2017-2018学年重庆一中高二上学期期中考试物理试题 扫描版(含答案)
2017-2018学年重庆一中高二(上)期末物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年重庆一中高二（上）期末物理试卷一、单项选择（共10小题，每小题4分，共40分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．关于物理学史、物理方法以及原理，以下说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律B．物理学中，质点、平均速度、合力与分力、交流电的有效值等物理量的定义均用了等效替代的思想方法C．根据楞次定律，感应电流的磁场总是要阻碍原磁场的磁通量的变化D．线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数无关2．如图所示的电流的有效值为（）A． A B． A C． A D． A3．如图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则（）A．a的质量一定大于b的质量B．a的电荷量一定大于b的电荷量C．a运动的时间小于b运动的时间D．a的比荷（）小于b的比荷（）4．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（）A．交流电的频率为100HzB．原线圈输入电压的最大值为220VC．通过R3的电流始终为零D．电阻R2的电功率约为6.67W5．在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示．M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻R M发生变化，导致S两端电压U 增大，装置发出警报，此时（）A．R M变大，且R越大，U增大越明显B．R M变大，且R越小，U增大越明显C．R M变小，且R越大，U增大越明显D．R M变小，且R越小，U增大越明显6．闭合矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示．规定垂直纸面向里为磁场的正方向，abcda方向为导线线框中感应电流的正方向，水平向右为安培力的正方向．关于导线框中的电流i与ad边所受的安培力F随时间t变化的图象，下列选项正确的是（）A． B． C．D．7．如图所示，足够长的光滑三角形绝缘槽，与水平面的夹角分别为α和β（α＜β），加垂直于纸面向里的磁场．分别将质量相等、带等量正、负电荷的小球a、b依次从两斜面的顶端由静止释放，关于两球在槽上运动的说法不正确的是（）A．在槽上，a、b两球都做匀加速直线运动，且a a＞a bB．a、b两球沿槽运动的最大速度为v a和v b，则v a＞v bC．a、b两球沿直槽运动的最大位移为S a和S b，则S a＜S bD．a、b两球沿槽运动的时间为t a和t b，则t a＜t b8．如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直．在电磁场区域中，有一个固定在竖直平面内的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，bO 沿水平方向．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A．当小球运动到b点时，小球受到的洛伦兹力最大B．当小球运动到c点时，小球受到的支持力一定大于重力C．小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大D．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小9．如图所示，虚线框内存在均匀变化的匀强磁场，三个电阻的阻值之比R1：R2：R3=1：2：3，电路中导线的电阻不计．当S1、S2闭合，S3断开时，测得闭合回路中感应电流为I；当S2、S3闭合，S1断开时，测得闭合回路中感应电流为3I；则当S1、S3闭合，S2断开时，闭合回路中感应电流应为（）A．4.5 I B．4I C．2I D．010．如图所示，以O为圆心、MN为直径的圆的左半部分内有垂直纸面向里的匀强磁场，三个不计重力、质量相同、带电量相同的带正电粒子a、b和c以相同的速率分别沿aO、bO 和cO方向垂直于磁场射入磁场区域，已知bO垂直MN，aO、cO和bO的夹角都为30°，a、b、c三个粒子从射入磁场到射出磁场所用时间分别为t a、t b、t c，则下列给出的时间关系不可能的是（）A．t a＜t b＜t c B．t a＜t b=t c C．t a=t b＜t c D．t a=t b=t c二、实验题（本题包括2小题，共20分）1）某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是mm、A、V．（2）已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0～10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ．电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电动势E=4.5V，内阻很小．．则以下电路图中（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路．但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值偏．（3）若已知实验所用的电流表内阻的准确值R A=2.0Ω，那么准确测量金属丝电阻Rx的最佳电路应是上图中的电路（填电路图下的字母代号）．此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻Rx=（用题中字母代号表示）12．某同学用如图甲所示的电路测量欧姆表的内阻和电源电动势（把欧姆表看成一个电源，且已选定倍率并进行了欧姆调零）．实验器材的规格如下：电流表A1（量程200μA，内阻R1=300Ω）电流表A2（量程30mA，内阻R2=5Ω）定值电阻R0=9700Ω，滑动变阻器R（阻值范围0～500Ω）（1）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑动触头至某一位置，读出电流表A1和A2的示数分别为I1和I2．多次改变滑动触头的位置，得到的数据见下表．I1（μA）120 125 130 135 140 145I2（mA） 20.0 16.7 13.2 10.0 6.7 3.3依据表中数据，作出I1﹣I2图线如图乙所示；据图可得，欧姆表内电源的电动势为E=V，欧姆表内阻为r=Ω；（结果保留3位有效数字）（2）若某次电流表A1的示数是114μA，则此时欧姆表示数约为Ω．（结果保留3位有效数字）三、计算题（本题包括4小题，共50分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数字运算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．如图所示，一沿水平方向的匀强磁场分布在竖直高度为L的某矩形区域内（宽度足够大），该区域的上下边界MN、PQ是水平的．有一边长为L，质量为m，阻值为R的正方形导线框abcd，从距离磁场上边界MN的某高处由静止释放下落，恰好匀速穿过该磁场区域．已知磁感应强度为B．求（1）从开始到线框完全进入磁场区域过程中，通过线框横截面的电荷量q；（2）ab边刚通过MN时ab间的电势差U1和ab边刚通过PQ时ab间的电势差U2的比值．14．如图所示，坐标平面第Ⅰ象限内存在大小为E=4×105N/C方向水平向左的匀强电场，在第Ⅱ象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．质荷比为=4×10﹣10kg/C的带正电粒子从x轴上的A点以初速度v0=2×107m/s垂直x轴射入电场，OA=0.2m，不计重力．求：（1）粒子经过y轴时的位置到原点O的距离；（2）若要求粒子不能进入第三象限，求磁感应强度B的取值范围（不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况）．15．如图所示，平行金属导轨OP、KM和PQ、MN相互垂直，且OP、KM与水平面间夹角为θ=37°，导轨间距均为L=1m，电阻不计，导轨足够长．两根金属棒ab和cd与导轨垂直放置且接触良好，ab的质量为M=2kg，电阻为R1=2Ω，cd的质量为m=0.2kg，电阻为R2=1Ω，金属棒和导轨之间的动摩擦因数均为μ=0.5，两个导轨平面均处在垂直于轨道平面OPKM向上的匀强磁场中．