(江苏专用)2020高考物理二轮复习第一部分专题六物理实验第一讲力学基础实验——课前自测诊断卷
2020届高考物理江苏省二轮复习训练题：考前冲刺 第一篇 12-十二、力学实验
十二、力学实验
基础回扣
1.误差
误差种类产生原因大小特点减小方法
系统误差
实验仪器不精密,实验原理不完善,实
验方法粗略
总是偏大
或偏小
更新仪器,完善原理,
改进实验方法
偶然误差
由于各种偶然因素(如测量、读数不准
确)造成的
可大可小画图像或取平均值
2.有效数字
(1)有效数字的最后一位是测量者估读出来的,是偶然误差的来源。
(2)从数的左边第一个不为零的数字算起,如0.012 5 m为三位有效数字。
3.力学实验要点
分类实验名称常考要点
探究性
实验
研究匀变速直线运动数据处理方法:(1)公式法:v t
2
=。
2020版江苏省高考物理二轮专题复习讲义：专题六 1 专题六 近代物理
真题再现1.(2019·高考江苏卷)100年前，卢瑟福用α粒子轰击氮核打出了质子．后来，人们用α粒子轰击6028Ni 核也打出了质子：42He ＋6028Ni →6229Cu ＋11H ＋X ，该反应中的X 是________(选填“电子”“正电子”或“中子”)．此后，对原子核反应的持续研究为核能利用提供了可能．目前人类获得核能的主要方式是________(选填“核衰变”“核裂变”或“核聚变”).详细分析：根据核反应方程遵循质量数守恒和电荷数守恒，可得X 的质量数为1，电荷数为零，所以X 是中子．目前人类获得核能的主要方式是核裂变.答案：中子 核裂变2.(2019·高考江苏卷)在“焊接”视网膜的眼科手术中，所用激光的波长λ＝6.4×10－7 m ，每个激光脉冲的能量E ＝1.5×10－2 J ．求每个脉冲中的光子数目．(已知普朗克常量h ＝6.63×10－34J ·s ，光速c ＝3×108 m/s.计算结果保留一位有效数字) 详细分析：光子能量ε＝hcλ光子数目n ＝Eε代入数据得n ＝5×1016. 答案：见解+析考情分析命题研究本模块在江苏卷中的题型为选择题，难度不大．从内容来看，对于光电效应、氢原子的能级结构、核反应方程的书写、核能的计算问题的考查比较频繁．从整体命题趋势上看，高考对本部分的命题基本会保持原有命题思路，仍将以光电效应、能级跃迁、核反应方程、核能的分析与计算为命题重点光电效应现象【高分快攻】1．对光电效应规律的解释(1)两条线索(2)两条对应关系①光强大→光子数目多→发射光电子多→光电流大；②光子频率高→光子能量大→光电子的最大初动能大.【典题例析】(2019·高考北京卷)光电管是一种利用光照射产生电流的装置，当入射光照在管中金属板上时，可能形成光电流．表中给出了6次实验的结果．A．两组实验采用了不同频率的入射光B．两组实验所用的金属板材质不同C．若入射光子的能量为5.0 eV，逸出光电子的最大动能为1.9 eVD．若入射光子的能量为5.0 eV，相对光强越强，光电流越大[详细分析]由于光子的能量E＝hν，又入射光子的能量不同，故入射光子的频率不同，A项正确；由爱因斯坦光电效应方程hν＝W＋E k，可求出两组实验的逸出功均为3.1 eV，故两组实验所用的金属板材质相同，B项错误；由hν＝W＋E k，逸出功W＝3.1 eV可知，若入射光子能量为5.0 eV，则逸出光电子的最大动能为1.9 eV，C项正确；相对光强越强，单位时间内射出的光子数越多，单位时间内逸出的光电子数越多，形成的光电流越大，故D项正确．[答案] B【题组突破】角度1对光电效应规律的理解1．1905年是爱因斯坦的“奇迹”之年，这一年他先后发表了三篇具有划时代意义的论文，其中关于光量子的理论成功地解释了光电效应现象．关于光电效应，下列说法正确的是()A．当入射光的频率低于极限频率时，不能发生光电效应B．光电子的最大初动能与入射光的频率成正比C．光电子的最大初动能与入射光的强度成正比D．某单色光照射一金属时不发生光电效应，改用波长较短的光照射该金属一定发生光电效应详细分析：选A.根据光电效应现象的实验规律，只有入射光频率大于极限频率才能发生光电效应，故A正确，D错误；根据光电效应方程，最大初动能与入射光频率为线性关系，但非正比关系，B错误；根据光电效应现象的实验规律，光电子的最大初动能与入射光强度无关，C错误．角度2光电效应方程和图象问题2．小明用金属铷为阴极的光电管，观测光电效应现象，实验装置示意图如图甲所示．已知普朗克常量h＝6.63×10－34J·s.(1)图甲中电极A为光电管的____(填“阴极”或“阳极”)；(2)实验中测得铷的遏止电压U c与入射光频率ν之间的关系如图乙所示，则铷的截止频率νc＝________Hz，逸出功W0＝________J；(3)如果实验中入射光的频率ν＝7.00×1014Hz，则产生的光电子的最大初动能E k＝________ J.详细分析：(1)在光电效应中，电子向A极运动，故电极A为光电管的阳极．(2)由题图可知，铷的截止频率νc为5.15×1014Hz，逸出功W0＝hνc＝6.63×10－34×5.15×1014J≈3.41×10－19J.(3)当入射光的频率为ν＝7.00×1014Hz时，由E k＝hν－hνc得，光电子的最大初动能为E k ＝6.63×10－34×(7.00－5.15)×1014J≈1.23×10－19J.答案：(1)阳极(2)5.15×1014[(5.12～5.18)×1014均视为正确]3．41×10－19[(3.39～3.43)×10－19均视为正确](3)1.23×10－19[(1.21～1.25)×10－19均视为正确]解决光电效应类问题的“3点注意”注意1：决定光电子最大初动能大小的是入射光的频率，决定光电流大小的是入射光光强的大小．注意2：由光电效应发射出的光电子由一极到达另一极，是电路中产生光电流的条件．注意3：明确加在光电管两极间的电压对光电子起到了加速作用还是减速作用．原子能级和能级跃迁【高分快攻】1．玻尔理论的三条假设(1)原子跃迁时，所吸收或释放的光子能量只能等于两能级之间的能量差．(2)原子电离时，所吸收的能量可以大于或等于某一能级能量的绝对值，剩余能量为自由电子的动能．(3)一个氢原子跃迁发出可能的光谱线条数最多为(n－1)，而一群氢原子跃迁发出可能的光谱线条数可用N＝C2n＝n（n－1）2求解．