间内人在空中，先上升后下降，t 1时刻到达最高点，t 2之后速度减小，开始进入水中，所以A 、B 、D 错误；t 3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C 正确． 答案：C16．地球赤道上的重力加速度为g ，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a ，卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P 点相切．以下说法正确的是( )A ．如果地球自转的角速度突然变为原来的g ＋a a 倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来B ．卫星甲、乙经过P 点时的加速度大小相等C ．卫星甲的周期最小D ．三个卫星在远地点的速度可能大于第一宇宙速度解析：物体在赤道上随地球自转时，GMmR 2－mg ＝ma ，当物体飘起来的时候，万有引力完全提供向心力，则ma ′＝GMmR 2＝mg ＋ma ，即此时的向心加速度a ′＝g ＋a ，则ω2为原来的g ＋a a 倍，则A 错误；卫星在同一位置其加速度相同，则B 正确；根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，故周期最小，则C 错误；卫星在远地点做向心运动，其速度要小于第一宇宙速度，则D 错误． 答案：B17．质量为m 、长度为l 的金属棒MN 两端由绝缘且等长轻质细线水平悬挂，处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B .开始时细线竖直，金属棒静止．当金属棒中通以恒定电流后，金属棒从最低点向右开始摆动，若已知细线与竖直方向的最大夹角为60°，如图所示，则棒中电流( )A ．方向由M 向N ，大小为3mg3Bl B ．方向由N 向M ，大小为3mgBl C ．方向由M 向N ，大小为3mgBl D ．方向由N 向M ，大小为3mg3Bl解析：选取细线竖直时为初始状态，细线与竖直方向夹角为60°时为末状态．根据动能定理可得W 合＝ΔE k ，初状态和末状态速度都为零，则W G －W 安＝mgL 绳(1－cos 60°)－BIlL 绳sin 60°＝0，解得电流I 为3mg3Bl.因为安培力方向水平向右，所以根据左手定则，电流方向为由N 向M .故D 选项正确． 答案：D18．全国自由式滑雪冠军赛于2016年2月24至25日在沈阳白清寨滑雪场举行．如图所示，某一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上．若斜面雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v 0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g ，则( )A ．如果v 0不同，则该运动员落到雪坡时的速度方向也就不同B ．不论v 0多大，该运动员落到雪坡时的速度方向都是相同的C ．运动员落到雪坡时的速度大小是v 0cos θD ．运动员在空中经历的时间是2v 0cot θg解析：设在空中飞行时间为t ，运动员在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，运动员竖直位移与水平位移之比为y x ＝12gt2v 0t ＝gt2v 0＝tan θ，则有飞行的时间t ＝2v 0tan θg ，运动员落到雪坡时竖直方向的速度大小为v y ＝gt ＝2v 0tan θ，设此时运动员的速度与方向水平的夹角为α，则tan α＝v yv 0＝2tan θ，可见α与初速度v 0无关，初速度不同，但运动员落到雪坡时的速度方向相同，故A 、D 错误，B 正确；运动员落回雪坡时的速度大小为v ＝v 0cos α≠v 0cos θ，故C错误． 答案：B19．如图所示，质量分布均匀的光滑小球O ，放在倾角均为θ的斜面体上，斜面体置于同一水平面上，且处于平衡，则下列说法正确的是()A ．甲图中斜面对球O 弹力最大B ．丙图中斜面对球O 弹力最小C ．乙图中挡板MN 对球O 弹力最小D ．丙图中挡板MN 对球O 弹力最小解析：将甲、乙、丙、丁四种情况小球的受力图作在一幅图上，如图， 根据平衡条件知，丁图中斜面对小球的弹力为零，挡板对小球的弹力等于其重力G .