现让cd固定不动，将金属棒ab由静止释放，当ab沿导轨下滑x=6m时，速度已达到稳定，此时，整个回路消耗的电功率为P=12W．求：（1）磁感应强度B的大小；（2）ab沿导轨下滑x=6m时，该过程中ab棒上产生的焦耳热Q；（3）若将ab与cd同时由静止释放，当cd达到最大速度时ab的加速度a．16．如图所示，空间区域Ⅰ、Ⅱ有匀强电场和匀强磁场，MN、PQ为理想边界，Ⅰ区域高度为d，Ⅱ区域的高度足够大．匀强电场方向竖直向上；Ⅰ、Ⅱ区域的磁感应强度均为B，方向分别垂直纸面向里和向外．一个质量为m，电量为q的带电小球从磁场上方的O点由静止开始下落，进入场区后，恰能做匀速圆周运动．已知重力加速度为g．（1）试判断小球所带电性并求出电场强度的大小E；（2）若带电小球运动一定时间后恰能回到O点，求释放时距MN的高度h0；（3）若小球释放时距MN的高度kh0，求小球运动到最高点时距释放点的距离x．2017-2018学年重庆一中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择（共10小题，每小题4分，共40分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．关于物理学史、物理方法以及原理，以下说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律B．物理学中，质点、平均速度、合力与分力、交流电的有效值等物理量的定义均用了等效替代的思想方法C．根据楞次定律，感应电流的磁场总是要阻碍原磁场的磁通量的变化D．线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数无关考点：物理学史．专题：常规题型．分析：理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的．知道比值定义法的含义，记住著名物理学家的主要贡献．解答：解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第总结出了电磁感应定律，故A错误；B、物理学中，平均速度、合力与分力、交流电的有效值等物理量的定义均用了等效替代的思想方法，质点采用了理想化的物理模型的方法，故B错误；C、根据楞次定律，感应电流的磁场总是要阻碍原磁场的磁通量的变化，故C正确；D、线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势与线圈的匝数有关，故D错误；故选：C．点评：对于物理学上重要的实验和发现，可根据实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记忆，不能混淆．2．如图所示的电流的有效值为（）A． A B． A C． A D． A考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：由图可知交流电的周期，根据一个周期内的电流发热量，利用电流的热效应可求得该电流的有效值．解答：解：由图可知，该交流电的周期为6s；在一个周期内，其发热量Q=2×（）2R×2=2R；由交流电有效值的定义可得：I2R×6=Q=2R解得：I=A；故选：B．点评：本题考查电流的有效值的定义，要注意明确在标准正弦波的半个波形或四分之一个波形内，最大值与有效值的关系仍为倍的关系．3．如图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则（）A．a的质量一定大于b的质量B．a的电荷量一定大于b的电荷量C．a运动的时间小于b运动的时间D．a的比荷（）小于b的比荷（）考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．分析：带电粒子先在匀强电场中做匀加速直线运动，再进入磁场做匀速圆周运动，轨迹为半圆，本题动能定理和牛顿第二定律求解．解答：解：设粒子经电场加速后的速度大小为v，磁场中圆周运动的半径为r，电荷量和质量分别为q、m，打在感光板上的距离为S．根据动能定理，得qU=mv2解得：v=由qvB=m解得：r==则S=2r得到：=由图，Sa＜S b，U、B相同，则＞；而周期T=，因此它们的运动时间是周期的一半，由于＞，所以a运动的时间小于b运动的时间，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：本题属于带电粒子在组合场中运动问题，电场中往往用动能求速度，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹．4．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（）A．交流电的频率为100HzB．原线圈输入电压的最大值为220VC．通过R3的电流始终为零D．电阻R2的电功率约为6.67W考点：变压器的构造和原理．专题：电磁感应——功能问题．分析：由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流．解答：解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为0.02s、频率为50赫兹，A错误．由图乙可知通过R1的电流最大值为I m=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为U m=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，B错；C、因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过R3和电容器，C错误；D、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I=、电压有效值为U=V，电阻R2的电功率为P2=UI=W=6.67W，故D正确；．故选：D．点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于电容器的作用要了解；明确电容器可以通交流，阻直流．5．在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示．M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻R M发生变化，导致S两端电压U 增大，装置发出警报，此时（）A．R M变大，且R越大，U增大越明显B．R M变大，且R越小，U增大越明显C．R M变小，且R越大，U增大越明显D．R M变小，且R越小，U增大越明显考点：闭合电路的欧姆定律．专题：压轴题；恒定电流专题．分析：电阻R与R M并联后与S串联，当电阻R越大时，电阻R与R M并联的电阻越接近R M，电压变化越明显．解答：解：S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，R M变小；当R＞R M时，R越大，M与R并联的电阻R并越接近R M，U增大越明显；故选：C．点评：本题是电路的动态分析问题，关键明确当电阻R越大时，电阻R与R M并联的电阻越接进R M，电压变化越明显．6．闭合矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示．规定垂直纸面向里为磁场的正方向，abcda方向为导线线框中感应电流的正方向，水平向右为安培力的正方向．关于导线框中的电流i与ad边所受的安培力F随时间t变化的图象，下列选项正确的是（）A． B． C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：由右图所示图象判断B的变化情况，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向，根据左手定则即可判断出安培力的大小与方向．解答：解：A、B、由右图所示B﹣t图象可知，0﹣1s内，线圈中向里的磁通量增大，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，沿adcba方向，即电流为负方向；1﹣2s内，线圈中向里的磁通量减小，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针方向，即电流为正方向；2﹣3s内，磁通量不变，没有感应电流；3﹣4s内，线圈中向外的磁通量减小，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针方向，即电流为负方向．由法拉第电磁感应定律：，由于磁感应强度均匀变化，所以产生的感应电流保持不变．