高三生物第二轮复习讲解
2024年高三生物第二轮复习的方法和策略
2024年高三生物第二轮复习的方法和策略一、知识梳理在第二轮复习中，知识梳理是首要任务。
全面系统地梳理生物学基础知识，包括细胞生物学、遗传学、生态学、生物技术等领域。
可以整理笔记，构建知识框架，强化知识体系的建立，从而打下坚实的基础。
二、强化基础在知识梳理的基础上，进一步强化基础知识的理解和记忆。
针对生物学中的核心概念、基本原理和重要知识点，进行深入学习和巩固。
可以通过练习基础题、阅读教材和教辅资料等方式，确保对基础知识的掌握。
三、专题深化在掌握基础知识的前提下，进行专题深化学习。
针对生物学中的重点和难点，选择相应的专题进行深入研究和探讨。
可以结合历年高考真题和模拟试题，进行有针对性的练习和巩固。
通过专题学习，提高对生物学知识的理解和应用能力。
四、模拟测试定期进行模拟测试是检验复习效果和应试能力的有效手段。
模拟真实的高考环境和考试流程，进行全真模拟测试。
通过模拟测试，可以了解自己的答题速度、时间分配和应试技巧等方面的不足，并及时进行调整和改进。
同时，对模拟考试中的错题进行分析和总结，找出自己的薄弱环节和易错知识点，进行有针对性的复习和提高。
五、反思总结在复习过程中，及时进行反思和总结是提高学习效果的关键。
针对自己的学习情况，定期进行反思和总结。
分析自己的优点和不足，找出适合自己的学习方法，及时调整学习计划和策略。
同时，也可以与同学、老师或家长交流心得体会，共同进步。
六、实验操作生物学是一门实验科学，实验操作能力也是高考考察的重点之一。
在复习过程中，不能忽视实验操作能力的培养。
可以通过阅读教材中的实验内容、观看实验视频、进行实验操作等方式，提高自己的实验操作技能和理解能力。
同时，也需要关注实验设计、数据分析等方面的练习，以便更好地应对高考中的实验题。
七、真题回顾历年真题是宝贵的复习资料，通过回顾历年真题，可以了解高考的出题规律和解题技巧。
在复习过程中，应该将历年真题作为重要的参考资料，认真分析和总结其中的知识点和考点。
高考二轮生物知识点复习
高考二轮生物知识点复习高考是每个学生通往大学的重要门槛，而生物作为其中一门科目，无疑是备考中不可忽视的一部分。
在中，我们需要对基础概念、实验技术、生命现象等方面进行全面回顾和思考。
以下是对高考生物知识点复习的一些重点与思考。
1.细胞与遗传细胞是生命的基本单位，而遗传则是生物进化和多样性的基石。
在复习时，我们需要对细胞结构、生物膜、基因的结构与表达、遗传物质的特性等方面有一个全面的了解。
从细胞膜的描述到细胞核的结构，再到DNA的复制与修复，我们应该掌握每个环节的原理和意义。
2.生物多样性与分类生物多样性是生物学研究的一个重要方面，也是保护环境中不可或缺的一部分。
在复习时，我们需要了解生物多样性的意义、种类以及保护策略。
我们可以通过学习分类学原理和动植物分类等知识，来增加对生物多样性的认识。
3.生物进化与环境适应生物进化是生物演化过程中的核心概念，也是解释物种多样性和生物适应性的重要理论。
在复习时，需要了解进化机制、自然选择、生物地理学等内容，并将其应用于生物实例分析。
同时，还需要了解环境适应的机制，如生物对生存环境的适应性的演化。
4.生物能量转化与物质循环生物能量转化与物质循环是生物体内各种生命过程的基础。
在复习时，需要了解光合作用和呼吸作用的原理、能量传递与转化的途径，以及生态系统中的物质循环。
我们应该掌握各种生物转化过程的关键环节、机制和意义，同时思考实际问题中的应用。
5.疾病防治与基因工程在复习时，我们还应该关注疾病防治和基因工程相关的内容。
生活中，人们需要面对各种疾病威胁，因此了解疾病的发生、防治方法等内容是非常重要的。
同时，基因工程在现代生物学中得到了广泛应用，因此需要了解基因工程的原理、方法和在医学、农业等领域的应用。
