高考专题辅导与测试第1部分 专题五 第三讲 第一课时 圆锥曲线中的范围、存在性和证明问题
2023年高考数学热点专题解析几何模型通关圆锥曲线中的范围与最值问题(解析版)
2023年高考数学热点专题解析几何模型通关圆锥曲线中的范围与最值问题（解析版）圆锥曲线中的范围与最值问题思路引导圆锥曲线中的范围、最值问题的求解常用的三种方法：(1)不等关系法：根据题意建立含参数的不等式，通过解不等式求参数范围；（2）基本不等式法：根据题意将函数变形为两项和或积的形式，利用基本不等式求范围；(3)函数法：用其他变量表示该参数，建立函数关系，利用求函数的单调性求解．母题呈现考法1利用不等关系求最值（范围）【例1】（2022·三明一中模拟预测）已知椭圆的一个顶点A (0，－1)，焦点在x 轴上，离心率为32.(1)求椭圆的标准方程；(2)设直线y ＝kx ＋m (k ≠0)与椭圆交于不同的两点M ，N .当|AM |＝|AN |时，求m 的取值范围．【解题指导】【解题技巧】寻找不等关系的突破口(1)利用判别式来构造不等式，从而确定所求范围;(2)利用已知参数的取值范围,求新参数的范围,解这类问题的核心是在两个参数之间建立相等关系;(3)利用隐含的不等关系，从而求出所求范围;(4)利用已知不等关系构造不等式,从而求出所求范围;(5)利用函数值域的求法,确定所求范围.【跟踪训练】（2022·石家庄二中模拟预测）已知双曲线的焦点在x ).(1)求双曲线的标准方程；(2)双曲线的左右顶点为A ，B ，且动点(),C m n ，(),D m n -在双曲线上，直线BC 与直线AD 交于点P ，()M，)N，求PM PN →→⋅的取值范围.考法2利用基本不等式求最值【例2】（2022·全国甲（理）T ）20.设抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点为F ，点(),0D p ，过F 的直线交C 于M ，N 两点．当直线MD 垂直于x 轴时，3MF =．（1）求C 的方程；（2）设直线,MD ND 与C 的另一个交点分别为A ，B ，记直线,MN AB 的倾斜角分别为,αβ．当αβ-取得最大值时，求直线AB 的方程．【例3】（2022·河南焦作·三模）已知抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点为F ，直线8y =与抛物线C 交于点P ，且5||2PF p =．(1)求抛物线C 的方程；(2)过点F 作抛物线C 的两条互相垂直的弦AB ，DE ，设弦AB ，DE 的中点分别为P ，Q ，求PQ 的最小值．【解题技巧】巧用基本不等式求最值问题利用基本不等式求函数的最值时，关键在于将函数变形为两项和或积的形式，然后用基本不等式求出最值。
高考圆锥曲线范围问题研究
高考圆锥曲线范围问题研究如下：
1.圆锥曲线中的范围问题是高考的热点之一，解决这类问题的关键
在于运用数形结合、分类讨论、函数与方程等思想方法，将抽象问题具体化，从而找到解决问题的途径。
2.圆锥曲线中的范围问题常与最值、不等式、参数的取值范围等综
合在一起进行考查，在解决这类问题时，需要运用圆锥曲线的定义、性质以及数形结合、分类讨论、函数与方程等思想方法，将问题转化为求函数的值域或最值。
3.圆锥曲线中的范围问题在解决时需要认真审题，挖掘题目中的隐
含条件，寻找符合题意的图形，运用数形结合的思想进行解答。
以下是对高考圆锥曲线范围问题的进一步研究：
1.理解问题：首先，要明确问题的要求，是求某个量的最大值、最
小值，还是确定某个量的取值范围。
同时，要理解题目给出的条件，并将其转化为数学语言。
2.制定策略：根据问题的要求和条件，选择适当的数学工具和思想
方法。
对于范围问题，数形结合、分类讨论、函数与方程等思想方法都是常用的策略。
3.实施解题：按照制定的策略，逐步推导和计算。
在这个过程中，
要注意利用圆锥曲线的性质和定义，以及题目中的隐含条件。
4.检验答案：在得出答案后，要回到题目中进行检验，确保答案符
合题目的要求和条件。
5.总结反思：在解决完问题后，要进行总结和反思，总结解题的经
验和教训，反思解题的策略和方法，以便在以后的学习中更好地应用。
高中数学高考17第一部分 板块二 专题五 解析几何 第3讲 圆锥曲线中的最值、范围、证明问题(大题)
设M(x1，y1)，M′(x2，y2)， 设 MF1 的方程为 x＝my－ 3，
x＝my－ 3，
由x42＋y2＝1
得(m2＋4)y2－2 3my－1＝0，
故yy11＋y2＝y2＝－mm2 221＋＋3m44.，
设F1M与F2N的距离为d，四边形F1F2NM的面积为S，
则 S＝12(|F1M|＋|F2N|)d＝12(|F1M′|＋|F1M|)d＝12|MM′|d＝ S△MF2M′,
2
PART TWO
真题体验 押题预测
真题体验 (2018·全国Ⅰ，文，20)设抛物线C：y2＝2x，点A(2,0)，B(－2,0)，过点A的直线l与 C交于M，N两点. (1)当l与x轴垂直时，求直线BM的方程；
解 当l与x轴垂直时，l的方程为x＝2， 可得点M的坐标为(2,2)或(2，－2). 所以直线 BM 的方程为 y＝12x＋1 或 y＝－12x－1. 即x－2y＋2＝0或x＋2y＋2＝0.
所以 y1＋y2＝2k，y1y2＝－4.
直线 BM，BN 的斜率之和 kBM＋kBN＝x1y＋1 2＋x2y＋2 2＝x2y1＋x1x＋1y22＋x22＋y12＋ y2.
①
将 x1＝yk1＋2，x2＝yk2＋2 及 y1＋y2，y1y2 的表达式代入①式分子，
可得 x2y1＋x1y2＋2(y1＋y2)＝2y1y2＋4kky1＋y2＝－8k＋8＝0.
当且仅当 t2＝92，即 t＝±322时取等号.
故△BPQ
的面积的最大值为
2 2.
热点二 范围问题
圆锥曲线的范围问题的常见解法 (1)几何法：若题目中的条件和结论能明显体现几何特征和意义，则考虑利用图形 性质来解决； (2)代数法：若题目中的条件和结论能体现一种明确的函数关系或不等关系或已知 参数与新参数之间的等量关系等，则可利用这些关系去求参数的范围.
2018高考数学理二轮复习课件：1-5-3-1 圆锥曲线中的范围、存在性和证明问题 精品
∵2k＋1k2＋1≥22 k·1k2＋1＝9，当且仅当 k＝±1 时取等号，
∴S 四边形∈196，2.
综合①与②可知，S 四边形∈196，2.
Байду номын сангаас
解决圆锥曲线中范围问题的方法
一般题目中没有给出明确的不等关系，首先需要根据已知条件进行转化，利用圆锥曲线的几何性质及 曲线上点的坐标确定不等关系；然后构造目标函数，把原问题转化为求函数的值域或引入参数根据参数范 围求解，解题时应注意挖掘题目中的隐含条件，寻找量与量之间的转化．
(2)y 轴上是否存在点 P，使得当 k 变动时，总有∠OPM＝∠OPN？说明理由．
解 (2)存在符合题意的点，证明如下： 设 P(0，b)为符合题意的点，M(x1，y1)，N(x2，y2)，直线 PM，PN 的斜率分别为 k1，k2. 将 y＝kx＋a 代入 C 的方程得 x2－4kx－4a＝0. 故 x1＋x2＝4k，x1x2＝－4a. 从而 k1＋k2＝y1x－1 b＋y2x－2 b＝2kx1x2＋ax－1x2bx1＋x2＝ka＋a b. 当 b＝－a 时，有 k1＋k2＝0，则直线 PM 的倾斜角与直线 PN 的倾斜角互补，故∠OPM＝∠OPN， 所以点 P(0，－a)符合题意.
[2015·天津高考]已知椭圆ax22＋by22＝1(a>b>0)的左焦点为 F(－c,0)，离心率为 33，点 M 在椭圆上且位于
高三总复习数学精品课件 圆锥曲线中的证明、范围(最值)问题
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【解】 (1)由题意可得ac＝ 23， 2c＝2 3，
解得ac＝＝2，3， 所以 b2＝a2－c2＝1， 故椭圆 C 的方程为x42＋y2＝1.
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(2)证明：设直线 l 的方程为 y＝－12x＋m，P(x1，y1)，Q(x2，y2)． 由xy4＝2＋－y212＝x＋1，m，消去 y 得 x2－2mx＋2(m2－1)＝0. 则 Δ＝4m2－8(m2－1)＝4(2－m2)>0， 且 x1＋x2＝2m，x1x2＝2(m2－1)，
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1．判断正误(正确的打“√”，错误的打“×”) (1)直线 y＝kx(k≠0)与双曲线 x2－y2＝1 一定相交． (2)与双曲线的渐近线平行的直线与双曲线有且只有一个交点． (3)直线与椭圆只有一个交点⇔直线与椭圆相切． (4)过点(2，4)的直线与椭圆x42＋y2＝1 只有一条切线．
(× ) (√ ) (√ )
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技法三 目标函数法
(2020·河北九校第二次联考)椭圆xa22＋by22＝1(a>b>0)的左焦点为 F，短
轴长为 2
3，右顶点为
A，上顶点为
B，△ABF
的面积为3 2
3 .
(1)求椭圆的标准方程；
(2)过 A 作直线 l 与椭圆交于另一点 M，连接 MF 并延长交椭圆于点 N，当
△AMN 的面积最大时，求直线 l 的方程．
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联立得y＝1－x1mx＋1， y＝－4（mx＋1 1）x－1，
解得点 D 的纵坐标为 yD＝－ －1144xx2121－ ＋mm22＋ －11. 因为点 M 在椭圆 C 上，所以x421＋m2＝1， 则 yD＝0. 所以点 D 在 x 轴上．
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范围(最值)问题
2024年高考数学一轮复习(新高考版)《圆锥曲线中范围与最值问题》课件ppt
(2)若过焦点F的动直线l与抛物线交于A，B两点，过A，B分别作抛物线 的切线l1，l2，且l1，l2的交点为Q，l1，l2与y轴的交点分别为M，N.求 △QMN面积的取值范围.
由(1)可知，抛物线E：y2＝4x， 设 Ay421，y1，By422，y2(y1≠0，y2≠0)，
(2)若 A 和 B 为椭圆 C 上在 x 轴同侧的两点，且—AF→2 ＝λ—BF→1 ，求四边形 ABF1F2 面积的最大值.
由—AF→2 ＝λ—BF→1 ， 得AF2∥BF1，如图， 延长BF1，AF2交椭圆于C，D两点，根据椭圆的 对称性可知，四边形ABCD为平行四边形，且四边形ABF1F2的面积为 四边形ABCD的面积的一半. 由题知，BF1的斜率不为零，故设 BF1 的方程为 x＝my－ 2， 联立x32＋y2＝1，
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故 y1y2＝－13x1x2 且 x1x2≠0， 即3t2－9≠0，则t2≠3，又y1＝kx1＋t，y2＝kx2＋t， 所以yx11yx22＝kx1＋xt1xk2x2＋t＝k2＋ktx1＋x1xx22＋t2 ＝k2＋－1＋36tk322－kt22＋9 t2＝t32－t2－9k92＝－13，
解得ab＝＝21，， 则 C：x42－y2＝1.
(2)设点A，B的中点为M，求点M到y轴的距离的最小值.
设点M的横坐标为xM>0， 当直线l的斜率不存在时，则直线l：x＝2， 易知点M到y轴的距离为xM＝2； 当直线l的斜率存在时， 设 l：y＝kx＋mk≠±12，A(x1，y1)，B(x2，y2)， 联立x42－y2＝1， 整理得(4k2－1)x2＋8kmx＋4m2＋4＝0，
y＝kx＋m，
第3讲 大题专攻——圆锥曲线中的最值、范围、证明问题 2023高考数学二轮复习课件
当t∈(2，3)时，u′＞0，u＝4t3－t4单调递增，
当t∈(3，4)时，u′＜0，u＝4t3－t4单调递减，
所以当
t＝3
时，u
取得最大值，则
S
也取得最大值，最大值为3 4
3.
目录
圆锥曲线中的范围问题
【例2】 已知抛物线E：x2＝2py(p＞0)的焦点为F，点P在抛物线E上，点P 的横坐标为2，且|PF|＝2. (1)求抛物线E的标准方程； 解 法一：依题意得 F0，2p，设 P(2，y0)，则 y0＝2－p2，因为点 P 是抛 物线 E 上一点，所以 4＝2p2－2p，即 p2－4p＋4＝0，解得 p＝2.所以抛物 线 E 的标准方程为 x2＝4y. 法二：依题意，设 P(2，y0)，代入抛物线 E 的方程 x2＝2py 可得 y0＝2p，由 抛物线的定义可得|PF|＝y0＋p2，即 2＝2p＋p2，解得 p＝2.所以抛物线 E 的 标准方程为 x2＝4y.