故AB错误；C、D、0﹣1s内，电路中电流方向为逆时针，沿adcba方向，根据左手定则可知，ad棒受到的安培力的方向向右，为正值；1﹣2s内，1﹣2s内电路中的电流为顺时针，沿abcda方向，ad棒受到的安培力的方向向左，为负值；2﹣3s内，没有感应电流，不受安培力；3﹣4s内，电路中电流方向为逆时针，沿adcba方向，根据左手定则可知，ad棒受到的安培力的方向向左，为负值；根据安培力的公式：F=BIL，安培力的大小与磁感应强度成正比．故C错误，D正确．故选：D点评：本题考查了判断感应电流随时间变化关系，分析清楚B﹣t图象、应用楞次定律即可正确解题，要注意排除法的应用．7．如图所示，足够长的光滑三角形绝缘槽，与水平面的夹角分别为α和β（α＜β），加垂直于纸面向里的磁场．分别将质量相等、带等量正、负电荷的小球a、b依次从两斜面的顶端由静止释放，关于两球在槽上运动的说法不正确的是（）A．在槽上，a、b两球都做匀加速直线运动，且a a＞a bB．a、b两球沿槽运动的最大速度为v a和v b，则v a＞v bC．a、b两球沿直槽运动的最大位移为S a和S b，则S a＜S bD．a、b两球沿槽运动的时间为t a和t b，则t a＜t b考点：洛仑兹力．分析：对两球分别进行受力分析，确定合力后，再由牛顿第二定律可以求出加速度，然后比较加速度大小，判断小球的运动性质；利用运动学的知识即可比较小球在斜面上运动的位移与运动时间，从而可得知正确选项解答：解：A、两小球受到的洛伦兹力都与斜面垂直向上，沿斜面方向的合力为重力的分力，则其加速度分别为：a a=gsinα，a b=gsinβ，可见a a＞a b故A正确；B、当加速到洛伦兹力与重力沿垂直斜面向下分力相等时，小球脱离斜面，则：mgcosβ=Bqv 对a有：v a=，对b有：v b=由于（α＞β）所以v a＜v b，故选项B错误；C、a、b两球沿直槽运动的最大位移为S a和S b，对a有：=2gsinαs a求得：s a=对a有：=2gsinαs b得：s b=因α＞β，则有：s a＜s b故选项C正确，D、a、b两球沿槽运动的时间为t a和t b，对a有：v a=gsinαt a得：t a=对b有：v b=gsinβt b得：t b=则t a＜t b，故选项D正确本题选错误的，故选：B点评：本题考查小球在重力、支持力和洛伦兹力作用下的运动，注意应用左手定则判断洛伦兹力的方向，要了解在带电体运动的过程中，洛伦兹力的变化，知道带电粒子离开斜面的条件．对于该题，还应注意数学知识，尤其是三角函数的应用．8．如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直．在电磁场区域中，有一个固定在竖直平面内的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，bO 沿水平方向．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A．当小球运动到b点时，小球受到的洛伦兹力最大B．当小球运动到c点时，小球受到的支持力一定大于重力C．小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大D．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．再根据竖直平面内的圆周运动的相关知识解题即可．解答：解：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．A、设电场力与重力的合力为F，小球从a点运动到b点，F做正功，小球的动能增大，从b 运动到c，动能先增大后减小，bc弧的中点速度最大，动能最大，故A错误．B、当小球运动到c点时，由支持力、洛伦兹力和重力的合力提供向心力，洛伦兹力方向向上，由F N+F洛﹣mg=m，可知，F N不一定大于mg，故B错误．C、小球从a点运动到b点，重力和电场力均做正功，则重力势能和电势能均减小，故C错误．D、小球从b点运动到c点，电场力做负功，电势能增大，F先做正功后做负功，则动能先增大后减小．故D正确．故选：D．点评：该题要求同学们能够根据受力分析找出做圆周运动新的最高点和最低点，再根据竖直平面内的圆周运动的知识解题．9．如图所示，虚线框内存在均匀变化的匀强磁场，三个电阻的阻值之比R1：R2：R3=1：2：3，电路中导线的电阻不计．当S1、S2闭合，S3断开时，测得闭合回路中感应电流为I；当S2、S3闭合，S1断开时，测得闭合回路中感应电流为3I；则当S1、S3闭合，S2断开时，闭合回路中感应电流应为（）A．4.5 I B．4I C．2I D．0考点：法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应——功能问题．分析：根据开关的闭合与断开情况，明确电路结构；根据电路连接情况确定感应电动势，由欧姆定律求出电路电流；然后解方程组答题．解答：解：因为R1：R2：R3=1：2：3，可以设R1=R，R2=2R，R3=3R；由电路图可知，当S1、S2闭合，S3断开时，电阻R1与R2组成闭合回路，设此时感应电动势是E1，由欧姆定律可得：E1=IR；当S2、S3闭合，S1断开时，电阻R2与R3组成闭合回路，设感应电动势为E2，由欧姆定律可得：E2=3I×5R=15IR；当S1、S3闭合，S2断开时，电阻R1与R3组成闭合回路，此时感应电动势E=E1+E2=16IR，则此时的电流I′==4I．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律是正确解题的关键；要注意在三种电路情况下，产生的感应电动势不同，这是容易出错的地方．10．如图所示，以O为圆心、MN为直径的圆的左半部分内有垂直纸面向里的匀强磁场，三个不计重力、质量相同、带电量相同的带正电粒子a、b和c以相同的速率分别沿aO、bO 和cO方向垂直于磁场射入磁场区域，已知bO垂直MN，aO、cO和bO的夹角都为30°，a、b、c三个粒子从射入磁场到射出磁场所用时间分别为t a、t b、t c，则下列给出的时间关系不可能的是（）A．t a＜t b＜t c B．t a＜t b=t c C．t a=t b＜t c D．t a=t b=t c考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：粒子垂直磁场方向射入，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动；画出运动轨迹，根据t=T求出粒子的运动时间．解答：解：粒子带正电，偏转方向如图所示，粒子在磁场中的运动周期相同，在磁场中运动的时间t=T，故粒子在磁场中运动对应的圆心角越大，运动时间越长．若粒子的运动半径r和圆形区域半径R满足r=R，则如图甲所示，ta＜tb=tc，故B正确；当r＞R时，粒子a对应的圆心角最小，c对应的圆心角最大，则：t a＜t b＜t c，故A正确；当r≤，轨迹如图乙所示，ta=tb=tc，同理，R＜r≤R时，ta＜tb=tc，故C正确；由于粒子在磁场中偏转角度不同，则粒子在磁场中的运动时间不相等，故D错误；本题选错误的，故选：D．点评：本题关键是明确粒子做匀速圆周运动，周期T相同，画出轨迹后，根据公式t=T 求出时间，作出粒子的运动轨迹是正确解题的关键．二、实验题（本题包括2小题，共20分）1）某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是0.998mm、0.42A、 2.26V．（2）已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0～10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ．电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电动势E=4.5V，内阻很小．．则以下电路图中A（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路．但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值偏小．（3）若已知实验所用的电流表内阻的准确值R A=2.0Ω，那么准确测量金属丝电阻Rx的最佳电路应是上图中的B电路（填电路图下的字母代号）．此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻Rx=﹣R A（用题中字母代号表示）考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据各种仪器的原理及读数方法进行读数，注意估读；（2、3）由给出的数据选择滑动变阻器的接法，由各仪器的内阻选择电流表的接法，并能通过误差原理分析误差；求出待测电阻的阻值．解答：解：（1）螺旋测微器先读固定部分为0.5mm，可动部分可估读为49.6～49.8，故总示数为：0.5+49.8×0.01mm=0.998mm；电流表量程为0.6A，则最小刻度为0.02；指针所示为0.42A；电流表量程为3V，最小刻度为0.1V，则指针指数超过2.25，故可估读为：2.25～2.28V；（2）因电源不能在大功率下长时间运行，则本实验应采用限流接法；同时电压表内阻较大，由以上读数可知，待测电阻的内阻约为5Ω，故采用电流表外接法误差较小；在实验中电压表示数准确，但电流测量的是干路电流，故电流表示数偏大，则由欧姆定律得出的结果偏小；（3）因已知电流表准确值，则可以利用电流表内接法准确求出待测电阻；故应选B电路；待测电阻及电流表总电阻R=，则待测电阻R X=R﹣R A；故答案为：（1）0.996～0.999mm、0.42A、2.25～2.28V．（2）A，小，（3）B，﹣R A．。