斜面对小球的弹力和挡板对小球的弹力的合力与重力大小相等、方向相反，即得到三种情况下此合力相等，根据平行四边形定则知，丙图中挡板MN 对球O 弹力F MN 最小，甲图中斜面对球O 弹力F 斜最大．故B 、C 错误，A 、D 正确． 答案：AD20．磁流体发电机可简化为如下模型：两块长、宽分别为a 、b 的平行板，彼此相距L ，板间通入已电离的速度为v 的气流，两板间存在一磁感应强度大小为B 的磁场，磁场方向与两板平行，并与气流垂直，如图所示．把两板与外电阻R 连接起来，在磁场力作用下，气流中的正、负离子分别向两板移动形成电流．设该气流的导电率(电阻率的倒数)为σ，则()A ．该磁流体发电机模型的内阻为r ＝LB ．产生的感应电动势为E ＝Ba vC ．流过外电阻R 的电流强度I ＝BL vR ＋L σabD ．该磁流体发电机模型的路端电压为BL v RR ＋σL ab解析：根据左手定则知正电荷向上偏，负电荷向下偏，上极板带正电，下极板带负电，最终电荷处于平衡有q v B ＝q E L ，解得电动势为E ＝BL v ，内电阻为r ＝ρL S ＝L σS ＝Lσab ，根据闭合电路欧姆定律有I ＝ER ＋L σab ＝BL v R ＋L σab ，那么路端电压为U ＝IR ＝BL v R R ＋L σab .综上所述，故A 、C 正确，B 、D 错误． 答案：AC21．在倾角为θ的斜面上固定两根足够长的光滑平行金属导轨PQ 、MN ，相距为L ，导轨处于磁感应强度为B 、范围足够大的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．有两根质量均为m 的金属棒a 、b ，先将a 棒垂直导轨放置，用跨过光滑定滑轮的细线与物块c 连接，连接a 棒的细线平行于导轨，由静止释放c ，此后某时刻，将b 也垂直导轨放置，a 、c 此刻起做匀速运动，b 棒刚好能静止在导轨上．a 棒在运动过程中始终与导轨垂直，两棒与导轨电接触良好，导轨电阻不计，则( )A ．物块c 的质量是2m sin θB ．b 棒放上导轨前，物块 c 减少的重力势能等于a 、c 增加的动能C ．b 棒放上导轨后，物块 c 减少的重力势能等于回路消耗的电能D ．b 棒放上导轨后，a 棒中电流大小是mg sin θBL解析：b 棒静止说明b 棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡；a 棒匀速向上运动，说明a 棒受绳的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三个力平衡；c 匀速下降，则c 所受重力和绳的拉力大小平衡．由b 平衡可知，安培力大小F 安＝mg sin θ，由a 平衡可知F 绳＝F 安＋mg sin θ＝2mg sin θ，由c 平衡可知F 绳＝m c g 因为绳中拉力大小相等，故2mg sin θ＝m c g ，即物块c 的质量为2m sin θ，故A 正确；b 放上导轨之前，根据能量守恒知。
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寒假作业(十一)一模考前适应性训练(二)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1.(2017·沈阳模拟)a、b两辆汽车沿同一直线运动，它们的xt图像如图所示，则下面关于两车运动情况的说法正确的是()A．前2 s内两车的位移相同B．t＝1 s时两车之间的距离最远C．b车的加速度的大小为1 m/s2D．第3秒内两车行驶的路程相同解析：选D位移大小等于初、末位置坐标之差，根据图像可知，前2 s内a车的位移大于b车位移，故A错误；图像的交点表示相遇，根据图像可知，t＝1s时两车相遇，故B错误；b车做匀速直线运动，加速度为0，故C错误；图像的斜率表示速度，根据图像可知，第3 s，a、b速度相同，做匀速直线运动，则第3秒内两车行驶的路程相同，故D正确。
2.(2017·吉林大学附中模拟)如图所示，空间中存在与等边三角形ABC所在平面平行的匀强电场。
其中电势φA＝φB＝0，φC＝φ。
保持该电场的大小和方向不变，让等边三角形以AB为轴转过60°，则此时C点的电势为()3 1A. φB．φ2 23 1C．－φD．－φ2 2解析：选B运用匀强电场U＝Ed求解即可，关键明确d为沿电场方向的距离。
因为A、B3 点等势，所以电场方向水平向左，设等边三角形的边长为L，则C点到AB的垂线长度为L，2φ所以匀强电场E＝，让等边三角形以AB为轴转过60°，则C点在平面上的投影点到AB的3L23 3 φ 3 1距离为d＝L·cos60°＝L，故此时C点的电势为φ′＝Ed＝×L＝φ，B正确。