4 1＋k2· k2＋b.
因为x2＝4y，即y＝x42，所以y′＝x2，则抛物线在点A处的切线斜率为
x1 2
，在
点A处的切线方程为y－x421＝x21(x－x1)，即y＝x21x－x421，
目录
同理得抛物线在点B处的切线方程为y＝x22x－x422，
联立得yy＝ ＝xx2212xx－－xx442212， ，则xy＝＝xx114x＋22＝x2－＝b2，k， 即P(2k，－b)．
＋ 2， 圆心O(0，0)到MN的距离d＝ m22＋1＝1⇒m2＝1.
联立xx＝ 2＋m3yy＋2＝32，⇒(m2＋3)y2＋2 2my－1＝0⇒4y2＋2 2my－1＝0，
|MN|＝
1＋m2·
8m2＋16＝ 4
高考数学二轮复习第一部分专题五解析几何第三讲第一课时圆锥曲线的最值、范围、证明问题习题
第三讲 第一课时 圆锥曲线的最值、范围、证明问题限时规范训练 A 组——高考热点强化练一、选择题1．已知双曲线C ：x 2－y 23＝1，其渐近线上的点到焦点的最小距离为( )A.12 B ．1C.32D. 3解析：其最小距离是焦点到渐近线的距离为b ＝ 3. 答案：D2．(2017·上海浦东新区模拟)方程kx 2＋4y 2＝4k 表示焦点在x 轴上的椭圆，则实数k 的取值范围是( ) A ．k >4 B ．k ＝4 C ．k <4D ．0<k <4解析：椭圆方程为x 24＋y 2k＝1，焦点在x 轴上，∴0<k <4.答案：D3．已知圆C ：x 2＋y 2＋6x ＋8y ＋21＝0，抛物线y 2＝8x 的准线为l ，设抛物线上任意一点P 到直线l 的距离为m ，则m ＋|PC |的最小值为( )A ．5 B.41 C.41－2D ．4解析：由题得，圆C 的圆心坐标为(－3，－4)，抛物线的焦点为F (2,0)．根据抛物线的定义，得m ＋|PC |＝|PF |＋|PC |≥|FC |＝41.答案：B4．若以椭圆上一点和两个焦点为顶点的三角形面积的最大值为1，则椭圆长轴长的最小值为( ) A ．1 B. 2 C ．2D ．2 2解析：设椭圆C ：x 2a 2＋y 2b2＝1(a >b >0)，则使三角形面积最大时，三角形在椭圆上的顶点为椭圆短轴端点， 所以S ＝12×2c ×b ＝bc ＝1≤b 2＋c 22＝a22.所以a 2≥2.所以a ≥ 2. 所以长轴长2a ≥22，故选D. 答案：D5．已知M (x 0，y 0)是双曲线C ：x 22－y 2＝1上的一点，F 1，F 2是C 的两个焦点．若MF 1→·MF 2→<0，则y 0的取值范围是( ) A.⎝ ⎛⎭⎪⎫－33，33 B.⎝ ⎛⎭⎪⎫－36，36 C.⎝ ⎛⎭⎪⎫－223，223D.⎝ ⎛⎭⎪⎫－233，233解析：由题意知a 2＝2，b 2＝1，所以c 2＝3，不妨设F 1(－3，0)，F 2(3，0)，所以MF 1→＝(－3－x 0，－y 0)，MF 2→＝(3－x 0，－y 0)，所以MF 1→·MF 2→＝x 20－3＋y 20＝3y 20－1<0， 所以－33<y 0<33，故选A. 答案：A6．(2017·河南适应性模拟)已知抛物线y 2＝4x 的焦点为F ，A ，B 是抛物线上横坐标不相等的两点，若AB 的垂直平分线与x 轴的交点是(4,0)，则|AB |的最大值为( ) A ．2 B ．4 C ．6D ．10解析：本题考查直线和抛物线的位置关系以及焦点弦长公式．因为F (1，0)，设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，M (4,0)，由|MA |2＝|MB |2得(4－x 1)2＋y 21＝(4－x 2)2＋y 22 ①，又y 21＝4x 1，y 22＝4x 2，代入①中并展开得16－8x 1＋x 21＋y 21＝16－8x 2＋x 22＋y 22，即x 21－x 22＝4x 1－4x 2，得x 1＋x 2＝4，所以|AB |≤|AF |＋|BF |＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1＋p 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2＋p 2＝6，当且仅当A ，B ，F 三点共线时等号成立，所以|AB |max ＝6，故选C.答案：C7．(2017·高考全国卷Ⅰ)已知F 为抛物线C ：y 2＝4x 的焦点，过F 作两条互相垂直的直线l 1，l 2，直线l 1与C 交于A ，B 两点，直线l 2与C 交于D ，E 两点，则|AB |＋|DE |的最小值为( ) A ．16 B ．14 C ．12D ．10解析：因为F 为y 2＝4x 的焦点，所以F (1,0)．由题意直线l 1，l 2的斜率均存在，且不为0，设l 1的斜率为k ，则l 2的斜率为－1k，故直线l 1，l 2的方程分别为y ＝k (x －1)，y ＝－1k(x －1)．由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝k x －1，y 2＝4x ，得k 2x 2－(2k 2＋4)x ＋k 2＝0.设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则x 1＋x 2＝2k 2＋4k2，x 1x 2＝1，所以|AB |＝1＋k 2·|x 1－x 2|＝1＋k 2·x 1＋x 22－4x 1x 2＝1＋k 2·⎝ ⎛⎭⎪⎫2k 2＋4k 22－4＝41＋k2k 2.同理可得|DE |＝4(1＋k 2)． 所以|AB |＋|DE |＝41＋k2k2＋4(1＋k 2)＝4⎝ ⎛⎭⎪⎫1k 2＋1＋1＋k 2＝8＋4⎝ ⎛⎭⎪⎫k 2＋1k 2≥8＋4×2＝16.当且仅当k 2＝1k2，即k ＝±1时，取得等号．故选A.答案：A8．(2017·高考全国卷Ⅰ)设A ，B 是椭圆C ：x 23＋y 2m ＝1长轴的两个端点．若C 上存在点M 满足∠AMB ＝120°，则m 的取值范围是( )A ．(0,1]∪[9，＋∞)B ．(0，3]∪[9，＋∞)C ．(0,1]∪[4，＋∞)D ．(0，3]∪[4，＋∞)解析：法一：设焦点在x 轴上，点M (x ，y )．过点M 作x 轴的垂线，交x 轴于点N ，则N (x,0)．故tan ∠AMB ＝tan(∠AMN ＋∠BMN )＝3＋x |y |＋3－x|y |1－3＋x |y |·3－x|y |＝23|y |x 2＋y 2－3.又tan ∠AMB ＝tan120°＝－3，且由x 23＋y 2m ＝1可得x 2＝3－3y 2m，则23|y |3－3y 2m＋y 2－3＝23|y |⎝ ⎛⎭⎪⎫1－3m y2＝－ 3.解得|y |＝2m3－m .又0＜|y |≤m ，即0＜2m3－m ≤m ，结合0＜m ＜3解得0＜m ≤1.对于焦点在y 轴上的情况，同理亦可得m ≥9. 则m 的取值范围是(0,1]∪[9，＋∞)．故选A. 法二：当0＜m ＜3时，焦点在x 轴上， 要使C 上存在点M 满足∠AMB ＝120°， 则a b≥tan 60°＝3，即3m≥3，解得0＜m ≤1.当m ＞3时，焦点在y 轴上，要使C 上存在点M 满足∠AMB ＝120°， 则a b≥tan 60°＝3，则m3≥3，解得m ≥9.故m 的取值范围为(0,1]∪[9，＋∞)．故选A. 答案：A 二、填空题9．已知过双曲线x 2a 2－y 2b2＝1(a >0，b >0)右焦点且倾斜角为45°的直线与双曲线右支有两个交点，则双曲线的离心率的取值范围是________．解析：由题意可知双曲线的渐近线y ＝b a x 的倾斜角小于45°，所以0<b a<1，即b 2<a 2，c 2－a 2<a 2，解得1<e < 2. 答案：(1,2)10．(2017·云南昆明质检)椭圆x 29＋y 225＝1上的一点P 到两焦点的距离的乘积为m ，当m 取最大值时，点P 的坐标是________．解析：记椭圆的两个焦点分别为F 1，F 2，有|PF 1|＋|PF 2|＝2a ＝10.则m ＝|PF 1|·|PF 2|≤⎝⎛⎭⎪⎫|PF 1|＋|PF 2|22＝25，当且仅当|PF 1|＝|PF 2|＝5，即点P 位于椭圆的短轴的顶点处时，m 取得最大值25. ∴点P 的坐标为(－3,0)或(3,0)． 答案：(－3,0)或(3,0)11．(2017·德阳模拟)已知椭圆：x 24＋y 2b2＝1(0<b <2)的左、右焦点分别为F 1、F 2，过F 1的直线l交椭圆于A ，B 两点，若|BF 2|＋|AF 2|的最大值为5，则b 的值是________． 解析：由椭圆的方程可知a ＝2，由椭圆的定义可知，|AF 2|＋|BF 2|＋|AB |＝4a ＝8， 所以|AB |＝8－(|AF 2|＋|BF 2|)≥3，由椭圆的性质可知过椭圆焦点的弦中，通径最短，则2b2a＝3.所以b2＝3，即b＝ 3.答案： 312．已知抛物线y2＝2px(p>0)的焦点为F，△ABC的顶点都在抛物线上，且满足FA→＋FB→＋FC→＝0，则1k AB＋1k BC＋1k CA＝________.解析：由题易知F⎝⎛⎭⎪⎫p2，0，设点A(x1，y1)，B(x2，y2)，C(x3，y3)，由FA→＋FB→＋FC→＝0知，⎝⎛⎭⎪⎫x1－p2，y1＋⎝⎛⎭⎪⎫x2－p2，y2＋⎝⎛⎭⎪⎫x3－p2，y3＝(0,0)，故y1＋y2＋y3＝0，∵1k AB＝x2－x1y2－y1＝12py22－y21y2－y1＝y1＋y22p，同理可知1k BC＝y3＋y22p，1k CA＝y1＋y32p，∴1k AB＋1k BC＋1k CA＝2y1＋y2＋y32p＝0.答案：0三、解答题13．(2017·高考浙江卷)如图，已知抛物线x2＝y，点A⎝⎛⎭⎪⎫－12，14，B⎝⎛⎭⎪⎫32，94，抛物线上的点P(x，y)⎝⎛⎭⎪⎫－12＜x＜32.过点B作直线AP的垂线，垂足为Q.(1)求直线AP斜率的取值范围；(2)求|PA|·|PQ|的最大值．解析：(1)设直线AP的斜率为k，k＝x2－14x＋12＝x－12，因为－12＜x＜32，所以直线AP斜率的取值范围是(－1,1)．(2)联立直线AP与BQ的方程⎩⎪⎨⎪⎧kx－y＋12k＋14＝0，x＋ky－94k－32＝0，解得点Q的横坐标是x Q＝－k2＋4k＋32k2＋1.因为|PA |＝1＋k 2⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋12＝1＋k 2(k ＋1)，|PQ |＝1＋k 2(x Q －x )＝－k －1k ＋12k 2＋1.所以|PA |·|PQ |＝－(k －1)(k ＋1)3.令f (k )＝－(k －1)(k ＋1)3，因为f ′(k )＝－(4k －2)(k ＋1)2， 所以f (k )在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫－1，12上单调递增，⎝ ⎛⎭⎪⎫12，1上单调递减，因此当k ＝12时，|PA |·|PQ |取得最大值2716.14．若椭圆x 2a 2＋y 2b2＝1(a >b >0)的左、右焦点分别为F 1，F 2，线段F 1F 2被抛物线y 2＝2bx 的焦点F 内分成了3∶1的两段．(1)求椭圆的离心率；(2)过点C (－1,0)的直线l 交椭圆于不同两点A ，B ，且AC →＝2CB →，当△AOB 的面积最大时，求直线l 和椭圆的方程．解析：(1)由题意知c ＋b2＝3⎝ ⎛⎭⎪⎫c －b 2，∴b ＝c ，a 2＝2b 2，e ＝ca＝1－⎝ ⎛⎭⎪⎫b a 2＝22.(2)设直线l ：x ＝ky －1，A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)， ∵AC →＝2CB →，∴(－1－x 1，－y 1)＝2(x 2＋1，y 2)，即2y 2＋y 1＝0， ① 由(1)知a 2＝2b 2，∴椭圆方程为x 2＋2y 2＝2b 2.由⎩⎪⎨⎪⎧x ＝ky －1，x 2＋2y 2＝2b2消去x 得(k 2＋2)y 2－2ky ＋1－2b 2＝0，∴y 1＋y 2＝2kk 2＋2， ② y 1y 2＝1－2b 2k 2＋2， ③由①②知y 2＝－2k k 2＋2，y 1＝4kk 2＋2. ∵S △AOB ＝12|y 1|＋12|y 2|＝12|y 1－y 2|，∴S ＝3·|k |k 2＋2＝3·12|k |＋|k |≤3·122|k |·|k |＝324，当且仅当|k |2＝2，即k ＝±2时取等号，此时直线的方程为x ＝2y －1或x ＝－2y －1. 又当|k |2＝2时，y 1y 2＝－2k k 2＋2·4k k 2＋2＝－8k2k 2＋22＝－1，∴由y 1y 2＝1－2b 2k 2＋2得b 2＝52，∴椭圆方程为x 25＋y 252＝1.15．(2017·高考全国卷Ⅲ)已知抛物线C ：y 2＝2x ，过点(2,0)的直线l 交C 于A ，B 两点，圆M 是以线段AB 为直径的圆． (1)证明：坐标原点O 在圆M 上；(2)设圆M 过点P (4，－2)，求直线l 与圆M 的方程． 解析：(1)证明：设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，l ：x ＝my ＋2， 由⎩⎪⎨⎪⎧x ＝my ＋2，y 2＝2x可得y 2－2my －4＝0，则y 1y 2＝－4.又x 1＝y 212，x 2＝y 222，故x 1x 2＝y 1y 224＝4.因此OA 的斜率与OB 的斜率之积为y 1x 1·y 2x 2＝－44＝－1，所以OA ⊥OB ，故坐标原点O 在圆M 上．