重庆市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案
2017-2018学年一、选择题：（1-8题为单选；9-12为多选）1、以下磁体或通电直导线周围的小磁针（深色端为N极）指向符合物理实际的是A B C D2、以下不能作为磁感应强度的单位的一项是A. TB. N/(A·m)C. (N·s)/(C·m)D. Wb/m3、如图所示是一个自制简易电动机原理图，一枚干电池竖直放置（正极朝上），电池的负极上吸有一块圆形的可以导电的小磁体，磁场分布已知，将一个小金属线圈套在电池上，线圈和电池构成闭合回路，通电线圈在磁场的作用下就会转动起来，从上向下附视，线圈的转动方向是A. 顺时针方向B.逆时针方向C.时而顺时针转动时而逆时针转动D.以上说法均不正确4、在研究影响平行板电容器电容大小的因素的实验中，用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差，如图所示，由两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器的极板N 与静电计金属球相连，极板M接地．在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变大的是A．仅将M板水平向右平移靠近N板B．将M板向下平移C．在M、N之间插入玻璃板D．在M、N之间紧靠M插入有一定厚度的金属板5、如图甲，真空中有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴；x轴上各点的场强随x变化关系如图乙，x1x2分别对应轴上的AB两点，规定电场强度沿x轴正方向为正，则（）A．A、B两点处的电势相同B．负电荷在A点电势能大于B点C．同一电荷在AB两点所受电场力等大反向D．正电荷从A到B，电场力一直做正功6、如图为某台电风扇的铭牌，如果已知该电风扇在额定电压下工作时，转化为机械能的功率等于电动机消耗电功率的98 %，则在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻R分别是（）A．I=2.5A R11ΩB．I=2.5A R=88ΩC．I=0.4A R=11ΩD．I=0.4A R=550Ω7、一根粗细均匀的细橡胶管，里面灌满盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的盐水柱，长度为30cm; 在盐水柱两端加电压U时，盐水柱中自由电荷定向移动的平均速率为v．现握住橡胶管的两端把它均匀拉长至40cm．然后在两端同样加电压U时，此时盐水柱中自由电荷定向移动的平均速率为A. 34v B.v C.43v D.6427v8、如图所示，空间中的匀强电场水平向右，匀强磁场垂直纸面向里，一带电微粒沿着直线从M运动到N,以下说法正确的是A.带电微粒可能带负电B.运动过程中带电微粒的动能保持不变C. 运动过程中带电微粒的电势能增加D. 运动过程中带电微粒的机械能守恒9、如图所示，通电直导线和闭合矩形线圈abcd在同一平面内，现让矩形线圈绕cd轴转动1800到虚线框位置，则A.转动过程中穿过线圈平面的磁通量先变小后变大B.初末两个状态穿过线圈的磁通量一样C.如果直接将线圈平移到虚线位置，穿过线圈的磁通量与绕cd转动时一样D.如果让线圈以通电导线为轴转动，穿过线圈平面的磁通量大小不变10、用多用电表的欧姆档测量二极管的正反向电阻时，一下操作正确的是A．测二极管的正向电阻时，红表笔接二极管的正极，黑表笔接二极管的负极.B．测二极管的反向电阻时，红表笔接二极管的正极，黑表笔接二极管的负极.C．某次测量时电表指针偏转角度很小，说明待测电阻很大，应该换更高倍率的欧姆档D. 某次测量时电表指针偏转角度很大，说明待测电阻很大，应该换更高倍率的欧姆档11、如图所示，在一绝缘、粗糙且足够长的水平管道中有一带正电的小球，管道半径略大于球体半径，整个管道处于方向与管道垂直的水平匀强磁场中；现给环施以一个水平初速度v0，以后小球的速度随时间变化的图像可能正确的是12、已知压敏电阻的受力面所受压力越小其阻值越大，如图甲，将压敏电阻R平放在竖直升降电梯的轿厢内，受力面朝上，在其受力面放一质量为m物体，电梯静止时电压表示数为U0；某段时间内电压表示数随时间变化图线如图乙，则：A.t1-t2时间内压敏电阻受力面所受压力恒定B. t1-t2时间内电容器处于充电状态C.t2之后电梯处于超重状态D. t2之后电梯做匀变速运动二、实验题：13、某中学生课外科技小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘制作了果汁电池，他们为了测量这种电池的电动势E和内阻r，设计了如下两种方案：方案一：①测电池内阻时，选择多用电表×10倍率欧姆档，将两个表笔插入电池两极内侧，尽量靠近两极而不与两电极接触，此时欧姆表指针如图甲所示，则电池的内阻为Ω；②测电池电动势时，先在电池两端连接一个滑动变阻器作为负载，然后用多用电表的直流电压档分别测量外电压和内电压，其中测外电压时，选择开关置于直流电压1V档，指针位置如图乙所示，则此时的外电压为V.③根据公式E= （用内电压U内和外电压U外表示）即可得到电池的电动势.方案二：用如图丙所示的电路进行测量，通过调节滑动变阻器得到多组电压电流值，描点做出U-I图如图丁所示；①由图可得，电池电动势E= V，内阻r= ；②仅从测量的原理来看，由于电流表的分压作用，电压表示数比真实的路端电压，测得的电动势比真实的电动势，测得的内阻比真实的内阻；（以上三空均填“偏大”“偏小”或“相等”）③若所用电流表的内阻为100Ω，则待测电池的真实内阻为Ω；三、计算题：14、如图所示，AB两金属板与电路良好接触，两板间距为d，两板之间有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B；一束粒子流（不计重力）以速度v0从S1孔平行于金属板射入，恰好沿直线运动从S2孔射出，已知电源的电动势为E，内阻为r,定值电阻为R0，求：（1）AB两板之间的电势差；（2）此时滑动变阻器R接入电路的阻值.15、如图所示为一种“电磁天平”的结构简图，等臂天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，线圈未通电时天平两臂平衡；已知线圈的水平边长L=0.1m，匝数为N=800，线圈的下底边处于匀强磁场内，磁感应强度B=0.5T，方向垂直于线圈平面向里，线圈中通有方向沿顺时针，大小可在0-2A范围内调解的电流I；挂盘放上待测物体后，调解线圈中电流使得天平平衡，测出电流即可测得物体的质量；重力加速度g=10m/s2，试求：该“电磁天平”能够称量的最大质量.16、如图所示，ABC三板平行，B板延长线与圆筒切于P点，C板与圆筒切于Q点，圆筒半径R=4cm。
重庆市第一中学2018_2019学年高二物理上学期期中试题
2018年重庆一中高2020级高二上期期中考试物理测试试题卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡上。
2．作答时，务必将答案写在答题卡上。
写在本试卷及草稿纸上无效。
3． 考试结束后，将答题卡交回。
一、单项选择（共10小题，每小题3分，共30分，每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意。