总结起来，有着广泛的范围，需要对细胞与遗传、生物多样性与分类、生物进化与环境适应、生物能量转化与物质循环，以及疾病防治与基因工程等方面进行深入学习和思考。
通过分析各个知识点的关联性和实际应用，我们可以更好地理解生物学的原理和意义，并为高考的顺利通过提供坚实的基础。
高三生物二轮复习名师讲义【三篇】
高三生物二轮复习名师讲义【三篇】导读：本文高三生物二轮复习名师讲义【三篇】，仅供参考，如果觉得很不错，欢迎点评和分享。
老师上课讲的知识，学生用手记下的类似笔记、要背的知识，称为讲义。
小编整理了高三生物二轮复习名师讲义【三篇】，希望对你有帮助! 高考生物二轮复习遗传与变异-变异致死类名师讲义1．解读：此类题型在变异中考查遗传学知识。
(1)命题素材：常以基因突变、染色体变异为背景材料，考查基因纯合致死、某一基因型的配子致死或胚胎致死、染色体结构或数目异常致死等。
(2)考查要点：要求运用遗传学知识分析致死基因的显隐性、位置、后代的性状比例或雌雄比例等。
2．特点：材料新颖、区分度大、不符合常规遗传规律。
3．考查能力：获取信息、运用信息、综合分析能力。
(2012•山东高考)几种性染色体异常果蝇的性别、育性等如图所示。
(1)正常果蝇在减数第一次分裂中期的细胞内染色体组数为________，在减数第二次分裂后期的细胞中染色体数是________条。
(2)白眼雌果蝇(XrXrY)最多能产生Xr、XrXr、____________和________四种类型的配子。
该果蝇与红眼雄果蝇(XRY)杂交，子代中红眼雌果蝇的基因型为________________。
(3)用黑身白眼雌果蝇(aaXrXr)与灰身红眼雄果蝇(AAXRY)杂交，F1雌果蝇表现为灰身红眼，雄果蝇表现为灰身白眼。
F2中灰身红眼与黑身白眼果蝇的比例为______________，从F2灰身红眼雌果蝇和灰身白眼雄果蝇中各随机选取一只杂交，子代中出现黑身白眼果蝇的概率为________。
(4)用红眼雌果蝇(XRXR)与白眼雄果蝇(XrY)为亲本杂交，在F1群体中发现一只白眼雄果蝇(记为“M”)。
M果蝇出现的原因有三种可能：第一种是环境改变引起表现型变化，但基因型未变；第二种是亲本果蝇发生基因突变；第三种是亲本雌果蝇在减数分裂时X染色体不分离。
请设计简便的杂交实验，确定M 果蝇的出现是由哪一种原因引起的。
高三生物二轮复习讲义
高三生物二轮复习讲义引言高三生物是高中生物学习的重要阶段，也是参加高考的必备科目之一。
对于高三生物考试的复习，不仅要对基础知识进行巩固，还要掌握一些解题技巧和答题方法。
本篇文档旨在为高三生物二轮复习提供一些思路和指导。
复习内容基础知识高三生物的基础知识主要包括以下内容：•生物基本概念：生物的定义、组成、特点等；•分子与细胞：细胞结构、细胞膜、生物膜运输等；•遗传与进化：基因、染色体、遗传规律、进化规律等；•生命活动：新陈代谢、呼吸、循环、内分泌等；•生态环境：生态系统、生物多样性、生态平衡等。
这些内容是高考生物的重点，也是考试的基础。
解题技巧高考生物的解题技巧主要包括以下方面：•阅读题干：了解题目的要求和重点，避免在答题过程中漏掉重要信息；•选项排除法：通过排除错误的选项，缩小正确答案的范围，并减少做错题的可能性；•图形分析法：利用图形解题，特别是对于遗传和进化等方面；•联想记忆法：对于一些生物学术语或概念，可以通过联想或记忆方法，更好地理解和记忆。
掌握这些解题技巧可以提高答题效率，并减少错误。
经典例题下面列举一些高考经典例题，供大家参考：1.【2016年全国Ⅲ卷】下列关于 RNA 的叙述中，正确的是A. RNA 通过 RNA 合成酶催化合成B. RNA 分子中有脱氧核糖核苷酸C. RNA 分子中的碱基氮基团包括 C，G，A，TD. messenger RNA 是细胞中最丰富的 RNA2.【2014年全国卷Ⅱ】下列哪项事件是进化领域中的关键性事件A. 可逆转录过程的发现B. 体节动物的起源C. 炎热的夏天D. 多酚氧化酶的酵素活性3.【2018年全国卷Ⅲ】生物学家根据芒果染色体上的 DNA 序列构建出了一组特定的 DNA 碎片克隆。
