高考数学讲义抛物线之切线与定点问题

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抛物线课件-2025届高三数学一轮复习

抛物线课件-2025届高三数学一轮复习

A. 2
B. 3
[解析]

2
C. 4
2
D. 8

由题意,知抛物线的焦点坐标为( ,0),椭圆的焦点坐标为(±
2
所以 = 2 ,解得 p =8,故选D.
D )
2 ,0),
5. 已知抛物线 y 2=2 px ( p >0)的焦点为 F ,点 M (2,2 2 )为抛物线上一点,则
|MF|=(
A. 2
2
即 p =2,所以A选项正确.
= − 3( − 1),
对于B,不妨设 M ( x 1, y 1), N ( x 2, y 2), x 1< x 2,联立方程得 2
= 4,
1
消去 y 并整理得3 x 2-10 x +3=0,解得 x 1= , x 2=3.由抛物线的定义得,| MN|=
x 1+ x 2+ p =
B )
B. 3
C. 4
D. 5
[解析] 因为点 M (2,2 2 )为抛物线上一点,所以将点 M 的坐标代入抛物线的方程
y 2=2 px ( p >0),可得 p =2,所以抛物线的方程为 y 2=4 x ,可得其准线方程为 x =
-1.根据抛物线的定义,得| MF |=2-(-1)=3.故选B.
三、知识点例题讲解及方法技巧总结
1

S △ AOB = ×| AB |× ×
2
2
由(2)的推导过程可得,
sin
1
||


2

= 2 ,
1−cos
1+cos
si
1
2

α= × 2 × ×
2
si
2

高考数学抛物线中的切线问题(解析版)

高考数学抛物线中的切线问题(解析版)