）1. 关于磁感应强度，下列说法正确的是（ ）A ．磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定的，其大小和方向是唯一确定的，与通电导线无关B ．通电导线受安培力不为零的地方一定存在磁场，通电导线不受安培力的地方一定不存在磁场C ．人们通常用通电导线在磁场中某点的受力来探究磁场的强弱，如果将这根通电导线拿走，那该点的磁感应强度就变为零D ．由ILF B 可知，B 与F 成正比与IL 成反比2．如图所示，在水平长直导线的正下方，有一只可以自由转动的小磁针，现给直导线通以由a 向b 的恒定电流I ，若忽略地磁场的影响，则小磁针的N 极将（ ）A ．保持不动B ．向下转动C ．垂直纸面向里转动D ．垂直纸面向外转动3．如图所示，两个相同的导线环同轴平行悬挂，相隔一小段距离，当同时给两导线环通以同向电流时，两导线环将（ ）A ．吸引B ．排斥C ．保持静止D ．不可判断4． 如图所示，三根相互平行的固定长直导线L 1、L 2和L 3两两等距，通过L 1、L 2中的电流相同，L 1、L 2中的电流方向垂直纸面向里，L 3中的电流方向垂直纸面向外，在三根导线与纸面的交点所构成的等边三角形的中心上放有一电流方向垂直纸面向外的通电长直导线，则该导线受到的安培力的方向为（ ）A ．指向L1 B ．指向L 2C ．指向L 3D ．背离L 35．如图所示，在匀强电场中，实线MN 是一条等势线，虚线AB 是一个电子只在电场力作用下的运动轨迹。
下列说法正确的是（）A．电子从A到B做匀速圆周运动B．电子在A点的动能比B点大C．B点电势高于A点电势 D．电子在B点的电势能比A点大6．下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中错误的是（）A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关拨至倍率较小的档位，重新调零后再测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．每次换倍率后都必须重新进行欧姆调零7．两个电源A、B的U－I图线如图所示，它们分别对各自的负载电阻供电，下面的说法正确的是（）A．A、B两个电池电动势相同B．A、B两个电池内阻相同C．负载电阻相同时，电源A输出功率较大D．负载电阻相同时，电源B输出功率较大8．如图所示，电源电动势为6V，当开关接通时，因某一元件发生断路故障，灯泡L1和L2都不亮，用电压= 0，U cd = 6V，由此可以判定（）表测得各部分电压UA．L1和L2的灯丝都断了B．L2的灯丝断了C．L1的灯丝断了D．变阻器R断路9．如图所示，电源电动势E=3V，小灯泡L标有“2V、0.4W”，开关S接1，当变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作。
【全国百强校】+含磁场+重庆市第一中学校2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题
kk秘密★启用前2017 年重庆一中高 2019 级高二上期半期考试物 理 试 题 卷2017.12满分 110 分 时间 120 分钟 注意事项：1. 答题前，务必将自己的姓名、考号填写在答题卡规定的位置上。
2. 答选择题时，必须使用 2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用 橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。
3. 答非选择题时，必须使用黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4. 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
一、单项选择题（本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。
只有一个选项正确）1.关于物理学史，下列说法中正确的是 A.安培认为磁化使铁质物体内部产生了分子电流 B.奥斯特实验发现了电流的磁效应，即电流可以产生磁场 C.库仑通过实验测出了引力常量 G 的大小 D.密立根通过实验测得元电荷 e 的数值为1⨯10-19 C2.如图所示，小车内用一轻绳和轻弹簧栓接一小球，当小车和小球相对静止一起在水平面上 运动时，轻弹簧沿竖直方向，细绳与竖直方的夹角为α角，忽略空气阻力，则下列说法 中正确的是A.小车的加速度一定水平向右B.细绳对小球的拉力大一定为 mgcos αC.细绳不一定对小球有拉力作用，轻弹簧对小球不一定有弹力D.细绳不一定对小球有拉力作用，轻弹簧对小球一定有弹力3.如图所示，在条形磁铁的右侧放置一个可以自由运动的通电线圈 abcd ，线圈最初与条形磁 铁处于同一平面内，通以顺时针方向的电流后，该线圈的运动情况为A.ab 边转向纸内，cd 边转向纸外，同时靠近磁铁B.ab 边转向纸外，cd 边转向纸内，同时靠近磁铁C. ab 边转向纸内，cd 边转向纸外，同时远离磁铁D.ab 边转向纸外，cd 边转向纸内，同时远离磁铁4.下图为某一偏转器原理图，两个球心过 O 点的同心绝缘塑料半球 A 、B 的横截面如图所示， 在 O 点放置一点电荷.一束电子流以不同动能从该偏转器左端 M 正中间的小孔 H 垂直入 射，通过偏转区域后所有电子全部打在 N 板上.其中初动能为 E 的电子恰好沿半径为 R 0的弧线 C 打在 N 板的中点 F ，则下列说法中正确的是A.A 半球的电势高于 B 半球的电势B.弧线 C 上每一点电场强度大小 E = E k 0eRC.从 H 点入射，到达 N 板中点 F 左侧的电子入射时初动能一定大于 E 0D.从 H 点入射，分别到达 N 板左边缘 P 和右边缘 Q 的两类电子，动能改变量| ∆E k 左 | >| ∆E K 右 |5.（原创）如图甲所示电路，定值电阻R0 与滑动变阻器R P 串联在电源两端，电源内阻忽略不计，所有电表均为理想电表,改变滑动变阻器滑片P 的位置，读取电压表V1、V2 以及电流表A 的多组数据，做出如图乙所示U-I 图像，其中图线①表示滑动变阻器R P 两端电压随干路电流的变化关系；图线②表示定值电阻R0 两端电压随干路电流的变化关系.根据图上的已知信息，下列说法中正确的是1A.定值电阻R0= Ω3B.图像中I0 =3AC.当R P =R0 时，定值电阻R0 上消耗的电功率最大D.在电流表示数减小的过程中，电源的输出效率不变图甲图乙6.（原创）如图所示，在同一平面内互相绝缘的三根无限长直导线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ围成一个等边三角形，三根导线内通有大小相等、方向如图所示的电流.A 为等边三角形的几何中心，C 为导线Ⅰ、Ⅲ的交点，E 为导线Ⅱ、Ⅲ交点，A、B 两点关于C 点对称，A、F 两点关于E 点对称，A、D 两点关于导线Ⅰ对称.已知三根导线中的电流形成的合磁场在D 点的磁感应强度大小为B1，在B 点的磁感应强度大小为B2，在F 点的磁感应强度大小为B3下列。
重庆一中2017-2018学年高二上学期期末考试题+物理+Word版含答案
重庆一中2017-2018学年高二上学期期末考试题+物理+Word版含答案2018年___高2019级高二上学期期末考试物理试题卷，共6页，满分110分，时间120分钟。
注意事项：1.答题前，必须在答题卡规定的位置填写姓名和学号。
2.对于选择题，必须在答题卡上涂黑对应题目的答案位置；对于非选择题，必须使用0.5毫米黑色签字笔在答题卡规定的位置书写答案。
3.所有题目必须在答题卡上作答，试题卷上答题无效。
一、选择题（本题共12小题，共48分，1-8小题为单选，每小题4分；9-12为多选，每小题4分，选对未选全的2分，错选得分）1.关于物理学史和原理，以下哪项说法是正确的？A。
___发现了“磁生电”，总结出了电磁感应定律。
B。
洛伦兹力不做功，因此动生电动势的产生与洛伦兹力无关。
C。
线圈的磁通量与匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与匝数无关。
D。
涡流和感应电流一样，都是由于导体内穿过的磁通量变化而产生的。
2.如图所示，甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点。
如果将一个电荷从A点自由释放，该电荷沿电场线从A运动到B，其速度-时间图像如图乙所示。
关于A、B两点的电势φ和场强E，以下哪项是正确的？A。
φA。
φBB。
φA < φBC。
EA。
EBD。
EA < EB3.如图所示，L是自感系数足够大的线圈，电路稳定时小灯泡可以正常发光。
以下哪项说法是正确的？A。
闭合开关S，小灯泡立即变亮。
B。
断开开___，小灯泡立即熄灭。
C。
断开开关S，小灯泡缓慢熄灭。
D。
断开开___，小灯泡闪亮一下再慢慢熄灭。
4.如图所示，一条载流长直导线和一个矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行。
已知在t=0到t=t1的时间间隔内，直导线中电流I发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右。
设电流I正方向与图中箭头方向相同，则I随时间t变化的图线可能是哪一项？A。
2017-2018学年重庆市第一中学高二上学期期中考试物理试题 解析版