(4)计算能级能量时应注意：因一般取无穷远处为零电势参考面，故各能级的能量值均为负值；能量单位1 eV＝1.6×10－19 J.【典题例析】(2018·高考天津卷)氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线Hα、Hβ、Hγ和Hδ，都是氢原子中电子从量子数n>2的能级跃迁到n＝2的能级时发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定()A．Hα对应的前后能级之差最小B．同一介质对Hα的折射率最大C．同一介质中Hδ的传播速度最大D．用Hγ照射某一金属能发生光电效应，则Hβ也一定能[详细分析]Hα的波长最长，频率最低，由跃迁规律可知，它对应的前后能级之差最小，A 项正确；由频率越低的光的折射率越小知，B 项错误；由折射率n ＝cv 可知，在同一介质中，H α的传播速度最大，C 项错误；当入射光频率大于金属的极限频率可以使该金属发生光电效应现象，因νH β<νH γ，所以H β不一定能使该金属发生光电效应现象，D 项错误．[答案] A【题组突破】1．如图所示为氢原子的能级图，现有一群处于n ＝3能级的激发态的氢原子，则下列说法正确的是()A ．能发出6种不同频率的光子B ．波长最长的光是氢原子从n ＝3能级跃迁到n ＝1能级产生的C ．发出的光子的最小能量为12.09 eVD ．处于该能级的氢原子至少需吸收1.51 eV 能量的光子才能电离详细分析：选D.一群处于n ＝3能级的激发态的氢原子能发出C 23＝3种不同频率的光子，A 错误；由辐射条件知氢原子由n ＝3能级跃迁到n ＝1能级辐射出的光子频率最大，波长最小，B 错误；发出的光子的最小能量为E 3－E 2＝1.89 eV ，C 错误；n ＝3能级对应的氢原子能量是－1.51 eV ，所以处于该能级的氢原子至少需吸收1.51 eV 能量的光子才能电离，D 正确．2．氢原子部分能级的示意图如图所示．不同色光的光子能量如下表所示．A ．红、蓝－靛B ．黄、绿C ．红、紫D ．蓝－靛、紫详细分析：选A.原子发光时放出的光子的能量等于原子能级差，先分别计算各能级差，再由小到大排序．结合可见光的光子能量表可知，有两个能量分别为1.89 eV 和2.55 eV 的光子属于可见光，分别属于红光和蓝－靛光的范围，故答案为A.原子核的衰变规律 【高分快攻】1．衰变规律及实质(1)半衰期研究对象一定是大量的、具有统计意义的数量； (2)半衰期永不变；(3)半衰期的公式：N 余＝N 原⎝⎛⎭⎫12tτ，m 余＝m 原⎝⎛⎭⎫12tτ. 【典题例析】一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为238 92U →234 90Th ＋42He.下列说法正确的是( )A ．衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B ．衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C ．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D ．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量[详细分析] 静止的铀核在衰变过程中遵循动量守恒，由于系统的总动量为零，因此衰变后产生的钍核和α粒子的动量等大反向，即p Th ＝p α，B 项正确；因此有2m Th E kTh ＝2m αE k α，由于钍核和α粒子的质量不等，因此衰变后钍核和α粒子的动能不等，A 项错误；半衰期是有半数铀核衰变所用的时间，并不是一个铀核衰变所用的时间，C 项错误；由于衰变过程释放能量，根据爱因斯坦质能方程可知，衰变过程有质量亏损，因此D 项错误．[答案] B【题组突破】角度1 对衰变规律的理解1.(多选)23892U 是一种放射性元素，能够自发地进行一系列放射性衰变，如图所示，下列说法正确的是( )A ．图中a 是84，b 是206B.206 82Pb 比238 92U 的比结合能大C ．Y 和Z 是同一种衰变D ．Y 是β衰变，放出电子，电子是由中子转变成质子时产生的详细分析：选 ABC.由210 a Po 变到206 82Pb ，质量数少4，知发生了一次α衰变，则电荷数少2，所以a ＝84，由210 83Bi 变到 b 81Tl ，发生了一次α衰变，则b ＝206，选项A 、C 正确，选项D错误；比结合能小的原子核结合或分裂成比结合能大的原子核时会出现质量亏损，根据爱因斯坦质能方程得知，一定释放核能，因此核反应放出能量，则206 82Pb 比23892U 的比结合能大，选项B 正确．角度2 对半衰期及衰变次数的理解2．由于放射性元素237 93Np 的半衰期很短，所以在自然界中一直未被发现，只是在使用人工的方法制造后才被发现．已知237 93Np 经过一系列α衰变和β衰变后变成209 83Bi ，下列选项中正确的是( )A.209 83Bi 的原子核比23793Np 的原子核少28个中子B.237 93Np 经过衰变变成209 83Bi ，衰变过程可以同时放出α粒子、β粒子和γ粒子C ．衰变过程中共发生了7次α衰变和4次β衰变D.237 93Np 的半衰期等于任一个237 93Np 原子核发生衰变的时间详细分析：选C.209 83Bi 的中子数为209－83＝126，237 93Np 的中子数为237－93＝144，209 83Bi 的原子核比237 93Np 的原子核少18个中子，A 错误；237 93Np 经过一系列α衰变和β衰变后变成20983Bi ，可以同时放出α粒子和γ粒子或者β粒子和γ粒子，不能同时放出三种粒子，B 错误；衰变过程中发生α衰变的次数为237－2094＝7(次)，β衰变的次数为2×7－(93－83)＝4(次)，C 正确；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用，D 错误．核反应方程和核能计算【高分快攻】1．四种常见核反应(1)一定的能量和一定的质量相联系，物体的总能量和它的质量成正比，即E＝mc2.方程的含义：物体具有的能量与它的质量之间存在简单的正比关系，物体的能量增大，质量也增大；物体的能量减少，质量也减少．