抛物线中的切线问题一、考情分析对于抛物线特别是抛物线x 2=2py p ≠0 ,可以化为函数y =x 22p,从而可以借组导数研究求性质,这种关联使得可以把抛物线与导数的几何意义交汇,这是圆锥曲线中的一大亮点,也是圆锥曲线解答题的一个热点.二、解题秘籍(一)利用判别式求解抛物线中的切线问题求解直线抛物线相切问题,可以把直线方程与抛物线方程联立整理成一个一元二次方程,然后利用Δ=0求解.【例1】(2023届河南省新未来高三上学期联考)已知抛物线C :y 2=2px p >0 ,直线l 1,l 2都经过点P -p2,0 .当两条直线与抛物线相切时,两切点间的距离为4.(1)求抛物线C 的标准方程;(2)若直线l 1,l 2分别与抛物线C 依次交于点E ,F 和G ,H ,直线EH ,FG 与抛物线准线分别交于点A ,B ,证明:PA =PB .【解析】(1)设经过点P -p 2,0 的直线为l :y =k x +p2 ,由y 2=2px y =k x +p 2消去y ,得k 2x 2+k 2-2 px +k 2p 24=0,Δ=k 2-2 2p 2-4×k 2⋅k 2p 24=4p 2-k 2+1 ,当直线l 与抛物线C 相切时,Δ=0,∵p >0,∴k =±1,所以x 2-px +p 24=0,解得x =p 2,∴切点为p 2,p ,p 2,-p ,又∵两切点间的距离为4,∴2p =4,即p =2,∴抛物线C 的标准方程为y 2=4x ;(2)设点E x 1,y 1 ,F x 2,y 2 ,G x 3,y 3 ,H x 4,y 4 ,设直线l 1:x =k 1y -1,直线l 2:x =k 2y -1,联立y 2=4x x =k 1y -1 消去x ,得y 2-4k 1y +4=0,则y 1y 2=4,同理,y 3y 4=4,故y 1=4y 2,y 4=4y 3,直线EH 的方程为y -y 1y 4-y 1=x -x 1x 4-x 1,令x =-1,得y A -y 1y 4-y 1=1-y 214y 244-y 214,整理得y A =y 1y 4-4y 1+y 4,同理,y B =y 2y 3-4y 2+y 3,所以y A =4y 2⋅4y 3-44y 2+4y 3=4-y 2y 3y 2+y 3=-y B ,∴PA =PB .(二)利用导数几何意义求解抛物线中的切线问题求解抛物线x 2=2py 在其上一点P x 1,y 1 处的切线方程,可先把x 2=2py 化为y =x 22p ,则y =xp,则抛物线x 2=2py 在点P x 1,y 1 处的切线斜率为x 1p ,切线方程为y -y 1=x1px -x 1 .【例2】(2023届湖南省三湘名校教育联盟高三上学期联考)在直角坐标系xoy 中,已知抛物线C :x 2=2py p >0 ,P 为直线y =x -1上的动点,过点P 作抛物线C 的两条切线,切点分别为A ,B ,当P 在y 轴上时,OA ⊥OB .(1)求抛物线C 的方程;(2)求点O 到直线AB 距离的最大值.【解析】(1)当P 在y 轴上时,即P 0,-1 ,由题意不妨设A x 0,y 0 x 0>0 则B -x 0,y 0 ,设过点P 的切线方程为y =kx -1,与x 2=2py 联立得x 2-2pkx +2p =0,由直线和抛物线相切可得Δ=4p 2k 2-8p =0,x 0x 0=x 20=2p ,所以x 0=2p 由x 20=2py 0得y 0=1,∴A 2p ,1 ,B -2p ,1 ,由OA ⊥OB 可得2p ⋅-2p +1×1=0,解得p =12,∴抛物线C 的方程为x 2=y ;(2)x 2=y ,∴y =2x ,设A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,则y -y 1=2x 1x -x 1 ,又x 21=y 1,所以y -y 1=2x 1x -2y 1即2x 1x =y +y 1,同理可得2x 2x =y +y 2,又P 为直线y =x -1上的动点,设P t ,t -1 ,则2x 1t =t -1+y 1,2x 2t =t -1+y 2,由两点确定一条直线可得AB 的方程为2xt =t -1+y ,即y -1=2t x -12 ,∴直线AB 恒过定点M 12,1 ,∴点O 到直线AB 距离的最大值为OM =12 2+1=52.(三)抛物线中与切线有关的性质过抛物线焦点弦的两端点作抛物线的切线,则(1)切线交点在准线上(2)切线交点与弦中点连线平行于对称轴(3)切线交点与焦点弦的两端点连线垂直(4)切线交点与焦点连线与焦点弦垂直(5)弦AB 不过焦点即切线交点P 不在准线上时,切线交点与弦中点的连线也平行于对称轴.反之:(1)过抛物线准线上任一点作抛物线的切线,则过两切点的弦必过焦点,该点与焦点连线垂直于过两切点的弦(2)过准线上任一点作抛物线的切线,过两切点的弦最短时,即为通径.【例3】已知抛物线C :x 2=2py (p >0)的焦点为F ,过F 的直线l 与C 相交于A ,B 两点,PA ,PB 是C 的两条切线,A ,B 是切点.当AB ∥x 轴时,|AB |=2.(1)求抛物线C 的方程;(2)证明:|PF |2=|AF |⋅|FB |.【解析】(1)由题意,F 0,p 2 ,当AB ∥x 轴时,将y =p2代入x 2=2py 有x 2=p 2,解得x =±p ,又AB =2故2p =2,解得p =1.故抛物线C 的方程为x 2=2y .(2)由(1),设A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,直线l 的方程为y =kx +12,联立抛物线方程有x 2-2kx -1=0,故x 1+x 2=2k ,x 1x 2=-1.又抛物线方程y =12x 2,故y =x ,故切线PA 的方程为y -12x 21=x 1x -x 1 ,即y =x 1x -12x 21,同理可得切线PB 的方程为y =x 2x -12x 22,联立y =x 1x -12x 21y =x 2x -12x 22可得x 1-x 2 x =12x 21-x 22 ,解得x =12x 1+x 2 ,代入y =x 1x -12x 21有y =12x 1x 1+x 2 -12x 21=12x 1x 2,代入韦达定理可得P k ,-12.故当k =0时有l ⊥PF ,当k ≠0时,因为k FP =-12-12k -0=-1k,故k FP ⋅k l =-1,也满足l ⊥PF .故l ⊥PF 恒成立.又k PA ⋅k PB =x 1x 2=-1,故PA ⊥PB .所以∠PAB +∠PBA =90∘,∠PAF +∠APF =90∘,故∠PBF =∠APF ,故Rt △PBF ∼Rt △APF ,故BFPF=PF AF ,即PF 2=AF ⋅BF ,即得证.【例4】已知直线l 过原点O ,且与圆A 交于M ,N 两点,MN =4,圆A 与直线y =-2相切,OA 与直线l 垂直,记圆心A 的轨迹为曲线C .(1)求C 的方程;(2)过直线y =-1上任一点P 作C 的两条切线,切点分别为Q 1,Q 2,证明:①直线Q 1Q 2过定点;②PQ 1⊥PQ 2.【解析】(1)如图,设A (x ,y ),因为圆A 与直线y =-2相切,所以圆A 的半径为|y +2|.由圆的性质可得|OA |2+|ON |2=|AN |2,即x 2+y 2+4=(y +2)2,化简得x 2=4y .因为O 与A 不重合,所以y ≠0,所以C 的方程为x 2=4y (y ≠0).(2)证明:①由题意可知Q 1,Q 2与O 不重合.如图,设P (t ,-1),Q 1x 1,y 1 ,则x 21=4y 1,因为y =x2,所以切线PQ 1的斜率为x 12,故x12=y 1+1x 1-t,整理得tx 1-2y 1+2=0.设Q 2x 2,y 2 ,同理可得tx 2-2y 2+2=0.所以直线Q 1Q 2的方程为tx -2y +2=0,所以直线Q1Q 2过定点(0,1).②因为直线Q 1Q 2的方程为tx -2y +2=0,由tx -2y +2=0,x 2=4y ,消去y 得x 2-2tx -4=0,所以x 1+x 2=2t ,x 1x 2=-4.又PQ 1 ⋅PQ 2=x 1-t x 2-t +y 1+1 y 2+1=x 1x 2-t x 1+x 2 +t 2+tx 1+22+1 tx 2+22+1 =x 1x 2-t x 1+x 2 +t 2+t 2x 1+2 t2x 2+2 =x 1x 2-t x 1+x 2 +t 2+t24x 1x 2+t x 1+x 2 +4=1+t24x 1x 2+t 2+4=0,所以PQ 1⊥PQ 2.三、跟踪检测1.(2023届云南省名校高三上学期月考)已知抛物线E :x 2=2py p >0 的焦点为F ,斜率为k k ≠0 的直线l 与E 相切于点A .(1)当k =2,AF =5时,求E 的方程;(2)若直线l 与l 平行,l 与E 交于B ,C 两点,且∠BAC =π2,设点F 到l 的距离为d 1,到l 的距离为d 2,试问:d1d 2是否为定值?若是,求出定值;若不是,说明理由.【解析】(1)由x 2=2py 得y =x 22p ,则y =x p,令xp =2,则x =2p ,即x A =2p ,y A =2p 22p=2p 则AF =2p +p2=5,所以p =2,故抛物线E 的方程为x 2=4y .(2)设A 2pt 0,2pt 20 ,B 2pt 1,2pt 21 ,C 2pt 2,2pt 22 ,则切线l 的斜率k =2pt 0p=2t 0,则切线l 的方程为:y -2pt 02=2t 0x -2pt 0 ,即y =2t 0x -2pt 20,k BC =2pt 12-2pt 222pt 1-2pt 2=t 1+t 2.直线l 的方程为y -2pt 21=t 1+t 2 x -2pt 1 ,化简得y =t 1+t 2 x -2pt 1t 2,因为l ∥l ,所以t 1+t 2=2t 0,由∠BAC =π2得2pt 12-2pt 022pt 1-2pt 0⋅2pt 22-2pt 022pt 2-2pt 0=-1,则t 1+t 0 t 2+t 0 =-1,即t 1t 2=-1-3t 20,即l :2t 0x -y +2p +6pt 02=0.由F 0,p 2 ,则d 1=3p 2+6pt 20 4t 20+1=3p 2+6pt 204t 20+1,d 2=-p 2-2pt 204t 20+1=p 2+2pt 204t 20+1,所以d 1d 2=3p 12+2t 20 p 12+2t 20 =3.故d1d 2是定值,定值为3.2.(2023届河南省北大公学禹州国际学校高三上学期月考)已知抛物线C 的顶点在坐标原点,焦点在y 轴的正半轴上,直线l :mx +y -1=0经过抛物线C 的焦点.(1)求抛物线C 的方程;(2)若直线l 与抛物线C 相交于A ,B 两点,过A ,B 两点分别作抛物线C 的切线,两条切线相交于点P ,求△ABP 面积的最小值.【解析】(1)由题意,设抛物线C 的方程为x 2=2py p >0 ,因为直线l :mx +y -1=0经过0,1 ,即抛物线C 的焦点F 0,p2,所以p2=1,解得p =2,所以抛物线C 的方程为x 2=4y .(2)设A x 1,y 1 、B x 2,y 2 ,联立方程组x 2=4y mx +y -1=0 ,整理得x 2+4mx -4=0,因为Δ=16m 2+16>0,且x 1+x 2=-4m ,x 1x 2=-4,y 1+y 2=x 214+x 224=x 1+x 2 2-2x 1x 24=4m 2+2,y 1y 2=x 214×x 224=-4 216=1所以AB =y 1+y 2+p =41+m 2 ,由x 2=4y ,可得y =x 24,则y =x 2,所以抛物线C 经过点A 的切线方程是y -y 1=x 12x -x 1 ,将y 1=x 214代入上式整理得y =x 12x -x 214,同理可得抛物线C 经过点B 的切线方程为y =x 22x -x 224,联立方程组y =x 12x -x 214y =x 22x -x 224,解得x =x 1+x 22,y =x 1x 24,所以x =-2m ,y =-1,所以P -2m ,-1 到直线mx +y -1=0的距离d =m ×-2m -1-1m 2+1=2m 2+1,所以△ABP 的面积S =12AB d =12×4×1+m 2 ×2m 2+1=4m 2+1 32,因为m 2+1≥1,所以S ≥4,即当m =0时,S =4,所以△ABP 面积的最小值为4.3.(2022届浙江省绍兴市高三上学期12月选考)已知抛物线C 的焦点是0,14 ,如图,过点D 22,t(t ≤0)作抛物线C 的两条切线,切点分别是A 和B ,线段AB 的中点为M .(1)求抛物线C 的标准方程;(2)求证:直线MD ⎳y 轴;(3)以线段MD 为直径作圆,交直线AB 于MN ,求|AB |-|MN ||AB |+|MN |的取值范围.【解析】(1)设抛物线的方程为x 2=2py p >0 ,由题意可得p 2=14,所以p =12,所以抛物线方程y =x 2.(2)由(1)y =x 2,因为y =2x ,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),直线AD 的方程为y =2x 1x -x 21,直线BD 的方程为y =2x 2x -x 22,联立上述两直线方程,得D 点坐标D x 1+x 22,x 1x 2 ,又因为M 点为线段AB 的中点,所以M 点坐标M x 1+x 22,1-x 1x 2 ,因为x D =x M ,所以直线MD ⎳y 轴:(3)因为点D 22,t (t ≤0),所以x 1+x 22=22,x 1x 2=t ,则M 22,1-t ,圆心22,12,直线AB 的斜率为k =x 21-x 22x 1-x 2=x 1+x 2=2,直线AB 方程为y =2x -t ,y =x 2y =2x -t ,得x 2-2x +t =0,Δ=2-4t ,|AB |=1+k 2⋅Δ=6(1-2t ),圆心到直线AB 的距离为d =1-2t 23,半径r =|MD |2=1-2t2,|MN |=2r 2-d 2=63(1-2t ),令1-2t =m ≥1,|AB |-|MN ||AB |+|MN |=3-m 3+m =-1+6m +3在m ≥1时单调递减,|AB |-|MN ||AB |+|MN |∈-1,12 .4.(2022届山东省济宁市高三上学期期末)已知抛物线E :y 2=2px (p >0)上一点C 1,y 0 到其焦点F 的距离为2.(1)求实数p 的值;(2)若过焦点F 的动直线l 与抛物线交于A 、B 两点,过A 、B 分别作抛物线的切线l 1、l 2,且l 1、l 2的交点为Q ,l 1、l 2与y 轴的交点分别为M 、N .求△QMN 面积的取值范围.【解析】(1)因为点C 1,y 0 到其焦点F 的距离为2,由抛物线的定义知1+p2=2解得p =2(2)由上问可知,抛物线方程E :y 2=4x设A y 214,y 1 ,B y 224,y 2,(y 1≠0,y 2≠0),设l :x =ty +1,联立y 2=4x x =ty +1 ,得y 2-4ty -4=0,判别式Δ=16t 2+16>0,故t ∈R y 1+y 2=4t ,y 1y 2=-4设l 1:y -y 1=k x -y 214联立方程组y 2=4xy -y 1=k x -y 214,消x 得ky 2-4y +4y 1-ky 21=0,所以Δ=16-4k 4y 1-ky 21 =44-4ky 1+k 2y 21 =0所以k =2y 1则l 1:y -y 1=2y 1x -y 214,即y =2y 1x +y 12,令x =0,得M 0,y 12,同理l 2:y =2y 2x +y 22,N 0,y 22,联立y =2y 1x +y12y =2y 2x +y 22,得交点Q 的横坐标为x Q =y 1y 24=-1,∴S △QMN =12MN ⋅x Q =12y 12-y 22×1=14y 1+y 2 2-4y 1y 2=t 2+1≥1∴△QMN 面积的取值范围是1,+∞ .5.(2022届百校联盟高三上学期12月联考)已知曲线C 上任意一点到F 1(-1,0),F 2(1,0)距离之和为433,抛物线E :y 2=2px 的焦点是点F 2.(1)求曲线C 和抛物线E 的方程;(2)点Q x 0,y 0 x 0<0 是曲线C 上的任意一点,过点Q 分别作抛物线E 的两条切线,切点分别为M ,N ,求△QMN 的面积的取值范围.【解析】(1)依题意,曲线C 是以F 1(-1,0),F 2(1,0)为左右焦点,长轴长为433的椭圆,则短半轴长b 有b 2=232-12=13,曲线C 的方程为:x 243+y 213=1,即3x 24+3y 2=1,在y 2=2px 中,p 2=1,即p =2,所以曲线C 的方程为:3x 24+3y 2=1,抛物线E 的方程为:y 2=4x .(2)显然,过点Q 的抛物线E 的切线斜率存在且不为0,设切线方程为:y -y 0=k (x -x 0),由y -y 0=k (x -x 0)y 2=4x消去x 并整理得:k4⋅y 2-y +y 0-kx 0=0,依题意,Δ=1-k (y 0-kx 0)=x 0k 2-y 0k +1=0,设二切线斜率为k 1,k 2,则k 1+k 2=y 0x 0,k 1k 2=1x 0,设斜率为k 1的切线所对切点M (x 1,y 1),斜率为k 2的切线所对切点N (x 2,y 2),因此,y 1=2k 1,y 2=2k 2,于是得M 1k 21,2k 1 ,N 1k 22,2k 2 ,NM =1k 21-1k 22,2k 1-2k 2,直线MN 上任意点P (x ,y ),MP =x -1k 21,y -2k 1,由MP ⎳NM 得:2k 1-2k 2 x -1k 21 -1k 21-1k 22y -2k 1 =0,化简整理得:2x -k 1+k 2k 1k 2y +2k 1k 2=0,则直线MN 的方程为:2x -y 0y +2x 0=0,点Q 到直线MN 的距离d =|4x 0-y 20|4+y 2,|MN |=1k 21-1k 222+2k 1-2k 2 2=1k 1-1k 2 21k 1+1k 22+4 =k 1+k 2k 1k 22-4k 1k 2k 1+k 2k 1k 2 2+4 =(y 20-4x 0)(y 20+4),则△QMN 的面积S △QMN =12|MN |⋅d =12⋅(y 20-4x 0)(y 20+4)⋅|4x 0-y 20|4+y 20=12(y 20-4x 0)32,而点Q x 0,y 0 x 0<0 在曲线C 上,即y 20=13-14x 20,-23≤x 0<0,y 20-4x 0=-14x 20-4x 0+13在x 0∈-23,0 上单调递减,当x 0=0时,(y 20-4x 0)min =13,当x 0=-23时,(y 20-4x 0)max =83,于是有13<y 20-4x 0≤83,则39<(y 20-4x 0)32≤164123,有318<S △QMN ≤84123所以△QMN 的面积的取值范围是318,84123.6.(2022届四川省达州高三上学期诊断)过定点0,1 的动圆始终与直线l :y =-1相切.(1)求动圆圆心的轨迹C 的方程;(2)动点A 在直线l 上,过点A 作曲线C 的两条切线分别交x 轴于B ,D 两点,当△ABD 的面积是32时,求点A 坐标.【解析】(1)设动圆圆心坐标为x ,y ,因为过定点0,1 的动圆始终与直线l :y =-1相切,可得-x 2+y -1 2=y +1 ,化简得x 2=4y ,即动圆圆心的轨迹方程C :x 2=4y .(2)设动点A x 0,-1 ,根据题意过点A 作曲线C 的切线斜率存在,设为k k ≠0 ,所以切线方程为y =k x -x 0 -1,联立方程组x 2=4y ,y =k x -x 0 -1 ,整理得x 2-4kx +4kx 0+4=0,且Δ=k 2-kx 0-1=0,因为k 2-kx 0-1=0有两不等实根,所以有两条切线,斜率分别设为k 1,k 2,所以k 1+k 2=x 0,k 1k 2=-1,切线y =k 1x -x 0 -1交x 轴于点B x 0+1k 1,0 ,切线y =k 2x -x 0 -1交x 轴于点D x 0+1k 2,0 ,所以S △ABD =12x 0+1k 1-x 0-1k 2×1=12k 2-k 1k 1k 2=12k 1+k 22-4k 1k 2k 1k 2=32,即12x 02+41=32,解得x 0=±5,所以点A 坐标为5,-1 或-5,-1 .7.(2022届四川省成都市高三上学期考试)已知抛物线C :x 2=2py p >0 的焦点为F .且F 与圆M :x 2+y +42=1上点的距离的最小值为4.(1)求抛物线的方程;(2)若点P 在圆M 上,PA ,PB 是C 的两条切线.A ,B 是切点,求△PAB 面积的最大值.【解析】(1)抛物线C 的焦点为F 0,p 2 ,FM =p2+4,所以,F 与圆M :x 2+(y +4)2=1上点的距离的最小值为p2+4-1=4,解得p =2;所以抛物线的方程为x 2=4y .(2)抛物线C 的方程为x 2=4y ,即y =x 24,对该函数求导得y =x 2,设点A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,P x 0,y 0 ,直线PA 的方程为y -y 1=x 12x -x 1 ,即y =x 1x2-y 1,即x 1x -2y 1-2y =0,同理可知,直线PB 的方程为x 2x -2y 2-2y =0,由于点P 为这两条直线的公共点,则x 1x 0-2y 1-2y 0=0x 2x 0-2y 2-2y 0=0,所以,点A 、B 的坐标满足方程x 0x -2y -2y 0=0,所以,直线AB 的方程为x 0x -2y -2y 0=0,联立x 0x -2y -2y 0=0y =x 24,可得x 2-2x 0x +4y 0=0,由韦达定理可得x 1+x 2=2x 0,x 1x 2=4y 0,所以AB =1+x 022⋅x 1+x 22-4x 1x 2=1+x 022⋅4x 20-16y 0=x 20+4 x 20-4y 0点P 到直线AB 的距离为d =x 20-4y 0x 2+4,所以,S △PAB =12AB ⋅d =12x 20+4 x 20-4y 0 ⋅x 20-4y 0x 20+4=12x 20-4y 0 32,∵x 20-4y 0=1-y 0+4 2-4y 0=-y 20-12y 0-15=-y 0+6 2+21,由已知可得-5≤y 0≤-3,所以,当y 0=-5时,△PAB 的面积取最大值12×2032=205.8.(2022届山西省怀仁市高三上学期期中)已知抛物线C :y 2=2px p >0 的焦点为F ,准线与x 轴交于D点,过点F 的直线与抛物线C 交于A ,B 两点,且FA ⋅FB =FA +FB .(1)求抛物线C 的方程;(2)设P ,Q 是抛物线C 上的不同两点,且PF ⊥x 轴,直线PQ 与x 轴交于G 点,再在x 轴上截取线段GE =GD ,且点G 介于点E 点D 之间,连接PE ,过点Q 作直线PE 的平行线l ,证明l 是抛物线C 的切线.