河南省鹤壁市综合高中2013-2014学年高二下学期第二次段考物理试题 Word版无答案
河南省鹤壁市淇滨高级中学最新高二物理下学期第二次周考试题
一、选择题（每小题4分，共1４题，56分，其中1～1０为单选,11～14为不定项选择，选不全得2分，选错不得分)1。
下面有关物理学史的叙述正确的是( ）A．库仑首先提出了电场的概念，并引用电场线形象地表示电场的强弱和方向B。
法拉第发现了电流的磁效应,揭示了电现象和磁现象之间的联系C．法国物理学家库仑在前人工作的基础上通过实验确立了库仑定律D．楞次发现了电磁感应现象，并研究提出了判断感应电流方向的方向-—-楞次定律2．高频感应炉是用来熔化金属对其进行冶炼的，如图所示为冶炼金属的高频感应炉的示意图,炉内放入被冶炼的金属，线圈通入高频交变电流，这时被冶炼的金属就能被熔化，这种冶炼方法速度快，温度易控制，并能避免有害杂质混入被炼金属中,因此适于冶炼特种金属．该炉的加热原理是（ ）Ａ．利用线圈中电流产生的焦耳热B。
利用交变电流的交变磁场在炉内金属中产生的涡流Ｃ.利用线圈中电流产生的磁场D．给线圈通电的同时，给炉内金属也通了电3。
两只相同的电阻，分别通以正弦波形的交流电和方波形的交流电，两种交流电的最大值相等，且周期相等(如图所示)。
在正弦波形交流电的一个周期内,正弦波形的交流电在电阻上产生的焦耳热为Q1,其与方波形交流电在电阻上产生的焦耳热Q2之比Ｑ1∶Q2等于（ )A．１∶２ﻩB．2∶1C．1∶１D。
4∶３４。
如图所示，两根竖直放置的光滑平行导轨,其中一部分处于方向垂直导轨所在平面并且有上下水平边界的匀强磁场中。
一根金属杆ＭＮ保持水平并沿导轨滑下（导轨电阻不计），当金属杆MN进入磁场区后，其运动的速度随时间变化的图线不可能的是( )A。
B．ﻩC．D．5.如图所示,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a绕O点在其所在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，由此可知，圆环a将( )A．顺时针加速旋转B．顺时针减速旋转C。
逆时针匀速旋转 D。
逆时针减速旋转6.一矩形线圈绕垂直匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间ｔ的变化如图所示，下列说法中正确的是（ ) Ａ。
2013-2014学年高二物理下学期考试卷(含解析)
物理试卷一、选择题：（9小题，每小题6分，共54分．在以下每小题所给出的选项中，第2、4、9题为多选题，其余各题均为单选题，请将正确答案填在答题卡中，选对得6分，对而不全得3分，选错或有一个选项选错得0分．）1．（6分）（2014•杨浦区一模）关于感应电流，下列说法中正确的是（）A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流D．只要电路的一部分作切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流2．（6分）（2013春•沈河区校级期中）穿过一个电阻为2Ω的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则线圈中（）A．感应电动势为0.4V B．感应电动势每秒减小0.4VC．感应电流恒为0.2A D．感应电流每秒减小0.2A3．（6分）（2014秋•射阳县校级期末）在闭合铁芯上绕有一组线圈，线圈与滑动变阻器、电池构成电路，假定线圈产生的磁感线全部集中在铁芯内．a、b、c三个闭合金属圆环，位置如图所示．当滑动变阻器滑动触头左右滑动时，能产生感应电流的圆环是（）A．a、b两环B．b、c两环C．a、c两环D．a、b、c三个环4．（6分）（2014春•蒙自县校级月考）如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1（左）匀速运动到位置2（右），则下列判断正确的是（）A．导线框进入磁场时，感应电流方向为a→d→c→b→aB．导线框离开磁场时，感应电流方向为a→b→c→d→aC．导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D．导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平向左5．（6分）（2011•朝阳区校级模拟）水平放置的金属框架cdef 处于如图所示的匀强磁场中，金属棒ab 置于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab 始终保持静止，则（ ）A ． ab 中电流增大，ab 棒所受摩擦力也增大B ． ab 中电流不变，ab 棒所受摩擦力也不变C ． ab 中电流不变，ab 棒所受摩擦力增大D ． ab 中电流增大，ab 棒所受摩擦力不变6．（6分）（2013•东河区校级一模）在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B 随时间t 如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势E 变化的是（ ）A ．B ．C ．D ．7．（6分）（2013秋•曲沃县校级期末）一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可以知道（ ）A ． 0.01s 时刻线圈处于中性面位置B ． 0.01s 时刻穿过线圈的磁通量为零C ． 该交流电流有效值为2AD ． 该交流电流频率为50Hz8．（6分）（2011•福建模拟）如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域．从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是如图所示中的（）A．B．C．D．9．（6分）（2001•江西）一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U1和U2、I1和I2、P1和P2，已知n1＞n2，则（）A．U1＞U2，P1＜P2B．P1=P2，I1＜I2C．I1＜I2，U1＞U2D．P1＞P2，I1＞I2二、填空题（16分，每空2分）10．（4分）（2013春•蚌山区校级期中）如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W；原线圈电路中接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．此时电压表的读数U= V；电流表的读数I= A．11．（6分）（2014春•蒙自县校级月考）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的周期是；最大值是；有效值是．12．（6分）（2014春•蒙自县校级月考）如图所示，在宽为0.5m的平行导轨上垂直导轨放置一个有效电阻为r=0.6Ω的直导体棒，在导轨的两端分别连接两个电阻R1=4Ω、R2=6Ω，其他电阻不计．整个装置处在垂直导轨向里的匀强磁场中，如图所示磁感应强度B=0.1T．当直导体棒在导轨上以v=6m/s的速度向右运动时，充当电源的导体棒产生的电动势为V，电路中直导体棒两端的电压为V，导体棒中的电流为A．三、计算题（本题共4小题，每题10分，满分40分）13．（10分）（2014春•砚山县校级月考）有一个1000匝的线圈，在0.4s内通过它的磁通量从0.02Wb增加到0.09Wb，求线圈中的感应电动势．如果线圈的电阻是10欧，把一个电阻为990欧的电热器连接在它的两端，通过电热器的电流是多大？14．（10分）（2008秋•鞍山期末）如图所示，变压器原线圈输入电压为220V，副线圈输出电压为36V，两只灯泡的额定电压均为36V，L1额定功率为12W，L2额定功率为6W，试求：（1）该变压器的原副线圈匝数比；（2）两灯均正常工作时原线圈的电流，以及只有L1正常工作时原线圈中的电流．15．（10分）（2014春•蒙自县校级月考）如图所示，电阻为R的单匝正方形线圈abcd在外力作用下以速度v向右匀速进入磁场强度为B的匀强磁场，第二次又以速度2v匀速进入同一匀强磁场．设正方形线框的边长为l，求：（1）第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比；（2）第二次进入与第一次进入时线圈中产生的热量之比．16．（10分）（2004•北京）如图1所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L．M、P两点间接有阻值为R的电阻．一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直，整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下．导轨和金属杆的电阻可忽略．让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦．（1）由b向a方向看到的装置如图2所示，请在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图；（2）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v 时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小；（3）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．物理试卷1 C2 AC．3 A4 ABD5 C6 A．7 B．8A．9 BC 10 110 0.2 11 0.02s，311V，220V．12 0.3；0.24；0.1．13 175V，0.175A．14 （1）55：9；（2）两灯均正常工作时原线圈的电流0.082A，只有L1正常工作时原线圈中的电流0.055A．15 （1）第二次与第一次线圈中最大电流之比为2：1；（2）第二次与第一次线圈中产生热量之比为2：1．16 （1）杆受力图如图所示：重力mg，竖直向下，支撑力N，垂直斜面向上，安培力F，沿斜面向上．故ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图如上所示．（2）当ab杆速度为v时，感应电动势E=BLv，此时电路中电流：ab杆受到安培力：根据牛顿运动定律，有：故此时ab杆中的电流大小为：，加速度的大小为：．（3）当：，时，ab杆达到最大速度v m，此时：故在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值为：．。