(2)核子在结合成原子核时出现质量亏损Δm，其能量也要相应减少，即ΔE＝Δmc2.(3)原子核分解成核子时要吸收一定的能量，相应的质量增加Δm，吸收的能量为ΔE＝Δmc2.【典题例析】(2018·高考天津卷)国家大科学工程——中国散裂中子源(CSNS)于2017年8月28日首次打靶成功，获得中子束流，可以为诸多领域的研究和工业应用提供先进的研究平台．下列核反应中放出的粒子为中子的是()A.147N俘获一个α粒子，产生178O并放出一个粒子B.2713Al俘获一个α粒子，产生3015P并放出一个粒子C.115B俘获一个质子，产生84Be并放出一个粒子D.63Li俘获一个质子，产生32He并放出一个粒子[详细分析]根据核反应过程中质量数守恒及电荷数守恒可知，147N＋42He→178O＋11H，A项错误；2713Al＋42He→3015P＋10n，B项正确；115B＋11H→84Be＋42He，C项错误；63Li＋11H→32He＋42He，D项错误．[答案] B【题组突破】角度1核反应的四种类型1．在下列描述核过程的方程中，属于α衰变的是________，属于β衰变的是________，属于裂变的是________，属于聚变的是________．(填正确答案标号)A.146C→147N＋0－1eB.3215P→3216S＋0－1eC.23892U→23490Th＋42HeD.147N＋42He→178O＋11HE.23592U＋10n→14054Xe＋9438Sr＋210nF.31H＋21H→42He＋10n详细分析：一个原子核自发地放出一个α粒子，生成一个新核的过程是α衰变，因此C 项是α衰变；一个重核在一个粒子的轰击下，分裂成几个中等质量原子核的过程是重核的裂变，因此E项是重核的裂变；两个较轻的原子核聚合成一个较大的原子核，并放出粒子的过程是轻核的聚变，因此F项是轻核的聚变；另外，A、B项是β衰变，D项是原子核的人工转变．答案：C AB E F角度2核能的计算2．(2017·高考全国卷Ⅰ)大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电．氘核聚变反应方程是：21H＋21H→32He＋10n.已知21H的质量为2.013 6 u, 32He的质量为3.015 0 u，10n的质量为1.008 7 u，1 u＝931 MeV/c2.氘核聚变反应中释放的核能约为()A．3.7 MeV B．3.3 MeVC．2.7 MeV D．0.93 MeV详细分析：选B.氘核聚变反应的质量亏损为Δm＝2×2.013 6 u－(3.015 0 u＋1.008 7 u)＝0.003 5 u，释放的核能为ΔE＝Δmc2＝0.003 5×931 MeV/c2×c2≈3.3 MeV，选项B正确．(1)在求解核反应中的动量守恒时，常出现以下错误：①核反应中产生的新核和粒子的质量数的确定；②在列动量守恒式时，是否考虑放出的光子的动量；③核反应中动能并不守恒．(2)可以从以下几点防范：①根据核反应规律，确定新核和粒子的质量数；②根据题给条件明确是否考虑光子的动量；③若为放能核反应，反应后的动能等于反应前的动能与释放的核能之和．(建议用时：25分钟)一、单项选择题1．(2019·徐州二模)我国科学家潘建伟院士预言十年左右量子通信将“飞”入千家万户．在通往量子论的道路上，一大批物理学家作出了卓越的贡献，下列有关说法正确的是() A．玻尔在1990年把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念B．爱因斯坦最早认识到了能量子的意义，提出光子说，并成功地解释了光电效应现象C．德布罗意第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念D．普朗克大胆地把光的波粒二象性推广到实物粒子，预言实物粒子也具有波动性详细分析：选B.普朗克在1900年把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念，故A错误；爱因斯坦最早认识到了能量子的意义，为解释光电效应的实验规律提出了光子说，并成功地解释了光电效应现象，故B正确；玻尔第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，故C错误；德布罗意大胆地把光的波粒二象性推广到实物粒子，预言实物粒子也具有波动性，故D错误．2．(2018·高考北京卷)在核反应方程42He＋147N→178O＋X中，X表示的是()A．质子B．中子C．电子D．α粒子详细分析：选A.由核反应方程中，电荷数守恒和质量数守恒可知，X为11H，选项A正确．3．(2019·镇江模拟)2019年夏天，中美贸易之争使国人了解了芯片的战略意义，芯片制作工艺非常复杂，光刻机是制作芯片的关键设备，其曝光系统最核心的部件之一是紫外光源．常见光源分为可见光：436 nm；紫外光(UV)：365 nm；深紫外光(DUV)：KrF准分子激光：248 nm，ArF准分子激光：193 nm；极紫外光(EUV)：10～15 nm.下列说法正确的是() A．波长越短，可曝光的特征尺寸就越小，就表示光刻的刀锋越锋利，刻蚀对于精度控制要求越高B．光源波长越长，能量越大，曝光时间就越短C．如果紫外光不能让某金属发生光电效应，极紫外光也一定不能D．由康普顿效应可知深紫外光通过实物物质发生散射时会出现波长更短的成分详细分析：选A.波长越短，可曝光的特征尺寸就越小，就表示光刻的刀锋越锋利，刻蚀对于精度控制要求越高，选项A正确；光源波长越长，则频率就越小，能量越小，选项B错误；极紫外光的波长小于紫外光的波长，则频率较大，如果紫外光不能让某金属发生光电效应，极紫外光不一定不能使该金属发生光电效应，选项C错误；由康普顿效应可知深紫外光通过实物物质发生散射时能量变小，频率变小，则会出现波长更长的成分，选项D错误．4．(2017·高考北京卷)2017年年初，我国研制的“大连光源”——极紫外自由电子激光装置，发出了波长在100 nm(1 nm＝10－9 m)附近连续可调的世界上最强的极紫外激光脉冲．大连光源因其光子的能量大、密度高，可在能源利用、光刻技术、雾霾治理等领域的研究中发挥重要作用．一个处于极紫外波段的光子所具有的能量可以电离一个分子，但又不会把分子打碎．