2 434 2L23.(2017·钦州市港区月考)在如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1、R2为两个阻值固定的电阻，当可变电阻R的滑片向下移动时，理想电流表的示数I和理想电压表的示数U将()A．I变小，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变小D．I变大，U变大1解析：选B当R的滑片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知总电流I增大。
电压表测量路端电压U，而U＝E－Ir，I增大，E、r不变，则U变小。
设变阻器两端电压为U′，则U′＝E－I(R1＋r)，I增大，其他量不变，则U′变小，通过R2的电流变小，而总电流变大，则电流表的示数I变大，故B正确。
4.实际生活中常常利用如图所示的装置将重物吊到高处。
现有一质量为M的同学欲将一质量也为M的重物吊起，已知绳子在水平天花板上的悬点与定滑轮固定点之间的距离为L，不计滑轮的大小、滑轮与绳的重力及滑轮受到的摩擦力。
当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，动滑轮与天花板间的距离为()3 3A. LB. L6 33 1C. LD. L2 2解析：选A当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，绳子的拉力等于人的重力，即为Mg，而重物的重力也为Mg，设绳子与竖直方向的夹角为θ，可得2Mg cos θ＝Mg，则θ＝60°，此时动滑轮与天花板L2 3的距离为d＝＝L，所以A正确，B、C、D错误。
tan θ 65．某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成。
发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动。
矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P 上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是()A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高解析：选B当线圈与磁场平行时，感应电流最大，故A错误；从垂直中性面计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωt，故B正确；当用户数目增多时，功率增大，根2据功率P＝UI，电压不变，则电流增大，损失电压增大，从而可确定触头P移动方向向上，故C 错误；当触头P向下移动，只会改变原线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故D错误。
6．下列说法正确的是()A．若氢原子核外电子从激发态n＝3跃迁到基态发出的光子刚好能使某金属发生光电效应，则从激发态n＝2跃迁到基态发出的光子一定能使该金属发生光电效应B．英籍物理学家卢瑟福在1919年用α粒子轰击氮核打出了两种粒子，测出了它们的质量和电荷量，证明了原子核内部是由质子和中子组成的C．任何原子核在衰变过程中质量数和电荷数都守恒D．光子除了具有能量外还具有动量解析：选CD根据光电效应中极限频率和玻尔理论可知，A错误；英籍物理学家卢瑟福用α粒子轰击氮核时发现了质子，测出了它的质量和电荷量，并没有发现中子，B错误；根据原子核的衰变规律可知，任何原子核在衰变过程中都遵循质量数和电荷数守恒，C正确；根据光量子理论，光子不仅具有能量，还具有动量，D正确。
7.如图所示物，块AB、叠放在一起其，中B与斜面间的动摩擦因数μ＜tanθ，A、B整体相对静止以一定的初速度沿固定的足够长的斜面上滑，则下列说法正确的是()A．上滑的过程A、B整体处于失重状态B．上滑到最高点后A、B整体将停止运动C．A与B之间的摩擦力在上滑过程中大于下滑过程D．A与B之间的摩擦力上滑与下滑过程中大小相等解析：选AD在上升和下滑的过程，整体都是只受三个力，重力、支持力和摩擦力，以向下为正方向，根据牛顿第二定律得向上运动的过程中：(m A＋m B)g sin θ＋f＝(m A＋m B)a，f＝μ(m A＋m B)g cos θ因此有：a＝g sinθ＋μg cosθ，方向沿斜面向下，所以向上运动的过程中A、B组成的整体处于失重状态，故A正确。