【解析】(1)解:设过点F 的直线方程为y =k x -p2,A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,联立y =k x -p2 y 2=2px,得k 2x 2-pk 2+2p x +k 2p 24=0,则x 1+x 2=pk 2+2p k 2,x 1⋅x 2=p 24,所以FA +FB =x 1+p 2+x 2+p 2=2pk 2+2pk 2,FA ⋅FB =x 1+p 2 x 2+p 2 =p 22+p 2k 2+2 2k 2,因为FA ⋅FB =FA +FB ,所以2pk 2+2p k 2=p 22+p 2k 2+2 2k 2,化简得p 2-2p 1+1k2 =0,所以p =2,当过点F 的直线斜率不存在时,则FA =FB =p ,故FA +FB =2p ,FA ⋅FB =p 2,又因为FA ⋅FB =FA +FB ,则p 2=2p ,所以p =2,综上所述,p =2,所以y 2=4x ;(2)证明:不妨设点P 在第一象限,则P 1,2 ,D -1,0 ,F 1,0 ,设直线PQ 的方程为y -2=m x -1 ,m ≠0,Q x 3,y 3 ,联立y -2=m x -1 y 2=4x ,消元整理得m 24y 2-y -m +2=0,则2+y 3=4m ,即y 3=4-2mm 故x 3=2-m 2m 2,即Q 2-m 2m 2,4-2m m,当y =0时,x =-2m +1,则G -2m+1,0 ,又因GE =GD ,且点G 介于点E 点D 之间,则G 为DE 的中点,所以E -4m+3,0 ,则直线PE 的斜率为24m-2=m2-m ,因为直线PE 平行直线l ,所以直线l 的斜率为m2-m,故直线l 的方程为y -4-2m m =m 2-m x -2-m 2m 2,即y =m 2-m x +2-m m ,联立y =m 2-m x +2-mm y 2=4x,消元整理得m 42-m y 2-y +2-m m =0,Δ=1-4×m 42-m⋅2-mm =0,所以直线l 与抛物线只有一个交点,有直线l 斜率不为0,所以l 是抛物线C 的切线.9.已知抛物线C :x 2=2py ,点M -4,4 在抛物线C 上,过点M 作抛物线C 的切线,交x 轴于点P ,点O 为坐标原点.(1)求P 点的坐标;(2)点E 的坐标为-2,-1 ,经过点P 的直线交抛物线于A ,B 两点,交线段OM 于点Q ,记EA ,EB ,EQ 的斜率分别为k 1,k 2,k 3,是否存在常数λ使得k 1+k 2=λk 3.若存在,求出λ的值,若不存在,请说明理由.【解析】(1)因为M -4,4 在抛物线C 上,所以-4 2=8p ,所以p =2所以抛物线C 的方程为x 2=4y ,即y =14x 2,则y =12x ,所以切线的斜率为12×(-4)=-2,所以过点M 的切线方程为y =-2x +4 +4,即y =-2x -4联立y =-2x -4y =0,解得P 点的坐标为-2,0(2)由题意可知过点P 的直线的斜率存在,设为y =kx +2k ,线段OM 所在的直线为y =-x ,联立y =kx +2k y =-x,解得Q 点坐标为-2k k +1,2kk +1,所以k 3=2k k +1+1-2k k +1+2=3k +12设A x 1,x 214 ,B x 2,x 224,联立y =kx +2kx 2=4y ,得x 2-4kx -8k =0,所以x 1+x 2=4k ,x 1x 2=-8k .则k 1+k 2=x 214+1x 1+2+x 224+1x 2+2=14x 1x 2x 1+x 2 +x 1+x 2 +12x 21+x 22 +4x 1x 2+2x 1+x 2 +4=-8k 2+4k +1216k 2+16k +4-8k +8k +4=12k +44=3k +1所以k 1+k 2=2k 3,即存在λ=2满足条件.10.如图,已知A x 1,y 1 、B x 2,y 2 为二次函数y =ax 2(a >0)的图像上异于顶点的两个点,曲线y =ax 2在点A x 1,y 1 、B x 2,y 2 处的切线相交于点P x 0,y 0 .(1)利用抛物线的定义证明:曲线y =ax 2上的每一个点都在一条抛物线上,并指出这条抛物线的焦点坐标和准线方程;(2)求证:x 1、x 0、x 2成等差数列,y 1、y 0、y 2成等比数列;(3)设抛物线y =ax 2焦点为F ,过P 作PH 垂直准线l ,垂足为H ,求证:∠BPH =∠APF .【解析】(1)证明:令F 0,14a ,直线l :y =-14a,曲线y =ax 2上任意一点P x 0,ax 02,又a >0,则点P x 0,ax 02 到直线l 的距离d =ax 02+14a,则PF =x 02+ax 02-14a 2=x 02+ax 02 2-x 022+14a 2=ax 02 2+x 022+14a 2=ax 02+14a 2=ax 02+14a =ax 02+14a=d ,即曲线y =ax 2上任意一点到点F 0,14a 的距离与到直线l :y =-14a的距离相等,且点F 0,14a 不在直线l :y =-14a上,所以曲线y =ax 2上的每一个点都在一条抛物线上,抛物线的方程即为y =ax 2,焦点坐标为F 0,14a,准线方程为y =-14a;(2)解:对于y =ax 2,则y =2ax ,所以y |x =x 1=2ax 1,y |x =x 2=2ax 2,即过点A x 1,y 1 、B x 2,y 2 的切线方程分别为y -y 1=2ax 1x -x 1 、y -y 2=2ax 2x -x 2 ,又y 1=ax 12,y 2=ax 22,所以y =2ax 1x -ax 12、y =2ax 2x -ax 22,由y =2ax 1x -ax 12y =2ax 2x -ax 22 ,解得x =x 1+x 22y =ax 2x 1,即P x 1+x 22,ax 2x 1 ,即x 0=x 1+x 22,y 0=ax 2x 1,又y 02=a 2x 22x 12=y 1⋅y 2,所以x 1、x 0、x 2成等差数列,y 1、y 0、y 2成等比数列;(3)解:由(2)可知k BP =2ax 2,k AP =2ax 1,F 0,14a ,所以k PF =y 0-14ax 0=ax 2x 1-14a x 1+x 22,如图,设AP ,PF ,PB 与x 轴分别交于点C 、D 、E ,则tan ∠ACx =2ax 1,tan ∠BEx =2ax 2,tan ∠FDx =ax 2x 1-14ax 1+x 22,又∠BPH =π2-π-∠BEx =∠BEx -π2,∠FPA =∠FDx -∠ACx ,所以tan ∠BPH =tan ∠BEx -π2 =-1tan ∠BEx=-12ax 2,tan ∠FPA =tan ∠FDx -∠ACx =tan ∠FDx -tan ∠ACx1+tan ∠FDx tan ∠ACx=ax 2x 1-14a x 1+x 22-2ax11+ax 2x 1-14a x 1+x 22⋅2ax 1=ax 2x 1-14a -2ax 1⋅x 1+x 22x 1+x 22+ax 2x 1-14a ⋅2ax 1=-14a-ax 12x 1+x 22+2a 2x 12x 2-x 12=-14a -ax 12x 22+2a 2x 12x 2=-14a-ax 1212x 2+4a 2x 12x 2 =-1+4a 2x 12 2ax 21++4a 2x 12 =-12ax 2,即tan ∠BPH =tan ∠FPA ,所以∠BPH =∠FPA ;11.已知抛物线x 2=2py (p >0)上的任意一点到P (0,1)的距离比到x 轴的距离大1.(1)求抛物线的方程;(2)若过点(0,2)的直线l 与抛物线交于A ,B 两点,过A ,B 两点分别作抛物线的切线,两条切线交于点Q ,求△QAB 重心G 的轨迹方程.【解析】(1)由抛物线的定义可得p =2,∴抛物线的方程为x 2=4y ;(2)由题意可得直线AB 的斜率存在,设其为k ,设A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,则直线AB 的方程为y =kx +2;代入抛物线方程得x 2-4kx -8=0,则有x 1+x 2=4k ,x 1x 2=-8,∵y =x 24,∴y=x 2,∴l AQ :y -y 1=x 12x -x 1 ,即y =x 12x -x 214①同理可得l BQ :y =x 22x -x 224②,①-②有x 1-x 22 x =x 21-x 224,得x Q =x 1+x 22=2k ,∴y Q =kx 1-x 214=kx 1-y 1=-2.∴Q (2k ,-2)又y 1+y 2=k x 1+x 2 +4=4k 2+4,设G (x ,y ),则x =x 1+x 2+x Q3=2ky =y 1+y 2+y Q 3=4k 2+23,消k 得y =x 2+23,所以G 的轨迹方程为y =13x 2+23.12.已知抛物线C :x 2=2py p >0 的焦点为F ,点P -2,y 0 为抛物线上一点,抛物线C 在点P 处的切线与y 轴相交于点Q ,且△FPQ 的面积为2.(1)求抛物线的方程.(2)若斜率不为0的直线l 过焦点F ,且交抛物线C 于A ,B 两点,线段AB 的中垂线与y 轴交于点M ,证明:MF AB为定值.【解析】(1)将P -2,y 0 代入x 2=2py 得,y 0=2p 设抛物线的切线方程为y =k (x +2)+2p,代入x 2=2py 整理得:x 2-2pkx -(4pk +4)=0由题知Δ=4p 2k 2+4pk +4=0,解得k =-2p又y Q =2k +2p ,所以FQ =p 2-2k -2p 所以S △FPQ =p 2-2k -2p =p 2+2p=2,解得p =2所以抛物线C 的方程为x 2=4y(2)记AB 中点为N ,A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),N (x 3,y 3)设直线AB 方程为y =mx +1,代入x 2=4y 整理得:x 2-4mx -4=0,则x 1+x 2=4m ,x 1x 2=-4所以AB =m 2+1(x 1+x 2)2-4x 1x 2=4(m 2+1)因为N 为AB 中点,所以x 3=x 1+x 22=2m ,y 3=2m 2+1所以直线MN 的方程为y -(2m 2+1)=-1m(x -2m )则y M =2m 2+3所以MF =2m 2+2所以MF AB =2m 2+24(m 2+1)=1213.(2022届新未来4月联考)已知直线l :x -ky +k -1=0与抛物线C :y 2=2px (p >0)交于A ,B 两点,过A ,B 两点且与抛物线C 相切的两条直线相交于点D ,当直线l ⊥x 轴时,|AB |=4.(1)求抛物线C 的标准方程;(2)求|OD |的最小值.【解析】(1)当直线l ⊥x 轴时,x =1,代入y 2=2px 解得y =±2p ,∴|AB |=22p =4,得p =2,∴抛物线C 的标准方程为y 2=4x ;(2)设A x A ,y A ,B x B ,y B ,D x D ,y D .联立x -ky +k -1=0,y 2=4x ,得y 2-4ky +4k -4=0.∴y A +y B =4k ,y A ⋅y B =4k -4①,∵直线l :x -ky +k -1=0恒过点(1,1),且与抛物线有两个交点,点(1,1)在抛物线上,∴k ≠0,当直线AD 和直线BD 斜率存在时,设直线AD :y =mx +n ,联立y =mx +n ,y 2=4x ,∴my 2-4y +4n =0,Δ=16-4m ⋅4n =0,∴m ⋅n =1,∴y A =2m ,同理,设直线BD :y =ax +b ,则ab =1,y B =2a,联立y =mx +n ,y =ax +b , ∴x D =1am ,y D =1a +1m.由①可知2m +2a =4k ,2m ⋅2a =4k -4,∴1m +1a -2ma=2,即y D -2x D =2,∴点D 在直线2x -y +2=0上.当直线AD 或直线BD 斜率不存在时,即直线l 过原点时,k =1,过原点的切线方程为x =0,易知另外一点为(4,4),过点(4,4)的切线方程设为x -4=t (y -4),联立x -4=t (y -4)y 2=4x,得y 2-4ty +16t -16=0,Δ=16t 2-416t -16 =0,解得t =2,即切线方程y =12x +2.此时交点D 的坐标为(0,2),在直线2x -y +2=0上,故OD 的最小值为原点到直线2x -y +2=0的距离,即25=255.14.过原点O 的直线与拋物线C :y 2=2px (p >0)交于点A ,线段OA 的中点为M ,又点P 3p ,0 ,PM ⊥OA .在下面给出的三个条件中任选一个填在横线处,并解答下列问题:①OA =46,②PM =23;③△POM 的面积为62.(1)______,求拋物线C 的方程;(2)在(1)的条件下,过y 轴上的动点B 作拋物线C 的切线,切点为Q (不与原点O 重合),过点B 作直线l 与OQ 垂直,求证:直线l 过定点.注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.【解析】(1)由题意知直线OA 的斜率存在且不为0,设其方程为y =kx k ≠0 ,由y 2=2px ,y =kx 得x =0,y =0 或x =2p k 2,y =2p k,即O 0,0 ,A 2p k 2,2p k所以线段OA 的中点M p k 2,p k.因为PM ⊥OA ,所以直线PM 的斜率存在,k PM =p kpk 2-3p =k1-3k 2.所以k 1-3k2⋅k =-1,解得k =±22,所以直线OA 的方程为x ±2y =0,A 4p ,±22p .若选①,不妨令A 4p ,22p ,由OA =46,得4p2+22p 2=46,解得p =2(舍去p =-2),所以抛物线C 的方程为y 2=4x .若选②,因为PM ⊥OA ,PM =23,所以点P 到直线OA 的距离为23,即3p12+±2 2=23,解得p =2(舍去p =-2),所以抛物线C 的方程为y 2=4x .若选③,不妨令A 4p ,22p ,因为OM =12OA =124p 2+22p 2=6p ,点P 到直线OA 的距离PM =3p12+±22=3p ,所以S △POM =12OM ⋅PM =12×6p ×3p =62,解得p =2(舍去p =-2),所以抛物线C 的方程为y 2=4x .(2)由题意可知切线BQ 的斜率存在且不为0.设B 0,b b ≠0 ,切线BQ 的方程为y =k 1x +b ,由y =k 1x +b ,y 2=4x得k 1y 2-4y +4b =0,(*)所以Δ=-4 2-4×k 1×4b =0,解得k 1=1b,所以方程(*)的根为y =2b ,代入y 2=4x 得x =b 2,所以切点b 2,2b ,于是k OQ =2b b2=2b ,则k l =-b2,所以直线l 的方程为y =-b 2x +b ,即y =-b2x -2 ,所以当b 变化时,直线l 恒过定点2,0 .15.已知抛物线x 2=2py (y >0),其焦点为F ,抛物线上有相异两点A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 .(1)若AF ⎳x 轴,且经过点A 的抛物线的切线经过点(1,0),求抛物线方程;(2)若p =2,且|AF |+|BF |=4,线段AB 的中垂线交x 轴于点C ,求△ABC 面积的最大值.【解析】(1)抛物线x 2=2py (y >0),焦点坐标为0,p2,因为AF ⎳x ,所以y A =p 2,所以x A =p ,又y =x 22p ,所以y =x p,所以过A 点的切线的斜率k =1,所以切线方程为y -p 2=x -p ,令y =0得x =p2=1,所以p =2,所以x 2=4y(2)若p =2,则抛物线为x 2=4y ,焦点为0,1 ,准线方程为y =-1,因为|AF |+|BF |=4,所以y A +1+y B +1=4,所以y A +y B =2,设直线AB 的方程为y =kx +m ,联立x 2=4y 得x 2-4kx -4m =0,Δ=16k 2+16m >0所以x 1+x 2=4k ,x 1x 2=-4m ,所以y 1+y 2=kx 1+kx 2+2m =4k 2+2m =2,即m =1-2k 2,所以Δ=16k 2+161-2k 2 >0,解得-1<k <1,当k =0时,直线方程为y =1,则A 2,0 ,B -2,0 ,所以AB 的中垂线恰为y 轴,则C 0,0 ,所以S △ABC =12×4×1=2,当-1<k <1,且k ≠0时,又AB 的中点坐标为x 1+x 22,y 1+y 22 =2k ,1 ,所以AB 的中垂线l 的方程为y =-1kx -2k +1,令y=0得x =3k ,所以C 3k ,0 ,所以C 到AB 的距离d =3k 2+m k 2+1,又AB=k 2+116k 2+16m ,所以S △ABC =12AB d =2k 2+m ×3k 2+m =21-k 2×1+k 2 =21-k 2 1+k 2 2令1-k 2=t ,则t ∈0,1 ,f t =t 2-t 2=t 3-4t 2+4t ,因为f t =3t 2-8t +4=t -2 3t -2 ,所以当t ∈0,23 时f t >0,f t 在0,23 上单调递增,当t ∈23,1 时f t <0,f t 在23,1 上单调递减,所以f t max =f 23 =3227所以S △ABC max =23227=869>2所以S △ABC max =86916.设抛物线C :x 2=2py (p >0)的焦点为F ,点P m ,2 (m >0)在抛物线C 上,且满足PF =3.(1)求抛物线C 的标准方程;(2)过点G 0,4 的直线l 与抛物线C 交于A ,B 两点,分别以A ,B 为切点的抛物线C 的两条切线交于点Q ,求三角形PQG 周长的最小值.【解析】(1)由抛物线定义,得PF =2+p2=3,得p =2,∴抛物线C 的标准方程为x 2=4y ;(2)设A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,直线l 的方程为y =kx +4,∴联立y =kx +4x 2=4y,消掉x ,得x 2-4kx -16=0,Δ>0,∴x 1+x 2=4k ,x 1x 2=-16,设A ,B 处的切线斜率分别为k 1,k 2,则k 1=x 12,k 2=x22,∴在点A 的切线方程为y -y 1=x 12x -x 1 ,即y =x 1x 2-x 124①,同理,在B 的切线方程为y =x 2x 2-x 224②,由①②得:x Q =x 1+x 22=2k ,代入①或②中可得:y Q =kx 1-x 214=y 1-4-y 1=-4,∴Q 2k ,-4 ,即Q 在定直线y =-4上,设点G 关于直线y =-4的对称点为G ,则G 0,-12 ,由(1)知P 22,2 ,∵PQ +GQ =PQ +G Q ≥G P =251,即P ,Q ,G 三点共线时等号成立,∴三角形PQG 周长最小值为GP +G P =251+23.17.已知圆C :x 2+y -2 2=1与定直线l :y =-1,且动圆M 与圆C 外切并与直线l 相切.(1)求动圆圆心M 的轨迹E 的方程;(2)已知点P 是直线l 1:y =-2上一个动点,过点P 作轨迹E 的两条切线,切点分别为A 、B .①求证:直线AB 过定点;②求证:∠PCA =∠PCB .【解析】(1)依题意知:M 到C 0,2 的距离等于M 到直线y =-2的距离,∴动点M 的轨迹是以C 为焦点,直线y =-2为准线的抛物线,设抛物线方程为x 2=2py p >0 ,则p2=2,则p =4,即抛物线的方程为x 2=8y ,故:动圆圆心M 的轨迹E 的方程为:x 2=8y ;(2)①由x 2=8y 得:y =18x 2,∴y =14x ,设A x 1,18x 21、B x 2,18x 22 ,P t ,-2 ,其中x 1≠x 2,则切线PA 的方程为y -18x 21=x 14x -x 1 ,即y =14x 1x -18x 21,同理,切线PB 的方程为y =14x 2x -18x 22,由y =14x 1x -18x 21y =14x 2x -18x 22 ,解得x =x 1+x 22y =x 1x 28 ,∴t =x 1+x 22-2=x 1x 28,即x 1+x 2=2t x 1x 2=-16 ,∵A x 1,18x 21、B x 2,18x 22 x 1≠x 2 ,∴直线AB 的方程为y -18x 21=18x 22-18x 21x 2-x 1x -x 1 ,化简得y =x 1+x 28x -x 1x 28,即y =t4x +2,故直线AB 过定点0,2 ;②由①知:直线AB 的斜率为k AB =t4,(i )当直线PC 的斜率不存在时,直线AB 的方程为y =2,∴PC ⊥AB ,∴∠PCA =∠PCB ;(ii )当直线PC 的斜率存在时,∵P t ,-2 、C 0,2 ,∴直线PC 的斜率k PC =-2-2t -0=-4t ,∴k AB ⋅k PC =t 4×-4t=-1,∴PC ⊥AB ,∴∠PCA =∠PCB .综上所述:∠PCA =∠PCB 得证.18.设抛物线C :x 2=2py p >0 ,其焦点为F ,准线为l ,点P 为C 上的一点,过点P 作直线l 的垂线,垂足为M ,且MF =FP ,FM ⋅FP=2.(1)求抛物线C 的方程;(2)设点Q 为C 外的一点且Q 点不在坐标轴上,过点Q 作抛物线C 的两条切线,切点分别为A ,B ,过点Q 作y 轴的垂线,垂足为S ,连接AS ,BS ,证明:直线AS 与直线BS 关于y 轴对称.【解析】(1)∵PM =PF =FM ,∴△PFM 为等边三角形,∴∠FMP =∠PFM =60°,又FM ⋅FP=FM ⋅FP cos ∠PFM =FM 2cos60°=2,∴FM =2设直线l 交y 轴于N 点,则在Rt △MNF 中∠NMF =30°,NF =1=p ,∴C 的方程为x 2=2y(2)设点Q a ,b a ≠0,b ≠0 ,A x 1,y 1 ,B x 2,y 2 ,又C 的方程为x 2=2y 可化为y =x 22,∴y =x所以过点A 且与C 相切的直线的斜率为x 1,过点B 且与C 相切的直线的斜率为x 2,所以直线QA 的方程为y-y1=x1x-x1,直线QB的方程为y-y2=x2x-x2.又直线QA与QB均过点Q,b-y1=x1a-x1,b-y2=x2a-x2,又x21=2y1,x22=2y2,∴y1=ax1-b,y2=ax2-b,所以直线AB的方程为y=ax-b,联立方程y=ax-b和x2=2y得方程组x2=2y,y=ax-b,消去y得x2-2ax+2b=0,∵b≠0,∴x1≠0,x2≠0,∵x1x2=2b,又S0,b,则直线AS的斜率k1=y1-bx1;直线BS的斜率k2=y2-bx2,∴k1+k2=x1+x2x1x22-bx1x2,∵x1x22-b=0,∴k1+k2=0,所以直线AS与直线BS关于y轴对称.。