据此判断，能够电离一个分子的能量约为(取普朗克常量h＝6.6×10－34J·s，真空光速c＝3×108 m/s)()A．10－21 J B．10－18 JC．10－15 J D．10－12 J详细分析：选B.光子的能量E＝hν，c＝λν，联立解得E≈2×10－18 J，B项正确．5．(2019·淮安模拟)2017年1月，我国“墨子号”量子科学实验卫星正式进入应用研究．在量子理论中，有共同来源的两个微观粒子，不论它们相距多远，它们总是相关的，一个粒子状态的变化会立即影响到另一个粒子，这就是所谓的量子纠缠．关于量子理论，下列说法中正确的有()A．玻尔氢原子理论第一次提出了能量量子化的观念B．爱因斯坦研究光电效应提出光子说，光子说属于量子理论的范畴C．量子理论中，实物粒子不具有波粒二象性D．微观粒子在受力状况和初速度确定的前提下，可以确定它此后的运动状态和位置答案：B6.我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是()A.21H＋31H→42He＋10nB．147N＋42He→178O＋11HC.42He＋2713Al→3015P＋10nD．23592U＋10n→14456Ba＋8936Kr＋310n详细分析：选A.A项是氢元素的两种同位素氘和氚聚变成氦元素的核反应方程，B项是用α粒子轰击氮原子核发现质子的核反应方程，C项属于原子核的人工转变，D项属于重核的裂变，因此只有A项符合要求．7．(2019·南京模拟)核电站泄漏的污染物中含有碘131和铯137.碘131的半衰期约为8天，会释放β射线；铯137是铯133的同位素，半衰期约为30年，发生衰变时会辐射γ射线．下列说法正确的是()A．碘131释放的β射线由氦核组成B．铯137衰变时辐射出的γ光子能量小于可见光光子能量C．与铯137相比，碘131衰变更慢D．铯133和铯137含有相同的质子数详细分析：选D.β射线是高速运动的电子流，不是氦原子核，A错误；γ射线的频率大于可见光的频率，根据E＝hν可知，γ射线光子能量大于可见光光子能量，B错误；半衰期越短，衰变越快，C错误；铯133和铯137都是铯元素，是质子数相同而中子数不同的同位素，所以D正确．8．(2018·高考全国卷Ⅲ)1934年，约里奥—居里夫妇用α粒子轰击铝核2713Al，产生了第一个人工放射性核素X：α＋2713Al→n＋X.X的原子序数和质量数分别为() A．15和28B．15和30C．16和30D．17和31详细分析：选B.据α粒子和中子的质量数和电荷数写出核反应方程：42He＋2713Al―→10n＋A Z X，结合质量数守恒和电荷数守恒得，A ＝4＋27－1＝30，Z ＝2＋13－0＝15，原子序数等于核电荷数，故B 正确．9．(2019·泰州二模)已知基态He ＋的电离能力是54.4 eV ，几种金属的逸出功如下表所示，He ＋的能级E n 与n 的关系与氢原子的能级公式类似，下列说法不正确的是( )A 54.4 eVB ．为使处于静止的基态He ＋跃迁到激发态，入射光子所需的能量最小为40.8 eVC ．处于n ＝2激发态的He ＋向基态跃迁辐射的光子能使上述五种金属都产生光电效应现象D ．发生光电效应的金属中光电子的最大初动能最大的是金属铷详细分析：选A.根据玻尔理论E n ＝－E 1n2，从基态路迁到n ＝2所需光子能量最小，ΔE ＝E 2－E 1＝34E 1＝40.8 eV ，A 错误，B 正确；从n ＝2激发态的He ＋向基态跃迁辐射的光子能量为40.8 eV ，金属钨的逸出功为7.26×10－19 J ≈4.54 eV ，故能使所列金属发生光电效应，由表中的数据可知金属铷的逸出功最小，故C 正确；根据爱因斯坦的光电效应方程可知道从铷打出的光电子的最大初动能最大，D 正确．10．(2019·徐州二模)下列说法正确的是( )A ．光电效应揭示了光的粒子性，康普顿效应揭示了光的波动性B ．玻尔原子理论提出了定态和跃迁的概念，能解释任何原子的光谱现象C.232 90Th(钍核)经过6次α衰变和2次β衰变后变成208 82Pb(铅核) D ．一群处在n ＝4能级的氢原子，最多可能向外辐射6种不同频率的光子详细分析：选D.爱因斯坦提出光子假说，认为光子是一份一份的能量，从而建立的光电效应方程很好地解释了光电效应现象；康普顿效应也是揭示了光的粒子性，即光子和石墨中的电子发生相互作用后，光子的频率减小，且运动方向发生改变，满足动量守恒和能量守恒，故选项A 错误；玻尔提出的氢原子能级结构模型，利用定态概念和能级跃迁的规律，只能很好地解释氢原子光谱，但是无法解释其他原子的光谱现象，故选项B 错误；钍核质量数为232，铅核质量数为208，则α衰变次数为x ＝232－2084＝6(次)，β衰变次数为y ，y ＝12＋82－90＝4(次)，故选项C 错误；大量氢原子从n ＝4向低能级跃迁，最多产生C 24＝6种不同频率的光子，故选项D正确．二、多项选择题11．在光电效应实验中，用频率为ν的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是()A．增大入射光的强度，光电流增大B．减小入射光的强度，光电效应现象消失C．改用频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应D．改用频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大详细分析：选AD.增大入射光强度，单位时间内照射到单位面积的光电子数增加，则光电流将增大，故选项A正确；光电效应是否发生取决于照射光的频率，而与照射强度无关，故选项B错误；用频率为ν的光照射光电管阴极，发生光电效应，用频率较小的光照射时，若光的频率仍大于极限频率，则仍会发生光电效应，故选项C错误；根据hν－W逸＝12可知，2m v增加照射光频率，光电子的最大初动能也增大，故选项D正确．12．(2019·高考天津卷)我国核聚变反应研究大科学装置“人造太阳”2018年获得重大突破，等离子体中心电子温度首次达到1亿度，为人类开发利用核聚变能源奠定了重要的技术基础．下列关于聚变的说法正确的是()A．核聚变比核裂变更为安全、清洁B．任何两个原子核都可以发生聚变C．两个轻核结合成质量较大的核，总质量较聚变前增加D．两个轻核结合成质量较大的核，核子的比结合能增加详细分析：选AD.