河南省豫西名校2013-2014学年高二物理下学期第二次联考试题(扫描版)新人教版
河南省豫西名校2013-2014学年高二物理下学期第二次联考试题（扫描版）新人教版流过电动机M 的电流I M =I-I L =1A…………………………1分 电动机的热功率P 热=I 2M r=1W 电动机的总功率P 总=UI M =10W电动机对外输出的机械功率P 机械=P 总-P 热=9w……………1分15、（12分）(1)粒子在电场中加速，由动能定理得qEd ＝21mv 2………………………..1分 粒子进入磁场后做圆周运动，有 qvB ＝m r v2……………………………1分 解得粒子在磁场中运动的半径r ＝qB 2mqEd…………………………….1分电路中的电流I ＝R ＋r E……1分对棒ab ，由平衡条件得：mg -BIL =0 ……2分i ′＝r r ′＝i ①折射光线PQ 与入射光线DC 平行，则：∠POA ＝∠COA ＝isin i ＝R H ＝23i ＝60° ② 由图可知，折射角r ＝2i ＝30° sin r ＝21③ 折射率n ＝sin r sin i＝ ④评分标准：本题10分，光路图3分，①1分，,②③④各2分20、 AC 21、 BD （各5分，选对但不全得3分）22、（1） 设物块与小车的共同速度为v ，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有 m 2v 0＝ (m 1＋m 2)v -----（2分）设物块与车面间的滑动摩擦力为F ，对物块应用动量定理有 －F t ＝m 2v －m 2v 0 -----（2分）其中F ＝μm 2g解得t ＝g m1v0代入数据得 t ＝0.24 s -----（1分）（2） 要使物块恰好不从车厢滑出，须物块到车面右端时与小车有共同的速度v ′，则------（1分）由功能关系有-------（2分）代入数据解得=5 m/s ----------（2分）故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车的速度v 0′不能超过5 m/s 。
2014年河南省普通高中招生考试物理试卷(word版,含答案)
2014年河南省普通高中招生考试试卷物理注意事项：1．本试卷共6页，五大题，22小题，满分70分，考试时间60分钟。
请用蓝、黑色水笔或圆珠笔直接答在试卷上。
一、填空题（每空1分，共14分）1．学习物理可以帮助我们认识世界。
通过学习惯性，我们认识到一切物体都有保持原来_______________________________________________________的性质。
2．橡胶棒与毛皮摩擦，橡胶棒由于___________电子而带负电。
把带负电的橡胶棒靠近与作业纸摩擦过的塑料吸管，发现吸管被推开，说明吸管带_____________电。
3．图1是用一个纸盒、两支笔和四根宽窄不同的橡皮筋制作的“橡皮筋吉他”。
拨动a、b、c、d四根橡皮筋，____________的音调最高。
用大小不同的力拨动同一根橡皮筋，橡皮筋发声的_______________不同。
4．如图2所示，把少量碘放人锥形瓶中，瓶口加盖玻璃片。
微微加热，瓶中充满紫色的碘蒸气，此过程碘发生的物态变化是____________。
停止加热，碘蒸气凝华，看到的现象是_________________________________。
____5．在一块有机玻璃板上，安装一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑，通电后铁屑的分布如图3所示。
图中A、B两点相比，______点磁场较强。
实验中_________（填“能”或“不能”）用铜屑代替铁屑显示磁场分布。
6．图4是小灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图像。
由图像可知，电阻R的阻值为____Ω。
若将它们并联接在电压为2V的电源两端，电路中的总电流为_____A。
7．物理知识在生产、生活中有着广泛的应用，有时也会造成一定的危害。
请仿照表中示例，再写出一个物理知识及其对应的实际应二、选择题（每小题2分，共16分）在每个小题的选项中，只有一个选项符合题目要求，请将其字母代号填在题后的括号内．．．．．．．．．．．．．．．。
河南省鹤壁高中2020-2021学年高二上学期阶段性检测(二)物理试题含答案
鹤壁高中2020-2021学年高二上学期阶段性检测（二）物理试卷考生注意：1．本试卷第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
2．作答时，将答案写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米黑色签字笔在答案题卡上的各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
第Ⅰ卷选择题（共65分）一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题4分，共40分）1.如图1所示，在一半径为R的圆周上均匀分布有N个绝缘带电小球(可视为质点)无间隙排列，其中A点的小球带电荷量为＋4q，其余小球带电荷量为＋q，此时圆心O点的电场强度大小为E，现仅撤去A点的小球，则O点的电场强度为()A．大小为E，方向沿AO连线斜向下B ．大小为E2，方向沿AO连线斜向下C．大小为E3，方向沿AO连线斜向上图1D．大小为E4，方向沿AO连线斜向上2．如图2所示，一带电小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内，当开关S闭合，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ，则()A．当开关S断开时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大B．当开关S断开时，若增大平行板间的距离，则夹角θ增大C ．当开关S 闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大D ．当开关S 闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ减小3．如图3，两电荷量分别为Q (Q >0)和－Q 的点电荷对称地放置在x 轴上原点O 的两侧，a 点位于x 轴上O 点与点电荷Q 之间，b 位于y 轴O 点上方．取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是()A ．O 点的电势为零，电场强度也为零B ．a 点的电势高于b 点电势，a 点电场强度大于b 点电场强度C ．正的试探电荷在b 点的电势能大于零，所受电场力方向指向O 点D ．将负的试探电荷从O 点移到a 点，必须克服电场力做功4.如图4所示，以O 点为圆心、R ＝0.20m 为半径的圆处于匀强电场(图中未画出)中，电场平行于圆面，ac 、bd 为圆的两条相互垂直的直径．已知a 、b 、c 三点的电势分别为2V 、23V 、－2V ，则下列说法正确的是()A ．d 点电势为23VB ．电子从d 点运动到a 点电势能增加C ．电场方向由b 点指向c 点D ．该匀强电场的场强大小为20V/m 5．如图5甲所示，两个点电荷Q 1、Q 2固定在x 轴上距离为L 的两点，其中Q 1带正电荷位于原点O ，a 、b 是它们的连线延长线上的两点，其中b 点与O 点相距3L .现有一带正电的粒子q 以一定的初速度沿x 轴从a 点开始经b 点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a 、b 两点时的速度分别为v a 、v b ，其速度随坐标x 变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是()A ．Q 2带负电且电荷量大于Q 1B ．b 点的场强一定为零C ．a 点的电势比b 点的电势高D ．粒子在a 点的电势能比在b 点的电势能大图2图3图4图56．如图6所示，水平轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m 的物体A 相连，物体A 放在光滑水平地面上．有一质量与物体A 相同的物体B ，从高h 处由静止开始沿光滑曲面滑下，与物体A 相碰(碰撞时间极短)后一起将弹簧压缩，弹簧恢复原长后物体B 与物体A 分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是()A ．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghB．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为12mgh C ．物体B 能达到的最大高度为12h D ．物体B 能达到的最大高度为h7．如图7所示，在平面直角坐标系xOy 内，固定有A 、B 、C 、D 四个带电荷量均为Q 的点电荷，它们关于两坐标轴对称，其中A 、B 带正电，C 、D 带负电，它们产生电场的等势面如图中虚线所示，坐标轴上abcd 是图中正方形的四个顶点，则()A ．b 、d 两点电势相等，场强不相等B ．b 、d 两点场强相同，电势不相等C ．将电子沿路径a →O →c 移动，电场力做正功D ．将电子沿路径a →b →c 移动，电场力先做负功，后做正功8.