同理对整体进行受力分析，向下运动的过程中，由牛顿第二定律得：(m A＋m B)g sin θ－f＝(m A＋m B)a′，得：a′＝g sin θ－μg cos θ由于μ＜tan θ，所以a′＞0所以上滑到最高点后A、B整体将向下运动，故B错误；以B为研究对象，向上运动的过程中，根据牛顿第二定律有：m B g sin θ＋f′＝m B a，解得：f′＝μm B g cos θ；3向下运动的过程中，根据牛顿第二定律有：m B g sin θ－f″＝m B a′，解得：f″＝μm B g cos θ；所以f″＝f′，即A与B之间的摩擦力上滑与下滑过程中大小相等，故C错误，D正确。
8．半径为r带缺口的刚性金属网环在纸面上固定放置，在网环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板A、B连接，两板间距为d且足够宽，如图甲所示。
有一变化的磁场垂直于纸面，规定向内为正，变化规律如图乙所示。
在平行金属板A、B正中间有质量未知、电荷量为q的带电液滴，液滴在0～0.1 s内处于静止状态，已知重力加速度为g。
则以下说法正确的是()A．液滴带正电qπr2B．液滴的质量为10gdC．第0.3 s时液滴的运动方向改变D．第0.4 s时液滴距初始位置距离为0.08g(单位：米)解析：选ABD根据楞次定律可知，在0～0.1 s内线圈中产生的感应电动势下板为正，液滴处于平衡状态时，可知液滴带正电，选项A正确；在0～0.1 s内线圈中产生的感应电动势E ΔB0.01 E qπr2＝S＝×πr2＝0.1πr2；对液滴mg＝q，解得m＝，选项B正确；0.1～0.2 s内Δt0.1 d10gd电动势的方向发生改变，则液滴向下做加速运动，0.2～0.3 s内电动势的方向不变，液滴继续向下加速运动，0.3～0.4 s内电动势方向改变，液滴受力平衡，向下做匀速运动，选项C错误；E 1 液滴向下匀加速运动：mg＋q＝ma，解得a＝2g,0.1～0.3 s内液滴向下加速运动的位移x1＝d 21at2＝×2g×0.22＝0.04g(m)；在0.3 s时刻液滴的速度v＝at＝2g×0.2 m/s＝0.4g m/s；20.3～0.4 s内液滴向下做匀速运动，故位移x2＝vt＝0.04g(m)，第0.4 s时液滴距初始位置距离为0.08g(单位：米)，选项D正确。
二、非选择题(共47分)9．(6分)(2017·鸡西模拟)利用如图所示的实验装置探究动能定理，将光电门固定在轨道上的B点，用重物通过细线拉小车，小车质量为M，保持小车质量不变，改变所挂重物质量m多次进行实验，每次小车都从同一位置A由静止释放(g取10 m/s2)。
4(1)做该实验时，是否需要平衡摩擦力__________(填“需要”或“不需要”)。
(2)实验时，发现传感器示数明显不等于重物的重力，其原因是______________________。
(3)在正确规范操作后，实验时除了需要读出传感器的示数F，测出了小车质量M，还需测量的物理量有________________________，验证动能定理的表达式为__________________(用测得的物理量表示)。
解析：(1)由于该实验探究拉力做功与动能变化的关系，所以不能有摩擦力做功，所以需要平衡摩擦力。
(2)由于没有满足重物的质量远小于小车的质量，导致传感器示数明显不等于重物的重力。
(3)实验时需要读出传感器的示数F，测出了小车质量M，还需测量的物理量有：AB两点的长度s、在B点的速度v，光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度v，根据功能1 关系可以求出需要验证的关系式：Fs＝Mv2。
2答案：(1)需要(2)重物的质量没有远小于小车的质量(3)AB两点的长度s、在B点的1速度v Fs＝Mv2210．(9分)(2017·重庆一诊)某学习小组在练习使用多用电表的同时，对多用电表进行了探究(以下问题中均使用同一多用电表)。
(1)该学习小组先使用多用电表测量电压，若选择开关处在“10V”挡位，指针的位置如图1所示，则测量结果为________V。
(2)然后学习小组对多用电表进行了探究，将多用电表选择开关旋至某倍率欧姆挡，测未知电阻值的电路如图2所示，通过查找资料，了解到表头G的满偏电流为10 mA，并通过测量作出了电路中电流I与待测电阻阻值R x关系图像如图3所示，由此可确定电池的电动势E＝________V，该图像的函数关系式为I＝________。
综上可判定学习小组使用了多用电表________倍率的欧姆挡。