与核裂变相比轻核聚变更为安全、清洁，A正确；自然界中最容易实现的聚变反应是氢的同位素氘与氚的聚变，不是任意两个原子核都能发生核聚变，B错误；两个轻核发生聚变结合成质量较大的核时，放出巨大的能量，根据E＝mc2可知，聚变反应中存在质量亏损，则总质量较聚变前减少，C错误；两个轻核结合成质量较大的核的过程中要释放能量，核子的平均质量减少，所以核子的比结合能增加，D正确．13．下列说法中正确的是()A．玻尔认为氢原子的能级是量子化的B．一个动量为p的电子对应的物质波波长为hp(h为普朗克常量)C．天然放射现象的发现揭示了原子核具有复杂的结构D．随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较长方向移动答案：AC三、非选择题14．(1)设一对静止的正、负电子湮灭后产生两个频率相同的光子A 和B ，已知电子质量为m ，真空中光速为c ，普朗克常量为h ，则光子A 的频率是________；若测得光子A 的波长为λ，则光子B 的动量大小为________．(2)原子核的能量也是量子化的，226 89Ac 能发生β衰变产生新核226 90Th ，处于激发态的新核226 90Th 的能级图如图所示．①写出226 89Ac 发生β衰变的方程；②大量226 89Ac 发生上述衰变时，探测器能接收到γ射线谱线有几条？求出波长最长的γ光子的能量E .详细分析：(2)①226 89Ac →226 90Th ＋ 0－1e②C 23＝3，可知处于激发态的新核226 90Th 能发出3种不同频率的光子，即探测器能接收到3条γ射线谱线．光子能量最小时对应的波长最长，故E ＝E 2－E 1＝0.072 1 MeV.答案：(1)mc 2h h λ(2)①226 89Ac →226 90Th ＋ 0－1e ②3条 0.072 1 MeV15．(2018·高考江苏卷)光电效应实验中，用波长为λ0的单色光A 照射某金属板时，刚好有光电子从金属表面逸出．当波长为λ02的单色光B 照射该金属板时，光电子的最大初动能为________，A 、B 两种光子的动量之比为________．(已知谱朗克常量为h 、光速为c )详细分析：题意可知，h c λ0＝W ，E k ＝2h c λ0－W ＝h c λ0；光子的动量与其波长成反比，所以两种光子动量之比为1∶2.答案：hc λ01∶2 16．(2019·无锡模拟) (1)表示放射性元素碘131(131 53I)β衰变的方程是________．A.131 53I →127 51Sb ＋42HeB.131 53I →131 54Xe ＋ 0－1eC.131 53I →130 53I ＋10nD.131 53I →130 52Te ＋11H(2)现有四个核反应：。
(江苏专用)2020高考物理二轮复习第一部分专题一力与运动第二讲力与直线运动课件
(二)解题失误“为什么” 1．不清楚运动图像的点、斜率、面积等的物理意义。如 诊断卷第7题中，通过斜率来判断，运动员没有打开降落伞时 做自由落体运动，在打开伞后可能先做减速运动最终做匀速运
动，可能先做加速度减小的加速运动最终做匀速运动，也可能
本 课 内 容 结 束 直接做匀速运动。诊断卷第8题中，v2-x图线的斜率为物块加
速度
与时间轴平行的 直线
运动图像的三点提醒 (1)运动图像描述的是纵轴物理量随横轴物理量(通常为时间t) 变化的规律，而不是物体的运动轨迹。 (2)运动图像只能描述直线运动，不能描述曲线运动。 (3)x-t图像的交点才表示两物体相遇，而v-t图像的交点只能 说明此时两物体速度相等。
(三)掌握四种常用解题方法 1．基本公式法：如诊断卷第1题中，首先分析汽车从刚 进入ETC通道的识别区到刚好紧贴栏杆停下，这段时间汽车 的运动情况，针对刹车过程，题目已知量为初、末速度和加
本 课 内 容 结 束 好为零，整个过程演员的v-t图像和传感器显示的拉力随时间
的变化情况分别如图甲、乙所示，g取10 m/s2，则下列说法
正确的是
(
)
A．演员的体重为800 N B．演员在最后2 s内一直处于超重状态 C．传感器显示的最小拉力为600 N D．滑竿长4.5 m
解析：由两题图结合可知，静止时，传感器示数为800 N，除
动，故C正确，D错误。 答案：C
2.(2019·泰州中学检测)某人在五楼阳
台处竖直向上抛出一只皮球，其速
率—时间图像如图所示，下列说法
正确的是
本课内容结束
A．t1时刻皮球达到最高点
(
)
B．t2时刻皮球回到出发点
C．0～t1时间内，皮球的加速度一直在增大
高考物理二轮复习 第六章 力学实验 提能增分练(一)测重力加速度的8种方法
提能增分练(一) 测重力加速度的8种方法1.如图1所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度。
(1)所需器材有：电磁打点计时器、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需________(填字母代号)。
A ．直流电源B ．天平及砝码C ．4～6 V 交流电源D ．毫米刻度尺(2)实验中得到的一条纸带如图2所示，图中五个数据中不符合有效数字要求的一组数据应改为________cm ；重物在打下点D 时的速度大小为________m/s 。
重物的加速度大小为________m/s 2。
该实验中测得的重力加速度偏小，其主要原因是______________________________________。
解析：(1)电磁打点计时器需接4～6 V 交流电源。
重力加速度与重物的质量无关，所以不需要天平和砝码。
计算速度需要测相邻计数点的距离，需要毫米刻度尺，故A 、B 错误，C 、D 正确。
(2)毫米刻度尺测量长度，要求估读到最小刻度的下一位，这五个数据中不符合有效数字要求的是：2.0，应改为2.00。
A 、B 、C 、D 、E 、F 是打点计时器连续打出的点，因此计时点之间的时间间隔为：T ＝0.02s ；根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度求出D 点速度为：v D ＝x CE2T＝0.103 2－0.043 90.04m/s ＝1.482 5 m/s ，根据逐差法有：a ＝x CE －x AC 4T 2＝0.103 2－0.043 9－0.043 94×0.022m/s 2＝9.625 m/s 2， 由于重物下落的过程中存在摩擦力及空气的阻力，因此所测重力加速度比实际的要小。