重庆市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题一．单项选择题1. 关于物理学史，下列说法中正确的是A. 安培认为磁化使铁质物体内部产生了分子电流B. 奥斯特实验发现了电流的磁效应，即电流可以产生磁场C. 库仑通过实验测出了引力常量G的大小D. 密立根通过实验测得元电荷e的数值为1×10-19C【答案】B【解析】A、安培提出了分子电流，没有磁性的物体内部分子电流的取向是杂乱无章的，分子电流产生的磁场相互抵消，但当受到外界磁场的作用力时分子电流的取向变得大致相同时分子电流产生的磁场相互加强，物体就被磁化了，两端形成磁极，故A错误B、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故B 正确；C、牛顿发现万有引力定律之后，卡文迪许通过实验测出了引力常量G的数值，故C错误；D、密立根最早用实验测得元电荷e的数值，故D错误。
点睛：物理学史是高考考查内容之一，对于著名物理学家的重要理论、实验、重大发现、研究方法等等，要加强记忆，不能混淆。
2. 如图所示，小车内用一轻绳和轻弹簧栓接一小球，当小车和小球相对静止一起在水平面上运动时，轻弹簧沿竖直方向，细绳与竖直方的夹角为角，忽略空气阻力，则下列说法中正确的是A. 小车的加速度一定水平向右B. 细绳对小球的拉力一定为C. 细绳不一定对小球有拉力作用，轻弹簧对小球不一定有弹力D. 细绳不一定对小球有拉力作用，轻弹簧对小球一定有弹力【答案】C【解析】当小车处于匀速直线运动时，弹簧的弹力等于重力，即，绳的拉力为：．当小车和小球向右做匀加速直线运动时，受力分析如图所示：根据牛顿第二定律得：水平方向有：，①竖直方向有：，②由①知，细绳一定对小球有拉力的作用．由①②得：弹簧的弹力当，即时，，综合以上两种情况可以知道：细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力的作用，故C正确，ABD错误。
点睛：解决本题的关键能够正确地受力分析，当小车处于静止时，小球受重力和弹簧弹力平衡，当小车和小球向右做匀加速直线运动时，受三个力作用，竖直方向上的合力为零，水平方向上合力等于，注意要分情况讨论。
高中重庆市第一中学高二上学期期中考试物理试题 (1)[答案解析]
重庆市第一中学【精品】高二上学期期中考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．关于电场和磁场的概念,以下说法正确的是A．小磁针静止时N极所指的方向就是该处磁感应强度的方向B．电荷在电场中某点所受电场力的方向即为该点的电场强度方向C．电流元在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度一定为零D．若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度必为FBIL2．设法维持一段矩形金属导体温度不变，随着加在导线两端的电压减小，则有A．金属导体电阻变小B．金属导体材质的电阻率变小C．导体电流不变D．导体内自由电子定向移动的速率减小3．如图所示为电视机显像管的原理示意图(俯视图)，电子枪发射电子经加速电场加速后，再经过偏转线圈打到荧光屏上．当偏转线圈产生的偏转磁场方向和强弱不断变化，电子束打在荧光屏上的光点就会移动，从而实现扫描．下列关于荧光屏上光点说法正确的是A．光点打在A点，则磁场垂直纸面向里B．从A向O扫描，则磁场垂直纸面向外且不断增强C．从O向B扫描，则磁场垂直纸面向里且不断减弱D．从A向B扫描，则磁场先垂直纸面向外后垂直纸面向里4．在地球赤道上进行实验，如图所示，线圈平面沿南北方向竖直放置，线圈中心O处水平放置一可自由转动的小磁针，处于静止状态，该处地磁场的磁感应强度大小为B0；给线圈通电后，小磁针水平偏转了θ角．则A．仅改变电流方向，小磁针转向不会变化B．仅改变电流大小可以使小磁针垂直于线圈平面C．通电线圈在中心O处产生的磁感应强度大小为0sin=B BθD．通电线圈在中心O处产生的磁感应强度大小为0tan=B Bθ5．如图所示是半偏法测电流表内阻的电路图，测量的过程包含以下几个主要的步骤：①闭合k1，调节R1的阻值，使电流表满偏；②闭合k2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表半偏；③此时R2的读数即为电流表内阻测量值；④将R1的阻值调到最大；以上步骤，合理的顺序是（）A．①④②③B．④①②③C．④②①③D．④③②①6．如图所示，灯泡L1、L2原来都正常发光，由于故障两灯突然熄灭，（假设电路中仅有一处故障）下列说法正确的是A．将多用表的电压档并联在ac两端，示数0，说明ac间断路B．将多用表的电压档并联在cd两端，有示数，说明cd间完好C．将多用表的电压档并联在bc两端，有示数；并联在cd两端，示数0，说明cd间断路D．断开S，将L1拆下，使用多用电表欧姆档，调零后将红黑表笔连接在L1两端，如果指针不偏转，说明L1断路7．如图所示，A、B两导体板平行放置，在t=0时将电子从A板附近由静止释放（电子的重力忽略不计）．分别在A、B两板间加四种电压，它们的U AB﹣t图线如下列四图所示．其中可能使电子到不了B板的是A．B．C．D．8．在绝缘粗糙的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定正点电荷,其电量分别为Q A、Q B，两点电荷的位置坐标如图甲所示．图乙是A、B连线之间的电势φ与位置x之间的关系图像，图中x=L点为图线的最低点，若将质量为m、电荷量为＋q的带电小球（可视为质点）在x=2L的C点由静止释放，其向左运动，则在接下来的过程中，下列说法正确的是A．小球一定能到达x= - 2L点处B．小球在x=L处的加速度最小C．小球在向左运动过程中动能先增大后减小D．电量Q A∶Q B=2∶1二、多选题9．如图所示，两个完全相同的、相互垂直的金属圆环M、N相隔一定距离用相等长度的绝缘细线分别悬挂在天花板下面(两个悬挂点的距离略大于金属环的直径)，其中M环被固定，当M、N中同时通入如图所示方向的电流时，从上往下看，圆环N将A．顺时针转动B．逆时针转动C．靠近圆环M D．远离圆环M10．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关k，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电流表、电压表V2示数变化量的绝对值分别为ΔI、ΔU2，下列说法正确的是A ．I 减小B ．U 1、U 2均减小C ．1U I 变小，3U I 变大D ．21U r R I∆=+∆ 11．如图所示的电路中，定值电阻R 0=2Ω，电阻箱的功率P 随自身阻值R 变化的函数关系如P -R 图所示，由此可知A ．减小R ，电源效率减小B ．增大R ，电源效率减小C ．电源电动势E =6VD ．电源电动势E =4V12．如图所示，真空中有一个正方体，在它的两个顶点a 1、c 1处分别固定等量异种点电荷，图中a 、b 、c 、d 为底部四个顶点，e 、f 、g 、h 均为所在边的中点，下列说法正确的是A ．a 、c 两点电场强度不同，电势相等B ．b 、d 两点电场强度相同，电势相等C ．一个负电试探电荷在e 、f 两点所受电场力相同，沿直线从e 运动到f 该电荷的电势能一直增加D ．一个负电试探电荷在g 、h 两点所受电场力大小相同，电势能不相等三、实验题13．某同学想设计一个实验测量某金属棒的电阻率，提供的器材有：A ．电流表A 1（满偏电流g I =200μA ，内阻g R =100Ω）B ．电流表A 2（量程为0.6A ，内阻约为0.4Ω）C．电阻箱R0（0～99999.9Ω）D．滑动变阻器R（0～5Ω，最大允许电流2A）E．干电池组（电动势6V，内阻约为0.05Ω）F．一个开关k和导线若干（1）如图甲所示，用螺旋测微器测得金属棒的直径D=______mm；如图乙所示，用20分度游标卡尺测得金属棒的长度L=______ mm．（2）该同学找来一个多用表，用欧姆档“×10Ω”粗测金属棒的电阻，发现指针偏转角度过大，他应换用_______挡（填“×1Ω”或“×100Ω”），换挡后欧姆调零再次测量时指针静止如图丙所示，则金属棒的阻值R x约为_____Ω．（3）为了精确地测量金属棒的电阻，从而计算出电阻率，该同学将电流表A1与阻值调为R0=____Ω的电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，并在虚线框画出测量原理图________．14．小汽车仪表台内的鼓风机靠的是一种电池来供电，某同学为了测定这种电池的电动势和内阻，利用如图甲所示电路进行实验，A为电流表，R为电阻箱（阻值范围0﹣999.9Ω）．