高考数学复习考点知识专题讲解课件48---抛物线

高考数学复习考点知识专题讲解课件48---抛物线

=|PF|+|QF|=x1+1+x2+1=x1+x2+2=8.
答案:B
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3.若抛物线 y2=4x 的准线为 l,P 是抛物线上任意一点,则 P 到准线 l 的距离与
P 到直线 3x+4y+7=0 的距离之和的最小值是( )
A.2
B.153
C.154
D.3
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题型二 抛物线的几何性质 例 3 (1)(2020·兰州双基过关考试)抛物线 y2=2px(p>0)上横坐标为 6 的点到此抛
物线焦点的距离为 10,则该抛物线的焦点到准线的距离为( )
A.4
B.8
C.16
D.32
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解析:设抛物线的准线方程为 x=-p2(p>0),则根据抛物线的性质有|PF|=p2+6 =10,解得 p=8,所以抛物线的焦点到准线的距离为 8. 答案:B
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6.已知抛物线 C 与双曲线 x2-y2=1 有相同的焦点,且顶点在原点,则抛物线 C
的方程是( )
A.y2=±2 2x
B.y2=±2x
C.y2=±4x
D.y2=±4 2x
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解析:由已知可知双曲线的焦点为(- 2,0),( 2,0). 设抛物线方程为 y2=±2px(p>0),则p2= 2, 所以 p=2 2,所以抛物线方程为 y2=±4 2x.故选 D.
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【思维升华】 (1)与抛物线有关的最值问题,一般情况下都与抛物线的定义有 关.“看到准线想焦点,看到焦点想准线”,这是解决与过抛物线焦点的弦有关 问题的重要途径. (2)求抛物线标准方程的常用方法是待定系数法,其关键是判断焦点位置、开口方 向,在方程的类型已经确定的前提下,只需一个条件就可以确定抛物线的标准方 程.