如图8所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1、2、3为等势线，已知MN ＝NQ ，a 、b 两带电粒子从等势线2上的O 点以相同的初速度飞出.仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则()A.a 一定带正电，b 一定带负电B.a 加速度逐渐减小，b 加速度逐渐增大C.M 、N 两点间电势差|U MN |等于N 、Q 两点间电势差|U NQ |D.a 粒子到达等势线3的动能变化量比b 粒子到达等势线1的动能变化量小9．在电场中，以O 为原点，沿电场方向建立坐标轴r .将带正电的试探电荷放入电场中，其电势能E p 随r 变化的关系如图9所示，其中r 2对应图线与横轴的交点，r 0对应图线的最低点．若电荷只受电场力的作用，则下列说法正确的是()图6图7图8A ．从r 1处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动B ．从r 2处释放电荷，电荷将保持静止C ．从r 0处释放电荷，电荷将先向r 负方向运动D ．从r 3处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动10.如图10所示，A 、B 两点固定两个等量异种点电荷＋Q 和－Q ，O 点为AB 连线的中点，OD 是AB 连线的中垂线，BC 与OD 平行，AO ＝BO ＝BC ，下列说法正确的是()A ．O 点的场强和D 点的场强大小相等B ．D 点的场强方向由D 指向CC ．负电荷在O 点的电势能比在D 点的电势能低D ．将一负电荷由D 点移动C 点，电荷的电势能增加二、多项选择题（在每小题给出的四个选项中，不只有一项是符合题目要求的，每小题5分，选错得0分，选不全得3分，共25分）11.如图11所示为竖直平面内的直角坐标系，其中x 轴沿水平方向，y 轴沿竖直方向．质量为m 、带电荷量为q 的小球，在重力和恒定电场力F 作用下，在竖直平面内沿与y 轴方向成α角(90°>α>45°)斜向下方向做直线运动，重力加速度为g ，则下列说法正确的是()A ．若F ＝mg sin α，则小球的速度不变B ．若F ＝mg sin α，则小球的速度可能减小C ．若F ＝mg tan α，则小球的速度可能减小D ．若F ＝mg tan α，则小球的电势能可能增大12.(多选)如图12甲所示，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t＝0时刻，质量为m 的带电微粒以初速度v 0沿中线射入两板间，0～T 3时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g .关于微粒在0～T 时间内运动的描述，正确的是()图9图10图11A ．末速度大小为2v 0B ．末速度沿水平方向C ．重力势能减少了12mgd D ．克服电场力做功为mgd 13．(多选)如图13所示，A 、B 为两块平行带电金属板，A 带负电，B 带正电且与大地相接，两板间P 点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为U ，P 点场强大小为E ，电势为φP ，负电荷的电势能为E p ，现将A 、B 两板水平错开一段距离(两板间距不变)，下列说法正确的是()A ．U 变大，E 变大B ．U 变小，φP 变小C ．φP 变小，E p 变大D ．φP 变大，E p 变小14.(多选)如图14所示，一电荷量大小为q 的带电粒子以一定的初速度由P 点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直.粒子从Q 点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角.已知匀强电场的宽度为d ，P 、Q 两点的电势差为U ，不计重力作用，设P 点的电势为零.则下列说法正确的是()A.带电粒子带正电B.带电粒子在Q 点的电势能为UqC.此匀强电场的电场强度大小为E ＝23U 3dD.此匀强电场的电场强度大小为E ＝3U3d 图12图13图1415.(多选)如图15所示，水平光滑长杆上套有小物块A ，细线跨过位于O 点的轻质光滑定滑轮，一端连接A ，另一端悬挂小物块B ，物块A 、B 质量相等．C 为O 点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OC ＝h ，重力加速度为g .开始时A 位于P 点，PO 与水平方向的夹角为30°，现将A 、B 由静止释放，下列说法正确的是()A ．物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，速度先增大后减少B ．物块A 经过C 点时的速度大小为2ghC ．物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动D ．在物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，物块B 克服细线拉力做的功小于B 重力势能的减少量第Ⅱ卷非选择题（共45分）三、计算题（本大题共45分）16．（10分）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C ，极板间的距离为d ，上极板正中有一小孔．质量为m 、电荷量为＋q 的小球从小孔正上方高h 处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零(空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g )．求：(1)小球到达小孔处的速度；(2)极板间电场强度的大小和电容器所带电荷量；(3)小球从开始下落运动到下极板处的时间．17.（9分）如图17所示，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止．重力加速度取g ，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)水平向右电场的电场强度；(2)若将电场强度减小为原来的12，物块的加速度是多大？(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时的动能．图15图1718．（11分）如图所示，区域Ⅰ、Ⅱ分别存在着有界匀强电场E1、E2，已知区域Ⅰ宽L1＝0.8m，区域Ⅱ宽L2＝0.4m，E1＝102V/m且方向与水平方向成45°角斜向右上方，E2＝20V/m且方向竖直向下．带电荷量为q＝＋1.6×10－3C．质量m＝1.6×10－3kg的带电小球(可视为质点)在区域Ⅰ的左边界由静止释放．g取10m/s2，求：(1)小球在电场区域Ⅰ中运动的加速度大小和时间；(2)小球离开电场区域Ⅱ的速度大小和方向．19.（15分）.如图，一质量为m1＝1kg，带电荷量为q＝＋0.5C的小球以速度v0＝3m/s，沿两正对带电平行金属板(板间电场可看成匀强电场)左侧某位置水平向右飞入，极板长0.6 m，两极板间距为0.5m，不计空气阻力，小球飞离极板后恰好由A点沿切线落入竖直光滑圆弧轨道ABC，圆弧轨道ABC的形状为半径R<3m的圆截去了左上角127°的圆弧，CB为其竖直直径，在过A点竖直线OO′的右边界空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E＝10V/m.(取g＝10m/s2)求：(1)两极板间的电势差大小U；(2)欲使小球在圆弧轨道运动时不脱离圆弧轨道，求半径R的取值应满足的条件．鹤壁高中2022届高二年级适应性检测（二）物理答案1答案C解析假设圆周上均匀分布的都是电荷量为＋q的小球，由于圆周的对称性，根据电场的叠加原理知，圆心O处场强为零，所以圆心O点的电场强度大小等效于A点处电荷量为＋3q的小球在O 点产生的场强，则有E ＝k 3q R 2，方向沿AO 连线向下；A 处带电荷量为＋q 的小球在圆心O 点产生的场强大小为E 1＝k q R 2＝E 3，方向沿AO 连线向下；其余带电荷量为＋q 的所有小球在O 点处产生的合场强为E 2＝E 1＝E 3，方向沿AO 连线斜向上；故仅撤去A 点的小球，O 点的电场强度为E 3，方向沿AO 连线斜向上．2答案C解析带电小球在电容器中处于平衡时，由平衡条件有tan θ＝qE mg ，当开关S 断开时，电容器两极板上的电荷量Q 不变，由C ＝εr S 4πkd ，U ＝Q C ，E ＝U d 可知E ＝4πkQ εr S，故增大或减小两极板间的距离d ，电容器两极板间的电场强度不变，θ不变，选项A 、B 错误；当开关S 闭合时，因为两极板间的电压U 不变，由E ＝U d可知，减小两极板间的距离d ，E 增大，θ变大，选项C 正确，D 错误．3答案B 解析等量异种点电荷连线的中垂线为一条等势线，且电势为零，即O 点电势为零，而两电荷连线上电场方向由a 指向O ，根据沿电场线方向电势降低，所以a 点的电势高于O 点的电势，即a 点的电势高于b 点的电势，在两电荷连线上，电场强度先增大后减小，在O 点电场强度最小，但不为零，在两电荷连线的中垂线上，从O 点向两边递减，所以O 点在中垂线上是电场强度最大的点，故a 点电场强度大于b 点电场强度，A 错误，B 正确；电荷在零电势处电势能为零，故正的试探电荷在b 点的电势能为零，电场力方向水平向右，C 错误；负电荷从O 向a 移动过程中，电场力方向水平向左，电场力做正功，D 错误．4答案D 解析根据匀强电场中电势差与电场强度的关系式U ＝Ed ，相等距离，电势差相等，因为φa ＝2V ，φc ＝－2V ，可知，O 点电势为0，而bO ＝Od ，则b 、O 间的电势差等于O 、d 间的电势差，可知，d 点的电势为－23V ，故A 错误；从d 点到a 点电势升高，根据E p ＝qφ，电子从d 点运动到a 点电势能减小，故B 错误；由作图和几何关系可知a 、c 两点沿电场强度方向的距离为d ＝2R sin 30°＝2×0.2×12m ＝0.2m ，故该匀强电场的场强E ＝U ac d ＝40.2V/m ＝20V/m ，电场方向不是由b 点指向c 点，故C 错误，D 正确．