（1）闭合开关k，调整电阻箱的阻值R，读取电流表的示数I，记录多组数据，作出了如图乙所示的图线，现有两个电流表可供选择：A1（量程10mA，内阻约为200Ω），A2（量程200mA，内阻约为0.1Ω），由图乙可推断该同学选择的是电流表______（选填“A1”或“A2”）接入电路．（2）根据图乙的直线可求得该电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω．该方案测得电池的内阻r_____ r真(填“>”、“<”、“=”)．（3）冬天为了防止汽车仪表玻璃起雾，可用通电电阻加热，用图丙所示10根阻值皆为16Ω的电阻条和另一个电池（电动势E0=10V,内阻r0=20Ω）来设计一个电路，使整个电路中电阻条上消耗的功率最大，且要求电阻条数最少，请在图丙中画出电路连线______．四、解答题15．如图所示，M、N两平行金属板间存在匀强电场，场强E=100N/C，方向竖直向下．电场中A、B两点相距10cm，AB连线与电场线夹角θ=60°，A点和M板相距8cm，求：；（1）若M板接地(电势为0)，A点电势A（2）将点电荷q=+6×10-8C从A移到B，电场力做的功．16．如图所示，电源电动势E=12V，内阻不计，电阻R1=20Ω，R2=30Ω，R3=50Ω，R4=25Ω，R5=10Ω，电容C=6.0μF，当电键k闭合后．求：（1）电容器两极板间的电压；（2）由于某种原因电阻R4发生断路故障，求故障发生后通过R5的电量．17．如图所示，在相距L=0.2m的水平金属导轨（电阻忽略不计）上放置一导体棒ab, 质量m=0.5kg，电阻R=1.0Ω，它与导轨间动摩擦因数μ=0.5，定滑轮摩擦不计，水平轻绳跨过定滑轮，一端悬挂重物，另一端与导体棒ab中点相连．整个装置处在匀强磁场中，磁感应强度B=2T、方向垂直于ab，与导轨平面夹角θ=53°，导轨所接电源的电动势为E=15V（内阻不计），ab始终处于静止状态，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2．求：（1）安培力的大小和方向；（2）重物质量m0的取值范围．18．如图所示，整个空间存在水平向右的匀强电场E=1.0×103N/C，半径为R=0.2m的光滑半圆形细管MPN固定在竖直平面内，管口M、N的连线水平，在细管右侧某处有一光滑绝缘的水平轨道CD，轨道左端C处静止放置一个绝缘不带电、质量m B=1.0kg 的小球B，轨道右侧足够长．现将质量为m A=1.0kg、电量q=5.0×10-3C的带正电小球A 从管口M（小球直径略小于细管直径）静止释放，从管口N离开细管之后恰能沿水平方向从C点进入轨道CD，与小球B发生弹性碰撞（碰撞过程无电荷转移、无机械能损失），两小球均可视为质点，在以后运动过程中两小球始终在水平轨道上，重力加速度g=10m/s2．求：（1）小球经过细管最低点P时对细管的压力；（2）第一次弹性碰撞前的瞬间小球A的速度v A0大小；（3）设小球A、B在C点右侧K处（图中未画出）发生第16次碰撞，求CK的距离．参考答案1．A【解析】【详解】A．小磁针静止时N极所指方向与该处磁场方向相同，也就是该处磁感应强度的方向，故A 正确；B．正电荷在电场中所受电场力的方向与该处的电场方向相同，而负电荷受电场力与该处的电场强度方向相反，故B错误；C．通电导线在磁场中某处不受磁场力作用，可能导线的放置方向与磁场方向平行，不受安培力，磁感应强度不一定为零，故C错误；D．对于公式FBIL=，其条件是导线垂直磁场的方向，所以若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度不一定为FIL，故D错误．2．D【详解】A．导体的电阻与导体两端的电压无关，所以减小导体两端的电压不影响导体的电阻，故A 错误；B．导体的电阻率与导体的电压无关，所以减小导体两端的电压不影响导体的电阻率，故B 错误；C．根据欧姆定律可知，UIR=，电压减小，电阻不变，电流减小，故C错误；D．加在导线两端的电压减小而电阻不变，电流减小，由I=neSv，单位体积内的自由电子数目不变，导体的横截面积S不变，则导体内自由电子定向移动的速率变小，故D正确．3．D【详解】A．光点打在A点，在偏转磁场中洛伦兹力向上，电流向左，根据左手定则，磁场垂直纸面向外，故A错误；B．从A向O扫描，在偏转磁场中洛伦兹力方向一直是向上，电流向左，故根据左手定则，磁场一直垂直纸面向外，但转弯半径变大，由于是洛伦兹力提供向心力，故2vqvB mr=则有mv r qB=说明磁感应强度是减小的，故B 错误； C ．从O 向B 扫描，在偏转磁场中洛伦兹力方向一直是向下，电流向左，故根据左手定则，磁场一直垂直纸面向里，但转弯半径变小，由于mv r qB=，说明磁感应强度是增强的，故C 错误；D ．从A 向B 扫描，其中从A 向O 点扫描过程磁场垂直纸面向外，从O 向B 扫描过程磁场垂直纸面向里，故D 正确．4．D【详解】A ．根据右手螺旋定则，可知，当仅改变电流方向，线圈内部磁场方向发生改变，则由矢量的合成法则，可知，小磁针处合磁场方向改变，导致小磁针转向发生变化，故A 错误；B ．当只改变电流大小时，线圈内部的磁场方向垂直线圈平面，但由于外加的匀强磁场，依据矢量的合成法则，可知，不可以使小磁针垂直于线圈平面，故B 错误；CD ．通电线圈在中心O 处产生的磁感应强度B 与B 0的关系如图所示，有：0tan B B θ= 故C 错误，D 正确．5．B【详解】半偏法测量电流表内阻时，为了保护电流表，应首先把干路中的变阻箱R 1调到最大，然后闭合k 1接通电路，并调节R 1使电流表达到满偏电流I g ，再闭合k 2，保持R 1不变，调节R 2的阻值，使电流表示数半偏2gI ，由于变阻箱R 2和电流表并联其电压相等，电流均为2gI 故电流表的内阻值等于此时的R 2；故合理的顺序为④①②③，故选B 。
20172018高二物理上学期期中试题(答案)
2017-2018学年度第一学期高二物理(理科)期中考试试题20 17 . 11温馨提示：1．本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷和答题卡。
全卷总分值100分。
2．考生答题时，必需将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效，第Ⅱ卷所有题的正确答案按要求用黑色签字笔填写在答题纸上。
3．考试终止时，将答题纸交给监考教师。
第Ⅰ卷一、单项选择题：（此题共8小题，每题4分，共32分。
在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要。
)1．有三个完全相同的金属小球A、B、C，将A和B固定起来，且相距为r，带电量别离为q和8q，它们之间作使劲的大小为F，把不带电的金属球C跟A、B两小球反复接触后移开，现在，A、B间的作使劲大小为（）A．F/8 B．9F/8 C．7F/8 D．3F/82．如下图，A、B、C三点的连线组成一个等腰直角三角形，A 是直角。
在B 点放置一个电荷量为＋Q 的点电荷，测得A 点的电场强度大小为E 。
假设保留B 点的电荷，再在C 点放置一个电荷量为一Q的点电荷，那么A 点的电场强度大小等于（）A．2E B．E C．0 D．2E3．如下图,图中a、b为竖直向上的电场线上的两点，一带电粒子在a点由静止释放，沿电场线向上运动，到b点恰好速度为零，以下说法中正确的选项是( )A．带电粒子在a、b两点所受的电场力都是竖直向下的B．a点的电势等于b点的电势C．带电粒子在a点的电势能比在b点的电势能小D．a点的电场强度比b点的电场强度大4．如下图，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰益处于静止状态，假设将两板慢慢的错开一些，其它条件不变，那么（）A．电容器带电量不变B．尘埃将向下运动C．电流计中会有瞬时a →b的电流D．电流计中会有瞬时b→a的电流5．一带电粒子由静止释放经加速电场加速后垂直进入两平行金属板间的偏转电场，要使它离开偏转电场时偏转角增大，可采纳的方式有（ ）A ．增加带电粒子的电荷量B ．增加带电粒子的质量C ．增大加速电压D ．增大偏转电压6．在某电解池中，若是在1s 内共有5×1018个二价正离子（所带电荷量为+2e ）和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过那个截面的电流是（ ）A ．0B ．0.8AC ．1.6AD ．3.2A 7．忽略温度对电阻的阻碍，以下说法中错误的选项是（ ）A ． 依照R=U/I 知，当通过导体的电流不变，加在电阻两头的电压为原先的两倍时，导体的电阻也变成原先的两倍B ．依照R=U/I 知，尽管加在电阻两头的电压为原先的两倍，但导体的电阻不变C ．依照S LR ρ=知，导体的电阻与导体的电阻率和导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比D ．导体的电阻率与导体的电阻R,横截面积S ，与导体的长度L 皆无关8．从陕西榆林到西安能够乘坐汽车抵达也能够乘坐火车抵达，这表现了哪一种逻辑关系（ ） A ．“与”逻辑B ． “或”逻辑C ． “非”逻辑D ． “与非”逻辑二、多项选择题（本小题共4小题，每题4分，共16分。