2025年高考数学一轮复习讲义含答案解析 高考解答题专项突破(五) 定点、定值、定线问题

2025年高考数学一轮复习讲义含答案解析  高考解答题专项突破(五)  定点、定值、定线问题

[考情分析]从近几年的新高考试题来看,解析几何是高考的重点,通常以一大两小的模式命题.对解析几何大题的考查综合性较强、难度较大,通常作为两道压轴题之一.下面我们重点讲解一下解析几何部分常考问题的解题方法.第1课时定点、定值、定线问题考点一定点问题(多考向探究)考向1直接推理法求定点问题例1(2023·浙江校考模拟预测)已知点A(2,0),B -65,-45M:x2a2+y2b2=1(a>b>0)上.(1)求椭圆M的方程;(2)直线l与椭圆M交于C,D两个不同的点(异于A,B),过C作x轴的垂线分别交直线AB,AD于点P,Q,当P是CQ的中点时,证明:直线l过定点.解(1)由题意知a=2,又椭圆经过B -65,-45代入可得14×-65+1b2-452=1,解得b2=1,故椭圆M的方程为x24+y2=1.(2)证明:由题意知,当l⊥x轴时,不符合题意,故l的斜率存在,设直线l的方程为y=kx +m,y=kx+m,x24+y2=1,消去y,得(4k2+1)x2+8kmx+4m2-4=0,则Δ=64k2m2-16(m2-1)(4k2+1)=16(4k2-m2+1)>0,即4k 2+1>m 2.设C (x 1,y 1),D (x 2,y 2),x 1+x 2=-8km 4k 2+1,x 1x 2=4m 2-44k 2+1.直线AB 的方程为y =14(x -2),令x =x 1,得1直线AD 的方程为y =y 2x 2-2(x -2),令x =x 1,得1,x 1-2x 2-2y 由P 是CQ 的中点,得x 1-22=y 1+x 1-2x 2-2y 2,即y 1x 1-2+y 2x 2-2=12,即(kx 1+m )(x 2-2)+(kx 2+m )(x 1-2)=12[x 1x 2-2(x 1+x 2)+4],即(1-4k )x 1x 2+(4k -2m -2)(x 1+x 2)+4+8m =0,即4m 2+(16k +8)m +16k 2+16k =0,所以(m +2k )(m +2k +2)=0,得m =-2k -2或m =-2k .当m =-2k -2时,由4k 2+1>m 2,得k <-38,符合题意;当m =-2k 时,直线l 经过点A ,与题意不符,舍去.所以直线l 的方程为y =kx -2k -2,即y =k (x -2)-2,所以直线l 过定点(2,-2).探索直线过定点时,注意讨论直线的斜率是否存在.若直线的斜率存在,可设直线方程为y =kx +m ,然后利用条件建立m ,k 之间的等量关系,消元后借助于直线系的思想找出定点.1.(2023·福建名校联盟模拟)设抛物线C :y 2=2px (p >0)的焦点为F ,点A 的坐标为(3,-2).已知点P 是抛物线C 上的动点,|PA |+|PF |的最小值为4.(1)求抛物线C 的方程;(2)若直线PA 与C 交于另一点Q ,经过点B (3,-6)和点Q 的直线与C 交于另一点T ,证明:直线PT 过定点.解(1)若A 和F 在抛物线y 2=2px 的同侧,则(-2)2<3×2p ,解得p >23.设点P 在准线上的射影为H ,于是|PF |=|PH |.过A 作AH ′与准线垂直,垂足为H ′,故|PF |+|PA |=|PH |+|PA |≥|AH ′|=3+p2=4,当且仅当A ,P ,H 三点共线时取等号,由此得p =2>23,符合题意;若A 和F 在抛物线的异侧或A 在抛物线上,则p ≤23.由|PF |+|PA |≥|AF |4,当且仅当A ,P ,F 三点共线(或A 与P 重合)时取等号,得到p =6±43(舍去).综上所述,抛物线C 的方程为y 2=4x .(2)设y直线QP 的斜率k QP =y 0-y 1y 20-y 214=4y 0+y 1,则其方程为yy 0=4x +y 0y 1y 0+y 1.同理可得直线QT 的方程为y =4x +y 0y 2y 0+y 2,直线PT 的方程为y =4x +y 1y 2y 1+y 2.将A (3,-2),B (3,-6)分别代入直线QP ,QT 的方程,2=12+y 0y 1y 0+y 1,6=12+y 0y 2y 0+y 2,消去y 0,可得y 1y 2=12,代入直线PT 的方程y =4x +y 1y 2y 1+y 2,化简得y =4x +12y 1+y 2=4y 1+y 2(x +3),故直线PT 过定点(-3,0).考向2逆推法求定点问题例2(2024·辽宁锦州一模)已知椭圆C :y 2a 2+x 2b 2=1(a >b ≥1)的离心率为22,其上焦点到直线bx +2ay -2=0的距离为23.(1)求椭圆C 的方程;(2)过点P l 交椭圆C 于A ,B 两点.试探究以线段AB 为直径的圆是否过定点.若过定点,求出定点坐标;若不过定点,请说明理由.解(1)由题意得,e =c a =22,又a 2=b 2+c 2,所以a =2b ,c =b .又|2ac -2|b 2+4a 2=23,a >b ≥1,所以b 2=1,a 2=2,故椭圆C 的方程为y 22+x 2=1.(2)当AB ⊥x 轴时,以线段AB +y 2=169.当AB ⊥y 轴时,以线段AB 为直径的圆的方程为x 2+y 2=1.可得两圆交点为Q (-1,0).由此可知,若以线段AB 为直径的圆恒过定点,则该定点为Q (-1,0).下证Q (-1,0)符合题意.设直线l 的斜率存在,且不为0,其方程为y =代入y 22+x 2=1,并整理得(k 2+2)x 2-23k 2x +19k 2-2=0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=2k 23(k 2+2),x 1x 2=k 2-189(k 2+2),所以QA →·QB →=(x 1+1)(x 2+1)+y 1y 2=x 1x 2+x 1+x 2+1+k 12(1+k 2)·x 1x 2+-13k x 1+x 2)+1+19k 2=(1+k 2)k 2-189(k 2+2)+-13k 1+19k 2=0,故QA →⊥QB →,即Q (-1,0)在以线段AB 为直径的圆上.综上,以线段AB 为直径的圆恒过定点(-1,0).定点问题,先猜后证,可先考虑运动图形是否有对称性及特殊(或极端)位置猜想,如直线的水平位置、竖直位置,即k =0或k 不存在时.找出定点,再证明该点符合题意(运用斜率相等或者三点共线)或证明与变量无关.2.(2023·湖南长沙模拟)已知定点A (-1,0),F (2,0),定直线l :x =12,不在x轴上的动点P 与点F 的距离是它到直线l 的距离的2倍.设点P 的轨迹为E ,过点F 的直线交E 于B ,C 两点,直线AB ,AC 分别交l 于点M ,N .(1)求E 的方程;(2)试判断以线段MN 为直径的圆是否过定点.若过定点,求出定点的坐标;若不过定点,说明理由.解(1)设P (x ,y ),依题意有(x -2)2+y 2=2|x -12|,化简可得E 的方程为x 2-y 23=1(y ≠0).(2)假设以线段MN 为直径的圆过定点,由对称性可知该定点必在x 轴上.若BC ⊥x 轴,则B (2,3),直线AB 的方程为y =x +1,所以点M同理可得点N此时以MN为直径的圆的方程+y2=94,该圆与x轴交于点D1(2,0)和D2(-1,0).下面进行验证:设直线BC的方程为x=my+2,=my+2,2-y23=1,消去x,得(3m2-1)y2+12my+9=0,由题意,知3m2-1≠0,Δ>0.设B(x1,y1),C(x2,y2),则y1+y2=-12m3m2-1,y1y2=93m2-1.因为直线AB的方程为y=y1x1+1(x+1),所以点M同理可得,点N因为D1M→-32,D1N→-32,所以D1M→·D1N→=94+9y1y24(x1+1)(x2+1)=94+9y1y24[m2y1y2+3m(y1+y2)+9]=94+813m2-1-36m23m2-1+=0.同理可得,D2M→·D2N→=0.所以以线段MN为直径的圆过定点(2,0)和(-1,0).考点二定值问题(多考向探究)考向1直接消参法求定值问题例3(2024·武汉调研)如图,椭圆E:x2a2+y2b2=1(a>b>0)经过点A(0,-1)且离心率为22.(1)求椭圆E的方程;(2)经过点(1,1),且斜率为k的直线与椭圆E交于不同的两点P,Q(均异于点A),证明:直线AP与AQ的斜率之和为定值.解(1)由题设知ca=22,b=1,结合a2=b2+c2,解得a=2,所以椭圆E的方程为x22+y2=1.(2)由题设知,直线PQ的方程为y=k(x-1)+1(k≠2),代入x22+y2=1,得(1+2k2)x2-4k(k-1)x+2k(k-2)=0,由已知Δ>0,设P(x1,y1),Q(x2,y2),易知x1x2≠0,则x1+x2=4k(k-1)1+2k2,x1x2=2k(k-2)1+2k2,从而直线AP,AQ的斜率之和为k AP+k AQ=y1+1x1+y2+1x2=kx1+2-kx1+kx2+2-kx2=2k+(2-k)1x1+1x22k+(2-k)x1+x2x1x2=2k+(2-k)4k(k-1)2k(k-2)=2k-2(k-1)=2(为定值).圆锥曲线中的定值问题的常见类型及解题策略(1)证明代数式为定值.依题设条件得出与代数式参数有关的等式,代入所求代数式,化简得出定值.(2)求点到直线的距离为定值.利用点到直线的距离公式得出距离的表达式,再利用题设条件化简、变形.(3)求某线段长度为定值.利用两点间距离公式求得表达式,再根据条件对其进行化简、变形即可.3.(2024·山西太原联考一)已知双曲线C:x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)与双曲线x22-y23=1有相同的焦点,且C 的一条渐近线与直线x -2y +2=0平行.(1)求双曲线C 的方程;(2)若直线l 与双曲线C 右支相切(切点不为右顶点),且l 分别交双曲线C 的两条渐近线于点A ,B ,O 为坐标原点,试判断△AOB 的面积是否为定值.若是,求出定值;若不是,请说明理由.解(1)设双曲线C 的焦距为2c (c >0),=2+3=5,=a 2+b 2,=12,=2,=1,=5,则双曲线C 的方程为x 24-y 2=1.(2)由于直线l 与双曲线C 右支相切(切点不为右顶点),则直线l 的斜率存在,设直线l 的方程为y =kx +m ,kx +m ,y 2=1,得(4k 2-1)x 2+8kmx +4m 2+4=0,则Δ=64k 2m 2-4(4k 2-1)(4m 2+4)=0,可得1-4k2=-m 2.设l 与x 轴的交点为-m k ,则S △AOB =S △AOD +S △BOD =12|OD |·|y A -y B |=12|-mk|·|k |·|x A -x B |=|-m |2·|x A -x B |,又双曲线两条渐近线的方程为y =±12x ,=kx +m ,=12x ,=2m1-2k ,=m1-2k,不妨令同理可得则S △AOB =|-m |2x A -x B |=|-m |2·|2m 1-2k +2m 1+2k |=|-m |2·|4m 1-4k 2|=|-m |2·|4m-m 2|=2(定值).考向2特殊转化法求定值问题例4(2023·张家口模拟)已知椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)上的点到它的两个焦点的距离之和为4,以椭圆C 的短轴为直径的圆O 经过这两个焦点,点A ,B 分别是椭圆C 的左、右顶点.(1)求圆O 和椭圆C 的方程;(2)已知P ,Q 分别是椭圆C 和圆O 上的动点(P ,Q 位于y 轴两侧),且直线PQ 与x 轴平行,直线AP ,BP 分别与y 轴交于点M ,N .求证:∠MQN 为定值.解(1)由题意,a =4,=b ,2-b 2=c 2,解得a =2,b =c =2,所以圆O 的方程为x 2+y 2=2,椭圆C 的方程为x 24+y 22=1.(2)证明:设点P 的坐标为(x 0,y 0)(y 0≠0),点Q 的坐标为(x Q ,y 0),+y 202=1,y 20=2,20=4-2y 20,2Q =2-y 20.由直线AP 的方程为y =y 0x 0+2(x +2),得点M由直线BP 的方程为y =y 0x 0-2(x -2),得点N ,所以QM →x Q ,2y 0x 0+2-y x Q ,QN →x Q ,-2y 0x 0-2-x Q ,所以QM →·QN →=x 2Q +x 20y 20x 20-4=2-y 20+(4-2y 20)y 20-2y 20=0,所以QM ⊥QN ,即∠MQN =90°,为定值.将一般问题转化为特殊问题的特征,比如角转化为斜率或向量的夹角,线段比转化为坐标比,然后利用题设条件解决问题.4.(2024·北京房山模拟)已知椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)的长轴的两个端点分别为A (-2,0),B (2,0),离心率为32.(1)求椭圆C 的标准方程;(2)M 为椭圆C 上除A ,B 外任意一点,直线AM 交直线x =4于点N ,O 为坐标原点,过点O 且与直线BN 垂直的直线记为l ,直线BM 交y 轴于点P ,交直线l 于点Q ,求证:|BP ||PQ |为定值.解(1)由已知,得a=2,又e=ca=c2=32,所以c=3,所以b=a2-c2=1,所以椭圆C的标准方程为x24+y2=1.(2)证明:设M(x1,y1),y1≠0,则x214+y 21=1,x21+4y21=4,直线AM的方程为y=y1x1+2(x+2),令x=4,得y=6y1 x1+2,即k BN=6y1x1+24-2=3y1x1+2,因为l⊥BN,所以k l=-x1+23y1,直线l的方程为y=-x1+23y1x.因为直线BM的方程为y=y1x1-2(x-2),令x=0,得y=-2y1x1-2,即,=-x1+23y1x,=y1x1-2(x-2),及x21+4y21=4,=-6,=2(x1+2)y1,即6所以|BP||PQ|=|x P-x B||x Q-x P|=|0-2||-6-0|=13,为定值.考点三定线问题例5(2023·新课标Ⅱ卷)已知双曲线C的中心为坐标原点,左焦点为(-25,0),离心率为 5.(1)求C的方程;(2)记C的左、右顶点分别为A1,A2,过点(-4,0)的直线与C的左支交于M,N两点,M在第二象限,直线MA1与NA2交于点P.证明:点P在定直线上.解(1)设双曲线C的方程为x2a2-y2b2=1(a>0,b>0),由焦点坐标可知c=25,则由e=ca=5可得a=2,b=c2-a2=4,故C的方程为x24-y216=1.(2)证法一:由(1)可得A 1(-2,0),A 2(2,0),设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),显然直线MN 的斜率不为0,所以设直线MN 的方程为x =my -4,且-12<m <12,与x 24-y 216=1联立可得(4m 2-1)y 2-32my +48=0,且Δ=64(4m 2+3)>0,则y 1+y 2=32m 4m 2-1,y 1y 2=484m 2-1,直线MA 1的方程为y =y 1x 1+2(x +2),直线NA 2的方程为y =y 2x 2-2(x -2),联立直线MA 1与直线NA 2的方程可得,x +2x -2=y 2(x 1+2)y 1(x 2-2)=y 2(my 1-2)y 1(my 2-6)=my 1y 2-2(y 1+y 2)+2y 1my 1y 2-6y 1=m ·484m 2-1-2·32m 4m 2-1+2y 1m ·484m 2-1-6y 1=-16m 4m 2-1+2y 148m 4m 2-1-6y 1=-13,由x +2x -2=-13可得x =-1,即x P =-1,据此可得,点P 在定直线x =-1上.证法二:由题意得A 1(-2,0),A 2(2,0).设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),直线MN 的方程为x =my -4,则x 214-y 2116=1,即4x 21-y 21=16.如图,连接MA 2,k MA 1·k MA 2=y 1x 1+2·y 1x 1-2=y 21x 21-4=4x 21-16x 21-4=4.①由x 24-y 216=1,得4x 2-y 2=16,4[(x -2)+2]2-y 2=16,4(x -2)2+16(x -2)+16-y 2=16,4(x -2)2+16(x -2)-y 2=0.由x =my -4,得x -2=my -6,my -(x -2)=6,16[my -(x -2)]=1.4(x -2)2+16(x -2)·16[my -(x -2)]-y 2=0,4(x -2)2+83(x -2)my -83(x -2)2-y 2=0,两边同时除以(x -2)2,得43+8m 3·y x -2-y x -2=0,即y x -2-8m 3·y x -2-43=0.k MA 2=y 1x 1-2,k NA 2=y 2x 2-2,由根与系数的关系得k MA 2·k NA 2=-43.②由①②可得k MA 1=-3k NA 2.l MA 1:y =k MA 1(x +2)=-3k NA 2(x +2),l NA 2:y =k NA 2(x -2).y =-3k NA 2(x +2),y =k NA 2(x -2),解得x =-1.所以点P 在定直线x =-1上.定线问题的求解思路定线问题是指因图形的变化或点的移动而产生的动点在定线上的问题.这类问题的核心在于确定点的轨迹,一般先求出点的坐标,看横、纵坐标是否为定值,或者找出横、纵坐标的关系.5.(2024·江西赣州模拟预测)如图,过抛物线y 2=4x 的焦点F 的直线与抛物线交于A ,B 两点,AM ,AN ,BC ,BD 分别垂直于坐标轴,垂足依次为M ,N ,C ,D .(1)若矩形ANOM 和矩形BDOC 的面积分别为S 1,S 2,求S 1·S 2的值;(2)求证:直线MN 与直线CD 的交点在定直线上.解(1)抛物线y 2=4x 的焦点F (1,0),显然直线AB 不垂直于y 轴,设其方程为x =my +1,=my +1,2=4x ,消去x ,整理得y 2-4my -4=0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则y 1+y 2=4m ,y 1y 2=-4,矩形ANOM 和矩形BDOC 的面积分别为S 1=|x 1y 1|=|y 31|4,S 2=|x 2y 2|=|y 32|4,所以S 1·S 2=|y 31|4·|y 32|4=|(-4)3|16=4.(2)证明:由(1)得M (x 1,0),N (0,y 1),C (x 2,0),D (0,y 2),于是得直线MN 的方程为y =-y 1x 1x +y 1,直线CD 的方程为y =-y 2x 2x +y 2,=-y 1x 1x +y 1,=-y 2x 2x +y 2,消去y ,整理得=y 1-y 2,而y 1x 1-y 2x 2=y 1y 214-y 2y 224=4(y 2-y 1)y 1y 2=y 1-y 2,因此有x =1,即直线MN 与直线CD 的交点在直线x =1上.所以直线MN 与直线CD 的交点在定直线x =1上.课时作业1.已知椭圆E :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的左、右焦点分别为F 1,F 2,离心率e =22,P 为椭圆上一动点,△PF 1F 2面积的最大值为2.(1)求椭圆E 的方程;(2)若C ,D 分别是椭圆E 长轴的左、右端点,动点M 满足MD ⊥CD ,连接CM 交椭圆于点N ,O 为坐标原点.证明:OM →·ON →为定值.解(1)当P 为短轴端点时,△PF 1F 2的面积最大,即bc =2,=22,=2,=b 2+c 2.解得a =2,b =c =2,故椭圆E 的方程为x 24+y 22=1.(2)证明:由(1)知,C (-2,0),D (2,0),设直线CM :y =k (x +2),N (x 1,y 1),因为MD ⊥CD ,所以M (2,4k ),+y 22=1,k (x +2),整理,得(2k 2+1)x 2+8k 2x +8k 2-4=0,由根与系数的关系,得-2x 1=8k 2-42k 2+1,则x 1=2-4k 22k 2+1,y 1=k (x 1+2)=4k 2k 2+1,所以OM →·ON →=2×2-4k 22k 2+1+4k ×4k 2k 2+1=4,故OM →·ON →为定值4.2.(2023·广东茂名五校联考)已知F 是抛物线C :y 2=2px (p >0)的焦点,不过原点的动直线交抛物线C 于A ,B 两点,M 是线段AB 的中点,点M 在准线l 上的射影为N ,当AF →=FB →时,|AN |=22.(1)求抛物线C 的方程;(2)当NA →·NB →=1时,求证:直线AB 过定点.解(1)当AF →=FB →时,AB ⊥x 轴且AB 过点F ,不妨设A在x轴上方,则此时-p 2,因为|AN|=22,+p2=8,解得p=2,故抛物线C的方程为y2=4x.(2)证明:当直线AB的斜率为0时,显然不符合题意;当直线AB的斜率不为0时,设直线AB:x=my+n,M(x0,y0),2=4x,=my+n,化简,得y2-4my-4n=0,Δ=16(m2+n)>0,y1+y2=4m,y1y2=-4n,y0=y1+y22=2m,N(-1,2m),NA→1,y1-2 NB→1,y2-2NA→·NB→(y1-2m)(y2-2m)=y21y2216+(y1+y2)2-2y1y24+1+y1y2-2m(y1+y2)+4m2=n2+16m2+8n4+1-4n-8m2+4m2=n2-2n+1,若NA→·NB→=1,则n2-2n+1=1,解得n=0(舍去)或n=2,所以直线AB过定点(2,0).3.(2023·全国乙卷)已知椭圆C:y2a2+x2b2=1(a>b>0)的离心率是53,点A(-2,0)在C上.(1)求C的方程;(2)过点(-2,3)的直线交C于P,Q两点,直线AP,AQ与y轴的交点分别为M,N,证明:线段MN的中点为定点.解(1)=2,2=b2+c2,=ca=53,=3,=2,=5,所以C的方程为y29+x24=1.(2)证明:由题意可知,直线PQ 的斜率存在,设直线PQ :y =k (x +2)+3,P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2),联立方程y =k (x +2)+3,y 29+x 24=1,消去y 得(4k 2+9)x 2+8k (2k +3)x +16(k 2+3k )=0,则Δ=64k 2(2k +3)2-64(4k 2+9)(k 2+3k )=-1728k >0,解得k <0,可得x 1+x 2=-8k (2k +3)4k 2+9,x 1x 2=16(k 2+3k )4k 2+9,因为A (-2,0),则直线AP :y =y 1x 1+2(x +2),令x =0,解得y =2y 1x 1+2,即M 0,2y 1x 1+2同理可得N0,2y 2x 2+2,则2y 1x 1+2+2y 2x 2+22=k (x 1+2)+3x 1+2+k (x 2+2)+3x 2+2=[kx 1+(2k +3)](x 2+2)+[kx 2+(2k +3)](x 1+2)(x 1+2)(x 2+2)=2kx 1x 2+(4k +3)(x 1+x 2)+4(2k +3)x 1x 2+2(x 1+x 2)+4=32k (k 2+3k )4k 2+9-8k (4k +3)(2k +3)4k 2+9+4(2k +3)16(k 2+3k )4k 2+9-16k (2k +3)4k 2+9+4=10836=3,所以线段MN 的中点是定点(0,3).4.(2024·山东泰安模拟)已知曲线C 上的动点P 满足|PF 1|-|PF 2|=2,且F 1(-2,0),F 2(2,0).(1)求曲线C 的方程;(2)若直线AB与C交于A,B两点,分别过A,B作C的切线,两切线交于点P′.在以下两个条件①②中选择一个条件,证明另外一个条件成立.①直线AB经过定点M(4,0);②点P′在定直线x=14上.解(1)因为|PF1|-|PF2|=2<4=|F1F2|,所以曲线C是以F1,F2为焦点,2为实轴长的双曲线的右支,所以2a=2,即a=1,又因为F1(-2,0),F2(2,0),所以c=2,得b2=3,所以曲线C的方程为x2-y23=1(x≥1).(2)若选择①,证明②成立.依题意,点A,B在双曲线右支上,此时直线AB的斜率必不为0,设直线方程为x=my+4,A(x1,y1),B(x2,y2),不妨设A在第一象限,B在第四象限.因为x2-y23=1(x≥1),所以y21=3x21-3,且y=3x2-3,求导得y′=3x3x2-3,所以过点A的切线方程为y-y1=3x13x21-3(x-x1),化简得yy1=3x1x-3,(ⅰ)同理yy2=3x2x-3,(ⅱ)联立方程(ⅰ)(ⅱ),=y2-y1x1y2-x2y1,=3x2-3x1x1y2-x2y1,所以P因为点A,B在直线AB上,所以x1=my1+4,x2=my2+4,所以x1y2=my1y2+4y2,x2y1=my1y2+4y1,所以点P′的横坐标为y2-y1x1y2-x2y1=y2-y14(y2-y1)=14,点P′的纵坐标为3x2-3x1x1y2-x2y1=3m(y2-y1)4(y2-y1)=3m4.即点P′在定直线x=14上.若选择②,证明①成立.不妨设A在第一象限,B在第四象限,A(x1,y1),B(x2,y2).因为x2-y23=1(x≥1),所以y21=3x21-3,且y=3x2-3,求导得y′=3x3x2-3,所以过点A的切线方程为y-y1=3x13x21-3(x-x1),化简得yy1=3x1x-3,(ⅰ)同理yy2=3x2x-3,(ⅱ)联立方程(ⅰ)(ⅱ)得,交点P′的横坐标为y2-y1x1y2-x2y1,由题意,知y2-y1x1y2-x2y1=14,即x1y2-x2y1=4y2-4y1=4(y2-y1).(ⅲ)因为A(x1,y1),B(x2,y2),所以直线AB的方程为y-y1=y2-y1x2-x1(x-x1),即(x2-x1)(y-y1)=(y2-y1)(x-x1),整理得x1y2-x2y1=(y2-y1)x+(x1-x2)y.联立(ⅲ)式可得(y2-y1)(x-4)+(x1-x2)y=0,易知x=4,y=0,即直线AB经过定点M(4,0).5.(2023·河南郑州统考二模)已知抛物线C:y2=2px(p>0),O为坐标原点,焦点在直线2x+4y -1=0上.(1)求抛物线的标准方程;(2)过点(4,0)作动直线l与抛物线C交于M,N两点,直线OM,ON分别与圆(x-1)2+y2=1交于点P,Q(异于点O),设直线OM,ON的斜率分别为k1,k2.①求证:k1·k2为定值;②求证:直线PQ恒过定点.解(1)易知直线2x+4y-1=0与x所以p2=12,p=1,则抛物线的标准方程为y2=2x.(2)证明:①设直线MN的方程为x=my+4,M(x1,y1),N(x2,y2),=my+4,2=2x,得y2-2my-8=0,所以y1y2=-8,21=2x1,22=2x2,所以y21y22=4x1x2=64,即x1x2=16,则k1·k2=y1x1·y2x2=-816=-12.②设直线PQ的方程为x=ty+n,P(x3,y3),Q(x4,y4),=ty+n,x-1)2+y2=1,得(t2+1)y2+2t(n-1)y+n2-2n=0,所以y3+y4=-2t(n-1)t2+1,y3y4=n2-2nt2+1,k1·k2=y3x3·y4x4=y3y4(ty3+n)(ty4+n)=y3y4t2y3y4+nt(y3+y4)+n2=-12,整理得n-2n=-12,n=43,所以直线PQ6.(2023·山西阳泉统考二模)已知双曲线C:x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)经过点D(4,3),直线l1,l2是双曲线C的两条渐近线,过D分别作l1和l2的平行线l1′和l2′,直线l1′交x轴于点M,直线l2′交y轴于点N,且|OM|·|ON|=23(O为坐标原点).(1)求双曲线C的方程;(2)设A1,A2分别是双曲线C的左、右顶点,过右焦点F的直线交双曲线C于P,Q两个不同点,直线A 1P 与A 2Q 交于点G ,证明:点G 在定直线上.解(1)由题意,得16a 2-9b 2=1,所以16b 2-9a 2=a 2b 2,不妨设直线l 1的方程为y =b a x ,则直线l ′1的方程为y -3=b a(x -4),在直线l 1′的方程中,令y =0,可得x =4-3a b ,即点-3a b ,同理可得,3所以|OM |·|ON |==|16b 2-9a 2ab |=ab =23,b 2-9a 2=a 2b 2,=23,2=4,2=3.因此双曲线C 的方程为x 24-y 23=1.(2)证明:由(1)得A 1(-2,0),A 2(2,0),F (7,0),若直线PQ 与x 轴重合,则P ,Q 为双曲线的顶点,不符合题意.设P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2),直线PQ 的方程为x =my +7,=my +7,x 2-4y 2=12,可得(3m 2-4)y 2+67my +9=0,m 2-4≠0,=36×7m 2-36(3m 2-4)=144(m 2+1)>0,解得m ≠±233,所以y 1+y 2=-67m3m 2-4,y 1y 2=93m 2-4,直线A 1P 的方程为y =y 1x 1+2(x +2),直线A 2Q 的方程为y =y 2x 2-2(x -2),联立直线A 1P 与A 2Q 的方程,可得y 1x 1+2(x +2)=y 2x 2-2(x -2),所以x +2x -2=y 2(x 1+2)y 1(x 2-2)=y 2(my 1+2+7)y 1(my 2+7-2)=my 1y 2+(2+7)y 2my 1y 2+(7-2)y 1=9m 3m 2-4+(7+2-67m 3m 2-4y 9m 3m 2-4+(7-2)y 1=-33m +127m 3m 2-4-(7+2)y 19m 3m 2-4+(7-2)y 1=-(11+47)3m 3m 2-4-(11+47)7+211+47y 13×3m2-4+3×7-2y 1=-11+473,解得x =477,因此点G 在定直线x =477上.。

高中数学基础知识专题讲义46 三定问题(定点、定值、定直线)(教师版)

高中数学基础知识专题讲义46 三定问题(定点、定值、定直线)(教师版)