答案：(1)CD (2)2.00 1.482 5 9.625 实验中存在摩擦力及空气的阻力2．(2017·内蒙古赤峰二中检测)如图甲所示为阿特武德机的示意图，它是早期测量重力加速度的器械，由英国数学家和物理学家阿特武德于1784年制成。
(江苏专用)2020高考物理二轮复习第一部分专题二功和能第一讲功和功率动能定理课件
＝PD>PB，故选项C正确，A、B、D错误。 答案：C
2．一物块在一个水平拉力作用下沿粗糙水平面运动，其v-t图像如 图甲所示，水平拉力的P-t图像如图乙所示，取g＝10 m/s2，求：
本课内容结束
(1)物块与水平面间的动摩擦因数μ； (2)物块运动全过程水平拉力所做的功W； (3)物块在0～2 s内所受的水平拉力大小。
解析：(1)由甲、乙两图比较可知，在第5～9 s内，物块做匀 减速运动
本 课 内 容 结 束 加速度：a＝09－－45.0 m/s2＝－1.0 m/s2
由牛顿第二定律得：－μmg＝ma 得：μ＝0.1。 (2)对全过程： W＝12·P1t1＋P2t2＝12.02×2 J＋4.0×3 J＝24 J。
4～8 s内，加速度的大小a2＝ΔΔvt′ ′＝8－ 8 4 m/s2＝2 m/s2。
本 课 内 容 结 束 (2)根据牛顿第二定律，在0～4 s内恒力F与摩擦力同向：F＋
μmg＝ma1 4～8 s内恒力F与摩擦力反向：F－μmg＝ma2 联立解得：F＝7 N，μ＝0.15。
(3)根据题给图形的面积可得8
时的速度成正比
D．做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力
之比3∶2
解析：动车组启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向
是相同的，所以乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向
相同，故A错误；动车组做匀速运动时，乘客相对车厢竖直向
上跳起后，因为惯性，所以人在车前进的方向保持匀速运动
状态，即人向前的位移等于车向前的位移，所以人将落在起
本课内容结束
江苏省2020版高考物理第二章相互作用第1讲重力弹力摩擦力课件
Ff 相对运动 (1)定义：彼此接触的物体发生 时，摩擦力和正压力的比值.μ＝ . FN (2)决定因素：接触面的材料和 粗糙程度 .
自测3 指明物体A在以下情况下所受的静(动)摩擦力的方向. 答案 a.沿传送带向上 b. 沿斜面向上 d.竖直向上 c. 竖直向上 e.水平向右(与
F的方向相同) f.水平向左
2.滑动摩擦力大小的计算
滑动摩擦力的大小用公式Ff＝μFN来计算，应用此公式时要注意以下几点：
(1)μ为动摩擦因数，其大小与接触面的材料、表面的粗糙程度有关；FN为两接
触面间的正压力，其大小不一定等于物体的重力.
(2)滑动摩擦力的大小与物体的运动速度和接触面的大小均无关.
3.静摩擦力的有无和方向的判断方法 (1)假设法：利用假设法判断的思维程序如下：
大一轮复习讲义
第二章 相互作用
第1讲 重力 弹力 摩擦力
内容索引
NEIRONGSUOYIN
过好双基关
研透命题点 随堂测试 课时作业
回扣基础知识 训练基础题目 细研考纲和真题 分析突破命题点 随堂检测 检测课堂学习效果 限时训练 练规范 练速度
过好双基关
一、力
1.定义：力是 物体与物体之间 的相互作用. 2.作用效果：使物体发生形变或改变物体的 运动状态 (即产生加速度). 3.性质：力具有物质性、相互性、矢量性、独立性等特征.
在滑动摩擦力和其他力作用下，做减速运动的物体突然停止滑行时，物体将不
再受滑动摩擦力作用，滑动摩擦力可能“突变”为静摩擦力.
例6
(2018· 泰州中学模拟)如图9所示，斜面固定在地面上，倾角为θ＝37°(sin 37°
＝0.6，cos 37°＝0.8).质量为1 kg的滑块以初速度v0从斜面底端沿斜面向上滑行(斜面
(通用版)2020版高考物理二轮复习专题六第一讲力学实验课件
精确 度 (mm)
测量结果(游标尺上第 n 条 刻度线与主尺上的某刻度 线对齐时)(mm)
10 9
0.1 0.1 主尺上读的毫米数+0.1n
20 19
0.05 0.05 主尺上读的毫米数+0.05n
50 49
0.02 0.02 主尺上读的毫米数+0.02n
-17-
考点一
考点二
考点三
考点四
2.螺旋测微器的读数 测量值=固定刻度整毫米数+半毫米数+可动刻度读数(含估读
实验 5 个包括:测定金属的电阻率(同时练习使用螺旋测微器),
专 题 复 习 研 究
描绘小电珠的伏安特性曲线,测定电源的电动势和内阻,练习 使用多用电表,传感器的简单使用。 近五年高考命题点主要集中在:1.力学实验中的纸带类问题(6 次)。2.弹簧、橡皮条问题(3 次)。3.力学创新实验(8 次)。4. 实验仪器的读数与使用(3 次)。5.电学实验中以测电阻为核心 的实验(5 次)。6.电学创新类实验(3 次)。命题形式为一个力学 实验和一个电学实验。
关闭
每 隔时 的两物 加t=个块 速0.1相的 度s邻速 大。点度小物之大为块间小做有为匀加4 个速打直出线m/的运s2(点动m保/未,s留相(保画2同位留出时有3,故间位效相内有数邻运效字点动数)。之的字间距);物的离块时越下间来滑间越
大,故先打 A 点。平均速度等于中间时刻的瞬时速度,故 vC=ΔΔ������������ =
������BC+������CD = 46.5×10-3
2������
0.2
m/s=0.233
m考A/s点2=定00..位2735:3逐m/差s02.。法75求加速度
2020版高考物理二轮复习第1部分专题6物理实验第1讲力学实验教案2 - 副本
力学实验第1讲 力学实验[高考统计·定方向] (教师授课资源)考点考向五年考情汇总1.“纸带”类实验2019·全国卷Ⅰ T 222019·全国卷Ⅱ T 222017·全国卷Ⅰ T 222017·全国卷Ⅱ T 222015·全国卷Ⅱ T 22从近五年的高考命题可以看出：1．全国卷的2个实验题中，大多数情况下第1个为力学实验，且难度较低。