(2)由(1)可得y 1＋y 2＝2m ，x 1＋x 2＝m (y 1＋y 2)＋4＝2m 2＋4，故圆心M 的坐标为(m 2＋2，m )，圆M 的半径r ＝m 2＋22＋m 2.由于圆M 过点P (4，－2)，因此AP →·BP →＝0，故(x 1－4)(x 2－4)＋(y 1＋2)(y 2＋2)＝0，即x 1x 2－4(x 1＋x 2)＋y 1y 2＋2(y 1＋y 2)＋20＝0. 由(1)可知y 1y 2＝－4，x 1x 2＝4，所以2m 2－m －1＝0，解得m ＝1或m ＝－12.当m ＝1时，直线l 的方程为x －y －2＝0，圆心M 的坐标为(3,1)，圆M 的半径为10， 圆M 的方程为(x －3)2＋(y －1)2＝10.当m ＝－12时，直线l 的方程为2x ＋y －4＝0，圆心M 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫94，－12 ，圆M 的半径为854，圆M 的方程为⎝ ⎛⎭⎪⎫x －942＋⎝ ⎛⎭⎪⎫y ＋122＝8516.B 组——高考能力提速练一、选择题1．过双曲线x 2－y 215＝1的右支上一点P 分别向圆C 1：(x ＋4)2＋y 2＝4和圆C 2：(x －4)2＋y 2＝1作切线，切点分别为M ，N ，则|PM |2－|PN |2的最小值为( ) A ．10 B ．13 C ．16D ．19解析：由题意可知，|PM |2－|PN |2＝(|PC 1|2－4)－(|PC 2|2－1)＝|PC 1|2－|PC 2|2－3＝(|PC 1|－|PC 2|)·(|PC 1|＋|PC 2|)－3＝2(|PC 1|＋|PC 2|)－3≥2|C 1C 2|－3＝13，故选B. 答案：B2．(2017·湖南师大附中月考)设双曲线C ：x 2a 2－y 2b2＝1(a >0，b >0)的一条渐近线与抛物线y 2＝x 的一个交点的横坐标为x 0，若x 0>1，则双曲线C 的离心率e 的取值范围是( ) A.⎝ ⎛⎭⎪⎫1，62 B ．(2，＋∞) C ．(1，2)D.⎝⎛⎭⎪⎫62，＋∞ 解析：联立⎩⎪⎨⎪⎧y 2＝x ，y ＝bax ，消去y 得b 2a 2x 2＝x ，由x 0>1知b 2a 2<1，即c 2－a 2a2<1，故e 2<2，又e >1，所以1<e <2，故选C. 答案：C3．如图，已知点B 是椭圆x 2a 2＋y 2b2＝1(a >b >0)的短轴位于x 轴下方的端点，过B 作斜率为1的直线交椭圆于点M ，点P 在y 轴上，且PM ∥x 轴，BP →·BM →＝9，若点P 的坐标为(0，t )，则t 的取值范围是( )A ．(0,3)B ．(0,3]C.⎝ ⎛⎭⎪⎫0，32D.⎝ ⎛⎦⎥⎤0，32 解析：因为P (0，t )，B (0，－b )，所以M (t ＋b ，t )．所以BP →＝(0，t ＋b )，BM →＝(t ＋b ，t ＋b )． 因为BP →·BM →＝9，所以(t ＋b )2＝9，t ＋b ＝3.因为0<t <b ，所以0<t <3－t .所以0<t <32，故选C.答案：C4．已知椭圆E ：x 2a 2＋y 2b2＝1(a ＞b ＞0)的右焦点为F ，短轴的一个端点为M ，直线l ：3x －4y ＝0交椭圆E 于A ，B 两点．若|AF |＋|BF |＝4，点M 到直线l 的距离不小于45，则椭圆E 的离心率的取值范围是( ) A ．0，32B ．0，34C.32，1 D.34，1 解析：根据椭圆的对称性及椭圆的定义可得A ，B 两点到椭圆左、右焦点的距离为4a ＝2(|AF |＋|BF |)＝8，所以a ＝2.又d ＝|3×0－4×b |32＋－42≥45，所以1≤b <2，所以e ＝ca ＝1－b 2a2＝1－b 24.因为1≤b <2，所以0<e ≤32，故选A. 答案：A5．(2017·南昌调研)已知圆O 1：(x －2)2＋y 2＝16与圆O 2：x 2＋y 2＝r 2(0<r <2)，动圆M 与圆O 1、圆O 2都相切，动圆圆心M 的轨迹为两个椭圆，这两个椭圆的离心率分别为e 1，e 2(e 1>e 2)，则e 1＋2e 2的最小值是( ) A.3＋224B.32C. 2D.38解析：①当动圆M 与圆O 1、O 2都相内切时，|MO 2|＋|MO 1|＝4－r ＝2a ，∴e 1＝24－r .②当动圆M 与圆O 1相内切，与圆O 2相外切时，|MO 1|＋|MO 2|＝4＋r ＝2a ′， ∴e 2＝24＋r ，∴e 1＋2e 2＝24－r ＋44＋r ＝24－2r 16－r2， 令12－r ＝t (10<t <12)，∴e 1＋2e 2＝2×124－t －128t≥2×124－162＝112－82＝3＋224，故选A. 答案：A6．(2017·浙江六校联考)已知双曲线x 2a 2－y 2b2＝1(a >0，b >0)的左、右焦点分别为F 1，F 2，P 为双曲线上任一点，且PF 1→·PF 2→的最小值的取值范围是⎣⎢⎡⎦⎥⎤－34c 2，－12c 2，则该双曲线的离心率的取值范围为( )A ．(1，2]B ．[2，2] C ．(1，2)D ．[2，＋∞)解析：设P (m ，n )，则m 2a 2－n 2b 2＝1，即m 2＝a 2⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋n 2b 2，设F 1(－c,0)，F 2(c,0)，则PF 1→＝(－c －m ，－n )，PF 2→＝(c －m ，－n )，则PF 1→·PF 2→＝m 2－c 2＋n 2＝a 2⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋n 2b 2－c 2＋n 2＝n 2⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋a 2b 2＋a 2－c 2≥a 2－c 2(当n ＝0时取等号)，则PF 1→·PF 2→的最小值为a 2－c 2，由题意可得－34c 2≤a 2－c 2≤－12c 2，即14c 2≤a 2≤12c 2，即12c ≤a ≤22c ，则2≤e ≤2，故选B. 答案：B7．如图，已知双曲线x 2a 2－y 2b2＝1(a >0，b >0)上有一点A ，它关于原点的对称点为B ，点F 为双曲线的右焦点，且满足AF ⊥BF ，设∠ABF ＝α，且α∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤π12，π6，则双曲线的离心率e 的取值范围为( )A ．[3，2＋3]B ．[2，3＋1]C ．[2，2＋3]D ．[3，3＋1]解析：设双曲线的左焦点为F ′，连接AF ′，令|AF |＝r 1，|AF ′|＝r 2，则|BF |＝|F ′A |＝r 2， ∴r 2－r 1＝2a ，∵点A 关于原点O 的对称点为B ，AF ⊥BF ，∴|OA |＝|OB |＝|OF |＝c ， ∴r 22＋r 21＝4c 2，∴r 1r 2＝2(c 2－a 2)，∵S △ABF ＝2S △AOF ，∴12r 1r 2＝2·12c 2·sin 2α，∴r 1r 2＝2c 2sin 2α，∴c 2sin 2α＝c 2－a 2，∴e 2＝11－sin 2α，∵α＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤π12，π6，∴sin 2α∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12，32，∴e 2＝11－sin 2α∈[2，(3＋1)2]，∴e ∈[2，3＋1]，故选B.答案：B8．(2017·湖北华师一附中联考)已知F 是抛物线x 2＝4y 的焦点，P 为抛物线上的动点，且A 的坐标为(0，－1)，则|PF ||PA |的最小值是( )A.14B.12 C.22D.32解析：抛物线的准线为l ：y ＝－1，过点P 作PD ⊥l 于D ，则|PD |＝|PF |，且点A 在准线上，如图所示，所以|PF ||PA |＝|PD ||PA |＝sin ∠PAD ，当直线PA 与抛物线相切时，|PF ||PA |＝|PD ||PA |＝sin ∠PAD 有最小值，由y ＝x 24得y ′＝x2，设切点为⎝⎛⎭⎪⎫x 0，x 204(x 0>0)，则x 204－－1x 0＝x 02，解得x 0＝2，此时∠PAD ＝π4，所以⎝ ⎛⎭⎪⎫|PF ||PA |min＝sin π4＝22，故选C.答案：C 二、填空题9．已知双曲线x 2a 2－y 2b2＝1(a ＞0，b ＞0)的右焦点为F ，若过点F 且倾斜角为60°的直线与双曲线的右支有且只有一个交点，则双曲线离心率的取值范围是________．解析：∵双曲线渐近线的斜率为k ＝b a ，直线的斜率为k 1＝tan 60°＝3，故有b a≥3，∴e ＝c a ＝a 2＋b 2a 2≥1＋3＝2，∴所求双曲线离心率的取值范围是e ≥2. 答案：[2，＋∞)10．(2017·河北武邑中学模拟)已知直线l ：y ＝kx ＋t 与圆：x 2＋(y ＋1)2＝1相切，且与抛物线C ：x 2＝4y 交于不同的两点M ，N ，则实数t 的取值范围是________．解析：因为直线l 与圆相切，所以|t ＋1|1＋k2＝1⇒k 2＝t 2＋2t .再把直线l 的方程代入抛物线方程并整理得x 2－4kx －4t ＝0，于是由Δ＝16k 2＋16t ＝16(t 2＋2t )＋16t >0，得t >0或t <－3.答案：t >0或t <－311．已知点P 是椭圆x 216＋y 28＝1(x ≠0，y ≠0)上的动点，F 1，F 2为椭圆的两个焦点，O 是原点．若M 是∠F 1PF 2的角平分线上一点，且F 1M →⊥MP →，则|OM →|的取值范围是________．解析：采用特殊点法，当点P 在椭圆短轴端点，垂足M 与原点重合时，|OM →|最小大于0(x ≠0)．当点P 在椭圆长轴端点，垂足M 与F 1重合时，此时|OM →|最大为|OF 1→|＝c ＝22，但此时∠F 1PF 2＝0°，所以|OM →|∈(0,22)． 答案：(0,22)12．(2017·安庆模拟)已知抛物线C ：x 2＝8y 的焦点为F ，动点Q 在C 上，圆Q 的半径为1，过点F 的直线与圆Q 切于点P ，则FP →·FQ →的最小值为________．解析：如图，FP →·FQ →＝|FP →|2＝|FQ →|2－1.由抛物线的定义知：|FQ →|＝d (d 为点Q 到准线的距离)，易知，抛物线的顶点到准线的距离最短， ∴|FQ →|min ＝2，∴FP →·FQ →的最小值为3.答案：3 三、解答题13．在平面直角坐标系xOy 中，已知双曲线C ：2x 2－y 2＝1.(1)设F 是C 的左焦点，M 是C 右支上一点．若|MF |＝22，求点M 的坐标；(2)过C 的左顶点作C 的两条渐近线的平行线，求这两组平行线围成的平行四边形的面积； (3)设斜率为k (|k |＜2)的直线l 交C 于P 、Q 两点．若l 与圆x 2＋y 2＝1相切，求证：OP ⊥OQ . 解析：(1)双曲线C ：x 212－y 2＝1，左焦点F ⎝ ⎛⎭⎪⎫－62，0.设M (x ，y )，则|MF |2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋622＋y 2＝⎝⎛⎭⎪⎫3x ＋222， 由M 点是右支上一点，知x ≥22，所以|MF |＝3x ＋22＝22，得x ＝62. 所以M ⎝⎛⎭⎪⎫62，±2. (2)左顶点A ⎝⎛⎭⎪⎫－22，0，渐近线方程为y ＝±2x . 过点A 与渐近线y ＝2x 平行的直线方程为y ＝2⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋22，即y ＝2x ＋1. 解方程组⎩⎨⎧y ＝－2x ，y ＝2x ＋1得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－24，y ＝12.所求平行四边形的面积为S ＝|OA ||y |＝24. (3)证明：设直线PQ 的方程是y ＝kx ＋b .因直线PQ 与已知圆相切，故|b |k 2＋1＝1，即b 2＝k 2＋1.(*)由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋b ，2x 2－y 2＝1得(2－k 2)x 2－2kbx －b 2－1＝0，设P (x 1，y 1)、Q (x 2，y 2)， 则⎩⎪⎨⎪⎧x 1＋x 2＝2kb2－k 2，x 1x 2＝－1－b22－k2.又y 1y 2＝(kx 1＋b )(kx 2＋b )，所以OP →·OQ →＝x 1x 2＋y 1y 2＝(1＋k 2)x 1x 2＋kb (x 1＋x 2)＋b 2＝1＋k2－1－b 22－k2＋2k 2b 22－k2＋b 2＝－1＋b 2－k22－k2. 由(*)知，OP →·OQ →＝0，所以OP ⊥OQ .14．已知椭圆x 2a 2＋y 2b 2＝1(a >b >0)的离心率为223，B (0，1)为椭圆的一个顶点，直线l 交椭圆于P ，Q (异于点B )两点，BP ⊥BQ .(1)求椭圆方程；(2)求△BPQ 面积的最大值．解析：(1)依题意b ＝1，c a ＝223，b 2＝a 2－c 2，解得a ＝3，所以椭圆方程为x 29＋y 2＝1.