考点46 三定问题(定点、定值、定直线)一.求定值问题常见的方法有两种:①从特殊入手,求出定值,再证明这个值与变量无关.②直接推理、计算,并在计算推理的过程中消去变量,从而得到定值. 二.直线定点问题的求解的基本思路如下:①假设直线方程,与椭圆方程联立,整理为关于x 或y 的一元二次方程的形式; ②利用0∆>求得变量的取值范围,得到韦达定理的形式;③利用韦达定理表示出已知中的等量关系,代入韦达定理可整理得到变量间的关系,从而化简直线方程; ④根据直线过定点的求解方法可求得结果. 三.解答圆锥曲线的定点、定值问题的策略:1、参数法:参数解决定点问题的思路:①引进动点的坐标或动直线中的参数表示变化量,即确定题目中核心变量(通常为变量k );②利用条件找到k 过定点的曲线0(),F x y =之间的关系,得到关于k 与,x y 的等式,再研究变化量与参数何时没有关系,得出定点的坐标;2、由特殊到一般发:由特殊到一般法求解定点问题时,常根据动点或动直线的特殊情况探索出定点,再证明该定点与变量无关.考向一 定值【例1】(2021·北京丰台区·高三一模)已知椭圆2222:1(0)x y C a b a b +=>>长轴的两个端点分别为(2,0),(2,0)A B -(1)求椭圆C 的方程;(2)P 为椭圆C 上异于,A B 的动点,直线,AP PB 分别交直线6x =-于,M N 两点,连接NA 并延长交椭知识理解考向分析圆C 于点Q .(ⅰ)求证:直线,AP AN 的斜率之积为定值; (ⅱ)判断,,M B Q 三点是否共线,并说明理由.【答案】(1)2214x y +=;(2)(ⅰ)证明见解析;(ⅱ)是,理由见解析. 【解析】(1)由题意得2,c a e a ===所以2221==-=c b a c ,所以椭圆C 的方程为2214x y +=.(2)(ⅰ)证明:设00(,)P x y ,因为P 在椭圆C 上,所以220014x y +=.因为直线AP 的斜率为002y x +,直线BP 的斜率为002y x -,所以直线BP 的方程为00(2)2y y x x =--. 所以N 点的坐标为008(6,)2y N x ---. 所以直线AN 的斜率为0000822622y x y x --=-+-. 所以直线,AP AN 的斜率之积为: 20200022000021422122442x y y y x x x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭⋅===-+---. (ⅱ),,M B Q 三点共线.设直线AP 斜率为k ,易得(6,4)M k --.由(ⅰ)可知直线AN 斜率为12k -,所以直线AN 的方程为1(2)2y x k=-+. 联立22440,22,x y x ky ⎧+-=⎨=--⎩可得22(44)80k y ky ++=.解得Q 点的纵坐标为221kk -+, 所以Q 点的坐标为222222(,)11k kQ k k--++. 所以,直线BQ 的斜率为22220122221kk k k k--+=--+,直线BM 的斜率为40622k k --=--. 因为直线BQ 的斜率等于直线BM 的斜率, 所以,,M B Q 三点共线. 【举一反三】1.(2021·陕西宝鸡市·高三二模(文))已知椭圆C :22221x y a b+=(0a b >>)的左、右焦点分别为1F ,2F ,G 是椭圆上一点,12GF F △的周长为6+. (1)求椭圆C 的方程;(2)直线l :y kx m =+与椭圆C 交于A ,B 两点,且四边形OAGB 为平行四边形,求证:OAGB 的面积为定值.【答案】(1)221123x y +=;(2)证明见解析. 【解析】(1)因为12GF F △的周长为6+,所以226a c +=+,即3a c +=+又离心率2c e a ==,解得a =3c =, 2223b a c =-=.∴椭圆C 的方程为221123x y +=.(2)设()11,A x y ,()22,B x y ,()00,G x y ,将y kx m =+代入221123x y+=消去y 并整理得()2221484120kxkmx m +++-=,则122814km x x k +=-+,212241214m x x k-⋅=+, ()121222214my y k x x m k +=++=+,∵四边形OAGB 为平行四边形,∴()1212,OG OA OB x x y y =+=++,得2282,1414km m G k k ⎛⎫-⎪++⎝⎭, 将G 点坐标代入椭圆C 方程得()223144m k =+, 点O 到直线AB的距离为d =12AB x =-,∴平行四边形OAGB 的面积为12S d AB m x x =⋅=-=====.故平行四边形OAGB 的面积为定值为2.(2021·四川遂宁市·高三二模(文))如图,已知椭圆C :()22211x y a a+=>的左焦点为F ,直线()0y kx k =>与椭圆C 交于A ,B 两点,且0FA FB ⋅=时,3k =.(1)求a 的值;(2)设线段AF ,BF 的延长线分别交椭圆C 于D ,E 两点,当k 变化时,直线DE 与直线AB 的斜率之比是否为定值?若是定值,求出定值;若不是定值,请说明理由. 【答案】(1(2)为定值5.【解析】(1)设()00,A x y ,则()00,B x y --,由题意得焦点为()F所以,()()2220000001FA FB x y x y x y a ⋅=⋅--=--+-.当0FA FB ⋅=时,有222001x y a +=-.联立222,1,y kx x y a =⎧⎪⎨+=⎪⎩得220221a x k a =+,2220221k a y k a =+,从而22222222111a k a a k a k a +=-++.将3k =代入,得222413a a a =-+,所以()231a a =>,故a =(2)由(1)知,()F ,椭圆C :2213x y +=.设AD:00x x y y +=C :2233x y +=,得(2002200310x x y y y y ⎡⎤+⎢⎥+--=⎢⎥⎢⎥⎣⎦. 而220033x y +=,即()22000050y x y y y +--=,从而D y =.同理BE:00x x y y =E y =从而5E D E D y y y y +=-.于是0000000055E D DE E D E DE D y y y k kx x x y y -====⋅=-.所以DE ,BC 的斜率之比为定值5.考向二 定点【例2】(2021·河南月考(文))已知椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的两焦点为()11,0F -,()21,0F ,点P 在椭圆C 上,且12PF F △(Ⅰ)求椭圆C 的标准方程;(Ⅱ)点M 为椭圆C 的右顶点,若不平行于坐标轴的直线l 与椭圆C 相交于,A B 两点(,A B 均不是椭圆C 的右顶点),且满足AM BM ⊥,求证:直线l 过定点,并求出该定点的坐标.【答案】(Ⅰ)22143x y +=;(Ⅱ)证明见解析,定点坐标为2,07⎛⎫ ⎪⎝⎭. 【解析】(Ⅰ)由椭圆的对称性可知:当点P 落在椭圆的短轴的两个端点时12PF F △的面积最大,此时122b ⨯⨯=b = 由222a bc =+得:2314a =+=.∴椭圆C 的标准方程为22143x y +=. (Ⅱ)设()11,A x y ,()22,B x y ,直线l 的方程为y kx m =+,联立22143y kx mx y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩得:()()222348430k x mkx m +++-=,则()()222264163430m k k m =-+->,即22340k m +->,122834mk x x k ∴+=-+,()21224334m x x k-=+.()()1212y y kx m kx m ∴=++()221212k x x mk x x m =+++()2223434m k k-=+.椭圆的右顶点为()2,0M ,AM BM ⊥,0MA MB ∴⋅=,()()1212220x x y y ∴--+=,即()121212240y y x x x x +-++=, ()()2222234433434m k m k k --∴+++2164034mkk ++=+.整理可得:2271640m km k ++=, 解得:12m k =-,227k m =-,(1m ,2m 均满足22340k m +->). 当2m k =-时,l 的方程为()2y k x =-,直线l 过右顶点()2,0,与已知矛盾; 当227k m =-时,l 的方程为27y k x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,过定点2,07⎛⎫⎪⎝⎭,∴直线l 过定点,定点坐标为2,07⎛⎫⎪⎝⎭【举一反三】1.(2021·黑龙江大庆市·高三一模(理))已知焦点在x 轴上的椭圆C :222210)x ya b a b+=>>(,短轴长为1.(1)求椭圆C 的标准方程;(2)如图,已知点2(,0)3P ,点A 是椭圆的右顶点,直线l 与椭圆C 交于不同的两点 ,E F ,,E F 两点都在x 轴上方,且APE OPF ∠=∠.证明直线l 过定点,并求出该定点坐标.【答案】(1)22143x y +=;(2)证明见解析,(6,0).【解析】(1)由22221b a c a c b ⎧=⎪-=⎨⎪-=⎩得21b a c ⎧=⎪=⎨⎪=⎩,所以椭圆C 的标准方程为22143x y +=.(2)当直线l 斜率不存在时,直线l 与椭圆C 交于不同的两点分布在x 轴两侧,不合题意. 所以直线l 斜率存在,设直线l 的方程为y kx m =+. 设11(,)E x y 、22(,)F x y ,由22143x y y kx m ⎧+=⎪⎨⎪=+⎩得222(34)84120k x kmx m +++-=, 所以122834km x x k -+=+,212241234m x x k-=+. 因为APE OPF ∠=∠, 所以0PE PF k k +=,即121202233y y x x +=--,整理得1212242()()033m kx x m k x x +-+-= 化简得6m k =-,所以直线l 的方程为6(6)y kx k k x =-=-, 所以直线l 过定点(6,0).2.(2021·全国高三月考(文))已知斜率为的34的直线l 与椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>交于点,A B ,线段AB 中点为()11D -,,直线l 在y 轴上的截距为椭圆C 的长轴长的716倍. (1)求椭圆C 的方程;(2)若点,,,P Q M N 都在椭圆上,且,PQ MN 都经过椭圆C 的右焦点F ,设直线,PQ MN 的斜率分别为12,k k ,121k k +=-,线段的中点分别为,G H ,判断直线GH 是否过定点,若过定点.求出该定点,若不过定点,说明理由.【答案】(1)22143x y +=;(2)过定点,31,4⎛⎫ ⎪⎝⎭.【解析】设()()1122,,,A x y B x y , 则12122,2x x y y +=-+=,且2222112222221,1x x x x a b a b+=+= 两式相减得2222121222x x y y a b --=-即2121221212y y y y b x x x x a+-⋅=-+-, 即222324b a -⋅=-,所以2234b a =又直线l 的方程为()3114y x -=+, 令0x =,得74y =所以772,2,164a ab ⨯===, 所以椭圆C 的方程为22143x y +=.(2)由题意得()1,0F ,直线,PQ MN 的方程分别为()12()1,1y k x y k x =-=-,设()()3344,,,P x y Q x y ,联立122(1)143y k x x y =-⎧⎪⎨+=⎪⎩,得()22121213484120k k k xx +-+-=,所以212341834x k k x +=+,则2211221143,3434k k G k k ⎛⎫- ⎪++⎝⎭同理2222222243,3434k k H k k ⎛⎫- ⎪++⎝⎭所以12221212221212221233334344443434GHk k k k k k k k k k k k k ----++==+-++ 由121k k +=- 得()11314GH k k k =++, 所以直线GH 的方程为221111221134334434k k y k k x k k ⎛⎫⎛⎫+=++- ⎪ ⎪++⎝⎭⎝⎭整理得()21133144y k k x ⎛⎫=++-+ ⎪⎝⎭, 所以直线GH 过定点31,4⎛⎫⎪⎝⎭.考向三 定直线【例3】(2021·深圳实验学校高中部)如图,已知抛物线21:2C y x =直线2y kx =+交抛物线C 于A ,B 两点,O 为坐标原点.(1)证明:OA OB ⊥;(2)设抛物线C 在点A 处的切线为1l ,在点B 处的切线为2l ,证明:1l 与2l 的交点M 在一定直线上. 【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析. 【解析】1)设211,12A x x ⎛⎫ ⎪⎝⎭,222,12B x x ⎛⎫ ⎪⎝⎭,把2y kx =+代入212y x =,得2240x kx --=. 由韦达定理得122x x k +=,124x x =-.()22211221212111,,0224OA OB x x x x x x x x ⎛⎫⎛⎫∴⋅=⋅=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.所以OA OB ⊥ (2)212y x =,y x '∴=, 故经过点211,12A x x ⎛⎫ ⎪⎝⎭的切线1l 的方程为:()211112y x x x x -=-, 即21112y x x x =-,①同理,经过点222,12B x x ⎛⎫ ⎪⎝⎭的切线2l 的方程为:22212y x x x =-,②21x x ⨯-⨯①②,得12122y x x ==-. 即点M 在直线:2l y =-上. 【举一反三】1.(2021·浙江温州市)已知抛物线()2:20C x py p =>的焦点到准线的距离为2,直线:2l y kx =+交抛物线于()11,A x y ,()22,B x y 两点. (1)求抛物线C 的标准方程;(2)过点A ,B 分别作抛物线C 的切线1l ,2l ,点P 为直线1l ,2l 的交点. (i )求证:点P 在一条定直线上; (ii )求PAB △面积的取值范围.【答案】(1)24x y =;(2)(i )证明见解析;(ii ))⎡+∞⎣.【解析】(1)抛物线()2:20C x py p =>的焦点到准线的距离为2,可得2p =,所以抛物线的标准方程为24x y =.(2)联立方程组24,2x yy kx ⎧=⎨=+⎩消去y 得,2480x kx --=,∴124x x k +=,128x x =- 由24x y =得,12y x '=,所以切线PA 方程为()111112:l y y x x x -=- 切线PB 方程为()22221:2l y y x x x -=- 联立直线PA 、PB 方程可解得1222x x x k +==,1224x xy ⋅==-. (i )所以点P 的坐标为()2,2k -. 所以点P 在定直线2y =-上 (ii )点P 到直线AB 的距离为2d =所以AB ==PAB △的面积为()322214422PABS d AB k =⋅==+△所以当0k =时,PABS有最小值PAB △面积的取值范围是)⎡+∞⎣.2.(2021·云南昆明市·昆明一中高三月考(理))已知点P 是抛物线2:2C x y =上的动点,且位于第一象限.圆222:()0O x y r r +=>,点P 处的切线l 与圆O 交于不同两点A ,B ,线段AB 的中点为D ,直线OD 与过点P 且垂直于x 轴的直线交于点M . (1)求证:点M 在定直线上;(2)设点F 为抛物线C 的焦点,切线l 与y 轴交于点N ,求PFN 与PDM △面积比的取值范围. 【答案】(1)证明见解析;(2)1,22⎛⎫⎪⎝⎭. 【解析】(1)设2,2m P m ⎛⎫⎪⎝⎭,其中0m >,显然切线l 的斜率存在且不为零,由22x y =,求导得:y x '=,所以切线l 的斜率为m ,因为D 是弦AB 的中点,所以OD l ⊥,所以直线OD 方程:1y x m=-,联立方程1y xm x m ⎧=-⎪⎨⎪=⎩,得1y =-,所以点M 在定直线1y =-上.(2)由(1)知切线l 的方程:2()2m y m x m -=-,化简得:22m y mx =-, 令0x =,得20,2m N ⎛⎫- ⎪⎝⎭,又10,2F ⎛⎫⎪⎝⎭,2,2m P m ⎛⎫ ⎪⎝⎭, 联立方程221m y mx y x m ⎧=-⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩,得()()3222,2121m m D m m ⎛⎫- ⎪ ⎪++⎝⎭, 而()211||124PFNSFN m m m ==+,()()()2232221||22181PDMm m mS PM m m m +=-=++, 所以222122PFN PDM S m S m ⎛⎫+= ⎪+⎝⎭,令222t m =+>,得1102t <<, 则22111221,22PFN PDM S t S t t -⎛⎫⎛⎫⎛⎫==-∈ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,所以PFN 与PDM △面积比的取值范围为1,22⎛⎫ ⎪⎝⎭.1.(2021·江苏常州市·高三一模)已知O 为坐标系原点,椭圆2214x C y +=:的右焦点为点F ,右准线为直线n .(1)过点(4,0)的直线交椭圆C 于,D E 两个不同点,且以线段DE 为直径的圆经过原点O ,求该直线的方程;强化练习(2)已知直线l 上有且只有一个点到F 的距离与到直线n的距离之比为2.直线l 与直线n 交于点N ,过F 作x 轴的垂线,交直线l 于点M .求证:||||FM FN 为定值.【答案】(1)4)y x =-;(2)证明见解析. 