5答案B解析由题图知粒子在到达b 点前做减速运动，过b 点后做加速运动，在b 点的加速度为0，则在b 点受到两点电荷的电场力平衡，Q 1带正电荷，则Q 2带负电荷，且根据库仑定律知，|Q 2|＜|Q 1|，故A 错误；粒子通过b 点的加速度为零，说明所受电场力为零，则b 点的场强一定为零，故B 正确；粒子从a 运动到b 的过程中，粒子的动能先减小，根据能量守恒知其电势能增大．根据正电荷在电势高处电势能大，可知粒子在a 点的电势能比b 点的电势能小，a 点的电势比b 点的电势低，故C 、D 错误．6答案B解析对物体B 下滑过程，根据机械能守恒定律可得：mgh ＝12m v 02，则B 刚到达水平地面时的速度v 0＝2gh ，物体B 与物体A 碰撞过程，以A 、B 两物体组成的系统为研究对象，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：m v 0＝2m v ，则物体A 与物体B 碰撞后的共同速度为v ＝12v 0，所以弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为E pm ＝12×2m v 2＝mgh 2，故A 错误，B 正确；当弹簧再次恢复原长时，物体A 与物体B 将分开，物体B 以v 的速度沿原曲面上滑，根据机械能守恒定律可得mgh ′＝12m v 2，则物体B 能达到的最大高度为h ′＝h 4，故C 、D 错误．7答案B 解析根据对称性可知，b 、d 两点的场强大小相等，方向相同，均由b 指向d ，则场强相同．b 、d 两点间的电场线由b 指向d ，所以b 点的电势高于d 点的电势，故A 错误，B 正确；将电子沿路径a →O →c 移动，电势不变，电场力不做功，故C 错误；将电子沿路径a →b →c 移动，从a 到b ，电场力做正功，从b 到c ，电场力做负功，故D 错误．8.B [由题图可知，a 粒子的轨迹方向向右弯曲，则a 粒子所受电场力方向向右，b 粒子的轨迹向左弯曲，则b 粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性，故A 错误.由电场线疏密可知，a 所受电场力逐渐减小，加速度逐渐减小，b 所受电场力逐渐增大，加速度逐渐增大，故B 正确.已知MN ＝NQ ，由于MN 段场强大于NQ 段场强，所以M 、N 两点间电势差|U MN |大于N 、Q 两点间电势差|U NQ |，故C 错误.根据电场力做功公式W ＝Uq ，|U MN |>|U NQ |，由于两个粒子所带电荷量的大小关系未知，所以不能判断电场力做功的多少及动能变化量大小，故D 错误.]9答案A解析由题图知，从r 1到无穷远处，正电荷的电势能先减小后增加，则电势先减小后增加，在r 0左侧电场线沿r 正方向，r 0右侧电场线沿r 负方向，则从r 1处释放电荷，电荷先向r 正方向运动，选项A 正确；从r 2处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动，选项B 错误；E p －x 图象切线斜率大小等于电场力大小，r 0处切线斜率为0，故所受电场力为0，故从r 0处释放电荷，电荷将静止，选项C 错误；从r 3处释放电荷，电荷将先向r 负方向运动，选项D 正确．10答案D解析等量异种点电荷连线的中垂面是等势面，根据场强的叠加，可知O 点和D 点的电场强度方向相同，均由A 指向B ，所以D 点的场强方向水平向右，故B 错误；根据等量异种电荷产生的电场的特点知，在O 点产生的场强比在D 点产生的场强大，故A 正确；因为在同一等势面上运动，电场力不做功，所以将一负电荷由O 点移到D 点，电场力不做功，电势能不变，故C 错误；D 点电势等于零，C 点电势小于零，将一负电荷由D 点移到C 点，电场力做负功，电荷的电势能增大，故D 正确．11答案CD解析小球只受重力G 和电场力F 作用，小球做直线运动，则合力为零或合力方向与运动方向在同一直线上；若F ＝mg sin α，则F 方向与运动方向垂直，如图，力F 不做功，只有重力做功，所以小球的速度增大，A 、B 错误；若F ＝mg tan α，力F 与小球运动方向可能成锐角，力对小球做正功，小球速度增大，电势能减小，力F 也可能与运动方向成钝角，合力对小球做负功，小球速度减小，电势能增大，故C 、D 正确．12答案BC 解析因0～T 3时间内微粒匀速运动，故E 0q ＝mg ；在T 3～2T 3时间内，微粒只受重力作用，做平抛运动，在t ＝2T 3时刻的竖直速度为v y 1＝gT 3，水平速度为v 0；在2T 3～T 时间内，由牛顿第二定律得2E 0q －mg ＝ma ，解得a ＝g ，方向向上，则在t ＝T 时刻，v y 2＝v y 1－g T 3＝0，粒子的竖直速度减小到零，水平速度为v 0，选项A 错误，B 正确；微粒的重力势能减小了ΔE p ＝mg ·d 2＝12mgd ，选项C 正确；从射入到射出，由动能定理得12mgd －W 电＝0，可知克服电场力做功为12mgd ，选项D 错误．13答案AC 解析根据题意可知两极板间电荷量保持不变，当正对面积减小时，则由C ＝εr S 4πkd 可知电容减小，由U ＝Q C 可知极板间电压增大，由E ＝U d可知，电场强度增大，故A 正确；设P 点的电势为φP ，则由题可知0－φP ＝Ed ′是增大的，则φP 一定减小，由于负电荷在电势低的地方电势能一定较大，所以可知电势能E p 是增大的，故C 正确．14.AC [由运动轨迹向上偏转可知粒子带正电，A 正确；由P →Q ，电场力做功为W PQ ＝E p P －E p Q ＝qU ，φP ＝0，则E p P ＝0，E p Q ＝－qU ，B 错；对Q 点速度分解v 0＝v sin 30°，则v ＝2v 0对P →Q 过程，W PQ ＝qU ＝qE ·x ＝12m (v 2－v 02)①x ＝12qE mt 2②d ＝v 0t③由①②③求得E ＝23U 3d，C 对，D 错.]15答案BC 解析物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，细线拉力对A 做正功，动能不断增大，速度不断增大，A 错误；设物块A 经过C 点时的速度大小为v ，此时B 的速度为0，根据系统的机械能守恒得：＝12m v 2，得v ＝2gh ，B 正确；由几何知识可得AC ＝3h ，由于A 、B 组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动，C 错误；到C 点时B 的速度为零，则根据功能关系可知，在物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，物块B 克服细线拉力做的功等于B 重力势能的减少量，D 错误．16答案(1)2gh (2)mg (h ＋d )qd C mg (h ＋d )q(3)h ＋d h 2h g解析(1)由v 2＝2gh （1分），得v ＝2gh （1分）(2)在极板间带电小球受重力和电场力作用，由牛顿运动定律知：mg －qE ＝ma （1分）由运动学公式知：0－v 2＝2ad （1分）整理得电场强度E ＝mg (h ＋d )qd（1分）由U ＝Ed ，Q ＝CU ，（1分）得电容器所带电荷量Q ＝Cmg (h ＋d )q （1分）(3)由h ＝12gt 21，0＝v ＋at （1分）2，t ＝t 1＋t 2（1分）整理得t ＝h ＋dh2h g （1分）17答案(1)3mg4q (2)0.3g (3)0.3mgL 解析(1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力分析如图所示，则有F N sin 37°＝qE （1分）F N cos 37°＝mg （1分）解得E ＝3mg 4q（1分）(2)若电场强度减小为原来的12，即E ′＝3mg 8q（1分）由牛顿第二定律得mg sin 37°－qE ′cos 37°＝ma （1分）解得a ＝0.3g （1分）(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mgL sin 37°－qE ′L cos 37°＝E k －0（2分）解得E k ＝0.3mgL .（1分）18答案(1)10m /s 20.4s (2)5m/s 速度方向与水平方向夹角为37°斜向右下方解析(1)小球在电场Ⅰ区域受到电场力F 1＝qE 1，小球在电场Ⅰ区域受到的电场力和重力的合力方向水平向右，大小为F 合＝F 1cos 45°＝1.6×10－2N ，（1分）则小球向右做匀加速直线运动，其加速度a 1＝F 合m＝10m/s 2，（1分）小球运动时间t 1＝2L 1a 1＝0.4s.（1分）（2）小球离开电场Ⅰ区域的水平速度v 0＝a 1t 1＝4m/s ，（1分）小球在电场Ⅱ区域中受到电场力和重力的合力竖直向下，其加速度a 2＝g ＋qE 2m＝30m/s 2，（2分）小球在电场Ⅱ区域中做类平抛运动，其运动时间t 2＝L 2v 00.1s ．（1分）小球在竖直方向的分速度v y ＝a 2t 2＝3m/s ，（1分）小球离开电场Ⅱ区域的速度v ＝v 20＋v 2y ＝5m/s ，（1分）设小球离开电场Ⅱ区域的速度方向与水平方向夹角为θ，则tan θ＝v y v 0＝34，（1分）得θ＝37°.（1分）19答案(1)10V (2)3m>R ≥2518m 或R ≤2563m 解析(1)在A 点，竖直分速度v y ＝v 0tan 53°＝4m/s （1分）带电粒子在平行板中运动时间t ＝L v 0＝0.2s （1分）v y ＝at （1分），得a ＝20m/s 2（1分）又mg ＋E ′q ＝ma （1分）E ′＝U d（1分），得U ＝10V （1分）(2)在A 点速度v A ＝v 0cos 53°＝5m/s （1分）①若小球不超过圆心等高处，则有12m v A 2≤(mg ＋qE )R cos 53°（1分）得R ≥2518m故3m>R ≥2518m （1分）②若小球能到达最高点C ，则有12m v 2A ＝(mg ＋qE )R ·(1＋cos 53°)＋12m v C 2（1分）在C 点：mg ＋Eq ≤m v C 2R （1分）可得v C ≥(mg ＋qE )R m （1分）联立解得：R ≤2563m （1分）故圆弧轨道半径R 的取值条件为：3m>R ≥2518m 或R ≤2563m （1分）。