(2)设l ：y ＝kx ＋m 代入x 29＋y 2＝1，得(9k 2＋1)x 2＋18kmx ＋9m 2－9＝0， 由Δ＝(18km )2－4(9k 2＋1)(9m 2－9)>0，得9k 2＋1－m 2>0， 设P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)，x 1＋x 2＝－18km 9k 2＋1，x 1x 2＝9m 2－99k 2＋1，BP ⊥BQ ⇒BP →·BQ →＝x 1x 2＋(y 1－1)(y 2－1)＝0，(k 2＋1)x 1x 2＋k (m －1)(x 1＋x 2)＋(m －1)2＝0，(k 2＋1)9m 2－99k 2＋1＋k (m －1)⎝ ⎛⎭⎪⎫－18km 9k 2＋1＋(m －1)2＝0.整理得5m 2－m －4＝0，m ＝－45或m ＝1(舍)．直线l ：y ＝kx ＋m 过定点M ⎝ ⎛⎭⎪⎫0，－45， S ＝12|BM ||x 1－x 2|＝910x 1＋x 22－4x 1x 2＝910·18km 2－49k 2＋19m 2－99k 2＋1＝275·9k 2＋1－m 29k 2＋1＝275·9k 2＋9259k 2＋1＝2759k 2＋925＋16259k 2＋925≤278. 此时9k 2＋925＝16259k 2＋925，k 2＝7225，k ＝±715，△BPQ 面积的最大值为278.15．(2017·高考山东卷)在平面直角坐标系xOy 中，已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b2＝1(a ＞b ＞0)的离心率为22，椭圆C 截直线y ＝1所得线段的长度为2 2.(1)求椭圆C 的方程；(2)动直线l ：y ＝kx ＋m (m ≠0)交椭圆C 于A ，B 两点，交y 轴于点M .点N 是M 关于O 的对称点，⊙N 的半径为|NO |.设D 为AB 的中点，DE ，DF 与⊙N 分别相切于点E ，F ，求∠EDF 的最小值． 解析：(1)由椭圆的离心率为22，得a 2＝2(a 2－b 2)，又当y ＝1时，x 2＝a 2－a 2b 2，得a 2－a 2b 2＝2，所以a 2＝4，b 2＝2.因此椭圆方程为x 24＋y 22＝1.(2)设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)．联立方程，得⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，x 24＋y22＝1，得(2k 2＋1)x 2＋4kmx ＋2m 2－4＝0.由Δ＞0得m 2＜4k 2＋2.(*)且x 1＋x 2＝－4km 2k 2＋1，因此y 1＋y 2＝2m2k 2＋1，所以D ⎝ ⎛⎭⎪⎫－2km2k 2＋1，m 2k 2＋1.又N (0，－m )，所以|ND |2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－2km 2k 2＋12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫m 2k 2＋1＋m 2，整理得|ND |2＝4m21＋3k 2＋k 42k 2＋12.因为|NF |＝|m |，所以|ND |2|NF |2＝4k 4＋3k 2＋12k 2＋12＝1＋8k 2＋32k 2＋12.令t ＝8k 2＋3，t ≥3，故2k 2＋1＝t ＋14.所以|ND |2|NF |2＝1＋16t 1＋t2＝1＋16t ＋1t＋2. 令y ＝t ＋1t ，所以y ′＝1－1t2.当t ≥3时，y ′＞0，从而y ＝t ＋1t在[3，＋∞)上单调递增，因此t ＋1t ≥103，等号当且仅当t ＝3时成立，此时k ＝0，所以|ND |2|NF |2≤1＋3＝4.由(*)得－2＜m ＜2且m ≠0，故|NF ||ND |≥12.设∠EDF ＝2θ，则sin θ＝|NF ||ND |≥12，所以θ的最小值为π6，从而∠EDF 的最小值为π3，此时直线l 的斜率是0.综上所述，当k ＝0，m ∈(－2，0)∪(0，2)时，∠EDF 取到最小值π3.。
圆锥曲线范围问题含详解
圆锥曲线取值范围问题一、圆锥曲线中取值范围问题的五种求解策略：（1）利用圆锥曲线的几何性质或判别式构造不等关系，从而确定参数的取值范围； （2）利用已知参数的范围，求新的参数的范围，解这类问题的核心是建立两个参数之间的等量关系；（3）利用隐含的不等关系建立不等式，从而求出参数的取值范围； （4）利用已知的不等关系建立不等式，从而求出参数的取值范围；（5）利用求函数值域的方法将待求量表示为其他变量的函数，求其值域，从而确定参数的取值范围.二、解决圆锥曲线中的范围或最值问题时，若题目的条件和结论能体现出明确的函数关系，则可先建立目标函数，再求这个函数的最值．在利用代数法解决最值与范围问题时常从以下几个方面考虑：①利用判别式构造不等关系，从而确定参数的取值范围；②利用已知参数的范围，求出新参数的范围，解题的关键是建立两个参数之间的等量关系； ③利用基本不等式求出参数的取值范围； ④利用函数值域的求法，确定参数的取值范围．三、例题．设C 为椭圆22184x y +=的左焦点，直线1y kx =+与椭圆交于A ，B 两点. （1）求CA CB +的最大值；（2）若直线1y kx =+与x 轴、y 轴分别交于M ，N ，且以MN 为直径的圆与线段MN 的垂直平分线的交点在椭圆内部（包括在边界上），求实数k 的取值范围。
【分析】（1）联立直线和椭圆方程，利用焦半径公式，结合韦达定理得到|CA |+|CB |关于k 的表达式，进而利用基本不等式求得最大值；（2）先根据直线的方程求得M ,N 的坐标，进而得到以线段MN 为直径的圆的方程和线段MN 的垂直平分线方程，解方程组求得圆与垂直平分线的交点坐标，利用点在椭圆内的条件得到不等式组求解即得k 的取值范围. 【详解】（1）22184x y +=的半长轴a =半短轴2,b =半焦距2,c =离心率c e a == 设()11,A x y ，()22,B x y ，联立221280y kx x y =+⎧⎨+-=⎩，可得()2212460k x kx ++-=， 所以122412kx x k +=-+，112,CA a ex CB =+==,则)1221212CA CB x x k +=+=≤+； （2）依题意可知1,0M k ⎛⎫- ⎪⎝⎭，(0,1)N ，所以圆的方程为1(1)0x x y y k ⎛⎫++-= ⎪⎝⎭①，垂直平分线为11122y x k k ⎛⎫=-++ ⎪⎝⎭②，联立①②消去y , 111111102222x x x x k k k k k ⎡⎤⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫++-++-+-= ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦⎣⎦,即221111024x x x k k k ⎛⎫⎛⎫+++-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,即22223411044x x x x k k k k ++++-=,即22234111111104x x k k k k ⎛⎫⎛⎫⎛⎫++++-= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,即22111104x x k k ⎛⎫++-= ⎪⎝⎭, 即21124x k ⎛⎫+= ⎪⎝⎭，解得11122x k =--，11122x k =-+， 对应11122y k =+，21122y k =-+， 两个交点的坐标为11111111,,,22222222k k k k ⎛⎫⎛⎫--+-+-+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭则可知2113822k ⎛⎫+≤ ⎪⎝⎭且2113822k ⎛⎫-+≤ ⎪⎝⎭，即111111k k ⎧≤≤⎪⎪⎨⎪≤≤+⎪⎩，即111k ≤≤，解得k ≥k ≤四、好题训练1．已知椭圆2222:1(0,0)x y C a b a b +=>>的焦距为.（1）求椭圆C 的标准方程；（2）若点()0,1A ，点B 在椭圆C 上，求线段AB 长度的最大值. 2．已知椭圆的长轴长是(，0). （1）求这个椭圆的标准方程；（2）如果直线y x m =+与这个椭圆交于两不同的点，求m 的取值范围.3．在平面直角坐标系xOy 中，已知点P到两点(M N 的距离之和等于4，设点P 的轨迹为曲线C . （1）求曲线C 的方程.（2）若直线2y kx =+与曲线C 有公共点，求实数k 的取值范围.4．已知椭圆C ：22221x y a b +=()0a b >>，1F ，2F为椭圆的左右焦点，1,2P ⎛ ⎝⎭为椭圆上一点，且2PF =（1）求椭圆的标准方程；（2）设直线l ：2x =-，过点2F 的直线交椭圆于A ，B 两点，线段AB 的垂直平分线分别交直线l 、直线AB 于M 、N 两点，求tan MAN ∠最小值. 5．已知圆锥曲线E 上的点M 的坐标(),x y．（1）说明E 是什么图形，并写出其标准方程；（2）若斜率为1的直线l 与E 交于y 轴右侧不同的两点A ，B ，求直线l 在y 轴上的截距的取值范围．6．如图，点1F ，2F 分别是椭圆()2222:10x yC a b a b+=>>的左､右焦点，点A 是椭圆C 上一点，且满足2AF x ⊥轴，1230AF F ∠=︒，直线1AF 与椭圆C 相交于另一点B .（1）求椭圆C 的离心率；（2）若2ABF 的周长为M 为椭圆C 上任意一点，求1OM F M →→⋅的取值范围. 7．在平面直角坐标系xOy 中，点D ，E 的坐标分别为()2,0-，()2,0，P 是动点，且直线DP 与EP 的斜率之积等于14-.（1）求动点P 的轨迹C 的方程；（2）已知直线y kx m =+与椭圆：2214xy +=相交于A ，B 两点，与y 轴交于点M ，若存在m使得34OA OBOM ，求m 的取值范围.8．已知抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点到准线的距离为1. （1）求C 的方程；（2）已知点()()1122,,,A x y B x y 在C 上，且线段AB 的中垂线l 的斜率为12-，求l 在y 轴上的截距的取值范围.9．已知圆F 1：（x +1）2+y 2=16，F 2（1，0），P 是圆F 1上的一个动点，F 2P 的中垂线l 交F 1P 于点Q .（1）求点Q 的轨迹E 的方程；（2）若斜率为k （k ≠0）的直线l 1与点Q 的轨迹E 交于不同的两点A ，B ，且线段AB 的垂直平分线过定点（13，0），求k 的取值范围.10．已知点A ，B 的坐标分别是()0,1-，()0,1，直线AM ，BM 相交于点M ，且它们的斜率之积为12-.（1）求点M 轨迹C 的方程；（2）若过点()2,0D 的直线l 与（1）中的轨迹C 交于不同的两点E ､F （E 在D ､F 之间），DE DF λ=，试求λ的取值范围. 11．已知平面内动点P与点)A和点()B 的连线的斜率之积为12-.（1）求动点P 的轨迹C 的方程；（2）过点()1,0F 的直线l 与曲线C 交于M ，N 两点，且OMF ONF S S λ=△△（113λ<<），求直线l 斜率的取值范围.12．已知抛物线C ：22y px =()0p >的焦点为F，点(M a 在抛物线C 上． （1）若6MF =，求抛物线C 的标准方程；（2）若直线x y t +=与抛物线C 交于A ，B 两点，点N 的坐标为()1,0，且满足NA NB ⊥，原点O 到直线ABp 的取值范围． 13．已知一动圆M 与圆1C：(221x y ++=外切，且与圆2C：(2249x y -+=内切．（1）求动圆M 的圆心M 的轨迹方程E ；（2）若过点(1,0)A 的直线l （不与x 轴重合）与曲线E 交于,P Q 两点，线段PQ 的垂直平分线与x 轴交于点N ，求PQ AN的取值范围．14．在平面直角坐标系xOy中，直线:l y kx =22:14y E x +=相交于A 、B 两点，与圆22:4O x y +=相交于C 、D 两点． （1）若OC OD ⊥，求实数k 的值； （2）求2AB CD ⋅的取值范围．15．已知点()1,0F 是抛物线C ：()220y px p =>的焦点，O 为坐标原点，过点F 的直线1l 交抛物线与A ，B 两点.（1）求抛物线C 的方程； （2）求OA OB ⋅的值；（3）如图，过点F 的直线2l 交抛物线于C ，D 两点（点A ，C 在x 轴的同侧，A C x x >），且12l l ⊥，直线AC 与直线BD 的交点为E ，记EFC △，ACF 的面积分别为1S ，2S ，求12S S 的取值范围.16．已知椭圆()22221x y a b a b +=>>的焦距为2，O 为坐标原点，F 为右焦点，点31,2E ⎛⎫ ⎪⎝⎭在椭圆上．（1）求椭圆的标准方程；（2）若直线l 的方程为4x =，AB 是椭圆上与坐标轴不平行的一条弦，M 为弦的中点，直线MO 交l 于点P ，过点O 与AB 平行的直线交/于点Q ，直线PF 交直线OQ 于点R ，直线QF 交直线MO 于点S ．①证明：O ，S ，F ，R 四点共圆；②记△QRF 的面积为1S ，△QSO 的面积为2S ，求12S S 的取值范围． 17．已知椭圆C ：22143x y +=左右焦点分别为12,F F ，P 在椭圆C 上且活动于第一象限，PP'垂直于y 轴交y 轴于P '，Q 为PP '中点；连接1QF 交y 轴于M ，连接2QF 并延长交直线:3l x 于N .（1）求直线1QF 与2QF 的斜率之积；（2）已知点(0,1)T -，求22MP NP TQ ⋅+的最大值.18．