【解析】(1)设过点(4,0)的直线为(4)y k x =-交于椭圆()()1122,,D x y E x y联立2214(4)x y y k x ⎧+=⎪⎨⎪=-⎩消去y 得()222241326440k x k x k +-+-=()221222121212221223212414164164441k x x k k y y k x x x x k k x x k ⎧+=⎪⎪+⎡⎤∴=-++=⎨⎣⎦+-⎪=⎪+⎩又因为以线段DE 为直径的圆经过原点,则212122764·0,4119k OD OE x x y y k k -=+==∴=±+则所求直线方程4)y x =- (2)已知椭圆2214x y +=n的方程为x =, 因为直线l 上只有一点到F 的距离与到直线n的距离之比为2, 所以直线l 与椭圆相切,设直线l 的方程为y kx m =+,联立2214x y y kx m ⎧+=⎪⎨⎪=+⎩消去y 得到:()222418440k x kmx m +++-=()()2222226444144041k m k m m k =-+-=∴=+①联立x x FM m y kx m y kx m⎧⎧==⎪⎪∴=+∴⎨⎨=+⎪⎪=+⎩⎩点N坐标为m ⎫+⎪⎭得到||FN =2222||||33FM FN k m =++由①22||3||||4||2FM FM FN FN ⇒=⇒= 2(2021·山西临汾市·高三一模(理))已知椭圆()22122:0x y C a b a b +=>>与双曲线222:14-=x C y 有两个相同的顶点,且2C 的焦点到其渐近线的距离恰好为1C 的短半轴的长度. (1)求椭圆1C 的标准方程;(2)过点()()()(),0,00,T t t a a ∈-⋃作不垂直于坐标轴的直线l 与1C 交于A ,B 两点,在x 轴上是否存在点M ,使得MT 平分AMB ∠?若存在,求点M 的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1)2214x y +=;(2)存在点4,0M t ⎛⎫ ⎪⎝⎭,使得MT 平分AMB ∠. 【解析】(1)由题意可得2a =,双曲线2C的焦点为(),渐近线方程为:12y x =±,则焦点到渐近线的距离为d b ==,所以1b =,则椭圆1C 的标准方程为2214x y +=;(2)存在点M 使得MT 平分AMB ∠,由题知,直线l 的斜率存在且不为0,又直线过点(),0T t , 则设直线l 的方程为()y k x t =-,()11,A x y ,()22,B x y ,(),0M m , 联立方程()2214y k x t x y ⎧=-⎪⎨+=⎪⎩,消去y 整理可得:()22222148440k xk tx k t +--+=,所以2122814k t x x k +=+,221224414k t x x k-=+, 因为11AM y k x m =-,22BM y k x m=-,0AM BM k k +=,所以()()()()()()1221120k x t x m k x t x m x m x m --+--=--, 即()()()()12210k x t x m k x t x m --+--=,因为0k ≠,所以()()()()()12221x t x m x m x t x m ---+--()()2100x t x m =+--=,即()()1212220x x t m x x tm -+++=,则()222224482201414k t k tt m mt k k-⋅-+⨯+=++, 化简可得4mt =,因为0t ≠,所以4m t=, 综上,存在点4,0M t ⎛⎫⎪⎝⎭,使得MT 平分AMB ∠. 3.(2021·漠河市高级中学高三月考(理))已知椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的一个顶点恰好是抛物线2:4D x y =的焦点,其离心率与双曲线22162x y -=的离心率互为倒数.(1)求椭圆C 的标准方程;(2)若过椭圆的右焦点F 作与坐标轴不垂直的直线l 交椭圆C 于,A B 两点,设点A 关于x 轴的对称点为P ,当直线l 绕着点F 转动时,试探究:是否存在定点Q ,使得,,B P Q 三点共线?若存在,求出点Q 的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1)2214x y +=;(2)存在,定点为3Q ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭. 【解析】(1)由题意,抛物线2:4D x y =,可得焦点为()0,1,所以1b =,又由双曲线22162x y -=的离心率为3e =,可得椭圆C的离心率2c a =,可得10b c a a ⎧==⎪⎪=⎨⎪>⎪⎩,解得21a b =⎧⎨=⎩,即椭圆C 的标准方程为2214x y +=.(2)由直线l 不与坐标轴垂直,可设直线l的方程为x ty =+,其中0t ≠, 设点()11,A x y 、()22,B x y ,则点()11,P x y -,联立直线l 与椭圆C的方程2244x ty x y ⎧=⎪⎨+=⎪⎩,整理得()22410t y ++-=, 由0∆>恒成立,且12y y +=12214y y t =-+, 由椭圆的对称性知,若存在定点Q ,则点Q 必在x 轴上, 故假设存在定点(),0Qq ,使得P 、B 、Q 三点共线,则PB PQ k k =,即211211y y yx x q x +=--,可得12211212x y x y q y y +====+.故存在定点Q ⎫⎪⎪⎝⎭,使得P 、B 、Q 三点共线.4.(2021·山东烟台市·高三一模)已知12,F F 分别是椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左、右焦点, A为椭圆的上顶点,12AF F △是面积为4的直角三角形. (1)求椭圆C 的方程; (2)设圆228:3O x y +=上任意一点P 处的切线l 交椭圆C 于点,M N ,问:PM PN ⋅是否为定值?若是,求出此定值;若不是,说明理由.【答案】(1)22184x y +=;(2)是定值,定值为83-. 【解析】(1)由12AF F △为直角三角形,故b c =, 又121242AF F Sc b =⨯⨯=, 可得4,bc = 解得2,b c == 所以28a =,所以椭圆C 的方程为22184x y +=;(2)当切线l的斜率不存在时,其方程为x =将x =±22184x y +=,得y =,不妨设M ⎝⎭,N ⎝⎭,又P ⎫⎪⎪⎝⎭所以83PM PN ⋅=-同理当x =时,也有83PM PN ⋅=-.当切线l 的斜率存在时,设方程为()()1122,,,,y kx m M x y N x y =+,因为l 与圆22:184x y O +=相切,3=即22388m k =+,将y kx m =+代入22184x y+=,得()222214280k x kmx m +++-=,所以2121222428,,2121km m x x x x k k --+==++ 又()()PM PN PO OM PO ON ⋅=+⋅+2PO OP ON OP OM ON OM =-⋅-⋅+⋅, 222PO PO PO ON OM =--+⋅ 2ON OM PO =⋅-又()()12121212OM ON x x y y x x kx m kx m ⋅=+=+++()()2212121k x x km x x m =++++()()222222212842121k m k m m k k +--=++++, 22238821m k k --=+ 将22388m k =+代入上式,得0OM ON ⋅=, 综上,83PM PN ⋅=-. 6.(2021·四川遂宁市·高三二模(理))如图,已知椭圆C :()22211x y a a+=>的左焦点为F ,直线()0y kx k =>与椭圆C 交于A ,B 两点,且0FA FB ⋅=时,3k =.(1)求a 的值;(2)设线段AF ,BF 的延长线分别交椭圆C 于D ,E 两点,当k 变化时,直线DE 是否过定点?若过定点,求出定点坐标;若不过定点,请说明理由.【答案】(1(2)过定点,定点为⎛⎫⎪⎝⎭. 【解析】(1)设()00,A x y ,则()00,B x y --,由题意得焦点为()F所以,()()2220000001FA FB x y x y x y a ⋅=⋅--=--+-.当0FA FB ⋅=时,有222001x y a +=-.联立222,1,y kx x y a =⎧⎪⎨+=⎪⎩得220221a x k a =+,2220221k a y k a =+,从而22222222111a k a a k a k a +=-++.将k =222413a a a =-+,即42230a a --=,所以23a =或21a =-(舍),故a =(2)由(1)知,()F ,椭圆C :2213x y +=.设AD:00x x y y +=C :2233x y +=, 消去x并整理得(2002200310x x y y y y ⎡⎤⎢⎥+--=⎢⎥⎢⎥⎣⎦,所以2222000000(32)0y x y x y y y +++--=, 而220033x y +=,所以()22000050y x y y y +--=,由韦达定理得20D y y =,所以D y =同理BE:00x x y y -+=-,即00x x y =E y =所以002258E Dyy yx+==-,210258E Dyy yx-=-=-所以002002258105258E DE Dyxy yyy yx-+==--,于是00000055E DDEE DE Dy y yk k x x x -=====⋅= -.所以直线DE:()5D Dyy y x xx-=-.令0y=,得00000055D D D Dx x xx x y y yy y y=-=-45Dxyy+=将D y=x=所以DE经过定点⎛⎫⎪⎝⎭.7.(2021·广东汕头市·高三一模)在平面直角坐标系xOy中,P为坐标原点,)M,已知平行四边形OMNP两条对角线的长度之和等于4.(1)求动点P的轨迹方程;(2过)M作互相垂直的两条直线1l、2l,1l与动点P的轨迹交于A、B,2l与动点P的轨迹交于点C、D,AB、CD的中点分别为E、F;①证明:直线EF恒过定点,并求出定点坐标.②求四边形ACBD 面积的最小值.【答案】(1)()22104x y y +=≠;(2)①证明见解析,定点坐标为⎫⎪⎪⎝⎭;②3225. 【解析】(1)设点(),P x y ,依题意4MP ON OP OM OP OM +=-++=,4=>,所以动点P 的轨迹为椭圆(左、右顶点除外),则24a =,c =1b ∴==,∴动点P 的轨迹方程是()22104x y y +=≠; (2)①若1l 与x 轴重合,则直线1l 与动点P 的轨迹没有交点,不合乎题意; 若2l 与x 轴重合,则直线2l 与动点P 的轨迹没有交点,不合乎题意; 设直线1l 的方程为30xmy m,则直线2l 的方程为1x y m=-直线1l 、2l 均过椭圆的焦点(椭圆内一点),1l 、2l 与椭圆必有交点.设()11,A x y 、()22,Bx y ,由()222241044x my m y x y ⎧=+⎪⇒++-=⎨+=⎪⎩, 由韦达定理可得12yy +=,则()1212x x m y y +=++=, 所以点E 的坐标为⎝⎭,同理可得点F⎝⎭,直线EF的斜率为()()25141EFm k m m ==≠±-, 直线EF的方程是()22254441m y x m m m ⎛⎫+=- ⎪ ⎪++-⎝⎭, 即())()()222222155415441m m m y x x m m m ⎡⎤-⎛⎢⎥=-= -+-⎢⎥⎝⎭⎣⎦,当1m =±时,直线EF的方程为5x =,直线EF 过定点⎫⎪⎪⎝⎭.综上,直线EF过定点5⎛⎫⎪⎪⎝⎭;②由①可得1224y y m +=-+,12214y y m =-+,()2122414m AB y y m +∴=-==+,同理可得()2222141411414m m CD m m⎛⎫+ ⎪+⎝⎭==++, 所以,四边形ACBD 的面积为()()()()22222222281813225441441221m m S AB CD m m m m ++≥=++⎛⎫+++ ⎪⋅⎭==⎝,当且仅当21m =取等号.因此,四边形ACBD 的面积的最小值为3225. 8.(2021·河南平顶山市·高三二模(理))已知椭圆()2222:10x y C a b a b +=>>的离心率2e =,过右焦点(),0F c 的直线y x c =-与椭圆交于A ,B 两点,A在第一象限,且AF =(1)求椭圆C 的方程;(2)在x 轴上是否存在点M ,满足对于过点F 的任一直线l 与椭圆C 的两个交点P ,Q ,都有MP MQ ⋅为定值?若存在,求出点M 的坐标;若不存在,说明理由.【答案】(1)221189x y +=;(2)存在点15,04M ⎛⎫ ⎪⎝⎭,满足MP MQ ⋅为定值..【解析】(1)由2e =,及222a b c =+,得a ==,设椭圆方程为222212x y b b +=,联立方程组22222x y b y x b ⎧+=⎨=-⎩得2340x bx -=.则43A bx =,所以3A F bAF x =-==3b =.所以椭圆C 的方程为221189x y +=.(2)当直线l 不与x 轴重合时,设:3l x ny =+,联立方程组222183x y x ny ⎧+=⎨=+⎩得()222690n y ny ++-=. 设()11,P x y ,()22,Q x y ,(),0M t ,则有12262n y y n +=-+,12292y y n ⋅=-+. 于是()()()()1212121233MP MQ x t x t y y ny t ny t y y ⋅=--+=+-+-+()()()()()()()()2222221212211339163322n y y n t y y t n n t t n n ⎡⎤=++-++-=-+--+-+⎣⎦+()()()22222222627323918212922t t n t t n t t n n ⎡⎤-+-+---+-+⎣⎦==++, 若MP MQ ⋅为定值,则有()222129218t t t -+=-,得1245t =,154t =. 此时218MP MQ t ⋅=-:当直线l 与x轴重合时,()P -,()Q , 也有()()()()21218MP MQ x t x t tt t ⋅=--=-=-.综上,存在点15,04M ⎛⎫ ⎪⎝⎭,满足MP MQ ⋅为定值. 9.(2021·北京平谷区·高三一模)已知椭圆2222:1(0,0)x y C a b a b+=>>的离心率为12,并且经过(0P 点.(1)求椭圆C 的方程;(2)设过点P 的直线与x 轴交于N 点,与椭圆的另一个交点为B ,点B 关于x 轴的对称点为B ',直线PB '交x 轴于点M ,求证:OM ON ⋅为定值.【答案】(1)22143x y+=;(2)证明见解析.【解析】(1)由已知23112bca⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩解得2ab=⎧⎪⎨=⎪⎩C:22143x y+=.(2)证明:由已知斜率存在以下给出证明:由题意,设直线PB的方程为0)y kx k=+≠,(P,()11,B x y,则()11,B x y'-,由223412,x yy kx⎧+=⎪⎨=⎪⎩得()223480k x++=,所以(280∆=>,12834+=-+xk,12834=-+xk,12834=-+yk,所以B⎛⎝,即B⎛⎝⎭,直线PB'的方程为34y xk⎛-=⎝⎭,令0y=得(()224334kxk--=+所以(()224334kMk⎛⎫--⎪⎪+⎝⎭,,令0y=由y kx=+xk=-所以0N⎛⎫⎪⎪⎝⎭,所以OM ON⋅=4.10.(2021·河南新乡市·高三二模(理))已知椭圆2222:1(0)x yC a ba b+=>>的左、右顶点分别为A,B,E 为C 上不同于A ,B 的动点,直线AE ,BE 的斜率AE k ,BE k 满足12AE BE k k ⋅=-,AE BE ⋅的最小值为-4.(1)求C 的方程;(2)O 为坐标原点,过O 的两条直线1l ,2l 满足1//l AE ,2//l BE ,且1l ,2l 分别交C 于M ,N 和P ,Q .试判断四边形MPNQ 的面积是否为定值?若是,求出该定值;若不是,说明理由.【答案】(1)22184x y +=;(2)是定值,【解析】(1)设()00,E x y ,则2200221x y a b+=,故(,0),(,0)A a B a -,∴2202220002222200001AE BEx b a y y y b k k x a x a x a x a a⎛⎫- ⎪⎝⎭⋅=⋅===-+---, 又()()()()22200000021x AE BE x a x a y x a x a b a ⎛⎫⋅=+-+=+-+- ⎪⎝⎭222202c x c c a=-≥-,由题意知:222124b ac ⎧-=-⎪⎨⎪-=-⎩,解得2284a b ⎧=⎨=⎩, ∴椭圆C 的方程为22184x y +=.(2)根据椭圆的对称性,可知OM ON =,OP OQ =, ∴四边形MPNQ 为平行四边形,所以4MPNQ OMP S S=.设1l ,2l 的斜率分别为1k ,2k ,()11,M x y ,()22,P x y ,则111y k x =①,222y k x =②. 又1//l AE ,2//l BE ,即1212AE BE k k k k ⋅=⋅=-. 当MP 的斜率不存在时,12y y =-,12x x =.由①⨯②,得2221121112y k k x x -==-,结合2211184x y +=,解得12x =,1y =∴1114422MPNQ OMPS Sy x ==⨯⨯⨯=当MP 的斜率存在时,设直线MP 的方程为y kx m =+,联立方程组得22184y kx m x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩,得()222214280k x kmx m +++-=,则()()()22222(4)421288840km k m k m ∆=-+-=+->,即122421km x x k +=-+,21222821m x x k -=+.∵()22121212121212121212k x x km x x m y y kx m kx m k k x x x x x x +++++⋅=⋅=⋅==-, ∴22222222841212128221m km k km m k k m k -⎛⎫+-+ ⎪++⎝⎭=--+,整理得:2242m k =+. 由直线MP 过(0,)m ,12144||2||2MPNQ OMPS Sm x x m ==⨯⨯-=2||m == 将2242m k =+代入,整理得MPNQ S =综上,四边形MPNQ 的面积为定值,且为。