该 DNA 序列的 AT/GC 比值为 0.6，碱基组成比为 A （20%），T（35%），G（18%），C（27%）。
那么，该芒果的基因组可以推测为A. 单倍体B. 二倍体C. 三倍体D. 四倍体对这些例题，不妨先进行自测，再通过课外的习题集进行辅导复习。
2024届高三生物二轮专题复习：细胞的分子组成
⑩蛋白质的水解 主要在消化道
⑤单糖合成多糖（糖原、纤维素）
肝、肌糖原：肝脏、肌肉 纤维素：高尔基体
⑪多糖水解成单糖（糖原、淀粉）
肝糖原：肝脏 淀粉：主要在消化道
⑥ DNA的复制、RNA的合成 细胞核、线粒体、叶绿体
⑫DNA、RNA的水解
二、真题赏析及知识链接
2.（2016·全国卷Ⅲ）下列有关动物水盐平衡调节的叙述， 错误的是( ) A细胞外液渗透压的改变可影响垂体释放抗利尿激素的量 B肾小管通过主动运输吸收水的过程受抗利尿激素的调节 C 摄盐过多后饮水量的增加有利于维持细胞外液渗透压相 对恒定 D饮水增加导致尿生成增加有利于维持细胞外液渗透压相 对恒定
较水培好、砂培为__根__系__ 生长提供了附着物__（至少写2点）。
二、真题赏析及知识链接
(2018·全国卷Ⅲ)回答下列与蛋白质相关的问题：
(1)生物体中组成蛋白质的基本单位是_氨__基___酸__。在细胞中合成蛋白质时， 肽键是在核__ 糖体_这一细胞器上形成的。合成的蛋白质中有些是分泌蛋白， 如胃___蛋__白___酶__(填“胃蛋白酶”“逆转录酶”或“酪氨酸酶”)。分泌蛋白
从合成至分泌到细胞外需要经过高尔基体，此过程中高尔基体的功能是
对___蛋__白__质___进__行___加__工___、__分。类和包装
(2)通常，细胞内具有正常生物学功能的蛋白质需要有正确的氨基酸序列
和_空__间结构。某些物理或化学因素可以导致蛋白质变性，通常，变 性的
蛋白质易被蛋白酶水解，原因是_蛋__白__质__变__性__使__肽__键。暴露，暴露的肽键易与 (3)如果DNA分子发生突变，导致蛋编白码酶正接常触血、使红蛋蛋白白质多水肽解链的mRNA序列 中一个碱基被另一个碱基替换，但未引起血红蛋白中氨基酸序列的改变，
生物高三二轮知识点总结
生物高三二轮知识点总结一、细胞生物学1.细胞的结构：细胞膜、细胞质、细胞核、细胞器（线粒体、内质网、高尔基体、液泡、叶绿体等）2.细胞的形态：原核细胞和真核细胞的特点与区别3.细胞的生物膜：生物膜的结构和功能、细胞膜的渗透调节、活跃传输系统、信号转导等4.核酸的结构与功能：DNA、RNA的结构和功能、遗传信息的传递和表达二、遗传学1.遗传的基本规律：孟德尔遗传规律的实质、自然选择理论、突变理论2.遗传物质：DNA的发现与特性、RNA的结构和功能3.遗传物质的复制：DNA复制的分子基础、DNA复制的过程和特点4.遗传信息的转录与翻译：RNA的转录过程和特点、蛋白质的翻译过程和特点5.遗传变异：基因的突变、染色体的异常、基因组的变异、遗传病的分子基础、遗传咨询、基因工程技术。
三、生物技术1.细胞工程：细胞培养技术、细胞融合技术、植物组织培养技术2.基因工程：基因的克隆、基因工程的兴起和发展、重组 DNA技术与制造突变体、基因工程在医学、农业、工业和环保上的应用3.生物标记技术：分子生物学标记技术、生物技术在临床和医学检验中的应用4.干细胞技术：干细胞的来源与分化特性、干细胞技术的研究进展和应用。
四、生态学1.生态系统的结构与功能：生态学的学科范畴、生态系统的分类和结构、生态系统的功能及其稳定性2.生物种群：种群生态学的基本概念、种群动态和人口生态学、种群的组织形态与生态位3.生态分布与生态适应：生物群落的形成和演替、生物学多样性、生物群落的功能多样性与生态系统的稳定性4.人类与生态环境：人类活动与生态环境、环境保护与可持续发展。