2013-2014学年度高二年级第二学期期中考试物理试卷
2013-2014学年度高二年级第二学期期中考试说明：1．考试时间100分钟，满分100分。
2．把题目的答案写到答题卷的指定位置内。
一、选择题（本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
）1．一个理想变压器，原线圈匝数为300匝，副线圈匝数为1200匝.若原线圈接在8V 的蓄电池上，则接在副线圈两端的交流电压表读数为( )A.32VB.2VC.0VD.16V2.闭合线圈的匝数为n ，所围面积为S ，总电阻为R ，在t 时间内穿过每匝线圈的磁通量变化为△Φ，则通过导线横截面的电荷量为( )A ．n △Φ RB ．△ΦnS RC ．n △Φ △t RD ．△Φ R 3．矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定转轴转动，线圈中的感应电动势e 随时间t 的变化如右图所示，下列叙述中错误的是( )A.t=0时刻，线圈平面与中性面重合B.t 1时刻通过线圈的磁通量的变化率的绝对值最大C.t 2时刻通过线圈的磁通量最大D.每当e 变换方向时，通过线圈的磁通量为零4．有一台使用交流电的电冰箱上标有额定电压为“220V ”的字样，这“220V ”是指（ ）A ．交流电电压的瞬时值B ．交流电电压的最大值C ．交流电电压的平均值D ．交流电电压的有效值5．在蒙城某居民小区内有一辆平板三轮车上水平装载着一个长方形铝合金窗框，三轮车沿平直道路自西向东行驶。
若考虑到地磁场的存在，且在三轮车运动的区域内地磁场可视为匀强磁场，则铝合金窗框将发生电磁感应现象，下列判断中正确的是（ ）A ．窗框内将产生感应电流，且俯视窗框时窗框中的感应电流沿顺时针方向B ．窗框内将产生感应电流，且俯视窗框时窗框中的感应电流沿逆时针方向C ．窗框内无感应电流，但窗框的北侧电势较高D ．窗框内无感应电流，但窗框的北侧电势较低6．.中央电视台《焦点访谈》曾多次报道某些边远落后农村电价过高，农民负担过重．其中客观原因是电网陈旧老化，近年来进行了农村电网改造。
河南省淇县高级中学2012-2013学年高二下学期第二次月考物理试题
一、单项选择题（每小题5分，共60分）1、下列说法正确的是Ａ．气体对器壁的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力Ｂ．气体对器壁的压强就是大量气体分子单位时间作用在器壁上的平均作用力Ｃ．气体分子热运动的平均动能减小，气体的压强一定减小Ｄ．单位体积的气体分子数增加，气体的压强一定增大2、如图，水平放置的密封气缸内被一左右两部分，隔板可在气缸内无摩擦滑动，右侧气体内由一电热丝。
气缸壁和隔板均绝热。
初始时隔板静止，左右两边气体温度相等。
现给电热丝提供一微弱电流，通电一段时间后切断电源。
当缸内气体再次达到平衡时，与初始状态相比A．右边气体温度升高，左边气体温度不变B．左右两边气体温度都升高C．左边气体压强增大D．右边气体内能的增加量等于电热丝放出的热量3、如图为竖直放置的上细下粗的密闭细管，水银柱将气体分隔成A、B两部分，初始温度相同。
使A、B升高相同温度达到稳定后，体积变化量为∆V A、∆V B，压强变化量为∆p A、∆p B，对液面压力的变化量为∆F A、∆F B，则（）（A）水银柱向上移动了一段距离（B）∆V A＜∆V B（C）∆p A＞∆p B（D）∆F A＝∆F B4、关于热力学定律，下列说法正确的是A.在一定条件下物体的温度可以降到0 KB.物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功C.吸收了热量的物体，其内能一定增加D.压缩气体总能使气体的温度升高5、密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能）A．内能增大，放出热量 B 内能减小，吸收热量C．内能增大，对外界做功 D 内能减小，外界对其做功6、关于冲量、动量和动量的变化，下列说法中正确的是A. 物体动量等于物体所受冲量B. 物体所受合外力的冲量大小等于物体动量变化的大小C.一个物体的动能发生变化，其动量不一定变化D. 物体的动量变化方向与物体的动量方向相同7、两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A=1 kg，m B=2 kg，v A=6 m/s，v B=2 m/s。
河南省鹤壁高中2020-2021学年高二上学期阶段性检测(二)物理试题 Word版含答案
1鹤壁高中2020-2021学年高二上学期阶段性检测（二）物理试卷考生注意：1．本试卷第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
2．作答时，将答案写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米黑色签字笔在答案题卡上的各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
第Ⅰ卷 选择题（共65分）一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题4分，共40分）1.如图1所示，在一半径为R 的圆周上均匀分布有N 个绝缘带电小球(可视为质点)无间隙排列，其中A 点的小球带电荷量为＋4q ，其余小球带电荷量为＋q ，此时圆心O 点的电场强度大小为E ，现仅撤去A 点的小球，则O 点的电场强度为( )A ．大小为E ，方向沿AO 连线斜向下B ．大小为E 2，方向沿AO 连线斜向下C ．大小为E3，方向沿AO 连线斜向上D ．大小为E4，方向沿AO 连线斜向上2．如图2所示，一带电小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内，当开关S 闭合，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ，则( )A ．当开关S 断开时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大B ．当开关S 断开时，若增大平行板间的距离，则夹角θ增大图12C ．当开关S 闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大D ．当开关S 闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ减小3．如图3，两电荷量分别为Q (Q >0)和－Q 的点电荷对称地放置在x 轴上原点O 的两侧，a 点位于x 轴上O 点与点电荷Q 之间，b 位于y 轴O 点上方．取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是( )A ．O 点的电势为零，电场强度也为零B ．a 点的电势高于b 点电势，a 点电场强度大于b 点电场强度C ．正的试探电荷在b 点的电势能大于零，所受电场力方向指向O 点D ．将负的试探电荷从O 点移到a 点，必须克服电场力做功 4.如图4所示，以O 点为圆心、R ＝0.20 m 为半径的圆处于匀强电场(图中未画出)中，电场平行于圆面，ac 、bd 为圆的两条相互垂直的直径．已知a 、b 、c 三点的电势分别为2 V 、2 3 V 、－ 2 V ，则下列说法正确的是( )A ．d 点电势为2 3 VB ．电子从d 点运动到a 点电势能增加C ．电场方向由b 点指向c 点D ．该匀强电场的场强大小为20 V/m5．如图5甲所示，两个点电荷Q 1、Q 2固定在x 轴上距离为L 的两点，其中Q 1带正电荷位于原点O ，a 、b 是它们的连线延长线上的两点，其中b 点与O 点相距3L .现有一带正电的粒子q 以一定的初速度沿x 轴从a 点开始经b 点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a 、b 两点时的速度分别为v a 、v b ，其速度随坐标x 变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是( )A ．Q 2带负电且电荷量大于Q 1B ．b 点的场强一定为零C ．a 点的电势比b 点的电势高D ．粒子在a 点的电势能比在b 点的电势能大图2 图3图4图536．如图6所示，水平轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m 的物体A 相连，物体A 放在光滑水平地面上．有一质量与物体A 相同的物体B ，从高h 处由静止开始沿光滑曲面滑下，与物体A 相碰(碰撞时间极短)后一起将弹簧压缩，弹簧恢复原长后物体B 与物体A 分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是( )A ．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghB ．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为12mghC ．物体B 能达到的最大高度为12hD ．物体B 能达到的最大高度为h7．如图7所示，在平面直角坐标系xOy 内，固定有A 、B 、C 、D 四个带电荷量均为Q 的点电荷，它们关于两坐标轴对称，其中A 、B 带正电，C 、D 带负电，它们产生电场的等势面如图中虚线所示，坐标轴上abcd 是图中正方形的四个顶点，则( )A ．b 、d 两点电势相等，场强不相等B ．b 、d 两点场强相同，电势不相等C ．将电子沿路径a →O →c 移动，电场力做正功D ．将电子沿路径a →b →c 移动，电场力先做负功，后做正功 8.如图8所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1、2、3为等势线，已知MN ＝NQ ，a 、b 两带电粒子从等势线2上的O 点以相同的初速度飞出.仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则( )A.a 一定带正电，b 一定带负电B.a 加速度逐渐减小，b 加速度逐渐增大C.M 、N 两点间电势差|U MN |等于N 、Q 两点间电势差|U NQ |D.a 粒子到达等势线3的动能变化量比b 粒子到达等势线1的动能变化量小9．在电场中，以 O 为原点，沿电场方向建立坐标轴r .将带正电的试探电荷放入电场中，其电势能E p 随r 变化的关系如图9所示，其中r 2对应图线与横轴的交点，r 0对应图线的最低点．若电荷只受电场力的作用，则下列说法正确的是( )图6图7图84A ．从r 1处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动B ．从r 2处释放电荷，电荷将保持静止C ．从r 0处释放电荷，电荷将先向r 负方向运动D ．从r 3处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动10.如图10所示，A 、B 两点固定两个等量异种点电荷＋Q 和－Q ，O 点为AB 连线的中点，OD 是AB 连线的中垂线，BC 与OD 平行，AO ＝BO ＝BC ，下列说法正确的是( )A ．O 点的场强和D 点的场强大小相等B ．D 点的场强方向由D 指向CC ．负电荷在O 点的电势能比在D 点的电势能低D ．将一负电荷由D 点移动C 点，电荷的电势能增加二、多项选择题（在每小题给出的四个选项中，不只有一项是符合题目要求的，每小题5分，选错得0分，选不全得3分，共25分）11.如图11所示为竖直平面内的直角坐标系，其中x 轴沿水平方向，y 轴沿竖直方向．质量为m 、带电荷量为q 的小球，在重力和恒定电场力F 作用下，在竖直平面内沿与y 轴方向成α角(90°>α>45°)斜向下方向做直线运动，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A ．若F ＝mg sin α，则小球的速度不变B ．若F ＝mg sin α，则小球的速度可能减小C ．若F ＝mg tan α，则小球的速度可能减小D ．若F ＝mg tan α，则小球的电势能可能增大12.(多选)如图12甲所示，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t＝0时刻，质量为m 的带电微粒以初速度v 0沿中线射入两板间，0～T 3时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g .关于微粒在0～T 时间内运动的描述，正确的是( )A ．末速度大小为2v 0图9图10图115B ．末速度沿水平方向C ．重力势能减少了12mgdD ．克服电场力做功为mgd 13．(多选)如图13所示，A 、B 为两块平行带电金属板，A 带负电，B 带正电且与大地相接，两板间P 点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为U ，P 点场强大小为E ，电势为φP ，负电荷的电势能为E p ，现将A 、B 两板水平错开一段距离(两板间距不变)，下列说法正确的是( )A ．U 变大，E 变大B ．U 变小，φP 变小C ．φP 变小，E p 变大D ．φP 变大，E p 变小14. (多选)如图14所示，一电荷量大小为q 的带电粒子以一定的初速度由P 点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直.粒子从Q 点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角.已知匀强电场的宽度为d ，P 、Q 两点的电势差为U ，不计重力作用，设P 点的电势为零.则下列说法正确的是( )A.带电粒子带正电B.带电粒子在Q 点的电势能为UqC.此匀强电场的电场强度大小为E ＝23U3dD.此匀强电场的电场强度大小为E ＝3U3d 图12图13图14615. (多选)如图15所示，水平光滑长杆上套有小物块A ，细线跨过位于O 点的轻质光滑定滑轮，一端连接A ，另一端悬挂小物块B ，物块A 、B 质量相等．C 为O 点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OC ＝h ，重力加速度为g .开始时A 位于P 点，PO 与水平方向的夹角为30°，现将A 、B 由静止释放，下列说法正确的是( )A ．物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，速度先增大后减少B ．物块A 经过C 点时的速度大小为2gh C ．物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动D ．在物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，物块B 克服细线拉力做的功小于B 重力势能的减少量第Ⅱ卷 非选择题（共45分）三、计算题（本大题共45分）16．（10分）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C ，极板间的距离为d ，上极板正中有一小孔．质量为m 、电荷量为＋q 的小球从小孔正上方高h 处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零(空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g )．求：(1)小球到达小孔处的速度；(2)极板间电场强度的大小和电容器所带电荷量；(3)小球从开始下落运动到下极板处的时间．17.（9分）如图17所示，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止．重力加速度取g ，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)水平向右电场的电场强度；(2)若将电场强度减小为原来的12，物块的加速度是多大？(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时的动能． 图15图1718．（11分）如图所示，区域Ⅰ、Ⅱ分别存在着有界匀强电场E1、E2，已知区域Ⅰ宽L1＝0.8 m，区域Ⅱ宽L2＝0.4 m，E1＝10 2 V/m且方向与水平方向成45°角斜向右上方，E2＝20 V/m且方向竖直向下．带电荷量为q＝＋1.6×10－3 C．质量m＝1.6×10－3 kg的带电小球(可视为质点)在区域Ⅰ的左边界由静止释放．g取10 m/s2，求：(1)小球在电场区域Ⅰ中运动的加速度大小和时间；(2)小球离开电场区域Ⅱ的速度大小和方向．19.（15分）.如图，一质量为m1＝1 kg，带电荷量为q＝＋0.5 C的小球以速度v0＝3 m/s，沿两正对带电平行金属板(板间电场可看成匀强电场)左侧某位置水平向右飞入，极板长0.6 m，两极板间距为0.5 m，不计空气阻力，小球飞离极板后恰好由A点沿切线落入竖直光滑圆弧轨道ABC，圆弧轨道ABC的形状为半径R<3 m的圆截去了左上角127°的圆弧，CB为其竖直直径，在过A点竖直线OO′的右边界空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E＝10 V/m.(取g＝10 m/s2)求：7(1)两极板间的电势差大小U；(2)欲使小球在圆弧轨道运动时不脱离圆弧轨道，求半径R的取值应满足的条件．89鹤壁高中2022届高二年级适应性检测（二）物理答案1答案 C解析 假设圆周上均匀分布的都是电荷量为＋q 的小球，由于圆周的对称性，根据电场的叠加原理知，圆心O 处场强为零，所以圆心O 点的电场强度大小等效于A 点处电荷量为＋3q 的小球在O 点产生的场强，则有E ＝k 3qR 2，方向沿AO 连线向下；A 处带电荷量为＋q 的小球在圆心O 点产生的场强大小为E 1＝k q R 2＝E 3，方向沿AO 连线向下；其余带电荷量为＋q 的所有小球在O 点处产生的合场强为E 2＝E 1＝E 3，方向沿AO 连线斜向上；故仅撤去A 点的小球，O 点的电场强度为E 3，方向沿AO 连线斜向上．2答案 C解析 带电小球在电容器中处于平衡时，由平衡条件有tan θ＝qE mg ，当开关S 断开时，电容器两极板上的电荷量Q 不变，由C ＝εr S4πkd ，U ＝Q C ，E ＝U d 可知E ＝4πkQεr S ，故增大或减小两极板间的距离d ，电容器两极板间的电场强度不变，θ不变，选项A 、B 错误；当开关S 闭合时，因为两极板间的电压U 不变，由E ＝U d 可知，减小两极板间的距离d ，E 增大，θ变大，选项C 正确，D 错误．3答案 B10 解析 等量异种点电荷连线的中垂线为一条等势线，且电势为零，即O 点电势为零，而两电荷连线上电场方向由a 指向O ，根据沿电场线方向电势降低，所以a 点的电势高于O 点的电势，即a 点的电势高于b 点的电势，在两电荷连线上，电场强度先增大后减小，在O 点电场强度最小，但不为零，在两电荷连线的中垂线上，从O 点向两边递减，所以O 点在中垂线上是电场强度最大的点，故a 点电场强度大于b 点电场强度，A 错误，B 正确；电荷在零电势处电势能为零，故正的试探电荷在b 点的电势能为零，电场力方向水平向右，C 错误；负电荷从O 向a 移动过程中，电场力方向水平向左，电场力做正功，D 错误． 4答案 D解析 根据匀强电场中电势差与电场强度的关系式U ＝Ed ，相等距离，电势差相等，因为φa ＝2 V ，φc ＝－2 V ，可知，O 点电势为0，而bO ＝Od ，则b 、O 间的电势差等于O 、d 间的电势差，可知，d 点的电势为－2 3 V ，故A 错误；从d 点到a 点电势升高，根据E p ＝qφ，电子从d 点运动到a 点电势能减小，故B 错误；由作图和几何关系可知a 、c 两点沿电场强度方向的距离为d ＝2R sin 30°＝2×0.2×12 m ＝0.2 m ，故该匀强电场的场强E ＝U ac d ＝40.2 V/m ＝20 V/m ，电场方向不是由b 点指向c 点，故C 错误，D 正确．