高考数学复习---定点问题考点PPT课件

高考数学复习---定点问题考点PPT课件
10
[解] (1)若抛物线的焦点在x轴上,设抛物线方程为y2=ax,代 入点A(1,2),可得a=4,所以抛物线方程为y2=4x.
若抛物线的焦点在y轴上,设抛物线方程为x2=my,代入点A(1, 2),可得m=12,所以抛物线方程为x2=12y.
综上所述,抛物线C的方程是y2=4x或x2=12y.
(1)求椭圆C的方程; (2)证明:直线MN过定点.
15
[解] (1)圆x2+y2=4与x轴交于点(±2,0), 即为椭圆的焦点,圆x2+y2=4与y轴交于点(0,±2), 即为椭圆的上下两顶点,所以c=2,b=2. 从而a=2 2,因此椭圆C的方程为x82+y42=1.
16
(2)证明:设直线MN的方程为y=kx+m. y=kx+m,
3
(2017·全国卷Ⅰ)已知椭圆 C:ax22+by22=1(a>b>0),四点 P1(1,1),P2(0,1),P3(-1, 23),P41, 23中恰有三点在椭圆 C 上.
(1)求 C 的方程; (2)设直线 l 不经过 P2 点且与 C 相交于 A,B 两点.若直线 P2A 与 直线 P2B 的斜率的和为-1,证明:l 过定点.
4
[解] (1)由于P3,P4两点关于y轴对称,故由题设知椭圆C经过 P3,P4两点.
又由a12+b12>a12+43b2知,椭圆C不经过点P1, 所以点P2在椭圆C上. 因此ba1122= +413b,2=1,解得ab22= =41, . 故椭圆C的方程为x42+y2=1.
5
(2)证明:设直线P2A与直线P2B的斜率分别为k1,k2. 如果l与x轴垂直,设l:x=t,由题设知t≠0,且|t|<2,可得A,
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故(2k+1)x1x2+(m-1)(x1+x2)=0. 即(2k+1)·44mk22+-14+(m-1)·4-k28+km1=0,解得k=-m+2 1. 当且仅当m>-1时,Δ>0, 于是l:y=-m+2 1x+m, 即y+1=-m+2 1(x-2), 所以l过定点(2,-1).

抛物线中的切线问题(推荐完整)

抛物线中的切线问题(推荐完整)
过 A, B 两点的直线方程。(直线 AB 用 x0、y0 的形
式表示)
. .
变式 3 如图,设抛物线方程为 x2 2 py( p 0) ,
M(x0,y0)为 x2 2 py 外任意一点,过 M 引抛物线
的两条切线,切点分别为 A(x1,y1), B(x2,y2).求
过 A, B 两点的直线方程 为: x0 x p( y y0 )



x2
x1x0 x2 x0

p( x12 2p
p( x22 2p

y0 ) y0 )
A、M、B三点的横坐标成等差数列
变式 3 如图,设抛物线方程为 x2 2 py( p 0) ,
M(x0,y0)为 x2 2 py 外任意一点,过 M 引抛物线
的两条切线,切点分别为 A(x1,y1), B(x2,y2).求
抛物线中的切线问题
例题:(山东高考)如图,设抛物线方程为
x2 2 py( p 0) , M 为直线 y 2 p 上任意 一点,过 M 引抛物线的切线,切点分别为 A,B . 求证: A,M,B三点的横坐标成等差数列
变式 1:如图,设抛物线方程为 x2 2 py( p 0) ,
xx0 yy0 r2
2. 设P(x0,
y0
)为椭圆
x2 a2

y2 b2
1上的点,则过该点的切线方程为:
xx0 a2
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
yy0 b2
1
3. 设P(
x0
,
y0
)为双曲线
x2 a2

y2 b2
1上的点,则过该点的切线方程为:
xx0 yy0 1

高三数学知识点总结抛物线

高三数学知识点总结抛物线

高三数学知识点总结抛物线高中数学抛物线切线方程1、已知切点Q(x0,y0),若y?=2px,则切线y0y=p(x0+x);若x?=2py,则切线x0x=p(y0+y)等。

2、已知切点Q(x0,y0)若y?=2px,则切线y0y=p(x0+x)。

若x?=2py,则切线x0x=p(y0+y)。

3、已知切线斜率k若y?=2px,则切线y=kx+p/(2k)。

若x?=2py,则切线x=y/k+pk/2(y=kx-pk?/2)。

抛物线相关性质1、过抛物线焦弦两端的切线的交点在抛物线的准线上。

2、过抛物线焦弦两端的切线互相垂直。

3、以抛物线焦弦为直径的圆与抛物线的准线相切。

4、过抛物线焦弦两端的切线的交点与抛物线的焦点的连线和焦点弦互相垂直。

5、过焦弦两端的切线的交点与焦弦中点的连线,被抛物线所平分。

高三学习数学的窍门有哪些1、做题后加强反思高三学生一定要明确一点,就是现在正在做的题,一定不是考试的题。

所以高三学生做题不是目的,学会运用数学题目的解题思路和方法才是正道。

因此,高三学生对于每道题都要加以反思。

2、主动复习总结高三学生想要学好数学,进行章节总结是非常重要的。

在初中的时候,都是教师替学生做总结;但是到了高中之后,就需要学生自己来做了。

所以高三学生需要自己常总结,主动复习。

怎样学好高中数学的方法技巧1.先看笔记后做作业有的高一学生感到,老师讲过的,自己已经听得明明白白了。

但是,为什么自己一做题就困难重重了呢?其原因在于,学生对教师所讲的内容的理解,还没能达到教师所要求的层次。

因此,每天在做作业之前,一定要把课本的有关内容和当天的课堂笔记先看一看。

能否坚持如此,常常是好学生与差学生的最大区别。

尤其练习题不太配套时,作业中往往没有老师刚刚讲过的题目类型,因此不能对比消化。

如果自己又不注意对此落实,天长日久,就会造成极大损失。

2.做题之后加强反思学生一定要明确,现在正做着的题,一定不是考试的题目。

而是要运用现在正做着的题目的解题思路与方法。

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2014年二轮复习抛物线之切线与定点问题
内容
明细内容
要求层次
了解
理解 掌握 圆锥曲线
椭圆的定义与标准方程 √ 椭圆的简单几何意义 √ 抛物线的定义及其标准方程
√ 抛物线的简单几何意义 √ 双曲线的定义及标准方程 √ 双曲线的简单几何性质 √ 直线与圆锥曲线的位置关系

北京三年高考两年模拟统计
中点弦 垂直角度
弦长面积范围
定点定值 共线比例
其它 高考试题 4 1 1 模拟试题 7 8 11 14 4 4 共计
7
8
15
14
5
5
抛物线之切线与定点
2014年高考怎么考
自检自查必考点
抛物线22y px =分为上下两支,可以分别看成函数求导 对于22y px =求导得2'2yy p =,则'p y y
=
抛物线22y px =在11(,)A x y 的切线的斜率为1
AT p k y = 故切线AT 为111
()p
y y x x y -=- 化简得到11
()p
y x x y =
+ 同理切线BT 为22
()p
y x x y =+
抛物线切线性质总结(老师带领学生证明)
性质1:过抛物线一弦AB 的中点平行于对称轴的直线与抛物 线交于点P ,若过P 的切线为PT ,则PT //AB
性质2:过抛物线上一点P 的切线交其对称轴于点T ,则PF TF =
性质3:过抛物线焦点弦的两端点作抛物线的切线,两切线交点在准线上
T
P
Q
B
A
O
y
x
F
O
y
x
A
自检自查必考点
T
F B
A
O
y
x
性质4:过抛物线的准线上任一点所作的两条切线必须相互垂直
性质5:过抛物线准线上任一点作抛物线的切线,则过两切点的弦必过焦点 性质6:切线交点与弦中点连线平行于对称轴
性质7:过抛物线准线上的一点引抛物线的两条切线,则准线上这点与焦点连线与准线的夹角被切线平分 性质8:过准线上任一点作抛物线的切线,过两切点的弦最短时,即为通径
性质9:从抛物线的焦点向它的任意切线作垂线,则其垂足必在抛物线顶点的切线上
性质10:过抛物线的焦点作直线与抛物线的任意切线垂直,则此直线与准线的交点和切线的连线必
平行于此抛物线的对称轴
性质11:抛物线的三切线围成的三角形的垂心必在准线上
【例1】 证明:过抛物线上一点00M x y (,)的切线方程是:00y y p x x =+()
【例2】 设抛物线2y =2px 的焦点弦AB 在其准线上的射影是11A B ,证明:以11A B 为直径的圆必过一定点
2
2y px =例题精讲
【例3】 在平面直角坐标系xoy 中,直线l 与抛物线24y x =相交于不同的,A B 两点.
⑴如果直线l 过抛物线的焦点,求OA OB ⋅u u u r u u u r
的值;
⑵如果4OA OB ⋅=-u u u r u u u r
证明直线l 必过一定点,并求出该定点.
【例4】 如图,过抛物线()220y px p =>上一定点()()000,0,P x y y >作两条直线分别交抛物线于
()()1122.,,.A x y B x y
(I)求该抛物线上纵坐标为
2
p
的点到其焦点F 的距离; (II)当PA 与PB 的斜率存在且倾斜角互补时,求12
y y y +的值,并证明直线AB 的斜率是非零常数.
y
P
O x
A
B
【例5】 如图,抛物线关于x 轴对称,它的顶点在坐标原点,点()()()11221,2,,,,P A x y B x y 均在抛物线上. (I )写出该抛物线的方程及其准线方程;
(II )当PA PB 与的斜率存在且倾斜角互补时,求12y y +的值及直线AB 的斜率.
x
【例6】 如图,在平面直角坐标系xoy 中,过y 轴正方向上一点(0,c)C 任作一直线,与抛物线2y x =相
交于AB 两点,一条垂直于x 轴的直线,分别与线段AB 和直线:l y c =-交于,P Q
(Ⅰ)若2OA OB ⋅=u u u r u u u r
,求c 的值;
(Ⅱ)若P 为线段AB 的中点,求证:QA 为此抛物线的切线; (Ⅲ)试问(Ⅱ)的逆命题是否成立?说明理由。

【例7】 已知抛物线2:2C y x =,直线2y kx =+交C 于,A B 两点,M 是线段AB 的中点,过M 作x 轴的
垂线交C 于点N .
(Ⅰ)证明:抛物线C 在点N 处的切线与AB 平行;
(Ⅱ)是否存在实数k 使0NA NB ⋅=u u u r u u u r
,若存在,求k 的值;若不存在,说明理由.
【例8】 已知点Q 到定点(,0)p (0p >)与它到定直线x p =-的距离相等
(Ⅰ)求动点Q 的轨迹方程;
(Ⅱ)设过点(30)A p -,
的直线与Q 的轨迹交于E 、F 两点,设(30)A p ',,当直线A E '与A F '的斜率都存在时,求证直线A E '、A F '的斜率之和为0.
【例9】 已知平面上两个定点(0,2)M -、(0,2)N ,P 为一个动点,且满足MP MN ⋅=u u u r u u u u r
||||PN MN ⋅u u u r u u u u r .
⑴ 求动点P 的轨迹C 的方程;
⑵ 若A 、B 是轨迹C 上的两个不同动点AN NB λ=u u u r u u u r
.分别以A 、B 为切点作轨迹C 的切线,设其
交点为Q ,证明NQ AB ⋅u u u r u u u r
为定值.
【例10】已知抛物线22y x =及定点(11)(10)A B -,
,,,M 是抛物线上的点,设直线AM BM ,与抛物线的另一交点分别为12M M ,
. 求证:当点M 在抛物线上变动时(只要12M M ,存在且1M 与2M 是不同两点),直线12M M 恒过 一定点,并求出定点的坐标。

(1)
【例11】在平面直角坐标系xoy中,设点(10)
F,,直线:1
l x=-,点P在直线l上移动,R是线段PF与y轴的交点,RQ FP
⊥,PQ l
⊥.
⑴求动点Q的轨迹的方程;
⑵记Q的轨迹的方程为E,过点F作两条互相垂直的曲线E的弦,
AB CD的中点分别为
AB CD,设,
M N.求证:直线MN必过定点(3,0)
,
R.
【例12】过抛物线焦点的一条直线与它交于两点P Q
、,通过点P和抛物线顶点的直线交准线于点M,如何证明直线MQ平行于抛物线的对称轴?
【例13】如图,曲线G 的方程为220.y x y =≥()以原点为圆心,以0t t >()
为半径的圆分别与曲线G 和y 轴的正半轴相交于点A 与点B 直线AB 与x 轴相交于点C .
(Ⅰ)求点A 的横坐标a 与点C 的横坐标c 的关系式;
(Ⅱ)设曲线G 上点D 的横坐标为2a +,求证:
直线CD 的斜率为定值.
x
y B A O a C D
【例14】如图,在平面直角坐标系xOy 中,过y 轴正方向上一点(0,)C c 任作一直线,与抛物线2
y x =相交于AB 两点,一条垂直于x 轴的直线,分别与线段AB 和直线:l y c =-交于,P Q , (1)若2OA OB ⋅=u u u r u u u r ,求c 的值;
(2)若P 为线段AB 的中点,求证:QA 为此抛物线的切线;
(3)试问(2)的逆命题是否成立?说明理由。

【例15】如图,设抛物线方程为22(0)x py p =>,M 为 直线2y p =-上任意一点,过M 引抛物线的切线,
切点分别为A ,B .
⑴ 求证:A ,M ,B 三点的横坐标成等差数列;
⑵ 已知当M 点的坐标为(22)p -,
时,AB = ⑶ 是否存在点M ,使得点C 关于直线AB 的对称点D 在抛物线22(0)x py p =>上,其中,点C 满足OC OA OB =+u u u r u u u r u u u r (O 为坐标原点).若存在,求出所有适合题意的点M 的坐标;若不存在,请
说明理由.
【例16】已知点P 与定点F )0,1( 的距离和它到定直线l: 4x 的距离之比是1 : 2.
(1)求点P 的轨迹C 方程;
(2)过点F 的直线交曲线C 于A, B 两点, A, B 在l 上的射影分别为M, N.
求证AN 与BM 的公共点在x 轴上.。

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