五、生理学1.植物生理学：植物物质代谢、植物激素、植物生长调节及生长环境对植物生长发育的影响2.动物生理学：动物生物节律的调节、动物神经系统的结构与功能、免疫系统的基本概念、动物的体温调节等3.微生物生理学：微生物的代谢与生长、微生物对环境的适应与利用4.人体生理学：人体生物节律的调节、人体的神经系统疾病与免疫疾病，人体的生理调节与代谢。
高中生物第二轮复习
高中生物第二轮复习引言高中生物是高中阶段的一门重要的自然科学课程，涉及生命活动的基本规律和生物学的基本概念。
第二轮复习是为了对之前已学知识进行巩固和深化，为高考做好准备。
本文将对高中生物第二轮复习的内容进行系统的总结和介绍。
细胞生物学细胞是生命的基本单位，细胞生物学是研究细胞的结构、功能和生物过程的科学。
在复习时，应重点掌握以下内容：1.细胞的基本结构：包括细胞膜、细胞质和细胞核等组成部分。
2.细胞器的功能：如线粒体、内质网、高尔基体等细胞器的具体功能与相互关系。
3.细胞的能量转换：包括光合作用和呼吸作用的基本原理和过程。
4.细胞的分裂：包括有丝分裂和减数分裂的过程和特点。
遗传学遗传学是研究遗传规律和遗传现象的学科。
在复习时，应重点掌握以下内容：1.遗传物质DNA：包括DNA的结构、复制和修复过程。
2.遗传基因和基因型：包括基因的定义、基因型的表示和基因的遗传规律。
3.遗传的分子基础：包括等位基因、显性和隐性基因的表达以及基因突变的影响。
4.遗传的细胞基础：包括染色体的结构和功能、基因的定位和连锁。
生物进化生物进化是研究物种起源和演化过程的科学。
在复习时，应重点掌握以下内容：1.进化论的基本原理：包括适者生存、自然选择和适应等进化理论的基本原理和应用。
2.生物分类的基本原则：包括物种的分类和命名、生物进化树等分类原则。
3.进化中的证据：包括古生物学证据、生物地理学证据和比较解剖学证据等。
4.人类进化：包括人类的起源、演化历程和遗传关系等。
生态学生态学是研究生物与环境之间相互关系的学科。
在复习时，应重点掌握以下内容：1.生态系统的组成和结构：包括生物群落、种群和生物圈等的组成和相互关系。
2.生态位和生态位利用：包括生物在生态系统中的角色和利用资源的方式。
3.生态平衡和生态稳定性：包括捕食者-被捕食者关系和共生关系等。
4.环境保护和可持续发展：包括生态环境保护的原则和方法、生态农业和循环经济等。
生物技术生物技术是应用生物学原理和方法进行生产和创新的技术和工程领域。
高三生物二轮专题复习.pptx
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2．需氧型细菌体内无线粒体，但也可以进行有氧呼吸，其主要场所在细胞膜上。 3．蛔虫是寄生在人体肠道内的真核生物，无线粒体，只能进行无氧呼吸。 4．蓝藻是原核生物，无叶绿体，但有叶绿素和藻蓝素，能进行光合作用。 5．根尖分生区组织细胞没有的细胞器：叶绿体、中心体、液泡。
特别提醒：一个初级卵母细胞核中的DNA为4a，则该动物产生的卵细胞中含有的DNA确切地讲应该大于a，因为细胞质中也含有DNA分子。
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考点4 细胞分裂、分化、衰老、凋亡和癌变
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1．细胞的分化与细胞的全能性比较
项目
细胞的分化
细胞的全能性
原理
细胞内基因的选择性表达
含有本物种的全套遗传物质
有核糖体和其它细胞器
细胞核
拟核，无核膜和核仁
有核膜和核仁
4. 不同生物细胞结构的区别及应用