已知①如图，长为12的矩形ABCD ，以A ､B 为焦点的椭圆2222:1x y M a b+=恰好过CD 两点②设圆22(16x y +=的圆心为S ，直线l 过点T ，且与x 轴不重合，直线l 交圆S 于CD 两点，过点T 作SC 的平行线交SD 于M ，判断点M 的轨迹是否椭圆（1）在①②两个条件中任选一个条件，求椭圆M 的标准方程；（2）根据（1）所得椭圆M 的标准方程，若圆22:1O x y +=的切线l 与椭圆相交于P ､Q 两点，线段PQ 的中点为T ，求OT 的最大值.19．在平面直角坐标系xOy 中，点()2,0A -，过动点P 作直线4x =-的垂线，垂足为M ，且4AM AP ⋅=-.记动点P 的轨迹为曲线E .（1）求曲线E 的方程；（2）过点A 的直线l 交曲线E 于不同的两点B 、C . ①若B 为线段AC 的中点，求直线l 的方程；②设B 关于x 轴的对称点为D ，求ACD △面积S 的取值范围.20()2222:10x y C a b a b +=>>经过点()3,1P .（1）求椭圆C 的标准方程；（2）设点P 关于x 轴的对称点为Q ，过点P 斜率为12,k k 的两条不重合的动直线与椭圆C 的另一交点分别为,M N （,M N 皆异于点Q ）.若1213k k =，求点Q 到直线MN 的距离的取值范围.21．已知椭圆C ：()222210x y a b a b+=>>的左，右焦点分别为1F ，2F ，椭圆C 上任意一点P 到焦点距离的最大值是最小值的3倍，且通径长为3（椭圆的通径：过椭圆的焦点且垂直于长轴的弦）.（1）求椭圆C 的标准方程；（2）过2F 的直线l 与椭圆C 相交于不同的两点A ，B ，则1ABF 的内切圆面积是否存在最大值?若存在，则求出最大值；若不存在，请说明理由.22．已知F 是抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点，点P 是抛物线上横坐标为2的点，且3PF =．（1）求抛物线的方程；（2）设直线l 交抛物线C 于,M N 两点，若4MN =，且弦MN 的中点在圆22()1x a y -+=上，求实数a 的取值范围．23．如图所示，在平面直角坐标系中，椭圆Γ：2212x y +=的左、右焦点分别为1F ，2F ，设P 是第一象限内Γ上一点，1PF ，2PF 的延长线分别交Γ于点1Q ，2Q .（1）求12PF Q △的周长；（2）设1r ，2r 分别为12PF Q △，21PF Q △的内切圆半径，求12r r -的最大值.24．设实数0k ≠，椭圆D ：22162x y +=的右焦点为F ，过F 且斜率为k 的直线交D 于P 、Q两点，若线段PQ 的中为N ，点O 是坐标原点，直线ON 交直线3x =于点M ．（1）若点P 的横坐标为1，求点Q 的横坐标； （2）求证：MF PQ ⊥； （3）求PQ MF的最大值．参考答案1．（1）22142x y +=（2 【分析】（1）由题意可得2c =2c e a a ===，求出a ，再由 b b ，从而可求得椭圆方程，（2）设()00,B x y ，然后利用距离公式和二次函数的性质求解即可 （1）依题意，得2c c ==2===⇒=c e a a ，所以b所以椭圆C 的标准方程为22142x y +=.（2）设()00,B x y ，则2200142x y +=，则有0y ≤≤所以20220041422y x y ⎛⎫=-=- ⎪⎝⎭，由两点间的距离公式，得()()222220000||14112y AB x y y ⎛⎫=+-=-+- ⎪⎝⎭ 2200025(1)6y y y =--+=-++，因为0y ≤≤所以当001,=-=y x ||AB 2．（1）2213x y +=；（2）22m -<<.【分析】（1）由已知得2a =c = （2）联立直线与椭圆方程，消元，利用韦达定理能求出m 的取值范围． 【详解】解：（1）由已知得2a =c =解得a =2321b ∴=-=， ∴椭圆的标准方程为2213x y +=．（2）由2213y x m x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩， 解方程组并整理得2246330x mx m ++-=， 有两个不同的交点∴222(6)44(33)12(4)0m m m ∆=-⨯⨯-=-->．解不等式得22m -<<．m ∴的取值范围(2,2)-．【点睛】本题考查椭圆标准方程的求法，考查实数的取值范围的求法，解题时要认真审题，注意根的判别式的合理运用．3．（1）2214x y +=；（2）|k k k ⎧⎪≤≥⎨⎪⎪⎩⎭.【分析】（1）根据椭圆的定义，即可求得a ，c 的值，根据a ，b ，c 的关系，求得b 值，即可得答案. （2）联立直线与椭圆方程，根据有公共点，可得0∆≥，化简整理，即可求得答案. 【详解】解：（1）由己知得4PM PN MN +=>=由椭圆定义可知，轨迹C 是以M ，N为焦点，焦距长2c =24a =的椭圆. 所以222431b a c =-=-=，所以曲线C 的方程是2214x y +=.（2）由22214y kx x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩得()221416120k x kx +++=. ()()22216412146448k k k ∆=-⨯⨯+=-，因为直线2y kx =+与曲线C 有公共点， 所以0∆≥，即264480k -≥，解得k ≤k ≥故实数k的取值范围是|k k k ⎧⎪≤≥⎨⎪⎪⎩⎭. 4．（1）2212x y +=（2）4 【分析】（1）设()1,0(0)F c c ->，根据题中条件求出1c =，得出1PF =出a 的值，再根据222b a c =-即可求出b 的值，即可求出椭圆方程；（2）由题意直线AB 的斜率必定不为零，于是可设直线:1AB x ty =+，设11(,)A x y ，22(,)B x y ，根据韦达定理、中点坐标公式、弦长公式，以及题中条件，得到23tan t MN MAN AN+∠==，再根据基本不等式即可求出结果. （1）解：设()2,0F c ，则2PF ==1c =，即()11,0F -.∴1PF =122PF PF a +==，∴a =1b ，故椭圆的标准方程为2212x y +=； （2）解：由题意直线AB 的斜率必定不为零，于是可设直线AB ：1x ty =+， 联立方程22112x ty x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩得()222210t y ty ++-=， 设()11,A x y ，()22,B x y ，由题意，()()222442810t t t ∆=++=+>，由韦达定理12222ty y t -+=+，12212y y t =-+，则22Nt y t =-+，∴22221122N N t x ty t t =+=-+=++，MN AB ⊥，∴MNk t =-，∴222226222t MN t t +=--=++，又1212AN AB y y==-=∴23tan4tMNMANAN+⎫∠===≥=，即1t=±时取等号.5．（1）圆锥曲线E是以()，)为焦点，长轴长为22163x y+=（2）(3,-【分析】（1）由平面上两点间距离公式及椭圆的定义即得；（2）由题可设直线l：y x m=+，联立椭圆的方程，利用韦达定理可得3m-<<，即求. （1）由题可知点M到定点()，)的距离之和为∴圆锥曲线E是以()，)为焦点，长轴长为所以其标准方程为22163x y+=.（2）设直线l：y x m=+，()11,A x y，()22,B x y，由22163x yy x m⎧+=⎪⎨⎪=+⎩，消去y，得2234260x mx m++-=，由题意，有()()221221244326043263m mmx xmx x⎧∆=-⨯->⎪⎪⎪+=->⎨⎪⎪-=>⎪⎩，解得3m-<<所以直线l在y轴上的截距的取值范围为(3,-.6．（1（2）5,34⎡⎢⎣【分析】(1)结合已知条件，分别求出a 、c 与2||AF 的关系式，进而求得离心率；(2)结合(1)中结论和已知条件求出椭圆的方程，然后设出M 的坐标，然后利用数量积公式表示出1OM F M →→⋅，最后利用二次函数的性质求解即可. （1）在12Rt AF F △中，∵1230AF F ∠=︒， ∴122AF AF =，122F F =，由椭圆的定义，12223a AF AF AF =+=，22c ， ∴椭圆离心率22c c e a a ====（2）2ABF 的周长为22AF BF AB ++=11224AF BF AF BF a +++==a =∵c e a ==，∴1c =，2222b a c =-=， ∴椭圆C 的标准方程为22132x y +=，可得()11,0F -，设()00,M x y ，则()00,OM x y →=，2200132x y +=， ∵()1001,F M x y →=+，∴()222210000002125123334OM F M x x y x x x x →→⎛⎫⋅=++=++-=++ ⎪⎝⎭，∵0x ≤≤所以由二次函数性质可知，当0x 1OM F M →→⋅的最大值为3当023x =-时，1OM F M →→⋅的最小值为54，所以1OM F M →→⋅的取值范围是5,34⎡⎢⎣.7．（1）()22124x y x +=≠±（2）11(1,)(,1)22-- 【分析】（1）根据直线DP 与EP 的斜率之积列方程，化简求得动点P 的轨迹C 的方程. （2）利用向量的坐标运算，由34OA OBOM 得到123x x =-，联立直线y kx m =+与椭圆：2214x y +=，化简写出根与系数关系、判别式，求得关于m 的不等式，并由此求得m 的取值范围. （1）设(),P x y ，则()1=22+24EP DP y y k k x x x ⋅=⋅-≠±-， 所以可得动点P 的轨迹C 的方程为()22124x y x +=≠±.（2）设()()1122,,,,A x y B x y 又()0,M m ，由34OA OBOM 得12123,30,4x x y y m ，123x x =-联立2214y kx m x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩可得()222418440k x kmx m +++-= 222(8)4(41)(4m 4)0km k ∆=-⨯+⨯->，即226416160k m -+>22410k m ∴-+>，且12221228414441km x x k m x x k -⎧+=⎪⎪+⎨-⎪=⎪+⎩， 又123x x =-22441kmx k ，则222122224443()4141km m x x xk k ， 222216410k m k m ，2221416m k m 代入22410k m -+>得22211014m m m-+->-， 2114m <<，解得11(1,)(,1)22m ∈--.m ∴的取值范围是11(1,)(,1)22--8．（1）22y x =；（2）9(,)16+∞.【分析】(1)利用p 的几何意义直接写出C 的方程即得.(2)根据给定条件设出直线l 及直线AB 的方程，联立直线AB 与抛物线C 的方程，求出弦AB 中点坐标，借助判别式计算作答. （1）因抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点到准线的距离为1，则p =1， 所以C 的方程为22y x =. （2）依题意，设直线l 的方程为12y x b =-+，直线AB 的方程为y =2x +m ，设1122(,),(,)A x y B x y ，由222y x y x m⎧=⎨=+⎩消去x 得：20y y m -+=，由题意知Δ140m =->，得14m <，设线段AB 的中点为()00,N x y ，则120122y y y +==，再由002y x m =+，可得0142m x =-，又点N 在直线l 上，则111()2242m b =--+，于是584m b =-，从而有511984416b >-⨯=，所以l 在y 轴上的截距的取值范围为9(,)16+∞.9．（1）22143x y +=（2）15,,5⎛⎛⎫-∞+∞⎪⎝⎭⎝⎭【分析】（1）利用椭圆的定义可求椭圆方程.（2）设直线()()11122:,,,,l y kx m A x y B x y =+，联立直线方程和椭圆方程后利用韦达定理可求AB 的中垂线的方程，结合其过1,03⎛⎫⎪⎝⎭所得,k m 的等式，结合判别式为正可得k 的取值范围. （1）由题意可知：11||4PQ QF PF r +===， 由2F P 的中垂线l 交1F P 于点Q ，则2||QF PQ =， ∴211242QF QF F F +=>=，则点Q 的轨迹E 为以12,F F 为焦点，4为长轴长的椭圆， 即22224,22,3a c b a c ===-=， ∴点Q 的轨迹E 的方程为：22143x y +=.（2）设直线()()11122:,,,,l y kx m A x y B x y =+，将y kx m =+代入椭圆方程，消去y 得()2223484120k x kmx m +++-=，所以()()222(8)4344120km k m ∆=-+->即223043k m +>-①，由根与系数关系得122834km x x k +=-+，则()121226234my y k x x m k +=++=+， 所以线段AB 的中点M 的坐标为2243,3434km m k k ⎛⎫- ⎪++⎝⎭.