2017-2018学年重庆市彭水一中高二上学期期中物理试题 解析版
2017-2018学年重庆市彭水一中高二（上）期中物理试卷一、选择题1. A和B都是不带电的物体，它们互相摩擦后A带正电荷1.6×10﹣10 C，下列判断中正确的是（）A. 在摩擦前A和B的内部没有任何电荷B. 摩擦的过程中电子从A转移到了BC. A在摩擦后一定得到了1×109个电子D. A在摩擦过程中一定失去了1.6×10﹣19 C电子【答案】B【解析】A、摩擦起电的本质是电子的转移，说明在摩擦前A、B内部都有电荷，故A错误；B、互相摩擦后A带1.6×10﹣10C正电荷，故应该是A上的电子转移到B上，故B正确；CD、A原来是电中性，摩擦后带上1.6×10﹣10C的正电荷，故B在摩擦后一定带1.6×10﹣10C的负电荷，故A在摩擦过程中失去的电子数为：个，故C错误，D错误．故选：B2. 根据电阻定律，电阻率对于温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）A. 跟导线的电阻成正比B. 跟导线的横截面积成反比C. 由所用金属材料本身特性决定D. 跟导线的长度成正比【答案】C【解析】导线的电阻率与导体的电阻大小、横截面积、长度无关，由材料本身特性决定．故C 正确，A、B、D错误．故选：C．点睛：导线的电阻率有材料本身的特性决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关．3. 金属板和板前一正点电荷形成的电场线分布如图所示，A、B、C、D为电场中的四个点，则（）A. B、D两点的电势相等B. B点的电场强度比D点的大C. 负电荷在C点的电势能低于在A点的电势能D. 正电荷由D点静止释放，只受电场力作用沿电场线运动到B点【答案】C【解析】沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，D点电势比B点电势高，故A错误；电场线的疏密表示电场强度的大小，由图可知，B点的电场强度比D点的小．故B错误；沿着电场线电势逐渐降低，由图看出，C点电势比A点电势高，所以负电荷在C点的电势能低于在A点的电势能．故C正确；正电荷由D点静止释放，受电场力方向沿曲线的切线方向，所以运动的轨迹不会沿电场线的方向．故D错误．故选C.点睛：该题要掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示场强的大小，顺着电场线电势逐渐降低．4. 如图所示，在点电荷形成的电场中，带电液滴从A点由静止释放，沿直线上升的最高点为B点．在带电液滴上升过程中，下列说法正确的是（）A. 带电液滴带正电B. 带电液滴在A点所受的电场力小于在B点所受的电场力C. 带电液滴的动能先增大后减小D. 粒子的电势能一直增大【答案】C【解析】试题分析：带电液滴从A点由静止释放，能沿直线上升，则带电液滴所受的电场力必定竖直向上，由于电场强度的方向未知，所以不能确定带电液滴的电性．故A错误．带电液滴必定先做加速运动后做减速运动，在A点，电场力大于重力，在B点，电场力小于重力，所以带电液滴在A点所受的电场力大于在B点所受的电场力．故B错误．带电液滴先做加速运动后做减速运动，则动能先增大后减小，故C正确．场力对带电液滴做正功，粒子的电势能一直减小，故D错误．故选C.考点：带电粒子在复合场中的运动.5. 如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V．实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C，在a点处的动能为0.5J，则该带电粒子（）A. 可能是带负电B. 在b点处的电势能为0.5JC. 在b点处的动能为零D. 在c点处的动能为0.4 J【答案】D【解析】试题分析：电场方向从高电势指向低电势，所以电场强度方向竖直向上，做曲线运动过程中，物体受到的合力指向轨迹的内侧，而粒子只受电场力，故电场力方向向上，所以粒子带正电，A错误；在b点处的电势能为，B错误；在a处电势能为，过程中由于只有电场力做功，所以电势能与动能之和恒定，故，解得在b点处的动能为0．3J，C错误；在c点电势能为零，故，D正确；考点：考查了等势面，电场强度，电场力做功6. 平行板电容器的电容（）A. 跟两极板间的距离成正比B. 跟充满极板间的介质的介电常数成正比C. 跟两极板的正对面积成正比D. 跟加在两极板间的电压成正比【答案】C【解析】试题分析：根据公式可得平行板电容器的电容跟两极板间的距离成之反比，跟充满极板间的介质的介电常数成正比，跟两极板的正对面积成正比，AC错误B正确；电容器的电容和两极板间的电压无关，D错误；考点：考查影响电容器的电容大小的因素【名师点睛】理解定义式与决定式的关系．掌握电容是容纳电荷本领大小的物理量．7. 两个完全相同的金属小球，带电量之比为1：5，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）倍．A. 0.4B. 0.6C. 0.8D. 1.8【答案】CD【解析】由库仑定律可得：F= k，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为3：3，所以库仑力是原来的1.8倍，当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为2：2，所以库仑力是原来的0.8倍，故CD正确，AB错误．故选：CD点睛：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．8. 图中K、L、M为静电场中的3个相距很近的等势面（K、M之间无电荷）．一带电粒子射入此静电场中后，依abcde轨迹运动．已知电势φK＜φL＜φM，U LK=U ML，且粒子在ab段做减速运动．下列说法中正确的是（不计重力）（）A. 粒子带正电B. 粒子在a点的加速度小于在c点的加速度C. 粒子在a点的动能大于在e点的动能D. 粒子从c点的电势能大于在d点的电势能【答案】ABD............考点：电势差与电场强度的关系；电势能【名师点睛】根据电场线与等势面垂直以及轨迹的弯曲方向，可判断电场力方向向左，从而分析出粒子的电性及粒子的运动情况，根据电场力做功的正负，可知道电势能如何变化，动能如何变化，这类轨迹问题常常根据电场线与等势面的关系，以及曲线运动的特点：合力指向轨迹内侧，分析电场力方向，再判断电势、电势能、场强等物理量的大小。
重庆市第一中学2018_2019学年高二物理上学期期中试题(含解析)
重庆市第一中学2018-2019 学年高二物理上学期期中试题（含分析）1. 对于磁感觉强度，以下说法正确的选项是（）A.磁场中某一点的磁感觉强度由磁场自己决定的，其大小和方向是独一确立的，与通电导线没关B.通电导线受安培力不为零的地方必定存在磁场，通电导线不受安培力的地方必定不存在磁场C.人们往常用通电导线在磁场中某点的受力来研究磁场的强弱，假如将这根通电导线拿走，那该点的磁感觉强度就变成零D.由可知，B与F成正比与IL成反比【答案】 A【分析】【详解】磁场中某一点的磁感觉强度由磁场自己决定的，其大小和方向是独一确立的，与通电导线没关，人们往常用通电导线在磁场中某点的受力来研究磁场的强弱，假如将这根通电导线拿走，那该点的磁感觉强度仍旧是不变的，选项 A 正确， C错误；通电导线受安培力不为零的地方必定存在磁场，通电导线不受安培力的地方也可能存在磁场，比如当导线和磁场方向平行时，导线受磁场力为零，选项 B 错误；磁场中某一点的磁感觉强度由磁场自己决定的，与导线所受的安培力 F 和IL没关，选项 D 错误；应选 A.2. 以下图，在水平长直导线的正下方，有一只能够自由转动的小磁针现给直导线通以由a 向 b 的恒定电流I ，若地磁场的影响可忽视，则小磁针的N 极将A.保持不动B.向下转动C.垂直纸面向里转动D.垂直纸面向外转动【答案】 C【分析】【详解】当通入以下图的电流时，依据右手螺旋定章可得小磁针的地点的磁场方向是垂直纸面向里，因为小磁针静止时N 极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动， C 正确．3.以下图，两个相同的导线环同轴同等悬挂，相隔一小段距离．当同时给两导线环通以同向电流时，两导线环将（）A. 吸引B.排挤C.保持静止D.不行判断【答案】 A【分析】【详解】通电导线环产生磁场，相当于一个磁铁，由安培定章可知：两导线环左边面是N极，右边面是S 极，同名磁极互相吸引，异名磁极互相排挤，左右两通电导线环的S 极与 N 极相对，所以两导线环互相吸引；应选A。