（1）原核细胞、真核细胞、病毒的比较
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核酸
DNA和RNA
DNA或RNA
遗传物质
DNA（原核细胞：裸露DNA，包括拟核和质粒；真核细胞：细胞核：ＤＮＡ和蛋白质形成染色体细胞质：裸露DNA分布于线粒体、叶绿体内）
细胞膜的变化
内陷
破裂
形态变化
细胞变圆、与周围细胞脱离
细胞外形不规则变化
影响因素
受严格的由遗传机制决定的程序性调控
电、热、冷、机械等不利因素影响
对机体的影响
对机体有利
对机体有害
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5.衰老细胞、癌细胞和胚胎干细胞的特征
衰老细胞
癌细胞
胚胎干细胞
细胞膜
透性改变
糖蛋白减少、黏着性降低，易扩散
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高三生物第二轮复习生物题的计算和解题技巧【高考说明】生物计算题在历年高考中都有出现.如何提高计算题的解题方法,节省解题的时间,是广大学生所期盼的.本专题专门归纳了生物的计算题类型,及其相应的解题方法.旨在提高学生的解题能力.【计算类型】①某蛋白质中氨基酸数目：对应mRNA碱基数目：对应DNA碱基数目=1：3：6②蛋白质分子量= nA-（n-X）×18 （A为氨基酸分子量，n为氨基酸数目，X为肽链条数）③基因的分子量=nA-（n-2）×18 （A为核苷酸分子量，n为核苷酸数目）（1）与氨基酸、肽键、肽链、水分子数目有关的计算题例：某激素由A、B两条肽链按一定方式构成，现已知这两条肽链中共有氨基酸n个，那么这激素中肽键个数应是（）A.n+1B.nC.n-1D.n-2【解析】：本题是考查学生对知识的概括能力和抽象思维能力。
学生可以根据题目所示明的有两条肽链，每条肽链中至少有一个氨基和一个羧基未参与组成肽键，所以氨基酸数目和肽键数目就相差1个，两条肽链，那么当然就是n-2了。
或者学生可以根据平时掌握的氨基酸、肽键和肽链的关系，即氨基酸数目=肽键（或脱去的水分子）数目+肽链数目，马上找到正确答案D。
例题：(2005年上海高考，30)某22肽被水解成1个4肽，2个3肽，2个6肽，则这些短肽的氨基总数的最小值及肽键总数依次是A．6 18 B．5 18 C．5 17 D．6 17解析：本题考查多肽结构中氨基、肽键的计算。
一条肽链，一端是游离的氨基，一端是游离的羧基，R基中也可以有氨基和羧基。
所以每个短肽中至少有一个氨基，题目中水解成的短肽共五个，氨基总数的最小值应是5个。
每条肽链中的肽键数等于氨基酸数减1，肽键总数=1×（4-1）+2×（3-1）+2×（6-1）=17答案：C（2）与氨基酸、信使RNA上的碱基、DNA（基因）上的碱基有关的计算题信使RNA上决定一个氨基酸的三个相邻碱基称为一个密码子，决定一个氨基酸，信使RNA是以DNA（基因）一条链为模板转录生成的，所以，DNA分子碱基数：RNA分子碱基数：氨基酸数=6：3：1例题：（2005年高考上海卷，14）一段原核生物的mRNA通过翻译可合成一条含有11个肽键的多肽，则此mRNA分子至少含有的碱基个数及合成这段多肽需要的tRNA个数，依次为A．33 11 B．36 12 C．12 36 D．11 36解析：一条含有11个肽键的多肽是由12个氨基酸缩合形成的。
mRNA上三个碱基决定一个氨基酸，则此mRNA分子至少含有的碱基36个，一个氨基酸需要一个tRNA转运，共需要12个tRNA。
答案:B例：一条多肽链中有氨基酸1000个，则作为合成该多肽链模板的信使RNA和用来转录该信使RNA的基因分别至少有碱基（）A．3000个和3000个 B.1000个和3000个C．1000个和4000个 D.3000个和6000个【解析】：本题是一道较常见的有关氨基酸和碱基之间关系的计算题，主要考查学生对知识的理解运用能力和知识的迁移能力。