又线段AB 的直平分线l '的方程为113y x k ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭，由点M 在直线l '上，得22314134343m km k k k ⎛⎫=--- ⎪++⎝⎭，即24330k km ++=，所以()21433m k k=-+②，由①②得()222243439k k k+<+，∵2430k +>，∴22439k k +<，所以235k >，即k <k >所以实数的取值范围是15,,5⎛⎛⎫-∞+∞ ⎪⎝⎭⎝⎭.10．（1）2212x y +=（0x ≠），（2）31λ-<<且13λ≠．【分析】（1）设(,)M x y ，用坐标表示出已知条件即可得；（2）设11(,)F x y ，22(,)E x y ，由DE DF λ=得12,x x 的关系，12,y y 的关系，利用,E F 都是椭圆上的点，适合椭圆方程，可解得1x ，然后由1x ≤求得l 的范围，注意题中有01λ<<，10x ≠，结合起来求得正确的范围．（1）设(,)M x y ，则1112y y x x +-⋅=-（0x ≠），，化简得2212xy +=（0x ≠），此即为曲线C 的方程； （2）设11(,)F x y ，22(,)E x y ，221112x y +=，由DE DF λ=，得21212(2)x x y y λλ-=-⎧⎨=⎩， 212122x x y y λλλ=-+⎧⎨=⎩，E 在椭圆上，则2211(22)()12x y λλλ-++=，把221112x y =-代入得 222222111(22)(22)1222x x x λλλλλλ-+--++-=，解得1312x λλ-=，由1x <得，312λλ-33λ-<<+ 又由于E 在线段DF 上，01λ<<，10x =时，13λ=，所以31λ-<且13λ≠．11．（1）2212x y +=(x ≠；（2）()(),11,-∞-⋃+∞. 【分析】（1）设(),P x y，且x ≠12PA PB k k ⋅=-化简即可得动点P 的轨迹C 的方程；（2）设()11,A x y ，()22,B x y ，直线l ：1x my =+与椭圆方程联立可得12y y +，12y y ，()221221242y y m y y m +-=+，由12OMF ONFS y S y λ==-， ()212121221122y y y y y y y y λλ+=++=--+，可得221422m m λλ---+=+，根据λ的范围求得12λλ--+的范围，再解不等式可得m 的范围，再求1m的范围即为直线l 斜率的取值范围.（1）设(),P x y，则22122PA PBy k k x ⋅===--，整理可得：2222x y +=，即2212x y +=(x ≠，所以动点P 的轨迹C 的方程为2212x y +=(x ≠，（2）由题意可知直线l 的斜率存在且不为0，设()11,A x y ，()22,B x y ，直线l 的方程为：1x my =+， 由22112x my x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩可得：()222210m y my ++-=， 所以12222m y y m -+=+，12212y y m -=+，因为11221212OMFONFOF y S y S y OF y λ⋅⋅===-⋅⋅，()()()2221222221244222y y m m m y y m m +-⎡⎤=⨯-+=⎣⎦++， ()222121212121212212122y y y y y y y y y y y y y y λλ+++==++=--+，所以221422m m λλ---+=+，即221422m m λλ+-=+，因为12y λλ=+-在1,13⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递减，所以1420,3y λλ⎛⎫=+-∈ ⎪⎝⎭，所以2244023m m <<+，因为22402m m >+，由224423m m <+可得：11m -<<， 所以直线l 的斜率11m<-或11m >.所以直线l 斜率的取值范围为()(),11,-∞-⋃+∞. 12．（1）24y x =或220y x =；（2）1,6⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭.【分析】（1）由已知可得202pa =，由抛物线的定义可得62pa +=，解方程求得p 的值即可求解； （2）设()11,A x y ，()22,B x y ，联立直线x y t +=与22y px =，由原点O 到直线AB 的距离不t 的范围，由韦达定理可得12x x +、12x x ，利用坐标表示0NA NB ⋅=可利用t 表示p ，再利用函数的单调性求得最值即可求解. （1）由题意及抛物线的定义得：62pa +=，又因为点(M a 在抛物线C 上，所以202pa =，由62202p a pa⎧+=⎪⎨⎪=⎩ 可得25p a =⎧⎨=⎩或101p a =⎧⎨=⎩，所以抛物线C 的标准方程为24y x =或220y x =． （2）设()11,A x y ，()22,B x y ，联立22x y t y px+=⎧⎨=⎩消去y 可得：()2220x p t x t -++=，则1222x x p t +=+，212x x t =，因为NA NB ⊥，所以()()()()()()121212121111NA NB x x y y x x t x t x ⋅=--+=--+--()()212122110x x t x x t =-++++=，所以()()22212210t t p t t -++++=，可得22121t t p t -+=+，由原点O 到直线AB≥2t ≥或2t ≤-， 因为0p >，所以2t ≤-不成立，所以2t ≥，因为221421411t t p t t t -+==++-++在[)2,+∞上单调递增， 所以2222112213p -⨯+≥=+，所以16p ≥， 即p 的取值范围为1,6⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭．13．（1）221168x y +=（2）( 【分析】（1）设圆M 的半径为r ，则1217MC r MC r ⎧=+⎪⎨=-⎪⎩，即可得到128MC MC +=，即可得到点M 的轨迹是以12,C C 为焦点的椭圆，求出,a b ，即可得到轨迹方程；（2）设l 方程为：(1)y k x =-，1122(,)(,)P x y Q x y ，，联立直线与椭圆方程，消元、列出韦达定理，根据弦长公式表示出PQ ，再求出线段PQ 垂直平分线方程，从而求出AN，即可得到PQ AN= （1）解：设圆M 的半径为r ，则1217MC r MC r ⎧=+⎪⎨=-⎪⎩12128MC MC C C ∴+=>=所以点M 的轨迹是以12,C C为焦点的椭圆，且4,a c ==2228b a c ∴=-=所以所求轨迹方程为221168x y +=． （2）解：经分析，l 斜率存在，设l 方程为：(1)y k x =-，1122(,)(,)P x y Q x y ， 由22(11168y k x x y =-⎧⎪⎨+=⎪⎩）消去y 得：222212)42160k x k x k +-+-=（ 221212224216,.1212k k x x x x k k -∴+==++PQ ∴=．． 121222(2)12ky y k x x k -+=+-=+ PQ ∴的中点坐标为2222,1212k k k k ⎛⎫- ⎪++⎝⎭所以线段PQ 垂直平分线方程为222121212k k y x k k k ⎛⎫+=-- ⎪++⎝⎭．令0y =得2212N kx k =+，221112N k AN x k +∴=-=+PQAN ∴= 0k ≠ 211k ∴+> 2141630301k ∴<-<+ PQ AN∴的取值范围为(．14． （1）k = （2）[)4,64 【分析】（1）求出圆心到直线l的距离为d =k 的值； （2）设()11,A x y 、()22,B x y ，将直线l 的方程与椭圆方程联立，列出韦达定理，利用弦长公式计算出AB 关于k 的表达式，利用勾股定理可求得CD 关于k 的表达式，再利用不等式的基本性质可求得2AB CD ⋅的取值范围. （1）解：因为OC OD ⊥，且圆O 的半径为2，所以点O 到直线l的距离2sin4d π===k =． （2）解：设()11,A x y 、()22,B x y，由2214y kx y x ⎧=⎪⎨+=⎪⎩，消y 整理得()22410k x ++-=，()()2224416160k k ∆=++=+>，所以12x x +=，12214x x k -=+，所以12 AB x x=-=()22414kk+=+．设圆心O到直线l的距离为d=所以CD===所以()()22222222411614142404644144k kkAB CDk k k k+++⋅=⋅⋅==-++++．244k+≥，则21144k<≤+，所以，[)22240644,644AB CDk⋅=-∈+.所以2AB CD⋅的取值范围为[)4,64．15．（1）24y x=（2）3-（3）()0,1【分析】（1）根据题意得到12p=，从而得到抛物线C：24y x=.（2）首先设直线AB的方程为1x ty=+，与抛物线24y x=联立得2440y ty--=，再利用韦达定理求解.（3）设211,4yA y⎛⎫⎪⎝⎭，222,4yC y⎛⎫⎪⎝⎭，21144,By y⎛⎫-⎪⎝⎭，22244,Dy y⎛⎫-⎪⎝⎭，再利用韦达定理和12ECFACFECSSS S AC==△△求解即可.（1）因为抛物线C：()220y px p=>，焦点()1,0F，所以12p=，解得2p=，所以抛物线C：24y x=.24y x =（2）设直线AB 的方程为1x ty =+，与抛物线24y x =联立得：2440y ty --=， 由韦达定理得124y y t +=，124y y =-，所以()22212121214416y yy y x x =⋅==，所以1212413OA OB x x y y ⋅=+=-+=- （3）设211,4y A y ⎛⎫⎪⎝⎭，222,4y C y ⎛⎫ ⎪⎝⎭，21144,B y y ⎛⎫- ⎪⎝⎭，22244,D y y ⎛⎫- ⎪⎝⎭， 因为21222112444AC y y k y y y y -==+-， 所以直线AC ：2111244y y y x y y ⎛⎫-=- ⎪+⎝⎭，即1212124y y y x y y y y =+++。
高考数学二轮复习第一部分专题五解析几何第三讲第一课时圆锥曲线的最值、范围、证明问题教案
第三讲 第一课时 圆锥曲线的最值、范围、证明问题习题[考情分析]解析几何的解答题一般难度较大，多为试卷的压轴题之一，常考查直线与圆锥曲线的位置关系及最值范围、定点、定值、存在性问题及证明问题，多涉及最值求法，综合性强.[真题自检]1．(2017·高考全国卷Ⅰ)设A ，B 为曲线C ：y ＝x 24上两点，A 与B 的横坐标之和为4.(1)求直线AB 的斜率：(2)设M 为曲线C 上一点，C 在M 处的切线与直线AB 平行，且AM ⊥BM ，求直线AB 的方程． 解析：(1)设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则x 1≠x 2，y 1＝x 214，y 2＝x 224，x 1＋x 2＝4，于是直线AB 的斜率k ＝y 1－y 2x 1－x 2＝x 1＋x 24＝1. (2)由y ＝x 24，得y ′＝x2.设M (x 3，y 3)，由题设知x 32＝1，解得x 3＝2，于是M (2,1)．设直线AB 的方程为y ＝x ＋m ，故线段AB 的中点为N (2,2＋m )，|MN |＝|m ＋1|. 将y ＝x ＋m 代入y ＝x 24得x 2－4x －4m ＝0.当Δ＝16(m ＋1)>0，即m >－1时，x 1,2＝2±2m ＋1. 从而|AB |＝2|x 1－x 2|＝42m ＋1.由题设知|AB |＝2|MN |，即42m ＋1＝2(m ＋1)，解得m ＝7.所以直线AB 的方程为y ＝x ＋7.2．(2016·高考全国卷Ⅰ)在直角坐标系xOy 中，直线l ：y ＝t (t ≠0)交y 轴于点M ，交抛物线C ：y 2＝2px (p ＞0)于点P ，M 关于点P 的对称点为N ，连接ON 并延长交C 于点H .(1)求|OH ||ON |；(2)除H 以外，直线MH 与C 是否有其他公共点？说明理由．解析：(1)如图，由已知得M (0，t )，P ⎝ ⎛⎭⎪⎫t 22p ，t .又N 为M 关于点P 的对称点，故N ⎝ ⎛⎭⎪⎫t 2p ，t ，故直线ON 的方程为y ＝p t x ， 将其代入y 2＝2px ，整理得px 2－2t 2x ＝0， 解得x 1＝0，x 2＝2t 2p.因此H ⎝ ⎛⎭⎪⎫2t 2p ，2t .所以N 为OH 的中点，即|OH ||ON |＝2.(2)直线MH 与C 除H 以外没有其他公共点． 理由如下：直线MH 的方程为y －t ＝p 2t x ，即x ＝2tp(y －t )．代入y 2＝2px 得y 2－4ty ＋4t 2＝0，解得y 1＝y 2＝2t ，即直线MH 与C 只有一个公共点， 所以除H 以外，直线MH 与C 没有其他公共点．第一课时 圆锥曲线的最值、范围、证明问题最值问题[方法结论]求解圆锥曲线中的最值问题主要有两种方法：一是利用几何方法，即利用曲线的定义、几何性质以及平面几何中的定理、性质等进行求解；二是利用代数方法，即把要求最值的几何量或代数表达式表示为某个(些)参数的函数，然后利用函数方法、不等式方法等进行求解．