2.“橡皮条、弹簧、碰撞”类实验2018·全国卷Ⅰ T 222017·全国卷Ⅲ T 222．考查的热点包括“纸带类”实验和“力学创新实验”。
“纸带类实验”中多为利用纸带求加速度，“创新实验中”多为实验目的创新。
3.力学创新实验2019·全国卷Ⅲ T 222018·全国卷Ⅰ T 232018·全国卷Ⅲ T 222016·全国卷Ⅱ T 222016·全国卷Ⅰ T 222016·全国卷Ⅲ T 232015·全国卷Ⅰ T 223．复习力学实验时，应重视对实验原理的理解及常规的数据处理方法，如图象法、图表法的应用。
4．对于“弹簧、碰撞类”实验，近几年考查的虽然不多，但仍应引起足够重视。
“纸带”类实验(5年5考)1．(2019·全国卷Ⅰ·T 22)某小组利用打点计时器对物块沿倾斜的长木板加速下滑时的运动进行探究。
物块拖动纸带下滑，打出的纸带一部分如图所示。
已知打点计时器所用交流电的频率为50 Hz ，纸带上标出的每两个相邻点之间还有4个打出的点未画出。
在A 、B 、C 、D 、E 五个点中，打点计时器最先打出的是________点。
在打出C 点时物块的速度大小为________m/s(保留3位有效数字)；物块下滑的加速度大小为________m/s 2(保留2位有效数字)。
[解析] 根据题述，物块加速下滑，在A 、B 、C 、D 、E 五个点中，打点计时器最先打出的是A 点。
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第一讲力学基础实验——课前自测诊断卷考点一基本仪器的使用和读数1.[如图1是用游标卡尺测量时的刻度图，为20分度游标尺，读数为：__________cm。
图2中螺旋测微器的读数为：________mm。
解析：20分度的游标卡尺，精确度是0.05 mm，游标卡尺的主尺读数为13 mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为15×0.05 mm＝0.75 mm，所以最终读数为：13 mm＋0.75 mm＝13.75 mm＝1.375 cm。
螺旋测微器的固定刻度为0.5 mm，可动刻度为20.0×0.01 mm＝0.200 mm，所以最终读数为0.5 mm＋0.200 mm＝0.700 mm。
答案：1.375 0.7002．[考查游标卡尺和螺旋测微器的使用和读数](1)某实验中需要测量一根金属丝的直径(约0.5 mm)，为了得到尽可能精确的测量数据，应从实验室提供的米尺、螺旋测微器和游标卡尺(游标尺上有10个等分刻度)中，选择______________进行测量。
(2)用游标卡尺(游标尺上有50个等分刻度)测定某工件的宽度时，示数如图所示，此工件的宽度为________mm。
解析：(1)金属丝的直径约0.5 mm，而游标卡尺精确度才0.1 mm，螺旋测微器精确度可达0.01 mm，故应选择螺旋测微器进行测量。
(2)由于50分度的游标卡尺精确度为0.02 mm，主尺上读数为23 mm，游标尺上第11格与主尺刻度对齐，故游标尺的读数为0.22 mm，所以工件宽度为23.22 mm。
答案：(1)螺旋测微器(2)23.22考点二“力和运动”类实验3.[某同学利用如图所示装置研究小车的匀变速直线运动。
(1)实验中，必需的措施是________。
A ．细线必须与长木板平行B ．先接通电源再释放小车C ．小车的质量远大于钩码的质量D ．平衡小车与长木板间的摩擦力(2)他实验时将打点计时器接到频率为50 Hz 的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图所示(每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出)。
s 1＝3.59 cm ，s 2＝4.41 cm ，s 3＝5.19 cm ，s 4＝5.97 cm ，s 5＝6.78 cm ，s 6＝7.64 cm 。
则小车的加速度a ＝________ m/s 2(要求充分利用测量的数据)，打点计时器在打B 点时小车的速度v B ＝________ m/s 。
(结果均保留两位有效数字)解析：(1)利用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时，为顺利完成实验，保证实验效果，细线与长木板要平行，否则小车受力会发生变化，选项A 正确；为打的点尽量多些，需先接通电源，再释放小车，选项B 正确；本题中只要保证小车做匀变速运动即可，无须保证小车质量远大于钩码的质量，选项C 错误；同理，小车与长木板间可以有不变的摩擦力，无须平衡摩擦力，选项D 错误。
故必需的措施是A 、B 选项。
(2)由s 4－s 1＝3a 1T 2、s 5－s 2＝3a 2T 2、s 6－s 3＝3a 3T 2知加速度a ＝a 1＋a 2＋a 33＝s 4＋s 5＋s 6－s 1－s 2－s 39T2＝0.80 m/s 2 打B 点时小车的速度v B ＝s 1＋s 22T＝0.40 m/s 。
答案：(1)AB (2)0.80 0.404．[考查验证力的平行四边形定则](2018·天津高考)某研究小组做“验证力的平行四边形定则”实验，所用器材有：方木板一块，白纸，量程为5 N 的弹簧测力计两个，橡皮条(带两个较长的细绳套)，刻度尺，图钉(若干个)。
(1)具体操作前，同学们提出了如下关于实验操作的建议，其中正确的有________。
A．橡皮条应和两绳套夹角的角平分线在一条直线上B．重复实验再次进行验证时，结点O的位置可以与前一次不同C．使用测力计时，施力方向应沿测力计轴线；读数时视线应正对测力计刻度D．用两个测力计互成角度拉橡皮条时的拉力必须都小于只用一个测力计的拉力(2)该小组的同学用同一套器材做了四次实验，白纸上留下的标注信息有结点位置O、力的标度、分力和合力的大小及表示力的作用线的点，如下图所示。
其中对于提高实验精度最有利的是________。
解析：(1)两细绳套拉力的合力不一定沿两细绳套夹角的角平分线，故A错误。
同一次实验，用一个细绳套拉橡皮条和用两个细绳套拉橡皮条结点O的位置应相同，不同次实验结点O的位置可以不同，故B正确。
为减小弹簧测力计摩擦和误差，施力方向应沿测力计轴线，读数时视线正对测力计刻度，故C正确。