学生掌握了它们的关系：氨基酸个数：RMA 上的碱基数目：DNA 上的碱基数目=1：3：6 ，学生马上可以指出正确答案：D。
（3）有关碱基互补配对原则的计算双链DNA分子中A=T，G=C，A+G=T+C，(A+G/T+C＝1)。
DNA分子中互补碱基之和的比值【（A ＋T）/（G＋C）】和每一个单链中的这一比值相等；DNA分子中一条链中的两个不互补碱基之和的比值【（A＋G）/（C＋T）】是另一个互补链的这一比值的倒数。
例题.（2004年广西师大附中一模题）某DNA分子的一条链（A+G）/（T+C）=2，这种比例在其互补链和整个DNA分子中分别是（）A.都是2B.0.5和2C.0.5和1D.2和1解析：根据碱基互补配对原则A=T C=G，整个DNA分子中（A+G）/（T+C）=1；已知DNA分子的一条链（A+G）/（T+C）=2，推出互补链中（T+C）/（A+G）=2，（A+G）/（T+C）=1/2。
答案：C（4）与DNA复制有关的计算题DNA复制的特点是一母链为模板，按照碱基配对原则，进行半保留复制。
据此：可得出如下一系列关系式：A、若以32P标记某DNA分子，再将其转移到不含32P的环境中，该DNA分子经连续n代复制后：含32P的DNA分子数=2个，占复制产生的DNA分子总数的1/2n-1;复制后产生的不含32P的DNA分子数为（2n—2）个，占复制产生的DNA分子总数的1—1/2n-1;复制后产生的不含32P的脱氧核苷酸链的条数为(2n+1—2),占脱氧核苷酸链总条数的比例为(2n+1—2)/2=1—1/2n。
B、若某DNA分子中含某种碱基X个，则该DNA分子进行n次复制，需含该碱基的脱氧核苷酸分子数=（X+2X+4X+......+2n-1）个=[（2n—1）]X个。
公式：X=A(2n-1) X代表DNA复制过程中需要游离的某脱氧核苷酸数；A代表亲代DNA中该种脱氧核苷酸数，n表示复制次数。
例．某双链DNA分子共含有碱基1400个, 其中一条单链上（A+T）:（C+G）=2：5.问该DNA 分子连续复制两次共需游离的胸腺嘧啶脱氧核苷酸的数目是 ( )A.300个B.400个C.600个D.1200个【解析】:本题是考查学生对DNA复制有关知识的理解,考查学生对知识的运用能力.由于在DNA 分子中碱基1400个，在一条单链上(A+T)/(C+G)=2:5,所以在DNA分子中A+T的总数为400个.根据碱基互补配对原则,A=T=200个;DNA分子连续复制两次形成4个DNA分子,因此共需要胸腺嘧啶脱氧核苷酸的数目为600个.例题．（2003年高考上海卷，32）某DNA分子共有a个碱基，其中含胞嘧啶m个，则该DNA 分子复制3次，需要游离的胸腺嘧啶脱氧核苷酸数为（）A. 7(a－m)B. 8(a－m)C. 7(a /2－m)D. 8(2a－m)解析：根据碱基互补配对原则A=T C=G，该DNA分子中T的数量是(a-2m)/2, 该DNA分子复制3次，形成8个DNA分子，共有T的数量是4(a-2m)，复制过程中需游离的胸腺嘧啶脱氧核苷酸数是：4 (a-2m)－[(a-2m)/2]= 7(a /2－m)。
答案: C例4．经 N(15 )标记的1个DNA分子，放入N(14 )的培养基中培养,经4次复制后，子代中含N(15 )的DNA占 ( )A.1/6B.1/8C.1/4D.1/2【解析】:本题主要考查学生对DNA的复制是半保留复制的理解,解本题时学生只要知道复制4次形成有16个DNA分子而含有N(15 ) 标记的DNA分子有2个故占子代DNA的1/8.(5)DNA 与RNA之间碱基的计算例．某信使RNA分子的碱基中，U占20%，A占10%，则转录该信使RNA的DNA片段中C占多少（）A．35% B.30% C.70% D.无法确定【解析】：本题主要考查学生对DNA和RNA之间的关系，由于RNA上的A+U=30%，所以C+G=70%，其模板链上的C+G=70%，同理DNA上的C+G=70%，因此DNA上的C为35%。