5答案 B解析 由题图知粒子在到达b 点前做减速运动，过b 点后做加速运动，在b 点的加速度为0，则在b 点受到两点电荷的电场力平衡，Q 1带正电荷，则Q 2带负电荷，且根据库仑定律知，|Q 2|＜|Q 1|，故A 错误；粒子通过b 点的加速度为零，说明所受电场力为零，则b 点的场强一定为零，故B 正确；粒子从a 运动到b 的过程中，粒子的动能先减小，根据能量守恒知其电势能增大．根据正电荷在电势高处电势能大，可知粒子在a 点的电势能比b 点的电势能小，a 点的电势比b 点的电势低，故C 、D 错误．6答案 B解析 对物体B 下滑过程，根据机械能守恒定律可得：mgh ＝12m v 02，则B 刚到达水平地面时的速度v 0＝2gh ，物体B 与物体A 碰撞过程，以A 、B 两物体组成的系统为研究对象，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：m v 0＝2m v ，则物体A 与物体B 碰撞后的共同速度为v ＝12v 0，所以弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为E pm ＝12×2m v 2＝mgh 2，故A 错误，B 正确；当弹簧再次恢复原长时，物体A 与物体B 将分开，物体B 以v的速度沿原曲面上11滑，根据机械能守恒定律可得mgh ′＝12m v 2，则物体B 能达到的最大高度为h ′＝h 4，故C 、D 错误．7答案 B解析 根据对称性可知，b 、d 两点的场强大小相等，方向相同，均由b 指向d ，则场强相同．b 、d 两点间的电场线由b 指向d ，所以b 点的电势高于d 点的电势，故A 错误，B 正确；将电子沿路径a →O →c 移动，电势不变，电场力不做功，故C 错误；将电子沿路径a →b →c 移动，从a 到b ，电场力做正功，从b 到c ，电场力做负功，故D 错误．8.B [由题图可知，a 粒子的轨迹方向向右弯曲，则a 粒子所受电场力方向向右，b 粒子的轨迹向左弯曲，则b 粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性，故A 错误.由电场线疏密可知，a 所受电场力逐渐减小，加速度逐渐减小，b 所受电场力逐渐增大，加速度逐渐增大，故B 正确.已知MN ＝NQ ，由于MN 段场强大于NQ 段场强，所以M 、N 两点间电势差|U MN |大于N 、Q 两点间电势差|U NQ |，故C 错误.根据电场力做功公式W ＝Uq ，|U MN |>|U NQ |，由于两个粒子所带电荷量的大小关系未知，所以不能判断电场力做功的多少及动能变化量大小，故D 错误.]9答案 A解析 由题图知，从r 1到无穷远处，正电荷的电势能先减小后增加，则电势先减小后增加，在r 0左侧电场线沿r 正方向，r 0右侧电场线沿r 负方向，则从r 1处释放电荷，电荷先向 r 正方向运动，选项A 正确；从r 2处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动，选项B 错误；E p －x 图象切线斜率大小等于电场力大小，r 0处切线斜率为0，故所受电场力为0，故从r 0处释放电荷，电荷将静止，选项C 错误；从r 3处释放电荷，电荷将先向r 负方向运动，选项D 正确．10答案 D解析 等量异种点电荷连线的中垂面是等势面，根据场强的叠加，可知O 点和D 点的电场强度方向相同，均由A 指向B ，所以D 点的场强方向水平向右，故B 错误；根据等量异种电荷产生的电场的特点知，在O 点产生的场强比在D 点产生的场强大，故A 正确；因为在同一等势面上运动，电场力不做功，所以将一负电荷由O 点移到D 点，电场力不做功，电势能不变，故C 错误；D 点电势等于零，C 点电势小于零，将一负电荷由D 点移到C 点，电场力做负功，电荷的电势能增大，故D 正确．11答案 CD解析 小球只受重力G 和电场力F 作用，小球做直线运动，则合力为零或合力方向与运动方向在同一直线上；若F ＝mg sin α，则F 方向与运动方向垂直，如图，12力F 不做功，只有重力做功，所以小球的速度增大，A 、B 错误；若F ＝mg tan α，力F 与小球运动方向可能成锐角，力对小球做正功，小球速度增大，电势能减小，力F 也可能与运动方向成钝角，合力对小球做负功，小球速度减小，电势能增大，故C 、D 正确． 12答案 BC解析 因0～T 3时间内微粒匀速运动，故E 0q ＝mg ；在T 3～2T 3时间内，微粒只受重力作用，做平抛运动，在t ＝2T 3时刻的竖直速度为v y 1＝gT 3，水平速度为v 0；在2T 3～T 时间内，由牛顿第二定律得2E 0q －mg ＝ma ，解得a ＝g ，方向向上，则在t ＝T 时刻，v y 2＝v y 1－g T 3＝0，粒子的竖直速度减小到零，水平速度为v 0，选项A 错误，B 正确；微粒的重力势能减小了ΔE p ＝mg ·d 2＝12mgd ，选项C 正确；从射入到射出，由动能定理得12mgd －W 电＝0，可知克服电场力做功为12mgd ，选项D 错误．13答案 AC解析 根据题意可知两极板间电荷量保持不变，当正对面积减小时，则由C ＝εr S4πkd 可知电容减小，由U ＝Q C 可知极板间电压增大，由E ＝U d 可知，电场强度增大，故A 正确；设P 点的电势为φP ，则由题可知0－φP ＝Ed ′是增大的，则φP 一定减小，由于负电荷在电势低的地方电势能一定较大，所以可知电势能E p 是增大的，故C 正确．14.AC [由运动轨迹向上偏转可知粒子带正电，A 正确；由P →Q ，电场力做功为W PQ ＝E p P －E p Q ＝qU ，φP ＝0，则E p P ＝0，E p Q ＝－qU ，B 错；对Q 点速度分解v 0＝v sin 30°，则v ＝2v 0对P →Q 过程，W PQ ＝qU ＝qE ·x ＝12m (v 2－v 02) ①x ＝12qE m t 2 ②d ＝v 0t ③由①②③求得E ＝23U3d ，C 对，D 错.]1315答案 BC解析 物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，细线拉力对A 做正功，动能不断增大，速度不断增大，A 错误；设物块A 经过C 点时的速度大小为v ，此时B 的速度为0，根据系统的机械能守恒得：mg ⎝⎛⎭⎫h sin 30°－h ＝12m v 2，得v ＝2gh ，B 正确；由几何知识可得AC ＝3h ，由于A 、B 组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动，C 错误；到C 点时B 的速度为零，则根据功能关系可知，在物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，物块B 克服细线拉力做的功等于B 重力势能的减少量，D 错误．16答案 (1)2gh (2)mg (h ＋d )qd C mg (h ＋d )q(3)h ＋d h 2hg解析 (1)由v 2＝2gh （1分），得v ＝2gh （1分）(2)在极板间带电小球受重力和电场力作用，由牛顿运动定律知：mg －qE ＝ma （1分） 由运动学公式知：0－v 2＝2ad （1分）整理得电场强度E ＝mg (h ＋d )qd （1分）由U ＝Ed ，Q ＝CU ，（1分）得电容器所带电荷量Q ＝C mg (h ＋d )q （1分）(3)由h ＝12gt 21，0＝v ＋at （1分）2，t ＝t 1＋t 2（1分）整理得t ＝h ＋d h 2hg （1分）17答案 (1)3mg4q (2)0.3g (3)0.3mgL解析 (1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力分析如图所示，则有F N sin 37°＝qE （1分）F N cos 37°＝mg （1分）解得E ＝3mg4q （1分）14(2)若电场强度减小为原来的12，即E ′＝3mg 8q （1分）由牛顿第二定律得mg sin 37°－qE ′cos 37°＝ma （1分）解得a ＝0.3g （1分）(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得 mgL sin 37°－qE ′L cos 37°＝E k －0（2分）解得E k ＝0.3mgL .（1分）18答案 (1)10 m /s 2 0.4 s (2)5 m/s 速度方向与水平方向夹角为37°斜向右下方 解析 (1)小球在电场Ⅰ区域受到电场力F 1＝qE 1，小球在电场Ⅰ区域受到的电场力和重力的合力方向水平向右，大小为F 合＝F 1 cos 45°＝1.6×10－2 N ，（1分）则小球向右做匀加速直线运动，其加速度a 1＝F 合m ＝10 m/s 2，（1分）小球运动时间t 1＝ 2L 1a 1＝0.4 s.（1分）（2）小球离开电场Ⅰ区域的水平速度v 0＝a 1t 1＝4 m/s ，（1分）小球在电场Ⅱ区域中受到电场力和重力的合力竖直向下，其加速度a 2＝g ＋qE 2m ＝30 m/s 2，（2分）小球在电场Ⅱ区域中做类平抛运动，其运动时间t 2＝L 2v 0＝0.1 s ．（1分）小球在竖直方向的分速度v y ＝a 2t 2＝3 m/s ，（1分）小球离开电场Ⅱ区域的速度v ＝v 20＋v 2y ＝5 m/s ，（1分）设小球离开电场Ⅱ区域的速度方向与水平方向夹角为θ，则tan θ＝v y v 0＝34，（1分）得θ＝37°.（1分）19答案 (1)10 V (2)3 m>R ≥2518 m 或R ≤2563 m解析 (1)在A 点，竖直分速度v y ＝ v 0tan 53°＝4 m/s （1分）带电粒子在平行板中运动时间t ＝Lv 0＝0.2 s （1分）v y ＝at （1分），得a ＝20 m/s 2 （1分）又mg ＋E ′q ＝ma （1分）15 E ′＝U d （1分），得U ＝10 V （1分）(2)在A 点速度v A ＝v 0cos 53°＝5 m/s （1分）①若小球不超过圆心等高处，则有 12m v A 2≤(mg ＋qE )R cos 53°（1分） 得R ≥2518 m故3 m>R ≥2518 m （1分）②若小球能到达最高点C ，则有 12m v 2A ＝(mg ＋qE )R ·(1＋cos 53°)＋12m v C 2（1分） 在C 点：mg ＋Eq ≤m v C 2R （1分）可得v C ≥(mg＋qE )Rm （1分）联立解得：R ≤2563 m （1分）故圆弧轨道半径R 的取值条件为： 3 m>R ≥2518 m 或R ≤2563 m （1分）。