合力可以比分力大，也可以比分力小，故D错误。
(2)为了提高实验精度，测力计读数应适当大一些，标度应适当小一些，两分力夹角适当大一些，标注细线方向的两点离结点应适当远一些。
故选B。
答案：(1)BC (2)B5.[考查探究加速度与物体质量、物体受力的关系](2019·南通二模)利用图甲所示装置探究物体的加速度与所受合外力的关系，小车质量约300 g，另配置质量20 g 的钩码5个，质量500 g的砝码1个。
(1)实验中，平衡摩擦力的具体做法是________(选填“挂上”或“移去”)钩码，长木板右端用垫块抬高，调至适当高度，接通电源，轻推小车，使纸带上打出的点间距相等。
(2)实验通过添加钩码改变小车的受力。
关于小车，下列说法中正确的有________。
A ．当钩码质量远小于小车总质量时，可认为小车所受合外力与钩码重力大小相等B ．开始实验时，应将砝码放入小车C ．小车内放入砝码后需重新平衡摩擦力D ．实验中不需要测出小车的质量(3)实验中打出一条纸带，如图乙所示，从某清晰点开始取计数点，分别标为0、1、2、3、4、5、6，测量点0到点3的距离为d 1，点0到点6的距离为d 2，已知相邻计数点间的时间间隔均为T ，则加速度a ＝________。
(4)实验小组由小车受到的拉力F 和对应的加速度a ，作出a F 图线，如图丙中实线所示，下列对实验图线偏离直线的原因分析，正确的是________。
A ．测量不准确引起的，属于偶然误差B ．实验原理方法引起的，属于系统误差C ．加速度大，空气阻力作用更加明显D ．滑轮与轴间有摩擦解析：(1)平衡摩擦力时，移去钩码，长木板右端用垫块抬高，调至适当高度，接通电源，轻推小车，使纸带上打出的点间距相等。
(2)当钩码的质量远小于小车的质量时，可以认为小车所受的合力等于钩码的重力，故A 正确；开始实验时，应将砝码放入小车，使得钩码质量远小于小车质量，故B 正确；小车内放入砝码后，不需要重新平衡摩擦力，故C 错误；实验研究加速度与力的关系，需保持小车的总质量不变，所以不需要测出小车的质量，故D 正确。
(3)根据逐差法(d 2－d 1)－d 1＝a (3T )2得，加速度a ＝d 2－2d 19T2。
(4)a F 图线中图线上端偏离直线的原因是不能满足钩码的质量远小于小车的质量，该误差属于系统误差，是由实验原理方法引起的。
答案：(1)移去 (2)ABD (3)d 2－2d 19T 2 (4)B 考点三“能量和动量”类实验6.[探究动能定理(2019·江苏高考)某兴趣小组用如图所示的装置验证动能定理。
(1)有两种工作频率均为50 Hz 的打点计时器供实验选用：A ．电磁打点计时器B ．电火花打点计时器为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选择________(选填“A”或“B”)。
(2)保持长木板水平，将纸带固定在小车后端，纸带穿过打点计时器的限位孔。
实验中，为消除摩擦力的影响，在砝码盘中慢慢加入沙子，直到小车开始运动。
同学甲认为此时摩擦力的影响已得到消除。
同学乙认为还应从盘中取出适量沙子，直至轻推小车观察到小车做匀速运动。
看法正确的同学是________(选填“甲”或“乙”)。
(3)消除摩擦力的影响后，在砝码盘中加入砝码。
接通打点计时器电源，松开小车，小车运动。
纸带被打出一系列点，其中的一段如图所示。
图中纸带按实际尺寸画出，纸带上A 点的速度v A ＝________ m/s 。
(4)测出小车的质量为M ，再测出纸带上起点到A 点的距离为L 。
小车动能的变化量可用ΔE k ＝12Mv A 2算出。
砝码盘中砝码的质量为m ，重力加速度为g 。
实验中，小车的质量应________(选填“远大于”“远小于”或“接近”)砝码、砝码盘和沙子的总质量，小车所受合力做的功可用W ＝mgL 算出。
多次测量，若W 与ΔE k 均基本相等则验证了动能定理。
解析：(1)电磁打点计时器打点计时时振针与纸带之间的摩擦较大；电火花打点计时器是电磁脉冲产生的电火花在纸带上打点，纸带所受阻力较小，故选B 项。
(2)由于刚开始运动，拉力克服最大静摩擦力，而最大静摩擦力略大于滑动摩擦力，故平衡摩擦力的两种说法中，乙同学正确。
(3)取与A 点相邻的两点，用毫米刻度尺测出两点之间的距离，如图所示。
用平均速度表示A 点的瞬时速度，v A ＝x 2T ＝12.4×10－32×0.02m/s ＝0.31 m/s 。
(4)本实验要验证的表达式是mgL ＝12Mv A 2，用砝码的重力表示拉力的前提是m ≪M 。
答案：(1)B (2)乙 (3)0.31(0.30～0.33都算对) (4)远大于7．[考查验证机械能守恒定律]用如图甲所示的实验装置验证m 1、m 2组成的系统机械能守恒。
m 2从高处由静止开始下落，m 1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。
图乙给出的是实验中获取的一条纸带，0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打下的点(图中未标出)，计数点间的距离如图乙所示。
已知m 1＝50 g ，m 2＝150 g ，则(计算结果保留两位有效数字，实验用交流电周期为0.02 s)(1)在纸带上打下计数点5时的速度v 5＝________m/s ；(2)在打下计数点0～5的过程中系统动能的增加量ΔE k ＝________J ，为了简化计算，g 取10 m/s 2，则系统重力势能的减少量ΔE p ＝________J ；(3)在本实验中，若某同学作出了12v 2h 图像，如图丙所示，h 为从起点量起的长度，则据此得到当地的重力加速度g ＝____________m/s 2。
解析：(1)利用匀变速直线运动的推论有： v 5＝x 46t 46＝0.216＋0.2642×0.1m/s ＝2.4 m/s 。
(2)系统动能的增加量为：ΔE k ＝E k5－0＝12(m 1＋m 2)v 52＝12×(0.05＋0.15)×2.42 J ＝ 0.58 J ，系统重力势能减小量为：ΔE p ＝(m 2－m 1)·gh ＝0.1×10×(0.384＋0.216)J ＝0.60 J ， 在误差允许的范围内，m 1、m 2组成的系统机械能守恒。