[典例] (1)(2017·长沙模拟)P 是双曲线C ：x 22－y 2＝1右支上一点，直线l 是双曲线C 的一条渐近线，P 在l 上的射影为Q ，F 1是双曲线C 的左焦点，则|PF 1|＋|PQ |的最小值为( ) A ．1B ．2＋155C ．4＋155D ．22＋1解析：设F 2是双曲线C 的右焦点，因为|PF 1|－|PF 2|＝22，所以|PF 1|＋|PQ |＝22＋|PF 2|＋|PQ |，显然当F 2，P ，Q 三点共线且P 在F 2，Q 之间时，|PF 2|＋|PQ |最小，且最小值为F 2到l 的距离．易知l 的方程为y ＝x2或y ＝－x2，F 2(3，0)，求得F 2到l 的距离为1，故|PF 1|＋|PQ |的最小值为22＋1.选D. 答案：D(2)(2017·武汉模拟)已知椭圆的中心在坐标原点，A (2，0)，B (0,1)是它的两个顶点，直线y ＝kx (k ＞0)与直线AB 相交于点D ，与椭圆相交于E ，F 两点．①若ED →＝6DF →，求k 的值； ②求四边形AEBF 面积的最大值．解析：①由题设条件可得，椭圆的方程为x 24＋y 2＝1，直线AB 的方程为x ＋2y －2＝0.设D (x 0，kx 0)，E (x 1，kx 1)，F (x 2，kx 2)，其中x 1＜x 2，由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx x 24＋y 2＝1，得(1＋4k 2)x 2＝4，解得x 2＝－x 1＝21＋4k2.①由ED →＝6DF →，得x 0－x 1＝6(x 2－x 0)，∴x 0＝17(6x 2＋x 1)＝57x 2＝1071＋4k 2. 由D 在AB 上，得x 0＋2kx 0－2＝0，∴x 0＝21＋2k .∴21＋2k ＝1071＋4k2，化简，得24k 2－25k ＋6＝0， 解得k ＝23，或k ＝38.②根据点到直线的距离公式和①式可知，点E ，F 到AB 的距离分别为 d 1＝|x 1＋2kx 1－2|5＝21＋2k ＋1＋4k 251＋4k2，d 2＝|x 2＋2kx 2－2|5＝21＋2k －1＋4k 251＋4k2，又|AB |＝22＋12＝5，∴四边形AEBF 的面积为 S ＝12|AB |(d 1＋d 2)＝12·5·41＋2k 51＋4k 2＝21＋2k 1＋4k2＝21＋4k 2＋4k1＋4k2＝21＋4k1＋4k2＝21＋44k ＋1k≤21＋424k ·1k＝22，当且仅当4k ＝1k (k ＞0)，即k ＝12时，等号成立．故四边形AEBF 面积的最大值为2 2. [类题通法]求圆锥曲线中的最值问题常用的方法1．几何法：题中给出的条件有明显的几何特征，考虑用图象性质来解决，这是几何法，充分体现了数形结合思想．2．代数法：题中给出的条件和结论的几何特征不明显，则可以建立目标函数，再求这个函数的最值．求函数最值的常见方法有配方法、判别式法、基本不等式法、单调性法、三角换元法等．充分体现了函数与方程思想．[演练冲关]1．设抛物线y 2＝6x 的焦点为F ，已知A ，B 为抛物线上的两个动点，且满足∠AFB ＝60°，过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线为MN ，垂足为N ，则|MN ||AB |的最大值为________． 解析：过A ，B 分别向准线作垂线，垂足分别为A 1，B 1，设|AF |＝a ，|BF |＝b ，如图，根据梯形中位线性质知|MN |＝a ＋b2.在△AFB 中，由余弦定理得|AB |2＝a 2＋b 2－2ab cos 60°＝a 2＋b 2－ab ＝(a ＋b )2－3ab ≥(a ＋b )2－3⎝ ⎛⎭⎪⎫a ＋b 22＝a ＋b24.所以|AB |≥a ＋b2，∴|MN ||AB |≤1.答案：12．(2017·江西南昌重点中学模拟)设椭圆M ：y 2a 2＋x 2b2＝1(a ＞b ＞0)的离心率与双曲线x 2－y 2＝1的离心率互为倒数，且椭圆的长轴长为4. (1)求椭圆M 的方程；(2)若直线y ＝2x ＋m 交椭圆M 于A ，B 两点，P (1，2)为椭圆M 上一点，求△PAB 面积的最大值． 解析：(1)由题可知，双曲线的离心率为2，则椭圆的离心率e ＝ca ＝22， 由2a ＝4，c a ＝22，b 2＝a 2－c 2，得a ＝2，c ＝2，b ＝2， 故椭圆M 的方程为y 24＋x 22＝1.(2)联立方程⎩⎪⎨⎪⎧y ＝2x ＋m ，x 22＋y 24＝1，得4x 2＋22mx ＋m 2－4＝0，由Δ＝(22m )2－16(m 2－4)＞0，得－22＜m ＜2 2. 且⎩⎪⎨⎪⎧x 1＋x 2＝－22m ，x 1x 2＝m 2－44，所以|AB |＝1＋2|x 1－x 2|＝3·x 1＋x 22－4x 1x 2＝3·12m 2－m 2＋4＝3·4－m 22.又P 到直线AB 的距离为d ＝|m |3，所以S △PAB＝12|AB |·d ＝32·4－m 22·|m |3＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫4－m 22·m 2＝122m 28－m 2≤122·m 2＋8－m 22＝ 2.当且仅当m ＝±2∈(－22，22)时取等号，所以△PAB 面积的最大值为 2.范围问题[方法结论]圆锥曲线中的范围问题(1)解决这类问题的基本思路是建立目标函数和不等关系．(2)建立目标函数的关键是选用一个合适的变量，其原则是这个变量能够表达要解决的问题；建立不等关系的关键是运用圆锥曲线的几何特征、判别式法或基本不等式等灵活处理．[典例] (2017·广西三市联考)已知右焦点为F 2(c,0)的椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a ＞b ＞0)过点(1，32)，且椭圆C 关于直线x ＝c 对称的图形过坐标原点． (1)求椭圆C 的方程；(2)过点(12，0)作直线l 与椭圆C 交于E ，F 两点，线段EF 的中点为M ，点A 是椭圆C 的右顶点，求直线MA 的斜率k 的取值范围．解析：(1)∵椭圆C 过点(1，32)，∴1a 2＋94b 2＝1，①∵椭圆C 关于直线x ＝c 对称的图形过坐标原点，∴a ＝2c ， ∵a 2＝b 2＋c 2，∴b 2＝34a 2，②由①②得a 2＝4，b 2＝3，∴椭圆C 的方程为x 24＋y 23＝1.(2)依题意，直线l 过点(12，0)且斜率不为零，故可设其方程为x ＝my ＋12.由⎩⎪⎨⎪⎧x ＝my ＋12x 24＋y 23＝1消去x ，并整理得4(3m 2＋4)y 2＋12my －45＝0.设E (x 1，y 1)，F (x 2，y 2)，M (x 0，y 0)， ∴y 1＋y 2＝－3m3m 2＋4，∴y 0＝y 1＋y 22＝－3m23m 2＋4， ∴x 0＝my 0＋12＝23m 2＋4，∴k ＝y 0x 0－2＝m4m 2＋4.①当m ＝0时，k ＝0； ②当m ≠0时，k ＝14m ＋4m，∵|4m ＋4m |＝4|m |＋4|m |≥8，∴0＜1|4m ＋4m|≤18， ∴0＜|k |≤18，∴－18≤k ≤18且k ≠0.综合①②可知，直线MA 的斜率k 的取值范围是[－18，18]．[类题通法]求圆锥曲线中的范围问题常用等价转化思想与数形结合思想，常用方法有：(1)几何法：根据圆锥曲线自身的几何性质以及几何量之间的不等关系建立不等式，求出参数的取值范围．(2)代数法．常从以下五个方面入手：①若直线和圆锥曲线有两个不同的交点，则可以利用判别式求范围；②若已知曲线上任意一点、一定点或与定点构成的图形，则利用圆锥曲线的性质(性质中的范围)求解；③利用隐含或已知的不等关系式直接求范围；④利用基本不等式求范围；⑤利用函数值域的方法求范围．[演练冲关]1．过椭圆C ：x 2a 2＋y 2b2＝1(a ＞b ＞0)的左顶点A 且斜率为k 的直线交椭圆C 于另一点B ，且点B 在x轴上的射影恰好为右焦点F .若13＜k ＜12，则椭圆C 的离心率的取值范围是( )A ．(14，34)B ．(23，1)C ．(12，23)D ．(0，12)解析：由题图可知，|AF |＝a ＋c ，|BF |＝a 2－c 2a ，于是k ＝a 2－c 2a a ＋c .又13＜k ＜12，所以13＜a 2－c 2a a ＋c＜12，化简可得13＜1－e 21＋e ＜12，从而可得12＜e ＜23，选C. 答案：C2．(2017·怀化模拟)已知椭圆x 2a 2＋y 2b2＝1(a ＞b ＞0)的两焦点分别为F 1，F 2，若椭圆上存在点P ，使得∠F 1PF 2＝120°，则椭圆的离心率的取值范围是________．解析：由题意可得，椭圆的上顶点和两个焦点构成的等腰三角形中，顶角大于等于120°，所以底角小于等于30°，则c a ≥32， 即e ≥32，又e ＜1，所以椭圆的离心率的取值范围是[32，1)． 答案：[32，1) 3．(2016·贵州模拟)已知椭圆C ：y 2a 2＋x 2b 2＝1(a ＞b ＞0)的离心率63，且椭圆C 上的点到一个焦点的距离的最小值为3－ 2. (1)求椭圆C 的方程；(2)已知过点T (0,2)的直线l 与椭圆C 交于A ，B 两点，若在x 轴上存在一点E ，使∠AEB ＝90°，求直线l 的斜率k 的取值范围．解析：(1)设椭圆的半焦距长为c ，则由题设有：⎩⎪⎨⎪⎧ca ＝63，a －c ＝3－ 2.解得a ＝3，c ＝2，∴b 2＝1， 故椭圆C 的方程为y 23＋x 2＝1.(2)由已知可得，以AB 为直径的圆与x 轴有公共点． 设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，AB 中点为M (x 0，y 0)，将直线l ：y ＝kx ＋2代入y 23＋x 2＝1，得(3＋k 2)x 2＋4kx ＋1＝0，Δ＝12k 2－12，∴x 0＝x 1＋x 22＝－2k 3＋k 2，y 0＝kx 0＋2＝63＋k2， |AB |＝1＋k212k 2－123＋k 2＝23k 4－13＋k2， ∴⎩⎪⎨⎪⎧Δ＝12k 2－12＞0，63＋k 2≤12|AB |.解得k 4≥13，即k ≥413或k ≤－413.所以直线l 的斜率k 的取值范围为(－∞，－413]∪[413，＋∞)．圆锥曲线中的证明问题[方法结论]1．圆锥曲线中的证明问题，主要有两类：一是证明点、直线、曲线等几何元素中的位置关系，如：某点在某直线上、某直线经过某个点、某两条直线平行或垂直等；二是证明直线与圆锥曲线中的一些数量关系(相等或不等)．2．解决证明问题时，主要根据直线、圆锥曲线的性质、直线与圆锥曲线的位置关系等，通过相关的性质应用、代数式的恒等变形以及必要的数值计算等进行证明．[典例] (2017·山西四校联考)如图，圆C 与x 轴相切于点T (2,0)，与y 轴正半轴相交于两点M 、N (点M 在点N 的下方)，且|MN |＝3.(1)求圆C 的方程；(2)过点M 任作一条直线与椭圆x 28＋y 24＝1相交于两点A 、B ，连接AN 、BN ，求证：∠ANM ＝∠BNM .解析：(1)设圆C 的半径为r (r >0)，依题意，圆心C 的坐标为(2，r )． ∵|MN |＝3，∴r 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫322＋22，解得r 2＝254.∴圆C 的方程为(x －2)2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫y －522＝254.(2)证明：把x ＝0代入方程(x －2)2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫y －522＝254，解得y ＝1或y ＝4，即点M (0,1)、N (0,4)．①当AB ⊥x 轴时，可知∠ANM ＝∠BNM ＝0°.②当AB 与x 轴不垂直时，可设直线AB 的方程为y ＝kx ＋1.联立方程⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋1x 2＋2y 2＝8，消去y 得，(1＋2k 2)x 2＋4kx －6＝0.设直线AB 交椭圆于A (x 1，y 1)、B (x 2，y 2)两点，则x 1＋x 2＝－4k 1＋2k 2，x 1x 2＝－61＋2k 2.∴k AN ＋k BN ＝y 1－4x 1＋y 2－4x 2＝kx 1－3x 1＋kx 2－3x 2＝2kx 1x 2－3x 1＋x 2x 1x 2. 若k AN ＋k BN ＝0，则∠ANM ＝∠BNM .∵2kx 1x 2－3(x 1＋x 2)＝－12k 1＋2k 2＋12k1＋2k 2＝0，∴∠ANM ＝∠BNM . [类题通法]圆锥曲线中的证明问题常以椭圆、抛物线为载体，借助设而不求法，考查数形结合思想、方程思想、化归与转化能力、逻辑思维能力、运算求解能力．[演练冲关]1．(2017·长沙模拟)如图，P 是直线x ＝4上一动点，以P 为圆心的圆Γ过定点B (1,0)，直线l 是圆Γ在点B 处的切线，过A (－1,0)作圆Γ的两条切线分别与l 交于E ，F 两点．(1)求证：|EA |＋|EB |为定值；(2)设直线l 交直线x ＝4于点Q ，证明：|EB |·|FQ |＝|FB |·|EQ |.证明：(1)设AE 切圆Γ于点M ，直线x ＝4与x 轴的交点为N ，故|EM |＝|EB |.从而|EA |＋|EB |＝|AM |＝|AP |2－|PM |2＝|AP |2－|PB |2＝|AN |2－|BN |2＝25－9＝4. 