考点19 圆锥曲线与方程压轴题汇总(选修2-1)(解析版)
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考点19 圆锥曲线压轴题汇总
一、单选题(共13小题)
1.(2020•闵行区校级三模)已知F为抛物线y2=4x的焦点,A、B、C为抛物线上三点,当时,
则存在横坐标x>2的点A、B、C有()
A.0个B.2个
C.有限个,但多于2个D.无限多个
【分析】设A(x1,y1),B(x2,y2),C(x3,y3),利用,说明F为△ABC的重心,利用重
心坐标公式结合不等式转化求解x1≤2,讨论推出x2≤2,x3≤2,得到结果.
【解答】解:设A(x1,y1),B(x2,y2),C(x3,y3),先证x1≤2,
由知,F为△ABC的重心,
又F(1,0),∴,,
∴x2+x3=3﹣x1,y2+y3=﹣y1,
∴,∴,
∴,∴x1≤2(x2+x3),∴x1≤2(3﹣x1),
∴x1≤2,
同理x2≤2,x3≤2,
故选:A.
【知识点】抛物线的性质
2.(2020•新疆模拟)过双曲线C:右焦点F的直线l与C交于P,Q两点,,
若,则C的离心率为()
A.B.2C.D.
【分析】设双曲线的左焦点为F',由向量共线定理可得|QP|=2|PF|,由向量垂直的条件,可得OP⊥FQ,可设|PF|=t,可得|QP|=2t,再由双曲线的定义可得|PF'|,|QF'|,运用勾股定理和余弦定理,可得cos ∠PFO为关于t的式子,化简整理,消去t,可得a,c的方程,再由双曲线的离心率公式,计算可得所求值.
【解答】解:设双曲线的左焦点为F',
由,可得|QP|=2|PF|,
,可得OP⊥FQ,
可设|PF|=t,可得|QP|=2t,
由双曲线的定义可得|PF'|=|PF|+2a=t+2a,
|QF'|=|QF|﹣2a=3t﹣2a,
在直角三角形POF中,可得cos∠PFO=,
在△PFF'中,cos∠PFO=,
在△QFF'中,cos∠QFO=cos∠PFO=,
由=,化为3ta=c2﹣a2,①
由=,可得3t2﹣3ta=c2﹣a2,②
由①②消去t,可得c2=7a2,即c=a,
则e==,
故选:C.
【知识点】双曲线的性质
3.(2020•咸阳三模)已知抛物线C:y2=8x,点P,Q是抛物线上任意两点,M是PQ的中点,且|PQ|=10,
则M到y轴距离的最小值为()
A.9B.8C.4D.3
【分析】法一:设直线l的方程为x=my+n,设点A(x1,y1)、B(x2,y2),将直线l的方程与抛物线C的方程联立,列出韦达定理,利用弦长公式计算|AB|,并利用条件|AB|=12,得出m与n所满足的关系式,然后求出点M的坐标,可得出点M到x轴距离的表达式,将关系式代入并结合基本不等式可得出点M到x轴距离的最小值即可.
法二:运用抛物线的定义解题;PQ≤PF+QF,再由中位线定理和抛物线的定义.
【解答】解:法﹣:由题意可知直线l的斜率不为零,设l:x=my+n,设点A(x1,y1)、B(x2,y2),则点M(,),点M到x轴的距离为.
由,整理得y2﹣8my﹣8n=0.
△=64m2+32n>0,由韦达定理得y1+y2=8m,y1y2=﹣8n.
|AB|=•|y1﹣y2|=•=10,可得n=﹣2m2,
∵=4m,
∴=m•+n=m•4m+n=4m2+﹣2m2=2m2+=2(1+m2)+﹣2≥2﹣2=5﹣2=3;
当且仅当2(1+m2)=,即当m=±时,等号成立,
此时n=﹣2m2=2,△=64m2+32n>0成立,合乎题意!
因此,点M到y轴的距离的最小值为3,此时,直线l的方程为x±y﹣2=0.
法二:因为:|PQ|≤PF+QF=x1+x2+p⇒x1+x2≥10﹣p=6;
∴PQ的中点M到y轴距离的值为:≥3;
即最小值为3.
故选:D.
【知识点】抛物线的性质
4.(2020•邯郸一模)过点P作抛物线C:x2=2y的切线l1,l2,切点分别为M,N,若△PMN的重心坐标为
(1,1),且P在抛物线D:y2=mx上,则D的焦点坐标为()
A.B.C.D.
【分析】由已知设切点坐标设M(x1,),N(x2,),利用导数写出切线L1,L2的方程,联立求出交点P坐标x=,y=,代入重心坐标公式利用已知条件可求出P的坐标为(1,﹣1),再代入抛物线D:y2=mx方程,求出m,进而求D的焦点坐标.
【解答】解:设M(x1,),N(x2,),由x2=y,得y=,∴y′=x,故直线L1的方程为y﹣=x1(x﹣x1)
即y=x1x﹣,同理直线L2的方程为y=x2x﹣,联立L1,L2的方程可得x=,y
=,设△PMN的重心坐标为(x0,y0),则x0==1,y0=
=1
即所以,则P的坐标为(1,﹣1),从而(﹣1)2=m×1,故D
的焦点坐标为(,0).
故选:A.
【知识点】抛物线的性质
5.(2020春•鹿城区校级月考)过点P(2,1)斜率为正的直线交椭圆于A,B两点.C,D是椭
圆上相异的两点,满足CP,DP分别平分∠ACB,∠ADB,则△PCD外接圆半径的最小值为()A.B.C.D.
【分析】分析可知,P,C,D在一个阿波罗尼斯圆上,设其半径为r,且,分直线AB斜率存在及不存在两种情况分别讨论得解.
【解答】解:如图,先固定直线AB,设,则f(C)=f(D)=f(P),其中为定值,
故点P,C,D在一个阿波罗尼斯圆上,且△PCD外接圆就是这个阿波罗尼斯圆,设其半径为r,阿波罗尼斯圆会把点A,B其一包含进去,这取决于BP与AP谁更大,不妨先考虑BP>AP的阿波罗尼斯圆的情况,
BA的延长线与圆交于点Q,PQ即为该圆的直径,接下来寻求半径的表达式,
由,解得,
同理,当BP<AP时有,,
综上,;
当直线AB无斜率时,与椭圆交点纵坐标为,则;
当直线AB斜率存在时,设直线AB的方程为y﹣1=k(x﹣2),即y=kx﹣2k+1,
与椭圆方程联立可得(24k2+5)x2+48k(1﹣2k)x+96(k2﹣k﹣1)=0,
设A(x1,y1),B(x2,y2),则由根与系数的关系有,,
∴=
,
注意到x1﹣2与x2﹣2异号,故=,
设t=12k+5,则,故,
又,
故选:D.