河南省鹤壁市试验中学高二物理下学期期末试题带解析
河南省鹤壁市试验中学高二物理下学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 将阻值为5 Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是 ( )A. 电路中交变电流的频率为0.25HzB. 用交流电压表测得电阻两端电压为5VC. 通过电阻的电流为D. 电阻消耗的电功率为2.5W参考答案：D【详解】A、由图可知，交流电的频率为；故A错误.B、该电源的电动势的有效值为，电压表的示数为有效值且测的就是内阻不计的电源两端的电压；故B错误.C、根据交流电的有效值，利用欧姆定律可得，；故C错误.D、根据有效值计算功率有；故D正确.故选D.2. （单选题）下列单位中是电场强度的单位的是A、N/CB、V·mC、J/CD、J/s参考答案：A3. 一个做简谐运动的弹簧振子，它的振幅是4cm，频率是2.5Hz。
该质点从平衡位置开始经过0.4s 后，位移的大小和所通过的路程分别为A.0，8cmB.4cm，4cmC.0，16cmD.0，10cm参考答案：C4. 弹簧振子做简谐运动，其位移x与时间t的关系如图所示，由图可知（）A．在t＝1s时，速度的值最大，方向为负，加速度为零B．在t＝2s时，速度的值最大，方向为负，加速度为零C．在t＝3s时，速度的值最大，方向为正，加速度最大D．在t＝4s时，速度的值最大，方向为正，加速度最大参考答案：A5. 如图所示，物体、都处于静止状态，轻绳呈水平，轻绳与竖直方向成30°角.保持结点位置不变，当点沿着竖直墙向下缓慢移动很小的一段距离，物体始终处于静止状态，则下面说法正确的是( )A．物体受到的合力变大B．轻绳的拉力先变小后变大C．轻绳、对点的拉力的合力不变D．物体受到水平面的作用力不变参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 振动方向与传播方向垂直的是波（填“横”或“纵”）。
河南省鹤壁市第二高级中学高二物理联考试题带解析
河南省鹤壁市第二高级中学高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列说法，正确的是A．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B．各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而减小C．电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时非静电力所做的功D．电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大参考答案：C2. （多选）为了保护电脑元件不受损害，在电脑内部有很多传感器，其中最重要的就是温度传感器，常用的温度传感器有两种，一种是用金属做的热电阻，另一种是用半导体做的热敏电阻．关于这两种温度传感器的特点说法正确的是()A．金属做的热电阻随着温度的升高电阻变大B．金属做的热电阻随着温度的升高电阻变小C．用半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变大D．用半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变小参考答案：AD3. 以下表示物体做匀速直线运动的速度图象的是（）参考答案：D匀速直线运动的物体的速度是恒定的在v-t图像中是一条平行横轴的直线，所以选D4. （单选）如图所示，一小闹钟静止在水平桌面上，则（）A．闹钟受到的重力和桌面对闹钟的支持力是一对平衡力B．闹钟受到的重力和闹钟对桌面的压力是一对平衡力C．桌面受到的支持力和闹钟对桌面的压力是一对平衡力D．桌面受到的重力和闹钟对桌面的压力是一对平衡力参考答案：A5. 如图所示，两根垂直纸面平行固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流，沿纸面与直导线M、N 等距放置另一根可自由移动的通电导线，则通电导线在安培力作用下运动的情况是A. 沿纸面逆时针转动B. 沿纸面顺时针转动C. 端转向纸外，端转向纸里D. 端转向纸里，端转向纸外参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）一个木箱静止在粗糙水平面上，木箱的重量为G=20N，木箱和地面间的动摩擦因数为μ=0.3。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
1．关于物体的惯性，下列说法正确的是（）A．运动速度大的物体不容易停，是因为物体速度越大，惯性越大
B．静止的火车启动时，速度变化慢，因为静止的物体惯性大
C．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球惯性小
D．在宇宙飞船中的物体不存在惯性，因此可以漂浮起来
2．质量为m的物体沿倾角为α的斜面匀速下滑，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，则物体受的摩擦力为（）A．mgsinαB．mg
C．μmgcosαD．μmg
3．测量国际单位制规定的三个力学基本物理量分别可用的仪器是（）A．刻度尺、弹簧秤、秒表
B．刻度尺、测力计、打点计时器
C．量筒、天平、秒表
D．刻度尺、天平、秒表
4．一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先加速运动，然后改为匀速运动，再改作减速运动。
则（）A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力
B．减速前进时，绳拉物体的力大小于物体拉绳的力
C．只有匀速运动时，绳拉物体的力大等于物体拉绳的力
D．不管物体如何运动，绳拉物体的力大等于物体拉绳的力
5．一物体在几个力的共同作用下处于静止状态．现使其中向东的一个力F的值逐渐减小到零，又马上使其恢复到原值（方向不变），则[ ]
A．物体始终向西运动
B．物体先向西运动后向东运动
C．物体的加速度先增大后减小
D．物体的速度先增大后减小
6．如果将“超市”中运送货物所用的平板车固定在水平地面上，配送员用300 N水平力拖动其上的一箱60 kg的货物时，该货物刚好能在平板车上开始滑动．若配送员拖动平板车由静止开始加速前进，要保证此箱货物一定不从车上滑落，则车的加速度的取值可以为（）A．3.5m/s2 B．5.5 m/s2 C．7.5m/s2 D．9.5m/s2
7．如图所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧秤上，
弹簧秤固定在小车上．开始时小车处于静止状态。
当小车匀加速向右运动时，下述说法中正确的是：
（ ）
A ．弹簧秤读数变大，小车对地面压力变大
B ．弹簧秤读数变大，小车对地面压力变小
C ．弹簧秤读数变大，小车对地面的压力不变
D ．弹簧秤读数不变，小车对地面的压力变大
8．质量为m 的人站在升降机中，如果升降机运动的加速度大小为a ，升降机地板对人的支
持力为F=mg+ma ，则可能的情况为 （ ） A ．升降机以加速度a 向下加速运动 B ．升降机以加速度a 向上加速运动
C ．升降机以加速度a 向下减速运动
D ．升降机以加速度a 向上减速运动
9．关于物体速度方向，加速度方向和作用在物体的合外力方向之间的关系，下列说法正确
的是 （ ） A ．速度方向，加速度方向和合外力的方向三者总是相同的 B ．速度可以与加速度成任何夹角，加速度方向和合外力方向总相同
C ．速度方向总与合外力方向相同，加速度方向可能与速度方向相同，也可能与速度方 向相反
D ．速度方向总与加速度方向相同，可能与合外力方向相，也可能不同
第Ⅱ卷（选择题 共50分）
二、填空题（本题共3小题，每空5分，共20分。
答案填写在答题纸的相应位置上） 11．人在地面上最多能举起质量是60kg 的物体，而在 一个加速下降的电梯里，最多能举起
质量是80kg 的物体，此时电梯的加速度为 m/s 2。
（g=10m/s 2） 12．轻弹簧一端固定，另一端系质量为m 的小球甲， 同时用轻绳把质量也为m 的小球乙相连，如图，
现剪断甲乙间的细绳，则在剪断细绳的瞬间， 甲球的加速度大小为 m/s 2，方向为 。
（填向上，向下，g=10m/s 2）
13．如图，质量为M 的框架放在水平地面上，一轻弹
簧上端固定在框架上，下端栓一个质量是m 的小 球，当小球上下震动时，框架始终没有跳起，则
框架对地面压力为零的瞬间，小球加速度大小为。
三、计算题（本题共3小题，共30分，每题10分。
要求解答应画出受力分析图、写出必要
的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，
有数值计算
的，答案中必须明确写出数值和单位。
）
14．质量m=5kg的物体，置于倾角α=37°的粗糙斜面上。
用平行斜面的大小为40N的力推物体，使其沿斜面向上匀速运动，求地面对斜面体的静摩擦力的大小。
（g=10m/s2,sinα=0.6，cosα=0.8）
HBSZHGZ2013-2014下半学年第二次段考
高二年级物理科答题卷（命题人：秦全功）
一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共5.0分。
每个小题所给出的四个
选项中，有一个或多个是正确的。
全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分。
）
置上）
11．
12．、
13．
三、计算题（本题共3小题，共30分，每题10分。
要求解答应画出受力分析图、写出必要的文字说明和相关方程以及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。
）
14题
15题
16题。