所以|EA |＋|EB |为定值4.(2)由(1)同理可知|FA |＋|FB |＝4，故E ，F 均在椭圆x 24＋y 23＝1上． 设直线EF 的方程为x ＝my ＋1(m ≠0)．令x ＝4，求得y ＝3m ，即Q 点纵坐标y Q ＝3m. 由⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝my ＋1x 24＋y 23＝1得，(3m 2＋4)y 2＋6my －9＝0. 设E (x 1，y 1)，F (x 2，y 2)，则有y 1＋y 2＝－6m 3m 2＋4，y 1y 2＝－93m 2＋4. 因为E ，B ，F ，Q 在同一条直线上，所以|EB |·|FQ |＝|FB |·|EQ |等价于(y B －y 1)(y Q －y 2)＝(y 2－y B )(y Q －y 1)，即－y 1·3m ＋y 1y 2＝y 2·3m－y 1y 2， 等价于2y 1y 2＝(y 1＋y 2)·3m. 将y 1＋y 2＝－6m 3m 2＋4，y 1y 2＝－93m 2＋4代入，知上式成立． 所以|EB |·|FQ |＝|FB |·|EQ |.2．如图，椭圆C 1：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a ＞b ＞0)的离心率为32，x 轴被曲线C 2：y ＝x 2－b 截得的线段长等于C 1的长半轴长．(1)求C 1，C 2的方程；(2)设C 2与y 轴的交点为M ，过坐标原点O 的直线l 与C 2相交于点A ，B ，直线MA ，MB 分别与C 1相交于点D ，E .证明：MD ⊥ME .解析：(1)由题意，知e ＝ca ＝32，从而a ＝2b . 又2b ＝a ，解得a ＝2，b ＝1，故C 1，C 2的方程分别为x 24＋y 2＝1，y ＝x 2－1. (2)证明：①由题意，知直线l 的斜率存在，设为k ，则直线l 的方程为y ＝kx . 由⎩⎪⎨⎪⎧ y ＝kx y ＝x 2－1，得x 2－kx －1＝0. 设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，则x 1，x 2是上述方程的两个实数根，于是x 1＋x 2＝k ，x 1x 2＝－1. 又点M 的坐标为(0，－1)，所以k MA·k MB＝y1＋1x1·y2＋1x2＝kx1＋1kx2＋1x1x2＝k2x1x2＋k x1＋x2＋1x1x2＝－k2＋k2＋1－1＝－1，故MA⊥MB，即MD⊥ME.。
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②
③
再将①代入③，化简得 x2－2x0x＋x2＝0， 0 解得 x＝x0，y＝y0. 即直线 QG 与椭圆 C 一定有唯一的公共点．
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第三讲
高考中的圆锥曲线(解答题型)
1．圆锥曲线中的范围问题 (1)解决这类问题的基本思想是建立目标函数和不等关系． (2)建立目标函数的关键是选用一个合适的变量， 其原则是 这个变量能够表达要解决的问题；建立不等关系的关键是运用 圆锥曲线的几何特征、判别式法或基本不等式等灵活处理．
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高考中的圆锥曲线(解答题型)
解： (1)因为焦距为 4， 所以 a2－b2＝4.又因为椭圆 C 过点 P( 2， 2 3 3)，所以 2＋ 2＝1，故 a2＝8，b2＝4. a b x2 y2 从而椭圆 C 的方程为 ＋ ＝1. 8 4 (2)一定有唯一的公共点． 理由：由题意，知 E 点坐标为(x0,0)． 设 D(xD,0)，则 AE ＝(x0，－2 2)， AD ＝(xD，－2 2)．
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高考中的圆锥曲线(解答题型)
x2 y2 2．(2013· 安徽高考)已知椭圆 C： 2＋ 2＝1(a>b>0)的焦距为 4， a b 且过点 P( 2， 3)． (1)求椭圆 C 的方程； (2)设 Q(x0，y0)(x0y0≠0)为椭圆 C 上一点．过点 Q 作 x 轴 的垂线，垂足为 E.取点 A(0,2 2)，连接 AE.过点 A 作 AE 的垂线交 x 轴于点 D．点 G 是点 D 关于 y 轴的对称点， 作直线 QG.问这样作出的直线 QG 是否与椭圆 C 一定有唯 一的公共点？并说明理由．
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第1部分
专题五
解析几何
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第三讲
高考中的圆锥曲线(解答题型)
第三讲 高考中的圆锥曲线解答题型
考点统计 圆锥曲线中的范围(或取值)问题 圆锥曲线中的存在性问题 圆锥曲线中的证明问题 圆锥曲线中的定点问题 圆锥曲线中的定值问题 3年11考 3年7考 3年4考 3年2考 3年3考
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第三讲 第一课时 圆锥曲线中的范围、存在性和证 明问题
11 36 当 k＝ 时，直线 PF1 与 x 轴的交点横坐标为 ，不 2 11 合题意，舍去； 1 当 k＝ 时，直线 PF1 与 x 轴的交点横坐标为－4. 2 ∴c＝4，F1(－4,0)，F2(4,0)． 2a＝|AF1|＋|AF2|＝5 2＋ 2＝6 2， a＝3 2，a2＝18，b2＝2. x2 y2 ∴椭圆 E 的方程为 ＋ ＝1. 18 2
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考情分析
4.定点、定值与最值问题是一类综合性强、能力要求高
的问题，也是近几年高考对解析几何考查的一个重点和热点
内容，如2013年江西T20.这类问题以直线和圆锥曲线的位置
关系为载体，以参数处理为核心，需要综合运用函数与方程、
不等式、平面向量等诸多知识以及数形结合、分类讨论等多
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由 AD⊥AE 知， AE · ＝0，即 xDx0＋8＝0. AD
8 由于 x0y0≠0，故 xD＝－ . x0 因为点 G 是点 D 关于 y 轴的对称点，所以点 x0y0 故直线 QG 的斜率 kQG＝ ＝ . 8 x2－8 0 x0－ x0
1 y＝k(x－2)k≠0，k≠± ， 2
①
x2 2 把①代入 ＋y ＝1， 4
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解得
8k2－2 4k ，－ 2 P 2 . 4k ＋1 4k ＋1
1 直线 AD 的方程为 y＝ x＋1. 2 ①与②联立解得 由
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4．定点问题 (1)解析几何中直线过定点或曲线过定点问题是指不论直 线或曲线中的参数如何变化，直线或曲线都经过某一个定点． (2)定点问题是在变化中所表现出来的不变的点，那么就 可以用变量表示问题中的直线方程、数量积、比例关系等，这 些直线方程、数量积、比例关系不受变量所影响的某个点，就 是要求的定点．
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高考中的圆锥曲线(解答题型)
3 c 2 1 解：(1)因为 e＝ ＝a，所以 a＝ c，b＝ c，代入 a＋b＝3， 2 3 3 得 c＝ 3，a＝2，b＝1. x2 2 故椭圆 C 的方程为 ＋y ＝1. 4 (2)证明：法一：因为 B(2,0)，P 不为椭圆顶点，则直线 BP 的 方程为
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第三讲 第一课时 圆锥曲线中的范围、存在性和证 明问题
第一课时
圆锥曲线中的范围、存在性和证明问题
圆锥曲线中的范围问题
[例 1] 已知点 P(4,4)，圆 C：(x－m)2
x2 y2 ＋y2＝5(m<3)与椭圆 E： 2＋ 2＝1(a>b>0) a b 有一个公共点 A(3,1)，F1、F2 分别是椭圆 的左、右焦点，直线 PF1 与圆 C 相切． (1)求 m 的值与椭圆 E 的方程；
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第三讲
高考中的圆锥曲线(解答题型)
4k －0 2k－1 所以 MN 的斜率为 m＝ ＝ 4k＋2 4k－2 － 2k－1 2k＋1 4k2k＋1 2k＋1 ＝ ， 4 22k＋12－22k－12 2k＋1 1 则 2m－k＝ －k＝ (定值)． 2 2 y0 法二：设 P(x0，y0)(x0≠0，x0≠± 2)，则 k＝ ， x0－2 1 直线 AD 的方程为 y＝ (x＋2)， 2 y0 直线 BP 的方程为 y＝ (x－2)， x0－2
种数学思想方法进行求解．对考生的代数恒等变形能力、计 算能力等有较高的要求.
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第三讲
高考中的圆锥曲线(解答题型)
x2 y2 3 1.(2013· 江西高考)椭圆 C： 2＋ 2＝1(a>b>0)的离心率 e＝ ，a a b 2 ＋b＝3. (1)求椭圆 C 的方程； (2)如图，A，B，D 是椭圆 C 的顶点，P 是椭圆 C 上除顶点外 的任意一点，直线 DP 交 x 轴于点 N，直线 AD 交 BP 于点 M， 设 BP 的斜率为 k，MN 的斜率为 m.证明：2m－k 为定值．
4k＋2 4k ， M . 2k－1 2k－1
②
8k2－2 4k ，－ 2 D(0,1)，P 2 ，N(x,0)三点共线知 4k ＋1 4k ＋1
4k － 2 －1 4k－2 4k ＋1 0－1 ，0. ＝ ，解得 N 8k2－2 x－0 2k＋1 －0 4k2＋1
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高考中的圆锥曲线(解答题型)
y＝1x＋2， 2 联立 y y＝ 0 x－2， x0－2
4y0＋2x0－4 4y0 . ， 解得 M 2y0－x0＋2 2y0－x0＋2 －x0 y0－1 ，0. 直线 DP 的方程为 y－1＝ x， y＝0， 令 由于 y0≠1， 可得 N x0 y0－1
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高考中的圆锥曲线(解答题型)
2y0－1x0－2－y02y0＋x0－2 ＝ 2y0＋x0－2x0－2 2y0－1x0－2－2y2－y0x0－2 0 ＝ 2y0＋x0－2x0－2 1 2y0－1x0－2－ 4－x2－y0x0－2 0 2 ＝ 2y0＋x0－2x0－2 1 ＝ (定值)． 2
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2．圆锥曲线中的存在性问题 (1)所谓存在性问题，就是判断满足某个(某些)条件的点、 直线、曲线(或参数)等几何元素是否存在的问题． (2)这类问题通常以开放性的设问方式给出， 若存在符合条 件的几何元素或参数值，就求出这些几何元素或参数值；若不 存在，则要求说明理由．
AQ (2)设 Q 为椭圆 E 上的一个动点，求 AP · 的取值范围．
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第三讲 第一课时 圆锥曲线中的范围、存在性和证 明问题
[自主解答]
(1)将点 A 的坐标代入圆 C 方程，
得(3－m)2＋1＝5， ∵m<3，∴m＝1. 故圆 C：(x－1)2＋y2＝5. 设直线 PF1 的斜率为 k， 则 PF1：y＝k(x－4)＋4，即 kx－y－4k＋4＝0. |k－0－4k＋4| ∵直线 PF1 与圆 C 相切，∴ ＝ 5， 2 k ＋1 11 1 解得 k＝ 或 k＝ . 2 2
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(2) AP ＝(1,3)．设 Q(x，y)，则 AQ ＝(x－3，y－1)， AQ AP · ＝(x－3)＋3(y－1)＝x＋3y－6.
x2 y2 ∵ ＋ ＝1，即 x2＋(3y)2＝18. 18 2 而 x2＋(3y)2≥2|x|· |3y|，∴－18≤6xy≤18， 则 (x＋ 3y)2 ＝ x2 ＋ (3y)2 ＋ 6xy＝ 18＋ 6xy 的取值范围是
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高考中的圆锥曲线(解答题型)
5．定值问题 解析几何中的定值问题是指某些几何量(线段的长度、 图形 的面积、角的度数、直线的斜率等)的大小或某些代数表达式的 值等和题目中的参数无关，不随参数的变化而变化，而始终是 一个确定的值． 6．最值问题 圆锥曲线中的最值问题类型较多，解法灵活多变，但总体 上主要有两种方法：一是利用几何方法，即利用曲线的定义、 几何性质以及平面几何中的定理、性质等进行求解；二是利用 代数方法， 即把要求最值的几何量或代数表达式表示为某个(些) 参数的函数，然后利用函数方法、不等式方法等进行求解．