（6）有关DNA结构的计算题例．某种DNA的分子量为2.8×109，一个互补成对的脱氧核苷酸的平均分子量为670 ，试计算这个DNA有多长？（每个核苷酸对的长度为0.34nm）【解析】：本题是考查学生对DNA结构的理解，根据已知条件DNA中含有的核苷酸对有2.8×109/670 =4.2×106 个，因此DNA的长度为4.2×106×0.34nm=1.428mm练1.在一个DNA分子中，腺嘌岭与胸腺嘧啶之和占全部碱基总数的42％，若其中一条链中的胞嘧啶占该链碱基总数的24%,胸腺嘧啶占30％，那么在其互补链上，胞嘧啶和胸腺嘧啶分别占( )A.12％、34％B.21％、24％C.34％、12％ D．58％、30% 练2..把培养在含轻氮(14N)环境中的细菌，转移到含重氮(15N)环境中培养相当于复制一次，然后放回原来的环境中培养相当于连续复制两次后，细菌DNA组成分析表明( )A.3/4轻氮型，1/4中间型B．1/4轻氮型，3/4中间型C.1/2中间型，1/2重氮型D．1/2轻氮型，1/2中间型练3．某蛋白质由n条肽链组成，氨基酸的平均分子量为a，控制该蛋白质合成的基因含b个碱基对，则该蛋白质的分子量约为(）A．2/3ab-6b+18nB．1/3ab-6bC．(1/3b-a)×18D．1/3ab-(1/3b-n) ×182. 光合作用和呼吸作用中的计算(1)物质计算和能量计算:总反应式:6CO2 + 12H2O→C6H12O6 + 6H2O + 6O2。
分反应式: C5+CO2→2C36C5+6CO2→12C3→C6H12O6有氧呼吸：C6H12O6 + 6H2O + 6O2→6CO2 + 12H2O+能量无氧呼吸：C6H12O6→2C2H5OH+2CO2+能量C6H12O6→2C3H6O3+能量(2)与呼吸作用结合的计算:在光下光合作用与呼吸作用同时进行: 光合作用实际产O2量= 实测O2释放量+ 呼吸作用耗O2量；光合作用实际C02消耗量= 实测C02消耗量+ 呼吸作用C02释放量；光合作用C6H12O6净生产量 = 光合作用实际C6H12O6生产量 - 呼吸作用C6H12O6消耗量。
（3）能量变化：1mol葡萄糖彻底氧化分解释放的总能量为2870KJ，其中1161KJ能量储存在ATP中；1mol的葡萄糖在分解成乳酸后，释放的总能量为196.65KJ，其中61.08KJ的能量储存在ATP中。
例. 藻和草履虫在光下生长于同一溶液中，已知草履虫每星期消耗0.10 mol 葡萄糖，藻每星期消耗0.12 mol 葡萄糖。
现在该溶液中每星期葡萄糖的净产量为0.25 mol。
这一溶液中每星期氧的净产量是多少？（）A.0.03molB.0.60molC.1.32molD.0.18mol【解析】:本题是一道与生物新陈代谢有关的计算题，主要考查学生对新陈代谢中有关光合作用与呼吸作用的理解。
由于藻能够进行光合作用，同时也进行呼吸作用，草履虫只进行呼吸作用，根据光合作用和呼吸作用的总方程式，两种呼吸作用共消耗6×（0.10+0.12）=1.32mol氧，光合作用净合成0.25mol葡萄糖,应产生6×0.25=1.50mol氧，所以氧的净产量为1.5-1.32=0.18mol.例题．（2005年高考上海卷，19）酵母菌发酵产生CO2的摩尔数为N，在安静情况下，人消耗同样数量的葡萄糖可以产生的CO2量是（）A．1/3Nmol B．3Nmol C．6Nmol D．12Nmol解析：酵母菌发酵即进行无氧呼吸分解1mol葡萄糖产生2molCO2，人在安静情况下，有氧呼吸分解1mol葡萄糖产生6molCO2，。